2.2 函数的单调性与最值
高考数学专题复习《函数的单调性与最大值》PPT课件
解 当a>0时,f(x)在(-1,1)上单调递减,当a<0时,f(x)在(-1,1)上单调递增.证明
如下:
(方法1 定义法)任取x1,x2∈(-1,1),且x1<x2,
因为
-1+1
1
f(x)=a(
)=a(1+ ),则
-1
-1
1
1
( 2 - 1 )
f(x1)-f(x2)=a(1+ )-a(1+ )=
(-1)-
(方法2 导数法) f'(x)=
2
(-1)
=
-
(-1)2
,所以当a>0时,f'(x)<0,当a<0
时,f'(x)>0,即当a>0时,f(x)在(-1,1)上单调递减,当a<0时,f(x)在(-1,1)上单调
递增.
解题心得1.判断函数单调性的四种方法:
(1)定义法;
(2)图像法;
3
∴f(-2)<f(- )<f(-1).故选
2
D.
f(x)在(-∞,-1]上是增函数,
3 1
4.(2020 全国 2,文 10)设函数 f(x)=x - 3 ,则 f(x)(
)
A.是奇函数,且在(0,+∞)上单调递增 B.是奇函数,且在(0,+∞)上单调递减
C.是偶函数,且在(0,+∞)上单调递增 D.是偶函数,且在(0,+∞)上单调递减
3.若f(x)满足f(-x)=f(x),且在(-∞,-1]上是增函数,则(
3
A.f(-2)<f(-1)<f(2)
3
B.f(-1)<f(-2)<f(2)
第二章 §2.2 函数的单调性与最值-2025高中数学大一轮复习讲义人教A版
§2.2函数的单调性与最值课标要求1.借助函数图象，会用数学符号语言表达函数的单调性、最值，理解实际意义.2.掌握函数单调性的简单应用．知识梳理1．函数的单调性(1)单调函数的定义增函数减函数定义一般地，设函数f (x )的定义域为D ，区间I ⊆D ，如果∀x 1，x 2∈I 当x 1<x 2时，都有f (x 1)<f (x 2)，那么就称函数f (x )在区间I 上单调递增，特别地，当函数f (x )在它的定义域上单调递增时，我们就称它是增函数当x 1<x 2时，都有f (x 1)>f (x 2)，那么就称函数f (x )在区间I 上单调递减，特别地，当函数f (x )在它的定义域上单调递减时，我们就称它是减函数图象描述自左向右看图象是上升的自左向右看图象是下降的(2)单调区间的定义如果函数y ＝f (x )在区间I 上单调递增或单调递减，那么就说函数y ＝f (x )在这一区间具有(严格的)单调性，区间I 叫做y ＝f (x )的单调区间．2．函数的最值前提一般地，设函数y ＝f (x )的定义域为D ，如果存在实数M 满足条件(1)∀x ∈D ，都有f (x )≤M ；(1)∀x ∈D ，都有f (x )≥M ；(2)∃x0∈D，使得f(x0)＝M(2)∃x0∈D，使得f(x0)＝M结论M是函数y＝f(x)的最大值M是函数y＝f(x)的最小值常用结论1．∀x1，x2∈I且x1≠x2，有f(x1)－f(x2)x1－x2>0(<0)或(x1－x2)[f(x1)－f(x2)]>0(<0)⇔f(x)在区间I上单调递增(减)．2．在公共定义域内，增函数＋增函数＝增函数，减函数＋减函数＝减函数．3．函数y＝f(x)(f(x)>0或f(x)<0)在公共定义域内与y＝－f(x)，y＝1f(x)的单调性相反．4．复合函数的单调性：同增异减．自主诊断1．判断下列结论是否正确．(请在括号中打“√”或“×”)(1)若函数f(x)满足f(－3)<f(2)，则f(x)在[－3,2]上单调递增．(×)(2)若函数f(x)在(－2,3)上单调递增，则函数f(x)的单调递增区间为(－2,3)．(×)(3)若函数f(x)在区间[a，b]上连续，则f(x)在区间[a，b]上一定有最值．(√)(4)函数y＝1x的单调递减区间是(－∞，0)∪(0，＋∞)．(×)2．下列函数中，在其定义域上是减函数的是()A．y＝－2x＋1B．y＝x2＋1C．y＝x D．y＝2x答案A解析y＝－2x＋1在R上是减函数，故A正确；y＝x2＋1在(－∞，0)上单调递减，在(0，＋∞)上单调递增，故B错误；y＝x在[0，＋∞)上是增函数，故C错误；y＝2x在R上是增函数，故D错误．3．(2023·宜春统考)函数y＝－1x＋1在区间[1,2]上的最大值为()A．－13B．－12C．－1D．不存在答案A解析y＝－1x＋1在(－1，＋∞)上单调递增，则y＝－1x＋1在区间[1,2]上单调递增，所以y max＝－12＋1＝－13.4．函数f (x )是定义在[0，＋∞)上的减函数，则满足f (2x －1)>f x 的取值范围是________．答案12，解析∵f (x )的定义域是[0，＋∞)，∴2x －1≥0，即x ≥12，又∵f (x )是定义在[0，＋∞)上的减函数，∴2x －1<13，即x <23，则x 的取值范围为12，题型一确定函数的单调性命题点1函数单调性的判断例1(多选)下列函数在(0，＋∞)上单调递增的是()A ．y ＝x －1xB ．y ＝|x 2－2x |C ．y ＝2x ＋2cos xD ．y ＝lg(x ＋1)答案ACD解析∵y ＝x 与y ＝－1x 在(0，＋∞)上单调递增，∴y ＝x －1x在(0，＋∞)上单调递增，故A 正确；由y ＝|x 2－2x |的图象(图略)知，B 不正确；∵y ′＝2－2sin x ≥0，∴y ＝2x ＋2cos x 是R 上的增函数，故C 正确；函数y ＝lg(x ＋1)是定义域(－1，＋∞)上的增函数，故D 正确．命题点2利用定义证明函数的单调性例2试讨论函数f (x )＝axx －1(a ≠0)在(－1,1)上的单调性．解方法一定义法设－1<x 1<x 2<1，因为f (x )＝所以f (x 1)－f (x 2)＝＝a (x 2－x 1)(x 1－1)(x 2－1)，由于－1<x 1<x 2<1，所以x 2－x 1>0，x 1－1<0，x 2－1<0，故当a >0时，f (x 1)－f (x 2)>0，即f (x 1)>f (x 2)，函数f (x )在(－1,1)上单调递减；当a <0时，f (x 1)－f (x 2)<0，即f (x 1)<f (x 2)，函数f (x )在(－1,1)上单调递增．方法二导数法f ′(x )＝(ax )′(x －1)－ax (x －1)′(x －1)2＝a (x －1)－ax (x －1)2＝－a(x －1)2.故当a >0时，f ′(x )<0，函数f (x )在(－1,1)上单调递减；当a <0时，f ′(x )>0，函数f (x )在(－1,1)上单调递增．思维升华确定函数单调性的四种方法(1)定义法．(2)导数法．(3)图象法．(4)性质法．跟踪训练1(1)函数g (x )＝x ·|x －1|＋1的单调递减区间为()－∞，12 B.12，1C ．[1，＋∞)－∞，12∪[1，＋∞)答案B解析g (x )＝x ·|x －1|＋12－x ＋1，x ≥1，x 2＋x ＋1，x <1，画出函数图象，如图所示，根据图象知，函数的单调递减区间为12，1.(2)(2024·唐山模拟)函数f (x )＝212log (232)x x --的单调递增区间为________．