浙江省金华市艾青中学高中物理专题训练动能训练(无答案)
浙江省金华市艾青中学2020学年高中物理 限时训练二(无答案)
高一第二学期物理学科定时训练（5）时间：60分钟 2020/05/29 命题人：高一备课组班级：姓名：一不定项选择题（共10题，1-4单选，4-6不定项，每题6分，共60分）1．下列关于动能的说法中，正确的是( )A．动能的大小由物体的质量和速率决定，与物体的运动方向无关B．物体以相同的速率分别做匀速直线运动和匀速圆周运动时，其动能不同.因为它在这两种情况下所受的合力不同．运动性质也不同C．物体做平抛运动时，其动能在水平方向的分量不变，在竖直方向的分量增大D．物体所受的合外力越大，其动能就越大2．质量不等但有相同动能的两物体，在动摩擦因数相同的水平地面上滑行直到停止，则( )A．质量小的物体滑行距离小 B．它们滑行的距离一样大C．质量小的物体滑行时间短 D．它们克服摩擦力所做的功一样多3.一质量为2kg的滑块，以4m/s的速度在光滑水平面上向左滑行，从某一时刻起，在滑块上作用一向右的水平力.经过一段时间，滑块的速度方向变为向右，大小为4m/s.在这段时间里水平力做的功为( )A．0 B．8J C．16J D．32J4.质量为m的物体静止在粗糙的水平地面上，若物体受水平力F的作用从静止起通过位移s时的动能为Ek1，当物体受水平力2F作用，从静止开始通过相同位移s，它的动能为Ek2，则（）A．Ek2＝Ek1 B．Ek2=2Ek1 C．Ek2>2Ek1D．Ek1<Ek2<2Ek15.质量为1.0kg的物体，以某初速度在水平面上滑行，由于摩擦阻力的作用，其动能随位移变化的情况如下图所示，则下列判断正确的是(g=10m/s2)( )A ．物体与水平面间的动摩擦因数为0.30B ．物体与水平面间的动摩擦因数为0.25C ．物体滑行的总时间是2.0sD ．物体滑行的总时间是4.0s6.以初速度v0急速竖直上抛一个质量为m 的小球，小球运动过程中所受阻力f 大小不变，上升最大高度为h ，则抛出过程中，人手对小球做的功（ ）A. B. C. mgh mv +2021 D. mgh fh +7．下列说法正确的是（ ）A ．运动的物体所受的合力不为零，合力必做功，动能一定发生变化B ．运动的物体合力为零，物体的动能一定不变C ．运动的物体动能保持不变，则物体所受的合力一定为零D ．运动的物体合力不为零，则该物体一定做变速运动8．物体做匀速圆周运动，下列说法正确的是( )A ．物体的动能一定变化B ．物体的动能不变C ．合外力不对物体做功D ．合外力一定对物体做功 9．关于功率公式t W P =和P=Fv 的说法正确的是( ) A ．由t WP =知，只要知道W 和t 就可求出任意时刻的功率B ．由P=Fv 可以求某一时刻的瞬时功率C ．从P=Fv 知汽车的功率与它的速度成正比D ．从P=Fv 知当汽车发动机功率一定时，牵引力与速度成反比10．一个25 kg 的小孩从高度为3.0 m 的滑梯顶端由静止开始滑下，滑到底端时的速度2.0 m/s ．取g ＝10 m/s2，关于力对小孩做的功，以下结果正确的是 ( )A ．合外力做功50 JB ．阻力做功700 JC ．重力做功500 JD ．支持力做功0 J二 计算题(共4题，每题10分，共40分)11.用拉力F 使一个质量为m 的木箱由静止开始在水平冰道上移动了s ，拉力F跟木箱前进的方向的夹角为a，木箱与冰道间的动摩擦因素为u，求木箱获得的速度。
高中物理动能与动能定理专项训练及答案及解析.docx
Q的速度为
.
