高考物理第二轮要点专题复习课件_1
2012届步步高高考物理大二轮专题复习与增分策略课件：专题二 第1课时
图3
题型2 整体法与隔离法在动力学问题中的应用 题型 如图4所示 所示， 是固定在小车上的水平横杆 物块M中心 是固定在小车上的水平横杆， 例2 如图 所示，bc是固定在小车上的水平横杆，物块 中心 穿过横杆， 通过细线悬吊着小物体 通过细线悬吊着小物体m， 穿过横杆，M通过细线悬吊着小物体 ，当小车在水平地 面上运动的过程中， 始终未相对杆 移动， 、 与小车 始终未相对杆bc移动 面上运动的过程中，M始终未相对杆 移动，M、m与小车 保持相对静止，悬线与竖直方向夹角为 则 受到横杆的 保持相对静止，悬线与竖直方向夹角为α.则M受到横杆的 摩擦力为 ( )
热点题型例析
题型 1 例1 运动学图象问题 (14 分)如图 1 所示， 的足够长的长木板， 如图 所示， 质量为 M＝2 kg 的足够长的长木板， ＝
静止放置在粗糙水平地面上， 静止放置在粗糙水平地面上，有一质量为 m＝3 kg 可视为质 ＝ 点的物块， 从左端冲上木板.4 点的物块，以某一水平初速度 v0 从左端冲上木板 s 后物块 和木板达到 4 m/s 的速度并减速，12 s 末两者同时静止．求 的速度并减速， 末两者同时静止． 物块的初速度并在图 2 中画出物块和木板的 v－t 图象． － 图象．
停车， 停车，考官会在离停车点不远的地方发出指令， 考官会在离停车点不远的地方发出指令，要求将车停 在指定的标志杆附近， 在指定的标志杆附近，终点附近的道路是平直的，依次有编 终点附近的道路是平直的， 根标志杆， 号为 A、B、C、D、E 的 5 根标志杆，相邻杆之间的距离 ∆L 、 、 、 、 所示．一次路考中，学员甲驾驶汽车， ＝12.0 m，如图 6 所示．一次路考中，学员甲驾驶汽车，学 ， 员乙坐在后排观察并记录时间， 学员乙与车前端面的距离为 员乙坐在后排观察并记录时间， l＝2.0 m．假设在考官发出目标停车的指令前，汽车是匀速 ＝ ．假设在考官发出目标停车的指令前， 运动的， 点考官发出指令： 运动的，当学员乙经过 O 点考官发出指令：“在 D 标志杆 目标停车” 发出指令后，学员乙立即开始计时， 目标停车”，发出指令后，学员乙立即开始计时，学员甲需 的反应时间才开始刹车， 要经历 ∆t＝0.5 s 的反应时间才开始刹车，开始刹车后汽车 ＝ 做匀减速直线运动，直到停止． 做匀减速直线运动，直到停止．学员乙记
统考版2023高考物理二轮专题复习策略：热学课件
预测5 如图所示，粗细均匀的半圆形导热细玻璃管两端封闭且竖直 固定放置，内有一段对应60°圆心角的水银柱处于ab段内，水银柱两 端封闭着同种理想气体，此时水银柱产生的压强为p0，右端气体压强 为2p0，环境初始温度为T0，现控制环境温度先缓慢升高再缓慢降低， 最终使水银柱静止于bc段内．
下列说法正确的是________． A．A端为冷端，B端为热端 B．A端流出的气体分子热运动平均速率一定小于B端流出的 C．A端流出的气体内能一定大于B端流出的 D．该装置气体进出的过程满足能量守恒定律，但违背了热力学第 二定律 E．该装置气体进出的过程既满足能量守恒定律，也满足热力学第 二定律
答案：ABE
(1)将环境温度缓慢升高，求B汽缸中的活塞刚到达汽缸底部时的温 度；
答案：43T0 解析：选第Ⅳ部分气体为研究对象，在B汽缸中的活塞到达汽缸底部的过程中 发生等压变化：V0−T014V0＝VT10，解得T1＝43T0.
