福建省泉州市晋江市毓英中学2017-2018学年高三下学期10月模拟物理试卷 Word版含解析

福建省泉州市晋江市毓英中学2017-2018学年高考物理模拟试卷一.选择题1．如图为颈部牵拉器牵拉颈椎肥大患者的示意图．当颈部肥大压迫神经时，需要用颈部牵拉器牵拉颈部，以缓解神经压迫症状．图中牵拉细绳为跨过三个光滑小滑轮的同一根绳子，牵拉绳分别为水平、竖直方向，牵拉物P的重力为G，不计小滑轮重力，则牵拉器作用在患者头部的合力大小是( )A．GB．2GC．GD．3G2．如图所示，一横截面为等腰三角形的玻璃三棱镜，其顶角θ为锐角，折射率为2．现在横截面内有一光线从其左侧而上半部分射入棱镜，不考虑棱镜内部的反射．若保持入射光线在过入射点的法线的下方一侧，且要求入射角为任何值的光线都会从棱镜的右侧面射出，则顶角目的取值范围是( )A．0°＜θ＜30°B．0°≤θ≤30°C．30°≤θ＜45°D．30°≤θ＜60°3．如图所示，一列简谐横波在同种均匀介质中以速度v=1m/s沿x轴正方向传播，a、b、c、d是x轴上的四个质点，相邻两点间距离依次为1m、2m和4m．t=0时波恰传到质点a处，且质点a从平衡位置开始竖直向上运动t=11s时质点a第三次到达最低点．下列判断中正确的是( )A．在t=8s时波恰好传到质点d处B．在t=5s时质点c恰好到达最高点C．在4s＜t＜6s时间内质点c正向上运动D．在质点d向上运动时质点b一定向下运动4．如图所示，“嫦娥三号”月球探测器搭载“长征三号乙”火箭发射升空后，先在距月球表面高度为h的轨道上绕月球做周期为T的匀速圆周运动，然后变轨到椭圆轨道的近月点15km 时自主完成抛物线下降，最终在月球表面实现软着陆．若以R表示月球的半径，忽略月球自转及地球对卫星的影响．下列说法中正确的是( )A．月球的第一宇宙速度大小为B．月球表面的物体自由下落时加速度大小为C．“嫦娥三号”绕月球做圆周运动的加速度大小为D．“嫦娥三号”从圆周运动轨道变轨到椭圆轨道时必须加速5．如图为某款电吹风的电路图．a、b、c、d为四个固定触点．可动的扇形金属触片P可同时接触两个触点．触片P处于不同位置时，电吹风可处于停机、吹热风和吹冷风等不同的工作状态．理想变压器两线圈的匝数分别是n1和n2．该电吹风的各项参数如表所示．下列说法中正确的是( )热风时输入功率460W冷风时输入功率60W小风扇额定电压60V正常工作时小风扇输出功率52WA．触片P与触点a、b接触时吹冷风B．由表中数据可知小风扇内阻为60ΩC．变压器两线圈的匝数比n1：n2=11：3D．仅将电热丝截去一小段后吹冷风时功率不变6．如图所示，一个闭合回路由两部分组成，虚线左侧电阻为r的圆形导线圈置于沿竖直方向、大小均匀变化的磁场B1中，虚线右侧光滑平行导轨的倾角为θ，宽度为d，其电阻不计．磁感应强度为B2的匀强磁场垂直导轨平面向上，且只分布在虚线右侧．质量为m、电阻为R 的导体棒ab此时恰好能静止在导轨上．下列判断中正确的是( )A．导体棒ab所受安培力的大小为mgcosθB．闭合回路中感应电流的大小为C．闭合回路中的电热功率为（r+R）D．圆形导线中的磁场变化一定是均匀增强的二.非选择题（必考部分）7．某同学利用如图甲所示的实验装置，探究小车的加速度a和它所受拉力F的关系．①除备有4个50g钩码外，另有下列实验器材备选：A．质量为100g的小车B．质量为800g的小车C．输出电压4～6V的直流电源D．输出电压4～6V的交流电源为尽量保证实验成功且误差较小，你选用的实验小车为__________，电源为__________．（填字母代号）②某同学正确选择实验器材后，通过实验得到如图乙所示的a﹣F图象，造成图线未过坐标原点的原因是__________．8．电源电动势E约为9V，内阻r约为40Ω，最大额定电流为50mA．现有量程为0～3V、内阻为2kΩ的电压表V和阻值为0～999.9Ω的电阻箱R各一只，另有若干定值电阻、开关和导线等器材．