，小球
P的速度为
；碰前小球
P
碰后小球
Q在
B点由牛顿第二定律得
:
碰后小球P恰好到C点，由动能定理得:
P、Q对心碰撞，由动量守恒得：
联立解得:
(2)小球Q从B到D的过程中，由动能定理得：
解得
，所以小球
Q能够到达
D点
由平抛运动规律有：
联立解得
(3)
联立解得:
当时x有最大值
线沿竖直方向。现有一质量m=0.1kg的小物块，从A点正上方的P点由静止落下。已知物块与斜面之间的动摩擦因数μ=0.5.取sin37°=0.6.co37°=0.8，g=10m/s2，不计空气阻力。
(1)为保证轨道不会被破坏，求P、A间的最大高度差H及物块能沿斜面上滑的最大距离L；
(2)若P、A间的高度差h=3.6m，求系统最终因摩擦所产生的总热量Q。
BC段上运动的距离以及和当班碰撞的次数。
（1）从A到C段运用动能定理
mgsin
-
AB
mv
2
L =
v=7m/s
（2）从开始到最后停下在BC段所经过的路程为x
mgsinLAB-mgx=0
x=24．9m
=31．1
经过AB的次数为312+1=63次
（3）设小物块平抛时的初速度为V0
H -r=gt2
r+=v0t
刹车踩到底，车轮被抱死，但卡车仍向前滑行，并撞上故障车，且推着它共同滑行了一段
距离l后停下．事故发生后，经测量，卡车刹车时与故障车距离为
L，撞车后共同滑行的距
离l
8L．假定两车轮胎与雪地之间的动摩擦因数相同．已知卡车质量
高考物理二轮专题训练动能动能定理(含解析)(最新整理)
20J C．40J D．200J由运动学公式v20可得，相机抛出时的速度大小为v0＝＝2gx1 ∶所示，间A、B做功相等能的增量相同F对做的功与F对B做的功相等．合外力A做的功与合外力对B做的功不相等B 正确；[答案]BC[解析]某质点受到一恒力作用，若做初速度为v 0的匀加速直线运动，此时的动能为E k ＝12＋at )2，选项C 正确；若做初速度为v 0的匀减速直线运动，此时的动能为E k ＝m (v 0－at )2，t 0时速度为零后变成E k ＝1212t －t 0)2，选项B 正确。
5.(2012·山东潍坊模拟)如图所示，小球a 从倾角为45°的光滑斜面上由静止自由小球，两小球速度大小相等，两小球重力功率相等球的动能是a球动能的2倍到相撞，b球位移是a球位移的a1＝g sin45°＝2 2，因两小球同时释放，故相撞前瞬间，小gt答案] C. D ．m v 2m v 202m v 20420人从地面上平台的边缘开始向右行至绳与水平方向夹角为处，沿绳方向的速度v ＝v cos45°＝2v 0，对物体由动能定理可知，在此过程中人所做的功为内汽车做匀加速运动且功率恒定内合力做功为m v －m v 1221221内的平均速度为(v 1＋v 2)12车的功率达到最大值，t 2～t 3时间内牵解1时间内汽车做匀加速运动，牵引力恒定，但速度增加，故功因物体从斜面底端到达M点的过程中机械能减少，在斜面上物体受的各个力的大小不变，所以从20J，摩擦生热8J，所以上滑过程摩擦生热时的速度v ；块落地的过程中，物块水平运(2)1.25m 1s根据动能定理可得：μmgx ＝m v －m 122012离开桌子后，物块做平抛运动，有：(1)小船从A 点运动到B 点的全过程克服阻力做的功W f ；(2)小船经过B 点时的速度大小v 1；(3)小船经过B 点时的加速度大小a 。
答案](1)fd (2)v 20＋2m (Pt 1－fd )(3)－P m 2v 20＋2m (Pt 1－fd )f m两点，形轨[答案解析件由静止开始从A点下滑，经过B点的拐角处无机械能损失。
高中物理动能与动能定理专项训练100(附答案)含解析