答案解析令t ＝2x 2－3x －2>0，解得x >2或x <－12，则f (x )∞(2，＋∞)，由f (t )＝12log t 在(0，＋∞)上单调递减，根据复合函数的单调性：同增异减，函数t ＝2x 2－3x －2的单调递减区间，即为f (x )的单调递增区间，再结合f (x )的定义域可知，f (x )∞题型二函数单调性的应用命题点1比较函数值的大小例3(2023·湘潭统考)定义在R 上的偶函数f (x )满足：对任意的x 1，x 2∈(－∞，0](x 1≠x 2)，有f (x 1)－f (x 2)x 1－x 2<0，则()A ．f (－2)<f (3)<f (4)B ．f (－2)>f (3)>f (4)C ．f (3)<f (4)<f (－2)D ．f (4)<f (－2)<f (3)答案A解析因为对任意的x 1，x 2∈(－∞，0](x 1≠x 2)，有f (x 1)－f (x 2)x 1－x 2<0，所以f (x )在(－∞，0]上单调递减，又f (x )为偶函数，所以f (x )在(0，＋∞)上单调递增，则f (2)<f (3)<f (4)，又f (－2)＝f (2)，所以f (－2)<f (3)<f (4)．命题点2求函数的最值例4(2023·四川外国语大学附中模拟)函数f (x )＝x －2x ＋1在[1,4]上的值域为()A.1，92B ．[0,1]C.0，92 D.2，92答案C解析由y ＝x 在[1,4]上单调递增，且y ＝2x在[1,4]上单调递减，可得f (x )＝x －2x ＋1在[1,4]上单调递增，又f (1)＝0，f (4)＝92，故值域为0，92.求函数的值域(最值)的常用方法(1)配方法：主要用于和一元二次函数有关的函数求值域问题．(2)单调性法：利用函数的单调性，再根据所给定义域来确定函数的值域．(3)数形结合法．(4)换元法：引进一个(几个)新的量来代替原来的量，实行这种“变量代换”．(5)分离常数法：分子、分母同次的分式形式采用配凑分子的方法，把函数分离成一个常数和一个分式和的形式．典例(多选)下列函数中，值域正确的是()A ．当x ∈[0,3)时，函数y ＝x 2－2x ＋3的值域为[2,6)B ．函数y ＝2x ＋1x －3的值域为RC ．函数y ＝2x －x －1的值域为158，＋∞D ．函数y ＝x ＋1＋x －1的值域为[2，＋∞)答案ACD解析对于A ，(配方法)y ＝x 2－2x ＋3＝(x －1)2＋2，由x ∈[0,3)，再结合函数的图象(如图①所示)，可得函数的值域为[2,6)．对于B ，(分离常数法)y ＝2x ＋1x －3＝2(x －3)＋7x －3＝2＋7x －3，显然7x －3≠0，∴y ≠2.故函数的值域为(－∞，2)∪(2，＋∞)．对于C ，(换元法)设t ＝x －1，则x ＝t 2＋1，且t ≥0，∴y ＝2(t 2＋1)－t ＝＋158，由t ≥0，再结合函数的图象(如图②所示)，可得函数的值域为158，＋对于D，函数的定义域为[1，＋∞)，∵y＝x＋1与y＝x－1在[1，＋∞)上均单调递增，∴y＝x＋1＋x－1在[1，＋∞)上为增函数，∴当x＝1时，y min＝2，即函数的值域为[2，＋∞)．命题点3解函数不等式例5函数y＝f(x)是定义在[－2,2]上的减函数，且f(a＋1)<f(2a)，则实数a的取值范围是________．答案[－1,1)解析2≤a＋1≤2，2≤2a≤2，＋1>2a⇒－1≤a<1.所以实数a的取值范围是[－1,1)．命题点4求参数的取值范围例6(2024·恩施模拟)已知函数f(x)3a－1)x＋4a，x<1，2－ax＋6，x≥1满足：对任意x1，x2∈R，当x1≠x2时，都有f(x1)－f(x2)x1－x2>0成立，则实数a的取值范围是()A．[2，＋∞)21D．[1,2]答案C解析对任意x1，x2∈R，当x1≠x2时，都有f(x1)－f(x2)x1－x2>0成立，所以函数f(x)3a－1)x＋4a，x<1，2－ax＋6，x≥1在R上是增函数，－1>0，1，－1＋4a≤1－a＋6，解得13<a≤1，所以实数a1.思维升华(1)比较函数值的大小时，先转化到同一个单调区间内，然后利用函数的单调性解决．(2)求解函数不等式时，由条件脱去“f”，转化为自变量间的大小关系，应注意函数的定义域．(3)利用单调性求参数的取值(范围)．根据其单调性直接构建参数满足的方程(组)(不等式(组))或先得到其图象的升降，再结合图象求解．对于分段函数，要注意衔接点的取值．跟踪训练2(1)已知函数f(x)(x＋1)，x≥0，2x2，x<0，则不等式f(x＋2)<f(x2＋2x)的解集是()A．(－2,1)B．(0,1)C．(－∞，－2)∪(1，＋∞) D．(1，＋∞)答案C解析由函数f(x)(x＋1)，x≥0，2x2，x<0的图象(图略)可得f(x)在R上是增函数，则不等式f(x＋2)<f(x2＋2x)等价于x＋2<x2＋2x，即x2＋x－2>0，解得x>1或x<－2，则原不等式的解集为(－∞，－2)∪(1，＋∞)．(2)若函数f(x)＝x＋a－3x－1在(a，＋∞)上单调递增，则实数a的取值范围为________．答案[1,2)解析f(x)＝x＋a－3x－1＝x－1＋a－2x－1＝1＋a－2x－1∵f(x)在(a，＋∞)上单调递增，－2<0，≥1⇒1≤a<2.课时精练一、单项选择题1．(2023·菏泽检测)下列函数中，在区间(0,1)上单调递增的是()A．y＝－x2＋1B．y＝xC．y＝1xD．y＝3－x答案B解析y＝－x2＋1在区间(0,1)上单调递减，故A不符合题意；y＝x是[0，＋∞)上的增函数，所以在区间(0,1)上单调递增，故B符合题意；y＝1x在(0，＋∞)上单调递减，所以在区间(0,1)上单调递减，故C不符合题意；y＝3－x在区间(0,1)上单调递减，故D不符合题意．2．函数f(x)＝－|x－2|的单调递减区间为() A．(－∞，2]B．[2，＋∞) C．[0,2]D．[0，＋∞)答案B解析∵y＝|x－2|－2，x≥2，x＋2，x<2，∴函数y＝|x－2|的单调递减区间是(－∞，2]，单调递增区间为[2，＋∞)，∴f(x)＝－|x－2|的单调递减区间是[2，＋∞)．3．(2024·邵阳统考)已知f(x)是偶函数，f(x)在[1,3]上单调递增，则f(1)，f(－2)，f(－3)的大小关系为()A．f(1)>f(－2)>f(－3)B．f(－2)>f(－3)>f(1)C．f(－3)>f(1)>f(－2)D．f(－3)>f(－2)>f(1)答案D解析因为f(x)是偶函数，所以f(－2)＝f(2)，f(－3)＝f(3)．因为f(x)在[1,3]上单调递增，所以f(3)>f(2)>f(1)，所以f(－3)>f(－2)>f(1)．4．已知函数f(x)＝2xx－1，则f(x)在区间[2,6]上的最大值为()A.125B．3C．4D．5答案C解析∵f(x)＝2xx－1＝2＋2x－1在[2,6]上单调递减，∴f(x)max＝f(2)＝4.5．(2023·杭州模拟)已知函数f(x)＝x＋ln x－1，则不等式f(x)<0的解集为() A．(e，＋∞)B．(1，＋∞)C．(0,1)D．