解析山东省泰安市宁阳一中2020┄2021学年高二上学期期中物理试卷

2０2０┄2０２1学年山东省泰安市新泰一中高二(上）期中物理试卷

一．选择题（本题共1２小题，每小题4分,１至7为单项选择题,8至１２为多项选择题，共48分.全部选对的得4分,选不全的得2分，有选错或不答的得0分．)

１.关于基元电荷，正确的说法是( ）

A．基元电荷是自然界中电荷的最小单元

Ｂ.基元电荷就是点电荷

C.基元电荷就是质子

D.１C电量叫基元电荷

２.如图所示，把一个带正电的小球a放在光滑绝缘斜面上,欲使球a能静止在斜面上,需在MN间放一带电小球b，则b应:（）

A.带负电，放在A点B．带正电,放在B点

Ｃ．带负电，放在C点?Ｄ.带正电，放在C点

３.对常温下一根阻值为R的均匀金属丝，下列说法正确的是( )

A．常温下，若将金属丝均匀拉长为原来的2倍，则电阻变为2R

B．常温下,若将金属丝从中点对折起来使用，则电阻变为

Ｃ.给金属丝加上的电压从0增大到U0，则任一状态下的比值不变

D.给金属丝加上的电压从0增大到U0，则比值逐渐减小

4．如图所示是电阻R的I﹣U图象,图中α=45°,由此得出（）

A．通过电阻的电流与两端电压成正比

B．电阻Ｒ=0．5Ω

C．因I﹣Ｕ图象的斜率表示电阻的倒数，故R＝=1.0Ω

D．在R两端加上6.0Ｖ的电压时，每秒通过电阻横截面的电荷量是３.０Ｃ

5.A、Ｂ两金属板平行放置，在ｔ=0时将电子从A板附近由静止释放，则在A、Ｂ两板间加上下列哪个电压时，有可能使电子到不了B板（)

A.

6．如图所示的电容式话筒就是一种电容式传感器,其原理是：导电性振动膜片与固定电极构成了一个电容器,当振动膜片在声压的作用下振动时，两个电极之间的电容发生变化,电路中电流随之变化，这样声信号就变成了电信号．则当振动膜片向右振动时( )

A.电容器电容值减小?Ｂ.电容器带电荷量减小

Ｃ．电容器两极板间的场强增大 D.电阻R上电流方向自左向右

7.如图所示，把两个相同的灯泡分别接在甲、乙电路中，甲电路两端的电压为8V,乙电路两端的电压为１６V．调节变阻器R1和R2使两灯都正常发光，此时变阻器消耗的功率分别为P1和P2,两电路中消耗的总功率分别为P甲和P乙则下列关系中正确的是( )

A．P甲=P乙Ｂ.Ｐ甲>Ｐ乙C.P1>P2 D．P1＜Ｐ2

8.关于场强和电势的说法中,正确的是( ）

A.在电场中ａ、ｂ两点间移动电荷的过程中，电场力始终不做功,则电荷所经过的路径上各点的场强一定为零

B.电场强度的方向就是电势降落最快的方向

C.两个等量正电荷的电场中，从两电荷连线的中点沿连线的中垂线向外,电势越来越低,场强越来越小

D．两个等量异种电荷的电场中，对于两电荷连线的中垂线上各点电势均相等,中点场强最大,沿连线的中垂线向外，场强越来越小

９．某同学去实验室取定值电阻两只Ｒ1＝1０Ω,R2=３0Ω,电压表一个，练习使用电压表测电压．电路连接如下图，电源输出电压U=12.０Ｖ不变．他先用电压表与R1并联,电压表示数为Ｕ1，再用电压表与R２并联，电压表示数为U2，则下列说法正确的是（)

Ａ.Ｕ１一定大于３.0V Ｂ．Ｕ2一定小于９.0V

C．Ｕ1与U2之和小于12V?D．Ｕ1与U2之和等于12V

10．理发用的电吹风机中有电动机和电热丝,电动机带动风叶转动，电热丝给空气加热,得到热风将头发吹干.设电动机线圈电阻为Ｒ1，它与电热丝电阻值R2串联后接到直流电源上,吹风机两端电压为Ｕ，电流为Ｉ，消耗的功率为Ｐ，则有（)

