高二物理第一次月考试题
高二物理下学期第一次月考试卷(含解析)高二全册物理试题2
嗦夺市安培阳光实验学校政和一中高二（下）第一次月考物理试卷一、选择题：（1-8只有一个正确答案，9-13有多个正确答案，每题4分，错选或多选0分，少选得2分，共52分）1．关于自感现象，正确的说法是（）A．感应电流一定和原电流方向相反B．线圈中产生的自感电动势较大的其自感系数一定较大C．对于同一线圈，当电流变化越大时，线圈中产生的自感电动势也越大D．自感电动势总是阻碍原来电流变化的2．如图所示，在一个绕有线圈的可拆变压器铁芯上分别放一小铁锅水和一玻璃杯水．给线圈通入电流，一段时间后，一个容器中水温升高，则通入的电流与水温升高的是（）A．恒定直流、小铁锅B．恒定直流、玻璃杯C．变化的电流、玻璃杯D．变化的电流、小铁锅3．如图所示图象中不属于交流电的有（）A ．B ．C ．D ．4．如图所示，金属矩形线框abcd用细线悬挂在U形磁铁，磁铁可绕OO′轴缓慢转动（从上向下看是逆时针转动），则当磁铁转动时，从上往下看，线框abcd 的运动情况是（）A．顺时针转动B．逆时针转动C．向外平动D．向里平动5．如图所示，一闭合的金属环从静止开始由高处下落通过条形磁铁后继续下落，空气阻力不计，则在圆环运动过程中，下列说法正确的是（）A．圆环在磁铁的上方时，圆环的加速度小于g，在下方时大于gB．圆环在磁铁的上方时，圆环的加速度小于g，在下方时也小于gC．圆环在磁铁的上方时，圆环的加速度小于g，在下方时等于gD．圆环在磁铁的上方时，圆环的加速度大于g，在下方时小于g6．如图所示，矩形线圈与磁场垂直，且一半在匀强磁场内一半在匀强磁场外．下述过程中使线圈产生感应电流的是（）A．以bc为轴转动45°B．以ad为轴转动45°C．将线圈向下平移D．将线圈向左平移7．如图所示，一对大磁极，中间处可视为匀强磁场，上、下边缘处为非匀强磁场，一矩形导线框abcd保持水平，从两磁极间中心上方某处开始下落，并穿过磁场（）A．线框中有感应电流，方向是先a→b→c→d→a后d→c→b→a→dB．线框中有感应电流，方向是先d→c→b→a→d后a→b→c→d→aC．受磁场的作用，线框要发生转动D．线框中始终没有感应电流8．一台小型发电机产生的电动势随时间变化的正弦规律图象如图甲所示．已知发电机线圈内阻为5.0Ω，现外接一只电阻为95.0Ω的灯泡，如图乙所示，则（）A．电压表V的示数为209 VB．电路中的电流方向每秒钟改变50次C．灯泡实际消耗的功率为484 WD．发电机线圈内阻每秒钟产生的焦耳热为24.2 J9．如图所示电路中，A、B是相同的两小灯泡．L是一个带铁芯的线圈，电阻可不计，调节R，电路稳定时两灯泡都正常发光，则在开关合上和断开时（）A．两灯同时点亮、同时熄灭B．合上S时，B比A先到达正常发光状态C．断开S时，A、B两灯都不会立即熄灭，通过A、B两灯的电流方向都与原电流方向相同D．断开S时，A灯会突然闪亮一下后再熄灭10．如图所示，理想变压器的副线圈上通过输电线接有两个相同的灯泡L1和L2，输电线的等效电阻为R，开始时，电键K断开，当K接通时，以下说法中正确的是（）A．副线圈两端M、N的输出电压减小B．副线圈输电线等效电阻R上的电压将增大C．通过灯泡L1的电流减小D．原线圈中的电流增大11．两根光滑的金属导轨，平行放置在倾角为θ的斜面上，导轨的左端接有电阻R，导轨自身的电阻可忽略不计．斜面处在匀强磁场中，磁场方向垂直于斜面向上．质量为m、电阻可不计的金属棒ab，在沿着斜面与棒垂直的恒力F作用下沿导轨匀速上滑，并上升h高度．如图所示，在这过程中（）A．作用于金属棒上的各个力的合力所做的功等于零B．作用于金属棒上的各个力的合力所做的功等于mgh与电阻R上发出的焦耳热之和C．恒力F与安培力的合力所做的功等于零D．恒力F与重力的合力所做的功等于电阻R上发出的焦耳热12．远程输电线路的示意图如图：若发电机的输出电压不变，则下列叙述正确的是（）A．升压变压器的原线圈中的电流与用户用电设备消耗的功率有关B．输电线中电流大小只由升压变压器原副线圈的匝数比决定C．当用户用电器的总电阻减少时，输电线上损失的电压增大D．升压变压器的输出电压等于降压变压器的输入电压13．电感和电容对交流电的阻碍作用的大小不但跟电感、电容本身有关，还跟交流电的频率有关，下列说法中正确的是（）A．电感是通直流、阻交流，通高频、阻低频B．电容是通直流、阻交流，通高频、阻低频C．电感是通直流、阻交流，通低频、阻高频D．电容是通交流、隔直流，通低频、阻高频二、填空题（共4小题，每小题6分，满分18分）14．图甲所示线圈总电阻r=0.5Ω，匝数n=10，其端点a、b与R=1.5Ω的电阻相连，线圈内磁通量变化规律如图乙所示．关于a、b两点电势ϕaϕb （填“大于”或“小于”），两点电势差U ab= V．15．在研究电磁感应现象的实验中所用器材如图所示．它们是①电流表；②直流电源；③带铁芯的线圈A；④线圈B；⑤开关；⑥滑动变阻器（用来控制电流大小以改变磁场强弱）．（1）试按实验的要求完成实物图上的连线．开关闭合，移动滑动变阻器，指针（“会”或者“不会”）发生偏转．（2）若连接滑动变阻器的两根导线接在接线柱C和D上，而在开关刚刚闭合时电流表指针右偏，则开关闭合后滑动变阻器的滑动触头向接线柱C移动时，电流表指针将（填“左偏”“右偏”或“不偏”）．16．通过某电阻的周期性交变电流的图象如图，求该交流电的有效值I= ．17．如图所示，接于理想变压器中四个灯泡的规格相同，而且全部正常发光，则三个线圈匝数之比n1：n2：n3= ．三、解答题（共3小题，满分30分）18．水电站给远处山村送电的输出功率是100千瓦，用2000伏电压输电，线路上损失的功率是2.5×104瓦，如果改用20000伏高压输电，线路上损失的功率是多少？19．如图所示，匀强磁场的磁感应强度B=0.5T，边长L=10cm的正方形线圈abcd 共100匝，线圈电阻r=1Ω，线圈绕垂直于磁感线的对称轴OO′匀速转动，角速度ω=2πrad/s，外电路电阻R=4Ω，求：（1）转动过程中感应电动势的最大值；（2）由图示位置（线圈平面与磁感线平行）转过60°角时的瞬时感应电动势；（3）由图示位置转过60°角的过程中产生的平均感应电动势；（4）交流电压表的示数；（5）线圈转动一周外力所做的功；（6）周期内通过R的电荷量为多少？20．如图所示，一个质量m=16g，长d=0.5m，宽L=0.1m，电阻R=0.1Ω的矩形线框从高处自由落下，经过h1=5m高度，下边开始进入一个跟线框平面垂直的匀强磁场，线框进入磁场时恰好匀速下落．已知磁场区域的高度h2=1.55m，求：（1）磁场的磁感应强度多大？（2）线框下边将要出磁场时的速率；（3）线框下边刚离开磁场时感应电流的大小和方向．政和一中高二（下）第一次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题：（1-8只有一个正确答案，9-13有多个正确答案，每题4分，错选或多选0分，少选得2分，共52分）1．关于自感现象，正确的说法是（）A．感应电流一定和原电流方向相反B．线圈中产生的自感电动势较大的其自感系数一定较大C．对于同一线圈，当电流变化越大时，线圈中产生的自感电动势也越大D．自感电动势总是阻碍原来电流变化的【分析】根据楞次定律和法拉第电磁感应定律来分析判断．【解答】解：A、根据楞次定律，当原电流增大时，感应电流与原电流方向相反；当原电流减小时，感应电流与原电流方向相同．故A错误．B、自感系数是由线圈本身的特性决定的，与自感电动势的大小无关．故B 错误．C、根据法拉第定律，当电流变化越快时，磁通量变化越快，自感电动势越大．故C错误．D、根据楞次定律，自感电动势总是阻碍原来电流变化．故D正确．故选D2．如图所示，在一个绕有线圈的可拆变压器铁芯上分别放一小铁锅水和一玻璃杯水．给线圈通入电流，一段时间后，一个容器中水温升高，则通入的电流与水温升高的是（）A．恒定直流、小铁锅B．恒定直流、玻璃杯C．变化的电流、玻璃杯D．变化的电流、小铁锅【分析】根据变化的电流，产生磁通量的变化，金属器皿处于其中，则出现感应电动势，形成感应电流，从而产生内能．【解答】解：由于容器中水温升高，则是电能转化成内能所致．因此只有变化的电流才能导致磁通量变化，且只有小铁锅处于变化的磁通量时，才能产生感应电动势，从而产生感应电流．导致电流发热．玻璃杯是绝缘体，不能产生感应电流．故只有D正确，ABC错误；故选：D3．如图所示图象中不属于交流电的有（）A ．B ．C ．D ．【分析】直流电是指电流的方向不发生变化的电流，其大小可以变化，交流电是指电流的方向发生变化的电流，但是它的电流的大小可以不变．【解答】解：交流电是指电流的方向发生变化的电流，电流的大小是否变化对其没有影响，电流的方向变化的是ABC，故ABD是交流电，C是直流电．本题选择不是交流电的，故选：C．4．如图所示，金属矩形线框abcd用细线悬挂在U形磁铁，磁铁可绕OO′轴缓慢转动（从上向下看是逆时针转动），则当磁铁转动时，从上往下看，线框abcd 的运动情况是（）A．顺时针转动B．逆时针转动C．向外平动D．向里平动【分析】当转动磁铁时，导致线圈的磁通量发生变化，从而产生感应电流，出现安培力，导致线圈转动，由楞次定律可知，从而确定感应电流的方向，由于总是阻碍磁通量增加，故线圈与磁铁转动方向相同，但转动快慢不同．【解答】解：根据楞次定律可知，为阻碍磁通量增加，则导致线圈与磁铁转动方向相同，即逆时针转动，但快慢不一，线圈的转速一定比磁铁转速小．故选：B5．如图所示，一闭合的金属环从静止开始由高处下落通过条形磁铁后继续下落，空气阻力不计，则在圆环运动过程中，下列说法正确的是（）A．圆环在磁铁的上方时，圆环的加速度小于g，在下方时大于gB．圆环在磁铁的上方时，圆环的加速度小于g，在下方时也小于gC．圆环在磁铁的上方时，圆环的加速度小于g，在下方时等于gD．圆环在磁铁的上方时，圆环的加速度大于g，在下方时小于g【分析】由楞次定律判断磁铁在下落过程中所受线圈作用力的方向；然后结合牛顿第二定律判断磁铁的加速度的大小．【解答】解：一闭合的金属环从静止开始由高处下落通过条形磁铁的过程中，闭合金属环的磁通量先增大，而后减小，根据楞次定律它增大时，会阻碍它增大；它要减小时，会阻碍它减小，所以下落时圆环在磁铁的上方和下方，圆环所受的安培力都向上，故加速度都小于g．故ACD错误，B正确．故选：B6．如图所示，矩形线圈与磁场垂直，且一半在匀强磁场内一半在匀强磁场外．下述过程中使线圈产生感应电流的是（）A．以bc为轴转动45°B．以ad为轴转动45°C．将线圈向下平移D．将线圈向左平移【分析】磁通量是穿过线圈的磁感线的条数．对照产生感应电流的条件：穿过电路的磁通量发生变化进行分析判断有无感应电流产生．【解答】解：A、以bc边为轴转动45°，穿过线圈的磁通量仍为Φ=B，保持不变，没有感应电流产生，不符合题意．故A错误．B、以ad边为轴转动45°，穿过线圈的磁通量从Φ=B减小到零，有感应电流产生，符合题意．故B正确．C、将线圈向下平移时，穿过线圈的磁通量不变，没有感应电流产生，不符合题意．故C错误．D、将线框向左拉出磁场，穿过线圈的磁通量减小，有感应电流产生，符合题意．故D正确．故选BD7．如图所示，一对大磁极，中间处可视为匀强磁场，上、下边缘处为非匀强磁场，一矩形导线框abcd保持水平，从两磁极间中心上方某处开始下落，并穿过磁场（）A．线框中有感应电流，方向是先a→b→c→d→a后d→c→b→a→dB．线框中有感应电流，方向是先d→c→b→a→d后a→b→c→d→aC．受磁场的作用，线框要发生转动D．线框中始终没有感应电流【分析】由磁场来确定磁感线的分布，从而确定穿过线圈的磁通量如何变化，若有磁通量变化，则根据楞次定律来确定感应电流的方向．【解答】解：由题意可知，线框从两磁极间中心上方某处开始下落，穿过线圈的磁通量始终为零，虽有磁感线穿入，但又从线圈中穿出，相互抵消，导致磁通量为零．故D正确，ABC均错误；故选D8．一台小型发电机产生的电动势随时间变化的正弦规律图象如图甲所示．已知发电机线圈内阻为5.0Ω，现外接一只电阻为95.0Ω的灯泡，如图乙所示，则（）A．电压表V的示数为209 VB．电路中的电流方向每秒钟改变50次C．灯泡实际消耗的功率为484 WD．发电机线圈内阻每秒钟产生的焦耳热为24.2 J【分析】由图读出电动势的最大值，求出有效值，根据欧姆定律求出外电压的有效值，即为电压表的示数．根据电流方向每个周期改变两次，求出每秒钟方向改变的次数．根据电压有效值求出灯泡消耗的功率．由焦耳定律，由有效值求出发电机焦耳热．【解答】解：A、由E m =220V，E=220V，电压表示数U=E=209V．故A正确．