甘肃省灵台一中高二第二学期期末考试物理试题
甘肃高二高中物理期末考试带答案解析
甘肃高二高中物理期末考试班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.关于通电直导线在匀强磁场中所受的安培力，下列说法正确的是（）A．安培力的方向可以不垂直于直导线B．安培力的方向总是垂直于磁场的方向C．安培力的大小与通电直导线和磁场方向的夹角无关D．将直导线从中点折成直角，安培力的大小一定变为原来的一半2.如图所示，两个同心放置的共面金属圆环a和b，一条形磁铁穿过圆心且与环面垂直，则穿过两环的磁通量φa、φb的大小关系为( )A．φa＞φb B．φa＜φb C．φa＝φb D．无法比较3.图中虚线为一组间距相等的同心圆，圆心处固定一带正电的点电荷。
一带电粒子以一定初速度射入电场，实线为粒子仅在电场力作用下的运动轨迹，a、b、c三点是实线与虚线的交点。
则该粒子( )A．带负电B．在c点受力最大C．在b点的电势能小于在c点的电势能D．由a点到b点的动能变化大于有b点到c点的动能变化4.喷墨打印机的简化模型如图4所示，重力可忽略的墨汁微滴，经带电室带负电后，以速度v垂直匀强电场飞入极板间，最终打在纸上，则微滴在极板间电场中( )A．向负极板偏转B．电势能逐渐增大C．运动轨迹是抛物线D．运动轨迹与带电量无关5.如图所示电路，电源内阻不可忽略．开关S闭合后，在滑动变阻器R0的滑动端向下滑动的过程中( )A．电压表与电流表的示数都减小B．电压表与电流表的示数都增大C．电压表的示数增大，电流表的示数减小D．电压表的示数减小，电流表的示数增大6.在研究微型电动机的性能时，应用如图所示的实验电路，当调节滑动变阻器R，电流表和电压表的示数分别为0.50 A和2.0 V时，电动机未转动。
当调节R使电流表和电压表的示数分别为2.0 A和24.0 V时，电动机正常运转。
则这台电动机正常运转时输出功率为( )A．32 W B．44 W C．47 W D．48 W7.关于静电场的电场强度和电势，下列说法正确的是( )A．电场强度的方向总是指向正电荷的运动方向B．电场强度为零的地方，电势也为零C．随着电场强度的大小逐渐减小，电势也逐渐降低D．任一点的电场强度总是指向该点电势降落最快的方向8.在如图所示的电路中，由于某一电阻发生短路或断路，使A灯变暗，B灯变亮，则故障可能是（）A．R1短路B．R2短路C．R3断路D．R4短路9.指南针是我国古代四大发明之一。
甘肃高二高中物理期末考试带答案解析
甘肃高二高中物理期末考试班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.下面有关物理学史和物理学方法的说法中，不正确的有（）A．伽利略研究自由落体运动时，由于物体下落时间太短，不易测量，因此采用了“冲淡重力”的方法来测量时间，然后再把得出的结论合理外推B．根据速度定义式，当非常非常小时，就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义应用了极限思想方法C．由可知，物体的加速度又叫做速度的变化率，所以加速度由决定D．在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法2.我国自主研发制造的国际热核聚变核心部件在国际上率先通过权威机构认证，这是我国对国际热核聚变项目的重大贡献。
下列核反应方程中属于聚变反应的是（）A．B．C．D．3.一定质量的理想气体由状态A经过图中所示过程变到状态B，在此过程中气体的密度（）A．一直变小B．一直变大C．先变小后变大D．先变大后变小4.如图甲是小型交流发电机的示意图,两磁极N、S间的磁场可视为水平方向的匀强磁场,为交流电流表。
线圈绕垂直于磁场的水平轴OO′匀速转动,从图示位置开始计时,产生的交变电流随时间变化的图象如图乙所示。
以下判断正确的是（）A．线圈转动的转速为25r/sB．电流表的示数为10AC．1s内线圈中电流方向改变了50次D．0.01s时线圈平面与中性面重合5.一人看到闪电12.3s后又听到雷声。
已知空气中的声速约为330m/s～340m/s，光速为3×108m/s，于是他用12.3除以3很快估算出闪电发生位置到他的距离为4.1km。
根据你所学的物理知识可以判断（）A．这种估算方法是错误的，不可采用B．这种估算方法可以比较准确地估算出闪电发生位置与观察者间的距离C．这种估算方法没有考虑光的传播时间，结果误差很大D．即使声速增大2倍以上，本题的估算结果依然正确6.质点做直线运动的v-t图像如图所示，该质点（）A．在第1s末速度方向发生了改变B．在第2s末加速度方向发生了改变C．在前2s内发生的位移为零D．在第3s末和第5s末的位置相同7.在某一笔直水平路面上有甲、乙两物体，这两个物体在不同外力作用下，从同一地点同时由静止开始运动，v-t图像如图所示。
甘肃高二高中物理期末考试带答案解析
甘肃高二高中物理期末考试班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.用细绳把小球悬挂起来，当小球静止时，下列说法正确的是（ ） A ．小球受到的重力和细绳对小球的拉力是一对作用力和反作用力 B ．小球受到的重力和小球对细绳的拉力的一对作用力和反作用力 C ．小球受到的重力和细绳对小球的拉力是一对平衡力 D ．小球受到的重力和小球对细绳的拉力是一对平衡力2.如图所示的水平面上，橡皮绳一端固定，另一端连接两根弹簧，连接点P 在F 1、F 2和F 3三力作用下保持静止．下列判断正确的是（ ）A ．F 1＞F 2＞F 3B ．F 3＞F 1＞F 2C ．F 2＞F 3＞F 1D ．F 3＞F 2＞F 13.质点做直线运动的v ﹣t 图象如图所示，规定向右为正方向，则该质点在前8s 内平均速度的大小和方向分别为（ ）A ．0.25m/s 向右B ．0.25m/s 向左C ．1m/s 向右D ．1m/s 向左4.