安徽省泗县巩沟中学2017-2018学年度上学期高二期末考试物理试题
安徽省六安市舒城中学2017-2018学年高二上学期期末考试物理试题
安徽省六安市舒城中学2017-2018学年高二上学期期末考试物理试题一、多选题1. 下列说法正确的是（）A．一小段通电导线在某处不受磁场力作用，该处的磁感应强度不一定为零B．放入电场中某位置的电荷受到的电场力不为零，则该位置的电场强度一定不为零C．把一导体拉长后，其电阻率增大，电阻值增大D．一小段通电导体在磁场中某位置受到的磁场力方向即为该点的磁感应强度的方向2. 如图所示，电路中A、B为两块竖直放置的金属板，G是一只静电计，开关S合上后，静电计指针张开一个角度，下述做法可使指针张角增大的是( )A．使A、B两板靠近一些B．使A、B两板正对面积错开一些C．断开S后，使A板向左平移拉开一些D．断开S后，使A、B正对面积错开一些3. 用如图所示的电路来测量电池电动势和内电阻，根据测得的数据作出了如图所示的图像，由图可知（）A．电池电动势的测量值是1.4VB．电池内阻的测量值是C．外电路发生短路时的电流为0.4AD．电压表的示数为1.2V时，电流表的示数4. 如图所示，两个相同的带电粒子，不计重力，同时从A孔沿AD方向射入一正方形空腔中，空腔中有垂直纸面向里的匀强磁场，两粒子的运动轨迹分别为a和b，则两粒子的速率和在空腔中运动的时间的关系正确的是（）A．v a<v b B．v a>v bC．t a<t b D．t a>t b5. 倾角为α的光滑导电轨道间接有电源，轨道间距为L，轨道上放一根质量为m的金属杆ab，金属杆中的电流为I，现加一垂直金属杆ab的匀强磁场，如图所示，ab杆保持静止，则磁感应强度方向和大小可能为（）A．方向垂直轨道平面向上时，磁感应强度最小，大小为B．z正向，大小为C．X正向，大小为D．Z正向，大小为二、单选题6. 如图所示，两个闭合铝环A 、B 与一个螺线管套在同一铁芯上，A 、B 可以左右摆动，则() A ．在S 闭合的瞬间，A 、B 必相斥B ．在S 闭合的瞬间，A 、B 必相吸C ．在S 断开的瞬间，A 、B 必相斥D ．在S 断开的瞬间，A 、B 必相吸7. 带电小球以一定的初速度 v 0竖直向上抛出，能够达到的最大高度为 h 1；若加上水平方向的匀强磁场，且保持初速度仍为 v 0，小球上升的最大高度为 h 2，若加上水平方向的匀强电场，且保持初速度仍为 v 0，小球上升的最大高度为 h 3，如图所示，不计空气阻力，则( ) A ．h 1＝h 2＝h 3B ．h 1＞h 2＞h 3C ．h 1＝h 2＞h 3D ．h 1＝h 3＞h 28. 如图所示，矩形线框在匀强磁场中做的各种运动，能够产生感应电流的是（ ）A ．B ．C ．D ．9. 如图所示,在两根平行长直导线中，通以方向相同、大小相等的恒定电流．一个小线框在两导线平面内，从靠近右边的导线内侧沿着与两导线）垂直的方向匀速向左移动，直至到达左边导线的内侧．在这移动过程中，线框中的感应电流方向（A．沿abcda不变B．沿dcbad不变C．由abcda 变为dcbad D．由dcbad变为abcda10. 竖直导线ab与水平面上放置的圆线圈隔有一小段距离，其中直导线固定，线圈可自由运动，当同时通以如图4所示方向的电流时（圆线圈内电流从上向下看是逆时针方向电流），则从左向右看，线圈将（）A．不动。
易错汇总2017-2018年安徽省六安一中高二上学期期末物理试卷和答案
2017-2018学年安徽省六安一中高二（上）期末物理试卷一．选择题（本题共12个小题，每小题4分，共48分．在每小题给出的四个选项中，第1～8题只有一个选项正确，第9～12题有多个选项正确．全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错的或不答的得0分）1．（4分）电场中有A、B两点，一个点电荷在A点的电势能为 1.2×10﹣8J，在B 点的电势能为0.8×10﹣8J．已知A、B两点在同一条电场线上，如图所示，该点电荷的电荷量的绝对值为 1.0×10﹣9C，那么（）A．该电荷为负电荷B．该电荷为正电荷C．A、B两点的电势差U AB=4.0VD．把电荷从A移到B，静电力做功为W=2.5×10﹣10J2．（4分）如图所示，虚线a、b、c、d表示匀强电场中的4个等势面。
两个带电粒子M、N（重力忽略不计）以平行于等势面的初速度射入电场，运动轨迹分别如图中MPN和NQM所示。
已知M是带正电的带电粒子。
则下列说法中正确的是（）A．N一定也带正电B．a点的电势高于b点的电势，a点的场强大于b点的场强C．带电粒子N的动能减小，电势能增大D．带电粒子N的动能增大，电势能减小3．（4分）在匀强电场中有一个半径为R=1m的圆，电场方向与圆的平面平行，O、P两点电势差为10V，一个电子在该匀强电场中仅受电场力作用下运动，且在P、Q两点上速度方向与圆的切线一致，速度大小均为1m/s，则（）A．电子从P到Q的运动过程中，动能先增大后减小B．电子可能做圆周运动C．该匀强电场的电场强度E=10V/mD．O点与圆周上电势最低的点的电势差为10V4．（4分）图中虚线为某静电场的等势面，且相邻两等势面间的电势差相等。
一带负电的粒子由M点移动到N点的过程中，电场力做正功，M、N两点的电势用φM、φN表示，M、N两点的电场强度用E M、E N表示。
则下列说法正确的是（）A．φM=φN B．φM＞φN C．E M＞E N D．E M＜E N 5．（4分）如图所示，图甲中M为一电动机，当滑动变阻器R的触头从一端滑到另一端的过程中，两电压表的读数随电流表读数的变化情况如图乙所示。
安徽省六安二中河西校区2017-2018学年高二上学期期末考试物理(理)试题 Word版含解析
安徽省六安二中河西校区2017-2018学年度高二上学期期末考试（理）物理试题一、单选题（本大题共7小题，共28.0分）1.在物理学发展过程中，下列叙述符合史实的是 ( )A. 楞次首先发现了电磁感应现象B. 法拉第发现了电磁感应定律C. 奥斯特在实验中观察到电流的磁效应D. 纽曼和韦伯在分析了许多实验事实后提出，感应电流应具有这样的方向，即感应电流的磁场总要阻碍引起感应电流的磁通量的变化【答案】C【解析】【详解】A：法拉第首先发现了电磁感应现象，故A项错误。
B：纽曼和韦伯在对理论和实验资料进行严格分析后，总结出了电磁感应定律，后人称之为法拉第电磁感应定律。
故B项错误。
C：奥斯特在实验中观察到电流的磁效应，故C项正确。
D：楞次在分析了许多实验事实后提出，感应电流应具有这样的方向，即感应电流的磁场总要阻碍引起感应电流的磁通量的变化。
故D项错误。
【点睛】知道物理学史，知道物理学家在对应科学研究中的主要步骤、采用的物理方法和实验结论。
2.在赤道上空，竖直放置一根通以由下向上的电流的直导线，则此导线( )A. 受到竖直向上的安培力B. 受到由东向西的安培力C. 受到由南向北的安培力D. 受到由西向东的安培力【答案】B【解析】试题分析：在赤道的上方磁场的方向从南向北，根据左手定则，判断安培力的方向，A正确；B．C．D错误；故选A。
考点：左手定则；安培力【名师点睛】：解决本题的关键掌握用左手定则判断安培力的方向，伸开左手，使拇指与其余四指垂直，并且与手掌在同一个平面内；让磁感线从掌心进入，并使四指指向电流的方向，这时拇指所指的方向就是安培力的方向，注意在赤道的上方磁场的方向从南向北。
