2020高考数学(理数)复习作业本10.4 古典概型(含答案)
2020年高考数学(浙江专用)总复习教师用书：第10章 第5讲 古典概型 Word版含解析
第5讲古典概型最新考纲 1.理解古典概型及其概率计算公式；2.会计算一些随机事件所包含的基本事件数及事件发生的概率.知识梳理1.基本事件的特点(1)任何两个基本事件是互斥的.(2)任何事件(除不可能事件)都可以表示成基本事件的和.2.古典概型具有以下两个特点的概率模型称为古典概率模型，简称古典概型.(1)试验中所有可能出现的基本事件只有有限个.(2)每个基本事件出现的可能性相等.3.如果一次试验中可能出现的结果有n个，而且所有结果出现的可能性都相等，那么每一个基本事件的概率都是1n；如果某个事件A包括的结果有m个，那么事件A的概率P(A)＝m n.4.古典概型的概率公式P(A)＝A包含的基本事件的个数基本事件的总数.诊断自测1.判断正误(在括号内打“√”或“×”)(1)“在适宜条件下，种下一粒种子观察它是否发芽”属于古典概型，其基本事件是“发芽与不发芽”.()(2)掷一枚硬币两次，出现“两个正面”“一正一反”“两个反面”，这三个结果是等可能事件.()(3)从－3，－2，－1，0，1，2中任取一数，取到的数小于0与不小于0的可能性相同.()(4)利用古典概型的概率可求“在边长为2的正方形内任取一点，这点到正方形中心距离小于或等于1”的概率.()解析 对于(1)，发芽与不发芽不一定是等可能，所以(1)不正确；对于(2)，三个事件不是等可能，其中“一正一反”应包括正反与反正两个基本事件，所以(2)不正确；对于(4)，应利用几何概型求概率，所以(4)不正确.答案 (1)× (2)× (3)√ (4)×2.(必修3P127例3改编)掷两颗均匀的骰子，则点数之和为5的概率等于( ) A.118 B.19 C.16 D.112解析 所有基本事件的个数为6×6＝36，点数之和为5的基本事件有(1，4)，(2，3)，(3，2)，(4，1)共4个，故所求概率为P ＝436＝19.答案 B3.(2016·北京卷)从甲、乙等5名学生中随机选出2人，则甲被选中的概率为( ) A.15 B.25 C.825 D.925解析 甲被选中的概率为P ＝C 11C 14C 25＝410＝25. 答案 B4.(2017·嘉兴一模)从3名男同学，2名女同学中任选2人参加知识竞赛，则选到的2名同学中至少有1名男同学的概率是________.解析 所求概率为P ＝1－C 22C 25＝910. 答案 9105.从1，2，3，4，5，6这6个数字中，任取2个数字相加，其和为奇数的概率是________.解析 和为奇数的两个数为一奇一偶，故所求概率为P ＝C 13C 13C 26＝915＝35. 答案 356.(2017·金华十校联考)如果下了课后，教室里最后还剩下3位女同学，2位男同学，一会儿又走了一位女同学.如果没有两位同学一块儿走，则下一位是男同学走的可能性为________.解析已知走了一位女同学，还剩下两位女同学和两位男同学，所有走的可能顺序为(女，女，男，男)，(女，男，女，男)，(女，男，男，女)，(男，男，女，女)，(男，女，男，女)，(男，女，女，男)一共6种.那么下一位是男同学的可能性只有(男，男，女，女)，(男，女，男，女)，(男，女，女，男)，故P＝36＝1 2，∴下一位是女同学走的可能性为1－12＝1 2.答案1 2考点一基本事件与古典概型的判断【例1】袋中有大小相同的5个白球，3个黑球和3个红球，每球有一个区别于其他球的编号，从中摸出一个球.(1)有多少种不同的摸法？如果把每个球的编号看作一个基本事件建立概率模型，该模型是不是古典概型？(2)若按球的颜色为划分基本事件的依据，有多少个基本事件？以这些基本事件建立概率模型，该模型是不是古典概型？解(1)由于共有11个球，且每个球有不同的编号，故共有11种不同的摸法. 又因为所有球大小相同，因此每个球被摸中的可能性相等，故以球的编号为基本事件的概率模型为古典概型.(2)由于11个球共有3种颜色，因此共有3个基本事件，分别记为A：“摸到白球”，B：“摸到黑球”，C：“摸到红球”，又因为所有球大小相同，所以一次摸球每个球被摸中的可能性均为111，而白球有5个，故一次摸球摸到白球的可能性为5 11，同理可知摸到黑球、红球的可能性均为3 11，显然这三个基本事件出现的可能性不相等，所以以颜色为划分基本事件的依据的概率模型不是古典概型.规律方法古典概型需满足两个条件：①对于每次随机试验来说，只可能出现有限个不同的试验结果；②对于所有不同的试验结果而言，它们出现的可能性是相等的.【训练1】(1)下列问题中是古典概型的是()A.种下一粒杨树种子，求其能长成大树的概率B.掷一颗质地不均匀的骰子，求出现1点的概率C.在区间[1，4]上任取一数，求这个数大于1.5的概率D.同时掷两颗骰子，求向上的点数之和是5的概率(2)将一枚硬币抛掷三次共有________种结果.解析(1)A、B两项中的基本事件的发生不是等可能的；C项中基本事件的个数是无限多个；D项中基本事件的发生是等可能的，且是有限个.(2)设出现正面为1，反面为0，则共有(1，1，1)，(1，1，0)，(1，0，1)，(1，0，0)，(0，1，1)，(0，1，0)，(0，0，1)，(0，0，0)8种结果.答案(1)D(2)8考点二简单的古典概型的概率【例2】将一颗骰子先后抛掷2次，观察向上的点数，求：(1)两数中至少有一个奇数的概率；(2)以第一次向上点数为横坐标x，第二次向上的点数为纵坐标y的点(x，y)在圆x2＋y2＝15的外部或圆上的概率.解由题意，先后掷2次，向上的点数(x，y)共有n＝6×6＝36种等可能结果，为古典概型.(1)记“两数中至少有一个奇数”为事件B，则事件B与“两数均为偶数”为对立事件，记为B.∵事件B包含的基本事件数m＝C13C13＝9.∴P(B)＝936＝14，则P(B)＝1－P(B)＝34，因此，两数中至少有一个奇数的概率为3 4.(2)点(x，y)在圆x2＋y2＝15的内部记为事件C，则C表示“点(x，y)在圆x2＋y2＝15上或圆的外部”.又事件C包含基本事件：(1，1)，(1，2)，(1，3)，(2，1)，(2，2)，(2，3)，(3，1)，(3，2)共有8个.∴P(C)＝836＝29，从而P(C)＝1－P(C)＝1－29＝79.∴点(x，y)在圆x2＋y2＝15上或圆外部的概率为7 9.规律方法计算古典概型的概率可分三步：(1)算出基本事件的总个数n；(2)求出事件A所包含的基本事件个数m；(3)代入公式求出概率P.解题时可根据需要灵活选择列举法、列表法或树形图法. 【训练2】(1)(2015·广东卷)袋中共有15个除了颜色外完全相同的球，其中有10个白球，5个红球.从袋中任取2个球，所取的2个球中恰有1个白球，1个红球的概率为()A.521 B.1021 C.1121 D.1(2)(2016·江苏卷)将一颗质地均匀的骰子(一种各个面上分别标有1，2，3，4，5，6个点的正方体玩具)先后抛掷2次，则出现向上的点数之和小于10的概率是________.解析(1)从袋中任取2个球共有C215＝105种取法，其中恰好1个白球1个红球共有C110C15＝50种取法，所以所取的球恰好1个白球1个红球的概率为50105＝10 21.(2)将一颗质地无均匀的骰子先后抛掷2次，所有等可能的结果有36种，其中点数之和不小于10的有(6，6)，(6，5)，(6，4)，(5，6)，(5，5)，(4，6)，共6种，故所求概率为1－636＝5 6.答案(1)B(2)5 6考点三复杂的古典概型的概率【例3】(2015·四川卷改编)某市A，B两所中学的学生组队参加辩论赛，A中学推荐了3名男生、2名女生，B中学推荐了3名男生、4名女生，两校所推荐的学生一起参加集训.由于集训后队员水平相当，从参加集训的男生中随机抽取3人、女生中随机抽取3人组成代表队.(1)求A中学至少有1名学生入选代表队的概率；(2)某场比赛前，从代表队的6名队员中随机抽取4人参赛，求参赛女生人数不少于2人的概率.解(1)由题意，参加集训的男、女生各有6名.参赛学生全从B中学抽取(等价于A中学没有学生入选代表队)的概率为C33C34 C36C36＝1100，因此，A中学至少有1名学生入选代表队的概率为1－1100＝99 100.(2)设“参赛的4人中女生不少于2人”为事件A，记“参赛女生有2人”为事件B，“参赛女生有3人”为事件C.则P(B)＝C23C23C46＝35，P(C)＝C33C13C46＝15.由互斥事件的概率加法，得P(A)＝P(B)＋P(C)＝35＋15＝45，故所求事件的概率为4 5.规律方法(1)求较复杂事件的概率问题，解题关键是理解题目的实际含义，把实际问题转化为概率模型，必要时将所求事件转化成彼此互斥事件的和，或者先求其对立事件的概率，进而再用互斥事件的概率加法公式或对立事件的概率公式求解.(2)注意区别排列与组合，以及计数原理的正确使用.【训练3】(2016·威海模拟)一个盒子里装有大小均匀的6个小球，其中有红球4个，编号分别为1，2，3，4，白球2个，编号分别为4，5，从盒子中任取3个小球(假设取到任何一个小球的可能性相同).(1)求取出的3个小球中，含有编号为4的小球的概率；(2)在取出的3个小球中，求小球编号最大值为4的概率.解基本事件总数为n＝C36＝20，(1)取出的3个小球中，含有编号为4的小球的基本事件个数为m＝C12C24＋C22C14＝16，∴取出的3个球中，含有编号为4的小球的概率P＝mn＝1620＝45.(2)小球编号最大值为4的基本事件个数为C23C12＋C13C22＝9，所以，小球编号最大值为4的概率P＝9 20.[思想方法]1.古典概型计算三步曲第一，本试验是否是等可能的；第二，本试验的基本事件有多少个；第三，事件A是什么，它包含的基本事件有多少个.2.确定基本事件个数的方法列举法、列表法、树状图法或利用排列、组合.[易错防范]1.古典概型的重要思想是事件发生的等可能性，一定要注意在计算基本事件总数和事件包括的基本事件个数时，它们是不是等可能的.2.对较复杂的古典概型，其基本事件的个数常涉及排列数、组合数的计算，计算时要首先判断事件是否与顺序有关，以确定是按排列处理，还是按组合处理.基础巩固题组(建议用时：40分钟)一、选择题1.集合A ＝{2，3}，B ＝{1，2，3}，从A ，B 中各任意取一个数，则这两数之和等于4的概率是( )A.23B.12C.13D.16解析 从A ，B 中任意取一个数，共有C 12·C 13＝6种情形，两数和等于4的情形只有(2，2)，(3，1)两种，∴P ＝26＝13.答案 C2.(2017·黄山一模)从1，2，3，4，5中任取3个不同的数，则取出的3个数可作为三角形的三边边长的概率是( )A.310B.15C.12D.35解析 从1，2，3，4，5中任取3个不同的数的基本事件数有C 35＝10种.根据三角形三边关系能构成三角形的只有(2，3，4)，(2，4，5)，(3，4，5)共3个基本事件，故所求概率为P ＝3C 35＝310. 答案 A3.