北京市第六十五中学2012-2013学年高二上学期期中达标测试物理(文)试题
资料：学年北京市顺义二中高二(上)期中物理试卷(学生版)
2012-2013学年北京市顺义二中高二（上）期中物理试卷一、单项选择题（共10小题，每题3分，共30分）1．（3分）（2012秋•顺义区校级期中）下列物理量中是矢量的（）A．电荷量B．电场强度C．电势D．电势能2．（3分）（2013•宝应县模拟）在真空中有两个点电荷，二者的距离保持一定．若把它们各自的电量都增加为原来的3倍，则两电荷的库仑力将增大到原来的（）A．1倍B．6倍C．9倍D．3倍3．（3分）（2012秋•顺义区校级期中）如图是某区域的电场线，A、B、C、是电场中的三个点，E A、E B、E C分别表示三个点的电场强度的大小，F A、F B、F C表示一点电荷分别放在这三点时受到电场力的大小，则（）A．E A＞E B＞E C B．E C ＞E A＞E B C．F A＞F B＞F C D．F B＞F A＞F C4．（3分）（2011秋•朝阳区期末）电场中A、B两点间的电势差为U，一个静止于A点、电量为q的正点电荷，在电场力的作用下从A点移动到B点．电场力所做的功等于（）A．U B．q U C．D．5．（3分）（2013秋•台江区校级期末）如图是描述一给定的电容器充电时电量Q、电压U、电容C之间的相互关系图，其中不正确的是图（）A．B．C．D．6．（3分）（2012秋•顺义区校级期中）通过电阻R的电流为I时，在时间t内产生的热量为Q，若电阻为，电流为2I时，则在时间t内产生的热量为（）A．4Q B．2Q C．D．7．（3分）（2012秋•顺义区校级期中）如图电路中，电源电动势为E，内电阻为r，S闭合后，滑动变阻器R的滑动触头从左端向右端滑动过程中，下列说法正确的是（）A．电压表示数减小，电流表示数增大B．电压表示数增大，电流表示数减小C．电压表示数减小，电流表示数减小D．电压表示数增大，电流表示数增大8．（3分）（2012秋•顺义区校级期中）在做“描述小灯泡的伏安特性曲线”时，四位同学画出了不同结果的图象，如图，始终比较准确的是（）A．B．C．D．9．（3分）（2013•三水区校级一模）如图，虚线a、b、c是某静电场中的三个等势面．它们的电势分别为фa、фb、фc，且фa＞фb＞фc．一带正电的粒子射入电场中，其运动轨迹如实线KLMN所示，由图可知（）A．粒子从K到L的过程中，电场力做负功B．粒子从L到M的过程中，电场力做负功C．粒子从K到L的过程中，电势能减少D．粒子从L到M的过程中，动能减少10．（3分）（2012秋•库车县校级期末）一个带正电的质点，电量q=2×10﹣9C，在静电场中由a点移到b点，在这个过程中，除电场力外，其它力做的功为6.0×10﹣5J，质点的动能增加了8.0×10﹣5J，则a、b两点间的电势差φa﹣φb为（）A．3.0×104V B．1.0×104V C．4.0×104V D．7.0×104V二、不定项选择（共5小题，每题3分，少选漏选得两分，共15分）11．（3分）（2008•清城区模拟）图中的实线表示电场线，虚线表示只受电场力作用的带电粒子的运动轨迹．粒子先经过M点，再经过N点．可以判定（）A．M点的电势大于N点的电势B．M点的电势小于N点的电势C．粒子在M点受到的电场力大于在N点受到的电场力D．粒子在M点受到的电场力小于在N点受到的电场力12．（3分）（2015•广西校级一模）如图1所示，A、B是一条电场线上的两点，若在A点释放一初速度为零的电子，电子仅受电场力作用，并沿电场线从A运动到B，其速度随时间变化的规律如图2所示．设A、B两点的电场强度分别为E A、E B，电势分别为φA、φB，则（）A．E A=E B B．E A＜E B C．φA=φB D．φA＜φB13．（3分）（2013秋•普宁市校级期中）带电粒子M在只在电场力作用下由P点运动到Q点，在此过程中克服电场力做了2.6×10﹣4J的功．则（）A．M在P点的电势能一定小于在Q点的电势能B．P点的场强小于Q点的场强C．P点的电势一定高于Q点的电势D．M在P点的动能一定大于它在Q点的动能14．（3分）（2012秋•顺义区校级期中）如图为匀强电场的等势面图，每两个相邻等势面相距2cm，由此可确定电场强度的方向和数值是（）A．竖直向下，E=100V/m B．水平向左，E=200N/CC．竖直向上，E=100V/m D．水平向右，E=200V/m15．（3分）（2012秋•顺义区校级期中）如图为两个不同闭合电路中，两个不同电源的U﹣I图象，某同学根据图象得出了下列结论，其中正确的是（）A．电动势E1=E2，内阻r1＞r2B．电动势E1＞E2，内阻r1＜r2C．电动势E1=E2，发生短路时的电流I1＞I2D．当两电源的工作电流变化量相同时，电源2的路端电压变化小．三、填空题（共15分）16．（3分）（2012秋•顺义区校级期中）用螺旋测微器测量圆柱体直径时，示数如图，此示数为mm17．（12分）（2012秋•顺义区校级期中）甲同学欲采用下列器材准确测定一个约20Ω的电阻的阻值．A．直流电源（10V，内阻不计）；B．开关、导线等；C．电流表（0～3A，内阻约0.03Ω）；D．电流表（0～0.6A，内阻约0.13Ω）；E．电压表（0～3V，内阻约3kΩ）；F．电压表（0～15V，内阻约15kΩ）；G．滑动变阻器（0～10Ω，额定电流2A）；（1）为测量准确，电流表应选用，电压表应选用；（选填代号）（2）为了获得尽可能多的数据，采用“”（限流电路或分压电路）以调节电压，为减小系统误差，应采用安培表（内接或外接）（3）请在图1虚线中画出正确的实验电路图，并将图2中的元件按正确的实验电路图连成实验电路；四、计算题（共40分）18．（10分）（2012秋•顺义区校级期中）如图所示，一质量m=0.8g，带电量大小q=2.0×10﹣6C带电小球，用绝缘细丝线悬挂，置于水平向右的匀强电场中，处于静止．已知θ=45°，求：（1）小球带什么电？（2）匀强电场的场强多大？（g=10m/s2）（3）若剪断细丝线，小球在电场中做什么运动？19．（10分）（2012秋•顺义区校级期中）水平放置的两平行金属板间有一匀强电场．已知两极板间相距5cm，有一质量为1.0×10﹣9kg，带正电的液滴静止在其中，其电荷量为5.0×10﹣12C，（g=10m/s2，不考虑空气阻力）（1）液滴在电场中所受的电场力大小？（2）画出平行金属板间的电场方向？（3）要是液滴始终处于平衡状态，两极板间应加多大的电势差？20．（10分）（2011秋•秦州区校级期末）在如图的电路中，R1=14.0欧，R2=9.0欧，当开关S扳到位置1时，电流表的示数为I1=0.2安，当开关S扳到位置2时，电流表的示数为I2=0.3安，求电源的电动势和内电阻．21．（10分）（2012秋•顺义区校级期中）一个电子质量为m，电荷量为q，在经U1的加速电压加速后，在偏转电极板中央处垂直进入平行板间的匀强电场后又飞出，如图，若两板间距为d，扳长为L，偏转电压为U2，求：（1）电子离开加速电场时的速度；（2）电子经过偏转场时侧位移量；（3）电子离开偏转场时的速度大小及方向．。
北京东城区第六十五中学高二物理期末试卷含解析
北京东城区第六十五中学高二物理期末试卷含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. （单选）半圆形导轨竖直放置，不均匀磁场水平方向并垂直于轨道平面，一个金属环在轨道内来回滚动，如图所示，若空气阻力不计，则A．金属环做等幅振动B．金属环做减幅振动C．金属环做增幅振动D．无法确定参考答案：B2. （单选）如图1所示，MN、M′N′为一匀强磁场区域的左右边界，磁场宽度为L，方向竖直向下。
边长为l的正方形闭合金属框abcd，以初速度v0沿光滑绝缘水平面向磁场区域运动，经过一段时间线框通过了磁场区域。
已知l<L，甲、乙两位同学对该过程进行分析，将线框的ab边与MN重合时记为t=0，分别定性画出了线框所受安培力F随时间t变化的图线，如图2、3所示。
图中S1、S2、S3和S4是图线与t轴围成的面积。
关于图线的判断正确的是（）A．图2正确，且S1>S2B．图2正确，且S1=S2C．图3正确，且S3>S4D．图3正确，且S3=S4参考答案：D3. 如图所示，一条小船过河，河水流速v l=3米/秒，船在静水中速度v2=4米/秒，船头方向与河岸垂直，关于小船的运动，以下说法正确的是 A．小船相对于岸的速度大小是7米/秒B．小船相对于岸的速度大小是5米/秒C．小船相对于岸的速度大小是1 米/秒D．小船的实际运动轨迹与河岸垂直参考答案：B4. （单选）一弹簧振子做简谐运动，下列说法正确的是( )．A．若位移为负值，则速度一定为正值，加速度也一定为正值B．振子通过平衡位置时，速度为零，加速度最大C．振子每次通过平衡位置时，加速度相同，速度也一定相同D．振子每次通过同一位置时，其速度不一定相同，但加速度一定相同参考答案：D5. （单选）某物体在运动的过程中，重力对其做功100J，则物体的A．动能一定增加100J B．动能一定减少100J C．重力势能一定增加100J D．重力势能一定减少100J 参考答案：D二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 具有NFC（近距离无线通讯技术）功能的两只手机在间距小于10cm时可以通过（选填“声波”或“电磁波”）直接传输信息，其载波频率为1.4×107Hz，电磁波在空气中的传播速度为3.0×108m/s，则该载波的波长为m（保留2位有效数字）．参考答案：电磁波，21．【考点】电磁波的应用．【分析】根据英国物理学家麦克斯韦的电磁场理论可知，变化的磁场能产生电场，从而形成电磁波．已知波速c，频率f，由波速公式c=λf求解波长．【解答】解：英国物理学家麦克斯韦的电磁场理论告诉我们：变化的磁场能产生电场，从而产生电磁波．空气中电磁波的传播近似等于光速c，由波速公式c=λf得波长λ==m≈21m ，故答案为：电磁波，21．7. 如图所示，平行的两金属板M 、N 与电源相连，一个带负电的小球悬挂在两板间，闭合电键后，悬线偏离竖直方向的角度为θ，把电键K 断开，移动N 板向M 板靠近，则θ角_ __．（填“增大”“减少”“不变”）参考答案： 不 变 。
北京市2023-2024学年高二下学期期中物理试卷含答案
2023~2024学年度第二学期高二年级物理期中练习（答案在最后）说明：本练习共20道小题，共8页，满分100分，考试时间90分钟。
请在答题卡规定位置填写个人信息，将相关内容填涂和写在答题卡的指定区域内，考试结束时交答题卡。
一、单项选择题：本题共10小题，每小题3分，共计30分，每小题只有一个选项符合题意。
1.根据麦克斯韦的电磁场理论，下列说法正确的是（）A.变化的电场一定能产生磁场B.变化的磁场一定能产生变化的电场C.恒定的电场一定能产生恒定的磁场D.恒定的磁场一定能产生恒定的电场【答案】A【解析】【详解】ACD ．根据电磁波理论可知，变化的电场产生磁场，变化的磁场产生电场，而恒定不变的磁场不会产生电场，恒定不变的电场也不会产生磁场，故A 正确，CD 错误；B ．变化的磁场不一定能产生变化的电场，因为如果磁场是均匀增加的，则产生的电场是恒定的，而非均匀变化的磁场才能产生变化的电场，故B 错误。
故选A 。
2.使用蓝牙耳机可以接听手机来电，蓝牙通信的电磁波波段为9(2.4 2.48)10Hz ~⨯。
已知可见光的波段为14(3.9~7.5)10Hz ⨯，则蓝牙通信的电磁波（）A.是蓝光B.波长比可见光短C.比可见光更容易发生衍射现象D.在真空中的传播速度比可见光小【答案】C【解析】【详解】A ．根据题意可知，蓝牙通信的电磁波频率小于可见光频率，所以蓝牙通信的电磁波不可能是蓝光，故A 错误；B ．因为蓝牙通信的电磁波频率小于可见光频率，根据c f λ=可知，波长比可见光长，故B 错误；C ．因为波长比可见光长，所以更容易发生衍射现象，故C 正确；D ．所有电磁波在真空中传播速度都为光速，是一样的，故D 错误。
故选C。
3.如图描绘的是一颗悬浮微粒受到周围液体分子撞击的情景．关于布朗运动，下列说法正确的是A.布朗运动就是液体分子的无规则运动B.液体温度越低，布朗运动越剧烈C.悬浮微粒越大，液体分子撞击作用的不平衡性表现的越明显D.悬浮微粒做布朗运动，是液体分子的无规则运动撞击造成的【答案】D【解析】【详解】布朗运动是悬浮在液体表面的固体颗粒的无规则运动，是液体分子的无规则运动的表现，选项A 错误；液体温度越高，布朗运动越剧烈，选项B错误；悬浮微粒越小，液体分子撞击作用的不平衡性表现得越明显，选项C错误；悬浮微粒做布朗运动，是液体分子的无规则运动撞击造成的，选项D正确；故选D.【点睛】悬浮在液体中的固体小颗粒做布朗运动是液体分子对小颗粒的碰撞的作用力不平衡引起的，液体的温度越低，悬浮小颗粒的运动越缓慢，且液体分子在做永不停息的无规则的热运动．固体小颗粒做布朗运动说明了液体分子不停的做无规则运动．4.1966年华裔科学家高锟博士提出一个理论：直径仅几微米的玻璃纤维就可以用来做为光的波导来传输大量信息，43年后高锟因此获得2009年诺贝尔物理学奖，他被誉为“光纤通讯之父”。
北京市重点中学2012-2013学年高一上学期期中考试 物理试题
东城区普通校2012-2013学年第一学期联考试卷 高三 物理（学科）
命题校：北京市第65中学 2012年11月
本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，共 120 分，考试用时100分钟。考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。祝各位考生考试顺利！ 第Ⅰ卷 一、单项选择（本题共12小题，每小题4分，共48分。每小题只有一个选项正确，把你认为正确选项前的字母填写在答题纸上） 1．做曲线运动的物体，在运动过程中一定变化的是（ ） A．速率 B．速度 C．合外力 D．加速度 【答案】B 速率是速度的大小，不一定变化，如匀速圆周运动；合外力决定加速度，若物体做匀变速曲线运动，则两者均不变化，如平抛运动。做曲线运动的物体的速度方向与轨迹的切线方向一致，故速度时刻变化，选B。 2．足球以8m/s的速度飞来，运动员把它以12m/s的速度反向踢出，踢球时间是0.2s，设球飞来的方向为正方向，则足球在这段时间内的加速度为（ ） A． -200m/s2 B． 200m/s2 C． -100m/s2 D． 100m/s2 【答案】C
2128m/s0.2vat
=-100m/s2，选C。
3．一个弹簧挂30N的重物时，弹簧伸长1.2cm，若改挂100N的重物时，弹簧总长为20cm，则弹簧的原长为（ ） A．12cm B．14cm C．15cm D．16cm 【答案】D
