大学物理第一章答案
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1.5 一质点沿半径为0.10m的圆周运动,其角位置(以弧度表示)可用公式表示:θ= 2 + 4t3.求:
(1)t = 2s时,它的法向加速度和切向加速度;
(2)当切向加速度恰为总加速度大小的一半时,θ为何值?
(3)在哪一时刻,切向加速度和法向加速度恰有相等的值?
[解答](1)角速度为
ω= dθ/dt = 12t2 = 48(rad·s-1),
法向加速度为
an = rω2 = 230.4(m·s-2);
角加速度为
β= dω/dt = 24t = 48(rad·s-2),
切向加速度为
at = rβ= 4.8(m·s-2).
(2)总加速度为a = (at2 + an2)1/2,
当at = a/2时,有4at2 = at2 + an2,即
.
由此得,
即,
解得.
所以
=3.154(rad).
(3)当at = an时,可得rβ= rω2,
即24t = (12t2)2,
解得t = (1/6)1/3 = 0.55(s).
1.7 一个半径为R = 1.0m的轻圆盘,可以绕一水平轴自由转动.一根轻绳绕在盘子的边缘,其自由端拴一物体A.在重力作用下,物体A从静止开始匀加速地下降,在Δt =
2.0s内下降的距离h = 0.4m.求物体开始下降后3s末,圆盘边缘上任一点的切向加速度与法向加速度.
[解答]圆盘边缘的切向加速度大小等于物体A下落加速度.
由于,所以
at = 2h/Δt2 = 0.2(m·s-2).
物体下降3s末的速度为
v = att = 0.6(m·s-1),
这也是边缘的线速度,因此法向加速度为
= 0.36(m·s-2).
1.8 一升降机以加速度1.22m·s-2上升,当上升速度为
2.44m·s-1时,有一螺帽自升降机的天花板上松落,天花板与升降机的底面相距2.74m.计算:
(1)螺帽从天花板落到底面所需的时间;
(2)螺帽相对于升降机外固定柱子的下降距离.
[解答]在螺帽从天花板落到底面时,升降机上升的高度为
;
螺帽做竖直上抛运动,位移为
.
由题意得h = h1 - h2,所以
,
解得时间为
= 0.705(s).
算得h2 = -0.716m,即螺帽相对于升降机外固定柱子的下降距离为0.716m.[注意]以升降机为参考系,钉子下落时相对加速度为a + g,而初速度为零,可列方程
h = (a + g)t2/2,
由此可计算钉子落下的时间,进而计算下降距离.
第一章质点运动学
1.1 一质点沿直线运动,运动方程为x(t) = 6t2 - 2t3.试求:
(1)第2s内的位移和平均速度;
(2)1s末及2s末的瞬时速度,第2s内的路程;
(3)1s末的瞬时加速度和第2s内的平均加速度.
[解答](1)质点在第1s末的位移大小为
x(1) = 6×12 - 2×13 = 4(m).
在第2s末的位移大小为
x(2) = 6×22 - 2×23 = 8(m).
在第2s内的位移大小为
Δx = x(2) –x(1) = 4(m),
经过的时间为Δt = 1s,所以平均速度大小为
=Δx/Δt = 4(m·s-1).
(2)质点的瞬时速度大小为
v(t) = dx/dt = 12t - 6t2,
因此v(1) = 12×1 - 6×12 = 6(m·s-1),
v(2) = 12×2 - 6×22 = 0,
质点在第2s内的路程等于其位移的大小,即Δs = Δx = 4m.
(3)质点的瞬时加速度大小为
a(t) = dv/dt = 12 - 12t,
因此1s末的瞬时加速度为
a(1) = 12 - 12×1 = 0,
第2s内的平均加速度为
= [v(2) - v(1)]/Δt = [0 –6]/1 = -6(m·s-2).
[注意]第几秒内的平均速度和平均加速度的时间间隔都是1秒.
1.2 一质点作匀加速直线运动,在t = 10s内走过路程s = 30m,而其速度增为n = 5倍.试证加速度为.
并由上述数据求出量值.
[证明]依题意得vt = nvo,
根据速度公式vt = vo + at,得
a = (n –1)vo/t,(1)
根据速度与位移的关系式vt2 = vo2 + 2as,得
a = (n2 –1)vo2/2s,(2)
(1)平方之后除以(2)式证得
.
计算得加速度为
= 0.4(m·s-2).
1.3一人乘摩托车跳越一个大矿坑,他以与水平成2
2.5°的夹角的初速度65m·s-1从西边起跳,准确地落在坑的东边.已知东边比西边低70m,忽略空气阻力,且取g = 10m·s-2.问:(1)矿坑有多宽?他飞越的时间多长?
(2)他在东边落地时的速度?速度与水平面的夹角?
[解答]方法一:分步法.(1)夹角用θ表示,人和车(他)在竖直方向首先做竖直上抛运动,初速度的大小为
vy0 = v0sinθ= 24.87(m·s-1).
取向上的方向为正,根据匀变速直线运动的速度公式
vt - v0 = at,
这里的v0就是vy0,a = -g;当他达到最高点时,vt = 0,所以上升到最高点的时间为t1 = vy0/g = 2.49(s).
再根据匀变速直线运动的速度和位移的关系式
vt2 - v02 = 2as,
可得上升的最大高度为
h1 = vy02/2g = 30.94(m).
他从最高点开始再做自由落体运动,下落的高度为
h2 = h1 + h = 100.94(m).
根据自由落体运动公式s = gt2/2,得下落的时间为
= 4.49(s).
因此他飞越的时间为
t = t1 + t2 = 6.98(s).
他飞越的水平速度为
vx0 = v0cosθ= 60.05(m·s-1),
所以矿坑的宽度为
x = vx0t = 419.19(m).
(2)根据自由落体速度公式可得他落地的竖直速度大小为
vy = gt = 69.8(m·s-1),
落地速度为
v = (vx2 + vy2)1/2 = 92.08(m·s-1),
与水平方向的夹角为
φ= arctan(vy/vx) = 49.30?,
方向斜向下.
方法二:一步法.取向上的方向为正,他在竖直方向的位移为y = vy0t - gt2/2,移项得时间的一元二次方程
,
解得
.
这里y = -70m,根号项就是他落地时在竖直方向的速度大小,由于时间应该取正值,所以公式取正根,计算时间为
t = 6.98(s).
由此可以求解其他问题.
1.4一个正在沿直线行驶的汽船,关闭发动机后,由于阻力得到一个与速度反向、大小与船速平方成正比例的加速度,即dv/dt = -kv2,k为常数.
(1)试证在关闭发动机后,船在t时刻的速度大小为;