3.如图所示，在载流直导线近旁固定有两平行光滑导轨A、B，导轨与直导线平行且在同一水平面内，在导轨上有两条可自由滑动的导体棒ab和cd。
载流直导线中的电流逐渐增强时，导体棒ab和cd的运动情况是（）A. 一起向左运动B. 一起向右运动C. ab和cd相向运动，相互靠近D. ab和cd相背运动，相互远离【答案】C【解析】根据右手螺旋定则知，直线电流下方的磁场方向垂直纸面向里，电流增强时，磁场增强，根据楞次定律得，回路中的感应电流为abdc，根据左手定则知，ab所受安培力方向向右，cd所受安培力向左，即ab和cd相向运动，相互靠近．故D正确，ABC错误．故选D.4.如图所示，A、B两灯和线圈的电阻均为R，S接通时，两灯正常发光，则在S断开的瞬间( )A. A灯逐渐熄灭B. B灯立即熄灭C. 有电流通过A灯，方向与原电流方向相反D. 有电流通过B灯，方向与原电流方向相同【答案】ABC【解析】该电路可以看做是左右两部分并联后又串联起来．S接通后，稳定时通过L的电流与通过灯A的电流是相等的．S断开时，L和A构成自感回路，B不在回路中，所以S断开时，B立刻熄灭，A灯逐渐熄灭．故AB正确，D错误；S断开时，L和A构成自感回路，电流的方向与L中的电流的方向相同，与A的电流的方向相反．故C正确．故选ABC.点睛：对于线圈要抓住双重特性：当电流不变时，它是电阻不计的导线；当电流变化时，产生自感电动势，相当于电源．5.如图所示为电流天平，可以用来测量匀强磁场的磁感应强度，它的右臂挂着矩形线圈，匝数，线圈的水平边长为L，处于匀强磁场内，磁感应强度B的方向与线圈平面垂直，当线圈中通过电流I时，调节砝码使两臂达到平衡，然后使电流反向，大小不变，这时需要在左盘中增加质量为m的砝码，才能时两臂再达到新的平衡，若当，，时，天平刚好平衡，则待测磁感应强度是( )A. B. C. D.【答案】A【解析】试题分析：当B的方向垂直纸面向外，开始线圈所受安培力的方向向向上，电流方向相反，则安培力方向反向，变为竖直向下，相当于右边多了两倍的安培力大小，需要在左边加砝码．有mg=2nBIL，解得B=0.5T。
2017-2018学年安徽省黄山市高二(上)期末物理试卷 Word版含解析
2017-2018学年安徽省黄山市高二（上）期末物理试卷一、单选题（共10小题，每小题4分，共40分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）1．关于对磁感线和电场线的理解，下列说法中正确的是（）A．电场线的切线方向是放入电场中正电荷的受力方向，磁感线的切线方向是放入磁场中小磁针N极的受力方向B．电场线的切线方向与放入电场中正电荷的受力方向垂直，磁感线的切线方向于放入磁场中通电直导线的受力方向垂直C．电场线起源于正电荷，终止于负电荷；磁感线起始于N极，终止于S极D．磁感线和电场线都只能分别表示磁场和电场的方向，不能反映磁场和电场的强弱2．在匀强磁场中，沿电场线方向为x轴正方向，下面关于场强E和Φ沿着x轴方向的变化图象正确的是（）A．B．C．D．3．一带正电粒子从某点电荷电场中的A点运动到B点，径迹如图中虚线所示，不计粒子所受重力，则下列说法正确的是（）A．该电场是某正点电荷电场B．粒子的速度逐渐增大C．粒子的加速度逐渐增大D．粒子的电势能逐渐增大4．如图所示，R1阻值恒定，R2为热敏电阻（热敏电阻组织随温度降低而升高），L为小灯泡，当R2所在位置温度升高时（）A．R1两端的电压减小B．小灯泡的亮度变弱C．电流表的示数减小D．通过R2的电流减小5．如图所示为通电螺线管的纵剖面图，“⊗”和“⊙”分别表示导线中的电流垂直纸面流进和流出，图中四个小磁针（涂黑的一端为N极）静止时的指向画法正确的是（）A．ab B．ac C．cd D．bd6．匀强磁场垂直穿过一个弹性圆形线框，由于某种原因，在线框中产生顺时针方向的感应电流，如图所示．则以下说法正确的是（）A．若磁场方向垂直线框向里，则可能是此磁场的磁感应强度是在增强B．若磁场方向垂直线框向里，则可能是弹性线框面积增大C．若磁场方向垂直线框向外，且可能是此磁场的磁感应强度是在减弱D．若磁场方向垂直线框向外，则可能是弹性线框面积扩大7．如图为穿过1匝闭合线圈的磁通量随时间变化的关系图线，设闭合线圈中的总电阻是1欧姆，下列判断正确的是（）A．0﹣2s内线圈中产生的感应电动势为5VB．2s﹣4s内与4s﹣5s内线圈中产生感应电流方向方向相反C．2s﹣5s内线圈中电流方向始终不变，大小一直等于5AD．5s﹣10s内线圈中产生感应电流大小为1A，与0﹣2s内线圈中产生的感应电流方向相反8．回旋加速器是加速带电粒子的装置，其核心部分是两个中空的半圆D形金属盒，两盒间的狭缝中加有周期性变化的电场，使粒子在通过狭缝时都能得到加速，两个D形金属盒处于垂直于盒底的匀强磁场中，如图所示，要增大带电粒子射出时的动能，则下列说法中正确的是（）A．增大匀强电场间的加速电压B．减小磁场的磁感应强度C．减小狭缝间的距离D．增大D形金属盒的半径9．固定导线c垂直纸面，可动导线ab通以如图方向的电流，用测力计悬挂在导线c的上方，导线c中通电时，以下判断正确的是（）A．导线a端转向纸外，同时测力计读数减小B．导线a端转向纸外，同时测力计读数增大C．导线b端转向纸里，同时测力计读数减小D．导线b端转向纸里，同时测力计读数增大10．如图所示，空间存在水平向左的匀强电场和垂直纸面向里的匀强磁场，电场和磁场相互垂直，在电磁场区域中，有一个竖直放置的光滑绝缘圆环，换上套有一个带正电的小球，O 点为圆环的圆心，a、b、c为圆环上的三个点，a点为最高点，c为最低点，Ob沿水平方向，已知小球所受电场力与重力大小相等，现将小球从环的顶端a点由静止释放，下列判断正确的是（）A．小球从b点运动到c点，电势能增大，动能先增大后减小B．小球从a点运动到b点，重力势能减小，电势能增大C．当小球运动到b点，洛伦兹力最大D．当小球运动到c点时，洛伦兹力最大二、实验探究题（每空2分，共20分）1）用螺旋测微器测圆柱体的直径时，如图甲所示，此示数为mm；（2）用20分度的游标卡尺测量某物体的厚度时，如图乙所示，此示数为mm．12．如图所示，R1、R2是两定值电阻，R1的阻值很小，R2的阻值很大；G是一灵敏电流计，S1、S2位开关；S1、S2都闭合时，M、N间是一个（填“电流表”或“电压表”）；S1、S2都断开时，M、N间是一个（填“电流表”或“电压表”）．13．某同学用多用表测量一个电子元件的电阻，选用“×100”倍率的电阻档测量，发现多用表指针偏转过小，因此需选择倍率的电阻档（填：“×10”或“×1k”）；然后该同学姆调零后进行如下的操作：将如图电路中电键断开，将红黑表笔接在AB两点间，则其测量值比真实值（填“增大”、“偏小”或“相等”）．14．有一个小灯泡上标有“4V、2W”的字样，现在要用描绘这个灯泡的伏安特性曲线（I﹣U 图线）．现有下列器材供选用：A．电压表（0～5V，内阻约10kΩ）B．电流表（0～0.6A，内阻约0.4Ω）C．滑动变阻器（10Ω，2A）D．滑动变阻器（500Ω，1A）E．学生电源（直流6V）、开关、导线若干（1）实验时，选用图中电路图来完成实验；（选甲或乙）（2）实验中所用滑动变阻器应选（用序号字母表示）15．在测电源电动势和内阻实验中，由于电源内阻较小，电压表示数变化不明显，作出的U ﹣I图象如图甲中A所示，这对数据处理的结果将引入较大误差，为了解决此问题，某同学在电路中串联了一定电阻R=6.8Ω（如图乙），作出的U﹣I图象如图甲中B所示，则此电源的电动势大小为V，内阻为Ω．