(2017·台州调研)某同学先后投掷一枚骰子两次，第一次向上的点数记为x ，第二次向上的点数记为y ，在直角坐标系xOy 中，以(x ，y )为坐标的点落在直线2x －y ＝1上的概率为( )A.112B.19C.536D.16解析 落在2x －y ＝1上的点有(1，1)，(2，3)，(3，5)共3个，故所求的概率为P ＝36×6＝112.答案 A4.(2017·台州调研)一个三位自然数百位、十位、个位上的数字依次为a ，b ，c ，当且仅当a >b ，b <c 时称为“凹数”(如213，312等)，若a ，b ，c ∈{1，2，3，4}，且a ，b ，c 互不相同，则这个三位数是“凹数”的概率是( )A.16B.524C.13D.724解析 选出一个三位数有A 34＝24种情况，取出一个凹数有C 34×2＝8种情况，所以，所求概率为P ＝824＝13.答案 C5.如图，三行三列的方阵中有九个数a ij (i ＝1，2，3；j ＝1，2，3)，从中任取三个数，则至少有两个数位于同行或同列的概率是( )⎝ ⎛⎭⎪⎫a 11a 12 a 13a 21 a 22 a 23a 31a 32 a 33 A.37 B.47 C.114 D.1314解析 从九个数中任取三个数的不同取法共有C 39＝84种，因为取出的三个数分别位于不同的行与列的取法共有C 13·C 12·C 11＝6种，所以至少有两个数位于同行或同列的概率为1－684＝1314.答案 D二、填空题6.(2015·江苏卷)袋中有形状、大小都相同的4只球，其中1只白球，1只红球，2只黄球，从中一次随机摸出2只球，则这2只球颜色不同的概率为________.解析 这两只球颜色相同的概率为C 22C 24＝16，故两只球颜色不同的概率为1－16＝56. 答案 567.(2016·上海卷)某食堂规定，每份午餐可以在四种水果中任选两种，则甲、乙两同学各自所选的两种水果相同的概率为________.解析 甲同学从四种水果中选两种，选法种数有C 24，乙同学的选法种数为C 24，则两同学的选法种数为C 24·C 24，两同学各自所选水果相同的选法种数为C 24，由古典概型概率计算公式可得，甲、乙两同学各自所选的两种水果相同的概率为P ＝C 24C 24C 24＝16. 答案 168.高一某班级在学校数学嘉年华活动中推出了一款数学游戏，受到大家的一致追捧.游戏规则如下：游戏参与者连续抛掷一颗质地均匀的骰子，记第i 次得到的点数为x i ，若存在正整数n ，使得x 1＋x 2＋…＋x n ＝6，则称n 为游戏参与者的幸运数字.(1)游戏参与者的幸运数字为1的概率为________；(2)游戏参与者的幸运数字为2的概率为________.解析 (1)设“游戏参与者的幸运数字为1”为事件A ，由题意知x 1＝6，抛掷了1次骰子，相应的基本事件空间为ΩA ＝{1，2，3，4，5，6}，共有6个基本事件， 而A ＝{6}，只有1个基本事件，所以P (A )＝16.(2)设“游戏参与者的幸运数字为2”为事件B ，由题意知x 1＋x 2＝6，抛掷了2次骰子，相应的基本事件空间为ΩB ＝{(x 1，x 2)|1≤x 1≤6，1≤x 2≤6，x 1∈N ，x 2∈N }，共有36个基本事件，而B ＝{(1，5)，(2，4)，(3，3)，(4，2)，(5，1)}，共有5个基本事件，所以P (B )＝536.答案 (1)16 (2)536三、解答题9.海关对同时从A，B，C三个不同地区进口的某种商品进行抽样检测，从各地区进口此种商品的数量(单位：件)如表所示.工作人员用分层抽样的方法从这些商品中共抽取6件样品进行检测.(1)求这6件样品中来自A(2)若在这6件样品中随机抽取2件送往甲机构进行进一步检测，求这2件商品来自相同地区的概率.解(1)因为样本容量与总体中的个体数的比是650＋150＋100＝150，所以样本中包含三个地区的个体数量分别是：50×150＝1，150×150＝3，100×150＝2.所以A，B，C三个地区的商品被选取的件数分别为1，3，2.(2)从6件样品中抽取2件商品的基本事件数为C26＝6×52×1＝15，每个样品被抽到的机会均等，因此这些基本事件的出现是等可能的.记事件D：“抽取的这2件商品来自相同地区”，则事件D包含的基本事件数为C23＋C22＝4，所以P(D)＝4 15.故这2件商品来自相同地区的概率为4 15.10.一个盒子里装有三张卡片，分别标记有数字1，2，3，这三张卡片除标记的数字外完全相同.随机有放回地抽取3次，每次抽取1张，将抽取的卡片上的数字依次记为a，b，c.(1)求“抽取的卡片上的数字满足a＋b＝c”的概率；(2)求“抽取的卡片上的数字a，b，c不完全相同”的概率.解(1)由题意，(a，b，c)所有的可能的结果有33＝27(种).设“抽取的卡片上的数字满足a＋b＝c”为事件A，则事件A包括(1，1，2)，(1，2，3)，(2，1，3)，共3种.所以P(A)＝327＝19.因此，“抽取的卡片上的数字满足a＋b＝c”的概率为1 9.(2)设“抽取的卡片上的数字a，b，c不完全相同”为事件B，则事件B包括(1，1，1)，(2，2，2)，(3，3，3)，共3种.所以P(B)＝1－P (B)＝1－327＝89.因此，“抽取的卡片上的数字a，b，c不完全相同”的概率为8 9.能力提升题组(建议用时：25分钟)11.随机掷两枚质地均匀的骰子，它们向上的点数之和不超过5的概率记为p1，点数之和大于5的概率记为p2，点数之和为偶数的概率记为p3，则()A.p1＜p2＜p3B.p2＜p1＜p3C.p1＜p3＜p2D.p3＜p1＜p2解析随机掷两枚质地均匀的骰子，所有可能的结果共有36种.事件“向上的点数之和不超过5”包含的基本事件有(1，1)，(1，2)，(1，3)，(1，4)，(2，1)，(2，2)，(2，3)，(3，1)，(3，2)，(4，1)共10种，其概率p1＝1036＝518.事件“向上的点数之和大于5”与“向上的点数之和不超过5”是对立事件，所以“向上的点数之和大于5”的概率p2＝1318.因为朝上的点数之和不是奇数就是偶数，所以“点数之和为偶数”的概率p3＝12.故p1<p3<p2.答案 C12.(2017·金华质检)安排甲、乙、丙、丁四人参加周一至周六的公益活动，每天只需一人参加，其中甲参加三天活动，乙、丙、丁每人参加一天，那么甲连续三天参加活动的概率为()A.115 B.15 C.14 D.12解析 由题意，甲连续三天参加活动的所有情况为：第1～3天，第2～4天，第3～5天，第4～6天，共4种. 故所求事件的概率P ＝4·A 33C 36A 33＝15.答案 B13.(2017·台州质量评估)某艺校在一天的6节课中随机安排语文、数学、外语三门文化课和其他三门艺术课各1节，则在课程表上的相邻两节文化课之间至少间隔1节艺术课的概率为________(用数字作答).解析 法一 6节课的全排列为A 66种，相邻两节文化课之间至少间隔1节艺术课的排法是：先排三节文化课，再利用插空法排艺术课，即为(A 33C 23A 22A 22＋2A 33A 33)种，由古典概型概率公式得P (A )＝A 33C 23A 22A 22＋2A 33A 33A 66＝15.法二 6节课的全排列为A 66种，先排三节艺术课有A 33种不同方法，同时产生四个空，再利用插空法排文化课共有A 34种不同方法，故由古典概型概率公式得P (A )＝A 33A 34A 66＝15.答案 1514.甲、乙两校各有3名教师报名支教，其中甲校2男1女，乙校1男2女. (1)若从甲校和乙校报名的教师中各任选1名，求选出的2名教师性别相同的概率；(2)若从报名的6名教师中任选2名，求选出的2名老师来自同一学校的概率.解 (1)从甲、乙两校报名的教师中各选1名，共有n ＝C 13×C 13＝9种选法.记“2名教师性别相同”为事件A ，则事件A 包含基本事件总数m ＝C 12·1＋C 12·1＝4，∴P (A )＝m n ＝49.(2)从报名的6人中任选2名，有n ＝C 26＝15种选法.记“选出的2名老师来自同一学校”为事件B ，则事件B 包含基本事件总数m ＝2C 23＝6.∴选出2名教师来自同一学校的概率P (B )＝615＝25.15.袋中装有黑球和白球共7个，从中任取2个球都是白球的概率为17，现有甲、乙两人从袋中轮流摸球，甲先取，乙后取，然后甲再取，…，取后不放回，直到两人中有一人取到白球时即终止，每个球在每一次被取出的机会是等可能的. (1)求袋中原有白球的个数； (2)求取球2次即终止的概率； (3)求甲取到白球的概率.解 (1)设袋中原有n 个白球，从袋中任取2个球都是白球的结果数为C 2n ，从袋中任取2个球的所有可能的结果数为C 27.由题意知从袋中任取2球都是白球的概率P ＝C 2n C 27＝17，则n (n －1)＝6，解得n ＝3(舍去n ＝－2)，即袋中原有3个白球.(2)设事件A 为“取球2次即终止”.取球2次即终止，即乙第一次取到的是白球而甲取到的是黑球，P (A )＝C 14×C 13C 17×C 16＝4×37×6＝27.(3)设事件B 为“甲取到白球”，“第i 次取到白球”为事件A i ，i ＝1，2，3，4，5，因为甲先取，所以甲只可能在第1次，第3次和第5次取到白球.所以P (B )＝P (A 1∪A 3∪A 5)＝P (A 1)＋P (A 3)＋P (A 5)＝37＋4×3×37×6×5＋4×3×2×1×37×6×5×4×3＝37＋635＋135＝2235.。
2020高考数学(理数)复习作业本10.1 计数原理与排列组合(含答案)
