2016届高三摸底试卷--2015年湖南省普通高中学业水平考试拉分卷(三模)政治试题(扫描版)
【精编】2015年湖南省普通高中高考物理三模试卷与解析
2015年湖南省普通高中高考物理三模试卷一、选择题1．（3分）如图所示，物体沿三条不同的路径由A运动到B，下列关于他们的位移的说法中正确的是（）A．沿Ⅰ较大B．沿Ⅱ较大C．沿Ⅲ较大D．一样2．（3分）关于参考系，下列说法中正确的是（）A．参考系必须是静止不动的物体B．参考系必须是正在做匀速直线运动的物体C．参考系必须是固定在地面上的物体D．描述物体的运动时，参考系可以任意选择3．（3分）作用在一个物体上的两个共点力，大小分别是30N和40N，如果它们的夹角是90°，则这两个力的合力大小为（）A．10N B．35N C．50N D．70N4．（3分）伽利略的理想实验证明了（）A．要使物体运动就必须有力的作用，没有力的作用物体就静止B．要使物体静止就必须有力的作用，没有力的作用物体就运动C．物体不受力作用时，一定处于静止状态D．物体运动不需要力来维持5．（3分）如图是甲、乙两物体相对同一原点的s﹣t图象，则下列说法正确的是（）A．甲、乙都做变速直线运动B．甲、乙运动的出发点相距s1C．甲比乙早出发t1时间D．乙比甲的运动要快些6．（3分）下列运动中，物体的运动状态不变的是（）A．匀速直线运动B．匀加速直线运动C．匀减速直线运动 D．自由落体运动7．（3分）静止在光滑水平面上的物体，受到一个水平拉力．当力刚开始作用的瞬间，下列说法正确的是（）A．物体同时获得速度和加速度B．物体立即获得加速度，但速度仍为零C．物体立即获得速度，但加速度仍为零D．物体的速度和加速度仍为零8．（3分）一个物体做自由落体运动，v﹣t图象正确的是（）A．B． C． D．9．（3分）以20m/s的速度做匀速直线运动的汽车，制动后能在2m内停下来，如果该汽车以40m/s的速度行驶，则它的制动距离应该是（）A．2m B．4m C．8m D．16m10．（3分）下列关于惯性的说法中，正确的是（）A．人走路时没有惯性，被绊倒时有惯性B．百米赛跑到终点时不能立即停下是由于惯性，停下时就没有惯性了C．物体没有受外力作用时有惯性，受外力作用后惯性被克服了D．物体的惯性与物体的运动状态及受力情况均无关11．（3分）关于摩擦力，下列说法中错误的是（）A．运动鞋底的花纹是为了增大鞋底与地面间的摩擦力B．冬天下雪后，常见民警在汽车上坡的地方洒上一些炉灰，目的是增大车轮与地面之间的摩擦C．生活中离不开摩擦，摩擦越大越好D．工厂工人师傅用的锉刀表面总是凹凸不平的，目的是为了增大锉刀与工件之间的摩擦12．（3分）如图所示，放置在水平地面上的物体受水平推力作用后仍保持静止．此物体共受到的力有（）A．重力、水平推力B．重力、支持力和水平推力C．水平推力、静摩擦力D．重力、支持力、水平推力和静摩擦力13．（3分）如图所示，地球赤道上的山丘、近地资源卫星和同步通信卫星均在赤道平面内绕地心做匀速圆周运动．设山丘e、近地资源卫星p和同步通信卫星q的圆周运动速率依次为v1、v2、v3，向心加速度依次为a1、a2、a3，则（）A．v1＞v2＞v3B．v1＜v3＜v2C．a1＞a2＞a3D．a2＞a3＞a114．（3分）下列两个实验中体现出的共同的物理思想方法是（）A．极限法B．放大法C．控制变量法D．等效替代法15．（3分）一个绕中心线AB以一定的角速度转动的圆环，P、Q为环上两点，位置如图所示，下列说法正确的是（）A．P、Q两点的角速度相等 B．P、Q两点的线速度相等C．P、Q两点的角速度之比为：1 D．P、Q两点的线速度之比为1：1 16．（3分）如图，物体A和B的重力分别为11N和7N，不计弹簧秤、细线的重力和一切摩擦，则地面对A的支持力和弹簧秤的读数为（）A．0N，7N B．4N，7N C．0N，18N D．4N，18N二、非选择题17．（4分）物体受到F1=3N，F2=7N两个力的作用，则它们的合力的最大值是N．最小值是N．18．（4分）一物体做匀加速的直线运动，初速度为3m/s，加速度为2m/s2，该物体在第3s末的速度是m/s．高物体在第3s内通过的位移是m．19．（4分）电火花打点计时器的电源是（填“交流”或“直流”）电源，通常的工作电压为220V，实验室使用我国民用电时，每隔s打一次点．20．（4分）在20m高的地方以6m/s的初速度水平抛出，则物体在空中运动的时间是s，从抛出点到落地点发生的水平位移是m（忽略空气阻力，取g=10m/s2）21．（7分）质量为5.0kg的物体，从离地面36m高处，由静止开始匀加速下落，经3s落地，g取10m/s2，试求：（1）物体下落的加速度的大小；（2）下落过程中物体所受阻力的大小．22．（7分）一同学从倾角为30°的斜坡顶端平抛一小石块，小石块的质量为10g，它恰好落在斜坡的底端，如果斜坡高度为1.8m．求：（1）小石块的落地时间；（2）小石块的着地时的动能．[选修1-1]23．（3分）研究电磁感应现象并得到重要结论的科学家是（）A．洛伦兹B．库仑C．奥斯特D．法拉第24．（3分）关于点电荷的说法，正确的是（）A．只有体积很小的带电体，才能作为点电荷B．体积很大的带电体一定不能看作点电荷C．点电荷一定是电量很小的电荷D．体积很大的带电体只要距离满足一定条件也可以看成点电荷25．（3分）某同学发现有人触电，他应采取的措施是（）A．不假思索地去把触电人用手拉开B．当做没看见C．迅速找一根木棒，把人和电线分离D．立即大声喊人，让别人来处理26．（3分）磁场中某处的磁感线如图所示，则（）A．a、b两处的磁感应强度的大小不等，B a＞B bB．a、b两处的磁感应强度的大小不等，B a＜B bC．同一通电导线放在a处受力一定比放在b处大D．同一通电导线放在a处受力一定比放在b处小27．（4分）在某段电路中，一定值电阻阻值为2Ω，通过它的电流为1A，则该电阻的热功率为W，电阻在1min内产生的热量为J．28．（6分）如图所示，一根长为L=0.2m的直导线放在水平方向的匀强磁场中，导线水平且与磁场方向垂直，导线中通有向右的电流．（1）若匀强磁场的磁感应强度大小B=0.5T，导线中电流I=0.5A，试计算导线所受安培力；（2）将该通电导线旋转到与磁感线平行的位置，此时导线是否受安培力？[选修2-1]29．在如图各电场中，A、B两点电场强度相同的是（）A．B．C．D．30．（3分）在“测定电源电动势和内阻”的实验中，针对两个不同的电源得出如图所示的1、2两条图线，则两个电源的电动势E1和E2、内阻r1和r2满足关系（）A．E1＞E2，r1＞r2B．E1＞E2，r1＜r2C．E1＜E2，r1＞r2D．E1＜E2，r1＜r2 31．（3分）四种电场的电场线如图所示，一负电荷仅在电场力作用下由M点向N点做加速运动，且加速度越来越大，由此可以判断，该电荷所在电场是图中的（）A．B． C．D．32．（3分）随着我国人民生活水平的不断提高，家庭中使用的电器越来越多．下列电器中主要应用电流热效应的是（）A．电风扇B．电饭煲C．录音机D．电视机33．（4分）如图所示，放在马蹄形磁铁两极之间的导体棒ab，当通有自b到a 的电流时受到向右的安培力作用，则磁铁的上端是极．如磁铁上端是S 极，导体棒中的电流方向自a到b，则导体棒受到的安培力方向向．34．（6分）一带电粒子的质量为m，电量为q，以速度v垂直射入磁感应强度为B的匀强磁场中，求：①粒子做匀速圆周运动的半径R②粒子运动的周期T．2015年湖南省普通高中高考物理三模试卷参考答案与试题解析一、选择题1．（3分）如图所示，物体沿三条不同的路径由A运动到B，下列关于他们的位移的说法中正确的是（）A．沿Ⅰ较大B．沿Ⅱ较大C．沿Ⅲ较大D．一样【解答】解：物体沿三条不同的路径由A运动到B，起点和终点的位置都相同，则位移一定相同．故选D2．（3分）关于参考系，下列说法中正确的是（）A．参考系必须是静止不动的物体B．参考系必须是正在做匀速直线运动的物体C．参考系必须是固定在地面上的物体D．描述物体的运动时，参考系可以任意选择【解答】解：A、参考系不一定必须是静止不动的，如研究炸弹的运动时，可以将运动的飞机作为参考系，故A错误；B、任何物体均可作为参考系，匀速直线运动的物体也可以，但并不是必须这样，故B错误；C、参考系的选取是任意的，应根据所研究的问题灵活选取，并不是一定是选取地面上的物体为参考系，故C错误；D、参考系的选取是任意的，故任何物体都可以作为参考系，故D正确；故选：D．3．（3分）作用在一个物体上的两个共点力，大小分别是30N和40N，如果它们的夹角是90°，则这两个力的合力大小为（）A．10N B．35N C．50N D．70N【解答】解：分力的大小分别是30N和40N，合力的大小为F=N=50N，所以C正确．故选：C．4．（3分）伽利略的理想实验证明了（）A．要使物体运动就必须有力的作用，没有力的作用物体就静止B．要使物体静止就必须有力的作用，没有力的作用物体就运动C．物体不受力作用时，一定处于静止状态D．物体运动不需要力来维持【解答】解：A、B、伽利略的理想斜面实验证明力不是维持物体运动的原因，没有力作用的物体能保持原来的运动状态．故AB错误．C、物体不受外力作用时，可能处于静止状态，也可能处于匀速直线运动状态．故C错误．D、伽利略的理想斜面实验证明了运动的物体具有惯性，物体不受外力作用时，总是保持原来的匀速直线运动状态或静止状态．故D正确．故选：D5．（3分）如图是甲、乙两物体相对同一原点的s﹣t图象，则下列说法正确的是（）A．甲、乙都做变速直线运动B．甲、乙运动的出发点相距s1C．甲比乙早出发t1时间D．乙比甲的运动要快些【解答】解：A、x﹣t图象的斜率等于物体运动的速度，由图可知两图象的斜率保持不变，故运动的速度不变，两物体都做匀速直线运动．故A错误；B、由图可知甲从原点出发，乙从距原点s1处出发．故两物体的出发点相距s1．故B正确；C、甲在t1时刻开始运动，而乙在t=0时刻开始运动，故甲比乙迟出发t1时间．故C错误．D、甲图象的斜率的绝对值大于乙图象的斜率的绝对值，所以甲的速度大于乙的速度，则甲比乙的运动要快．故D错误；故选：B．6．（3分）下列运动中，物体的运动状态不变的是（）A．匀速直线运动B．匀加速直线运动C．匀减速直线运动 D．自由落体运动【解答】解：物体的运动状态保持不变，那么物体速度的大小和方向都不能发生变化，A、物体匀速直线时，它的速度的大小和方向都不变，故A正确；B、匀加速直线运动时，速度大小在变化，运动状态变化，故B错误；C、匀减速直线运动时，速度大小在变化，运动状态变化，故C错误；D、自由落体运动时，速度在增大，运动状态变化，故D错误．故选：A7．（3分）静止在光滑水平面上的物体，受到一个水平拉力．当力刚开始作用的瞬间，下列说法正确的是（）A．