第1部分 专题6 第2讲—2021届高考物理二轮复习课件
专题2-2021届高考物理二轮复习ppt完美课件
●
(4)重力(或系统内弹簧弹力)之外的其他力的功等于机械能的变化，即W其他＝ΔE.
●
(5)系统内一对滑动摩擦力做的功是系统内能改变的量度，即 Q＝Ff·x相对．
第1部分 专题2 第1讲—2021届高考物理二轮复习课 件
第1部分 专题2 第1讲—2021届高考物理二轮复习课 件
●1．Βιβλιοθήκη 想方法“科学思维”展示高考命题点
命题轨迹
Ⅰ卷14、18 2018
Ⅱ卷14
动能定理的
应用
Ⅱ卷17 2017
Ⅱ卷24
第1部分 专题2 第1讲—2021届高考物理二轮复习课 件
情境图
18(1)18 题
18(2)14 题
17(2)17 题
17(2)24 题
高考命题点
命题轨迹
动能定理的
应用
2016
Ⅱ卷16 Ⅲ卷20 Ⅲ卷24
情境图 16(2)16 题
● (1)守恒的思想、分解思想；
● (2)守恒法、转化法、转移法．
●
2．模型建构
● (1)功和功率的求解
● ①功的求解：W＝Flcos α用于恒力做功，变力做功可以用动能定理或者图像法来求解．
②功率的求解：可以用定义式 P＝Wt 来求解，如果力是恒力，可以 用 P＝Fvcos α 来求解．
第1部分 专题2 第1讲—2021届高考物理二轮复习课 件
速下降，后二分之一时间物体匀减速下降，到达井底时速度恰好为0，两段时间重物克服拉力做的
功分别为W1和W2，则
()
●
A．W1>W2
B．W1＝W2
●
C．W1<2W2
D．W1＝2W2
C
【解析】 设物体的质量为 m，匀速运动的速度大小为 v，时间为 t，则匀速运动时，拉力大小为 F1＝mg，位移为 x1＝vt，重物克服拉力 做的功为 W1＝F1x1＝mgvt；匀减速运动时，由牛顿第二定律得：F2－ mg＝ma 得 F2＝m(g＋a)，位移为 x2＝21vt，重物克服拉力做的功为 W2 ＝F2x2＝m(g＋a)12vt；很容易得到：W1＜2W2，选项 C 正确．
第1部分 专题1 第2讲—2021届高考物理二轮复习课件
奠定基础． 设问针对通过两段相等距高的时间，暗示题目解答的最佳切入点为 ④ 初速度为零的匀加速直线运动连续相等位移所需时间之比：tⅠ∶tⅡ∶ tⅢ∶tⅣ＝1∶( 2－1) ∶( 3－ 2)∶( 4－ 3).
第一部分 专题一 力与运动
高考二轮总复习 • 物理
牛顿运动定 2019 Ⅲ卷 20
律的应用
19(3)20 题
第一部分 专题一 力与运动
高考二轮总复习 • 物理
高考命题点 命题轨迹
情境图
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牛顿运动定 2019 Ⅲ卷 20
律的应用
19(3)20 题
18(1)15 题
17(3)25 题
第一部分 专题一 力与运动
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02 核心知识 · 提素养
2016 Ⅰ卷 21
情境图
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16(1)21 题
第一部分 专题一 力与运动
高考二轮总复习 • 物理
高考命题点
命题轨迹 2020 Ⅰ卷 24
匀变速直线 运动的规律
2Байду номын сангаас19
Ⅰ卷 18
情境图
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19(1)18 题
第一部分 专题一 力与运动
高考二轮总复习 • 物理
高考命题点
命题轨迹
情境图
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第一部分 专题一 力与运动
高考二轮总复习 • 物理
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1．思想方法
“科学思维”展示
(1)追及相遇问题的解题思路和技巧
①紧抓“一图三式”，即过程示意图、时间关系式、速度关系式
和位移关系式．
②审题应抓住题目中的关键字眼，充分挖掘题目中的隐含条件，
二轮复习专题六第2课时电磁学图像问题课件(48张)
高考题型
专题限时训练 目录
高考题型
【拓展训练6】 (多选) (2021·1月广东学业水平选择考适应性测试，10)如图12 所示，绝缘的水平面上固定有两条平行的光滑金属导轨，导轨电阻不计，两 相同金属棒a、b垂直导轨放置，其右侧矩形区域内存在恒定的匀强磁场，磁 场方向竖直向上。现两金属棒分别以初速度2v0和v0同时沿导轨自由运动，先 后进入磁场区域。已知a棒离开磁场区域时b棒已经进入磁场区域，则a棒从 进入到离开磁场区域的过程中，电流i随时间t的变化图像可能正确的有( )
INNOVATIVE DESIGN
第2课时 电磁学图像问题
第一部分 专题整合提升
本专题主要复习高中物理中涉及到的电学图像问题，掌握 解决问题
图像的物理意义及图像问题的分析技巧和方法。
专题 复习 定位
电场中的图像问题；电流中的图像问题；电磁感应中的图 高考重点
像问题；图像信息提取问题。
本专题选择题、实验题和计算题都可涉及，选择题一般考 查电场和电磁感应图像，有时也考查图像信息提取问题， 题型难度 难度中等；计算题主要考查图像信息的提取问题，题目难
图7
高考题型
专题限时训练 目录
高考题型