A．P＝ＵＩ?Ｂ．P=I2(R1+R2） C.Ｐ>UＩ D.P＞I2（R1+R２）

1１．某同学设计了一种静电除尘装置，如图1所示,其中有一长为L、宽为b、高为d的矩形通道，其前、后面板为绝缘材料，上、下面板为金属材料．图2是装置的截面图,上、下两板与电压恒定为Ｕ的高压直流电源相连．带负电的尘埃被吸入矩形通道的水平速度为v０，当碰到下板后其所带电荷被中和,同时被收集．将被收集尘埃的数量与进入矩形通道尘埃的数量的比值，称为除尘率.不计尘埃的重力及尘埃之间的相互作用.要增大除尘率,则下列措施可行的是（)

A．只增大电压U

B．只增大长度Ｌ

C．只增大高度d

D.只增大尘埃被吸入水平速度ｖ0

12.如图所示，一个电量为﹣Q的点电荷甲,固定在绝缘水平面上的O点．另一个电量为+q 及质量为m的点电荷乙,从A点以初速度ｖ0沿它们的连线向甲运动，到B点时速度最小且为ｖ．已知点电荷乙与水平面的动摩擦因数为μ、ＡＢ间距离为L0及静电力常量为k,则（)

Ａ．点电荷乙越过B点后继续向左运动，其电势能增多

B．从A到Ｂ的过程中，电场力对点电荷乙做的功W=μmｇL0+mv02﹣mv2

C.在点电荷甲形成的电场中,ＡB间电势差U AＢ=

D．OB间的距离为

二、实验题（本题共2大题,每空2分，计10分)

13.螺旋测微器示数mm；游标卡尺的读数mm

14.有一只标值为“２.5Ｖ，x W”的小灯泡,其额定功率的标值已模糊不清.某同学想通过测绘灯丝伏安特性曲线的方法来测出该灯泡的额定功率．

①已知小灯泡的灯丝电阻约为５Ω，请先在图甲中补全用伏安法测量灯丝电阻的电路图,再选择电流表、电压表的合适量程，并按图甲连接方式将图乙中的实物连成完整的电路.

②开关S闭合之前,将图乙中滑动变阻器的滑片应置于（选填“A端”、“B端”或“AＢ正中间”)

③该同学通过实验作出了灯丝的伏安特性曲线如图丙所示,则小灯泡的额定功率为

W．

三．计算题（本大题共4小题,请将答题步骤详细填写在答题栏内，注意卷面整洁,步骤完整，只填写结果不得分)

１5．电动摩托车是目前一种较为时尚的代步工具，某厂生产的一种电动摩托车,设计质量（包括人)为ｍ＝1２0kg，动力电源选用能量存储量为“36V，1８Ａh”(即输出电压恒为３6伏,工作电流与工作时间的乘积为1８安培小时）的蓄电池(不计内阻）,所用电源的额定输出功率P=216W，由于电动机发热造成的损耗（其他损耗不计），摩托车的效率为η=8０%.求：（1）该摩托车保持额定功率行驶的最长时间是多少?

（2）摩托车电动机的内阻为多少？

16.(1０分）（201５秋?新泰市校级期中）一台小型电动机在380V电压下正常工作时，能将30ｋg的货物在30s内匀速提升３0ｍ，通过它的电流是1Ａ．除电动机线圈生热,其它能量损失不计，求在此过程中：

(１)拉力对货物做功的功率；

（２)电动机的功率；

(3)电动机线圈所产生的热量.（g=1０ｍ/s2)

１7．(12分）(2015秋?新泰市校级期中）如图所示，两块竖直放置的平行金属板A、B，板间距离ｄ=０．０４ｍ，两板间的电压U＝400V,板间有一匀强电场.在A、B两板上端连线的中点Q的正上方,距Q为h=1.25ｍ的Ｐ点处有一带正电的小球,已知小球的质量m=5×１０﹣6kg，电荷量ｑ=5×１０﹣10C.设A、B板的长度无限,ｇ取10m／ｓ２.求:

（1）带正电小球从P点开始由静止下落,经多长时间和金属板相碰;