如图所示，三个小球从同一高度处的O 点分别以水平初速度v 1、v 2、v 3抛出，落在水平面上的位置分别是A 、B 、C ，O′是O 在水平面上的射影点，且O′A ：O′B ：O′C=1：3：5．若不计空气阻力，则下列说法正确的是（ ）A ．v 1：v 2：v 3=1：3：5B ．三个小球下落的时间相同C ．三个小球落地的速度相同D ．三个小球落地的位移相同5.如图所示，A 、B 是两个摩擦传动轮，两轮半径大小关系为R A =2R B ，则两轮边缘上的（ ）A ．角速度之比ωA ：ωB =1：2 B ．周期之比T A ：T B =1：2C ．转速之比n A ：n B =1：2D ．向心加速度之比a A ：a B =2：16.用控制变量法，可以研究影响平行板电容器电容的因素（如图所示）．设两极板正对面积为S ，极板间的距离为d ，静电计指针偏角为θ．实验中，极板所带电荷量不变，若（ ）A ．保持S 不变，增大d ，则θ变大B ．保持S 不变，增大d ，则θ变小C．保持d不变，减小S，则θ变小D．保持d不变，减小S，则θ不变7.如图所示，质量为M的楔形物块静置在水平地面上，其斜面的倾角为θ．斜面上有一质量为m的小物块，小物块与斜面之间存在摩擦．用恒力F沿斜面向上拉小物块，使之匀速上滑．在小物块运动的过程中，楔形物块始终保持静止．地面对楔形物块的支持力和摩擦力分别为（）A．（M+m）g、0B．（M+m）g﹣F、0C．（M+m）g+Fsinθ、FsinθD．（M+m）g﹣Fsinθ、Fcosθ8.质点开始时做匀速直线运动，从某时刻起受到一恒力作用．此后，该质点的动能可能（）A．一直增大B．先逐渐减小至零，再逐渐增大C．先逐渐增大至某一最大值，再逐渐减小D．先逐渐减小至某一非零的最小值，再逐渐增大9.如图所示，用长为L的轻绳把一个小铁球悬挂在高2L的O点处，小铁球以O为圆心在竖直平面内做圆周运动且恰能到达最高点B处，若运动中轻绳断开，则小铁球落到地面时的速度大小为（）A．B．C．D．10.如图所示，虚线表示等势面，相邻两等势面间的电势差相等，有一带正电的小球在电场中运动，实线表示该小球的运动轨迹．小球在a点的动能等于20eV，运动到b点时的动能等于2eV．若取c点为电势零点，则当这个带电小球的电势能等于﹣6eV时（不计重力和空气阻力），它的动能等于（）A．16eV B．14eV C．6eV D．4eV11.嫦娥二号卫星已成功发射，这次发射后卫星直接进入近地点高度200公里、远地点高度约38万公里的地月转移轨道直接奔月．当卫星到达月球附近的特定位置时，卫星就必须“急刹车”，也就是近月制动，以确保卫星既能被月球准确捕获，又不会撞上月球，并由此进入近月点100公里、周期12小时的椭圆轨道a．再经过两次轨道调整，进入100公里的近月圆轨道b．轨道a和b相切于P点，如图所示．下列说法正确的是（）A．嫦娥二号卫星的发射速度大于7.9 km/s，小于11.2 km/sB．嫦娥二号卫星的发射速度大于11.2 km/sC．嫦娥二号卫星在a、b轨道经过P点的速度v a=v bD．嫦娥二号卫星在a、b轨道经过P点的加速度分别为a a、a b则a a＞a b12.如图所示，虚线a 、b 、c 为三个同心圆面，圆心处有一个点电荷，现从b 、c 之间一点P 以相同的速率发射两个带电粒子，分别沿PM 、PN 运动到M 、N 点，M 、N 两点都处于圆周c 上，以下判断正确的是（ ）A ．到达M 、N 时两粒子速率仍相等B ．到达M 、N 时两粒子速率v M ＞v NC ．到达M 、N 时两粒子的电势能相等D ．两个粒子的电势能都是先减小后增大13.如图（a ）左侧的调压装置可视为理想变压器，负载电路中R=55Ω，A 、V 为理想电流表和电压表．若原线圈接入如图（b ）所示的正弦交变电压，电压表的示数为110V ，下列表述正确的是（ ）A ．电流表的示数为2AB ．原、副线圈匝数比为2：1C ．电压表的示数为电压的有效值D ．原线圈中交变电压的频率为100Hz14.在等边三角形的三个顶点a 、b 、c 处，各有一条长直导线垂直穿过纸面，导线中通有大小相等的恒定电流，方向如图．过c 点的导线所受安培力的方向（ ）A ．与ab 边平行，竖直向上B ．与ab 边平行，竖直向下C ．与ab 边垂直，指向左边D ．与ab 边垂直，指向右边15.如图所示，轻弹簧上端与一质量为m 的木块1相连，下端与另一质量为M 的木块2相连，整个系统置于水平放置的光滑木板上，并处于静止状态．现将木板沿水平方向突然抽出，设抽出后的瞬间，木块1、2的加速度大小分别为a 1、a 2．重力加速度大小为g ，则有（ ）A ．a 1=0，a 2=gB ．a 1=g ，a 2=gC ．a 1=0，a 2=gD ．a 1=g ，a 2=g16.地面附近空间中存在着水平方向的匀强电场和匀强磁场，已知磁场方向垂直纸面向里，一个带电油滴能沿一条与竖直方向成α角的直线MN 运动（MN 在垂直于磁场方向的平面内），如图所示，则以下判断中正确的是（ ）A ．如果油滴带正电，它是从M 点运动到N 点B ．如果油滴带正电，它是从N 点运动到M 点C ．如果电场方向水平向左，油滴是从M 点运动到N 点D ．如果电场方向水平向右，油滴是从M 点运动到N 点二、实验题1.在用打点计时器验证机械能守恒定律的实验中，使质量为m=1.00kg 的重物自由下落，打点计时器在纸带上打出一系列的点，选取一条符合实验要求的纸带如图所示．O 为第一个点，A 、B 、C 为从合适位置开始选取连续点中的三个点．已知打点计时器每隔0.02s 打一个点，当地的重力加速度为g=9.80m/s 2，那么： （1）根据图上所得的数据，应取图中O 点到 点来验证机械能守恒定律；（2）从O 点到（1）问中所取的点，重物重力势能的减少量△E p = J ，动能增加量△E k = J （结果取三位有效数字）；（3）若测出纸带上所有各点到O 点之间的距离，根据纸带算出各点的速度v 及物体下落的高度h ，则以为纵轴，以h 为横轴画出的图象是图2中的 ．2.在如图甲所示的电路中，四节干电池串连，小灯泡A 、B 的规格为“3.8V ，0.3A”．