一元二次方程竞赛解题方法
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与一元二次方程有关的竞赛题求解方法
一元二次方程是初中教材的重点内容,也是竞赛题的特点,在掌握常规解法的基础上,注意一些特殊的、灵活的解法,往往能收到事半功倍的效果。
一、换元
例1 方程x2-2x-5|x-1|+7=0的所有根的和是( )
A、-2
B、0
C、2
D、4
( “希望杯”竞赛题)
二、降次
例2 已知α、β是方程x2-x-1=0的两个实数根,不解方程,求a4+3β的值。
(江苏省竞赛题) 三、整体代入
例3 设二次方程ax2+bx+c=0的两根为x
1、x
2
,记S
1
=x
1
+1993x
2
,S
2
=
x 12+1993x
2
2,…,Sn=x
1
n+1993x
2
n,则aS
1993
+bS
1992
+cS
1991
= 。
(希望杯竞赛试题)
例4 已知α、β是方程x2-7x+8=0的两根且α>β,不解方程,利用韦达定理求+3β2的值。
(第八届“祖冲之”杯竞赛试题)
五、反客为主
例5 求所有正实数a,使得方程x2-ax+4a=0仅有整数根。
(香港初中数学竞赛试题)
六、构造新方程
例6 已知两数a、b,ab≠1,且
2a2+1234567890a+3=0(1)
3b2+1234567890b+2=0(2)
则= 。
( “希望杯”竞赛试题)
例7 设a、b、c为互不相等的非零实数,求证:三个方程
ax2+2bx+c=0
bx2+2cx+a=0
cx2+2ax+b=0
不可能都有两个相等的实数根。
(山东省数学竞赛试题)
八、巧用αβ+α+β+1,αβ-α-β+1因式分解
例8 求满足如下条件的所有k值:使关于x的方程kx2+(k+1)x+(k-1)=0的根都是整数。
(江苏省竞赛试题)
九、整体变形
例9 设a、b、c、d>0,证明在方程
x2+
x2+
x2+
x2+
中,至少有两个方程有不相等的实数根。
( “希望杯”竞赛试题)
十、分类讨论
例10 已知三个关于x的方程:
x2-x+m=0(1)
(m-1)x2+2x+1=0(2)
(m-2)x2+2x-1=0(3)
其中至少有两个方程有实根,则实数m的取值范围是( )
A、m≤2
B、m≤或1≤m≤2
C、m≥1
D、≤m≤1
(山东省竞赛试题)
例1 方程x2-2x-5|x-1|+7=0的所有根的和是( )
A、-2
B、0
C、2
D、4
解:原方程为(x-1)2-5|x-1|+6=0 即|x-1|2-5|x-1|+6=0 令|x-1|=A,则方程变为A2-5A+6=0 ∴A1=2,A2=3 由|x-1|=2,得x1=3,x2=-1;由|x-1|=3,得x3=4,x4=-2。x1+x2+x3+x4=4
故选D。
例2 已知α、β是方程x2-x-1=0的两个实数根,不解方程,求a4+3β的值。
解:∵α是方程x2-x-1=0的根,∴α2-α-1=0,α2=α+1(二次转化为1次)
α4=(α+1)2=α2+2α+1=α+1+2α+1=3α+2(四次转化为一次)
∴α4+3β=3α+2+3β=3(α+β)+2=3×1+2=5
例3 设二次方程ax2+bx+c=0的两根为x1、x2,记S1=x1+1993x2,S2= x12+1993x22,…,Sn=x1n+1993x2n,则aS1993+bS1992+cS1991= 。(93年希望杯竞赛试题)
解:∵x1、x2是方程ax2+bx+c=0的两根,∴ax+bx1+c=0,ax+bx2+c=0。
aS1993+bS1992+cS1991=a(x+1993x)+b(x+1993x)+c(x
+1993x)=(ax+bx+cx)+(a·1993x+b·1993x+c·1993x)= x
(ax+bx1+c)+1993x(ax+bx2+c)=0。
例4 已知α、β是方程x2-7x+8=0的两根且α>β,不解方程,利用韦达定理求+3β2的值。
解:由韦达定理,得α+β=7,αβ=8∴α2+β2=(α+β)2-2αβ=49-16=33,(α-β)2=(α+β)2-4αβ=49-32=17 ∵α>β,∴α-β=
设A=+3β2,B=+3α2(A的配偶)
则A+B=+3(α2+β2)=+3×33=
A-B=-+3β2-3α2=-3(α+β)(α-β)=
∴2A=A=
例5 求所有正实数a,使得方程x2-ax+4a=0仅有整数根。
解:设方程两整数根为α、β,则α+β=a。由此可知a必为整数
将方程x2-ax+4a=0中的x视为常数,a视为未知数,方程可变为
(x-4)a=x2∴a==x+4+
∵a为正整数∴x=5, 6, 8, 12, 20。
此时对应的a值为a=25, 18, 16, 18, 25。
∴所有正实数a的值为25,18,16。
例6 已知两数a、b,ab≠1,且2a2+1234567890a+3=0(1) 3b2+1234567890b+2=0(2) 则= 。
解:显然b=0不是方程(2)的解,方程(2)两边同除以b2,得
3+1234567890×+=0 即2()2+1234567890×+3=0
考虑方程2x2+1234567890x+3=0中,△=12345678902-24>0
∴方程有两个不相等的实数根
而ab≠1,即a≠∴a、是方程2x2+1234567890x+3=0的两个根。
∴a·=,即=
例7 设a、b、c为互不相等的非零实数,求证:三个方程
ax2+2bx+c=0
bx2+2cx+a=0
cx2+2ax+b=0
不可能都有两个相等的实数根。
证明:若三个方程都有两个相等的实数根,
则三式相加,得
4(a2+b2+c2)-4(ab+bc+ca)=0,
a2+b2+c2-ab-bc-ca=0,
2a2+2b2+2c2-2ab-2bc-2ca=0,
(a-b)2+(b-c)2+(c-a)2=0
∴a=b=c
这与已知a、b、c为互不相等的实数相矛盾。
故题中三个方程不可能都有两个相等的实数根。
例8 求满足如下条件的所有k值:使关于x的方程kx2+(k+1)x+(k-1)=0的根都是整数。
解:当k=0时,原方程化为x-1=0,x=1,符合题意。
当k≠0时,设原方程的两个整数根为α、β,不妨设α≥β。由韦达定理,得