湖南省醴陵市青云学校高中物理第四章第四节信息化社会同步检测新人教版选修1_1

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高中人教版物理选修1-1第四章第一节电磁波的发现同步测试

高中人教版物理选修1-1第四章第一节电磁波的发现同步测试一、单选题（共13题；共26分）1.磁卡的词条中有用于存储信息的磁极方向不同的磁化区，刷卡器中有检测线圈，当以速度v0刷卡时，在线圈中产生感应电动势．其E﹣t关系如图所示．如果只将刷卡速度改为，线圈中的E﹣t关系可能是（）A. B. C. D.2.关于电磁波在生活中的应用，下列说法不正确的是（）A. 用微波炉加热食品B. 电视信号的发射与接收C. 使用手机打电话D. 做“B超”检查3.关于电磁场和电磁波，下列说法错误的是（）A. 电磁波是横波B. 电磁波的传播需要介质C. 电磁波能产生干涉和衍射现象D. 电磁波中电场和磁场方向处处互相垂直4.下列关于电磁波的说法中，正确的是（）A. 法拉第指出光也是一种电磁波B. 电磁波跟机械波一样，都能在真空中传播C. 电磁波跟机械波一样，都能发生反射、折射、干涉和衍射及多普勒效应D. 在发射电磁波时需要把低频有用信号用高频载波传递出去，把低频信号加到高频载波上去的过程称为“调幅”5.下列技术中哪些不是随信息化时代应运而生的（）A. 传感技术B. 无线电技术C. 通信技术D. 计算机技术6.首先发现电流的磁效应的科学家是()A. 安培B. 奥斯特C. 库仑D. 麦克斯韦7.如图所示，为了预防甲型H1N1流感，学校常用手持式测温仪对学生进行体温测量，这种测温仪工作时利用的电磁波是：A. 红外线B. 紫外线C. X射线D. γ射线8.下列说法中正确的是（）A. 在电场周围一定存在磁场B. 静止电荷能够在周围空间产生稳定的磁场C. 变化的电场和磁场互相激发，形成由近及远传播形成电磁波D. 以上说法都不对9.下列说法中正确的是（）A. 波的图象表示介质中“某个质点”在“各个时刻”的位移B. 光的偏振现象说明光是纵波C. 均匀变化的磁场产生均匀变化的电场，均匀变化的电场产生均匀变化的磁场D. 分别用红光和绿光在同一装置上进行双缝干涉实验，红光的干涉条纹间距较大10.关于电磁场和电磁波，下列说法中正确的是（）A. 电磁场由发生区域向远处的传播就是电磁波B. 在电场的周围总能产生磁场，在磁场的周围总能产生电场C. 电磁波是一种物质，只能在真空中传播D. 电磁波传播的速度总是3.0×108m/s11.一雷达站探测敌机时荧光屏上出现的记录图象如下图，A是发射时的雷达探索波的脉冲波形，B是敌机反射回来的脉冲波形，则敌机距雷达站的距离是()A. 9×105 mB. 4.5×105 mC. 3×105 mD. 无法确定12.建立完整的电磁场理论并首先预言电磁波存在的科学家是（）A. 法拉第B. 奥斯特C. 赫兹D. 麦克斯韦13.19世纪60年代，英国物理学家麦克斯韦在法拉第等人研究成果的基础上，进行总结，并加以发展，提出了系统的电磁理论并预言了电磁波的存在．以下有关电磁理论和电磁波的说法不正确的是（）A. 只要有磁场在变化，它的周围就一定会产生电场B. 空间某区域有不均匀变化的电场，则一定会产生电磁波C. 电磁波不同于机械波之处是电磁波能在真空中传播D. 紫外线是一种比所有可见光波长更长的电磁波二、填空题（共5题；共10分）14.19世纪中叶，英国物理学家________系统总结了人类对电磁规律的研究成果，提出了电磁场理论并预言了电磁波的存在，赫兹用实验证实了电磁波的存在．电磁波在日常生产、生活中得到了广泛的应用，某卫星传送电视信号的频率为2.0×109HZ ，它在真空中的波长为________m ．15.如图LC振荡回路中振荡电流的周期T=2×10﹣2s ．自振荡电流沿反时针方向达最大值时开始计时，当t=3.4×10﹣2s时，电容器正处于________状态（填“充电”、“放电”、“充电完毕”或“放电完毕”）．这时电容器的上极板________（填“带正电”、“带负电”或“不带电”）．16.使用γ射线探伤，即利用γ射线检查金属部件是否存在砂眼、裂痕等，这是利用了γ射线的________的特点；用α射线可以泄去化纤、纺织品上的有害静电，这是利用了α射线的________的特点；放射性物质发出的射线可以导致癌症，这是因为放射性物质发出的射线能________ ．17.收音机所接收到的无线电波由真空传入折射率为的介质中，传播速度变为________。