(0，＋∞)答案C解析函数f(x)＝x＋ln x－1的定义域为(0，＋∞)．因为y＝x－1在(0，＋∞)上单调递增，y＝ln x在(0，＋∞)上单调递增，所以f(x)＝x＋ln x－1在(0，＋∞)上单调递增，又f (1)＝1＋ln 1－1＝0，所以不等式f (x )<0的解集为(0,1)．6．已知函数y ＝f (x )的定义域为R ，对任意x 1，x 2且x 1≠x 2，都有f (x 1)－f (x 2)x 1－x 2>－1，则下列说法正确的是()A ．y ＝f (x )＋x 是增函数B ．y ＝f (x )＋x 是减函数C ．y ＝f (x )是增函数D ．y ＝f (x )是减函数答案A解析不妨令x 1<x 2，∴x 1－x 2<0，∵f (x 1)－f (x 2)x 1－x 2>－1⇔f (x 1)－f (x 2)<－(x 1－x 2)⇔f (x 1)＋x 1<f (x 2)＋x 2，令g (x )＝f (x )＋x ，∴g (x 1)<g (x 2)，又x 1<x 2，∴g (x )＝f (x )＋x 是增函数．二、多项选择题7．下列说法中，正确的是()A ．若对任意x 1，x 2∈I ，当x 1<x 2时，f (x 1)－f (x 2)x 1－x 2>0，则y ＝f (x )在I 上单调递增B ．函数y ＝x 2在R 上是增函数C ．函数y ＝－1x在定义域上是增函数D ．函数y ＝1x 的单调递减区间是(－∞，0)和(0，＋∞)答案AD解析对于A ，若对任意x 1，x 2∈I ，当x 1<x 2时，f (x 1)－f (x 2)x 1－x 2>0，则有f (x 1)<f (x 2)，由函数单调性的定义可知y ＝f (x )在I 上单调递增，故A 正确；对于B ，由二次函数的性质可知，y ＝x 2在(－∞，0)上单调递减，在(0，＋∞)上单调递增，故B 错误；对于C ，由反比例函数单调性可知，y ＝－1x 在(－∞，0)和(0，＋∞)上单调递增，故C 错误；对于D ，由反比例函数单调性可知，y ＝1x 的单调递减区间是(－∞，0)和(0，＋∞)，故D 正确．8．(2023·广州联考)已知函数f (x )＝x 2－2ax ＋a 在区间(－∞，1)上有最小值，则函数g (x )＝f (x )x 在区间[1，＋∞)上一定()A ．单调递减B ．单调递增C ．有最小值D ．有最大值答案BC 解析∵函数f (x )＝x 2－2ax ＋a 在区间(－∞，1)上有最小值，∴函数图象的对称轴应当位于区间(－∞，1)内，∴a <1，g (x )＝f (x )x ＝x ＋a x－2a (x ≥1)，任取1≤x 1<x 2，g (x 1)－g (x 2)＝x 1＋a x 1－x 2－a x 2＝x 1－x 2＋a (x 2－x 1)x 1x 2＝(x 1－x 2)x 1x 2－a x 1x 2，由a <1,1≤x 1<x 2，有x 1－x 2<0，x 1x 2>1>0，x 1x 2－a >0，则g (x 1)－g (x 2)<0，即g (x 1)<g (x 2)，所以g (x )＝x ＋a x－2a 在区间[1，＋∞)上单调递增，函数的最小值为g (1)＝1－a ，无最大值．三、填空题9．函数f (x )＝－x 2＋2x ＋3的单调递增区间为______．答案[－1,1]解析要使函数f (x )有意义，则－x 2＋2x ＋3≥0，解得－1≤x ≤3，令y ＝－x 2＋2x ＋3＝－(x －1)2＋4，根据复合函数的单调性可知，函数f (x )的单调递增区间为[－1,1]．10．(2023·松原联考)已知函数f (x )＝2x －2－x ，则不等式f (3x －1)<f (1－x )的解集为________．答案解析函数y ＝2x 与y ＝－2－x 均在R 上是增函数，故f (x )在R 上是增函数，f (3x －1)<f (1－x )等价于3x －1<1－x ，得x <12.11．已知命题p ：“若f (x )<f (4)对任意的x ∈(0,4)都成立，则f (x )在(0,4)上单调递增”．能说明命题p 为假命题的一个函数是________________．答案f (x )＝(x －1)2(答案不唯一，如f (x )x ，0<x <4，，x ＝4，只要满足题意即可)解析由题意知，令f (x )＝(x －1)2，满足f (x )<f (4)对任意的x ∈(0,4)都成立，但函数f (x )在(0,1)上单调递减，在(1,4)上单调递增，所以函数f (x )＝(x －1)2可以说明命题p 为假命题．12．(2023·临川一中模拟)已知函数f (x )＝log a (x 2－ax ＋3)在[0,1]上单调递减，则实数a 的取值范围是________．答案[2,4)解析函数f (x )＝log a (x 2－ax ＋3)在[0,1]上单调递减，当0<a <1时，x 2－ax ＋3＋3－a 24≥3－a 24>0恒成立，而函数u ＝x 2－ax ＋3在区间[0,1]上不单调，因此0<a <1不符合题意；当a >1时，函数y ＝log a u 在(0，＋∞)上单调递增，由复合函数的单调性，得函数u ＝x 2－ax ＋3在区间[0,1]上单调递减，因此a 2≥1，并且12－a ×1＋3>0，解得2≤a <4，所以实数a 的取值范围是[2,4)．四、解答题13．(2023·昆明统考)给定函数f (x )，g (x )＝－x 2＋4x ＋1，x ∈R .(1)在同一直角坐标系中画出函数f (x )和g (x )的图象；(2)∀x ∈R ，用M (x )表示f (x )，g (x )中的最大者，记为M (x )＝max{f (x )，g (x )}，试判断M (x )在区间(－∞，a ]上的单调性．解(1)f (x )，g (x )的图象如图所示．(2)由(1)及M (x )的定义得，M (x )在(－∞，0]上单调递减，在[0,2]上单调递增，在[2，＋∞)上单调递减，所以当a ≤0时，M (x )在(－∞，a ]上单调递减；当0<a ≤2时，M (x )在(－∞，0]上单调递减，在[0，a ]上单调递增；当a >2时，M (x )在(－∞，0]上单调递减，在[0,2]上单调递增，在[2，a ]上单调递减．14．(2023·重庆联考)已知f (x )＝2x －12x ＋1(x ∈R )．(1)判断函数f (x )的单调性，并用定义证明；(2)解关于t 的不等式f (t 2－3)＋f (2t )<0.解(1)f (x )＝2x －12x ＋1＝1－22x ＋1在R 上是增函数．证明：在R 上任取x 1，x 2且x 1<x 2，f (x 1)－f (x 2)＝121212222(22)112121(21)(21)x x x x x x -⎛⎫⎛⎫---= ⎪ ⎪++++⎝⎭⎝⎭，由x 1<x 2可知12022x x <<，所以1212220,210,210x x x x <>>－＋＋，所以f (x 1)－f (x 2)<0，即f (x 1)<f (x 2)．即f (x )在R 上是增函数．