（2）小球与金属板碰撞点与开始下落P点的高度差．

18．（12分)(２０15秋?新泰市校级期中）如图所示,AB为固定在竖直平面内粗糙倾斜轨道，ＢC为光滑水平轨道，ＣD为固定在竖直平面内的光滑圆弧轨道，且AB与BC通过一小段光滑弧形轨道相连，BC与弧ＣD相切．已知AB长为Ｌ＝１0m，倾角θ＝3７°,BC长s＝４m，ＣD弧的半径为Ｒ=２m，O为其圆心,∠COD=14３°.整个装置处在水平向左的匀强电场中,电场强度大小为Ｅ=1×103N/C．一质量为m=０.４ｋg、电荷量为q=+3×10﹣3C 的物体从A点以初速度v A=15m/ｓ沿AB轨道开始运动．若物体与轨道ＡB间的动摩擦因数为μ=０.2，ｓin３7°=0.6，cos37°＝0．8,g=１0ｍ/s2,物体运动过程中电荷量不变.求: (１)物体在ＡB轨道上运动时，重力和电场力对物体所做的总功;

(2)通过计算说明物体能否到达D点．

2０２0┄２０２1学年山东省泰安市新泰一中高二(上)期中物理试卷

参考答案与试题解析

一.选择题（本题共1２小题，每小题4分，1至7为单项选择题，8至１2为多项选择题,共48分.全部选对的得４分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分．）

1．关于基元电荷,正确的说法是（）

A.基元电荷是自然界中电荷的最小单元

B．基元电荷就是点电荷

Ｃ.基元电荷就是质子

D.1C电量叫基元电荷

【考点】元电荷、点电荷.

【分析】基元电荷又称“基本电量”,在各种带电微粒中，电子电荷量的大小是最小的,人们把最小电荷叫做元电荷，常用符号e表示,任何带电体所带电荷都等于元电荷或者是元电荷的整数倍.

【解答】解：A、基元电荷是自然界中电荷的最小单元,故A正确

B、元电荷是指最小的电荷量，带电体看作点电荷的条件，当一个带电体的形状及大小对它们间相互作用力的影响可忽略时,这个带电体可看作点电荷，是由研究问题的性质决定，与自身大小形状无具体关系.故B错误

C、元电荷是指最小的电荷量，不是指质子或者是电子,故Ｃ错误

D、元电荷是指电子或质子所带的电荷量,数值为e=１．60×10﹣1９Ｃ，故D错误

故选A．

【点评】本题是对元电荷概念的考查，知道元电荷的概念即可解决本题.

２.如图所示，把一个带正电的小球a放在光滑绝缘斜面上，欲使球ａ能静止在斜面上，需在MＮ间放一带电小球b，则ｂ应:( ）

A．带负电,放在Ａ点?B.带正电,放在B点

C．带负电，放在C点D.带正电，放在C点

【考点】共点力平衡的条件及其应用;点电荷的场强.

【专题】共点力作用下物体平衡专题．

【分析】小球ａ要平衡，受重力、支持力和静电力,根据共点力平衡条件分析即可．

【解答】解：小球ａ处于平衡状态,受力平衡,合力为零．

小球受重力，一定向下，支持力一定垂直向上,故小球b对小球a若为静电斥力,小球ａ不可能平衡,故只能是吸引力；同时，根据平衡条件,静电引力必然与前两个力的合力等大、反向且在同一条直线上，故只能放在Ｃ位置;

故选C．

【点评】本题关键对物体受力分析后，根据三力平衡条件,得到未知力的方向范围.３．对常温下一根阻值为R的均匀金属丝，下列说法正确的是( )

A.常温下，若将金属丝均匀拉长为原来的2倍，则电阻变为2R

B.常温下，若将金属丝从中点对折起来使用，则电阻变为

C.给金属丝加上的电压从0增大到U0,则任一状态下的比值不变

Ｄ.给金属丝加上的电压从０增大到U0,则比值逐渐减小

【考点】电阻定律．

【专题】恒定电流专题．

【分析】导体的电阻Ｒ与它的长度L 成正比,与它的横截面积S 成反比，还与导体的材料有关系,这个规律叫电阻定律．

【解答】解：A、常温下，若将金属丝均匀拉长为原来的2倍，横截面积减小为0.5倍,电阻率不变，根据电阻定律，电阻增大为4倍，故A错误；

Ｂ、常温下,若将金属丝从中点对折起来,长度变为一半,横截面积变为2倍，故电阻变为0．25倍,故B正确；

C、Ｄ、给金属丝加上的电压逐渐从零增大到Ｕ0,由于功率增加，导致温度会略有升高，故金属丝的电阻率会变大,由于截面积和长度均不变,根据电阻定律可得电阻值变大；再根据欧姆定律可以得到比值变大，故C错误,Ｄ错误;

故选:B.

