广东省深圳市2015宝安区高三物理模拟试题5
高三物理月考试题及答案-广东深圳市宝安区2015届高三上学期调研试卷
2014-2015学年广东省深圳市宝安区高三（上）调研物理试卷一、单选题：每小题3分，共21分．只有一个选项是正确的．1．（3分）（2014秋•宝安区月考）下列说法正确的是（）2．（3分）（2014•徐州三模）“健身弹跳球”是近期流行的一项健身器材．小学生在玩弹跳球时双脚站在如图所示的水平跳板上，用力向下压弹跳球后，弹跳球能和人一起跳离地面．某弹跳球安全性能指标要求反弹高度不超过15cm，请估算该弹跳球一次反弹过程最多能对小学生做的功最接近于（）3．（3分）（2014秋•宝安区月考）如图，物块P和M叠放在一起，且质量m p＞m M．让它们从静止开始释放，不计空气阻力，重力加速度为g，则在它们的下落过程中（）4．（3分）（2014秋•宝安区月考）如图所示，M、N为两颗绕地球做匀速圆周运动的卫星，下列说法正确的是（）5．（3分）（2014秋•宝安区月考）如图所示，A、B为同一水平线上的两个固定绕绳装置，转动A、B，使光滑挂钩下的重物C缓慢竖直上升，关于此过程中绳上拉力大小的变化，下列说法正确的是（）6．（3分）（2014•蓟县校级一模）两辆质量不同的汽车在路面情况相同的公路上直线行驶，下面关于两车车速、动能、动量、惯性、质量和滑行路程的讨论，正确的是（）7．（3分）（2013秋•西城区期末）如图所示，汽车向右沿直线运动，原来的速度是v1，经过一小段时间之后，速度变为v2，△v表示速度的变化量．由图中所示信息可知（）二、双项选择题：每小题4分，共32分．在四个选项中，有两个选项最符合题意．全部选对的得4分，只选一个且正确的得2分，有错、不选均不得分．8．（4分）（2008•滨州一模）汽车拉着拖车在水平道路上沿直线加速行驶，据牛顿运动定律可知（）9．（4分）（2014秋•宝安区月考）如图，甲乙两辆汽车在平直的公路上沿同一方向做直线运动，t=0时刻两车同时经过公路旁的同一个路标．在描述两车运动的v﹣t图中，直线a、b 分别描述了甲乙两车在0﹣20s的运动情况．关于两车之间的位置关系，下列说法正确的是（）10．（4分）（2014秋•宝安区月考）如图所示，小物块放在水平转盘上，随盘一起做圆周运11．（4分）（2014秋•宝安区月考）如图甲为应用于机场和火车站的安全检查仪，其传送装置可简化为如图乙所示的模型，行李被无初速度地放在A处，行李与传送带之间的动摩擦因数μ=0.1，A、B间的距离为2m，皮带匀速运动速度为1m/s，则（）12．（4分）（2014秋•宝安区月考）从水平地面上方同一位置分别水平抛出两个质量分别为m和2m的小物体，抛出速度大小分别为2v和v，不计空气阻力，则以下说法正确的是（）13．（4分）（2014秋•宝安区月考）如图所示，质量为m的木块A放在水平面上的质量为M 的斜面B上，现用大小相等方向相反的两个水平推力F分别作用在A、B上，A、B均保持静止不动．则（）14．（4分）（2014秋•宝安区月考）极地卫星的运行轨道平面通过地球的南北两极（轨道可视为圆轨道）．如图所示，若某极地卫星从北纬30°的正上方按图示方向第一次运行至南纬60°正上方，所用时间为t，已知地球半径为R（地球可看做球体），地球表面的重力加速度为g，引力常量为G，不考虑地球自转，由以上条件可知（）卫星运行的角速度为星运行的线速度大于15．（4分）（2013秋•广州期末）同一辆货车两次匀速驶上同一坡路，在空载时上坡速度为v1，牵引力为F1；在满载时上坡速度为v2，牵引力为F2，已知两次上坡过程该货车的输出功率相同，则（）三、实验题：共16分．16．（8分）（2014秋•宝安区月考）研究小车匀加速直线运动的实验装置如图甲所示，其中斜面倾角θ可调，打点计时器的工作频率为50Hz，纸带上计数点的间距如图乙所示．①某同学的部分实验步骤如下：A．测量完毕，关闭电源，取出纸带B．接通电源，待打点计时器工作稳定后放开小车C．将小车停靠在打点计时器附近，小车尾部与纸带相连D．把打点计时器固定在平板上，让纸带穿过限位孔上述实验步骤的正确顺序是：（选填字母代号即可）．②图（乙）中标出的相邻两计数点的时间间隔T=0.1s．则每相邻两点之间还有个记录点未画出．③计数点6对应的瞬时速度大小计算式为v6=（物理量用题中字母表示）．④为了充分利用记录数据，减小误差，小车加速度大小的计算式应为a=（物理量用题中字母表示）17．（8分）（2014秋•宝安区月考）在“探究弹力与弹簧伸长的关系”的实验中．①以下是一位同学准备完成的实验步骤．请你帮这位同学按操作的先后顺序，用字母排列出来：（填选项前的字母）A、以弹簧伸长量为横坐标．以弹力为纵坐标．描出各组数据（x，F）对应的点．并用平滑的曲线连接起来B、记下弹簧不挂钩码时．其下端与刻度尺上的刻度“对齐”C、将铁架台固定于桌子上．并将弹簧的一端系于横梁上．在弹簧附近竖直固定一刻度尺D、依次在弹簧下端挂上1个、2个、3个、4个、…钩码．并分别记下钩码静止时．弹簧下端所对应的刻度并记录在表格内．然后取下钩码E、以弹簧伸长量为自变量．写出弹力与弹簧伸长量的关系式．并解释函数表达式中常数的物理意义②一位同学选了甲、乙两根规格不同的弹簧进行测试．根据测得的数据绘出如图所示的图象．从图象上看，该同学没能完全按实验要求做，使图象上端成为曲线，图象上端成为曲线是因为．若要制作一个精确度较高的弹簧秤．应选弹簧（填“甲”或“乙”）③如果把甲、乙两根弹簧串联作为一个弹簧，则劲度系数为N/cm．四、综合计算题：共31分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题必须明确写出数值和单位．18．（9分）（2013•雁峰区校级模拟）滑沙游戏中，游戏者从沙坡顶部坐滑沙车呼啸滑下．为了安全，滑沙车上通常装有刹车手柄，游客可以通过操纵刹车手柄对滑沙车施加一个与车运动方向相反的制动力F，从而控制车速．为便于研究，作如下简化：游客从顶端A点由静止滑下8s后，操纵刹车手柄使滑沙车匀速下滑至底端B点，在水平滑道上继续滑行直至停止．已知游客和滑沙车的总质量m=70kg，倾斜滑道AB长L AB=128m，倾角θ=37°，滑沙车底部与沙面间的动摩擦因数μ=0.5．滑沙车经过B点前后的速度大小不变，重力加速度g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，不计空气阻力．（1）求游客匀速下滑时的速度大小．（2）求游客匀速下滑的时间．（3）若游客在水平滑道BC段的最大滑行距离为16m，则他在此处滑行时，需对滑沙车施加多大的水平制动力？19．（10分）（2014秋•宝安区月考）如图，质量M=1kg的木板静止在水平面上，质量m=1kg、大小可以忽略的铁块静止在木板的右端．设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，已知木板与地面间的动摩擦因数μ1=0.1，铁块与木板之间的动摩擦因数μ2=0.4，取g=10m/s2．现给铁块施加一个水平向左的力F．（1）若力F恒为3N，求M、m的加速度大小；（2）若力F恒为8N，经t=1s铁块运动到木板的左端．求木板的长度．（3）若力F从零开始逐渐增加到2N时．试通过分析与计算，铁块受到的摩擦力f随力F 大小变化的关系式．20．（12分）（2014秋•宝安区月考）如图所示，在竖直平面内有一半径为R=0.9m的光滑半圆弧ced轨道，O点为圆心，直径cd在竖直方向，右端平滑连接长为s=30m的粗糙水平轨道，轨道右端有一竖直墙壁．在圆弧轨道与水平轨道连接处放置两个可视为质点的小滑块A 和B，质量分别为m A=1kg和m B=kg，A、B间夹有一轻质弹簧（质量和长度不计），弹簧与A连结，与B不相连结，开始时通过细线拉紧使弹簧处于压缩状态．现烧断细线，A 恰好能到达半圆弧轨道最高点d，后离开被收走．B与墙壁相碰没有能量损失，重力加速度g取10m/s2．结果可带根号．求：（1）A滑上半圆弧最高点d时的速度V d及A被弹簧刚弹开时速度v A为多大？（2）B被弹簧刚弹开时速度V B为多大？（3）若B与挡板只发生一次碰撞且运动过程中始终不脱离轨道最后停在轨道上，则水平轨道的动摩擦因数μ应满足什么条件？2014-2015学年广东省深圳市宝安区高三（上）调研物理试卷参考答案与试题解析一、单选题：每小题3分，共21分．只有一个选项是正确的．1．（3分）（2014秋•宝安区月考）下列说法正确的是（）2．（3分）（2014•徐州三模）“健身弹跳球”是近期流行的一项健身器材．小学生在玩弹跳球时双脚站在如图所示的水平跳板上，用力向下压弹跳球后，弹跳球能和人一起跳离地面．某弹跳球安全性能指标要求反弹高度不超过15cm，请估算该弹跳球一次反弹过程最多能对小学生做的功最接近于（）3．（3分）（2014秋•宝安区月考）如图，物块P和M叠放在一起，且质量m p＞m M．让它们从静止开始释放，不计空气阻力，重力加速度为g，则在它们的下落过程中（）4．（3分）（2014秋•宝安区月考）如图所示，M、N为两颗绕地球做匀速圆周运动的卫星，下列说法正确的是（），知轨道半径越大，周期越大，故5．（3分）（2014秋•宝安区月考）如图所示，A、B为同一水平线上的两个固定绕绳装置，转动A、B，使光滑挂钩下的重物C缓慢竖直上升，关于此过程中绳上拉力大小的变化，下列说法正确的是（）6．（3分）（2014•蓟县校级一模）两辆质量不同的汽车在路面情况相同的公路上直线行驶，下面关于两车车速、动能、动量、惯性、质量和滑行路程的讨论，正确的是（）s=s=，s=，可知动能大的车，刹车后滑行的路程越长，但质量不一定越大，7．（3分）（2013秋•西城区期末）如图所示，汽车向右沿直线运动，原来的速度是v1，经过一小段时间之后，速度变为v2，△v表示速度的变化量．由图中所示信息可知（）二、双项选择题：每小题4分，共32分．在四个选项中，有两个选项最符合题意．全部选对的得4分，只选一个且正确的得2分，有错、不选均不得分．8．（4分）（2008•滨州一模）汽车拉着拖车在水平道路上沿直线加速行驶，据牛顿运动定律可知（）9．（4分）（2014秋•宝安区月考）如图，甲乙两辆汽车在平直的公路上沿同一方向做直线运动，t=0时刻两车同时经过公路旁的同一个路标．在描述两车运动的v﹣t图中，直线a、b 分别描述了甲乙两车在0﹣20s的运动情况．关于两车之间的位置关系，下列说法正确的是（）移相等时，10．（4分）（2014秋•宝安区月考）如图所示，小物块放在水平转盘上，随盘一起做圆周运11．（4分）（2014秋•宝安区月考）如图甲为应用于机场和火车站的安全检查仪，其传送装置可简化为如图乙所示的模型，行李被无初速度地放在A处，行李与传送带之间的动摩擦因数μ=0.1，A、B间的距离为2m，皮带匀速运动速度为1m/s，则（），可知物体在传送带上先做匀加速直线运匀加速运动的时间匀速运动的时间12．（4分）（2014秋•宝安区月考）从水平地面上方同一位置分别水平抛出两个质量分别为m和2m的小物体，抛出速度大小分别为2v和v，不计空气阻力，则以下说法正确的是（）研究重力的平均功率．落地时重力做功的瞬时功率，重力做功不相同，时间13．（4分）（2014秋•宝安区月考）如图所示，质量为m的木块A放在水平面上的质量为M 的斜面B上，现用大小相等方向相反的两个水平推力F分别作用在A、B上，A、B均保持静止不动．则（）14．（4分）（2014秋•宝安区月考）极地卫星的运行轨道平面通过地球的南北两极（轨道可视为圆轨道）．如图所示，若某极地卫星从北纬30°的正上方按图示方向第一次运行至南纬60°正上方，所用时间为t，已知地球半径为R（地球可看做球体），地球表面的重力加速度为g，引力常量为G，不考虑地球自转，由以上条件可知（）卫星运行的角速度为星运行的线速度大于，据=，故v=，得：，故、地球表面的重力和万有引力相等，得：15．（4分）（2013秋•广州期末）同一辆货车两次匀速驶上同一坡路，在空载时上坡速度为v1，牵引力为F1；在满载时上坡速度为v2，牵引力为F2，已知两次上坡过程该货车的输出功率相同，则（）三、实验题：共16分．16．（8分）（2014秋•宝安区月考）研究小车匀加速直线运动的实验装置如图甲所示，其中斜面倾角θ可调，打点计时器的工作频率为50Hz，纸带上计数点的间距如图乙所示．①某同学的部分实验步骤如下：A．测量完毕，关闭电源，取出纸带B．接通电源，待打点计时器工作稳定后放开小车C．将小车停靠在打点计时器附近，小车尾部与纸带相连D．把打点计时器固定在平板上，让纸带穿过限位孔上述实验步骤的正确顺序是：DCBA（选填字母代号即可）．②图（乙）中标出的相邻两计数点的时间间隔T=0.1s．则每相邻两点之间还有4个记录点未画出．③计数点6对应的瞬时速度大小计算式为v6=（物理量用题中字母表示）．④为了充分利用记录数据，减小误差，小车加速度大小的计算式应为a=（物理量用题中字母表示）=．（即小车运动的加速度计算表达式为：③④17．（8分）（2014秋•宝安区月考）在“探究弹力与弹簧伸长的关系”的实验中．①以下是一位同学准备完成的实验步骤．请你帮这位同学按操作的先后顺序，用字母排列出来：CBDAE．（填选项前的字母）A、以弹簧伸长量为横坐标．以弹力为纵坐标．描出各组数据（x，F）对应的点．并用平滑的曲线连接起来B、记下弹簧不挂钩码时．其下端与刻度尺上的刻度“对齐”C、将铁架台固定于桌子上．并将弹簧的一端系于横梁上．在弹簧附近竖直固定一刻度尺D、依次在弹簧下端挂上1个、2个、3个、4个、…钩码．并分别记下钩码静止时．弹簧下端所对应的刻度并记录在表格内．然后取下钩码E、以弹簧伸长量为自变量．写出弹力与弹簧伸长量的关系式．并解释函数表达式中常数的物理意义②一位同学选了甲、乙两根规格不同的弹簧进行测试．根据测得的数据绘出如图所示的图象．从图象上看，该同学没能完全按实验要求做，使图象上端成为曲线，图象上端成为曲线是因为弹力过大超过弹簧弹性限度．若要制作一个精确度较高的弹簧秤．应选弹簧甲（填“甲”或“乙”）③如果把甲、乙两根弹簧串联作为一个弹簧，则劲度系数为0.5N/cm．弹簧的伸长与拉力k=四、综合计算题：共31分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题必须明确写出数值和单位．18．（9分）（2013•雁峰区校级模拟）滑沙游戏中，游戏者从沙坡顶部坐滑沙车呼啸滑下．为了安全，滑沙车上通常装有刹车手柄，游客可以通过操纵刹车手柄对滑沙车施加一个与车运动方向相反的制动力F，从而控制车速．为便于研究，作如下简化：游客从顶端A点由静止滑下8s后，操纵刹车手柄使滑沙车匀速下滑至底端B点，在水平滑道上继续滑行直至停止．已知游客和滑沙车的总质量m=70kg，倾斜滑道AB长L AB=128m，倾角θ=37°，滑沙车底部与沙面间的动摩擦因数μ=0.5．滑沙车经过B点前后的速度大小不变，重力加速度g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，不计空气阻力．（1）求游客匀速下滑时的速度大小．（2）求游客匀速下滑的时间．（3）若游客在水平滑道BC段的最大滑行距离为16m，则他在此处滑行时，需对滑沙车施加多大的水平制动力？==64m故匀速的时间为：19．（10分）（2014秋•宝安区月考）如图，质量M=1kg的木板静止在水平面上，质量m=1kg、大小可以忽略的铁块静止在木板的右端．设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，已知木板与地面间的动摩擦因数μ1=0.1，铁块与木板之间的动摩擦因数μ2=0.4，取g=10m/s2．现给铁块施加一个水平向左的力F．（1）若力F恒为3N，求M、m的加速度大小；（2）若力F恒为8N，经t=1s铁块运动到木板的左端．求木板的长度．（3）若力F从零开始逐渐增加到2N时．试通过分析与计算，铁块受到的摩擦力f随力F大小变化的关系式．=0.5m/sL=a﹣=1m+1 Nf=+1 N20．（12分）（2014秋•宝安区月考）如图所示，在竖直平面内有一半径为R=0.9m的光滑半圆弧ced轨道，O点为圆心，直径cd在竖直方向，右端平滑连接长为s=30m的粗糙水平轨道，轨道右端有一竖直墙壁．在圆弧轨道与水平轨道连接处放置两个可视为质点的小滑块A 和B，质量分别为m A=1kg和m B=kg，A、B间夹有一轻质弹簧（质量和长度不计），弹簧与A连结，与B不相连结，开始时通过细线拉紧使弹簧处于压缩状态．现烧断细线，A 恰好能到达半圆弧轨道最高点d，后离开被收走．B与墙壁相碰没有能量损失，重力加速度g取10m/s2．结果可带根号．求：（1）A滑上半圆弧最高点d时的速度V d及A被弹簧刚弹开时速度v A为多大？（2）B被弹簧刚弹开时速度V B为多大？（3）若B与挡板只发生一次碰撞且运动过程中始终不脱离轨道最后停在轨道上，则水平轨道的动摩擦因数μ应满足什么条件？，代入数据解得：m A v A2=m A v d2+m A g•2R，代入数据解得：v A=3m/s；mm。
