高考复习《机械能》典型例题复习
备战高考物理实验专题复习《验证机械能守恒定律》(解析版)

《验证机械能守恒定律》一、实验题1.利用气垫导轨验证机械能守恒定律,实验装置如图甲所示,水平桌面上固定一水平的气垫导轨,导轨上A点处有一滑块,其质量为M,左端由跨过轻质光滑定滑轮的细绳与一质量为m的小球相连。
调节细绳的长度使每次实验时滑块运动到B点处与劲度系数为k的弹簧接触时小球恰好落地,测出每次弹簧的压缩量x,如果在B 点的正上方安装一个速度传感器,用来测定滑块到达B点的速度,发现速度v与弹簧的压缩量x成正比,作出速度v随弹簧压缩量x变化的图象如图乙所示,测得图象的斜率。
在某次实验中,某同学没有开启速度传感器,但测出了A、B两点间的距离为L,弹簧的压缩量为,重力加速度用g表示,则:滑块从A处到达B处时,滑块和小球组成的系统动能增加量可表示为______,系统的重力势能减少量可表示为______,在误差允许的范围内,若则可认为系统的机械能守恒。
用题中字母表示在实验中,该同学测得,弹簧的劲度系数,并改变A、B间的距离L,作出的图象如图丙所示,则重力加速度______。
2.某实验小组进行“验证机械能守恒定律”的实验.甲同学用如图所示的实验装置验证机械能守恒定律,将电火花计时器固定在铁架台上,把纸带的下端固定在重锤上,纸带穿过电火花计时器,上端用纸带夹夹住,接通电源后释放纸带,纸带上打出一系列的点,所用电源的频率为,实验中该同学得到一条点迹清晰的纸带如图所示,其中O点为打点计时器打下的第一个点.纸带连续的计时点A、B、C、D至第1个点O的距离如图所示,已知重锤的质量为,当地的重力加速度为,从起始点O到打下C点的过程中,重锤重力势能的减少量为______J,重锤动能的增加量为__________J,从以上数据可以得到的结论是__________结果保留3位有效数字.乙同学利用上述实验装置测定当地的重力加速度.他打出了一条纸带后,利用纸带测量出了各计数点到打点计时器打下的第一个点的距离h,算出了各计数点对应的速度v,以h为横轴,以为纵轴画出了如图所示的图线.由于图线明显偏离原点,若测量和计算都没有问题,在实验的操作上其原因可能是__________乙同学测出该图线的斜率为k,如果阻力不可忽略,则当地的重力加速度g__________选填“大于”、“等于”或“小于”.丙同学用如图所示的气垫导轨装置来验证机械能守恒定律,由导轨标尺可以测出两个光电门之间的距离L,窄遮光板的宽度为d,窄遮光板依次通过两个光电门的时间分别为、,滑块在气垫导轨上运动时空气阻力不计,为验证机械能守恒定律,还需测量的物理量是,机械能守恒的表达式为3.某研究生学习小组为了研究“两小球碰撞过程中动能的损失率”即碰撞中系统动能的损失与系统碰撞前初动能的比值,设计了如图所示的装置进行如下的实验操作:Ⅰ先将斜槽轨道的末端调整水平,在一块平木板表面先后钉上白纸和复写纸,并将该木板竖直立于靠近槽口处,使小球a从斜槽轨道上某固定点处由静止释放,撞到木板并在木板上留下痕迹O;Ⅱ将木板向右平移适当的距离,再使小球a从原固定点由静止释放,撞在木板上得到痕迹B;Ⅲ然后把半径相同的小球b静止放在斜槽轨道水平段的最右端,让小球a仍从原固定位置由静止开始滚下与小球b相碰后,两球撞在木板上得到痕迹A和C:Ⅳ用天平测量a、b两小球的质量分别为、,用刻度尺测量纸上O点到A、B、C三点的距离分别为、和.本实验中所选用的两小球质量关系为________填“”、“”或“”;用本实验中所测得的量表示,其表达式为________________.4.用如图所示装置可验证机械能守恒定律,轻绳两端系着质量相等的物块A、B,物块B上放一金属片C,铁架台上固定一金属圆环,圆环处在物块B的正下方。
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第五章:机械能守恒定律 第一讲:功和功率考点一:恒力功的分析与计算 1.(单项选择)起重机以1m/s 2的加速度将质量为 1000kg 的货物由静止开始匀加速向上提升,g 取10m/s 2,那么在1s 内起重机对货物做的功是 ( ). 答案 DA .500JB .4500JC .5000JD .5500J2.〔单项选择〕如下图,三个固定的斜面底边长度相等,斜面倾角分别为 30°、45°、60°,斜面的外表情况 都一样。
完全相同的三物体 (可视为质点)A 、B 、C 分别从三斜面的顶部滑到底部,在此过程中( )选DA .物体A 克服摩擦力做的功最多B .物体B 克服摩擦力做的功最多C .物体C 克服摩擦力做的功最多 .三物体克服摩擦力做的功一样多3、〔多项选择〕在水平面上运动的物体,从t =0时刻起受到一个水平力 F 的作用,力F 和此后物体的速度v 随时间t 的变化图象如下图,那么( ).答案ADA .在t =0时刻之前物体所受的合外力一定做负功B .从t =0时刻开始的前 3s 内,力F 做的功为零C .除力F 外,其他外力在第1s 内做正功D .力F 在第3s 内做的功是第 2s 内做功的3倍4.(单项选择)质量分别为 2m 和m 的A 、B 两种物体分别在水平恒力 1 2 1 、 F 和F 的作用下沿水平面运动,撤去 F 2 v -t 图象如下图,那么以下说法正确的选项是( ).答案 C F 后受摩擦力的作用减速到停止,其 A .F1、F2大小相等1 2 对A 、B 做功之比为2∶1B .F 、FC .A 、B 受到的摩擦力大小相等D .