为测定该电源的电动势和内阻，某同学设计了如图1所示的电路进行实验，请回答下列问题：①实验室备有以下几种规格的定值电阻R0，实验中应选用的定值电阻是__________．（填字母代号）A．200ΩB．2kΩC．4kΩD．10kΩ②实验时，应先将电阻箱的电阻调到__________（选填“最大值”、“最小值”或“任意值”），目的是：__________．③该同学接入符合要求的R0后，闭合开关S，调整电阻箱的阻值，读取电压表的示数．根据记录的多组数据，作出如图2所示的﹣图线．根据该图线可求得电源的电动势E=__________V，内阻r=__________Ω．（保留两位有效数字）9．如图所示，静止在水平地面上的玩具小鸭质量m=0.5kg，受到与水平面夹角θ=53°、F=4.0N 的恒定拉力后，玩具开始沿水平地面运动．经过t1=2.0s，移动距离s1=4.8m；此后撤去拉力F，玩具又向前滑行一段距离．求：（1）玩具鸭运动过程中最大速度的大小v m；（2）玩具鸭在撤去拉力后继续前进的距离s2．10．（19分）如图所示，半径R=0.45m的光滑四分之一圆弧轨道OA与长L=3m的水平传送带AB在A点相切，且与水平轨道CD在同一竖直面内，传送带以v0=3m/s的速度沿顺时针方向转动．一小滑块（可视为质点）从O点由静止释放，当小滑块到达A点时，质量m=0.2kg 的小车在F=1.6N的水平恒力作用下从D点开始启动，运动一段时间后撤去力F．当小车运动s=3.28m时速度v=2.4m/s，此时小滑块恰好落入小车中．已知小车与水平轨道、小滑块与传送带间的动摩擦因数均为μ=0.4，取g=10m/s2．求：（1）恒力F的作用时间t1；（2）小滑块在B点时的速度大小v B；（3）传送带AB与小车底板的高度h．11．如图所示的直角坐标系中，在直线x=﹣2a到y轴区域内存在着两个大小相等、方向相反的有界匀强电场，其中x轴上方的电场方向沿y轴正方向，x轴下方的电场方向沿y轴负方向．一群电荷量为﹣q、质量为m的粒子被加速电压U0加速后，从电场左边界上A（﹣2a，a）到C（﹣2a，0）区域内，依次连续沿x轴正方向射入有界匀强电场．从A点射入的粒子，恰好从y轴上的A′（0，﹣a）沿x轴正方向射出有界匀强电场，其轨迹如图所示．不计粒子的重力及它们间的相互作用（1）求匀强电场的电场强度E的大小．（2）粒子在AC间的位置坐标y为何值时，粒子通过电场后速度沿x轴正方向？（3）若以直线x=2a上的某点为圆心的圆形区域内，存在垂直xOy平面向里的匀强磁场，使沿x轴正方向射出电场的粒子，经磁场偏转后，都能通过直线x=2a与圆形磁场边界的一个交点处而被收集，求圆形磁场区域的最小面积S min及相应磁感应强度B的大小．二.（本题共有两个模块，选做一个模块）每小题6分，共12分每小题只有一个选项符合题意）[物理--选修3-3]12．空调在制冷过程中，室内空气中的水蒸气接触蒸发器（铜管）液化成水，经排水管排走，空气中水分越来越少，人会感觉干燥．某空调工作一段时间后，排出液化水的体积为V，水的密度为“摩尔质量为M，阿伏伽德罗常数为N A，则液化水中水分子的总数N和水分子的直径d分别为( )A．N=，d=B．N=，d=C．N=，d=D．N=，d=13．如图所示，若针管中质量一定的理想气体体积为V0，压强为p0；用力缓慢压活塞，使气体的体积减小△V．压缩前后周围环境温度不变，则下列判断中正确的是( )（填选项前的字母）A．压缩前后气体压强的变化量为p0B．压缩前后气体压强的变化量为p0C．压缩过程中气体吸收热量，内能增加D．压缩过程中气体放出热量，内能减少[物理--选修3-5]14．放射性物质碘131的衰变方程为I→Xe+Y，若I的质量为m1，Xe 的质量为m2，Y粒子的质量为m3．真空中的光速为c，则下列说法中正确的是( )A．Y粒子具有很强的电离本领B．Y粒子具有很强的穿透本领C．核反应中释放出的核能为（m1﹣m2﹣m3）c2D．