湖南省株洲市醴陵市青云学校高中物理《2.2电流的磁场》同步测试(含解析)新人教版选修1_1

新人教版选修1-1《2.2 电流的磁场》2015年单元测试卷（湖南省株洲市醴陵市青云学校）一、选择题（本题包括8小题，每小题4分，每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不选的得0分，共32分）1．（4分）（2013秋•洛阳期末）奥斯特实验说明了（）A．磁场的存在B．磁场具有方向性C．通电导线周围有磁场D．磁体间有相互作用考点：通电直导线和通电线圈周围磁场的方向．分析：解答本题需掌握奥斯特的电流的磁效应实验的意义．解答：解：奥斯特将通电导线放于小磁针上方时发现小磁针发生了偏转，说明了通电导线周围存在着磁场．故选：C点评：奥斯特实验虽然简单，但却是人类将电与磁联系在一起的基础．2．（4分）如图所示，一束带电粒子沿水平方向沿虚线飞过磁针上方，并与磁针方向平行，能使磁针N极转向读者，那么这束带电粒子可能是（）A．向右飞的正离子B．向左飞的负离子C．向右飞的负离子D．向左飞的正离子考点：通电直导线和通电线圈周围磁场的方向．分析：小磁针N极受力方向与磁场方向相同．电流方向与正电荷定向移动方向相同，与负电荷定向移动方向相反．根据安培定则，将选项逐一代入检查，选择符合题意的选项．解答：解：带电粒子沿水平方向沿虚线飞过磁针上方，并与磁针方向平行，能使磁针N极转向读者．则知电流的磁场在小磁针所在处是垂直于纸面指向读者的．依据安培定则可得，电流的方向水平向左．因此，如果这束带电粒子是正离子，则向左飞行；如果是负离子，则向右飞行．故选：CD．点评：本题考查应用物理基本定则的能力，A、B两项是等效的，C、D两项也是等效的，考试时抓住等效性，可以节省时间．3．（4分）（2014秋•金台区期中）在做“奥斯特实验”时，下列操作中现象最明显的是（）A．沿电流方向放置磁针，使磁针在导线的延长线上B．沿电流方向放置磁针，使磁针在导线的正下方C．电流沿南北方向放置在磁针的正上方D．电流沿东西方向放置在磁针的正上方考点：通电直导线和通电线圈周围磁场的方向．分析：根据地磁场的方向，小磁针静止时，南北指向，当通电后，发生转动，即可确定电流周围存在磁场，从而即可求解．解答：解：小磁针，只有地磁场的作用下，处于南北方向，A、当使磁针在导线的延长线上时，没有磁场作用，故现象不明显，故A错误；B、当垂直导线方向放置磁针，使磁针在导线的正下方，由右手螺旋定则可知，小磁针不会转动，故B错误；C、当导线沿南北方向放置在磁针的正上方，可知，小磁针会向东西方向偏，故C正确；D、当沿东西方向放置在磁针的正上方，仍不会偏转，故D错误；故选：C．点评：考查地磁场的方向，掌握小磁针静止时，能确定磁场的方向，注意通电导线产生磁场使得小磁针偏离原来的方向是解题的关键．4．（4分）（2012秋•龙华区校级期末）关于电流的磁场，正确的说法是（）A．直线电流的磁场只分布在垂直于导线的某一个平面上B．直线电流的磁场是一些同心圆，距离导线越远处磁感线越密C．通电螺线管的磁感线分布与条形磁铁相同，在管内无磁场D．直线电流、环形电流、通电螺线管的磁场方向都可用安培定则判断考点：通电直导线和通电线圈周围磁场的方向．分析：本题考查通电导线周围磁场的产生及磁场的分布，并由安培定则来确定求解．解答：解：A、根据安培定则可知，直线电流的磁场，只分布在垂直于导线的所有平面内，故A错误，B、直线电流的磁感线，以导线为圆心的同心圆，距离导线越远处磁场越弱，磁感线越疏，故B错误．C、磁场的方向由安培定则可判，通电螺线管的磁感线分布与条形磁铁相同，且在管内有磁场，C错误．D、直线电流、环形电流、通电螺线管，它们的磁场方向都可用安培定则来判断．故D正确．故选：D．点评：电流和磁场总是同时产生，同时消失的不会存在延时性．安培定则要熟记，并注意安培定则来判定通电直导线与环形导线的磁场方向时，大拇指与四指所向方向不同．5．（4分）（2008•安徽校级模拟）如图所示，一个正电子沿着逆时针方向做匀速圆周运动，则此正电子的运动（）A．不产生磁场B．产生磁场，圆心处的磁场方向垂直纸面向里C．产生磁场，圆心处的磁场方向垂直纸面向外D．只有圆周内侧产生磁场考点：通电直导线和通电线圈周围磁场的方向．分析：注意电流的方向和正电荷运动方向相同，和负电荷运动方向相反，然后根据电流方向利用安培定则判断磁场方向．解答：解：正电子沿着逆时针方向作匀速圆周运动，因此电流为逆时针方向，根据安培定则可知圆内部磁场方向向外，外部磁场方向向内，故ABD错误，C正确．故选C．点评：本题较为简单，考察了安培定则的应用，注意大拇指指向为内部磁场方向，外部磁场方向和内部相反．6．（4分）（2011秋•龙华区校级期中）当接通电源后，小磁针A的指向如图所示，则（）A．小磁针B的N极向纸外转B．小磁针B的N极向纸里转C．小磁针B不转动D．因电流未标出，所以无法判断小磁针B如何转动考点：通电直导线和通电线圈周围磁场的方向；磁感应强度．分析：由小磁针的指向，根据磁极间的相互作用规律得出通电螺线管的左端为S极，右端为N极，再根据右手螺旋定则得出电源的左端为正极，右端为负极．解答：解：如图，根据同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，所以通电螺线管的左端是S极，右端是N极；根据安培定则，右手握住螺线管，四指指向电流的方向，大拇指所指的方向是通电螺线管的N极．可以判断电流从螺线管的左端上电流，从右端出电流，所以，电源的左端是正极，右端是负极．而小磁针B在电流产生磁场中，根据右手螺旋定则可知，N极的指向垂直纸面向外，故A正确，BCD 错误；故选：A．点评：本题考查了磁极间的相互作用规律和右手螺旋定则．利用右手螺旋定则既可由电流的方向判定磁极磁性，也能由磁极极性判断电流的方向和线圈的绕法．7．（4分）（2014•邯郸二模）根据安培的思想，认为磁场是由于运动电荷产生的，这种思想如果对地磁场也适用，而目前在地球上并没有发现相对地球定向移动的电荷，那么由此可断定地球应该（）A．带负电B．带正电C．不带电D．无法确定考点：分子电流假说．专题：电磁感应中的力学问题．分析：根据安培定则可知右手的拇指指向N极，而弯曲的四指的指向是正电荷运动的方向，故在本题中右手的拇指指向南方，弯曲的四指的指向与地球自转的方向相反，从而可以判定地球带负电．解答：解：由于地磁的N极在地理的南极附近，地磁的S极在地理的北极附近，地球绕地轴自西向东的旋转，故可以将地球看做一个绕地轴运动的环形电流，根据安培定则可知右手的拇指指向南方，而弯曲的四指的指向与地球自转的方向相反，而弯曲的四指的指向是正电荷运动的方向与负电荷运动的方向相反，故可以断定地球带负电．故A正确．故选A．点评：将地球看做环形电流，把握地理南北两极和地磁的N、S的关系是解决本题的关键．8．（4分）（2012春•驻马店月考）如图是一种利用电磁原理制作的充气泵的结构示意图．其工作原理类似打点计时器．当电流从电磁铁的接线柱a流入，吸引小磁铁向下运动时，以下选项中正确的是（）A．电磁铁的上端为N极，小磁铁的下端为N极B．电磁铁的上端为S极，小磁铁的下端为S极C．电磁铁的上端为N极，小磁铁的下端为S极D．电磁铁的上端为S极，小磁铁的下端为N极考点：电磁感应在生活和生产中的应用．分析：由安培定则知电磁铁的上端为S极，再根据同名磁极相互吸引，异名磁极相互排斥判定小磁铁的极性．解答：解：电磁铁实际为通电螺线管，如题图，当电流从a流入电磁铁时上端为S极，由异名磁极相互吸引知永磁铁下端为N极，故A、B、D错误，C正确；故选：C．