物体同时获得速度和加速度B．物体立即获得加速度，但速度仍为零C．物体立即获得速度，但加速度仍为零D．物体的速度和加速度仍为零【解答】解：由牛顿第二定律可知，有了力的作用，物体就有了加速度，但是，在力刚开始作用的瞬间，物体还没有运动，所以物体的速度为零，故B正确．故选：B．8．（3分）一个物体做自由落体运动，v﹣t图象正确的是（）A．B． C． D．【解答】解：自由落体运动是初速度为零、加速度为g的匀加速直线运动，其速度时间关系公式为v=gt=10t，故其v﹣t图是一条通过原点的直线，故ABD均错误，C正确；故选：C．9．（3分）以20m/s的速度做匀速直线运动的汽车，制动后能在2m内停下来，如果该汽车以40m/s的速度行驶，则它的制动距离应该是（）A．2m B．4m C．8m D．16m【解答】解：设刹车过程的加速度大小为a，方向与汽车的初速度方向相反，已知汽车的初速度v0=20m/s，末速度v=0，位移x=2m，由位移速度关系式：v2﹣v02=﹣2ax，整理：a==100m/s2，①第二过程中已知汽车的初速度v01=40m/s，末速度v=0，加速度为a，设位移为X由位移速度关系式得：0﹣v012=﹣2aX整理得：X=②把①代入②得：X=8m故选：C10．（3分）下列关于惯性的说法中，正确的是（）A．人走路时没有惯性，被绊倒时有惯性B．百米赛跑到终点时不能立即停下是由于惯性，停下时就没有惯性了C．物体没有受外力作用时有惯性，受外力作用后惯性被克服了D．物体的惯性与物体的运动状态及受力情况均无关【解答】解：A、一切物体，不论是运动还是静止、匀速运动还是变速运动，都具有惯性，故A错误；B、百米赛跑到终点时不能立即停下是由于惯性，停下时还有惯性，故B错误；C、任何物体在任何情况下都有惯性，惯性是物体本身的一种基本属性，故C错误；D、物体的惯性与物体的运动状态及受力情况均无关，故D正确；故选：D．11．（3分）关于摩擦力，下列说法中错误的是（）A．运动鞋底的花纹是为了增大鞋底与地面间的摩擦力B．冬天下雪后，常见民警在汽车上坡的地方洒上一些炉灰，目的是增大车轮与地面之间的摩擦C．生活中离不开摩擦，摩擦越大越好D．工厂工人师傅用的锉刀表面总是凹凸不平的，目的是为了增大锉刀与工件之间的摩擦【解答】解：A、运动鞋底的花纹是为了增大鞋底与地面间的摩擦力；故A正确；B、下雪后，常见民警在汽车上坡的地方洒上一些炉灰，目的是增大车轮与地面之间的摩擦，故B正确；C、生活中离不开摩擦，但摩擦越大，也不一定越好，汽车行驶；故C错误；D、工人师傅用的锉刀表面总是凹凸不平的，目的是为了增大锉刀与工件之间的摩擦，故D正确．本题选择错误的，故选：C．12．（3分）如图所示，放置在水平地面上的物体受水平推力作用后仍保持静止．此物体共受到的力有（）A．重力、水平推力B．重力、支持力和水平推力C．水平推力、静摩擦力D．重力、支持力、水平推力和静摩擦力【解答】解：首先物体受重力、支持力，由题意还受水平推力，则物体有沿推力运动的趋势，而没有运动说明物体受到了与推力方向相反的静摩擦力．故D正确ABC错误．故选：D．13．（3分）如图所示，地球赤道上的山丘、近地资源卫星和同步通信卫星均在赤道平面内绕地心做匀速圆周运动．设山丘e、近地资源卫星p和同步通信卫星q的圆周运动速率依次为v1、v2、v3，向心加速度依次为a1、a2、a3，则（）A．v1＞v2＞v3B．v1＜v3＜v2C．a1＞a2＞a3D．a2＞a3＞a1【解答】解：A、B、山丘e与同步通信卫星q转动周期相等，根据v=，由于山丘e的轨道半径小于同步通信卫星q的轨道半径，故V1＜V3；根据卫星的线速度公式v=，由于近地资源卫星的轨道半径小于同步通信卫星q的轨道半径，故近地资源卫星的线速度大于同步通信卫星的线速度，即V3＜V2；故V1＜V3＜V2，故A错误，B 正确；C、D、山丘e与同步通信卫星q转动周期相等，根据a=ω2r=，由于山丘e的轨道半径小于同步通信卫星q的轨道半径，故山丘e的轨道加速度小于同步通信卫星q的加速度，即a1＜a3；根据加速度公式a=，由于近地资源卫星的轨道半径小于同步通信卫星q的轨道半径，故近地资源卫星的加速度小于同步通信卫星的加速度，即a3＜a2；故a1＜a3＜a2，故C错误，D正确；故选：BD．14．（3分）下列两个实验中体现出的共同的物理思想方法是（）A．极限法B．放大法C．控制变量法D．等效替代法【解答】解：图甲中将桌面在力F作用下发生的形变通过反射光线在屏上光斑移动显示出来，采用放大法．图乙中，用手压琉璃瓶，琉璃瓶发生微小的变形，体积减小，由于管子很细，管中水位上升明显，即通过细管将瓶子的形变显示出来，采用的也是放大法．故选：B．15．（3分）一个绕中心线AB以一定的角速度转动的圆环，P、Q为环上两点，位置如图所示，下列说法正确的是（）A．P、Q两点的角速度相等 B．P、Q两点的线速度相等C．P、Q两点的角速度之比为：1 D．P、Q两点的线速度之比为1：1【解答】解：AC、P、Q两点共轴转动，角速度大小相等．故A正确，C错误．BD、设圆环的半径为R，根据几何知识可得：P、Q转动的半径分别为：r P=Rsin60°r Q=Rsin30°P、Q两点角速度相等，根据v=rω知，P、Q两点的线速度之比为：v P：v Q=r P：r Q=Rsin60°：Rsin30°=：1．故BD错误．故选：A16．（3分）如图，物体A和B的重力分别为11N和7N，不计弹簧秤、细线的重力和一切摩擦，则地面对A的支持力和弹簧秤的读数为（）A．0N，7N B．4N，7N C．0N，18N D．4N，18N【解答】解：对物体研究：物体受到重力、细线的拉力和地面的支持力作用而平衡．细线的拉力为：F=G B=7N则地面的支持力为：F N=G A﹣F=G A﹣G B=4N弹簧秤的读数等于细线的拉力，或等于B的重力，即为7N．故选：B二、非选择题17．（4分）物体受到F1=3N，F2=7N两个力的作用，则它们的合力的最大值是10 N．最小值是4N．【解答】解：二力合成时合力范围：|F1+F2|≥F≥|F1﹣F2|；故合力最大3N+7N=10N，最小7N﹣3N=4N，之间任意结果都可以；故答案为：10，4．18．（4分）一物体做匀加速的直线运动，初速度为3m/s，加速度为2m/s2，该物体在第3s末的速度是9m/s．高物体在第3s内通过的位移是8m．【解答】解：第3s末的速度为：v=v0+at=3+2×3m/s=9m/s．第3s内的位移为：．故答案为：9，8．19．（4分）电火花打点计时器的电源是交流（填“交流”或“直流”）电源，通常的工作电压为220V，实验室使用我国民用电时，每隔0.02s打一次点．【解答】解：实验室所用电火花计时器是使用的电压为220V的交流电源，我国民用电的频率是50Hz，所以它每隔0.02s打一个点．故答案为：交流，0.02．20．（4分）在20m高的地方以6m/s的初速度水平抛出，则物体在空中运动的时间是2s，从抛出点到落地点发生的水平位移是12m（忽略空气阻力，取g=10m/s2）【解答】解：由h=得t===2s从抛出点到落地点发生的水平位移为：x=v0t=6×2m=12m故答案为：2，12．21．（7分）质量为5.0kg的物体，从离地面36m高处，由静止开始匀加速下落，经3s落地，g取10m/s2，试求：（1）物体下落的加速度的大小；（2）下落过程中物体所受阻力的大小．【解答】解：（1）由得，a=．故物体下落的加速度大小为8m/s2．（2）根据牛顿第二定律得，mg﹣f=ma则f=mg﹣ma=50﹣5×8N=10N故下落过程中物体所受阻力的大小为10N．22．（7分）一同学从倾角为30°的斜坡顶端平抛一小石块，小石块的质量为10g，它恰好落在斜坡的底端，如果斜坡高度为1.8m．求：（1）小石块的落地时间；（2）小石块的着地时的动能．【解答】解：（1）根据，t=．故小石块的落地时间为0.6s．（2）小球的水平位移为x=hcot30°=1.8m．所以水平速度竖直分速度v y=gt=10×0.6m/s=6m/s则落地的速度m/s．则故小石块的着地时的动能为0.315J．[选修1-1]23．（3分）研究电磁感应现象并得到重要结论的科学家是（）A．洛伦兹B．库仑C．奥斯特D．法拉第【解答】解：经过十年坚持不懈的努力，1831年英国物理学家法拉第发现了电磁感应现象．故选：D．24．（3分）关于点电荷的说法，正确的是（）A．只有体积很小的带电体，才能作为点电荷B．体积很大的带电体一定不能看作点电荷C．点电荷一定是电量很小的电荷D．体积很大的带电体只要距离满足一定条件也可以看成点电荷【解答】解：A、B当体积很小的带电体相距很近，以至于带电体的大小和形状对带电体间作用力影响不能忽略时，此带电体不能看成点电荷，而体积很大的带电体，如果带电体间的距离远大于带电体本身的尺寸，以至于带电体本身的大小和形状对带电体间的作用力影响可忽略不计时，带电体也可以看成点电荷．故AB错误．C、点电荷不一定电量很小的电荷．故C错误．D、体积很大的带电体只要距离足够大，以至于带电体本身的大小和形状对带电体间的作用力影响可忽略不计时，带电体就可以看成点电荷．故D正确．故选D25．（3分）某同学发现有人触电，他应采取的措施是（）A．不假思索地去把触电人用手拉开B．当做没看见C．迅速找一根木棒，把人和电线分离D．立即大声喊人，让别人来处理【解答】解：A、当发现有人触电时，应该立即采取的措施是：迅速切断电源或用绝缘体挑开电线，不能用手拉开电线和触电的人，这样自己也会触电，更不能用剪刀割断导线，剪刀是导体，自己也会触电，故A错误，C正确；B、遇到这种情况应及时帮助，不能装作没看见；也不能喊人让别人来处理，这样由于耽误时间，可能造成人的死亡；故BD错误；故选：C．26．（3分）磁场中某处的磁感线如图所示，则（）A．a、b两处的磁感应强度的大小不等，B a＞B bB．a、b两处的磁感应强度的大小不等，B a＜B bC．同一通电导线放在a处受力一定比放在b处大D．同一通电导线放在a处受力一定比放在b处小【解答】解：A、磁感线的疏密表示磁场的强弱，由图可知b处的磁感线密，所以b处的磁场强．故A错误，B正确；C、电流受到的安培力：F=BILsinθ，与磁感应强度的大小、电流的大小以及电流与磁场方向之间的夹角有关，所以同一通电导线放在a处受力不一定比放在b 处小，也不一定比放在b处大．故CD错误．故选：B27．（4分）在某段电路中，一定值电阻阻值为2Ω，通过它的电流为1A，则该电阻的热功率为2W，电阻在1min内产生的热量为120J．【解答】答：电阻阻值为2Ω，通过它的电流为1A，则该电阻的热功率：P=I2R=2×12=2W电阻在1min内产生的热量：Q=I2Rt=12×2×60=120J故答案为：2，12028．