(2)将环境温度缓慢改变至2T0，然后用气泵从开口C向汽缸内缓慢注 入气体，求A汽缸中的活塞到达汽缸底部后，B汽缸内第Ⅳ部分气体 的压强．
第15讲 热学
考点一 分子动理论 固体与液体的性质 1．必须注意的“三点” (1)分子直径的数量级是10－10 m；分子永不停息地做无规则运动． (2)球体模型(适用于固体、液体)，立方体模型(适用于气体)． (3)晶体、非晶体的关键性区别为是否具有固定的熔点，只有单晶体 才可能具有各向异性． 2．必须弄清分子力和分子势能（理想气体没有分子势能） (1)分子力：分子间引力与斥力的合力．分子间距离增大，引力和斥 力均减小；分子间距离减小，引力和斥力均增大，但斥力总比引力变
新高考二轮复习原子物理课件(46张)
ቤተ መጻሕፍቲ ባይዱ [规律方法]
掌握一个方程，分清四类图像
(1)掌握爱因斯坦光电效应方程：Ek＝hν－W0 (2)分清四类图像：
图像名称
图线形状
由图线直接(间接)得到的物理量
最大初动能 Ek 与 入射光频率 ν 的关 系图线
①截止频率：图线与 ν 轴交点的横坐标 νc ②逸出功：图线与 Ek 轴交点的纵坐标的绝 对值 W0＝|－E|＝E ③普朗克常量：图线的斜率 k＝h
[集训过关]
1．图甲是“光电效应”实验电路图，图乙为某次“光电效应”实验中得到的同
一光电管两端的遏止电压随入射光频率ν变化的函数关系图像。下列判断正确
的是
()
A．入射光的频率ν不同，遏止电压Uc相同 B．图甲所示电路中，当电压表增大到一定数值时，电流计将达到饱和电流 C．只要光的光照强度相同，光电子的最大初动能就一定相同 D．入射光的频率ν不同，光照强度不同，Uc-ν图像的斜率相同
表显示的电压值U称为遏止电压。现分别用频率为ν1和ν2的单色光照射阴极，测
量到的遏止电压分别为U1和U2。设电子质量为m，电荷量为e，则下列关系式中
正确的是
()
A．两种单色光照射阴极时，光电子的最大初动能之比EEkk12＝νν12 B．阴极 K 金属的极限频率 ν0＝U2Uν22－－UU11ν1 C．普朗克常量 h＝eUν12－－νU2 1 D．阴极 K 金属的逸出功 W＝eU1νν12－－νU2 2ν1
解析：逸出功与金属材料有关，与入射光的频率无关，由 Ekm＝hν－W0 可知， 入射光的频率不同，电子的最大初动能不同，又 eUc＝Ekm，所以入射光的频率 不同，遏止电压 Uc 不同，A 错误；必须把图甲所示电路中的电源正负极反接过 来，才能用来验证把光电流与电压的关系，即当电压表增大到一定数值时，电 流计将达到饱和电流，B 错误；由爱因斯坦光电效应方程 Ekm＝hν－W0 可知， 在入射光频率不同的情况下，光电子的最大初动能不同，最大初动能与光照强 度无关，C 错误；由 eUc＝h(ν－νc)，可得 Uc＝he(ν－νc)，故图线的斜率为相同的 常量，D 正确。
高考物理二轮复习五 三大观点的用 第1讲 三
拾躲市安息阳光实验学校第1讲 三大观点在力学综合问题中的应用(建议用时：40分钟)1．(2017·高考天津卷)如图所示，物块A 和B 通过一根轻质不可伸长的细绳相连，跨放在质量不计的光滑定滑轮两侧，质量分别为m A ＝2 kg 、m B ＝1 kg.初始时A 静止于水平地面上，B 悬于空中．现将B 竖直向上再举高h ＝1.8 m(未触及滑轮)，然后由静止释放．一段时间后细绳绷直，A 、B 以大小相等的速度一起运动，之后B 恰好可以和地面接触．取g ＝10 m/s 2，空气阻力不计．求：(1)B 从释放到细绳刚绷直时的运动时间t ；(2)A 的最大速度v 的大小；(3)初始时B 离地面的高度H .解析：(1)B 从释放到细绳刚绷直前做自由落体运动，有h ＝12gt 2①代入数据解得t ＝0.6 s ．②(2)设细绳绷直前瞬间B 速度大小为v B ，有v B ＝gt ③细绳绷直瞬间，细绳张力远大于A 、B 的重力，A 、B 相互作用，由动量守恒得m B v B ＝(m A ＋m B )v ④之后A 做匀减速运动，所以细绳绷直后瞬间的速度v 即为A 的最大速度，联立②③④式，代入数据解得v ＝2 m/s.