点评：本题考查了安培定则在生活中的应用，要注意明确仪器原理，并掌握右手螺旋定则的正确应用．二、填空题（本题共2小题，每小题8分，共16分.请将正确的答案填到横线上）9．（8分）如图所示，当给圆环中通电时，与其共面且在正下方的小磁针S极转向读者，则圆环中的电流方向是逆时针（填“顺时针”或“逆时针”），圆环中小磁针的N 极转向读者．考点：通电直导线和通电线圈周围磁场的方向．分析：1820年，丹麦物理学家奥斯特首先通过实验发现通导线周围存在磁场．磁场方向小磁针N极受力方向相同．根据小磁针S极偏转方向，确定磁场方向，根据安培定则分析电流的方向．解答：解：1820年，丹麦物理学家奥斯特首先通过实验发现通导线周围存在磁场．由题，与其共面且在正下方的小磁针S极转向读者，则N极转向纸里，说明圆环内磁场方向向外，根据安培定则可知，圆环中的电流方向是逆时针方向．故答案为：逆时针，N．点评：通导线周围产生磁场的现象叫做电流的磁效应，首先是由奥斯特发现的．安培定则是判断电流方向与磁场方向关系的定则，注意N极转向何方是解题的关键．10．（8分）如图所示为通电螺线管的剖面图，“⊗”和“⊙”分别表示导线中电流垂直纸面流进和流出，图中四个小磁针（涂黑的一端为N极）静止时的指向肯定画错的是AB ．考点：通电直导线和通电线圈周围磁场的方向．分析：首先根据电源的正负极判定电流方向，由电流方向根据安培则（用右手握住螺线管，让四指弯曲的方向与螺线管中的电流方向一致，则大拇指所指的那端就是通电螺线管的N极）判断通电螺线管的磁极；根据磁极间的作用规律判断小磁针的指向是否正确．解答：解：该题考查对安培定则的应用和通电螺线管的磁场方向．由安培定则可判断螺线管的左端为N极，右端为S极，所以在螺线管内部磁场方向向左，而在外部，磁感线方向由左向右，故在螺线管外部小磁针静止时N极应与磁感线的切线方向相同，图中四个小磁针（涂黑的一端为N极）静止时的指向肯定画错的是AB；故答案为：AB．点评：安培定则（右手螺旋定则）为考试中的重点及难点，应能做到熟练应用右手螺旋定则判断电流及磁极的关系．三、计算题（本题共5小题，共52分.解答时应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分.有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）11．（10分）如图所示，（a）（b）是直线电流的磁场，（c）（d）是环形电流的磁场，（e）（f）是通电螺线管的磁场．试在图中补画出电流的方向或磁感线方向．考点：通电直导线和通电线圈周围磁场的方向．分析：右手螺旋定则又称为安培定则，内容为：用右手握住螺线管，让四指指向螺线管中电流的方向，则大拇指所指的那端就是螺线管的北极．先由电源的正负极确定电流的方向，再结合通电螺线管的右端为N极，左端为S极，再由右手螺旋定则得出线圈的绕法．解答：解：利用右手螺旋定则，已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；图a，已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；图b，电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；图c，已知磁场方向，则有电流方向，顺时针方向；图d，环形电流从左侧流出，从右侧流入，所以磁场的方向向上；图e，根据螺线管中电流方向外侧向上，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；图f，根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：答：如上图所示．点评：利用右手螺旋定则既可由电流的方向判定磁极磁性，也能由磁极极性判断电流的方向和线圈的绕法．对于一个通电螺线管，只要知道电流的方向、线圈的绕法、螺旋管的N、S极这三个因素中的任意两个，我们就可以据安培定则判断出另一个同，注意直导线时，大拇指向为电流方向，而环形导线时，大拇指向为内部磁场方向．12．（10分）在如图所示的各图中，分别给出了导线中的电流方向或磁场中某处小磁针N极的指向或磁感线方向．请画出对应的磁感线（标上方向）或电流方向．考点：通电直导线和通电线圈周围磁场的方向．分析：结合磁场方向，判断出甲图和图乙中导线中电流的方向．运用安培定则，结合电流方向，判断出丙图与丁图中磁场的方向．通电直导线的磁场可以由安培定则进行判断：用右手握住直导线，大拇指指向电流方向，四指弯曲的方向即为磁场的方向；根据安培定则，即右手螺旋定则，可知，大拇指指向即为内部磁场方向，而环绕四指指向即为电流的方向．解答：解：如果已知电流的方向，可用右手螺旋定则判断磁感线的方向．如果已知小磁针的指向，那么小磁针N极所指的方向就是磁感线的方向．用安培定则来判断，分别如图中各图所示．答：如上图所示．点评：通过本例既要掌握几种通电导体周围的磁场分布情况，又要熟练掌握安培定则．13．（10分）如图所示，放在通电螺线管内部中间处的小磁针，静止时N极指向右，试判定电源的正、负极．考点：通电直导线和通电线圈周围磁场的方向．分析：根据小磁针N极的指向确定螺线管内部的磁场方向，通过右手螺旋定则判断出电流的方向，从而确定出电源的正极．解答：解：小磁针的N极水平向右，知螺线管内部的磁场方向向右，根据右手螺旋定则知，电流在螺线管中的方向从c到d，则c端为电源的正极，d端为电源的负极．答：c端为电源的正极，d端为电源的负极．点评：解决本题的关键会通过右手螺旋定则判断螺线管中电流方向与磁场方向的关系，知道小磁针静止时N极的指向为磁场的方向．14．（10分）在蹄形铁芯上绕有线圈，如图所示，根据小磁针的指向，画出线圈的绕线方向．考点：通电直导线和通电线圈周围磁场的方向．分析：知道小磁针的磁极，根据磁极间的作用判断螺线管的磁极，再由安培定则，判断螺线管的绕法．解答：解：首先由小磁针静止时N极的指向可以确定，绕在蹄形铁芯上的线圈通电后，产生的磁场方向，是从铁芯左方到右方，即蹄形铁芯左方为N极，右方为S极，再根据电源标出电流方向，铁芯左方上端为N极，由安培定则可知，左侧线圈的绕线方向如图所示．同理，铁芯右侧上端为S 极，根据安培定则可知，线圈绕线方向如图所示．答：如上图所示．点评：知道螺线管的电流方向、磁极、小磁针的磁极，磁感线、线圈绕法中的任意一者，都可以根据磁极间作用和安培定则判断另外几个．15．（12分）在两条相互垂直而不接触的导线中，通以大小相等、方向如图所示的电流，那么，在导线平面内两电流所产生的磁场在哪些区域内方向是一致的？考点：通电直导线和通电线圈周围磁场的方向．分析：当导线通电后，可根据安培定则来确定磁场的方向．通电导线处于磁场中要受到安培力作用，根据左手定则可确定出电流方向、磁场方向与安培力方向的关系．解答：解：两根非常靠近且相互垂直的长直导线，当通上如图所示方向上电流时，根据安培定则可得：电流方向水平向右的直导线在区域I、区域II磁场方向垂直纸面向外，在区域III、区域IV磁场方向垂直纸面向里，电流方向竖直向下的直导线在区域I、区域IV磁场方向垂直纸面向外，在区域II、区域III磁场方向垂直纸面向里，所以根据的磁场的叠加原理，可得：Ⅰ、Ⅲ区域中两电流产生的磁场方向一致，Ⅱ、Ⅳ区域中两电流产生的磁场方向相反．答：在导线平面内两电流所产生的磁场在：Ⅰ、Ⅲ区域中两电流产生的磁场方向一致．点评：由安培定则可得电流周围磁场的方向，再由磁场叠加可确定合磁场的方向，注意电流方向与磁场的方向的关系．。