【点评】本题关键要能熟练运用电阻定律，同时要明确电阻率的物理意义和温度对其的影响．4.如图所示是电阻R的I﹣U图象,图中α＝４5°,由此得出（)

A.通过电阻的电流与两端电压成正比

B．电阻R=0．5Ω

C.因I﹣Ｕ图象的斜率表示电阻的倒数，故R==1.０Ω

D.在Ｒ两端加上6.0Ｖ的电压时，每秒通过电阻横截面的电荷量是３.0C

【考点】欧姆定律.

【专题】恒定电流专题．

【分析】电阻R的I﹣U图象斜率的倒数等于电阻R,由数学知识分析电流与电压的关系．对于电阻R，运用斜率求解，但不能根据直线倾角的正切的倒数求解.由图读出电压为U=6V 时的电流，由q＝It求解每秒内通过电阻的电荷量.

【解答】解：A、根据数学知识可知,通过电阻的电流与两端电压成正比,故A正确

BC、根据电阻的定义式R＝可知，I﹣Ｕ图象斜率的倒数等于电阻R,则得R=Ω=２Ω,故BＣ错误．

D、由图知,当Ｕ=６V时，I=3A，则每秒通过电阻横截面的电荷量是q＝Ｉt=3×１C=３.0C,故D正确．

故选:AD．

【点评】本题考查了学生对电阻的定义式R=的理解与掌握，要注意直线的斜率与直线倾角的区别．

5．A、B两金属板平行放置，在t=0时将电子从A板附近由静止释放，则在A、B两板间加上下列哪个电压时,有可能使电子到不了B板( ）

A．

?

【考点】带电粒子在匀强电场中的运动.

【专题】带电粒子在电场中的运动专题．

【分析】首先分析电子在四种图象下分别做什么运动，必要的情况下,作出一个周期的v﹣ｔ图象进行分析.

【解答】解:Ａ.加A图电压，电子从A板开始向B板做匀加速直线运动一定能到达B板.故A错．

Ｂ.加B图电压,开始向B板匀加速，再做相同大小加速度的匀减速,但时间是2倍，然后为相同加速度大小的匀加速,做出一个周期的v﹣t图,可知有可能到不了B板．故B对.

C.加C图电压，由v﹣t图，电子一直向前运动，可知一定能到达．故C错．

Ｄ.加D图电压，可以知道电子在一个周期内速度的方向不变,一直向前运动,一定能到达能到达．故D错.

故选Ｂ.

【点评】解决本题的关键理清电子在四种图象下的运动情况，并能结合v﹣t图象求解．6．如图所示的电容式话筒就是一种电容式传感器，其原理是:导电性振动膜片与固定电极构成了一个电容器,当振动膜片在声压的作用下振动时,两个电极之间的电容发生变化,电路中电流随之变化,这样声信号就变成了电信号.则当振动膜片向右振动时( ）

A．电容器电容值减小?Ｂ．电容器带电荷量减小

Ｃ.电容器两极板间的场强增大?D.电阻R上电流方向自左向右

【考点】电容器的动态分析．

【专题】电容器专题.

【分析】电容器极板间距离的变化引起了电容的变化，电容的变化引起了电量的变化,从而场强变化,R中有电流．

【解答】解：振动膜片向右振动时电容器两极板的距离变小,电容增大，由C=,知电容值增大，电容器板间电压Ｕ不变,由Ｃ=知电容器带电荷量增大,正在充电,所以R中电流方向自右向左．

在Ｕ不变的情况下,d减小，由E＝可知板间场强增大,故A、B、D错误，Ｃ正确．

故选:C．

【点评】本题考查了电容器的动态分析，方法是：从部分的变化引起电容的变化,根据电压或电量不变判断电量或电压的变化.

7．如图所示，把两个相同的灯泡分别接在甲、乙电路中，甲电路两端的电压为8Ｖ,乙电路两端的电压为16Ｖ.调节变阻器Ｒ1和R２使两灯都正常发光，此时变阻器消耗的功率分别为P1和P2，两电路中消耗的总功率分别为P甲和Ｐ乙则下列关系中正确的是( )

A．Ｐ甲＝Ｐ乙 B.P甲＞P乙?C．P1>P2?D.P１＜P２

【考点】电功、电功率.