核反应中释放出的核能为（m1﹣m2﹣m3）c15．如图所示，甲、乙两船的总质量（包括船、人和货物）分别为10m、12m，两船沿同一直线同一方向运动，速率分别为2v0、v0，为避免两船相撞，乙船上的人将一质量为m的货物沿水平方向抛向甲船，甲船上的人将货物接住．不计水的阻力．则抛出货物的最小速率是( )A．v0B．2v0C．3v0D．4v0福建省泉州市晋江市毓英中学2015届2015届高考物理模拟试卷（5月份）一.选择题1．如图为颈部牵拉器牵拉颈椎肥大患者的示意图．当颈部肥大压迫神经时，需要用颈部牵拉器牵拉颈部，以缓解神经压迫症状．图中牵拉细绳为跨过三个光滑小滑轮的同一根绳子，牵拉绳分别为水平、竖直方向，牵拉物P的重力为G，不计小滑轮重力，则牵拉器作用在患者头部的合力大小是( )A．GB．2GC．GD．3G考点：共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：对患者颈部牵拉器进行受力分析，根据平行四边形定则，结合矢量法则与三角知识，即可求解．解答：解：颈部牵拉器进行受力分析，如图所示：由平行四边形定则，将力进行合成，则有：同一根绳子上的拉力是处处相等的，T1=G，那么牵拉器作用在患者颈部的合力大小F==T1=G；故选：C．点评：考查受力分析与力的合成法则，掌握三角知识的应用，注意绳子的拉力大小相等是解题的关键．2．如图所示，一横截面为等腰三角形的玻璃三棱镜，其顶角θ为锐角，折射率为2．现在横截面内有一光线从其左侧而上半部分射入棱镜，不考虑棱镜内部的反射．若保持入射光线在过入射点的法线的下方一侧，且要求入射角为任何值的光线都会从棱镜的右侧面射出，则顶角目的取值范围是( )A．0°＜θ＜30°B．0°≤θ≤30°C．30°≤θ＜45°D．30°≤θ＜60°考点：光的折射定律．专题：光的折射专题．分析：作出光路图，根据光的折射定律结合光在另一侧面上折射时不能发生全反射，通过几何关系求出顶角的范围．解答：解：设入射光线经玻璃折射时，入射角为i，折射角为r，射至棱镜右侧面的入射角为α，根据折射定律得，sini=nsinr ①由几何关系得，θ=α+r ②当i=0时，由①知r=0，α有最大值αm．由②知，θ=αm．③同时αm应小于玻璃对空气全反射的临界角．即sinαm＜=，即αm＜30°④由①②③④式及题设条件可知0＜θ＜30°．故选：A点评：解决本题的关键掌握光的折射定律，以及掌握发生全反射的条件和临界角公式sinC=．3．如图所示，一列简谐横波在同种均匀介质中以速度v=1m/s沿x轴正方向传播，a、b、c、d是x轴上的四个质点，相邻两点间距离依次为1m、2m和4m．t=0时波恰传到质点a处，且质点a从平衡位置开始竖直向上运动t=11s时质点a第三次到达最低点．下列判断中正确的是( )A．在t=8s时波恰好传到质点d处B．在t=5s时质点c恰好到达最高点C．在4s＜t＜6s时间内质点c正向上运动D．在质点d向上运动时质点b一定向下运动考点：横波的图象；波长、频率和波速的关系．专题：振动图像与波动图像专题．分析：由题“在t=0时刻到达质点a处，质点a由平衡位置开始竖直向上运动，t=11s时a第三次到达最低点”可确定出该波的周期．根据a与d间的距离，由t=求出波从a传到d的时间．根据时间t=5s与周期的关系，分析质点c的状态．解答：解：A、ad间距离为x=7m，波在同一介质中匀速传播，则波从a传到d的时间为t=，即在t=7s时刻波恰好传到质点d处．故A错误．B、设该波的周期为T，设该波的周期为T，由题可得，，解得：T=4s，波从a传到c的时间为t=，则在t=5s时刻质点c已振动了2s，而c起振方向向上，故在t=5s时刻质点c恰好经过平衡位置向下．故B错误．C、在4s＜t＜6s的时间间隔内，质点c已振动了1s＜t＜3s，质点c正从波峰向波谷运动，即向下运动．故C错误．