合上开关 S 后，无论怎样移动滑动片，A 、B 灯都不亮．（1）用多用电表的直流电压挡检查故障：①选择开关置于下列量程的 挡较为合适（用字母序号表示）； A ．2.5V B ．10V C ．50V D ．250V②测得c 、d 间电压约为5.8V ，e 、f 间电压为0，则故障是下列哪一项？ ； A ．A 灯丝断开 B ．B 灯丝断开 C ．d 、e 间连线断开 D ．B 灯被短路（2）接着训练用欧姆表的“×l”挡测电阻，欧姆表经过“欧姆调零”， ①测试前，一定要将电路中的开关 S ；②测c 、d 间和e 、f 间电阻时，某次测试结果如图乙所示，读数为 Ω，此时测量的是 间电阻，根据小灯泡的规格计算出的电阻为 Ω，它不等于测量值，原因是：三、计算题1.如图所示，电阻R 1=2Ω，小灯泡L 上标有“3V ，1.5W“，电源内阻r=1Ω，滑动变阻器的最大阻值为R 0（大小未知），当触头P 滑动到最上端a 时，安培表的读数为1A ，小灯泡L 恰好正常发光，求：（1）滑动变阻器的最大阻值R 0（2）当触头P 滑动到最下端b 时，求电源的总功率及输出功率．2.如图所示，在E=1×103V/m 的竖直匀强电场中，有一光滑的半圆形绝缘轨QPN 与一水平绝缘轨道MN 连接，半圆形轨道平面与电场线平行，P 为QN 圆弧的中点，其半径R=40cm ，一带正电q=10﹣4C 的小滑块质量m=10g ，与水平轨道间的动摩擦因数μ=0.15，位于N 点右侧1.5m 处，取g=10m/s 2，求：（1）要使小滑块恰能运动到圆轨道的最高点Q ，则滑块应以多大的初速度v 0向左运动？ （2）这样运动的滑块通过P 点时对轨道的压力是多大？3.如图所示，在第二象限内有水平向右的匀强电场，在第一、第四象限内分别存在匀强磁场，磁感应强度大小相等，方向如图所示；现有一个带电粒子在该平面内从x 轴上的P 点，以垂直于x 轴初速度v 0进入匀强电场，恰好经过y 轴上的Q 点且与y 轴成45°角射出电场，再经过一段时间又恰好垂直于x 轴进入下面的磁场．已知OP 之间的距离为d ，（不计粒子的重力）求：（1）Q 点的坐标；（2）带电粒子自进入电场至在磁场中第二次经过x 轴的时间．甘肃高二高中物理期末考试答案及解析一、选择题1.用细绳把小球悬挂起来，当小球静止时，下列说法正确的是（ ） A ．小球受到的重力和细绳对小球的拉力是一对作用力和反作用力 B ．小球受到的重力和小球对细绳的拉力的一对作用力和反作用力 C ．小球受到的重力和细绳对小球的拉力是一对平衡力 D ．小球受到的重力和小球对细绳的拉力是一对平衡力【答案】C【解析】一对平衡力与“作用力与反作用力“的共同的特点：二力都是大小相等，方向相反，作用在同一条直线上． 一对平衡力与“作用力与反作用力“的区别：作用力与反作用力描述的是两个物体间相互作用的规律，二力平衡描述的是一个物体在二力作用下处在平衡状态．解：对小球受力分析，受地球对其的重力，细线对其向上的拉力，小球保持静止状态，加速度为零，合力为零，故重力和拉力是一对平衡力；细线对小球的拉力的反作用力是小球对细线的向下的拉力，这两个力是一对相互作用力，故A 错误，B 错误，C 正确，D 错误 故选：C ．【点评】本题涉及三力，重力、细线对小球的拉力和小球对细线的拉力，其中重力和细线对小球的拉力是平衡力（因为小球处于平衡状态），细线对小球的拉力和小球对细线的拉力是相互作用力；平衡力和相互作用力是很容易混淆的，要注意其最明显的区别在于是否同体．2.如图所示的水平面上，橡皮绳一端固定，另一端连接两根弹簧，连接点P 在F 1、F 2和F 3三力作用下保持静止．下列判断正确的是（ ）A ．F 1＞F 2＞F 3B ．F 3＞F 1＞F 2C ．F 2＞F 3＞F 1D ．F 3＞F 2＞F 1【答案】B【解析】如果一个物体受到三个力的作用也能处于平衡状态，叫做三力平衡．很显然这三个力的合力应该为零．而这三个力可能互成角度，也可能在一条直线上；对于三力平衡，一般根据“任意两个力的合力与第三个力等大反向”的关系，借助三角函数、相似三角形等手段求解；或将某一个力分解到另外两个力的反方向上，得到的这两个分力势必与另外两个力等大、反向；对于多个力的平衡，利用先分解再合成的正交分解法．本题对P 点受力分析，可以运用合成法、分解法、正交分解法求解．解：对P 点受力分析，如图根据共点力平衡条件 F 1=F 3cos30°=F 3F 2=F 3sin30°=F 3因而F 3＞F 1＞F 2 故选B ．【点评】物体在三个力的作用下处于平衡状态，要求我们分析三力之间的相互关系的问题叫三力平衡问题，这是物体受力平衡中最重要、最典型也最基础的平衡问题．这种类型的问题有以下几种常见题型： ①三个力中，有两个力互相垂直，第三个力角度（方向）已知．②三个力互相不垂直，但夹角（方向）已知《考试说明》中规定力的合成与分解的计算只限于两力之间能构成直角的情形．三个力互相不垂直时，无论是用合成法还是分解法，三力组成的三角形都不是直角三角形，造成求解困难．因而这种类型问题的解题障碍就在于怎样确定研究方法上．解决的办法是采用正交分解法，将三个不同方向的力分解到两个互相垂直的方向上，再利用平衡条件求解． ③三个力互相不垂直，且夹角（方向）未知三力方向未知时，无论是用合成法还是分解法，都找不到合力与分力之间的定量联系，因而单从受力分析图去求解这类问题是很难找到答案的．要求解这类问题，必须变换数学分析的角度，从我们熟悉的三角函数法变换到空间几何关系上去考虑，因而这种问题的障碍点是如何正确选取数学分析的方法．解决这种类型的问题的对策是：首先利用合成法或分解法作出三力之间的平行四边形关系和三角形关系，再根据力的三角形寻找与之相似的空间三角形，利用三角形的相似比求解． ④三力的动态平衡问题即三个力中，有一个力为恒力，另一个力方向不变，大小可变，第三个力大小方向均可变，分析第三个力的方向变化引起的物体受力的动态变化问题．这种类型的问题不需要通过具体的运算来得出结论，因而障碍常出现在受力分析和画受力分析图上．