(2)易知f (－x )＝2－x －12－x ＋1＝1－2x 1＋2x ＝－f (x )，所以函数f (x )为奇函数，由(1)知，函数f (x )在R 上是增函数，由f (t 2－3)＋f (2t )<0，可得f (t 2－3)<－f (2t )＝f (－2t )，所以t 2－3<－2t ，即t 2＋2t －3<0，解得－3<t <1，即关于t 的不等式f (t 2－3)＋f (2t )<0的解集为{t |－3<t <1}．15．(多选)(2024·长沙模拟)已知函数y ＝f (x )的图象关于y 轴对称，且对于y ＝f (x )(x ∈R )，当x 1，x 2∈(－∞，0)且x 1≠x 2时，f (x 1)－f (x 2)x 1－x 2<0恒成立，若f (2ax )<f (2x 2＋1)对任意的x ∈R 恒成立，则实数a 的取值范围可以是()A ．(－2，－1)－12，1C ．[0，2)D ．(2，＋∞)答案ABC 解析由题意得y ＝f (x )为偶函数，且在(－∞，0)上单调递减，故y ＝f (x )在(0，＋∞)上单调递增，因为f (2ax )<f (2x 2＋1)，故f (|2ax |)<f (2x 2＋1)，所以|2ax |<2x 2＋1，当x ＝0时，|0|<1恒成立，满足要求，当x ≠0时，|2a |<2x 2＋1|x |＝2|x |＋1|x |在x ∈(－∞，0)∪(0，＋∞)上恒成立，其中2|x |＋1|x |≥22|x |·1|x |＝22，当且仅当2|x |＝1|x |，即|x |＝22时，等号成立，故|2a |<22，解得－2<a <2，综上，a 的取值范围为－2<a <2，A 选项，由于(－2，－1)⊆(－2，2)，A 正确；B －12，1⊆(－2，2)，B 正确；C 选项，[0，2)⊆(－2，2)，C 正确；D 选项，(2，＋∞)显然不是(－2，2)的子集，D 错误．16．已知函数f (x )－x 2，x ≥0，2x ，x <0.若对任意x 1，x 2∈R ，且x 1≠x 2都有f (x 2)－f (x 1)x 2－x 1<0，则实数a 的取值范围为__________；若f (x )在[－1，t )上的值域为[0,4]，则实数t 的取值范围为__________．答案(－∞，0](2,4]解析若对任意x 1，x 2∈R ，且x 1≠x 2都有f (x 2)－f (x 1)x 2－x 1<0，则f (x )在R 上是减函数，则a 2≤0，即a ≤0，所以实数a 的取值范围为(－∞，0]；当a >0时，若f (x )在[－1，t )上的值域为[0,4]，则f ＝a 22－a 24＝4，解得a ＝4或a ＝－4(舍去)，又f (－1)＝2，f (0)＝f (4)＝0，所以2<t ≤4；当a ≤0时，f (x )在[－1，t )上单调递减，则f (x )在[－1，t )上的最大值为f (－1)＝2，不符合题意，所以实数t 的取值范围为(2,4]．。
2021届高三高考数学理科一轮复习知识点专题2-2 函数的单调性与最值【含答案】
2021届高三高考数学理科一轮复习知识点专题2.2 函数的单调性与最值【核心素养分析】1.理解函数的单调性、最大(小)值及其几何意义．2.会运用基本初等函数的图象分析函数的性质.3.培养学生数学抽象、逻辑推理、直观想象能力。
【重点知识梳理】知识点一函数的单调性(1)单调函数的定义增函数减函数定义一般地，设函数f(x)的定义域为I，如果对于定义域I内某个区间D上的任意两个自变量的值x1，x2当x1<x2时，都有f(x1)<f(x2)，那么就说函数f(x)在区间D上是增函数当x1<x2时，都有f(x1)>f(x2)，那么就说函数f(x)在区间D上是减函数图象描述自左向右看图象是上升的自左向右看图象是下降的(2)单调区间的定义如果函数y＝f(x)在区间D上是增函数或减函数，那么就说函数y＝f(x)在这一区间具有(严格的)单调性，区间D叫做y＝f(x)的单调区间．知识点二函数的最值前提设函数y＝f(x)的定义域为I，如果存在实数M满足条件(1)对于任意的x∈I，都有f(x)≤M；(3)对于任意的x∈I，都有f(x)≥M；(2)存在x 0∈I ，使得f (x 0)＝M(4)存在x 0∈I ，使得f (x 0)＝M 结论M 为最大值M 为最小值【特别提醒】1.函数y ＝f (x )(f (x )>0)在公共定义域内与y ＝－f (x )，y ＝1f （x ）的单调性相反. 2.“对勾函数”y ＝x ＋ax (a >0)的单调增区间为(－∞，－a )，(a ，＋∞)；单调减区间是[－a ，0)，(0，a ].【典型题分析】高频考点一 确定不含参函数的单调性(区间)例1.（2020·新课标Ⅱ）设函数()ln |21|ln |21|f x x x =+--，则f (x )（ ） A. 是偶函数，且在1(,)2+∞单调递增B. 是奇函数，且在11(,)22-单调递减C. 是偶函数，且在1(,)2-∞-单调递增D. 是奇函数，且在1(,)2-∞-单调递减【答案】D【解析】由()ln 21ln 21f x x x =+--得()f x 定义域为12x x ⎧⎫≠±⎨⎬⎩⎭，关于坐标原点对称，又()()ln 12ln 21ln 21ln 21f x x x x x f x -=----=--+=-，()f x ∴为定义域上的奇函数，可排除AC ；当11,22x ⎛⎫∈-⎪⎝⎭时，()()()ln 21ln 12f x x x =+--， ()ln 21y x =+在11,22⎛⎫- ⎪⎝⎭上单调递增，()ln 12y x =-在11,22⎛⎫- ⎪⎝⎭上单调递减，()f x ∴在11,22⎛⎫- ⎪⎝⎭上单调递增，排除B ； 当1,2x ⎛⎫∈-∞-⎪⎝⎭时，()()()212ln 21ln 12ln ln 12121x f x x x x x +⎛⎫=----==+ ⎪--⎝⎭，2121x μ=+-在1,2⎛⎫-∞- ⎪⎝⎭上单调递减，()ln f μμ=在定义域内单调递增，根据复合函数单调性可知：()f x 在1,2⎛⎫-∞-⎪⎝⎭上单调递减，D 正确. 【举一反三】（2020·山东青岛二中模拟）函数y ＝x 2＋x －6的单调递增区间为________，单调递减区间为________．【答案】[2，＋∞) (－∞，－3] 【解析】令u ＝x 2＋x －6，则y ＝x 2＋x －6可以看作是由y ＝u 与u ＝x 2＋x －6复合而成的函数． 令u ＝x 2＋x －6≥0，得x ≤－3或x ≥2.易知u ＝x 2＋x －6在(－∞，－3]上是减函数，在[2，＋∞)上是增函数，而y ＝u 在[0，＋∞)上是增函数， 所以y ＝x 2＋x －6的单调减区间为(－∞，－3]，单调增区间为[2，＋∞)。
【全程复习方略】2013版高中数学 (主干知识+典例精析)2.2函数的单调性与最值课件 理 新人教B版
(3)由y=ax在(0，+≦)上是减函数，知a＜0； 由 y b 在(0，+≦)上是减函数，知b＜0．
x
≨y=ax2+bx的对称轴 x b ＜0，
2a
又≧y=ax2+bx的开口向下, ≨ y=ax2+bx在(0，+≦)上是减函数． 答案：(1)①真 ②真 ③假 ④真
(2)>
{x|x>1或x<-1}
x 1
【解题指南】(1)转化为基本初等函数的单调性去判断； (2)可用定义法或导数法.