高中物理动能与动能定理专项训练100(附答案)含解析一、高中物理精讲专题测试动能与动能定理1．如图所示，粗糙水平地面与半径为R =0.4m 的粗糙半圆轨道BCD 相连接，且在同一竖直平面内，O 是BCD 的圆心，BOD 在同一竖直线上．质量为m =1kg 的小物块在水平恒力F =15N 的作用下，从A 点由静止开始做匀加速直线运动，当小物块运动到B 点时撤去F ，小物块沿半圆轨道运动恰好能通过D 点，已知A 、B 间的距离为3m ，小物块与地面间的动摩擦因数为0.5，重力加速度g 取10m/s 2．求： （1）小物块运动到B 点时对圆轨道B 点的压力大小． （2）小物块离开D 点后落到地面上的点与D 点之间的距离【答案】（1）160N （2）2 【解析】 【详解】（1）小物块在水平面上从A 运动到B 过程中，根据动能定理，有： （F -μmg ）x AB =12mv B 2-0 在B 点，以物块为研究对象，根据牛顿第二定律得：2Bv N mg m R-=联立解得小物块运动到B 点时轨道对物块的支持力为：N =160N由牛顿第三定律可得，小物块运动到B 点时对圆轨道B 点的压力大小为：N ′=N =160N （2）因为小物块恰能通过D 点，所以在D 点小物块所受的重力等于向心力，即：2Dv mg m R=可得：v D =2m/s设小物块落地点距B 点之间的距离为x ，下落时间为t ，根据平抛运动的规律有： x =v D t ，2R =12gt 2解得：x =0.8m则小物块离开D 点后落到地面上的点与D 点之间的距离20.82m l x ==2．在光滑绝缘的水平面上，存在平行于水平面向右的匀强电场，电场强度为E ，水平面上放置两个静止、且均可看作质点的小球A 和B ，两小球质量均为m ，A 球带电荷量为Q +，B 球不带电，A 、B 连线与电场线平行，开始时两球相距L ，在电场力作用下，A 球与B 球发生对心弹性碰撞．设碰撞过程中，A 、B 两球间无电量转移．(1)第一次碰撞结束瞬间A 、B 两球的速度各为多大?(2)从开始到即将发生第二次碰撞这段过程中电场力做了多少功?(3)从开始到即将发生第二次碰撞这段过程中，若要求A 在运动过程中对桌面始终无压力且刚好不离开水平桌面(v=0时刻除外)，可以在水平面内加一与电场正交的磁场．请写出磁场B 与时间t 的函数关系．【答案】(1)10A v '= 12BQEL v m='5QEL (3) 222B mL Q E t QE =⎛⎫- ⎪⎝⎭223mL mLt QE QE<≤ 【解析】（1）A 球的加速度QE a m =，碰前A 的速度122A QELaL mv =B 的速度10B v = 设碰后A 、B 球速度分别为'1A v 、'1B v ，两球发生碰撞时，由动量守恒和能量守恒定律有：''111A A B m m m v v v =+，2'2'2111111222A AB m m m v v v =+所以B 碰撞后交换速度：'10A v =，'112B A QELmv v ==（2）设A 球开始运动时为计时零点，即0t =，A 、B 球发生第一次、第二次的碰撞时刻分别为1t 、2t ；由匀变速速度公式有：1102A mLaQEvt -==第一次碰后，经21t t -时间A 、B 两球发生第二次碰撞，设碰前瞬间A 、B 两球速度分别为2A v 和2B v ，由位移关系有：()()2'1212112B av t t t t -=-，得到：21233mLQEt t == ()221112222A A QELa a mv t t t v =-===；'21B B v v = 由功能关系可得：222211=522A B m m QEL W v v +=电（另解：两个过程A 球发生的位移分别为1x 、2x ，1L x =，由匀变速规律推论24L