【专题】恒定电流专题．

【分析】设灯泡的额定电流为I0,额定电压为U0,求解出变阻器消耗的功率和电路中消耗的总功率表达式进行讨论．

【解答】解:ＣD、设灯泡的额定电流为I０，额定电压为U0,则P1=（8﹣U0）?２Ｉ0，P２＝(16﹣２Ｕ0）?I0,故P1＝Ｐ２,故C错误,D正确；

AB、设灯泡的额定电流为Ｉ０,额定电压为Ｕ０，则P甲＝８×2I0=１６I0,P乙=16×I０=16Ｉ0,故Ｐ甲=P乙,故A正确，B错误;

故选：A.

【点评】此题是一道欧姆定律和电功率的综合分析题,必须熟练掌握串并联电路的特点才能分析．

8.关于场强和电势的说法中,正确的是( )

Ａ．在电场中a、b两点间移动电荷的过程中,电场力始终不做功，则电荷所经过的路径上各点的场强一定为零

Ｂ.电场强度的方向就是电势降落最快的方向

C.两个等量正电荷的电场中,从两电荷连线的中点沿连线的中垂线向外，电势越来越低,场强越来越小

Ｄ．两个等量异种电荷的电场中,对于两电荷连线的中垂线上各点电势均相等，中点场强最大，沿连线的中垂线向外，场强越来越小

【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系.

【专题】电场力与电势的性质专题.

【分析】沿着电场线的方向电势逐渐降低．根据等量同种电荷和等量异种电荷周围电场线的特征判断电势的高低和电场强度的大小．

【解答】解:A、在电场中ａ、b两点间移动电荷的过程中，电场力始终不做功，知a、b两点间的电势差为0,电场强度不为零,故Ａ错误.

B、根据Ｕ=Ｅｄ知,电场强度的方向是电势降低最快的方向,故B正确．

Ｃ、两个等量同种正电荷的电场中，从两电荷连线的中点沿连线的中垂线向外,电场强度由零增大后减小，方向从中点指向外侧,电势越来越低,故C错误.

D、两个等量异种电荷的电场中，两电荷连线的中垂线有如下特征:中垂线为等势线，连线上各点的电势相等,中间电场线比较密,两边疏，则连线中点场强最大，向外逐渐减小,故D正确.故选：BＤ.

【点评】本题的关键知道等量同种电荷和等量异种电荷周围电场线的特点,根据电场线疏密比较场强的强弱,根据电场线方向确定电势的高低．

9.某同学去实验室取定值电阻两只R１=1０Ω,R2=30Ω，电压表一个，练习使用电压表测电压.电路连接如下图,电源输出电压U=12.0Ｖ不变．他先用电压表与R１并联,电压表示数为Ｕ1，再用电压表与Ｒ２并联,电压表示数为U2,则下列说法正确的是( ）

A．Ｕ1一定大于3.0V Ｂ.U2一定小于9.0V

C．Ｕ1与U2之和小于12V D.U１与Ｕ2之和等于1２Ｖ

【考点】欧姆定律;串联电路和并联电路．

【专题】定量思想；推理法；恒定电流专题．

【分析】不接电压表时,R1、Ｒ2串联,电压之比等于电阻之比，求出此时R１、R2两端的电压，并联电压表后并联部分电阻变小，再根据串并联电路的特点即可分析求解.

【解答】解：不接电压表时，R１、R2串联,电压之比为:

,

而U′1+U′2=12V

解得：U′1=3.０V，Ｕ′2=9.０V

当电压表并联在R1两端时,有：,

解得：Ｕ1＜3V，

同理，当电压表并联在R２两端时,有:Ｕ2＜９V,

得：U1+U２＜１2V.

但两电压表之比可能等于1:3.

故BC正确，AD错误．

故选:ＢC．

【点评】本题主要运用串并联的知识讨论电压表对电路的影响，知道并联电压表后并联部分电阻变小，难度适中．

10.理发用的电吹风机中有电动机和电热丝，电动机带动风叶转动,电热丝给空气加热,得到热风将头发吹干．设电动机线圈电阻为R1,它与电热丝电阻值R2串联后接到直流电源上，吹风机两端电压为Ｕ,电流为Ｉ，消耗的功率为Ｐ,则有( ）

Ａ.Ｐ=UI Ｂ.P＝I２(R1+R2) C．P＞UＩD．P>Ｉ２（R1＋R2)

【考点】电功、电功率.

【专题】恒定电流专题.