在分析这类问题时，要注意物体“变中有不变”的平衡特点，在变中寻找不变量．即将两个发生变化的力进行合成，利用它们的合力为恒力的特点进行分析．在解决这类问题时，正确画出物体在不同状态时的受力图和平行四边形关系尤为重要．3.质点做直线运动的v ﹣t 图象如图所示，规定向右为正方向，则该质点在前8s 内平均速度的大小和方向分别为（ ）A ．0.25m/s 向右B ．0.25m/s 向左C ．1m/s 向右D ．1m/s 向左【答案】B【解析】质点做直线运动的v ﹣t 图象中，图象与横坐标所围成的面积表示位移，平均速度等于总位移除以总时间，根据即可解题．解：由题图得前8s 内的位移为：，则平均速度为：=﹣0.25m/s ，负号表示方向向左．B 正确．故选：B【点评】质点做直线运动的v ﹣t 图象中，图象与坐标轴所围成的面积表示位移，面积的正负表示位移的方向，该题难度不大，属于基础题．4.如图所示，三个小球从同一高度处的O 点分别以水平初速度v 1、v 2、v 3抛出，落在水平面上的位置分别是A 、B 、C ，O′是O 在水平面上的射影点，且O′A ：O′B ：O′C=1：3：5．若不计空气阻力，则下列说法正确的是（ ）A ．v 1：v 2：v 3=1：3：5B ．三个小球下落的时间相同C ．三个小球落地的速度相同D ．三个小球落地的位移相同 【答案】AB【解析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据高度确定小球运动的时间，根据水平位移求出三个小球的初速度之比，将落地速度分解，求出落地的速度关系． 解：A 、三个小球的高度相等，则根据h=知，平抛运动的时间相等，水平位移之比为1：3：5，则根据x=v 0t得，初速度之比为1：3：5．故AB 正确．C 、小球落地时的竖直方向上的分速度相等，落地时的速度v=，初速度不等，则落地的速度不等．故C错误．D 、小球落地时的位移，水平位移不等，竖直位移相等，则小球通过的位移不等．故D 错误． 故选：AB ．【点评】解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，灵活运用运动学公式进行求解．5.如图所示，A 、B 是两个摩擦传动轮，两轮半径大小关系为R A =2R B ，则两轮边缘上的（ ）A ．角速度之比ωA ：ωB =1：2 B ．周期之比T A ：T B =1：2C ．转速之比n A ：n B =1：2D ．向心加速度之比a A ：a B =2：1 【答案】AC【解析】因为传动时无滑动，则轮子边缘上的点线速度大小相等，根据v=rω得出角速度之比，周期T=，ω=2πn ，a=rω2=Vω解：A 、A 、B 为靠摩擦传动的两轮边缘上的两点，它们在相同时间内走过的弧长相等，则线速度大小相等，即νA ：νB =1：1，因为R A =2R B ，根据v=rω知，ωA ：ωB =1：2，故A 正确 B 、周期T=，周期之比T A ：T B =2：1，故B 错误C 、ω=2πn ，所以转速之比n A ：n B =1：2，故C 正确D 、a=rω2=Vω，故向心加速度之比a A ：a B =1：2，故D 错误 故选：AC【点评】解决本题的关键知道靠传送带传到的轮子边缘上的点，线速度相等，共轴转动，角速度相等，以及掌握线速度和角速度的关系6.用控制变量法，可以研究影响平行板电容器电容的因素（如图所示）．设两极板正对面积为S，极板间的距离为d，静电计指针偏角为θ．实验中，极板所带电荷量不变，若（）A．保持S不变，增大d，则θ变大B．保持S不变，增大d，则θ变小C．保持d不变，减小S，则θ变小D．保持d不变，减小S，则θ不变【答案】A【解析】静电计测定电容器极板间的电势差，电势差越大，指针的偏角越大．根据电容的决定式C=分析极板间距离、正对面积变化时电容的变化情况，由于极板所带电荷量不变，再由电容的定义式C=分析板间电势差的变化，即可再确定静电计指针的偏角变化情况．解：A、B、根据电容的决定式C=得知，电容与极板间距离成反比，当保持S不变，增大d时，电容减小，电容器的电量Q不变，由电容的定义式C=分析可知板间电势差增大，则静电计指针的偏角θ变大；反之，保持S不变，减小d，则θ减小．故A正确，B错误．C、D、根据电容的决定式C=得知，电容与极板的正对面积成正比，当保持d不变，减小S时，电容减小，电容器极板所带的电荷量Q不变，则由电容的定义式C=分析可知板间电势差增大，静电计指针的偏角θ变大；反之，保持d不变，增大S，则θ减小，故C错误，D错误．故选：A．【点评】本题是电容动态变化分析问题，关键抓住两点：一是电容器的电量不变；二是掌握电容的两个公式：电容的决定式C=和C=．7.如图所示，质量为M的楔形物块静置在水平地面上，其斜面的倾角为θ．斜面上有一质量为m的小物块，小物块与斜面之间存在摩擦．用恒力F沿斜面向上拉小物块，使之匀速上滑．在小物块运动的过程中，楔形物块始终保持静止．地面对楔形物块的支持力和摩擦力分别为（）A．（M+m）g、0B．（M+m）g﹣F、0C．（M+m）g+Fsinθ、FsinθD．（M+m）g﹣Fsinθ、Fcosθ【答案】D【解析】物块m匀速上升，受力平衡，合力为零．楔形物块M始终保持静止合力也为零，将两个物体看成整体进行研究，根据平衡条件求解地面对楔形物块支持力和摩擦力．解：以物块m和楔形物块M整体为研究对象，分析受力情况，如图，由平衡条件得地面对楔形物块支持力大小为：N=（M+m）g﹣Fsinθ地面对楔形物块有向右的摩擦力大小为：f=Fcosθ．所以D正确．故选：D【点评】本题采用整体法处理两个物体的平衡问题，也可以采用隔离法研究．8.质点开始时做匀速直线运动，从某时刻起受到一恒力作用．此后，该质点的动能可能（）A．一直增大B．先逐渐减小至零，再逐渐增大C．先逐渐增大至某一最大值，再逐渐减小D．先逐渐减小至某一非零的最小值，再逐渐增大【答案】ABD【解析】一质点开始时做匀速直线运动，说明质点所受合力为0，从某时刻起受到一恒力作用，这个恒力就是质点的合力．根据这个恒力与速度的方向关系确定质点动能的变化情况．