三、计算题（本大题4小题，共40分．解答时应写出必要的文字说明、公式和重要步骤，只写最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）16．如图所示，长为L的细线下悬挂一个带正电Q的小球，原来静止在悬挂点下方位置A 处．加上水平向左的匀强电场后，静止在位置B，细线此时与竖直线成θ．已知细线长L=1m，电量Q=10﹣6C，θ=37°，小球质量m=4×10﹣2kg．（sin37°=0.6，cos37°=0.8，g取10m/s2）．问：（1）所加匀强电场的场强多大？（2）AB两点间的电势差U AB=？（3）现在用外力将小球缓慢拉回原位置A，在此过程中外力做了多少功？17．环保汽车在我国许多旅游景点中广泛使用，某辆以蓄电池为驱动能源的环保汽车的总质量m=2×103kg，当它在水平路面上以v=18km/h的速度匀速行驶时，驱动电机的输入电流I=5A，电压U=200V，若驱动电机能够将输入功率的90%转化为用于牵引汽车前进的机械功率P机，g取10m/s2．在此行驶状态下，求：（1）驱动电机的输入功率P电；（2）驱动电机线圈的电阻；（3）汽车所受阻力．18．两根足够长的水平放置的平行光滑金属导轨AB、CD，导轨间距为l；垂直导轨隔着一根金属杆，金属杆在导轨间的电阻为r，导轨上的电阻忽略不计．导轨与右边电阻箱及电容器连接，如图所示．已知电容器的电容为C，电容器M、N两板间距为d，电阻箱开始时候的阻值R．在金属杆以速度v向左匀速运动的过程中，求：（1）电容器上M板所带电量以及电性；（2）一束电子流从电容器两板中间平行两板射入时，恰好能射出电容器；如果电阻箱阻值减小为，则电子流射出电容器时的偏转距离是多少？19．如图所示，水平放置的两块带金属板间同时存在竖直向下的匀强电场和垂直纸面向里的匀强磁场，匀强电场场强E=1.8×103N/C，匀强磁场磁感应强度B0=10﹣3T；右侧存在“V”型的匀强磁场区域，左边界OA竖直，且与右边界OC之间的夹角θ=．一束电子流从两板正中间位置以速度v0水平匀速穿过，垂直边界OA从M点射入“V”型磁场中，OM间距1m．已知电子的比荷q/m=1.8×1011C/kg，求：（1）这束电子流的速度v0多大？（2）如果这束电子流恰好垂直OC边界射出，“V”型磁场的磁感应强度B1等于多少？（3）如果这束电子流不能从OC边界射出，则一个电子在“V”从磁场中飞行的最长时间等于多少？（结果取两位有效数字）2017-2018学年安徽省黄山市高二（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、单选题（共10小题，每小题4分，共40分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）1．关于对磁感线和电场线的理解，下列说法中正确的是（）A．电场线的切线方向是放入电场中正电荷的受力方向，磁感线的切线方向是放入磁场中小磁针N极的受力方向B．电场线的切线方向与放入电场中正电荷的受力方向垂直，磁感线的切线方向于放入磁场中通电直导线的受力方向垂直C．电场线起源于正电荷，终止于负电荷；磁感线起始于N极，终止于S极D．磁感线和电场线都只能分别表示磁场和电场的方向，不能反映磁场和电场的强弱考点：电场线；磁感线及用磁感线描述磁场．分析：电场周围存在着电场，为了形象地描述电场，我们引入了电感线，规定正电荷的受力方向为电场的方向磁体周围存在着磁场，为了形象地描述磁场，我们引入了磁感线，规定小磁针静止时N极所指的方向为该点磁场的方向．磁感线是闭合曲线，在磁体外部，从磁铁的北极出发，进入南极；在磁体内部，从南极指向北极解答：解：A、电场线的切线方向是放入电场中正电荷的受力方向，磁感线的切线方向是放入磁场中小磁针N极的受力方向，故A正确，B错误；C、电场线起源于正电荷，终止于负电荷；外部磁感线磁铁的北极出发，进入南极；在磁体内部，从南极指向北极，故C错误；D、磁感线和电场线都只能分别表示磁场和电场的方向，疏密反映磁场和电场的强弱，故D 错误；故选：A点评：本题对电场和电场线与磁场和磁感线的理解能力，注意电场线和磁感线是人为虚拟的线；但它能反映电场和磁场的方向及强弱2．在匀强磁场中，沿电场线方向为x轴正方向，下面关于场强E和Φ沿着x轴方向的变化图象正确的是（）A．B．C．D．考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系．专题：电场力与电势的性质专题．分析：在运强电场中场强处处相等，沿电场方向电势逐渐降低解答：解：A、在匀强电场中，沿电场方向场强不变，故AB错误；C、沿电场方向，电势降低，故C正确，D错误；故选：C点评：本题主要考查了匀强电场中场强处处相等，沿电场方向电势逐渐降低；3．一带正电粒子从某点电荷电场中的A点运动到B点，径迹如图中虚线所示，不计粒子所受重力，则下列说法正确的是（）A．该电场是某正点电荷电场B．粒子的速度逐渐增大C．粒子的加速度逐渐增大D．粒子的电势能逐渐增大考点：电场线．分析：解这类题的思路：根据带电粒子运动轨迹判定电场力方向，然后根据电性和电场线的疏密程度，判断电场力方向，根据电场力做功判断电势能的变化解答：解：A、只知道电场的分布，没法判断时正电荷产生的电场，故A错误；B、由于带电粒子是从A到B，带电粒子受电场力的方向大致斜向左下方，故电场力做负功，带电粒子的速度减少，故B错误；C、A点电场线密集，故电场强度大，故粒子在A点收到的电场力大于B点，由牛顿第二定律可得在A点的加速度大于B点，故C错误；D、由于带电粒子是从A到B，带电粒子受电场力的方向大致斜向左下方，故电场力做负功，带电粒子的电势能增大，故D正确；故选：D点评：解决这类带电粒子在电场中运动问题的关键是根据轨迹判断出电场力方向，利用电场中有关规律求解；明确电场力做功与电势能和动能间的关系4．如图所示，R1阻值恒定，R2为热敏电阻（热敏电阻组织随温度降低而升高），L为小灯泡，当R2所在位置温度升高时（）A．R1两端的电压减小B．小灯泡的亮度变弱C．电流表的示数减小D．通过R2的电流减小考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：先分析热敏电阻阻值的变化，得到总电阻的变化，分析总电流和路端电压的变化，即可进行分析．解答：解：A、当R2所在位置温度升高时R2减小，总电阻减小，总电流增大，则R1两端的电压增大，故A错误．B、总电流增大，内电压增大，则路端电压减小，并联部分的电压减小，所以灯泡L1变暗．故B正确．C、电流表测量总电流，则知电流表的示数增大，故C错误．D、通过L的电流减小，而总电流增大，则通过R2的电流增大，故D错误．故选：B．点评：本题考查闭合电路的欧姆定律，此类问题一般按“局部﹣整体﹣局部”顺序进行分析．5．如图所示为通电螺线管的纵剖面图，“⊗”和“⊙”分别表示导线中的电流垂直纸面流进和流出，图中四个小磁针（涂黑的一端为N极）静止时的指向画法正确的是（）A．ab B．ac C．cd D．bd考点：通电直导线和通电线圈周围磁场的方向．分析：首先根据电源的正负极判定电流方向，由电流方向根据安培则（用右手握住螺线管，让四指弯曲的方向与螺线管中的电流方向一致，则大拇指所指的那端就是通电螺线管的N 极）判断通电螺线管的磁极；根据磁极间的作用规律判断小磁针的指向是否正确．