（6分）如图所示，一根长为L=0.2m的直导线放在水平方向的匀强磁场中，导线水平且与磁场方向垂直，导线中通有向右的电流．（1）若匀强磁场的磁感应强度大小B=0.5T，导线中电流I=0.5A，试计算导线所受安培力；（2）将该通电导线旋转到与磁感线平行的位置，此时导线是否受安培力？【解答】解：（1）当磁场方向与电流方向垂直时，根据F=BIL得：F=5×10﹣2 N（2）导线不受安培力作用．答：（1）若匀强磁场的磁感应强度大小B=0.5T，导线中电流I=0.5A，导线所受安培力5×10﹣2 N；（2）将该通电导线旋转到与磁感线平行的位置，此时导线不受安培力[选修2-1]29．在如图各电场中，A、B两点电场强度相同的是（）A．B．C．D．【解答】解：A，A、B两者点处于同一圆周上，根据公式E=k，电场强度大小，但方向不同．故A错误；B，由图，AB两点的电场强度方向，根据公式E=k可知，电场大小不同，故B错误；C、在匀强电场中，各处的电场强度处处相同．故C正确；D、由图A、B 两点电场强度不同，大小也不同，E A＜E B．故D错误．故选：C．30．（3分）在“测定电源电动势和内阻”的实验中，针对两个不同的电源得出如图所示的1、2两条图线，则两个电源的电动势E1和E2、内阻r1和r2满足关系（）A．E1＞E2，r1＞r2B．E1＞E2，r1＜r2C．E1＜E2，r1＞r2D．E1＜E2，r1＜r2【解答】解：当外电阻无穷大时，路端电压等于电源的电动势，故U﹣I图象中图象与纵坐标的交点等于电源的电动势，由图可知，2的电动势较大；U=E﹣Ir可知图象中的斜率表示电源的内阻，2的斜率较大，故2的内阻较大，故D正确，ABC错误；故选D．31．（3分）四种电场的电场线如图所示，一负电荷仅在电场力作用下由M点向N点做加速运动，且加速度越来越大，由此可以判断，该电荷所在电场是图中的（）A．B． C．D．【解答】解：根据一负电荷仅在电场力作用下由M点向N点做加速运动，知电场力的方向由M指向N，所以电场强度的方向由N指向M．由M到N，加速度越来越大，知电场力越来越大，所以电场强度越来越大，所以M出要比N出疏．故D正确，A、B、C错误．故选D．32．（3分）随着我国人民生活水平的不断提高，家庭中使用的电器越来越多．下列电器中主要应用电流热效应的是（）A．电风扇B．电饭煲C．录音机D．电视机【解答】解：电饭锅工作时，电能转化为内能，利用电流的热效应．符合题意．电风扇工作时，主要是电能转化为机械能．录音机工作时，电能主要转化为声能．电视机主要将电能转化为声能和光能．故B正确，ACD错误．故选：B．33．（4分）如图所示，放在马蹄形磁铁两极之间的导体棒ab，当通有自b到a 的电流时受到向右的安培力作用，则磁铁的上端是N极．如磁铁上端是S极，导体棒中的电流方向自a到b，则导体棒受到的安培力方向向右．【解答】解：电流方向由b到a，安培力向右，根据左手定则，知磁场方向竖直向下，所以磁铁上端是N极．磁铁上端是S极，电流方向自a到b，根据左手定则，知安培力方向向右．故答案为：N，右．。
2015-2016学年湖南省益阳市箴言中学高三(上)第三次模考化学试卷(解析版)
2015-2016学年湖南省益阳市箴言中学高三（上）第三次模考化学试卷一、选择题（每小题3分，共54分．每小题只有一个选项符合题意）1．（3分）（2015秋•益阳校级月考）化学在环境保护、资源利用等与社会可持续发展密切相关的领域发挥着积极作用．下列说法错误的是（）A．“APEC蓝”是2014年新的网络词汇，形容2014年APEC会议期间北京蓝蓝的天空．说明京津冀实施道路限行和污染企业停工等措施，对减轻雾霾、保证空气质量是有效的B．“地沟油”经过加工处理后，可以用来制肥皂和生物柴油C．生石灰、铁粉、硅胶是食品包装中常用的干燥剂D．有机垃圾发酵生产沼气2．（3分）（2015秋•益阳校级月考）设N A为阿伏加德罗常数的值．下列叙述正确的是（）A．标准状况下，11.2 L SO3所含的分子数为0.5 N AB．12 g石墨和C60的混合物中质子总数一定为6N A个C．在熔融状态下，l mol NaHSO4完全电离出的阳离子数目为2N AD．氢氧燃料电池正极消耗22.4L（标准状况）气体时，电路中通过的电子数目为2N A3．（3分）（2014•上海）在“石蜡→液体石蜡→石蜡蒸气→裂化气”的变化过程中，被破坏的作用力依次是（）A．范德华力、范德华力、范德华力B．范德华力、范德华力、共价键C．范德华力、共价键、共价键D．共价键、共价键、共价键4．（3分）（2015秋•益阳校级月考）己知：NH3•H2O（aq）与H2SO4（aq）反应生成1mol 正盐的△H=﹣24.2kJ/mol；强酸、强碱的稀溶液反应的中和热的△H=﹣57.3kJ/mol．则NH3•H2O在水溶液中电离的△H等于（）A．﹣69.4 kJ/mol B．﹣45.2kJ/mol C．+69.4 kJ/mol D．+45.2 kJ/mol5．（3分）（2015秋•陕西校级期中）某溶液可能含有Cl﹣、SO42﹣、CO32﹣、NH4+、Fe3+、Al3+和K+．取该溶液100mL，加入过量NaOH溶液，加热，得到0.02mol气体，同时产生红褐色沉淀；过滤，洗涤，灼烧，得到1.6g固体；向上述滤液中加足量BaCl2溶液，得到4.66g不溶于盐酸的沉淀．由此可知有关原溶液中离子的说法不正确是（）A．至少存在4种离子B．Cl﹣一定存在，且c（Cl﹣）≥0.4mol/LC．SO42﹣、NH4+一定存在D．CO32﹣、Al3+、K+一定不存在6．（3分）（2015秋•巢湖月考）下列离子方程式正确的是（）A．0.01mol/L NH4Al（SO4）2溶液与0.02mol/L Ba（OH）2溶液等体积混合NH4++Al3++2SO42﹣+2Ba2++4OH﹣═2BaSO4↓+Al（OH）3↓+NH3•H2OB．FeCl2酸性溶液放在空气中变质：2Fe2++4H++O2═2Fe3++2H2OC．用CH3COOH溶解CaCO3：CaCO3+2H+═Ca2++H2O+CO2↑D．电解MgCl2水溶液的离子方程式：2Cl﹣+2H2O H2↑+Cl2↑+2OH﹣7．（3分）（2014•上海）向等物质的量浓度的NaOH和Na2CO3的混合溶液中加入稀盐酸，下列离子方程式与事实不符的是（）A．OH﹣+CO32﹣+2H+→HCO3﹣+H2OB．2OH﹣+CO32﹣+3H+→HCO3﹣+2H2OC．2OH﹣+CO32﹣+4H+→CO2↑+3H2OD．OH﹣+CO32﹣+3H+→CO2↑+2H2O8．（3分）（2014•宁城县模拟）下表是元素周期表的一部分，X、Y、Z、W均为短周期元素，B．若Z的最高价氧化物与Y的气态氢化物溶液混合后有气体放出，则W的气态氢化物不稳定C．若Y、W的质子数之和为23，则Z能形成碱性氧化物D．若X能形成两种常见的液态化合物，则W单质溶于水形成的溶液有漂白性9．（3分）（2012秋•长春期末）向一定量的Fe、FeO、Fe2O3的混合物中，加入100mL 1mol/L 的盐酸，恰好使混合物完全溶解，放出224mL（S．T．P）的气体．所得溶液中加入KSCN 溶液无血红色出现，混合物中铁元素的质量分数为（）A．68.6% B．77.8% C．81.4% D．无法计算10．（3分）（2015•山西校级模拟）在100mL密度为1.2g/mL稀硝酸中，加入一定量的镁和铜组成的混合物，充分反应后金属完全溶解（假设还原产物只有NO），向反应后溶液中加入3mol/L NaOH溶液至沉淀完全，测得生成沉淀质量比原金属质量增加5.1g．则下列叙述不正确是（）A．当金属全部溶解时收集到NO气体的体积为2.24L（标准状况）B．当生成沉淀的量最多时，消耗NaOH溶液体积最小为100mLC．原稀硝酸的物质的量浓度一定为4mol/LD．参加反应金属总质量（m）为9.6g＞m＞3.6g11．（3分）（2009•唐山二模）用惰性电极电解一定质量的某浓度的NaCl溶液，一段时间后停止电解．此时若加入100g36.5%的浓盐酸，所得溶液正好与原溶液完全相同，则电解过程中转移电子的物质的量约为（）A．6mol B．7mol C．8mol D．9mol12．（3分）（2015秋•益阳校级月考）用惰性电极电解2L0.5mol/L的硝酸银溶液，当在电路中通过0.1mol电子后，调换正负极，电路中又通过了0.2mol电子，此时溶液pH值为（假设溶液体积不变）是（）A．1 B．2 C．3 D．无法确定13．（3分）（2015•河南模拟）利用图示装置进行有关实验，其中能达到实验目的或得出正14．（3分）（2013秋•清河区校级期中）下列图示与对应叙述相符合的是（）A．图1表示在含等物质的量NaOH、Na2CO3的混合溶液中滴加0.1mol•L﹣1盐酸至过量时，产生气体的体积与消耗盐酸的关系B．图2表示Cl2通入SO2溶液中pH的变化C．图3表示10 mL 0.01 mol•L﹣1KMnO4酸性溶液与过量的0.1 mol•L﹣1 H2C2O4溶液混合时，n（Mn2+）随时间的变化（Mn2+对该反应有催化作用）D．图4表示已达平衡的某可逆反应，在t0时改变某一条件后反应速率随时间变化，则改变的条件一定是加入催化剂15．（3分）（2015春•北仑区校级期末）利用如图所示装置，当X、Y选用不同材料时，可将电解原理广泛应用于工业生产．下列说法中正确的是（）A．氯碱工业中，X、Y均为石墨，X附近能得到氢氧化钠B．铜的精炼中，X是粗铜，Y是纯铜，Z是CuSO4C．电镀工业中，X是待镀金属，Y是镀层金属D．外加电流的阴极保护法中，Y是待保护金属16．（3分）（2015•江西模拟）如图是CO2电催化还原为CH4的工作原理示意图．下列说法不正确的是（）A．该过程是电能转化为化学能的过程B．一段时间后，①池中n（KHCO3）不变C．一段时间后，②池中溶液的pH一定下降D．铜电极的电极反应式为CO2+8H++8e﹣═CH4+2H2O17．（3分）（2015秋•益阳校级月考）全钒液流电池是一种新型的绿色环保储能电池．其电池总反应为：V3++VO2++H2O VO2++2H++V2+，下列说法正确的是（）A．放电时每转移2mol电子时，消耗1mol氧化剂B．放电时正极反应为：VO+2+2H++e﹣=VO2++H2OC．放电过程中电子由负极经外电路移向正极，再由正极经电解质溶液移向负极D．充电过程中，H+由阴极区移向阳极区迁移18．（3分）（2014秋•德州期末）第三代混合动力车，可以用电动机、内燃机或二者结合推动车辆．汽车上坡或加速时，电动机提供推动力，降低汽油的消耗；在刹车或下坡时，电池处于充电状态．其电路工作原理如图所示．下列说法中正确的是（）A．电池充电时，OH﹣由甲侧向乙侧移动B．甲放电时为正极，充电时为阳极C．