全过程中摩擦力对 A 、B 做功之比为1∶25.(单项选择)一物体静止在粗糙水平地面上.现用一大小为 1 F 的水平拉力拉动物体,经过一段时间后其速度变为v.假设将水平拉力的大小改为 F2,物体从静止开始经过同样的时间后速度变为 2v.对于上述两个过程, 用WF1、WF2分别表示拉力 F1、F2所做的功,Wf1、Wf2分别表示前后两次克服摩擦力所做的功,那么 ( ) A .WF2>4WF1,B .WF2>4WF1,Wf2=2Wf1Wf2>2Wf1F2F1f2=2Wf1F2F1f2<2Wf1答案CC.W<4W,W D.W<4W,W 6.如所示,建筑工人通过滑轮装置将一质量是100kg的料车沿30°的斜面由底端匀速地拉到顶端,斜面长L是4m,假设不计滑轮的质量和各处的摩擦力,g取10N/kg,求这一过程中:(1)人拉绳子的力做的功;(2)物体的重力做的功;(3)物体受到的各力对物体做的总功。
2019版高考物理一轮复习备考精炼: 第五章 机械能 微专题42 传送带模型中的能量转化问题备考精炼

42 传送带模型中的能量转化问题[方法点拨] (1)分析滑块与传送带或木板间的相对运动情况,确定两者间的速度关系、位移关系,注意两者速度相等时摩擦力可能变化.(2)用公式Q =F f ·x 相对或动能定理、能量守恒求摩擦产生的热量.1.(多选)(2017·安徽马鞍山第一次模拟)如图1所示,在匀速转动的电动机带动下,足够长的水平传送带以恒定速率v 1匀速向右运动,质量为m 的滑块从传送带右端以水平向左的速率v 2滑上传送带,且v 2>v 1,最终滑块又返回至传送带的右端,对于此过程,下列判断正确的是( )图1A .滑块返回传送带右端时的速率为v 1B .传送带对滑块做功为12mv 22-12mv 12C .电动机多做的功为2mv 12D .滑块与传送带间摩擦产生的热量为12m (v 1+v 2)22.(多选)如图2所示,一质量为1 kg 的小物块自斜面上A 点由静止开始匀加速下滑,经2 s 运动到B 点后通过光滑的衔接弧面恰好滑上与地面等高的传送带,传送带以4 m/s 的恒定速率运行.已知A 、B 间距离为 2 m ,传送带长度(即B 、C 间距离)为10 m ,小物块与传送带间的动摩擦因数为0.2,取g =10 m/s 2.下列说法正确的是( )图2A.小物块在传送带上运动的时间为2.32 sB.小物块在传送带上因摩擦产生的热量为2 JC.小物块在传送带上运动过程中传送带对小物块做的功为6 J D.小物块滑上传送带后,传动系统因此而多消耗的能量为8 J 3.(多选)(2017·湖北荆州一检)如图3所示,足够长的传送带与水平方向的倾角为θ,物块a通过平行于传送带的轻绳跨过光滑轻滑轮与物块b相连,b的质量为m.开始时,a、b及传送带均静止,且a 不受传送带摩擦力作用,现让传送带逆时针匀速转动,则在b上升h 高度(未与滑轮相碰)过程中( )图3A.物块a的重力势能减少mghB.摩擦力对a做的功等于a机械能的增量C.摩擦力对a做的功等于物块a、b动能增量之和D.任意时刻,重力对a、b做功的瞬时功率大小相等4.(2018·四川成都模拟)如图4甲所示,倾斜的传送带以恒定的速率逆时针运行.在t=0时刻,将质量为1.0 kg的物块(可视为质点)无初速度地放在传送带的最上端A点,经过1.0 s,物块从最下端的B点离开传送带.取沿传送带向下为速度的正方向,则物块的对地速度随时间变化的图象如图乙所示(g=10 m/s2),求:图4(1)物块与传送带间的动摩擦因数;(2)从A到B的过程中,传送带对物块做的功.答案精析1.AD [由于传送带足够长,滑块先向左减速至0再向右加速,由于v 1<v 2,当速度增大到等于传送带速度时,滑块还在传送带上,之后与传送带一起向右匀速运动,有v 2′=v 1,故A 正确;根据动能定理,传送带对滑块做功W =ΔE k =12mv 12-12mv 22,故B 错误;滑块向左运动x 1=v 22t 1,摩擦力对滑块做功:W 1=-F f x 1=-F f v 22t 1①又摩擦力做功等于滑块动能的变化量,即:W 1=-12mv 22②该过程中传送带的位移:x 2=v 1t 1 摩擦力对传送带做功:W 2=-F f ′x 2=-F f ′v 1t 1③传送带对滑块的摩擦力与滑块对传送带的摩擦力为作用力与反作用力,则有F f =F f ′④ 联立①②③④得:W 2=-mv 1v 2设滑块向右匀加速运动的时间为为t 2,位移为x 3,则:x 3=v 12t 2摩擦力对滑块做功:W 3=F f x 3=12mv 12该过程中传送带的位移:x 4=v 1t 2=2x 3滑块相对传送带的总位移:x 相对=x 1+x 2+x 4-x 3=x 1+x 2+x 3 系统克服滑动摩擦力做功:W 总=F f x 相对=|W 1|+|W 2|+W 3=12m (v 1+v 2)2滑块与传送带间摩擦产生的热量大小等于系统克服滑动摩擦力做功,Q =W 总=12m (v 1+v 2)2,故D 正确;全过程中,电动机对传送带做的功与滑块动能的减小量之和等于滑块与传送带间摩擦产生的热量,即Q =W +12mv 22-12mv 12整理得:W =Q -12mv 22+12mv 12=mv 12+mv 1v 2,故C 错误.]2.BCD3.ACD [开始时,a 、b 及传送带均静止且a 不受传送带摩擦力作用,有m a g sin θ=m b g ,则m a =m bsin θ=msin θ,b 上升h ,则a 下降h sin θ,则a 重力势能的减小量为ΔE p a =m a g ·h sin θ=mgh ,故A 正确;根据能量守恒定律得,摩擦力对a 做的功等于a 、b 系统机械能的增量,因为系统重力势能不变,所以摩擦力对a 做的功等于系统动能的增量,故B 错误,C 正确;任意时刻a 、b 的速率相等,对b ,克服重力做功的瞬时功率P b =mgv ,对a 有:P a =m a gv sin θ=mgv ,所以重力对a 、b 做功的瞬时功率大小相等,故D 正确.] 4.