【分析】在计算电功率的公式中,总功率用P＝IU来计算，发热的功率用Ｐ=Ｉ2R来计算,如果是计算纯电阻的功率，这两个公式的计算结果是一样的，但对于电动机等非纯电阻,第一个计算的是总功率,第二个只是计算发热的功率，这两个的计算结果是不一样的.

【解答】解：Ａ、Ｃ、电吹风机消耗的电功率P是总的功率,总功率的大小应该是用P=IU 来计算,所以总功率P=IＵ，所以A正确，而C错误．

Ｂ、D、电吹风机中发热的功率要用I２Ｒ来计算，所以总的发热功率为I２(R１+R２），吹风机的总功率Ｐ＝ＩU要大于发热部分的功率,所以B错误，D正确.

故选：AD．

【点评】对于电功率的计算,一定要分析清楚是不是纯电阻电路,对于非纯电阻电路，总功率和发热功率的计算公式是不一样的.

11．某同学设计了一种静电除尘装置，如图1所示，其中有一长为Ｌ、宽为b、高为ｄ的矩形通道，其前、后面板为绝缘材料,上、下面板为金属材料．图2是装置的截面图，上、下两板与电压恒定为U的高压直流电源相连．带负电的尘埃被吸入矩形通道的水平速度为ｖ0,当碰到下板后其所带电荷被中和，同时被收集．将被收集尘埃的数量与进入矩形通道尘埃的数量的比值，称为除尘率．不计尘埃的重力及尘埃之间的相互作用．要增大除尘率，则下列措施可行的是（)

Ａ.只增大电压U

Ｂ.只增大长度L

C.只增大高度d

D．只增大尘埃被吸入水平速度v０

【考点】带电粒子在匀强电场中的运动;电容器的动态分析．

【专题】带电粒子在电场中的运动专题．

【分析】带电尘埃在矩形通道内做类平抛运动,在沿电场的方向上的位移为

y=，增大ｙ便可增大除尘率

【解答】解：A、增加除尘率即是让离下极板较远的粒子落到下极板上，带电尘埃在矩形通道内做类平抛运动,在沿电场的方向上的位移为ｙ=，增大y便可增大除尘率，故Ａ正确

B、由A分析知，B正确

C、由Ａ分析知，C错误

D、由A知,Ｄ错误

故选ＡB

【点评】此题为结合生活背景的题目，考查频率较高，注意构建物理情景﹣﹣﹣﹣﹣类平抛运动,应用运动的分解知识求解

12.如图所示，一个电量为﹣Q的点电荷甲，固定在绝缘水平面上的O点.另一个电量为+q 及质量为m的点电荷乙，从Ａ点以初速度v0沿它们的连线向甲运动,到B点时速度最小且为ｖ.已知点电荷乙与水平面的动摩擦因数为μ、AB间距离为L0及静电力常量为ｋ，则（）

Ａ．点电荷乙越过B点后继续向左运动，其电势能增多

B．从Ａ到B的过程中,电场力对点电荷乙做的功W=μmgL０+mv０2﹣ｍv2

Ｃ.在点电荷甲形成的电场中,AＢ间电势差ＵAB=

Ｄ．OB间的距离为

【考点】电势差与电场强度的关系.

【专题】电场力与电势的性质专题．

【分析】本题首先要正确分析物体受力特点，明确力和运动的关系,在本题中注意滑动摩擦力的大小方向不变,两球靠近过程中库仑力逐渐增大，小球先减速后加速,根据牛顿第二定律和功能关系可正确解答.

【解答】解:A、在小球向左运动过程中电场力一直做正功,因此电势能一直减小，故A错误;

B、从Ａ到B的过程中，电场力对点电荷乙做的功为W=U AB q=mgμL0＋,故B错误;

Ｃ、点电荷从A运动B过程中，根据动能定理有：U AB q﹣mgμL0=,解得，U AB=．故C错误；

D、A、当速度最小时有:mgμ=F库=ｋ,解得:r=，故Ｄ正确．

故选：D.

【点评】本题在借助库仑力的基础知识,考查了力与运动、牛顿第二定理、动能定理等基础知识的综合应用,是考查学生综合能力的好题.

二、实验题(本题共2大题，每空2分,计１０分）

1３.螺旋测微器示数０．700 mm；游标卡尺的读数5２.35 mm

【考点】刻度尺、游标卡尺的使用；螺旋测微器的使用.

【专题】实验题；定性思想;实验分析法；直线运动规律专题．

【分析】解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法,主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数,在读可动刻度读数时需估读．