高二(上)期中物理试卷
浙江省宁波市2023-2024学年高二上学期期中物理(选考)试题含解析
2023学年第一学期高二年级期中考试物理试卷（仑中+外高选考班使用）（答案在最后）命题：高二物理备课组审题：高二物理备课组一、单选题（每小题3分，共36分）1.下列说法正确的是（）A.穿过闭合电路的磁通量不为零时，闭合电路中感应电流可能为零B.磁场是一种为研究物理问题而假想的物质C.FEq=和FBIL=都采用了比值定义法，场强E的方向与电场力F的方向相同或相反，磁感应强度B的方向与安培力F的方向相同或相反D.安培定则是用来判断通电导线在磁场中所受安培力方向的【答案】A【解析】【详解】A．若穿过闭合电路的磁通量恒定不变时，闭合电路中感应电流为零，A正确；B．磁场是客观存在的，并非一种假想物质，B错误；C．磁感应强度B的方向与安培力F的方向垂直，C错误；D．安培定则是用来判断通电导线所产生的磁场方向的，左手定则才是用来判断通电导线在磁场中所受安培力方向的，D错误。
故选A。
2.下列关于教材中四幅插图的说法正确的是（）A.图甲：金属探测器通过使用恒定电流的长柄线圈来探测地下是否有金属B.图乙：摇动手柄使得蹄形磁铁转动，则铝框会以相同的速度同向转动C.图丙：真空冶炼炉，当炉外线圈通入高频交流电时，线圈中产生大量热量，从而冶炼金属D.图丁：微安表的表头，在运输时连接正、负接线柱保护电表指针，利用了电磁阻尼原理【答案】D【解析】【详解】A ．甲图中金属探测器通过使用变化电流的长柄线圈来探测地下是否有金属，故A 错误；B ．由电磁驱动原理，图乙中摇动手柄使得蹄形磁铁转动，则铝框会同向转动，且比磁铁转的慢，即同向异步，B 错误；C ．真空冶炼炉，当炉外线圈通入高频交流电时，在铁块中会产生涡流，铁块中就会产生大量热量，从而冶炼金属，选项C 错误；D ．微安表的表头，在运输时连接正、负接线柱保护电表指针，利用了电磁阻尼原理，D 正确。
故选D 。
3.如图甲所示为LC 振荡电路，电路中的电流i 随时间t 的变化规律为图乙所示的正弦曲线，下列说法正确的是（）A.在23t t 时间内，磁场逐渐减小B.在12t t 时间内，电容器C 正在充电C.2t 和4t 时刻，电容器极板带电情况完全相同D.电路中电场能随时间变化的周期等于4t 【答案】B 【解析】【详解】A ．根据图像可知，在23t t 时间内，电流逐渐增大，电容器正在放电，磁场逐渐增大，故A 错误；B ．t 1～t 2时间内，电路中的电流在减小，电容器在充电，故B 正确；C ．2t 和4t 时刻，电流为零，电容器充电完成，但极板所带正负电荷相反，故C 错误；D ．一个周期电容器充电放电两次，所以电路中电场能随时间变化的周期等于412t ，故D 错误。
浙江省镇海市镇海中学2025届物理高二上期中学业水平测试试题含解析
浙江省镇海市镇海中学2025届物理高二上期中学业水平测试试题考生请注意：1．答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。
2．第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。
3．考生必须保证答题卡的整洁。
考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。
一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、在光滑水平面内有一沿x轴方向的静电场。
其电势φ随坐标上变化的图线如图所示(φ0、-φ0、x1、x2、x3、x4均已知)。
现有一质量为m、电荷量为q的带负电小球(不计重力)从O点以某未知初速度v0沿x轴正方向射出，则下列说法正确的是A．在0～x1间的电场强度沿x轴正方向、大小为B．若小球可以运动到x4处，在x1～x3间电场力做功为2qφ0C．只要v0>0，该带电小球就能运动到x4处D．只要，该带电小球就能运动到x4处2、关于“亚洲一号”地球同步通讯卫星，下述说法正确的是（）A．已知它的质量是1.24t，若将它的质量增为2.84t，其同步轨道半径变为原来的2倍B．它的运行速度为7.9km/sC．它可以绕过北京的正上方，所以我国能利用其进行电视转播D．它距地面的高度约为地球半径的5倍,卫星的向心加速度约为其下方地面上物体的重力加速度的1 363、目前集成电路的集成度很高，要求里面的各种电子元件都微型化，集成度越高，电子元件越微型化、越小．图中R1和R2是两个材料相同、厚度相同、表面为正方形的导体，但R2的尺寸远远小于R1的尺寸．通过两导体的电流方向如图所示，则关于这两个导体的电阻R1、R2关系的说法正确的是（）A ．R 1=R 2B ．R 1＜R 2C ．R 1＞R 2D ．无法确定4、下列说法正确的是A ．点电荷就是体积很小的带电体B ．根据122Q Q F k r知，当r→0时，F→∞ C ．两个点电荷的电荷量不变，只使它们之间的距离变为原来的12，则它们之间库仑力变为原来的4倍 D ．两个点电荷的电荷量不变，只使它们之间的距离变为原来的12，则它们之间库仑力变为原来的8倍5、百米赛跑中，一名学生在20m 处的瞬时速度为8m /s ，12.5s 末到达终点的瞬时速度为9m /s ，则他在全程的平均速度是（ ）A ．8.25m /sB ．8.5m /sC ．8m /sD ．9m /s6、用图所示装置研究静摩擦力.弹簧秤对物块的拉力沿水平方向，逐渐增大拉力，当拉力小于10N 时，物块保持静止，等于10N 时，物块刚刚开始运动.由此可知A ．物块和台面间的最大静摩擦力是10NB ．当弹簧秤的示数为5N 时，物块受到的静摩擦力是10NC ．弹簧秤的示数为15N 时，物块受到的摩擦力是0ND ．当弹簧秤的示数为15N 时，物块受到的摩擦力是0N二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。
上海市进才中学2024-2025学年高二上学期期中(等级)物理试卷
上海市进才中学2024-2025学年高二上学期期中（等级）物理试卷一、填空题1．生物体内的每一个细胞在进行生命活动时都伴随着电现象。
某细胞的细胞膜局部如图所示，在正常情况下细胞膜两侧所带电荷会在细胞膜内产生电场，该电场称为跨膜电场。
（1）在未受电刺激时，细胞膜内侧带负电，细胞膜外侧带正电，内外两侧电势差φ内-φ外= U1，细胞膜内产生的电场可视作电场强度大小为E的匀强电场。
①估算该处细胞膜的厚度为。
①a. b两点电势点电势高（选填: A．a B．b）；钠离子从膜外运动到膜内，电势（选填: A．增大B．减小C．不变）。
（2）受到外界剌激后，钠离子开始从细胞外侧移动到内侧，每个钠离子所带电荷量为e。