(1)35(2)-3.75 J解析 (1)由题图乙可知,物块在前0.5 s 的加速度为:a 1=v 1t 1=8 m/s 2后0.5 s 的加速度为:a 2=v 2-v 1t 2=2 m/s 2物块在前0.5 s 受到的滑动摩擦力沿传送带向下, 由牛顿第二定律得:mg sin θ+μmg cos θ=ma 1物块在后0.5 s 受到的滑动摩擦力沿传送带向上,由牛顿第二定律得:mg sin θ-μmg cos θ=ma 2联立解得:μ=35(2)由v -t 图线与t 轴所围面积意义可知,在前0.5 s , 物块对地位移为:x 1=v 12t 1则摩擦力对物块做功:W 1=μmg cos θ·x 1在后0.5 s ,物块对地位移为:x 2=v 1+v 22t 2则摩擦力对物块做功W 2=-μmg cos θ·x 2 所以传送带对物块做的总功:W =W 1+W 2 联立解得:W =-3.75 J。
高考物理《机械能守恒定律》真题练习含答案

高考物理《机械能守恒定律》真题练习含答案1.[2024·上海市新中中学月考]如图,将质量为m 的篮球从离地高度为h 的A 处,以初始速度v 抛出,篮球恰能进入高度为H 的篮圈.不计空气阻力和篮球转动的影响,经过篮球入圈位置B 的水平面为零势能面,重力加速度为g .则篮球经过位置B 时的机械能为( )A .12 m v 2B .12 m v 2+mg (h -H )C .12 m v 2+mg (H -h )D .12 m v 2+mgh答案:B解析:不计空气阻力和篮球转动的情况下,篮球运动过程中机械能守恒,篮球经过B 点的机械能等于在A 点的机械能.以B 点所在的水平面为零势能面,篮球在A 点的重力势能E p =-mg (H -h )=mg (h -H ),则机械能E =E k +E p =12m v 2+mg (h -H ),B 正确.2.如图所示,一根轻质弹簧左端固定,现使滑块沿光滑水平桌面滑向弹簧,在滑块接触到弹簧直到速度减为零的过程中,弹簧的( )A .弹力越来越大,弹性势能越来越大B .弹力越来越小,弹性势能越来越小C .弹力先变小后变大,弹性势能越来越小D .弹力先变大后变小,弹性势能越来越大 答案:A解析:滑块接触到弹簧直到速度减为零的过程中,弹簧形变量越来越大,根据F =kx 得弹力越来越大,滑块接触到弹簧直到速度减为零的过程中,弹簧弹力一直做负功,物块的动能逐渐转化为弹簧的弹性势能,弹簧的弹性势能越来越大,A 正确.3.利用双线可以稳固小球在竖直平面内做圆周运动而不易偏离竖直面,如一根长为2L 的细线系一质量为m 的小球,两线上端系于水平横杆上,A 、B 两点相距也为L ,若小球恰能在竖直面内做完整的圆周运动,则小球运动到最低点时,每根线承受的张力为( )A .6mgB .23 mgC .5mgD .533 mg答案:B解析:小球恰好过最高点时有mg =m v 21R,解得v 1=32gL ,由机械能守恒定律得mg ×3 L =12 m v 22 -12 m v 21 ,由牛顿第二定律得3 F -mg =m v 22 32L ,联立以上各式解得F =23 mg ,B 正确.4.[2024·河北省张家口市张垣联盟联考]有一条均匀金属链条,一半长度在光滑的足够高斜面上,斜面顶端是一个很小的圆弧,斜面倾角为30°,另一半长度竖直下垂,由静止释放后链条滑动,已知重力加速度g =10 m/s 2,链条刚好全部滑出斜面时的速度大小为522 m/s ,则金属链条的长度为( )A .0.6 mB .1 mC .2 mD .2.6 m 答案:C解析:设链条的质量为2m ,以开始时链条的最高点所在水平面为零势能面,链条的机械能为E =E p +E k =-12 ×2mg ×L 4 sin θ-12 ×2mg ×L 4 +0=-14 mgL (1+sin θ),链条全部滑出后,动能为E ′k =12 ×2m v 2,重力势能为E ′p =-2mg L2 ,由机械能守恒可得E =E ′k +E ′p ,即-14mgL (1+sin θ)=m v 2-mgL ,解得L =2 m ,C 正确.5.[2024·山东省济宁市期中考试]有一竖直放置的“T”形架,表面光滑,滑块A 、B 分别套在水平杆与竖直杆上,A 、B 用一根不可伸长的轻细绳相连,A 、B 质量相等,且可看做质点,如图所示,开始时细绳水平伸直,A 、B 静止.由静止释放B 后,已知当细绳与竖直方向的夹角为60°时,滑块B 沿着竖直杆下滑的速度为v ,则连接A 、B 的绳长为( )A .4v 2gB .3v 2gC .2v 23gD .4v 23g答案:D解析:如图所示,将A 、B 的速度分解为沿绳的方向和垂直于绳的方向,两物体沿绳子的方向速度大小相等,则有v B cos 60°=v A cos 30°,解得v A =33v ,由于A 、B 组成的系统只有重力做功,所以系统机械能守恒,B 减小的重力势能全部转化为A 和B 的动能,有mgh =12 m v 2A +12 m v 2B ,解得h =2v 23g ,绳长L =2h =4v 23g,D 正确.6.