解析 0～3a 电场强度为正，所以 Q1 带正电，在 3a 处合电场强度为 0，根据电 场强度的叠加可知 Q2 也一定带正电，A 错误；根据点电荷的场强公式，在 3a 处 合电场强度为 0，k（3Qa1）2＝kQa22，解得 Q1＝9Q2，B 错误；沿电场线方向电势降 低，所以 x 轴上 a 处的电势比 2a 处的高，C 正确；带负电的试探电荷从 a 处移 到 3a 处，所受电场力的方向沿 x 轴负方向，电场力做负功，D 错误。
是( A )
图11
新高考适用2025版高考物理二轮总复习第1部分专题突破方略专题6物理实验第2讲电学实验及创新
第一部分专题六第2讲基础题——学问基础打牢1. (2024·新课标Ⅰ卷)某同学用伏安法测量一阻值为几十欧姆的电阻R x，所用电压表的内阻为1 kΩ，电流表内阻为0.5 Ω.该同学采纳两种测量方案，一种是将电压表跨接在图(a)所示电路的O、P两点之间，另一种是跨接在O、Q两点之间．测量得到如图(b)所示的两条UI图线，其中U与I分别为电压表和电流表的示数．回答下列问题：(1)图(b)中标记为Ⅱ的图线是采纳电压表跨接在_O、P__(填“O、P”或“O、Q”)两点的方案测量得到的．(2)依据所用试验器材和图(b)可推断，由图线_Ⅰ__(填“Ⅰ”或“Ⅱ”)得到的结果更接近待测电阻的真实值，结果为_50.5__Ω(保留1位小数)．(3)考虑到试验中电表内阻的影响，需对(2)中得到的结果进行修正，修正后待测电阻的阻值为_50.0__Ω(保留1位小数)．【解析】(1)若将电压表接在O、P之间，I＝UR V ＋UR x则U＝R x R VR x＋R V·I依据一次函数关系可知对应斜率为R x R VR x＋R V若将电压表接在O、Q之间，电流表分压为U A＝IR A依据欧姆定律变形可知R x＝U－IR AI解得U＝I(R x＋R A)依据一次函数可知对应斜率为(R x＋R A)，对比图像的斜率可知kⅠ>kⅡ所以Ⅱ图线是采纳电压表跨接在O、P之间．(2)因为待测电阻为几十欧姆的电阻，通过图像斜率大致估算待测电阻为50 Ω左右，依据1 kΩ50 Ω<50 Ω0.5 Ω说明电流表的分压较小，电压表的分流较大，所以电压表应跨接在O、Q之间，所以选择图线I得到的结果较为精确．依据图像可知R x＝3 V－1 V59.6 mA－20 mA≈50.5 Ω.(3)考虑电流表内阻，则修正后的电阻为R x′＝R x－R A＝50.5 Ω－0.5 Ω＝50.0 Ω.2. (2024·四川成都二诊)为将一只毫安表A(量程3 mA，内阻约几十欧姆)改装成量程为1.5 V的电压表，试验室供应了下列器材：电源E(电动势约6 V，内阻不计)；滑动变阻器R1(0～50 Ω)；滑动变阻器R2(0～5 kΩ)；电阻箱R(0～999.9 Ω)；开关两个、导线若干．某同学先按图示电路连接线路，测量表A的内阻．他的操作步骤如下：a．将滑动变阻器的阻值调到最大，闭合S1后调整变阻器的阻值，使表A的指针满偏；b．闭合S2保持变阻器的阻值不变，调整电阻箱R的阻值，使表A的指针偏转到量程的1 2位置；c．登记R的阻值为30.0 Ω.(1)上述试验中，滑动变阻器应选用_R2__(选填“R1”或“R2”)．(2)表A的内阻测量值R A＝_30.0或30__Ω.此测量值_小于__(选填“大于”“等于”或“小于”)表A内阻的真实值．(3)若取表A内阻的测量值R A进行计算，为达成改装的目的，可将表A与电阻箱R_串联__(选填“串联”或“并联”)，且将电阻箱R的阻值调到_470.0或470__Ω.【解析】(1)毫安表A的量程3 mA，则电路中的最大电流为3 mA，电路的最小电阻为R＝EI g ＝63×10－3Ω＝2 000 Ω，故滑动变阻器应选用R2.(2)试验中用半偏法测电表的内阻，所以R的阻值即为电表的测量值，则表A的内阻测量值R A＝30 Ω，由于闭合S2，电阻箱R并入电路，电路的总电阻变小，干路电流变大，而流过毫安表的电流为满偏的一半，所以流过电阻箱R的电流大于满偏的一半，依据并联电路的特点，可知电阻箱R的阻值小于毫安表的内阻，即测量值小于表A内阻的真实值．(3)应把毫安表与电阻箱串联，改装成电压表，量程为1.5 V，则有U＝I g(R A＋R)，则将电阻箱R的阻值调到R＝470 Ω.3. (2024·新课标Ⅱ卷)某同学要探讨一小灯泡L(3.6 V，0.30 A)的伏安特性．所用器材有：电流表A1(量程200 mA，内阻R g1＝10.0 Ω)，电流表A2(量程500 mA，内阻R g2＝1.0Ω)、定值电阻R0(阻值R0＝10.0 Ω)、滑动变阻器R1(最大阻值10 Ω)、电源E(电动势4.5 V，内阻很小)、开关S和若干导线．该同学设计的电路如图(a)所示．(1)依据图(a)，在图(b)的实物图中画出连线．(2)若I1、I2分别为流过电流表A1和A2的电流，利用I1、I2、R g1和R0写出：小灯泡两端的电压U＝_I1(R g1＋R0)__，流过小灯泡的电流I＝_I2－I1__.为保证小灯泡的平安，I1不能超过_180__mA.(3)试验时，调整滑动变阻器，使开关闭合后两电流表的示数为零．逐次变更滑动变阻器滑片位置并读取相应的I1和I2.所得试验数据在下表中给出．I1/mA325585125144173I2/mA1712292993794244701_11.6__Ω(保留1位小数)．(4)假如用另一个电阻替代定值电阻R0，其他不变，为了能够测量完整的伏安特性曲线，所用电阻的阻值不能小于_8.0__Ω(保留1位小数)．