【物理】广东省深圳市宝安区2015届高三上学期调研试卷
2014-2015学年广东省深圳市宝安区高三（上）调研物理试卷一、单选题：每小题3分，共21分．只有一个选项是正确的．1．（3分）（2014秋•宝安区月考）下列说法正确的是（）2．（3分）（2014•徐州三模）“健身弹跳球”是近期流行的一项健身器材．小学生在玩弹跳球时双脚站在如图所示的水平跳板上，用力向下压弹跳球后，弹跳球能和人一起跳离地面．某弹跳球安全性能指标要求反弹高度不超过15cm，请估算该弹跳球一次反弹过程最多能对小学生做的功最接近于（）3．（3分）（2014秋•宝安区月考）如图，物块P和M叠放在一起，且质量m p＞m M．让它们从静止开始释放，不计空气阻力，重力加速度为g，则在它们的下落过程中（）4．（3分）（2014秋•宝安区月考）如图所示，M、N为两颗绕地球做匀速圆周运动的卫星，下列说法正确的是（）5．（3分）（2014秋•宝安区月考）如图所示，A、B为同一水平线上的两个固定绕绳装置，转动A、B，使光滑挂钩下的重物C缓慢竖直上升，关于此过程中绳上拉力大小的变化，下列说法正确的是（）6．（3分）（2014•蓟县校级一模）两辆质量不同的汽车在路面情况相同的公路上直线行驶，下面关于两车车速、动能、动量、惯性、质量和滑行路程的讨论，正确的是（）7．（3分）（2013秋•西城区期末）如图所示，汽车向右沿直线运动，原来的速度是v1，经过一小段时间之后，速度变为v2，△v表示速度的变化量．由图中所示信息可知（）二、双项选择题：每小题4分，共32分．在四个选项中，有两个选项最符合题意．全部选对的得4分，只选一个且正确的得2分，有错、不选均不得分．8．（4分）（2008•滨州一模）汽车拉着拖车在水平道路上沿直线加速行驶，据牛顿运动定律可知（）9．（4分）（2014秋•宝安区月考）如图，甲乙两辆汽车在平直的公路上沿同一方向做直线运动，t=0时刻两车同时经过公路旁的同一个路标．在描述两车运动的v﹣t图中，直线a、b 分别描述了甲乙两车在0﹣20s的运动情况．关于两车之间的位置关系，下列说法正确的是（）10．（4分）（2014秋•宝安区月考）如图所示，小物块放在水平转盘上，随盘一起做圆周运11．（4分）（2014秋•宝安区月考）如图甲为应用于机场和火车站的安全检查仪，其传送装置可简化为如图乙所示的模型，行李被无初速度地放在A处，行李与传送带之间的动摩擦因数μ=0.1，A、B间的距离为2m，皮带匀速运动速度为1m/s，则（）12．（4分）（2014秋•宝安区月考）从水平地面上方同一位置分别水平抛出两个质量分别为m和2m的小物体，抛出速度大小分别为2v和v，不计空气阻力，则以下说法正确的是（）13．（4分）（2014秋•宝安区月考）如图所示，质量为m的木块A放在水平面上的质量为M 的斜面B上，现用大小相等方向相反的两个水平推力F分别作用在A、B上，A、B均保持静止不动．则（）14．（4分）（2014秋•宝安区月考）极地卫星的运行轨道平面通过地球的南北两极（轨道可视为圆轨道）．如图所示，若某极地卫星从北纬30°的正上方按图示方向第一次运行至南纬60°正上方，所用时间为t，已知地球半径为R（地球可看做球体），地球表面的重力加速度为g，引力常量为G，不考虑地球自转，由以上条件可知（）卫星运行的角速度为星运行的线速度大于15．（4分）（2013秋•广州期末）同一辆货车两次匀速驶上同一坡路，在空载时上坡速度为v1，牵引力为F1；在满载时上坡速度为v2，牵引力为F2，已知两次上坡过程该货车的输出功率相同，则（）三、实验题：共16分．16．（8分）（2014秋•宝安区月考）研究小车匀加速直线运动的实验装置如图甲所示，其中斜面倾角θ可调，打点计时器的工作频率为50Hz，纸带上计数点的间距如图乙所示．①某同学的部分实验步骤如下：A．测量完毕，关闭电源，取出纸带B．接通电源，待打点计时器工作稳定后放开小车C．将小车停靠在打点计时器附近，小车尾部与纸带相连D．把打点计时器固定在平板上，让纸带穿过限位孔上述实验步骤的正确顺序是：（选填字母代号即可）．②图（乙）中标出的相邻两计数点的时间间隔T=0.1s．则每相邻两点之间还有个记录点未画出．③计数点6对应的瞬时速度大小计算式为v6=（物理量用题中字母表示）．④为了充分利用记录数据，减小误差，小车加速度大小的计算式应为a=（物理量用题中字母表示）17．（8分）（2014秋•宝安区月考）在“探究弹力与弹簧伸长的关系”的实验中．①以下是一位同学准备完成的实验步骤．请你帮这位同学按操作的先后顺序，用字母排列出来：（填选项前的字母）A、以弹簧伸长量为横坐标．以弹力为纵坐标．描出各组数据（x，F）对应的点．并用平滑的曲线连接起来B、记下弹簧不挂钩码时．其下端与刻度尺上的刻度“对齐”C、将铁架台固定于桌子上．并将弹簧的一端系于横梁上．在弹簧附近竖直固定一刻度尺D、依次在弹簧下端挂上1个、2个、3个、4个、…钩码．并分别记下钩码静止时．弹簧下端所对应的刻度并记录在表格内．然后取下钩码E、以弹簧伸长量为自变量．写出弹力与弹簧伸长量的关系式．并解释函数表达式中常数的物理意义②一位同学选了甲、乙两根规格不同的弹簧进行测试．根据测得的数据绘出如图所示的图象．从图象上看，该同学没能完全按实验要求做，使图象上端成为曲线，图象上端成为曲线是因为．若要制作一个精确度较高的弹簧秤．应选弹簧（填“甲”或“乙”）③如果把甲、乙两根弹簧串联作为一个弹簧，则劲度系数为N/cm．四、综合计算题：共31分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题必须明确写出数值和单位．18．（9分）（2013•雁峰区校级模拟）滑沙游戏中，游戏者从沙坡顶部坐滑沙车呼啸滑下．为了安全，滑沙车上通常装有刹车手柄，游客可以通过操纵刹车手柄对滑沙车施加一个与车运动方向相反的制动力F，从而控制车速．为便于研究，作如下简化：游客从顶端A点由静止滑下8s后，操纵刹车手柄使滑沙车匀速下滑至底端B点，在水平滑道上继续滑行直至停止．已知游客和滑沙车的总质量m=70kg，倾斜滑道AB长L AB=128m，倾角θ=37°，滑沙车底部与沙面间的动摩擦因数μ=0.5．滑沙车经过B点前后的速度大小不变，重力加速度g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，不计空气阻力．（1）求游客匀速下滑时的速度大小．（2）求游客匀速下滑的时间．（3）若游客在水平滑道BC段的最大滑行距离为16m，则他在此处滑行时，需对滑沙车施加多大的水平制动力？19．（10分）（2014秋•宝安区月考）如图，质量M=1kg的木板静止在水平面上，质量m=1kg、大小可以忽略的铁块静止在木板的右端．设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，已知木板与地面间的动摩擦因数μ1=0.1，铁块与木板之间的动摩擦因数μ2=0.4，取g=10m/s2．现给铁块施加一个水平向左的力F．（1）若力F恒为3N，求M、m的加速度大小；（2）若力F恒为8N，经t=1s铁块运动到木板的左端．求木板的长度．（3）若力F从零开始逐渐增加到2N时．试通过分析与计算，铁块受到的摩擦力f随力F 大小变化的关系式．20．（12分）（2014秋•宝安区月考）如图所示，在竖直平面内有一半径为R=0.9m的光滑半圆弧ced轨道，O点为圆心，直径cd在竖直方向，右端平滑连接长为s=30m的粗糙水平轨道，轨道右端有一竖直墙壁．在圆弧轨道与水平轨道连接处放置两个可视为质点的小滑块A 和B，质量分别为m A=1kg和m B=kg，A、B间夹有一轻质弹簧（质量和长度不计），弹簧与A连结，与B不相连结，开始时通过细线拉紧使弹簧处于压缩状态．现烧断细线，A 恰好能到达半圆弧轨道最高点d，后离开被收走．B与墙壁相碰没有能量损失，重力加速度g取10m/s2．结果可带根号．求：（1）A滑上半圆弧最高点d时的速度V d及A被弹簧刚弹开时速度v A为多大？（2）B被弹簧刚弹开时速度V B为多大？（3）若B与挡板只发生一次碰撞且运动过程中始终不脱离轨道最后停在轨道上，则水平轨道的动摩擦因数μ应满足什么条件？2014-2015学年广东省深圳市宝安区高三（上）调研物理试卷参考答案与试题解析一、单选题：每小题3分，共21分．只有一个选项是正确的．1．（3分）（2014秋•宝安区月考）下列说法正确的是（）2．（3分）（2014•徐州三模）“健身弹跳球”是近期流行的一项健身器材．小学生在玩弹跳球时双脚站在如图所示的水平跳板上，用力向下压弹跳球后，弹跳球能和人一起跳离地面．某弹跳球安全性能指标要求反弹高度不超过15cm，请估算该弹跳球一次反弹过程最多能对小学生做的功最接近于（）3．（3分）（2014秋•宝安区月考）如图，物块P和M叠放在一起，且质量m p＞m M．让它们从静止开始释放，不计空气阻力，重力加速度为g，则在它们的下落过程中（）4．（3分）（2014秋•宝安区月考）如图所示，M、N为两颗绕地球做匀速圆周运动的卫星，下列说法正确的是（），知轨道半径越大，周期越大，故5．（3分）（2014秋•宝安区月考）如图所示，A、B为同一水平线上的两个固定绕绳装置，转动A、B，使光滑挂钩下的重物C缓慢竖直上升，关于此过程中绳上拉力大小的变化，下列说法正确的是（）6．（3分）（2014•蓟县校级一模）两辆质量不同的汽车在路面情况相同的公路上直线行驶，下面关于两车车速、动能、动量、惯性、质量和滑行路程的讨论，正确的是（），s=，s=，可知动能大的车，刹车后滑行的路程越长，但质量不一定越大，7．（3分）（2013秋•西城区期末）如图所示，汽车向右沿直线运动，原来的速度是v1，经过一小段时间之后，速度变为v2，△v表示速度的变化量．由图中所示信息可知（）二、双项选择题：每小题4分，共32分．在四个选项中，有两个选项最符合题意．全部选对的得4分，只选一个且正确的得2分，有错、不选均不得分．8．（4分）（2008•滨州一模）汽车拉着拖车在水平道路上沿直线加速行驶，据牛顿运动定律可知（）9．（4分）（2014秋•宝安区月考）如图，甲乙两辆汽车在平直的公路上沿同一方向做直线运动，t=0时刻两车同时经过公路旁的同一个路标．在描述两车运动的v﹣t图中，直线a、b 分别描述了甲乙两车在0﹣20s的运动情况．关于两车之间的位置关系，下列说法正确的是（）移相等时，10．（4分）（2014秋•宝安区月考）如图所示，小物块放在水平转盘上，随盘一起做圆周运11．（4分）（2014秋•宝安区月考）如图甲为应用于机场和火车站的安全检查仪，其传送装置可简化为如图乙所示的模型，行李被无初速度地放在A处，行李与传送带之间的动摩擦因数μ=0.1，A、B间的距离为2m，皮带匀速运动速度为1m/s，则（），可知物体在传送带上先做匀加速直线运匀加速运动的时间匀速运动的时间12．（4分）（2014秋•宝安区月考）从水平地面上方同一位置分别水平抛出两个质量分别为m和2m的小物体，抛出速度大小分别为2v和v，不计空气阻力，则以下说法正确的是（）研究重力的平均功率．落地时重力做功的瞬时功率，重力做功不相同，时间13．（4分）（2014秋•宝安区月考）如图所示，质量为m的木块A放在水平面上的质量为M 的斜面B上，现用大小相等方向相反的两个水平推力F分别作用在A、B上，A、B均保持静止不动．则（）14．（4分）（2014秋•宝安区月考）极地卫星的运行轨道平面通过地球的南北两极（轨道可视为圆轨道）．如图所示，若某极地卫星从北纬30°的正上方按图示方向第一次运行至南纬60°正上方，所用时间为t，已知地球半径为R（地球可看做球体），地球表面的重力加速度为g，引力常量为G，不考虑地球自转，由以上条件可知（）卫星运行的角速度为星运行的线速度大于，据=，故v=，得：，故、地球表面的重力和万有引力相等，得：15．（4分）（2013秋•广州期末）同一辆货车两次匀速驶上同一坡路，在空载时上坡速度为v1，牵引力为F1；在满载时上坡速度为v2，牵引力为F2，已知两次上坡过程该货车的输出功率相同，则（）三、实验题：共16分．16．（8分）（2014秋•宝安区月考）研究小车匀加速直线运动的实验装置如图甲所示，其中斜面倾角θ可调，打点计时器的工作频率为50Hz，纸带上计数点的间距如图乙所示．①某同学的部分实验步骤如下：A．测量完毕，关闭电源，取出纸带B．接通电源，待打点计时器工作稳定后放开小车C．将小车停靠在打点计时器附近，小车尾部与纸带相连D．把打点计时器固定在平板上，让纸带穿过限位孔上述实验步骤的正确顺序是：DCBA（选填字母代号即可）．②图（乙）中标出的相邻两计数点的时间间隔T=0.1s．则每相邻两点之间还有4个记录点未画出．③计数点6对应的瞬时速度大小计算式为v6=（物理量用题中字母表示）．④为了充分利用记录数据，减小误差，小车加速度大小的计算式应为a=（物理量用题中字母表示）=．（即小车运动的加速度计算表达式为：③④17．（8分）（2014秋•宝安区月考）在“探究弹力与弹簧伸长的关系”的实验中．①以下是一位同学准备完成的实验步骤．请你帮这位同学按操作的先后顺序，用字母排列出来：CBDAE．（填选项前的字母）A、以弹簧伸长量为横坐标．以弹力为纵坐标．描出各组数据（x，F）对应的点．并用平滑的曲线连接起来B、记下弹簧不挂钩码时．其下端与刻度尺上的刻度“对齐”C、将铁架台固定于桌子上．并将弹簧的一端系于横梁上．在弹簧附近竖直固定一刻度尺D、依次在弹簧下端挂上1个、2个、3个、4个、…钩码．并分别记下钩码静止时．弹簧下端所对应的刻度并记录在表格内．然后取下钩码E、以弹簧伸长量为自变量．写出弹力与弹簧伸长量的关系式．并解释函数表达式中常数的物理意义②一位同学选了甲、乙两根规格不同的弹簧进行测试．根据测得的数据绘出如图所示的图象．从图象上看，该同学没能完全按实验要求做，使图象上端成为曲线，图象上端成为曲线是因为弹力过大超过弹簧弹性限度．若要制作一个精确度较高的弹簧秤．应选弹簧甲（填“甲”或“乙”）③如果把甲、乙两根弹簧串联作为一个弹簧，则劲度系数为0.5N/cm．弹簧的伸长与拉力k=。
【名师解析】广东省深圳市2015届高三上学期第一次五校联考物理试题 Word版含解析
2015届高三年级第一次五校联考理科综合试卷【试卷综析】本试卷是高三开学模拟试题，包含了高中物理的全部内容，主要包含受力分析、牛顿运动定律、曲线运动、电场、磁场、恒定电流、电磁感应等内容，在考查问题上以基本定义、基本规律为主，在注重考查核心知识的同时，突出考查考纲要求的基本能力，重视生素养的考查，注重主干知识，兼顾覆盖面。