解：A、如果恒力与运动方向相同，那么质点做匀加速运动，动能一直变大，故A正确．B、如果恒力与运动方向相反，那么质点先做匀减速运动，速度减到0，质点在恒力作用下沿着恒力方向做匀加速运动，动能再逐渐增大．故B正确．C、如果恒力方向与原来运动方向不在同一直线上，那么将速度沿恒力方向所在直线和垂直恒力方向分解，其中恒力与一个速度方向相同，这个方向速度就会增加，另一个方向速度不变，那么合速度就会增加，不会减小．故C 错误．D、如果恒力方向与原来运动方向不在同一直线上，那么将速度沿恒力方向所在直线和垂直恒力方向分解，其中恒力与一个速度方向相反，这个方向速度就会减小，另一个方向速度不变，那么合速度就会减小，当恒力方向速度减到0时，另一个方向还有速度，所以速度到最小值时不为0，然后恒力方向速度又会增加，合速度又在增加，即动能增大．故D正确．故选ABD．【点评】对于直线运动，判断速度增加还是减小，我们就看加速度的方向和速度的方向．对于受恒力作用的曲线运动，我们可以将速度分解到恒力方向和垂直恒力方向，再去研究．9.如图所示，用长为L的轻绳把一个小铁球悬挂在高2L的O点处，小铁球以O为圆心在竖直平面内做圆周运动且恰能到达最高点B处，若运动中轻绳断开，则小铁球落到地面时的速度大小为（）A．B．C．D．【答案】D【解析】小球恰好能通过最高点B，重力提供向心力，根据牛顿第二定律和向心力公式列式求解得到B点速度；然后根据机械能守恒定律列式求解落地速度．解：小球恰好能通过最高点B，重力提供向心力，根据牛顿第二定律，有：mg=m①整个运动过程只有重力做功，机械能守恒，根据守恒定律，有：②联立解得：；故选D．【点评】本题突破口在于小球恰好经过B点，重力提供向心力，根据牛顿第二定律列式求解速度；然后机械能守恒定律列式求解落地速度，不难．10.如图所示，虚线表示等势面，相邻两等势面间的电势差相等，有一带正电的小球在电场中运动，实线表示该小球的运动轨迹．小球在a点的动能等于20eV，运动到b点时的动能等于2eV．若取c点为电势零点，则当这个带电小球的电势能等于﹣6eV时（不计重力和空气阻力），它的动能等于（）A．16eV B．14eV C．6eV D．4eV【答案】B【解析】解决本题需掌握：小球只受电场力时，小球的动能和电势能之和保持不变；正确判断小球在电场中所受电场力方向以及电场力做功情况．解：小球自a 点运动到b 时，电场力做负功：W ab =2eV ﹣20eV=﹣18eV ① 由于相邻两等势面的电势差相等，故电势差的大小关系有：U ab =3U bc ② 从b 到c 电场力做正功，根据动能定理有：W bc =E kc ﹣E kb ③ 联立①②③可得E kc =8eV ．由于只有电场力做功，电势能和动能和保持不变，故在c 点：E=E p +E k =8eV即电势能和动能之和为8eV ，因此当电势能等于﹣6eV 时动能为14eV ，故ACD 错误，B 正确． 故选B ．【点评】学习电场中的功能关系时可以类比在重力场的功能关系，如只有重力做功，动能和电势能之和保持不变；那么只有电场力做功，电势能和动能之和保持不变．11.嫦娥二号卫星已成功发射，这次发射后卫星直接进入近地点高度200公里、远地点高度约38万公里的地月转移轨道直接奔月．当卫星到达月球附近的特定位置时，卫星就必须“急刹车”，也就是近月制动，以确保卫星既能被月球准确捕获，又不会撞上月球，并由此进入近月点100公里、周期12小时的椭圆轨道a ．再经过两次轨道调整，进入100公里的近月圆轨道b ．轨道a 和b 相切于P 点，如图所示．下列说法正确的是（ ）A ．嫦娥二号卫星的发射速度大于7.9 km/s ，小于11.2 km/sB ．嫦娥二号卫星的发射速度大于11.2 km/sC ．嫦娥二号卫星在a 、b 轨道经过P 点的速度v a =v bD ．嫦娥二号卫星在a 、b 轨道经过P 点的加速度分别为a a 、a b 则a a ＞a b【答案】A【解析】A 、B 嫦娥二号发射出去后绕地球做椭圆运动，知嫦娥二号的发射速度大于7.9km/s ，小于11.2km/s ． C 、嫦娥二号在椭圆轨道的P 点进入圆轨道需减速，使得万有引力等于需要的向心力，做圆周运动． D 、根据牛顿第二定律比较嫦娥二号卫星在a 、b 轨道经过P 点的加速度．解：A 、嫦娥二号发射出去后绕地球做椭圆运动，知嫦娥二号的发射速度大于7.9km/s ，小于11.2km/s ．故A 正确、B 错误．C 、嫦娥二号在椭圆轨道的P 点是近月点，速度比较大，要进入圆轨道，需减速，使得万有引力等于所需要的向心力．所以在a 轨道P 点的速度大于在b 轨道P 点的速度．故C 错误．D 、嫦娥二号卫星在a 、b 轨道经过P 点，所受的万有引力相等，根据牛顿第二定律，知加速度相等．故D 错误． 故选：A ．【点评】解决本题的关键知道发射速度大于7.9km/s ，小于11.2km/s 时，将绕地球做椭圆运动，以及知道在近月点由椭圆轨道进入圆轨道需减速．12.如图所示，虚线a 、b 、c 为三个同心圆面，圆心处有一个点电荷，现从b 、c 之间一点P 以相同的速率发射两个带电粒子，分别沿PM 、PN 运动到M 、N 点，M 、N 两点都处于圆周c 上，以下判断正确的是（ ）A ．到达M 、N 时两粒子速率仍相等B ．到达M 、N 时两粒子速率v M ＞v NC ．到达M 、N 时两粒子的电势能相等D ．两个粒子的电势能都是先减小后增大【答案】B【解析】根据轨迹的弯曲方向确定带电粒子所受的电场力方向，根据动能定理确定到达M 、N 时两粒子速率关系．由电场力做功正负分析电势能的变化．解：AB 、由轨迹看出，点电荷左侧的带电粒子受排斥力，右侧的带电粒子受吸引力，由题，M 、N 两点都处于圆周c 上，电势相等，两带电粒子又是从同一点P 出发，则电势差U PM =U PN ，电场力对两个带电粒子做功大小相等，。
甘肃高二高中物理期末考试带答案解析