2020高考数学(理数)复习作业本10.1计数原理与排列组合一、选择题1.由数字0,1,2,3,4,5组成没有重复数字的五位数，其中个位数字小于十位数字的只有( )A.210个B.300个C.464个D.600个2.从1,3,5,7,9这五个数中，每次取出两个不同的数分别为a ，b ，共可得到lga －lgb 的不同值的个数是( )A.9B.10C.18D.203.直线方程Ax ＋By=0，若从0,1,2,3,5,7这6个数字中每次取两个不同的数作为A ，B 的值，则可表示________条不同的直线( )A.19B.20C.21D.224.某班有男生26人，女生24人，从中选一位同学为数学课代表，则不同选法的种数有( )A.50B.26C.24D.6165.计算：A 67－A 56A 45=( )A.12B.24C.30D.366.从1,2,3,4中，任取两个不同数字组成平面直角坐标系中一个点的坐标，则组成不同点的个数为( )A.2B.4C.12D.247.若从6名志愿者中选出4名分别从事翻译、导游、导购、保洁四项不同的工作，则选派方案有( )A.180种B.360种C.15种D.30种8.有4名司机、4名售票员分配到4辆汽车上，使每辆汽车上有一名司机和一名售票员，则可能的分配方案有( ) A.A 88种 B.A 48种 C.A 44A 44种 D.2A 44种二、填空题9.某高三毕业班有40人，同学之间两两彼此给对方仅写一条毕业留言，那么全班共写了 条毕业留言.(用数字作答)10.从3,5,7,11这四个数中任取两个相乘，可以得到不相等的积的个数为________.11.把5件不同产品摆成一排，若产品A 与产品B 相邻， 且产品A 与产品C 不相邻，则不同的摆法有________种.12.用0,1,2,3,4这5个数字组成无重复数字的五位数，其中恰有一个偶数夹在两个奇数之间的五位数有______种.三、解答题13.一场晚会有5个演唱节目和3个舞蹈节目，要求排出一个节目单.(1)3个舞蹈节目不排在开始和结尾，有多少种排法？(2)前4个节目要有舞蹈节目，有多少种排法？14.写出下列问题的所有排列.(1)甲、乙、丙、丁四名同学站成一排；(2)从编号为1,2,3,4,5的五名同学中选出两名同学任正、副班长.15.某次足球赛共12支球队参加，分三个阶段进行.(1)小组赛：经抽签分成甲、乙两组，每组6队进行单循环比赛，以积分及净胜球数取前两名；(2)半决赛：甲组第一名与乙组第二名，乙组第一名与甲组第二名进行主客场交叉淘汰赛(每两队主客场各赛一场)决出胜者；(3)决赛：两个胜队参加决赛一场，决出胜负.全部赛程共需比赛多少场？16.已知10件不同的产品中有4件是次品,现对它们进行测试,直至找出所有次品为止.(1)若恰在第5次测试才测试到第1件次品,第10次才找到最后一件次品,则这样的不同测试方法数是多少?(2)若恰在第5次测试后就找出了所有次品,则这样的不同测试方法数是多少?答案解析3.D.解析：若A 或B 中有一个为零时，有2条；当AB ≠0时，有5×4=20条，则共有20＋2=22条， 即所求的不同的直线共有22条.故选D. 4.A.解析：根据分类加法计数原理，因数学课代表可为男生，也可为女生，因此选法共有26＋24=50(种)，故选A. 5.D.解析： A 67=7×6×A 45，A 56=6×A 45，所以原式=36A 45A 45=36.6.C.解析：本题相当于从4个元素中取2个元素的排列，即A 24=12. 7.B.解析：由排列定义知选派方案有A 46=6×5×4×3=360(种). 8.C.[解析]安排4名司机有A 44种方案，安排4名售票员有A 44种方案.司机与售票员都安排好，这件事情才算完成，由分步乘法计数原理知共有A 44A 44种方案.9.答案为：1 560；[解析]同学两两彼此给对方写一条毕业留言相当于从40人中任选两人的排列数，所以全班共写了A 240=40×39=1 560条毕业留言.10.答案：6.解析：从四个数中任取两个数的取法为C 24=6. 11.答案：36.解析：先考虑产品A 与B 相邻，把A 、B 作为一个元素有A 44种方法，而A 、B 可交换位置，所以摆法有2A 44=48(种).又当A 、B 相邻又满足A 、C 相邻，摆法有2A 33=12(种). 故满足条件的摆法有48－12=36(种).12.答案：28.解析：0夹在1,3之间有A 22A 33种排法，0不夹在1,3之间又不在首位有A 12A 22A 12A 22种排法.所以一共有A 22A 33＋A 12A 22A 12A 22=28种排法.13.解：(1)先从5个演唱节目中选两个排在首尾两个位置有A25种排法，再将剩余的3个演唱节目，3个舞蹈节目排在中间6个位置上有A66种排法，故共有不同排法A25A66=1 440(种).(2)先不考虑排列要求，有A88种排列，其中前4个节目没有舞蹈节目的情况，可先从5个演唱节目中选4个节目排在前四个位置，然后将剩余四个节目排列在后四个位置，有A45A44种排法，所以前四个节目要有舞蹈节目的排法有A88－A45A44=37 440(种).14.解：(1)四名同学站成一排，共有A44=24个不同的排列，它们是：甲乙丙丁，甲乙丁丙，甲丙乙丁，甲丙丁乙，甲丁乙丙，甲丁丙乙；乙甲丙丁，乙甲丁丙，乙丙甲丁，乙丙丁甲，乙丁甲丙，乙丁丙甲；丙甲乙丁，丙甲丁乙，丙乙甲丁，丙乙丁甲，丙丁甲乙，丙丁乙甲；丁甲乙丙，丁甲丙乙，丁乙甲丙，丁乙丙甲，丁丙甲乙，丁丙乙甲.(2)从五名同学中选出两名同学任正、副班长，共有A25=20种选法，形成的排列是：12,13,14,15,21,23,24,25,31,32,34,35,41,42,43,45,51,52,53,54.15.解：(1)小组赛中每组6队进行单循环比赛，就是6支球队的任两支球队都要比赛一次，所需比赛的场次即为从6个元素中任取2个元素的组合数，所以小组赛共要比赛2C26=2×6×51×2=30(场).(2)半决赛中甲组第一名与乙组第二名(或乙组第一名与甲组第二名)主客场各赛一场，所需比赛的场次即为从2个元素中任取2个元素的排列数，所以半决赛共要比赛2A22=2×1×2=4(场).(3)决赛只需比赛1场，即可决出胜负.所以全部赛程共需比赛30＋4＋1=35(场). 16.解：。
2020高考数学三轮冲刺 专题 古典概型练习(含解析)
古典概型一、选择题（本大题共12小题，共60分）1. 为美化环境，从红、黄、白、紫4种颜色的花中任选2种花种在一个花坛中，余下的2种花种在另一个花坛中，则红色和紫色的花不在同一花坛的概率是A. B. C. D.（正确答案）C解：从红、黄、白、紫4种颜色的花中任选2种花种在一个花坛中，余下的2种花种在另一个花坛中，有种方法，红色和紫色的花在同一花坛，有2种方法，红色和紫色的花不在同一花坛，有4种方法，所以所求的概率为．另解：由列举法可得，红、黄、白、紫记为1，2，3，4，即有，，，，，，则．故选：C．确定基本事件的个数，利用古典概型的概率公式，可得结论．本题考查等可能事件的概率计算与分步计数原理的应用，考查学生的计算能力，比较基础．2. 小敏打开计算机时，忘记了开机密码的前两位，只记得第一位是M，I，N中的一个字母，第二位是1，2，3，4，5中的一个数字，则小敏输入一次密码能够成功开机的概率是A. B. C. D.（正确答案）C解：从M，I，N中任取一个字母，再从1，2，3，4，5中任取一个数字，取法总数为：，，，，，，，，，，，，，，共15种．其中只有一个是小敏的密码前两位．由随机事件发生的概率可得，小敏输入一次密码能够成功开机的概率是．故选：C．列举出从M，I，N中任取一个字母，再从1，2，3，4，5中任取一个数字的基本事件数，然后由随机事件发生的概率得答案．本题考查随机事件发生的概率，关键是列举基本事件总数时不重不漏，是基础题．3. 从甲、乙等5名学生中随机选出2人，则甲被选中的概率为A. B. C. D.（正确答案）B解：从甲、乙等5名学生中随机选出2人，基本事件总数，甲被选中包含的基本事件的个数，甲被选中的概率．故选：B．从甲、乙等5名学生中随机选出2人，先求出基本事件总数，再求出甲被选中包含的基本事件的个数，同此能求出甲被选中的概率．本题考查概率的求法，是基础题，解题时要认真审题，注意等可能事件概率计算公式的合理运用．4. 掷一枚均匀的硬币3次，出现正面向上的次数恰好为两次的概率为A. B. C. D.（正确答案）A解：掷一枚均匀的硬币3次，共有8种不同的情形：正正正，正正反，正反正，反正正，正反反，反正反，反反正，反反反，其中满足条件的有3种情形：正正反，正反正，反正正，故所求的概率为．故选：A．掷一枚均匀的硬币3次，利用列举法求出共有8种不同的情形，再求出满足出现正面向上的次数恰好为两次的基本事件个数，由此能求出出现正面向上的次数恰好为两次的概率．本题考查概率的求法，是基础题，解题时要认真审题，注意等可能事件概率计算公式的合理运用．5. 口袋中有100个大小相同的红球、白球、黑球，其中红球45个，从口袋中摸出一个球，摸出白球的概率为，则摸出黑球的概率为A. B. C. D.（正确答案）A解：口袋中有100个大小相同的红球、白球、黑球，其中红球45个，从口袋中摸出一个球，摸出白球的概率为，口袋中有个黑球，摸出黑球的概率为．故选：A．先求出口袋中有个黑球，由此能求出摸出黑球的概率．本题考查概率的求法，是基础题，解题时要认真审题，注意等可能事件概率计算公式的合理运用．6. 连续两次抛掷一枚骰子，记录向上的点数，则向上的点数之差的绝对值为2的概率是A. B. C. D.（正确答案）B【分析】本题主要考查古典概型下求概率的问题，属于基础题．这个题目的基本事件空间是学生很熟悉的那36个基本事件，所以只需要从中找出符合要求的基本事件即可．【解答】解：连续两次抛掷一枚骰子，记录向上的点数，基本事件总数，向上的点数之差的绝对值为2包含的基本事件有：，，，，，，，，共有8个，向上的点数之差的绝对值为2的概率：．故选B．7. 盒中装有形状，大小完全相同的5个小球，其中红色球3个，黄色球2个，若从中随机取出2个球，则所取出的2个球颜色不同的概率等于A. B. C. D.（正确答案）D解：盒中装有形状，大小完全相同的5个小球，其中红色球3个，黄色球2个，从中随机取出2个球，基本事件总数，所取出的2个球颜色不同包含的基本事件个数，所取出的2个球颜色不同的概率等于．故选：D．先求出基本事件总数，再求出所取出的2个球颜色不同包含的基本事件个数，由此能求出所取出的2个球颜色不同的概率．本题考查概率的求法，是基础题，解题时要认真审题，注意等可能事件概率计算公式的合理运用．8. 我国数学家陈景润在哥德巴赫猜想的研究中取得了世界领先的成果哥德巴赫猜想是“每个大于2的偶数可以表示为两个素数的和”，如在不超过30的素数中，随机选取两个不同的数，其和等于30的概率是A. B. C. D.（正确答案）C【分析】本题考查古典概型，利用列举法先求出不超过30的所有素数，利用古典概型的概率公式进行计算即可．【解答】解：在不超过30的素数中有，2，3，5，7，11，13，17，19，23，29共10个，从中选2个不同的数有种，和等于30的有，，，共3种，则对应的概率，故选C．9. 七巧板是我们祖先的一项创造，被誉为“东方魔板”，它是由五块等腰直角三角形两块全等的小三角形、一块中三角形和两块全等的大三角形、一块正方形和一块平行四边形组成的如图是一个用七巧板拼成的正方形中任取一点，则此点取自黑色部分的概率是A. B. C. D.（正确答案）A解：设，则，，，所求的概率为．故选：A．设边长，求出和平行四边形EFGH的面积，计算对应的面积比即可．本题考查了几何概型的概率计算问题，是基础题．10. 从分别标有1，2，，9的9张卡片中不放回地随机抽取2次，每次抽取1张，则抽到的2张卡片上的数奇偶性不同的概率是A. B. C. D.（正确答案）C解：从分别标有1，2，，9的9张卡片中不放回地随机抽取2次，共有种不同情况，且这些情况是等可能发生的，抽到在2张卡片上的数奇偶性不同的情况有种，故抽到在2张卡片上的数奇偶性不同的概率，故选：C．计算出所有情况总数，及满足条件的情况数，代入古典概型概率计算公式，可得答案．本题考查的知识点是古典概型及其概率计算公式，难度不大，属于基础题．11. 在3，和两个集合中各取一个数组成一个两位数，则这个数能被4整除的概率是A. B. C. D.（正确答案）D解：符合条件的所有两位数为：12，14，21，41，32，34，23，43，52，54，25，45共12个，能被4整除的数为12，32，52共3个，所求概率．故选：D．利用列举法求出符合条件的所有两位数的个数和能被4整除的数的个数，由此能求出这个数能被4整除的概率．