[精品]四川省成都市第七中学2019届高三物理下学期零诊模拟考试试题(含解析)

四川省成都市第七中学2019届高中毕业班模拟考试物理试题一、选择题1. 关于原子核的结合能，下列说法正确的是（）A. 原子核的比结合能等于将其完全分解成自由核子所需能量的最小值B. 原子核衰变成α粒子和另一原子核，并释放出能量，衰变产物的结合能之和一定小于原来原子核的结合能C. 铯原子核()的结合能小于铅原子核()的结合能D. 比结合能越大，原子核越不稳定【答案】C【解析】原子核的结合能等于使其完全分解成自由核子所需的最小能量，故A错误；原子核衰变成粒子和另一原子核，要释放能量，衰变产物的结合能之和一定大于原来重核的结合能，故B错误；铯原子核()的比结合能与铅原子核()的比结合能差不多，而铯原子核()的核子小于铅原子核() 的核子，故铯原子核()的结合能小于铅原子核()的结合能，故C正确；比结合能越大，原子核越稳定，故D错误；故选C。

【点睛】比结合能：原子核结合能对其中所有核子的平均值，亦即若把原子核全部拆成自由核子，平均对每个核子所要添加的能量．用于表示原子核结合松紧程度．结合能：两个或几个自由状态的粒子结合在一起时释放的能量．分散的核子组成原子核时放出的能量叫做原子核结合能．2. 如图所示，光滑的平行导轨与电源连接后，与水平方向成θ角倾斜放置，导轨上另放一个质量为m的金属导体棒。

当开关闭合后，在棒所在区域内加一个合适的匀强磁场，可以使导体棒静止平衡，图中分别加了不同方向的磁场，其中不可能平衡的是（）A. B. C. D.【答案】B【解析】A、由左手定则可知A图中导线所受安培力沿斜面向上，因此当安培力大小与重力沿斜面向下分力相等时，导体棒即可处于平衡状态，故A正确；B、图中导体所受安培力垂线斜面斜向上，没有力和重力沿斜面向下分力平衡，故一定不能平衡，故B错误；C、图中安培力水平向右，这样安培力有沿斜面向上的分力可能与重力沿斜面向下分力平衡，导体棒即可处于平衡状态，故C正确；D、图中安培力竖直向上，当安培力等于重力时，导体棒即可处于平衡状态，故D正确；本题选不能平衡的，故选B。

【点睛】本题在磁场中考查了物体平衡问题，对物体正确进行受力分析，看能否满足平衡条件，同时在应用左手定则时注意：伸开左手，使拇指与其余四个手指垂直，并且都与手掌在同一平面内，让磁感线进入手心，并使四指指向电流方向，这时拇指所指的方向就是通电导线在磁场中所受安培力的方向。

3. 把一个带电小球A固定在光滑的水平绝缘桌面上，在桌面的另一处放置带电小球B，现给B一个沿垂直于AB方向的速度，B球将（）A. 若A、B为异种电荷，B球可能做加速度变大、速度变小的曲线运动B. 若A、B为异种电荷，B球一定做圆周运动C. 若A、B同种种电荷，B球一定做远离A的变加速曲线运动|D. 若A、B同种种电荷，B球的动能一定会减小【答案】C【解析】若A、B为异种电荷，AB之间的库仑力为吸引力，当AB之间的库仑力大于需要的向心力的时候，B球做向心运动，速度和加速度都要变大，当AB之间的库仑力小于需要的向心力的时候，B球做离心运动，速度和加速度都要减小，故A错误；若A、B为异性电荷，A、B间存在引力，只有当A对B的引力恰好等于B球所需要的向心力时，B球才做圆周运动，否则不做圆周运动。

故B错误。

若A、B为同种电荷，AB之间的库仑力为排斥力，并且力的方向和速度的方向不再一条直线上，所以B球一定做曲线运动，由于AB之间的距离越来越大，它们之间的库仑力也就越来越小，所以B球的加速度在减小，而库仑力做正功，故动能不断变大，故C正确，D错误；故选C。