甘肃高二高中物理期末考试班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.下列四幅图涉及不同的物理知识，其中说法不正确的是()A．原子中的电子绕原子核高速运转时，运行轨道的半径是任意的B．光电效应实验说明了光具有粒子性C．电子束通过铝箔时的衍射图样证实了电子具有波动性D．少数α粒子发生了较大偏转，说明原子的质量绝大部分集中在很小空间范围内2.在天然放射性物质附近放置一带电体，带电体所带的电荷很快消失的根本原因是()A．γ射线的贯穿作用B．β射线的贯穿作用C．α射线的电离作用、D．β射线的中和作用3.放射性衰变有多种途径，其中一种途径是先衰变成，而可以经一次衰变变成 (X代表某种元素)，也可以经一次衰变变成，和最后都衰变变成，衰变路径如图所示，则可知图中( )A．过程①是β衰变，过程③是α衰变；过程②是α衰变，过程④是β衰变B．过程①是β衰变，过程③是α衰变；过程②是β衰变，过程④是α衰变C．过程①是α衰变，过程③是β衰变；过程②是α衰变，过程④是β衰变D．过程①是α衰变，过程③是β衰变；过程②是β衰变，过程④是α衰变4.A、B两物体发生正碰，碰撞前后物体A、B都在同一直线上运动，其位移—时间图象如图所示。
由图可知，物体A、B的质量之比为( )A. 1∶1B. 1∶2C. 1∶3D. 3∶15.科学研究证明，光子有能量也有动量，当光子与电子碰撞时，光子的一些能量转移给了电子。
假设光子与电子碰撞前的波长为λ，碰撞后的波长为λ′，则碰撞过程中( )A ．能量守恒，动量不守恒，且λ＝λ′B ．能量不守恒，动量不守恒，且λ＝λ′C ．能量守恒，动量守恒，且λ<λ′D ．能量守恒，动量守恒，且λ>λ′6.原子从一个能级跃迁到一个较低的能级时，有可能不发射光子。
例如，在某种条件下，铬原子的n ＝2能级上的电子跃迁到n ＝1能级上时并不发射光子，而是将相应的能量转交给n ＝4能级上的电子，使之能脱离原子，这一现象叫作俄歇效应，以这种方式脱离原子的电子叫作俄歇电子。
甘肃高二高中物理期末考试带答案解析
甘肃高二高中物理期末考试班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.关于静电场，下列结论普遍成立的是 （ ）A ．电场强度大的地方电势高，电场强度小的地方电势低B ．电场中任意两点之间的电势差只与这两点的场强有关C ．在正电荷或负电荷产生的静电场中，场强方向都指向电势降低最快的方向D ．在电场强度越大的地方，电荷的电势能也越大2.下列关于电源电动势的说法正确的是 （ ）A ．电源是通过静电力把其它形式的能转化为电能的装置B ．在电源内部正电荷从低电势处向高电势处移动C ．电源电动势反映了电源内部静电力做功的本领D ．把同一电源接在不同的电路中，电源的电动势也将变化3.如图所示A 灯与B 灯的电阻相同，当滑动变阻器R 的滑动片P 向上滑动时，两灯亮度变化是 （ ）A ．A 灯变亮，B 灯变亮； B ．A 灯变暗，B 灯变亮C ．A 灯变暗，B 灯变暗；D ．A 灯变亮，B 灯变暗4.AB 是电场中的一条电场线，若将一负电荷从A 点处自由释放，负电荷沿电场线从A 到B 运动过程中的速度图线如图所示，则A.B 两点的电势高低和场强的大小关系是：（ ）A.A ＞B ，E A ＞E BB.A ＞B ，E A ＜E BC.A ＜B ，E A ＞E BD.A ＜B ，E A ＜E B5.如图所示电路中灯泡A.B 均不亮，但电路中只有一处断开，现作电压表测得U ab =0、U ac =6V 、U bd =6V 、U cd =0，则可分析出 （ ）A.B 灯断；B.A 灯断；C.电源断；D.R 断6.如图所示，把两个相同的灯泡分别接在甲、乙两种电路中，甲电路两端的电压为8V ，乙电路两端的电压为14V 。
调节变阻器R 1和R 2使两灯都正常发光，此时变阻器消耗的功率分别为P 1和P 2。
则下列关系中正确的是 （ ）A．P1>P2B．P1<P2C．P1=P2D．无法确定7.根据磁感应强度的定义式B=，下列说法中正确的是（）A．在磁场中某确定位置，B与F成正比，与I、L的乘积成反比；B．一小段通电直导线在空间某处受磁场力F=0，那么该处的B一定为零；C．磁场中某处的B的方向跟电流在该处受磁场力F的方向相同；D．磁感应强度的大小和方向跟放在磁场中的通电导线受力的大小和方向无关。
甘肃省灵台一中高二第二学期期末考试物理试题
甘肃省灵台一中高二第二学期期末考试物理试题高二物理一、选择题（1—5为单选题，6—12为多选题，每小题4分，共计48分）1．下列关于分子力和分子势能的说法中，正确的是() A．当分子力表现为引力时，分子力和分子势能总是随分子间距离的增大而增大B．当分子力表现为引力时，分子力和分子势能总是随分子间距离的增大而减小C．当分子力表现为斥力时，分子力和分子势能总是随分子间距离的减小而增大D．当分子力表现为斥力时，分子力和分子势能总是随分子间距离的减小而减小2．下列关于内能的说法中，正确的是（）A．不同的物体，若温度相等，则内能也相等B．物体速度增大，则分子动能增大，内能也增大C．对物体做功或向物体传热，都可能改变物体的内能D．冰熔解成水，温度不变，则内能也不变3．在密闭的四壁绝热的房间里，使房里长期没工作的电冰箱开始工作，并打开电冰箱的门，经过一段较长时间之后（）A．房间内的温度将降低B．房间内的温度将不变C．房间内的温度将升高D．无法判断房间内温度的变化4．对于一定质量的理想气体，下列四项论述中正确的是（）A．当分子热运动变剧烈时，压强必变大B．当分子热运动变剧烈时，压强可以不变C．当分子间的平均距离变大时，压强必变小D．当分子间的平均距离变大时，压强必变大5．下面关于熵的说法错误的是（）A．熵是物体内分子运动无序程度的量度B．在孤立系统中，一个自发的过程熵总是向减少的方向进行C．热力学第二定律的微观实质是熵是增加的D．熵值越大，代表系统分子运动越无序6．下列说法中正确的是()A．布朗运动是液体分子的运动，它说明分子永不停息地做无规则运动B．叶面上的小露珠呈球形是由于液体表面张力的作用C．液晶显示器是利用了液晶对光具有各向异性的特点D．