(多选)如图所示,轻弹簧的一端固定在O 点,另一端与质量为m 的小球连接,小球套在光滑的斜杆上,初始时小球位于A 点,弹簧竖直且长度为原长L .现由静止释放小球,当小球运动至B 点时弹簧水平,且长度再次变为原长.关于小球从A 点运动到B 的过程,以下说法正确的是( )A .小球的机械能守恒B .小球运动到B 点时的速度最大 C.小球运动到B 点时的速度为0D .小球运动到B 点时的速度为2gL答案:BD解析:在小球向下运动的过程中,弹簧的弹力做功,并不是只有重力做功,小球的机械能不守恒,A 错误;从A 到B 的过程中,弹簧弹力做功为零,小球的重力做正功最多,由动能定理得小球的速度最大,B 正确,C 错误;小球运动到B 点时,弹簧为原长,由系统的机械能守恒定律得mgL =12m v 2,解得v =2gL ,D 正确.7.(多选)在竖直平面内,一根光滑金属杆弯成如图所示形状,相应的曲线方程为y =2.5cos (kx +23 π)(单位:m),式中k =1 m -1,将一光滑小环套在该金属杆上,并从x =0处以v 0=5m/s 的初速度沿杆向下运动,取重力加速度g =10 m/s 2,则下列说法正确的是( )A.当小环运动到x =π3 时的速度大小v 1=52 m/sB.当小环运动到x =π3 时的速度大小v 1=5 m/sC .该小环在x 轴方向最远能运动到x =56 π处D .该小环在x 轴方向最远能运动到x =76 π处答案:AC解析:当x =0时,y 0=-1.25 m ;当 x =π3 时,y 1=-2.5 m .由机械能守恒定律得mg (y 0-y 1)=12 m v 21 -12 m v 20 ,解得v 1=52 m/s ,A 正确,B 错误;设小球速度为零时上升的高度为h ,由机械能守恒定律得mgh =12 m v 20 ,解得h =1.25 m ,即y =0,代入曲线方程可得x =56π,C 正确,D 错误.8.如图所示,在竖直平面内有一半径为R 的四分之一圆弧轨道BC ,与竖直轨道AB 和水平轨道CD 相切,轨道均光滑.现有长也为R 的轻杆,两端固定质量为m 的小球a 、质量为2m 的小球b (均可视为质点),用某装置控制住小球a ,使轻杆竖直且小球b 与B 点等高,然后由静止释放,杆将沿轨道下滑.设小球始终与轨道接触,重力加速度为g .则( )A .下滑过程中a 球机械能增大B .下滑过程中b 球机械能守恒C .小球a 滑过C 点后,a 球速度大于26mgR3D .从释放至a 球到滑过C 点的过程中,轻杆对b 球做正功为23 mgR答案:D解析:下滑过程中,若以两球为整体,只有重力做功,则有系统的机械能守恒,若分开单独分析,杆对a 球做负功,a 球的机械能减小,杆对b 球做正功,b 球的机械能增加,A 、B 错误;若以两球为整体,只有重力做功,则有系统的机械能守恒,则有mg ·2R +2mgR =12(m +2m )v 2,解得v =26gR 3 ,C 错误;对b 球分析,由动能定理可得W +2mgR =12 ·2m v 2,W =12 ·2m v 2-2mgR =23 mgR ,杆对b 球做正功为23mgR ,D 正确.9.[2024·浙江1月]类似光学中的反射和折射现象,用磁场或电场调控也能实现质子束的“反射”和“折射”.如图所示,在竖直平面内有三个平行区域Ⅰ、Ⅱ和Ⅲ,Ⅰ区宽度为d ,存在磁感应强度大小为B 、方向垂直平面向外的匀强磁场,Ⅱ区的宽度很小.Ⅰ区和Ⅲ区电势处处相等,分别为φⅠ和φⅢ,其电势差U =φⅠ-φⅢ.一束质量为m 、电荷量为e 的质子从O 点以入射角θ射向Ⅰ区,在P 点以出射角θ射出,实现“反射”;质子束从P 点以入射角θ射入Ⅱ区,经Ⅱ区“折射”进入Ⅲ区,其出射方向与法线夹角为“折射”角.已知质子仅在平面内运动,单位时间发射的质子数为N ,初速度为v 0,不计质子重力,不考虑质子间相互作用以及质子对磁场和电势分布的影响.(1)若不同角度射向磁场的质子都能实现“反射”,求d 的最小值;(2)若U =m v 20 2e,求“折射率”n (入射角正弦与折射角正弦的比值);(3)计算说明如何调控电场,实现质子束从P 点进入Ⅱ区发生“全反射”(即质子束全部返回Ⅰ区);(4)在P 点下方距离3m v 0eB 处水平放置一长为4m v 0eB的探测板CQD (Q 在P 的正下方),CQ 长为m v 0eB ,质子打在探测板上即被吸收中和.若还有另一相同质子束,与原质子束关于法线左右对称,同时从O 点射入Ⅰ区,且θ=30°,求探测板受到竖直方向力F 的大小与U 之间的关系.