【答案】(1)见解析图【解析】(1)依据电路图连接实物图如图所示(2)①依据电路图可知灯泡两端的电压为电流表A 1和R 0的总电压，故依据欧姆定律有U ＝I 1(R g1＋R 0 )；②依据并联电路特点可知流过小灯泡的电流为I ＝I 2－I 1；③因为小灯泡的额定电压为3.6 V ，故依据题目中已知数据带入①中可知I 1不能超过180 mA.(3)依据表中数据可知当I 1＝173 mA 时，I 2＝470 mA ；依据前面的分析代入数据可知此时灯泡两端的电压为U ＝3.46 V ；流过小灯泡的电流为I ＝297 mA ＝0.297 A ；故依据欧姆定律可知此时小灯泡的电阻为R ＝U I ＝3.460.297Ω＝11.6 Ω.(4)要测量完整的伏安特性曲线则灯泡两端的电压至少要达到3.6 V ，而电流表A 1不能超过其量程200 mA ，此时结合①有3.6＝0.2×(10＋R 0)，解得R 0＝8 Ω，即要完整的测量小灯泡伏安特性曲线所用电阻的阻值不能小于8 Ω.4. (2024·新课标Ⅲ卷)已知一热敏电阻当温度从10 ℃升至60 ℃时阻值从几千欧姆降至几百欧姆，某同学利用伏安法测量其阻值随温度的变更关系．所用器材：电源E 、开关S 、滑动变阻器R (最大阻值为20 Ω)、电压表(可视为志向电表)和毫安表(内阻约为100 Ω)．(1)在所给的器材符号之间画出连线，组成测量电路图．(2)试验时，将热敏电阻置于温度限制室中，记录不同温度下电压表和毫安表的示数，计算出相应的热敏电阻阻值．若某次测量中电压表和毫安表的示数分别为5.5 V 和3.0 mA ，则此时热敏电阻的阻值为_1.8__kΩ(保留2位有效数字)．试验中得到的该热敏电阻阻值R 随温度t 变更的曲线如图(a)所示．(3)将热敏电阻从温控室取出置于室温下，测得达到热平衡后热敏电阻的阻值为2.2 kΩ.由图(a)求得，此时室温为_25.5__℃(保留3位有效数字)．(4)利用试验中的热敏电阻可以制作温控报警器，其电路的一部分如图(b)所示．图中，E 为直流电源(电动势为10 V ，内阻可忽视)；当图中的输出电压达到或超过6.0 V 时，便触发报警器(图中未画出)报警．若要求起先报警时环境温度为50 ℃，则图中_R 1__(填“R 1”或“R 2”)应运用热敏电阻，另一固定电阻的阻值应为_1.2__kΩ(保留2位有效数字)．【答案】 (1)见解析图【解析】 (1)滑动变阻器应用分压式，电压表可视为志向表，所以用电流表外接．连线如图．(2)由部分电路欧姆定律得R ＝U I ＝ 5.53×10－3Ω≈1.8 kΩ.(3)由图(a)可以干脆读该电阻的阻值为2.2 kΩ对应的温度为25.5 ℃.(4)温度上升时，该热敏电阻阻值减小，分得电压削减．而温度高时要求输出电压上升，以触发报警，所以R 1为热敏电阻．由图线可知，温度为50 ℃时，R 1＝0.8 kΩ，由欧姆定律可得E ＝I (R 1＋R 2)，U ＝IR 2，代入数据解得R 2＝1.2 kΩ.5. (2024·全国乙，23,10分)一同学探究阻值约为550 Ω的待测电阻R x 在0～5 mA 范围内的伏安特性．可用器材有电压表V(量程为3 V ，内阻很大)，电流表A(量程为1 mA ，内阻为300 Ω)，电源E (电动势约为4 V ，内阻不计)，滑动变阻器R (最大阻值可选10 Ω或1.5 kΩ)，定值电阻R 0(阻值可选75 Ω或150 Ω)，开关S ，导线若干．(1)要求通过R x 的电流可在0～5 mA 范围内连续可调，将图甲所示的器材符号连线，画出试验电路的原理图．(2)试验时，图甲中的R 应选最大阻值为_10_Ω__(选填“10 Ω”或“1.5 kΩ”)的滑动变阻器，R 0应选阻值为_75_Ω__(选填“75 Ω”或“150 Ω”)的定值电阻．(3)测量多组数据可得R x 的伏安特性曲线．若在某次测量中，电压表、电流表的示数分别如图乙和图丙所示，则此时R x 两端的电压为_2.30__V ，流过R x 的电流为_4.20__mA ，此组数据得到的R x 的阻值为_548__Ω(保留3位有效数字)．【答案】 (1)见解析图【解析】 (1)电流表内阻已知，电流表与R 0并联扩大电流表量程，进而测量通过R x 的电流，电压表测量R x 两端的电压；滑动变阻器采纳分压式接法，满意通过R x 的电流在0～5 mA 内连续可调的条件，电路图如下．(2)电路中R 应选最大阻值为10 Ω的滑动变阻器，便利电路的调整，测量效率高、试验误差小；通过R x 的电流最大为5 mA ，须要将电流表量程扩大为原来的5倍，依据并联分流，即并联电路中电流之比等于电阻的反比，可知5 mA －1 mA 1 mA ＝300 ΩR 0，解得R 0＝75 Ω.(3)电压表每小格表示0.1 V ，向后估读一位，即U ＝2.30 V ；电流表每小格表示0.02mA ，本位估读，即读数为0.84 mA ，电流表量程扩大5倍，所以通过R x 的电流为I ＝4.20 mA ；依据欧姆定律可知R x ＝UI≈548 Ω.6. (2024·浙江1月高考)小明同学依据图1的电路连接器材来“探究导体电阻与其影响因素的定量关系”．试验时多次变更合金丝甲接入电路的长度l 、调整滑动变阻器的阻值，使电流表的读数I 达到某一相同值时记录电压表的示数U ，从而得到多个U I 的值，作出U Il 图像，如图2中图线a 所示．(1)在试验中运用的是_0～20_Ω__(选填“0～20 Ω”或“0～200 Ω”)的滑动变阻器． (2)在某次测量时，量程为3 V 电压表的指针位置如图3所示，则读数U ＝_1.32(1.31～1.34)__V.