放电时正极的电极反应式为MHn﹣ne﹣═M+nH+D．汽车下坡时发生图中实线所示的过程二、非选择题（本题包括4小题，共46分）19．（12分）（2015秋•益阳校级月考）某化学研究性小组采用如下装置（夹持和加热仪器已略去）电解饱和食盐水一段时间，并通过实验测定产物的量来判断饱和食盐水的电解率．饱和食盐水的电解率=（电解的氯化钠质量/总的氯化钠质量）×100%甲方案：利用甲、乙装置测定饱和食盐水的电解率，（1）若饱和食盐水中滴有酚酞，则电解过程中甲装置中的实验现象：．（2）若洗气瓶a中盛放的为足量的氢氧化钠溶液，通过测定洗气瓶a在电解前后的质量变化来计算饱和食盐水的电解率，则正确的连接顺序为连（填A、B、C、等导管口），则洗气瓶a中发生反应的离子方程式为．乙方案：利用甲、丙装置测定饱和食盐水的电解率，（3）对于乙方案，有同学提出有两种方法都可测得饱和食盐水的电解率，Ⅰ．通过测定硬质玻璃管中氧化铜固体前后质量差来计算饱和食盐水的电解率Ⅱ．通过测定丙装置中除硬质玻璃管外的某装置前后质量差来计算饱和食盐水的电解率①．一同学认为可以在乙方案方法Ⅱ中的装置中添加一干燥装置防止外界空气中的水蒸气的干扰，则该干燥装置应与口连接a．A b．B c．D d．E②．另一同学认为乙方案的方法Ⅰ、Ⅱ测得的实验结论都不正确，你是否同意？请说明理由丙方案：只利用甲装置测定饱和食盐水的电解率．（4）若电解150mL饱和食盐水一段时间，测得溶液的为pH为14，求饱和食盐水的电解率（假设电解前后溶液体积不变，饱和食盐水密度约为1.33g/mL，溶解度为36.0g）．20．（8分）（2013•长沙模拟）现有A、B、C、D四种短周期元素，A分别与B、C、D结合生成甲、乙、丙三种化合物，且甲、乙、丙3分子中含相同数目的质子数，C、D结合生成化合物丁．有关元素的单质和甲、乙、丙、丁四种化合物的转化关系如图：（1）写出B+乙→甲+C的化学反应方程式．（2）根据以上条件可以确定A、B、C、D四种元素中的三种，不能被确定的第四种元素是．（填写序号）①A②B③C④D（3）依据下列条件可以进一步确定上述第四种元素：①甲与丙以及乙与丙均能够发生反应，②甲、丙、丁都是无色有刺激性气味的物质．据此，请回答下列问题：A．写出上述第四种元素在周期表中的位置．B．写出C+丙→乙+丁的化学反应方程式．21．（14分）（2015秋•益阳校级月考）尿素可作为H2O2的稳定载体，生产一种固态、耐储存、易运输的新型氧化剂和消毒剂﹣过氧化尿素[CO（NH2）2•H2O2]，其合成工艺流程如下，请回答下列问题：（1）操作I、II的名称分别是、．CO（NH2）2•H2O2分子中尿素和过氧化氢之间以结合，其结合力较弱，具有尿素和过氧化氢双重性质．（2）工业上生产尿素所需的原料气可由天然气与水反应制备，已知：①甲烷、氢气的燃烧热分别为890.3kJ/mol、285.8kJ/mol②H2O（l）=H2O（g）△H=+44.0kJ/mol写出CH4与水蒸气作用生产CO2和H2的热化学方程式：．（3）为测定产品中H2O2的含量，称取干燥样品12.0g配成250mL溶液，取25.00mL于锥形瓶中，加入适量硫酸酸化，用0.20mol/LKMnO4标准溶液滴定，三次滴定平均消耗KMnO4溶液20.00mL．（KMnO4溶液与尿素不反应）．①完成并配平方程式：MnO4﹣+H2O2+=Mn2++O2↑+；②计算出产品中H2O2的质量分数为．（4）电解含尿素的废水既可以处理废水，又可制得纯氢，电解原理如图所示．电解池中隔膜仅阻止气体通过，A、B两极均为惰性电极．请写出阳极的电极反应方程为．22．（12分）（2015秋•益阳校级月考）MnO2是一种重要的无机功能材料，蕴藏在海底的丰富的锰结核矿的主要成分是MnO2，工业上从锰结核矿中制取纯净的MnO2的工艺流程如图所示：（1）为提高硫酸淋洗效果，需要对富集后的矿石进行粉碎处理，其目的是步骤Ⅰ中，试剂甲必须具有的性质是．a．氧化性b．还原性c．酸性（2）步骤Ⅱ中，以NaClO3为氧化剂，当生成0.05mol MnO2时，消耗0.10mol•L﹣1的NaClO3溶液200mL，该反应的离子方程式为．已知溶液B中的物质之一NaClO3可循环用于上述生产，试写出A与NaOH反应生成B的化学方程式：．（3）电解步骤Ⅰ所得溶液也可得到MnO2，写出阳极Mn2+生成MnO2的电极方程式，阴极生成的气体产物是．2015-2016学年湖南省益阳市箴言中学高三（上）第三次模考化学试卷参考答案与试题解析一、选择题（每小题3分，共54分．每小题只有一个选项符合题意）1．（3分）（2015秋•益阳校级月考）化学在环境保护、资源利用等与社会可持续发展密切相关的领域发挥着积极作用．下列说法错误的是（）A．“APEC蓝”是2014年新的网络词汇，形容2014年APEC会议期间北京蓝蓝的天空．说明京津冀实施道路限行和污染企业停工等措施，对减轻雾霾、保证空气质量是有效的B．“地沟油”经过加工处理后，可以用来制肥皂和生物柴油C．生石灰、铁粉、硅胶是食品包装中常用的干燥剂D．有机垃圾发酵生产沼气【考点】常见的生活环境的污染及治理；油脂的性质、组成与结构．【分析】A．道路限行可减少汽车尾气排放，污染企业停工可减少污染；B．将“地沟油”制成肥皂，可以变废为宝；C．铁粉是抗氧化剂；D．沼气主要成分是甲烷，是有机物质在厌氧条件下，经过微生物的发酵作用而生成的一种混合气体．【解答】解：A．道路限行可减少汽车尾气排放，污染企业停工可减少污染，可减轻雾霾、保证空气质量，故A正确；B．“地沟油”，是一种质量极差、极不卫生的非食用油，将它制成肥皂，实际是使用了油脂的皂化反应，将非食用油变成肥皂，可以提高资源的利用率，故B正确；C．铁粉是抗氧化剂，不是干燥剂，故C错误；D．沼气主要成分是甲烷，是有机物质在厌氧条件下，经过微生物的发酵作用而生成的一种混合气体，故D正确．故选C．【点评】本题考查了常见食品添加剂、地沟油等生活中常见的物质的性质，熟悉物质的性质是解题关键，题目难度不大．2．（3分）（2015秋•益阳校级月考）设N A为阿伏加德罗常数的值．下列叙述正确的是（）A．标准状况下，11.2 L SO3所含的分子数为0.5 N AB．12 g石墨和C60的混合物中质子总数一定为6N A个C．在熔融状态下，l mol NaHSO4完全电离出的阳离子数目为2N AD．氢氧燃料电池正极消耗22.4L（标准状况）气体时，电路中通过的电子数目为2N A【考点】阿伏加德罗常数．【分析】A．标准状况三氧化硫不是气体；B．12g石墨和C60的混合物中含有12gC原子，12个C原子的物质的量为1mol，含有6mol 质子；C．在熔融状态下，NaHSO4完全电离钠离子和硫酸氢根离子；D．气体所处的状态不明确．【解答】解：A．标准状况三氧化硫不是气体，11.2 L SO3物质的量不是0.5mol，故A错误；B．12g石墨和C60的混合物中含有12个碳原子，含有1mol碳原子，1mol碳原子含有6mol 质子，所以混合物中含有的质子总数一定为6N A个，故B正确；C．在熔融状态下，NaHSO4完全电离钠离子和硫酸氢根离子，在熔融状态下，l mol NaHSO4完全电离出的阳离子数目为N A，故C错误；D．气体所处的状态不明确，不一定为标况下，故其物质的量无法计算，故转移的电子数无法计算，故D错误．故选B．【点评】本题考查了阿伏伽德罗常数的分析应用，主要是物质结构，氧化还原反应电子转移计算，气体摩尔体积的条件应用分析，掌握基础是关键，题目较简单．3．（3分）（2014•上海）在“石蜡→液体石蜡→石蜡蒸气→裂化气”的变化过程中，被破坏的作用力依次是（）A．范德华力、范德华力、范德华力B．范德华力、范德华力、共价键C．范德华力、共价键、共价键D．共价键、共价键、共价键【考点】不同晶体的结构微粒及微粒间作用力的区别．【专题】化学键与晶体结构．【分析】物质的三态变化属于物理变化，石蜡蒸气转化为裂化气发生了化学变化，根据物质的变化分析．【解答】解：石蜡→液体石蜡→石蜡蒸气属于物质的三态变化，属于物理变化，破坏了范德华力，石蜡蒸气→裂化气发生了化学变化，破坏了共价键；所以在“石蜡→液体石蜡→石蜡蒸气→裂化气”的变化过程中，被破坏的作用力依次是范德华力、范德华力、共价键．故选B．【点评】本题考查了物质发生物理、化学变化时破坏的作用力，题目难度不大，侧重于基础知识的考查．4．（3分）（2015秋•益阳校级月考）己知：NH3•H2O（aq）与H2SO4（aq）反应生成1mol 正盐的△H=﹣24.2kJ/mol；强酸、强碱的稀溶液反应的中和热的△H=﹣57.3kJ/mol．则NH3•H2O在水溶液中电离的△H等于（）A．﹣69.4 kJ/mol B．﹣45.2kJ/mol C．+69.4 kJ/mol D．+45.2 kJ/mol【考点】弱电解质在水溶液中的电离平衡．【分析】25℃，101kPa时，强酸与强碱的稀溶液发生中和反应的中和热为57.3kJ/mol，但是弱碱的电离吸热，根据题干信息写出反应的热化学方程式，然后利用盖斯定律计算出NH3•H2O在水溶液中电离的△H．【解答】解：NH3•H2O（aq）与H2SO4（aq）反应生成1mol正盐的△H=﹣24.2kJ/mol，则：2NH3•H2O（aq）+H2SO4（aq）=（NH4）2SO4（aq）+2H2O （l）△H=﹣24.2kJ/mol即：2NH3•H2O（aq）+2H+=2NH4+（aq）+2H2O（l）△H=﹣24.2kJ/mol，整理可得：NH3•H2O（aq）+H+=NH4+（aq）+H2O（l）△H=﹣12.1kJ/moL （1）H+（aq）+OH﹣（aq）=H2O （l）△H=﹣57.3kJ/mol （2）（1）﹣（2）可得：NH3•H2O（aq）=NH4+（aq）+OH﹣（aq），△H=+45.2kJ/mol，所以NH3•H2O在水溶液中电离的△H为+45.2kJ/mol，故选D．【点评】本题考查盖斯定律在热化学方程式计算中的应用，题目难度中等，明确中和热是指强酸与强碱的稀溶液发生中和反应生成1mol水所放出的热量、弱碱的电离吸热是解题关键．5．（3分）（2015秋•陕西校级期中）某溶液可能含有Cl﹣、SO42﹣、CO32﹣、NH4+、Fe3+、Al3+和K+．取该溶液100mL，加入过量NaOH溶液，加热，得到0.02mol气体，同时产生红褐色沉淀；过滤，洗涤，灼烧，得到1.6g固体；向上述滤液中加足量BaCl2溶液，得到4.66g不溶于盐酸的沉淀．由此可知有关原溶液中离子的说法不正确是（）A．至少存在4种离子B．Cl﹣一定存在，且c（Cl﹣）≥0.4mol/LC．SO42﹣、NH4+一定存在D．CO32﹣、Al3+、K+一定不存在【考点】物质的检验和鉴别的基本方法选择及应用；常见阳离子的检验；常见阴离子的检验．