【规范解答】(1)函数f(x)的定义域为( 1 ，+≦)，令
2
t=2x+1(t>0),
因为y=log5t在t∈(0,+≦)上为增函数，t=2x+1在(
1 ，+≦) 2
上为增函数，
所以函数f(x)=log5(2x+1)的单调增区间为( 1 ,+≦).
f(1-x2)＞f(2x)的条件，得出1-x2与2x之间的大小关系， 进而求得x的取值范围.也可分1-x2≥0，1-x2<0讨论求解.
【规范解答】方法一：画出
x 2 1，x 0 的图象， f x 1，x＜0
由图象可知， 若f(1-x2)＞f(2x)，
1＜x＜1 1 x 2＞0 ， 则 ，即 2 1 x ＞2x 1 2＜x＜ 1 2
由图象知f(2)>f(-1)>f(0).
【反思·感悟】1.当已知函数的单调性，解含有“f”号的不等 式时，首先要根据函数的性质，转化为如“f(g(x))>f(h(x))” 的形式，再利用单调性，转化为具体不等式求解，但要注意函 数的定义域. 2.比较函数值的大小时，若自变量的值不在同一个单调区间内， 要利用其函数性质，转化到同一个单调区间上进行比较，对于
202新数学复习第二章函数导数及其应用2.2函数的单调性与最值学案含解析
第二节函数的单调性与最值课标要求考情分析1。
理解函数的单调性、最大值、最小值及其几何意义．2．会运用基本初等函数的图象分析函数的性质。
1。
主要考查函数单调性的判定、求单调区间、比较大小、解不等式、求最值及不等式恒成立问题．2．题型以选择题、填空题为主，若与导数交汇命题则以解答题的形式出现,属中高档题.知识点一函数的单调性1．增函数、减函数的定义定义：一般地，设函数f(x)的定义域为I，如果对于定义域I 内某个区间D上的任意两个自变量x1，x2:(1)增函数：当x1〈x2时，都有f(x1)<f(x2),那么就说函数f（x)在区间D上是增函数；（2）减函数：当x1〈x2时，都有f（x1）〉f(x2)，那么就说函数f(x）在区间D上是减函数．2．单调性、单调区间的定义若函数y＝f(x）在区间D上是增函数或减函数，则称函数y ＝f（x)在这一区间上具有(严格的)单调性，区间D叫做y＝f(x）的单调区间．注意以下结论1．对∀x1，x2∈D(x1≠x2)，错误!>0⇔f(x)在D上是增函数，错误!<0⇔f（x)在D上是减函数．2．对勾函数y＝x＋错误!(a〉0）的增区间为(－∞,－错误!]和［错误!，＋∞）,减区间为[－错误!，0）和(0，错误!]．3．在区间D上，两个增函数的和仍是增函数，两个减函数的和仍是减函数．4．函数f(g（x))的单调性与函数y＝f（u）和u＝g(x）的单调性的关系是“同增异减”．知识点二函数的最值1．思考辨析判断下列结论正误(在括号内打“√”或“×”）(1）对于函数f（x)，x∈D，若对任意x1，x2∈D，且x1≠x2有（x1－x2）[f（x1）－f(x2)］〉0,则函数f（x)在区间D上是增函数．(√)（2）函数y＝1x的单调递减区间是（－∞,0）∪(0,＋∞)．（×）（3）对于函数y＝f(x）,若f(1）<f（3)，则f（x)为增函数．(×)（4）函数y＝f（x）在［1，＋∞)上是增函数，则函数的单调递增区间是[1,＋∞）．（×）解析:（2)此单调区间不能用并集符号连接，取x1＝－1，x2＝1,则f（－1)〈f(1），故应说成单调递减区间为(－∞,0）和（0,＋∞）．(3）应对任意的x1<x2，f（x1)〈f(x2）成立才可以．（4)若f（x)＝x,f（x)在[1，＋∞）上为增函数，但y＝f(x）的单调递增区间是R.2．小题热身（1)下列函数中,在区间（0，＋∞)内单调递减的是（A）A．y＝错误!－x B．y＝x2－xC．y＝ln x－x D．y＝e x(2）函数f（x)＝－x＋错误!在区间错误!上的最大值是(A)A．错误!B．－错误!C．－2 D．2（3)设定义在[－1，7］上的函数y＝f(x)的图象如图所示,则函数y＝f（x)的增区间为［－1,1]和[5,7］．(4）函数f（x）＝错误!的值域为（－∞，2）．（5）函数f(x）＝错误!在[2,6]上的最大值和最小值分别是4,错误!.解析：（1）对于A,y1＝错误!在(0，＋∞）内是减函数，y2＝x在（0，＋∞)内是增函数，则y＝1x－x在（0，＋∞)内是减函数；B,C选项中的函数在（0，＋∞）上均不单调；选项D中，y＝e x 在(0,＋∞）上是增函数．（2）∵函数y＝－x与y＝错误!在x∈错误!上都是减函数，∴函数f（x)＝－x＋错误!在错误!上是减函数，故f(x）的最大值为f（－2）＝2－错误!＝错误!.(3）由图可知函数的增区间为[－1，1］和［5,7]．（4）当x≥1时，f(x）＝log错误!x是单调递减的，此时，函数的值域为(－∞，0]；x<1时，f（x）＝2x是单调递增的,此时,函数的值域为（0,2)．综上，f（x)的值域是(－∞,2)．(5）函数f（x）＝错误!＝错误!＝2＋错误!在［2，6]上单调递减，所以f（x）min＝f（6)＝错误!＝错误!。
专题2.2 函数的单调性与最值(重难点突破)(解析版)
专题2.2 函数的单调性与最值（重难点突破）（理科）一、考纲要求1.理解函数的单调性、最大(小)值及其几何意义．2.会运用基本初等函数的图象分析函数的性质.3.培养学生数学抽象、逻辑推理、直观想象能力。
二、考情分析三、考点梳理【基础知识梳理】1、函数的单调性(1)单调函数的定义增函数减函数定义一般地，设函数f(x)的定义域为I，如果对于定义域I内某个区间D上的任意两个自变量的值x1，x2当x1<x2时，都有f(x1)<f(x2)，那么就说函数f(x)在区间D上是增函数当x1<x2时，都有f(x1)>f(x2)，那么就说函数f(x)在区间D上是减函数图象描述1/ 112 / 11自左向右看图象是上升的自左向右看图象是下降的(2)单调区间的定义如果函数y ＝f (x )在区间D 上是增函数或减函数，那么就说函数y ＝f (x )在这一区间具有(严格的)单调性，区间D 叫做y ＝f (x )的单调区间． 2、函数的最值前提设函数()y f x =的定义域为I ，如果存在实数M 满足 条件（1）对于任意的x I ∈，都有()f x M ≤；（2）存在0x I ∈，使得()0f x M =（3）对于任意的x I ∈，都有()f x M ≥；（4）存在0x I ∈，使得()0f x M =结论 M 为最大值 M 为最小值注意：（1）函数的值域一定存在，而函数的最值不一定存在；（2）若函数的最值存在，则一定是值域中的元素；若函数的值域是开区间，则函数无最值，若函数的值域是闭区间，则闭区间的端点值就是函数的最值. 