⑤(3)细绳绷直后，A 、B 一起运动，B 恰好可以和地面接触，说明此时A 、B 的速度为零，这一过程中A 、B 组成的系统机械能守恒，有 12(m A ＋m B )v 2＋m B gH ＝m A gH ⑥ 代入数据解得H ＝0.6 m.答案：见解析2．如图是阿毛同学的漫画中出现的装置，描述了一个“吃货”用来做“糖炒栗子”的“萌”事儿：将板栗在地面小平台上以一定的初速度经两个四分之一圆弧衔接而成的轨道，从最高点P 飞出进入炒锅内，利用来回运动使其均匀受热．我们用质量为m 的小滑块代替栗子，借用这套装置来研究一些物理问题．设大小两个四分之一圆弧半径分别为2R 、R ，小平台和圆弧均光滑．将过锅底的纵截面看做是由两个斜面AB 、C D 和一段光滑圆弧组成．斜面与小滑块间的动摩擦因数均为0.25，而且不随温度变化．两斜面倾角均为θ＝37°，AB ＝C D ＝2R ，A 、D 等高，D 端固定一小挡板，小滑块碰撞它不损失机械能．滑块的运动始终在包括锅底最低点的竖直平面内，重力加速度为g .(1)如果滑块恰好能经P 点飞出，为了使滑块恰好沿AB 斜面进入锅内，应调节锅底支架高度使斜面的A 、D 点离地高为多少？ (2)接(1)问，求滑块在锅内斜面上运动的总路程；(3)对滑块的不同初速度，求其通过最高点P 和小圆弧最低点Q 时受压力之差的最小值．解析：(1)设滑块恰好经P 点飞出时速度为v P ，由牛顿第二定律有mg ＝mv 2P2R得v P ＝2gR到达A 点时速度方向要沿着斜面AB ，则 v y ＝v P tan θ＝342gR所以A 、D 点离地高度为h ＝3R －v 2y2g ＝3916R .(2)进入A 点时滑块的速度为v ＝v P cos θ＝542gR假设经过一个来回能够回到A 点，设回来时动能为E k ，则E k ＝12mv 2－4μmg cosθ·2R <0，所以滑块不会滑到A 而飞出．因mg sin θ>μmg cos θ，则根据动能定理得mg ·2R sin θ－μmg cos θ·s ＝0－12mv 2得滑块在锅内斜面上运动的总路程s ＝221R16. (3)设滑块的初速度和经过最高点时的速度分别为v 1、v 2由牛顿第二定律，在Q 点F 1－mg ＝mv 21R在P 点F 2＋mg ＝mv 222R所以F 1－F 2＝2mg ＋m （2v 21－v 22）2R由机械能守恒有12mv 21＝12mv 22＋mg ·3R得v 21－v 22＝6gR 为定值代入v 2的最小值(v 2＝v P ＝2gR )得压力差的最小值为9mg . 答案：(1)3916R (2)221R16(3)9mg3．(2016·高考全国卷Ⅱ)轻质弹簧原长为2l ，将弹簧竖直放置在地面上，在其顶端将一质量为5m 的物体由静止释放，当弹簧被压缩到最短时，弹簧长度为l .现将该弹簧水平放置，一端固定在A 点，另一端与物块P 接触但不连接．AB 是长度为5l 的水平轨道，B 端与半径为l 的光滑半圆轨道B C D 相切，半圆的直径B D 竖直，如图所示．物块P 与AB 间的动摩擦因数μ＝0.5.用外力推动物块P ，将弹簧压缩至长度l ，然后放开，P 开始沿轨道运动．重力加速度大小为g .(1)若P 的质量为m ，求P 到达B 点时速度的大小，以及它离开圆轨道后落回到AB 上的位置与B 点之间的距离；(2)若P 能滑上圆轨道，且仍能沿圆轨道滑下，求P 的质量的取值范围．解析：(1)依题意，当弹簧竖直放置，长度被压缩至l 时，质量为5m 的物体的动能为零，其重力势能转化为弹簧的弹性势能．由机械能守恒定律，弹簧长度为l 时的弹性势能 E p ＝5mg l①设P 的质量为M ，到达B 点时的速度大小为v B ，由能量守恒定律得E p ＝12Mv 2B ＋μMg ·4l ②联立①②式，取M ＝m 并代入题给数据得v B ＝6gl ③若P 能沿圆轨道运动到D 点，其到达D 点时的向心力不能小于重力，即P 此时的速度大小v 应满足mv 2l－mg ≥0④ 设P 滑到D 点时的速度为v D ，由机械能守恒定律得12mv 2B ＝12mv 2D ＋mg ·2l ⑤ 联立③⑤式得v D ＝2gl ⑥v D 满足④式要求，故P 能运动到D 点，并从D 点以速度v D 水平射出．