最初仅少量钠离子穿过细胞膜，膜两侧电势差几乎不变，仍为U1，跨膜电场的电场强度大小仍为E。
钠离子在穿过细胞膜的过程中：①跨膜电场作用于单个钠离子的电场力大小为；①跨膜电场对单个钠离子所做的功为。
（3）随着大量钠离子从细胞膜各处均匀涌入，细胞膜两侧电势差在时间t内由U1迅速变为U2，若将某一局部细胞膜视为电容为C的电容器；①通过该局部细胞膜的电荷量为；①相应的跨膜电流的平均值为。
二、单选题2．“风雨过后方能见到彩虹”，彩虹形成的简化示意图如图所示。
设水滴是球形的，图中的圆代表水滴过球心的截面，入射光线在过此截面的平面内，a、b是从水滴射出的两种单色光，则下列说法正确的是（）A．a光的频率小于b光的频率B．在水滴中，a光的波长小于b光的波长C．在水滴中，a光的折射率小于b光的折射率D．在水滴中，a光的传播速度大于b光的传播速度3．用单色红光通过不同形状的小孔，光屏上呈现出如图的图样，则小孔形状，判断正确的是（）A．B．C．D．三、多选题4．以下哪些现象是由于光的全反射形成的（）A．将空玻璃试管插入水中看上去比充满水的试管要亮得多B．夜晚，湖面上映出了岸上的彩灯C．夏天，海面上出现的海市蜃楼D．在炎热的夏天，向远处的柏油马路看去，路面特别明亮光滑，像用水淋过一样四、单选题5．激光束可以看做是粒子流，其中的粒子以相同的动量沿光传播方向运动。
2023年高二上册期中考试物理免费试卷完整版(湖北省钢城四中)
选择题关于欧姆定律,说法正确的是（）A. 从R=U/I可知，导体的电阻跟导体两端的电压成正比，跟导体中的电流成反比B. 从I=U/R可知，导体中的电流跟加在它两端的电压成正比，跟它的电阻成反比C. 从U =IR可知，导体两端的电压随电阻的增大而增高D. 从R=U/I可知，导体两端的电压为零时，导体的电阻也为零【答案】B【解析】A、导体电阻由导体材料、长度、横截面积决定，与导体两端的电压和通过导体的电流无关，导体电阻在数值上等于它两端的电压与通过它的电流之比，由可知，对于一个确定的导体来说，所加的电压跟通过的电流的比值是一确定值；故A错误.B、由欧姆定律可得，即导体中的电流跟导体两端的电压成正比，跟导体的电阻成反比，故B正确；C、导体的电阻变化时，电流也会发生变化，故如不控制变量的话，不能说明电压跟电阻成正比；故C错误.D、导体电阻由导体材料、长度、横截面积决定，与导体两端的电压和通过导体的电流无关；故D错误.故选B.选择题两只相同的电阻串联后接到电压为9V的恒压电路上，用一只0～5～15V的双量程电压表的5V档测其中一只电阻两端电压时，示数为4.2V，则换用15V档测这个电阻两端电压时，示数为（）A．小于4.2V B．等于4.2V C．大于4.2V D．不能确定【答案】C【解析】试题分析：电压表的内阻不是远大于R1 R2，电表表与电阻并联后，并联部分电阻减小，分担的电压减小．结合串联电路电压与电阻成正比来分析电压表的示数．解：电压表15V量程内阻大，用15V量程测电阻时，电压表与电阻并联阻值大，电路总电阻大，电路总电流变小，另一个电阻分压小，电路总电压不变，被测电阻分压变大，电压表示数变大，大于4.2V；故选C．选择题如图所示，厚薄均匀的矩形金属片，边长ab=10cm，bc=5cm，当A 与B之间接入的电压为U时，电流为1A，若C与D间接入的电压为U时，其电流为（）A. 4 AB. 2 AC. 0．5 AD. 0．25 A【答案】A【解析】试题分析：设金属片的厚度为m，则接A、B时；接C、D时，；所以，又电压不变，得．选择题某导体中的电流随其两端的电压变化，如图实线所示，则下列说法中错误的是（）A. 加5 V电压时，导体的电阻是5 ΩB. 加12 V电压时，导体的电阻是8 ΩC. 由图可知，随着电压增大，导体的电阻不断减小D. 由图可知，随着电压减小，导体的电阻不断减小【答案】C【解析】A、加5V的电压时，电流为1.0A，则由欧姆定律可知，;故A正确.B、加12V的电压时，电流为1.5A，则可得电阻为: ，故B正确；C、由图可知，随电压的增大，图象的斜率减小，则可知导体的电阻越来越大，故C错误；D、随着电压的减小，导体的电阻减小，故D正确；本题选择错误的故选C.选择题在如图所示的电路中，闭合开关S，在将滑动变阻器的滑片P向下移动的过程中，以下说法正确的是：（）A. 电压表和电流表的示数都增大B. 电源的总功率变大C. 灯L1变亮，电压表的示数增大D. 灯L2变亮，电容器的带电量增加【答案】B【解析】A、C、滑动变阻器和灯L2的并联，则有，将滑动变阻器的滑片P向下移动的过程中，R减小，则R并也减小，根据闭合电路欧姆定律，电路中的总电流I增大，即电流表的示数增大，灯L1变亮；电压表的示数U=E-Ir，因此，电压表的示数减小；故A 错误，C错误；B、根据部分电路欧姆定律，流过灯L2的电流减小，灯L2变暗；总电阻减小，总电流增大，故电源总功率增大，B正确；D、根据电容的定义式，可知电容器的带电量减小，D错误；故选B.选择题两个电源A、B分别对各自的负载电阻供电所描绘出的U-I图线，如图所示，下面的说法正确的是（）A. A、B两个电池电动势相同B. A、B两个电池内阻相同C. 负载电阻相同时，电源A输出功率较大D. 负载电阻相同时，电源B输出功率较大【答案】D【解析】由图像的纵坐标可得A、B的电动势分别为1.5V、2.0V，故A项错。
2024年河南省南阳市高二上学期期中物理试卷及解答参考
2024年河南省南阳市物理高二上学期期中复习试卷(答案在后面)一、单项选择题（本大题有7小题，每小题4分，共28分）1、在国际单位制中，力的基本单位是什么？A. 牛顿（N）B. 千克（kg）C. 米（m）D. 秒（s）2、如果一个物体的质量为2千克，并且它在光滑水平面上以恒定速度运动，则作用在这个物体上的水平力是多少？A. 0牛顿B. 2牛顿C. 无法确定D. 大于0牛顿3、一个物体从静止开始沿水平面加速运动，下列哪个物理量的图象能正确描述物体在0到5秒内的运动情况？A. 位移-时间图象是一条通过原点的直线，斜率为正B. 速度-时间图象是一条通过原点的直线，斜率为正C. 加速度-时间图象是一条通过原点的直线，斜率为正D. 力-位移图象是一条通过原点的直线，斜率为正4、一个物体在水平面上受到两个相互垂直的力F1和F2的作用，下列哪个结论是正确的？A. 物体的合力一定大于F1和F2中的任意一个B. 物体的合力一定小于F1和F2中的任意一个C. 物体的合力等于F1和F2的矢量和D. 物体的合力与F1和F2的大小关系无法确定5、一个质量为(m)的物体从高度(ℎ)自由落下，忽略空气阻力，当它落到地面时的速度(v)是多少？（地球重力加速度为(g)）A.(v=√2gℎ)B.(v=√gℎ)C.(v=2gℎ)D.(v=gℎ)6、假设在真空中有两个点电荷，分别为(+Q)和(−Q)，它们相距(r)米。