解答：解：根据安培定则判断得出，通电螺线管内部的磁感线方向左，与外部的磁感线形成闭合曲线，小磁针N极静止时的指向在该处磁感线的切线方向上，由通电螺线管的磁感线分布情况可知，a，b两个小磁针的指向均画错，c、d小磁针指向正确，故C正确，ABD 错误；故选：C．点评：安培定则（右手螺旋定则）为考试中的重点及难点，应能做到熟练应用右手螺旋定则判断电流及磁极的关系．6．匀强磁场垂直穿过一个弹性圆形线框，由于某种原因，在线框中产生顺时针方向的感应电流，如图所示．则以下说法正确的是（）A．若磁场方向垂直线框向里，则可能是此磁场的磁感应强度是在增强B．若磁场方向垂直线框向里，则可能是弹性线框面积增大C．若磁场方向垂直线框向外，且可能是此磁场的磁感应强度是在减弱D．若磁场方向垂直线框向外，则可能是弹性线框面积扩大考点：楞次定律．分析：当磁感应强度增大或面积增大时，穿过线圈的磁通量增大，磁感应强度减小或面积减小时，穿过线圈的磁通量减小，由楞次定律可以判断出感应电流的方向．解答：解：A、若磁场方向垂直线框向里，当磁感应强度增大时，穿过线圈的磁通量增大，由楞次定律可知，线圈中感应电流沿逆时针方向，故A错误；B、若磁场方向垂直线框向里，当弹性线框面积增大时，穿过线圈的磁通量增大，由楞次定律可知，线圈中感应电流沿逆时针方向，故B错误；C、若磁场方向垂直线框向外，当磁感应强度增加减弱时，穿过线圈的磁通量减小，由楞次定律可知，线圈中感应电流沿逆时针方向，故C错误；D、若磁场方向垂直线框向外，当弹性线框面积扩大时，穿过线圈的磁通量增大，由楞次定律可知，线圈中感应电流沿逆时针方向，故D正确；故选：D．点评：本题考查了判断感应电流方向，知道穿过线圈的磁场方向，根据磁通量的变化，由楞次定律即可判断出感应电流方向，本题难度不大，是一道基础题．7．如图为穿过1匝闭合线圈的磁通量随时间变化的关系图线，设闭合线圈中的总电阻是1欧姆，下列判断正确的是（）A．0﹣2s内线圈中产生的感应电动势为5VB．2s﹣4s内与4s﹣5s内线圈中产生感应电流方向方向相反C．2s﹣5s内线圈中电流方向始终不变，大小一直等于5AD．5s﹣10s内线圈中产生感应电流大小为1A，与0﹣2s内线圈中产生的感应电流方向相反考点：楞次定律．分析：根据法拉第电磁感应定律，通过磁通量变化率的大小判断哪段产生的感应电动势大小，并由楞次定律来确定感应电流的方向，从而即可求解．解答：解：根据E=n得，感应电动势与磁通量的变化率成正比．Φ﹣t图线的斜率表示磁通量的变化率，也可表示感应电动势的大小，A、0﹣2s内线圈中产生的感应电动势为E==2.5V，故A错误；B、根据楞次定律可知，2s﹣4s内与4s﹣5s内线圈中产生感应电流方向方向相同，故B错误；C、根据楞次定律可知在，2s﹣5s内线圈中产生感应电流方向不变，因2s﹣4s与4s﹣5s内的斜率相同，则2s﹣4s内线圈中产生的感应电动势等于4s﹣5s内线圈中产生的感应电动势，则感应电动势E′==5V，那么感应电流大小I==5A，故C正确；D、0﹣2s内和5 s～10 s内磁场的方向相反，且磁通量前者增大，后者减小，由楞次定律可知，产生感应电流方向相同．故D错误．故选：C．点评：解决本题的关键掌握法拉第电磁感应定律，知道电动势的大小与磁通量的变化率成正比，注意掌握楞次定律的应用．8．回旋加速器是加速带电粒子的装置，其核心部分是两个中空的半圆D形金属盒，两盒间的狭缝中加有周期性变化的电场，使粒子在通过狭缝时都能得到加速，两个D形金属盒处于垂直于盒底的匀强磁场中，如图所示，要增大带电粒子射出时的动能，则下列说法中正确的是（）A．增大匀强电场间的加速电压B．减小磁场的磁感应强度C．减小狭缝间的距离D．增大D形金属盒的半径考点：质谱仪和回旋加速器的工作原理；带电粒子在匀强磁场中的运动．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：回旋加速器利用电场加速和磁场偏转来加速粒子，根据洛伦兹力提供向心力求出粒子射出时的速度，从而得出动能的表达式，看动能与什么因素有关．解答：解：根据牛顿第二定律，由洛伦兹力提供向心力，则有：qvB=m，解得：v=．则动能为：E K=mv2=，知动能与加速的电压无关，狭缝间的距离无关，与磁感应强度大小和D形盒的半径有关，增大磁感应强度和D形盒的半径，可以增加粒子的动能．故D正确，ABC错误．故选：D．点评：解决本题的关键知道回旋加速器电场和磁场的作用，知道粒子的最大动能与加速的电压无关，与磁感应强度大小和D形盒的半径有关．9．固定导线c垂直纸面，可动导线ab通以如图方向的电流，用测力计悬挂在导线c的上方，导线c中通电时，以下判断正确的是（）A．导线a端转向纸外，同时测力计读数减小B．导线a端转向纸外，同时测力计读数增大C．导线b端转向纸里，同时测力计读数减小D．导线b端转向纸里，同时测力计读数增大考点：安培力．分析：电流AB处于电流c产生的磁场中，在AB左右两边各取一小电流元，根据左手定则判断其安培力的方向，从而判断其运动．当AB导线转过90°后，看两电流是同向电流还是异向电流，同向电流相互吸引，异向电流相互排斥．解答：解：电流c产生的磁场在右边平行纸面斜向左，在左边平行纸面斜向下，在AB左右两边各取一小电流元，根据左手定则，左边的电流元所受的安培力方向向外，右边的电流元所受安培力方向向内，知AB导线逆时针方向（从上向下看）转动，即指向纸外．当AB 导线转过90°后，两电流为同向电流，相互吸引．导致弹簧秤的读数变大．故D正确，A、C、D错误．故选：B点评：在解决该题的过程中：1、使用了电流元法，即在导线上取一较短的电流，判断其受力方向．2、使用了特殊位置法，转过90°后判断其受力．3、使用了结论法，同向电流相互吸引，异向电流相互排斥10．如图所示，空间存在水平向左的匀强电场和垂直纸面向里的匀强磁场，电场和磁场相互垂直，在电磁场区域中，有一个竖直放置的光滑绝缘圆环，换上套有一个带正电的小球，O 点为圆环的圆心，a、b、c为圆环上的三个点，a点为最高点，c为最低点，Ob沿水平方向，已知小球所受电场力与重力大小相等，现将小球从环的顶端a点由静止释放，下列判断正确的是（）A．小球从b点运动到c点，电势能增大，动能先增大后减小B．小球从a点运动到b点，重力势能减小，电势能增大C．当小球运动到b点，洛伦兹力最大D．当小球运动到c点时，洛伦兹力最大考点：带电粒子在混合场中的运动．专题：带电粒子在复合场中的运动专题．分析：电场力与重力大小相等，则二者的合力指向左下方45°，由于合力是恒力，故类似于新的重力，所以ad弧的中点相当于平时竖直平面圆环的“最高点”．关于圆心对称的位置（即bc弧的中点）就是“最低点”，速度最大．再根据竖直平面内的圆周运动的相关知识解题即可．解答：解：电场力与重力大小相等，则二者的合力指向左下方45°，由于合力是恒力，故类似于新的重力，所以ad弧的中点相当于平时竖直平面圆环的“最高点”．关于圆心对称的位置（即bc弧的中点）就是“最低点”，速度最大．A、小球从b点运动到c点，电场力做负功，电势能增大，但由于bc弧的中点速度最大，所以动能先增后减小，故A正确；B、从a到b，重力和电场力都做正功，重力势能和电势能都减少．故B错误；C、D．由于bc弧的中点相当于“最低点”，速度最大，当然这个位置洛伦兹力最大．故C错误，D错误．故选：A．