【题文】13．下列说法符合物理学史的是A．开普勒发现了万有引力定律B．伽利略首创了理想实验的研究方法C．卡文迪许测出了静电力常量D．奥斯特发现了电磁感应定律【知识点】物理学史．P0【答案解析】B 解析：A、牛顿发现了万有引力定律，故A错误B、伽利略首创了理想实验的研究方法，主要是理想斜面实验，故B正确C、库仑测出了静电力常量，故C错误D、法拉第发现了电磁感应定律，故D错误故选B．【思路点拨】本题比较简单考查了学生对物理学史的了解情况，在物理学发展的历史上有很多科学家做出了重要贡献，大家熟悉的牛顿、爱因斯坦、法拉第等，在学习过程中要了解、知道这些著名科学家的重要贡献．本题属于记忆知识，要了解、熟悉物理学史，关键在于平时注意积累和记忆．【题文】14．如图所示为某一质点运动的速度-时间图像，下列说法正确的是A．0~1 s内的平均速度是2m/sB．0~2s内的位移大小是3 mC．0~4s内该质点做匀变速直线运动D．0~1s内的运动方向与2~4s内的运动方向相反【知识点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．A2 A5【答案解析】B 解析：A、由面积法求0-1s的位移s=1m，时间t=1s因而v=1m/s，故A 错误；B、由面积法知：0-2s的位移s=3m，故B正确；C、0-4s物体先做加速、然后匀速，最后做减速运动，故C错误；D、0-1s、2-4s两个时间段内速度均为正，表明速度都为正方向，运动方向相同，故D错误；故选：B．【思路点拨】速度时间图线的斜率表示加速度，图线与x轴包围的面积表示位移大小，运动方向看正负．本题关键要明确速度时间图线中斜率、截距、面积等的物理意义，同时要会运用运动学公式进行求解．【题文】15．如右图所示，将条形磁铁插入闭合线圈，第一次用时0.2s，第二次用时0.5s，并且两次磁铁的起始和终止位置相同，则A．第一次线圈中的磁通量变化较大B．第一次电流表○G的最大偏转角较大C．第二次电流表○G的最大偏转角较大D．若断开开关k，电流表○G均不偏转，故两次线圈两端均无感应电动势【知识点】法拉第电磁感应定律；楞次定律．L1 L2【答案解析】B 解析：A、磁通量变化相同．故A 错误．B、感应电动势的大小与磁通量的变化率成正比，磁通量的变化率大，感应电动势大，产生的感应电流大．故B正确，C错误．D、断开电键，电流表不偏转，知感应电流为零，但感应电动势不为零．故D错误．故选B．【思路点拨】两次磁铁的起始和终止位置相同，知磁通量的变化量相同，根据时间长短判断磁通量变化的快慢，感应电动势的大小与磁通量的变化率成正比．【题文】16．一理想变压器原、副线圈匝数比n1∶n2＝11∶1，原线圈与正弦交变电源连接，输入电压u随时间t的变化规律如图所示，副线圈仅接入一个R=20 Ω的电阻，则A．流过电阻R的最大电流是1.0 AB．变压器的输入功率是40WC．与电阻R并联的电压表的示数是20 VD．在1秒内电流方向改变50次【知识点】正弦式电流的图象和三角函数表达式；电功、电功率；正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率．M1 M3【答案解析】C 解析：A、由图象可知，原线圈中电压的最大值为V，所以电压的有效值为220V，原、副线圈匝数比n1：n2=11：1，根据电压与匝数成正比可知，副线圈的电压有效值为20V，副线圈的电阻为20Ω，所以电流的有效值为I=1A，所以A错误；B、变压器的输入功率等于输出功率，所以变压器的输入功率P=I2R=（1）2×20=20W，所以B错误；C、电阻R并联的电压表的示数即为电阻R上的电压，为20V，所以C正确；D、交变电流的方向每个周期改变2次，1s是50个周期，所以在1s内，交变电流的方向改变100次，所以D错误；故选：C．【思路点拨】由图可知输入电压的峰值，周期，从而知道副线圈两端的电压，电压表显示的是有效值，输入功率等于输出功率．掌握住理想变压器的电压、电流之间的关系，最大值和有效值之间的关系即可解决本题．二、双项选择题：本大题共9小题，每小题6分，共54 分。
2015年广东省深圳市宝安区高三物理模拟试卷(五) Word版含解析.pdf
2015年广东省深圳市宝安区高考物理模拟试卷（五） 一、选择题（共9小题，每小题3分，满分27分） 1．如图所示，在紫铜管内滴入乙醚，盖紧管塞．用手拉住绳子两端迅速往复拉动，管塞会被冲开．管塞被冲开前（ ） A． 外界对管内气体做功，气体内能增大 B． 管内气体对外界做功，气体内能减小 C． 管内气体内能不变，压强变大 D． 管内气体内能增加，平均动能变大 2．下列说法错误的是（ ） A． 液晶的光学性质具有各向异性 B． 当人们感觉到闷热时，说明空气的相对湿度较小 C． 液体表面的分子分布比液体内部分子的分布要稀疏 D． 草叶上的露珠呈球形是由于液体表面张力的作用 3．如图所示，“U”形金属框架固定在水平面上，处于竖直向下的匀强磁场中．现使ab棒突然获得一初速度V向右运动，下列说法正确的是（ ） A． ab做匀减速运动B． 回路中电流均匀减小 C． a点电势比b点电势低D． 安培力对ab棒做负功 4．设地球是一个密度均匀的球体，已知质量分布均匀的球壳对壳内物体的引力为零，如果沿地球的直径挖一条隧道，将物体从此隧道一端由静止释放刚好运动到另一端（如图所示），不考虑阻力，在此过程中关于物体的运动速度v随时间t变化的关系图象可能是（ ） A． B． C． D． 5．下列说法正确的是（ ） A． 原子核发生一次β衰变，该原子外层就失去一个电子 B． 金属产生光电效应时，入射光的频率越高，光电子的最大初动能越大 C． 核裂变与核聚变都伴有质量亏损，亏损的质量转化成能量 D． 一群氢原子从定态n=3向基态跃迁，最多可以释放3条光谱 6．质量为1kg的物块在水平拉力的作用下，以一定的初速度沿水平面滑行，利用速度传感器在计算机屏幕上得到其速度随时间的变化关系如图所示，则物块（ ） A． 0～1 s内的平均速度为2 m/s B． 0～1 s内加速度的数值是1～3 s内加速度数值的6倍 C． 0～3 s内的位移为1 m D． 所受合力在0～3 s内做的功为32 J 7．图中理想变压器的原、副线圈匝数之比为2：1，电阻R1=R2=10Ω，电表、均为理想交流电表．若R1两端电压u1=10sin100πt（V），则下列说法正确的有（ ） A． 电压表示数为14.14V B． 电流表的示数为0.5 A C． R1消耗的功率为20W D． 原线圈输入交流电频率为50Hz 8．“马航MH370”客机失联后，我国已紧急调动多颗卫星，利用高分辨率对地成像、可见光拍照等技术对搜寻失联客机提供支持．关于环绕地球运动的卫星，下列说法正确的是（ ） A． 低轨卫星（环绕半径远小于地球同步卫星的环绕半径）都是相对地球运动的，其环绕速率可能大于7.9 km/s B． 地球同步卫星相对地球是静止的，可以固定对一个区域拍照，但由于它距地面较远，照片的分辨率会差一些 C． 低轨卫星和地球同步卫星，不可能具有相同的周期也不可能具有相同的速率 D． 低轨卫星和地球同步卫星，不可能具有相同的周期但可能具有相同的速率 9．沿电场中某条直线电场线方向建立x轴，该电场线上各点电场强度E随x的变化规律如图所示，坐标点0、x1、x2和x3分别与x轴上O、A、B、C四点相对应，相邻两点间距相等．一个带正电的粒子从O点附近由静止释放，运动到A点处的动能为Ek，仅考虑电场力作用．则（ ） A． 从O点到C点，电势先升高后降低 B． 粒子先做匀加速运动，后做变加速运动 C． 粒子在AB段电势能变化量大于BC段的 D． 粒子运动到C点时动能小于3Ek 二、解答题（共4小题，满分54分） 10．某实验小组利用如图所示的装置进行实验，钩码A和B分别系在一条跨过定滑轮的软绳两端，钩码质量均为M，在A的上面套一个比它大一点的环形金属块C，在距地面为h1处有一宽度略比A大一点的狭缝，钩码A能通过狭缝，环形金属块C不能通过．开始时A距离狭缝的高度为h2，放手后，A、B、C从静止开始运动． （1）利用计时仪器测得钩码A通过狭缝后到落地用时t1，则钩码A通过狭缝的速度为 （用题中字母表示）． （2）若通过此装置验证机械能守恒定律，还需测出环形金属块C的质量m，当地重力加速度为g．若系统的机械能守恒，则需满足的等式为 （用题中字母表示）． （3）为减小测量时间的误差，有同学提出如下方案：实验时调节h1=h2=h，测出钩码A从释放到落地的总时间t，来计算钩码A通过狭缝的速度，你认为可行吗？若可行，写出钩码A通过狭缝时的速度表达式；若不可行，请简要说明理由． 、 ． 11．用伏安法测量一个阻值约为20Ω的未知电阻Rx的阻值． ①在以下备选器材中，电流表应选用 ，电压表应选用 ，滑动变阻器应选用 （填写器材的字母代号）； 电源E（电动势3V、内阻可忽略不计） 电流表A1（量程0～50mA，内阻约12Ω） 电流表A2（量程0～3A，内阻约0.12Ω） 电压表V1（量程0～3V，内阻约3kΩ） 电压表V2（量程0～15V，内阻约15kΩ） 滑动变阻器R1（0～10Ω，允许最大电流2.0A） 滑动变阻器R2（0～1000Ω，允许最大电流0.5A） 定值电阻R（30Ω，允许最大电流1.0A），开关、导线若干 ②请在虚线框中画出测量电阻Rx的实验电路图（要求所测量值的变化范围尽可能大一些，所用器材用对应的符号标出）． ③某次测量中，电压表读数为U时，电流表读数为I，则计算待测电阻阻值的表达式Rx=． 12．如图所示，在矩形区域CDNM内有沿纸面向上的匀强电场，场强的大小E=1.5×105N/C；在矩形区域MNGF内有垂直于纸面向外的匀强磁场，磁感应强度大小 B=0.2T．已知CD=MN=FG=0.6m，CM=MF=0.20m．在CD边中点O处有一放射源，沿纸面向电场中各方向均匀地辐射出速率均为v0=1.0×106m/s的某种带正电粒子，粒子质量 m=6.4×1027kg，电荷量q=3.2×1019C，粒子可以无阻碍地通过边界MN进入磁场，不计粒子的重力．求： （1）粒子在磁场中做圆周运动的半径； （2）边界FG上有粒子射出磁场的范围长度； （3）粒子在磁场中运动的最长时间． 13．如图甲所示，BCD为竖直放置的半径R=0.20m的半圆形轨道，在半圆形轨道的最低位置B和最高位置D均安装了压力传感器，可测定小物块通过这两处时对轨道的压力FB和FD．半圆形轨道在B位置与水平直轨道AB平滑连接，在D位置与另一水平直轨道EF相对，其间留有可让小物块通过的缝隙．一质量m=0.20kg的小物块P（可视为质点），以不同的初速度从M点沿水平直轨道AB滑行一段距离，进入半圆形轨道BCD经过D位置后平滑进入水平直轨道EF．一质量为2m的小物块Q（可视为质点）被锁定在水平直轨道EF上，其右侧固定一个劲度系数为k=500N/m的轻弹簧．如果对小物块Q施加的水平力F≥30N，则它会瞬间解除锁定沿水平直轨道EF滑行，且在解除锁定的过程中无能量损失．已知弹簧的弹性势能公式，其中k为弹簧的劲度系数，x为弹簧的形变量．g取10m/s2． （1）通过传感器测得的FB和FD的关系图线如图乙所示．若轨道各处均不光滑，且已知轨道与小物块P之间的动摩擦因数μ=0.10，MB之间的距离xMB=0.50m．当 FB=18N时，求小物块P从M点运动到轨道最高位置D的过程中损失的总机械能； （2）若轨道各处均光滑，在某次实验中，测得P经过B位置时的速度大小为m/s．求在弹簧被压缩的过程中，弹簧的最大弹性势能． 2015年广东省深圳市宝安区高考物理模拟试卷（五） 参考答案与试题解析 一、选择题（共9小题，每小题3分，满分27分） 1．如图所示，在紫铜管内滴入乙醚，盖紧管塞．用手拉住绳子两端迅速往复拉动，管塞会被冲开．管塞被冲开前 A． 外界对管内气体做功，气体内能增大 B． 管内气体对外界做功，气体内能减小 C． 管内气体内能不变，压强变大 D． 管内气体内能增加，平均动能变大 考点：热力学第二定律． 专题：热力学定理专题． 分析：本题抓住做功与内能的改变，克服摩擦做功，物体内能增加．热传递与内能的改变． 解答：解：克服绳与金属管间的摩擦做功，使管壁内能增加，温度升高．通过热传递，乙醚的内能增大，温度升高，直至沸腾；管塞会被冲开．管塞被冲开前管内气体内能增加，压强变大， 故选：D． 点评：本题考查了做功与内能的改变，摩擦生热，物体内能会增大． 2．下列说法错误的是（ ） A． 液晶的光学性质具有各向异性 B． 当人们感觉到闷热时，说明空气的相对湿度较小 C． 液体表面的分子分布比液体内部分子的分布要稀疏 D． 草叶上的露珠呈球形是由于液体表面张力的作用 考点：* 液体的表面张力现象和毛细现象；* 固体的微观结构；*相对湿度． 分析：明确液晶的性质及作用；人感到闷热是因为相对湿度较大的原因；由于液体表面分子较为稀疏，故分子间为引力，从而使水滴等成球形． 解答：解：A、液晶具有光学性质的各向异性，广泛应用到显示器中；故A正确； B、人感到闷热是因为空气的相对湿度较大；故B错误； C、液体表面由于蒸发等因素而使分子较为稀疏，从而使分子间表现为引力；故C正确； D、液体表面张力使露珠、水滴等呈现为球形；故D正确； 本题选错误的；故选；B． 点评：本题考查液晶的性质、湿度、液体的表面张力等性质，要注意正确掌握相关知识，并能正确应用并解释相关现象． 3．如图所示，“U”形金属框架固定在水平面上，处于竖直向下的匀强磁场中．现使ab棒突然获得一初速度V向右运动，下列说法正确的是（ ） A． ab做匀减速运动B． 回路中电流均匀减小 C． a点电势比b点电势低D． 安培力对ab棒做负功 考点：导体切割磁感线时的感应电动势；功的计算；闭合电路的欧姆定律． 专题：电磁感应与电路结合． 分析：使ab棒突然获得一初速度，切割产生感应电动势，产生感应电流，受到向左的安培力，做变减速运动，根据右手定则判断ab棒中的感应电流方向，从而确定a、b两点的电势． 解答：解：A、棒子具有向右的初速度，根据右手定则，产生b指向a的电流，则a点的电势比b点的电势高．根据左手定则，安培力向左，ab棒做减速运动，因为电动势减小，电流减小，则安培力减小，根据牛顿第二定律，加速度减小，做加速度减小的减速运动，由于速度不是均匀减小，则电流不是均匀减小．故A、B、C错误． D、安培力的方向与运动方向相反，知安培力做负功．故D正确． 故选D． 点评：解决本题的关键根据切割产生感应电动势，结合闭合电路欧姆定律和牛顿第二定律判断加速度的变化，从而判断出ab棒的运动规律．以及掌握右手定则判断感应电流的方向和左手定则判断安培力的方向． 4．设地球是一个密度均匀的球体，已知质量分布均匀的球壳对壳内物体的引力为零，如果沿地球的直径挖一条隧道，将物体从此隧道一端由静止释放刚好运动到另一端（如图所示），不考虑阻力，在此过程中关于物体的运动速度v随时间t变化的关系图象可能是（ ） A． B． C． D． 考点：万有引力定律及其应用；匀变速直线运动的图像． 专题：万有引力定律的应用专题． 分析：根据题意知，地球表面的重力加速度等于半径为R的球体在表面产生的加速度，深度为d位置的加速度相当于半径为Rd的球体在其产生的加速度，根据地球质量分布均匀得到加速度的表达式，再根据半径关系分析加速度的变化求 解答：解：如果物体在距地心为r处（r≤R），那么这个物体只会受到以地心为球心、以r为半径的那部分球体的万有引力， 而距地心为r到R之间的物质对物体作用力的合力为零．物体掉入隧道之后，不是做自由落体运动． 设物体的质量为m，地球密度为ρ，以半径为r的那部分球体的质量为M，距地心r处的重力加速度为g， 则M=πr3ρ，=mg，得 g==πρGr． ① 由于物体掉入隧道之后，r在变化，由①式可知g也在变化，且离地心越近g越小，在地心处g=0．所以物体不是做自由落体运动． 考虑到方向，有g=πρGr，即物体的加速度g与位移r大小成正比、方向相反，所以物体在隧道中的运动是简谐运动． 故选C． 点评：解决该题关键要运用万有引力等于重力表示出隧道内的重力加速度的变化情况去分析运动情况． 5．下列说法正确的是（ ） A． 原子核发生一次β衰变，该原子外层就失去一个电子 B． 金属产生光电效应时，入射光的频率越高，光电子的最大初动能越大 C． 核裂变与核聚变都伴有质量亏损，亏损的质量转化成能量 D． 一群氢原子从定态n=3向基态跃迁，最多可以释放3条光谱 考点：光电效应；裂变反应和聚变反应． 专题：光电效应专题． 分析：经过一个半衰期，有半数发生衰变；氢原子辐射出一个光子，能量减小，电子的轨道半径减小，电子动能增大，电势能减小；在发生光电效应的前提下，入射光越强，饱和电流越大；β衰变的电子来自原子核，不是核外电子． 解答：解：A、β衰变的电子是原子核内一个中子转变为一个质子和一个电子，电子释放出来，不是来自外层电子．故A错误． B、发生光电效应时，根据Ekm=hγW，可知，入射光的频率越高，光电子的最大初动能越大．故B正确． C、核裂变与核聚变都伴有质量亏损，根据质能方程可知，亏损的质量对应一定的能量，并不是转化成能量．