【点睛】根据库仑力与B球所需要的向心力的关系，判断B球能否做圆周运动．匀变速曲线的加速度恒定不变．根据库仑定律判断B球的运动情况．根据电场力做功的正负，由动能定理判断动能的变化．4. 如图所示，电场中有A、B两点，则下列说法中正确的是（）A. 电势，场强B. 电势，场强C. 将+q电荷从A点移到B点电场力做了负功D. 将-q电荷分别放在A、B两点时具有的电势能【答案】B【解析】电场线越密的地方电场强度越大，所以场强，沿着电场线电势一定降低，所以电势，故A错误，B正确；将+q电荷从A点移动到B点所受电场力和电场线方向相同，电场力做正功，故C错误。

将-q电荷从A 点移动到B点，所受电场力和电场线方向相反，电场力做负功，电势能增加，所以，故D错误。

故选B。

【点睛】电场强度的大小看电场线的疏密程度，电场线越密的地方电场强度越大，电势的高低看电场线的指向，沿着电场线电势一定降低．要正确在电场中通过电场线来判断电场强度、电势、电势能大小变化，理解这些概念之间的关系．5. 如图所示，匀强磁场中有两个导体圆环a、b，磁场方向与圆环所在平面垂直。

磁感应强度B随时间均匀增大。

两圆环半径之比为2:1，圆环中产生的感应电动势分别为E a和E b，不考虑两环间的相互影响。

下列说法正确的是（）A. ，感应电流均沿逆时针方向B. ，感应电流均沿顺时针方向C. ，感应电流均沿逆时针方向D. ，感应电流均沿顺时针方向【答案】B【解析】根据法拉第电磁感应定律，由题知相同，a圆环中产生的感应电动势分别为，b 圆环中产生的感应电动势分别为，由于，所以，由于磁场向外，磁感应强度B随时间均匀增大，根据楞次定律可知，感应电流均沿顺时针方向，故B正确，ACD错误；故选B。

【点睛】根据法拉第电磁感应定律计算感应电动势的大小，根据楞次定律判断感应电流的方向．6. 如图所示，接在家庭电路上的理想降压变压器给灯泡L供电，若将原、副线圈增加相同匝数，其它条件不变，则（）A. 灯泡变亮B. 灯泡变暗C. 原、副线圈两端电压的比值不变D. 通过原、副线圈电流的比值不变【答案】A【解析】因为是降压变压器，所以有，若原、副线圈增加相同匝数，则，根据电压与匝数成正比，可得，小灯泡L两端电压增大，故通过小灯泡L的电流变大，灯泡变亮，原、副线圈两端电压的比值变小，通过原、副线圈电流的比值与匝数成反比，故通过原、副线圈电流的比值变大，故BCD错误，A正确；故选A。

【点睛】因变压器为降压变压器，原线圈匝数大于副线圈匝数；而当同时增加相同匝数时，匝数之比一定变小；再根据变压器原理进行分析即可．7. 如图所示的电路中，电源电动势E=6V，内阻r=1Ω，电阻R1=6Ω，R2=5Ω，R3=3Ω，电容器的电容C=2×10-5F。

若将开关S闭合，电路稳定时通过R2的电流为I；断开开关S后，通过R1的电荷量为q。

则（）A. I=0.25AB. I=0.5AC. q=1×10-5CD. q=2×10-5C【答案】C【解析】开关S闭合电路稳定时，外电路中总电阻为，根据闭合电路欧姆定律得：，电容器两端的电压为，电量，断开开关S后：电容器通过与放电，设通过与的放电电流分别为和，则，由电量公式q=It可知，通过与的的电量之比为，又，联立得：通过的电量为，故ABD错误，C正确；故选C。

【点睛】开关S闭合电路稳定时，电容器相当于开关断开，根据闭合电路欧姆定律求出电路中电流I，再求电容器的电压，由Q=CU求其电量．断开电源，电容器会放电，因、并联，流过两个电阻的电流与电阻成反比，通过的电荷量也与电阻成反比．8. 如上图所示，电源电动势E=8V，内电阻为r=0.5Ω，“3V，3W”的灯泡L与电动机M串联接在电源上，灯泡刚好正常发光，电动机刚好正常工作，电动机的线圈电阻R0=1.5Ω，下列说法正确的是（）A. 通过电动机的电流为1.6AB. 电动机的效率是62.5%C. 电动机的输入功率为1.5WD. 电动机的输出功率为3W【答案】D【解析】灯泡L正常发光，通过灯泡的电流：，电动机与灯泡串联，通过电动机的电流，故A错误；路端电压：，电动机两端的电压：，电动机的输入功率，电动机的输出功率：，电动机的效率为：，故BC错误，D正确；故选D。

