宁夏银川一中2008届高三年级第三次月考测试

宁夏银川一中2008届高三年级第三次月考测试理科综合试卷(物理部分)参考答案二、选择题（本题包括8小题，每小题6分，共48分，每小题中有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分） 14．某电场的分布如图所示，带箭头的实线为电场线，虚线为等势面.A 、B 、C 三点的电场强度分别为E A 、E B 、E C ，电势分别为A ϕ、B ϕ、C ϕ，关于这三点 的电场强度和电势的关系，以下判断正确的是 （ ） A ．E A <E B ，B ϕ=C ϕ B ．E A >E B ，A ϕ>B ϕC ．E A >E B ，A ϕ<B ϕD ．E A =E C ，B ϕ=C ϕ15．下列实例属于超重现象的是 （ ） A ．汽车驶过拱形桥顶端B ．荡秋千的小孩通过最低点C ．跳水运动员被跳板弹起，离开跳板向上运动D ．火箭点火后加速升空 16．如图所示，表面粗糙的固定斜面顶端安有滑轮，两物块P 、Q 用轻绳连接并跨过滑轮（不计滑轮的质量和摩擦），P 悬于空中，Q 放在斜面上，均处于静止状态.当用水平向左的恒力F 推Q 时，P 、Q 仍静止不动，则（ ） A ．Q 受到的摩擦力一定变小 B ．Q 受到的摩擦力一定变大 C ．轻绳上的拉力一定变小D ．轻绳上拉力一定不变17．甲、乙、丙三个小球分别位于如图所示的竖直平面内，甲、乙在同一条竖直线上，甲、丙在同一条水平线上，水平面上的P 点在丙的正下方，在同一时刻甲、乙、丙开始运动，甲以初速度v 0做平抛运动，乙以水平速度v 0沿光滑水平面向右做匀速直线运动，丙做自由落体运动.则 （ ） A ．若甲、乙、丙三球同时相遇，则一定发生在P 点 B ．若甲、丙两球在空中相遇，此时乙球一定在P 点 C ．若只有甲、乙两球在水平面上相遇，此时丙球还未着地D ．无论初速度v 0大小如何，甲、乙、丙三球一定会同时在P 点相遇18．如图所示，实线为不知方向的三条电场线，从电场中M 点以相同速度飞出a 、b 两个带电粒子，运动轨迹如图中虚线 所示。

则 （ ） A ．a 一定带正电，b 一定带负电 B ．a 的速度将减小，b 的速度将增加 C ．a 的加速度将减小，b 的加速度将增加D ．两个粒子的电势能一个增加一个减小19．如图所示，一个质量为m 的小球系在轻绳一端，在竖直平面内做半径为R 的圆周运动，运动过程中小球受到空气阻力的 作用．某一时刻小球通过轨道的最低点，设此时绳子的张力 为7mg ，此后小球继续做圆周运动，恰能通过最高点，则在 此过程中，小球克服空气阻力所做的功为 （ ）A ．41mgR B ．31mgR C ．21mgR D ．mgR20．如图所示，小车上有一个定滑轮，跨过定滑轮的绳一端系一重球，另一端系在弹簧秤上，弹簧秤固定在小车上．开始时 小车处于静止状态。

当小车匀加速向右运动时，下述说法中 正确的是 （ ） A ．弹簧秤读数变大，小车对地面压力变大 B ．弹簧秤读数变大，小车对地面压力变小C ．弹簧秤读数变大，小车对地面的压力不变D ．弹簧秤读数不变，小车对地面的压力变大21．2006年5月的天空是相当精彩的，行星们非常活跃，木星冲日、火星合月、木星合月等景观美不胜收，而流星雨更是热闹非凡，宝瓶座流星雨非常壮丽，值得一观. 在太阳系中，木星是九兄弟中“最魁梧的巨人”，5月4日23时，发生木星冲日现象.所谓的木星冲日是指地球、木星在各自轨道上运行时与太阳重逢在一条直线上，也就是木星与太阳黄经相差180度的现象，天文学上称为“冲日”.冲日前后木星距离地球最近，也最明亮. 下列说法正确的是 （ ） A ．2006年5月4日，木星的线速度大于地球的线速度 B ．2006年5月4日，木星的加速度大于地球的加速度 C ．2007年5月4日，必将产生下一个“木星冲日” D ．下一个“木星冲日”必将在2007年5月4日之后的某天发生三、非选择题： 22．自然界中任何两个物体都相互吸引，引力的大小与物体的质量m 1和m 2的 成正比，与它们之间的距离r 的 成反比，这个力称为万有引力。

其表达式为 ，G 为引力常量。

（1）设一卫星绕天体做匀速圆周运动的周期为T ，轨道半径为r ，求天体的质量；（5分） （2）若天体的半径为R ，求天体的密度。

（4分） 23．（15分）如图所示，光滑坡道顶端距水平面高度为h ，质量为m 的小物块A 从坡道顶端由静止滑下，进入水平面上的滑道时无机械能损失，为使A 制动，将轻弹簧的一端固定在水平滑道延长线M 处的墙上，另一端恰位于滑道的末端O 点。