如果仅考虑这两个电荷之间的静电力作用，那么这两个电荷之间的静电力大小为？A.(F=k Q 2r)B.(F=k Qr2)C.(F=k Q 2r2)D.(F=k Qr)7、一个物体做匀速直线运动，下列说法正确的是（）A、物体的速度一定为零B、物体的加速度一定为零C、物体的位移变化率一定为零D、物体的速度变化率一定为零二、多项选择题（本大题有3小题，每小题6分，共18分）1、关于简谐运动，下列说法正确的是：A. 简谐运动的回复力与位移成正比且方向相反。
烘烦学校高二物理上学期期中试卷(含解析)高二全册物理试题
料益州兼烤市烘烦学校铜陵一中高二（上）期中物理试卷一、选择题（本小题共10题，1-6为单项选择题，7-10为多项选择题，每题4分，共40分）1．关于场强的三个公式①E=②E=k③E=的适用范围，下列说法正确的是（）A．三个公式都只能在真空中适用B．公式①和②只能在真空中适用，公式③在真空中和介质中都适用C．公式②和③只能在真空中适用，公式①在真空中和介质中都适用D．公式①适用于任何电场，公式②只适用于点电荷形成的电场，公式③只适用于匀强电场2．下列说法错误的是（）A．电源外部存在着由正极指向负极的电场，内部存在着由负极指向正极的电场B．在电源外部电路中，负电荷靠静电力由电源的负极流向正极C．在电源内部电路中，正电荷靠非静电力由电源的负极流向正极D．在电池中，靠化学作用使化学能转化为电势能3．导体A带5Q的正电荷，另一个完全相同的导体B带﹣Q的负电荷，将两导体接触一会后再分开，则B 导体的带电量为（）A．﹣Q B．Q C．2Q D．4Q4．一个阻值为R的电阻两端加上电压U后，通过导体截面的电量q与通电时间t的图象如图所示，此图线的斜率（即tanα）等于（）A．U B．R C．D．5．在电场中A、B两点间的电势差为U AB=75V，B、C两点间的电势差为U BC=﹣200V，则A、B、C三点的电势高低关系为（）A．φA＞φB＞φC B．φA＜φC＜φB C．φB＜φA＜φC D．φC＞φB＞φA6．在如图电路中，当滑动变阻器的滑片向左滑动过程中，下列说法正确的是（）A．通过电阻R2的电流将变小B．通过电阻R3的电流将变大C．通过电阻R4的电流将变大D．，路端电压将不变7．关于静电平衡状态的特征说法正确的是（）A．处于静电平衡状态的导体，内部的电势处处为零B．处于静电平衡状态的导体，内部的场强处处为零C．处于静电平衡状态的导体，外部表面附近任何一点的场强方向必跟该点的表面垂直D．处于静电平衡状态的整个导体是个等势体，导体的表面为等势面8．如图所示是电阻R的I﹣U图象，图中α=45°，由此得出（）A．通过电阻的电流与两端电压成正比B．电阻R=0.5ΩC．因I﹣U图象的斜率表示电阻的倒数，故R==1.0ΩD．在R两端加上6.0V的电压时，每秒通过电阻横截面的电荷量是3.0C9．一个空气平行板电容器，极板间距离为d，正对面积为S，充以电荷量为Q后，两极板间电压为U，为使电容器的电容加倍，可采用的办法是（）A．将电压变为B．将带电荷量变为2QC．将极板正对面积变为2SD．将两极间充满介电常数为2的电介质10．如图中A、B、C三点都在匀强电场中，已知AC⊥BC，∠ABC=60°，BC=20cm，把一个电荷量q=10﹣5C的正电荷从A移到B，静电力做功为零，从B 移到C，静电力做功W=﹣J，则该是（）A．AB两点间的电势差是0B．BC两点间的电势差是VC．场强大小是1000 V/m，方向垂直AB斜向下D．场强大小是865 V/m，方向垂直AB斜向下二、实验题（11题4分，12题16分，共20分）11．用如图所示的电路测量待测电阻Rx的阻值时，下列关于由电表产生误差的说法中，正确的是（）A．电压表的内电阻越小，测量越精确B．电流表的内电阻越小，测量越精确C．电压表的读数小于R x两端真实电压，R x的测量值小于真实值D．由于电流表的分流作用，使R x的测量值小于真实值12．（16分）（2015秋•铜陵校级期中）有一灯泡上标有“6V 0.1A”字样，现要测量该灯泡的伏安特性曲线，有下列器材供选用：A．电压表（0～5V，内阻2.0kΩ）B．电压表（0～10V，内阻3.0kΩ）C．电流表（0～0.3A，内阻2.0Ω）D．电流表（0～6A，内阻1.5Ω）E．滑动变阻器（30Ω，2A）F．滑动变阻器（100Ω，0.5A）G．学生电源（直流9V）及开关、导线等（1）试验中所用的电压表应选，电流表应选，滑动变阻器应选．（2）要求电压从0开始测量应选甲、乙、丙、丁中的哪一个电路图．三、计算题（第13、14题每题8分，第15、16题每天12分，共40分）13．某一个电场中的等势面分布情况如图所示，试根据此图分析：（1）电荷量是Q=﹣3.2×10﹣19C的带电粒子在电场中的c等势面的电势能是多少？（2）如果把该带电粒子从b等势面移动到e等势面，静电力做功是多少？14．规格为“220V 36W”的排气扇，线圈电阻为40Ω．（1）接上220V 电压后，求排气扇转化为机械能的功率和发热热功率；（2）如果接上220V 电压后，扇叶被卡住，不能转动，求排气扇的电功率和发热功率．15．（12分）（2016•大庆模拟）一电路如图所示，电源电动势E=28V，内阻r=2Ω，电阻R1=12Ω，R2=R4=4Ω，R3=8Ω，C为平行板电容器，其电容C=3.0pF，虚线到两极板距离相等，极板长L=0.20m，两极板的间距d=1.0×10﹣2m．（1）若开关S处于断开状态，则当其闭合后，求流过R4的总电量为多少？（2）若开关S断开时，有一带电微粒沿虚线方向以v0=2.0m/s的初速度射入C的电场中，刚好沿虚线匀速运动，问：当开关S闭合后，此带电微粒以相同初速度沿虚线方向射入C的电场中，能否从C的电场中射出？（要求写出计算和分析过程，g取10m/s2）16．（12分）（2015秋•铜陵校级期中）如图所示，方向为水平向右的匀强电场中，有一质量为m=0.1kg的带电小球，所带的电荷量是q=0.01C，现用长为L=0.25m的细线悬于O点，当小球平衡时，细线和竖直方向的夹角为θ=60°，求（1）电场强度E是多少？（2）现给小球一个初速度，速度方向和细线垂直，使小球恰能在竖直平面内做逆时针方向的圆周运动，则圆周运动过程中速度的最小值为多少？（3）在（2）问条件下，若当小球运动到最高点时，细线突然断了，小球将做类似斜上抛的运动，则小球以后运动过程中的最小速度是多少？（提示：用等效复合场）铜陵一中高二（上）期中物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本小题共10题，1-6为单项选择题，7-10为多项选择题，每题4分，共40分）1．关于场强的三个公式①E=②E=k③E=的适用范围，下列说法正确的是（）A．