【点睛】由灯泡铭牌可知，可以求出灯泡额定电流，由串联电路特点可以求出通过电机的电流．求出路端电压，然后由P=UI求出电源的输入功率和电动机消耗的功率．则可求得效率．9. 如图所示，金属导轨上的导体棒ab在匀强磁场中沿导轨做下列哪利运动时，铜制线圈c中将有感应电流产生且被螺线管吸引（）A. 向右做匀速运动B. 向左做减速运动C. 向右做减速运动D. 向右做加速运动【答案】BC考点：右手定则；楞次定律【名师点睛】本题运用右手定则、安培定则和楞次定律按步就班进行分析的，也可以直接根据楞次定律进行判断：线圈c被螺线管吸引时，磁通量将要增大，说明原来的磁通量减小，导体棒必定做减速运动。

10. 某同学将一直流电源的总功率P E、输出功率P R和电源内部的发热功率P r随电流I变化的图线画在了同一坐标系中，如图中的a、b、c所示。

则判断正确的是（）A. 在a、b、c三条图线上分别取横坐标相同的A、B、C三点，这三点的纵坐标一定满足关系P A=P B+P CB. b、c线的交点与a、b线的交点的横坐标之比一定为1: 2，纵坐标之比一定为1: 4C. 电源的最大输出功率P m=9WD. 电源的电动势E=9V，内电阻r=3Ω【答案】AB【解析】在a、b、c三条图线上分别取横坐标相同的A、B、C三点，因为直流电源的总功率等于输出功率和电源内部的发热功率的和，所以这三点的纵坐标一定满足关系，故A正确；当内电阻和外电阻相等时，电源输出的功率最大，此时即为b、c线的交点M时的电流，此时电流的大小为，功率的大小为，a、b 线的交点N表示电源的总功率和电源内部的发热功率随相等，此时只有电源的内电阻，所以此时的电流的大小为，功率的大小为，所以横坐标之比为1：2，纵坐标之比为1：4，故B正确。

图线c表示电源的输出功率与电流的关系图象，很显然，最大输出功率小于3W，故C错误；当I=3A时，，说明外电路短路，根据知电源的电动势E=3V，内电阻，故D错误；故选AB。

【点睛】根据电源消耗的总功率的计算公式可得电源的总功率与电流的关系，根据电源内部的发热功率可得电源内部的发热功率与电流的关系，从而可以判断abc三条线代表的关系式，在由功率的公式可以分析功率之间的关系．11. 如图所示，M、N为两块带等量异种电荷的平行金属板，两板间电压可取从零到某一最大值之间的各种数值.静止的带电粒子带电荷量为+q，质量为m(不计重力)，从点P经电场加速后，从小孔Q进入N板右侧的匀强磁场区域，磁感应强度大小为B，方向垂直于纸面向外，CD为磁场边界上的一绝缘板，它与N板的夹角为θ=30°，孔Q到板的下端C的距离为L，当M、N两板间电压取最大值时，粒子恰好垂直打在CD板上，则下列说法正确的是（）A. 两板间电压的最大值B. CD板上可能被粒子打中区域的长度C. 粒子在磁场中运动的最长时间D. 能打到CD板上的粒子的最大动能为【答案】ACD【解析】画出粒子运动轨迹的示意图，如图所示，A. 当M、N两板间电压取最大值时，粒子恰垂直打在CD板上，可知粒子半径r=L，的加速电场中，根据动能定理：，在偏转磁场中，根据洛伦兹力提供向心力可得：，联立可得：，故A正确；B.设粒子轨迹与CD相切于H点，此时粒子半径为，粒子轨迹垂直打在CD边上的G点，则GH间距离即为粒子打中区域的长度x，根据几何关系：，可得：，根据几何关系可得粒子打中区域的长度：，故B错误；C.粒子在磁场中运动的周期为：，粒子在磁场中运动的最大圆心角：，所以粒子在磁场中运动的最长时间为：，故C正确；D.当粒子在磁场的轨迹与CD边相切时，即粒子半径，时，打到N板上的粒子的动能最大，最大动能：，根据洛伦兹力提供向心力可得：，联立可得能打到N 板上的粒子的最大动能为：，故D正确；故选ACD。