B、周期T=0.02s，每个周期交流电方向改变两次，则1s内电流方向改变的次数为n=2•=100次．故B错误．C、灯泡实际消耗的功率P==W≠484W．故C错误．D、发电机线圈内阻每秒钟产生的焦耳热为Q=t=×1J=24.2J．故D 正确．故选：AD．9．如图所示电路中，A、B是相同的两小灯泡．L是一个带铁芯的线圈，电阻可不计，调节R，电路稳定时两灯泡都正常发光，则在开关合上和断开时（）A．两灯同时点亮、同时熄灭B．合上S时，B比A先到达正常发光状态C．断开S时，A、B两灯都不会立即熄灭，通过A、B两灯的电流方向都与原电流方向相同D．断开S时，A灯会突然闪亮一下后再熄灭【分析】电路稳定后，L的电阻很小，闭合瞬间L的电阻很大，断开瞬间A灯还要亮一下．【解答】解：A、在开关合上和断开时，两灯同时熄灭，但不同时点亮，在合上时，通过线圈的电流在增大，导致线圈出现自感电动势，从而阻碍灯泡A的电流增大，则B比A先到达正常发光状态，故A错误，B正确；C、断开开关S的瞬间，由电感的特性可知：L和A组成的回路中的电流会维持不变，通过A灯的电流的方向不变，而B灯的电流方向与原电流方向相反，故C错误；D、断开开关S的瞬间，因灯泡相同，则电流相等，所以两灯会慢慢熄灭，但不会闪亮一下，故D错误；故选：B 10．如图所示，理想变压器的副线圈上通过输电线接有两个相同的灯泡L1和L2，输电线的等效电阻为R，开始时，电键K断开，当K接通时，以下说法中正确的是（）A．副线圈两端M、N的输出电压减小B．副线圈输电线等效电阻R上的电压将增大C．通过灯泡L1的电流减小D．原线圈中的电流增大【分析】输出电压是由输入电压和匝数比决定的，输入的功率的大小是由输出功率的大小决定的，电压与匝数成正比，电流与匝数成反比，根据理想变压器的原理分析即可．【解答】解：A、理想变压器的输出电压是由输入电压和匝数比决定的，由于输入电压和匝数比不变，所以副线圈的输出的电压也不变，所以A错误；B、由于副线圈的输出电压不变，当S接通时，副线圈的电阻减小，所以总的电流变大，所以副线圈输电线效电阻R上的电压增大，所以B正确；C、当S接通后，两个灯泡并联，电路的电阻减小，副线圈的电流变大，所以通过电阻R的电流变大，电压变大，那么并联部分的电压减小，所以通过灯泡L1的电流减小，所以C正确；D、由于变压器的输入的功率和输出的功率相等，由于副线圈的电阻减小了，输出的功率变大了，所以原线圈的输入的功率也要变大，因为输入的电压不变，所以输入的电流要变大，所以D正确；故选：BCD11．两根光滑的金属导轨，平行放置在倾角为θ的斜面上，导轨的左端接有电阻R，导轨自身的电阻可忽略不计．斜面处在匀强磁场中，磁场方向垂直于斜面向上．质量为m、电阻可不计的金属棒ab，在沿着斜面与棒垂直的恒力F作用下沿导轨匀速上滑，并上升h高度．如图所示，在这过程中（）A．作用于金属棒上的各个力的合力所做的功等于零B．作用于金属棒上的各个力的合力所做的功等于mgh与电阻R上发出的焦耳热之和C．恒力F与安培力的合力所做的功等于零D．恒力F与重力的合力所做的功等于电阻R上发出的焦耳热【分析】导体棒ab匀速上滑，合力为零，即可合力的做功为零；对导体棒正确受力分析，根据动能定理列方程，弄清功能转化关系，注意克服安培力所做功等于回路电阻中产生的热量．【解答】解：AB、金属棒ab匀速上升过程中，作用于棒上各力的合力为零，则合力所作的功等于零，故A正确，B错误．C、根据动能定理得：W F﹣W G﹣W安=0，得W F﹣W安=W G≠0，即恒力F与安培力的合力所做的功不等于零，等于克服重力做功，故C错误．D、由W F﹣W G﹣W安=0得，W F﹣W G=W安，即恒力F与重力的合力所做的功等于克服安培力所做功，即等于电阻R上发出的焦耳热，故D正确．故选：AD．12．远程输电线路的示意图如图：若发电机的输出电压不变，则下列叙述正确的是（）A．升压变压器的原线圈中的电流与用户用电设备消耗的功率有关B．输电线中电流大小只由升压变压器原副线圈的匝数比决定C．当用户用电器的总电阻减少时，输电线上损失的电压增大D．升压变压器的输出电压等于降压变压器的输入电压【分析】根据变压器的特点：电压比等于匝数比，电流之比等于匝数反比，输入功率等于输出功率去分析．【解答】解：A、用户用电的总功率增加，升压变压器、降压变压器的原、副线圈电流都要增加，故A正确．B、输电线的电流与输送的功率和输送的电压有关，故B错误．C、用户总电阻减少，电流增大，则输电线的电流增大，可知输电线上的电压损失增大，故C正确．D、升压变压器的输出电压等于降压变压器的输入电压和电压损失之和，故D 错误．故选：AC．13．电感和电容对交流电的阻碍作用的大小不但跟电感、电容本身有关，还跟交流电的频率有关，下列说法中正确的是（）A．电感是通直流、阻交流，通高频、阻低频B．电容是通直流、阻交流，通高频、阻低频C．电感是通直流、阻交流，通低频、阻高频D．电容是通交流、隔直流，通低频、阻高频【分析】根据电容器和电感线圈的特性分析选择．电容器内部是真空或电介质，隔断直流．能充电、放电，能通交流，具有隔直通交、通高阻低的特性．电感线圈可以通直流，通过交流电时产生自感电动势，阻碍电流的变化，具有通直阻交，通低阻高的特性．【解答】解：A、C，电感的特性：通直流，阻交流．通低频，阻高频．故A错误，C正确；B、D，电容器的特性：通交流，隔直流，通高频，阻低频．故BD错误．故选：C．二、填空题（共4小题，每小题6分，满分18分）14．图甲所示线圈总电阻r=0.5Ω，匝数n=10，其端点a、b与R=1.5Ω的电阻相连，线圈内磁通量变化规律如图乙所示．关于a、b两点电势ϕa 大于ϕb（填“大于”或“小于”），两点电势差U ab= 1.5 V．【分析】根据法拉第电磁感应定律求出线圈中感应电动势．根据楞次定律判断感应电流的方向．结合电路知识求出a、b两点电势差．【解答】解：从图中发现：线圈的磁通量是增大的，根据楞次定律，感应电流产生的磁场跟原磁场方向相反，即感应电流产生的磁场方向为垂直纸面向外，根据右手定则，我们可以判断出线圈中感应电流的方向为：逆时针方向．在回路中，线圈相当于电源，由于电流是逆时针方向，那么a相当于电源的正极，b相当于电源的负极，所以a点的电势大于b点的电势．根据法拉第电磁感应定律得：E==10×V=2V，再由闭合电路欧姆定律，则有：I===1A．a、b两点电势差就相当于电路中的路端电压．所以U ab=IR=1.5V．故答案为：大于，1.5．15．在研究电磁感应现象的实验中所用器材如图所示．它们是①电流表；②直流电源；③带铁芯的线圈A；④线圈B；⑤开关；⑥滑动变阻器（用来控制电流大小以改变磁场强弱）．（1）试按实验的要求完成实物图上的连线．开关闭合，移动滑动变阻器，指针会（“会”或者“不会”）发生偏转．（2）若连接滑动变阻器的两根导线接在接线柱C和D上，而在开关刚刚闭合时电流表指针右偏，则开关闭合后滑动变阻器的滑动触头向接线柱C移动时，电流表指针将左偏（填“左偏”“右偏”或“不偏”）．【分析】由感应电流的条件：闭合电路的磁通量变化，即可判定是否偏转；根据题意确定磁通量变化与电流表指针偏转方向间的关系，然后根据滑片的移动方向判断穿过线圈的磁通量如何变化，进一步判断电流表指针如何偏转．【解答】解：（1）开关闭合，移动滑动变阻器，导致线圈A中的磁通量变化，从而使得穿过线圈B的磁通量变化，则产生感应电动势，形成感应电流，则指针会偏转；（2）在开关刚刚闭合时电流表指针右偏，导致穿过线圈B的磁通量增大；由电路图可知，闭合电键，滑动变阻器的滑动触头向接线柱C移动时，滑动变阻器接入电路电阻变大，电流产生的磁场减弱，穿过线圈B的磁通量减小，则感应电流与刚闭合时反向，电流计指针将向左偏转；故答案为：（1）会，（2）左偏．16．通过某电阻的周期性交变电流的图象如图，求该交流电的有效值I=3．【分析】由图象可知交变电流的周期，一个周期内分为两段，每一段均为恒定电流，根据有效值的定义求解．取一个周期时间，将交流与直流分别通过相同的电阻，若产生的热量相同，直流的电流值，即为此交流的有效值．【解答】解：将交流与直流通过阻值都为R的电阻，设直流电流为I，则根据有效值的定义有：I12Rt1+I22Rt2=I2RT，代入数据得：32R×0.2+62×R×0.1=I2R×0.3，解得：I=3A故答案为：317．如图所示，接于理想变压器中四个灯泡的规格相同，而且全部正常发光，则三个线圈匝数之比n1：n2：n3= 3：2：1 ．【分析】变压器的特点：电压与匝数成之比，电流与匝数成反比，输入功率等于输出功率．【解答】解：灯泡规格相同，且全部正常发光知：流经每个灯泡的电流都相等设为I，每个灯泡两端电压都相等设为u，则U2=2u，U3=u；根据输入功率等于输出功率知：u1I=u2I+u3I，u1=3u，再根据电压与匝数成正比知n1：n2：n3=u1：u2：u3=3：2：1．故答案为：3：2：1三、解答题（共3小题，满分30分）18．水电站给远处山村送电的输出功率是100千瓦，用2000伏电压输电，线路上损失的功率是2.5×104瓦，如果改用20000伏高压输电，线路上损失的功率是多少？【分析】根据输出功率与输送电压、电流的关系，结合输送电压的变化得出输送电流的变化，从而根据得出损失功率的变化．【解答】解：根据P=UI知，改用20000伏高压输电，输送电压增大10倍，则输送电流变为原来的，根据知，损失的功率变为原来的．则线路上损失的功率．答：线路上损失的功率为250W．19．如图所示，匀强磁场的磁感应强度B=0.5T，边长L=10cm的正方形线圈abcd 共100匝，线圈电阻r=1Ω，线圈绕垂直于磁感线的对称轴OO′匀速转动，角速度ω=2πrad/s，外电路电阻R=4Ω，求：（1）转动过程中感应电动势的最大值；（2）由图示位置（线圈平面与磁感线平行）转过60°角时的瞬时感应电动势；（3）由图示位置转过60°角的过程中产生的平均感应电动势；（4）交流电压表的示数；（5）线圈转动一周外力所做的功；。
高二月考1-物理-教师版
D
，方向为 从 A 到 B 。 （填“从 A 到 B”或
“从 B 到 A” ） 18. 如图所示，一“∠”形金属导轨与金属棒 MN 接触良好，MN⊥PO， 整个框架平面与磁场方向垂直， 处于磁感应强度为 B 的匀强磁场中。 先将 MN 以速度 v 沿图示方向从 O 点开始匀速向右拉， ∠POQ = 30° ， 则回路中感应电动势随时间变化的关系式为 （设 MN 足够长，始终能与导轨保持良好接触） 三．计算题（共 3 小题，共计 34 分。请写出简洁的计算过程，只给出答案不给分） 19. 如图所示，在水平向右的外力 F 的作用下，导体 cd 在水平 放置的光滑导线框上向右做匀速运动，线框中接有 R=0.4Ω 的电阻，置于磁感应强度 B=0.1T 的匀强磁场中，磁场方向 垂直于纸面向里，设 ab 的长度 L=0.4m，电阻 Rcd=0.1Ω，运 动速度 v=5m/s，导体线框的电阻不计。求 （1）(3 分)流过 R 的电流大小和方向 （2） （3 分）d、c 两点间的电压 Udc （3） （3 分）外力 F 的大小 （4） （3 分）2s 内电阻 R 所产生的焦耳热 【答案】 （1）0.4A （2）0.16V （3）0.016N (4) 0.128J
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二．多项选择题（共 3 小题，每题 4 分，共 12 分，选全的得 4 分，选对但不全得 2 分，有错选或不 选得 0 分） 13. 关于交变电流的几种说法正确的是（ AD ） A. 使用交变电流的电气设备上所标的电压值是指有效值 B. 交流电压表和电流表测得的值是电路中的瞬时值 C. 通常照明电路的电压是 220V，指的是峰值 D. 交流电路中电容、二极管等元件的耐压值不能小于电压的峰值 14. 关于自感现象，下列说法正确的是（ AD ） A. 自感现象也是一种电磁感应现象，所以它也遵循电磁感应的普遍规律 B. 自感电动势总是阻碍电流增大 C. 当线圈中的电流均匀增大时，自感电动势也均匀增大 D. 日光灯的启动方式应用了自感的原理 15. 如右图所示， 先后以速度 v1 和 v2 匀速地将闭合矩形线圈拉出匀强磁 场区域，v2=2v1，在先后两种情况下（ BCD ） A. 线圈中的感应电流之比 I1:I2=2:1 B. 线圈所受的安培力之比 F1:F2=1:2 C. 线圈产生的热量之比 Q1:Q2=1:2 D. 通过线圈的电量之比 q1:q2=1:1 三、填空题（每空 3 分，共 18 分） 16. 如图所示， 为矩形线圈在匀强磁场中匀速转动时产生的正弦交流电的电 流随时间变化的图像，由图像可知：电流的有效值为2 2A，交流电的 频率为 10Hz ，电流强度的瞬时值表达式为 i= 5sin20πt A.