设P 落回到轨道AB 所需的时间为t ，由运动学公式得2l ＝12gt 2⑦P 落回到轨道AB 上的位置与B 点之间的距离为s ＝v D t ⑧联立⑥⑦⑧式得s ＝22l .⑨(2)为使P 能滑上圆轨道，它到达B 点时的速度不能小于零．由①②式可知5mgl >μMg ·4l ⑩要使P 仍能沿圆轨道滑回，P 在圆轨道上的上升高度不能超过半圆轨道的中点C .由机械能守恒定律有12Mv 2B ≤Mgl ⑪ 联立①②⑩⑪式得53m ≤M <52m .答案：见解析4．如图所示，长L ＝5.5 m 、质量M ＝2 kg 的滑板A 静止在水平地面上，在滑板右端放一质量m ＝1 kg 的小滑块(可视为质点)．已知滑板A 与地面的动摩擦因数μ1＝0.2，滑块B 与A 的动摩擦因数μ2＝0.1，可认为A 与地面、A 与B间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g ＝10 m/s 2.试求：(1)要将滑板从滑块下抽出，施加在滑板上的水平拉力至少要大于多少？ (2)若施加的水平拉力F ＝11 N ，要使滑板从滑块下抽出，F 作用的最短时间．解析：(1)B 在A 上的最大加速度：a B ＝μ2mg m＝1 m/s 2要使A 从B 下抽出，必须满足：a A >a B ① 对A 由牛顿第二定律得：F －μ1(M ＋m )g －μ2mg ＝Ma A ②联立①②代入数据解得：F >9 N . (2)当F ＝11 N ，代入②式解得： 滑板加速度大小a A 1＝2 m/s 2此时B 的加速度大小a B ＝1 m/s 2F 作用t 秒时相对滑动的距离Δx 1＝12a A 1t 2－12a B t 2③此时A 、B 速度大小分别为v A ＝a A 1t ④v B ＝a B t ⑤撤去F 后，B 的加速度大小仍为：a B ＝1 m/s 2A 做匀减速运动的加速度大小为a A 2＝μ1（m ＋M ）g ＋μ2mg M＝3.5 m/s 2若滑到滑板左端时，两者相对静止，相对滑动的距离为Δx 2由相对运动得：(v A －v B )2＝2(a A 2＋a B )Δx 2⑥由题意得：Δx 1＋Δx 2＝L ⑦联立③④⑤⑥⑦代入数据，解得：t ＝3 s. 答案：(1)9 N (2)3 s(建议用时：40分钟)1.(2018·福建龙岩质量检查)一长木板在光滑水平地面上匀速运动，在t ＝0时刻将一物块无初速度轻放到木板上，此后长木板运动的速度－时间图象如图所示．已知长木板的质量M ＝2kg ，物块与木板间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，且物块始终在木板上．取g ＝10 m/s 2，求：(1)物块的质量m ；(2)这一过程中长木板和物块的内能增加了多少？解析：(1)长木板和物块组成的系统动量守恒：Mv ＝(M ＋m )v 共将M ＝2 kg ，v ＝6.0 m/s ，v 共＝2.0 m/s ，代入解得：m ＝4 kg.(2)设这一过程中长木板和物块的内能增加量为Q ，根据能量守恒定律：Q ＝12Mv2－12(M ＋m )v 2共＝24 J. 答案：(1)4 kg (2)24 J2.如图所示，固定于同一条竖直线上的A 、B 是两个带等量异种电荷的点电荷，电荷量分别为＋Q 和－Q ，A 、B 相距为2d ，MN 是竖直放置的光滑绝缘细杆，另有一个穿过细杆的带电小球P ，质量为m 、电荷量为＋q (可视为点电荷，不影响电场的分布)，现将小球P 从与点电荷A 等高的C 处由静止开始释放，小球P 向下运动到距C 点距离为d 的O 点时，速度为v ，已知MN 与AB 之间的距离为d ，静电力常量为k ，重力加速度为g ，求：(1)C 、O 间的电势差U CO ；(2)O 点处的电场强度E 的大小．解析：(1)小球由C 运动到O 时，由动能定理得 mgd ＋qU C O ＝12mv 2－0，解得U C O ＝mv 2－2mgd2q.(2)小球经过O 点时所受电场力如图所示，由库仑定律得F 1＝F 2＝k Qq（2d ）2它们的合力为F ＝F 1cos 45°＋F 2cos 45°＝2kQq2d2O 点处的电场强度E ＝F q ＝2kQ2d 2.