【专题】物质检验鉴别题．【分析】加入过量NaOH溶液，加热，得到0.02mol气体，可知一定存在铵根离子，红褐色沉淀是氢氧化铁，1.6g固体为三氧化二铁，可知一定有Fe3+，一定没有CO32﹣；4.66g不溶于盐酸的沉淀，为硫酸钡沉淀，物质的量为：0.02mol，根据以上数据推算存在离子，根据电荷守恒推算氯离子的存在及数据．【解答】解：加入过量NaOH溶液，加热，得到0.02mol气体，可知一定存在铵根离子，红褐色沉淀是氢氧化铁，1.6g固体为三氧化二铁，可知一定有Fe3+，一定没有CO32﹣；4.66g不溶于盐酸的沉淀，为硫酸钡沉淀，物质的量为0.02mol，A．由上述分析可知，一定含SO42﹣、NH4+、Fe3+，溶液中NH4+、Fe3+所带正电荷为0.02mol+3×0.02mol=0.08mol，SO42﹣所带负电荷为2×0.02mol=0.04mol，据电荷守恒，知溶液中必然大量存在另一种阴离子Cl﹣，故A正确；B．由电荷守恒可知，Cl﹣一定存在，且c（Cl﹣）≥0.4mol/L，故B正确；C．由上述分析可知，SO42﹣、NH4+一定存在，故C正确；D．综上所述，原溶液中一定含Fe3+、NH4+、SO42﹣和Cl﹣，可能含Al3+、K+，一定不含CO32﹣，故D错误；故选D．【点评】本题考查物质的检验及推断，为高考常见题型和高频考点，侧重于元素化合物知识的综合理解和运用的考查，注意常见离子的性质和反应类型的判断，答题时认真阅读、分析题中数据，合理分析，特别是氯离子的推断，题目难度中等．6．（3分）（2015秋•巢湖月考）下列离子方程式正确的是（）A．0.01mol/L NH4Al（SO4）2溶液与0.02mol/L Ba（OH）2溶液等体积混合NH4++Al3++2SO42﹣+2Ba2++4OH﹣═2BaSO4↓+Al（OH）3↓+NH3•H2OB．FeCl2酸性溶液放在空气中变质：2Fe2++4H++O2═2Fe3++2H2OC．用CH3COOH溶解CaCO3：CaCO3+2H+═Ca2++H2O+CO2↑D．电解MgCl2水溶液的离子方程式：2Cl﹣+2H2O H2↑+Cl2↑+2OH﹣【考点】离子方程式的书写．【分析】A．物质的量比为1：2，反应生成硫酸钡、氢氧化铝和一水合氨；B．发生氧化还原反应，电子、电荷不守恒；C．醋酸在离子反应中保留化学式；D．反应生成氢氧化镁、氢气、氯气．【解答】解：A.0.01mol/L NH4Al（SO4）2溶液与0.02mol/L Ba（OH）2溶液等体积混合的离子反应为NH4++Al3++2SO42﹣+2Ba2++4OH﹣═2BaSO4↓+Al（OH）3↓+NH3•H2O，故A正确；B．FeCl2酸性溶液放在空气中变质的离子反应为4Fe2++4H++O2═4Fe3++2H2O，故B错误；C．用CH3COOH溶解CaCO3的离子反应为CaCO3+2CH3COOH═2CH3COO﹣+Ca2++H2O+CO2↑，故C错误；D．电解MgCl2水溶液的离子方程式为Mg2++2Cl﹣+2H2O H2↑+Cl2↑+Mg（OH）2↓，故D错误；故选A．【点评】本题考查离子反应方程式书写的正误判断，为高频考点，把握发生的反应及离子反应的书写方法为解答的关键，侧重氧化还原反应、与量有关的离子反应、电解反应的离子反应考查，注意离子反应中保留化学式的物质及电子、电荷守恒，题目难度不大．7．（3分）（2014•上海）向等物质的量浓度的NaOH和Na2CO3的混合溶液中加入稀盐酸，下列离子方程式与事实不符的是（）A．OH﹣+CO32﹣+2H+→HCO3﹣+H2OB．2OH﹣+CO32﹣+3H+→HCO3﹣+2H2OC．2OH﹣+CO32﹣+4H+→CO2↑+3H2OD．OH﹣+CO32﹣+3H+→CO2↑+2H2O【考点】真题集萃；离子方程式的书写．【专题】离子反应专题．【分析】等物质的量浓度的NaOH和Na2CO3的混合溶液中含有氢氧化钠与碳酸钠的物质的量相等，稀盐酸加入到NaOH和Na2CO3的混合溶液中，盐酸先与氢氧化钠发生酸碱中和，剩余的盐酸再与碳酸钠发生反应，盐酸少量时发生CO32﹣+H+→HCO3﹣，盐酸过量时发生CO32﹣+2H+→CO2↑+H2O．【解答】解：根据题意可知，等物质的量浓度的NaOH和Na2CO3的混合溶液中，含有的氢氧化钠与碳酸钠的物质的量相等，稀盐酸加入到NaOH和Na2CO3的混合溶液中，盐酸先与氢氧化钠发生酸碱中和，剩余的盐酸再与碳酸钠发生反应．A．设NaOH和Na2CO3的物质的量都为1mol，则加入盐酸少量，先发生反应：OH﹣+H+→H2O，1mol氢氧化钠消耗1mol盐酸，再发生反应CO32﹣+H+→HCO3﹣，将两个方程式相加得：OH﹣+CO32﹣+2H+→HCO3﹣+H2O，故A正确；B．设NaOH和Na2CO3的物质的量都为2mol，则加入盐酸少量，先发生反应：2OH﹣+2H+→2H2O，2mol氢氧化钠消耗2mol盐酸，再发生反应CO32﹣+H+→HCO3﹣，盐酸不足以消耗1mol碳酸钠，将两个方程式相加得：2OH﹣+CO32﹣+3H+→HCO3﹣+2H2O，故B正确；C．设NaOH和Na2CO3的物质的量都为2mol，2mol氢氧化钠消耗2mol氢离子，剩余2mol 氢离子与2mol碳酸钠反应生成2mol碳酸氢根离子，离子方程式应为2OH﹣+2CO32﹣+4H+→2HCO3﹣+2H2O，即OH﹣+CO32﹣+2H+→HCO3﹣+H2O，故C错误；D．设NaOH和Na2CO3的物质的量都为1mol，则加入盐酸过量，先发生反应：OH﹣+H+→H2O，1mol氢氧化钠消耗1mol盐酸，再发生反应CO32﹣+2H+→CO2↑+H2O，将两个方程式相加得：OH﹣+CO32﹣+3H+→CO2↑+2H2O，故D正确；故选：C．【点评】本题考查了离子方程式书写正误的判断，题目难度中等，明确稀盐酸与NaOH和Na2CO3反应的先后顺序以及碳酸钠与盐酸反应的原理是解题的关键．8．（3分）（2014•宁城县模拟）下表是元素周期表的一部分，X、Y、Z、W均为短周期元素，B．若Z的最高价氧化物与Y的气态氢化物溶液混合后有气体放出，则W的气态氢化物不稳定C．若Y、W的质子数之和为23，则Z能形成碱性氧化物D．若X能形成两种常见的液态化合物，则W单质溶于水形成的溶液有漂白性【考点】元素周期律和元素周期表的综合应用．【专题】元素周期律与元素周期表专题．【分析】A．同周期自左而右原子半径减小，电子层越多原子半径越大；B．若Z的最高价氧化物与Y的气态氢化物溶液混合后有气体放出，则Z为Si、Y为F元素，W为S元素；C．令Y的质子数为a，则W质子数为a+7，Y、W的质子数之和为23，则a+a+7=23，故a=8，则Y为O元素，W为P元素，Z为Al；D．若X能形成两种常见的液态化合物，则X为O元素，W为Cl．【解答】解：A．同周期自左而右原子半径减小，电子层越多原子半径越大，故原子半径：Z＞W＞X，故A正确；B．若Z的最高价氧化物与Y的气态氢化物溶液混合后有气体放出，则Z为Si、Y为F元素，W为S元素，W的气态氢化物为硫化氢，硫化氢不稳定，故B正确；C．令Y的质子数为a，则W质子数为a+7，Y、W的质子数之和为23，则a+a+7=23，故a=8，则Y为O元素，W为P元素，Z为Al，Z的氧化物为氧化铝，属于两性氧化物，故C 错误；D．若X能形成两种常见的液态化合物，则X为O元素，W为Cl，W的单质为氯气，溶于水形成的溶液有漂白性，故D正确，故选C．【点评】本题考查结构性质位置关系，属于开放性题目，B选项为易错点，在中学中基本不涉及，需要学生熟练掌握元素化合物知识．9．（3分）（2012秋•长春期末）向一定量的Fe、FeO、Fe2O3的混合物中，加入100mL 1mol/L 的盐酸，恰好使混合物完全溶解，放出224mL（S．T．P）的气体．所得溶液中加入KSCN 溶液无血红色出现，混合物中铁元素的质量分数为（）A．68.6% B．77.8% C．81.4% D．无法计算【考点】有关混合物反应的计算．【专题】守恒法．【分析】Fe．FeO．Fe2O3的混合物中加入盐酸恰好使混合物完全溶解，生成了铁的氯化物，因加入KSCN 溶液，无血红色出现，说明只生成氯化亚铁，根据氯元素守恒可知道氯化亚铁的量，进而求得铁元素的质量，根据HCl的物质的量可结合氢气的物质的量可计算O的质量，进而可计算混合物中铁元素的质量分数．【解答】解：用盐酸溶解后，得到的产物加KSCN 溶液，无血红色出现，说明得到的产物是氯化亚铁，即混合物中的铁元素全在氯化亚铁中，盐酸的物质的量为：1mol．L﹣1×0.1L=0.1mol，根据氯元素守恒，则n（Fe）=n（FeCl2）=×n（HCl）=0.05mol，m（Fe）=0.05mol×56g/mol=2.8g，根据H元素守恒，有2HCl H2O，2HCl H2，n（H2）==0.01mol，消耗HCl0.02mol，则与氧化物反应的HCl的物质的量为0.1mol﹣0.02mol=0.08mol，所以氧化物中含有n（O）==0.04mol，m（O）=0.04mol×16g/mol=0.64g，则混合物中铁元素的质量分数为：=81.4%，故选C．【点评】本题考查了有关铁元素的计算，题目难度中等，采用原子守恒或得失电子守恒可简化计算．10．（3分）（2015•山西校级模拟）在100mL密度为1.2g/mL稀硝酸中，加入一定量的镁和铜组成的混合物，充分反应后金属完全溶解（假设还原产物只有NO），向反应后溶液中加入3mol/L NaOH溶液至沉淀完全，测得生成沉淀质量比原金属质量增加5.1g．则下列叙述不正确是（）A．当金属全部溶解时收集到NO气体的体积为2.24L（标准状况）B．当生成沉淀的量最多时，消耗NaOH溶液体积最小为100mLC．原稀硝酸的物质的量浓度一定为4mol/LD．参加反应金属总质量（m）为9.6g＞m＞3.6g【考点】有关混合物反应的计算；化学方程式的有关计算．【专题】计算题．【分析】发生反应方程式为：3Mg+8HNO3（稀）=3Mg（NO3）2+2NO↑+4H2O、3Cu+8HNO3（稀）=3Cu（NO3）2+2NO↑+4H2O，向反应后的溶液中加入过量的3mol/L NaOH溶液至沉淀完全，发生反应为：Mg（NO3）2+2NaOH=Mg（OH）2↓+2NaNO3、Cu（NO3）2+2NaOH=Cu（OH）2↓+2NaNO3，沉淀为氢氧化镁和氢氧化铜，生成沉淀的质量比原合金的质量增加5.1g，则氢氧化镁和氢氧化铜含有氢氧根的质量为5.1g，氢氧根的物质的量为=0.3mol，根据电子转移守恒，则镁和铜的总的物质的量为：0.3mol×=0.15mol，据此对各选项进行计算和判断．【解答】解：将一定量的镁和铜组成的混合物加入到稀HNO3中，金属完全溶解（假设反应中还原产物只有NO），发生反应：3Mg+8HNO3（稀）=3Mg（NO3）2+2NO↑+4H2O；3Cu+8HNO3（稀）=3Cu（NO3）2+2NO↑+4H2O；向反应后的溶液中加入过量的3mol/L NaOH溶液至沉淀完全，发生反应：Mg（NO3）2+2NaOH=Mg（OH）2↓+2NaNO3；Cu（NO3）2+2NaOH=Cu （OH）2↓+2NaNO3，沉淀为氢氧化镁和氢氧化铜，生成沉淀的质量比原合金的质量增加。