由题意可知，30=0.012k，100=k(0.20-0l),联立可解得0l=16cm。 4．汽车匀速行驶, 由甲地到乙地时速率为v1, 由乙地返回甲地时速率v2则往返全程的平均速率是（ ）
A．vv122 B．vvvv1212 C．vvvv1212 D．21212vvvv
【答案】D 由平均速率的定义可知1222ssvsstvv=21212vvvv。选D。 5．如图1所示，某人通过定滑轮拉住一重物，当人向右跨出一步后，人与物仍保持静止，则 （ ） A．地面对人的摩擦力减小 B．地面对人的摩擦力不变 C．人对地面的压力增大 D．人对地面的压力减小
高二物理上学期期中试卷高二全册物理试题_
嘴哆市安排阳光实验学校灵宝一中高二（上）期中物理试卷一、选择题（本题共12个小题，请将答案涂在答题纸指定位置，1-8题只有一个选项是正确的，9-12题选项是正确的，每题4分，选的不全得2分，有错选或不选得0分）1．关于同一电场的电场线，下列表述正确的是（）A．电场线是客观存在的B．电场线越密，电场强度越小C．沿着电场线方向，电势越来越低D．电荷在沿电场线方向移动时，电势能减小2．如图所示，带箭头的线表示某一电场的电场线．在电场力作用下，一带电粒子（不计重力）经A点飞向B点，径迹如图中虚线所示，下列说法正确的是（）A．粒子带正电B．粒子在A点加速度大C．粒子在B点动能大D．A、B两点相比，B点电势能较大3．如图所示，在x轴上相距为L的两点固定两个等量异种点电荷+Q、﹣Q，虚线是以+Q 所在点为圆心、为半径的圆，a、b、c、d是圆上的四个点，其中a、c两点在x轴上，b、d两点关于x轴对称．下列判不正确的是（）A．b、d两点处的电势相同B．四个点中c点处的电势最低C．b、d两点处的电场强度相同D．将一试探电荷+q沿圆周由a点移至c点，+q的电势能减小4．如图，P和Q为两平行金属板，板间电压为U，在P板附近有一电子由静止开始向Q板运动．关于电子到达Q板时的速率，下列说法正确的是（）A．两板间距离越大，加速时间越长，获得的速率就越大B．两板间距离越小，加速度越大，获得的速率就越大C．与两板间距离无关，仅与加速电压U有关D．以上说法都不正确5．某一电源的路端电压与电流的关系和电阻R1、R2的电压与电流的关系如图所示．用此电源和电阻R1、R2组成电路，R1、R2可以同时接入电路，也可以单独接入电路．为使电源输出功率最大，可采用的接法是（）A．将R1单独接到电源两端B．将R2单独接到电源两端C．将R1、R2串联后接到电源两端D．将R1、R2并联后接到电源两端6．如图所示，正方形线圈有一半处在匀强磁场中，线圈平面与磁场垂直．当线圈中以顺时针方向的流时，线圈将（）A．向上平动B．向下平动C．向左平动D．向右平动7．如图所示，电路两端的电压保持不变，当滑动变阻器的滑动触头P向右移动时，三个灯泡亮度的变化情况是（）A．L1变亮，L2和L3皆变暗B．L1变暗，L2不能确定，L3变暗C．L1变暗，L2变亮，L3变亮D．L1变亮，L2变亮，L3变暗8．如图所示，均匀绕制的螺线管水平放置，在其正中心的上方附近用绝缘绳水平吊起通电直导线A，A与螺线管垂直，A导线中的电流方向垂直纸面向里，开关S闭合，A受到通电螺线管磁场的作用力的方向是（）A．坚直向下B．竖直向上C．水平向右D．水平向左9．如图所示的电容式话筒就是一种电容式传感器，其原理是：导电性振动膜片与固定电极构成了一个电容器，当振动膜片在声压的作用下振动时，两个电极之间的电容发生变化，电路中电流随之变化，这样声信号就变成了电信号．则当振动膜片向右振动时（）A．电容器电容值增大B．电容器带电荷量减小C．电容器两极板间的场强增大D．电阻R上电流方向自左向右10．质量和电量都相等的带电粒子M和N，以不同的速率经小孔S垂直进入匀强磁场，带电粒子仅受洛伦兹力的作用，运行的半圆轨迹如图中虚线所示，下列表述正确的是（）A．M带负电，N带正电B．M的速度率小于N的速率C．洛伦兹力对M、N不做功D．M的运行时间大于N的运行时间11．理发用的电吹风机中有电动机和电热丝，电动机带动风叶转动，电热丝给空气加热，得到热风将头发吹干．设电动机线圈电阻为R1，它与电热丝电阻值R2串联后接到直流电源上，吹风机两端电压为U，电流为I，消耗的功率为P，则有（）A．P=UI B．P=I2（R1+R2）C．P＞UI D．P＞I2（R1+R2）12．如图所示虚线所围的区域内，存在电场强度为E的匀强电场和磁感应强度为B的匀强磁场，已知从左侧水平射入的电子，穿过这一区域时未发生偏转，设重力忽略不计，则在这个区域中的E和B的方向可能是（）A．E和B都沿水平方向，并与电子运动方向相同B．E和B都沿水平方向，并与电子运动方向相反C．E竖直向上，B垂直于纸面向外D．E竖直向上，B垂直于纸面向里二、实验题（本题12分，请将答案写在答题纸指定位置）13．（12分）（2015秋•校级期中）某同学要测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率ρ．步骤如下：（1）用游标为20分度的卡尺测量其长度如图1，由图可知其长度为L=mm；（2）用螺旋测微器测量其直径如图2，由图可知其直径为D= mm；（3）用多用电表的电阻“×10”挡，按正确的操作步骤测此圆柱体的电阻，表盘的示数如图3，则该电阻的阻值约为R= Ω．（4）该同学想用伏安法更精确地测量其电阻R，现有的器材及其代号和规格如下：待测圆柱体电阻R电流表A1（量程0～4mA，内阻约50Ω）；电流表A2（量程0～10mA，内阻约30Ω）电压表V1（量程0～3V，内阻约10kΩ）；电压表V2（量程0～15V，内阻约25kΩ）直流电源E（电动势4V，内阻不计）；滑动变阻器R1（阻值范围0～15Ω，允许通过的最大电流2.0A）滑动变阻器R2（阻值范围0～2kΩ，允许通过的最大电流0.5A）开关S、导线若干为使实验误差较小，要求测得多组数据进行分析，请在框中画出测量的电路图4，并标明所用器材的代号．（5）根据你设计的测量电路，在图5中用实线连接好电路．（6）圆柱体材料的电阻率表达式为ρ=．（用所测量的量字母表达）三、计算题（本题共414．某同学自制一电流表，其原理如图所示．质量为m的均匀细金属杆MN与一竖直悬挂的绝缘轻弹簧相连，弹簧的劲度系数为k，在矩形区域abcd内有匀强磁场，磁感应强度大小为B，方向垂直纸面向外．MN的右端连接一绝缘轻指针，可指示出标尺上的刻度．MN的长度大于ab，当MN中没有电流通过且处于静止时，MN与矩形区域的ab边重合，且指针指在标尺的零刻度；当MN中有电流时，指针示数可表示电流强度．MN始终在纸面内且保持水平，重力加速度为g．（1）当电流表的示数为零时，求弹簧的伸长量；（2）为使电流表正常工作，判断金属杆MN中电流的方向；（3）若磁场边界ab的长度为L1，bc的长度为L2，此电流表的量程是多少？15．如图，有两个量程的电流表，当使用a、b两个端点时，量程为1A，当使用a、c两个端点时，量程为0.1A，已知电流表的内阻R g为200Ω，满偏电流为2mA，求电阻R1、R2值．16．如图所示，光滑绝缘半球槽的半径为R，处在水平向右的匀强电场中，一质量为m的带电小球从槽的右端A处无初速沿轨道滑下，滑到最低位置B时，球对轨道的压力为2mg．求：（1）小球所受电场力的大小和方向．（2）带电小球在滑动过程中的最大速度．17．在如图所示的电路中，R1、R2均为定值电阻，且R1=100Ω，R2阻值未知，R3是一滑动变阻器，当其滑片从左端滑至右端时，测得电源的路端电压随电流的变化图线如图所示，其中A、B两点是滑片在变阻器的两个不同端点得到的．求：（1）电源的电动势和内阻；（2）定值电阻R2的阻值；（3）滑动变阻器的最大阻值．灵宝一中高二（上）期中物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共12个小题，请将答案涂在答题纸指定位置，1-8题只有一个选项是正确的，9-12题选项是正确的，每题4分，选的不全得2分，有错选或不选得0分）1．关于同一电场的电场线，下列表述正确的是（）A．电场线是客观存在的B．电场线越密，电场强度越小C．沿着电场线方向，电势越来越低D．电荷在沿电场线方向移动时，电势能减小【考点】电场线；电势．【分析】电场线是为了形象的描述电场强弱和方向引入的，并非实际存在的，电场线的疏密表示场强的强弱，沿电场线电势降低．【解答】解：A、电场线是人为引入，假象的线，并非真实存在的，故A错误；B、电场线的疏密表示场强的强弱，电场线密的地方电场强，疏的地方电场弱，故错误；C、沿电场线电势降低，电势的高低与电场线的疏密无关，故C正确；D、电势能的高低通过电场力做功来判断，沿电场线运动，电场力不一定做正功，电势能不一定减小，故D错误．故选C．【点评】本题着重通过电场线考察了对电势、场强、电势能概念的理解情况，要理解它们的区别以及大小的决定因素．2．如图所示，带箭头的线表示某一电场的电场线．在电场力作用下，一带电粒子（不计重力）经A点飞向B点，径迹如图中虚线所示，下列说法正确的是（）A．粒子带正电B．粒子在A点加速度大C．粒子在B点动能大D．A、B两点相比，B点电势能较大【考点】电场线；电势能．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电场线的疏密表示电场强度的强弱，电场线某点的切线方向表示电场强度的方向．不计重力的粒子在电场力作用下从A到B，运动与力关系可知，电场力方向与速度方向分居在运动轨迹两边，且电场力偏向轨迹的内侧．【解答】解：A、根据曲线运动条件可得粒子所受合力应该指向曲线内侧，所以电场力逆着电场线方向，即粒子受力方向与电场方向相反，所以粒子带负电．故A错误；B、由于B点的电场线密，所以B点的电场力大，则A点的加速度较小．故B错误；C、粒子从A到B，电场力对粒子运动做负功，电势能增加，导致动能减少，故C错误；D、粒子从A到B，电场力对带负电的粒子运动做负功，电势能增加；所以A、B 两点相比，在B点电势能较大．故D正确；故选：D【点评】电场线虽然不存在，但可形象来描述电场的分布．对于本题关键是根据运动轨迹来判定电场力方向，由曲线运动条件可知合力偏向曲线内侧．3．如图所示，在x轴上相距为L的两点固定两个等量异种点电荷+Q、﹣Q，虚线是以+Q 所在点为圆心、为半径的圆，a、b、c、d是圆上的四个点，其中a、c两点在x轴上，b、d两点关于x轴对称．下列判不正确的是（）A．b、d两点处的电势相同B．四个点中c点处的电势最低C．b、d两点处的电场强度相同D．将一试探电荷+q沿圆周由a点移至c点，+q的电势能减小【考点】电场的叠加；电场强度；电势．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】该电场中的电势、电场强度都关于X轴对称，所以bd两点的电势相等，场强大小相等，方向是对称的．c点在两个电荷连线的中点上，也是在两个电荷连线的中垂线上，所以它的电势和无穷远处的电势相等．【解答】解：A：该电场中的电势关于X轴对称，所以bd两点的电势相等，故A正确；B：c点在两个电荷连线的中点上，也是在两个电荷连线的中垂线上，所以它的电势和无穷远处的电势相等．而正电荷周围的电场的电势都比它高，即C点的电势在四个点中是最低的．故B正确；C：该电场中的电场强度关于X轴对称，所以bd两点场强大小相等，方向是对称的，不相同的．故C不正确；D：c点的电势低于a点的电势，试探电荷+q沿圆周由a点移至c点，电场力做正功，+q的电势能减小．故D正确．本题选择不正确的，故选：C．【点评】该题考查常见电场的特点，解题的关键是c点在两个电荷连线的中点上，也是在两个电荷连线的中垂线上，所以它的电势和无穷远处的电势相等．而正电荷周围的电场的电势都比它高，负电荷周围的电场的电势都比它低．属于基础题目．4．如图，P和Q为两平行金属板，板间电压为U，在P板附近有一电子由静止开始向Q板运动．关于电子到达Q板时的速率，下列说法正确的是（）A．两板间距离越大，加速时间越长，获得的速率就越大B．两板间距离越小，加速度越大，获得的速率就越大C．与两板间距离无关，仅与加速电压U有关D．以上说法都不正确【考点】带电粒子在匀强电场中的运动；电容器的动态分析．【专题】带电粒子在电场中的运动专题．【分析】粒子运动过程只有电场力做功，根据动能定理列出末动能与电场力做功的关系，判断末速度的大小．【解答】解：粒子运动过程只有电场力做功，根据动能定理：eU=mv2，A、两板间距离越大，场强E=越小，加速时间越长，因为加速电压不变，所以最后的末速度大小不变，故A错误．B、两板间距离越小，场强E=越大，加速度越大，因为加速电压不变，所以最后的末速度大小不变，故B错误．C、根据动能定理：eU=mv2，虽然极板间距发生变化，但是电压不变，所以最后的末速度大小不变，故C正确．故选：C【点评】电场力做功仅与加速的电压高低有关，当极板间的间距发生变化时要首先判断极板间的电压是否发生变化．5．某一电源的路端电压与电流的关系和电阻R1、R2的电压与电流的关系如图所示．用此电源和电阻R1、R2组成电路，R1、R2可以同时接入电路，也可以单独接入电路．为使电源输出功率最大，可采用的接法是（）A．将R1单独接到电源两端B．将R2单独接到电源两端C．将R1、R2串联后接到电源两端D．将R1、R2并联后接到电源两端【考点】闭合电路的欧姆定律；欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】由电源的U﹣I图线纵横截距读出电源的电动势，由斜率求出电源的内阻．由电阻的U﹣I图线求出电阻．再分别求出四种情况下电源的输出功率进行选择．【解答】解：根据闭合电路欧姆定律得：U=E﹣Ir知，I=0时，U=E，图象的斜率等于r，则由电源的U﹣I图线得到：电源的电动势为E=3V，内阻为r=0.5Ω．R1单独接到电源两端时，两图线的交点表示电路的工作状态，可知，电路中的电流为2A，路端电压为1.5V，则电源的输出功率为 P出1=1.5V×3A=4.5W，同理，R2单独接到电源两端输出功率为 P出2=2V×2A=4W．由电阻的伏安特性曲线求出R1=0.5Ω、R2=1Ω，当将R1、R2串联后接到电源两端利用欧姆定律可得电路电流I串=1.5A，此时电源的输出功率P串=I串2（R1+R2）=3.75W．两电阻并联时，利用欧姆定律可得电路电流I并=3.6A，此时电源的输出功率P并=EI并﹣I并2r=4.32W．所以将R1单独接到电源两端时电源的输出功率最大．故A正确．故选：A【点评】这是直流电中的电路问题，可以应用数学知识分析得到：当电源的内外电阻相等时，电源的输出功率最大，直接选择A．6．如图所示，正方形线圈有一半处在匀强磁场中，线圈平面与磁场垂直．当线圈中以顺时针方向的流时，线圈将（）A．向上平动B．向下平动C．向左平动D．向右平动【考点】楞次定律．【专题】电磁感应与电路结合．【分析】根据左手定则，结合电流方向，从而判断线圈的运动方向．【解答】解：当线圈中通顺时针方向的电流时，根据左手定则，则安培力方向向左，因此线圈将向左平动，故C正确，ABD错误．