高考物理一轮复习 课时跟踪检测(三十八)习题详解课件 新人教版
高考物理一轮复习 课时跟踪检测(三)习题详解课件 新人教版
运动，加速度为零，3～5 s 内，物体做匀加速运动，加速度 a
＝2 m/s2，故 A 错误，B 正确；由 C、D 选项中的 x-t 图像可知，
0～3 s 内，物体静止不动，v＝0，a＝0；3～5 s 内物体做匀速
发生变化，B 项错误；前 2 s 内的位移为图线与时间轴所围
的面积，即位移 x＝12×2×2 m＝2 m，C 项错误；第 3 s 末
和第 5 s 末的位移都为 x＝12×1×2 m＝1 m，因此这两个时
刻质点处于同一位置，D 项正确。
答案：D
6．解析：根据位移图像中图线的斜率表示速度可知，该质点的
x-t 关系图像可大致表示为 B 图。
ppt精选
5
9．解析：(1)甲球做匀速运动 v 甲＝x－t x0 v 甲＝0.8 m/s。 (2)对乙球，设加速时间为 t1，加速度为 a，由公式 x0＝12at12 at1(t－t1)＝x－x0 代入数据得 t1＝0.2 s a＝5 m/s2 答案：(1)0.8 m/s (2)0.2 s 5 m/s2
＝3 m，故 t＝8 s 时，质点在 x 轴上的位置坐标 x8＝5 m＋3 m
＝8 m，选项 B 正确，A、C、D 错误。
答案：B
4．解析：由 v -t 图像的斜率大小表示小车的加速度大小可知，18
s 时小车的加速度大于 13 s 时小车的加速度，A 正确；v-t 图
像只表示直线运动，B 错误；小车在 0～20 s 内速度方向不变，
ppt精选
4
8．解析：在 v-t 图像中，斜率的绝对值等于加速度大小，因此 a、b 加速时，物体 a 的加速度小于物体 b 的加速度，A 错误； 当两者速度相同时距离最远，因此 4 s 时距离最远，B 错误； 在 v-t 图像中，图像与时间轴围成的面积等于位移大小，经 计算可得，6 s 时 a 位移大于 b 位移，因此 C 正确；从 v-t 图像中得出，4 s 时，a、b 两物体速度相等，此时 a 位移为 13 m，b 位移为 4 m，因此相距 9 m，D 正确。 答案：CD
高考物理复习高三一轮复习：课时跟踪检测38变压器 电能的传输
高考物理复习课时跟踪检测(三十八) 变压器电能的传输高考常考题型：选择题＋计算题1．(2013·洛阳联考)如图1所示，理想变压器的原副线圈匝数比为1∶5，原线圈两端的交变电压为u＝202sin 100πt V，氖泡在两端电压达到100 V时开始发光，下列说法中正确的有( )图1A．开关接通后，氖泡的发光频率为50 HzB．开关接通后，电压表的示数为100 VC．开关断开后，电压表的示数变大D．开关断开后，变压器的输出功率不变2．为保证用户电压稳定在220 V，变电所需适时进行调压，图2甲为调压变压器示意图。
保持输入电压u1不变，当滑动接头P上下移动时可改变输出电压。
某次检测得到用户电压u2 随时间t变化的曲线如图乙所示。