本题考查概率的求法，是基础题，解题时要认真审题，注意列举法的合理运用．12. 将一枚骰子先后抛掷2次，则向上的点数之和是5的概率为A. B. C. D.（正确答案）B解：根据题意，记“向上的点数之和为5”为事件A，先后抛掷骰子2次，每次有6种情况，共个基本事件，则事件A中含有，，，共4个基本事件，故选B．由分步计数原理，计算可得将一颗骰子先后抛掷2次，含有36个等可能基本事件，而通过列举可得满足“向上的点数之和为5”的基本事件，根据古典概型公式得到结果．本题考查等可能事件的概率计算，解题的关键是用列举法得到事件A包含的基本事件的数目．二、填空题（本大题共4小题，共20分）13. 从1，2，3，4这四个数中一次随机抽取两个数，则取出的数中一个是奇数一个是偶数的概率为______．（正确答案）解：从1，2，3，4这四个数中一次随机抽取两个数，基本事件总数，取出的数中一个是奇数一个包含的基本事件个数，取出的数中一个是奇数一个是偶数的概率．故答案为：．从1，2，3，4这四个数中一次随机抽取两个数，先求出基本事件总数，再求出取出的数中一个是奇数一个包含的基本事件个数，由此能求出取出的数中一个是奇数一个是偶数的概率．本题考查概率的求法，是基础题，解题时要认真审题，注意等可能事件概率计算公式的合理运用．14. 将2本不同的数学书和1本语文书在书架上随机排成一行，则2本数学书相邻的概率为______ ．（正确答案）解：2本不同的数学书和1本语文书在书架上随机排成一行，所有的基本事件有共有种结果，其中2本数学书相邻的有数学1，数学2，语文，数学2，数学1，语文，语文，数学1，数学，语文，数学2，数学共4个，故本数学书相邻的概率．故答案为：．首先求出所有的基本事件的个数，再从中找到2本数学书相邻的个数，最后根据概率公式计算即可．本题考查了古典概型的概率公式的应用，关键是不重不漏的列出满足条件的基本事件．15. 从集合2，3，中任取两个不同的数，则这两个数的和为3的倍数的槪率为______．（正确答案）解：从集合2，3，中任取两个不同的数，基本事件总数，这两个数的和为3的倍数包含的基本事件有：，，共2个，这两个数的和为3的倍数的槪率．故答案为：．先求出基本事件总数，再利用列举法求出这两个数的和为3的倍数包含的基本事件个数，由此能求出这两个数的和为3的倍数的槪率．本题考查概率的求法，是基础题，解题时要认真审题，注意列举法的合理运用．16. 某人随机播放甲、乙、丙、丁4首歌曲中的2首，则甲、乙2首歌曲至少有1首被播放的概率是______．（正确答案）解：随机播放甲、乙、丙、丁4首歌曲中的2首，基本事件总数，甲、乙2首歌曲至少有1首被播放的对立事件是甲、乙2首歌曲都没有被播放，甲、乙2首歌曲至少有1首被播放的概率：．故答案为：．先求出基本事件总数，甲、乙2首歌曲至少有1首被播放的对立事件是甲、乙2首歌曲都没有被播放，由此能求出甲、乙2首歌曲至少有1首被播放的概率．本题考查概率的求法，是基础题，解题时要认真审题，注意等可能事件概率计算公式的合理运用．三、解答题（本大题共3小题，共40分）17. 20名学生某次数学考试成绩单位：分的频率分布直方图如图：Ⅰ求频率分布直方图中a的值；Ⅱ分别求出成绩落在与中的学生人数；Ⅲ从成绩在的学生任选2人，求此2人的成绩都在中的概率．（正确答案）解：Ⅰ根据直方图知组距，由，解得．Ⅱ成绩落在中的学生人数为，成绩落在中的学生人数为．Ⅲ记成绩落在中的2人为A，B，成绩落在中的3人为C，D，E，则成绩在的学生任选2人的基本事件有AB，AC，AD，AE，BC，BD，BE，CD，CE，DE共10个，其中2人的成绩都在中的基本事件有CD，CE，DE共3个，故所求概率为．Ⅰ根据频率分布直方图求出a的值；Ⅱ由图可知，成绩在和的频率分别为和，用样本容量20乘以对应的频率，即得对应区间内的人数，从而求出所求．Ⅲ分别列出满足的基本事件，再找到在的事件个数，根据古典概率公式计算即可．本题考查频率分布直方图的应用以及古典概型的概率的应用，属于中档题．18. 某保险的基本保费为单位：元，继续购买该保险的投保人成为续保人，续保人本年度的保费与其上年度出险次数的关联如下：设该险种一续保人一年内出险次数与相应概率如下：Ⅰ求一续保人本年度的保费高于基本保费的概率；Ⅱ若一续保人本年度的保费高于基本保费，求其保费比基本保费高出的概率；Ⅲ求续保人本年度的平均保费与基本保费的比值．（正确答案）解：Ⅰ某保险的基本保费为单位：元，上年度出险次数大于等于2时，续保人本年度的保费高于基本保费，由该险种一续保人一年内出险次数与相应概率统计表得：一续保人本年度的保费高于基本保费的概率：．Ⅱ设事件A表示“一续保人本年度的保费高于基本保费”，事件B表示“一续保人本年度的保费比基本保费高出”，由题意，，由题意得若一续保人本年度的保费高于基本保费，则其保费比基本保费高出的概率：．Ⅲ由题意，续保人本年度的平均保费与基本保费的比值为：，续保人本年度的平均保费与基本保费的比值为．Ⅰ上年度出险次数大于等于2时，续保人本年度的保费高于基本保费，由此利用该险种一续保人一年内出险次数与相应概率统计表根据对立事件概率计算公式能求出一续保人本年度的保费高于基本保费的概率．Ⅱ设事件A表示“一续保人本年度的保费高于基本保费”，事件B表示“一续保人本年度的保费比基本保费高出”，由题意求出，，由此利用条件概率能求出若一续保人本年度的保费高于基本保费，则其保费比基本保费高出的概率．Ⅲ由题意，能求出续保人本年度的平均保费与基本保费的比值．本题考查概率的求法，是中档题，解题时要认真审题，注意对立事件概率计算公式、条件概率计算公式的合理运用．19. 高中生在被问及“家，朋友聚集的地方，个人空间”三个场所中“感到最幸福的场所在哪里？”这个问题时，从中国某城市的高中生中，随机抽取了55人，从美国某城市的高中生中随机抽取了45人进行答题中国高中生答题情况是：选择家的占、朋友聚集的地方占、个人空间占美国高中生答题情况是：朋友聚集的地方占、家占、个人空间占．Ⅰ请根据以上调查结果将下面列联表补充完整；并判断能否有的把握认为“恋家在家里感到最幸福”与国别有关；Ⅱ从被调查的不“恋家”的美国学生中，用分层抽样的方法选出4人接受进一步调查，再从4人中随机抽取2人到中国交流学习，求2人中含有在“个人空间”感到幸福的学生的概率．附：，其中．（正确答案）解：Ⅰ由已知得，，有的把握认为“恋家”与否与国别有关；Ⅱ用分层抽样的方法抽出4人，其中在“朋友聚焦的地方”感到幸福的有3人，在“个人空间”感到幸福的有1人，分别设为，，，b；，，，，，，；设“含有在“个人空间”感到幸福的学生”为事件A，，，，；则所求的概率为．Ⅰ根据题意填写列联表，计算观测值，对照临界值得出结论；Ⅱ根据分层抽样原理，利用列举法求出基本事件数，计算所求的概率值．本题考查了独立性检验的应用问题，也考查了列举法求古典概型的概率问题，是基础题．。
高考数学专题《随机事件的概率与古典概型》习题含答案解析
专题11.4 随机事件的概率与古典概型1．（2021·全国·高一课时练习）某人进行打靶练习，共射击10次，其中有2次中10环，3次中9环，4次中8环，1次未中靶，则此人中靶的频率是（ ） A ．0.2 B ．0.4 C ．0.5 D ．0.9【答案】D 【分析】直接利用频率的公式求解. 【详解】由题得这个人中靶的次数为2+3+4=9， 所以此人中靶的频率是90.910=. 故选：D2．（2021·全国·高一课时练习）已知A 与B 是互斥事件，且()0.3P A =，()0.1P B =，则()P A B +等于（ ） A ．0.1 B ．0.3C ．0.4D ．0.8【答案】D 【分析】根据互斥事件概率的加法关系即可求解． 【详解】由题：A ，B 是互斥事件, 所以()()()P A B P A P B +=+， 且()()110.30.7P A P A =-=-=，, 则()()()0.8P A B P A P B ++==． 故选：D3.（2019·全国高考真题（文））两位男同学和两位女同学随机排成一列，则两位女同学相邻的概率是（ ） A ．16B ．14C ．13D ．12【答案】D 【解析】两位男同学和两位女同学排成一列，因为男生和女生人数相等，两位女生相邻与不相邻的排练基础法种数相同，所以两位女生相邻与不相邻的概率均是12．故选D ．4．（2021·广东顺德·高二期中）某同学做立定投篮训练，共两场，第一场投篮20次的命中率为80%，第二场投篮30次的命中率为70%，则该同学这两场投篮的命中率为（ ） A ．72% B ．74%C ．75%D ．76%【答案】B 【分析】根据题意可直接计算. 【详解】该同学这两场投篮的命中率为2080%3070%74%2030⨯+⨯=+.故选：B.5．（2021·广东·佛山市南海区九江中学高二月考）甲，乙两人下棋，甲不输的概率是0.8，两人下成平局的概率是0.5，则甲胜的概率是（ ） A ．0.2 B ．0.3C ．0.5D ．0.8【答案】B 【分析】甲不输分为甲胜乙和甲乙下成平局两种情况，其中甲胜乙和甲乙下成平局是互斥事件，根据互斥事件的概率加法公式进行求解即可. 【详解】甲不输棋的设为事件A ，甲胜乙设为事件B ，甲乙下成平局设为事件C ，则事件A 是事件B 与事件C 的和，显然B 、C 互斥，所以()()()P A P B P C =+，而()0.8P A =，()0.5P C =，所以()()()0.3P B P A P C =-=，所以甲胜的概率是0.3故选:B6.【多选题】（2021·广东·仲元中学高二开学考试）下列说法错误的是（ ） A ．随着试验次数的增大，随机事件发生的频率会逐渐稳定于该随机事件发生的概率 B ．某种福利彩票的中奖概率为11000，买1000张这种彩票一定能中奖 C ．连续100次掷一枚硬币，结果出现了49次反面，则掷一枚硬币出现反面的概率为49100D ．某市气象台预报“明天本市降水概率为70%”，指的是：该市气象台专家中，有70%认为明天会降水，30%认为明天不会降水 【答案】BCD 【分析】根据概率的定义和生活中的概率判断各选项的对错.由频率和概率的关系可知随着试验次数的增大，随机事件发生的频率会逐渐稳定于该随机事件发生的概率，A正确，某种福利彩票的中奖概率为11000，买1000张这种彩票不一定能中奖，B错误，掷一枚硬币出现反面的概率为12，C错误，某市气象台预报“明天本市降水概率为70%”，指的是明天有70%的可能会降水，D错误，故选：BCD.7．（2021·全国·高一课时练习）从某自动包装机包装的食品中，随机抽取20袋，测得各袋的质量（单位：g）分别为：492，496，494，495，498，497，503，506，508，507，497，501，502，504，496，492，496，500，501，499.根据抽测结果估计该自动包装机包装的袋装食品质量在497.5～501.5 g之间的概率为_______.【答案】0.25【分析】找到质量在497.5～501.5 g之间的袋数由频率可得答案.【详解】质量在497.5～501.5 g之间的有498，501，500，501，499共5袋，所以其频率为520＝0.25，由此我们可以估计质量在497.5～501.5 g之间的概率为0.25.