D、bd相距7m；该波的波长λ=vT=1×4=4m；故bd相距，即bd两点间的位移差为半波长的奇数倍，所以在质点d向上运动时质点b一定向下运动，故D正确；故选：D点评：本题关键要抓住波在同一介质中是匀速传播的，由t=可求出波传播的时间．要抓住各个质点的起振方向都与波源的起振方向相同，通过分析波的形成过程进行分析．4．如图所示，“嫦娥三号”月球探测器搭载“长征三号乙”火箭发射升空后，先在距月球表面高度为h的轨道上绕月球做周期为T的匀速圆周运动，然后变轨到椭圆轨道的近月点15km 时自主完成抛物线下降，最终在月球表面实现软着陆．若以R表示月球的半径，忽略月球自转及地球对卫星的影响．下列说法中正确的是( )A．月球的第一宇宙速度大小为B．月球表面的物体自由下落时加速度大小为C．“嫦娥三号”绕月球做圆周运动的加速度大小为D．“嫦娥三号”从圆周运动轨道变轨到椭圆轨道时必须加速考点：万有引力定律及其应用；第一宇宙速度、第二宇宙速度和第三宇宙速度．专题：万有引力定律的应用专题．分析：A、月球的第一宇宙速度是近月轨道的环绕速度，根据牛顿第二定律列式分析；B、月球表面的物体自由下落时加速度由万有引力产生，根据牛顿第二定律列式求解；C、“嫦娥三号”绕月球做圆周运动的加速度是向心加速度，根据a=求解；D、“嫦娥三号”从圆周运动轨道变轨到椭圆轨道时半长轴减小，要刹车减速．解答：解：A、月球的第一宇宙速度是近月轨道的环绕速度，故：①②解得：v=故A错误；B、月球表面的物体自由下落时加速度大小等于近月轨道的卫星的向心加速度：g==故B正确；C、嫦娥三号”绕月球做圆周运动的加速度大小为：a=故C错误；D、“嫦娥三号”从圆周运动轨道变轨到半长轴较小的椭圆轨道时要减速刹车，故D错误；故选：B点评：本题关键是要知道“嫦娥三号”绕月球做圆周运动的向心力由万有引力提供，并且要能够根据题目的要求选择恰当的向心力的表达式．5．如图为某款电吹风的电路图．a、b、c、d为四个固定触点．可动的扇形金属触片P可同时接触两个触点．触片P处于不同位置时，电吹风可处于停机、吹热风和吹冷风等不同的工作状态．理想变压器两线圈的匝数分别是n1和n2．该电吹风的各项参数如表所示．下列说法中正确的是( )热风时输入功率460W冷风时输入功率60W小风扇额定电压60V正常工作时小风扇输出功率52WA．触片P与触点a、b接触时吹冷风B．由表中数据可知小风扇内阻为60ΩC．变压器两线圈的匝数比n1：n2=11：3D．仅将电热丝截去一小段后吹冷风时功率不变考点：变压器的构造和原理；电功、电功率．专题：交流电专题．分析：当电吹风机送出来的是冷风时，说明电路中只有电动机自己工作；小风扇消耗的功率转化为机械功率和线圈上的热功率；根据变压器的原线圈、副线圈的匝数与电压的关系计算匝数比；根据功率公式可知，电源电压不变，电阻越小，电功率越大，所以减小电阻，只能增大功率解答：解：A、当电吹风机送出来的是冷风时，电路中只有电动机自己工作，触片P与触点b、c 接触．故A错误；B、小风扇消耗的功率转化为机械功率和线圈上的热功率，因未说明小风扇的效率，所以不能计算小风扇的内阻．60Ω是风扇消耗的电能全部转化为内能时的电阻．故B错误；C、根据变压器的原线圈、副线圈的匝数与电压的关系：n1：n2=60：220=3：11，故C错误；D、根据公式P=可知，电源电压不变，电阻越小，电功率越大；所以把电热丝截去一小段后再接入电路，电吹风吹热风时的功率将变大，吹冷风时功率不变．故D正确．故选：D点评：本题考查电功率公式的应用，难点是明白触点在不同位置时电路的连接情况，还要知道电源电压不变时，电阻越小电功率越大6．如图所示，一个闭合回路由两部分组成，虚线左侧电阻为r的圆形导线圈置于沿竖直方向、大小均匀变化的磁场B1中，虚线右侧光滑平行导轨的倾角为θ，宽度为d，其电阻不计．磁感应强度为B2的匀强磁场垂直导轨平面向上，且只分布在虚线右侧．质量为m、电阻为R 的导体棒ab此时恰好能静止在导轨上．下列判断中正确的是( )A．导体棒ab所受安培力的大小为mgcosθB．