以下正确的是( )图2A．u2＝190 2 sin (50πt) VB．u2＝190 2 sin(100πt) VC．为使用户电压稳定在220 V，应将P适当下移D．为使用户电压稳定在220 V，应将P适当上移3.如图3所示，一理想自耦变压器的原线圈接有正弦交变电压，其最大值保持不变，副线圈接有可调电阻R，触头P与线圈始终接触良好，下列判断正确的是( )A．若通过电路中A、C两处的电流分别为IA、IC，则IA>ICB．若仅将触头P向A端滑动，则电阻R消耗的电功率增大C．若仅使电阻R增大，则原线圈的输入电功率增大图3D．若在使电阻R增大的同时，将触头P向A端滑动，则通过A处的电流增大4．(2012·宿州一模)如图4所示为含有理想变压器的电路，图中的三个灯泡L1、L2、L3都标有“5 V 5 W”字样，L4标有“5 V10 W”字样，若它们都能正常发光，不考虑导线的能耗，则该电路的输入功率Pab和输入电压为Uab应为( )图4A．20 W,25 V B．20 W,20 VC．25 W,25 V D．25 W,20 V5．某小型水电站的电能输送示意图如图5所示。
高考物理一轮复习 课时跟踪检测(二十八)习题详解课件 新人教版
ppt精选
2
3．解析：(1)设粒子 P 的质量为 m，电荷量为 q，速度为 v，粒
子 P 在洛伦磁力作用下，在 xOy 平面内做圆周运动，用 R 表
示圆周的半径，T′表示运动周期，则有：
qvB0＝mRT2′π 2，v＝2Tπ′R。 由上式及已知条件得：T′＝T。
粒子 P 在 t＝0 到 t＝T2时间内，沿顺时针方向运动半个圆周，
到达 x 轴上 B 点，此时磁场方向反转；继而，在 t＝T2到 t＝T
时间内，沿逆时针方向运动半个圆周，到达 x 轴上 A 点，如
图(a)所示。OA 与 x 轴夹角 θ＝0。
ppt精选
3
(2)粒子 P 在 t0＝T4时刻开始运动，在 t＝T4到 t＝T2时间内，沿
顺时针方向运动14个圆周，到达 C 点，此时磁场方向反转；继
课时跟踪检测(二十八) 1．解析：粒子在静电分析器内沿电场线方向偏转，说明粒子带
正电荷，极板 M 比极板 N 电势高，选项 A 正确；由 Uq＝12mv2 和 Eq＝mRv2可得 U＝E2R，选项 B 错误；直径 PQ＝2r＝2Bmqv＝ 2 EBR2qm，可见只有比荷相同的粒子才能打在胶片上的同一 点，先项 C 错误，D 正确。 答案：AD
边长为 2a＋2 3a，选项 B 错误；因轨道半径 R＝a＝mBqv，
所以 v＝Bmqa，选项 C 正确；粒子再次回到 D 点的最短时
间为 t＝432600°°×2Bπqm＝73πBmq，选项 D 正确。
答案：ACD
ppt精选
13
7．解析：带电粒子的运动轨迹如图所示。由题意知，带电粒子到
达 y 轴时的速度 v＝ 2v0，这一过程的时间 t1＝vd0＝2vd0。 2
运动，设匀减速运动的时间为 t2，根据运动学公式得
最新(课标通用版)高考物理一轮复习课时跟踪试题(共240页 附解析)
最新（课标通用版）高考物理一轮复习课时跟踪试题（共240页附解析）目录（二）匀变速直线运动的规律（三）运动图像追及与相遇问题（四）重力弹力（五）摩擦力（六）力的合成与分解（七）受力分析共点力的平衡（八）牛顿第一定律牛顿第三定律（九）牛顿第二定律两类动力学问题（十）牛顿运动定律的综合应用（卷Ⅰ）（十一）牛顿运动定律的综合应用（十二）曲线运动运动的合成与分解（十三）抛体运动（十四）圆周运动（十五）万有引力定律及其应用（十六）天体运动与人造卫星（十七）功和功率（十八）动能定理及其应用（十九）机械能守恒定律及其应用（二十）功能关系能量守恒定律（卷Ⅰ）（二十一）功能关系能量守恒定律（卷Ⅱ）（二十二）动量定理（二十三）动量守恒定律（二十四）电场力的性质（二十五）电场能的性质（二十六）电容器带电粒子在电场中的运动（二十七）带电粒子在电场中运动的综合问题(卷Ⅰ)（二十八）带电粒子在电场中运动的综合问题(卷Ⅱ)（二十九）电流电阻电功电功率（三十）闭合电路欧姆定律及其应用（三十一）磁场的描述磁场对电流的作用（三十二）磁场对运动电荷的作用（三十三）带电粒子在组合场中的运动（卷Ⅰ）课时跟踪检测（一）描述运动的基本概念[A级——基础小题练熟练快]1．