答案:(1)2m v 0Be (2)2 (3)U ≤-m v 20 cos 2θ2e(4)见解析解析:(1)根据牛顿第二定律 Be v 0=m v 20r不同角度射向磁场的质子都能实现“反射”,d 的最小值为 d min =2r =2m v 0Be(2)设水平方向为x 方向,竖直方向为y 方向,x 方向速度不变,y 方向速度变小,假设折射角为θ′,根据动能定理Ue =12 m v 21 -12 m v 20 解得 v 1=2 v 0 根据速度关系 v 0sin θ=v 1sin θ′ 解得n =sin θsin θ′ =v 1v 0=2 (3)全反射的临界情况:到达Ⅲ区的时候y 方向速度为零,即 Ue =0-12 m (v 0cos θ)2可得U =-m v 20 cos 2θ2e即应满足U ≤-m v 20 cos 2θ2e(4)临界情况有两个:1、全部都能打到,2、全部都打不到的情况,根据几何关系可得 ∠CPQ =30°所以如果U ≥0的情况下,折射角小于入射角,两边射入的粒子都能打到板上,分情况讨论如下:①当U ≥0时 F =2Nm v y 又eU =12 m v 2y-12 m (v 0cos θ)2 解得 F =2Nm34v 20 +2eUm②全部都打不到板的情况,根据几何知识可知当从Ⅱ区射出时速度与竖直方向夹角为60°时,粒子刚好打到D 点,水平方向速度为v x =v 02所以v y =v x tan 60° =36 v 0又eU =12 m v 2y-12 m (v 0cos θ)2 解得 U =-m v 20 3e即当U <-m v 203e 时F =0③部分能打到的情况,根据上述分析可知条件为(-m v 203e ≤U <0),此时仅有O 点右侧的一束粒子能打到板上,因此F =Nm v y 又eU =12 m v 2y-12 m (v 0cos θ)2 解得 F =Nm 34v 20 +2eUm。
2020年高考物理专题复习:机械能守恒的判断技巧练习题

2020年高考物理专题复习:机械能守恒的判断技巧练习题1. 下列运动的物体,机械能守恒的是()A. 跳伞运动员在空中匀速下落B. 子弹射穿木块C. 圆锥摆球在水平面内做匀速圆周运动D. 物体沿竖直面内的圆形轨道做匀速圆周运动2. 下列说法正确的是()A. 机械能守恒时,物体一定不受阻力B. 机械能守恒时,物体一定只受重力和弹力作用C. 物体处于平衡状态时,机械能必守恒D. 物体所受的外力不等于零,其机械能也可以守恒3. 如图所示,分别用质量不计且不能伸长的细线与弹簧分别吊质量相同的小球A、B,将二球拉开,使细线与弹簧都在水平方向上,且高度相同,而后由静止放开A、B二球,二球在运动中空气阻力不计,到最低点时二球在同一水平面上,关于二球运动过程中的下列说法中错误的是()A. A球的机械能守恒B. 弹簧的弹力对B球不做功C. 刚刚释放时,细线对A球的拉力为零D. 在最低点时,B球的速度比A球的速度小4. 如图所示,一质点在重力和水平恒力作用下,速度从竖直方向变为水平方向,在此过程中,质点的()A. 机械能守恒B. 机械能不断增加C. 重力势能不断减小D. 动能先减小后增大5. 如图所示,光滑固定斜面C倾角为θ,质量均为m的两物块A、B一起以某一初速度沿斜面向上做匀减速直线运动。
已知物块A上表面是水平的,则在该减速运动过程中,下列说法正确的是()A. 物块A受到B的摩擦力水平向左B. 物块B受到A的支持力做负功C. 两物块A、B之间的摩擦力大小为mgsinθcosθD. 物块B 的机械能减少6. 如图,水平轨道AB 与半径为R=1.0 m 的竖直半圆形光滑轨道BC 相切于B 点。
可视为质点的a 、b 两个小滑块质量m a =2m b =2 kg ,原来静止于水平轨道A 处,AB 长为L=3.2m ,两滑块在足够大的内力作用下突然分开,已知a 、b 两滑块分别沿AB 轨道向左右运动,v a = 4.5m/s ,b 滑块与水平面间动摩擦因数5.0=μ,g 取10m/s 2。
2021高考复习 机械能守恒定律考点微专题14 实验:验证机械能守恒定律(1)自由落体和沿斜面下滑

«机械能守恒定律»考点微专题14实验:验证机械能守恒定律(1)自由落体和沿斜面下滑一、知能掌握1.实验目的:验证机械能守恒定律.2.实验原理:通过实验,求出做自由落体运动物体的重力势能的减少量和对应过程动能的增加量,在实验误差允许范围内,若二者相等,说明机械能守恒,从而验证机械能守恒定律(如图1所示).图13.实验器材:打点计时器、交流电源、纸带、复写纸、重物、刻度尺、铁架台(带铁夹)、导线.4.实验步骤(1)装器材:将打点计时器固定在铁架台上,用导线将打点计时器与电源相连.(2)打纸带:用手竖直提起纸带,使重物停靠在打点计时器下方附近,先接通电源,再松开纸带,让重物自由下落,打点计时器就在纸带上打出一系列的点,取下纸带,换上新的纸带重打几条(3~5条)纸带.(3)选纸带:分两种情况说明①若选第1点O 到下落到某一点的过程,即用mgh =12mv 2来验证,应选点迹清晰,且第1、2两点间距离接近2 mm 的纸带(电源频率为50 Hz).②用12mv B 2-12mv A 2=mg Δh 验证时,由于重力势能的相对性,处理纸带时选择适当的点为基准点即可.5.数据处理(1)求瞬时速度:由公式v n =h n +1-h n -12T可以计算出重物下落h 1,h 2,h 3,…的高度时对应的瞬时速度v 1,v 2,v 3,…(2)验证方法:方法一:计算法。