故C错误． D、从定态n=3向基态跃迁，根据数学组合公式，最多可以释放3条光谱．故D正确． 故选：BD． 点评：本题考查了质量亏损与质能方程的理解，掌握能级的跃迁、光电效应、衰变的实质等基础知识点，难度不大，关键要熟悉教材，牢记这些基础知识点． 6．质量为1kg的物块在水平拉力的作用下，以一定的初速度沿水平面滑行，利用速度传感器在计算机屏幕上得到其速度随时间的变化关系如图所示，则物块（ ） A． 0～1 s内的平均速度为2 m/s B． 0～1 s内加速度的数值是1～3 s内加速度数值的6倍 C． 0～3 s内的位移为1 m D． 所受合力在0～3 s内做的功为32 J 考点：动能定理；匀变速直线运动的图像． 专题：动能定理的应用专题． 分析：根据vt图象的斜率求解加速度，根据vt图象与时间轴包围的面积求解位移大小，平均速度等于位移除以时间，根据动能定理求解合外力做的功． 解答：解：A、01s内的平均速度：==3m/s，故A错误； B、0～1s内加速度：a1===6m/s2，1s～3s内加速度a2===1m/s2，则0～1s内加速度的数值是1s～3s内加速度数值的6倍，故B正确； C、0～3s内的位移为x=×1×6×（31）×2=1m，故C正确； D、根据动能定理可知，03s内合力做功：W=mv22mv12=×1×22×1×62=16J，故D错误． 故选：BC． 点评：解决本题的关键知道速度时间图线的物理意义，知道图线的斜率表示加速度，图线与时间轴围成的面积表示位移． 7．图中理想变压器的原、副线圈匝数之比为2：1，电阻R1=R2=10Ω，电表、均为理想交流电表．若R1两端电压u1=10sin100πt（V），则下列说法正确的有（ ） A． 电压表示数为14.14V B． 电流表的示数为0.5 A C． R1消耗的功率为20W D． 原线圈输入交流电频率为50Hz 考点：法拉第电磁感应定律；电功、电功率． 分析：利用变压器中电流与匝数成反比，结合分压原理分析电压表读数，交流电的有效值与最大值之间是 倍关系，从而即可求解． 解答：解：A、若R1两端电压u1=10sin100πt（V），则R1两端电压的峰值为10V，所以有效值为10V，由于电阻R1=R2=10Ω，则R2两端电压也为10V，因此电压表示数为10V，故A错误； B、根据A选项分析可知，副线圈的电压有效值为20V，而电阻R1=R2=10Ω，由欧姆定律，I=，可得，副线圈的电流I′==1A； 由于原、副线圈匝数之比为2：1，且匝数与电流成反比，原线圈的电流为0.5A，即电流表的示数为0.5A，故B正确； C、根据功率表达式P===10W，故C错误； D、因R1两端电压u1=10sin100πt（V），其频率为f===50Hz，那么原线圈的频率也为50Hz，故D正确． 故选：BD． 点评：本题考查了变压器的特点，交流电正弦图象，峰值与有效值之间的关系，注意匝数与电流，及电压的关系，同时理解变压器变化的电压，频率不会变化． 8．“马航MH370”客机失联后，我国已紧急调动多颗卫星，利用高分辨率对地成像、可见光拍照等技术对搜寻失联客机提供支持．关于环绕地球运动的卫星，下列说法正确的是（ ） A． 低轨卫星（环绕半径远小于地球同步卫星的环绕半径）都是相对地球运动的，其环绕速率可能大于7.9 km/s B． 地球同步卫星相对地球是静止的，可以固定对一个区域拍照，但由于它距地面较远，照片的分辨率会差一些 C． 低轨卫星和地球同步卫星，不可能具有相同的周期也不可能具有相同的速率 D． 低轨卫星和地球同步卫星，不可能具有相同的周期但可能具有相同的速率 考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系． 专题：人造卫星问题． 分析：同步卫星相对地球静止，低轨卫星相对地球是运动的，根据万有引力提供向心力得出线速度、周期与轨道半径的关系，从而进行判断． 解答：解：A、同步卫星相对地球静止，低轨卫星相对地球是运动的，根据，解得：v=，第一宇宙速度的轨道半径等于地球的半径，所以低轨卫星的线速度小于第一宇宙速度．故A错误； B、同步卫星的周期与地球的周期相同，相对地球静止，可以固定对一个区域拍照，但由于它距地面较远，照片的分辨率会差一些．故B正确； C、根据，解得：v=，低轨卫星的轨道半径小于同步卫星的轨道半径，则低轨卫星的速率大于同步卫星， 根据T=得：T=低轨卫星的轨道半径小于同步卫星的轨道半径，则周期小于同步卫星，故C正确，D错误． 故选：BC 点评：解决本题的关键掌握万有引力提供向心力这一理论，知道线速度、角速度、周期、向心加速度与轨道半径的关系，以及知道同步卫星的特点． 9．沿电场中某条直线电场线方向建立x轴，该电场线上各点电场强度E随x的变化规律如图所示，坐标点0、x1、x2和x3分别与x轴上O、A、B、C四点相对应，相邻两点间距相等．一个带正电的粒子从O点附近由静止释放，运动到A点处的动能为Ek，仅考虑电场力作用．则（ ） A． 从O点到C点，电势先升高后降低 B． 粒子先做匀加速运动，后做变加速运动 C． 粒子在AB段电势能变化量大于BC段的 D． 粒子运动到C点时动能小于3Ek 考点：电势能；电势． 专题：电场力与电势的性质专题． 分析：电场力做正功，动能增加，电势能减小，因是正电荷则电势降低，动能的变化量等于电势能的变化量，结合动能定理逐项分析． 解答：解：A、由O点到C点，沿电场方向，电势一直降低，则A错误 B、带正电的粒子一直加速运动，则B错误 C、AB段的平均电场力大于BC的平均电场力，则电场力做功不则粒子在AB段电势能变化量大于BC段的，C正确 D、由A到C电场力做功小于2EK，则粒子运动到C点时动能小于3Ek，则D正确 故选：CD 点评：考查电场力做功与能量的变化关系，明确电场力做功与电势能的变化关系，结合运动定理求解． 二、解答题（共4小题，满分54分） 10．某实验小组利用如图所示的装置进行实验，钩码A和B分别系在一条跨过定滑轮的软绳两端，钩码质量均为M，在A的上面套一个比它大一点的环形金属块C，在距地面为h1处有一宽度略比A大一点的狭缝，钩码A能通过狭缝，环形金属块C不能通过．开始时A距离狭缝的高度为h2，放手后，A、B、C从静止开始运动． （1）利用计时仪器测得钩码A通过狭缝后到落地用时t1，则钩码A通过狭缝的速度为 （用题中字母表示）． （2）若通过此装置验证机械能守恒定律，还需测出环形金属块C的质量m，当地重力加速度为g．若系统的机械能守恒，则需满足的等式为 （用题中字母表示）． （3）为减小测量时间的误差，有同学提出如下方案：实验时调节h1=h2=h，测出钩码A从释放到落地的总时间t，来计算钩码A通过狭缝的速度，你认为可行吗？若可行，写出钩码A通过狭缝时的速度表达式；若不可行，请简要说明理由． 可行 、 ． 考点：验证机械能守恒定律． 专题：实验题． 分析：（1）由平均速度可近似表示A点的瞬时速度； （2）根据实验装置及机械能守恒定律可得出对应的表达式； （3）整体在中间位置上方做匀加速运动，在下方做匀速运动，由运动学公式可求得下方瞬时速度的大小． 解答：解：（1）在h1阶段由于金属块C静止，而A，B质量相等，所以A，B都是匀速直线运动， 由匀速运动公式可得： v=； （2）由题意可知，整体减小的重力势能等于动能的增加量； 即：mgh2=（2M+m）（）2 （3）整体在上一段做匀加速直线运动，在下方做匀速运动；则可知： 设中间速度为v，则有： h=t1； h=vt2； t1+t2=t 解得：t2=； 则下落的速度v==； 故此方法可行，速度为：v=； 故答案为：（1）； （2）； （3）可行； ． 点评：本题考查验证机械能守恒定律的实验，要注意正确分析实验原理，明确实验方法，才能准确得出对应的实验结果 11．用伏安法测量一个阻值约为20Ω的未知电阻Rx的阻值． ①在以下备选器材中，电流表应选用 A1 ，电压表应选用 V1 ，滑动变阻器应选用 R1 （填写器材的字母代号）； 电源E（电动势3V、内阻可忽略不计） 电流表A1（量程0～50mA，内阻约12Ω） 电流表A2（量程0～3A，内阻约0.12Ω） 电压表V1（量程0～3V，内阻约3kΩ） 电压表V2（量程0～15V，内阻约15kΩ） 滑动变阻器R1（0～10Ω，允许最大电流2.0A） 滑动变阻器R2（0～1000Ω，允许最大电流0.5A） 定值电阻R（30Ω，允许最大电流1.0A），开关、导线若干 ②请在虚线框中画出测量电阻Rx的实验电路图（要求所测量值的变化范围尽可能大一些，所用器材用对应的符号标出）． ③某次测量中，电压表读数为U时，电流表读数为I，则计算待测电阻阻值的表达式Rx=R ． 考点：伏安法测电阻． 专题：实验题． 分析：（1）根据已知电源可知最高电压，根据安全性原则可选择电压表，由欧姆定律求出最大电流，即可选出电流表；由题意可知电路的接法，可选择滑动变阻器； （2）由要求可知应采用分压接法，根据题意分析可知电流表及电压表的接法，同时可得出定值电阻的使用； （3）由欧姆定律可求得总电阻，再由串联电路的电阻规律可求得待测电阻． 解答：解：（1）由题意可知，电源电压为3V，故电压表只能采用0～3V，不能选用最大量程为15V的电压表，电压表选用V1；而由于待测电阻为20Ω，则电路中电流最大为150mA； 故不能选用最大量程为3A的电流表，故电流表只能选用A1；而由题意可知，电路应采用分压接法，故滑动变阻器应选用较小的电阻，故滑动变阻器选用R1； （2）因题目要求所测量的值的变化范围尽可能大一些，故可知应采用滑动变阻器分压接法；由于电流表量程只有0～50mA，若只接待测电阻，电路中电流过大损坏电流表，故可将定值电阻接入与待测电阻串联；由于==60； 而=4.1，故电压表分流较小，故应采用电流表外接法；故电路如图所示： （3）由欧姆定律可知R+Rx=，解得Rx=R； 故答案为：（1）A1，V1，R1； （2）如图所示；（3）R． 点评：在电学实验的考查中，经常考查到仪表的选择、电流表内外接法的选择及实验数据的处理，故应注意此类问题的解法；在实验中要注意把握准确性及安全性原则． 12．如图所示，在矩形区域CDNM内有沿纸面向上的匀强电场，场强的大小E=1.5×105N/C；在矩形区域MNGF内有垂直于纸面向外的匀强磁场，磁感应强度大小 B=0.2T．已知CD=MN=FG=0.6m，CM=MF=0.20m．在CD边中点O处有一放射源，沿纸面向电场中各方向均匀地辐射出速率均为v0=1.0×106m/s的某种带正电粒子，粒子质量 m=6.4×1027kg，电荷量q=3.2×1019C，粒子可以无阻碍地通过边界MN进入磁场，不计粒子的重力．求： （1）粒子在磁场中做圆周运动的半径； （2）边界FG上有粒子射出磁场的范围长度； （3）粒子在磁场中运动的最长时间． 考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动． 专题：带电粒子在复合场中的运动专题． 分析：（1）带电粒子先经电场加速，再进入匀强磁场中做匀速圆周运动．先由动能定理粒子进入磁场时的速度，由牛顿第二定律求在磁场中做圆周运动的半径； （2）粒子垂直于电场方向射入电场中的粒子在该方向的位移最大，通过磁场后打在边界FG上最左端．垂直于MN射入的粒子，经磁场偏转后轨迹恰好与边界FG相切，切点就是粒子能射出磁场的最右端．画出两种情况下粒子运动的轨迹． 先研究粒子在电场中类平抛运动的过程：运用运动的分解，根据牛顿第二定律和运动学公式相结合求出粒子离开电场时的速度方向与电场方向的夹角，以及垂直于电场方向的位移．根据几何知识求边界FG上有粒子射出磁场的范围长度； （3）粒子在磁场中轨迹对应的圆心角最大时，运动时间最长．垂直于MN射入的粒子的轨迹与边界FG相切时，圆心角最大，时间最长，由数学知识求出圆心角，即可求最长时间． 解答：解：（1）设带电粒子进入磁场时的速度为v，由动能定理得： ， 带电粒子在磁场中做匀速圆周运动，由洛伦兹力提供向心力，则有： ， 解得：r==0.2m； （2）粒子垂直于电场方向射入电场中的粒子在该方向的位移最大，通过磁场后打在边界FG上最左端．设该粒子离开电场时，速度方向与电场方向的夹角为θ1，该粒子在电场中运动时，加速度大小为： ， 沿电场方向的位移：， 垂直电场方向的位移：x1=v0t=， 离开电场时：， 解得：θ1=30°， 因为：x1+r（1cos30°）＜0.30m， 粒子从S点射入磁场，偏转后从边界FG射出时的位置P即通过范围的左边界，且PS⊥MN，垂直MN射入磁场的粒子经磁。
广东省深圳市宝安高级中学高三物理模拟试题含解析
广东省深圳市宝安高级中学高三物理模拟试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. （多选）某同学在实验室里将一磁铁放在转盘上，如图甲所示，磁铁可随转盘转动，另将一磁感应强度传感器固定在转盘旁边，当转盘（及磁铁）转动时，引起磁感应强度测量值周期性地变化，该变化与转盘转动的周期一致．经过操作，该同学在计算机上得到了如图乙所示的图象．该同学猜测磁感应强度传感器内有一线圈，当测得磁感应强度最大时就是穿过线圈的磁通量最大时．按照这种猜测，下列说法正确的是（）A．转盘转动的速度始终不变B．转盘转动的速度先快慢不变，后越来越快C．在t=0.1s时刻，线圈内产生的感应电流的方向发生了变化D．在t=0.15s时刻，线圈内产生的感应电流的大小达到了最大值参考答案：【考点】：楞次定律．【分析】：结合B﹣t图象找出磁感应强度B的周期性变化的时间．通过B﹣t图象运用数学知识结合物理规律解决问题，其中我们要知道B﹣t图象斜率的意义．：解：A、从B﹣t图象中我们发现：开始一段时间磁感应强度B的变化周期不变，大约在0.9s后，磁感应强度B的变化周期增大，周期增大说明转速减小．故A错误．B、从以上分析，知道转盘转动的速度先快慢不变，后越来越慢，故B错误．C、因为磁通量Φ=BS，所以磁感应强度的变化情况其实就是磁通量的变化情况，所以B﹣t图象可以看成磁通量的变化情况，根据法拉第电磁感应定律E==，所以在0.1s前斜率为正，0.1s后斜率为负，说明电动势方向相反，所以电流方向相反，故C正确．D、通过C选项分析知道，0.15s时斜率的绝对值最小，感应电动势最小，所以线圈内产生的感应电流的大小达到了最小值，故D错误．故选：C．【点评】：利用图象解决问题是现在考试中常见的问题．对于图象问题，我们也从图象的斜率和截距结合它的物理意义去研究．2. 目前，在居室装修中经常用到花岗岩、大理石等装饰材料，这些岩石都不同程度地含有放射性元素，比如，有些含有铀、钍的花岗岩等岩石会释放出放射性情性气体氡，而氡会发生放射性衰变，放射出α、β、γ射线，这些射线会导致细胞发生癌变及呼吸道等方面的疾病，根据有关放射性知识可知，下列说法正确的是A、氡的半衰期为3．8天，若取4个氡原子核，经7．6天后就一定剩下一个原子核了B、β衰变所释放的电子是来自于核外的电子C、γ射线一般伴随着α或β射线产生，在这三种射线中，γ射线的穿透能力最强，电离能力最弱D、发生α衰变时，生成核与原来的原子核相比，中子数减少了4参考答案：C3. 人站在h高处的平台上，水平抛出一个质量为m的物体，物体落地时的速度为v，以地面为重力势能的零点，不计空气阻力，则有（）A.人对小球做的功是 B．人对小球做的功是C.小球落地时的机械能是 D．小球落地时的机械能是参考答案：C4. （多选）如图所示，两段长度均为l、粗细不同的铜导线a、b良好接触，接在某一直流电路中。
2015高考物理模拟试题题
2015高考物理模拟试题一、选择题（本题共8小题，每小题6分，共48分.在每小题给出的四个选项中，第1～5题只有一项符合题目要求，第6～8题有多个选项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分.）1.许多科学家在物理学发展过程中做出了重要贡献，下列表述正确的是 A ．牛顿第一定律是通过多次实验总结出的一条实验定律 B ．牛顿通过著名的扭秤实验测出了引力常量的数值C ．亚里士多德发现了力是改变物体运动状态的原因，而不是维持物体运动的原因D ．开普勒三大定律揭示了行星的运动规律，为万有引力定律的发现奠定了基础2．如图，一质量为M 的直角劈B 放在水平面上，在劈的斜面上放一质量为m 的物体A ，用一沿斜面向上的力F 作用于A 上，使其沿斜面匀速上滑，在A 上滑的过程中直角劈B 相对地面始终静止。