(2018·大连模拟)下列说法正确的是()A．打点计时器是一种测量位移的仪器B．运动员在某次比赛中用15 s跑完100 m，“15 s”是时间，“100 m”是位移大小C．位移为矢量，位移的方向即质点运动的方向D．物体通过的路程不相等，但位移可能相同解析：选D打点计时器是一种记录时间的仪器，A错误；运动员在比赛中用15 s跑完100 m，“15 s”是时间，“100 m”是路程，B错误；位移为矢量，位移的方向即从起点指向终点的方向，与质点的运动方向不一定相同，故C错误；物体通过的路程不相等，但位移可能相同，故D正确。
2.下列关于女排比赛中的研究对象，可以视为质点的是()A．研究女排比赛中选手扣球的动作时B．确定运动员在球场上的位置时C．研究运动员比赛中发出的旋转球时D．确定落在边线处排球是否为界内时解析：选B研究女排比赛中选手扣球动作时，运动员的形状对研究结果有较大影响，因此运动员不可视为质点，但研究运动员在球场上的位臵时可将运动员视为质点，A错误，B正确；在研究发出的旋转球和排球落点是否在边线界内时球的大小对研究结果的影响不可忽略，因此，不能视为质点，C、D均错误。
2025高考物理大一轮复习讲义人教版PPT课件功能关系 能量守恒定律
D.人克服阻力做功4.0×104 J
人沿沙坡下滑的距离 l＝12vt＝100 m，重力势能减少 ΔEp＝mglsin 30° ＝2.5×104 J，故 A 错误； 人的动能增加 ΔEk＝12mv2＝1.0×104 J，故 B 正确； 人的机械能减少ΔE＝ΔEp－ΔEk＝1.5×104 J，故C正确；
热量
√D.若小球加速下降，小球减少的机械能大于物块与桌面间摩擦产生的热量
(3)弹簧的最大弹性势能。 答案 6 J
设弹簧的最大弹性势能为Epm，从C点到弹簧被压缩至最短过程中由
能量守恒定律可得
1 2
×3mv2＋2mgxsin
θ－mgx＝μ·2mgcos
θ·x＋Epm，
解得Epm＝6 J。
例6 (2021·江苏卷·14)如图所示的离心装置中，光滑水平轻杆固定在竖直转轴
的O点，小圆环A和轻质弹簧套在轻杆上，长为2L的细线和弹簧两端分别固定
2.常见的功能关系
能量
功能关系
表达式
重力做的功等于重力势能减少量
势能 弹力做的功等于弹性势能减少量 静电力做的功等于电势能减少量
W＝Ep1－Ep2＝－ΔEp
动能 合外力做的功等于物体动能变化量 W＝Ek2－Ek1＝12mv2－12mv02
能量
功能关系
表达式
除重力和弹力之外的其他力做的功 机械能
等于机械能变化量
C.物块下滑时加速度的大小为6.0 m/s2
D.当物块下滑2.0 m时机械能损失了12 J
由E－s图像知，物块动能与重力势能的和减小，则物块 下滑过程中机械能不守恒，故A正确； 由E－s图像知，整个下滑过程中，物块机械能的减少量 为ΔE＝30 J－10 J＝20 J，重力势能的减少量ΔEp＝mgh ＝30 J，又ΔE＝μmgcos α·s，其中cos α＝ s2－h2＝0.8，h＝3.0 m，g＝
全国人教版2019届高考一轮总复习课标版物理课时跟踪训练38 Word版含答案