三个公式都只能在真空中适用B．公式①和②只能在真空中适用，公式③在真空中和介质中都适用C．公式②和③只能在真空中适用，公式①在真空中和介质中都适用D．公式①适用于任何电场，公式②只适用于点电荷形成的电场，公式③只适用于匀强电场【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系；电场强度．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】本题应明确三个公式的来源：公式①为电场的定义式，公式②是根据定义及库仑定律求出的公式，公式③为匀强电场中得出的场强与电势差的关系．【解答】解：因公式①为电场强度的定义式，故适用于任意电场；而公式②是由库仑定律得出的直空中点电荷周围的场强，故只能适用于真空中点电荷形成的电场；公式③是匀强电场中场强与电势关系，故只能适用于匀强电场；故选D．【点评】每一个物理公式都有其适用的范围，故在学习中要注意体会其范围，以免错用了公式．2．下列说法错误的是（）A．电源外部存在着由正极指向负极的电场，内部存在着由负极指向正极的电场B．在电源外部电路中，负电荷靠静电力由电源的负极流向正极C．在电源内部电路中，正电荷靠非静电力由电源的负极流向正极D．在电池中，靠化学作用使化学能转化为电势能【考点】电源的电动势和内阻．【专题】恒定电流专题．【分析】电动势是反映电源把其他形式的能转化为电能本领强弱的物理量；根据电动势的定义式E=可知，非静电力把单位正电荷从电源负极移送到正极所做的功等于电源的电动势．【解答】解：ABC、电源的外电路中存在着由正极指向负极的电场，电子在电场力的作用下由电源负极流向正极，在电源内部存在着非静电力使电子由正极流向负极或正电荷靠非静电力由电源的负极流向正极，并不是内部存在由负极指向正极的电场，故A错误，BC正确．D、电池中是提供电能的装置，是化学能转化为电势能，故D正确．本题选错误的，故选：A．【点评】明确电动势是反映电源把其他形式的能转化为电能本领强弱的物理量，会利用场的角度分析电流的形成．3．导体A带5Q的正电荷，另一个完全相同的导体B带﹣Q的负电荷，将两导体接触一会后再分开，则B 导体的带电量为（）A．﹣Q B．Q C．2Q D．4Q【考点】电荷守恒定律．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】两相同的导体相互接触时，若带同种电荷则将两球带电量平分，若带异种电荷则将电量先中和再平分，据此可正确解答本题．【解答】解：两带电体带异种电荷，接触后先将电量中和，故接触后两带电体带电总和为：5Q﹣Q=4Q，当两带电体分开后，将总电量平分，所以将两导体接触一会后再分开，则B导体的带电量为2Q，故ABD错误，C正确．故选C．【点评】本题关键是根据电荷守恒定律得到，两个相同的金属球接触后，电荷总量先中和后均分．4．一个阻值为R的电阻两端加上电压U后，通过导体截面的电量q与通电时间t的图象如图所示，此图线的斜率（即tanα）等于（）A．U B．R C．D．【考点】电流、电压概念．【专题】恒定电流专题．【分析】给出的图象是q﹣t图象，其斜率为=I，所以斜率代表的是电流，【解答】解：在图象中可知I=，所以斜率代表的就是电流，I=代表的也是电流，故选C．【点评】能找出图象中所提供的信息是本题的关键，也是识图题的共同特点，注重公式的灵活运用．5．在电场中A、B两点间的电势差为U AB=75V，B、C两点间的电势差为U BC=﹣200V，则A、B、C三点的电势高低关系为（）A．φA＞φB＞φC B．φA＜φC＜φB C．φB＜φA＜φC D．φC＞φB＞φA【考点】电势．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】本题根据电势差与电势的关系：U AB=φA﹣φB，U BC=φB﹣φC，U AC=U AB+U BC，即可判断三点电势的高低关系．【解答】解：由题意，U AB=φA﹣φB=75V，则得：φA＞φB；U BC=φB﹣φC=﹣200V，则得：φB＜φC；又U AC=U AB+U BC=（75﹣200）V=﹣125V，则得：φA＜φC；故有：φC＞φA＞φB；故ABD错误，C正确．故选：C．【点评】本题只要掌握U AB=φA﹣φB，U AC=U AB+U BC，通过列式分析电势的关系．也可以作出电场线，根据三点在电场线的位置做定性分析进行判断．6．在如图电路中，当滑动变阻器的滑片向左滑动过程中，下列说法正确的是（）A．通过电阻R2的电流将变小B．通过电阻R3的电流将变大C．通过电阻R4的电流将变大D．，路端电压将不变【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】比较思想；控制变量法；恒定电流专题．【分析】当滑动变阻器的滑片P向左移动时，变阻器的有效电阻增大，并联部分电阻增大，外电路总电阻增大，再分析总电流和路端电压的变化，再由电路的特点分析即可．【解答】解：当滑动变阻器的滑片P向左移动时，变阻器的有效电阻增大，并联部分电阻增大，外电路总电阻增大，则总电流减小，路端电压增大，可知通过R4的电流增大，根据并联电路的规律可知，通过R3的电流减小，R3的电压减小，则R2的电压增大，其电流增大．故ABD错误，C正确．故选：C【点评】本题动态分析问题，关键要抓住变阻器的有效电阻增大，外电路总电阻必然增大，与变阻器所在电路的电流减小，与之并联的支路电流增大．7．关于静电平衡状态的特征说法正确的是（）A．处于静电平衡状态的导体，内部的电势处处为零B．处于静电平衡状态的导体，内部的场强处处为零C．处于静电平衡状态的导体，外部表面附近任何一点的场强方向必跟该点的表面垂直D．处于静电平衡状态的整个导体是个等势体，导体的表面为等势面【考点】静电现象的解释．【专题】定性思想；推理法；电场力与电势的性质专题．【分析】处于静电平衡状态的导体，外部表面附近任何一点的场强方向必跟该点的表面垂直，由此分析解答即可．【解答】解：A、电势的0点是人为选择的，处于静电平衡状态的导体，内部的场强处处为零，内部的电势不一定处处为零．故A错误；B、处于静电平衡状态的导体，在导体内部任意一点，感应电荷产生的附加电场的场强与电荷q产生的场强与大小相等，方向相反，内部的场强处处为零．故B正确；C、处于静电平衡状态的导体的内部场强处处为0．电荷只分布在导体的外表面，且整个导体是一个等势体，同时外部表面附近任何一点的场强方向必跟该点表面垂直．故C正确，D正确．故选：BCD【点评】该题考查对静电平衡状态的理解，牢记静电平衡状态的两个特点即可正确解答．基础题目．8．如图所示是电阻R的I﹣U图象，图中α=45°，由此得出（）A．通过电阻的电流与两端电压成正比B．