故选：C．【点评】考查左手定则的应用，掌握安培力与电流，及磁场的方向关系，注意安培力总是垂直电流和磁场方向．7．如图所示，电路两端的电压保持不变，当滑动变阻器的滑动触头P向右移动时，三个灯泡亮度的变化情况是（）A．L1变亮，L2和L3皆变暗B．L1变暗，L2不能确定，L3变暗C．L1变暗，L2变亮，L3变亮D．L1变亮，L2变亮，L3变暗【考点】串联电路和并联电路；闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】电灯L2与变阻器串联后与灯泡L3并联，最后再与L1串联；当滑动变阻器的滑动触头P向右移动时，变阻器电阻R减小，故总电阻减小，根据欧姆定律判断干路电流的变化情况，然后逐步判断各个各个部分的电流和电压情况．【解答】解：当滑动变阻器的滑动触头P向右移动时，变阻器电阻R减小，故总电阻减小，根据欧姆定律干路电流增加，故灯泡L1变亮；并联电路的电压U并=U﹣IR L1，故并联电路电压变小，灯泡L3变暗；干路电流增加，而通过灯泡L3的电流变小，故通过灯泡L2的电流增加，灯泡L2变亮；故选D．【点评】对于动态分析问题，通常按照局部→整体→局部的思路进行分析，不难．8．如图所示，均匀绕制的螺线管水平放置，在其正中心的上方附近用绝缘绳水平吊起通电直导线A，A与螺线管垂直，A导线中的电流方向垂直纸面向里，开关S闭合，A受到通电螺线管磁场的作用力的方向是（）A．坚直向下B．竖直向上C．水平向右D．水平向左【考点】通电直导线和通电线圈周围磁场的方向．【分析】首先根据安培定则判断通电螺线管在A处产生的磁场方向，再根据左手定则判断通电直导线A受到的磁场的作用力的方向．【解答】解：首先根据安培定则判断通电螺线管在A处产生的磁场方向：水平向左．根据左手定则判断可知：A受到通电螺线管磁场的作用力的方向：竖直向上，故ACD错误，B正确．故选：B．【点评】本题考查安培定则和左手定则综合应用的能力，对于几种定则关键要搞清两点：一是何时用；二是怎样用．9．如图所示的电容式话筒就是一种电容式传感器，其原理是：导电性振动膜片与固定电极构成了一个电容器，当振动膜片在声压的作用下振动时，两个电极之间的电容发生变化，电路中电流随之变化，这样声信号就变成了电信号．则当振动膜片向右振动时（）A．电容器电容值增大B．电容器带电荷量减小C．电容器两极板间的场强增大D．电阻R上电流方向自左向右【考点】电容器．【专题】电容器专题．【分析】电容器极板间距离的变化引起了电容的变化，电容的变化引起了电量的变化，从而场强变化，R中有电流．【解答】解：振动膜片向右振动时，电容器两极板的距离变小，电容增大，由C=知，U不变的情况下，电容器所带电荷量Q增大，电容器充电，R中形成自右向左的电流．由E=知，U不变，d减小，则场强E增大，故AC正确．BD错误．故选AC【点评】本题考查了电容器的动态分析，方法是：从部分的变化引起电容的变化，根据电压或电量不变判断电量或电压的变化．10．质量和电量都相等的带电粒子M和N，以不同的速率经小孔S垂直进入匀强磁场，带电粒子仅受洛伦兹力的作用，运行的半圆轨迹如图中虚线所示，下列表述正确的是（）A．M带负电，N带正电B．M的速度率小于N的速率C．洛伦兹力对M、N不做功D．M的运行时间大于N的运行时间【考点】洛仑兹力；带电粒子在匀强磁场中的运动．【分析】由左手定则判断出M带正电荷，带负电荷；结合半径的公式可以判断出粒子速度的大小；根据周期的公式可以判断出运动的时间关系．【解答】解：A：由左手定则判断出N带正电荷，M带负电荷，故A正确；B：粒子在磁场中运动，洛伦兹力提供向心力qvB=m，半径为：r=，在质量与电量相同的情况下，半径大说明速率大，即M的速度率大于N的速率，B错误；C：洛伦兹力不做功，C正确；D：粒子在磁场中运动半周，即时间为周期的一半，而周期为T=，M的运行时间等于N的运行时间，故D错误．故选：AC．【点评】该题考查到左手定则、半径的公式和根据周期的公式，属于基本应用．简单题．11．理发用的电吹风机中有电动机和电热丝，电动机带动风叶转动，电热丝给空气加热，得到热风将头发吹干．设电动机线圈电阻为R1，它与电热丝电阻值R2串联后接到直流电源上，吹风机两端电压为U，电流为I，消耗的功率为P，则有（）A．P=UI B．P=I2（R1+R2）C．P＞UI D．P＞I2（R1+R2）【考点】电功、电功率．【专题】恒定电流专题．【分析】在计算电功率的公式中，总功率用P=IU来计算，发热的功率用P=I2R 来计算，如果是计算纯电阻的功率，这两个公式的计算结果是一样的，但对于电动机等非纯电阻，第一个计算的是总功率，第二个只是计算发热的功率，这两个的计算结果是不一样的．【解答】解：A、C、电吹风机消耗的电功率P是总的功率，总功率的大小应该是用P=IU来计算，所以总功率P=IU，所以A正确，而C错误．B、D、电吹风机中发热的功率要用I2R来计算，所以总的发热功率为I2（R1+R2），吹风机的总功率P=IU要大于发热部分的功率，所以B错误，D正确．故选：AD．【点评】对于电功率的计算，一定要分析清楚是不是纯电阻电路，对于非纯电阻电路，总功率和发热功率的计算公式是不一样的．12．如图所示虚线所围的区域内，存在电场强度为E的匀强电场和磁感应强度为B的匀强磁场，已知从左侧水平射入的电子，穿过这一区域时未发生偏转，设重力忽略不计，则在这个区域中的E和B的方向可能是（）A．E和B都沿水平方向，并与电子运动方向相同B．E和B都沿水平方向，并与电子运动方向相反C．E竖直向上，B垂直于纸面向外D．E竖直向上，B垂直于纸面向里【考点】带电粒子在混合场中的运动．【专题】带电粒子在复合场中的运动专题．【分析】根据各选项提供的电场方向和磁场方向，逐一分析各选项中的受力情况，分析电场力和磁场力的合力，即可判断带电粒子的运动情况．【解答】解：重力忽略不计的电子，穿过这一区域时未发生偏转，A、若E和B都沿水平方向，并与电子运动方向相同，则有电子所受电场力方向与运动方向相反，而由于电子运动方向与B方向相互平行，所以不受磁场力，因此穿过此区域不会发生偏转．故A正确；B、若E和B都沿水平方向，并与电子运动方向相反，则有电子所受电场力方向与运动方向相同，而由于电子运动方向与B方向在一条直线上，所以不受磁场力，因此穿过此区域不会发生偏转．故B正确；C、若E竖直向上，B垂直于纸面向外，则有电场力竖直向下，而磁场力由左手定则可得方向竖直向上，所以当两力大小相等时，电子穿过此区域不会发生偏转．故C正确；D、若E竖直向上，B垂直于纸面向里，则有电场力方向竖直向下，而磁场力方向由左手定则可得竖直向下，所以两力不能使电子做直线运动，故D错误；故选ABC．【点评】该题考查了电场力和磁场力的方向的判断，在判断磁场力方向时，要会熟练的应用左手定则；了解二力平衡的条件，会准确的判断二力是否能平衡是解决此类问题的关键．二、实验题（本题12分，请将答案写在答题纸指定位置）13．（12分）（2015秋•校级期中）某同学要测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率ρ．步骤如下：（1）用游标为20分度的卡尺测量其长度如图1，由图可知其长度为L= 50.15 mm；（2）用螺旋测微器测量其直径如图2，由图可知其直径为D= 4.697mm﹣4.700 mm；（3）用多用电表的电阻“×10”挡，按正确的操作步骤测此圆柱体的电阻，表盘的示数如图3，则该电阻的阻值约为R= 220 Ω．（4）该同学想用伏安法更精确地测量其电阻R，现有的器材及其代号和规格如下：待测圆柱体电阻R电流表A1（量程0～4mA，内阻约50Ω）；电流表A2（量程0～10mA，内阻约30Ω）电压表V1（量程0～3V，内阻约10kΩ）；电压表V2（量程0～15V，内阻约25kΩ）直流电源E（电动势4V，内阻不计）；滑动变阻器R1（阻值范围0～15Ω，允许通过的最大电流2.0A）滑动变阻器R2（阻值范围0～2kΩ，允许通过的最大电流0.5A）开关S、导线若干为使实验误差较小，要求测得多组数据进行分析，请在框中画出测量的电路图4，并标明所用器材的代号．（5）根据你设计的测量电路，在图5中用实线连接好电路．（6）圆柱体材料的电阻率表达式为ρ=．（用所测量的量字母表达）【考点】测定金属的电阻率．【专题】实验题．【分析】游标卡尺主尺与游标尺示数之和是游标卡尺的示数；螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数；欧姆表读数时注意倍率，要根据电表量程选择器材，根据待测电阻值远小于滑动变阻器最大阻值选择变阻器接法用分压式．【解答】解：（1）由图示游标卡尺可知，其示数为50mm+3×0.05mm=50.15mm；。
高二物理上学期期中试卷(特含解析)高二全册物理试题
嘴哆市安排阳光实验学校甘肃省张掖市民乐一中高二上学期期中物理试卷（特部）一．选择题（本题共12小题，每小题4分．1-9是单项选择题，10-12是多项选择题）1．（4分）下列有关物理学家和他们的贡献叙述正确的是（）A．伽利略最早指出力是维持物体运动的原因B．牛顿发现了万有引力定律并测出了引力常量C．库仑发现了点电荷的相互作用规律并测出了静电力常量D．密立根通过油滴实验测定了元电荷的数值2．（4分）根据磁感应强度的定义式，下列说法中正确的是（）A．在磁场中某确定位置，B与F成正比，与I、L的乘积成反比B．一小段通电直导线在空间某处受磁场力F=0；那么该处的B一定为零C．磁场中某处的B的方向跟电流在该处受磁场力F的方向相同D．一小段通电直导线放在B为零的位置，那么它受到磁场力F也一定为零3．（4分）如图所示为电阻R1和R2的伏安特性曲线，这两条曲线把第一象限分为Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ三个区域．现把R1和R2并联在电路中，消耗的电功率分别用P1和P2表示；并联的总电阻设为R．下列关于P1与P2的大小关系及R的伏安特性曲线应该在的区域的说法正确的是（）A．伏安特性曲线在Ⅰ区域，P1＜P2B．伏安特性曲线在Ⅲ区域，P1＜P2C．伏安特性曲线在Ⅰ区域，P1＞P2D．伏安特性曲线在Ⅲ区域，P1＞P24．（4分）如图所示，电源电动势为6V，当开关接通时，灯泡L1和L2都不亮，用电压表测得各部分电压是U ad=0，U cd=6V，U ab=6V，由此可以断定（）A．L1和L2的灯丝都断了B．L1的灯丝断了C．L2的灯丝断了D．变阻器R断路5．（4分）如图，一半径为R的圆盘上均匀分布着电荷量为Q的电荷，在垂直于圆盘且过圆心c的轴线上有a、b、d三个点，a和b、b和c、c和d间的距离均为R，在a点处有一电荷量为q（q＞0）的固定点电荷．已知b点处的场强为零，则d点处场强的大小为（k为静电力常量）（）A．B．C．D．6．（4分）用控制变量法，可以研究影响平行板电容器电容的因素（如图所示）．设两极板正对面积为S，极板间的距离为d，静电计指针偏角为θ．实验中，极板所带电荷量不变，若（）A．保持S不变，增大d，则θ变大 B．保持S不变，增大d，则θ变小C．保持d不变，减小S，则θ变小 D．保持d不变，减小S，则θ不变7．（4分）如图所示，平行板电容器与电动势为E的直流电源（内阻不计）连接，下极板接地．一带电油滴位于电容器中的P点且恰好处于平衡状态．现将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离（）A．带电油滴将沿竖直方向向上运动B．P点的电势将降低C．带电油滴的电势能将减小D．若电容器的电容减小，则极板带电量将增大8．（4分）如图所示，一价氢离子（H ）和二价氦离子（He）的混合体，经同一加速电场U1同时加速后，垂直射入同一偏转U2电场中，偏转后，打在同一荧光屏上，则它们（）A．同时到达屏上同一点B．先后到达屏上同一点C．同时到达屏上不同点D．先后到达屏上不同点9．（4分）在如图所示的电路中，电源的负极接地，其电动势为E、内电阻为r，R1、R2为定值电阻，R3为滑动变阻器，C 为电容器，、为理想电流表和电压表．在滑动变阻器滑动头P自a端向b端滑动的过程中，下列说法中正确的是（）A．a点的电势降低B．电压表示数变小C．电流表示数变小 D．电容器C所带电荷量增多10．（4分）如图所示，通电导体棒静止于水平导轨上，棒的质量为m，长为L，通过的电流大小为I且垂直纸面向里，匀强磁场的磁感强度B的方向与导轨平面成θ角，则导体棒受到的（）A．安培力大小为BIL B．安培力大小为BILsinθC．摩擦力大小为BILsinθD．支持力大小为mg﹣BILcosθ11．（4分）三条在同一平面（纸面）内的长直绝缘导线组成一等边三角形，在导线中通过的电流均为I，方向如图所示．a、b和c三点分别位于三角形的三个顶角的平分线上，且到相应顶点的距离相等．将a、b和c处的磁感应强度大小分别记为B1、B2和B3，下列说法正确的是（）A．B1=B2=B3B．B1=B2＜B3C．a和b处磁场方向垂直于纸面向外，c处磁场方向垂直于纸面向里D．a处磁场方向垂直于纸面向外，b和c处磁场方向垂直于纸面向里12．（4分）如图1，A板的电势U A=0，B板的电势U B随时间的变化规律如图2所示．电子只受电场力的作用，且初速度为零，则（）A．若电子在t=0时刻进入的，它将一直向B板运动B．若电子在t=0时刻进入的，它将时而向B板运动，时而向A板运动，最后打在B板上C．若电子在t=时刻进入的，它将时而向B板运动，时而向A板运动，最后打在B板上D．若电子是在t=时刻进入的，它将时而向B板、时而向A板运动二．实验题（共16分）13．（3分）用螺旋测微器测量某金属丝直径的结果如图所示．该金属丝的直径是mm．14．（13分）为了精确测量某待测电阻R x的阻值（约为30Ω）．有以下一些器材可供选择．电流表：A1（量程0～50mA，内阻约12Ω）A2（量程0～3A，内阻约0.12Ω）电压表：V1（量程0～3V，内阻很大）V2（量程0～15V，内阻很大）电源：E（电动势约为3V，内阻约为0.2Ω）定值电阻：R（30Ω，允许最大电流2.0A）滑动变阻器：R1（0～10Ω，允许最大电流2.0A）滑动变阻器：R2（0～1kΩ，允许最大电流0.5A）单刀单掷开关S一个，导线若干（1）电流表应选，电压表应选，滑动变阻器应选．（填字母代号）（2）请在方框中画出测量电阻R x的实验电路图．（要求测量值的范围尽可能大一些，所用器材用对应的符号标出）（3）某次测量中，电压表示数为U时，电流表示数为I，则计算待测电阻阻值的表达式为R x=．15．（8分）一台小型电动机在3V电压下工作，用此电动机提升所受重力为4N 的物体时，通过它的电流是0.2A．在30s内可使该物体被匀速提升3m．若不计除电动机线圈生热之外的能量损失，求：（1）电动机的输入功率；（2）在提升重物的30s内，电动机线圈所产生的热量；（3）线圈的电阻．16．