答案：(1)mv 2－2mgd 2q (2)2kQ2d23．如图所示，质量m B ＝3.5 kg 物体B 通过下端固定在地面上的轻弹簧与地面连接，弹簧的劲度系数k ＝100 N/m.轻绳一端与物体B 连接，另一端绕过两个光滑的轻质小定滑轮O 1、O 2后，与套在光滑直杆顶端E 处的质量m A ＝1.6 kg 的小球A 连接．已知直杆固定不动，杆长L 为0.8 m ，且与水平面的夹角θ＝37°.初始时使小球A 静止不动，与A 相连的一段绳子保持水平，此时绳子中的张力F 为45 N ．已知EO 1＝0.5 m ，重力加速度g 取10 m/s 2，绳子不可伸长，现将小球A 从静止释放(sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8)．求 (1)在释放小球A 前弹簧的形变量．(2)若直线CO 1与杆垂直，求小球A 运动到C 点的过程中绳子拉力对小球A 做的功．(3)小球A 运动到底端D 点时的速度大小．解析：(1)释放小球前，B 处于静止状态，由于绳子中的张力大于物体B 的重力，故弹簧被拉伸，设弹簧形变量为x ，有kx ＝F －m B g ，解得x ＝0.1 m.(2)对A 球从E 点运动到C 的过程应用动能定理得W ＋m A gh ＝12m A v 2A －0①其中h ＝x CO 1cos 37°，而x CO 1＝x EO 1sin 37°＝0.3 m物体B 下降的高度h ′＝x EO 1－x CO 1＝0.2 m ②由此可知，弹簧这时被压缩了0.1 m ，此时弹簧弹性势能与初始时刻相等，A 、B 和弹簧组成的系统机械能守恒，有m A gh ＋m B gh ′＝12m A v 2A ＋12m B v 2B ③由题意知，小球A 在C 点时运动方向与绳垂直，此时B 物体速度v B ＝0④ 由①②③④得W ＝7 J.(3)由题意知，杆长L ＝0.8 m ，由几何知识可知EC ＝CD ，∠CDO 1＝∠CEO 1＝37°，故DO 1＝EO 1当A 到达D 时，弹簧弹性势能与初状态相等，物体B 又回到原位置，将A 在D 点的速度沿平行于绳和垂直于绳两方向进行分解，平行于绳方向的速度即B 的速度，由几何关系得v ′B ＝v ′A cos 37°⑤ 整个过程机械能守恒，可得m A gL sin 37°＝12m A v ′2A ＋12m B v ′2B ⑥由⑤⑥得v ′A ＝2 m/s. 答案：见解析4．(2018·滨州二模)如图所示，光滑水平面MN 的左端M 处固定有一能量补充装置P ，使撞击它的物体弹回后动能在原来基础上增加一定值．右端N 处与水平传送带恰好平齐且靠近，传送带沿逆时针方向以恒定速率v ＝6 m/s 匀速转动，水平部分长度L ＝9 m ．放在光滑水平面上的两相同小物块A 、B (均视为质点)间有一被压缩的轻质弹簧，弹性势能E p ＝9 J ，弹簧与A 、B 均不粘连，A 、B与传送带间的动摩擦因数μ＝0.2，物块质量m A ＝m B ＝1 kg.现将A 、B 同时由静止释放，弹簧弹开物块A 和B 后，迅速移去轻弹簧，此时，A 还未撞击P ，B 还未滑上传送带．取g ＝10 m/s 2.求： (1)A 、B 刚被弹开时的速度大小．(2)试通过计算判断B 第一次滑上传送带后，能否从传送带右端滑离传送带． (3)若B 从传送带上回到光滑水平面MN 上与被弹回的A 发生碰撞后粘连，一起滑上传送带．则P 应给A 至少补充多少动能才能使二者一起滑离传送带． 解析：(1)弹簧弹开的过程中，系统机械能守恒 E p ＝12m A v 2A ＋12m B v 2B由动量守恒有m A v A －m B v B ＝0联立以上两式解得v A ＝3 m/s ，v B ＝3 m/s.(2)假设B 不能从传送带右端滑离传送带，则B 做匀减速运动直到速度减小到零，设位移为s.