江西省上高县二中2024_2025学年高二物理上学期第一次月考试题含解析
B. 小球b所受库仑力大小始终为2mg
C. 小球b加速度大小先变大后变小
D. 细线PM的拉力先增大后减小
【答案】D
【解析】
【详解】A、小球b运动过程管道支持力和电场力不做功，故只有重力做功，那么机械能守恒，故A错误；
B、对小球b运动过程应用机械能守恒可得： ，由小球在H点时对管道壁恰好无压力，依据牛顿其次定律可得： ，所以小球b受到的库仑力 ，方向竖直向上；又有库仑力 ，所以，库仑力大小不变，故选项B错误；
D. 将改装好的0～3V的电压表和0～0.6A的电流表串联，通有适当电流（不烧表）时，电压表和电流表指针偏角之比为6︰1
【答案】ACD
【解析】
【分析】
改装成电压表须要串联分压电阻，改装成电流表须要并联分流电阻；
C、设b与a的连线与水平方向的夹角为 ，则有 ，随意位置加速度为向心加速度和切向加速度合成，即 ，下滑过程中 从0增大 ，可知小球b加速度始终变大，故选项C错误；
D、设PN与竖直方向的夹角为α，对球a受力平衡，在竖直方向可得 ，在水平方向可得 ，解得 ，下滑过程中 从0增大 ，细线PM的拉力先增大后减小，故选项D正确；
A. B.
C. D.
【答案】D
【解析】
【详解】粒子做类平抛运动，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做匀加速直线运动。
第一种状况，有 L=vt，d= at2， ，
联立得： …①
其次种状况，若仅将b板向下平移一段距离x时，有：
L=vt， （d+x）= a′t2， ，
联立得： （d+x）= …②
由①②解得：x=（ -1）d，故D正确，ABC错误； 故选D。
A. 小球可能带负电
福建省高二下学期第一次月考物理试题
高二年下学期第一次月考物理科试卷（选择性必修二）（时间：75分钟满分：100分）一、单项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。
每小题只有一个选项符合题目要求。
1.太阳表面温度约为6000K ，主要发出可见光，人体温度约为310K ，主要发出红外线。
宇宙星际间的温度约为3K ，所发出的辐射称为“3K 背景辐射”，它是宇宙“大暴炸”之初在空间上保留下的余热，若要进行“3K 背景辐射”的观测，应该选择下列哪一个波段（）A.无线电波B.紫外线C.X 射线D.γ射线2.如图所示，匀质直金属杆MN 用两根绝缘细线悬于天花板的O 、O '点，杆的质量为m ，杆中通有垂直于纸面向里的恒定电流，空间有方向竖直向上的匀强磁场，杆静止时处于水平，悬线与竖直方向的夹角为θ，重力加速度为g 。
下列说法正确的是（）A.金属杆所受安培力大小为sin mg θB.金属杆所受安培力大小为tan mg θC.金属杆所受安培力大小为sin mg θD.金属杆所受安培力大小为tan mg θ3.如图所示，竖直平面（即纸面）内固定一足够长的租糙绝缘杆，杆与电场正方向夹角为60°。
一质量为m 、电荷量为q +的小球套在绝缘杆上，在0t =时刻以初速度0v 沿杆向下运动。
空间同时存在垂直于纸面向里的匀强磁场和水平向左的匀强电场，电场强度大小为3mg E =A.只要磁感应强度大小取合适值，就能使小球沿杆向下做匀加速直线运动B.只要碰感应强度大小取合适值，就能使小球沿杆向下做匀减速直线运动C.若磁感应强度大小为02mg B qv =，小球将沿杆向下做匀速直线运动 D.若磁感应强度大小为02mg B qv =，小球将沿杆向下做匀速直线运动 4.如图甲所示，两个闭合圆形金属线圈A 、B 的圆心重合，放在同一水平面内，线圈A 中通以如图乙所示的变化电流，0t =时电流方向为顺时针（如图中箭头所示）。
在20t ~的时间内，对线圈B 的下列分析正确的是（）A.线图B 中的感应电流方向先沿顺时针后沿逆时针B.线圈B 中的感应电流大小先变小后变大C.线圈B 所受安培力先变小后变大D.线圈B 先有扩张趋势后有收缩趋势二、多项选择题：本题共4小题，每小题6分，共24分。
高二文科物理第一次月考物理试题
高二文科物理第一次月考物理试题一、选择题，每小题只有一个选项正确，请将你的正确答案填在答题栏内，每小题4分，共48分。
1. 电场强度是反映电场的力的性质的物理量，它的大小是由电场本身决定的。
电场中有一点P ，下列说法正确的是 A ．若P 点没有电荷，则P 点场强为零B ．放在P 点的电荷电量越大，则P 点的场强越大C ．放在P 点的电荷电量越大，电荷受到的电场力越大D ．P 点的场强方向为放在该点的电荷所受电场力的方向 2．关于点电荷的说法，正确的是A ．只有体积很小的带电体，才能看作点电荷B ．体积很大的带电体一定不能看作点电荷C ．点电荷一定是电荷量很小的电荷D ．当两个带电体的大小及形状对它们之间相互作用力的影响可忽略时，两个带电体才可看成点电荷3．如图所示，是点电荷电场中的一条电场线，则 A ．a 点场强一定大于b 点场强 B ．形成这个电场的电荷一定带负电C ．在b 点由静止开始释放一个电子，将一定向a 点运动D ．形成这个电场的电荷一定带正电 4．下列说法错误的是A ．只要有电荷存在，电荷周围就一定存在电场B ．电场是一种物质，它与其它物质一样，是不依赖我们的感觉而客观存在的C ．电荷间的相互作用是通过电场而产生的D ．电荷只有通过接触才能产生力的作用 5．关于电场线，下列说法正确的是 A ．沿着电场线的方向电场强度越来越小 B ．沿着电场线的方向电场强度越来越大 C ．任何两条电场线都不会相交· ·a bD．两条电场线有可能相交7．关于静电的应用和防止，下列说法不正确的是A．为了美观，通常把避雷针顶端设计成球形B．为了防止静电危害，飞机轮胎用导电橡胶制成C．为了避免因尖端放电而损失电能,高压输电导线表面要很光滑D．为了消除静电,油罐车尾装一条拖地铁链8．关于磁感线，下列说法中错误的是A．磁感线上某点的切线方向表示该点的磁场方向,即该点的磁感应强度方向B．磁感线越密的地方，磁感应强度越大C．磁感线始于磁铁的N极，终止于磁铁的S极D．磁感线是闭合的曲线9．一个电容器的规格是“10μF 50V”，则A．这个电容器的电容为10μFB．这个电容器加上50V电压时，电容才是10μFC．这个电容器没有电压时，电容为0D．这个电容器加的电压不能低于50V10．关于地磁场，下列说法正确的是A．地理位置的南北极即为地磁场的南北极B．小磁针静止时N极指向地理位置的南极C．小磁针静止时N极指向地理位置的北极D．地磁场只存在于地球外部，地球内部没有地磁场11.关于磁场和磁感线的描述，下列说法正确的是A．磁感线可以形象地描述各处磁场的强弱和方向，它每一点的切线方向都跟小磁针放在该点静止时北极所指的方向一致。
高二物理上学期第一次月考(含解析)
嗦夺市安培阳光实验学校第五中学度第一学期高二物理第一次月考试卷时间：90分钟 满分：100分一．选择题（本题包括11小题，每小题4分，共44分。
每小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的）1. 在电场中的a 点放一检验电荷q +，它受到的电场力大小为F ，方向水平向右，则a 点的场强大小为a FE q=，方向水平向右，下列说法正确的是( )A ．在a 点放置一个电荷量为2q 的检验电荷，则a 点的场强变为2EB ．在a 点放置一个电荷量为2q 的检验电荷，则a 的场强变为12EC ．在a 点放置一个负检验电荷，a 点的场强方向变为水平向左D ．在a 点放置一个负检验电荷，它所受的电场力方向水平向左 【答案】D【考点】电场强度．【解析】电场强度是反映电场本身的力的性质的物理量，与试探电荷无关，在电场中同一点，电场强度是确定不变的．电场强度的方向为正电荷的受力方向，与负电荷的受力方向相反。
2.关于匀强电场电势差和场强的关系，正确的说法是：（ ） A 、在相同距离的两点上，电势差大的其场强也必定大 B 、任意两点间的电势差等于场强和这两点距离的乘积 C 、电势减小的方向必定是场强的方向D 、沿电场线的方向任意相同距离上的电势差必定相等【答案】D【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系．【解析】解：A 、根据公式U=Ed 可知，两点间的电势差等于场强和这两点间在电场线方向上距离的乘积．相同距离没有说明是否是电场方向的距离，故A 错误；B 、U=Ed ，d 是沿电场线方向上的距离，不是任意两点间的距离，故B 错误；C 、电势减小的方向不是场强的方向，电势降低最快的方向才是场强的方向，故C 错误．D 、根据公式U=Ed 可知，沿电场线方向，距离相同，电势差相同，即相同距离上电势降落必定相等．故D 正确 故选：D3.在点电荷Q 形成的电场中有一点A ，当一个－q 的检验电荷从电场的无限远处被移到电场中的A 点时，电场力做的功为W ，则检验电荷在A 点的电势能及电场中A 点的电势分别为：（ ） A 、A A WW qεϕ=-=， B 、A A WW q εϕ==-， C 、A A W W qεϕ==， D 、A A W q W εϕ=-=-，【答案】A【考点】电势；电势能．【解析】解：依题意，-q 的检验电荷从电场的无限远处被移到电场中的A 点时，电场力做的功为W ，则电荷的电势能减小W ，无限处电荷的电势能为零，则电荷在A 点的电势能为ɛA=-W ，A 点的电势.故选A4.将一正电荷从无穷远处移向电场中M点，电场力做功为6.0×10-9J，若将一个等量的负电荷从电场中N点移向无穷远处，电场力做功为7.0×10-9J，则M、N两点的电势ϕm、ϕn有如下关系（）A、ϕm＜ϕn＜0B、ϕn＞ϕm＞0C、ϕn＜ϕm＜0D、ϕm＞ϕn＞0【答案】C【考点】电势；电势能．【解析】解：正电荷从无穷处移向电场中M点，电场力做功为6.0×10-9J，电荷的电势能减小，则M点的电势小于无穷远的电势，即φM＜0．负电荷从电场中N点移向无穷远处，电场力做功为7.0×10-9J，电势能减小，则N点的电势小于无穷远的电势，即φN＜0．由于两电荷电量相等，N点移向无穷远处电场力做功较大，N点与无穷远间的电势差较大，则N点的电势低于M点的电势，即得到φN＜φM＜0．故选C5.如图中a、b、c是匀强电场中同一平面上的三个点，各点的电势分别是φa=5V，φb=2V，φc=4V，则在下列各示意图中能表示该电场强度方向的是（）【答案】D【考点】电场强度；电势．【解析】解：由题意可知，各点的电势分别为Ua=5V，Ub=2V，Uc=4V，则ab连线上离a 点处的电势为3V，所以该点与c点的连线，即为等势线．由于沿着电场线方向，电势降低．故D正确，ABC错误；故选：D6.如图所示，在沿x轴正方向的匀强电场E中，有一动点A以O为圆心、以r 为半径逆时针转动，θ为OA与x轴正方向间的夹角，则O、A两点问电势差为( ).(A)UOA=Er (B) UOA=Ercosθ(C) UOA=Ersinθ(D)θrcosEUOA=【答案】B【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系；电势．【解析】解：在匀强电场中，两点间的电势差U=Ed，而d是沿场强方向上的距离，所以dOA=r•cosθ，故：UoA=Ercosθ故选C．7.一带电粒子从电场中的A点运动到B点，轨迹如图中虚线所示，不计粒子所受的重力则：（）A、粒子带正电B、粒子的加速度逐渐增大C、A点的场强小于B点的场强D、粒子的速度不断减小【答案】D【考点】电势能；牛顿第二定律；电场强度．【解析】解；A、由运动与力关系可知，电场力方向与速度方向分居在运动轨迹两边，且电场力偏向轨迹的内侧，故在A点电场力沿电场线向左，电场的方向向右，电场力的方向与电场方向相反，故粒子带负电，A错误；B、根据电场线的疏密可知，A的电场强度大B点的电场强度，所以粒子在A点的电场力大B点的电场力，根据牛顿第二定律可知，粒子在A点的加速度大B 点的加速度，故B错误；C、根据电场线的疏密程度可以知道A点的场强大于B点的场强，故C错误；D、不计粒子所受的重力，只有电场力做功，又粒子从A到B电场力做负功，所以动能减小，故D正确；故选D．8.如图所示,一个带负电的油滴以初速度v0从P点斜向上射入水平方向的匀强电场，若油滴到达最高点的速度大小仍为 v0，则油滴最高点的位置（）A、在P点的左上方 B、在P点的右上方C、在P点的正上方D、上述情况都可能【答案】A【考点】带电粒子在匀强电场中的运动；抛体运动．【解析】解：对粒子受力分析：粒子仅在重力与电场力作用下运动，直到运动到最高点，此过程初动能与末动能已知且相同，设粒子升高的高度为h，粒子的初末位置间的电压为UPQ，粒子的带电量为-q，由动能定理得：-qUPQ-mgh=解得：由于UPQ＜0，即UP＜UQ，说明Q点的电势高于P点，即带电粒子应在P点的左上方，故A正确．故选：A9．如图所示,在原来不带电的金属细杆ab附近P处,放置一个正点电荷,达到静电平衡后，则（）A．a端带负电，b端带正电B．b端的电势比d点的低C．杆内c处的电场方向由c指向bD．