湖南省株洲市醴陵市青云学校高中物理《3.5高压输电》同步测试(含解析)新人教版选修1-1

新人教版选修1-1《3.5 高压输电》2015年单元测试卷（湖南省株洲市醴陵市青云学校）一、选择题（本题包括7小题，每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得8分，选对但不全的得4分，有选错或不选的得0分，共56分）1．（8分）远距离输送交流电都采用高压输电，我国正在研究电压比330kV高得多的高压输电方法，采用高压输电的优点是（）A．可节省输电线的铜材料B．可根据需要调节交流电的频率C．可减少输电线上的能量损失D．可加快输电的速度考点：电能的输送．专题：交流电专题．分析：输送的功率一定，根据P=UI和P损=I2R可知高压输电的优点．解答：解：输送的功率一定，根据P=UI，知输电电压越高，输电电流越小，根据P损=I2R，知输电线上损耗的能量就小．这样电阻不需要太小，从而能节省输电线的材料．高压输电不会改变交流电的频率．故A、C正确，B、D错误．故选：AC．点评：解决本题的关键掌握输送功率与输电电压和输电电流的关系，以及知道P损=I2R．2．（8分）下列关于电能输送的说法中正确的是（）A．输送电能的基本要求时可靠、保质、经济B．减小输电导线上功率损失的唯一办法是采用高压输电C．减小输电导线上电压损失的唯一方法是增大输电线的横截面积D．实际输电时，要综合考虑各种因素，如输电功率的大小、距离远近、技术和经济条件等考点：电能的输送．专题：交流电专题．分析：输送电能的要求为：可靠、保质、经济．输电线上损失的功率P损=I2R，跟输电线上的电流及输电线上的电阻有关．输电线上的电流I=．列式进行分析．解答：解：A、输送电能的基本要求时可靠、保质、经济．故A正确；B、C、输电线上的电流I=，则P损=I2R=则知损失的功率与输送电压的二次方成反比，所以提高输电电压，减小输送电流，可大大减小损失的功率；输电线上损失的功率P损=I2R，可知减小输电导线的电阻，增大输电线的横截面积，可以减小损失的功率，但这种方法减小电阻是有限的，减小功率的损失也是有限的．故BC错误；D、实际输电时，要综合考虑各种因素，如输电功率的大小、距离远近、技术和经济条件等．故D正确．故选：AD点评：解决本题的关键掌握输电线上损耗的功率P损=I2R，大小与跟输电线上的电流，及输电线上的电阻有关，知道远程输电的基本要求．3．（8分）（2013春•东莞期中）远距离输送电时，在输送的电功率不变的条件下（）A．只有增大导线的电阻，才能减小电流，提高输电效率B．只有提高输电电压，才能减小电流，提高输电效率C．提高输电电压势必增大输电导线上的能量损耗D．提高输电电压势必增大输电导线上的电流考点：电能的输送．专题：交流电专题．分析：根据P=UI、判断输电线上损耗的功率与什么因素有关．解答：解：A、输电线上的电流由输送的功率与输出电压决定，与输电线的电阻无关．故A错误．B、输送功率不变，根据P=UI知，提高输电电压，输电电流减小，则损失的功率减小，输电的效率提高．故B正确，C、D错误．故选B．点评：解决本题的关键知道输电功率与输出电压和输电电流的关系，以及知道导线上功率的损失与输电电流的关系．4．（8分）（2015春•邗江区期中）在电能输送过程中，若输送的电功率一定，则在输电线上损失的电功率（）A．随输电线电阻的增大而增大B．和输送电压的平方成正比C．和输电线上电压降落的平方成正比D．和输电线中电流强度的平方成正比考点：远距离输电．分析：根据输送功率P=UI求出输电电流，再根据△P=I2r可得出输电线上损失的电功率与什么有关解答：解：A、根据△P=I2r可得输电线上损失的电功率与输电线电阻成正比，随输电线电阻的增大而增大故A正确B、输送的电功率P一定，输送电流为：I=；再根据△P=I2r，有：△P=（）2r，故在输电线上损失的电功率和输送电压的平方成反比，故B错误，D正确；C、损失的功率为=，可知，C正确；故选：ACD点评：解决本题的关键掌握输送功率P=UI，以及输电线上损失的电功率△P=I2r5．（8分）（2014秋•武汉校级期末）远距离输送一定功率的交流电，若输送电压升高为原来的n倍，关于输电线上的功率损失和电压损失，正确的是（）A．输电线上的电功率损失是原来的倍B．输电线上的电功率损失是原来的倍C．输电线上的电压损失是原来的倍D．输电线上的电压损失是原来的倍考点：远距离输电．专题：交流电专题．分析：根据输送功率P=UI求出输电电流，再根据P损=I2R可得出输电线上损失的电功率与输送电压的关系．根据欧姆定律得到电压损失与输送电压的关系．解答：解：设输送的电功率一定为P，输送电压为U，输电线上功率损失为△P，电压损失为△U，电流为I，输电线总电阻为R．由P=UI知，I=则得△P=I2R=R，△U=IR=，由题P、R一定，则得△P∝，△U∝所以输电线上的电功率损失是原来的倍，电压损失是原来的倍，故BC正确，AD错误．故选BC点评：解决本题的关键掌握输送电功率公式P=UI，以及输电线上损失的电功率△P=I2R及欧姆定律，要注意公式中各量应对应于同一段导体．6．（8分）（2015春•濮阳期末）发电厂发电机的输出电压为U1，发电厂至用户的输电导线的总电阻为R，通过输电导线的电流为I，用户两端得到的电压为U2，输电导线上损耗的功率可表示为（）A．B．C．I2R D． I（U1﹣U2）考点：远距离输电；电功、电功率．专题：交流电专题．分析：根据输电线中的电流，结合P损=I2R求出损失的功率，或根据电压损失，结合求出输电线上的损失功率解答：解：升压变压器的输出电压为U1，降压变压器的输入电压为U2，则输电线上的电压损失△U=U1﹣U2，升压输电线上损失的功率为P损=△UI=I（U1﹣U2）或=．则B，D正确，因为输电线上的电流为I，则输电线上损失的功P损=I2R．故C正确，故选：BCD．点评：解决本题的关键知道原副线圈的电压比与匝数比的关系，掌握损失功率的求法，基础题．7．（8分）（2006•湖南校级模拟）若农村水力发电站的发电机的输出电压恒定，它发出的电压通过电站附近的升压变压器升压，然后用输电线路把电能输送到远处村寨附近的降压变压器．经降压变压器降压后，再用线路接到各用户．设两变压器都是理想变压器，那么在用电高峰期，白炽灯不够亮，但用电总功率增加，这是（）A．升压变压器的副线圈的电压变大B．高压输电线路的电压损失变大C．降压变压器的副线圈的电压变大D．降压变压器到各用户的输电线上的电压损失变大考点：变压器的构造和原理．专题：交流电专题．分析：将发电站的电能远输时，由于电线上的电阻而导致电压损失，从而使得用户得到的电压减少．当用户用电处于高峰期时，副线圈的电流变大，导致原线圈的电流也增大．由于原线圈的电压不变，则原线圈的输入功率变大，因此用户得到的总功率是变大的．解答：解：A、由于升压变压器的输入电压不变，原副线圈匝数不变，则副线圈的电压不变，故A 错误；B、当用户用电处于高峰期时，降压变压器的输出功率会增大，从而导致降压变压器的输入电流变大，所以输电线路的电压损失变大，故B正确；C、当用户用电处于高峰期时，输电线路的电压损失变大，最终使得降压变压器的原副线圈上的电压变小，故C错误；D、降压变压器的副线圈电流变大，输电线电阻不变，则损失电压变大，故D正确．故选：BD．点评：理想变压器的输入与输出功率相等，当电线上电阻的电压越大时，用户得到的电压则越少．所以要通过升压变压器将电压提高，从而实现降低电压损失．二、填空题（本题共8分.请将正确的答案填到横线上）8．（8分）（2013春•铜官山区校级期中）水电站给远处山村送电的输出功率是100千瓦，用2000伏电压输电，线路上损失的功率是2.5×104瓦，如果改用20000伏高压输电，线路上损失的功率是多少？考点：远距离输电．专题：交流电专题．分析：根据输出功率与输送电压、电流的关系，结合输送电压的变化得出输送电流的变化，从而根据得出损失功率的变化．解答：解：根据P=UI知，改用20000伏高压输电，输送电压增大10倍，则输送电流变为原来的，根据知，损失的功率变为原来的．则线路上损失的功率．答：线路上损失的功率为250W．点评：解决本题的关键知道输送功率、输送电压、电流的关系，知道损失的功率．三、计算题（本题共3小题，共44分.解答时应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分.有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）9．（12分）通过相同材料的导线向同一用户输送10kW的电功率，如在输送电压为110V和220V两种情况下导线上损失的电能相同，那么这两种情况下输电线的截面积之比为多少？考点：电功、电功率；电阻定律．专题：恒定电流专题．分析：根据电阻定律和功率公式，推导出输电损失的电功率与导线的横截面积的关系，再求解导线的横截面积之比．解答：解：设导线的电阻率为ρ，导线的横截面积为S，导线总电阻为R，送电距离为L，输电电压为U，输电线中电流为I，输送功率为P，则由P=UI得：I=输电损失的电功率为：△P=I2R，R=ρ联立得到：△P=•ρ．由题，P、L、ρ、△P相等，则有：S1：S2==4：1答：两种情况下输电线的截面积之比为4：1．点评：本题关键建立模型，然后运用比例法研究输送功率与导线截面积的关系，不需要列两套公式求解．（2014秋•诸暨市校级期中）有一座小型水电站，输出的电功率是25kW，输出电压为400V．若10．（12分）输电导线的总电阻为1Ω，求输电线上损失的电功率和用户得到的电功率各是多少？考点：远距离输电．专题：交流电专题．分析：根据P=UI求出输电线的电流，结合求出输电线上损失的功率，从而得出用户得到的电功率．解答：解：根据P=UI得，输电线上的电流，则输电线上损耗的功率P损=I2R=62.52×1=3906.25W．用户得到的电功率P′=P﹣P损=25000﹣3906.25=21093.75W．答：输电线上损失的电功率和用户得到的电功率各是3906.25W，21093.75W．点评：解决本题的关键知道输送功率与输送电压、电流的关系，知道输送电压越高，输送电流越小，输电线上损失的功率越小．11．（12分）（2014春•武威校级月考）某变电站用220V的电压输电，导线损失的功率为输送功率的20%，若要使导线损失的功率降为输送功率的5%，则输送电压应为多少？考点：远距离输电．专题：交流电专题．分析：输送功率等于输送电压与输电线中电流的乘积．根据功率公式P=I2R得到导线损失的功率与输送电压的关系式，再求解即可．解答：解：设输送的功率为P，输送电压为U，导线中电流为I，导线的电阻为R，导线损失的功率为△P．则有△P=I2R又P=UI联立得：△P=R由知得：若要使导线损失的功率降为输送功率的5%，即为原来损失的功率的，则U应变为原来的2倍，所以输送电压应为U′=2U=2×220V=440V答：输送电压应为440V．点评：解决本题的关键知道输送功率与输送电压、电流的关系，掌握输电线上损失的功率公式△P=I2R，能熟练运用比例法求解．。