以f 和N 分别表示地面对劈的摩擦力及支持力，则下列正确的是A ．f = 0，N = Mg +mgB ．f 向左，N <Mg +mgC ．f 向右，N <Mg +mgD ．f 向左，N =Mg +mg3．如图所示，工厂利用皮带传输机把货物从地面运送到高出水平地面的C 平台上，C 平台 离地面的高度一定．运输机的皮带以一定的速度v 顺时针转动且不打滑．将货物轻轻地 放在A 处，货物随皮带到达平台．货物在皮带上相对滑动时，会留下一定长度的痕迹．已 知所有货物与皮带间的动摩擦因数为μ,若皮带的倾角为θ、运行速度v 和货物质量m 都可以改变，始终满足tan θ＜μ.可以认为最大静摩擦力等于滑动摩擦力．则以下说法正确的是（ ）A ．当速度v 一定时，角θ越大，运送时间越短B ．当倾角θ一定时，改变速度v ，运送时间不变C ．当倾角θ和速度v 一定时，货物质量m 越大，皮带 上留下的痕迹越长D ．当倾角θ和速度v 一定时，货物质量m 越大，皮带上摩擦产生的热越多4.均匀带电的球壳在球外空间产生的电场等效于电荷集中于球心处产生的电场．如图所示，在半球面AB 上均匀分布正电荷，总电荷量为q ，球面半径为R ，CD 为通过半球顶点与球心O 的轴线，在轴线上有M 、N 两点，OM =ON=2R ．已知M 点的场强大小为E ，则N 点的场强大小为（ ）A ．22kq R -EB ．24kqRC ．24kq R -ED ．24kqR +Eα F v BA++ + + + ++ OM NC DRABh LmB h2h3m5.“约瑟夫森结”由超导体和绝缘体制成。
广东省深圳市2015届高考物理一模试卷(含解析)
广东省深圳市2015届高考物理一模试卷一、单选题1．（4分）下列说法正确的是（）A．牛顿第一定律是通过实验得出的B．万有引力常量是由牛顿直接给定的C．元电荷e的数值最早是由密立根测得D．用实验可以揭示电场线是客观存在的2．（4分）如图所示，圆弧形货架摆着四个完全相同的光滑小球，O为圆心．则对圆弧面的压力最小的是（）A．a球B．b球C．c球D．d球3．（4分）如图所示，理想变压器的原线圈接有交变电压U，副线圈接有光敏电阻R1（光敏电阻随光照强度增大而减小）、定值电阻R2．则（）A．仅增强光照时，原线圈的输入功率减小B．仅向下滑动P时，R2两端的电压增大C．仅向下滑动P时，R2消耗的功率减小D．仅增大U时，R2消耗的功率减小4．（4分）一汽车的额定功率为P，设在水平公路行驶所受的阻力恒定，最大行驶速度为v m．则（）A．若汽车以额定功率启动，则做匀加速直线运动B．若汽车匀加速启动，则在刚达到额定功率时的速度等于v mC．无论汽车以哪种方式启动，加速度与牵引力成正比D．汽车以速度v m匀速行驶，若要减速，则要减少牵引力二、双项选择题5．（6分）如图，竖直放置的平行金属板带等量异种电荷，一不计重力的带电粒子从两板中间以某一初速度平行于两板射入，打在负极板的中点，以下判断正确的是（）A．该带电粒子带正电B．该带电粒子带负电C．若粒子初速度增大到原来的2倍，则恰能从负极板边缘射出D．若粒子初动能增大到原来的2倍，则恰能从负极板边缘射出6．（6分）若地球自转在逐渐变快，地球的质量与半径不变，则未来发射的地球同步卫星与现在的相比（）A．离地面高度变小B．角速度变小C．线速度变小D．向心加速度变大7．（6分）如图所示，一质点在重力和水平恒力作用下，速度从竖直方向变为水平方向，在此过程中，质点的（）A．机械能守恒B．机械能不断增加C．重力势能不断减小D．动能先减小后增大8．（6分）如图，ab边界下方是一垂直纸面向里的匀强磁场，质子（H）和α粒子（He）先后从c点沿箭头方向射入磁场，都从d点射出磁场．不计粒子的重力，则两粒子运动的（）A．轨迹相同B．动能相同C．速率相同D．时间相同9．（6分）如图甲所示，Q1、Q2是两个固定的点电荷，其中Q1带正电，在它们连线的延长线上a、b 点，一带正电的试探电荷仅在库仑力作用下以初速度v a从a点沿直线ab向右运动，其v﹣t图象如图乙所示，下列说法正确的是（）A．Q2带正电B．Q2带负电C．b点处电场强度为零D．试探电荷的电势能不断增加三、非选择题10．（8分）在“实验：用伏安法测量金属丝电阻率ρ”中，实验用的电源电动势为3V，金属丝的最大电阻为5Ω．①为使测量更为准确，请在图甲中正确选择电流表的量程并接入电路．②用螺旋测微器测量金属丝的直径，测量结果如图乙所示，其读数为d=mm．③滑动变阻器触头调至一合适位置后不动．闭合开关，P的位置选在ac的中点b，读出金属丝接人电路的长度为L，电压表、电流表的示数分别为U、I．请用U、I、L、d写出计算金属丝电阻率的表达式：ρ=．④本电路测量结果：ρ测ρ真．（选填“＞”或“＜”）11．（10分）某同学做“探究加速度与力的关系”的实验，实验的探究对象是铝块（质量小于砂桶的），在静止释放轻绳前，装置如图甲所示，①该同学在实验操作中有两处明显错误，分别是和．②纠错后开始实验：保持铝块的质量m不变，通过在砂桶中添加砂来改变对铝块的拉力；每次释放轻绳，由力传感器可测得拉力的大小F，由纸带上打出的点可算出对应加速度的大小a；已知重力加速度为g．该同学根据多组实验数据画出如图乙所示的一条过坐标原点的直线，他标注纵轴为加速度a，但忘记标注横轴，你认为横轴代表的物理量是（用所给的字母表示）．③若把力传感器装在右侧轻绳上则实验的误差会更（选填“大”或“小”）④本装置还可利用来做的实验．（只填一个）12．（18分）如图甲所示，一滑块随足够长的水平传送带一起向右匀速运动，滑块与传送带之间的动摩擦因数μ=0.2．一质量m=0.05kg的子弹水平向左射入滑块并留在其中，取水平向左的方向为正方向，子弹在整个运动过程中的v﹣t图象如图乙所示，已知传送带的速度始终保持不变，滑块最后恰好能从传送带的右端水平飞出，g取10m/s2．（1）求滑块的质量；（2）求滑块向左运动过程中与传送带摩擦产生的热量；（3）若滑块可视为质点且传送带与转动轮间不打滑，则转动轮的半径R为多少？13．（18分）如图甲所示，固定在水平桌边上的“”型平行金属导轨足够长，倾角为53°，间距L=2m，电阻不计；导轨上两根金属棒ab、cd的阻值分别为R1=2Ω，R2=4Ω，cd棒质量m1=1.0kg，ab与导轨间摩擦不计，cd与导轨间的动摩擦因数μ=0.5，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，整个导轨置于磁感应强度B=5T、方向垂直倾斜导轨平面向上的匀强磁场中．现让ab棒从导轨上某处由静止释放，当它刚要滑出导轨时，cd棒刚要开始滑动；g取10m/s2，sin37°=cos53°=0.6，cos37°=sin53°=0.8．（1）在乙图中画出此时cd棒的受力示意图，并求出ab棒的速度；（2）若ab棒无论从多高的位置释放，cd棒都不动，则ab棒质量应小于多少？（3）假如cd棒与导轨间的动摩擦因数可以改变，则当动摩擦因数满足什么条件时，无论ab棒质量多大、从多高位置释放，cd棒始终不动？广东省深圳市2015届高考物理一模试卷参考答案与试题解析一、单选题1．（4分）下列说法正确的是（）A．牛顿第一定律是通过实验得出的B．万有引力常量是由牛顿直接给定的C．元电荷e的数值最早是由密立根测得D．用实验可以揭示电场线是客观存在的考点：物理学史．专题：常规题型．分析：根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可．解答：解：A、牛顿第一定律是在实验的基础上进一步的推理概括出来的科学理论，而不是直接通过实验得出的，也不是直接经过推论得出的，故A错误．B、万有引力常量是由卡文迪许测得的，故B错误；C、元电荷e的数值最早是由密立根测得，故C正确；D、电场线是虚拟的，实际不存在的，故D错误；故选：C．点评：本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一．2．（4分）如图所示，圆弧形货架摆着四个完全相同的光滑小球，O为圆心．则对圆弧面的压力最小的是（）A．a球B．b球C．c球D．d球考点：共点力平衡的条件及其应用．分析：四个小球均处于平衡状态，根据共点力的平衡条件作出受力分析图即可得出结论．解答：解：对C球受力分析如图，摩擦力与支持力的合力与重力大小相等，方向相反；支持力F=mgcosθ由a到d的过程中，夹角θ越来越小，则说明压力越大越大；故压力最小的是a球；故选：A．点评：本题考查共点力平衡的动态分析问题，要注意找出它们的共同点，并通过受力分析明确表达式．3．（4分）如图所示，理想变压器的原线圈接有交变电压U，副线圈接有光敏电阻R1（光敏电阻随光照强度增大而减小）、定值电阻R2．则（）A．仅增强光照时，原线圈的输入功率减小B．仅向下滑动P时，R2两端的电压增大C．仅向下滑动P时，R2消耗的功率减小D．仅增大U时，R2消耗的功率减小考点：变压器的构造和原理．专题：交流电专题．分析：变压器的输入电压决定输出电压，输出电流决定输入电流，输出功率决定输入功率；结合功率表达式分析判断即可．解答：解：A、当光照增强时，光敏电阻的电阻值减小，故变压器的输出功率增加，故输入功率也增加，故A错误；B、当滑动触头P向下滑动时，原线圈匝数减小，根据电压与匝数成正比知变压器的输出电压增大；根据功率表达式P=，R2消耗的功率增大，故B正确C错误；D、当U增大时，根据电压与匝数成正比知变压器的输出电压增大；根据功率表达式P=，用电器消耗的功率增大；故D错误；故选：B．点评：本题关键是明确电压器的电压、电流、功率关系，知然后结合变压比公式和功率公式进行动态分析．4．（4分）一汽车的额定功率为P，设在水平公路行驶所受的阻力恒定，最大行驶速度为v m．则（）A．若汽车以额定功率启动，则做匀加速直线运动B．若汽车匀加速启动，则在刚达到额定功率时的速度等于v mC．无论汽车以哪种方式启动，加速度与牵引力成正比D．汽车以速度v m匀速行驶，若要减速，则要减少牵引力考点：功率、平均功率和瞬时功率．专题：功率的计算专题．分析：根据汽车启动的两种分类进行分析，明确功率公式P=FV的正确应用．解答：解：A、当汽车以额定功率启动时，由P=FV可知，牵引力随着速度的增大而减小；故不能做匀加速直线运动；故A错误；B、汽车匀加速启动时，刚达到额定功率时加速度不为零，此后还要继续加速；故没有达到最大速度；故B错误；C、因汽车受到阻力，故加速度和牵引力与阻力的合力成正比；故C错误；D、汽车匀速行驶时，牵引力等于阻力，故要减速时，应减少牵引力；故D正确；故选：D．点评：本题考查机车的两种启动方式，要注意恒定功率启动时，汽车做变加速运动；匀加速启动时，汽车达到额定功率后有一段变加速过程．二、双项选择题5．（6分）如图，竖直放置的平行金属板带等量异种电荷，一不计重力的带电粒子从两板中间以某一初速度平行于两板射入，打在负极板的中点，以下判断正确的是（）A．该带电粒子带正电B．该带电粒子带负电C．若粒子初速度增大到原来的2倍，则恰能从负极板边缘射出D．若粒子初动能增大到原来的2倍，则恰能从负极板边缘射出考点：带电粒子在匀强电场中的运动．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：电子从小孔沿与电场线相反方向射入电场后，电子受到的电场力与电场线的方向相反，所以电子将逆电场线的方向做加速运动，电场力对电子做正功，电子的电势能减小，动能增大．只有电场力做功，动能和电势能的总和保持不变．解答：解：A、B、粒子以某一初速度平行于两板射入，打在负极板的中点，则受力的方向与电场的方向相同，所以粒子带正电．故A正确，B错误；C、粒子以某一初速度平行于两板射入，打在负极板的中点，设极板的长度是L，极板之间的距离是d，时间t，则：；若粒子恰能从负极板边缘射出，则时间t不变，沿极板方向的位移：x=vt=L，所以：，故C正确；D、恰能从负极板边缘射出，根据：可知，粒子的动能需增加为原来的4倍．故D错误．故选：AC点评：带电粒子在电场中偏转时做匀加速曲线运动．应用处理类平抛运动的方法处理粒子运动，关键在于分析临界条件．6．（6分）若地球自转在逐渐变快，地球的质量与半径不变，则未来发射的地球同步卫星与现在的相比（）A．离地面高度变小B．角速度变小C．线速度变小D．向心加速度变大考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用．专题：人造卫星问题．分析：卫星受到的万有引力充当向心力，根据公式即可分析同步卫星的各物理量的变化情况．解答：解：地球自转在逐渐变快，地球的自转周期在减小，所以未来人类发射的卫星周期也将减小，根据万有引力充当向心力可知：=m=m=mω2r=maA、T=2π，卫星周期减小，所以离地面高度变小，故A正确；B、ω=，离地面高度变小，角速度增大，故B错误；C、v=，离地面高度变小，线速度增大，故C错误；D、a=，离地面高度变小，向心加速度变大，故D正确；故选：AD．点评：卫星受到的万有引力充当向心力，根据公式即可分析同步卫星的各物理量的变化情况．7．（6分）如图所示，一质点在重力和水平恒力作用下，速度从竖直方向变为水平方向，在此过程中，质点的（）A．机械能守恒B．机械能不断增加C．重力势能不断减小D．动能先减小后增大考点：动能定理的应用；运动的合成和分解．分析：质点从M至N，重力做负功，恒力做正功，合力方向指向右下方，与初速度的方向夹角要大于90°小于180°因此恒力先做负功后做正功，动能先减小后增大．解答：解：A、除重力外还有恒力做功，机械能不守恒，故A错误；B、除重力做功外，其它力水平恒力对物体做正功，故物体的机械能增加，所以B正确；C、从M到N，物体在竖直方向上上升，故物体的重力势能不断增加，故C错误；D、因为质点速度方向恰好改变了90°，可以判断合力方向应为右下方，产生的加速度不变，且与初速度的方向夹角要大于90°小于180°才能出现末速度与初速度垂直的情况，因此合外力先做负功，当达到速度与合外力方向垂直后，恒力做正功，动能先减小后增大，故D正确．故选：BD．点评：此题需要根据运动情况分析受力情况，进一步分析力的做功问题，从而判断速度（动能）的变化．8．（6分）如图，ab边界下方是一垂直纸面向里的匀强磁场，质子（H）和α粒子（He）先后从c点沿箭头方向射入磁场，都从d点射出磁场．不计粒子的重力，则两粒子运动的（）A．轨迹相同B．动能相同C．速率相同D．时间相同考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：两粒子从c点沿箭头方向射入磁场，都从d点射出磁场，则偏转半径相同，根据半径的表达式分析还有哪些量应该相同．解答：解：两粒子从c点沿箭头方向射入磁场，都从d点射出磁场，则两粒子的圆心、半径、轨迹相同，半径R=质子（H）和α粒子（He）的荷质比之比为：，则两粒子的速度之比为：2：1，又质量之比为1：4，则动能mv2之比为：，即动能相同；周期T=，周期之比等于荷质比之比，根据t=T得：运动时间之比为；故选：AB．点评：本题属于带电粒子在磁场中的偏转中典型题目，此类题的关键在于知道半径以及周期的表达式．9．（6分）如图甲所示，Q1、Q2是两个固定的点电荷，其中Q1带正电，在它们连线的延长线上a、b 点，一带正电的试探电荷仅在库仑力作用下以初速度v a从a点沿直线ab向右运动，其v﹣t图象如图乙所示，下列说法正确的是（）A．Q2带正电B．Q2带负电C．b点处电场强度为零D．试探电荷的电势能不断增加考点：电场的叠加；电场强度．分析：根据速度﹣时间图线上每一点的切线斜率表示瞬时加速度，可分析出a到b做加速度减小的减速运动，到b点加速度为0．从而知道b点的电场力及电场强度．通过B点的场强可以分析出两个点电荷电量的大小．通过能量守恒判断电势能的变化．解答：解：A、B：从速度时间图象上看出，粒子从a到b做加速度减小的减速运动，在b 点时粒子运动的加速度为零，则电场力为零，所以该点场强为零．