故答案为：0.25.8．（2021·全国·高一课时练习）从一批乒乓球产品中任取一个，若其质量小于2.45g的概率为0.22，质量不小于2.50g的概率为0.20，则质量在2.45~2.50g范围内的概率为___________.【答案】0.5829 50【分析】利用概率的性质计算出所求概率.【详解】依题意质量在2.45~2.50g范围内的概率为10.220.20.58--=.故答案为：0.589．（2021·全国·高一课时练习）操作1：将1000粒黑芝麻与1000粒白芝麻放入一个容器中，并搅拌均匀，再用小杯从容器中取出一杯芝麻，计算黑芝麻的频率.操作2：将1500粒黑芝麻与500粒白芝麻放入一个容器中，并搅拌均匀，再用小杯从容器中取出一杯芝麻，计算黑芝麻的频率.通过两次操作，你是否有所发现？若有一袋芝麻，由黑、白两种芝麻混合而成，你用什么方法估计其中黑芝麻所占的百分比？【答案】答案见解析利用频率估计概率的思想可得出结论. 【详解】通过两次操作，我们会有所发现，比如： 操作1中，黑芝麻的频率为10001100010002=+，操作2中，黑芝麻的频率为1500315005004=+，在搅拌均匀的前提下，由此可想到可将这袋芝麻搅拌均匀后从中取出一杯， 将此杯中黑芝麻的频率作为黑芝麻所占的百分比的估计.10.（2021·北京丰台·高二期中）从两个黑球（记为1B 和2B ）、两个红球（记为1R 和2R ）从中有放回地任意抽取两球．（1）用集合的形式写出试验的样本空间； （2）求抽到的两个球都是黑球的概率． 【答案】 （1）答案见解析 （2）14【分析】（1）根据题意，列出样本空间所有可能的情况即可；（2）列出抽到两个球都是黑球的所有可能情况，利用古典概型的概率公式计算即可 （1）试验的样本空间1112111221222122={(,),(,),(,),(,),(,),(,),(,),(,),B B B B B R B R B B B B B R B R Ω 1112111221222122(,),(,),(,),(,),(,),(,),(,),(,)}R B R B R R R R R B R B R R R R ；（2）设事件=A “抽到两个黑球”，则对于有放回简单随机抽样， 11122122{(,),(,),(,),(,)}A B B B B B B B B =．因为样本空间Ω中每一个样本点的可能性都相等，所以这是一个古典概型． 因此(A)41P(A)()164n n ===Ω． 所以抽到的两个球都是黑球的概率为14练提升1．（2021·北京丰台·高二期中）袋子中有4个大小质地完全相同的球，其中3个红球，1个黄球，从中随机抽取2个球，则抽取出的2个球恰好是1个红球1个黄球的概率是（ ） A ．13B ．12C ．23D ．1【答案】B 【分析】分别求出从有4个大小质地完全相同的球的袋子中随机抽取2个球和抽取出的2个球恰好是1个红球1个黄球的基本事件的个数，再根据古典概型公式即可得解. 【详解】解：从有4个大小质地完全相同的球的袋子中随机抽取2个球有246C =种情况，抽取出的2个球恰好是1个红球1个黄球有11313C C ⋅=，所以抽取出的2个球恰好是1个红球1个黄球的概率是3162=.故选：B.2．（2021·北京市第八中学怡海分校高二期中）某人打靶时连续射击两次，下列事件中与事件“只有一次中靶”互斥而不对立的是（ ） A ．至少一次中靶 B ．至多一次中靶 C ．至多两次中靶 D ．两次都中靶【答案】D 【分析】事件A 和B 互斥而不对立所需要的条件是()p A B =∅且()1p A B ≠，一一验证A 、B 、C 、D 四个选项，选出答案. 【详解】设“只有一次中靶”为事件A设“至少一次中靶”为事件B ，则事件B 包含：“有一次中靶”和“有两次中靶”两种情况，，显然()p A B ≠∅，不互斥，A 选项错误；设“至多一次中靶”为事件C ，则事件C 包含事件：“有一次中靶”和“有零次中靶”，显然()p A C ≠∅，不互斥，B 选项错误；设“至多两次中靶”为事件D ，则事件D 包含事件：“有两次中靶”，“有一次中靶”和“有零次中靶”，显然()p A D ≠∅，不互斥，C 选项错误；设“两次都中靶”为事件E ，则()p A E =∅，()1p A E ⋃≠，满足互斥而不对立所需要的条件，故选项D 正确. 故选：D3．（2021·全国·高三月考（文））2019年版高中数学人教A 版教材一共有5本.分别是《必修第一册》《必修第二册》《选择性必修第一册》《选择性必修第二册》《选择性必修第三册》，在一次数学新教材培训会议上，主持人刚好带了全套5本新教材，现从中随机抽出了3本送给在场的培训学员，则恰有1本选择性必修的新教材被抽到的概率为（ ） A ．35B ．310 C ．13D ．15【答案】B 【分析】应用组合数计算随机抽出了3本恰有1本选择性必修的新教材的抽取方法，再应用古典概型的概率求法求出概率即可. 【详解】由题设，随机抽出了3本恰有1本选择性必修的新教材的概率为212335310C C C =.故选：B4．（2021·广西南宁·高三月考（文））哥尼斯堡“七桥问题”是著名的古典数学问题，它描述的是:在哥尼斯堡的一个公园里，有七座桥将普雷格尔河中两个岛及岛与河岸连接起来(如图1).问是否可能从这四块陆地中任一块出发，恰好通过每座桥一次，再回到起点?瑞士数学家欧拉于1736年研究并解决了此问题，他把该问题归结为如图2所示的“一笔画”问题，并证明了上述走法是不可能的.假设在图2所示七条线中随机选取两条不同的线，则这两条线都与A 直接相连的概率为（ ）A ．27B ．37C ．12D ．1021【答案】D 【分析】结合古典概型公式和组合公式直接求解. 【详解】由题可知，若从7条线路中选2条，则有2721C =种方法，若选出的两条线都与A 相连，则共有2510C =种方法，则这两条线都与A 直接相连的概率为252101021C P C ==.故选：D5．（2021·广东·广州市协和中学高二期中）在某次围棋比赛中，甲、乙两人进入最后决赛.比赛取三局二胜制，即先胜两局的一方获得比赛冠军，比赛结束.假设每局比赛甲胜乙的概率都为13，且各局比赛的胜负互不影响，在甲已经先胜一局的情况下，甲获得冠军的概率为（）A．49B．59C．527D．23【答案】B【分析】甲获得冠军有两种情况, 第一种情况：第二局甲获胜获得得比赛冠军, 第二种情况：第二局甲输，第三局甲获胜获胜得比赛冠军，求出两种情况下的概率，相加即可.【详解】在甲已经先胜一局的情况下，甲获得冠军有两种情况，第一种情况：第二局甲获胜获得得比赛冠军，11 3P=第二种情况：第二局甲输，第三局甲获胜获胜得比赛冠军1212 339P=⨯=，故甲获得冠军的概率为125 399 +=.故选：B.6.（2021·广东·仲元中学高一期末）数学多选题A，B，C，D四个选项，在给出的选项中，有多项符合题目要求.全都选对的得5分，部分选对的得2分.有选错的得0分.已知某道数学多选题正确答案为BCD，小明同学不会做这道题目，他随机地填涂了1个，或2个，或3个选项，则他能得分的概率为（）A．12B．716C．25D．25【答案】A【分析】利用组合数求得随机地填涂了1个或2个或3个选项，每种可能性都是相同的，然后列举计数能得分的涂法种数，求得所求概率.【详解】解：随机地填涂了1个或2个或3个选项，共有12344414C C C++=种涂法，能得分的涂法为（BCD），（BC），（BD），（CD），B，C，D，共7种，故他能得分的概率为71 142=．故选：A.7.（2021·上海市松江二中高二月考）将4个1和2个0随机排成一行，则2个0不相邻的概率为___________． 【答案】23【分析】首先排好4个1,，即可产生5个空，再利用插空法求出2个0相邻与2个0不相邻的排法，再利用古典概型的概率公式计算可得； 【详解】解：将4个1和2个0随机排成一行，4个1产生5个空，若2个0相邻，则有155C =种排法，若2个0不相邻，则有2510C =种排法，所以2个0不相邻的概率为1021053=+ 故答案为：238．（2021·北京市第八中学怡海分校高二期中）1.一个袋子中有大小和质地相同的4个球，其中有2个红色球（标号为1和2），2个绿色球（标号为3和4），从袋子中依次不放回地摸出2个球.（1）写出试验的样本空间；（2）求摸出的2个球颜色相同的概率. 【答案】（1）{(1,2),(1,3),(1,4),(2,1),(2,3),(2,4),(3,1),(3,2),(3,4),(4,1),(4,2),(4,3)} （2）13【分析】（1）列举法把所有情况写出来，用集合表示，就是试验的样本空间；（2）有古典概率的公式进行计算 （1）试验的样本空间为：{(1,2),(1,3),(1,4),(2,1),(2,3),(2,4),Ω=(3,1),(3,2),(3,4),(4,1),(4,2),(4,3)}（2）设事件A =“摸出的两个球的颜色相同” 所以{}(1,2),(2,1),(3,4),(4,3)A =， ()4n A =，()12n Ω=所以()41()()123n A P A n ===Ω 9．（2021·浙江·台州市路桥区东方理想学校高二月考）从编号为A 、B 、C 、D 的4名男生和编号为m、n的2名女生中任选3人参加演讲比赛．（1）把选中3人的所有可能情况一一列举出来；（2）求所选3人中恰有一名女生的概率；（3）求所选3人中至少有一名女生的概率【答案】（1）答案见解析（2）3 5（3）4 5【分析】（1）列举法写出基本事件；（2）结合古典概型概率公式即可求出结果；（3）结合古典概型概率公式即可求出结果.（1）设4名男生分别为A，B，C，D，两名女生分别为m，n，则从6名学生中任3人的所有情况有：ABC，ABD，ABm，ABn，ACD，ACm，ACn，ADm，ADn，Amn，BCD，BCm，BCn，BDm，BDn，Bmn，CDm，CDn，Cmn，Dmn，共20种，（2）由（1）可知共有20种情况，其中所选3人中恰有一名女生的有12种，所以所求概率为123 205，（3）由（1）可知共有20种情况，所选3人中至少有一名女生的有16种，所以所求概率为164 20510．（2021·陕西·西安中学高二月考（理））福州某中学高一（10）班男同学有45名，女同学有15名，老师按照性别分层抽样的方法组建了一个由4人组成的课外学习兴趣小组.（1）求课外兴趣小组中男､女同学的人数；（2）经过一个月的学习､讨论，这个兴趣小组决定从该组内选出2名同学分别做某项试验，求选出的2名同学中恰有1名女同学的概率；（3）试验结束后，同学A得到的试验数据为68，70，71，72，74；同学B得到的试验数据为69，70，70，72，74；请问哪位同学的试验更稳定？并说明理由.【答案】（1）男､女同学的人数分别为3，1（2）12（3）B同学的实验更稳定，理由见解析【分析】（1）按照分层抽样的按比例抽取的方法，男女生抽取的比例是45：15，4人中的男女抽取比例也是45：15，从而解决；（2）先算出选出的两名同学的基本事件数，再算出恰有一名女同学事件数，两者比值即为所求概率；（3）欲问哪位同学的试验更稳定，只要算出他们各自的方差比较大小即可.