湖南省醴陵市青云学校高中物理第二章第四节磁场对运动电荷的作用第1课时同步检测新人教版选修1-1

第四节磁场对运动电荷的作用第1课时建议用时实际用时满分实际得分90分钟100分一、选择题（本题包括14小题，每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不选的得0分，共56分）1.一个电子穿过某一空间而未发生偏转，则（）A.此空间一定不存在磁场B.此空间可能有磁场，方向与电子速度方向平行C.此空间可能有磁场，方向与电子速度方向垂直D.以上说法都不对2.关于安培力和洛伦兹力，下列说法中正确的是（）A.洛伦兹力和安培力是性质完全不同的两种力B.安培力和洛伦兹力，其本质都是磁场对运动电荷的作用力C.安培力和洛伦兹力，二者是等价的D.安培力对通电导体能做功，但洛伦兹力对运动电荷不能做功3.下列说法正确的是（）A.运动电荷在磁感应强度不为零的地方，一定受到洛伦兹力的作用B.运动电荷在某处不受洛伦兹力作用，则该处的磁感应强度一定为零C.洛伦兹力既不能改变带电粒子的动能，也不能改变带电粒子的速度D.洛伦兹力对带电粒子不做功4.如图2-4-1为阴极射线管的结构示意图，阴极射线发出的电子束在阴极和阳极间强电场的作用下沿直线运动，如果在射线管所在区域内加上垂直纸面向里的匀强磁场，则电子束的偏转方向为（）图2-4-1A.竖直向上偏转B.竖直向下偏转C.垂直纸面向里偏转D.垂直纸面向外偏转5.如图2-4-2所示，在阴极射线管正上方平行放一通有强电流的长直导线，则阴极射线将（）图2-4-2A.向纸内偏转B.向纸外偏转C.向下偏转D.向上偏转6.如图2-4-3所示，一电子束沿电流方向运动，则电子束将（）图2-4-3A.偏向电流B.偏离电流C.无偏转D.不能确定7.如果某运动电荷在某处受到洛伦兹力，则（）A.该处的磁感应强度一定不为零B.该处的磁感应强度方向一定与该电荷的运动方向垂直C.该运动电荷可能做圆周运动D.该处的磁感应强度可能为零8.如图2-4-4所示，磁场方向、正电荷的运动方向、电荷所受洛伦兹力的方向两两垂直，则正确的是（）图2-4-49.将空心线圈通以大小和方向改变的电流，由其某一端沿中心轴线方向射入一束电子流，则电子流在线圈内的运动情况是（） A.简谐运动 B.匀速直线运动 C.匀变速直线运动 D.匀速圆周运动10.如图2-4-5所示，某空间匀强电场竖直向下，匀强磁场垂直纸面向里，一金属杆从高处自由下落，则（）图2-4-5 A.A 端先着地 B.B 端先着地 C.两端同时着地 D.以上说法均不正确11.一个电子穿过某一空间而未发生偏转，则（） A.此空间一定不存在磁场 B.此空间可能有磁场，方向与电子速度方向平行C.此空间可能有磁场，方向与电子速度方向垂直D.此空间可能有正交的磁场和电场，它们的方向均与电子速度方向垂直12.关于带电粒子在匀强电场和匀强磁场中的运动，下列说法正确的是（）A.带电粒子沿电场线方向射入，则电场力对带电粒子做正功，粒子动能一定增加B.带电粒子垂直于电场线方向射入，电场力对带电粒子不做功，粒子动能不变C.带电粒子沿磁感线方向射入，洛伦兹力对带电粒子做正功，粒子动能一定增加D.不管带电粒子怎样射入磁场，洛伦兹力对带电粒子都不做功，粒子动能不变13.如图2-4-6所示，摆球是带负电的单摆，在一匀强磁场中摆动，匀强磁场的方向垂直纸面向里，摆球在间摆动过程中，由摆到最低点时，摆线拉力的大小为，摆球加速度大小为;由摆到最低点时，摆线拉力的大小为，摆球加速度为，则（）图2-4-6A.B.C.D.14.图2-4-7为一“滤速器”装置的示意图.、为水平放置的平行金属板，一束具有各种不同速率的电子沿水平方向经小孔进入、两板之间.为了选取具有某种特定速率的电子，可在、间加上电压，并沿垂直于纸面的方向加一匀强磁场，使所选电子仍能够沿水平直线′运动，由′射出.不计重力作用.可能达到上述目的的办法是（）图2-4-7A.使板电势高于板，磁场方向垂直纸面向里B.使板电势低于板，磁场方向垂直纸面向里C.使板电势高于板，磁场方向垂直纸面向外D.使板电势低于板，磁场方向垂直纸面向外二、填空题（本题共2小题，每小题8分，共16分.请将正确的答案填到横线上）15.运动的电子束在垂直于运动方向的磁场中会受到的作用.显像管通过控制电子束打在荧光屏上的位置构成画面.16.电视机显示器接收到影像信号时，电子束从荧光屏左上角开始从左向右扫描出一条水平线，之后再扫描下一条水平线，如此高频率地从上而下扫描，使荧光屏上的亮点构成了我们看到的影像，是利用了人眼的效应.三、计算题（本题共2小题，共28分.解答时应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分.有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）17.（12分）判断图2-4-8所示的带电粒子刚进入磁场时所受的洛伦兹力方向. 图2-4-8判断洛伦兹力的方向18.（16分）某种物质发出的射线在磁场中分裂为3束，如图2-4-9所示，为什么?图2-4-9放射性射线在磁场中分裂为3束第四节磁场对运动电荷的作用第1课时得分：一、选择题题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案题号11 12 13 14答案二、填空题15． 16．三、计算题17．18.第四节磁场对运动电荷的作用第1课时参考答案一、选择题1.B 解析：当0或∥时，洛伦兹力均为零.2.BD3.D 解析：洛伦兹力是磁场对不平行于磁场运动的电荷的作用力，故A、B错.洛伦兹力总垂直于电荷的运动方向，始终不对运动电荷做功，不改变带电粒子的动能，但改变带电粒子的动量（因为的方向改变），故选D.4.B 解析：带电粒子所受洛伦兹力的方向可用左手定则判定.在用左手定则判定洛伦兹力的方向时，四指应指向电子运动的反方向，磁场垂直穿过手心，则大拇指所指的方向即为洛伦兹力的方向.5.D 解析：阴极射线管所处的磁场垂直纸面向外，用左手定则判定时要注意四指应指向负电荷运动的反方向.6.B7.AC8.D 解析：由左手定则可判定，A中力应向下；B中力应向右；C中力应向右.9.B 解析：根据通电螺线管的磁场特点，沿中心轴线射入的电子流与磁场方向平行，该束电子流不受磁场力，故电子束做匀速直线运动.10.B 解析：金属杆中的许多自由电子随杆一起向下运动，利用左手定则可以判断出这些自由电子因向下运动而受到向左的洛伦兹力，因此洛伦兹力将使电子向端聚集，端因此而出现正电荷.端带负电，端带正电，杆的端因受到向上的电场力而阻碍它向下运动，端因受到向下的电场力而加快运动，故端先着地.11.BD 解析：依据对洛伦兹力的说明可知：当的方向与磁感应强度的方向平行时，运动电荷不受洛伦兹力的作用，带电粒子仍然以速度做匀速直线运动.因此一个电子穿过某一空间而未发生偏转不能说此空间一定存在磁场，只能说此空间可能有磁场，方向与电子速度方向平行，或者说此空间可能有正交的磁场和电场，它们的方向均与电子速度方向垂直，导致电子所受合力为零.因此，本题的正确选项为B、D.12.D 解析：带电粒子在电场中受到的电场力，只与电场有关，与粒子的运动状态无关，功的正负由角（力与位移方向的夹角）决定.对选项A，只有粒子带正电时才成立，垂直射入匀强电场的带电粒子，不管带电性质如何，电场力都会做正功，动能增加.带电粒子在磁场中的受力——洛伦兹力，其大小除与运动状态有关外，还与角（磁场方向与速度方向之间夹角）有关，带电粒子从平行磁感线方向射入，不受洛伦兹力作用，粒子做匀速直线运动.在其他方向上由于洛伦兹力方向始终与速度方向垂直，故洛伦兹力对带电粒子始终不做功.综上所述，正确选项为D.13.B 解析：带电摆球在磁场和重力场组成的复合场中摆动，当其从→或→运动的过程中，摆球的向心力由重力的径向分量、摆线的拉力及洛伦兹力共同提供，而带电摆球受到洛伦兹力和摆线的拉力和速度方向时刻垂直，对摆球不做功，只起到改变速度方向，不改变速度大小的作用，只有重力做功.可知，在点时的大小不变，又，不变，由牛顿第二定律得，，则.又因为摆球从→的过程中，球受方向和同向，运动至点时，所以 .在摆球从→的过程，运动到点时，方向和反向，，所以.故，B项正确.14.AD解析：题目中所叙述的“滤速器”是根据带电粒子运动时受到的电场力恒定不变，洛伦兹力随速度增大而增大，调节磁场的磁感应强度可以使速度合适的粒子受力平衡，可以沿直线′从′点射出的特点设计的.若使板电势高于板，电场方向向下，电子所受电场力向上，则必须使洛伦兹力向下，由左手定则判定磁场方向应垂直于纸面向里，A对，C错；若使板电势低于板，电场方向向上，电子所受电场力向下，则必须使洛伦兹力向上，由左手定则判定磁场方向垂直于纸面向外，B错，D对.二、填空题15.洛伦兹力线圈产生的磁场16.视觉暂留三、计算题17.甲：竖直向上；乙：垂直纸面向外；丙：竖直向下；丁：垂直纸面向里.18.三束射线分别带正电、不带电、带负电.解析：射线在磁场中分裂为3束，是由于它们的电性不同造成的，向左偏转的射线，由左手定则可判定，应带正电；向右偏转的射线，应带负电；在磁场中不发生偏转的，应不带电.。