Q1对正电荷的电场力向右，则Q2对正电荷的电场力必定向左，所以Q2带负电．故A错误，B正确．C、由图象可知，b点加速度为零，则场强为零，故C正确．D、整个过程动能先减小后增大，根据能量守恒得知，粒子的电势能先增大后减小．故D错误．故选：BC．点评：解决本题的关键根据图象b点的加速度为0，根据这一突破口，从而判断Q2的电性，运用库仑定律分析Q1和Q2的电量大小．三、非选择题10．（8分）在“实验：用伏安法测量金属丝电阻率ρ”中，实验用的电源电动势为3V，金属丝的最大电阻为5Ω．①为使测量更为准确，请在图甲中正确选择电流表的量程并接入电路．②用螺旋测微器测量金属丝的直径，测量结果如图乙所示，其读数为d=0.688～0.693mm．③滑动变阻器触头调至一合适位置后不动．闭合开关，P的位置选在ac的中点b，读出金属丝接人电路的长度为L，电压表、电流表的示数分别为U、I．请用U、I、L、d写出计算金属丝电阻率的表达式：ρ=．④本电路测量结果：ρ测＜ρ真．（选填“＞”或“＜”）考点：测定金属的电阻率．专题：实验题；恒定电流专题．分析：①根据滑动变阻器采用分压式接法，电流表采取外接法连接实物图．②螺旋测微器的读数等于固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．③结合电阻定律和欧姆定律求出电阻率的表达式．④电流表采取外接法，由于电压表起分流作用，导致测量的电流偏大，根据欧姆定律和电阻定律得出电阻率测量的误差是偏大还是偏小．解答：解：①根据I==A=0.6A；因滑动变阻器采用限流式接法，电流表采取外接法，实物图连接如下图；②螺旋测微器的读数为：0.5mm+0.01×19.0mm=0.690mm．③根据欧姆定律得，R=，根据电阻定律得，R=ρ=ρ，联立两式解得ρ=．④所用电压表不是理想电压表，电压表起分流作用，导致测量的电流偏大，根据欧姆定律测量的电阻偏小，根据电阻定律知，导致电阻率的测量值偏小．故答案为：①如图所示；②0.690（0.688～0.693）；③．④＜．点评：解决本题的关键掌握螺旋测微器的读数方法，以及掌握欧姆定律和电阻定律，会分析误差的来源．11．（10分）某同学做“探究加速度与力的关系”的实验，实验的探究对象是铝块（质量小于砂桶的），在静止释放轻绳前，装置如图甲所示，①该同学在实验操作中有两处明显错误，分别是打点计时器错接在直流电源上和要进行打点的纸带留得太短．②纠错后开始实验：保持铝块的质量m不变，通过在砂桶中添加砂来改变对铝块的拉力；每次释放轻绳，由力传感器可测得拉力的大小F，由纸带上打出的点可算出对应加速度的大小a；已知重力加速度为g．该同学根据多组实验数据画出如图乙所示的一条过坐标原点的直线，他标注纵轴为加速度a，但忘记标注横轴，你认为横轴代表的物理量是F﹣mg（用所给的字母表示）．③若把力传感器装在右侧轻绳上则实验的误差会更大（选填“大”或“小”）④本装置还可利用来做验证机械能守恒定律的实验．（只填一个）考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系．专题：实验题；牛顿运动定律综合专题．分析：解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项．纸带法实验中，若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的推论，可计算出打出某点时纸带运动加速度．解答：解：（1）该同学在实验操作中有两处明显错误，分别是打点计时器错接在直流电源上和要进行打点的纸带留得太短．（2）铝块受重力mg和拉力F，所以铝块的合力F合=F﹣mg，所以横轴代表的物理量是F﹣mg，（3）由于滑轮的摩擦，若把力传感器装在右侧轻绳上则实验的误差会更大．（4）本装置还可利用来做验证机械能守恒定律的实验．故答案为：①打点计时器错接在直流电源上；要进行打点的纸带留得太短．②F﹣mg．③大．④验证机械能守恒定律点评：只要真正掌握了实验原理就能顺利解决此类实验题目，而实验步骤，实验数据的处理都与实验原理有关，故要加强对实验原理的学习和掌握．12．（18分）如图甲所示，一滑块随足够长的水平传送带一起向右匀速运动，滑块与传送带之间的动摩擦因数μ=0.2．一质量m=0.05kg的子弹水平向左射入滑块并留在其中，取水平向左的方向为正方向，子弹在整个运动过程中的v﹣t图象如图乙所示，已知传送带的速度始终保持不变，滑块最后恰好能从传送带的右端水平飞出，g取10m/s2．（1）求滑块的质量；（2）求滑块向左运动过程中与传送带摩擦产生的热量；（3）若滑块可视为质点且传送带与转动轮间不打滑，则转动轮的半径R为多少？考点：动能定理的应用；牛顿第二定律．专题：动能定理的应用专题．分析：（1）根据速度时间关系求出子弹碰撞前的速度和碰撞后的速度，根据动量守恒定律求出滑块的质量；（2）根据匀变速直线运动规律求出滑块向左运动过程中相对皮带运动的位移根据Q=fs求得摩擦产生的热量；（3）根据速度时间关系求出皮带运动的速度抓住滑块恰好能从右端水平飞出可知，滑块滑离皮带轮时满足重力完全提供圆周运动向心力，从而据此求得皮带轮半径．解答：解：（1）子弹射入滑块的过程中，子弹与滑块组成的系统动量守恒，令滑块的质量为M则有：mv0+Mv2=（m+M）v1…①由v﹣t图象知子弹入射前、后的速度和滑块的初速度分别为：v0=400m/s，v1=4m/s，v2=﹣2m/s…②将②代入①式解得：M=3.3kg…③（2）设滑块（包括子弹）向左运动过程中加速度大小为a，由牛顿第二定律，有f=μ（M+m）g=（M+m）a…④解得：加速度a=2m/s2…⑤设滑块（包括子弹）向左运动的时间为t1，位移大小为s1，则：=2s…⑥所以滑块向左运动的位移=4m…⑦这段时间内传送带向右运动的位移大小为：s2=﹣v2t1=4m…⑧由能量守恒定律，滑块（包括子弹）向左运动过程中与传送带摩擦产生的热量为：Q=f（s1+s2）=53.6J…⑨（3）在传送带右端，因滑块（包括子弹）恰好能水平飞出，故有：…⑩解得：R==0.4m答：（1）求滑块的质量为3.3kg；（2）滑块向左运动过程中与传送带摩擦产生的热量为53.6J；（3）若滑块可视为质点且传送带与转动轮间不打滑，则转动轮的半径R为0.4m．点评：本题是传送带问题与子弹射木块问题的综合问题，考查了运动学公式、牛顿运动定律、动量守恒定律、功能关系，难度较大．13．（18分）如图甲所示，固定在水平桌边上的“”型平行金属导轨足够长，倾角为53°，间距L=2m，电阻不计；导轨上两根金属棒ab、cd的阻值分别为R1=2Ω，R2=4Ω，cd棒质量m1=1.0kg，ab与导轨间摩擦不计，cd与导轨间的动摩擦因数μ=0.5，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，整个导轨置于磁感应强度B=5T、方向垂直倾斜导轨平面向上的匀强磁场中．现让ab棒从导轨上某处由静止释放，当它刚要滑出导轨时，cd棒刚要开始滑动；g取10m/s2，sin37°=cos53°=0.6，cos37°=sin53°=0.8．（1）在乙图中画出此时cd棒的受力示意图，并求出ab棒的速度；（2）若ab棒无论从多高的位置释放，cd棒都不动，则ab棒质量应小于多少？（3）假如cd棒与导轨间的动摩擦因数可以改变，则当动摩擦因数满足什么条件时，无论ab棒质量多大、从多高位置释放，cd棒始终不动？考点：导体切割磁感线时的感应电动势；电磁感应中的能量转化．专题：电磁感应——功能问题．分析：（1）根据楞次定律判断出回路中感应电流的方向，由左手定则判断出cd棒所受的安培力方向，再分析所受的其他力．cd棒刚好滑动时所受的静摩擦力达到最大，根据平衡条件和安培力公式、摩擦力公式结合解答．（2）ab棒在足够长的轨道下滑时，最大安培力只能等于自身重力的分力，ab棒与cd棒串联，它们所受的最大安培力大小相等，要cd棒都不动，应使其所受的静摩擦力不超过最大静摩擦力，据此列式求解．（3）运用与第2题同样的思路解答此题．解答：解：（1）ab棒沿斜面滑下切割磁感线产生的感应电流的方向是b→a→c→d→b；因为当ab棒从导轨刚要滑出时，cd棒刚要开始滑动，其受力分析如图所示．由受力分析得：BILcos53°=f…①N﹣m1g﹣BILsin53°=0…②且：f=μN…③，解得：I=2.5A…④根据法拉第电磁感应定律：E=BLv…⑤闭合电路的欧姆定律：…⑥解得：v=1.5m/s…⑦（2）ab棒在足够长的轨道下滑时，最大安培力只能等于自身重力的分力，有：F A=m ab gsin53°…⑧因ab棒与cd棒串联，故所受最大安培力大小相等…⑨要使cd棒不能滑动，需：F A cos53°≤μ（m1g+F A sin53°）…⑩以上两式联立解得：m ab≤3.125kg (11)（3）ab棒下滑，cd棒始终不动，须有：F′A cos53°≤μ（m1g+F′A sin53°） (12)得：μ≥=当ab棒的质量无限大，在无限长的轨道最终做匀速运动，安培力F′A趋于无穷大，则有：μ≥=0.75答：（1）在乙图中画出此时cd棒的受力示意图如图所示，ab棒的速度是1.5m/s；（2）若ab棒无论从多高的位置释放，cd棒都不动，则ab棒质量应小于3.125kg；（3）当动摩擦因数满足μ≥0.75的条件时，无论ab棒质量多大、从多高位置释放，cd棒始终不动．点评：解决本题的关键是运用极限分析cd棒始终不动的条件，同时要掌握法拉第定律、欧姆定律和安培力公式等等电磁感应的基本规律，并能熟练运用．。
2015深圳一模物理
2015年深圳市高考一模物理一、单选题13．下列说法正确的是（ ）A ．牛顿第一定律是通过实验得出的B ．万有引力常量是由牛顿直接给定的C ．元电荷e 的数值最早是由密立根测得D ．用实验可以揭示电场线是客观存在的14．如图所示，圆弧形货架摆着四个完全相同的光滑小球，O 为圆心。
则对圆弧面的压力最小的是（ ） A ．a 球 B ．b 球 C ．c 球 D ．d 球15．如图所示，理想变压器的原线圈接有交变电压U ，副线圈接有光敏电阻R 1（光敏电阻随光照强度增大而减小）、定值电阻R 2．则（ ） A ．仅增强光照时，原线圈的输入功率减小 B ．仅向下滑动P 时，R 2两端的电压增大 C ．仅向下滑动P 时，R 2消耗的功率减小 D ．仅增大U 时，R 2消耗的功率减小16．一汽车的额定功率为P ，设在水平公路行驶所受的阻力恒定，最大行驶速度为v m 。
则（ ）A ．若汽车以额定功率启动，则做匀加速直线运动B ．若汽车匀加速启动，则在刚达到额定功率时的速度等于v mC ．无论汽车以哪种方式启动，加速度与牵引力成正比D ．汽车以速度v m 匀速行驶，若要减速，则要减少牵引力二、双项选择题17．如图，竖直放置的平行金属板带等量异种电荷，一不计重力的带电粒子从两板中问以某一初速度平行于两板射入，打在负极板的中点，以下判断正确的是（ ） A ．该带电粒子带正电 B ．该带电粒子带负电C ．若粒子初速度增大到原来的2倍，则恰能从负极板边缘射出D ．若粒子初动能增大到原来的2倍，则恰能从负极板边缘射出18．若地球自转在逐渐变快，地球的质量与半径不变，则未来发射的地球同步卫星与现在的相比（ ） A ．离地面高度变小 B ．角速度变小 C ．线速度变小 D ．向心加速度变大19．如图所示，一质点在重力和水平恒力作用下，速度从竖直方向变为水平方向，在此过程中，质点的（ ） A ．机械能守恒 B ．机械能不断增加 C ．重力势能不断减小 D ．动能先减小后增大20．如图，ab 边界下方是一垂直纸面向里的匀强磁场，质子(11H)和α粒子（42He ）先后从c 点沿箭头方向射入磁场，都从d 点射出磁场．不计粒子的重力，则两粒子运动的（ ）A．轨迹相同B．动能相同C．速率相同D．时间相同21．如图甲所示，Q1、Q2是两个固定的点电荷，其中Q1带正电，在它们连线的延长线上a、b点，一带正电的试探电荷仅在库仑力作用下以初速度v a从a点沿直线ab向右运动，其v-t图象如图乙所示，下列说法正确的是（）A．Q2带正电B．Q2带负电C．b点处电场强度为零D．试探电荷的电势能不断增加三、非选择题34．（18分）(1)(8分)在“实验：用伏安法测量金属丝电阻率ρ”中，实验用的电源电动势为3V，金属丝的最大电阻为5Ω。
高三物理月考试题及答案-广东深圳市2015届高三第一次调研考试
2015年深圳市高考一模物理【试卷综析】本试卷是高三模拟试题，包含了高中物理的全部内容，主要包含匀变速运动规律、受力分析、牛顿运动定律、电场、磁场、带电粒子的运动、电磁感应等内容，在注重考查核心知识的同时，突出考查考纲要求的基本能力，重视生素养的考查，注重主干知识，兼顾覆盖面。
一、单选题【题文】（理综物理卷·2015届广东省深圳市高三年级第一次调研考试（2015.01））13．下列说法正确的是（）A．牛顿第一定律是通过实验得出的B．万有引力常量是由牛顿直接给定的 C．元电荷e的数值最早是由密立根测得D．用实验可以揭示电场线是客观存在的【答案】【知识点】物理学史．P0【答案解析】C 解析：A、牛顿第一定律是在实验的基础上进一步的推理概括出来的科学理论，而不是直接通过实验得出的，也不是直接经过推论得出的，故A错误．B、万有引力常量是由卡文迪许测得的，故B错误；C、元电荷e的数值最早是由密立根测得，故C正确；D、电场线是虚拟的，实际不存在的，故D错误；故选：C．【思路点拨】根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可．本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一．【题文】（理综物理卷·2015届广东省深圳市高三年级第一次调研考试（2015.01））14．如图所示，圆弧形货架摆着四个完全相同的光滑小球，O为圆心。
则对圆弧面的压力最小的是（）A．a球B．b球C．c球D．d球【答案】【知识点】共点力平衡的条件及其应用 B3 B4【答案解析】A 解析：对C球受力分析如图，重力与支持力的合力与重力大小相等，方向相反；支持力F=mgcosθ,由a到d的过程中，夹角θ越来越小，则说明压力越大越大；故压力最小的是a球；故选：A．【思路点拨】四个小球均处于平衡状态，根据共点力的平衡条件作出受力分析图即可得出结论．本题考查共点力平衡的动态分析问题，要注意找出它们的共同点，并通过受力分析明确表达式．【题文】（理综物理卷·2015届广东省深圳市高三年级第一次调研考试（2015.01））15．如图所示，理想变压器的原线圈接有交变电压U，副线圈接有光敏电阻R1（光敏电阻随光照强度增大而减小）、定值电阻R2．则（）A．仅增强光照时，原线圈的输入功率减小B．仅向下滑动P时，R2两端的电压增大C．仅向下滑动P时，R2消耗的功率减小D．仅增大U时，R2消耗的功率减小【答案】【知识点】变压器的构造和原理．M2【答案解析】 B 解析： A、当光照增强时，光敏电阻的电阻值减小，故变压器的输出功率增加，故输入功率也增加，故A错误；B、当滑动触头P向下滑动时，原线圈匝数减小，根据电压与匝数成正比知变压器的输出电压增大；根据功率表达式P=2UR，R2消耗的功率增大，故B正确C错误；D、当U增大时，根据电压与匝数成正比知变压器的输出电压增大；根据功率表达式P=2UR，用电器消耗的功率增大；故D错误；故选：B．【思路点拨】变压器的输入电压决定输出电压，输出电流决定输入电流，输出功率决定输入功率；结合功率表达式分析判断即可．本题关键是明确电压器的电压、电流、功率关系，知然后结合变压比公式和功率公式进行动态分析．【题文】（理综物理卷·2015届广东省深圳市高三年级第一次调研考试（2015.01））16．一汽车的额定功率为P，设在水平公路行驶所受的阻力恒定，最大行驶速度为v m。
2015年广东省深圳市宝安区高考物理考前模拟(6月份)(解析版)