（12分）如图所示，水平轨道与直径为d=0.8m的半圆轨道相接，半圆轨道的两端点A、B连线是一条竖直线，整个装置处于方向水平向右，大小为103V/m的匀强电场中，一小球质量m=0.5kg，带有q=5×10﹣3C电量的正电荷，在静电力作用下由静止开始运动，不计一切摩擦，g=10m/s2．（1）若它运动的起点离A为L，它恰能到达轨道最高点B，求小球在B点的速度和L的值．（2）若它运动起点离A为L′=2.6m，且它运动到B点时电场消失，它继续运动直到落地，求落地点与B点的距离．17．（12分）质量为m=1.0kg、带电量q=+2.5×10﹣4C的小滑块（可视为质点）放在质量为M=2.0kg的绝缘长木板的左端，木板放在光滑水平面上，滑块与木板之间的动摩擦因数为μ=0.2，木板长L=1.5m，开始时两者都处于静止状态，所在空间加有一个方向竖直向下强度为E=4.0×104N/C的匀强电场，如图所示．取g=10m/s2，试求：（1）用水平力F0拉小滑块，要使小滑块与木板以相同的速度一起运动，力F0应满足什么条件？（2）用水平恒力F拉小滑块向木板的右端运动，在1.0s末使滑块从木板右端滑出，力F应为多大？（3）按第（2）问的力F作用，在小滑块刚刚从木板右端滑出时，系统的内能增加了多少？（设m与M之间最大静摩擦力与它们之间的滑动摩擦力大小相等，滑块在运动中带电量不变）18．（14分）如图所示，A为有光滑曲面的固定轨道，轨道底端的切线方向是水平的．质量M=40kg的小车B静止于轨道右侧，其上表面与轨道底端在同一水平面上．一个质量m=20kg的物体C以2.0m/s的初速度从轨道顶端滑下，冲上小车B后经一段时间与小车相对静止并一起运动．若轨道顶端与底端的高度差h=1.6m．物体与小车板面间的动摩擦因数μ=0.40，小车与水平面间的摩擦忽略不计．（取g=10m/s2），求：（1）物体与小车保持相对静止时的速度v；（2）物体冲上小车后，与小车发生相对滑动经历的时间t；（3）物体在小车上相对滑动的距离d．甘肃省张掖市民乐一中高二上学期期中物理试卷（特部）参考答案与试题解析一．选择题（本题共12小题，每小题4分．1-9是单项选择题，10-12是多项选择题）1．（4分）下列有关物理学家和他们的贡献叙述正确的是（）A．伽利略最早指出力是维持物体运动的原因B．牛顿发现了万有引力定律并测出了引力常量C．库仑发现了点电荷的相互作用规律并测出了静电力常量D．密立根通过油滴实验测定了元电荷的数值考点：物理学史．分析：伽利略最早指出力不是维持物体运动的原因．牛顿发现了万有引力定律，卡文迪许测出了引力常量．库仑发现了点电荷的相互作用规律并测出了静电力常量．密立根通过油滴实验测定了元电荷的数值．解答：解：A、伽利略最早指出力不是维持物体运动的原因．故A错误．B、牛顿发现了万有引力定律，卡文迪许测出了引力常量．故B错误．C、库仑发现了点电荷的相互作用规律并测出了静电力常量．故C正确．D、密立根通过油滴实验测定了元电荷的数值．故D正确．故选CD．点评：本题考查了物理学史，学好物理学史不仅是高中物理学习的要求，而且能增加我们对物理的学习兴趣，平时要注意物理学史的积累．2．（4分）根据磁感应强度的定义式，下列说法中正确的是（）A．在磁场中某确定位置，B与F成正比，与I、L的乘积成反比B．一小段通电直导线在空间某处受磁场力F=0；那么该处的B一定为零C．磁场中某处的B的方向跟电流在该处受磁场力F的方向相同D．一小段通电直导线放在B为零的位置，那么它受到磁场力F也一定为零考点：磁感应强度．分析：本题要掌握磁感应强度的物理意义，定义式及其物理意义．磁感应强度用来描述磁场本身的强弱和方向．当电流方向与磁场方向相互垂直时，磁感应强度等于导线所受的磁场力与通电导线的电流与长度乘积之比．B的方向与导线所受的磁场力方向垂直．解答：解：A、磁感应强度反映磁场本身的强弱和方向，由磁场本身决定，与放入磁场的导线所受的安培力F、导线的长度L和电流I无关．故A错误．B、当通电导体平行放在磁场中某处受到的磁场力F等于0，但磁场并一定为零．故B错误；C、通电导线在磁场中的受力方向，由左手定则得知：磁场力的方向与磁场及电流方向相互垂直，故C错误；D、一小段通电直导线放在B为零的位置，由F=BILsinα得知，那么它受到磁场力F也一定为零．故D正确．故选D点评：磁感应强度的定义式B=可知，是属于比值定义法，且导线垂直放入与磁场．即B与F、I、L均没有关系，它是由磁场的本身决定．例如：电场强度E=一样．同时还要注意的定义式B=是有条件的．3．（4分）如图所示为电阻R1和R2的伏安特性曲线，这两条曲线把第一象限分为Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ三个区域．现把R1和R2并联在电路中，消耗的电功率分别用P1和P2表示；并联的总电阻设为R．下列关于P1与P2的大小关系及R的伏安特性曲线应该在的区域的说法正确的是（）A．伏安特性曲线在Ⅰ区域，P1＜P2B．伏安特性曲线在Ⅲ区域，P1＜P2C．伏安特性曲线在Ⅰ区域，P1＞P2D．伏安特性曲线在Ⅲ区域，P1＞P2考点：路端电压与负载的关系．专题：恒定电流专题．分析：伏安特性曲线的斜率等于电阻的倒数．当两个电阻并联后总电阻R 比任何一个电阻都要小，R的伏安特性曲线的斜率大于R1和R2的伏安特性曲线的斜率．R1和R2并联在电路中，电压相等，由图读出电流关系，再研究功率关系．解答：解：把R1和R2并联在电路中，并联的总电阻R比R1和R2都小，则R 的伏安特性曲线的斜率大于R1和R2的伏安特性曲线的斜率，则R的伏安特性曲线应该Ⅰ区．R1和R2并联在电路中，电压相等，由图读出流过电阻R1的电流较大，则功率P1＞P2．故C正确，ABD错误．故选：C．点评：本题首先要从数学角度理解图线的物理意义：斜率越大，电阻越小．其次抓住并联电路的基本特点：支路两端的电压相等．4．（4分）如图所示，电源电动势为6V，当开关接通时，灯泡L1和L2都不亮，用电压表测得各部分电压是U ad=0，U cd=6V，U ab=6V，由此可以断定（）A．L1和L2的灯丝都断了B．L1的灯丝断了C．L2的灯丝断了D．变阻器R断路考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：利用电流表和电压表判断电路中的故障，是考试的热点题型之一，依据在故障电路中电流表和电压表显示的现象来判断U ab=0V，U ad=0V，U cd=6V，由此可断定．解答：解：串联电路中两灯均不发光，则可能是某处断路，电压表测断路位置为电源电压，U cd=6V，说明从a到d的电路和b到c的电路是连接良好的，故L1的灯丝和滑动变阻器都良好，L2的灯丝烧断了，故C正确，ABD错误；故选：C．点评：电压表如果示数为零，那么被测部分短路，或被测部分外部断路．电压表如果示数为电源电压，那么被测部分断路，或被测部分外部短路．电流表如果为零，那么电路中有断路的地方，也有少数可能是电流表短路．电流表如果示数突然变大，那么电路中有短路的地方．两灯均不亮，可能是某处断路．两灯一亮一灭，可能是某灯短路5．（4分）如图，一半径为R的圆盘上均匀分布着电荷量为Q的电荷，在垂直于圆盘且过圆心c的轴线上有a、b、d三个点，a和b、b和c、c和d间的距离均为R，在a点处有一电荷量为q（q＞0）的固定点电荷．已知b点处的场强为零，则d点处场强的大小为（k为静电力常量）（）A．B．C．D．考点：电场的叠加；电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：由题意可知，半径为R均匀分布着电荷量为Q的圆盘上电荷，与在a 点处有一电荷量为q（q＞0）的固定点电荷，在b点处的场强为零，说明各自电场强度大小相等，方向相反．那么在d点处场强的大小即为两者之和．因此根据点电荷的电场强度为即可求解．解答：解：电荷量为q的点电荷在b 处产生电场强度为，而半径为R均匀分布着电荷量为Q的圆盘上电荷，与在a点处有一电荷量为q （q＞0）的固定点电荷，在b点处的场强为零，则圆盘在此处产生电场强度也为．那么圆盘在此d 产生电场强度则仍为．而电荷量为q的点电荷在d 处产生电场强度为，由于都在d 处产生电场强度方向相同，即为两者大小相加．所以两者这d 处产生电场强度为，故B正确，ACD错误．故选：B．点评：考查点电荷与圆盘电荷在某处的电场强度叠加，紧扣电场强度的大小与方向关系，从而为解题奠定基础．6．（4分）用控制变量法，可以研究影响平行板电容器电容的因素（如图所示）．设两极板正对面积为S，极板间的距离为d，静电计指针偏角为θ．实验中，极板所带电荷量不变，若（）A．保持S不变，增大d，则θ变大 B．保持S不变，增大d，则θ变小C．保持d不变，减小S，则θ变小 D．保持d不变，减小S，则θ不变考点：电容器的动态分析．专题：电容器专题．分析：静电计测定电容器极板间的电势差，电势差越大，指针的偏角越大．根据电容的决定式C=分析极板间距离、正对面积变化时电容的变化情况，由于极板所带电荷量不变，再由电容的定义式C=分析板间电势差的变化，即可再确定静电计指针的偏角变化情况．解答：解：A、B、根据电容的决定式C=得知，电容与极板间距离成反比，当保持S不变，增大d时，电容减小，电容器的电量Q不变，由电容的定义式C=分析可知板间电势差增大，则静电计指针的偏角θ变大；反之，保持S不变，减小d，则θ减小．故A正确，B错误．C、D、根据电容的决定式C=得知，电容与极板的正对面积成正比，当保持d不变，减小S时，电容减小，电容器极板所带的电荷量Q不变，则由电容的定义式C=分析可知板间电势差增大，静电计指针的偏角θ变大；反之，保持d不变，增大S，则θ减小，故C错误，D错误．故选：A．点评：本题是电容动态变化分析问题，关键抓住两点：一是电容器的电量不变；二是掌握电容的两个公式：电容的决定式C=和C=．7．（4分）如图所示，平行板电容器与电动势为E的直流电源（内阻不计）连接，下极板接地．一带电油滴位于电容器中的P点且恰好处于平衡状态．现将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离（）A．带电油滴将沿竖直方向向上运动B．P点的电势将降低C．带电油滴的电势能将减小D．若电容器的电容减小，则极板带电量将增大考点：带电粒子在混合场中的运动．专题：带电粒子在复合场中的运动专题．分析：将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离，电容器两板间电压不变，根据E=分析板间场强的变化，判断电场力变化，确定油滴运动情况．由U=Ed分析P点与下极板间电势差如何变化，即能分析P点电势的变化和油滴电势能的变化．解答：解：A、将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离，由于电容器两板间电压不变，根据E=得知板间场强减小，油滴所受的电场力减小，则油滴将向下运动．故A错误．B、场强E减小，而P点与下极板间的距离不变，则由公式U=Ed分析可知，P 点与下极板间电势差将减小，而P点的电势高于下极板的电势，则知P点的电势将降低．故B正确．C、由带电油滴原来处于平衡状态可知，油滴带负电，P点的电势降低，则油滴的电势能将增加．故C错误．D、根据Q=Uc，由于电势差不变，电容器的电容减小，故带电量减小，故D错误；故选：B．点评：本题运用E=分析板间场强的变化，判断油滴如何运动．运用推论：正电荷在电势高处电势能大，而负电荷在电势高处电势能小，来判断电势能的变化．8．（4分）如图所示，一价氢离子（H ）和二价氦离子（He）的混合体，经同一加速电场U1同时加速后，垂直射入同一偏转U2电场中，偏转后，打在同一荧光屏上，则它们（）A．同时到达屏上同一点B．先后到达屏上同一点C．同时到达屏上不同点D．先后到达屏上不同点考点：带电粒子在匀强电场中的运动．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：本题中带电粒子先加速后偏转．先根据动能定理求出加速获得的速度表达式．两种粒子在偏转电场中做类平抛运动，垂直于电场方向上做匀速直线运动，沿电场方向做匀加速运动，根据牛顿第二定律和运动学得到粒子偏转距离与加速电压和偏转电压的关系，从而得出偏转位移的关系即可判断粒子打在屏上的位置关系．解答：解：设加速电压为U1，偏转电压为U2，偏转极板的长度为L，板间距离为d．在加速电场中，由动能定理得：qU1=①两种粒子在偏转电场中，水平方向做速度为v0的匀速直线运动，由于两种粒子的比荷不同，则v0不同，所以两粒子在偏转电场中运动的时间t=不同．两种粒子在加速电场中的加速度不同，位移相同，则运动的时间也不同，所以两粒子是先后离开偏转电场．在偏转电场中的偏转位移y=②联立①②得 y=同理可得到偏转角度的正切tanθ=，可见y和tanθ与电荷的电量和质量无关．所以出射点的位置相同，出射速度的方向也相同．故两种粒子打屏上同一点．故B正确，A、C、D错误．故选：B．点评：解决本题的关键知道带电粒子在加速电场和偏转电场中的运动情况，知道从静止开始经过同一加速电场加速，垂直打入偏转电场，运动轨迹相同．做选择题时，这个结论可直接运用，节省时间．9．（4分）在如图所示的电路中，电源的负极接地，其电动势为E、内电阻为r，R1、R2为定值电阻，R3为滑动变阻器，C 为电容器，、为理想电流表和电压表．在滑动变阻器滑动头P自a端向b端滑动的过程中，下列说法中正确的是（）A．a点的电势降低B．电压表示数变小C．电流表示数变小 D．电容器C所带电荷量增多考点：电容；闭合电路的欧姆定律．专题：电容器专题．分析：在滑动变阻器滑动头P自a端向b端滑动的过程中，变阻器在路电阻减小，外电阻减小，根据欧姆定律分析干路电流如何变化和电阻R1两端电压的变化，即可知道电压表读数的变化．电容器C的电压等于电阻R2两端的电压，分析并联部分电压的变化，即知道电容器的电压如何变化，根据干路电流与通过R2的电流变化情况，分析电流表的变化．a点的电势等于R2两端的电压．解答：解：在滑动变阻器滑动头P自a端向b端滑动的过程中，变阻器在路电阻减小，外电路总电阻减小，干路电流I增大，电阻R1两端电压增大，则电压表示数变大．电阻R2两端的电压U2=E﹣I（R1+r），I增大，则U2变小，电容器板间电压变小，其带电量减小．根据外电路中顺着电流方向电势降低，可知，a的电势大于零，a点的电势等于R2两端的电压，U2变小，则a点的电势降低，通过R2的电流I2减小，通过电流表的电流I A=I﹣I2，I增大，I2减小，则I A增大．即电流表示数变大．故A正确，BCD错误．故选：A点评：本题是电路动态变化分析问题，要抓住不变量：电源的电动势、内阻及定值电阻的阻值不变，进行分析．根据电流方向判断电势高低，由电压的变化判断电势的变化．10．（4分）如图所示，通电导体棒静止于水平导轨上，棒的质量为m，长为L，通过的电流大小为I且垂直纸面向里，匀强磁场的磁感强度B的方向与导轨平面成θ角，则导体棒受到的（）A．