闭合回路中感应电流的大小为C．闭合回路中的电热功率为（r+R）D．圆形导线中的磁场变化一定是均匀增强的考点：法拉第电磁感应定律；电功、电功率；安培力．专题：电磁感应与电路结合．分析：磁场B1均匀变化产生感应电动势，从而产生感应电流，导体棒受重力、支持力、安培力平衡，根据力的平衡求出安培力的大小和方向，从而知道电流的大小和方向，根据楞次定律判断圆形线圈中磁场的变化．解答：解：A、B、D导体棒静止在导轨上，所受的合力为零．根据力的平衡得知，棒所受的安培力的大小为mgsinθ，方向沿斜面向上．所以有：B2Id=mgsinθ，则回路中的感应电流大小为：I=．根据安培力的方向，通过左手定则判断得知，通过线圈感应电流的方向从上往下看为顺时针方向．根据楞次定律，圆形线圈中的磁场可以方向向上均匀增强，也可以方向向下均匀减弱．故ABD错误．C、根据P=I2（r+R），可知圆形导线中的电热功率为：P=（r+R）．故C正确．故选：C．点评：解决本题的关键通过受力平衡求出安培力的大小和方向，以及掌握左手定则判定安培力与电流方向的关系，和运用楞次定律判断感应电流方向与磁场的变化关系．二.非选择题（必考部分）7．某同学利用如图甲所示的实验装置，探究小车的加速度a和它所受拉力F的关系．①除备有4个50g钩码外，另有下列实验器材备选：A．质量为100g的小车B．质量为800g的小车C．输出电压4～6V的直流电源D．输出电压4～6V的交流电源为尽量保证实验成功且误差较小，你选用的实验小车为B，电源为D．（填字母代号）②某同学正确选择实验器材后，通过实验得到如图乙所示的a﹣F图象，造成图线未过坐标原点的原因是平衡摩擦力过度．考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系．专题：实验题．分析：解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项．图线不通过坐标原点，当加速度为某一值时，F为零，知平衡摩擦力过度．解答：解：①电磁式打点计时器接低压交流电源故选D，只有当钩码的质量远远小于小车质量时，才能认为绳子的拉力等于钩码的重力，故小车选B．②当F=0时，a≠0．也就是说当绳子上没有拉力时小车就有加速度，该同学实验操作中平衡摩擦力过大，即倾角过大．故答案为：①B，D；②平衡摩擦力过度．点评：探究加速度与质量关系时，应控制拉力不变而改变小车质量，实验时要注意小车质量应远大于重物质量．要培养学生作图能力，以及根据图象得出结论的能力．8．电源电动势E约为9V，内阻r约为40Ω，最大额定电流为50mA．现有量程为0～3V、内阻为2kΩ的电压表V和阻值为0～999.9Ω的电阻箱R各一只，另有若干定值电阻、开关和导线等器材．为测定该电源的电动势和内阻，某同学设计了如图1所示的电路进行实验，请回答下列问题：①实验室备有以下几种规格的定值电阻R0，实验中应选用的定值电阻是C．（填字母代号）A．200ΩB．2kΩC．4kΩD．10kΩ②实验时，应先将电阻箱的电阻调到最大值（选填“最大值”、“最小值”或“任意值”），目的是：保证电源的安全．③该同学接入符合要求的R0后，闭合开关S，调整电阻箱的阻值，读取电压表的示数．根据记录的多组数据，作出如图2所示的﹣图线．根据该图线可求得电源的电动势E=8.6V，内阻r=36Ω．（保留两位有效数字）考点：测定电源的电动势和内阻．专题：实验题．分析：（1）电压表因量程较小，则应通过串联定值电阻以扩大量程；根据电动势的大小确定需要扩大的量程；从而选择合适的电阻；（2）实验中应让电源及电流表的电流最小，以保证电源的安全；（3）由图象及闭合电路欧姆定律可求出函数表达式，然后根据图象求出电源电动势与内电阻．