2015年广东省深圳市宝安区高考物理考前模拟（6月份）一、选择题（共9小题，每小题4分，满分46分）1．目前，我市每个社区均已配备了公共体育健身器材．图示器材为一秋千，用两根等长轻绳将一座椅悬挂在竖直支架上等高的两点．由于长期使用，导致两根支架向内发生了稍小倾斜，如图中虚线所示，但两悬挂点仍等高．座椅静止时用F表示所受合力的大小，F1表示单根轻绳对座椅拉力的大小，与倾斜前相比（）A．F不变，F1变小B．F不变，F1变大C．F变小，F1变小D．F变大，F1变大2．航母上飞机弹射起飞是利用电磁驱动来实现的．电磁驱动原理如图所示，当固定线圈上突然通过直流电流时，线圈端点的金属环被弹射出去．现在固定线圈左侧放置一导线制成的闭合环，合上开关S的瞬间（）A．从左侧看环中感应电流沿顺时针方向B．从左侧看环中感应电流沿逆时针方向C．若将铜环放置在线圈右方，环将向左运动D．电池正负极调换后，金属环不能向左弹射3．科学家分析，随着地球上各地地震、海啸的不断发生，会导致地球的自转变快．理论分析，下列说法正确的是（）A．“天宫一号”飞行器的高度要略调高一点B．地球赤道上物体的重力会略变大C．同步卫星的高度要略调低一点D．地球的第一宇宙速度将略变小4．如图所示，小物块甲从竖直固定的光滑圆弧轨道顶端由静止滑下，轨道半径为R，圆弧底端切线水平．小物块乙从高为R的光滑斜面顶端由静止滑下．下列判断正确的是（）A．两物块到达底端时速度相同B．两物块运动到底端的过程中重力做功相同C．两物块到达底端时动能相同D．两物块到达底端时，乙重力做功的瞬时功率大于甲重力做功的瞬时功率5．一种减震垫如图所示，上面布满了圆柱状薄膜气泡，每个气泡内充满气体，当平板状物品平放在气泡上时，气泡被挤压．气泡内气体可视为理想气体，假设袋内气体与外界无热交换，则袋内气体（）A．体积减小，内能增大B．体积减小，压强减小C．对外界做负功，内能增大D．对外界做正功，压强减小6．下列说法正确的是（）A．汤姆生发现了电子，并提出了原子的栆糕模型B．太阳辐射的能量主要来自太阳内部的热核反应C．一束光照射到某种金属上不能发生光电效应，是因为该束光的强度小D．将放射性元素掺杂到其它稳定元素中，并降低其温度，该元素的半衰期将增大7．某交流发电机的输出电压随时间变化的关系如图所示，输出功率是20kW，用5000V高压输电，输电线总电阻是10Ω，用户端利用n1：n2=22：1的变压器降压，则下列说法正确的是（）A．交变电流的频率为100 HzB．发电机输出电压的有效值为220 VC．输电线中电流为500 AD．用户得到的电压约为225 V8．若在某次军事演习中，某空降兵从悬停在高空中的直升机上跳下，从跳离飞机到落地的过程中沿竖直方向运动的v﹣t图象如图所示，则下列说法正确的是（）A．0﹣10s内空降兵运动的加速度越来越大B．0﹣10s内空降兵和降落伞整体所受重力大于空气阻力C．10﹣15s内空降兵和降落伞整体所受的空气阻力越来越小D．10﹣15s内空降兵处于失重状态9．真空中，两个固定点电荷A、B所带电荷量分别为Q1和Q2，在它们共同形成的电场中，有一条电场线如图实线所示，实线上的箭头表示电场线的方向，电场线上标出了C、D两点，其中D点的切线与AB连线平行，AB连线中点为O，则（）A．A带正电，B带负电，且Q1＞Q2B．O点电势比D点电势高C．负检验电荷在C点的电势能大于在D点的电势能D．在C点由静止释放一带正电的检验电荷，检验电荷将沿此电场线运动到D点二、非选择题（共4小题，满分54分）10．利用图示装置可以做力学中的许多实验．①以下说法正确的是．A．利用此装置“研究匀变速直线运动”时，必须设法消除小车和木板间的摩擦阻力的影响B．利用此装置探究“加速度与质量的关系”并用图象法处理数据时，如果画出的a m关系图象不是直线，就可确定加速度与质量成反比C．利用此装置探究“功与速度变化的关系”实验时，应将木板带打点计时器的一端适当垫高，这样做的目的是利用小车重力沿斜面的分力补偿小车运动中所受阻力的影响②小华在利用此装置“探究加速度a与力F的关系”时，因为不断增加所挂钩码的个数，导致钩码的质量远远大于小车的质量，则小车加速度a的值随钩码个数的增加将趋近于的值．11．某物理实验兴趣小组探究测定某品牌矿泉水的电阻率，用一两端开口的玻璃管通过密封塞封住一定量的矿泉水．①某同学用如图1所示的游标卡尺的（选填“A”、“B”或“C”）部位去测玻璃管的内径，测出的读数如图2，则玻璃管的内径d为cm．②该同学用多用电表的电阻档测量玻璃管中矿泉水的电阻，选择开关置于“×100”档，发现指针如图3所示，则该同学接着需要做的实验步骤是：①换选（填“×10”或“×1k”）档；②．③该组同学按图4连好电路后，调节滑动变阻器的滑片，从最右端向左端移动的整个过程中，发现电压表有示数但几乎不变，不可能的原因是．A．滑动变阻器阻值太小B．电路中5、6之间断路C．电路中7、8之间断路④该组同学在改进实验后，测出玻璃管中有水部分的长度为L，电压表示数为U，电流表示数为I，改变玻璃管中的水量，测出多组数据，并描绘出相应的图象如图5所示，若图线的斜率为k，则矿泉水的电阻率ρ=（用题中字母表示）．12．如图所示，A、B为半径R=1m的四分之一光滑绝缘竖直圆弧轨道，在四分之一圆弧区域内存在着E=1×106 V/m、竖直向上的匀强电场，有一质量m=1kg、带电荷量q=+1.4×10﹣5C的物体（可视为质点），从A点的正上方距离A点H=1m处由静止开始自由下落（不计空气阻力），BC段为长L=2m、（取与物体间动摩擦因数μ=0.2的粗糙绝缘水平面，CD段为倾角θ=53°且离地面DE高h=0.8m的斜面．g=10m/s2）（1）若物体能沿轨道AB到达最低点B，求它到达B点时对轨道的压力大小；（2）物体从C处飞出后的速度；（3）物体从C处飞出后落点与D点之间的距离（已知sin 53°=0.8，cos 53°=0.6．不讨论物体反弹以后的情况）13．如图，静止于A处的离子，经电压为U的加速电场加速后沿图中圆弧虚线通过静电分析器，从P点垂直CN进入矩形区域的有界匀强电场，电场方向水平向左．静电分析器通道内有均匀辐向分布的电场，已知圆弧所在处场强为E0，方向如图所示；离子质量为m、电荷量为q；=2d、=3d，离子重力不计．（1）求圆弧虚线对应的半径R的大小；（2）若离子恰好能打在NQ的中点上，求矩形区域QNCD内匀强电场场强E的值；（3）若撤去矩形区域QNCD内的匀强电场，换为垂直纸面向里的匀强磁场，要求离子能最终打在QN上，求磁场磁感应强度B的取值范围．2015年广东省深圳市宝安区高考物理考前模拟（6月份）参考答案与试题解析一、选择题（共9小题，每小题4分，满分46分）1．目前，我市每个社区均已配备了公共体育健身器材．图示器材为一秋千，用两根等长轻绳将一座椅悬挂在竖直支架上等高的两点．由于长期使用，导致两根支架向内发生了稍小倾斜，如图中虚线所示，但两悬挂点仍等高．座椅静止时用F表示所受合力的大小，F1表示单根轻绳对座椅拉力的大小，与倾斜前相比（）A．F不变，F1变小B．F不变，F1变大C．F变小，F1变小D．F变大，F1变大考点：共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：木板静止时，受重力和两个拉力而平衡，根据共点力平衡条件并结合正交分解法列式分析即可．解答：解：木板静止时，受重力和两个拉力而平衡，故三个力的合力为零，即：F=0；根据共点力平衡条件，有：2F1cosθ=mg解得：F1=由于长期使用，导致两根支架向内发生了稍小倾斜，故图中的θ角减小了，故F不变，F1减小；故选：A．点评：本题是简单的三力平衡问题，关键是受力分析后运用图示法分析，不难．2．航母上飞机弹射起飞是利用电磁驱动来实现的．电磁驱动原理如图所示，当固定线圈上突然通过直流电流时，线圈端点的金属环被弹射出去．现在固定线圈左侧放置一导线制成的闭合环，合上开关S的瞬间（）A．从左侧看环中感应电流沿顺时针方向B．从左侧看环中感应电流沿逆时针方向C．若将铜环放置在线圈右方，环将向左运动D．电池正负极调换后，金属环不能向左弹射考点：楞次定律．分析：由右手螺旋定则可求得线圈中的磁场方向，再由楞次定律明确电流方向及环的受力方向．解答：解：A、线圈中电流为右侧流入，磁场方向为向左，在闭合开关的过程中，磁场变强，则由楞次定律可知，电流由左侧看为顺时针；故A正确，B错误；C、若环放在线圈右方，根据“来拒去留”可得，环将向右运动；故C错误；D、电池正负极调换后，金属环受力向左，故仍将向左弹出；故D错误；故选：A．点评：本题要掌握楞次定律的两种描述，一是“增反减同”；二是“来拒去留”；并能灵活根据它们去判断电流方向及受力方向．3．科学家分析，随着地球上各地地震、海啸的不断发生，会导致地球的自转变快．理论分析，下列说法正确的是（）A．“天宫一号”飞行器的高度要略调高一点B．地球赤道上物体的重力会略变大C．同步卫星的高度要略调低一点D．地球的第一宇宙速度将略变小考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用．专题：人造卫星问题．分析：地球自转变快，即地球自转的周期变小，根据向心力公式知道在地面上的物体随地球自转所需的向心力会增大，而万有引力的大小不变．对地球同步卫星而言，卫星的运行周期等于地球的自转周期，由开普勒第三定律可以得出卫星的高度的变化．解答：解：A、“天宫一号”飞行器的向心力由地球的万有引力提供，其高度与地球的自转快慢无关，故A错误．B、地球自转快了，则地球自转的周期变小．对于赤道上的物体来说，由于地球自转的周期变小，在地面上的物体随地球自转所需的向心力会增大，而“向心力”等于“地球对物体的万有引力减去地面对物体的支持力”，万有引力的大小不变，所以必然是地面对物体的支持力减小．地面对物体的支持力大小等于物体受到的“重力”，所以是物体的“重力”减小了．故B错误．C、对地球同步卫星而言，卫星的运行周期等于地球的自转周期．地球自转的周期T变小了，由开普勒第三定律=k可知，卫星的轨道半径R减小，卫星的高度要减小些，故C正确．D、地球的第一宇宙速度v=，R是地球的半径，可知v与地球自转的速度无关，故D错误．故选：C．点评：本题是信息题，我们要从题目中找出与所求解问题相关的物理信息，再根据物理知识解答．4．如图所示，小物块甲从竖直固定的光滑圆弧轨道顶端由静止滑下，轨道半径为R，圆弧底端切线水平．小物块乙从高为R的光滑斜面顶端由静止滑下．下列判断正确的是（）A．两物块到达底端时速度相同B．两物块运动到底端的过程中重力做功相同C．两物块到达底端时动能相同D．两物块到达底端时，乙重力做功的瞬时功率大于甲重力做功的瞬时功率考点：功的计算．专题：功的计算专题．分析：根据动能定理比较两物块到达底端的动能，从而比较出速度的大小，根据重力与速度方向的关系，结合P=mgvcosα比较瞬时功率的大小．解答：解：A、根据动能定理得，mgR=mv2，知两物块达到底端的动能相等，速度大小相等，但是速度的方向不同．质量大小关系不确定，故动能大小无法确定故A错误C错误．B、两物块运动到底端的过程中，下落的高度相同，但质量大小不确定，则重力做功大小不确定．故B错误．D、两物块到达底端的速度大小相等，甲重力与速度方向垂直，瞬时功率为零，则乙重力做功的瞬时功率大于甲重力做功的瞬时功率．故D正确．故选：D．点评：动能是标量，只有大小没有方向，但是要注意速度是矢量，比较速度不仅要比较速度大小，还要看速度的方向；以及知道瞬时功率的表达式P=mgcosα，注意α为力与速度方向的夹角．5．一种减震垫如图所示，上面布满了圆柱状薄膜气泡，每个气泡内充满气体，当平板状物品平放在气泡上时，气泡被挤压．气泡内气体可视为理想气体，假设袋内气体与外界无热交换，则袋内气体（）A．体积减小，内能增大B．体积减小，压强减小C．对外界做负功，内能增大D．对外界做正功，压强减小考点：理想气体的状态方程；热力学第一定律．分析：平板放在气泡上，气泡受到的压力增大，体积减小，外界对气体做功，应用热力学第一定律与气体状态方程分析答题．解答：解：当平板状物品平放在气泡上时，气泡被挤压，气泡体积V减小，外界对气体做功，W ＞0，内气体与外界无热交换，Q=0，由热力学第一定律：△U=W+Q=W＞0，气体内能增大；气体内能增大，气体温度T升高，气体体积V减小，由理想气体状态方程：=C可知，气体压强p变大，故A正确，BCD错误；故选：A．点评：根据题意确定气体体积如何变化，然后应用热力学第一定律与理想气体状态方程可以解题；要知道：理想气体内能由温度决定，温度越高，内能越大．6．下列说法正确的是（）A．汤姆生发现了电子，并提出了原子的栆糕模型B．太阳辐射的能量主要来自太阳内部的热核反应C．一束光照射到某种金属上不能发生光电效应，是因为该束光的强度小D．将放射性元素掺杂到其它稳定元素中，并降低其温度，该元素的半衰期将增大考点：原子核衰变及半衰期、衰变速度．专题：衰变和半衰期专题．分析：电子是汤姆生发现的，并提出原子的栆糕模型；太阳辐射的能量是来自于轻核聚变释放的；当光的入射频率大于极限频率时，才能发生光电效应，与光的强度无关；半衰期与环境、及化合状或单质无关．解答：解：A、汤姆生发现了电子，并提出了原子的栆糕模型，故A正确；B、太阳辐射的能量主要来自太阳内部的聚变反应，也是热核反应，故B正确；C、光照射到某种金属上不能发生光电效应，是因为该束光的频率小于极限频率，故C错误；D、放射性元素掺杂到其它稳定元素中，并降低其温度，但该元素的半衰期仍将不变，故D错误；故答案为：AB．点评：考查原子的结构模型，掌握聚变与裂变的区别，理解光电效应的条件，注意半衰期不受环境因素影响．7．某交流发电机的输出电压随时间变化的关系如图所示，输出功率是20kW，用5000V高压输电，输电线总电阻是10Ω，用户端利用n1：n2=22：1的变压器降压，则下列说法正确的是（）A．交变电流的频率为100 HzB．发电机输出电压的有效值为220 VC．输电线中电流为500 AD．用户得到的电压约为225 V考点：远距离输电．专题：交流电专题．分析：根据图象可知交流电的最大值以及周期等物理量，然后进一步可求出其瞬时值的表达式以及有效值等．同时由变压器电压与匝数成正比，电流与匝数成反比．解答：解：A、发电机的输出电压随时间变化的关系，由图可知，T=2×10﹣2s，故f==50Hz，故A 错误；B、由图象可知交流电的最大值为220V，因此其有效值为，故B正确．C、由题意可知，输电线中电流I=，故C错误；D、因输电线总电阻是10Ω，输电线电阻损失电压为U损=IR=4×10V=40V，由，，故D正确；故选：BD点评：本题考查了有关交流电描述的基础知识，要根据交流电图象正确求解最大值、有效值、周期、频率、角速度等物理量，同时正确书写交流电的表达式．8．若在某次军事演习中，某空降兵从悬停在高空中的直升机上跳下，从跳离飞机到落地的过程中沿竖直方向运动的v﹣t图象如图所示，则下列说法正确的是（）A．0﹣10s内空降兵运动的加速度越来越大B．0﹣10s内空降兵和降落伞整体所受重力大于空气阻力C．10﹣15s内空降兵和降落伞整体所受的空气阻力越来越小D．10﹣15s内空降兵处于失重状态考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系；匀变速直线运动的图像．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：从图象可以看出，空降兵先做加速度不断减小的加速运动，再做加速度不断减小的减速运动，最后匀速运动；根据速度时间图线与坐标轴包围的面积表示位移以及图线上某点的切线的斜率表示该时刻加速度来进行分析．解答：解：A、v﹣t图象中，图线上某点的切线的斜率表示该时刻加速度，故0﹣10s内空降兵运动的加速度越来越小，故A错误；B、O﹣10s内空降兵和降落伞做加速运动，故整体所受重力大于空气阻力，故B正确；C、10s～15s速度向下、做加速度不断减小的减速直线运动，加速度向上，根据牛顿第二定律，有f ﹣mg=ma，由于a不断减小，故f不断减小，故C正确；D、10s﹣15s内空降兵向下做加速度不断减小的减速直线运动，加速度向上，是超重，故D错误；故选：BC．点评：本题关键根据速度时间图象得到物体的运动规律，然后结合速度时间图线与坐标轴包围的面积表示位移以及图线上某点的切线的斜率表示该时刻加速度来进行分析．9．真空中，两个固定点电荷A、B所带电荷量分别为Q1和Q2，在它们共同形成的电场中，有一条电场线如图实线所示，实线上的箭头表示电场线的方向，电场线上标出了C、D两点，其中D点的切线与AB连线平行，AB连线中点为O，则（）A．