湖南省益阳市2016届高三上学期第三次模拟考试(11月)物理试题(含解析)
2016届高三第三次模拟考试物理试题总分：100分 时量：90分钟一、选择题:（共12小题，每小题4分，共48分.在每小题给出的四个选项中，第1-9题只有一项符合题目要求，第10-12题有多项符合题目要求。
全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。
）1、甲、乙两个物体从同一地点、沿同一直线同时做直线运动，其v －t 图象如图所示，则( )A ．1 s 时甲和乙相遇B ．0～6 s 内甲乙相距最大距离为1 mC ．2～6 s 内甲相对乙做匀速直线运动D ．4 s 时乙的加速度方向反向2、半圆柱体P 放在粗糙的水平地面上，其左、右端各有固定放置的竖直挡板M 、N ．在P 和挡板之间放有光滑、质量分布均匀的小圆柱体a 、b ，两者质量相等，a 的位置比b 高，整个装置处于静止，如图所示是这个装置的纵截面图．下列判断正确的是（ ）A ．P 对a 的弹力比P 对b 的弹力大B ．P 对a 的弹力比P 对b 的弹力小C ．挡板对a 的弹力比挡板对b 的弹力大D ．挡板对a 的弹力与挡板对b 的弹力大小相等3、如图所示，斜劈A 静止放置在水平地面上，木桩B 固定在水平地面上，弹簧K 把物体与木桩相连，弹簧与斜面平行。
质量为m 的物体和人在弹簧K 的作用下沿斜劈表面向下运动，此时斜劈受到地面的摩擦力方向向左。
则下列说法正确的是（ ）A ．若剪断弹簧，物体和人的加速度方向一定沿斜面向下B ．若剪断弹簧，物体和人仍向下运动，A 受到的摩擦力方向可能向右C ．若人从物体m 离开，物体m 仍向下运动，A 受到的摩擦力可能向右D ．若剪断弹簧同时人从物体m 离开，物体m 向下运动，A 可能不再受到地面摩擦力[4、如图所示，水平传送带的长度L=6m ，皮带轮以速度v 顺时针匀速转动，传送带的左端与一光滑圆弧槽末端相切，现有一质量为1kg 的物体（视为质点），从高h=1.25m 处O 点无初速度下滑，物体从A 点滑上传送带，物体与传送带间的动摩擦因数为0.2，g 取10m/s 2，保持物体下落的高度不变，改变皮带轮的速度v ，则物体到达传送带另一端的速度v B 随v 的变化图线是（ ）5、如图所示，用竖直向下的恒力F 通过跨过光滑定滑轮的细线拉动光滑水平面上的物体，物体沿水AB平面移动过程中经过A 、B 、C 三点，设AB ＝BC ，物体经过A 、B 、C 三点时的动能分别为E kA 、E kB 、E kC ，则它们间的关系是( )A ．E kB －E kA ＝E kC －E kB B ．E kB －E kA <E kC －E kBC ．E kB －E kA >E kC －E kBD ．E kC <2E kB6、开口向上的半球形曲面的截面如图所示，直径AB 水平。
2015年湖南省郴州市高考物理三模试卷
2015年湖南省郴州市高考物理三模试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共5小题，共30.0分)1.在物理学理论建立的过程中，有许多伟大的科学家做出了贡献．关于科学家和他们的贡献，下列说法正确的是（）A.伽利略把斜面实验的结果合理外推，发现了自由落体运动规律和行星运动的规律B.牛顿通过实验测出了引力常量并进行了著名的“月-地检验”C.牛顿最早指出力不是维持物体运动的原因并提出了惯性定律D.安培提出了分子电流假说，并在磁场与电流的相互作用方面做出了杰出的贡献【答案】D【解析】解：A、伽利略把斜面实验的结果合理外推，发现了自由落体运动规律，但没有发现行星运动的规律，开普勒发现了行星运动的规律，故A错误．B、卡文迪许通过扭秤实验测出了引力常量，牛顿进行了著名的“月-地检验”，故B错误．C、伽利略最早提出力不是维持物体运动的原因，故C错误；D、安培提出了分子电流假说，研究磁场与电流的相互作用，故D正确．故选：D．根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可．本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，注意积累．2.如图示是一对等量异种点电荷的电场线分布图，图中两点电荷P、Q连线长度为r，M点、N点到两点电荷P、Q的距离都为r，S点到点电荷Q的距离也为r，由此可知（）A.M点的电场强度为2kB.M、N、S三点的电势可能相等C.把同一试探电荷放在M点，其所受电场力等于放在S点所受的电场力D.沿图中虚线，将一试探电荷从N点移到M点，电场力一定不做功【答案】D【解析】解：A、两点电荷P、Q在M点产生的场强大小均为E=k，夹角为120°，由平行四边形定则分析得知M点的场强大小为k，故A错误．B、等量异种点电荷连线的中垂线是一条等势线，M、N的电势相等，且与无穷远处电势相等．根据顺着电场线方向电势降低，可知S点的电势高于无穷远处电势，所以M、N的电势低于S点的电势，故B错误．C、S点的场强大小为k-k=•k，则知M点的场强大于S点的场强，由F=E q知同一试探电荷放在M点所受电场力大于放在S点所受的电场力，故C错误．D、图中虚线是一条等势线，将一试探电荷从N点移到M点，电场力一定不做功，故D 正确．故选：D．等量异种点电荷连线的中垂线上的场强是P、Q两电荷在中垂线上产生场强的合场强．根据平行四边形定则分析出M点的场强大小．根据顺着电场线方向电势降低，分析电势关系．等量异种点电荷连线的中垂线是一条等势线．本题考查的就是点电荷的电场的分布，这要求同学对于基本的几种电场的情况要了解，本题看的就是学生的基本知识的掌握情况，比较简单．3.有a、b、c、d四颗地球卫星，a还未发射，在地球赤道上随地球表面一起转动，b处于地面附近近地轨道上正常运动，c是地球同步卫星，d是高空探测卫星，设地球自转周期为24h，所有卫星均视为匀速圆周运动，各卫星排列位置如图所示，则有（）A.a的向心加速度等于重力加速度g B.b在相同时间内转过的弧长最长C.c在4h内转过的圆心角是D.d的运动周期有可能是23h【答案】B【解析】解：A、同步卫星的周期必须与地球自转周期相同，角速度相同，则知a与c的角速度相同，根据a=ω2r知，c的向心加速度大．由=mg，得g=，卫星的轨道半径越大，向心加速度越小，则同步卫星的向心加速度小于b的向心加速度，而b的向心加速度约为g，故知a的向心加速度小于重力加速度g．故A错误；B、由，得v=，卫星的半径越大，线速度越小，所以b的线速度最大，在相同时间内转过的弧长最长，故B正确；C、c是地球同步卫星，周期是24h，则c在4h内转过的圆心角是π．故C错误；D、由开普勒第三定律=k知，卫星的半径越大，周期越大，所以d的运动周期大于c的周期24h．故D错误；故选：B．同步卫星的周期必须与地球自转周期相同，角速度相同，根据a=ω2r比较a与c的向心加速度大小，再比较c的向心加速度与g的大小．根据万有引力提供向心力，列出等式得出角速度与半径的关系，分析弧长关系．根据开普勒第三定律判断d与c的周期关系．对于卫星问题，要建立物理模型，根据万有引力提供向心力，分析各量之间的关系，并且要知道同步卫星的条件和特点．4.某同学表演魔术时，将一小型条形磁铁藏在自己的袖子里，然后对着一悬挂的金属小球指手画脚，结果小球在他神奇的功力下飘动起来．假设当隐藏的小磁铁位于小球的左上方某一位置C时，金属小球恰能静止于Q点，CQ连线与竖直方向的夹角θ=30°，小球偏离竖直方向的夹角也是30°，如图所示．已知小球的质量为m，悬挂小球的细线长L，该同学（含磁铁）的质量为M，则（）A.图示位置悬挂小球的细线的拉力大小为mgB.图示位置该同学受到地面的支持力为M gC.图示位置该同学受到地面的摩擦力为mgD.小球从最低点位置缓慢上升到图示位置的过程中，磁力对小球不做功【答案】C【解析】解：A、对小球受力分析：重力、细线的拉力和磁铁的引力．设细线的拉力和磁铁的引力分别为F1和F2．根据平衡条件得：水平方向：F1sin30°=F2sin30°竖直方向：F1cos30°+F2cos30°=mg解得：F1=F2=mg，故A错误；B、以人为研究对象，分析受力情况：重力M g、地面的支持力N、静摩擦力f和小球的引力F2′，F2′=F2=mg．根据平衡条件得：f=F2′sin30°N=F2′cos30°+M g解得：N=M g+f=mg，故B错误，C正确；D、小球从最低点位置缓慢上升到图示位置的过程中，磁力对小球做正功，故D错误．故选：C（1）小球处于静止状态，合外力为零，分析小球的受力情况，根据平衡条件求解悬挂小球的细线的拉力大小；（2）对人研究，分析受力情况，由平衡条件求解地面的支持力和摩擦力大小．本题分析受力情况是解题的关键，再根据平衡条件进行求解，难度不大，属于基础题．5.如图甲，矩形导线框abcd放在匀强磁场中，磁感线方向与线圈平面垂直，磁感应强度B随时间变化的图象如图乙所示，t=0时刻，磁感应强度的方向垂直纸面向里．若规定导线框中感应电流逆时针方向为正，则在0～4s时间内，线框中的感应电流I，以及线框的ab边所受安培力F随时间变化的图象为下图中的（安培力取向上为正方向）（）A. B. C. D.【答案】C【解析】解：A、由图可知，0-2s内，线圈中磁通量的变化率相同，故0-2s内电流的方向相同，由楞次定律可知，电路中电流方向为顺时针，即电流为负方向；同理可知，2-4s内电路中的电流为逆时针，且两段时间内电流强度大小时等，故A，B 错误；C、由E==S可知，电路中电流大小时恒定不变，故由F=BIL可知，F与B成正比；且b中电流一直为由a至b，则由左手定律可知，电流方向0时刻为向上，为正，故C 正确，D错误；故选C．由右图可知B的变化，则可得出磁通量的变化情况，由楞次定律可知电流的方向；由法拉第电磁感应定律可知电动势，即可知电路中电流的变化情况；由F=BIL可知安培力的变化情况．本题要求学生能正确理解B-t图的含义，才能准确的利用楞次定律、左手定律等进行判定；解题时要特别注意，0-2s，2-4s，虽然磁场的方向发生了变化，但因其变化为连续的，故产生的电流一定是相同的．二、多选题(本大题共3小题，共18.0分)6.