点评：该题要求同学们能够根据受力分析找出做圆周运动新的最高点和最低点，再根据竖直平面内的圆周运动的知识解题，难度较大．二、实验探究题（每空2分，共20分）1）用螺旋测微器测圆柱体的直径时，如图甲所示，此示数为 6.125mm；（2）用20分度的游标卡尺测量某物体的厚度时，如图乙所示，此示数为61.70mm．考点：刻度尺、游标卡尺的使用；螺旋测微器的使用．专题：实验题．分析：解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，再读可动刻度读数时需估读．解答：解：1、螺旋测微器的固定刻度为6mm，可动刻度为12.5×0.01mm=0.125mm，所以最终读数为6mm+0.125mm=6.125mm．2、游标卡尺的主尺读数为61mm，游标尺上第14个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为14×0.05mm=0.70mm，所以最终读数为：61mm+0.47mm=61.70mm．故答案为：（1）6.125（2）61.70点评：对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，要能正确使用这些基本仪器进行有关测量．12．如图所示，R1、R2是两定值电阻，R1的阻值很小，R2的阻值很大；G是一灵敏电流计，S1、S2位开关；S1、S2都闭合时，M、N间是一个电流表（填“电流表”或“电压表”）；S1、S2都断开时，M、N间是一个电压表（填“电流表”或“电压表”）．考点：串联电路和并联电路．专题：恒定电流专题．分析：当开关闭合和断开时，理清电路，搞清电流计与电阻是串联还是并联，当电流计与小电阻并联，可以改装为大量程的电流表，当电流计与大电阻串联，可以改装为大量程的电压表．解答：解：S1、S2都闭合时，电流计与R1并联，R1起分流作用，M、N间是一个电流表．S1、S2都断开，电流计与R2串联，R2起分压作用，M、N间是一个电压表．故答案为：电流表，电压表．点评：解决本题的关键知道电流表和电压表改装的原理，电流计改装为大量程电流表，并联小电阻起分流作用，电流计改装为大量程的电压表，串联电阻起分压作用．13．某同学用多用表测量一个电子元件的电阻，选用“×100”倍率的电阻档测量，发现多用表指针偏转过小，因此需选择×1k倍率的电阻档（填：“×10”或“×1k”）；然后该同学姆调零。
2017-2018年安徽省六安一中高二上学期期末物理试卷和答案
2017-2018学年安徽省六安一中高二（上）期末物理试卷一．选择题（本题共12个小题，每小题4分，共48分．在每小题给出的四个选项中，第1～8题只有一个选项正确，第9～12题有多个选项正确．全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错的或不答的得0分）1．（4分）电场中有A、B两点，一个点电荷在A点的电势能为1.2×10﹣8J，在B 点的电势能为0.8×10﹣8J．已知A、B两点在同一条电场线上，如图所示，该点电荷的电荷量的绝对值为1.0×10﹣9C，那么（）A．该电荷为负电荷B．该电荷为正电荷C．A、B两点的电势差U AB=4.0VD．把电荷从A移到B，静电力做功为W=2.5×10﹣10J2．（4分）如图所示，虚线a、b、c、d表示匀强电场中的4个等势面。
两个带电粒子M、N（重力忽略不计）以平行于等势面的初速度射入电场，运动轨迹分别如图中MPN和NQM所示。
已知M是带正电的带电粒子。
则下列说法中正确的是（）A．N一定也带正电B．a点的电势高于b点的电势，a点的场强大于b点的场强C．带电粒子N的动能减小，电势能增大D．带电粒子N的动能增大，电势能减小3．（4分）在匀强电场中有一个半径为R=1m的圆，电场方向与圆的平面平行，O、P两点电势差为10V，一个电子在该匀强电场中仅受电场力作用下运动，且在P、Q两点上速度方向与圆的切线一致，速度大小均为1m/s，则（）A．电子从P到Q的运动过程中，动能先增大后减小B．电子可能做圆周运动C．该匀强电场的电场强度E=10V/mD．O点与圆周上电势最低的点的电势差为10V4．（4分）图中虚线为某静电场的等势面，且相邻两等势面间的电势差相等。
一带负电的粒子由M点移动到N点的过程中，电场力做正功，M、N两点的电势用φM、φN表示，M、N两点的电场强度用E M、E N表示。
则下列说法正确的是（）A．φM=φN B．φM＞φN C．E M＞E N D．E M＜E N 5．（4分）如图所示，图甲中M为一电动机，当滑动变阻器R的触头从一端滑到另一端的过程中，两电压表的读数随电流表读数的变化情况如图乙所示。
安徽省定远重点中学2017-2018学年高二物理上学期期末考试试题(含解析)
安徽省定远重点中学2017-2018学年高二上学期期末考试物理试题一、选择题1. 依据如图所示的“处在磁场中的通电金属棒在导轨上运动”这一实验现象及相应规律设计的家用电器是（）A. 电风扇B. 电饭锅C. 电热水壶D. 电熨斗【答案】A2. 电荷从静止开始只在电场力作用下的运动（最初阶段的运动），则电荷（）A. 总是从电势高的地方移到电势低的地方B. 总是从电场强度大的地方移到电场强度小的地方C. 总是从电势能大的地方移到电势能小的地方D. 总是从电势能小的地方移到电势能大的地方【答案】C【解析】如果是负电荷，运动方向与场强相反，故电势会增大，故A错误；静止开始的电荷会沿着电场力的方向运动，但此方向的场强不一定减小，故B错误；由于电荷只受电场力，因此电场力做正功，电势能减小，所以εA＞εB，故C正确D错误．3. 一束电子流沿水平方向自东向西运动，在电子流的正上方有一点，由于电子运动产生的磁场在该点的方向是（）A. 竖直向上B. 竖直向下C. 水平向南D. 水平向北【答案】C【解析】试题分析：电子运动方向自东向西，所以产生的电流方向自西向东，由右手螺旋定则可知产生的磁场在该点的方向是水平向南考点：考查电流的磁效应点评：难度较小,主要考查电流的磁效应,利用右手螺旋定则,注意大拇指指向的是电流的流向,及电子速度的反方向。
4. ，则此故障可能是( )A. L断路B. R断路C. R′ 断路D. S断路【答案】C【解析】电压表有示数说明此时的电路可以组成闭合的回路，故障应该在和电压表并联的部分，当电压表示数为零，说明此时的电路不通，电路中没有电流，故障不在和电压表并联的部分．用电压表测量得到U ab=5.0V，说明从b到c到d这一部分电路是通的，故障可能出现在电键和ab之间，由于U cd=0V，U bc=0V，说明此时的电路不通，故障在ab之间，又由于U ad=5.0V，说明电键是好的，所以故障一定是R断路，所以B正确．综上所述本题答案是：B点睛：本题是对电路故障的分析，当电路中有电流，能组成闭合的回路的时候，电压表就会有示数，否则，电压表就没有示数．5. 如图所示，一圆环上均匀分布着负电荷，x轴垂直于环面且过圆心O．下列关于x轴上的电场强度和电势的说法正确的是（）A. 从O点沿x轴正方向，电场强度先增大后减小，电势一直降低B. 从O点沿x轴正方向，电场强度先增大后减小，电势先降低后升高C. O点的电场强度为零，电势最低D. O点的电场强度不为零，电势最高【答案】D【解析】试题分析：圆环上均匀分布着负电荷，根据对称性可知，圆环上各电荷在O点产生的场强抵消，合场强为零．圆环上各电荷在x轴产生的电场强度有水平向左的分量，根据电场的叠加原理可知，x轴上电场强度方向向左，根据顺着电场线方向电势降低，可知，从O点沿x轴正方向，电势升高．O点的场强为零，无穷远处场强也为零，所以从O点沿x轴正方向，场强应先增大后减小．故A、B错误．根据对称性可知，O点的电场强度为零，根据顺着电场线方向电势降低，可知O点的电势最低．故D错误，C正确；故选C．考点：电场强度；电势6. 半径为r的圆形空间内，存在着垂直纸面向里的匀强磁场，一个带正电粒子（不计重力）从A点以速度垂直于磁场方向射入磁场中，并从B点射出，∠AOB=120°，如图所示，则该带电粒子在磁场中运动的时间为（）【答案】D【解析】由图可知，粒子转过的圆心角为60°，，则运动所用时间，综上所述本题答案是;D。