（1）解：因为每个同学被抽到的概率为416015P==，课外兴趣小组中男、女同学的人数分别为3，1；（2）解：把3名男同学和1名女同学记为a1，a2，a3，b，则选取两名同学的基本事件有（a1，a2），（a1，a3），（a2，a3），（a1，b），（a2，b），（a3，b），共6种，其中有一名女同学的有3种，所以，选出的两名同学中恰有一名女同学的概率为131 62P==；（3）解：16870717274715x++++==，26970707274715x++++==，∴2222221(6871)(7071)(7171)(7271)(7471)45s-+-+-+-+-==，222222(6971)2(7071)(7271)(7471)3.25s-+⨯-+-+-==，∴B同学的实验更稳定.1．（2021·山东·高考真题）甲、乙、丙三位同窗打算利用假期外出游览，约定每人从泰山、孔府这两处景点中任选一处，那么甲、乙两位同窗恰好选取同一处景点的概率是（）A．29B．23C．14D．12【答案】D【分析】应用古典概型的概率求法，求甲、乙两位同窗恰好选取同一处景点的概率即可.练真题【详解】甲、乙两位同窗选取景点的种数为224⨯=，其中甲、乙两位同窗恰好选取同一处景点的种数为2，∴甲、乙两位同窗恰好选取同一处景点的概率为2142=． 故选：D2．（2020·海南省高考真题）某中学的学生积极参加体育锻炼，其中有96%的学生喜欢足球或游泳，60%的学生喜欢足球，82%的学生喜欢游泳，则该中学既喜欢足球又喜欢游泳的学生数占该校学生总数的比例是（ ） A ．62% B ．56% C ．46% D ．42% 【答案】C 【解析】记“该中学学生喜欢足球”为事件A ，“该中学学生喜欢游泳”为事件B ，则“该中学学生喜欢足球或游泳”为事件A B +，“该中学学生既喜欢足球又喜欢游泳”为事件A B ⋅， 则()0.6P A =，()0.82P B =，()0.96P A B +=，所以()P A B ⋅=()()()P A P B P A B +-+0.60.820.960.46=+-= 所以该中学既喜欢足球又喜欢游泳的学生数占该校学生总数的比例为46%. 故选：C.3．（2020·全国高考真题（文））设O 为正方形ABCD 的中心，在O ，A ，B ，C ，D 中任取3点，则取到的3点共线的概率为（ ） A ．15B ．25 C ．12D ．45【答案】A 【解析】如图，从O A B C D ,,,,5个点中任取3个有{,,},{,,},{,,},{,,}O A B O A C O A D O B C {,,},{,,},{,,},{,,}O B D O C D A B C A B D {,,},{,,}A C D B C D 共10种不同取法，3点共线只有{,,}A O C 与{,,}B O D 共2种情况， 由古典概型的概率计算公式知，取到3点共线的概率为21105=. 故选：A4.（2019·江苏高考真题）从3名男同学和2名女同学中任选2名同学参加志愿者服务，则选出的2名同学中至少有1名女同学的概率是_____. 【答案】710. 【解析】从3名男同学和2名女同学中任选2名同学参加志愿服务，共有2510C =种情况.若选出的2名学生恰有1名女生，有11326C C =种情况， 若选出的2名学生都是女生，有221C =种情况，所以所求的概率为6171010+=. 5.（2020·江苏省高考真题）将一颗质地均匀的正方体骰子先后抛掷2次，观察向上的点数，则点数和为5的概率是_____. 【答案】19【解析】根据题意可得基本事件数总为6636⨯=个.点数和为5的基本事件有()1,4，()4,1，()2,3，()3,2共4个. ∴出现向上的点数和为5的概率为41369P ==. 故答案为：19. 6．（2017·山东高考真题（文））某旅游爱好者计划从3个亚洲国家A 1，A 2，A 3和3个欧洲国家B 1，B 2，B 3中选择2个国家去旅游.(1)若从这6个国家中任选2个，求这2个国家都是亚洲国家的概率；(2)若从亚洲国家和欧洲国家中各选1个，求这两个国家包括A 1，但不包括B 1的概率． 【答案】（1）15P = ；（2）29P =【解析】（Ⅰ）由题意知，从6个国家中任选两个国家，其一切可能的结果组成的基本事件有：{}{}{}{}{}{}{}{}{}{}{}{}121323111213212223313233,,,,,,,,,,,,,,,,,,,,,,,,A A A A A A AB A B A B A B A B A B A B A B A B {}{}{}121323,,,,,B B B B B B ，共15个.所选两个国家都是亚洲国家的事件所包含的基本事件有：{}{}{}121323,,,,,A A A A A A ,共3个，则所求事件的概率为：31155P ==. （Ⅱ）从亚洲国家和欧洲国家中各任选一个，其一切可能的结果组成的基本事件有：{}{}{}{}{}{}{}{}111213212223313233,,{,},,,,,,,,,,,,,,A B A B A B A B A B A B A B A B A B ，共9个，包含1A 但不包括1B 的事件所包含的基本事件有：{}{}1213,,,A B A B ，共2个， 所以所求事件的概率为：29P =.。
2020版高考人教A版理科数学一轮复习文档：第十章 第五节 古典概型与几何概型 Word版含答案
姓名，年级：时间：第五节古典概型与几何概型2019考纲考题考情1．古典概型(1）基本事件的特点①任何两个基本事件是互斥的。
②任何事件(除不可能事件)都可以表示成基本事件的和.（2）古典概型的定义具有以下两个特点的概率模型称为古典概率模型，简称古典概型。
(3）古典概型的概率公式P(A)＝错误!。
2．几何概型(1)几何概型的定义如果每个事件发生的概率只与构成该事件区域的长度(面积或体积）成比例，那么称这样的概率模型为几何概率模型,简称几何概型.(2)几何概型的两个基本特点（3）几何概型的概率公式P（A)＝错误!.1．古典概型中的基本事件都是互斥的，确定基本事件的方法主要有列举法、列表法与树状图法。
2．概率的一般加法公式P(A∪B）＝P（A）＋P（B)－P（A∩B)中，易忽视只有当A∩B＝∅，即A，B互斥时,P(A ∪B)＝P（A)＋P(B），此时P（A∩B)＝0。
3．几何概型的基本事件的个数是无限的，古典概型中基本事件的个数是有限的,前者概率的计算与基本事件的区域长度（面积或体积）的大小有关，而与形状和位置无关。
4．几何概型中,线段的端点、图形的边框是否包含在事件之内不影响所求结果。
一、走进教材1．(必修3P 127例3改编)掷两颗均匀的骰子,则点数之和为5的概率等于( ）A.错误! B 。
错误! C 。
错误! D 。
错误!解析 所有基本事件的个数为6×6＝36,点数之和为5的基本事件有(1，4)，（2,3），（3,2），(4，1）共4个。
故所求概率为P ＝错误!＝错误!。
故选B 。
答案 B2．(必修3P 140练习T 1改编)有四个游戏盘,将它们水平放稳后，在上面扔一颗玻璃小球，若小球落在阴影部分，则可中奖,小明要想增加中奖机会,应选择的游戏盘是( )解析 如题干选项中各图,各种情况的概率都是其面积比，中奖的概率依次为P （A )＝38,P （B )＝28，P (C ）＝错误!，P (D )＝错误!.故选A 。
北京市2020〖苏科版〗高三数学复习试卷古典概型1
北京市2020年〖苏科版〗高三数学复习试卷古典概型创作人：百里部活 创作日期：202B.03.31审核人： 北堂动由创作单位： 雅礼明智德学校考点一 简单的古典概型的概率【例1】 现有6道题，其中4道甲类题，2道乙类题，张同学从中任取2道题解答．试求： (1)所取的2道题都是甲类题的概率； (2)所取的2道题不是同一类题的概率．【规律方法】有关古典概型的概率问题，关键是正确求出基本事件总数和所求事件包含的基本事件数．(1)基本事件总数较少时，用列举法把所有基本事件一一列出时，要做到不重复、不遗漏，可借助“树状图”列举．(2)注意区分排列与组合，以及计数原理的正确使用．【变式探究】 袋中有五张卡片，其中红色卡片三张，标号分别为1，2，3；蓝色卡片两张，标号分别为1，2.(1)从以上五张卡片中任取两张，求这两张卡片颜色不同且标号之和小于4的概率；(2)向袋中再放入一张标号为0的绿色卡片，从这六张卡片中任取两张，求这两种卡片颜色不同且标号之和小于4的概率．考点二 复杂的古典概型的概率【例2】将一颗骰子先后抛掷2次，观察向上的点数，求： (1)两数中至少有一个奇数的概率；(2)以第一次向上点数为横坐标x ，第二次向上的点数为纵坐标y 的点(x ，y )在圆x 2＋y 2＝15的外部或圆上的概率．【规律方法】(1)一是本题易把(2，4)和(4，2)，(1，2)和(2，1)看成同一个基本事件，造成计算错误．二是当所求事件情况较复杂时，一般要分类计算，即用互斥事件的概率加法公式或考虑用对立事件求解．(2)当所求事件含有“至少”“至多”或分类情况较多时，通常考虑用对立事件的概率公式P (A )＝1－P (A －)求解．【变式探究】 甲、乙两人参加法律知识竞答，共有10道不同的题目，其中选择题6道，判断题4道，甲、乙两人依次各抽一题．(1)甲抽到选择题、乙抽到判断题的概率是多少？ (2)甲、乙两人中至少有一人抽到选择题的概率是多少？ 考点三 古典概型与统计的综合问题【例3】 为了解学生身高情况，某校以10%的比例对全校700名学生按性别进行分层抽样调查，测得身高情况的统计图如下：男生 女生(1)估计该校男生的人数；(2)估计该校学生身高在170～185 cm 之间的概率；(3)从样本中身高在165～180 cm 之间的女生中任选2人，求至少有1人身高在170～180 cm 之间的概率．【规律方法】有关古典概型与统计结合的题型是高考考查概率的一个重要题型，已成为高考考查的热点，概率与统计结合题，无论是直接描述还是利用概率分布表、分布直方图、茎叶图等给出信息，只需要能够从题中提炼出需要的信息，则此类问题即可解决．【变式探究】某车间共有12名工人，随机抽取6名，他们某日加工零件个数的茎叶图如图所示，其中茎为十位数，叶为个位数．(1)根据茎叶图计算样本均值；(2)日加工零件个数大于样本均值的工人为优秀工人．根据茎叶图推断该车间12名工人中有几名优秀工人？(3)从该车间12名工人中，任取2人，求恰有1名优秀工人的概率． 【真题感悟】1.【高考1，文4】如果3个正整数可作为一个直角三角形三条边的边长，则称这3个数为一组勾股数，从1,2,3,4,5中任取3个不同的数，则这3个数构成一组勾股数的概率为（ ）（A ）310（B ）15（C ）110（D ）1202.