课时跟踪训练(三十八)一、选择题1．(多选)弹簧振子在光滑的水平面上做简谐运动，在振子向着平衡位置运动的过程中，下列说法正确的是()A．振子所受的回复力逐渐增大B．振子离开平衡位置的位移逐渐增大C．振子的速度逐渐增大D．振子的加速度逐渐增大E．振子的动能增大[解析]在振子向着平衡位置运动的过程中，振子所受的回复力逐渐减小，振子离开平衡位置的位移逐渐减小，振子的速度逐渐增大，振子的加速度逐渐减小，选项C、E正确．[答案]CE2．(多选)(2015·银川模拟)某单摆由1 m长的摆线连接一个直径2 cm的铁球组成，关于单摆周期的说法正确的是()A．用等大的铜球替代铁球，单摆的周期不变B．用大球替代小球，单摆的周期不变C．摆角从5°改为3°，单摆的周期会变小D．将单摆从赤道移到北极，单摆的周期变大E．将单摆移到月球上，单摆的周期会变大[解析]根据单摆周期公式和单摆简谐运动的等时性，用等大的铜球替代铁球，或摆角从5°改为3°，单摆的周期不变；用大球替代小球，摆长增大，单摆的周期增大；选项A正确，B、C错误；将单摆从赤道移到北极，重力加速度增大，单摆的周期会变小，选项D错误．将单摆移到月球上重力加速度会变小，选项E正确．[答案]AE3．(多选)关于弹簧振子和单摆的运动，下列说法中正确的是()A．一弹簧连接一物体沿水平方向做简谐运动，则该物体做的是匀变速直线运动B．若单摆的摆长不变，摆球的质量增加为原来的4倍，摆球经过平衡位置时的速度减为原来的1/2，则单摆振动的频率将不变，振幅变小C．做简谐运动的物体，当它每次经过同一位置时，速度不一定相同D．单摆在周期性的外力作用下做受迫运动，则外力的频率越大，单摆的振幅越大E．沿水平方向做简谐运动的弹簧振子每次经过平衡位置时动能一定相等[解析]一弹簧连接一物体沿水平方向做简谐运动，该物体做的是非匀变速直线运动，所以选项A错误；由机械能守恒得mgl(1－cosθ)＝12，当m增大2m v为原来的4倍，在平衡位置v减为原来的1时，其动能不变，则θ必定变小，振2幅减小，选项B正确；简谐运动中由于往复性速度为矢量，选项C正确；由共振曲线可知，选项D错误．由机械能守恒可知选项E正确．[答案]BCE4.如图所示的装置，弹簧振子的固有频率是4 Hz.现匀速转动把手，给弹簧振子以周期性的驱动力，测得弹簧振子振动达到稳定时的频率为1 Hz，则把手转动的频率为()A．1 Hz B．3 HzC．4 Hz D．5 Hz[解析]弹簧振子做受迫振动，振子振动频率等于驱动力频率，即为1 Hz.选项A正确．[答案] A5．(多选)质点做简谐运动，下列各物理量中变化周期是振动周期一半的是()A．位移B．回复力C．加速度D．动能E．弹性势能[解析]由简谐运动的动力学特征可知，回复力与位移成正比方向相反，而回复力与加速度成正比，所以，回复力与位移，加速度变化周期相等，都等于振动周期．动能与弹性势能关于平衡位置对称，所以动能与弹性势能变化周期是振动周期的一半，选项D、E正确．[答案]DE6．(多选)(2014·安徽三校联考)一弹簧振子的位移y随时间t变化的关系式为y＝0.1sin2.5πt，位移y的单位为m，时间t的单位为s.则()A．弹簧振子的振幅为0.2 mB．弹簧振子的周期为0.8 sC．在t＝0.2 s时，振子的运动速度为零D．在任意0.2 s时间内，振子的位移均为0.1 mE．在任意0.4 s时间，振子的路程为0.2 m[解析]根据弹簧振子的位移，随时间t变化的关系式为y＝0.1sin2.5πt，弹簧振子的振幅为0.1 m，选项A错误．由ω＝2.5π＝2π/T，弹簧振子的周期为T ＝0.8 s，选项B正确．