已知在OM 段，物块A 与水平面间的动摩擦因数均为μ，其余各处的摩擦不计，重力加速度为g ，求： （1）物块速度滑到O 点时的速度大小；（2）弹簧为最大压缩量d 时的弹性势能（设弹簧处于原长时弹性势能为零）； （3）若物块A 能够被弹回到坡道上，则它能够上升的最大高度是多少？24．（20分）如图所示，空间存在着强度E =2.5×102N/C 方向竖直向上的匀强电场，在电场内一长为L =0.5m 的绝缘细线，一端固定在O 点，一端拴着质量m =0.5kg 、电荷量q =4×10－2C 的小球.现将细线拉直到水平位置，使小球由静止释放，当小球运动最高点时细线受到的拉力恰好达到它能承受的最大值而断裂.取g =10m/s 2.求： （1）小球的电性；（2）细线能承受的最大拉力；（3）当小球继续运动后与O 点水平方向距离为L 时，小球距O 点的高度.选做题（以下三题25、26、27小题自选一题作答，多做不给分） 25．（15分）在冬天，高为h =1.25m 的平台上，覆盖了一层冰，一乘雪橇的滑雪爱好者，从距平台边缘s =24m 处以一定的初速度向平台边缘滑去，如图所示，当他滑离平台即将着地时的瞬间，其速度方向与水平地面的夹角为θ=45°，取重力加速度g =10m/s 2。

求： （1）滑雪者着地点到平台边缘的水平距离是多大；（2）若平台上的冰面与雪橇间的动摩擦因数为μ=0.05，则滑雪者的初速度是多大？26．（15分）一列简谐横波在x 轴上传播，在t 1=0和t 2=0.05 s 时，其波形图分别用如图所示的实线、虚线表示，求： （1）这列波可能具有的波速；（2）当波速为280m ／s 时，波传播的方向？ 27．（15分）有一LC 振荡电路，如图所示，当电容调节为C 1=200pF 时，能产生频率为f 1=500kHz的振荡电流，要获得频率为f 2=1.0×103kHz 的振荡电流，则可变容器应调为多大？（设电感L 保持不变）物理部分： 14．B 15．BD16．D Q 开始时受到的摩擦力大小、方向不能确定，故不能其变化情况；但P 、Q 仍静止，轻绳上拉力一定不变.故D 选项正确.17． AB 因为乙、丙只能在P 点相遇，所以三球若相遇，则一定相遇于P 点，A 正确；因为甲、乙水平方向做速度相同的匀速直线运动，所以B 正确；因为甲、丙两球在竖直方向同时开始做自由落体运动，C 错误；因B 项存在的可能，所以D 错.18． C 解析：两粒子均仅在电场力作用下运动，电场力做正功，电势能减少，速度增加。

根据电场线疏密表示场强的弱、强可知a 受的电场力将减小，加速度也将减小，类似b 的电场力增大，加速度将增加。

19． C （在最低点时有：7mg －mg ＝R v m 21，在最高点有：mg ＝Rv m 22，由动能定理得：－mg ·2R －Wf ＝21mv22－21mv12，解得：Wf ＝21mgR ）20． C （小车向右加速运动，悬绳向左偏，则绳中拉力大于重力，弹簧秤读数变大，系统在竖直方向受地面的支持力不变，故C 正确。

） 21． D 由R GM v /=知A 错误；由2/R GM a =知B 错误；由3/R GM =ω知，木星地ωω>，当2007年5月4日地球回到图示出发点时，木星还未回到其出发点，则下一个“木星冲日”必在2007年5月4日之后.22．解析： （1）把滑雪爱好者着地时的速度v t 分解为如图所示的v 0、v y 两个分量由 221gt h =解得t =0.5s 则 v y =gt=5m/s 又v y =v 0tan 45° 解得 v 0=5m/s着地点到平台边缘的水平距离：x = v 0t =2.5m（2）滑雪者在平台上滑动时，受到滑动摩擦力作用而减速运动，由动能定理得2202121mv mv mgs -=-μ 解得：v =7m/s即滑雪者的初速度为7m/s 。

23．解：（1）若波沿x 轴正向传播 λ)41(+=∆n x ，n=0，1，2，3波速)40160(+=∆∆=n txv m/s ，n=0，1，2，3 若波沿x 轴负向传播λ)43(+=∆n x ，n=0，1，2，3波速)120160(+=∆∆=n txv m/s ，n=0，1，2，3 （2）波速为280m ／s 时，14=∆⋅=∆t v x m λ)431(+= 由波形图知，波沿x 轴负向传播24．解析：根据公式LCf π21=由于电感L 保持不变所以1221C C f f = （3分） 所以122212C f f C ==50pF25．（1）由机械能守恒定律得 221mv mgh =① 解得gh v 2=②（2）在水平滑道上物块A 克服摩擦力所做的功为 mgd W μ= ③由能量守恒定律得mgd E mv P μ+=221 ④ 以上各式联立求解得mgd mgh E P μ-= ⑤（3）物块A 被弹回的过程中，克服摩擦力所做的功仍为 m g d W μ= ⑥由能量守恒定律得 mgd E h mg P μ-=' ⑦解得物块A 能够上升的最大高度为：d h h μ2-=' ⑧ 26．解析：（1）由小球运动到最高点可知，小球带正电（2）设小球运动到最高点时速度为v ，对该过程由动能定理有，221)(mv L mg qE =-① 在最高点对小球由牛顿第二定律得，Lv m qE mg T 2=-+②由①②式解得，T =15N（3）小球在细线断裂后，在竖直方向的加速度设为a ，则mmgqE a -=③ 设小球在水平方向运动L 的过程中，历时t ，则vt L =④ 设竖直方向上的位移为s ，则221at s =⑤ 由①③④⑤解得，s=0.125m∴小球距O 点高度为s+L =0.625m.。