(3)已知合金丝甲的横截面积为7.0×10－8m 2，则合金丝甲的电阻率为_1.1×10－6(0.90×10－6～1.3×10－6)__Ω·m(结果保留2位有效数字)．(4)图2中图线b 是另一根长度相同、材料相同的合金丝乙与合金丝甲并联后采纳同样的方法获得的UIl 图像，由图可知合金丝甲的横截面积_小于__(选填“大于”“等于”或“小于”)合金丝乙的横截面积．【解析】 (1)由试验原理可知R x ＝U I ，而由U Il 图像可知待测电阻最大约为8 Ω，为了使电压表有明显的读数变更，则滑动变阻器的阻值不能太大，故选0～20 Ω比较合适．(2)量程为 3 V 的电压表，精度为0.1 V ，估读到0.01 V ，则电压为 1.32 V(1.31～1.34)．(3)依据电阻定律有U I ＝R x ＝ρS ·l 则U I l 图像的斜率为k ＝ρS可得合金丝甲的电阻率为ρ＝kS ＝7.4－3.60.44－0.20×7.0×10－8(Ω·m)≈1.1×10－6(Ω·m)．(4)另一根长度相同、材料相同的合金丝乙与合金丝甲并联后，电阻率不变，而横截面积变为S′＝S＋S乙由图2中图线b可得S′＝ρk b＝1.1×10－62.2－1.00.44－0.15≈26.6×10－8 m2解得S乙＝S′－S≈19.6×10－8 m2>S故合金丝甲的横截面积小于合金丝乙的横截面积．7. (2024·贵州押题卷)李老师为了让同学们更好地理解电表的改装原理，将量程为0～3 V～15 V的电压表底座拆开后，展示其内部结构，如图甲所示．图中a、b、c是该表的3个接线柱，李老师已依据图甲画出如图乙所示的电路图．(1)依据图乙可以推断，当须要选择0～3 V的量程时，应接入电路的两个接线柱是_b、c__.(2)若电压表的表头内阻为200 Ω，满偏电流为600 μA，则可以计算出R1＝_20_000__Ω，R2＝_4_800__Ω.(3)某同学受到启发后，接着探讨量程为0～0.6 A～3 A的电流表．拆开电流表底座后，发觉其内部结构如图丙所示，其中“－”为电流表的负接线柱，d、e为其余两个接线柱．在所给的器材符号之间画出连线，组成该电流表的电路图；(4)已知电流表中R4＝0.22 Ω，表头与电压表的表头相同，则R3＝_0.88__Ω.【答案】(3)见解析图【解析】(1)电压表量程越大，与表头G串联的总电阻越大，所以当须要选择0～3 V 的量程时，表头G只与R2串联，应接入电路的两个接线柱是b、c.(2)依据串联电路规律有I G(R2＋r G)＝3 V，I G(R1＋R2＋r G)＝15 V，联立解得R1＝20 000 Ω，R2＝4 800 Ω.(3)依据题图丙作出电路图如图所示．(4)电流表量程越大，分流总电阻越小，所以e接线柱对应0.6 A量程，d接线柱对应3 A量程，依据串并联电路规律有I1＝I G＋I G r G＋R5R3＋R4＝0.6 A，I2＝I G＋I G r G＋R3＋R5R4＝3A，联立解得R3＝0.88 Ω.应用题——强化学以致用8. (2024·全国高考甲卷)某同学用图(a)所示电路探究小灯泡的伏安特性，所用器材有：小灯泡(额定电压2.5 V，额定电流0.3 A)电压表(量程300 mV，内阻300 Ω)电流表(量程300 mA，内阻0.27 Ω)定值电阻R0滑动变阻器R1(阻值0～20 Ω)电阻箱R2(最大阻值9 999.9 Ω)电源E(电动势6 V，内阻不计)开关 S、导线若干．完成下列填空：(1)有3个阻值分别为10 Ω、20 Ω、30 Ω的定值电阻可供选择，为了描绘小灯泡电流在0～300 mA的UI曲线，R0应选取阻值为_10__ Ω的定值电阻．(2)闭合开关前，滑动变阻器的滑片应置于变阻器的_a__(填“a”或“b”)端．(3)在流过电流表的电流较小时，将电阻箱R2的阻值置零，变更滑动变阻器滑片的位置，读取电压表和电流表的示数U、I，结果如图(b)所示．当流过电流表的电流为10 mA 时，小灯泡的电阻为_0.7__ Ω(保留1位有效数字)．(4)为使得电压表满量程时对应于小灯泡两端的电压为 3 V ，该同学经计算知，应将R 2的阻值调整为_2_700_Ω__.然后调整滑动变阻器R 1，测得数据如下表所示：U /mV 24.0 46.0 76.0 110.0 128.0 152.0 184.0 216.0 250.0 I /mA140.0160.0180.0200.0220.0240.0260.0280.0300.0增大__(大”“减小”或“不变”)．(6)该同学观测到小灯泡刚起先发光时流过电流表的电流为160 mA ，可得此时小灯泡电功率P 1＝_0.074__W(保留2位有效数字)；当流过电流表的电流为300 mA 时，小灯泡的电功率为P 2，则P 2P 1＝_10__(保留至整数)．【解析】 (1)因为小灯泡额定电压2.5 V ，电动势6 V ，则滑动滑动变阻器时，为了保证电路平安，须要定值电阻分担的电压U ＝6 V －2.5 V ＝3.5 V ，则有R 0＝3.5 V0.3 A≈11.7 Ω则须要描绘小灯泡在0～300 mA 的伏安特性曲线，即R 0应选取阻值为10 Ω. (2)为了爱护电路，滑动变阻器的滑片应置于变阻器的a 端．(3)由图可知当流过电流表的电流为10 mA 时，电压为7 mV ，则小灯泡的电阻为R ＝7×10－310×10－3 Ω＝0.7 Ω. (4)由题知电压表满量程时对应于小灯泡两端的电压为3 V 时，有3R 2＋R V ＝0.3R V解得R 2＝2 700 Ω.