【知识拓展】1、函数单调性的常用结论（1）若()(),f x g x 均为区间A 上的增(减)函数，则()()f x g x +也是区间A 上的增(减)函数； （2）若0k >，则()kf x 与()f x 的单调性相同；若0k <，则()kf x 与()f x 的单调性相反； （3）函数()()()0y f x f x =>在公共定义域内与()y f x =-，1()y f x =的单调性相反； （4）函数()()()0y f x f x =≥在公共定义域内与()y f x =（5）奇函数在其关于原点对称的区间上单调性相同，偶函数在其关于原点对称的区间上单调性相反； （6）一些重要函数的单调性： ①1y x x =+的单调性：在(],1-∞-和[)1,+∞上单调递增，在()1,0-和()0,1上单调递减； ②b y ax x=+（0a >，0b >）的单调性：在,b a ⎛-∞-⎝和,b a ⎫+∞⎪⎪⎭上单调递增，在,0b a ⎛⎫ ⎪ ⎪⎝⎭和b a ⎛ ⎝3 / 11上单调递减．四、题型分析(一) 判断函数的单调性 1．判断函数单调性的方法：（1）定义法，步骤为：取值，作差，变形，定号，判断．利用此方法证明抽象函数的单调性时，应根据所给抽象关系式的特点，对1x 或2x 进行适当变形，进而比较出()1f x 与()2f x 的大小．（2）利用复合函数关系，若两个简单函数的单调性相同，则这两个函数的复合函数为增函数；若两个简单函数的单调性相反，则这两个函数的复合函数为减函数，简称“同增异减”．（3）图象法：从左往右看，图象逐渐上升，则单调递增；图象逐渐下降，则单调递减． （4）导数法：利用导函数的正负判断函数的单调性．（5）利用已知函数的单调性，即转化为已知函数的和、差或复合函数，判断函数的单调性.2．在利用函数的单调性写出函数的单调区间时，首先应注意函数的单调区间应是函数定义域的子集或真子集，求函数的单调区间必须先确定函数的定义域；其次需掌握一次函数、二次函数等基本初等函数的单调区间．例1．（2020·安徽省池州一中模拟）下列四个函数中，在x ∈(0，＋∞)上为增函数的是( )A ．f (x )＝3－xB ．f (x )＝x 2－3xC ．f (x )＝－1x ＋1D ．f (x )＝－|x |【答案】C【解析】当x >0时，f (x )＝3－x 为减函数；当x ∈⎝⎛⎭⎫0，32时，f (x )＝x 2－3x 为减函数， 当x ∈⎝⎛⎭⎫32，＋∞时，f (x )＝x 2－3x 为增函数；当x ∈(0，＋∞)时，f (x )＝－1x ＋1为增函数； 当x ∈(0，＋∞)时，f (x )＝－|x |为减函数．【变式训练1】．（2020届陕西省咸阳市高三第一次模拟）函数cos 4y x ππ⎛⎫=-⎪⎝⎭的单调递增区间是（ ）A ．132,244k k ⎡⎤-+⎢⎥⎣⎦()k ∈Z B ．372,244k k ⎡⎤++⎢⎥⎣⎦()k ∈Z C ．312,244k k ⎡⎤-+⎢⎥⎣⎦()k ∈Z D ．152,244k k ⎡⎤++⎢⎥⎣⎦()k ∈Z4 / 11【答案】C【解析】令()224k x k k Z πππππ-≤-≤∈，解得()312244k x k k Z -≤≤+∈， 因此，函数cos 4y x ππ⎛⎫=-⎪⎝⎭的单调递增区间是()312,244k k k Z ⎡⎤-+∈⎢⎥⎣⎦，故选C 。
高三步步高大一轮复习课件2.2函数的单调性与最值ppt
经营者提供商品或者服务有欺诈行为 的，应 当按照 消费者 的要求 增加赔 偿其受 到的损 失，增 加赔偿 的金额 为消费 者购买 商品的 价款或 接受服 务的费 用
探究提高 (1)证明函数的单调性用定义法的步骤是：取 值—作差—变形—确定符号—下结论． (2)利用导数证明的一般步骤为：求导，判断导函数在区 间上的符号，下结论．导数法是比较常用的一种方法．
2．已知函数 y＝f(x)在 R 上是减函数，A(0，－2)、 B(－3,2)在其图象上，则不等式－2<f(x)<2 的解集 为_(_－__3_,0_)__． 解析 画一个草图，数形结合，得不等式的解集为 (－3,0)． 点评 数形结合是解决此类题目的常用方法．
经营者提供商品或者服务有欺诈行为 的，应 当按照 消费者 的要求 增加赔 偿其受 到的损 失，增 加赔偿 的金额 为消费 者购买 商品的 价款或 接受服 务的费 用
经营者提供商品或者服务有欺诈行为 的，应 当按照 消费者 的要求 增加赔 偿其受 到的损 失，增 加赔偿 的金额 为消费 者购买 商品的 价款或 接受服 务的费 用
图象 描述
自左向右看图象是上升的 自左向右看图象是下降的
(2)单调区间的定义
若函数 f(x)在区间 D 上是增函数或减函数，则称函数 f(x)在这一区间 具有(严格的)单调性， 区间D 叫做 f(x)的单调区间．
经营者提供商品或者服务有欺诈行为 的，应 当按照 消费者 的要求 增加赔 偿其受 到的损 失，增 加赔偿 的金额 为消费 者购买 商品的 价款或 接受服 务的费 用
变式训练 2
函数 y log1 (2x2－3x＋1)的递减区间为
2
(A )
A．(1，＋∞) C.12，＋∞
2.2函数的单调性与最值
变式训练 3 (2)[2012· 上海卷] 已知函数 f(x)＝ |x－a| e (a 为常数)．若 f(x)在区间[1，＋∞)上是增 a≤1 ． 函数，则 a 的取值范围是_________
题型四 利用函数的单调性求最值
3
【例 4】 (1)函数 f(x)＝x －3x＋1 在区间[－3,0]上 3,-17 ． 最大值、最小值分别是________ a，a≥b， (2)对 a，b∈R，记 max|a，b|＝ 函数 b，a<b， 1.5 ． f(x)＝max||x＋1|，|x－2||(x∈R)的最小值是_____
§2.2
函数的单调性与最值
绍兴市稽山中学高三备课组
要点梳理
1．函数的单调性
(1)单调性定义 (2)单调区间的定义
2．单调性的判断方法
（1）定义法 （2）图像法 （3）导数法 （4）利用性质（增+增=增，-增=减，1/增=减） （5）复合函数（同增异减）
3．函数的最值（闭区间上的连续函数必有最值）
题型一 函数单调性的判断
-2
变式训练5(P12)（2）(2012·嘉兴高三测试) 函数 f (x) 对任意的m、n∈R，都有
f (m＋n)＝f (m)＋f (n)－1，并且x＞0时， 恒有f(x)＞1.