2017-2018年安徽省淮北一中高二上学期期末物理试卷和答案
2017-2018学年安徽省淮北一中高二（上）期末物理试卷一、选择题：本题共12小题，每小题4分，共48分.1-7为单选，8-12为多选，多选题每题全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．1．（4分）下列说法正确的是（）A．法拉第发现了电流的磁效应B．楞次发现了电磁感应现象C．奥斯特发现了电磁感应现象D．安培提出了关于磁现象电本质的分子环流假说2．（4分）电阻R、电容C与一线圈连成闭合回路，条形磁铁静止于线圈的正上方，N极朝下，如图所示。
现使磁铁开始自由下落，在N极接近线圈上端的过程中，流过R的电流方向和电容器极板的带电情况是（）A．从a到b，上极板带正电B．从a到b，下极板带正电C．从b到a，上极板带正电D．从b到a，下极板带正电3．（4分）如图所示，在第一象限内有垂直纸面向里的匀强磁场（磁场足够大），一对正、负电子分别以相同速度沿与x 轴成30°角的方向从原点垂直磁场射入，则负电子与正电子在磁场中运动时间之比为：（不计正、负电子间的相互作用力）（）A．1：B．2：1C．：1D．1：24．（4分）电动势为E、内阻为r的电源与小灯泡L1、L2及滑动变阻器R0和定值电阻R1连接成如图所示的电路．闭合开关S，两灯泡均发光．当滑动变阻器R0触头向a端移动的过程中，关于两灯泡发光情况，下列说法中正确的是（）A．小灯泡L1、L2都变亮B．小灯泡L1、L2都变暗C．小灯泡L1变亮，L2变暗D．小灯泡L1变暗，L2变亮5．（4分）回旋加速器是加速带电粒子的装置，其核心部分是分别与高频交流电极相连接的两个D形金属盒，两盒间的狭缝中形成周期性变化的电场，使粒子在通过狭缝时都能得到加速，两D形金属盒处于垂直于盒底的匀强磁场中，如图所示，要增大带电粒子射出时的动能，则下列说法正确的是（）A．增大电场的加速电压B．增大D形金属盒的半径C．减小狭缝间的距离D．减小磁场的磁感应强度6．（4分）如图所示，半径为r的圆形空间内，存在着垂直于纸面向外的匀强磁场，一个带电粒子（不计重力），从A点沿半径方向以速度v0垂直于磁场方向射入磁场中，并由B点射出，且∠AOB=120°，则该粒子在磁场中运动的时间为（）A．B．C．D．7．（4分）图1为示波管的原理图。
安徽省宿州市泗县双语中学高二上学期期末考试物理试题 Word版含答案.pdf
双语中学2013—2014年学年度上学期期末考试 高二物理试卷 时间 90分钟 满分100分 选择题 （共12小题每题4分，共48分，每个小题只有一个答案是正确的） 1．有关电场强度的理解，下列叙述正确的是( ) A．由E跟试探电荷所受电场力F 成正比，跟其带电量成反比 B．电场强度是反映电场自身特性的物理量，与是否存在试探电荷无关 C．由在离点电荷Q很近的地方即r→0，场强E可达无穷大 D．公式3、如图所示的情况中，a、b两点的电势相同，而电场强度也相同的是 （ ） A．甲图：带电平行金属板两板间边缘附近处的a、b两点 B．乙图：离点电荷等距的a、b两点 C．丙图：两个等量异种点电荷连线的中垂线上，与连线中点等距的a、b两点 D．丁图：两个等量异种点电荷连线上，与连线中点等距的a、b两点 4、如图所示为匀强电场，实线为电场线，一个带电粒射入该电场后，留下一条虚线所a，b两点，由a运动到b，且不计粒子的重力。
则下面判断正确的是( ) A．b点的电势高于 a点的电势 B．粒子在a点的动能大于在b点的动能 C．粒子在a点的电势能大于b点的电势能 D．粒子带正电用图5所示的实验装置研究平行板电容器的电容与哪些因素有关，下面哪些说法符合实验结果A.把M板向左平移，静电计指针示数大 B.把M板向右平移，静电计指针示数大C.把M板向上平移，静电计指针示数D.保持两板不动，在M、N之间插入一块云母板，? 静电计指针示数大6、在如图所示的点电荷的电场中，一试探电荷从A点分别移动到B、C、D、E各点，B、C、D、E在以Q为圆心的圆周上，则电场力做功 A．从A到B做功最大 B．从A到C做功最大 C．从A到E做功最大 D．做功一样大 7、如图所示电路中，三只灯泡原来都正常发光，当滑动变阻器的滑动触头P向左移动时，下面判断正确的是A、L1和L3变亮，L2变暗B、LI变暗，L2变亮，L3亮度不变C、L1和L2变亮，L3变暗D、LI变亮，L2变暗，L3亮度不变 8、如图所示，A、B、C三点都在匀强电场中，已知AC⊥BC，∠ABC=60°，BC=20cm，把一个电量为10-5c的正电荷从A移到B，电场力做功为零，从B移到C，电场力做功-1.73×10-3J，则该匀强电场的电场强度大小和方向 A.865V/m,垂直AC向左 B. 865V/m,垂直AC向右 C. 1000V/m,垂直AB斜向上 D. 1000V/m,垂直AB斜向下 9、如图5所示为用直流电动机提升重物的装置，重物的重量为500N，电源电动势为110V，不计电源内阻及各处摩擦，当电动机以0.90m/s的恒定速度向上提升重物时，电路中的电流为5.0A，可以判断错误的是：（ ） A、电动机消耗的总功率为550W B、提升重物消耗的功率为450W C、电动机线圈的电阻为22Ω D、电动机线圈的电阻为4Ω 10、如图所示，将两不带电的绝缘导体AB、CD放在带负电的导体Q的附近，达到静电平衡状态后，下列说法正确的是 A．用导线连接A、B两端，连通瞬间有电流通过导线，方向由A到B B．用导线连接A、C两端，连通瞬间没有电流通过导线 C．用导线连接A、D两端，连通瞬间有电流通过导线，方向由A到D D．用导线连接B、C两端，连通瞬间有电流通过导线，方向由C到B 11、如图所示，三个等势面上有a、b、c、d四点，若将一正电荷由c经a移到d点，电场力做正功W1；若由c经b移到d点，电场力做正功W2．则W1与W2，c、d两点电势c、d关系为 A．W1＞W2，c＞d B．W1＜W2，c＜d C．W1＝W2，c＜d D．W1＝W2，c＞d 12、粗细均匀的金属环上A、B、C、D四点把其周长分成四等分，如右图所示。
安徽省亳州市2017-2018学年高二上学期期末质量检测物理试卷 扫描版含答案