(5)由图(b)和表格可知流过小灯泡电流增加，图像中U I变大，则灯丝的电阻增大． (6)依据表格可知当电流为160 mA 时，电压表的示数为46 mV ，依据(4)的分析可知此时小灯泡两端电压为0.46 V ，则此时小灯泡电功率P 1＝0.46 V×0.16 A≈0.074 W同理可知当流过电流表的电流为300 mA 时，小灯泡两端电压为2.5 V ，此时小灯泡电功率P 2＝2.5 V×0.3 A＝0.75 W故有P 2P 1＝0.750.074≈10.9. (2024·广西南宁二模)某物理试验小组设计了如图甲所示的电路图，采纳半偏法测量一电流计G 的内阻R g ，然后将该电流计G 改装为电压表，并对改装后的电压表进行检验．(1)请依据图甲所示电路图，在图乙中用笔画线表示导线连接相应的实物电路：(2)测量R g的步骤如下：①按图甲所示连接好试验电路，将R1的阻值调到最大，闭合开关S1，调整R1的阻值，使电流计指针满偏；②闭合开关S2，调整R2的阻值，使电流计指针转到满偏刻度的一半处，登记R2的阻值并断开S1；③待测电流计内阻R测＝R2.由于存在系统误差，按上述试验步骤测出的电流计内阻R测与电流计内阻的真实值R g相比较，R测_<__R g(选填“>”“<”或“＝”)．(3)该小组在上述试验中，测得电流计G(量程3 mA)的内阻为400 Ω.他们将此电流计与电阻R串联后改装成量程为6 V的电压表，然后利用一标准电压表，依据图丙所示电路对改装后的电压表进行检验．①与电流计串联的电阻R＝_1_600__Ω；②调整滑动变阻器，当标准电压表读数为4.10 V时，电流计G的读数为2.00 mA，则改装后的电压表实际量程为_6.15__V.该小组发觉改装的电压表量程不是6 V，通过分析，缘由是由于电流计G的内阻测量不精确造成的，此时不用做其他改动，要达到预期目的，只需将与电流计串联的电阻R换为一个阻值为_1_550__Ω的电阻即可．【答案】(1)见解析图【解析】(1)依据电路图连接实物图如图所示(2)③当R1保持不变时，再闭合S2时，这样电路中的总电阻变小，总电流将大于I g，当电流半偏时，电阻箱的电流比I g2大，所以电阻箱的电阻小于电流表，即测量值小于真实值．(3)①将电流表改装成电压表，须要串联一较大的分压电阻R ＝U I g －R g ＝63×10－3 Ω－400 Ω＝1 600 Ω.②由题意，当微安表的示数为2 mA 时，理论上的电压U 理＝I (R ＋R g )＝2×10－3×(1 600＋400)V ＝4 V但实际电压U ′有4.10 V ．那么实际电流表G 的内阻R g ′＝U ′I －R ＝ 4.102×10－3 Ω－1 600 Ω＝450 Ω实际量程为U 实＝I (R g ′＋R )＝3×10－3×(450＋1 600)V ＝6.15 V依据表头与分压电阻的串联关系，要达到预期6 V 的目的，只需将R 减小50 Ω即可，即换为1 550 Ω的定值电阻．。
专题1—2021届高考物理二轮复习教学课件
2016 Ⅲ卷17
情境图
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20(1)17 题
19(3)16 题
16(3)17 题
17(2)16 题
第一部分 专题一 力与运动
高考命题点 命题轨迹 2019 Ⅰ卷19 2017 Ⅰ卷21
动态平 衡问题
Ⅰ卷19 2016
Ⅱ卷14
情境图
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19(1)19 题
16(1)19 题
16(2)14 题
17(1)21 题
第一部分 专题一 力与运动
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02 核心知识 · 提素养
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“物理观念”构建
1．弹力 (1)大小：弹簧在弹性限度内，弹力的大小可由胡克定律F＝kx计 算；一般情况下物体间相互作用的弹力可由平衡条件或牛顿运动定律 来求解． (2)方向：一般垂直于接触面(或切面)指向形变恢复的方向；绳的 拉力沿绳指向绳收缩的方向．
( B)
D．若增大小球 A 的质量 mA，θ 角会增大
第一部分 专题一 力与运动
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【解析】 假设两球质量相等，则杆应处于水平位置，现A位于 B的下方，可知mA>mB，故A错误．以A球为研究对象，A球受到重力 mAg、球体内壁对A球的支持力NA、杆的压力F.由平衡条件知，mAg与 FA的合力与NA等大、反向，运用平行四边形定则作出力的合成图如 图．
质量一定的条件下，为了使悬挂时背包带受力最小，下列措施正确的
是
(D)
A．随意挂在一个钩子上
B．使背包带跨过两个挂钩
C．使背包带跨过三个挂钩
D．使背包带跨过四个挂钩
第一部分 专题一 力与运动
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【解析】 设悬挂后背包带与竖直方向的夹角为 θ，根据平衡条件 可得 2Fcos θ＝mg；解得背包带的拉力 F＝2cmosg θ，在斜挎包的质量一定 的条件下，为了使悬挂时背包带受力最小，则 cos θ 最大，由于相邻挂钩 之间的距离为 7 cm，图乙中斜挎包的宽度约为 21 cm，故使背包带跨过 四个挂钩时 θ≈0，cos θ≈1，此时挂时背包带受力最小，选项 ABC 错误、 D 正确．