安培力大小为BIL B．安培力大小为BILsinθC．摩擦力大小为BILsinθD．支持力大小为mg﹣BILcosθ考点：安培力．分析：导体棒AC静止于水平导轨上，受到重力、安培力、导轨的支持力和静摩擦力．导体棒与磁场方向垂直，安培力大小F A=BIl，根据左手定则判断安培力方向，根据平衡条件求解导轨对导体棒的支持力和摩擦力，再由牛顿第三定律求解导轨受到AC棒的压力和摩擦力．解答：解：以导体棒AC为研究对象，分析受力，如图．其中，安培力大小F A=BIl，根据平衡条件得：G+F A cosθ=N…①f=F A sinθ…②由①得：N=G+F A cosθ=mg+BIlcosθ由②得：f=BIlsinθ由牛顿第三定律得，导轨受到AC棒的压力和摩擦力各为：N=mg+BIlcosθ和f=BIlsinθ．所以选项AC正确，选项BD错误．故选：AC点评：本题是磁场知识与力学知识的综合，比较简单，安培力是桥梁，关键是安培力的方向判断和大小计算．11．（4分）三条在同一平面（纸面）内的长直绝缘导线组成一等边三角形，在导线中通过的电流均为I，方向如图所示．a、b和c三点分别位于三角形的三个顶角的平分线上，且到相应顶点的距离相等．将a、b和c处的磁感应强度大小分别记为B1、B2和B3，下列说法正确的是（）A．B1=B2=B3B．B1=B2＜B3C．a和b处磁场方向垂直于纸面向外，c处磁场方向垂直于纸面向里D．a处磁场方向垂直于纸面向外，b和c处磁场方向垂直于纸面向里考点：磁感应强度．分析：通电导线周围存在磁场，且离导线越远场强越弱．磁场不但有大小而且有方向，方向相同则相加，方向相反则相减．并根据矢量叠加原理来求解．解答：解：A、B、由题意可知，a点的磁感应强度等于三条通电导线在此处叠加而成，即垂直纸面向外，而b点与a点有相同的情况，有两根相互抵消，则由第三根产生磁场，即为垂直纸面向外，而c点三根导线产生磁场方向相同，所以叠加而成的磁场最强，故A错误，B正确；C、D、由图可知，根据右手螺旋定则可得，a和b处磁场方向垂直于纸面向外，c处磁场方向垂直于纸面向里，故C正确，B错误．故选：BC．点评：根据通电导线周围的磁场对称性、方向性，去确定合磁场强度大小．磁场的方向相同，则大小相加；方向相反的，大小相减．同时考查矢量叠加原理．12．（4分）如图1，A板的电势U A=0，B板的电势U B随时间的变化规律如图2所示．电子只受电场力的作用，且初速度为零，则（）A．若电子在t=0时刻进入的，它将一直向B板运动B．若电子在t=0时刻进入的，它将时而向B板运动，时而向A板运动，最后打在B板上C．若电子在t=时刻进入的，它将时而向B板运动，时而向A板运动，最后打在B板上D．若电子是在t=时刻进入的，它将时而向B板、时而向A板运动考点：带电粒子在匀强电场中的运动．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：根据电子在电场力作用下，结合牛顿第二定律与运动学公式的关系，从而可确定不同时刻电子的运动情况，即可求解．解答：解：A、若电子在t=0时刻进入的，它将在电场力作用下，先加速向B运动，后减速向B运动，接着加速向B运动，后减速向B运动，因此它一直向B板运动，直到到达B板，故A正确，B错误；C、若电子在t=时刻进入的，从到它先向B板加速运动，后减速运动，当到，电子回头运动，当到又向B运动，这样时而向B板运动，时而向A板运动，最后打到B板上，故C正确；D、同理，若电子是在t=T/4时刻进入的，它将时而向B板、时而向A板运动，故D正确；故选ACD点评：考查粒子在电场力作用下，根据运动与受力来确定运动的情况，掌握牛顿第二定律与运动学公式的应用，注意粒子从不同时刻进入电场，发生的运动情况不同．二．实验题（共16分）13．（3分）用螺旋测微器测量某金属丝直径的结果如图所示．该金属丝的直径是1.702mm．考点：螺旋测微器的使用．专题：实验题．分析：螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．解答：解：螺旋测微器的固定刻度为1.5mm，可动刻度为20.2×0.01mm=0.202mm，所以最终读数为1.5mm+0.202mm=1.702mm．故答案为：1.702。
北京六十五中九年级上学期期中物理试卷
北京六十五中九年级上学期期中物理试卷一、单项选择题1. 在如图所示的四位科学家中，以其名字命名电阻单位的是（）A . 安培B . 欧姆C .焦耳D . 法拉第2. 下列物品中，通常情况下属于导体的是（）A . 塑料笔杆B . 橡胶手套C . 不锈钢尺D . 陶瓷碗3. 在图中，表示热机的做功冲程的是（）A .B .C .D .4. 如图所示的事例中，通过热传递的方式改变物体内能的是（）A . 冷天搓手取暖B . 下滑时臀部发烫C . 烧水时水温升高D . 空气被压缩时温度升高5. 如图所示的电路中，闭合开关S，三盏灯属于并联的电路是（）A .B .C .D .6. 如图所示的四个电路中，电流表或电压表连接正确的是（）A .B .C .D .7. 如图所示的家用电器中，在工作时把电能转化为机械能的是（）A . 笔记本电脑B . 电风扇C .电视机D . 电烤箱8. 如图所示为滑动变阻器的四种接线方法．把它们分别连接在电路中，当滑片P 向左移动时，可使接入电路中的电阻变小的是（）A .B .C .D .9. 水的比热容较大，人们往往利用它的这一特性为生产、生活服务，下列事例中与它的这一特性有关的是（）A . 用加湿器使室内空气湿润B . 冬天暖气设备用水供暖C . 炎热的夏天，往地面上洒水降温D . 在较大的河流上建水电站，用水发电10. 下列数据最接近实际的是（）A . 家用冰箱的电流约为1 AB . 防盗门上的电子门铃的工作电压约为220 VC . 人体感到舒适的温度约为45℃D . 家庭电路中照明灯的工作电压是380V11. 如图为一实物电路连接图，某同学所画出的与如图对应的电路图，其中正确的是（）A .B .C .D .12. 小红家卫生间安装了换气扇和照明灯，换气扇和照明灯的电路连接如图所示．下列说法中正确的是（）A . 换气扇和照明灯不能同时工作B . 换气扇和照明灯只能同时工作C . 换气扇和照明灯工作时，通过它们的电流一定相等D . 换气扇和照明灯工作时，它们两端的电压一定相等13. 我国法律规定，驾驶员醉驾要负刑事责任．为了判断驾驶员是否酒后驾车，交警需要用酒精测试仪对驾驶员进行检测．小林设计了一种酒精测试仪的电路，如图所示．图中R为定值电阻；Q为酒精气敏元件，它在电路中的作用相当于一个可变电阻，其阻值随被测的酒精气体浓度的增大而增大．电源两端的电压不变，闭合开关S，当气敏元件所测酒精气体的浓度增大时，则下列判断中正确的是（）A . 电压表示数变大，电流表示数变小B . 电压表示数变大，电流表示数变大C . 电压表示数变小，电流表示数变小D . 电压表示数变小，电流表示数变大14. 在如图所示电路中，开关闭合时电路中的电流表没有示数，但电压表有示数，那么电路发生故障的原因可能是（）A . 灯泡L1灯丝断了B . 灯泡L2灯丝断了C . 灯泡L1短路D . 灯泡L2短路15. 如图所示电路，电源电压一定，R1=2R2 ．当开关S1、S2都闭合时，电流表A1的示数为I1，电流表A2的示数为5I1 ．则R2和R3之比为（）A . 3：2B . 2：3C . 1：2D . 2：116. 关于温度、热量和内能，下列说法正确的是（）A . 物体的温度升高，内能增大B . 物体的温度越高，所含的热量越多C . 物体内能增大，一定从外界吸收热量D . 物体的温度不变，其内能就一定不变17. 下列关于电流、电压和电阻的说法中，正确的是（）A . 自由电荷的移动形成了电流B . 规定自由电子定向移动的方向为电流方向C . 电压的作用是使自由电荷定向移动形成电流D . 电阻是导体对电流的阻碍作用．没有电流通过导体时，导体的电阻为零二、多项选择题18. 下列说法中正确的是（）A . 电路中有电流，电路两端就一定有电压B . 用电器是将电能转化为其他形式的能的装置C . 用毛皮摩擦橡胶棒，橡胶棒带正电荷D . 滑动变阻器四个接线柱必须是同接上或者同接下19. 市场上一些不法商贩常用纯净水冒充价格较高的矿泉水对外出售，矿泉水中含有人体所需的多种矿物质，导电能力较强，纯净水是用自来水经过多层过滤后得到的饮用水，矿物质较少，导电能力较差，小明根据这两种水导电能力不同这一特点，设计了如图所示的装置，验证他家购买的水是不是矿泉水．P，Q是相同的两根细长玻璃管．P内装满已知矿泉水，Q内装满待测的“矿泉水”．单刀双掷开关S从1拨到2时（）A . 若电压表示数不变，则Q内是纯净水B . 若电压表示数不变，则Q内是矿泉水C . 若电压表示数变小，则Q内是纯净水D . 若电压表示数变小，则Q内是矿泉水三、实验与探究题20. 如图，电阻箱的示数是________Ω．21. 分别在20℃冷水和70℃热水中同时轻轻滴入一滴等量的墨水，几秒钟后的现象如图所示，该现象说明：墨水扩散的快慢与________有关．22. 如图所示，老师在做“向装有少量水的瓶子内打气”的实验过程中，不断的向瓶内打气，使得瓶内的水蒸气气压增大，当瓶塞跳起来时，可以看到瓶内出现“白气”，这是因为水蒸气对瓶塞做功，内能________（填“增大”或“减小”），温度________（填“升高”或“降低”），水蒸气液化而成小液滴．23. 在探究电阻两端的电压跟通过电阻的电流的关系时，小东选用了两个定值电阻R1、R2分别做实验，他根据实验数据画出了如图所示的图象，请你根据图象比较电阻R1与R2的大小，R1________R2 ．（选填“大于”、“等于”或“小于”）24. 小明按图甲所示的电路图连接实验电路，测量电阻R的阻值．闭合开关S，调节滑动变阻器的滑片P后，观察到电压表和电流表的示数分别如图乙、丙所示，则电压表的示数为________ V，电流表的示数为________ A，电阻R的阻值为________Ω．25. 小文同学想通过实验探究“电阻的大小与哪些因素有关”．他利用四根如图所示的金属丝进行实验．已知图中A为锰铜丝，B、C、D 为镍铬合金丝，S表示金属丝的横截面积．（1）若要探究导体电阻的大小与横截面积的关系，应选用金属丝________和金属丝________进行实验．（2）若要探究导体电阻跟________的关系，应选用B、D金属丝进行实验．26. 如图是小阳探究水果电池电压画面，请根据图中的情景，提出一个可以探究的科学问题：________．27. 为了比较水和沙子吸热本领的大小，小敏做了如图所示的实验：在两个相同的烧杯中，分别装有质量、初温都相同的水和沙子，用两个相同的酒精灯对其加热，实验数据记录如表：质量/g升温10℃所需时间/s升温20℃所需时间/s升温30℃所需时间/s沙子306489124水3096163220（1）在此实验中用________表示水和沙子吸热的多少；（2）分析表中的实验数据可知：质量相同的水和沙子，升高相同温度时，水吸收的热量________（选填“大于”或“小于”）沙子吸收的热量；（3）如果加热相同的时间，质量相同的水和沙子，________（选填“水”或“沙子”）升高的温度更高．28. 在探究“电压一定时，电流跟电阻的关系”的实验中，设计电路如图甲所示．（1）请根据图甲电路图用笔画线代替导线（添加两根导线）将图乙所示实物连接成完整电路（导线不允许交叉）．（2）在图乙中，闭合开关前滑动变阻器的滑片应移到________（选填“A”或“B”）．（3）连接好电路，发现电流表没有示数，移动滑动变阻器的滑片，电压表示数始终接近电源电压，造成这一现象的原因可能是。
北京东城65中学高二上期中试卷 北师大 数学(理科)word含解析
北京市第六十五中学-度第一学期期中达标测试题高二数学理科试卷一、选择题：本大题共12小题．每小题4分，共48分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．1．直线30x y a +=（a 为实常数）的倾斜角的大小是（ ）．A ．30︒B ．60︒C ．120︒D ．150︒【答案】A【解析】易知3tan k α==∴30α=︒，选择A ．2．若a ，b 是异面直线，直线c a ∥，则c 与b 的位置关系是（ ）．A ．相交B ．异面C ．平行D ．异面或相交【答案】D【解析】易知a ，b 为异面直线，c a ∥，则c 与b 异面或相交， 选择D ．3．一个空间几何体的正视图与侧视图都是边长为1的正方形，俯视图是一个圆，则这个几何体的体积是（ ）．A ．5π4B ．π4C ．πD ．3π2【答案】B 【解析】由三视图可以判断为圆柱， 高和底面直径为1，∴21ππ124V ⎛⎫=⨯⨯= ⎪⎝⎭，选择B ．4．平行线3430x y --=和6850x y -+=的距离为（ ）．A ．45B ．85C ．157D ．1110【答案】D 【解析】6850x y -+=化为34 2.50x y -+=， 平行线的距离：2211103(4)d ==+-，选择D ．5．圆221:(2)(2)1C x y ++-=与圆222:(2)(5)16C x y -+-=的位置关系是（ ）．A ．外离B ．相交C ．外切D ．内切【答案】C【解析】⊙1C 的圆心坐标(2,2)-，11C r =， ⊙2C 的圆心坐标(2,5)，24C r =，圆心的距离1222(22)(25)5C C d r r --+--+，∴两圆外切，选择C ．6．直线(1)2x m y m ++=-和直线280mx y ++=平行，则m 的值为（ ）．A ．2-B ．1C ．1或2-D ．23-【答案】B【解析】易得12(1)0m m ⨯-+=，解得1m =或2-，2m =-时，两直线重合，故1m =，选择B ．7．已知直线l ⊥平面α，直线m ⊂平面β，下列四个命题中正确的是（ ）．A ．（1）与（2）B ．（3）与（4）C ．（1）与（3）D ．（2）与（4）【答案】C【解析】（1）∵l ⊥平面α，若αβ∥，则l ⊥平面β， 又∵m ⊂平面β，∴l m ⊥，正确；（2）∵l ⊥平面α，若αβ⊥，则l 与m 可能平行，异面或相交，错误； （3）∵l ⊥平面α，若l m ∥，则m ⊥平面α， ∵m ⊂平面β，∴αβ⊥；正确；（4）∵l ⊥平面α，若l m ⊥，则m α∥或m α⊂， 则α与β平行或相交，错误．综上，（1）（3）正确，选择C ．8．已知线段AB 的中垂线方程为10x y --=且(1,1)A -，则B 点坐标为（ ）．A ．(2,2)-B ．(2,2)-C ．(2,2)--D ．(2,2)【答案】B【解析】易知AB 的方程为：0x y +=， 则设B 的坐标为00(,)x x -，AB 的中点坐标为0011,22x x --⎛⎫⎪⎝⎭，且位于10x y --=上， ∴00111022x x ----=，解得02x =，选择B ． 9．