当两分子间距离大于平衡位置的间距r0时，分子间的距离越大，分子势能越小7．关于物体分子间的引力和斥力，下列说法正确的是（）A．当物体被压缩时，斥力增大，引力减小B．当物体被拉伸时，斥力减小，引力增大C．当物体被压缩时，斥力和引力均增大D．当物体被拉伸时，斥力和引力均减小8．某一物体具有各向异性，则下列判断中正确的是（）A．该物体可能是非晶体B．该物体一定是晶体C．该物体一定单晶体D．该物体不一定是多晶体9．关于饱和汽的下列说法正确的是（）A．一定温度下，饱和汽的密度是一定的．B．相同温度下，不同液体的饱和汽压一般是不同的C．饱和汽压随温度升高而增大，与体积无关；D．理想气体定律对饱和汽不适用，而未饱和汽近似遵守理想气体定律．10．如图所示，A．B两点表示一定质量的某种理想Array气体的两个状态，当气体自状态A变化到状态B时（）A．体积必然变大B．有可能经过体积减小的过程C．外界必然对气体做功D．气体必然从外界吸热11．一定质量的理想气体在状态变化的过程中，气体分子的平均动能始终不变，则在这过程中（）A．气体既不吸热，也不放热B．气体对外界不做功C．气体的内能不改变D．气体的压强和体积以相同比例减小12．下列说法正确的是（）A．第二类永动机与第一类永动机一样违背了能量守恒定律B．自然界中的能量是守恒的，所以能量永不枯竭，不必节约能源C．自然界中有的能量便于利用，有的不便于利用D．不可能让热量由低温物体传递给高温物体而不引起其它任何变化二、实验题（共12分）13．某同学在实验室做“用油膜法估测分子直径的大小”实验中，已知油酸酒精溶液的浓度为每104mL溶液中有纯油酸6mL。
2020-2021学年甘肃省高二下学期期末考试物理试卷(解析版).doc
2020-2021学年甘肃省高二下学期期末考试物理试卷（解析版）姓名:_____________ 年级:____________ 学号:______________题型选择题填空题解答题判断题计算题附加题总分得分1. （知识点：电功率和焦耳定律）如图所示，D为一电动机，电动机内部导线的电阻r’＝0.4Ω，电源电动势E＝40V，电源内电阻r＝1Ω，当开关S闭合时，电流表的示数为I＝4.0A，则电动机的发热功率为______________________W，转化为的机械功率是______W．【答案】6.4137.6【解析】试题分析：电动机的发热功率为：P1=I2r=6.4W；电动机输入的总功率：P=I(E-Ir)=4.0×(40-4.0×1.0)W=144W；转化为的机械功率是P2=P-P1=144W-6.4W=137.6W．考点：电动机功率的计算。
（9分）如图所示电路中，电源的总功率是40W，R1=4Ω，R2=6Ω，a、b两点间的电压是4.8V，电源的输出功率是37.6W。
求:（1）通过电源的电流；（2）电源电动势E；（3）电源的内电阻r；【答案】（1）2A（2）20V（3）0.6Ω【解析】试题分析：R1电流：I1=Uab/ R1=1.2AR2电流：I2=Uab/ R2=0.8A总电流：I= I1+ I2=2A评卷人得分电源总功率：P总=EI，电源电动势：E= P总/I=20V电源内部消耗的功率：P内= P总－P出＝2.4W由P内=I2r，电源内阻：r= P内/I2=0.6Ω考点：全电路欧姆定律；电功率。
（本题9分）在如图所示的匀强电场中，一个电荷量Q=+2.0×10-8 C的点电荷所受电场力F＝4.0×10-4 N.沿电场线方向有A、B两点，A、B两点间的距离s=0.10 m. 求：（1）匀强电场的电场强度E的大小；（2）该点电荷从A点移至B点的过程中，电场力所做的功W.【答案】（1）2.0×104 N/C（2）4.0×10-5 J【解析】试题分析：（1）匀强电场的电场强度E=N/C = 2.0×104 N/C（2）电场力所做的功W = Fs = 4.0×10-4×0.10 J = 4.0×10-5 J考点：电场强度；电场力功。
甘肃省2023-2024学年高二下学期期末教学质量统一检测物理试题(含答案)
甘肃省2023-2024学年高二下学期期末教学质量统一检测物理试题本试卷满分100分，考试用时75分钟。
注意事项：1．答题前，考生务必将自己的姓名．考生号、考场号、座位号填写在答题卡上。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。
回答非选择题时，将答案写在答题卡上。
写在本试卷上无效。
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
4．本试卷主要考试内容：高考全部内容。
一、选择题：本题共10小题，共43分。
在每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一项符合题目要求，每小题4分；第8~10题有多项符合题目要求，每小题5分，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
1．四种温度下黑体热辐射的强度与波长的关系如图所示。
有关黑体辐射的实验规律和科学家们对黑体辐射的研究，下列说法正确的是（）A．温度升高，各波段的辐射强度均增大B．温度升高，辐射强度的极大值向波长较长的方向移动C．英国物理学家瑞利按波长分布提出的辐射强度公式与实验符合得很好D．德国物理学家维恩借助能量子的假说，提出的黑体辐射强度公式与实验符合得很好2．在相同的外界环境中，两个相同的集气瓶中分别密闭着质量相同的氢气和氧气，如图所示。
若在相同温度压强下气体的摩尔体积相同，则下列说法正确的是（）A．氢气的密度较小B．氧气的密度较小C．氢气的压强较小D．氧气的分子数较少3．激光技术有着广泛的应用。
利用激光拍摄的全息照片形象逼真、立体感强，激光在光导纤维中传输距离远、传输速度快、抗干扰能力强，下列说法正确的是（）A ．全息照相利用了光的折射B ．全息照相利用了光的千涉C ．光导纤维中间的透明芯与外层的折射率相等D ．光导纤维中间的透明芯比外层的折射率小4．钍()是一种放射性元素，广泛分布在地壳中。