2021届高考物理二轮复习课件：第一篇 专题六 考向3 带电粒子在电场中的运动
C、D 两点电荷在杆上的场强方向垂直杆,则电场力不做功,小环的电势能不变, 由于小环有初速度则小环可带正电也可带负电,故A、B错误;由于两点电荷在杆 上的场强方向垂直杆则小环的加速度始终为a=gsin37°,故C正确;两点电荷在杆 上的场强方向垂直杆,则电场力不做功,从A点沿杆运动到B点的过程中,只有重力 做功,所以机械能守恒,故D正确。
(1)求电场强度的大小; (2)为使粒子穿过电场后的动能增量最大,该粒子进入电场时的速度应为多大? (3)为使粒子穿过电场前后动量变化量的大小为mv0,该粒子进入电场时的速度应 为多大?
【真题解码】 (1)审题破题眼:
(2)情境化模型:
(3)命题陷阱点:认为匀强电场中运动的位移越长,动能增加越多。 匀强电场中的类平抛运动,有其研究的独特性,所受恒定电场力不在竖直方向上, 学生不易联想平抛运动对比研究,只有电场力方向上的位移才做功。
也为mv0,由几何关系及运动学规律可得,此时入射速率v=
3 2
v0。
必备知能·融会贯通
【核心必备】熟记匀强电场中类平抛运动的规律
【考场秘技】电容器动态平衡问题的解题技巧
多维猜押·制霸考场
1.(直线加速)如图甲所示,两平行金属板竖直放置,左极板接地,中间有小孔。
右极板电势随时间变化的规律如图乙所示。电子原来静止在左极板小孔处(不
8 5
ERq,故B错误;由动能定理有qUAB=
1 2
mv
2B，在B点有FB-qE
=
mv2B R
，联立解得FB=
21 5
qE,故C正确;由于小球到达B的动能最大,且由能量守
恒可知,小球能重新回到A点且到A点的速度为零,小球在A点的受电场力方向如
图2所示,此时弹力大小为FA=qEcos53°=0.6qE,故D正确。
2021届高考物理二轮专题复习篇PPT教学课件：力学实验及创新
专题六 物理实验 第1讲 力学实验及创新
物理
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考点1
01
考点2
02
专题限时集训
03
[析考情·明策略] 从近五年全国卷命题情况分析：实验命题不避热点，注重陈题 翻新；重点实验频频考，其他实验“轮换”考。实验“小题” 常考力学内容，实验“大题”常考电学内容。在两个实验中， 考情 通常一个实验立足教材，立足创新，凸显对科学探究素养的考 分析 查，一般较为基础，注重对考生的实验基本功的考查；另一个 实验题依据新课程标准要求挖掘改造，对考生的实验能力要求 较高，突出选拔作用。
100.50 mm＝10.050 cm；由图乙可知，其直径 D＝0 mm＋39.8×0.01 mm
＝0.398 mm。
(2)相邻两点间还有 4 个打出的点未画出，故相邻两点间对应的时间
为 T＝0.1 s，打出 D 点时物块的速度 vD＝x2CTE＝9.40－23×.200.1×10－2 m/s＝
0.31 m/s，由 Δx＝aT2 得 a＝xCE2－Tx2AC＝[9.40－3.20－2×30..210－2 0]×10－2 m/s2
（ 教 学 提 纲 ）2021 届高考 物理二 轮专题 复习篇 获奖课 件：专 题6力学 实验及 创新（ 免费下 载）
丙
（ 教 学 提 纲 ）2021 届高考 物理二 轮专题 复习篇 获奖课 件：专 题6力学 实验及 创新（ 免费下 载）
[解析] (1)由图甲可知，该工件的直径为 1 cm＋0.05 mm×13
即 a＝mxm－－nxTn 2。
(2)逐差法：如从纸带上得到 6 个连续相等时间间隔内的位移，
则 a＝x4＋x5＋x69－T2x1＋x2＋x3。
(3)v-t 图象法：求出各点的瞬时速度，画出 v-t 图线，图线的斜
2021届高考物理二轮专题复习PPT教学课件_第二篇一、选择题解题技巧
（教学提 纲）202 1届高 考物理 二轮专 题复习 获奖课 件：第 二篇一 、选择 题解题 技巧（ 免费下 载）
例3
如图3所示，Oa、Ob是竖直平面内两根固定的
光滑细杆，O、a、b、c位于同一圆周上，c为圆周的
最高点，a为最低点，每根杆上都套着一个小滑环，
两个滑环都从O点无初速度释放，用t1、t2分别表示滑 环到达a、b所用的时间，则下列关系正确的是
小球虽然是做斜抛运动，由于到达半圆轨道
左端A点正上方某处小球的速度刚好水平，
所以逆向看是小球从一半圆轨道左端A点正上方某
处开始做平抛运动，运动过程中恰好与半圆轨道相
切于B点，这样就可以用平抛运动规律求解. 因小球运动过程中与半圆轨道相切于B点，则小球在B点的速度与水平
方向的夹角为30°， 设此时位移与水平方向的夹角为 θ，则 tan θ＝tan230°＝ 63，
（教学提 纲）202 1届高 考物理 二轮专 题复习 获奖课 件：第 二篇一 、选择 题解题 技巧（ 免费下 载）
（教学提 纲）202 1届高 考物理 二轮专 题复习 获奖课 件：第 二篇一 、选择 题解题 技巧（ 免费下 载）
方法4 逆向思维法
正向思维法在解题中运用较多，而有时利用正向思维法解题比较繁琐， 这时我们可以考虑利用逆向思维法解题.应用逆向思维法解题的基本 思路：①分析确定研究问题的类型是否能用逆向思维法解决；②确定 逆向思维法的类型(由果索因、转换研究对象、过程倒推等)；③通过 转换运动过程、研究对象等确定求解思路.