如图，三棱柱111ABC A B C -中，侧棱1AA ⊥底面111A B C ，底面三角形111A B C 是正三角形，E 是BC 的中点，则下列叙述正确的是（ ）．A ．1CC 与1B E 是异面直线B ．AC ⊥平面11ABB A C ．AE ，11B C 为异面直线，且11AE B C ⊥D ．11A C ∥平面1AB E【答案】C【解析】∵ABC △是正三角形，E 为BC 中点， ∴1AA ⊥底面111A B C ，平面ABC ∥平面111A B C ， ∴1AA ⊥平面ABC ， ∴1BB ⊥平面ABC ， ∵AE ⊂平面ABC ，又∵1BB ⊂平面11BCC B ，BC ⊂平面11BCC B ，1BB BC B =，∴AE ⊥平面11BCC B ， ∵11B C ⊂平面11BCC B ，选择C ．10．如图，在正方体1111ABCD A B C D -中，异面直线1A D 与1D C 所成的角为（ ）．A ．30︒B ．45︒C ．60︒D ．90︒【答案】C【解析】连接1A BD ，易知11D C A B ∥， ∴夹角为1BA D ∠，在1A BD △中， ∴1A BD △为正三角形， ∴选择C ．11．下列四个结论：（1）两条直线都和同一个平面平行，则这两条直线平行．（2）两条直线没有公共点，则这两条直线平行．（3）两条直线都和第三条直线垂直，则这两条直线平行．（4）一条直线和一个平面内无数条直线没有公共点，则这条直线和这个平面平行．其中正确的个数为（ ）．A ．0B ．1C ．2D ．3【答案】A【解析】（1）两直线可能平行，相交，异面，错误； （2）两直线可能平行，异面，错误； （3）两直线可能平行，相交，异面，错误；（4）直线与平面可能平行，可能相交，可能在平面内，错误； ∴选择A ．12．已知直线:34120l x y +-=，若圆上恰好存在两个点P ，Q ，它们到直线的距离为1，则称该圆为“理想型”圆，则下列圆中是“理想型”圆的是（ ）．A ．221x y +=B ．2216x y +=C ．22(4)(4)1x y -+-=D ．22(4)(4)16x y -+-=【答案】D【解析】易知PQ l ∥，且圆心到PQ 的距离小于半径， 设PQ 为：340x y m ++=，由平行线距离公式可得7m =-或17-， 代入验证只有D 符合．二、填空题：本大题共6小题，每小题4分，共24分．将答案填在图中横线上． 13．若x ，y 满足20,40,0,x y x y y -+⎧⎪+-⎨⎪⎩≥≤≥则12z x y =+的最大值为__________．【答案】72【解析】依题意不等式组表示的区域如图所示，直线102x y +=如图虚线所示，直线平移经过(1,3)C 时，12z x y =+有最大值，此时17322z =+=．14．某三棱柱的三视图如图所示，则该三棱柱的表面积为__________．【答案】1242+【解析】易知三棱柱如图所示：表面积12222222222S =⨯⨯⨯+⨯⨯+15．两直线23120x y --=和10x y +-=的交点为__________，经过此交点且在两坐标轴上的截距相等的直线方程为__________．【答案】(3,2)-；230x y -+=或10x y +-= 【解析】由2312010x y x y --=⎧⎨+-=⎩解得32x y =⎧⎨=-⎩，交点为(3,2)-，经过原点，则直线方程为23y x =-，不经过原点，设为1x ya a+=，代入(3,2)-可得：321a a-=，解得1a =， ∴方程为230x y -+=或10x y +-=．16．求与圆222420x y x y +-++=关于原点对称的圆的方程__________． 【答案】22(1)(2)3x y ++-=【解析】圆标准方程为22(1)(2)3x y -++=， ∴关于原点对称的方程为22(1)(2)3x y ++-=．17．从圆229x y +=外一点(3,2)P 向该圆引切线，则切线方程是__________． 【答案】3x =或512390x y +-=【解析】直线为3x =时，符合条件，若直线不垂直于x 轴，设为2(3)y k x -=-，即230kx y k -+-=， 易知有圆心到直线的距离231d k ==+，解得512k =-， 切线方程为3x =或512390x y +-=．18．已知实数x ，y 满足方程22410x y x +-+=，求： （1）yx的最小值__________． （2）22x y +的最大值__________． 【答案】3437【解析】（1）22410x y x +-+=化为22(2)3x y -+=， 表示圆心为(2,0)3 设yk x=，即y kx =，易知直线与圆相切时有最大最小值，231k =+min 3k =-（2）22x y +表示圆上的点到原点距离的平方， 显然连接圆心与O 点交于外侧一点时有最大值， 最大值为2(23)437=．三、解答题：本大题共3小题，共28分．解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤． 19．（本小题满分8分）在三棱柱111ABC A B C -中，侧棱1CC ⊥底面ABC ，且侧棱和底面边长均为2，D 是BC 的中点． （1）求证：1A B ∥平面1ADC ． （2）求证：平面1AB D ⊥平面11BB C C ． （3）求三棱锥11C AB D -的体积． 【答案】见解析【解析】（1）证明：连接1A C 交1AC 于点O ，连接OD ， 由题易知四边形1ACC A 为矩形，O 为1A C 的中点， 又D 为BC 的中点，在1A BC △中， ∵OD ⊂面1ADC ，1A B ⊄面1ADC ， ∴1A B ∥面1ADC ．（2）证明：∵ABC △为等边三角形，D 为BC 中点， 又∵1CC ⊥面ABC ，AD ⊂面ABC ， 又∵BC ⊂面11BCC B ，1CC ⊂面11BCC B ， 且1BC CC C =， ∴AD ⊥面11BB C C ， 又∵AD ⊂面1AB D ， ∴面1AB D ⊥面11BB C C ． 20．（本小题满分10分）设：圆C 方程为：22(2)4x y -+=．（1）判断圆C 与直线210x y ++=的位置关系，并说明理由．（2）若点11,2P ⎛⎫- ⎪⎝⎭为圆C 的弦AB 的中点，求弦AB 所在直线方程．（3）若直线:10l ax y +-=与圆C 相交所得弦长为23a 的值． 【答案】见解析【解析】（1）⊙C 以(2,0)为圆心，半径为2， 圆心(2,0)C 到直线的距离225221d ==>+，∴直线与圆C 相离． （2）易知PC AB ⊥， 又P 在直线AB 上， ∴AB 的方程为12(1)2y x +=--，即：3202x y +-=． （3）易知圆心C 到直线l 的距离22231d -=， 211a =+，解得43a =．21．（本小题满分10分） 已知圆22240x y x y m +--+=．（1）此方程表示圆，求m 的取值范围．（2）若（1）中的圆与直线240x y +-=相交于M 、N 两点，且OM ON ⊥（O 为坐标原点），求m 的值．（3）在（2）的条件下，求以MN 为直径的圆的方程． 【答案】见解析【解析】（1）方程可以化为22(1)(2)5x y m -+-=-， 若表示圆，则50m ->， m 的取值范围为(,5)-∞． （2）设11(,)M x y ，22(,)N x y ， 则1142x y =-，2242x y =-，∴12120x x y y +=，即1212168()50y y y y -++=（米）， 联立2242240x y x y x y m =-⎧⎨+--+=⎩可得：251680y y m -++=， 代入（*）式可得：16816(8)05m ⨯-++=， （3）以MN 为直径的圆的方程为： 即221212()()0x y x x x y y y +-+-+=，∴所求圆的方程为22816055x y x y +--=．。
2022-2022学年北京六十五中高二(上)期中物理试卷(理科)(教师版)
2022-2022 学年北京六十五中高二〔上〕期中物理试卷〔理科〕参考答案与试题解析一、单项选择题〔每题 3 分，共45 分〕1．〔3分〕〔2022秋•东城区校级期中〕真空中两个带同种电性的点电荷q1、q2，它们相距较近，保持静止状态，q1固定后释放q2，且q2 只在q1的库仑力作用下运动，那么q2在开始的一段运动〔〕A．速度不断减小B．库仑力不断增大C．电势能不断增大D．加速度不断减小考点：库仑定律；牛顿第二定律；电势能．专题：电场力与电势的性质专题．分析：根据库仑定律分析电荷间作用力的变化．根据牛顿第二定律和牛顿第三定律分析加速度之比的变化．根据功能关系分析能量的变化．解答：解：A、q2 只在q1 的库仑力作用下运动，由于库仑力做正功，所以q2 的动能增加，速度增加，电势能减小，故A 错误，C 错误．B、带电相同的小球受斥力作用，因此距离越来越远，由于电量保持不变，根据库仑定律得库仑力将逐渐减小，故B 错误D、库仑力将逐渐减小，由牛顿第二定律得加速度不断减小，故D 正确应选D．点评：此题中两球间存在斥力，斥力逐渐减小，掌握功能关系的应用．2．〔3分〕〔2022秋•东城区校级期中〕如下列图，AB为一条电场线，关于A、B两点处的物理量，下述说法中正确的选项是〔〕A．A点的场强一定大于B点的场强B．A点的电势一定高于B点的电势C．A 点的场强方向与B 点的场强方向相同D．电子在A 点的电势能一定大于在B 点的电势能考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系；电场强度；电势能．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电场线的疏密表示场强的强弱，沿着电场线的方向电势逐渐降低．根据电势能E=qφ 判断电势能的变化或通过电场力做功判断电势能的变化．解答：解：A、因为A、B 两点的电场线疏密未知，故无法比较A、B 两点的场强．故A 错误．B、沿着电场线方向电势逐渐降低，所以A 点的电势高于B 点电势．故B 正确．C、电场线上某点的切线方向表示场强的方向，所以A、B 两点的场强方向相同．故C 正确．D、电子从A 点移动到B 点，电场力做负功，电势能增大，那么A 点的电势能小于B 点的电势能．故D错误．应选BC．点评：解决此题的关键会通过电场线比较场强、电势．以及掌握判断电势能上下的方法．3．〔3分〕〔2022秋•宜秀区校级期中〕如右图为某电场中的电场线和等势面，Фa=10V，Фc=6V，且ab=bc，那么〔〕A．Фb=8V B．Фb＞8VC．Фb＜8V D．上述三种情况都可能考点：等势面；匀强电场中电势差和电场强度的关系．专题：电场力与电势的性质专题．分析：在匀强电场中，两点的电势差U=Ed，根据U=Ed 定性地比较出ab、bc 间的电势差，从而确定b 点的电势大小．解答：解：因为Фa=10V，Фc=6V，知ac 两端的电势差为4V，因为电场线越密的地方场强越强，根据U=Ed 知ab 间的电势差大于bc 间的电势差，所以ab 间的电势差大于2V，所以b 点的电势小于8V．故C 正确，A、B、D 错误．应选C．点评：解决此题的关键知道匀强电场电势差和电场强度的关系，U=Ed，知道该公式只适用于匀强电场的定量计算，对于非匀强电场，可以定性分析．4．〔3分〕〔2022•浙江一模〕关于静电场，以下结论普遍成立的是〔〕A．电场强度大的地方电势高，电场强度小的地方电势低B．电场中任意两点之间的电势差只与这两点的场强有关C．在正电荷或负电荷产生的静电场中，场强方向都指向电势降低最快的方向D．将正点电荷从场强为零的一点移动到场强为零的另一点，电场力做功这零考点：电场线；电场强度；电势．专题：电场力与电势的性质专题．解答：解：A：在正电荷的电场中，离正电荷近，电场强度大，电势高，离正电荷远，电场强度小，电势低；而在负电荷的电场中，离正电荷近，电场强度大，电势低，离负电荷远，电场强度小，电势高，故A 错误．B：电势差的大小决定于两点间沿电场方向的距离和电场强度，故B 错误C：沿电场方向电势降低，而且速度最快，故C 正确D：电场力做功，只与电荷以及两点间的电势差有关，与两点的场强没有关系．场强为零，电势不一定为零，如从带正电荷的导体球上将正电荷移动到另一带负电荷的导体球上，电场力做正功．故D 错误应选：C．点评：电场强度、电势、电势差、电场力的功，它们的定义以及它们之间的关系要记清，有不好理解的题目可找实际的例子加以分析．5．〔3分〕〔2022秋•平凉校级期末〕带正电的粒子在某电场中仅受电场力作用，能分别完成以下两种运动：①在电场线上运动，②在等势面上做匀速圆周运动．该电场可能由〔〕A．一个带正电的点电荷形成B．一个带负电的点电荷形成C．两个分立的带等量负电的点电荷形成D．一带负电的点电荷与带正电的无限大平板形成考点：电场线；向心力．专题：电场力与电势的性质专题．分析：带正电的粒子在某电场中仅受电场力作用，假设在电场线上运动，那么电势一定变化，因为沿电场线电势降低，假设在等势面上做匀速圆周运动，那么电场力大小应该不变，结合这两个要求判断即可．解答：解：A、带正电的粒子在某电场中仅受电场力作用，可以沿电场线背着正电荷加速，也可以沿电场线减速，即靠近正电荷，但不可绕正电荷做匀速圆周运动，电场力向外不可能提供向心力，故A 错误；B、一个带负电的点电荷形成电场中，另一个正电荷只能沿着电场线加速靠近或减速远离，由于两电荷相互吸引，电场力可以提供向心力，故会做匀速圆周运动，故B 正确；C、两个分立的带等量负电的点电荷形成的电场可以对正电荷有指向圆心的力，故也会做匀速圆周运动故C 正确；D、一个带负电的点电荷与带正电的无限大平板形成的电场不可能对正电荷有指向圆心大小不变的力，故正电荷不会做匀速圆周运动，故D 错误；应选BC．点评：在仅受电场力的作用在电场线上运动，只要电场线是直线的就可能实现，但是在等势面上做匀速圆周运动，就需要带正电的粒子在电场中所受的电场力提供向心力．6．〔3分〕〔2022•云南一模〕一个带正电的质点，电量q=2.0×10﹣9C，在静电场中由A点移到B点．在这个过程中，除电场力外，其他力作的功为6.0×10﹣5J，质点的动能增加了8.0×10﹣5J，那么a、b 两点间的电势差U ab 为〔〕D．7×104VA．3×104V B．1×104V C．4×104V考点：电势差；电势能．专题：电场力与电势的性质专题．分析：质点在静电场中由A 点移到B 点的过程中，电场力和其他外力对质点做功，引起质点动能的增加．电场力做功为W ab=qU ab，根据动能定理求解a、b 两点间的电势差U ab．解答：解：根据动能定理得qU ab+W 其他=△ E k看到==1×104V应选B点评：对于研究质点动能变化的问题，要首先考虑能否运用动能定理．根底题，比较容易．7．