【高考安徽，文17】某企业为了解下属某部门对本企业职工的服务情况，随机访问50名职工，根据这50名职工对该部门的评分，绘制频率分布直方图（如图所示），其中样本数据分组区间为[40,50],[50,60],,[80,90],[90,100]（Ⅰ）求频率分布图中a 的值；（Ⅱ）估计该企业的职工对该部门评分不低于80的概率；（Ⅲ）从评分在[40,60]的受访职工中，随机抽取2人，求此2人评分都在[40,50]的概率.{}{}{}{}{}{},,,,,,,,,,,,2123132212312B B B A B A B A B A A A 又因为所{}21,B B ，故所求的3.【高考福建，文18】全网传播的融合指数是衡量电视媒体在中国网民中影响了的综合指标．根据相关报道提供的全网传播某全国性大型活动的“省级卫视新闻台”融合指数的数据，对名列前20名的“省级卫视新闻台”的融合指数进行分组统计，结果如表所示．（Ⅰ）现从融合指数在[4,5)和[]7,8内的“省级卫视新闻台”中随机抽取2家进行调研，求至少有1家的融合指数在[]7,8的概率；（Ⅱ）根据分组统计表求这20家“省级卫视新闻台”的融合指数的平均数．1．（·广东卷）从0，1，2，3，4，5，6，7，8，9中任取七个不同的数，则这七个数的中位数是6的概率为________．2．（·福建卷）为回馈顾客，某商场拟通过摸球兑奖的方式对1000位顾客进行奖励，规定：每位顾客从一个装有4个标有面值的球的袋中一次性随机摸出2个球，球上所标的面值之和为该顾客所获的奖励额．(1)若袋中所装的4个球中有1个所标的面值为50元，其余3个均为10元，求： (i)顾客所获的奖励额为60元的概率； (ii)顾客所获的奖励额的分布列及数学期望．(2)商场对奖励总额的预算是60 000元，并规定袋中的4个球只能由标有面值10元和50元的两种球组成，或标有面值20元和40元的两种球组成．为了使顾客得到的奖励总额尽可能符合商场的预算且每位顾客所获的奖励额相对均衡，请对袋中的4个球的面值给出一个合适的设计，并说明理由．3．（·全国卷Ⅰ] 4位同学各自在周六、周日两天中任选一天参加公益活动，则周六、周日都有同学参加公益活动的概率为( )A.18B.38C.58D.784．（·陕西卷）从正方形四个顶点及其中心这5个点中，任取2个点，则这2个点的距离不小于该正方形边长的概率为 ( )A.15B.25C.35D.455．（·天津卷）某大学志愿者协会有6名男同学，4名女同学．在这10名同学中，3名同学来自数学学院，其余7名同学来自物理、化学等其他互不相同的七个学院．现从这10名同学中随机选取3名同学，到希望进行支教活动(每位同学被选到的可能性相同)．(1)求选出的3名同学是来自互不相同学院的概率；(2)设X 为选出的3名同学中女同学的人数，求随机变量X 的分布列和数学期望．6．（·浙江卷）已知甲盒中仅有1个球且为红球，乙盒中有m 个红球和n 个蓝球(m ≥3，n ≥3)，从乙盒中随机抽取i (i ＝1，2)个球放入甲盒中．(a)放入i 个球后，甲盒中含有红球的个数记为ξi (i ＝1，2)；(b)放入i 个球后，从甲盒中取1个球是红球的概率记为p i (i ＝1，2)． 则( )A ．p 1>p 2，E (ξ1)<E (ξ2)B ．p 1<p 2，E (ξ1)>E (ξ2)C ．p 1>p 2，E (ξ1)>E (ξ2)D ．p 1<p 2，E (ξ1)<E (ξ2)7．（·重庆卷）一盒中装有9张各写有一个数字的卡片，其中4张卡片上的数字是1，3张卡片上的数字是2，2张卡片上的数字是3.从盒中任取3张卡片．(1)求所取3张卡片上的数字完全相同的概率；(2)X 表示所取3张卡片上的数字的中位数，求X 的分布列与数学期望． (注：若三个数a ，b ，c 满足a ≤b ≤c ，则称b 为这三个数的中位数)【押题专练】1．集合A ＝{2，3}，B ＝{1，2，3}，从A ，B 中各任意取一个数，则这两数之和等于4的概率是( ) A.23B.12C.13D.162．有3个兴趣小组，甲、乙两位同学各自参加其中一个小组，每位同学参加各个小组的可能性相同，则这两位同学参加同一个兴趣小组的概率为( )A.13B.12C.23D.343．若某公司从五位大学毕业生甲、乙、丙、丁、戊中录用三人，这五人被录用的机会均等，则甲或乙被录用的概率为( )A.23B.25C.35D.9104．连掷两次骰子分别得到点数m ，n ，则向量(m ，n )与向量(－1，1)的夹角θ>90°的概率是 ( ) A.512B.712C.13D.125．三位同学参加跳高、跳远、铅球项目的比赛．若每人都选择其中两个项目，则有且仅有两人选择的项目完全相同的概率是( )A.23B.29C.13D.796．甲、乙两人玩猜数字游戏，先由甲心中想一个数字，记为a ，再由乙猜甲刚才所想的数字，把乙猜的数字记为b ，其中a ，b ∈{1，2，3，4，5，6}，若|a －b |≤1，就称甲、乙“心有灵犀”．现任意找两人玩这个游戏，则他们“心有灵犀”的概率为( )A.19B.29C.718D.497．一颗质地均匀的正方体骰子，其六个面上的点数分别为1，2，3，4，5，6，将这颗骰子连续抛掷三次，观察向上的点数，则三次点数依次构成等差数列的概率为( )A.112B.118C.136D.71088．在甲、乙两个盒子中分别装有标号为1，2，3，4的四个小球，现从甲、乙两个盒子中各取出1个小球，每个小球被取出的可能性相等．(1)求取出的两个小球上的标号为相邻整数的概率； (2)求取出的两个小球上的标号之和能被3整除的概率．9．某地区有21所，14所，大学7所，现采用分层抽样的方法从这些学校中抽取6所学校对学生进行视力调查．(1)求应从、、大学中分别抽取的学校数目；(2)若从抽取的6所学校中随机抽取2所学校做进一步数据分析，求抽到、各一所的概率．10．某人在如图所示的直角边长为4米的三角形地块的每个格点(指纵、横直线的交叉点以及三角形的顶点)处都种了一株相同品种的作物．则从三角形地块的内部和边界上各分别随机选取一株作物，它们恰好“相近”的概率为________．(注：这里，两株作物“相近”是指它们之间的直线距离不超过1米) 11．甲、乙两校各有3名教师报名支教，其中甲校2男1女，乙校1男2女． (1)若从甲校和乙校报名的教师中各任选1名，求选出的2名教师性别相同的概率； (2)若从报名的6名教师中任选2名，求选出的2名老师来自同一学校的概率．。
2020高考数学(理数)复习作业本10.2 二项式定理(含答案)
选 B.
8.答案为：B.
解析：(1＋x)5＋(1＋x)6＋(1＋x)7 的展开式中 x4 的系数是 C45＋C46＋C47=55.故选 B.
9.答案为：B.
( )3
解析：在二项式 x＋ n 的展开式中，令 x=1 得各项系数之和为 4n，∴A=4n， x
该二项展开式的二项式系数之和为 2n，∴B=2n，∴4n＋2n=72，解得 n=3，
2020 高考数学(理数)复习作业本 10.2
二项式定理
一、选择题
1. (1－3x)7 的展开式的第 4 项的系数为( )
A．－27C37
B．－81C47
C．27C37
D．81C47
( )2
2. x＋ n 的展开式的二项式系数之和为 8，则展开式的常数项等于( ) x
A．4
B．6
C．8
D．10
3.若(2x-3)5=a0+a1x+a2x2+a3x3+a4x4+a5x5,则 a1+2a2+3a3+4a4+5a5=( )
B.90
C.45
D.360
6.在 (ax6 b )4 的展开式中,如果 x3 的系数为 20,那么 ab3=( ) x
A.20
B.15
C.10
D.5
7. (1＋2x)3(2－x)4 的展开式中 x 的系数是( )
A．96
B．64
C．32
D．16
8. (1＋x)5＋(1＋x)6＋(1＋x)7 的展开式中 x4 的系数为( )
A.212
B.211
C.210
D.29
二、填空题
11.已知 (x2 1 )n 的展开式的各项系数和为 32,则展开式中 x4 的系数为 . x
数学高考复习古典概型专题强化练习(附答案)
数学高考复习古典概型专题强化练习（附答案）古典概型定义是由法国数学家拉普拉斯提出的，以下是古典概型专题强化练习，希望对考生温习数学有协助。
1.(2021江西,文3改编)掷两枚平均的骰子,那么点数之和为5的概率等于()A. B. C. D.2.一名同窗先后投掷一枚骰子两次,第一次向上的点数记为x,第二次向上的点数记为y,在平面直角坐标系xOy中,以(x,y)为坐标的点落在直线2x+y=8上的概率为()A. B. C. D.3.从个位数字与十位数字之和为奇数的两位数中任取一个,其个位数为0的概率是()A. B. C. D.4.(2021湖北,文5)随机掷两枚质地平均的骰子,它们向上的点数之和不超越5的概率记为p1,点数之和大于5的概率记为p2,点数之和为偶数的概率记为p3,那么()A.p190的概率是()A. B. C. D.13.在集合A={2,3}中随机取一个元素m,在集合B={1,2,3}中随机取一个元素n,失掉点P(m,n),那么点P在圆x2+y2=9外部的概率为 .14.集合M={1,2,3,4},N={(a,b)|aM,bM},A是集合N中恣意一点,O为坐标原点,那么直线OA与y=x2+1有交点的概率是 .15.(2021四川,文16)一个盒子里装有三张卡片,区分标志有数字1,2,3,这三张卡片除标志的数字外完全相反.随机有放回地抽取3次,每次抽取1张,将抽取的卡片上的数字依次记为a,b,c.(1)求抽取的卡片上的数字满足a+b=c的概率;(2)求抽取的卡片上的数字a,b,c不完全相反的概率.16.小波以游戏方式决议是去打球、唱歌还是去下棋.游戏规那么为:以O为终点,再从A1,A2,A3,A4,A5,A6(如图)这6个点中任取两点区分为终点失掉两个向量,记这两个向量的数量积为X,假定X0就去打球,假定X=0就去唱歌,假定X0就去下棋.(1)写出数量积X的一切能够取值;(2)区分求小波去下棋的概率和不去唱歌的概率.1.B 解析:掷两枚平均的骰子,共有36个基身手情,其中和为5的基身手情有(1,4),(2,3),(3,2),(4,1),共4个.故所求概率为.2.B 解析:依题意,以(x,y)为坐标的点共66=36个,其中落在直线2x+y=8上的点有(1,6),(2,4),(3,2),共3个,故所求事情的概率P=.3.D 解析:(1)当个位为奇数时,有54=20个契合条件的两位数.(2)当个位为偶数时,有55=25个契合条件的两位数.因此共有20+25=45个契合条件的两位数,其中个位数为0的两位数有5个,故所求概率为P=.4.C 解析:由题意可知,p1=,p2=1-p1=,p3=.应选C.5.D 解析:由题意知,从五位大学毕业生中录用三人,一切不同的能够结果有(甲,乙,丙),(甲,乙,丁),(甲,乙,戊),(甲,丙,丁),(甲,丙,戊),(甲,丁,戊),(乙,丙,丁),(乙,丙,戊),(乙,丁,戊),(丙,丁,戊),共10种,其中甲与乙均未被录用的一切不同的能够结果只要(丙,丁,戊)这1种,那么其统一事情甲或乙被录用的能够结果有9种,故所求概率P=.6. 解析:基身手情总数有10个,即(a,b),(a,c),(a,d),(a,e),(b,c),(b,d),(b,e),(c,d),(c, e),(d,e),其中含a的基身手情有(a,b),(a,c),(a,d),(a,e),共4个,故由古典概型知所求事情的概率P=.7. 