在t＝0.2 s时，振子的位移最大、运动速度为零，选项C 正确．在任意0.2 s＝T4时间内，振子的位移不一定为0.1 m，选项D错误．任意0.4 s＝T2时间，振子的路程为2个振幅，选项E正确．[答案]BCE7．(多选)(2015·洛阳名校联考)一个质点以O为中心做简谐运动，位移随时间变化的图象如图所示，a 、b 、c 、d 表示质点在不同时刻的相应位置．下列说法正确的是( )A ．质点在位置b 时比在位置d 时相位超前π4B ．质点通过位置b 时，相对于平衡位置的位移为A 2C ．质点从位置a 到c 和从位置b 到d 所用的时间相等D ．质点从位置a 到b 和从位置b 到c 的平均速度不相等[解析] 质点在位置b 时比在位置d 时相位超前π2，选项A 错误；质点通过位置b 时，相对于平衡位置的位移为22A 大于A 2，选项B 错误；质点从位置a 到c 和从位置b 到d 所用的时间相等，选项C 正确；质点从位置a 到b 和从位置b 到c 的时间相等，位移不相等，所以平均速度不相等，选项D 正确．[答案] CD8．(多选)如图为某简谐运动图象，若t ＝0时，质点正经过O 点向b 运动，则下列说法正确的是( )A ．质点在0.7 s 时，质点的位移为向左，且正在远离平衡位置运动B ．质点在1.5 s 时的位移最大，方向向左，在1.75 s 时，位移为1 cmC ．质点在1.2 s 到1.4 s 过程中，质点的位移在增加，方向向左D ．质点从1.6 s 到1.8 s 时间内，质点的位移正在减小，方向向左[解析] 在0.7 s 时，质点的位移是指由平衡位置指向所在位置的有向线段，故位移为正，即向右，且正在向平衡位置运动，所以A 项错误；质点在1.5 s 时的位移最大，方向为负，即向左，在1.75 s 时，由图象是非线性，可知位移不是1 cm ，实际上由正弦图象的特点可知，在1.75 s 时其位移大小应为22A ＝2 cm ，所以B 项错误；质点在1.2 s 到1.4 s 过程中，质点正在远离平衡位置，所以其位移在增加，方向为负，即向左，所以C 项正确；质点从1.6 s 到1.8 s 时间内，质点正向平衡位置运动，所以其位移正在减小，方向为负，即向左，所以D 项正确．[答案] CD二、非选择题9．在心电图仪、地震仪等仪器工作过程中，要进行振动记录，如图(甲)所示是一种常用的记录方法，在弹簧振子的小球上安装一支记录用笔P ，在下面放一条白纸带．当小球振动时，匀速拉动纸带(纸带速度与振子振动方向垂直)，P 就会在纸带上画一条曲线．如图(乙)所示为某次记录的一条曲线，若匀速拉动纸带的速度为0.5 m/s ，则由图中数据可得该弹簧振子的振动周期为________s ；若将小球的振幅减小为4 cm ，其他条件不变，则其振动周期将________(选填“变大”、“不变”或“变小”)．[解析] 该弹簧振子的振动周期为T ＝0.20.5 s ＝0.4 s ．若将小球的振幅减小为4 cm ，其振动周期不变．[答案] 0.4 不变10.如图，一轻弹簧一端固定，另一端连接一物块构成弹簧振子，该物块是由a 、b 两个小物块粘在一起组成的．物块在光滑水平面上左右振动，振幅为A 0，周期为T 0.当物块向右通过平衡位置时，a 、b 之间的粘胶脱开；以后小物块a 振动的振幅和周期分别为A 和T ，则A ________A 0(填“>”、“<”或“＝”)，T ________T 0(填“>”、“<”或“＝”)．