由动能定理得－μm B g s ＝0－12m B v 2B解得s ＝v 2B2μg＝2.25 ms<L ，B 不能从传送带右端滑离传送带． (3)设物块A 撞击P 后被反向弹回的速度为v 1 由功能关系可知：E ＋12m A v 2A ＝12m A v 21由物块B 在传送带上先向右做匀减速运动，直到速度减小到零，然后反方向做匀加速运动．由运动的对称性可知，物块B 回到皮带左端时速度大小应为v 2＝v B ＝3 m/s.B 与A 发生碰撞后粘连共速为v ′，由动量守恒定律可得： m A v 1－m B v 2＝(m A ＋m B )v ′要使二者能一起滑离传送带，要求 12(m A ＋m B )v ′2≥μ(m A ＋m B )gL 由以上四式可得：E ≥108 J. 答案：见解析。
高考物理二轮复习课件：力学中的物体平衡
)
【切入点】运用力的矢量三角形方法解题．
【解析】此题应用力的矢量三角形的方法解 决。变化情况如图所示．
【答案】B
【点评】注意解决共点力平衡中动态 平衡的分析方法．
【例 6】 (2012· 新课标卷)如图 1- 6，一小球放置 1在木板与竖直墙面之间． 设墙面对球的压力大小为 N1， 球对木板的压力大小为 N2.以木板与墙连接点所形成 的水平直线为轴，将木板从图示位置开始缓慢地转到 水平位置．不计摩擦，在此过程中( A．N1 始终减小，N2 始终增大 B．N1 始终减小，N2 始终减小 C．N1 先增大后减小，N2 始终减小 D．N1 先增大后减小，N2 先减小后增大
【切入点】Q所受的静摩擦力是被动力，其大小和 方向由沿斜面方向其他力的合力决定． 【解析】未施加水平向左的恒力时，Q是否受摩
擦力以及摩擦力的方向都不能确定．设绳拉力为
F ， 摩 擦 力 为 f ， ( 当 F=mgsinq 时 ， f=0 ； 当 F>F=mgsinq 时，f沿斜面向下；当F<F=mgsinq 时， f沿斜面向上．)因此施加水平恒力后，受的摩擦 力如何变化是不能确定的．而P始终处于平衡状
3．注意区分弹簧和轻绳弹力的特点
【例4】如图所示，一质量为m的物体系于长度
分别为l1、l2的两根细线上，l1的一端悬挂在天花
板上，与竖直方向夹角为 q ，l2水平拉直，物体 处于平衡状态．现将l2线剪断，求剪断瞬间物体 的加速度．
(1)下面是某同学对该题的一种解法： 设l1线上拉力为T1, l2线上拉力为T2，重力为mg物体在 三力作用下保持平衡． T1cosq =mg，T1sinq =T2，T2=mgtanq 剪断线的瞬间，T2突然消失，物体即在T2反方向获得加速 度．因为mgtanq =ma，所以加速度a=gtanq ，方向在T2 反方向． 你认为这个结果正确吗？请对该解法作出评价并说 明理由． (2)若将图(a)中的细线l1 改为长度相同、质量不计的 轻弹簧，如图(b)所示，其他条件不变，求解的步骤和结 果与(1)完全相同，即a=gtanq ，你认为这个结果正确吗？ 请说明理由．
2023届高考物理二轮专题复习课件：碰撞模型1
板水平部分的动摩擦因数为μ。物块M位于最低点时与物体P处于同一高度。将物块M、
N同时由静止释放，当轻绳竖直时，物块M脱离轻绳飞出，恰好与物块P发生弹性碰撞。
物块M和N质量分别为1kg和3kg，物体P的质量为1kg，轨道ABC的质量为2kg，重力加
2023届高考物理二轮复习课件
专题
碰撞模型
例1 两个相同的小球A、B在光滑的水平地面上相向运动，已知A的
速度vA=4m/s（设为正），B的速度vB=-3m/s，则它们发生正碰后，
A、B两球速度可能分别为（ C ）
A．-4m/s和+5m/s
B. +2m/s和-1m/s
C. 均为0.5m/s
D. +0.6m/s和+0.4m/s
(1)分析运动过程，选择系统，判断动量是否守恒或者某一方向动
量守恒。
(2)运用规律解决有关问题。
例4光滑的足够长的固定水平杆上套有物块N，通过一根不可伸长的长度为l=3m的轻绳
悬挂物块M，细绳与竖直方向的夹角为53°，开始时物块M、N均由外力固定。一滑板
的上表面由长度L=2m的粗糙水平部分AB和半径R=0.5m的四分之一光滑圆弧BC组成，
（1）电场强度的大小和碰后N球的速度大小
（2） 判断碰后M球能否运动到D点
例7． (多选)如图所示，“ U”形金属线框放置在光滑绝缘水