解答：解：①电源电动势为9V，而电压表量程最大为3V，则应串联一电阻扩大量程；由题意可知，量程应扩大到的来的3倍；则串联后的总电阻应为电压表的3倍；故应串联4kΩ的电阻；故选：C；②实验时，为了保证电源的安全，开始时应让电流最小；即电阻箱阻值应达到最大值；③定值电阻阻值是电压表内阻的2倍，则电压表与定值电阻串联电压是电压表示数的3倍，在闭合电路中，E=U外+Ir=3U+r，则=+，由图象可知，图象截距b==0.35，斜率k===×10﹣2=×102，解得：电源电动势E=8.6V，r≈36Ω；故答案为：①C；②最大值；③8.6；36点评：本题考查了实验器材的选择、求电源电动势与内阻，本题关键在于能由图象知识（斜率与截距的意义）结合闭合电路欧姆定律求解，在解题时要注意题目中给出的条件及坐标中隐含的信息．9．如图所示，静止在水平地面上的玩具小鸭质量m=0.5kg，受到与水平面夹角θ=53°、F=4.0N 的恒定拉力后，玩具开始沿水平地面运动．经过t1=2.0s，移动距离s1=4.8m；此后撤去拉力F，玩具又向前滑行一段距离．求：（1）玩具鸭运动过程中最大速度的大小v m；（2）玩具鸭在撤去拉力后继续前进的距离s2．考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：（1）玩具小鸭在拉力的作用下做匀加速运动，匀加速运动的末速度为玩具的最大速度，根据运动学公式求出玩具的加速度，然后根据速度时间公式求出玩具的最大速度．（2）根据牛顿第二定律求出玩具的摩擦力和支持力，从而得出动摩擦因数．撤去拉力后，玩具在水平方向上仅受摩擦力，根据牛顿第二定律求出撤去拉力后的加速度，再根据匀变速直线运动的位移时间公式求出继续前进的距离．解答：解：（1）由匀变速直线运动的位移时间公式得x=a1t2a1=2.4m/s2v m=a1t=4.8m/s故玩具的最大速度为4.8m/s．（2）由牛顿第二定律得：F•cos53°﹣μN=ma1F•sin53°+N=mg联立两式得μ=0.67松手后玩具加速度a2==μg=6.7m/s2滑行距离x2==1.7m故玩具继续前进的距离为1.7m．答：（1）玩具鸭运动过程中最大速度的大小是4.8m/s；（2）玩具鸭在撤去拉力后继续前进的距离是1.7m．点评：解决本题的关键知道加速度是联系力学和运动学的桥梁，根据运动学求出加速度，再根据牛顿第二定律求出合力，从而得出未知力．10．（19分）如图所示，半径R=0.45m的光滑四分之一圆弧轨道OA与长L=3m的水平传送带AB在A点相切，且与水平轨道CD在同一竖直面内，传送带以v0=3m/s的速度沿顺时针方向转动．一小滑块（可视为质点）从O点由静止释放，当小滑块到达A点时，质量m=0.2kg 的小车在F=1.6N的水平恒力作用下从D点开始启动，运动一段时间后撤去力F．当小车运动s=3.28m时速度v=2.4m/s，此时小滑块恰好落入小车中．已知小车与水平轨道、小滑块与传送带间的动摩擦因数均为μ=0.4，取g=10m/s2．求：（1）恒力F的作用时间t1；（2）小滑块在B点时的速度大小v B；（3）传送带AB与小车底板的高度h．考点：动能定理；牛顿第二定律．专题：动能定理的应用专题．分析：（1）由牛顿第二定律求出小车的加速度，应用匀变速运动规律求出小车的位移，然后应用动能定理求出时间．（2）滑块从O到A过程机械能守恒，由机械能守恒定律求出滑块到达A点的速度，然后分析答题．（3）滑块离开AB后做平抛运动，应用平抛运动规律求出h．解答：解：（1）对小车，由牛顿第二定律得：a1==4m/s2，a2==μg=4m/s2，小车匀加速运动的位移：x=a1t12，对小车，由动能定理得：Fx﹣μmgs=mv2﹣0，代入数据解得：t1=1s；（2）滑块从O到A过程机械能守恒，由机械能守恒定律得：mgR=mv A2，代入数据解得：v A=3m/s=v0，则滑块滑上传送带后与传送带相对静止，做匀速直线运动，滑块到达B端时的速度：v B=v0=3m/s；（3）滑块从A到B的运动时间：t AB==1s=t1，由此可知，滑块从B点开始做平抛运动的时间恰好等于小车做匀减速运动的时间t2，。