高中物理第四章第一节电磁波的发现同步检测新人教版选修1-1

第一节电磁波的发现建议用时实际用时满分实际得分90分钟100分一、选择题（本题包括9小题，每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得8分，选对但不全的得4分，有选错或不选的得0分，共72分）1.关于电磁场的理论，下列说法正确的是（）A.变化的电场周围产生的磁场一定是变化的B.变化的电场周围产生的磁场不一定是变化的C.均匀变化的磁场周围产生的电场也是均匀变化的D.振荡电场周围产生的磁场也是振荡的2.关于电磁场和电磁波，下列说法正确的是（）A.电场和磁场总是相互联系着的，统称为电磁场B.电磁场由发生区域向远处传播形成电磁波C.电磁场是一种物质，不能在真空中传播D.电磁波的传播速度总是3.0×108m/s3.电磁波从真空进入介质后，发生变化的物理量有（）A.波长和频率B.波速和频率C.波长和波速D.波速和传播方式（横波或纵波）4.关于电磁波传播速度的表达式v＝λf，下列结论正确的是（）A.波长越大，传播速度就越大B.频率越高，传播速度就越大C.发射能量越大，传播速度就越大D.电磁波的传播速度与传播介质有关5.下列关于电磁波的说法中正确的是（）A.只要电场和磁场发生变化，就能产生电磁波B.电磁波的传播需要介质C.停止发射电磁波，发射出去的电磁波仍能独立存在D.电磁波具有能量，电磁波的传播是伴随着能量向外传递的6. 如图4-1-1所示，有一水平放置、内壁光滑、绝缘的真空圆形管，半径为R，有一带正电的粒子静止在管内.整个装置处于竖直向上的磁场中.要使带电粒子能沿管做圆周运动，所加的磁场可能是（）图4-1-1A.匀强磁场B.均匀增加的磁场C.均匀减小的磁场D.由于洛伦兹力不做功，不管加什么磁场都不能使带电粒子绕管运动7.如图4-1-2所示，闭合开关S，待电容器充电结束后，再断开开关S，用绝缘工具使电容器两极板距离稍稍拉开一些，在电容器周围空间（）图4-1-2A.会产生变化的磁场B.会产生稳定的磁场C.不会产生磁场D.会产生振荡的磁场8.应用麦克斯韦电磁场理论判断如图4-1-3所示的表示电场产生磁场（或磁场产生电场）的关系图象中（每个选项中上图是表示变化的场，下图是表示变化的场产生的另外的场），正确的是（）图4-1-39.关于电磁场和电磁波，下列说法正确的是（）A.电磁波是横波B.电磁波的传播需要介质C.电磁波能产生干涉和衍射现象D.电磁波中电场和磁场的方向处处相互垂直二、计算题（本题共28分.解答时应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分.有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）10.（28分）如图4-1-4所示，赫兹实验所用的感应圈是一种利用电磁感应产生数千伏高电压的实验装置，当电火花在感应圈两个金属球间跳动时，旁边导线环两个小球间也有电火花跳动，请你解释这种现象.第一节电磁波的发现得分：一、选择题题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9答案三、计算题10．第一节电磁波的发现参考答案一、选择题1.BD 解析：根据麦克斯韦电磁场理论，如果电场的变化是均匀的，产生的磁场就是稳定的；如果电场的变化是不均匀的，产生的磁场就是变化的，故A选项错，B选项正确；均匀变化的磁场产生稳定的电场，C选项错；振荡电场在周围空间产生同频率的振荡磁场，故D选项正确.点评：不变化的电场周围不产生磁场，变化的电场周围一定产生磁场，但如果电场是均匀变化的，产生的磁场是恒定的；如果电场是周期性（振荡）变化的，产生的磁场将是同频率的周期性（振荡）变化的磁场，反之也成立.2.B3.C4.D5.CD 解析：要想产生持续的电磁波，变化的电场（或磁场）产生的磁场（或电场）必须是非均匀变化的，所以A选项错误；电磁波是物质波，电磁波的传播不需要介质，可在真空中传播，B选项错误；电磁波可以脱离“波源”而独立存在，C选项正确；电磁波可以使电荷移动，说明电磁波具有能量，电磁波传播的过程，也就是能量的传播过程，所以D选项正确.点评：通过本题认识电磁波的物质性.电磁波是一种由电磁场构成的特殊物质，在理解麦克斯韦电磁场理论时，要注意，静止的电场或静止的磁场是不能产生电磁波的.6.BC 解析：本题考查麦克斯韦电磁场理论和牛顿运动定律的应用.磁场对静止的电荷不产生力的作用，但当磁场变化时可产生电场，电场对带电粒子产生电场力的作用.带电粒子在电场力作用下可以产生加速度.B、C正确.7.D8.BC 解析：A图中的上图磁场是稳定的，由麦克斯韦电磁场理论可知周围空间不会产生电场，A图中的下图是错误的.B图中的上图是均匀变化的电场，应该产生稳定的磁场，下图的磁场是稳定的，，C图是正确所以B图正确.C图中的上图是振荡的磁场，它能产生同频率的振荡电场，且相位相差π2的.D图的上图是振荡的电场，在其周围空间产生振荡的磁场，但是下图中的图象与上图相比较，相位相差π，故D不正确.9.ACD 解析:电磁场由近及远的传播形成电磁波，电磁波在传播过程中，电场、磁场以及传播方向三者相互垂直，电磁波是一种波，它具有波的一切特征，它能发生反射、折射、干涉、衍射等现象，电磁波在真空中的速度最大，它的传播不需要介质.二、计算题10.当电火花在感应圈两个金属球间跳动时，必定建立一个迅速变化的电磁场.这种变化的电磁场以电磁波的形式在空间快速传播.当电磁波经过导线环时，迅速变化的电磁场在导线环中激发出感应电动势，使得导线环的空隙中也产生了电火花.在赫兹实验中，感应圈成了电磁波发射器，导线环成了电磁波的检测器.。

高中物理(新人教版)选择性必修一同步习题：第四章复习提升(同步习题)【含答案及解析】

第四章光本章复习提升易混易错练易错点1 忽略折射时伴随的反射1.()如图所示,一条光线由空气射到半圆形玻璃砖平直表面的圆心处,玻璃砖的半圆表面(反射面)镀有银,则下列光路图能正确、完整地表示光线行进过程的是( )易错点2 对光路是可逆的理解不透2.()如图所示,眼睛在a处看到鱼在水中的b处。

若从a处射出一束激光欲照射到鱼身上,则激光应对着哪一位置射出( )A.b的下方B.b的上方C.b处D.无法确定易错点3 全反射的临界光线的确定3.()半径为R的半圆柱体玻璃砖,截面如图所示,O为圆心,已知玻璃的折射率为√2。

一束光以与MN边成45°角的方向射向半圆柱体玻璃砖,求能从MN射出的光束的宽度。

易错点4 对光的干涉条件理解不清4.(2020浙江诸暨中学高二提前班阶段性考试,)如图所示是一竖立的肥皂薄膜的截面,一束单色平行光射向薄膜,在薄膜上产生干涉条纹,则下列说法错误的是( )A.干涉条纹的产生是光在薄膜前后两表面反射形成的两列光波叠加的结果B.观察干涉条纹时,应在入射光的同一侧,薄膜上的干涉条纹是水平的C.观察干涉条纹时,薄膜上的干涉条纹是水平的,若薄膜在竖直面内转过90度角,则条纹将变成竖直D.用绿光照射薄膜产生的干涉条纹间距比用黄光照射时小易错点5 计算条纹间距时错误5.(2019湖南衡阳四中高三上月考,)现有毛玻璃屏A、双缝B、白光光源C、单缝D和透红光的滤光片E等光学元件,要把它们放在如图所示的光具座上组装成双缝干涉装置,用以测量红光的波长。

(1)将白光光源C放在光具座最左端,依次放置其他光学元件,由左至右,表示各光学元件的字母及排列顺序应为C A。

(2)若将激光束照在双缝上,在光屏上观察到的现象是选项中的( )(3)保持双缝到光屏的距离不变,换用间距更小的双缝,在光屏上观察到的相邻亮条纹的中心间距将;保持双缝间距不变,减小双缝到光屏的距离,在光屏上观察到的相邻亮条纹的中心间距将(均选填“变宽”“变窄”或“不变”)。