a端的电势一定比b端的低【答案】B【考点】电势．静电平衡【解析】 A、由于静电感应，导体上感应出来的正电荷在a端，负电荷在b端，故A错误．B达到静电平衡后，整个导体是一个等势体，导体上的电势处处相等，所以可以得到φa=φb，由于电场线从正电荷出发到b端终止，根据顺着电场线方向电势降低，可知b端的电势比d点的低，故B正确，D错误．C、由于杆处于静电平衡状态，所以内部的场强处处为零，c处的电场强度为0，故C错误．10.在点电荷Q的电场中，一个α粒子(He42)通过时的轨迹如图实线所示，a、b 为两个等势面，则下列判断中正确的是( ).A.Q可能为正电荷，也可能为负电荷B.运动中.粒子总是克服电场力做功C.α粒子经过两等势面的动能Eka＞EkbD.α粒子在两等势面上的电势能Epa＞Epb【答案】C【考点】等势面；电势能．【解析】解：A、α粒子带正电，根据从粒子运动轨迹看出，轨迹向左弯曲，可知带电粒子受到了排斥力作用，则Q为正电荷，故A错误；B、正的点电荷周围电场分布特点可知，b点的电势高于a点的电势，由于α粒子带正电，所以电势能减小，电场力做正功，故B错误；C、根据运动轨迹可知，带电粒子受到了排斥力作用，从a到b过程中，电场力做负功，因此动能减小电势能增大，故C正确，D错误．故选C．11. 如图所示，A、B为某电场中一条直线上的两个点，现将正点电荷从A点静止释放，仅在电场力作用下运动一段距离到达B点，其电势能Ep随位移x的变化关系如图所示．从A到B过程中，下列说法正确的是( )A. 电场力对电荷一直做正功B. 电势一直升高C. 电荷所受电场力先减小后增大D. 电荷所受电场力先增大后减小【答案】C【考点】电势能；电场强度．【解析】解：A、电势能先减小后增大，则电场力做正功后做负功．故A错误．B、正电荷从A到B电场力先做正功，后做负功，则说明电场力方向变化，即电场线方向先向右，后向左，所以电势先降低后升高．故B错误．C、电势能EP随位移x的变化关系图象的斜率表示电场力的大小，因此电场力先减小后增大．故C正确，D错误．故选C．二．填空、实验题（本题包括3小题，共18分）12. 有三个相同的绝缘金属小球A、B、C，其中A小球带有2.0×10-5C的正电荷，小球B、C不带电。
高二物理上学期第一次月考试题(含解析)高二全册物理试题1
嗦夺市安培阳光实验学校甘肃省定西市岷县二中高二（上）第一次月考物理试卷一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分．）1．点电荷是静电学中的一个理想模型，它是指（）A．体积很小的带电体B．球形带电体C．带电少的带电体D．大小和形状对作用力影响可忽略的带电体2．下列各电场中，A、B两点电场强度相同的是（）A ．B ．C ．D ．3．下列静电学公式中，F、q、E、U、r和d分别表示电场力、电量、场强、电势差以及距离，则（）①F=k ②E=③E=④U=Ed．A．它们都只对点电荷或点电荷的场才成立B．①②③只对点电荷或点电荷的场成立，④只对匀强电场成立C．①②只对点电荷成立，③对任何电场都成立，④只对匀强电场才成立D．①②只对点电荷成立，③④对任何电场都成立4．真空中有一个点电荷+Q1，在距其r处的P点放一电荷量为+q的试探电荷，试探电荷受到的电场力为F，则下列答案中正确的是（）A．P 点的场强大小为B．P 点的场强大小等于也等于C．试探电荷的电荷量变为2q时，2q受到的电场力将变为2F，而P 处的场强为D．若在P点不放试探电荷，则该点的场强方向将发生变化5．真空中有两个点电荷Q1和Q2，它们之间的静电力为F，下面哪些做法可以使它们之间的静电力变为1.5F（）A．使Q1的电量变为原来的2倍，Q2的电量变为原来的3倍，使它们的距离变为原来的2倍B．使每个电荷的电量都变为原来的1.5倍，距离变为原来的1.5倍C．使其中一个电荷的电量和它们的距离变为原来的1.5倍D ．保持它们的电量不变，使它们的距离变为原来的倍6．如图所示，点电荷q1，q2，q3处于在一条直线上，q2与q3的距离是q1与q2距离的2倍，每个电荷所受静电力的合力均为零，由此可以判定，三个电荷的电量q1：q2：q3之比为（）A．﹣9：4：﹣36 B．9：4：36 C．﹣3：2：6 D．3：2：67．绝缘细线上端固定，下端挂一轻质小球a，a的表面镀有铝膜．在a的近旁有一绝缘金属球b，开始时，a、b都不带电，如图所示，现使b带正电，则（）A．b将吸引a，吸住后不放开B．b立即把a排斥开C．a、b之间不发生相互作用D．b先吸引a，接触后又把a排斥开8．如图所示，有一带负电的粒子，自A点沿电场线运动到B点，在此过程中该带电粒子（）A．所受的电场力逐渐增大，电势能逐渐增大B．所受的电场力逐渐增大，电势能逐渐减小C．所受的电场力逐渐减小，电势能逐渐增大D．所受的电场力逐渐减小，电势能逐渐减小9．如图所示，xOy平面内有一匀强电场，场强为E，方向未知，电场线跟x轴的负方向夹角为θ，电子在坐标平面xOy内，从原点O以大小为v0、方向沿x 正方向的初速度射入电场，最后打在y轴上的M点．电子的质量为m，电荷量为e，重力不计．则（）A．O点电势高于M点电势B．运动过程中电子在M点电势能最多C．运动过程中，电子的电势能先减少后增加D．电场对电子先做负功，后做正功10．三个相同的金属小球1、2、3分别置于绝缘支架上，各球之间的距离远大于小球的直径．球1的带电量为q，球2的带电量为nq，球3不带电且离球1和球2很远，此时球1、2之间作用力的大小为F．现使球3先与球2接触，再与球1接触，然后将球3移至远处，此时1、2之间作用力的大小仍为F，方向不变．由此可知（）A．n=3 B．n=4 C．n=5 D．n=611．如图所示，A、B为相互接触的用绝缘支柱支持的金属导体，起始它们不带电，在它们的下部贴有金属箔片，C是带正电的小球，下列说法中不正确的是（）A．把C移近导体A时，A带负电、B带正电B．把C移近导体A，先把A、B分开，然后移去C，A、B上的金属箔片仍张开C．先把C移走，再把A、B分开，A上的金属箔片仍张开D．先把C移进导体A，用手接触B后，则A箔片仍张开12．如图，在正点电荷Q形成的电场中，AD、BC是以Q为圆心的两段圆弧．正点电荷q沿A→B→C→D→A移动，则该电荷q（）A．沿BC运动时不受电场力作用B．沿DA运动时电场力不做功C．在B点时的电势能比在D点时小D．在A点时受到的电场力比在C点时小13．（12分）（2015秋•岷县校级月考）一个很小的小球带有电量Q，在距离球心30cm处的A点放了一个试探电荷q=﹣1×10﹣10C，q 受到的电场力为1×10﹣8N，方向指向球心．求：（1）A点的场强的大小和方向；（2）如果从A点取走q，A点场强大小和方向；（3）把q放在离球心60cm处的B点，所受的电场力等于多少？14．（12分）（2012秋•校级期中）如图所示，在匀强电场中，有A、B两点，它们间的距离为2cm，两点的连线与场强方向成60°角．将一个电荷量为﹣2×10﹣5C的电荷由A移到B，其电势能增加了0.1J．问：（1）在此过程中，电场力对该电荷做了多少功？（2）A、B两点的电势差U AB为多大？15．（12分）（2015秋•绵阳校级月考）如图所示，一质量为m=1.0×10﹣2kg，带电量q=1.0×10﹣6C的小球，用绝缘细线悬挂在水平向右的匀强电场中，假设电场足够大，静止时悬线向左与竖直方向成60°角，小球在运动过程电量保持不变，重力加速度g=10m/s2，结果保留2位有效数字．（1）判断小球带何种电荷，并求电场强度E；（2）若在某时刻将细线突然剪断，求经过1s时小球的速度v．16．（16分）（2015春•武汉校级期末）在一个水平面上建立x轴，在过原点O 垂直于x轴的平面的右侧空间有一个匀强电场，场强大小E=6.0×105N/C，方向与x轴正方向相同，在O处放一个电荷量q=﹣5.0×10﹣8C，质量m=1.0×10﹣2kg的绝缘物块，物块与水平面间的动摩擦因数μ=0.20，沿x轴正方向给物块一个初速度v0=2.0m/s，如图所示．（g取10m/s2）试求：（1）物块向右运动的最大距离；（2）物块最终停止的位置．甘肃省定西市岷县二中高二（上）第一次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分．）1．点电荷是静电学中的一个理想模型，它是指（）A．体积很小的带电体B．球形带电体C．带电少的带电体D．大小和形状对作用力影响可忽略的带电体考点：元电荷、点电荷．专题：电场力与电势的性质专题．分析：点电荷是静电学中的一个理想模型，当带电体之间的距离远大于带电体本身的尺寸，以至于带电体本身的大小和形状对带电体间的作用力影响可忽略不计时，带电体就可以看成点电荷．解答：解：带电体能不能看成点电荷是看带电体本身的体积和形状对带电体间的作用力影响是否可以忽略不计，而不是仅仅看带电体的体积的大小和形状．故ABC错误，D正确．故选D点评：本题对点电荷的理解能力，带电体能不能看成点电荷，不是取决取带电体绝对体积大小和形状，而看带电体本身的体积和形状对带电体间的作用力影响是否可以忽略不计．2．下列各电场中，A、B两点电场强度相同的是（）A ．B ．C ．D ．考点：电场强度；电场线．分析：在电场线中电场线的疏密表示电场强度的大小，当电场线疏密相同时，电场强度相等．解答：解：因电场线的疏密表示场强的大小，由图可知，只有C图中AB两点的电场线疏密程度相同，故A、B两点电场强度相同的点只有C．故选C．点评：本题考查电场线的性质，电场线的方向表示场强的方向，电场线的疏密表示场强的大小．3．下列静电学公式中，F、q、E、U、r和d分别表示电场力、电量、场强、电势差以及距离，则（）①F=k ②E=③E=④U=E d．A．它们都只对点电荷或点电荷的场才成立B．①②③只对点电荷或点电荷的场成立，④只对匀强电场成立C．①②只对点电荷成立，③对任何电场都成立，④只对匀强电场才成立D．①②只对点电荷成立，③④对任何电场都成立考点：电场强度；电势差；电势能．专题：电场力与电势的性质专题．分析：、E=只适用于点电荷；适用于任何电场，U=Ed只适用于匀强电场．解答：解：是库仑定律的公式，只适用于点电荷．E=是由库仑定律和电场强度的定义式E=推导出来的，也可适用于点电荷；是电场定义式，采用比值法定义，适用于任何电场；U=Ed是根据W=qU和W=qEd结合推导出来的，W=qEd只适用于匀强电场，所以U=Ed只对匀强电场成立．故C正确．故选：C．点评：解决本题的关键知道库仑定律和电场强度三大公式的适用条件，要知道各个公式的来源，并能灵活运用，即可正确答题．4．真空中有一个点电荷+Q1，在距其r处的P点放一电荷量为+q的试探电荷，试探电荷受到的电场力为F，则下列答案中正确的是（）A．P 点的场强大小为B．P 点的场强大小等于也等于C．试探电荷的电荷量变为2q时，2q受到的电场力将变为2F，而P 处的场强为D．若在P点不放试探电荷，则该点的场强方向将发生变化考点：库仑定律；电场强度．分析：电场强度的定义式为E=，q是试探电荷；点电荷产生的电场强度为E=k，Q是场源电荷．电场强度反映电场本身的性质，与试探电荷无关．解答：解：A、根据电场强度的定义式E=得P点的场强为 E=，故A错误．B、根据点电荷产生的电场强度为E=，也可以确定P点的场强：E=，故B 正确．C、场强由电场本身决定，与有无试探电荷无关，试探电荷的电荷量变为2q 时，q受到的电场力将变为2F ，但该点的场强不变，仍为，故C正确．D、场强由电场本身决定，与有无试探电荷无关，所以若在P点不放试探电荷，则该点的场强方向不发生变化，故D错误．故选：BC．点评：理解并掌握场强的定义式和点电荷的场强公式的意义是解题的关键，知道场强由电场本身决定，与试探电荷无关．5．真空中有两个点电荷Q1和Q2，它们之间的静电力为F，下面哪些做法可以使它们之间的静电力变为1.5F（）A．使Q1的电量变为原来的2倍，Q2的电量变为原来的3倍，使它们的距离变为原来的2倍B．使每个电荷的电量都变为原来的1.5倍，距离变为原来的1.5倍C．使其中一个电荷的电量和它们的距离变为原来的1.5倍D ．保持它们的电量不变，使它们的距离变为原来的倍考点：库仑定律．专题：电场力与电势的性质专题．分析：在真空中有两个点电荷间的作用力遵守库仑定律，根据库仑定律，运用比例法求解．解答：解：由题原来的静电力为F=A、使Q1的电量变为原来的2倍，Q2的电量变为原来的3倍，同时使它们的距离变为原来的2倍，它们间的静电力为=1.5F，故A正确．B、使每个电荷的电量都变为原来的1.5倍，距离变为原来的1.5倍，它们间的静电力为，故B错误．C、使其中一个电荷的电量和它们的距离均变为原来的1.5倍，它们间的静电力为，故C错误．D、保持它们的电量不变，使它们的距离变为原来的1.5倍，则它们间的静电力为，故D错误．故选：A．点评：本题考查运用比例法解决物理问题的能力，技巧在于用相同的量表示作用力，然后求出比例关系．6．如图所示，点电荷q1，q2，q3处于在一条直线上，q2与q3的距离是q1与q2距离的2倍，每个电荷所受静电力的合力均为零，由此可以判定，三个电荷的电量q1：q2：q3之比为（）A．