[解析] 当弹簧振子通过平衡位置时，a 、b 之间粘胶脱开，a 、b 由于惯性继续向右运动，由于弹簧对物块a 有向左的拉力，物块a 向右做减速运动，动能减少，物块b 在光滑水平面上做匀速直线运动，动能不变，由能量守恒定律知只有物块a 减少的动能转化为弹簧的弹性势能，所以弹簧的最大伸长量减小，故振幅减小．振动中振子的质量变小，振子的周期变小．[答案] < <11．(2014·重庆卷)一竖直悬挂的弹簧振子，下端装有一记录笔，在竖直面内放置有一记录纸，当振子上下振动时，以速率v 水平向左匀速拉动记录纸，记录笔在纸上留下如图所示的图象．y 1、y 2、x 0、2x 0为纸上印迹的位置坐标．由此图求振动的周期和振幅．[解析] 设周期为T ，振幅为A .由题意知一个周期内记录纸的位移为2x 0，由x ＝v T 得T ＝2x 0v振幅A ＝y 1－y 22[答案] 2x 0v y 1－y 2212．(2015·浙江温州十校联考)弹簧振子以O 点为平衡位置，在B 、C 两点间做简谐运动，在t ＝0时刻，振子从O 、B 间的P 点以速度v 向B 点运动；在t ＝0.2 s 时，振子速度第一次变为－v ；在t ＝0.5 s 时，振子速度第二次变为－v .(1)求弹簧振子振动周期T；(2)若B、C之间的距离为25 cm，求振子在4.0 s内通过的路程；(3)若B、C之间的距离为25 cm，从平衡位置计时，画出弹簧振子的振动图象．[解析](1)弹簧振子简谐运动示意图如图所示，由对称性可得；由B→P 所用时间t1＝0.1 s，由P到与关于O对称的P′所用时间为t2＝0.3 s，P′→C 所用时间t3＝0.1 s即T＝0.5×2 s＝1.0 s.(2)若B、C之间距离为25 cm，则振幅A＝12×25 cm＝12.5 cm.振子4.0 s内通过的路程s＝4T×4×12.5 cm＝200 cm.(3)振动图象为[答案](1)1.0 s(2)200 cm(3)见解析。
- 1、下载文档前请自行甄别文档内容的完整性，平台不提供额外的编辑、内容补充、找答案等附加服务。
- 2、"仅部分预览"的文档,不可在线预览部分如存在完整性等问题,可反馈申请退款(可完整预览的文档不适用该条件!)。
- 3、如文档侵犯您的权益，请联系客服反馈,我们会尽快为您处理(人工客服工作时间：9:00-18:30)。
ppt精选
1
2．解析：根据热力学第一定律 ΔU＝W＋Q，第一阶段 W1＝24 kJ， ΔU1＝0，所以 Q1＝－24 kJ，故放热；第二阶段 W2＝0，Q2＝ －5 kJ，由热力学第一定律知，ΔU2＝－5 kJ，故在上述两个过 程中，空气的内能共减少 ΔU＝ΔU1＋ΔU2＝－5 kJ；两过程共 放出热量 Q＝Q1＋Q2＝29 kJ，故空气放出的总热量为 29 kJ。 答案：5 放出 29
ppt精选
2
3．解析：(1)ACB 过程中 W1＝－280 J，Q1＝410 J 由热力学第一定律得 UB－UA＝W1＋Q1＝130 J 故 ACB 过程中气体的内能增加了 130 J。
(2)因为一定质量的理想气体的内能只与温度有关，BDA 过程
中气体内能的变化量 UA－UB＝－130 J 由题意知 W2＝200 J，由热力学第一定律得 UA－UB＝W2＋Q2
量，温度升高，只能是 pV 乘积变大，至于压强可能增加也可
能减小，C 错误；内能是由温度决定的，当温度升高时，内能
一定增加，D 正确。
答案：AD
ppt精选
10
感谢亲观看此幻灯片，此课件部分内容来源于网络， 如有侵权请及时联系我们删除，谢谢配合！