如图，一理想变压器原线圈接正弦交变电源，副线圈接有三盏相同的灯（不计灯丝电阻的变化），灯上均标有（36V，6W）字样，此时L1恰正常发光，图中两个电表均为理想电表，其中电流表显示读数为0.5A，下列说法正确的是（）A.原、副线圈匝数之比为3：1B.变压器的输入功率为12WC.电压表的读数为18VD.若L3突然断路，则L1变暗，L2变亮，输入功率减小【答案】CD【解析】解：A、L1恰正常发光，其电流为I=A，灯泡的电阻R==216Ω，电压表示数为0.5IR=18V，根据输入功率等于输出功率知=9W，解得：U1=18V，原、副线圈匝数之比为18：54=1：3，AB错误，C正确D、若L3突然断路，电阻增大，电流减小，则L1变暗，分压减小，L2分压增大变亮，输入功率P=UI减小，D正确故选：CD根据电压与匝数成正比，电流与匝数成反比，变压器的输入功率和输出功率相等，逐项分析即可得出结论．掌握住理想变压器的电压、电流及功率之间的关系，本题即可得到解决．7.如图，竖直向上的匀强电场中，绝缘轻质弹簧竖直立于水平地面上，上面放一质量为m的带正电小球，小球与弹簧不连接，施加外力F将小球向下压至某位置静止．现撤去F，使小球沿竖直方向运动，在小球由静止到离开弹簧的过程中，重力、电场力对小球所做的功分别为W1和W2，小球离开弹簧时的速度为v，不计空气阻力，则上述过程中（）A.小球的重力势能增加-W1B.小球的电势能减少W2C.小球的机械能增加W1+mv2D.小球与弹簧组成的系统机械能守恒【答案】AB【解析】解：A、重力对小球做功为W1，重力势能增加-W1．故A正确．B、电场力做了W2的正功，则电势能减小W2．故B正确．C、根据动能定理得，，因为除重力以外其它力做功等于小球机弹械能的增量，则机械能的增量为．故C错误．弹D、对小球和弹簧组成的系统，由于有电场力做功，则系统机械能不守恒．故D错误．故选：AB．根据重力做功判断重力势能的变化，根据电场力做功判断电势能的变化，根据除重力以外其它力做功判断机械能的变化．根据机械能守恒的条件判断系统机械能守恒．解决本题的关键掌握功能关系，知道重力做功等于重力势能的减小量，电场力做功等于电势能的减小量，除重力以外其它力做功等于机械能的增量．8.如图所示，质量为3m的重物与一质量为m的线框用一根绝缘细线连接起来，挂在两个高度相同的定滑轮上，已知线框电阻为R，横边边长为L，水平方向匀强磁场的磁感应强度为B，磁场上下边界的距离、线框竖直边长均为h．初始时刻，磁场的下边缘和线框上边缘的高度差为2h，将重物从静止开始释放，线框穿出磁场前，若线框已经做匀速直线运动，滑轮质量、摩擦阻力均不计．则下列说法中正确的是（）A.线框进入磁场时的速度为B.线框穿出磁场时的速度为C.线框通过磁场的过程中产生的热量Q=8mgh- D.线框进入磁场后，若某一时刻的速度为v，则加速度为a=g-【答案】ACD【解析】解：A、线框进入磁场前，根据重物与线框组成的系统机械能守恒得：（3mg-mg）•2h=（3m+m）v2；解得线框进入磁场时的速度为：v=．故A正确．B、线框在磁场中匀速运动时，根据平衡条件得：3mg-mg=F安，而F安=，联立解得线框进入磁场时的速度为：v=．线框的高度与磁场的高度相等，线框通过磁场的过程都做匀速直线运动，所以线框穿出磁场时的速度为v=．故B错误．C、设线框通过磁场的过程中产生的热量为Q．对从静止到刚通过磁场的过程，根据能量守恒得：Q=（3mg-mg）•4h-将v=代入得：Q=8mgh-，故C正确．D、线框进入磁场后，若某一时刻的速度为v，对整体，根据牛顿第二定律得：3mg-mg-=（3m+m）a解得：a=g-．故D正确．故选：ACD．线框进入磁场前，根据重物与线框组成的机械能守恒求解线框进入磁场时的速度；推导出安培力表达式，由平衡条件也可求得线框穿出磁场时的速度；线框的高度与磁场的高度相等，线框通过磁场的过程都做匀速直线运动；根据能量守恒定律求解产生的热量Q；若某一时刻的速度为v，推导出安培力，运用牛顿第二定律列式求解加速度．本题力学知识与电磁感应的综合，要认真审题，明确物体运动的过程，正确分析受力及各力的做功情况，要熟练推导或记住安培力的表达式F安=．五、多选题(本大题共1小题，共6.0分)13.下列说法正确的是（）A.可以将工厂里扩散到外界的能量收集起来重新利用B.温度升高，说明物体中所有分子的动能都增大C.气体对容器壁有压强是因为气体分子对容器壁频繁碰撞的结果D.分子间的距离增大时，分子间的引力和斥力都减小E.在一个绝热容器内，不停地搅拌液体，可使液体的温度升高【答案】CDE【解析】解：A、工厂里扩散到外界的能量收集起来重新利用，这个过程违反热力学第二定律，故A错误；B、温度升高，物体中分子平均动能增大，大多数分子的动能增大，具体到某个分子的动能变化不能确定，B错误；C、气体对容器壁的压强是气体分子对容器壁频繁碰撞的结果，C正确；D、分子间作用力（引力和斥力）随分子间距离增大而减小，D正确；E、搅拌液体外界对液体做功，而此过程又是绝热，液体与外界无热量交换，据热力学第一定律可知能使液体，故温度升高，E正确．故选：CDE明确热力学第二定律；温度是分子平均动能的标志；气体压强的微观意义：气体的压强是由大量气体分子对容器壁的频繁碰撞产生的；分子间同时存在引力和斥力，随着分子距离的增加，引力和斥力同时减小；本题考查热力学多个知识点，重点要理解并掌握布朗运动的实质和意义，知道温度的微观意义和热力学第二定律等等基础知识．七、多选题(本大题共1小题，共4.0分)15.一列简谐横波从左向右以v=2m/s的速度传播，某时刻的波形图如图所示，下列说法正确的是（）A.A质点再经过一个周期将传播到D点B.B点正在向上运动C.B点再经过T回到平衡位置D.该波的周期T=0.05sE.C点再经过T将到达波峰的位置【答案】BDE【解析】解：A、质点不随波传播，A错；B、由波向右传播可知B点向上振动，B对；C、B点向上振动靠近平衡位置平均速度大，所用时间小于八分之一周期，C错；D、由T=可知周期为0.05秒，D对；E、C点向下运动，所以经过四分之三周期到波峰，E对．故选：BDE质点不随波传播，波传播的是能量和振动的方式．根据横波的图象得出机械波的振幅，波长．根据波长和波速求出周期，抓住质点在一个周期内路程等于4倍的振幅得出质点在10s内通过的路程．此题考查读图的能力，能由波动图象可以直接读出振幅、波长、加速度和回复力的方向及大小的变化，若知道波的传播方向，还判断出质点的振动方向，考查理解波动图象的能力．九、多选题(本大题共1小题，共4.0分)17.下列说法正确的是（）A.卢瑟福通过α粒子散射实验提出了原子的核式结构模型B.结合能越大，原子核结构一定越稳定C.如果使用某种频率的光不能使某金属发生光电效应，则需增大入射光的光照强度才行D.发生β衰变时，元素原子核的质量数不变，电荷数增加1E.在相同速率情况下，利用质子流比利用电子流制造的显微镜将有更高的分辨率【答案】ADE【解析】解：A、卢瑟福通过分析α粒子散射实验结果，建立了原子的核式结构模型；故A正确．B、比结合能越大，原子核结构一定越稳定，故B错误；C、不能使某金属发生光电效应，是因入射光的频率小于极限频率，与入射光的光照强度无关，故C错误；D、β衰变时，元素原子核的质量数不变，电荷数增加1，故D正确；E、相同速率情况下，质子流的动量大于电子流，根据，可知质子流的波长比利用电子流小，衍射现象不明显，则有更高的分辨率，故E正确；故选：ADE．本题关键要知道：卢瑟福通过分析α粒子散射实验结果，建立了原子的核式结构模型；比结合能越大，原子越稳定；当入射光的频率大于极限频率时，才能发生光电效应；β衰变时，质量数不变，电荷数增加1；相同速率情况下，质量越大的，动量越大，则波长越小，衍射现象不明显，则分辨率高．本题是原子物理部分的内容，卢瑟福的原子的核式结构模型、光电效应发生条件等等都是考试的热点，要加强记忆，牢固掌握，注意理解分分辨率高低与衍射能力大小关系．三、实验题探究题(本大题共1小题，共6.0分)9.在“探究功与速度变化的关系”实验中，设计了如图1所示的实验方案：使小车在橡皮筋的作用下被弹出，第二次、第三次…操作时分别改用2根、3根…同样的橡皮筋将小车弹出．测出小车被弹出后的速度，然后找到牵引力对小车做的功与小车速度的关系．（1）除了图中已有的实验器材外，还需要导线、开关、刻度尺和______ 电源；（填“交流”或“直流”）（2）在正确操作情况下，打在纸带上的点并不是均匀的（如图2所示），为了测量小车获得的速度，应选用纸带的______ （选填“AE”或“FK”）部分进行测量．（3）能够实现橡皮筋对小车做功整数倍变化的是______A．增加相同橡皮筋的条数，使小车每次从同一位置释放B．橡皮筋两端固定，使橡皮筋的伸长量依次加倍C．橡皮筋两端固定，使橡皮筋的长度依次加倍D．释放小车的位置等间距的变化．【答案】交流；FK；A【解析】解：（1）除了图中已有的实验器材外，还需要导线、开关、刻度尺和交流电源；（2）应测出橡皮筋做功完毕时小车的速度，此时小车做匀速直线运动，在相等时间内的位移相等，为了测量小车获得的速度，由图示所示纸带可知，应选用纸带的FK部分进行测量．（3）实验时，选择相同的橡皮筋，使橡皮筋的形变量相同，通过改变橡皮筋的条数改变橡皮筋对小车所做的功，故选A；故答案为：（1）交流；（2）FK；（3）A．（1）打点计时器需要使用交流电源．（2）橡皮筋做功完毕，小车做匀速直线运动，使用需要测出橡皮筋做功完毕时的速度．（3）根据实验原理分析答题．本题考查了实验器材、实验数据处理、实验方法，知道实验原理、实验注意事项，分析清楚题意即可正确解题．四、计算题(本大题共3小题，共41.0分)10.图中虚线框内存在一沿水平方向、且与纸面垂直的匀强磁场．现通过测量通电导线在磁场中所受的安培力，来测量磁场的磁感应强度大小、并判定其方向．所用部分器材已在图中给出，其中D为位于纸面内的U形金属框，其底边水平，两侧边竖直且等长；E为直流电源；R为电阻箱；A为电流表；S为开关．此外还有细沙、天平、米尺和若干轻质导线．（1）在图中画线连接成实验电路图．（2）完成下列主要实验步骤中的填空①按图接线．②保持开关S断开，在托盘内加人适量细沙，使D处于平衡状态；然后用天平称出细沙质量m1，③闭合开关S，调节R的值使电流大小适当，在托盘内重新加人适量细沙，使D ______ ；然后读出______ ，并用天平称______④用米尺测量______（3）用测量的物理量和重力加速度g表示磁感砬强度的大小，可以得出B= ______ （4）判定磁感应强度方向的方法是：若______ （填两次实验细沙质量关系），磁感应强度方向垂直纸面向外；反之，磁感应强度方向垂直纸面向里．