〔3分〕〔2022春•濮阳期末〕平行板电容器的电容为C，电荷量为Q，极板间的距离为d，在两极间的中点放一电荷量很小的点电荷q，它所受的电场力大小等于〔〕考点： 库仑定律．专题： 电场力与电势的性质专题． 分析：平行板电容器极板间存在匀强电场，根及求出电场强度，再根据F=Eq 即可求解． 解答：解：平行板电容器极板间存在匀强电场，根及得：E=所以 F=Eq=q 应选 D点评： 此题要掌握电容器中电场强度的求法，难度不大，属于根底题． 8．〔3分〕〔2022秋•海淀区期末〕如下列图，让平行板电容器带电后，静电计指针偏转一定角度，假设不改变两极板带的电量而减小两极板间的距离，那么静电计指针的偏转角度〔 〕A ．一定减小B ．一定增大C ．一定不变D ．无法确定考点： 电容器的动态分析． 专题： 电容器专题．分析： 根据距离的变化判断电容的变化，抓住电量不变，通过 Q=CU 判断出电势差的变化，从而得知静电计指针偏转角度的变化．解答：解：减小两极板间的距离，根据知，电容增大，因为电量不变，根据Q=CU ，知电势差减小那么指针偏转角度一定减小．故 A 正确，B 、C 、D 错误．应选 A ．点评： 解决此题的关键抓住电量不变，通过电容的变化判断电势差的变化． 9．〔3分〕〔2022春•遵义校级期末〕如下列图，空间有一水平方向的匀强电场，初速度为v 0的带电微粒从A 点射入电场，在竖直平面内沿直线从A 运动到B ，在此过程中微粒的〔 〕 A ．动能和电势能都减少，重力势能增加 B ．动能和重力势能都增加，电势能减少A ．8kqB ．4kqC ．2q D ．qC．动能减少，重力势能和电势能都增加D．动能不变，重力势能增加，电势能减少考点：带电粒子在匀强电场中的运动；电势能．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：带点小球做直线运动，所以所受合力方向与运动方向在同一直线上，根据重力和电场力做功的正负判断动能、电势能、重力势能的变化．解答：解：带点小球做直线运动，所以所受合力方向与运动方向在同一直线上，如果电场力水平向右，如下列图，那么两力的合力不可能沿虚线方向．故电场力只能水平向左，如下列图，那么两力的合力可沿虚线方向．所以小球电场力方向水平向左，物体在竖直平面内沿直线从A 运动到B 的过程中，高度升高所以重力做负功，重力势能增加；电场力做负功，电势能增加；根据动能定律，合力做负功，所以动能减小；故C 正确．应选：C点评：此题考查了重力做功与重力势能和电场力做功与电势能的关系，难度不大，属于根底题．10．〔3分〕〔2022秋•桓台县校级期末〕一带电粒子在正电荷形成的电场中，运动轨迹如下列图的abcd曲线，以下判断正确的选项是〔〕A．粒子带正电B．粒子通过a点时的速度比通过b点时大C．粒子在a点受到的电场力比b点小D．粒子在a 点时的电势能比b 点大考点：电场线；电势能．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：根据轨迹弯曲方向得出电场力的方向，从而确定带电粒子的电性．根据动能定理比较a 点、b 点的速度大小；根据电场线的疏密比较电场力的大小；根据电场力做功比较电势能的大小．解答：解：A、轨迹弯曲的方向大致指向合力的方向，知电场力背离正电荷方向，所以该粒子带正电．故A 正确．B、从a 到b，电场力做负功，根据动能定理，动能减小，a 点动能大于b 点动能，那么a 点速度大于b 点的速度．故B 正确．C、b 点的电场线比a 点电场线密，所以b 点的电场强度大于a 点的电场强度，所以粒子在a 点的电场力比b 点小．故C 正确．D、从a 到b，电场力做负功，电势能增加．所以a 点的电势能小于b 点的电势能．故D 错误．应选ABC．点评：解决此题的关键知道电场线的疏密表示电场的强弱，电场力做正功，电势能减小，电场力做负功，电势能增加．11．〔3分〕〔2022•广州二模〕如下列图，在竖直平面内有水平向右的匀强电场，同一竖直平面内水平拉直的绝缘细线一端系一带正电的小球，另一端固定于0点，带电小球受到的电场力大于重力，小球由静止释放，到达图中竖直虚线前小球做〔〕A．平抛运动B．圆周运动C．匀加速直线运动D．匀变速曲线运动考点：带电粒子在匀强电场中的运动；物体做曲线运动的条件．分析：要判断小球做怎样的运动，就要知道小球的受力与它受到的限制．对小球进行受力分析，并结合圆的曲线，通过比照来判断小球的运动．解答：解：如图对小球进行受力分析，并画出了以O 点为圆心，以绳长L 为半径的一段圆弧，如图．从图中可以看出，小球受合力的方向向右下方，一直到虚线的右侧才可能与以绳长L 为半径的一段圆弧有交点．所以小球在重力与电场力的共同作用下，沿合力的方向做匀加速直线运动，一直到虚线的右侧．应选项C 正确．应选：C点评：该题中对小球进行受力分析，并结合圆的曲线来判断做匀加速直线运动的结束点是解题的关键．12．〔3分〕〔2022秋•福州期中〕某电解池中，假设在4s内各有1.0×1019个二价正离子和2.0×1019个一价负离子通过某截面，那么通过这个截面的电流是〔〕A．0.8A B．1.6A C．1×1019A D．5×1018A考点：电流、电压概念．专题：恒定电流专题．分析：先求出通过截面的电荷量，然后由电流的定义式求出电流．解答：解：通过截面的电荷量q=1.6×10﹣19C×1.0×1019×2+1.6×10﹣19C×2.0×1019=6.4C，通过截面的电流==1.6A；应选B．点评：知道原电荷的电荷量是 1.6×10﹣19C，应用电流的定义式，即可求出电流值．13．〔3分〕〔2022秋•东城区校级期中〕一根粗细均匀，电阻值为27Ω电阻丝截成长度相等的三段，再将它们并联起来，那么并联后的电阻丝阻值为〔〕A．9ΩB．8ΩC．27ΩD．3Ω考点：串联电路和并联电路．专题：恒定电流专题．分析：此题考查了影响电阻的因素，导线越长，电阻越大，导线越粗，电阻越小．解答：解：一根粗细均匀，电阻值为27Ω电阻丝截成长度相等的三段，那么长度变为原来，再把得到的两段并联起来使用，横截面积变为原来的3倍，根据电阻定，阻值变为原来，即变为3Ω；应选D．点评：串联电路相当于增加了电阻的长度，所以阻值增大，并联电路相当于增加了电阻的横截面积，所以阻值减小．14．〔3分〕〔2022秋•厦门期末〕如下列图，电子在电压为U1的加速电场中由静止开始运动，然后进入电压为U2 的两块平行极板间的电场中，入射方向和极板平行．整个装置放在真空中，在满足电子能射出平行板区的条件下，一定能使电子的偏角θ 变大的是〔〕A．U1变大、U2 变大B．U1变小U2变小C．U1变大、U2变小D．U1变小、U2变大考点：带电粒子在匀强电场中的运动．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：电子在加速电场中，在电场力的作用下，做匀加速直线运动，可由电场力做功求出射出加速电场是的速度．电子在水平放置的平行板之间，因受到的电场力的方向与初速度的方向垂直，故电子做类平抛运动．运用平抛运动的竖直方向的速度与水平方向的速度的关系，可求出角度θ 的变化情况．解答：解：设电子被加速后获得初速为v0，那么由动能定理得：…①又设极板长为l，那么电子在电场中偏转所用时间：…②又设电子在平行板间受电场力作用产生加速度为a，由牛顿第二定律得：…③电子射出偏转电场时，平行于电场方向的速度：v y=at…④由①、②、③、④可得：又有：故U2 变大或U1 变小都可能使偏转角θ 变大，应选项D 正确，选项ABC 错误．应选D．点评：带电粒子在电场中的运动，可分为三类，第一类是在匀强电场中做匀变速速直线运动，此过程是电势能与带电粒子动能之间的转化．第二类是带电粒子在匀强电场中偏转，带电粒子垂直进出入匀强电场时做匀变速曲线运动，分解为两个方向的直线运动，分别用公式分析、求解运算，是这类问题的最根本解法．第三类是带电粒子在点电荷形成的电场中做匀速圆周运动，应用圆周运动的知识求解．15．〔3分〕〔2022秋•东城区校级期中〕如下列图在一匀强电场中，有两个平行的电势不同的等势面A和C，在它们的正中间放入一个金属网B，B接地．现有一正电荷只在电场力的作用下垂直于等势面方向运动，经过A 时动能为20J，穿过B到达C时动能减为零，那么在该正电荷运动过程中，当它的电势能为5J时，它的动能为〔〕A．20J B．15J C．10J D．5J考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系；功能关系；电势能．专题：电场力与电势的性质专题．分析：匀强电场中等势面是平行等间距的直线；只有电场力做功，电势能和动能之和守恒解答：解：电荷在运动的过程中，只有电场力做功，电荷的动能减小，所以：W AC=0﹣E K0因为B位于AC的中间，所以：所以，粒子到达B是的动能是在A点动能，即10J；B点的电势为0，所以粒子的总能量就是10J．势能是5J时，粒子的动能：E K′=E 总﹣E P=10﹣5=5J．正确的答案是D．应选：D点评：题是带电粒子在匀强电场中的匀减速直线运动问题，电势能和动能之和守恒，根据功能关系和匀变速直线运动的规律列方程后联立分析．二、填空题〔每空 2 分，共20 分〕16．〔8分〕〔2022秋•中江县校级期中〕在静电场中的某一点A放一个试探电荷q=﹣1×10﹣10C，测得该试探电荷q 受到的电场力为1×10﹣8N，方向向左，那么A点的场强的大小为100 N/C和方向向右；如果从A点取走q，那么A点场强大小为100N/C；假设将一个q=2×10﹣10C的试探正电荷放在A点，其所受的电场力为2×10﹣8 N．考点：电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：根据场强的定义式求场强，方向与正电荷受力方向一致，取走试探电荷场强不变．解答：解：A点的场强的大小为=100N/C，方向向右；如果从A点取走q，那么A点场强大小为100N/C；假设将一个q=2×10﹣10C的试探正电荷放在A点，其所受的电场力为2×10﹣8N．答案为：100，向右，100，2×10﹣8点评：此题考查了电场强度的定义式的应用，场强方向确实定，知道场强是由电场本身决定的．17．〔6分〕〔2022春•重庆校级期末〕平行板电容器所带量Q=4×10﹣8C，它的两极板之间电压U=2v，那么该电容器的电容为2×10﹣2 μF；如果两板电量各减少一半，那么两板间电势差变为1 V，两板间的电场强度将变为原来的．考点：电容器的动态分析．专题：电容器专题．分析：根据电容的定义式求出电容的大小．根据Q=CU求出两板间电势差，结合匀强电场的场强公式判断电场强度的变化．解答：解：电容C= μF．当电量减小一半，电容不变，那么电势差．电势差变为原来的一半，根据知，电场强度变为原来．故答案为．点评：解决此题的关键掌握电容的定义式，知道匀强电场的场强公式．18．〔2分〕〔2022秋•东城区校级期中〕如下列图，A、B、C、D是匀强电场中的一个长方形的四个顶点，A、B、C三点的电势分别为φA=14V；φB=3V；φC=﹣3V，由此可得D 点电势φD=﹣14 V．考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系；电场强度．2专题： 电场力与电势的性质专题．分析： 因为 AB 距离等于 CD 距离，抓住 AB 电势差等于 CD 电势差求出 D 点的电势．解答： 解：AB 电势差等于 CD 电势差，有：φA ﹣φB =φC ﹣φD ，即 14﹣3=﹣3﹣φD ，解得 φD =﹣14V ． 故答案为：﹣14．点评： 解决此题的关键掌握匀强电场中电势差与电场强度的关系，U=Ed ，注意 d 是沿电场线方向上的距离． 19．〔4分〕〔2022秋•东城区校级期中〕质子H 和α粒子He 在匀强电场中由静止开始加速，通过相同位移时，它们的动能比为1： 2，所用时间比为．考点： 带电粒子在匀强电场中的运动． 专题： 带电粒子在电场中的运动专题．分析： 两种粒子电量之比 1：2，质量之比 1：4，根据动能定理可以得到动能之比，结合运动学关系式解出所用时间之比．解答： 解：质子 11H 和 α 粒子 4He 两种粒子电量之比 1：2，质量之比 1：4，初动能为零，通过相同位移 x ， 根据动能定理：qEx=E k ， 解得动能之比等于 1：2 由牛顿第二定律：qE=ma 加速度之比为 2：1根据位移时间关系式at 2， 解得所需时间之比为 1：故答案为：1：2，1： ．点评： 综合题目对能力要求较高，既有动能定理、牛顿第二定律还有运动学关系式，所以一定要加强综合题目的练习．三、计算题〔共 4 小题，31 分〕 20．〔9分〕〔2022秋•东城区校级期中〕一根长为L 的丝线吊着一质量为m ，带电量为q 的小球静止在水平向右的匀强电场中，如下列图，丝线与竖直方向成 37°角，现突然将该电场方向变为向下且大小不变，不考虑因电场的改变而带来的其他影响，〔重力加速度为g ，sin37°=0.6，cos37°=0.8〕，求： 〔1〕匀强电场的电场强度的大小； 〔2〕求小球经过最低点时动能．考点： 共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用；功能关系． 专题： 共点力作用下物体平衡专题．分析： 〔1〕以小球为研究对象，分析受力情况，由于小球处于静止状态，合力为零，由平衡条件求解电场强度大小；〔2〕突然将该电场方向变为向下且大小不变后，小球受到的电场力竖直向下，向下做圆周运动，根据动能定理求解小球经过最低点时的动能．解答：解：〔1〕以小球为研究对象，分析受力情况：重力mg、电场力qE、丝线的拉力F T，如下列图．由平衡条件得：mgtan37°=mg故E=〔2〕当电场方向变为向下后，小球受到的电场力竖直向下，向下做圆周运动，重力和电场力都做正功由动能定理得〔mg+qE〕L〔1﹣cos37°〕=E k﹣0解得，E k=答：〔1〕匀强电场的电场强度的大小；〔2〕小球经过最低点时动能．点评：此题综合了平衡条件、动能定理和牛顿第二定律，属于常规题．21．〔9分〕〔2022秋•静宁县校级期中〕一台直流电动机线圈电阻r=1Ω，与一阻值R=10Ω的电阻串联，当所加电压U=150V，电动机正常工作时电压表示数100V，求电动机消耗的功率及输出的机械功率．考点：电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：〔1〕以电阻R 为研究对象，根据欧姆定律求出电流，即为通过电动机的电流．电动机的输入功率是电功率，根据P 入=U M I 公式求解．电动机两端的电压U M=U﹣U R．〔2〕电动机的发热功率P T=I2r，电动机输出的机械功率P 机=P 入﹣P T．解答：解：〔1〕对电阻R，根据欧姆定律得I= = A=5A电动机与电阻R 串联，那么通过电动机的电流为5A．