亳州市2017-2018学年度第一学期期末高二质量检测物理参考答案一、选择题（每小题4分，共40分）二、实验题（每空1分，共15分）11. 并，0.05Ω, 串，2970Ω12.（1） 50.15 4.700(0.002±)（2）×10,将红黑表笔短接，重新进行欧姆调零，220（3）A 2 V 1 R 1（4）电流 < 系统三、计算题（13题10分，14题11分，15题11分，16题13分，共45分）13. （10分）(1)设a 、b 间距离d ，由题设条件有W 1＝qEd（2分） E ＝W1qd ＝ 1.2×10－74×10－8×5×10－2 V/m ＝60 V/m（2分） (2)设b 、c 间距离为d ′，b 、c 两点沿场强方向距离为d 1W 2＝qEd 1＝qEd ′cos 60°＝4×10－8×60×12×10－2×0.5 J ＝1.44×10－7 J（2分） (3)正电荷从a 移到c ，静电力做功W ＝W 1＋W 2，又W ＝qU ac（2分） 则U ac ＝W 1＋W 2q ＝1.2×10－7＋1.44×10－74×10－8V ＝6.6 V（2分） 14. （11分）（1）S 断开时,R 1的电功率P 1=(r R E+1)2R 1=(r+86)2×8 W=2.88 W（2分） 得r =2Ω（1分） （2）S 闭合后,R 1电压U 1=82⨯ V=4 V（1分） 流过R 1的电流I 1=8411=R UA=0.5A（2分）S 闭合后总电流I =2461-=-r U E A=1 A（2分） 流过电动机的电流I 2=I -I 1=0.5 A（1分） 电动机输出功率P 出=I 2U 1-I 22R 0=(0.5×4-0.52×2) W=1.5 W（2分） 15. （11分）（1）质子在电场中加速，根据动能定理 221mv eU =（2分） 求得 m eUv 2=（1分） （2）质子在磁场中做匀速圆周运动，根据 242mv evB r '=' （2分）2r T v π'='（1分） 求得 122m t T eBπ== （1分） （3）由以上式子可知 emU B eB mv r 21== （2分） 而d =2r （1分） 则 d H ∶d α = 1∶2 （1分）16. （13分）（1）小球M 离开平台后做平抛运动，由题知，小球经过A 点时的速度沿圆轨道的切线方向，则 53M Av cos v ︒= （3分） 解得v A =7.5m/s （1分）（2）（i ）小球M 沿切线落入竖直光滑圆轨道ABC 后，沿轨道做圆周运动，若恰好能通过最高点C ，由重力和电场力的合力提供向心力，设滑至最高点的速度为v C ，则有211C v m g qE m R+= （2分） 根据动能定理得：—（m 1g+qE ）R （1+cos53°）=12m 1v C 2−12m 1v A 2 （2分） 联立以上两式解得 25m 28=R （1分） 故当250m 28<≤R 时，小球M 沿着轨道做圆周运动的，且能从圆的最高点C 飞出． （ii ）若小球M 恰好滑到与圆心等高的圆弧上的T 点时速度为零，则滑块也沿圆轨道运动而不脱离圆轨道．根据动能定理得—（m 1g+qE ）R cos53°=0−12m 1v A 2 （2分） 解得25m 8=R （1分） 根据题中信息可知R ＜4m故当 25m 4m 8≤<R 时，小球在轨道内来回的滚动 （1分） 综上所述，小球能沿圆轨道运动而不脱离圆轨道，半径R 的取值应满足25028R m <≤或 25m 4m 8≤<R。
安徽省和县二中2017-2018学年高二上学期期末考试卷物理试题Word版含解析
安徽省和县二中2017-2018学年上学期期末考试卷高二物理试题一、选择题1. 关于静电场，下列结论普遍成立的是（）A. 电场强度大的地方电势高，电场强度小的地方电势低B. 电场中任意两点之间的电势差只与这两点的场强有关C. 在正电荷或负电荷产生的静电场中，场强方向都指向电势降低最快的方向D. 在电场强度越大的地方，电荷的电势能也越大【答案】C【解析】试题分析：在静电场中场强方向就是电势降低最快的方向；两点之间的电势差与场强及两点间沿电场线方向的距离有关；电场强度与电势无关；根据电场力做功公式W=qU分析电场力做功情况．解：A、电势与电场强度没有直接关系，所以电场强度大的地方电势不一定高，电场强度小的地方电势不一定低，故A错误．B、由公式U=Ed可知，两点之间的电势差与场强和两点间沿电场线方向的距离都有关，故B 错误．C、在正电荷或负电荷产生的静电场中，沿场强方向电势降低最快，故C正确．D、电势能的高低根据电场力做功的正负判断，与场强的大小没有关系，故D错误．故选：C．【点评】解决本题关键要理解电场中几对关系：场强与电势、场强与电势差、电场力做功与电势差等等，可结合电场线的物理意义和相关公式加深理解．2. 下列四幅图中能正确描绘点电荷电场中电场线的是( )A. B. C. D.【答案】B【解析】电场线从正电荷出发，终于止负电荷，故正电荷的电场线应向外发散，负电荷的电场线应向内聚拢，B正确．3. 电路中，某电子在电源内部从电源一端定向移动到另一端，在此过程中非静电力对该电子做功为W，该电子的电势能变化量为∆E，则（）P>0A. W>0，∆EP<0B. W>0，∆EPC. W<0，∆E>0P<0D. W<0，∆EP【答案】A【解析】试题分析：在电源的内部，非静电力对该电子做正功，即，电子的电势能增加，即有，故A正确．考点：考查了电场力做功【名师点睛】解决本题的关键要明确非静电力做功与电势能变化的关系，不能将这个关系与静电力做功与电势能变化的关系混淆．4. 一个带电粒子沿垂直于磁场方向射入匀强磁场中，由于使沿途空气电离而使粒子的动能逐渐减小，轨迹如图所示。
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泗县巩沟中学2017-2018学年度上学期高二期末考试 物理试题
第I卷（选择题） 一、选择题 1.电场强度E的定义式为E＝F/q，根据此式，下列说法中正确的是（ ） ①该式说明电场中某点的场强E与F成正比，与q成反比，拿走q，则E＝0 ②式中q是放入电场中点电荷的电量，F是点电荷在电场中某点受到的电场力，E是该点的电场强度 ③式中q是产生电场的点电荷的电量，F是放在电场中的点电荷受到的电场力，E是电场强度 ④在库仑定律的表达式F＝kq1q2/r2中，可以把kq2/r2看作是点电荷q2产生的电场在点电荷q1处的场强大小，也可以把kq1/r2看作是点电荷q1产生的电场在点电荷q2处的场强大小． A. 只有①② B. 只有①③ C. 只有②④ D. 只有③④ 2.平行板间加如图所示周期变化的电压，重力不计的带电粒子静止在平行板中央，从t=0时刻开始将其释放，运动过程无碰板情况。下图中能定性描述粒子运动的速度图象正确的是 （ ）
A． B． C． D． 3.一带负电的小球以一定的初速度v0竖直向上抛出，达到的最大高度为h1；若加上水平方向的匀强磁场，且保持初速度仍为v0，小球上升的最大高度为h2；若加上水平方向的匀强电场，且保持初速度仍为v0，小球上升的最大高度为h3，若加上竖直向上的匀强电场，且保持初速度仍为v0，小球上升的最大高度为h4，如图所示．不计空气阻力，则（ ） A. h1=h3 B. h1＜h4 C. h2与h3无法比较 D. h2＜h4
4.如图是小文同学研究串联电路中电流、电压特点的实物连接图。当开关闭合时，灯L1亮，灯L2不亮，电流表和电压表均有读数。则故障原因可能是
A. L1断路 B. L1短路 C. L2断路 D. L2短路
5.一圆筒处于磁感应强度大小为B的匀强磁场中，磁场方向与筒的轴平行，筒的横截面如图所示．图中直径MN的两端分别开有小孔，筒绕其中心轴以角速度ω顺时针转动．在该截面内，一带电粒子从小孔M射入筒内，射入时的运动方向与MN成30°角．当筒转过90°时，该粒子恰好从小孔N飞出圆筒．不计重力．若粒子在筒内未与筒壁发生碰撞，则带电粒子的比荷为（ ）