电阻R=0.5ΩC．因I﹣U图象的斜率表示电阻的倒数，故R==1.0ΩD．在R两端加上6.0V的电压时，每秒通过电阻横截面的电荷量是3.0C【考点】欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】电阻R的I﹣U图象斜率的倒数等于电阻R，由数学知识分析电流与电压的关系．对于电阻R，运用斜率求解，但不能根据直线倾角的正切的倒数求解．由图读出电压为U=6V时的电流，由q=It求解每秒内通过电阻的电荷量．【解答】解：A、根据数学知识可知，通过电阻的电流与两端电压成正比，故A正确BC、根据电阻的定义式R=可知，I﹣U图象斜率的倒数等于电阻R，则得R=Ω=2Ω，故BC错误．D、由图知，当U=6V时，I=3A，则每秒通过电阻横截面的电荷量是q=It=3×1C=3.0C，故D正确．故选：AD．【点评】本题考查了学生对电阻的定义式R=的理解与掌握，要注意直线的斜率与直线倾角的区别．9．一个空气平行板电容器，极板间距离为d，正对面积为S，充以电荷量为Q后，两极板间电压为U，为使电容器的电容加倍，可采用的办法是（）A．将电压变为B．将带电荷量变为2QC．将极板正对面积变为2SD．将两极间充满介电常数为2的电介质【考点】电容器的动态分析．【专题】电容器专题．【分析】改变电容器的电压和带电量不会改变电容器的电容，由电容器的决定式得：我们可以通过改变正对面积s，介电常数eγ，极板间的距离d来改变电容．【解答】解：改变电容器的电压和带电量不会改变电容器的电容，由电容器的决定式决定的．故AB错误．由电容器的决定式得：将电容器的电容加倍，我们可采取的方式是：①将极板正对面积变为2S；②将电解质换为介电常数为原来的介电常数2倍的电解质；③将两极板距离变为原来的一半．故C正确，D错误．故选C【点评】改变电容器的电压和带电量不会改变电容器的电容，电容器的电容是由决定式决定的．10．如图中A、B、C三点都在匀强电场中，已知AC⊥BC，∠ABC=60°，BC=20cm，把一个电荷量q=10﹣5C的正电荷从A移到B，静电力做功为零，从B 移到C，静电力做功W=﹣J，则该是（）A．AB两点间的电势差是0B．BC两点间的电势差是VC．场强大小是1000 V/m，方向垂直AB斜向下D．场强大小是865 V/m，方向垂直AB斜向下【考点】电势差与电场强度的关系；电场强度．【专题】参照思想；图析法；电场力与电势的性质专题．【分析】正电荷从A移到B，静电力做功为零，可知A、B两点的电势差为0．根据W=qU求出BC两点间的电势差．AB为等势线，电场强度的方向与等势面的方向垂直，且从高等势面指向低等势面．根据E=求出匀强电场的场强大小．【解答】解：A、正电荷从A移到B，静电力做功为0，根据W=qU，知AB两点间的电势差是0，故A正确．B、已知从B移到C，静电力做功W=﹣J，由W=qU，得BC两点间的电势差U===﹣V，故B错误．CD、AB为等势线，电场强度的方向与等势面的方向垂直，且从高等势面指向低等势面．根据正电荷从B移到C，静电力做负功，则知C点的电势比B的电势高．BC间的电势差为：U BC===﹣100V则匀强电场的场强大小为：E===1000V/m，场强方向垂直AB斜向下．故C正确，D 错误．故选：AC【点评】解决本题的关键知道电场力做功与电势差的关系，以及知道匀强电场的场强公式，注意d是沿电场线方向上的距离．二、实验题（11题4分，12题16分，共20分）11．用如图所示的电路测量待测电阻Rx的阻值时，下列关于由电表产生误差的说法中，正确的是（）A．电压表的内电阻越小，测量越精确B．电流表的内电阻越小，测量越精确C．电压表的读数小于R x两端真实电压，R x的测量值小于真实值D．由于电流表的分流作用，使R x的测量值小于真实值【考点】伏安法测电阻．【专题】恒定电流专题．【分析】电压表测量的是与其并联电路的电压值，电流表测量的是与之串联电路的电流值，据此分析问题即可．【解答】解：所测量的电压为电流表内阻加R X的阻值，其原因在于电压表的测量值为两者电压之和，则A、与电压表的内阻大小无关系，则A错误B、因实验中串联了电流表的内阻，则内阻越小测量越准确．则B正确C、电压表的测量值含有电流表的内阻，则R X的测量值大于真实值，则C错误D、电流表为分压作用，测量值大于真实值．则D错误故选：B【点评】本题考查伏安法测电阻的实验原一，要明确电流表，电压表的测量原理，知道电压表所测为与其并联部分电压，电流表为其串联电路的电流．12．（16分）（2015秋•铜陵校级期中）有一灯泡上标有“6V 0.1A”字样，现要测量该灯泡的伏安特性曲线，有下列器材供选用：A．电压表（0～5V，内阻2.0kΩ）B．电压表（0～10V，内阻3.0kΩ）C．电流表（0～0.3A，内阻2.0Ω）D．电流表（0～6A，内阻1.5Ω）E．滑动变阻器（30Ω，2A）F．滑动变阻器（100Ω，0.5A）G．学生电源（直流9V）及开关、导线等（1）试验中所用的电压表应选 B ，电流表应选 C ，滑动变阻器应选 E ．（2）要求电压从0开始测量应选甲、乙、丙、丁中的哪一个电路图甲．【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线．【专题】实验题．【分析】（1）根据小灯泡的额定电压可以选出电压表，根据灯泡的额定功率可求出额定电流，则可确定出电流表；根据滑动变阻器的接法可选出滑动变阻器；（2）根据测伏安特性曲线的实验要求可以选出滑动变阻器的接法，由电流表及电压表内阻的关系可得出电流表的接法；【解答】解：（1）由题意可知，灯泡的额定电压为6V，为了准确性及安全性原则，电压表应选择B；灯泡的额定电流为0.1A，故电流表应选择C；测量灯泡的伏安特性曲线实验中应采用分压接法，故滑动变阻器应选用小电阻，故滑动变阻器应选择 E；（2）测量小灯泡的伏安特性曲线时，要求电压值从零开始变化，故滑动变阻器应采有分压接法；灯泡内阻约为：R=Ω，而电流表内阻约为2Ω，小灯泡的电阻远小于电压表内阻，接近电流表内阻，故电流表应采用外接法，电路图选择甲图故答案为：（1）B，C，E；（2）甲【点评】测量小灯泡的伏安特性曲线时，根据实验的要求一般采用滑动变阻器的分压接法，电流表应采用外接法．三、计算题（第13、14题每题8分，第15、16题每天12分，共40分）13．某一个电场中的等势面分布情况如图所示，试根据此图分析：（1）电荷量是Q=﹣3.2×10﹣19C的带电粒子在电场中的c等势面的电势能是多少？（2）如果把该带电粒子从b等势面移动到e等势面，静电力做功是多少？【考点】电势差与电场强度的关系；电势；电势能．【专题】计算题；定量思想；图析法；电场力与电势的性质专题．【分析】（1）根据公式E p=qφ求解电势能．