①利用起始点和第n 点计算:代入mgh n 和12mv n 2,如果在实验误差允许的范围内,mgh n 和12mv n 2相等,则验证了机械能守恒定律.②任取两点计算:任取两点A 、B ,测出h AB ,算出mgh AB ;算出12mv B 2-12mv A 2的值;在实验误差允许的范围内,若mgh AB =12mv B 2-12mv A 2,则验证了机械能守恒定律. 方法二:图象法从纸带上选取多个点,测量从第一点到其余各点的下落高度h ,并计算各点速度的平方v 2,然后以12v 2为纵轴,以h 为横轴,根据实验数据作出12v 2-h 图象.若在误差允许的范围内图象是一条过原点且斜率为g 的直线,则验证了机械能守恒定律.6.实验结论:在误差允许的范围内,自由落体运动过程机械能守恒.7.误差分析(1)偶然误差:本实验的一个误差来源于长度的测量误差,属于偶然误差.减小测量误差的方法,一是测下落距离时都从0点量起,一次将各打点对应下落高度测量完,二是多测几次取平均值.(2)系统误差:本实验的另一个误差来源于重物和纸带下落过程中要克服各种阻力(空气阻力、打点计时器阻力)做功,故动能的增加量ΔE k =12mv n 2必定稍小于重力势能的减少量ΔE p =mgh n ,即ΔE k <ΔE p ,这属于系统误差,改进办法是调整安装的器材,尽可能地减小阻力.8.注意事项(1)应尽可能控制实验条件,即应满足机械能守恒的条件,这就要求尽量减小各种阻力的影响,采取的措施有: ①打点计时器要竖直:安装打点计时器时要竖直架稳,使其两限位孔在同一竖直线上,以减少摩擦阻力.②应选用质量和密度较大的重物,增大重力可使阻力的影响相对减小,增大密度可以减小体积,可使空气阻力减小.(2)实验中,提纸带的手要保持不动,且保证纸带竖直,接通电源后,打点计时器工作稳定后再松开纸带.(3)验证机械能守恒时,可以不测出重物质量,只要比较12v 2n 和gh n 是否相等即可验证机械能是否守恒.(4)测量下落高度时,为了减小测量值h 的相对误差,选取的各个计数点要离起始点远一些,纸带也不易过长,有效长度可在60 cm ~80 cm 之间.(5)长度,算速度:某时刻的瞬时速度的计算应用v n =h n +1-h n -12T,不能用v n =2gh n 或v n =gt 来计算,否则犯了用机械能守恒定律验证机械能守恒的错误.9.用气垫导轨和数字计时器验证机械能守恒定律本案例中,我们利用气垫导轨和数字计时器记录物体沿光滑斜面下滑的运动过程。
高考物理总复习 专题六 机械能守恒定律(讲解部分)

(4)重力势能的变化与重力做功的关系 重力对物体做多少正功,物体的重力势能就减少多少;重力对物体做多少负 功,物体的重力势能就增加多少,即WG=-ΔEp。 2.弹性势能:物体因发生弹性形变而具有的能叫做弹性势能。弹簧的弹性 势能的大小与形变量及劲度系数有关,弹簧的形变量越大、劲度系数越大, 弹簧的弹性势能越大。 五、机械能守恒定律 1.内容 在只有重力或弹力做功的物体系统内,动能与势能可以互相转化,而总的机 械能保持不变。
二、求变力做功的方法 1.根据W=Pt计算一段时间内做的功,此公式适用于功率恒定的情况。 2.根据力(F)-位移(l)图像的物理意义计算力对物体所做的功,如图中阴影 部分的面积在数值上等于力所做功的大小。
3.利用动能定理求功
W合=W1+W2+W3+…+Wn=ΔEk=Ekt-Ek0=
1 2
m
vt2
3.发动机铭牌上所标注的功率为这部机械的额定功率。它是人们对机械 进行选择、配置的一个重要参数,它反映了机械的做功能力或机械所能承 担的“任务”。机械运行过程中的功率是实际功率。机械的实际功率可 以小于其额定功率,可以等于其额定功率,但是机械不能长时间超负荷运 行,否则会损坏机械设备,缩短其使用寿命。由P=Fv可知,在功率一定的条 件下,发动机产生的牵引力F跟运转速度v成反比。
(1)拉力F做的功。 (2)重力mg做的功。 (3)圆弧面对物体的支持力FN做的功。 (4)圆弧面对物体的摩擦力Ff做的功。 解题导引 (1)拉力F大小不变,但方向不断改变→变力功→用微元法。 (2)重力做功与路径无关,与始末位置高度差有关。 (3)支持力与速度方向垂直不做功。 (4)摩擦力为变力,可用动能定理求其做功。
解题导引
解析 设斜面的倾角为θ,旅游者和滑沙橇总质量为m,则旅游者和滑沙橇
高考物理一轮复习6.4机械能守恒定律--功能关系和能量守恒定律-(原卷版+解析)

考向二功能关系与图像的结合
【典例3】(2021·湖北高考)如图(a)所示,一物块以一定初速度沿倾角为30°的固定斜面上滑,运动过程中摩擦力大小f恒定,物块动能Ek与运动路程s的关系如图(b)所示。重力加速度大小取10 m/s2,物块质量m和所受摩擦力大小f分别为()
A.m=0.7 kg,f=0.5 NB.m=0.7 kg,f=1.0 N
考点20机械能守恒定律--功能关系和能量守恒定律
新课程标准
1.理解能量守恒定律,体会守恒观念对认识物理规律的重要性。能用能量守恒定律分析生产生活中的有关问题。
命题趋势
考查的内容主要体现对能量观念的认识、模型建构和科学推理等物理学科的核心素养。往往与动力学、运动学以及电磁学等主干知识相结合,并密切联系实际,难度较大,突出体现高考的选择性特征.
(1)作用于系统的一对滑动摩擦力一定做负功,系统内能增加
(2)摩擦生热Q=Ff·x相对
电能
安培力做功等于电能变化量
(1)安培力做正功,电能减少(2)安培力做负功,电能增加
W电能=E2-E1=ΔE
二、两种摩擦力做功特点的比较
类型
比较
静摩擦力做功
滑动摩擦力做功
不同点
能量ห้องสมุดไป่ตู้转化方面
只有机械能从一个物体转移到另一个物体,而没有机械能转化为其他形式的能
试题情境
生活实践类
各种体育比赛项目、各种生产工具、各种娱乐项目和传送带等.