﹣9：4：﹣36 B．9：4：36 C．﹣3：2：6 D．3：2：6考点：库仑定律．专题：电场力与电势的性质专题．分析：解决本题一定要把握“每个电荷都处于平衡状态”这一特点进行分析，已知q2为负电荷，可以利用假设法判断q1和q3的电性，如假设q1带正电，其它电荷是否平衡等，也可以利用“两同夹异，近小远大”（三个电荷处于平衡时两边电性相同和中间相反，中间电荷离电量小的近，离电量大的远）进行判断．三个电荷处于同一直线上，每个电荷受两个库仑力作用处于平衡状态，据此列方程即可求解．解答：解：若q2为负电荷，假设q1带负电，要使q2平衡则q3也应带负电，但此时q1、q3因都受斥力而不平衡，故q1带正电，同理分析q3带正电．若同理也可能是q1、q3带负电，q2带正电．由于三个电荷均处于平衡状态，所以对q1有：=①对q2有：②对q3有：③联立①②③可解得：根据题意可知l2=2l1，所以由于q1、q3是同种电荷，故q1：q2：q3=﹣9：4：﹣36或q1：q2：q3=9：﹣4：36，故A正确，BCD错误．故选：A．点评：本题考察了库仑定律在电荷平衡中的应用，对于三个电荷平衡可以利用“两同夹异，近小远大”的规律进行电性判断，本题的难点在于计算，学生列出方程容易，但是计算正确难．7．绝缘细线上端固定，下端挂一轻质小球a，a的表面镀有铝膜．在a的近旁有一绝缘金属球b，开始时，a、b都不带电，如图所示，现使b带正电，则（）A．b将吸引a，吸住后不放开B．b立即把a排斥开C．a、b之间不发生相互作用D．b先吸引a，接触后又把a排斥开考点：库仑定律．分析：带电物体能够吸引轻小物体，a与b接触后，a球与b球带上了同种电荷，相互排斥而分开．解答：解：带电物体能够吸引轻小物体，故b会将a球吸引过来，a与b接触后，带同种电荷而分开；故选：D．点评：本题关键是带电物体能够吸引轻小物体，接触后，带同种电荷，又因为带同种电荷而分开．8．如图所示，有一带负电的粒子，自A点沿电场线运动到B点，在此过程中该带电粒子（）A．所受的电场力逐渐增大，电势能逐渐增大B．所受的电场力逐渐增大，电势能逐渐减小C．所受的电场力逐渐减小，电势能逐渐增大D．所受的电场力逐渐减小，电势能逐渐减小考点：电场强度；电势能．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电场线越密的地方场强越强，越疏的地方场强越弱，沿电场线方向电势逐渐降低．根据电场力做功判断电势能和动能的变化．解答：解：A、B：B点电场线比A点电场线密，所以B处场强较强．负电荷受到的电场力与电场线的方向相反，所以电荷从A到B的过程电场力做正功，电势能减小．故A错误，B正确；C、D：B处场强较强，所以从A到B的过程电场力逐渐增大，故C错误，D 错误．故选：B．点评：解决本题的关键知道电场线的性质，以及知道电场力做功与电势能的关系，电场力做正功，电势能减小，电场力做负功，电势能增加．9．如图所示，xOy平面内有一匀强电场，场强为E，方向未知，电场线跟x轴的负方向夹角为θ，电子在坐标平面xOy内，从原点O以大小为v0、方向沿x 正方向的初速度射入电场，最后打在y轴上的M点．电子的质量为m，电荷量为e，重力不计．则（）A．O点电势高于M点电势B．运动过程中电子在M点电势能最多C．运动过程中，电子的电势能先减少后增加D．电场对电子先做负功，后做正功考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电子仅在电场力作用下，以一定的初速度，从O点运动到M点，根据曲线运动的条件可确定，电子受到的电场力方向．再由电子带负电，从而确定电场强度的方向．结合电场力与运动速度的方向来确定电场力做功的情况，从而可确定电子的电势能变化情况．解答：解：A、电子沿X轴正方向进入匀强电场，出现题中的运动轨迹，由曲线运动的条件可知道，电场力的方向沿着电场线斜向上，由于电子带负电，所以电场线的方向斜向下．根据沿着电场线方向电势降低，可知O点电势低于M点电势，故A错误；B、由电子的运动轨迹可知，电子所受的电场力先做负功，再做正功．因此电子的电势能先增加后减小．所以运动过程中电子在M点电势能最小，故B错误；C、根据电子所受的电场力先做负功，再做正功．因此电子的电势能先增加后减小．故C错误；D、由A选项分析可知，开始电场力方向与初速度方向夹角大于90°，之后夹角小于90°．因此电场力对电子先做负功，再做正功．故D正确；故选：D点评：本题突破口：根据曲线运动的条件，结合电场的力与能的基本性质，从而即可解题．10．三个相同的金属小球1、2、3分别置于绝缘支架上，各球之间的距离远大于小球的直径．球1的带电量为q，球2的带电量为nq，球3不带电且离球1和球2很远，此时球1、2之间作用力的大小为F．现使球3先与球2接触，再与球1接触，然后将球3移至远处，此时1、2之间作用力的大小仍为F，方向不变．由此可知（）A．n=3 B．n=4 C．n=5 D．n=6考点：库仑定律．分析：当两个完全相同的带同种电荷的小球接触后，它们的总电荷量将平分；如果两个完全相同的小球带的是异种电荷，那么当它们接触后，它们带的电荷将先中和，之后再将剩余的电荷量平分．找到小球带的电量的关系之后，根据库仑力的公式就可以求得作用力的大小，从而可以求得n的数值．解答：解：设1、2距离为R，则球1、2之间作用力为：F=k，3与2接触后，它们带的电的电量平分，均为：，再3与1接触后，它们带的电的总电量平分，均为，将球3移至远处后，球1、2之间作用力为 F=k，有上两式解得：n=6，故选D．点评：完全相同的带电的小球接触后，它们的电荷量将平分，这是分析互相接触后库仑力如何变化的关键，知道这一点之后，根据库仑定律就可以求得力的大小．11．如图所示，A、B为相互接触的用绝缘支柱支持的金属导体，起始它们不带电，在它们的下部贴有金属箔片，C是带正电的小球，下列说法中不正确的是（）A．把C移近导体A时，A带负电、B带正电B．把C移近导体A，先把A、B分开，然后移去C，A、B上的金属箔片仍张开C．先把C移走，再把A、B分开，A上的金属箔片仍张开D．先把C移进导体A，用手接触B后，则A箔片仍张开考点：静电场中的导体．专题：电场力与电势的性质专题．分析：当导体A、B放在带正电的附近时，出现感应起电现象．电荷周围有电场存在，从而导体A、B处于电场中，在电场力的作用下，使导体中的自由电子重新分布．而处于静电平衡的导体，电荷只分布在外表面，内部电场强度为零，且是等势体．解答：解：AB、感应带电，这是使物体带电的一种方法，根据异种电荷互相吸引的原理可知，靠近的一端会带异种电荷．金属导体处在正电荷的电场中，由于静电感应现象，导体B的右端要感应出正电荷，在导体A的左端会出现负电荷，所以导体两端的验电箔都张开，且左端带负电，右端带正电，把带正电荷的物体C移近导体A后，把A和B分开，A带负电，B带正电，金属箔还是张开，故AB正确；C、先把C移走，A、B电荷恢复原状，若再把A、B分开，A、B上的金属箔片不会张开，故C不正确；D、把C移进A后，电荷重新分配，AB外表面带正电荷，手接触B后，表面电荷为零，故张角闭合；故D不正确；本题选不正确的，故选：CD．点评：本题要注意体会物体静电感应起电的实质，及静电平衡状态时，带电体的电荷只分布在外表面，内部电场强度为零，且导体的电势处处相等．12．如图，在正点电荷Q形成的电场中，AD、BC是以Q为圆心的两段圆弧．正点电荷q沿A→B→C→D→A移动，则该电荷q（）A．沿BC运动时不受电场力作用B．沿DA运动时电场力不做功C．在B点时的电势能比在D点时小D．在A点时受到的电场力比在C点时小考点：楞次定律；电场；法拉第电磁感应定律．专题：电磁感应与电路结合．分析：电场力做功，根据公式W=qU，可知跟两点间的电势差有关系，两点间电势差为零，不做功．电场线的疏密反映了电场的强弱．解答：解：A、电荷处在电场中就会受到电场力的作用，故A错误．B、在正点电荷Q形成的电场中，AD、BC是以Q为圆心的两段圆弧，也是两个等势面，所以沿DA运动时电场力不做功，故B正确．C、沿着电场线方向的电势降低，所以D点电势高于B点电势，但是电势能E p=qφ，所以正点电荷q在B点时的电势能比在D点时小，故C正确．D、根据库仑定律，离点电荷的距离越小，电场强度越大，所以A点的场强大于C点的场强，所以在A点时受到的电场力比在C点时大，故D错误．故选：BC点评：根据电场的对称性，电场线与等势面垂直，沿电场线的方向，电势降低，可以分析解决本题．13．（12分）（2015秋•岷县校级月考）一个很小的小球带有电量Q，在距离球心30cm处的A点放了一个试探电荷q=﹣1×10﹣10C，q 受到的电场力为1×10﹣8N，方向指向球心．求：（1）A点的场强的大小和方向；（2）如果从A点取走q，A点场强大小和方向；（3）把q放在离球心60cm处的B点，所受的电场力等于多少？考点：电势差与电场强度的关系；电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：（1）已知试探电荷q=﹣1×10﹣10C，q受到的电场力为1×10﹣8N，方向指向球心，根据电场强度的定义式E=求出A点的场强的大小．A点的场强的方向与电场力方向相反．（2）场强由电场本身决定，与试探电荷无关．从A点取走q，A点场强大小和方向都不变．（3）根据库仑定律把该电荷放在离球心60cm处的B点，所受的电场力．解答：解：（1）A点的场强的大小E==N/C=100N/C，方向：球心→A．（2）如果从A点取走q，A点场强大小和方向都不变，E=100N/C，方向从球心→A．（3）根据库仑定律得试探电荷放在A点时：F=试探电荷放在B 点时：F′=由题，r′=2r，则得到，F′==2.5×10﹣9N；答：（1）A点的场强的大小为100N/C，方向：球心→A．（2）A点的场强的大小为100N/C，方向：球心→A．（3）F=2.5×10﹣9 N；点评：本题要区分清楚试探电荷与场源电荷，公式E=中q是试探电荷，E=k中Q是场源电荷．14．（12分）（2012秋•校级期中）如图所示，在匀强电场中，有A、B两点，它们间的距离为2cm，两点的连线与场强方向成60°角．将一个电荷量为﹣2×10﹣5C的电荷由A移到B，其电势能增加了0.1J．问：（1）在此过程中，电场力对该电荷做了多少功？（2）A、B两点的电势差U AB为多大？考点：电势差；匀强电场中电势差和电场强度的关系．专题：电场力与电势的性质专题．分析：（1）根据电场力做功与电势能之间的关系，可以判断电场力做功的多少；（2）由电场力做功的公式，可以求得电势差．解答：解：（1）电场力做正功，电势能就减小，电场力做负功，电势能就增加，增加的电势能等于电场力做的功，所以电势能增加了0.1J，电场力对电荷就做﹣0.1J的功．（2）根据功的定义式知，该电荷应为负电荷．由W=qU可得：U==﹣V=5000V．答：（1）在此过程中，电场力对该电荷做了﹣0.1J的功．（2）A、B两点的电势差U AB为5000V．点评：解题的关键要明确电场力做正功，电势能就减小，电场力做负功，电势能就增加，在电场中计算电势差时一定要所注意带着符号来运算．15．（12分）（2015秋•绵阳校级月考）如图所示，一质量为m=1.0×10﹣2kg，带电量q=1.0×10﹣6C的小球，用绝缘细线悬挂在水平向右的匀强电场中，假设电场足够大，静止时悬线向左与竖直方向成60°角，小球在运动过程电量保持不变，重力加速度g=10m/s2，结果保留2位有效数字．（1）判断小球带何种电荷，并求电场强度E；（2）若在某时刻将细线突然剪断，求经过1s时小球的速度v．考点：共点力平衡的条件及其应用；匀变速直线运动的速度与时间的关系；力的合成与分解的运用；牛顿第二定律；电场强度．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：本题的关键是正确对小球受力分析，根据平衡条件可得小球受到的电场力方向向左并可求出电场强度的值，剪断细线后，由于小球受到的重力与电场力都为恒力，所以小球将做初速度为零的匀加速直线运动，根据牛顿第二定律和运动学公式，即可求解．解答：解：（1）对小球受力分析，受到向下的重力、沿绳子方向的拉力和水平向左的电场力，可见小球应带负电，由平衡条件可得：qE=mgtanθ，解得：E=1.7×N/C．（2）剪断细线后小球做初速度为零的匀加速直线运动，此时小球受到的合力F=…①由牛顿第二定律F=ma可得a=…②又由运动学公式v=at…③联立以上各式解得：v=20m/s，方向与竖直方向夹角为60°斜向下．答：（1）小球带负电，电场强度E为1.7N/C（2）细线剪断后1s时小球的速度为20m/s，方向与竖直方向夹角为60°斜向下．。
高二物理上学期第一次月考试题(无答案)-人教版高二全册物理试题
浙江省台州市书生中学2020-2021学年高二物理上学期第一次月考试题〔无答案〕〔总分为：100分 考试时间：90分钟〕 2020.10一、选择题Ⅰ(此题共13小题，每一小题3分，共39分。