（2）根据公式W=qU求解静电力做功，电势差由电势之差求出．【解答】解：（1）c等势面的电势为φc=5V带电粒子在电场中的c等势面的电势能是 E p=Qφc=﹣3.2×10﹣19×5J=﹣1.6×10﹣18J（2）该带电粒子从b等势面移动到e等势面，静电力做功为：W be=QU be=﹣3.2×10﹣19×（0﹣15）J=4.8×10﹣18J答：（1）电荷量是Q=﹣3.2×10﹣19C的带电粒子在电场中的c等势面的电势能是﹣1.6×10﹣18J．（2）如果把该带电粒子从b等势面移动到e等势面，静电力做功是4.8×10﹣18J．【点评】解决本题的关键要掌握电势能与电势的关系E p=qφ、电场力做功与电势差的关系W=qU，这两个公式运用时都要带符号运算．14．规格为“220V 36W”的排气扇，线圈电阻为40Ω．（1）接上220V 电压后，求排气扇转化为机械能的功率和发热热功率；（2）如果接上220V 电压后，扇叶被卡住，不能转动，求排气扇的电功率和发热功率．【考点】电功、电功率．【专题】恒定电流专题．【分析】利用能量守恒，找出电功率、机械功率和热功率的关系，再利用功率和热功率公式求解；当排气扇卡住，此电路为纯电阻电路，功率全部转化为热功率．【解答】解；（1）接上220V 电压后，排气扇的功率为36W．据热功率公式P热=I2r==1 W所以转化为机械能的功率P机=P﹣P热=36W﹣1W=35 W（2）当接上220V 电压后，扇叶被卡住，不能转动，此电路变为纯电阻电路，消耗的功率全部转化为热功率，所以P=P热===1210 W答：（1）接上220V 电压后，排气扇转化为机械能的功率为35W和发热热功率1W；（2）如果接上220V 电压后，扇叶被卡住，不能转动，排气扇的电功率等于发热功率为1210W．【点评】明确电功率、机械功率和热功率的关系，纯电阻电路和非纯电阻电路的区别和公式的选取是解题的关键．15．（12分）（2016•大庆模拟）一电路如图所示，电源电动势E=28V，内阻r=2Ω，电阻R1=12Ω，R2=R4=4Ω，R3=8Ω，C为平行板电容器，其电容C=3.0pF，虚线到两极板距离相等，极板长L=0.20m，两极板的间距d=1.0×10﹣2m．（1）若开关S处于断开状态，则当其闭合后，求流过R4的总电量为多少？（2）若开关S断开时，有一带电微粒沿虚线方向以v0=2.0m/s的初速度射入C的电场中，刚好沿虚线匀速运动，问：当开关S闭合后，此带电微粒以相同初速度沿虚线方向射入C的电场中，能否从C的电场中射出？（要求写出计算和分析过程，g取10m/s2）【考点】带电粒子在匀强电场中的运动；闭合电路的欧姆定律．【专题】带电粒子在电场中的运动专题．【分析】开关断开时，求出电阻两端的电压从而算出电容器的电量；当开关闭合时，求出路端的电压，从而电阻两端的电压．当断开时电场力与重力相平衡，而闭合后由重力与电场力的合力从而求出加速度大小，最终求出侧向位移．【解答】解：（1）S断开时，电阻R3两端电压为：S闭合后，外阻为：路端电压为：电阻R3两端电压为：则所求流过R4的总电量为：Q=CU3﹣CU3′=6.0×10﹣12C（2）设微粒质量为m，电量为q，当开关S断开时有：当开关S闭合后，设微粒加速度为a，则有：设微粒能从C的电场中射出，则水平方向：竖直方向：由以上各式求得：故微粒不能从C的电场中射出答：（1）流过R4的总电量为6.0×10﹣12C；（2）微粒不能从C的电场中射出．【点评】本题由殴姆定律与牛顿运动定律相综合应用，同时利用将类平抛运动分解成两相互垂直的简单直线运动．16．（12分）（2015秋•铜陵校级期中）如图所示，方向为水平向右的匀强电场中，有一质量为m=0.1kg的带电小球，所带的电荷量是q=0.01C，现用长为L=0.25m的细线悬于O点，当小球平衡时，细线和竖直方向的夹角为θ=60°，求（1）电场强度E是多少？（2）现给小球一个初速度，速度方向和细线垂直，使小球恰能在竖直平面内做逆时针方向的圆周运动，则圆周运动过程中速度的最小值为多少？（3）在（2）问条件下，若当小球运动到最高点时，细线突然断了，小球将做类似斜上抛的运动，则小球以后运动过程中的最小速度是多少？（提示：用等效复合场）【考点】电势差与电场强度的关系；电场强度．【专题】计算题；定量思想；临界法；电场力与电势的性质专题．【分析】（1）当小球平衡时，合力为零，根据平衡条件求解电场强度．（2）求出小球受到的电场力与重力的合力，作为等效重力，小球恰好完成圆周运动时，在等效最高点时，由等效重力提供向心力，此时小球速度最小，由牛顿第二定律可以求出最小速度．（3）由动能定理求出小球通过最高点时的速度．细线断后，小球将做类似斜上抛的运动，运用运动的分解法求最小速度．【解答】解：（1）当小球平衡时，以小球为研究对象，根据平衡条件得：qE=mgtanθ可得 E===×102N/C（2）可与重力场类比，等效重力为mg′===2mg当小球恰好通过等效最高点做圆周运动时，做圆周运动的速度最小，此时由等效重力提供向心力．由牛顿第二定律得：mg′=m，小球的最小速度：v min===m/s；（3）设小球通过最高点的速度为v．由几何关系知，等效最高点与小球的平衡位置关于O点对称，从等效最高点到最高点的过程中，根据动能定理得：mg′L（1﹣cos60°）=﹣解得 v=2。
北京市2022-2023学年高二上学期物理期中联考试卷(含答案)
北京市2022-2023学年高二上学期物理期中联考试卷姓名：__________ 班级：__________考号：__________1．电场是看不见、摸不着的，但人们却可以根据它所表现出来的性质来认识它，研究它。
下列物理量中，用来描述电场强弱和方向的是（）A．静电力B．电场强度C．电势能D．电容2．利用如图所示的扭秤装置发现真空中两个静止点电荷之间相互作用规律的物理学家是（）A．牛顿B．伽利略C．库仑D．卡文迪什3．真空中有两个静止的点电荷，若保持它们之间的距离不变，而把它们的电荷量都变为原来的3倍，则两电荷间库仑力的大小将变为原来的（）A．3倍B．6倍C．9倍D．12倍4．使带电的金属球靠近不带电的验电器，验电器的箔片张开。
下面各图表示验电器上感应电荷的分布情况，正确的是（）A．B．C．D．5．如图所示，A、B是两个电荷量都是Q的正点电荷，AB连线中点为O。
现将另一个电荷量为-q的点电荷放置在AB连线中垂线上的C处，所受的静电力F应为图中的（）A．F1B．F2C．F3D．F46．静电给人们带来很多方便，但有时也带来很多麻烦，甚至造成危害。
下列静电现象中，属于防止静电现象危害的是（）A．避雷针B．静电喷涂C．静电复印D．静电除尘7．手电筒中的干电池给小灯泡供电时，在某次接通开关的10s内通过某一横截面的电荷量为3C，则流经小灯泡的电流是（）A．0.25A B．0.3A C．3A D．4A电场线、等势面均可形象的描述电场。