解析:k,b的取法有33=9种,直线y=kx+b不经过第三象限即k0,取法有(-1,1),(-1,2)两种,所以概率为P=.8. 解析:实验中所含基身手情个数为36,假想象表示椭圆,那么先后两次的骰子点数不能相反,那么去掉6种能够,既然椭圆焦点在x轴上,那么mn,又只剩下一半状况,即有15种,因此P(A)=.9.解:(1)由题意知,m{1,2,3,4,5,6},n{1,2,3,4,5,6},那么(m,n)一切能够的取法共36种.使得ab,即m-3n=0,即m=3n,共有2种:(3,1),(6,2),故事情ab的概率为.(2)|a||b|,即m2+n210,有(1,1),(1,2),(1,3),(2,1),(2,2),(3,1),共6种,故其概率为.10.解:(1)由于样本容量与总体中的集体数的比是,所以样本中包括三个地域的集体数量区分是:50=1,150=3,100=2.所以A,B,C三个地域的商品被选取的件数区分为1,3,2. (2)设6件来自A,B,C三个地域的样品区分为:A;B1,B2,B3;C1,C2.那么抽取的这2件商品构成的一切基身手情为:{A,B1},{A,B2},{A,B3},{A,C1},{A,C2},{B1,B2},{B1,B 3},{B1,C1},{B1,C2},{B2,B3},{B2,C1},{B2,C2},{B3,C1}, {B3,C2},{C1,C2},共15个.每个样品被抽到的时机均等,因此这些基身手情的出现是等能够的.记事情D:抽取的这2件商品来自相反地域,那么事情D包括的基身手情有{B1,B2},{B1,B3},{B2,B3},{C1,C2},共4个.所以P(D)=,即这2件商品来自相反地域的概率为.11.C 解析:记2名来自A大学的志愿者为A1,A2,4名来自B 大学的志愿者为B1,B2,B3,B4.从这6名志愿者中选出2名的基身手情有(A1,A2),(A1,B1),(A1,B2),(A1,B3),(A1,B4),(A2,B1),(A2 ,B2),(A2,B3),(A2,B4),(B1,B2),(B1,B3),(B1,B4),(B2,B3 ),(B2,B4),(B3,B4),共15种.其中至少有一名A大学志愿者的事情有9种.故所求概率P=.12.A 解析:(m,n)(-1,1)=-m+n0,mn.基身手情总共有66=36个,契合要求的有(2,1),(3,1),(3,2),(4,1),(4,2),(4,3),(5,1),,(5,4),(6 ,1),,(6,5),共1+2+3+4+5=15(个).那么P=,应选A.13. 解析:点P(m,n)有(2,1),(2,2),(2,3),(3,1),(3,2),(3,3),共6种状况,只要(2,1),(2,2)这2个点在圆x2+y2=9的外部,所求概率为.14. 解析:易知过点(0,0)与y=x2+1相切的直线为y=2x(斜率小于0的无需思索),集合N中共有16个元素,其中使OA斜率不小于2的有(1,2),(1,3),(1,4),(2,4),共4个,由古典概型知概率为.15.解:(1)由题意,(a,b,c)一切的能够为(1,1,1),(1,1,2),(1,1,3),(1,2,1),(1,2,2),(1,2,3),(1,3,1),(1,3,2),(1,3,3),(2,1,1),(2,1,2),(2,1,3),(2,2,1 ),(2,2,2),(2,2,3),(2,3,1),(2,3,2),(2,3,3),(3,1,1),( 3,1,2),(3,1,3),(3,2,1),(3,2,2),(3,2,3),(3,3,1),(3,3 ,2),(3,3,3),共27种.设抽取的卡片上的数字满足a+b=c为事情A,那么事情A包括(1,1,2),(1,2,3),(2,1,3),共3种.所以P(A)=.因此,抽取的卡片上的数字满足a+b=c的概率为.(2)设抽取的卡片上的数字a,b,c不完全相反为事情B,那么事情包括(1,1,1),(2,2,2),(3,3,3),共3种.所以P(B)=1-P()=1-.因此,抽取的卡片上的数字a,b,c不完全相反的概率为.16.解:(1)X的一切能够取值为-2,-1,0,1.(2)数量积为-2的有,共1种;数量积为-1的有,共6种;数量积为0的有,共4种;数量积为1的有,共4种.那么一切能够的状况共有15种.因此小波去下棋的概率为P1=;由于去唱歌的概率为P2=,所以小波不去唱歌的概率P=1-P2=1-.古典概型专题强化练习及答案的全部内容就是这些，更多精彩内容请考生关注查字典数学网。
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率等于
.
12.甲队 a1,a2,a3,a4 四人与乙队 b1,b2,b3,b4 抽签进行 4 场乒乓球单打对抗赛，抽到 ai 对 bi(i＝ 1,2,3,,4)对打的概率为
13.一箱内有十张标有 0 到 9 的卡片,从中任取一张,则取到卡片上的数字不小于 6 的概率是
14.连续抛掷同一颗均匀的骰子，记第 i 次得到的向上一面的点数为 ai，若存在正整数 k，使 a1＋a2＋…＋ak=6，则称 k 为幸运数字，则幸运数字为 3 的概率是________．
C、灯泡的合格率是 99%，从一批灯泡中任取一个，这是合格品的可能性为 99%、
D、如 P(A)＝0、001、则 A 为不可能事件
10.从 1,2,3,6 中随机取出三个数字，则数字 2 是这三个数字的平均数的概率是( )
1
1
1
3
A.
B．
C.
D．
4
3
2
4
二、填空题
11.从 0，1，2，3，4，5 中任取 3 个组成没有重复数字的三位数，这个三位数是 5 的倍数的概
7.答案为：C. 解析：从 5 支彩笔中任取 2 支不同颜色的彩笔，有 10 种不同取法：(红，黄)，(红， 蓝)，(红，绿)， (红，紫)，(黄，蓝)，(黄，绿)，(黄，紫)，(蓝，绿)，(蓝，紫)，(绿，紫)． 而取出的 2 支彩笔中含有红色彩笔的取法有(红，黄)，(红，蓝)，(红，绿)，(红，紫)， 42 共 4 种，故所求概率 P= = . 10 5
答案解析
1.B
2.C
3.C
4.答案为：B. 解析：基本事件总数 n=34=81，这三个项目都有人参加所包含的基本事件个数 m=C24A3=36， m 36 4 故这三个项目都有人参加的概率为 P= = = . n 81 9
5.答案为：C. 解析：从红、黄、白、紫 4 种颜色的花中任选 2 种花种在 一个花坛中，余下的 2 种花种在 另一个花坛中， 共有 6 种选法．红色和紫色的花不在同一花坛的有 4 种选法，根据古典概型的概率计算公 式， 42 所求的概率为 = .故选 C. 63
A、 B、 C、 D、
4324
3.将 4 名队员随机分入 3 个队中，对于每个队来说，所分进的队员数 k 满足 0≤k≤4，假设各
种方法是等可能的，则第一个队恰有 3 个队员分入的概率是( )
16 21 8 24
A、 B、 C、 D、
81 81 81 81
4.某市国际马拉松邀请赛设置了全程马拉松、半程马拉松和迷你马拉松三个比赛项目，4 位长
10
5
故幸运数字为 3 的概率为 P=
=.
6 × 6 × 6 108
15.解：①甲从选择题中抽到一题的可能结果有 C61 个，乙从判断题中抽到一题的可能结果有
C41 个，又甲、乙依次抽一题的结果共有 C101·C91 个，所以甲抽到选择题，乙抽到判断题
跑爱好者各自任选一个项目参加比赛，则这三个项目都有人参加的概率为( )
8
4
2
8
A.
B．
C.
D．
9
9
9
27
5.为美化环境，从红、黄、白、紫 4 种颜色的花中任选 2 种花种在一个花坛中，余下的 2 种花
种在另一个花坛中，则红色和紫色的花不在同一花坛的概率是( )
1
1
2
5
Байду номын сангаас
A.
B．
C.
D．
3
2
3
6
6.在高三某班的元旦文艺晚会中，有这么一个游戏：一个盒子内装有 6 张大小完全相同的卡
11. 0.3
1
12.
24
13. 2 5 5
14.答案为： ； 108
解析：连续抛掷同一颗均匀的骰子 3 次，所含基本事件总数 n=6×6×6， 要使 a1＋a2＋a3=6，则 a1，a2，a3 可取 1,2,3 或 1,1,4 或 2,2,2 三种情况， 其所含的基本事件个数 m=A3＋C13＋1=10.
2020 高考数学(理数)复习作业本 10.4
古典概型
一、选择题
1.下列事件中，随机事件是( )
A、连续两年的国庆节都是星期日B、国庆节恰为星期日
C、相邻两年的国庆节，星期几不相同D、国庆节一定不在星期日
1
2.已知某人在某种条件下射击命中的概率是 ，他连续射击两次，其中恰有一次射中的概率是
2
()
1113
8.C
9.C
10.答案为：A. 解析：从 1,2,3,6 中随机取出三个数字，总的基本事件为(1,2,3)，(1,2,6)，(1,3,6)， (2,3,6)， 共 4 个，则数字 2 是这三个数字的平均数所包含的基本事件为(1,2,3)，共 1 个． 1 故数字 2 是这三个数字的平均数的概率是 .故选 A. 4
三、解答题 15.甲、乙二人参加知识竞答，共有 10 个不同的题目，其中选择题 6 个，判断题 4 个，甲、乙
二人依次各抽一题、 ①甲抽到选择题，乙抽到判断题的概率是多少? ②甲、乙二人中至少有一个抽到选择题的概率是多少?
16.在某大型活动中，甲、乙等五名志愿者被随机地分到 A，B，C，D 四个不同的岗位服务，每 个岗位至少有一名志愿者． (1)求甲、乙两人同时参加 A 岗位服务的概率； (2)求甲、乙两人不在同一个岗位服务的概率； (3)求五名志愿者中仅有一人参加 A 岗位服务的概率．
片，每张卡片上写有一个成语，它们分别为意气风发，风平浪静，心猿意马，信马由缰，
气壮山河，信口开河，参与者从盒内随机抽取 2 张卡片，若这 2 张卡片上的 2 个成语有相
同的字就中奖，则该游戏的中奖率为( )
4
1
2
A.
B．
C.
15
3
5
7 D．
15
7.有 5 支彩笔(除颜色外无差别)，颜色分别为红、黄、蓝、绿、紫．从这 5 支彩笔中任取 2 支
不同颜色的彩笔，则取出的 2 支彩笔中含有红色彩笔的概率为( )
4
3
2
A.
B．
C.
5
5
5
1 D．
5
8.抛掷三枚均匀的硬币，出现一枚正面，二枚反面的概率等于( )
1
A、
4
1
B、
3
3
C、
8
1
D、
2
9.下列正确的结论是( )
A、事件 A 的概率 P(A)的值满足 0＜P(A)＜1
B、如 P(A)＝0、999、则 A 为必然事件
6.答案为：C. 解析：易知基本事件总数为 C26=15，参与者中奖包含的基本事件有(意气风发，风平浪 静)， (心猿意马，信马由缰)，(气壮山河，信口开河)，(意气风发，心猿意马)， (意气风发，气壮山河)，(信马由缰，信口开河)，共 6 个， 62 故该游戏的中奖率为 P= = .故选 C. 15 5