每一小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多项选择、错选均不得分) 1.如下物理量中，均为矢量的一组是〔 〕A.加速度、力、时间B.电场强度、磁感应强度、速度C.电势、位移、质量D.电势差、电流强度、功率2.如下列图，为有力支援武汉“抗疫〞，空军在2020年2月2日凌晨出动8架大型运输机，分别从沈阳、兰州、广州、南京起飞，向武汉紧急空运795名军队支援湖北医疗队队员和58吨物资，上午9时30分全部抵达武汉天河机场。
对以上描述如下说法正确的答案是A. 计算运输机飞行时间时，运输机不能看成质点B. 在分析运输机着落动作时，运输机可以看成质点C. “上午9时30分〞指的是最后一架运输机的飞行时间D. “上午9时30分〞指的是最后一架运输机抵达武汉的时刻3.甲、乙两汽车在一平直公路上同向行驶．在t ＝0到t ＝t 1的时间内，它们的v t 图象如下列图．在这段时间内()A ．汽车甲的平均速度比乙的大B ．汽车乙的平均速度等于v 1＋v 22C ．甲、乙两汽车的位移一样D ．汽车甲的加速度大小逐渐减小，汽车乙的加速度大小逐渐增大4．倾角为α、质量为M 的斜面体静止在水平桌面上，质量为m 的木块静止在斜面体上．如下结论正确的答案是( )．A ．木块受到的摩擦力大小是mg cos αB ．木块对斜面体的压力大小是mg sin αC ．桌面对斜面体的摩擦力大小是mg sin αcos αD ．桌面对斜面体的支持力大小是(M ＋m )g5.甲、乙两球位于同一竖直直线上的不同位置，甲比乙高h,将甲、乙两球分别以大小为v1和v2的初速度沿同一水平方向抛出,不计空气阻力，如下条件中有可能使乙球击中甲球的是()A.同时抛出，且v1<v2B.甲迟抛出，且v1<v2C.甲早抛出，且v1>v2D.甲早抛出，且v1<v26.一轻杆一端固定质量为m的小球，以另一端O为圆心，使小球在竖直平面内作半径为R的圆周运动，如下列图，如此( ).A.小球过最高点时，杆所受弹力不可能为零B.小球过最高点时的最小速度是gRC.小球过最高点时，杆对球的作用力可以与球所受重力方向相反，此时重力一定大于杆对球的作用力D.小球过最高点时，杆对球的作用力一定跟小球所受重力的方向相反7.如下列图，两个互相垂直的力F1和F2作用在同一物体上，使物体运动，物体发生一段位移后，力F1对物体做功为4J，力F2对物体做功为3J，如此力F1与F2的合力对物体做功为( ).A.7JB.5JC.3.5JD.1J8.以下说法正确的答案是A. 由可知此场中某点的电场强度E与F成正比B. 由公式可知电场中某点的电势与q成反比C. 由可知，匀强电场中的任意两点a、b间的距离越大，如此两点间的电势差也一定越大D. 公式，电容器的电容大小C与电容器两极板间电势差U无关9.如下列图，平行板电容器的两极板A、B接于电池两极，一带正电的小球悬挂在电容器内部，闭合S，电容器充电，这时悬线偏离竖直方向的夹角为，如下说法中正确的答案是 A. 保持S闭合，将A板向B板靠近，如此增大B. 保持S闭合，将A板向B板靠近，如此不变C. 断开S，将A板向B板靠近，如此增大D. 断开S，将A板向B板靠近，如此减小10.如图是表示在一个电场中的a、b、c、d四点分别引入检验电荷时，测得的检验电荷的电量跟它所受电场力的函数关系图象，那么如下表示正确的答案是A. 这个电场是匀强电场B. a、b、c、d四点的场强大小关系是C. a、b、c、d四点的场强大小关系是D. 无法确定这四个点的场强大小关系11.自由下落的物体，其动能与位移的关系如下列图．如此图中直线的斜率表示该物体的A. 质量B. 机械能C. 重力大小D. 重力加速度大小12.如图常见的LED显示屏。
物理上学期第一次月考试卷高二全册物理试题
宽放市用备阳光实验学校一中高二〔上〕第一次月考物理试卷一、选择题〔共12小题，每题4分，总分值48分〕1．有A、B、C三个点电荷，假设将A、B放在距离为12cm的位置上，B受到A 的库仑力大小为F．假设将B、C放在距离为12cm的位置上，B受到C的库仑力大小为2F．那么C与A所带电荷量大小之比是( )A．1：2B．1：4C．2：1D．4：12．如下图，完全相同的金属小球A和B带量异种电荷，中间连接着一个轻质绝缘弹簧，放在光滑绝缘水平面上，平衡时弹簧的压缩量为x0．现将不带电的与A，B完全相同的金属球C与A球接触一下，然后拿走，重平衡后弹簧的压缩量为x，那么( )A ．B ．C ．D．x=x03．小灯泡通电后其电流I随所加电压U变化的图线如下图，P为图线上一点，PN为图线的切线，PQ为U轴的垂线，PM为I轴的垂线．那么以下说法中正确的选项是( )A．随着所加电压的增大，小灯泡的电阻不变B．随着所加电压的增大，小灯泡的电阻减小C．对P 点，小灯泡的电阻为D．对P点，小灯泡的电阻为R=4．在真空中的一个点电荷的电场中，离该点电荷距离为r0的一点引入电荷量为q的检验电荷，所受静电力为F，那么离该点电荷为r处的场强为( )A ．B ．C ．D ．5．如下图，两个量异号的点电荷在其连线的中垂线上有与连线中点O距离的两点a、b，在连线上有距中点O距离的两点c、d，那么以下场强大小关系式正确的选项是( )A．E a=E b＜EcB．E a=E o=E bC．Φa=Φb＞ΦcD．φc＞φO＞φd6．如下图，平行板电容器与电动势为E的直流电源〔内阻不计〕连接，下极板接地，静电计所带电量很少，可被忽略．一带负电油滴被固于电容器中的P点，现将平行板电容器的下极板竖直向下移动一小段距离，那么( )A．平行板电容器的电容值将变大B．静电计指针张角变小C．带电油滴的电势能将减少D．假设先将上极板与电源正极的导线断开再将下极板向下移动一小段距离，那么带电油滴所受电场力不变7．如下图，一带电粒子沿与电场线垂直的方向从电场进入两平行金属板间的匀强电场，粒子的带电量为q，两板间的电势差为U，那么粒子运动过程中( ) A．假设粒子从电场中射出，那么粒子动能增加了qUB ．假设粒子从电场中射出，那么电场力一对粒子做了的功C ．假设粒子打在极板上，那么电场力一对粒子做了的功D．假设粒子打在极板上，那么粒子的动能一增加了qU8．有一负电荷自电场中的A点自由释放，只受电场力作用，沿电场线运动到B 点，它运动的速度图象如下图，那么A、B所在电场区域的电场线分布可能是图中的( )A ．B ．C ．D ．9．如图是一个说明示波管工作的原理图，电子经加速电场〔加速电压为U1〕加速后垂直进入偏转电场，离开偏转电场时偏转量是h，两平行板间的距离为d，电压为U2，板长为l ，每单位电压引起的偏移，叫做示波管的灵敏度，为了提高灵敏度，可采用以下哪些方法( )A．增大U2B．减小lC．减小dD．增大U110．铅蓄电池的电动势为2V，这表示( )A．电路中每通过1C电量，电源把2J的化学能转变为电能B．蓄电池两极间的电压为2VC．蓄电池能在1s内将2J的化学能转变成电能D．蓄电池将化学能转变成电能的本领比一节干电池〔电动势为V〕的大11．如下图，一个绝缘光滑圆环轨道放在竖直向上的匀强电场E中，且Eq=3mg 在环的最低点B处有一个质量为m、带电量为+q的小球以速度v=2开始沿轨道运动，那么( )A．小球运动过程中机械能守恒B．小球经过环的最低点B时速度最小C．在A点球对环的压力为14mgD．在B点球对环的压力为2mg12．如图，绝缘杆长L，两端分别带有量异号电荷，电量值为Q，处在场强为E 的匀强电场中，杆与电场线夹角α=60°，假设使杆沿顺时针转过60°〔以杆上某一点为圆心转动〕，那么下述正确的选项是( )A．电场力不作功，两电荷电势能不变B ．电场力作的总功为，两电荷的电势能减小C ．电场力作的总功为，两电荷的电势能增加D．电场力做总功大小跟转轴位置无关二．填空题〔每题4分共16分〕13．密立根油滴进一步证实了电子的存在，揭示了电荷的非连续性．如下图是密立根的原理示意图，设小油滴质量为m，调节两板间电势差为U，当小油滴悬浮在两板间电场中不动时，测出两板间距离为d．可求出小油滴的电荷量q=__________．14．一条平直的电场线上有A、B、C三点，把q=﹣2×10﹣9C的粒子从A点移到B点，电场力做功W AB=﹣2×10﹣7J，再把该电荷从B点移到C点，电场力做功W BC=4×10﹣8J，那么U AB=__________V，U BC=__________V．15．如下图，水平平行金属板A、B间距为d，一带电质点质量为m，电荷量为q，当质点以速率v从两极板处水平飞入两极板间时，如两极板不加电压，那么恰好从下板边缘飞出，假设给A、B两极板加一电压U，那么恰好从上板边缘飞出，那么所加电压U=__________．16．铜的原子量为M，密度为ρ，每摩尔铜原子有n个自由电子，今有一根横截面为S的铜导线，当通过的电流为I时，电子平均向移动的速率为__________．三．计算题〔写出必要的文字说明6+8+10+12=36分〕17．铅蓄电池是太阳能供电系统的重要器件，它的主要功能，是把太阳能电池板发的电能及时储存在电瓶内，以供用电设备使用．某太阳能电池板给一电动势为15V的铅蓄电池充电时的电流为4A，充电10小时充满，该铅蓄电池储存了多少电能？18．在水平面上建立x轴，在过原点O垂直于x轴的平面的右侧空间有一匀强电场，电场强度E=6.0×105N/C，方向与x轴方向相同．在O处放一带电荷量q=﹣5.0×10﹣8C，质量m=1.0×10﹣2kg的绝缘物块，物块与水平面间的动摩擦因数µ=0.20，沿x 轴正方向给物块一个V0=2.0m/s的初速度，如下图，求物块最终停止的位置．〔g 取10m/s2〕19．如下图，平行板电容器电容为C，带电量Q，极板长为L，板间距为d，极板与水平面夹角为α，现有一质量为m的带电油滴与两板的P点从静止开始沿与极板平行的直线运动到Q点〔P、Q两点为电容器的边缘，忽略边缘效〕求：〔1〕液滴的电荷量；〔2〕液滴到达Q点的速度和所用的时间．20．如下图为真空示波管的示意图，电子从灯丝K发出〔初速度不计〕，经灯丝与A板间的加速电压U1加速，从A板中心孔沿中心线KO射出，然后进入由两块平行金属板M、N形成的偏转电场中〔偏转电场可视为匀强电场〕，电子进入偏转电场时的速度与电场方向垂直，电子经过偏转电场偏转打在荧光屏上的P 点，M、N两板间的电压为U2，两板间的距离为d，板长为L1，板右端到荧光屏的距离为L2，电子的质量为m，电荷量为e．求：〔1〕电子穿过A板时的速度大小；〔2〕电子从偏转电场射出时的侧移量y1；〔3〕荧光屏上P点到中心位置O点的距离．一中高二〔上〕第一次月考物理试卷一、选择题〔共12小题，每题4分，总分值48分〕1．有A、B、C三个点电荷，假设将A、B放在距离为12cm的位置上，B受到A 的库仑力大小为F．假设将B、C放在距离为12cm的位置上，B受到C的库仑力大小为2F．那么C与A所带电荷量大小之比是( )A．1：2B．1：4C．2：1D．4：1考点：库仑律．专题：电场力与电势的性质专题．分析：库仑律：真空中两个静止点电荷之间的作用力与它们电量的乘积成正比，与它们距离的二次方成反比，作用力的方向在它们的连线上．解答：解：将A、B放在距离为12cm的位置上，B受到A的库仑力大小为F；将B、C放在距离为12cm的位置上，B受到C的库仑力大小为2F；根据库仑律公式F=k，当距离一时，库仑力与电荷量的乘积成正比；现在库仑力变为2倍，说明电荷量乘积变为2倍，即：q B q C=2q A q B，故q C：q A=2：1；应选C．点评：此题关键是根据库仑律并采用控制变量法进行研究，根底题．2．如下图，完全相同的金属小球A和B带量异种电荷，中间连接着一个轻质绝缘弹簧，放在光滑绝缘水平面上，平衡时弹簧的压缩量为x0．现将不带电的与A，B完全相同的金属球C与A球接触一下，然后拿走，重平衡后弹簧的压缩量为x，那么( )A ．B ．C ．D．x=x0考点：库仑律；共点力平衡的条件及其用；胡克律．专题：电场力与电势的性质专题．分析：将不带电的与A，B完全相同的金属球C与A球接触一下，然后拿走，A 球的电量变为原来的一半．运用假设法，假设压缩量变为原来的一半，判断库仑力和弹簧弹力的大小关系，从而确最终的压缩量．解答：解：开始A 球处于平衡，库仑力于弹簧的弹力，有：．将C球与A球接触后，A球的带电量变为原来的一半，假设压缩量变为原来的一半，知弹力为，库仑力．因为压缩量变小了，那么两球间的距离变大，所以弹力F大于库仑力F′，那么知压缩量不能是原来的一半，要比小．故C正确，A、B、D错误．应选C．点评：此题综合考查了库仑律、胡克律和共点力平衡的运用，解决此题的关键运用假设法，假设压缩量变为原来的一半，会出现什么情况，从而确弹簧的压缩量比一半大，还是比一半小．3．小灯泡通电后其电流I随所加电压U变化的图线如下图，P为图线上一点，PN为图线的切线，PQ为U轴的垂线，PM为I轴的垂线．那么以下说法中正确的选项是( )A．随着所加电压的增大，小灯泡的电阻不变B．随着所加电压的增大，小灯泡的电阻减小C．对P 点，小灯泡的电阻为D．对P点，小灯泡的电阻为R=考点：闭合电路的欧姆律．专题：恒电流专题．分析：根据电阻的义R=，电阻于图线上的点与原点连线的斜率的倒数，斜率逐渐减小，电阻逐渐增大．对P点，灯泡的电阻于过P点的切线斜率的倒数．