功能关系的理解和应用、能量守恒及转化问题
学习探究类
含弹簧系统能量守恒问题,传送带、板块模型的功能关系的理解和应用、能量守恒及转化问题
考向一功能关系的理解和应用
考向二功能关系与图像的结合
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cosFsW
)(
六、机械能 基本概念 定义 物理意义 表示 功 力与力方向上位移的乘积 力对空间(位移)的积效果 W=F·scosα
功率 功与做功对应时间的比值 做功的快慢 P=tW=F·v·
动能 由于运动具有的能 反映物体处于某
运动的快慢时所具有能的多少
Ek=21mv2
重力势能 地球上物体具有的与高度有关的能 反映物体处于某相对高度时具有能的多少 EB=mgh
弹性势能 由于发生弹性形变具有的能 反映弹性形变物体储藏的势能及对外做功的能力大小
EB=21kx2
机械能 动能和势能(重力势能和弹性势能)统称机械能 反映机械运动中对外做功能力的大小 E机=Ek+Ep
基本规律 内容 适用条件 表示 动能定理 外力对物体所做总功等于物体的能的变化量 不管恒力、变力做功;不管直线、曲线运动都适用 W总=Ek2-Ek1
=21mv22-21 mv21 机械能守恒定律 只有重力做功,物体机械能守恒 只有重力做功才适用 E初=E末
能的转化和守恒定律 能量既不能凭空产生,也不能无影无踪的消失,不同形式的能量在相互转化中守恒 整个自然界,整个宇宙普遍适用 E=C(常数)或
△E=0
1、功: ⑴功的概念:一个物体在力的作用下,如果在力的方向上发生一段位移,我们就说这个力对物体做了功。这里特别强调:力和在力的方向上发生的位移,是做功的两个不可缺少的因素。 ⑵功的公式:力对物体所做的功(W)、等于力的大小(F)、位移的大小(s)、力的方向和位移方向间的夹角的余弦三者的乘积。 ⑶功是标量:功是由力的大小和位移的大小确定的,它没有方向,是个标量, ⑷功的单位:在国际单位制中,功的单位是焦耳,符号J。1J就1N的力使物体在力的方向上发生1m位移所
一、知识网络 概念 做的功。 NmJ11 (请注意千万不要把力矩的单位与功的单位相混淆)
⑸功的正负:当20时F做正功,当2时F不做功,当2时F做负功。 ⑹什么叫克服阻力做功: a. 力对物体做负功时,通常也可说成是物体..克服阻力做功。如刹车时摩擦力对汽车做负功,意味着汽车克服摩擦力做功;重力对竖直上抛物体做负功,意味着物体克服重力做功,计算物体克服某个力所做的功时,其值要取绝对值。 b. 另一种是外力..克服阻力做功。如我们把一个质量为m的物体匀速举高时。我们必须用一个与物体所受到力G=mg大小相等、方向相反的外力,克服重力做功,物体被举高为h时,外力克服重力所做的功为W=mgh。 ⑺一对作用力和反作用力做功的特点: ①一对作用力和反作用力在同一段时间内做的总功可能为正、可能为负、也可能为零。 ②一对互为作用反作用的摩擦力做的总功可能为零(静摩擦力)、可能为负(滑动摩擦力),但不可能为正。
⑻关于摩擦力或介质阻力做功的特点:摩擦力做功的大小是摩擦力与所作用的物体在力的方向上通过的路程,而非位移。 ⑼在两个接触面上因相对滑动而产生的热量:Q=f滑s相对,其中f滑为滑动摩擦力,s相对为接触物的相对位移。 2、功率: ⑴功率的概念:功率是表示物体(施力物)做功快慢的物理量,表示了单位时间内,施力物做功的多少。是用功与完成这些功所用时间的比值表示。
⑵功率的公式:tWP 该式表示了在某一段时间t内物体做功的平均功率。当力的方向和位移的方向一致时,上式中的W=Fs,则:vFtsFP 重力的功率可表示为PG=mgvy,即重力的瞬时功率等于重力和物体在该时刻的竖直分速度之积。 ⑶功率的单位:在国际单位制中,功率的单位是瓦特。 1瓦特=1焦耳/秒,符号:1W=1J/s 除了“瓦”这个单位以外,技术上常用“千瓦”(KW)做功率的单位。 ⑷公式P=Fv中三个物理量的相依关系: 当力F与物体运动方向相同时,P=Fv,在功率一定的情况下,力越大,速度就越小,如汽车从平地开始上坡时,在保持发动机功率不变的条件下,需换档降低速度以增大牵引力。在力大小不变时,功率越大,速度越大,如在竖直方向上匀速吊起重物,起重机输出功率越大,起吊速度就越大。保持速度不变时,功率越大,力越大,如汽车从平路转入上坡时,要保持速度不变,就需要加大油门增大牵引功率以增大牵引力。
⑸注意区别P=tW、P=Fvcosα、P=Fv三个公式的适用范围:
对P=tW,P是时间t内的平均功率;对P=Fvcosα,若v是瞬时速度,P是瞬时功率,若v是平均速度,P是平均功率;对P=Fv,F与v必须同方向,功率P与速度对应,即瞬时速度对应瞬时功率,平均速度对应平均功率。 ⑹额定功率:任何一个动力机器,它的功率都是有一定的限制的,这就是该机器的额定功率,额定功率都要在铭牌上标明,机器工作时受额定功率的限制。而机器功率的发挥是可以人为控制的。如汽车可通过控制给油的多少(油门),确定功率的大小。但功率不管如何改变,功率的最大值是额定功率。 ⑺关于机车的两种起动方式:⑷汽车的两种加速问题。当汽车从静止开始沿水平面加速运动时,有两种不同的加速过程,但分析时采用的基本公式都是P=Fv和F-f=ma
①以额定功率起动:由公式P=Fv和F-f=ma知a=mfvP,由于P恒定,随