湖南省醴陵市青云学校高中物理第四章第一节电磁波的发

第一节电磁波的发现实际得分一、选择题（本题包括9小题，每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得8分，选对但不全的得4分，有选错或不选的得0分，共72分） 1.关于电磁场的理论，下列说法正确的是（） A.变化的电场周围产生的磁场一定是变化的 B.变化的电场周围产生的磁场不一定是变化的C.均匀变化的磁场周围产生的电场也是均匀变化的D.振荡电场周围产生的磁场也是振荡的 2.关于电磁场和电磁波，下列说法正确的是（）A.电场和磁场总是相互联系着的，统称为电磁场B.电磁场由发生区域向远处传播形成电磁波C.电磁场是一种物质，不能在真空中传播D.电磁波的传播速度总是3.0×m/s3.电磁波从真空进入介质后，发生变化的物理量有（） A.波长和频率 B.波速和频率 C.波长和波速D.波速和传播方式（横波或纵波） 4.关于电磁波传播速度的表达式，下列结论正确的是（）A.波长越大，传播速度就越大B.频率越高，传播速度就越大C.发射能量越大，传播速度就越大D.电磁波的传播速度与传播介质有关5.下列关于电磁波的说法中正确的是（） A.只要电场和磁场发生变化，就能产生电磁波 B.电磁波的传播需要介质C.停止发射电磁波，发射出去的电磁波仍能独立存在D.电磁波具有能量，电磁波的传播是伴随着能量向外传递的6. 如图4-1-1所示，有一水平放置、内壁光滑、绝缘的真空圆形管，半径为，有一带正电的粒子静止在管内.整个装置处于竖直向上的磁场中.要使带电粒子能沿管做圆周运动，所加的磁场可能是（）图4-1-1A.匀强磁场B.均匀增加的磁场C.均匀减小的磁场D.由于洛伦兹力不做功，不管加什么磁场都不能使带电粒子绕管运动7.如图4-1-2所示，闭合开关S ，待电容器充电结束后，再断开开关S ，用绝缘工具使电容器两极板距离稍稍拉开一些，在电容器周围空间（）图4-1-2A.会产生变化的磁场B.会产生稳定的磁场C.不会产生磁场D.会产生振荡的磁场8.应用麦克斯韦电磁场理论判断如图4-1-3所示的表示电场产生磁场（或磁场产生电场）的关系图象中（每个选项中上图是表示变化的场，下图是表示变化的场产生的另外的场），正确的是（）图4-1-39.关于电磁场和电磁波，下列说法正确的是（）A.电磁波是横波B.电磁波的传播需要介质C.电磁波能产生干涉和衍射现象D.电磁波中电场和磁场的方向处处相互垂直二、计算题（本题共28分.解答时应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分.有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）10.（28分）如图4-1-4所示，赫兹实验所用的感应圈是一种利用电磁感应产生数千伏高电压的实验装置，当电火花在感应圈两个金属球间跳动时，旁边导线环两个小球间也有电火花跳动，请你解释这种现象.第一节电磁波的发现得分：一、选择题7三、计算题10．第一节电磁波的发现参考答案一、选择题1.BD 解析：根据麦克斯韦电磁场理论，如果电场的变化是均匀的，产生的磁场就是稳定的；如果电场的变化是不均匀的，产生的磁场就是变化的，故A选项错，B选项正确；均匀变化的磁场产生稳定的电场，C选项错；振荡电场在周围空间产生同频率的振荡磁场，故D选项正确.点评：不变化的电场周围不产生磁场，变化的电场周围一定产生磁场，但如果电场是均匀变化的，产生的磁场是恒定的；如果电场是周期性（振荡）变化的，产生的磁场将是同频率的周期性（振荡）变化的磁场，反之也成立.2.B3.C4.D5.CD 解析：要想产生持续的电磁波，变化的电场（或磁场）产生的磁场（或电场）必须是非均匀变化的，所以A选项错误；电磁波是物质波，电磁波的传播不需要介质，可在真空中传播，B选项错误；电磁波可以脱离“波源”而独立存在，C选项正确；电磁波可以使电荷移动，说明电磁波具有能量，电磁波传播的过程，也就是能量的传播过程，所以D选项正确.点评：通过本题认识电磁波的物质性.电磁波是一种由电磁场构成的特殊物质，在理解麦克斯韦电磁场理论时，要注意，静止的电场或静止的磁场是不能产生电磁波的.6.BC 解析：本题考查麦克斯韦电磁场理论和牛顿运动定律的应用.磁场对静止的电荷不产生力的作用，但当磁场变化时可产生电场，电场对带电粒子产生电场力的作用.带电粒子在电场力作用下可以产生加速度.B、C正确.7.D8.BC 解析：A图中的上图磁场是稳定的，由麦克斯韦电磁场理论可知周围空间不会产生电场，A图中的下图是错误的.B图中的上图是均匀变化的电场，应该产生稳定的磁场，下图的磁场是稳定的，所以B图正确.C图中的上图是振荡的磁场，它能产生同频率的振荡电场，且相位相差，C图是正确的.D图的上图是振荡的电场，在其周围空间产生振荡的磁场，但是下图中的图象与上图相比较，相位相差π，故D不正确.9.ACD 解析:电磁场由近及远的传播形成电磁波，电磁波在传播过程中，电场、磁场以及传播方向三者相互垂直，电磁波是一种波，它具有波的一切特征，它能发生反射、折射、干涉、衍射等现象，电磁波在真空中的速度最大，它的传播不需要介质.二、计算题10.当电火花在感应圈两个金属球间跳动时，必定建立一个迅速变化的电磁场.这种变化的电磁场以电磁波的形式在空间快速传播.当电磁波经过导线环时，迅速变化的电磁场在导线环中激发出感应电动势，使得导线环的空隙中也产生了电火花.在赫兹实验中，感应圈成了电磁波发射器，导线环成了电磁波的检测器.。

高中物理选修1-1课件：第四章四、信息化社会精品

预习交流 1
干手机
在宾馆、饭店等的洗手间里往往配备有干手机.当我们将湿手靠近干手机出风口时,干手机会自动启动,并喷出热空气,将我们的手吹干,这样既方便,又卫生.你知道干手机为什么在人手靠近时就能自动启动吗?
答案:干手机的工作特征是,当湿手靠近时就可以接通电热器工作;手远离干手机,电热器就停止工作.人是导体,可以与其他导体构成电容器,手靠近时相当于连接了一个电容器,所以可以确定干手机内有电容式传感器,手的靠近改变了电容的大小,导致机内电容式传感器接通或切断电源.
一、传感器的应用
知识精要 1.传感器工作原理如图所示非电学量敏感元件转换器件转换电路电学
量 2.光敏电阻传感器 (1)原理:光敏电阻的阻值随光照的强度而变化,通常其阻值随光
照的增强而减小:无光照时,光敏电阻阻值很大,流过电路的电流很小; 有光照时,光敏电阻的阻值变小,电路中的电流增大.这样,根据电路中电流的大小,可以探知光的强弱,也可以达到进行自动控制的目的.
答案:C
2.关于传感器及其作用,下列说法中正确的是( ) A.传感器一定是把非电学量转换为电学量 B.传感器一定是把非电学量转换为电路的通断 C.传感器把非电学量转换为电学量是为了方便地进行测量、传输、处理和控制 D.电磁感应是把磁学的量转换为电学的量,所以电磁感应也是传感器
解析:传感器是指一种元件或装置,它能感受力、温度、光、声、磁、化学成分等非电学量,并能把它们按照一定的规律转换为电压、电流等电学量,或转换为电路的通断;其作用和目的是更方便地进行测量、传输、处理、控制非电学量,找出非电学量和电学量之间的对应关系. 电磁感应是原理,不是元件和装置,不能称为传感器.
二、信息的传递和处理
1.电磁波可以通过电缆、光缆进行有线传输,也可以进行无线传输.光的频率比无线电波的频率高得多,因此光缆可以传递大量信息.

高中物理(新人教版)选择性必修一课后习题：第四章模块检测题(一)(课后习题)【含答案及解析】

模块检测题(一)(时间:60分钟满分:100分)一、单项选择题(本题共7小题,每小题4分,共28分,每小题只有一个选项符合题目要求)1.(2021浙江绍兴诸暨中学高二期中)下列说法不符合两列波相遇时的情形的是()A.相遇之后,振幅小的一列波将减弱,振幅大的一列波将加强B.相遇之后,两列波的振动情况与相遇前完全相同C.在相遇区域,任一点的总位移等于两列波分别引起的位移的矢量和D.几个人在同一房间说话,相互间能分辨出来,是因为声波在相遇时互不干扰,每一列波引起的振动情况都保持不变,而质点的振动则是两列波共同作用的结果,选项A错误,选项B、C正确;几个人在同一房间说话,声音振动发出的声波在空间中相互叠加后,并不改变每列波的振幅、频率,所以声波传到人的耳朵后,仍能分辨出不同的人所说的话,故选项D正确。