某区域的电场分布如图所示，带箭头的实线为电场线，虚线为等势面，A 、B、C 三点的电场强度分别为E A、E B、E C，电势分别为φA、φB、φC。
8．关于这三点电场强度的比较，下列判断正确的是（）A．E A>E B B．E A<E B C．E A<E C D．E A=E C9．关于这三点电势的比较，下列判断正确的是（）A．φA>φB B．φA<φB C．φA<φC D．φA=φC10．把带正电的试探电荷由A点移动到B点的过程中，关于静电力对电荷所做的功及电荷电势能的变化，下列说法正确的是（）A．静电力做正功，电势能增加B．静电力做正功，电势能减少C．静电力做负功，电势能增加D．静电力做负功，电势能减少11．把带正电的试探电荷由A点移动到B点静电力做功为W AB，由A点移动到C点静电力做功为W AC。
河北省2024-2025学年高二上学期期中联考物理试卷
河北省2024-2025学年高二上学期期中联考物理试卷一、单选题1．能说明光是横波的现象是（ ） A ．全反射B ．激光的干涉C ．光的偏振D ．光的直线传播2．一个弹簧振子在水平方向上做简谐运动，周期为T ，则下列说法正确的是（ ） A ．若2Tt ∆=，则在t 时刻和t t +∆时刻振子的速度大小一定相等 B ．若t 时刻和t t +∆时刻振子的速度相同，则t ∆一定等于2T的整数倍 C ．若2Tt ∆=，则在t 时刻和t t +∆时刻弹簧的长度一定相等 D ．若t ∆时间内振子的位移大小等于一个振幅，则t ∆一定等于4T的整数倍 3．设在无摩擦的桌面上置有5个相同的钢球，其中三个紧密连接排放一列，另两个一起自左方以速度v 正面弹性碰撞此三球，如图，碰撞后向右远离的小球个数为（ ）A ．1个B ．2个C ．3个D ．4个4．某均匀介质中各质点的平衡位置在x 轴上，当0t =时，波源（0x =处的质点）S 开始做简振动，0.5s t =时，刚好在均匀介质上形成如图所示的波形，则下列说法正确的是（ ）A ．该波的波长为2mB ．波源的起振方向向上C ．该波的波速为8m/sD ．1s t =时，2m x =处的质点加速度最大5．甲、乙、丙三个不同物体所受的力与时间的关系图像分别如图甲、乙、丙所示，作用力使物体的动量发生变化，则它们动量变化量的大小关系为（ ）A．甲＞乙＞丙B．丙＞乙＞甲C．丙＞甲＞乙D．因物体的质量未知，无法判断6．如图所示的实验装置中，单色线光源S垂直纸面水平放置，平面镜水平放置在桌面上。
单色线光源S发出的光有一部分直接入射到竖直放置的光屏上，一部分通过平面镜反射后再入射到光屏上，下列说法正确的是（）A．由于光源在镜子上方，因此光屏上不能呈现条纹B．光屏上的条纹会与水平面平行，这是光的衍射现象C．将光屏沿水平方向远离线光源S，相邻条纹间距减小D．将线光源S沿竖直方向靠近平面镜，相邻条纹间距增大7．现有一列简谐横波在2s3t 时的波形图如图甲所示，P、Q是介质中的两个质点，图乙是质点Q的振动图像。
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第1页（共24页） 六校联考高二（上）期中物理试卷 一、单项选择题（本题共9小题，每小题3分，共27分） 1．（3分）下列说法正确的是（ ） A．由E=可知，某电场的场强E与q成反比，与F成正比 B．匀强电场中，任意两点间的电势差等于场强和这两点间距离的乘积 C．在点电荷电场中，离点电荷距离相等的点，电势都相等 D．任一点的电场强度总是指向该点电势降落的方向 2．（3分）两个相同的金属小球A、B，所带的电量qA=+q0、qB=﹣7q0，相距r放置时，相互作用的引力大小为F．现将A球与B球接触，再把A、B两球间的间距增在到2r，那么A、B之间的相互作用力将变为（ ） A．斥力、 B．斥力、 C．引力、 D．引力、 3．（3分）如图所示，在直线MN上有一个点电荷，A、B是直线MN上的两点，两点的间距为L，场强大小分别为E和2E．则（ ）
A．该点电荷一定在A点的右侧 B．该点电荷一定在A点的左侧 C．A点场强方向一定沿直线向左 D．A点的电势一定低于B点的电势 4．（3分）如图所示，平行板电容器带有等量异种电荷，与静电计相连，静电计金属外壳和电容器下极板都接地．在两极板间有一个固定在P点的点电荷，以E表示两板间的电场强度，Ep表示点电荷在P点的电势能，θ表示静电计指针的偏角．若保持下极板不动，将上极板向下移动一小段距离至图中虚线位置，则（ ）
A．θ减小，Ep增大 B．θ减小，E不变 C．θ增大，E增大 D．θ增大，Ep不变 5．（3分）一根长为L、横截面积为S的金属棒，其材料的电阻率为ρ，棒内单位体积自由电子数为n，电子的质量为m，电荷量为e，在棒两端加上恒定的电压时，棒内产生电流，自由电子定向运动的平 第2页（共24页）
均速率为v，则金属棒内的电场强度大小为（ ） A． B． C．ρnev D． 6．（3分）如图所示，虚线a、b和c是在O点处的一个点电荷形成的静电场中的三个等势面，一带正电粒子射入该电场中，其运动轨迹如实线KLMN所示．不计重力，由图可知（ ）
A．O点处的电荷一定是正电荷 B．a、b、c三个等势面的电势关系是φa＞φb＞φc
C．粒子运动时的电势能先增大后减小
D．粒子在每个位置具有的电势能与动能的总和一定相等 7．（3分）如图所示，两平行金属板间带电质点P原处于静止状态，不考虑电流表和电压表对电路的影响，当滑动变阻器R4的滑片向b端移动时，则（ ）
A．电压表读数增大 B．电流表读数增大 C．质点P仍处于静止状态 D．R3上消耗的功率逐渐增大 8．（3分）如图所示，电源电动势E=3V，小灯泡L标有“2V、0.4W”，开关S接l，当变阻器调到R=4Ω时，小灯泡L正常发光；现将开关S接2，小灯泡L和电动机M均正常工作．则（ ）
A．电动机的内阻为4Ω B．电动机正常工作电压为1V 第3页（共24页）
C．电源内阻为1Ω D．电源总功率0.4W 9．（3分）如图所示，足够长的两平行金属板正对着竖直放置，它们通过导线与电源E、定值电阻R、开关S相连．闭合开关后，与两极板上边缘等高处有两个带负电小球A和B，它们均从两极板正中央由静止开始释放，两小球最终均打在极板上，（不考虑小球间的相互作用及对电场的影响）下列说法中正确的是（ ）
A．两小球在两板间运动的轨迹都是一条抛物线 B．两板间电压越大，小球在板间运动的时间越短 C．它们的运动时间一定相同 D．若两者的比荷相同，它们的运动轨迹可能相同