着v的增大,F必将减小,a也必将减小,汽车做加速度不断减小的加速运动,直到F=f,a=0,这时v达到最大值fPFPvmmm。可见恒定功率的加速
一定不是匀加速。这种加速过程发动机做的功只能用W=Pt计算,不能用W=Fs计算(因为F为变力)。 ②以加速度a匀加速起动:由公式P=Fv和F-f=ma知,由于F恒定,所以a恒定,汽车做匀加速运动,而随着v的增大,P也将不断增大,直到P达到额定功率Pm,功率不能再增大了。这时匀加速运动结束,其最
大速度为mmmmvfPFPv,此后汽车要想继续加速就只能做恒定功率的变加速运动了。可见恒定牵引力的加
速时功率一定不恒定。这种加速过程发动机做的功只能用W=Fs计算,不能用W=Pt计算(因为P为变功率)。例题:解析: 要注意两种加速运动过程的最大速度的区别。 例题:如图所示,质量为m的小球用长L的细线悬挂而静止在竖直位置。在下列三种情况下,分别用水平拉力F将小球拉到细线与竖直方向成θ角的位置。在此过程中,拉力F做的功各是多少?⑴用F缓慢地拉;⑵F为
恒力;⑶若F为恒力,而且拉到该位置时小球的速度刚好为零。可供选择的答案有
A.cosFLB.sinFLC.cos1FLD.cos1mgL
解:⑴若用F缓慢地拉,则显然F为变力,只能用动能定理求解。F做的功等于该过程克服重力做的功。选D ⑵若F为恒力,则可以直接按定义求功。选B ⑶若F为恒力,而且拉到该位置时小球的速度刚好为零,那么按定义直接求功和按动能定理求功都是正确的。选B、D
在第三种情况下,由sinFL=cos1mgL,可以得到2tansincos1mgF,可见在摆角为2时小球的速度最大。实际上,因为F与mg的合力也是恒力,而绳的拉力始终不做功,所以其效果相当于一个摆,我们可以把这样的装置叫做“歪摆”。 例题:质量为2t的农用汽车,发动机额定功率为30kW,汽车在水平路面行驶时能达到的最大时速为54km/h。若汽车以额定功率从静止开始加速,当其速度达到v=36km/h时的瞬时加速度是多大? 解析:汽车在水平路面行驶达到最大速度时牵引力F等于阻力f,即Pm=fvm,而速度为v时的牵引力F=Pm/v,再利用F-f=ma,可以求得这时的a=0.50m/s2 3、功和能: ⑴能的最基本性质:能就是指能量,如果物体能够做功,就说这个物体。如水流的机械能,带动水轮机发电,这是机械能转化为电能;电动机能电后,把电能转变成机械能;大力发电是把热能转化成电能,电热取暖则又是把电能转化成热能;这些现象都告诉了我们各种不同形式的能是可以互相转化的,而且在转化过程中,能的总量是守恒的。这就是能的最基本性质。 ⑵功和能的关系:功是能量转化的量度
θ L
m F
v a
f F ①做功的过程就是能的转化过程,能的转化是通过做功来实现的。 ②做多少功就有多少能量发生转化(用功的数值来量度能量转化的多少) 4、动能: ⑴动能:物体由于运动而具有的能量。 一个物体由静止开始运动,必须受有外力的作用,那么这个外力做了多少功,就表示了有多少其它形式能量转化为物体的动能了。我们利用这个办法可求出物体的动能。 ⑵动能公式的推导:在光滑的水平面上有一个质量为m的静止物体,在水平恒力作用下开始运动,经过一段位移S,达到速度为。在此过程中: 外力做功W=Fs 物体的动能EK 功是能量转化的量度 EK=W=Fs
22212mamaEk则.
⑶动能公式:221mvEk即物体的动能等于它的质量跟它的速度平方的乘积的一半。 ⑷动能是标量,在国际单位制中,动能的单位是焦耳(J)。 ⑸关于物体动能的变化:
①速度是一个描述物体运动状态的物理量,动能221mEk也是一个描述物体运动状态的物理量。速度
变化时,动能不一定变化。如物体做圆周运动时,虽然速度在变化,但动能是恒量。可是动能变化时,速度一定发生变化。如物体做自由落体运动,物体动能变化,其运动速度也在变化。 ②物体在一直线上运动时,其速度有正、负之分(表示方向),但物体的动能却永远是正值。可是动能的变化量可以有正负。
动能的变化量表示了运动物体的终了状态的动能)(2kE减去其初始状态的动能)(1kE。
如汽车加速运动,12kkEE,则动能变化量为正值。 若汽车做减速运动,即12kkEE,则其动能变化量为负值。 ③物体动能的变化是与外力做功有关的,这个“功”,指的是合外力做的功,或合功。如果以动力做功为主,则物体动能变化量为正。若以阻力做功为主,则物体动能变化量为负。 5、势能: ⑴势能的概念:相互作用的物体间,由其相对位置所决定的能量。 ⑵势能和种类:有重力势能和弹性势能等。 重力势能:地球与地球附近的物体之间由于重力的作用而是有的势能。 弹性势能:物体发生弹性形变时,由于其各部分间存在弹力的相互作用的是有的势能。 ⑶重力势能:公式Ep=mgh ①表示物体的重力势能等于物体的质量、重力加速度和它所处的高度三者的乘积。 ②根据功是能量转化的量度,也可以看做是外力把物体举高了h,外力做功W=mgh全转化成物体的重力势能,即Ep=mgh。 ③重力势能是标量。在国际单位制中,它的单位跟功的单位相同:焦耳(J)。 ④公式中h的含义要特别注意: 重力势能公式Ep=mgh中的h表示高度,用来表示物体所在的位置,是个状态量,是由规定的高度零点(如
地面)开始量度的,向上为正;而自由落体公式221gth中的h表示自由下落物体的位移,是个过程量,是