解析
由动能定理可知，两小球从A点滑到B点和D点时的速度大小相等，
由机械能守恒定律可知，两球从A点滑到底端C时，速率和路程相等，而
沿a管滑下的小球，在AB段加速度比BC段加速度小，则在速率图中AB段
高考物理二轮复习 第一部分 专题六 电磁感应和电路 第2讲 直流电路和交流电路课件
a．①②两条曲线不同是________(选填E或R)的改变造成的； b．电容器有时需要快速充电，有时需要均匀充电。依据a中的结论，说明 实现这两种充电方式的途径。
两端电压增大而增大；对于(2)中电源，由于内阻不计，故其两端电压等于电动
势而保持恒定，通过电源的电流满足E＝UC＋IR，即I＝
E－UC R
，可见电流会随
着电容器两端电压的增大而减小。
12/8/2021
[答案]
(1)u-q图线如图
1 2CU
2
(2)a.R b．减小电阻R，可以实现对电容器更快速充电； 增大电阻R，可以实现更均匀充电。
1 2
12/8/2021
[解析] 题图乙所示电流的最大值为 Im＝0.5 A，由欧姆定律得 Um＝ImR＝2.5
V，周期为 T＝0.01 s，ω＝2Tπ＝200π rad/s，所以 R 两端电压的表达式为 u＝
2.5sin200πt(V)，A
项正确；该电流的有效值为
I＝
Im ，电阻 2
R
消耗的电功率为
答案
12/8/2021
AD
考向3 理想变压器和远距离输电问题 变压器各物理量间的制约关系
12/8/2021
例 4 (2018·天津卷)教学用发电机能够产生正弦式交变电流。利用该发电 机(内阻可忽略)通过理想变压器向定值电阻 R 供电，电路如图所示，理想交流电 流表 A、理想交流电压表 V 的读数分别为 I、U，R 消耗的功率为 P。若发电机 线圈的转速变为原来的12，则( )
第2讲 直流电路和交流电路
第1部分 专题2 第2讲—2021届高考物理二轮复习课件
高考二轮总复习 • 物理
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3．解决力学问题的三大观点 (1)力的观点：主要是牛顿运动定律和运动学公式相结合，常涉及 物体的受力、加速度或匀变速运动的问题． (2)动量的观点：主要应用动量定理或动量守恒定律求解，常涉及 物体的受力和时间问题，以及相互作用物体的问题． (3)能量的观点：在涉及单个物体的受力和位移问题时，常用动能 定理分析；在涉及系统内能量的转化问题时，常用能量守恒定律．
第一部分 专题二 能量与动量
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03 命题热点 · 巧突破
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考点一 动量定理的应用
1．恒力的冲量可应用I＝Ft直接求解，变力的冲量优先考虑应用 动量定理求解．
2．物体动量变化是由合外力的冲量决定的，物体动能变化是由 合外力做的功决定的．
3．动量定理是过程定理，解题时必须明确过程及初末状态的动 量．
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02 核心知识 · 提素养
高考二轮总复习 • 物理
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“物理观念”构建
1．动量定理 (1)公式：Ft＝p′－p，除表明等号两边大小、方向的关系外，还 说明了两边的因果关系，即合外力的冲量是动量变化的原因． (2)意义：动量定理说明的是合外力的冲量与动量变化的关系，反 映了力对时间的累积效果，与物体的初、末动量无必然联系．动量变 化的方向与合外力的冲量方向相同，而物体在某一时刻的动量方向跟 合外力的冲量方向无必然联系．
第一部分
专题突破方略
专题二 能量与动量
第2讲 动量观点的应用
1 考情速览 · 明规律 2 核心知识 · 提素养 3 命题热点 · 巧突破 4 专题演练 · 速提升
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01 考情速览 · 明规律
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拓展创新实 2019 Ⅱ卷23
验
情境图
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第一部分 专题六 物理实验
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02 命题热点 · 巧突破
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考点一 电表改装 多用电表原理和使用
1．电流表和电压表的读数规则
量程
精确度
读数规则
电流表 0～3 A 电压表 0～3 V
0.1 A 与刻度尺一样，采用110估读，读数规则较简单， 0.1 V 只需要精确值后加一估读数即可
第一部分 专题六 物理实验
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(3)测电阻时每变换一次挡位，都要重新进行欧姆调零． (4)选倍率：测量前应根据估计阻值选用适当的挡位．由于欧姆挡 的刻度不均匀，使用欧姆挡测电阻时，指针偏转过大或过小都有较大 误差，通常只使用表盘中间的一段刻度范围． (5)测电阻时要将电阻与其他元件断开，不要用手同时接触多用电 表的两支表笔． (6)多用电表使用完毕应将选择开关旋至“OFF”挡或交流电压最高 挡．
第一部分 专题六 物理实验
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考向1 多用电表的使用及读数 1．(2020·南昌调研)一多用电表的简化电路图如图甲所示．已知 表头内阻为400 Ω，满偏电流为2 mA；电池E＝1.5 V，E′＝15 V.