A带正电，B带负电，且Q1＞Q2B．O点电势比D点电势高C．负检验电荷在C点的电势能大于在D点的电势能D．在C点由静止释放一带正电的检验电荷，检验电荷将沿此电场线运动到D点考点：电场线；电势能．分析：A、根据电场线的方向和场强的叠加，可以判断出AB的电性及电量的大小；B、沿着电场线方向电势降低；C、先比较电势的高低，再根据E p=qU，比较电势能；D、只有电场线方向是一条直线，且初速度为0或初速度的方向与电场平行，运动轨迹才与电场线重合．解答：解：A、根据电场线的流向，知A带正电，B带负电；D点的场强可看成AB两电荷在改点产生场强的合场强，电荷A在D点电场方向沿AD向上，电荷B在ND点产生的场强沿DB向下，合场强水平向右，可知B电荷在D点产生的场强大于A电荷在D点产生的场强，而AD＞BD，所以Q1＞Q2．故A正确．B、沿着电场线方向电势降低，所以O点电势比D点电势高．故B正确．C、沿电场线方向电势逐渐降低，U C＞U D，再根据E p=qU，q为负电荷，知E pC＜E pD．故C错误．D、只有电场线方向是一条直线，且初速度为0或初速度的方向与电场平行，运动轨迹才与电场线重合．而该电场线是一条曲线，所以运动轨迹与电场线不重合．故D错误．故选：AB．点评：解决本题的关键知道电场线的特点及电势能高低的判断．电势能高低判断：一可以从电场力做功角度判断，二根据电势能的公式判断．二、非选择题（共4小题，满分54分）10．利用图示装置可以做力学中的许多实验．①以下说法正确的是C．A．利用此装置“研究匀变速直线运动”时，必须设法消除小车和木板间的摩擦阻力的影响B．利用此装置探究“加速度与质量的关系”并用图象法处理数据时，如果画出的a m关系图象不是直线，就可确定加速度与质量成反比C．利用此装置探究“功与速度变化的关系”实验时，应将木板带打点计时器的一端适当垫高，这样做的目的是利用小车重力沿斜面的分力补偿小车运动中所受阻力的影响②小华在利用此装置“探究加速度a与力F的关系”时，因为不断增加所挂钩码的个数，导致钩码的质量远远大于小车的质量，则小车加速度a的值随钩码个数的增加将趋近于g的值．考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系；测定匀变速直线运动的加速度．专题：实验题．分析：利用图示小车纸带装置可以完成很多实验，在研究匀变速直线运动时不需要平衡摩擦力，在探究“小车的加速度与质量的关系”和探究“功与速度变化的关系”实验时，需要平衡摩擦力；在探究“小车的加速度a与力F的关系”时，根据牛顿第二定律求出加速度a的表达式，不难得出当钧码的质量远远大于小车的质量时，加速度a近似等于g的结论．解答：解：（1）A、此装置可以用来研究匀变速直线运动，但不需要平衡摩擦力，故A错误．B、曲线的种类有双曲线、抛物线、三角函数曲线等多种，所以若a﹣M图象是曲线，不能断定曲线是双曲线，即不能断定加速度与质量成反比，应画出a﹣图象，故B错误．C、探究“功与速度变化的关系”实验时，需要平衡摩擦力，方法是将木板带打点计时器的一端适当垫高，这样做的目的是利用小车重力沿斜面分力补偿小车运动中所受阻力的影响，从而小车受到的合力即为绳子的拉力，故C正确．故选：C（2）设小车质量为m，钩码质量为M，则对钩码有Mg﹣F=Ma ①对小车有F﹣μmg=ma ②联立①②解得a=g将上式变形为a=g，可见当M＞＞m时，加速度a趋近于g．故答案为：（1）C；（2）g点评：解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项，然后熟练应用物理规律来解决实验问题．11．某物理实验兴趣小组探究测定某品牌矿泉水的电阻率，用一两端开口的玻璃管通过密封塞封住一定量的矿泉水．①某同学用如图1所示的游标卡尺的A（选填“A”、“B”或“C”）部位去测玻璃管的内径，测出的读数如图2，则玻璃管的内径d为 2.150cm．②该同学用多用电表的电阻档测量玻璃管中矿泉水的电阻，选择开关置于“×100”档，发现指针如图3所示，则该同学接着需要做的实验步骤是：①换选×1k（填“×10”或“×1k”）档；②欧姆调零．③该组同学按图4连好电路后，调节滑动变阻器的滑片，从最右端向左端移动的整个过程中，发现电压表有示数但几乎不变，不可能的原因是B．A．滑动变阻器阻值太小B．电路中5、6之间断路C．电路中7、8之间断路④该组同学在改进实验后，测出玻璃管中有水部分的长度为L，电压表示数为U，电流表示数为I，改变玻璃管中的水量，测出多组数据，并描绘出相应的图象如图5所示，若图线的斜率为k，则矿泉水的电阻率ρ=（用题中字母表示）．考点：自来水电阻率的测定．专题：实验题．分析：（1）游标卡尺来测量玻璃管内径应该用内爪．游标卡尺的读数方法是主尺读数加上游标读数，不需要估读．（2）由图可知欧姆表示数太大，故应选择更大倍率测量；换挡要进行欧姆调零．（3）电压表有示数则干路一定是通的．（4）由电阻定律结合图象可得电阻率．解答：解：（1）游标卡尺来测量玻璃管内径应该用内爪．即A部分．游标卡尺测内径时，主尺读数为2.1cm，游标读数为0.01×10=0.50mm，最后读数为2.150cm．（2）由图可知欧姆表示数太大，故应选择更大倍率测量，即换×1k倍率；换挡要进行欧姆调零．（3）A、滑动变阻器阻值太小，通过调节它电路的电流改变比较小，故A可能；B、电压表有示数则干路一定是通的，故B不可能；C、电路中7、8之间断路后电压表被串联到电路中，会导致其电压接近电源电动势，故C是可能的；故选：B．（4）由电阻定律可得：R=ρ=ρ，又：R=，由图象可知：k=，解得：。
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2015届宝安区高三物理模拟试题五2015届宝安区高三物理中心组编写2015.0413．如图所示，在紫铜管内滴入乙醚，盖紧管塞．用手拉住绳子两端迅速往复拉动，管塞会被冲开．管塞被冲开前A．外界对管内气体做功，气体内能增大B．管内气体对外界做功，气体内能减小C．管内气体内能不变，压强变大D．管内气体内能增加，平均动能变大14．下列说法错误的是A．液晶的光学性质具有各向异性B．当人们感觉到闷热时，说明空气的相对湿度较小C．液体表面的分子分布比液体内部分子的分布要稀疏D．草叶上的露珠呈球形是由于液体表面张力的作用15．如图所示，“U”形金属框架固定在水平面上，处于竖直向下的匀强磁场中。
现使ab棒突然获得一初速度V向右运动，下列说法正确的是A．ab做匀减速运动B．回路中电流均匀减小C．a点电势比b点电势低D．安培力对ab棒做负功16．设地球是一个密度均匀的球体，已知质量分布均匀的球壳对壳内物体的引力为零，如果沿地球的直径挖一条隧道，将物体从此隧道一端由静止释放刚好运动到另一端（如图所示），不考虑阻力，在此过程中关于物体的运动速度v随时间t变化的关系图象可能是．．．．17．下列说法正确的是A．原子核发生一次β衰变，该原子外层就失去一个电子B．金属产生光电效应时，入射光的频率越高，光电子的最大初动能越大C．核裂变与核聚变都伴有质量亏损，亏损的质量转化成能量D．一群氢原子处于n=3的激发态向较低能级跃迁，最多可放出三种频率的光子18．质量为1kg的物块在水平拉力的作用下,以一定的初速度沿水平面滑行,利用速度传感器在计算机屏幕上得到其速度随时间的变化关系如图所示,则物块A.0～1 s内的平均速度为2 m/sB.0～1 s内加速度的数值是1～3 s内加速度数值的6倍C.0～3 s 内的位移为1 mD.所受合力在0～3 s 内做的功为32 J19．图中理想变压器的原、副线圈匝数之比为2∶1，电阻R 1= R 2=10Ω，电表、均为理想交流电表．若R 1两端电压1u πt （V ），则下列说法正确的有A ．电压表示数为14.14VB ．电流表的示数为0.5 AC ．R 1消耗的功率为20WD ．原线圈输入交流电频率为50Hz 20．“马航MH370”客机失联后,我国已紧急调动多颗卫星,利用高分辨率对地成像、可见光拍照等技术对搜寻失联客机提供支持。
关于环绕地球运动的卫星,下列说法正确的是A.低轨卫星(环绕半径远小于地球同步卫星的环绕半径)都是相对地球运动的,其环绕速率可能大于7.9 km/sB.地球同步卫星相对地球是静止的,可以固定对一个区域拍照,但由于它距地面较远,照片的分辨率会差一些C.低轨卫星和地球同步卫星, 不可能具有相同的周期也不可能具有相同的速率D.低轨卫星和地球同步卫星, 不可能具有相同的周期但可能具有相同的速率21．沿电场中某条直线电场线方向建立x 轴，该电场线上各点电场强度E 随x 的变化规律 如图所示，坐标点0、x 1、x 2和x 3分别与x 轴上O 、A 、B 、C 四点相对应，相邻两点间 距相等．一个带正电的粒子从O 点附近由静止释放，运动到A 点处的动能为E k ，仅考虑电场力作用．则A ．从O 点到C 点，电势先升高后降低B ．粒子先做匀加速运动，后做变加速运动C ．粒子在AB 段电势能变化量大于BC 段的D ．粒子运动到C 点时动能小于3E k34．I （8分）某实验小组利用如图所示的装置进行实验，钩码A 和B 分别系在一条跨过定滑轮的软绳两端，钩码质量均为M ，在A 的上面套一个比它大一点的环形金属块C ，在距地面为h 1处有一宽度略比A 大一点的狭缝，钩码A 能通过狭缝，环形金属块C 不能通过．开始时A 距离狭缝的高度为h 2，放手后， A 、B 、C 从静止开始运动． （1）利用计时仪器测得钩码A 通过狭缝后到落地用时t 1，则钩码A 通过狭缝的速度为 （用题中字母表示）．（2）若通过此装置验证机械能守恒定律，还需测出环形金属块C的质量m ，当地重力加速度为g ．若系统的机械能守恒，则需满足的等式为 （用题中字母表示）．（3）为减小测量时间的误差，有同学提出如下方案：实验时调节h 1=h 2=h ，测出钩码A 从释放到落地的总时间t ，来计算钩码A通过狭缝的速度，你认为可行吗？若可行，写出钩码A 通过狭缝时的速度表达式；若不可行，请简要说明理由．、II(10分)用伏安法测量一个阻值约为20Ω的未知电阻R x 的阻值． ① 在以下备选器材中，电流表应选用_____，电压表应选用______，滑动变阻器应选用_______（填写器材的字母代号）；u电源E（电动势3V、内阻可忽略不计）电流表A1（量程0 ～ 50 mA，内阻约12 Ω）电流表A2（量程0 ～ 3 A，内阻约0.12 Ω）电压表V1（量程0 ～ 3V，内阻约3 kΩ）电压表V2（量程0 ～ 15V，内阻约15 kΩ）滑动变阻器R1（0 ～ 10Ω，允许最大电流2.0 A）滑动变阻器R2（0 ～ 1000 Ω，允许最大电流0.5 A）定值电阻R（30 Ω，允许最大电流1.0 A），开关、导线若干②请在右边的虚线框中画出测量电阻R x的实验电路图（要求所测量值的变化范围尽可能大一些，所用器材用对应的符号标出）．③某次测量中，电压表读数为U时，电流表读数为I，则计算待测电阻阻值的表达式R x = ____35.（18分）如图所示，在矩形区域CDNM内有沿纸面向上的匀强电场，场强的大小E=1.5×105N/C；在矩形区域MNGF内有垂直于纸面向外的匀强磁场，磁感应强度大小B=0.2T．已知CD=MN=FG=0.6m，CM=MF=0.20m．在CD边中点O处有一放射源，沿纸面向电场中各方向均匀地辐射出速率均为v0=1.0×106m/s的某种带正电粒子，粒子质量m=6.4×10-27kg，电荷量q=3.2×10-19C，粒子可以无阻碍地通过边界MN进入磁场，不计粒子的重力．求：（1）粒子在磁场中做圆周运动的半径；（2）边界FG上有粒子射出磁场的范围长度；（3）粒子在磁场中运动的最长时间．36．（18分）如图甲所示，BCD为竖直放置的半径R=0.20m的半圆形轨道，在半圆形轨道的最低位置B和最高位置D均安装了压力传感器，可测定小物块通过这两处时对轨道的压力F B和F D。
半圆形轨道在B位置与水平直轨道AB平滑连接，在D位置与另一水平直轨道EF相对，其间留有可让小物块通过的缝隙。
一质量m=0.20kg的小物块P（可视为质点），以不同的初速度从M点沿水平直轨道AB滑行一段距离，进入半圆形轨道BCD经过D位置后平滑进入水平直轨道EF。
一质量为2m的小物块Q（可视为质点）被锁定在水平直轨道EF上，其右侧固定一个劲度系数为k=500N/m的轻弹簧。
如果对小物块Q施加的水平力F≥30N，则它会瞬间解除锁定沿水平直轨道EF滑行，且在解除锁定的过程中无能量损失。
已知弹簧的弹性势能公式其中k为弹簧的劲度系数，x为弹簧的形变量。
g取10m/s2。
（1）通过传感器测得的F B和F D的关系图线如图乙所示。
若轨道各处均不光滑，且已知轨道与小物块P之间的动摩擦因数μ=0.10，MB之间的距离x MB=0.50m。
当F B=18N时，求小物块P从M点运动到轨道最高位置D的过程中损失的总机械能；（2）若轨道各处均光滑，在某次实验中，测得P经过B位置时的速度大小为26m/s。
求在弹簧被压缩的过程中，弹簧的最大弹性势能。
C 甲B18乙参考答案34.I （8分）（1）11ht （2分）； （2）()2121122h mgh M m t ⎛⎫=+ ⎪⎝⎭（3分）（3）可行（1分）； 3hv t=（2分） II ①1A ; 1V ; 1R （每空2分） ②如右图（2分） ③x UR R I=-（2分）35.解：（1）设带电粒子进入磁场时的速度为v ，由动能定理得： 2201122qEd mv mv =- （2分）带电粒子在磁场中做匀速圆周运动，由洛伦兹力提供向心力，则有2v qvB m r= （2分）解得，r=mvqB=0.2m （1分） （2）如图所示，粒子垂直于电场方向射入电场中的粒子在该方向的位移最大，通过磁场后打在边界FG 上最左端．设该粒子离开电场时，速度方向与电场方向的夹角为θ1，该粒子在电场中运动时加速度大小为qEa m=（1分） 沿电场方向的位移 2112y at d ==（1分）垂直电场方向的位移 x 1=v 0t=15m （1分） 离开电场时 01sin v vθ=（1分） 解得：θ1=30°（1分）因为 x 1+r （1-cos30°）＜0.30m （1分）粒子从S 点射入磁场，偏转后从边界FG 射出时的位置P 即通过范围的左边界，且PS ⊥MN ，垂直MN 射入磁场的粒子经磁场偏转后恰好与边界FG 相切，切点Q 是通过范围的右边界．则带电粒子从边界FG 射出磁场时通过的范围长度为 10.43l x r m =+≈（1分） （3）带电粒子在磁场中运动的周期 T=2m qBπ=6.28×10-7s （2分） 带电粒子在磁场中运动时，其中沿O′QR 运动的轨迹最长，运动的时间最长，∵sin θ2=212sin 2L rr θ-== 解得：θ2=30° （2分）∴带电粒子在磁场中运动的最大圆心角为120°，对应的最长时间为 max 1233m t T qBπ===2.09×10-7s （2分） 答：（1）粒子在磁场中做圆周运动的半径是0.2m ；（2）边界FG 上有粒子射出磁场的范围长度是0.43m ；（3）粒子在磁场中运动的最长时间是2.09×10-7s ．36．（18分）（1）设小物块P 在B 、D 两位置受轨道弹力大小分别为N B 、N D ，速度大小分别为v B 、v D 。
根据牛顿第三定律可知，B B D D N F N F ==小物块P 通过B（ 2分 ）解得：v B =4.0m/s （ 1分 ）小物块P 从M 到B 所损失的机械能为：ΔE 1=μmgx MB =0.10J （ 2分 ）小物块P 通过D（1 分 ）解得：v D =2.0m/s （ 1分 ）小物块P 由B 位置运动到D 位置的过程中，克服摩擦力做功为W f ，（ 1分 ） 解得：W f =0.40J （ 1分 ）小物块P 从B 至D 的过程中所损失的机械能ΔE 2=0.40J小物块P 从M 点运动到轨道最高点D 的过程中所损失的机械能ΔE =ΔE 1+ΔE 2=0.50J （1分） （2）在轨道各处均光滑的情况下，设小物块P 运动至B 、D 位置速度大小分别为v B ′、v D ′。