解答：解：A、B图线的斜率逐渐减小，说明电阻逐渐增大．故AB错误．C、D对P点，小灯泡的电阻为R=．故C错误，D正确．应选D点评：此题中灯泡是非线性元件，其电阻R=，但R4．在真空中的一个点电荷的电场中，离该点电荷距离为r0的一点引入电荷量为q的检验电荷，所受静电力为F，那么离该点电荷为r处的场强为( )A ．B ．C ．D ．考点：电场强度；库仑律．专题：电场力与电势的性质专题．分析：先根据电场强度的义式E=求出离该点电荷距离为r0处的场强大小，再由点电荷场强公式E=k，运用比例求解离该点电荷为r处的场强．解答：解：根据电场强度义得r0处的场强大小为 E1=．根据点电荷的场强公式得E=k，Q为场源电荷的电量，那么离该点电荷为r0处的场强为：E1=k，离该点电荷为r处的场强为：E2=k，由上两式之比得：=所以该点电荷为r处的场强的大小为 E2=•E1=．应选：B．点评：解答此题关键要掌握场强的两式义式E=和点电荷场强公式E=k，熟练运用比例法，即可进行求解．5．如下图，两个量异号的点电荷在其连线的中垂线上有与连线中点O距离的两点a、b，在连线上有距中点O距离的两点c、d，那么以下场强大小关系式正确的选项是( )A．E a=E b＜EcB．E a=E o=E bC．Φa=Φb＞ΦcD．φc＞φO＞φd考点：电场线；匀强电场中电势差和电场强度的关系．分析：两个量异号的点电荷连线的中垂线上中点O的场强最大，在两个电荷连线上，O点的场强最小，根据电场线的疏密，及沿着电场线方向，电势降低，即可进行分析解答：解：根据电场线越密场强越大，那么由两个量异号的点电荷电场线的分布情况可知，中垂线上中点O的场强最大，而且根据对称性可知，a、b两处电场线疏密相同，场强大小相，E a=E b＜E o，在两个电荷连线上，O点电场线最疏，场强最小，而且根据对称性可知，c、d两处的电场线疏密相同，故有E c=E d＞E o．所以有E a=E b＜E c，E a＜E d而沿着电场线方向，电势是降低的，因此φa=φb，φc＞φb＞φd；应选：AD点评：量同种、量异种电荷周围的电场分布情况是考察的，要结合电场强度、电势、电势能概念充分理解量同种、量异种电荷周围的电场特点6．如下图，平行板电容器与电动势为E的直流电源〔内阻不计〕连接，下极板接地，静电计所带电量很少，可被忽略．一带负电油滴被固于电容器中的P点，现将平行板电容器的下极板竖直向下移动一小段距离，那么( )A．平行板电容器的电容值将变大B．静电计指针张角变小C．带电油滴的电势能将减少D．假设先将上极板与电源正极的导线断开再将下极板向下移动一小段距离，那么带电油滴所受电场力不变考点：电容器的动态分析．专题：电容器专题．分析：电容器始终与电源相连，那么电容器两端间的电势差不变，根据电容器d的变化判断电容的变化以及电场强度的变化，从而判断电荷电势能和电场力的变化．解答：解：A、根据C=知，d增大，那么电容减小．故A错误．B、静电计测量的是电容器两端的电势差，因为电容器始终与电源相连，那么电势差不变，所以静电计指针张角不变．故B错误．C、电势差不变，d增大，那么电场强度减小，P点与上极板的电势差减小，那么P点的电势增大，因为该电荷为负电荷，那么电势能减小．故C正确．D、电容器与电源断开，那么电荷量不变，d 改变，根据，知电场强度不变，那么油滴所受电场力不变．故D正确．应选CD．点评：此题是电容器的动态分析问题，关键抓住不变量，当电容器与电源始终相连，那么电势差不变，当电容器与电源断开，那么电荷量不变．7．如下图，一带电粒子沿与电场线垂直的方向从电场进入两平行金属板间的匀强电场，粒子的带电量为q，两板间的电势差为U，那么粒子运动过程中( ) A．假设粒子从电场中射出，那么粒子动能增加了qUB ．假设粒子从电场中射出，那么电场力一对粒子做了的功C ．假设粒子打在极板上，那么电场力一对粒子做了的功D．假设粒子打在极板上，那么粒子的动能一增加了qU考点：带电粒子在匀强电场中的运动；动能理的用．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：电场力做功W=qU，与电荷的初末位置的电势差U有关，分析粒子可能打在什么位置，确电势差，分析电场力做功情况．由动能理研究动能的增加量．解答：解：A、B假设粒子从电场中射出，恰好从右板边缘飞出，电场力做功最大，最大为q，故AB均错误．C 、假设粒子打在极板上，粒子初末位置的电势差为，电场力一对粒子做了q 的功，故C正确．D、根据动能理得，动能的变化于电场力做功，那么假设粒子打在极板上，粒子的动能一增加了q．故D错误．应选C点评：此题关键是确电势差情况，研究出电场力做功，即可根据动能理求解动能的变化．8．有一负电荷自电场中的A点自由释放，只受电场力作用，沿电场线运动到B 点，它运动的速度图象如下图，那么A、B所在电场区域的电场线分布可能是图中的( )A ．B ．C ．D ．考点：电场线；匀变速直线运动的位移与时间的关系；电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：v﹣t图象中的斜率表示物体的加速度，所以根据电荷运动过程中v﹣t 图象可知电荷的加速度越来越小，那么电场力越来越小，电场强度越来越小，根据电场线与电场强度的关系可得出正确结果．解答：解：由v﹣t图象可知，粒子做加速度逐渐减小的加速运动，因此该电荷所受电场力越来越小，电场强度越来越小，电场线密的地方电场强度大，且负电荷受力与电场方向相反，故由此可ABC错误，D正确．应选D．点评：此题结合v﹣t图象，考查了电场强度与电场线以及电荷受电场力与电场方向之间的关系，考点结合巧妙、颖，有创性，同时要明确明确电场线分布与电场强度以及电势之间的关系．9．如图是一个说明示波管工作的原理图，电子经加速电场〔加速电压为U1〕加速后垂直进入偏转电场，离开偏转电场时偏转量是h，两平行板间的距离为d，电压为U2，板长为l ，每单位电压引起的偏移，叫做示波管的灵敏度，为了提高灵敏度，可采用以下哪些方法( )A．增大U2B．减小lC．减小dD．增大U1考点：带电粒子在匀强电场中的运动；示波器的使用．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：根据灵敏度的义，分析电子的偏转位移的大小，找出灵敏度的关系式，根据关系式来分析灵敏度与哪些物理量有关．解答：解：电子在加速电场中加速，根据动能理可得，eU1=mv02，所以电子进入偏转电场时速度的大小为，v0=，电子进入偏转电场后的偏转的位移为，h=at2===，所以示波管的灵敏度=，所以要提高示波管的灵敏度可以增大l，减小d和减小U1，所以C正确．应选C．点评：此题是信息的给以题，根据所给的信息，找出示波管的灵敏度的表达式即可解决此题．10．铅蓄电池的电动势为2V，这表示( )A．电路中每通过1C电量，电源把2J的化学能转变为电能B．蓄电池两极间的电压为2VC．蓄电池能在1s内将2J的化学能转变成电能D．蓄电池将化学能转变成电能的本领比一节干电池〔电动势为V〕的大考点：电源的电动势和内阻．专题：恒电流专题．分析：电动势是一个表征电源特征的物理量．义电源的电动势是电源将其它形式的能转化为电能的本领，在数值上，于非静电力将单位正电荷从电源的负极通过电源内部移送到正极时所做的功．它是能够克服导体电阻对电流的阻力，使电荷在闭合的导体回路中流动的一种作用．解答：解：A、电路中每通过1 C电荷量，铅蓄电池将1C的正电荷从负极移至正极的过程中，克服静电力做功w=qU=1C×2V=2J，故电势能增加2J，即2J 化学能转化为电能．故A正确；B、当电池不接入外电路时，蓄电池两极间的电压为2V；当电池接入电路时，两极间的电压小于2V，故B错误；C、铅蓄电池的电动势为2V，表示非静电力将单位正电荷从电源的负极通过电源内部移送到正极时所做的功为2J，即电能增加2J，与时间无关．故C错误．D、电动势表征电源把其他形式的能转化为电能本领强弱，电动势大，转化本领大．一节干电池的电动势为V，那么蓄电池将化学能转变为电能的本领比一节干电池〔电动势为V〕的大，故D正确；应选：AD．点评：电源是把其他能转化为电能的装置，电动势的物理意义是表征电源把其他形式的能转化为电能本领强弱，与外电路的结构无关．11．如下图，一个绝缘光滑圆环轨道放在竖直向上的匀强电场E中，且Eq=3mg 在环的最低点B处有一个质量为m、带电量为+q的小球以速度v=2开始沿轨道运动，那么( )A．小球运动过程中机械能守恒B．小球经过环的最低点B时速度最小C．在A点球对环的压力为14mgD．在B点球对环的压力为2mg考点：带电粒子在匀强电场中的运动；机械能守恒律．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：只在重力或弹力作用下机械能守恒，根据受力分析判断；根据受力分析，判断出各力做功情况，判断处速度的变化，有动能理和牛顿第二律求的作用力解答：解：A、在整个运动过程中，电场力做功，故机械能不守恒，故A错误；B、由于电场力大于重力，在从B向上运动的过程中，合力做正功，故动能增大，速度增大，故在B点速度最小，故B正确C、从B点到A 点，由动能理可得，在A 点解得F N=14mg故C正确D、在B 点，解得F BN=2mg故D正确应选：BCD点评：此题主要考查了牛顿第二律和动能理，关键是运动过程的分析和受力分析12．如图，绝缘杆长L，两端分别带有量异号电荷，电量值为Q，处在场强为E 的匀强电场中，杆与电场线夹角α=60°，假设使杆沿顺时针转过60°〔以杆上某一点为圆心转动〕，那么下述正确的选项是( )A．电场力不作功，两电荷电势能不变B ．电场力作的总功为，两电荷的电势能减小C ．电场力作的总功为，两电荷的电势能增加D．电场力做总功大小跟转轴位置无关考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系；电势能．专题：电场力与电势的性质专题．分析：由题意：杆沿顺时针方向转过60°，电场力对两电荷都做正功，电势能都减少．根据W=qEd计算电场力做功，其中d是沿电场方向两点间的距离．解答：解：A、+Q所受电场力水平向右，﹣Q所受电场力水平向左，当杆沿顺时针方向转过60°时，电场力对两个电荷都做正功，两电荷的电势能都减小．故A错误．B、电场力做的总功为W=QEL1〔1﹣cosα〕+QEL2〔1﹣cosα〕=，由于电场力做正功，两个电荷的电势能减少．电场力做的总功大小与转轴的位置无关．故B、D正确，C错误．应选：BD．点评：此题是电偶极子问题，电场力对两个电荷做的总功大小跟转动轴无关．根底题．二．填空题〔每题4分共16分〕13．密立根油滴进一步证实了电子的存在，揭示了电荷的非连续性．如下图是密立根的原理示意图，设小油滴质量为m，调节两板间电势差为U，当小油滴悬浮在两板间电场中不动时，测出两板间距离为d．可求出小油滴的电荷量q=．考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系；力的合成与分解的运用．专题：电场力与电势的性质专题．分析：小油滴悬浮在两板间电场中不动，处于静止状态即平衡态，再根据E=，即可求的小油滴的电荷量．解答：解：小油滴悬浮在两板间电场中不动，处于静止状态即平衡态，mg=E q…①匀强电场中内部场强，E=…②联立①②解之得：q=．故答案为：．点评：小油滴悬浮在两板间电场中不动是此题的题眼，利用平衡关方程．14．一条平直的电场线上有A、B、C三点，把q=﹣2×10﹣9C的粒子从A点移到B点，电场力做功W AB=﹣2×10﹣7J，再把该电荷从B点移到C点，电场力做功W BC=4×10﹣8J，那么U AB=200V ，U BC=﹣20V．考点：电势差与电场强度的关系；电势能．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电场力做的功和粒子的电荷量q，根据电势差的义式代入求解解答：解：U AB==100V；UBC==﹣20V；故答案为：200V，﹣20V．点评：此题的解题关键是掌握电势差的义式，并能正确运用，运用时各个量均要代符号运算15．如下图，水平平行金属板A、B间距为d，一带电质点质量为m，电荷量为q，当质点以速率v从两极板处水平飞入两极板间时，如两极板不加电压，那么恰好从下板边缘飞出，假设给A、B两极板加一电压U，那么恰好从上板边缘飞出，那么所加电压U=．考点：带电粒子在匀强电场中的运动．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：两极间不加电压时，粒子做平抛运动，根据平抛运动的特点即可求出金属板的长度L；当两极间加上电压U 时，粒子做匀变速曲线运动，即类平抛运动，根据类平抛运动的特点结合牛顿第二律即可求解U．解答：解：两极间不加电压时，粒子做平抛运动水平方向上：L=vt ①竖直方向上：d=gt2 ②当两极间加上电压U时，粒子做匀变速曲线运动即水平方向上：L=vt′③竖直方向上：d=at′2 ④由①、②、③、④得：a=g〔方向向上〕由牛顿运动律得：q﹣mg=ma解得：U=故答案为：．