ppt精选
5
6．解析：因为内能的大小与物体的温度、质量和体积都有关，如 一杯热水的内能肯定会小于一座冰山，温度低的物体内能不一 定小，故 A 错误；温度是分子平均动能的标志，温度低的物体 分子运动的平均动能一定小，但温度低的物体内分子运动的平 均速率不一定比温度高的物体内分子运动的平均速率小，这是 因为温度低的物体分子可能质量较小，其平均速率反而更大， 故 B 错误；温度越高，分子热运动的平均动能越大，分子的平 均速率增大，这是统计规律，具体到少数个别分子，其速率的 变化不确定，因此仍可能有分子的运动速率是非常小，故 C 正
7பைடு நூலகம்
7．解析：随着气泡的上升，压强减小，因为温度不变，根据 pTV＝C，所以体积增大，气泡对外做功；根据 ΔE＝W＋Q 可知温度不变，所以 ΔE 不变，W＜0，所以 Q＞0，即气 泡吸热，选项 C 正确。 答案：C
ppt精选
8
8．解析：根据一定质量的某种理想气体的内能只决定于温度， 处在导热气缸中的理想气体由于外界环境温度升高，理想气 体的内能要增大，所以选项 A 正确；再根据理想气体的状 态方程：pTV＝C 可知，气体压强不变，当温度升高时，体积 要增大，因此气体要对外做功，所以选项 B 正确，C 错误； 理想气体没有分子间的相互作用力，因此分子间的作用力始 终为零，故 D 选项错误。 答案：AB
ppt精选
9
9．解析：对于理想气体而言，内能是由温度决定的，根据理想气
体状态方程，pTV＝恒量可知，当体积不变，压强不变时，其 温度也一定不发生变化，因此内能不变，A 正确；而反过来， 内能不变只能说明温度不变，可能发生等温变化，也就是气体
状态可能发生变化，B 错误；根据理想气体状态方程，pTV＝恒
课时跟踪检测(三十八) 1．解析：做功和热传递都能改变物体的内能，根据热力学第
一定律 ΔU＝Q＋W 知，当外界对物体做功，物体的内能不 一定增加，同理当外界对物体传递热量，物体的内能也不 一定增加，所以 A、B 错误；由 ΔU＝Q＋W 可知，若物体 对外界做功，物体的内能可能增加，同理物体向外界放热， 物体的内能可能增加，故 C、D 正确。 答案：CD
ppt精选
4
5．解析：第二类永动机违反了热力学第二定律，选项 A 错误； 物体从外界吸收热量，可能同时对外做功，因此物体的内 能不一定增加，选项 B 错误；保持气体的质量和体积不变， 当温度升高时，分子平均速率增大，每秒撞击单位面积器 壁的气体分子数增多，选项 C 正确；做功和热传递都可以 改变物体的内能，但从能量转化或转移的观点来看，这两 种改变方式是有区别的，选项 D 正确。 答案：CD
代入数据解得 Q2＝－330 J 即 BDA 过程中气体放出热量 330 J。
答案：(1)增加 130 J (2)放热 330 J
ppt精选
3
4．解析：温度降低时，物体内所有分子运动的平均速率减小， 但并非所有分子的速率都减小，A 错误；分子间距离从平 衡位置开始增大时，分子力先增大后减小，B 错误；由热 力学第二定律可知，C 错误；温度升高，但同时物体对外 做功，其内能有可能减小，D 正确。 答案：D
ppt精选
6
确；根据热力学第一定律知：内能的改变量(E 表示)＝功(W 表 示)＋热量(Q 表示)，在绝热情况下，外界对物体做功时，物体 的内能一定增加，故 D 正确；热力学第二定律表明，自然界 中进行的一切与热现象有关的宏观过程都具有方向性，故 E 正确。所以选 CDE。 答案：CDE
ppt精选