平面上，一根质量为m的金属棒放置在光滑线框上，且与线
框两边垂直，整个装置处在竖直向上的匀强磁场中，现给金
属棒一个水平向右、大小为v0 的初速度，金属棒在向右运动
的过程中，始终与线框两边垂直且接触良好，当金属棒刚好
高考物理二轮复习专题突破(考情预览+易错辨析+核心突破)功 功率 动能定理课件课件
图3－1－5
2．机车以恒定加速度启动
(1)流程图呈现
明 考 向 · 考 情 预 览
析 考
(2)v－t 图象呈现(如图 3－1－6)
点
·
核
心
突
破
菜单
图3－1－6
二轮专题复习 ·物理
辨 误 区 · 易 错 例 析
高 考 冲 关
二轮专题复习 ·物理
(多选)(2013·临沂模拟)某电动汽车在平直公路
明 上从静止开始加速，测得发动机功率随时间变化的图象和其 辨
考
误
向 ·
速度随时间变化的图象分别如图 3－1－7 甲、乙所示，若电
区 ·
考
易
情 预
动汽车所受阻力恒定，则下列说法正确的是(
)
错 例
览
析
析 考 点 · 核 心 突 破
甲
图 3－1－7
菜单
高 考 冲 关
乙
二轮专题复习 ·物理
A．测试时该电动汽车所受阻力为 1.0×103 N
明 考
B．该电动汽车的质量为 1.2×103 kg
析
考
点
高
·
考
核
冲
心
关
突
破
菜单
二轮专题复习 ·物理
【解析】 小球做平抛运动离斜面最远时，速度方向平
明 考 向
行于斜面，则有vgt0＝tan θ，得 t＝v0tagn θ，A 对；由 H＝12gt2
辨 误 区
·
·
考 情 预 览
可得小球在这一过程中下落的位移为v20t2agn2θ，则这一过程重
易 错 例 析
析 力做的功 W＝mv20t2an2θ，B 错；由 P ＝Wt 可得重力的平均功
高考物理二轮复习 专题四 第1课时 功能关系的应用课件 新人教版
动量和能量
专题定位 本专题解决的是应用功能关系解决物体的 运动和带电粒子(或导体棒模型 或导体棒模型)在电场或磁场中的运动问 运动和带电粒子 或导体棒模型 在电场或磁场中的运动问 考查的重点有以下几方面： 重力、摩擦力、 题．考查的重点有以下几方面：①重力、摩擦力、静电力 和洛伦兹力的做功特点和求解；②与功、功率相关的分析 和洛伦兹力的做功特点和求解； 与功、 与计算； 几个重要的功能关系的应用； 与计算 ；③几个重要的功能关系的应用； ④动能定理的应 综合应用机械能守恒定律和动量守恒定律分析问题． 用；⑤综合应用机械能守恒定律和动量守恒定律分析问题． 本专题是高考的重点和热点，命题情景新，联系实际密切， 本专题是高考的重点和热点，命题情景新，联系实际密切， 综合性强，选择题有，但更侧重在计算题中命题， 综合性强，选择题有，但更侧重在计算题中命题，是高考 的压轴题． 的压轴题． 深刻理解功和功率的概念， 应考策略 深刻理解功和功率的概念， 抓住两种命题情 景搞突破：一是综合应用动能定理、 景搞突破：一是综合应用动能定理、机械能守恒定律和动 量守恒定律，结合动力学方法解决多运动过程问题； 量守恒定律，结合动力学方法解决多运动过程问题；二是 运用动能定理和动量守恒定律解决电场、 运用动能定理和动量守恒定律解决电场、磁场内带电粒子 的运动或电磁感应问题． 的运动或电磁感应问题．
图1
抬高 B，使木板的倾角与前一过程相同，再让物块从 B ，使木板的倾角与前一过程相同， 上述两过程相比较， 由静止开始滑到 A.上述两过程相比较，下列说法中一定 上述两过程相比较 正确的有 A．物块经过 P 点的动能，前一过程较小 ． 点的动能， B．物块从顶端滑到 P 点的过程中因摩擦产生的热量，前 ． 点的过程中因摩擦产生的热量， 一过程较少 C．物块滑到底端的速度，前一过程较大 ．物块滑到底端的速度， D．物块从顶端滑到底端的时间，前一过程较长 ．物块从顶端滑到底端的时间， ( )
高考物理二轮复习课件：专题3考点1电场 带电粒子在电场中的运动