(1)求证：f(x)在R上是增函数； (2)若f(3)＝4，解不等式f(a2＋a－5)＜2.
（-3，2）
【2014年高考浙江会这样考】
ax 【例 1】(P11)试讨论函数 f(x)＝ (a≠0) x－1 在(－1,1)上的单调性．
a 变式训练 1(P11) 已知 a>0 ，函数 f(x) ＝ x ＋ x (x>0)，证明函数 f(x)在(0， a]上是减函数，在 [ a，＋∞)上是增函数。
高中数学 2.2函数的单调性与最值
高中数学导学案 | 《第二章：函数》第二课时：函数的单调性与最值思维升华确定函数单调性的方法(1)定义法和导数法，证明函数单调性只能用定义法和导数法．(2)复合函数法，复合函数单调性的规律是“同增异减”．(3)图象法，图象不连续的单调区间不能用“∪”连接．(4)具有单调性函数的加减．高中数学导学案 | 《 第二章：函数 》 第二课时：函数的单调性与最值姓名： 学校： 年级： 备课人：题型二 函数的最值(值域)1．若函数f (x )＝x 2＋ax ＋b 在区间[0,1]上的最大值是M ，最小值是m ，则M －m ( ) A ．与a 有关，且与b 有关 B ．与a 有关，但与b 无关 C ．与a 无关，且与b 无关 D ．与a 无关，但与b 有关2．设函数f (x )＝log 2x ＋ax ＋b (a ＞0)，若存在实数b ，使得对任意的x ∈[t ，t ＋2](t ＞0)都有|f (x )|≤1＋a ，则t 的最小值是( )A ．2B ．1 C.34 D.233．已知函数f (x )＝⎩⎪⎨⎪⎧x 2，x ≤1，x ＋6x －6，x ＞1，则f (x )的最小值是________．4．若函数f (x )＝⎩⎪⎨⎪⎧a 2＋ln x ，x ＞1，2x ＋a ，x ≤1的值域为R ，则实数a 的取值范围是________．题型三 函数单调性的应用命题点1 比较大小例3 已知函数f (x )的图象向左平移1个单位后关于y 轴对称，当x 2>x 1>1时，[f (x 2)－f (x 1)]·(x 2－x 1)<0恒成立，设a ＝f ⎝⎛⎭⎫－12，b ＝f (2)，c ＝f (3)，则a ，b ，c 的大小关系为( ) A ．c >a >b B ．c >b >a C ．a >c >b D ．b >a >c 命题点2 解函数不等式例4 若f (x )是定义在(0，＋∞)上的单调增函数，且满足f (xy )＝f (x )＋f (y )，f (3)＝1，则当f (x )＋f (x －8)≤2时，x 的取值范围是( )A ．(8，＋∞)B ．(8,9]C ．[8,9]D ．(0,8) 命题点3 求参数范围(或值)例5 (1)已知f (x )＝⎩⎪⎨⎪⎧(3a －1)x ＋4a ，x ＜1，log ax ，x ≥1是(－∞，＋∞)上的减函数，则a 的取值范围是( )A ．(0,1) B.⎝⎛⎭⎫0，13 C.⎣⎡⎭⎫17，13 D.⎣⎡⎭⎫17，1 (2)已知e x ＋x 3＋x ＋1＝0，1e3y －27y 3－3y ＋1＝0，则e x ＋3y 的值为________．跟踪训练2 (1)如果函数f (x )＝⎩⎪⎨⎪⎧(2－a )x ＋1，x <1，a x ，x ≥1满足对任意x 1≠x 2，都有f (x 1)－f (x 2)x 1－x 2>0成立，那么a 的取值范围是________．求函数最值的五种常用方法及其思路 (1)单调性法：(2)图象法：(3)基本不等式法：先对解析式变形，使之具备“一正二定三相等”后用基本不等式求出最值． (4)导数法：先求导，然后求出在给定区间上的极值，最后结合端点值，求出最值．(5)换元法：对比较复杂的函数可通过换元转化为熟悉的函数，再用相应的方法求最值．单调性应用的类型 (1)比较大小．比较函数值的大小，应将自变量转化到同一个单调区间内，然后利用函数的单调性解决．(2)解不等式．求解与抽象函数有关的不等式时，利用函数的单调性将“f ”符号脱掉，转化为不等式求解．此时应特别注意函数的定义域． (3)利用单调性求参数． ①视参数为已知数，依据函数的图象或单调性定义，确定函数的单调区间，与已知单调区间比较求参数； ②需注意若函数在区间(2)定义在R 上的奇函数y ＝f (x )在(0，＋∞)上单调递增，且f ⎝⎛⎭⎫12＝0，则不等式f (19log x )>0的解集为________________．1．如果函数f (x )＝x 2＋2(a －1)x ＋2在区间(－∞，4]上单调递减，那么实数a 的取值范围是( ) A ．a ≤－3 B ．a ≥－3 C ．a ≤5 D ．a ≥5 2．已知函数f (x )＝x 2－2x －3，则该函数的单调递增区间为( )A ．(－∞，1]B ．[3，＋∞)C ．(－∞，－1]D ．[1，＋∞)3．已知函数f (x )＝⎩⎪⎨⎪⎧(1－2a )x，x ≤1，log a x ＋13，x >1，当x 1≠x 2时，f (x 1)－f (x 2)x 1－x 2<0，则a 的取值范围是( ) A.⎝⎛⎦⎤0，13 B.⎣⎡⎦⎤13，12 C.⎝⎛⎦⎤0，12 D.⎣⎡⎦⎤14，13 4．已知f (x )是(0，＋∞)上的增函数，若f ()f (x )－ln x ＝1，则f (e)等于( ) A ．2 B ．1 C ．0 D ．e5．已知定义在R 上的奇函数f (x )在[0，＋∞)上单调递减，若f (x 2－2x ＋a )<f (x ＋1)对任意的x ∈[－1,2]恒成立，则实数a 的取值范围为( )A.⎝⎛⎭⎫－∞，134 B ．(－∞，－3) C ．(－3，＋∞) D.⎝⎛⎭⎫134，＋∞ 6．若函数f (x )＝⎩⎪⎨⎪⎧x 2－2x ＋4，x ≤3，2＋log ax ，x ＞3(a ＞0，且a ≠1)的值域为[3，＋∞)，则实数a 的取值范围为( )A ．(1,3]B ．(1,3)C ．(3，＋∞)D ．[3，＋∞)7．已知奇函数f (x )在R 上是增函数．若a ＝－f ⎝⎛⎭⎫log 215，b ＝f ()log 24.1，c ＝f (20.8)，则a ，b ，c 的大小关系为________________． 8．设函数f (x )＝⎩⎪⎨⎪⎧1，x >0，0，x ＝0，－1，x <0，g (x )＝x 2f (x －1)，则函数g (x )的单调递减区间是________．9．函数f (x )＝4－2x ＋x 的值域为________．10．设函数f (x )＝⎩⎪⎨⎪⎧－x 2＋4x ，x ≤4，log 2x ，x >4.若函数y ＝f (x )在区间(a ，a ＋1)上单调递增，则实数a 的取值范围是__________________．[a ，b ]上是单调的，则该函数在此区间的任意子集上也是单调的； ③分段函数的单调性，除注意各段的单调性外，还要注意衔接点的取值．高中数学导学案 | 《第二章：函数》第二课时：函数的单调性与最值10.已知函数f(x)＝2x高中数学导学案 | 《第二章：函数》第二课时：函数的单调性与最值。
高考北师大版数学总复习课件：2.2函数的单调性与最值
u＝ x2－ 5x＋ 6 在 (－∞，2)上为减函数， ∴函数 y＝ log1 (x2－ 5x＋ 6)在 (－∞，2)上为增函数．
2
1 2
在区间 (0,1)上单调递减的函数序号是 ( A．①② C．③④ B．②③ D．①④
)
[答案] B
[解析 ] ①是幂函数，其在 (0，＋∞ )上为增函数，故此项 不符合题意；②中的函数是由函数 y＝ log1 x 向左平移 1 个单位
2
得到的，因原函数在(0，＋∞ )上为减函数，故此项符合题意； ③中的函数图像是由函数 y＝ x－1 的图像保留 x 轴上方的部分， 下方的图像翻折到 x 轴上方得到的，由其图像可知函数在 (0,1) 上单调递减；④中的函数为指数函数，其底数大于 1，故其在 R 上单调递增，不符合题意．综上可知选 B.