点评：此题主要考查了带电粒子在电场中的运动情况，抓住两极间不加电压时，粒子做平抛运动，当两极间加上电压U时，粒子做类平抛运动列式即可求解，难度适中．16．铜的原子量为M，密度为ρ，每摩尔铜原子有n个自由电子，今有一根横截面为S的铜导线，当通过的电流为I 时，电子平均向移动的速率为．考点：电流、电压概念．分析：设自由电子向移动的速率为v和导线中自由电子从一端向移到另一端所用时间为t，求出导线中自由电子的数目，根据电流的义式推导出电流的微观表达式，解得自由电子向移动的速率．解答：解：设铜导线中自由电子向移动的速率为v，导线中自由电子从一端向移到另一端所用时间为t．那么导线的长度为l=vt，体积为V=Sl=Svt，质量为m=ρvtS，这段导线中自由电子的数目为：n==在t时间内这些电子都能通过下一截面，那么电流为：I==，代入解得：I=所以有：v=故答案为：点评：此题关键是建立物理模型，根据电流的义式推导电流的微观表达式，它是联系微观与宏观的桥梁．三．计算题〔写出必要的文字说明6+8+10+12=36分〕17．铅蓄电池是太阳能供电系统的重要器件，它的主要功能，是把太阳能电池板发的电能及时储存在电瓶内，以供用电设备使用．某太阳能电池板给一电动势为15V的铅蓄电池充电时的电流为4A，充电10小时充满，该铅蓄电池储存了多少电能？考点：电源的电动势和内阻．专题：恒电流专题．分析：根据W=UIt即可计算出产生的电能，即该铅蓄电池储存的电能．解答：解：该铅蓄电池储存的电能：W=UIt=15×4×10×3600=6×106J答：该铅蓄电池储存了6×106J的电能．点评：该题考查电功、电功率的计算，将相关的数据代入数据即可．根底题目．18．在水平面上建立x轴，在过原点O垂直于x轴的平面的右侧空间有一匀强电场，电场强度E=6.0×105N/C，方向与x轴方向相同．在O处放一带电荷量q=﹣5.0×10﹣8C，质量m=1.0×10﹣2kg的绝缘物块，物块与水平面间的动摩擦因数µ=0.20，沿x 轴正方向给物块一个V0=2.0m/s的初速度，如下图，求物块最终停止的位置．〔g 取10m/s2〕考点：动能理的用；功能关系；匀强电场中电势差和电场强度的关系．专题：电场力与电势的性质专题．分析：物块先向右做匀减速直线运动到零，然后返回做匀加速直线运动，离开电场后再做匀减速运动直到停止．根据牛顿第二律和运动学公式以及动能理求出物块最终停在的位置．解答：解：对物块由初速度v0=2.0m/s到第一次停止过程由动能理列方程：﹣〔qE+μmg〕x=0﹣mv02。
山东省枣庄市薛城区2024_2025学年高二物理上学期月考试题
高二物理单元检测（一）考试时间：100分钟一、选题题（1—8题为单项选择题，9—12题为多项选择题）1．以下对公式的理解正确的是（ ）A ．公式F E q =指出，电场强度E 跟检验电荷的电量q 成反比B ．由公式U E d=可知，电场中两点的距离越大，电场场强E 越小 C ．在公式122q q F kr =中， 22kq r 是2q 的电场在1q 位置的电场强度值 D ．公式p E q φ=指出，同一个电荷在电势越高的地方电势能越大2．图为某匀强电场的电场线，带负电的粒子沿电场线从a 运动到b ，若粒子只受电场力作用，则（ ）A ．a 、b 两点电势相等B ．粒子的电势能减小C ．粒子从a 运动到b 过程加速度保持不变D ．粒子做匀加速直线运动3．如图所示，电动机M 的线圈电阻为r ，接入电压恒为U 的电源时，电动机正常工作，此时电动机中通过的电流为I 、消耗的电功率为P 、线圈电阻的发热功率为P 热、输出的机械功率为P 出。
则下列关系式正确的是A ．U I r= B ．P=IU+I 2r C ．2U P r=热 D ．P 出=IU-I 2r4．如图所示，在点电荷Q形成的电场中，已知a、b两点在同一等势面上，c、d两点在另一等势面上．甲、乙两个带电粒子的运动轨迹分别为acb和adb曲线，已知乙粒子带正电．那么下列推断正确的是( )A．甲粒子在b点的电势能比在c点小B．乙粒子在d点速度最大C．a、b两点电场强度相同D．d点电势比b点电势高5．图中平行金属板A、B之间有匀强电场，A、B间电压为600V，A板带正电，接地，A、B两板间距为12cm，C点离A板4cm，则关于C点的电势的下列说法中正确的是（）A．φC=400V B．φC=﹣400VC．φC=200V D．φC=﹣200V6．如图所示，有向直线为某点电荷电场中的一条电场线，其上两点a、b相距为d，电势差为U，b 点的场强大小为E，把电荷量为q的摸索电荷从a点移到b点，电场力做功为W，该摸索电荷在a点所受的电场力大小为F，下列关系式肯定正确的是（）A．E＝FqB．U＝Ed C．E＝2kqdD．U＝Wq7．电阻R1和R2分别标有规格“100Ω、4W”和“12.5Ω、8W”，将它们串联起来之后，能承受的最大电压是（）A．30 V B．22.5 V C．90 V D．25 V8．在如图所示的电路中，电源的电动势和内阻及电阻R2的阻值都恒定，当滑动变阻器R1的滑片处于某位置时，电容器C两极板间的带电油滴恰好悬浮不动。
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博乐市高级中学华中师大一附中博乐分校
2015—2016学年高二物理第一次月考试题
高 二 物 理
（卷面分值：110分；考试时间90分钟；命题人：周军）
一、选择题：本题共12小题共48分，每小题4分。
第1～8题只有一个选项符合题意,第9～12题每小题有多个选项符合题意,全部选对得 4分，选不全的得2分，错选或不选的得 0 分．
1．两个大小相同的金属小球A 、B 分别带有q A ︰q B =6︰1数值的电荷量，相距较远，相互间引力为F ．现将另一个不带电与A 、B 完全相同的金属小球C ，先与A 接触，再与B 接触，然后离开，则A 、B 间的作用力变为【 】
A ．F/8
B ．F/4
C ．F/16
D ．F/2
2.如图所示，A 、B 、C 、D 表示的是四种不同电场线，一正电荷在电场中由P 向Q 做加速运动，其中所受电场力越来越大的是【 】
3.下述说法正确的是【 】
A ．根据E = F/q ，可知电场中某点的场强与电场力成正比．
B ．根据E = KQ/r 2 ，可知点电荷电场中某点的场强与该点电荷的电量Q 成正比．
C ．由公式U = Ed 得，在电场中两点间电势差等于场强与两点间距离的乘积
D ．电场线就是点电荷在电场中的运动轨迹
4．有一电场的电场线如图所示，场中A 、B 两点电场强度的大小和电势分别用E A 、E B 和ϕA 、ϕB
表示，则【 】 A ．E A ＞E B ϕA ＞ϕB
B ．E A ＞E B ϕA ＜ϕB
C ．E A ＜E B ϕA ＜ϕB
D ．
E A ＜E B ϕA ＞ϕB
5．如图所示，虚线表示等势面，相邻两等势面间的电势差相等，有一带电的
小球在该电场中运动，不计小球所受的重力和空气阻力，实线表示该带正电
的小球的运动轨迹，小球在a 点的动能等于20eV ，运动到b 点时的动能等于
2eV ，若取C 点为零电势点，则这个带电小球的电势能等于－8eV ，它的动能
等于【 】
A ． 16eV
B ． 14eV
C ． 6eV
D ． 4ev
A P C
P Q P
B
Q P
D
6.如图所示，真空中有一个固定的点电荷，电荷量为+Q ．图中的虚线表示该点电荷形成的电场中的四个等势面．有两个一价离子M 、N （不计重力，也不计它们之间的电场力）先后从a 点以相同的速率v 0射入该电场，运动轨迹分别为曲线apb 和aqc ，其中p 、q 分别是它们离固定点电荷最近的位置．
①M 一定是正离子，N 一定是负离子．
②M 在b 点的速率一定大于N 在c 点的速率．
③M 在p 点的速率一定大于N 在q 点的速率．
④M 从p →b 过程电势能的增量一定小于N 从a →q 电势能的增量．
以上说法中正确的是【 】
A.只有①③
B.只有②④
C.只有③④
D.只有②③
7．如右图所示，在导体壳内放一负电荷q ，则壳内的a 点、壳上的b 点、壳外的c 点的电场
强度和电势的关系应为【 】
A. Ea ＞E b ＞Ec ，ϕ a ＞ϕb ＞ϕc
B. Ea ＞E b ＞Ec ，ϕ a ＜ϕb ＜ϕc
C. Ea ＞Ec ＞E b ，ϕ a ＞ϕb ＞ϕc
D. Ea ＞Ec ＞E b ，ϕa ＜ϕb ＜ϕc
8．某平行板电容器的电容为C ，带电量为Q ，相距为d ，今在板间中点放一电量为q 的点电荷，则它所受到的电场力的大小为【 】
9．如图所示，大小可以不计的带有同种电荷的小球A 和B 互相排斥，静止时两球位于同一水平面上，绝缘细线与竖直方向的夹角分别为α和β卢，且α < β，由此可知【 】
A ．
B 球带电荷量较多
B ．A 球质量较大
C ．A 球带电荷量较多
D ．两球接触后，再静止下来，两绝缘线与竖直方向的夹角变为α′、β′，
则仍有α ′< β′
10．等量异种点电荷的连线和其中垂线如图所示，现将一个带负电的检验电荷先从图中a 点沿直线移到b 点，再从b 点沿直线移到c 点．则检验电荷在此全过程中【 】
A ．所受电场力的方向不改变
B ．所受电场力的大小恒定
C ．电势能一直减小
D ．电势能先不变后减小
c ·
11．在两个等量同种点电荷的连线上，有与连线中点O等距的两点a、b，如图所示，则下列判断正确的是【】
A．a、b两点的电势相同
B．a、b两点的场强矢量相同
C．a、O两点间与b、O两点间的电势差相同
D．同一电荷放在a、b两点的电势能相同
12.传感器是一种采集信息的重要器件．如图所示是一种测定压力的电容式传感器，A为固定电极，B为可动电极，组成一个电容大小可变的电容器．可动电极两端固定，当待测压力施加在可动电极上时，可动电极发生形变，从而改变了电容器的电容．现将此电容式传感器与零刻度在中央的灵敏电流表和电源串联成闭合电路，已知电流从电流表正接线柱流入时指针向右偏转．当待测压力增大时,以下说法正确的是【】
A. 电容器的电荷量将增加
B. 电容器的电容将减小
C. 灵敏电流表的指针向右偏
D. 灵敏电流表的指针向左偏
二．填空题：13至15题,每题4分，16、17每空4分．共24分。
13．一正电荷沿电场线运动时电场力做_____功，电势能________(填增大或减小)；当一负电荷沿电场线运动时电场力做_____功，电势能________(填增大或减小).
14．真空中有一电场，在电场中的P点放一电量为4.0×10-8C的检验电荷，它受到的电场力为2.0×10-5N，则P点的场强为________N／C；把检验电荷电量减小为1.0×10-8C，则该电荷在P点受到的电场力为__________N.
15．有一电容器，带电量为1.0×10-7C时，两板间电压力200V，该电容器的电容是_______F，如果使它的带电量再增加2.0×10-7C，两板间电压是_______V．
16．如图所示，在场强为E的水平匀强电场中，一根长为2L的绝缘杆，两
端分别固定着带有电量+q和-q的小球（大小不计）．现让缘绝杆绕中点O逆
时针转动 角，则转动中带电小球克服电场力做功为___________．
17．如图6所示，A板电势为零，B板电势为U，质量为m的带电粒子（重力不计）以初速v0水平射入电场．若粒子带+q电量，则粒子到达B板时速度大小为______；若粒子带-q电量，它到达B板时速度大小为______．
三、计算题：本题共4小题，计38分．解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只有最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．
18. （8分）如图所示，真空中，带电荷量分别为+Q 和-Q 的点电荷A 、B 相距L ，则：
(1) 两点电荷连线的中点O 的场强多大?
(2) 在两点电荷连线的中垂线上，距A 、B 两点都为L 的O′点的场强如何?
19．（8分）如图所示，匀强电场中A 、B 、C 三点构成一个直角三角形，把电荷量
10102-⨯-=q C 的点电荷由A 点移动到B 点，电场力做功4×10-8J ，再由B 点移到C 点电荷克服电场力做功4×10-8J ，取B 点的电势为零，求A 、C 两点的电势及场强的方向．
20．（10分）如图所示,匀强电场中有a 、b 、c 三点，ab 与场强方向平行，bc 与场强方向成60°，ab ＝4cm ，bc ＝8cm ，将一个带电量为2×10-8C 的电荷从a 移到b 时，电场力做功4×10-8J.求：
（1）该匀强电场的场强E 为多少？
（2）将此电荷从b 移到c 电场力做功多少焦耳？
（3）ac 间的电势差为多少？
21．（12分）如图，光滑绝缘半球槽的半径为R ，处在水平向右的匀强电场中，一质量为m 的带电小球从槽的右端A 处无初速沿轨道滑下，滑到最低点B 时，球对轨道的压力为1.5mg ．求
（1）小球受到的电场力的大小和方向．
（2）带电小球在滑动过程中的最大速度．
· ·。
+Q -Q O A B。