钍经中子()轰击可得到核燃料铀()，其反应方程为，此反应能将地球上现有的钍资源变成潜在的核燃料。
- 1、下载文档前请自行甄别文档内容的完整性，平台不提供额外的编辑、内容补充、找答案等附加服务。
- 2、"仅部分预览"的文档,不可在线预览部分如存在完整性等问题,可反馈申请退款(可完整预览的文档不适用该条件!)。
- 3、如文档侵犯您的权益，请联系客服反馈,我们会尽快为您处理(人工客服工作时间：9:00-18:30)。
灵台一中2019——2019 学年度第二学期期末测试卷
高二物理
一、选择题（1—5 为单选题，6—12 为多选题，每小题4 分，共计48 分）
1．下列关于分子力和分子势能的说法中，正确的是（）
A. 当分子力表现为引力时，分子力和分子势能总是随分子间距离的增大而增大
B. 当分子力表现为引力时，分子力和分子势能总是随分子间距离的增大而减小
C. 当分子力表现为斥力时，分子力和分子势能总是随分子间距离的减小而增大
D. 当分子力表现为斥力时，分子力和分子势能总是随分子间距离的减小而减小
2．下列关于内能的说法中，正确的是（）
A. 不同的物体，若温度相等，则内能也相等
B. 物体速度增大，则分子动能增大，内能也增大
C. 对物体做功或向物体传热，都可能改变物体的内能
D. 冰熔解成水，温度不变，则内能也不变
3．在密闭的四壁绝热的房间里，使房里长期没工作的电冰箱开始工作，并打开电冰箱的门，
经过一段较长时间之后（）
A. 房间内的温度将降低
B.房间内的温度将不变
C.房间内的温度将升高
D.无法判断房间内温度的变化
4. 对于一定质量的理想气体，下列四项论述中正确的是（）
A. 当分子热运动变剧烈时，压强必变大
B. 当分子热运动变剧烈时，压强可以不变
C. 当分子间的平均距离变大时，压强必变小
D. 当分子间的平均距离变大时，压强必变大
5. 下面关于熵的说法错误的是（）
A. 熵是物体内分子运动无序程度的量度
B. 在孤立系统中，一个自发的过程熵总是向减少的方向进行
C. 热力学第二定律的微观实质是熵是增加的
D. 熵值越大，代表系统分子运动越无序
6. 下列说法中正确的是（）
A. 布朗运动是液体分子的运动，它说明分子永不停息地做无规则运动
B. 叶面上的小露珠呈球形是由于液体表面张力的作用
C. 液晶显示器是利用了液晶对光具有各向异性的特点
D. 当两分子间距离大于平衡位置的间距r o时，分子间的距离越大，分子势能越小
7. 关于物体分子间的引力和斥力，下列说法正确的是（）
A. 当物体被压缩时，斥力增大，弓I力减小
B. 当物体被拉伸时，斥力减小，引力增大
C. 当物体被压缩时，斥力和引力均增大
D. 当物体被拉伸时，斥力和引力均减小
8. 某一物体具有各向异性，则下列判断中正确的是（）
A. 该物体可能是非晶体
B.该物体一定是晶体
C.该物体一定单晶体
D.该物体不一定是多晶体
9. 关于饱和汽的下列说法正确的是（）
A. —定温度下，饱和汽的密度是一定的.
B. 相同温度下，不同液体的饱和汽压一般是不同的
C. 饱和汽压随温度升高而增大，与体积无关；
D. 理想气体定律对饱和汽不适用，而未饱和汽近似遵守理想气体定律.
10. 如图所示，A . B 两点表示一定质量的某种理想气体的两个状态， 当气体自状态A 变化到状态B 时（） A. 体积必然变大
B. 有可能经过体积减小的过程
C. 外界必然对气体做功
D. 气体必然从外界吸热 11.
一定质量的理想气体在状
态变化的过程中，
气体分子的平均动能
始终不变，则在这过程中（
）
B. 气体对外界不做功
D. 气体的压强和体积以相同比例减小
12. 下列说法正确的是（）
A. 第二类永动机与第一类永动机一样违背了能量守恒定律
B. 自然界中的能量是守恒的，所以能量永不枯竭，不必节约能源
C. 自然界中有的能量便于利用，有的不便于利用
D. 不可能让热量由低温物体传递给高温物体而不引起其它任何变化
、实验题（共12 分）
13. 某同学在实验室做 用油膜法估测分子直径的大小 ”实验中，已 知油酸酒精溶液的浓度为每 104mL 溶液中有纯油酸6mL 。
用注射器 抽得上述溶液2mL ,现缓慢地滴出1mL 溶液，共有液滴数为 50滴。
把1滴该溶液滴入盛水的浅盘上，在刻有小正方形坐标的玻璃板上 描出油膜的轮廓（如图所示），坐标中小正方形方格的边长为 20mm 。
试问:
⑴这种估测方法是将每个分子视为 __________ 模型，让油酸尽可能地在水面上散开，则形成 的油膜可视为 ______ 油膜，这层油膜的厚度可视为油分子的 _________________ 。
⑵上图中油酸膜面积为 ___________ mm 2 ;每一滴油酸酒精溶液中含有纯油酸体
积是 ___________ L ;根据上述数据，估测出油酸分子的直径是 _______________ m 。
（最后一空 保留1位有效数字）
三、计算题
14、（ 8分）一个足球的容积是 2.5L 。
用打气筒给这个足球打气， 每打一次都把体积为 125mL 、 压强与大气压强相同的气体打进足球内。
如果在打气前足球就已经是球形并且里面的压强与 大气压相同，打气 20次后，足球内部空气的压强是大气压的多少倍？ 15、（8分）用活塞压缩汽缸里的空气，对空气做了
900J 的功，同时汽缸向外散热 210J,汽
HP
_ • A
B
,
d
I
■
T
A .气体既不吸热，也不放热 C .气体的内能不改变
缸里空气的内能改变了多少？
16、（12分）如图所示，一定质量的理想气体从状态A变化到状态B,再从状态B变化到状态 C.已知状态A的温度为480K.求：
（1） 气体在状态C 时的温度；
（2） 试分析从状态 A 变化到状态B 整个过程中，气体是从外界吸收热量还是放出热量. 17 （12分）如图，一上端开口，下端封闭的细长玻璃管，下部有长
I 仁66cm 的水
银柱，中间圭寸有长l2=6 . 6cm 的空气柱，上部有长 I3=44cm 的水银柱，此时水银 面恰好与管口平齐。
已知大气压强为 Po=76cmHg 。
如果使玻璃管绕低端在竖直平 面内缓慢地转动一周，求在开口向下和转回到原来位置时管中空气柱的长度。
封 入的气体可视为理想气体，在转动过程中没有发生漏气。
高二物理试题答案
、选择题（1 — 5为单选题，6—12为多选题，每小题4分，共计48
、实验题（每空2分，共12分）
得: T B = P B V B T A =
K = 480K
P A V A
1.5 X 1
由此可知A 、B 两状态温度相同，故 A 、B 两状态内能相等，而该过程体积增大，气体
17 （ 12分）、解：设玻璃管开口向上时，空气柱的压强为
丿r
J
一
题号 1 2 3 4 5 7 — “ j
6 7 8 9
10 11
12 答案
C
C
C
B
B
BC
CD
BC
ABCD ABD CD CD
13.球体，单分子，直径
22400
三、计算题
（8分）、解：设大气压强
14 —5
—10
1.2 X 10
5 X 10
p o ,根据玻意耳定律:
P 2V 2
（6分）
15 代入数据得: 可解的
p o （2.5 20 0.125） =2.5p 2 P 2 =2p o
（2分）
（8分）、解：依题意可得： W = 900J,Q =-210J
（2 分） 由-W Q 得
（4分）
16
U -900
（-210）J =690J
（2 分）
pC （12分）、［解析］（1）A 、C 两状态体积相等，则有pAA TC
（4分）
（1 分） （2）由理想气体状态方程
= P T V B
（4分）
（1 分）
对外做功，由热力学第一定律得：气体吸收热量.
（2 分）
得: T c =
0.5X 480
K = 160K 1.5
P i = P o •询3 ①（2 分）
式中，「和g分别表示水银的密度和重力加速度。
玻璃管开口向下时，原来上部的水银有一部分会流出，封闭端会有部分真空。
设此时开口端剩下的水银柱长度为x则
P2 - ：?gi i, P2 'gx = p o ②（2 分）
式中，P2为管内空气柱的压强，由玻意耳定律得
P i（Sl2）= P2（Sh）③（2 分）
式中，h是此时空气柱的长度，S为玻璃管的横截面积，由①②③式和题给条件得
h =i2cm ④（i 分）
从开始转动一周后，设空气柱的压强为P3，则
P3 = P o =gx ⑤（2 分）
由玻意耳定律得
P i（Sl2）= P3（Sh'）⑥（2 分）
式中，h'是此时空气柱的长度。
由①②③⑤⑥式得
h' 9.2cm ⑦（i 分）。