x =，根据电场力做功公式有：()125W QE QEL x x =+=） （3）对A 球由平衡条件得到：A QB mg v =，A at v =，QEa m=从A 开始运动到发生第一次碰撞：()2220t mgg mL t Qat QE Et m B Q ⎛⎫==<≤ ⎪ ⎪⎝⎭从第一次碰撞到发生第二次碰撞：()222232t mL mL t QE QE mL E t QE m B Q ⎛⎫=<≤ ⎪ ⎪⎛⎫⎝⎭- ⎪⎝⎭ 点睛：本题是电场相关知识与动量守恒定律的综合，虽然A 球受电场力，但碰撞的内力远大于内力，则碰撞前后动量仍然守恒．由于两球的质量相等则弹性碰撞后交换速度．那么A 球第一次碰后从速度为零继续做匀加速直线运动，直到发生第二次碰撞．题设过程只是发生第二次碰撞之前的相关过程，有涉及第二次以后碰撞，当然问题变得简单些．3．如图所示，在倾角为θ=30°的固定斜面上固定一块与斜面垂直的光滑挡板，质量为m 的半圆柱体A 紧靠挡板放在斜面上，质量为2m 的圆柱体B 放在A 上并靠在挡板上静止。
浙江省2020高考物理训练计划课练15动能和动能定理含解析2019042938
如图所示，用同种材料制成的一轨道BC段长为R.一物块质量为从静止开始下滑，恰好运动到C端停止，重力加速度为现](多选)如图所示，质量为的物体，钢索拉着电梯由静止开始向上做加速运动，当上升高度为，则在这一过程中( ＋mgH1内，物块对传送带一直做负功．物块与传送带间的动摩擦因数μ＞tan θ内，传送带对物块做的功为mv －mv 1221221．系统产生的热量一定比物块动能的减少量大b 知，物块先向下运动后向上运动，则知传送带的运动方向应向上，从地面拉到P点的正下方C处时力F做的功为20 J 点正下方C处时的速度为0被拉到与滑块A速度大小相等时，离地面高度为0.225 m 从地面拉到P的正下方C处时，小球B的机械能增加了如图所示，长为L＝的小物块，现缓慢地抬高内质点的动能增加内质点的机械能一直增加时质点的机械能大于t＝5 s时质点的机械能多选) 如图所示，一根细绳的上端系在上．现用水平推力F向右推斜面体使之在光滑水平面上向细绳尚未到达平行于斜面的位置)．在此过程中的线速度大小是变化的，故不是匀速圆周运动，故以及球在该位置时运动的切线的方向，由图可知，斜面对的速度方向的夹角为锐角，所以摩擦力对重球匀速运动，动能不变，根据动能定理知水平推力F和重球，以B点所在水平面为零势能面，由题给条件))静止在水平地面的物块，受到水平方向的拉力与时间t的关系如图所示，设物块与地面间的静摩擦力最 )如图所示，轻质弹簧一端固定，另一端与一质量为处的圆环相连，弹簧水平且处于原长．圆环从处的速度为零，AC＝h，此为过程Ⅰ；若圆环在处，此为过程Ⅱ.已知弹簧始终在弹性范围内，重力加速圆环刚开始下滑时，圆环受到的合力向下，设弹簧原长为圆环受力分析，如图所示，弹簧弹力与竖直方向的夹角为θ，竖直方向根据牛顿第二定律可得mg－F cosθ－质量为m的小球被系在轻绳一端，在竖直平面内做半径的圆周运动，如图所示．在圆心处连接有力传感器，用来测量绳子上的拉力，运动过程中小球受到空气阻力的作用，空气阻力随速度减小而减小．某一时刻小球通过轨道的最，重力加速度为g，此后小球继续做圆周运动，经过半个圆周如图所示，足球从草皮上的①位置被踢出后落在草皮上③位置， )质量为m的物块在水平恒力的坡顶B处．