【答案】重新处于平衡状态；读出电流表的示数I；此时细沙的质量m2；D的底边长度l；；m2＞m1【解析】解：（1）如图所示（2）③重新处于平衡状态；读出电流表的示数I；此时细沙的质量m2；④D的底边长度l（3）根据平衡条件，有|m2-m1|g=BIL解得（4）m2＞m1．故答案为：（1）如图所示；（2）③重新处于平衡状态；读出电流表的示数I；此时细沙的质量m2；④D的底边长度l；（3）；（4）m2＞m1（1）用滑动变阻器的限流式接法即可；（2）③金属框平衡时测量才有意义，读出电阻箱电阻并用天平称量细沙质量；④安培力与电流长度有关，安培力合力等于金属框架下边受的安培力；（3）根据平衡条件分两次列式即可求解；（4）根据左手定则判断即可．本题关键是对D型线框受力分析，根据平衡条件求磁感应强度，不难11.某物体A静止于水平地面上，它与地面间的动摩擦因数u=0.2，若给物体A一个水平向右的初速度v0=l0m/s，g=l0m/s2．求：（1）物体A向右滑行的最大距离：（2）若物体A右方x0=12m处有一辆汽车B，在物体A获得初速度v0的同时，汽车B 从静止开始以a=2m/s2的加速度向右运动，通过计算说明物体A能否撞上汽车B？【答案】解：（1）由牛顿第二定律得μmg=ma0解得a0=2m/s2根据v2-v02=-2a0x代入数据解得x=25m（2）假设二者不相撞，设经过时间t二者有共同速度v则对物体A v=v0-a0t对汽车B v=at代入数据解得v=5m/st=2.5s该过程中物体A的位移x A=t=m=18.75m该过程中汽车B的位移x B=t=m=6.25m因为x A＞x B+x0故物体A能击中汽车B答：（1）物体A向右滑行的最大距离为25m．（2）物体A能击中汽车B．【解析】根据牛顿第二定律求出物体A的加速度，结合速度位移公式求出物体A向右滑行的最大距离．求出两者速度相同的时间，求出该过程中A、B的位移，结合位移关系判断是否相撞．本题考查了运动学中的追及问题，知道速度大者减速追及速度小者，之间的距离逐渐减小，判断是否相撞，即判断速度相等时是否相撞．12.如图（甲）所示，在直角坐标系0≤x≤L区域内有沿y轴正方向的匀强电场，右侧有一个以点（3L，0）为圆心、半径为L的圆形区域，圆形区域与x轴的交点分别为M、N．现有一质量为m，带电量为e的电子，从y轴上的A点以速度v0沿x轴正方向射入电场，飞出电场后从M点进入圆形区域，速度方向与x轴夹角为30°．此时在圆形区域加如图（乙）所示周期性变化的磁场，以垂直于纸面向外为磁场正方向），最后电子运动一段时间后从N飞出，速度方向与进入磁场时的速度方向相同（与x轴夹角也为30°）．求：（1）电子进入圆形磁场区域时的速度大小；（2）0≤x≤L区域内匀强电场场强E的大小；（3）写出圆形磁场区域磁感应强度B0的大小、磁场变化周期T各应满足的表达式．【答案】解：（1）电子在电场中作类平抛运动，射出电场时，如图1所示．由速度关系：°解得（2）由速度关系得°在竖直方向解得（3）在磁场变化的半个周期内粒子的偏转角为60°，根据几何知识，在磁场变化的半个周期内，粒子在x轴方向上的位移恰好等于R．粒子到达N点而且速度符合要求的空间条件是：2n R=2L电子在磁场作圆周运动的轨道半径解得（n=1、2、3…）若粒子在磁场变化的半个周期恰好转过圆周，同时MN间运动时间是磁场变化周期的整数倍时，可使粒子到达N点并且速度满足题设要求．应满足的时间条件：而T的表达式得：T=（n=1、2、3…）答：（1）电子进入圆形磁场区域时的速度大小为解得；（2）0≤x≤L区域内匀强电场场强E的大小；（3）圆形磁场区域磁感应强度B0的大小表达式为（n=1、2、3…）磁场变化周期T各应满足的表达式为T=（n=1、2、3…）．【解析】电子在电场中只受电场力，做类平抛运动．将速度分解，可求出电子进入圆形磁场区域时的速度大小．根据牛顿定律求出场强E的大小．电子在磁场中，洛伦兹力提供向心力，做匀速圆周运动．分析电子进入磁场的速度方向与进入磁场时的速度方向相同条件，根据圆的对称性，由几何知识得到半径，周期T各应满足的表达式．本题带电粒子在组合场中运动，分别采用不同的方法：电场中运用运动的合成和分解，磁场中圆周运动处理的基本方法是画轨迹．所加磁场周期性变化时，要研究规律，得到通项．六、计算题(本大题共1小题，共9.0分)14.如图所示，一圆柱形绝热气缸竖竖直放置，通过绝热活塞封闭着一定质量的理想气体，活塞的质量为m，活塞的横截面积为S，初始时，气体的温度为T0，活塞与容器底部相距h，现通过电热丝缓慢加热气体，当气体吸收热Q时活塞下降h，已知大气压强为P0，重力加速度为g，不计活塞与气缸的摩擦．求此时气体的温度和加热过程中气体内能的增加量．。
湖南省郴州市2016届高三普通高中学业水平考试摸底测试数学试题 含解析
2016年湖南省郴州市高考数学摸底试卷一、选择题:本大题共10小题，每小题4分,共40分,每小题给出四个选项，只有一个选项符合题目要求。
1．已知集合A=｛0，a﹣2，3｝,若{﹣2,0}⊆A，则实数a的值为（）A．0 B．1 C．2 D．32．已知向量=（4，2），=（x，3），且∥,则x的值是（)A．﹣6 B．6 C．﹣D．3．已知sinα=，α∈（，π），则cosα的值为（）A．B． C．D．4．在随机试验中，在区间［﹣2,3]内任取一个实数x，则这个数小于1的概率为（）A．B．C．D．5．函数f(x)=3x﹣（)x的零点存在区间为（)A．(﹣2，﹣1）B．（﹣1,0) C．（0,1）D．（1,2）6．某调查机构调查了某地100个新生婴儿的体重，并根据所得数据画出了样本的频率分布直方图（如图所示），则新生婴儿的体重(单位:kg）在［3.2,4。
0）的人数是（）A．30 B．40 C．50 D．557．设变量x,y满足约束条件,则目标函数z=4x+2y的最大值为（)A．12 B．10 C．8 D．28．要得到函数y=sinx+cosx的图象,只需将曲线y=sinx上所有的点（）A．向左平移单位长度B．向右平移单位长度C．向左平移单位长度D．向右平移单位长度9．一个棱锥的三视图如图，则该棱锥的全面积（单位：cm2)为（）A．48+12 B．48+24 C．36+12 D．36+2410．定义在R上的偶函数f(x)在区间[﹣1，0］上为增函数，且满足f（x+1）=﹣f（x），则（）A．f（）＜f（2）＜f（3) B．f（2）＜f（3)＜f（）C．f(3）＜f（2)＜f（）D．f（3)＜f（)＜f(2）二、填空题：本大题共5小题，每小题4分，共20分.11．某程序框图如图，当输入x的值为27时,则输出y的值为．12．圆x2+y2﹣2x+2y=0的圆心到直线y=x+1的距离是．13．如图，在正方形ABCD﹣A1B1C1D1中，E是线段B1C1上的动点，则异面直线AE与直线D1C所成的角为．14．在△ABC中，若AB=3，∠ABC=75°,∠ACB=60°,则BC等于．15．把长为l的铁丝折成一个面积为8的直角三角形，当l取最小值时,直角三角形的斜边长为．三、解答题：本大题共5小题，共40分，解答须写出文字说明、证明过程或演算步骤。
2015年湖南省普通高中学业水平考试仿真试卷(专家版三)
2015年湖南省普通高中学业水平考试仿真试卷(专家版三)化 学 考试时量60分钟，满分100分。
本卷可能用到的相对原子质量数据：H －1 O －16 Na －23 Al －27第一部分 必做题(80分)一、选择题(本大题包括22小题，每小题2分，共44分，每小题只有一个选项符合题意)1．19世纪中叶，门捷列夫的突出贡献是( )A ．提出原子学说B ．发现元素周期律C ．提出分子学说D ．发现氧气2．对物质进行分类是化学学习中的常用方法。
下列物质中属于酸的是( )A ．COB ．NaOHC ．HNO 3D ．CuSO 43．下列金属中，通常采用热还原法冶炼的是( )A ．NaB ．AlC ．FeD ．Hg4．鉴别氯化铁溶液与氢氧化铁胶体最简便的方法是( )A ．萃取B ．蒸馏C ．过滤D ．丁达尔效应5．进行分液操作时，下列实验仪器中一定不会．．用到的是( ) A ．铁架台 B ．分液漏斗 C ．烧杯 D ．温度计6．下列分子的电子式书写正确的是( )A ．氨：B ．四氯化碳：C ．氮气： ··N ⋮⋮N ··D ．二氧化碳： ··O ······C ··O ······7．氯气的水溶液称为氯水。
新制氯水具有杀菌、消毒及漂白作用，这是因为氯水中含有( )A ．H ＋B ．Cl －C ．HClOD ．H 2O8．下列有关物质用途的说法中，不正确．．．的是( ) A ．铝制容器可用于盛放稀硫酸 B ．二氧化硫可用于漂白纸浆等C ．硅可用作半导体材料D ．过氧化钠可用作呼吸面具中氧气的来源9．硒(Se)是人体必需的微量元素，它的一种同位素是8034Se 。
下列有关该同位素的说法正确的是( )A ．质子数为80B ．电子数为114C ．中子数为46D ．质量数为3410．下列叙述中正确的是( )A ．1 mol H 2O 的质量是18 g/molB ．CO 2的摩尔质量是44 g/molC ．硫酸根离子的摩尔质量是96 gD ．HCl 的相对分子质量是36.5 g/mol11．下列物质中含有离子键的物质是( )A ．HClB ．CO 2C ．NaClD ．H 2O12．下列氧化还原反应中，水作为还原剂的是( )A ．2F 2＋2H 2O===4HF ＋O 2B ．3NO 2＋H 2O===2HNO 3＋NOC ．2Na ＋2H 2O===2NaOH ＋H 2↑D ．C ＋H 2O=====高温CO ＋H 213．用下列实验装置完成对应的实验，操作正确并能达到实验目的的是( )14．下图表示某有机反应的过程，该反应的类型是( )A ．取代反应B ．加成反应C ．聚合反应D ．酯化反应15．下列反应中属于放热反应的是( )A ．高温煅烧石灰石B ．盐酸与氢氧化钠溶液反应C ．NaHCO 3受热分解D ．Ba(OH)2·8H 2O 晶体与NH 4Cl 晶体的反应16．对于反应A ＋B===C ，下列条件的改变一定使化学反应加快的是( )A ．增加A 的物质的量B ．升高体系的温度C ．减少C 的物质的量D ．增加体系的压强 17．下列各组材料，能组成原电池的是( )A B C D 两极材料Zn 片、Cu 片 Cu 片、Cu 片 Zn 片、Cu 片 Zn 片、Cu 片 插入溶液 稀H 2SO 4 NaCl 溶液 植物油 酒精18．下列关于葡萄糖和蔗糖的叙述中，不正确．．．的是( ) A ．它们的分子式不同 B ．它们的分子结构不同C ．它们都是单糖D ．葡萄糖不能水解，蔗糖可以水解19．光导纤维被认为是20世纪最伟大的发明之一，它使信息高速公路在全球迅猛发展，它的发明者是被誉为“光纤之父”的华人科学家高锟。