电动机的输入功率是P 入=U M I=100×5W=500W〔2〕电动机的发热功率P T=I2r=52×1W=25W，根据能量转化和守恒定律得电动机输出的机械功率P 机=P 入﹣P T=500W﹣25W=475W答：〔1〕输入到电动机的功率P 入是500W；〔2〕电动机输出的机械功率475W．点评：电动机工作时电路是非纯电阻电路，欧姆定律不适用，不能根据求通过电动机的电流，只能对电阻运用欧姆定律进行研究．22．〔9分〕〔2022秋•五华区校级期末〕如下列图，α粒子从A点以v0的速度沿垂直电场线方向的直线AO方向射入电场，由B 点飞出匀强电场时速度方向与AO 方向成45°．α 粒子质量为m，电荷量为2e．求OB 两点间电势差．考点：带电粒子在匀强电场中的运动；电势差．专题：带电粒子在电场中的运动专题．那么由速度分解知电子飞出电场由动能定理解之得：答：求OB两点间电势点评：匀强电场的电场线平行等间距，等势面也是平行等间距．当电荷沿等势面运动时，即垂直进入电场，那么做类平抛运动23．〔8分〕〔2022•威海模拟〕如下列图，一质量m的塑料球形容器放在桌面上，它的内部有一劲度系数为k的轻弹簧，弹簧直立地固定于容器内壁的底部，弹簧上端经绝缘物系住一只带正电q、质量也为的m 小球．从加一个向上的匀强电场E 起，到容器对桌面压力减为零时为止．求：〔1〕小球的电势能改变量〔2〕容器对桌面压力减为零时小球的速度大小．考点：电势能；向心力；功能关系．分析：〔1〕根据平衡条件求解出弹簧的压缩量和伸长量，然后根据电场力做的功等于电势能的减小量列式求解．〔2〕根据功能关系列式求解．解答：解：〔1〕未加电场时，弹簧压缩了；容器对桌面压力减为零时，弹簧的伸长量；小球向上移动；小球的电势能减少；〔2〕弹簧初态的压缩量与末态的伸长量相等，故弹性势能的改变量为零．因此电势能的减少量等于小球的动能和重力势能的增量．即解得答：〔1〕小球的电势能改变量为；〔2〕容器对桌面压力减为零时小球的速度大小．点评：此题关键根据平衡条件求解出电荷移动的位移，然后根据功能关系列式后联立求解，不难．四、选做题〔10 分〕24．〔10分〕〔2022秋•东城区校级期中〕如图〔甲〕所示，A、B是真空中平行放置的金属板，加上电压后，它们之间的电场可视为匀强电场，A、B两板间距离d=15cm．今在A、B两板间加上如图〔乙〕所示的交变电压，周期为T=1.0×10﹣6s．t=0时，A板电势比B板电势高，电势差U0=1080V，一个荷质=1.0×108C/Kg 的带负电的粒子在t=0 的时刻从B板附近由静止开始运动，不计重力，问：〔1〕当粒子的位移为多大时，粒子的速度第一次到达最大最大速度为多大〔2〕粒子撞击极板时的速度大小。
北京市2022-2023学年高二上学期物理期中联考试卷(含答案)
北京市2022-2023学年高二上学期物理期中联考试卷姓名：__________ 班级：__________考号：__________1．电场是看不见、摸不着的，但人们却可以根据它所表现出来的性质来认识它，研究它。
下列物理量中，用来描述电场强弱和方向的是（）A．静电力B．电场强度C．电势能D．电容2．利用如图所示的扭秤装置发现真空中两个静止点电荷之间相互作用规律的物理学家是（）A．牛顿B．伽利略C．库仑D．卡文迪什3．真空中有两个静止的点电荷，若保持它们之间的距离不变，而把它们的电荷量都变为原来的3倍，则两电荷间库仑力的大小将变为原来的（）A．3倍B．6倍C．9倍D．12倍4．使带电的金属球靠近不带电的验电器，验电器的箔片张开。
下面各图表示验电器上感应电荷的分布情况，正确的是（）A．B．C．D．5．如图所示，A、B是两个电荷量都是Q的正点电荷，AB连线中点为O。
现将另一个电荷量为-q的点电荷放置在AB连线中垂线上的C处，所受的静电力F应为图中的（）A．F1B．F2C．F3D．F46．静电给人们带来很多方便，但有时也带来很多麻烦，甚至造成危害。
下列静电现象中，属于防止静电现象危害的是（）A．避雷针B．静电喷涂C．静电复印D．静电除尘7．手电筒中的干电池给小灯泡供电时，在某次接通开关的10s内通过某一横截面的电荷量为3C，则流经小灯泡的电流是（）A．0.25A B．0.3A C．3A D．4A电场线、等势面均可形象的描述电场。
某区域的电场分布如图所示，带箭头的实线为电场线，虚线为等势面，A 、B、C 三点的电场强度分别为E A、E B、E C，电势分别为φA、φB、φC。
8．关于这三点电场强度的比较，下列判断正确的是（）A．E A>E B B．E A<E B C．E A<E C D．E A=E C9．关于这三点电势的比较，下列判断正确的是（）A．φA>φB B．φA<φB C．φA<φC D．φA=φC10．把带正电的试探电荷由A点移动到B点的过程中，关于静电力对电荷所做的功及电荷电势能的变化，下列说法正确的是（）A．静电力做正功，电势能增加B．静电力做正功，电势能减少C．静电力做负功，电势能增加D．静电力做负功，电势能减少11．把带正电的试探电荷由A点移动到B点静电力做功为W AB，由A点移动到C点静电力做功为W AC。
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- 1 - 一、单项选择题（ 本大题共25小题，每题2分，共计50分） 1、关于库仑定律，下列说法正确的是（ ） A、库定律适用于点电荷，点电荷其实就是体积很小的球体 B、根据公式 当两个点电荷距离趋于0时，电场力将趋于无穷大 C、若点电荷Q1的电荷量大于Q2的电荷量，则Q1对 Q2的电场力大于Q2 对Q1电场力
D、库仑定律的适用范围是真空中两个点电荷间的相互作用 2、a、b两金属球均带电，可以确定的是（ ） A、a对b的作用力大于b对a的作用力 B、a球的带电量大于b球的带电量 C、a对b的作用力与b对a的作用力大小相等 D、a球的质量大于b球的质量 3、在绝缘光滑的水平面上，如图1所示有相隔一定距离的两个带同种电荷的小球。让它们从静止开始释放，则两个球的加速度和速度随时间的变化情况是（ ）
A、速度、加速度都变大 B、速度、加速度都变小 C、速度变小、加速度变大 D、速度变大、加速度变小 4、下列说法正确的是 （ ） A、电荷受到的电场力的方向总跟电场方向相同 B、沿电场线所指的方向，电场强度越来越小 C、以点电荷为中心的同一球面上，电场强度处处相同 D、电场强度的方向总跟正电荷受到的电场力的方向一致 5、如图2所示，带箭头的直线是某电场中的一条电场线，在这条线上有A、B两点，用EA、EB表示两处的电场强度，则（ ）
A、EA 〉EB B、EA = EB
C、EA 6、阴极射线管电视机的玻璃荧光屏表面经常有许多灰尘，这主要是因为 ( )
A．灰尘的自然堆积 B．电视机工作时，屏表面温度较高而吸附 C．灰尘玻璃有较强的吸附灰尘的能力 D．电视机工作时，屏表面有静电而吸附灰尘
7、关于电场线和磁感线,下列说法不正确的是( ) A、电场线和磁感线都是闭合的曲线 B、电场线是从正电荷发出，终止于负电荷 C、 电场线和磁感线都不能相交 D、 电场线和磁感线都不是客观存在的。
221r
QQKF
A B 图1
A B
图2 - 2 -
8、两个等量点电荷P、Q在真空中产生电场的电场线（方向未标出）如图3 所示．下列说法
中正确的是 ( ) A．P 、Q 是两个等量正电荷 B．P 、Q 是两个等量负电荷 C．P 、Q 是两个等量异种电荷 D．P 、Q 产生的是匀强电场 9、某个磁场的磁感线如图5所示，如果把一个小磁针放入磁场中，小磁针将（ ） A．向右移动 B．向左移动 C．顺时针转动 D．逆时针转动 10、如图6所示，在水平直导线正下方，放一个可以自由转动的小磁针．现给直导线通以向
右的恒定电流，不计其他磁场的影响，则下列说法正确的是( ) A．小磁针保持不动 B．小磁针的N 极将向下转动 C．小磁针的N 极将垂直于纸面向里转动 D．小磁针的N 极将垂直于纸面向外转动 11、下列物理量是标量的是（ ） A、电场强度 B、电动势 C、磁感应强度 D、安培力 12、一根通电直导线在某个空间没有受到安培力的作用，那么 ( ) A、这个空间可能有方向与电流方向垂直的磁场 B、这个空间可能有方向与电流方向平行的磁场 C、这个空间一定没有磁场 D．以上三种说法都不对
13、下面说法正确的是 ( )
A、线圈中的磁通量变化越大，线圈中产生的感应电动势就越大 B、线圈中的磁通量变化越快，线圈中产生的感应电动势就越大 C、线圈中的磁通量越大，线圈中产生的感应电动势就越大 D、线圈放在磁场越强的地方，线圈中产生的感应电动势就越大 14、磁通量可以形象地理解为“穿过磁场中某一面积的磁感线条数”．在图7 所示磁
场中，s1、s2、s3 为三个面积相同的相互平行的线圈，穿过s1、s2、s3的磁通量分别为φ1、φ2、φ3且都不为0．下列判断正确的是( ) A．φ1最大 B．φ2 最大 C．φ3 最大 D．φ1、φ2、φ3相等
图3 N S 图5
图6
图7 - 3 - 图11
15、下列哪种力是洛伦兹力（ ）
A．电荷间的相互作用力 B．电场对电荷的作用力 C．磁铁对小磁针的作用力 D．磁场对运动电荷的作用力 16、关于通电导线所受电场力的方向，正确的说法是 （ ） A、跟磁场方向垂直，跟电流方向平行 B、跟电流方向垂直，跟磁场方向平行 C、既跟磁场方向垂直，又跟电流方向垂直 D、既不跟磁场方向垂直，又不跟电流方向垂直 17、关于安培力和洛伦兹力，下列说法不正确的是 （ ） A、洛伦兹力对运动电荷一定不做功 B、安培力对通电导体也一定不做功 C、洛伦兹力是安培力的微观本质 D、安培力是洛伦兹力的宏观表现 18、如图10 所示，在匀强磁场中有一通电直导线，电流方向垂直纸面向里，则直导线
受到安培力的方向是（ ） A．向上 B．向下 C．向左 D．向右
19、如图11所示，闭合的矩形线圈abcd 放在范围足够大的匀强磁场中，下列哪种情况下线圈中能产生感应电流（ ） A．线圈向左平移 B．线圈以ab为轴旋转 C．线圈向上平移 D．线圈不动
20、下列有关电磁波的说法正确的是 （ ） A．伽利略预言了电磁波的存在 B．牛顿首先证实了电磁波的存在 C．手机利用电磁波传送信号 D．电磁波在任何介质中的传播速度均相同
21、如图12 ，可以将电压升高供给电灯的变压器是（ ） A、甲图 B、乙图 C、丙图 D、丁图
22、如图13所示，在垂直于纸面的范围足够大的匀强磁场中，有一个矩形线圈abcd，线圈平
图10 - 4 -
面与磁场垂直，O1O2和O3O4都是线圈的对称轴，应使线圈怎样运动才产生感生电流 A.向左或向右平动 B.向上或向下平动 C.绕O1O2 或O3O4转动 D.垂直纸面向外运动。
23、如图14所示，通电直导线右边有一个矩形线框，线框平面与直导线共面，若使其逐渐远离（平动）通电导线，则穿过线框的磁通量将（ ） A．逐渐增大 B．逐渐减小 C．保持不变 D．不能确定
24、真空中两个静止点电荷间相互作用力为：， 若两电荷间距离和两电荷电量都增大为原来的2 倍，下列判断正确的是( ) A．F 增大为原来的1 倍 B．F 增大为原来的2 倍 C．F 增大为原来的4 倍 D．F 增大为原来的8 倍25、
25、一束混合粒子流从一发射源射出后，进入图17所示的
磁场，分离为1、2、3三束，则不正确的是 ( ) A、1带正电 B、1带负电 C、2不带电 D、3带正电 二、多项选择题（ 本大题共10 小题，每小题2 分，共20 分．在每小题列出的四个选项中，至少有2 个选项是符合题目要求的，全部选对得3 分，少选且正确得1 分，未选、错选不得分。）
26、在下列各种措施中，目的是利用静电作用的是（ ） A、电视机后盖上开有许多小孔 B、在高大的建筑物顶端装上避雷针 C、静电喷涂 D、静电复印
27、如图18 所示，一导体棒放置在处于匀强磁场中的两条平行金属导轨上，并与金属导轨组成闭合回路。当回路中通有电流时，导体棒受到安培力作用。要使安培力增大，可采用的方法有 （ ） A．增大磁感应强度 B．减小磁感应强度 C．增大电流强度 D．减小电流强度
28、如下图所示，表示磁场对直线电流的作用，其中正确的是 ( )
A B C D 29、如下图所示，表示磁场对运动电荷的作用，其中正确的是（ ）
V
× × × × × × × · · · · F B × ×F× × × ×I · · F· · ·I × × × × × × B · · · · B I F I × × × × × × × · · · · · B
B F V B F
V V
B F
B
F方向： 垂直纸面向外
图14 图18 1 2 3 B
图17 - 5 -
A B C D 30、一个运动电荷在某个空间里没有受到洛伦兹力的作用，那么 （ ） A、这个空间一定没有磁场 B、这个空间不一定没有磁场 C、这个空间可能有方向与电流方向平行的磁场 D、这个空间可能有方向与电流方向垂直的磁场
31、电磁感应现象揭示了电与磁之间的内在联系，根据这一发现，发明了许多电器设备。以下电器中，哪些利用了电磁感应原理( ) A．变压器 B．白炽灯泡 C．发电机 D．电吹风 32、 关于电磁场和电磁波，正确说法是（ ）
A、电磁波传播速度总是 3×108m/s B、电磁波是一种物质，可以在真空中传播 C、 电场和磁场总是相互联系，它们统称为电磁场 D、 光是一种电磁波 33、下面说法正确的是（ ） A、静止电荷能够在周围空间产生磁场 B、变化的电场能够在周围空间产生磁场 C、恒定电流能够在周围空间产生磁场 D、变化的电场和磁场相互激发，形成电磁波
34、关于电荷量、电场强度、磁感应强度、磁通量的单位，下列说法正确的是 （ ） A、库仑是电量的单位 B、特斯拉是磁感应强度的单位 C、伏/米是电场强度的单位 D、特斯拉是磁通量的单位
35、有一台使用交流电的电冰箱上标有额定电压为 “220V 2A”的字样，则这 A．“220V”是指交流电电压的瞬时值 B．“220V”是指交流电电压的有效值 C．“2A”是指交流电电流的有效值 D．“2A”是指交流电电流的最大值
三、填空题（每空1分，共12 分） 36、把两边配对的人和物理事件用线段连接起来 法拉第 电磁场理论 麦克斯韦 电流磁效应 奥斯特 点电荷间的相互作用力 库仑 电磁感应定律 37、随温度变化阻值发生显著变化的电阻，称为 电阻。
38、家庭电路中有地线、 和 三条线，地线的作用不容忽视，家电一般是 联连接。
39、一理想变压器，原、副线圈匝数各为1210匝和33匝。在原线圈接入电压为220V 的交流电源，则该变压器负线圈的输出电压为 伏特。
40、构成家用电路的三种基本元件是 、 和 。 四、计算题（每题6分，共18分） 41、两个相同的金属小球，一个带的电荷量为+4.0×10-11C，另一个带的电荷量为 ﹣6.0 ×10-11C。 求：（1）两球相距50cm时，它们之间的静电力有多大？ （2）把两球接触，分开后使它们仍相距50cm,它们之间的静电力有多大？