(理 )(2012· 辽宁朝阳模拟 )f(x)＝ 4x2－ mx＋ 5 在 [－ 2，＋∞) 为增函数，f(1)的取值范围是( A． (－∞，25] C． [25，＋∞) ) B． (25，＋∞ ) D． (－∞，25)
[答案] C
m [解析 ] 由题意知对称轴 ≤－ 2，即 m≤－ 16，所以 f(1) 8 ＝ 9－ m≥ 25.
第 二 节
函数的单调性与最值
考纲解读 1．理解函数的单调性、最大值、最小值及其几何意义． 2．会运用函数图像理解和研究函数的单调性、最值．
考向预测 1．函数的单调性与最值是函数最重要的两个性质，在每年 高考中均有重要体现． 2．求单调区间、判断单调性、求最值及利用它们求参数的 取值范围是热点．
(6)导数法 ①若 f(x)在某个区间内可导，当 f′ (x)>0 时， f(x)为 增 函 数；当 f′ (x)<0 时， f(x)为 减 函数； ②若 f(x)在某个区间内可导，当 f(x)在该区间上递增时，则 f′ (x) ≥ 0；当 f(x)在该区间上递减时，则 f′ (x) ≤ 0.
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§2.2 函数的单调性与最值
(时间：45分钟 满分：100分)
一、选择题(每小题7分，共35分)
1．(2010·北京)给定函数①y ＝1
2
x ，②y ＝12
log (x ＋1)，③y ＝|x －1|，④y ＝2x ＋
1，其中在区间
(0,1)单调递减的函数的序号是 ( ) A ．①②
B ．②③
C ．③④
D ．①④
2．已知f (x )＝⎩⎪⎨⎪
⎧
a x
(x >1)⎝⎛⎭
⎫4－a 2x ＋2 (x ≤1) 是R 上的单调递增函数，则实数a 的取值范围为
( )
A ．(1，＋∞)
B ．[4,8)
C ．(4,8)
D ．(1,8)
3．若函数y ＝ax 与y ＝－b
x
在(0，＋∞)上都是减函数，则y ＝ax 2＋bx 在(0，＋∞)上是( )
A ．增函数
B ．减函数
C ．先增后减
D ．先减后增
4．已知奇函数f (x )对任意的正实数x 1，x 2(x 1≠x 2)，恒有(x 1－x 2)(f (x 1)－f (x 2))>0，则一定正确 的是
( )
A ．f (4)>f (－6)
B ．f (－4)<f (－6)
C ．f (－4)>f (－6)
D ．f (4)<f (－6) 5．函数f (x )＝ln(4＋3x －x 2)的单调递减区间是
( )
A.⎝
⎛⎦⎤－∞，32 B.⎣⎡⎭⎫32，＋∞ C.⎝
⎛⎦⎤－1，32
D.⎣⎡⎭⎫
32，4
二、填空题(每小题6分，共24分)
6．函数f (x )＝x 2－2x －3的单调增区间为________．
7．设x 1，x 2为y ＝f (x )的定义域内的任意两个变量，有以下几个命题：
①(x 1－x 2)[f (x 1)－f (x 2)]>0； ②(x 1－x 2)[f (x 1)－f (x 2)]<0； ③
f (x 1)－f (x 2)
x 1－x 2
>0；
④
f (x 1)－f (x 2)
x 1－x 2
<0.
其中能推出函数y ＝f (x )为增函数的命题为_____________________________________． 8．如果函数f (x )＝ax 2＋2x －3在区间(－∞，4)上是单调递增的，则实数a 的取值范围是 __________． 9．若函数f (x )＝
4x
x 2
＋1
在区间(m,2m ＋1)上是单调递增函数，则m 的取值范围是__________． 三、解答题(共41分)
10．(13分)已知函数y ＝f (x )在[0，＋∞)上是减函数，试比较f ⎝⎛⎭⎫34与f (a 2
－a ＋1)的大小． 11.(14分)已知f (x )＝x x －a
(x ≠a )．
(1)若a ＝－2，试证f (x )在(－∞，－2)内单调递增； (2)若a >0且f (x )在(1，＋∞)内单调递减，求a 的取值范围．
12．(14分)已知f (x )是定义在(－1,1)上的奇函数，且f (x )在(－1,1)上是减函数，解不等式 f (1－x )＋f (1－x 2)<0. 答案
1．B 2．B 3．B 4．C 5．D
6．[3，＋∞) 7．①③ 8.⎣⎡⎦⎤－1
4，0 9．(－1,0] 10．解 ∵a 2－a ＋1＝⎝⎛⎭⎫a －122＋34≥3
4
>0， 又∵y ＝f (x )在[0，＋∞)上是减函数， ∴f (a 2－a ＋1)≤f ⎝⎛⎭⎫
34. 11．(1)证明 任设x 1<x 2<－2，
则f (x 1)－f (x 2)＝
x 1x 1＋2－x 2
x 2＋2＝2(x 1－x 2)(x 1＋2)(x 2＋2)
. ∵(x 1＋2)(x 2＋2)>0，x 1－x 2<0， ∴f (x 1)<f (x 2)，
∴f (x )在(－∞，－2)内单调递增． (2)解 任设1<x 1<x 2，则 f (x 1)－f (x 2)＝
x 1x 1－a －x 2
x 2－a ＝a (x 2－x 1)(x 1－a )(x 2－a )
. ∵a >0，x 2－x 1>0，
∴要使f (x 1)－f (x 2)>0，只需(x 1－a )(x 2－a )>0恒成立， ∴a ≤1.
综上所述知0<a ≤1.
12．解 ∵f (x )是定义在(－1,1)上的奇函数，
∴由f (1－x )＋f (1－x 2)<0 得f (1－x )<－f (1－x 2)．
∴f (1－x )<f (x 2－1)．又∵f (x )在(－1,1)上是减函数， ∴⎩⎪⎨⎪⎧
－1<1－x <1，－1<1－x 2
<1，1－x >x 2－1.
解得0<x <1.
∴原不等式的解集为(0,1)．。