A．3B B．2B C．B D．2B 6.用两个相同的小量程电流表，分别改装成了两个量程不同的大量程电流表A1、A2，若把A1、A2分别采用串联或并联的方式接入电路，如图中(a)、(b)所示，则闭合开关后，下列有关电表的示数和电表指针偏转角度的说法正确的是( ) A. 图(a)中的A1、A2的指针偏角相同 B. 图(a)中的A1、A2的示数相同 C. 图(b)中的A1、A2的示数和偏角都不同 D. 图(b)中的A1、A2的示数不同，偏角相同
7.某电场的电场线分布如图所示，、、是以电场线上一点为圆心的同一圆周上的三点，连线与直线垂直。以下说法正确的是
A. 点电势与点电势相等 B. 、间的电势差大于、间的电势差 C. 将一负电荷由点移到点，电荷的电势能减少 D. 正电荷在点所受电场力的方向与垂直且竖直向上
8.在x轴上存在与x轴平行的电场，x轴上各点的电势随x点位置变化情况如图所示。图中－x1～x1之间为曲线，且关于纵轴对称，其余均为直线，也关于纵轴对称。下列关于该电场的论述正确的是（ ）
A．x轴上各点的场强大小相等 B．从－x1到x1场强的大小先减小后增大 C．一个带正电的粒子在x1点的电势能大于在－x1点的电势能 D．一个带负电的粒子在－x1点的电势能大于在－x2的电势能
9.图中虚线为一组间距相等的同心圆，圆心处固定一带负电的点电荷。一带电粒子以一定初速度射入电场，实线为粒子仅在电场力作用下的运动轨迹，a、b、c三点是实线与虚线的交点．则该粒子（ ） A. 带负电 B. 在c点受力最大 C. 在b点的电势能大于在c点的电势能 D. 由a点到b点的动能变化小于由b点到c点的动能变化
10.如图所示，用静电计可以测量已充电的平行板电容器两极板之间的电势差U，现使B板带正电，则下列判断正确的是( )
A. 增大两极板之间的距离，静电计指针张角变大 B. 将A板稍微上移，静电计指针张角将变大 C. 若将玻璃板插入两板之间，则静电计指针张角变大 D. 若将A板拿走，则静电计指针张角变为零
11.如图电路中，电源电动势为E，内阻为r，固定电阻R1=r，可变电阻R2的最大值也等于r．则当滑动头上移时（ ）
A．电源的输出功率增大 B．电源内部的电势降落增大 C．R2消耗的电功率减小 D．电源的效率增加 12.如图所示，两个质量相等的带电粒子ab在同一位置A以大小相同的速度射入同一匀强磁场，两粒子的入射方向与磁场边界的夹角分别为300和600，经磁场偏转后两粒子都经过B点，AB连线与磁场边界垂直，则（ ） A．a粒子带正电，b粒子带负电 B．两粒子的轨道半径之比31abRR：：
C．两粒子所带的电量之比31abqq：： D．两粒子的运动时间之比2:3abtt： 第II卷（非选择题） 二、实验题
13.在“用电流表和电压表测定电池的电动势和内电阻”的实验中．
（1）备有如下器材 A．干电池1节 B．滑动变阻器（0～20 Ω） C．滑动变阻器（0～1 kΩ） D．电压表（0～3 V） E．电流表（0～0．6 A） F．电流表（0～3 A） G．开关、导线若干 其中滑动变阻器应选____________，电流表应选____________．（只填器材前的序号） （2）某同学根据实验数据画出的U－I图象如图所示，由图象可得电池的电动势为_____ V，内电阻为____________Ω． 14.在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，小灯泡标有“3.8V、1.14W”字样；，为了使测量结果尽量准确，电压测量范围尽量大，从实验室找到以下供选择的器材： A．直流电源E的电动势4.5V，内阻不计 B．电流表A1量程250mA，内阻约为2Ω C．电流表A2量程500mA，内阻约为1Ω D．电压表V1（0～5V，内阻约为5kΩ） E．电压表V2（0～15V，内阻15kΩ） F．滑动变阻器R1（0～10Ω） G．滑动变阻器R2（0～2 000Ω） H．开关、导线若干 （1）实验时电流表选________；电压表选________；滑动变阻器选________（填字母代号如ABCD等）。 （2）请设计合理的测量电路，把电路图画在作图框中。
【答案】21. C D F 本实验要求多测几组数据，滑动变阻器采用分压法，电流表采用外接法，电路图如下
15.在测量金属丝电阻率的实验中，可供选用的器材如下： 待测金属丝：Rx(阻值约4 Ω)； 电压表：(量程3 V，内阻约3 kΩ)； 电流表：A1(量程0.6 A，内阻约0.2 Ω)， A2：(量程3 A，内阻约0.05 Ω)； 电源：E1(电动势3 V，内阻不计)， E2：(电动势12 V，内阻不计)； 滑动变阻器：R(最大阻值约20 Ω)； 螺旋测微器：毫米刻度尺；开关S；导线。 （1）用螺旋测微器测量金属丝的直径，示数如图所示，读数为________mm。 （2）若滑动变阻器采用限流接法，为使测量尽量精确，电流表应选________，电源应选________(均填器材代号)。 （3）在答题纸对应题号线框内完成电路原理图__________。
三、解答题 16.如图所示，两块带电金属板竖直放置，中间形成一匀强电场。一质量为m、带电荷量为+q的微粒，以初速度v0竖直向上射入匀强电场中，粒子从左极板小孔离开，离开极板时速度为2v0,方向与极板垂直(重力加速度为g)。求：
（1）粒子在极板之间运动的竖直位移； （2）粒子进入位置与离开位置两点间的电势差。
17.在一个水平面上建立x轴，在过原点O垂直于x轴的平面的右侧空间有一个匀强电场，场强大小E=6×105 N/C，方向与x轴正方向相同，在O处放一个质量m=10g带负电荷的绝缘小物块，其带电量q=5×10-8 C．小物块与水平面间的动摩擦因数μ=0.2，沿x轴正方向给物块一个初速度v0=2m/s，如图所示．试求： （1）小物块沿x轴正方向运动离O点的最远距离； （2）小物块最终停止时的位置． 18.如图所示，在x轴上方存在垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为B，在x轴上的S点由一粒子发射源，不定时的发射沿与x轴负方向成30°角的质量为m电荷量为-q的粒子a和沿与x轴正方向成60°角的质量也为m、电荷量为+q的粒子b。已知粒子a的速度
为，粒子b的速度为，忽略两粒子的重力以及两粒子间的相互作用，求：
（1）要使两粒子在磁场中发生碰撞，则两粒子释放的时间间隔； （2）如果两粒子在磁场中不相碰，则两粒子进入磁场后第一次经过x轴时两点之间的距离。
泗县巩沟中学2017-2018学年度上学期高二期末考试 物理试题答案 一、选择题 1.C 2.A 3.A 4.D 5.A 6.A 7.B 8.BD 9.AC 10. AB 11.ABC 12.CD 二、实验题 13. B E 1．5 0.83 14. C D F 本实验要求多测几组数据，滑动变阻器采用分压法，电流表采用外接法，电路图如下
15. 1.770(1.769～1.771) A1 E1 三、解答题 16. （1）粒子在竖直方向上做初速度为v0，加速度为g的匀减速直线运运，其末速度为零，由2002vgh﹣
可得： 202vhg （2）粒子在水平方向上只有电场力做功，由动能定理可得： 2200
11222qUmghmvmv﹣（）
解得： 202mvUq