二、多项选择题（本题共4小题，每小题4分，共16分．每题列出的四个选项中，都有多个选项是正确的，全部选对的得4分，选对但选不全的得2分，有错选或不答的得0分．） 10．（4分）在图中，a、b带等量异种电荷，MN为ab连线的中垂线，现有一个带电粒子从M点以一定初速度v0射入，开始时一段轨迹如图中实线，不考虑粒子重力，则在飞越该电场的整个过程中（ ） A．该粒子带负电 B．该粒子的动能先减小，后增大 C．该粒子的电势能先减小，后增大 D．该粒子运动到无穷远处后，速度的大小一定仍为v0
11．（4分）如图所示为闭合电路中两个不同电源的U﹣I图象，则下列说法中正确的是（ ）
A．电动势E1=E2，短路电流I1＞I2
B．电动势E1=E2，内阻r1＞r2
C．电动势E1＞E2，内阻r1＞r2
D．当两电源的工作电流变化量相同时，电源2的路端电压变化较大 第4页（共24页）
12．（4分）如图所示，A、B、C是平行纸面的匀强电场中的三点，它们之间的距离均为L，电量为q=﹣1.0×10﹣5 C的负电荷由A移动到C电场力做功W1=4.0×10﹣5J，该电荷由C移动到B电场力做功W2=﹣2.0×10﹣5J，若B点电势为零，以下说法正确的是（ ） A．A点电势为2V B．A点电势为﹣2V C．匀强电场的方向为由C指向A D．匀强电场的方向为垂直于AC指向B 13．（4分）硅光电池已广泛应用于人造卫星和灯塔、高速公路“电子眼”等设施．其原理如图所示，a、b是硅光电池的两个电极，P、N 是两块硅半导体，P、N 可在E区形成匀强电场．P的上表面镀有一层膜，当光照射时，P内产生的自由电子经E区电场加速后到达半导体N，从而产生电动势．以下说法中正确的是（ ） A．a电极为电池的正极 B．电源内部的电流方向由P指向N C．E区匀强电场的方向由N指向P D．硅光电池是一种把化学能转化为电能的装置 二、填空题（本题共4道小题，共20分） 14．（4分）光滑绝缘水平面上相距为L的点电荷A、B带电荷量分别为+4q和﹣q，如图所示，今引入第三个点电荷C，使三个点电荷都处于平衡状态，则C的电性为 电荷量为 ，放置在的位置 ．
15．（4分）如图甲，两水平金属板间距为d，板间电场强度的变化规律如图乙所示．t=0时刻，质量为m的带电微粒以初速度v0沿中线射入两板间，（0﹣）时间内微粒匀速运动，T时刻微粒恰好经金属边缘飞出．微粒运动过程中未与金属板接触．重力加速度的大小为g，末速度大小为 ，克服电场力做功为 ． 第5页（共24页）
16．（4分）如图所示是一量程为100 μA的电流表，内阻为100Ω，现串联一个9 900Ω的电阻将它改装成电压表．该电压表的量程是 V．用它来测量电压，表盘指针位置如图所示．该电压的大小是 V．
17．（8分）在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，可供选择的器材及代号如下： A．小灯泡L（ 3V、5Ω）； B．滑动变阻器R（0﹣10Ω，额定电流1.5A）； C．电压表V1（量程：0﹣3V，RV=5kΩ）； D．电压表V2（量程：0﹣15V，RV=10kΩ）； E．电流表A1（量程：0﹣0.6A，RA=0.5Ω）； F．电流表A2（量程：0﹣3A，RA=0.1Ω）； G．铅蓄电池、开关各一个，导线若干； 实验中要求加在小灯泡两端的电压可连续地从零调到额定电压． （1）为了减少误差，实验中应选电压表 ，电流表 ； （2）电流表应采用 法（填“内接”或“外接”）； （3）请在答题区空白处内画出实验原理图（注明所选器材代号） （4）某同学实验后作出的I﹣U 图象如图所示，请分析该图象形成的原因是： ．
四、计算题（本题3道小题，共37分） 18．（11分）如图所示，光滑绝缘半球槽的半径为R=0.5m，半径OA水平，同时空间存在水平向右的匀强电场．一质量为m、电量为q的带正小球从槽的右端A处无初速沿轨道滑下，滑到最低位置B时，球对轨道的压力为2mg．（g=10m/s2） 求： （1）电场强度的大小； （2）小球过B点后能到达的最高点与半径OA的距离H； （3）小球的最大速度出现在何处． 第6页（共24页）
19．（12分）如图所示，长L的绝缘光滑细杆AB与水平面成45°角，A、C两点在同一竖直线上，B、C两点在同一水平线上，O点为AB的中点，在C点固定一个带正电的点电荷Q，杆上套一个带正电的小环，环在A点时正好能保持静止．现给环一个沿杆向下的初速度vA，环到达O点的速度为v0，已知静电常数为k，小环的质量m，重力加速度g，求： （1）求小环的电荷量q； （2）AO两点的电势差UAO； （3）环到达B点时环的速度．
20．（14分）如图所示为说明示波器工作原理的示意图，已知两平行板间的距离为d、板长为l电子经电压为U1的电场加速后从两平行板间的中央处垂直进入偏转电场，设电子质量为me、电荷量为e． （1）求经电场加速后电子速度v的大小； （2）要使电子离开偏转电场时的偏转角度最大，两平行板间的电压U2应是多少？电子动能多大？ 第7页（共24页）
2016-2017学年天津市六校联考高二（上）期中物理试卷 参考答案与试题解析
一、单项选择题（本题共9小题，每小题3分，共27分） 1．（3分）下列说法正确的是（ ） A．由E=可知，某电场的场强E与q成反比，与F成正比 B．匀强电场中，任意两点间的电势差等于场强和这两点间距离的乘积 C．在点电荷电场中，离点电荷距离相等的点，电势都相等 D．任一点的电场强度总是指向该点电势降落的方向 【分析】A、结合电场强度的决定因素可得知电场轻度与检验电荷没有关系，可得知选项A的正误． B、利用匀强电场中的电势差与场强和距离之间的关系可判知该的正误． C、利用点电荷形成的电场中的等势面的知识可得知该选项的正误． D、结合电场方向的阐述，可得知电场强度方向与电势降落之间的关系，判知该选项的正误． 【解答】解：A、电场强度只与电场本身有关，与检验电荷无关，故A错误． B、匀强电场中，任意两点间的电势差等于场强和这两点在电场方向上的距离的乘积，故B错误． C、在点电荷电场中，离点电荷距离相等的点的几何是一个等势面，所以各点的电势都相等，故C正确． D、任一点的电场强度总是指向该点电势降落最快的方向，而不能阐述成指向该点电势降落的方向，故D错误 故选：C 【点评】对于电场强度及电势差，应该从以下几个方面来理解记忆． 1、电场强度的大小取决于电场本身，与检验电荷的多少及有无没有关系． 2、电场强度的方向与正电荷在该点的受到的电场力的方向相同，与负电荷受到的电场力的方向相反． 3、电场强度的方向沿着电势降落最快的方向，不能阐述成沿着电势降落的方向． 4、匀强电场中的两点的电势差等于电场强度与沿电场方向上的距离的乘积，切勿理解成电场强度与两点间的距离的乘积．
2．（3分）两个相同的金属小球A、B，所带的电量qA=+q0、qB=﹣7q0，相距r放置时，相互作用的引力大小为F．现将A球与B球接触，再把A、B两球间的间距增在到2r，那么A、B之间的相互作用