本题选错误的选项,故选A。

2.(2020湖南边城高级中学高二开学考试)下列几种物理现象的解释中,正确的是()A.跳远时在沙坑里填沙,是为了减小冲量B.在推车时推不动是因为推力的冲量为零C.砸钉子时不用橡皮锤,只是因为橡皮锤太轻D.船舷常常悬挂旧轮胎,是为了延长作用时间,减小作用力,运动员动量变化量一定,受到的冲量一定,在沙坑里填沙,是为了延长力的作用时间,减小运动员受到的力,故A错误;在推车时推不动是因为推力小于最大静摩擦力,推力的冲量Ft不为零,故B错误;砸钉子时不用橡皮锤,是由于橡皮锤有弹性,作用时间长,根据动量定理Ft=Δp,产生的力小,故C错误;船舷常常悬挂旧轮胎,是因为轮胎能延长作用时间,减小作用力,故D正确。

3.如图所示为一显示薄膜干涉现象的实验装置,P是附有肥皂膜的铁丝圈,S是一点燃的酒精灯。

在图示的情况下()A.从肥皂薄膜的右面观察时,在薄膜上可看到水平条纹B.从肥皂薄膜的右面观察时,在薄膜上可看到竖直条纹C.从肥皂薄膜的左面观察时,在薄膜上可看到水平条纹D.从肥皂薄膜的左面观察时,在薄膜上可看到竖直条纹,所以应该从肥皂薄膜的右面观察;路程差(膜的厚度的两倍)是半波长的偶数倍时,振动加强,为亮条纹,路程差是半波长的奇数倍时,振动减弱,为暗条纹,肥皂薄膜越往下越厚,故条纹水平排列。

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1
第四节信息化社会
建议用时实际用时满分实际得分
90分钟 100分

一、选择题（本题包括2小
题，每小题给出的四个
选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个
选
项正确，全部选对的得10分，选对但不全的
得5分，有选错或不选的得0分，共20分）
1.唱卡拉OK用的话筒内有传感器，其中有一种
是动圈式的，它的工作原理是在弹性膜片后面
粘接一个轻小的金属线圈，线圈处于永磁体的
磁场中，当声波使膜片前后振动时，就将声音
信号转变为电信号.下列说法正确的是（）
A.该传感器是根据电流的磁效应进行工作的
B.该传感器是根据电磁感应原理进行工作的 C.膜片振动时，穿过金属线圈的磁通量不变 D.膜片振动时，金属线圈中不会产生感应电流 2.用遥控器调换电视机频道的过程，实际上就是传感器把光信号转化为电信号的过程，下列属于这类传感器的是（） A.红外线警报器 B.走廊照明灯的声控开关 C.自动洗衣机中的压力传感装置 D.电饭煲中控制加热和保温的温控器二、填空题（本题共12小题，每小题5分，共60分.请将正确的答案填到横线上） 3.传感器感受的通常是，如、、、、速度、等；而它输出的大多是，如电压、、等. 4.人的五种感觉为、、、、 . 5.完成下列人的感觉与传感器的关系： 6.电饭煲、自动门、卫星遥感分别应用了
传感器、传感器、
传感器.
7.光敏电阻（硫化镉）的电阻率与所受光照的
有关，随光照的增大，电
阻率 .
8.金属的电阻率随温度的升高而 .
用金属丝可以制作传感器，称
为 .
9.与金属不同的是，有些半导体的导电能力随
温度的升高而，故可以用半导体材
料制作 .
10.与热敏电阻相比，金属热电阻的
好，测温范围，但较差.
11.如图4-4-1所示，将多用电表的选择开关置
于欧姆挡，再将电表的两支表笔与受温度影响

的负温度系数热敏电阻的两端相连，这时指

针恰好指在刻度盘的正中间，若往上擦一些
酒精，指针将向（选填“左”或“右”）
转动；若用吹风机向吹热风，指针将向
（选填“左”或“右”）转动.
2

图4-4-1
12.如图4-4-2所示，将多用电表的选择开关置于欧姆挡，再将电表的两支表笔分别与光敏电阻的两端相连，这时表针恰好指在刻度盘的中央，若用不透光的黑纸将包裹起来，表针将向（选填“左”或“右”）转动；若用手电筒光照射，表针将向（选填“左”或“右”）转动. 图4-4-2 13.如图4-4-3所示是测定压力的电容式传感器，当待测压力作用于可动膜片电极上时，可使膜片产生形变，从而引起电容的变化.如果将电容器与灵敏电流计、电源串联，组成闭合电路.当向上压膜片电极时，电容器的电容将增大，电流计示数.（选填“有”或“无”）图4-4-3 电容式传感器

14.如图4-4-4所示：

图4-4-4
（1）图a是的电容式传感器，原理
是 .
（2）图b是的电容式传感器，原理
是 .
（3）图c是的电容式传感器，原理
是 .
（4）图d是的电容式传感器，原理
是 .

三、计算题（本题共2小题，共20分.解答时应写
出必要的文字说明、方程式和重要的演算步
骤，只写出最后答案的不能得分.有数值计算
的题，答案中必须明确写出数值和单位）

15.（15分）数字信号与模拟信号相比，有什
3

么优点？ 16.（15分）请用下列仪器：热敏电阻、学生电源、继电器、滑动变阻器、开关、导线等设
计一个由温度控制小灯泡发光与熄灭的电路.

第四节信息化社会
得分：
一、选择题

题号 1 2
答案

二、填空题
3．
4．
5．
6．
7．
8．
9．
10．
11．
12．
13．
14．
三、计算题
15．

16.
4

第四节信息化社会参考答案
一、选择题
1.B 解析：当声波使膜片前后振动时，膜片后的线圈就跟着振动，从而使处于永磁体磁场的线圈
切割磁感线，穿过线圈的磁通量变化，产生感应电流，从而将声音信号转化为电信号.可见这是利用了
电磁感应原理，故只有B正确.
2.A 解析：红外线警报器的工作原理是：如果有人通过红外线可以探测到的范围，那么红外线警
报器就会发出信号，并与触点接通，使灯亮且发出报警.因此，红外线警报器的工作过程是将光信号转
化为电信号，A选项正确.而B选项是将声音信号转换为电信号的过程，C选项是利用压力来传递信息
的过程，D选项是通过温度来传递信息的过程，所以B、C、D均错.

二、填空题
3.非电学量压力温度位移浓度酸碱度电学量电流电荷
4.视觉听觉嗅觉味觉触觉、温觉
5.视觉嗅觉听觉味觉触觉
6.温度红外线红外线
7.强度强度减小
8.增大温度热电阻
9.增强热敏电阻
10.化学稳定性大灵敏度
11.左右解析：在上擦一些酒精，酒精蒸发带走热量，使温度降低，其阻值增大，故指针
向左偏；当向吹热风时，温度升高，其阻值减小，指针向右偏.
12.左右解析：用黑纸包住，没有光照射，其阻值将增大，指针左偏；用手电筒照射时，其阻
值减小，指针右偏.
13.有解析：向上压膜片时，电容增大，电容器充电，电流计有示数.
14.见解析解析：（1）图a是角度的电容式传感器，其原理是：当动片旋进的角度不同时，电
容器的正对面积不同，电容器的容量不同.
（2）图b是液体的电容式传感器，其原理是：导电液体相当于电容器的一个极板，当液体深度发
生改变时，相当于两极板的正对面积发生改变，电容器的容量也随之改变.
（3）图c是压力的电容式传感器，其原理是：当作用在一个电极的压力改变时，金属片发生形变，
两极板的距离发生改变，电容器的容量也发生改变.
（4）图d是位移的电容式传感器，其原理是：和物体固定在一起的电介质板，当物体发生一小段
位移时，插入两极板间的电介质发生变化，导致电容器的容量发生变化.

三、计算题
15. 见解析解析：早期的电磁信号都是模拟信号，收音机、手机、电视的信号均如此，效果也
比较好.但数字信号抗干扰能力强，容易加密，便于计算机处理，现在传输的信号逐步采用数字信号.
今后的模拟电视广播也将被数字电视广播所取代.
16. 见解析解析：设计图如图4-2所示，闭合后，有电流通过继电器，但由于较大，继电
器产生的磁场较弱，当的温度升高时，的电阻减小，继电器的磁场显著增大，被吸下来，小
5

灯泡发光，温度降低，磁性减弱，被弹开、小灯泡熄灭，从而达到由温度控制灯泡的发光与熄灭.
（注：电路中继电器画的仅是一个简略图，实际并不是如此，另外，此处仅给出一种设计方案，如有
其他思想与设计方案，读者可自行完成）

图4-4-5

湖南省醴陵市青云学校高中物理第四章第四节信息化社会同步检测新人教版选修1_1

高中人教版物理选修1-1第四章 第一节 电磁波的发现 同步测试

最新人教版高中物理选修1-1第四章《信息化社会》自主广场