解析 由图知，a 点处的电场线比 b 点处的电场线密集，所以 A 正确； 过 a 点画等势线，与 b 点所在电场线的交点设为 e，由电场线与等势线垂直， 以及沿电场线方向电势降低可知：φb>φe，所以 b 点的电势高于 a 点的电势， 故 B 错误；两个负点电荷在 c 处的合场强为 0，在 d 处的合场强为 E1，竖 直向下，正点电荷在 c、d 处的场强大小均为 E2，方向相反，由电场强度的 叠加原理知 Ec＝E2，Ed＝E2－E1，C 正确；将一个正试探电荷从 d 移到 c， 正点电荷对其不做功，两个负点电荷对其做正功，电势能减小，可得 d 点 电势高于 c 点电势，故 D 正确。
解析
2．(2017·全国卷Ⅲ) (多选)一匀强电场的方向平行于 xOy 平面，平面内 a、b、c 三点的位置如图所示，三点 的电势分别为 10 V、17 V、26 V。下列说法正确的是 ()
A．电场强度的大小为 2.5 V/cm B．坐标原点处的电势为 1 V C．电子在 a 点的电势能比在 b 点的低 7 eV D．电子从 b 点运动到 c 点，电场力做功为 9 eV
第一部分 专题特训题组
专题三 电场和磁场 考点1 电场 带电粒子在 电场中的运动
经典特训题组
1. (多选)两个相同的负点电荷和一个正点电荷附近的电场线分布如图 所示，c 点是两负点电荷连线的中点，d 点在正点电荷的正上方，c、d 到正 点电荷的距离相等，则( )
A．a 点的电场强度比 b 点的大 B．a 点的电势比 b 点的高 C．c 点的电场强度比 d 点的大 D．c 点的电势比 d 点的低
解析
6．(多选)如图甲，两水平金属板间距为 d，板间电场强度随时间的变 化规律如图乙所示。t＝0 时刻，质量为 m 的带电微粒以初速度 v0 沿中线射 入两板间，0～T3时间内微粒匀速运动，T 时刻微粒恰好经金属板边缘飞出， 微粒运动过程中未与金属板接触，重力加速度的大小为 g。关于微粒在 0～ T 时间内运动的描述，正确的是( )
2021新高考物理二轮总复习课件：专题三 第1讲 电场 带电粒子在电场中的运动
专题三第一讲ꢀ电场ꢀ带电粒子在电场中的运动价值引领备考定向体系构建真题感悟0102内容索引03高频考点能力突破04素养提升微课堂价值引领备考定向本专题是高中物理电磁学知识的核心部分,是高考考查的重点,电磁学压轴计算题通常就是带电粒子在电磁场中的运动问题,在复习过程中要注意高考评价体核心价值系中的综合性、应用性和创新性要求。
新高考可能会结合先进科技成果、生ꢀ产生活实际情境命题,通过解决这些实际问题,强化爱国主义情怀、践行社会主核心要求义核心价值观、弘扬中华优秀传统文化、提升民族自豪感物理观念方面,物质观念主要包括电荷、电场和电场线、磁场和磁感线,运动观念主要包括匀变速直线运动、类平抛运动和匀速圆周运动,相互作用观念主要包括电场强度和磁感应强度、电场力和磁场力,能量观念主要包括带电粒子的动能、电势能和磁场能;科学思维方面,主要包括点电荷、带电粒子在匀强电场中的偏转、带电粒子在匀强磁场中的圆周运动等模型的建构,以及相应的科学推理和科学论证素养ꢀ学科素养ꢀ理解能力、模型建构能力、逻辑推理能力、分析综合能力、信息核关键能力加工能力ꢀꢀ心要电场和磁场的基本性质,电场力和磁场力的特性,安培定则和左手定则,两类偏转模型(类平抛运动和圆周运动),带电粒子在场中的运动求必备知识性质、规律和分析处理方法ꢀ日常生活类:生活生产中静电现象、古代指南针、司南的应用等;学习探索类:电荷守恒定律与库仑定律的应用,力电综合问题的应用,带电粒子在场中的运动等;生产科技类:质谱仪、速度选择器、回旋加速器、霍尔效应等ꢀ试题情境单一知识点的考查常以选择题的形式出现;综合考查多个知识点的题目可以以选择题形式出现,也可以以计算题的形式出现考查方式电场部分:以带电粒子运动轨迹和电场线或等势面间的关系为核心考查电场力的性质和电势能的性质,以带电粒子在匀强电场中的加速、偏转为考查重点,兼顾带电粒子在非匀强电场中的偏转轨迹的分析;考向预测磁场部分:以考查带电粒子在磁场中的圆周运动为主,其次是磁感应强度的叠加和通电导体所受安培力问题;综合部分:带电粒子在各种组合场、复合场中的运动和临界问题的考查是重点,并注意关注在生产科技中的应用体系构建真题感悟【网络构建】【高考真题】1.(2020全国Ⅲ卷)如图所示,∠M是锐角三角形PMN最大的内角,电荷量为q(q>0)的点电荷固定在P点。