第一部分 专题六 物理实验
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(1)若R1＝1 Ω，R2＝99 Ω，当选择开关置于2时，多用电表测量 的是__电__流___(选填“电流”“电压”或“电阻”)，其测量的最大值
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高考命题点 命题轨迹
以测特性曲
Ⅰ卷22
线 为 核 心 的 2020 Ⅱ卷23
实验
Ⅲ卷23
情境图
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第一部分 专题六 物理实验
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高考命题点 命题轨迹
拓展创新实境图
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第一部分 专题六 物理实验
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电流表 0～0.6 A 0.02 A 估读位与最小刻度在同一位，采用12估读
电压表 0～15 V 0.5 V 估读位与最小刻度在同一位，采用15估读
第一部分 专题六 物理实验
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2.多用电表使用的几个注意事项 (1)电流的流向：由于使用多用电表时不管测量什么，电流都要从 电表的“＋”插孔(红表笔)流入，从“－”插孔(黑表笔)流出，所以 使用欧姆挡时，多用电表内部电池的正极接的是黑表笔，负极接的是 红表笔． (2)要区分“机械零点”与“欧姆零点”：“机械零点”在表盘刻 度左侧“0”位置，用表盘下边中间的指针定位螺丝调整；“欧姆零点” 在表盘刻度的右侧电阻刻度“0”位置，用欧姆调零旋钮调整．
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(3)在(1)的条 件 下， 当 选择 开 关置 于 3时， 多 用电 表 测量 的是 __电__阻___(选填“电流”“电压”或“电阻”)．现要测量一个一千多欧 的电阻，应当把选择开关置于__4__(选填“1”“2”“3”“4”“5” 或“6”)，正确测量时多用电表指针如图乙所示，则所测电阻的阻值 为___1__5_0_0__Ω.
第一部分
专题突破方略
专题六 物理实验
第2讲 电学实验及创新
1 考情速览 · 明规律 2 命题热点 · 巧突破 3 专题演练 · 速提升
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01 考情速览 · 明规律
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高考命 题点
命题轨迹
电表改 装多用
Ⅲ卷 电表原 2017
23 理和使 用
情境图
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第一部分 专题六 物理实验
第一部分 专题六 物理实验
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【解析】 (1)结合题图甲可知，多用电表选择开关置于 2 时，R1、
R2 串联后与表头并联，此时多用电表测量的是电流，量程为 2 mA＋
400
Ω×2 100 Ω
mA＝10
mA．(2)当选择开关置于
6
时，多用电表测量的是电
压，此时表头与 R1、R2 可视为一个新表头(满偏电流为 10 mA，内阻为
Ⅲ卷23
情境图
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高考命题点 命题轨迹
以测电阻为 2020 Ⅰ卷22
核心的实验
情境图
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高考命 命题轨迹
题点
以测特 Ⅰ
性曲线 为 核 心 2017 卷
23 的实验
情境图
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高考命 命题轨迹
题点
以测电
Ⅱ
阻为核
心的实 2016 卷
验
23
情境图
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高考命题点 命题轨迹
以测电阻为
Ⅱ卷
2017
核心的实验
23
情境图
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高考命题点 命题轨迹
以测电阻为
Ⅰ卷23
2018
核心的实验
80 Ω)，量程为 10 mA×(80＋920＋9 000)Ω＝100 V．
第一部分 专题六 物理实验
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3．多用电表内部电路的常见考查形式 多用电表当欧姆表使用时内部有电源，往往会考查闭合电路欧姆定
律、电动势和内阻的测定等，常涉及的变形有：
(1)与电压表串联形成闭合电路，则 E＝U＋RUV·r，从而计算得到 E； (2)与电流表串联形成闭合电路，则 E＝I(RA＋r)，从而计算得到 E； (3)将多用电表的选择开关拨到欧姆挡，红、黑表笔接到二极管的两 极上，当黑表笔接二极管正极，红表笔接二极管负极时，测得的电阻较 小，反之测得的电阻很大，由此可判断出二极管的正、负极．
(量程)为__1_0__m_A___.
(2)在(1)的条件下，若R5＝0.92×103 Ω，R6＝9×103 Ω，当选择 开关置于6时，多用电表测量的是__电__压___(选填“电流”“电压”或
“电阻”)，其测量的最大值(量程)为__1_0_0__V__.
第一部分 专题六 物理实验
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高考二轮总复习 • 物理
高考命题点 命题轨迹
电表改装多 用 电 表 原 理 2018 Ⅱ卷22 和使用
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高考命 命题轨迹
题点
电表改
装多用
Ⅰ卷23
电表原 2019
理和使
Ⅲ卷23
用
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