到达B处时物块的速度大小为不计空气阻力，则物块运动过程中多选)如图所示，竖直平面内有一光滑圆环，半径为为最高点，圆环左下方开一个小口与光滑斜面相切于，小球从斜面上某一点由静止释放，经A点进入圆轨道，不计小球由cos37°＝0.8)则要保证运动过程中小球不离开轨道，小球BC是由同一板材上截下的两段，在处由静止释放后，它沿斜面向下滑行，进入平面，最终静，小铁块与该板材间的动摩擦因数为－μmgs1cosα－μmgs如图所示，水平传送带由电动机带动，并始终保持以速度的某物块由静止释放在传送带上的左端，过一会儿物块能保持与传送带相对静止，如图是某缓冲装置，劲度系数足够大的轻质弹簧与直杆相连，直杆可在固定的槽内移动，与槽间的滑动摩擦力恒为f，直杆质量不可忽略．一质量为3 m/s．物体与斜面间的动摩擦因数为0.75，物体在斜面上能达到的位移x的最小值为1.44 m 时，物体达到最大位移后将停在斜面上、粗糙程度处处相同的半圆形轨道竖直固定放置，直径点上方高为R处由静止开始下落，恰好从点时的速度大小v C；点时对轨道的压力大小；点后在空中做竖直上抛运动到最高点。
《第1节 动能的改变》(同步训练)高中物理必修2_鲁科版_2024-2025学年
《第1节动能的改变》同步训练(答案在后面)一、单项选择题（本大题有7小题，每小题4分，共28分）1、物体从静止开始做匀加速直线运动，在第一个2秒内和前10秒内，物体的动能之比为：A. 1:9B. 1:8C. 4:1D. 9:12、一个物体在水平地面上由静止开始做匀加速直线运动，前2秒内和前4秒内，物体的位移之比为：A. 1:2B. 1:4C. 5:4D. 4:53、一个物体在水平方向上做匀速直线运动，其质量为m，速度为v。
若该物体在竖直方向上受到一个向上的恒力F作用，使物体在竖直方向上做匀加速直线运动，加速度为a。
则物体在竖直方向上的动能改变量为：A. 0B. FvC. 1/2 * F * aD. 1/2 * m * v^2 + 1/2 * m * a^24、一个质量为m的物体从静止开始沿光滑斜面下滑，斜面的倾角为θ，重力加速度为g。
物体下滑过程中，其动能的改变量与下滑距离s之间的关系为：A. 动能改变量与s成正比B. 动能改变量与s的平方成正比C. 动能改变量与s的立方成正比D. 动能改变量与s无关5、一辆小车在水平面上以恒定速度行驶，突然完全释放其惯性（假设这意味着小车不再受到任何非外力影响）。
忽略空气阻力，那么小车接下来会如何运动？A、立即停止B、逐渐减速到零C、维持恒定速度D、方向发生改变，但速度维持6、质量为m的物体静止在光滑水平面上，当它受到一个大小为F的恒力作用时，它的动能改变了多少？A、(F⋅Δx)B、(12mv2)C、(F 22m⋅Δt)D、(12m(Δv)2)7、质量为2kg的物体以10m/s的速度运动，其动能是多少？（动能的计算公式为(E k=12mv2)）A. 20JB. 40JC. 80JD. 160J二、多项选择题（本大题有3小题，每小题6分，共18分）1、关于动能的改变，以下说法正确的是：A、物体的速度增加，其动能一定增加B、物体的质量增加，其动能一定增加C、物体的速度减小，其动能一定减小D、物体的质量减小，其动能一定减小2、一个质量为2kg的物体，从静止开始加速，在5秒内速度从0增加到10m/s，则物体的动能增加了：A、50JB、100JC、200JD、500J3、质量为m的物体，在合外力F的作用下从静止加速到v速度，如果该物体的速度增加到2v，则它的动能改变了多少倍？A、1倍B、2倍C、3倍D、4倍3、一个人将质量为m的物体以初速度v0竖直向上抛出，到达最高点时速度为0。
【解析】浙江省金华市艾青中学2016届高三上学期物理滚动练习卷(2)(9月滚动练习) Word版含解析[ 高考]
2015-2016学年浙江省金华市艾青中学高三（上）物理滚动练习卷（2）一．单项选择题（每题3分）1．游乐场中的一种滑梯如图所示．小朋友从轨道顶端由静止开始下滑，沿水平轨道滑动了一段距离后停下来，则（）A．下滑过程中支持力对小朋友做功B．下滑过程中小朋友的重力势能增加C．整个运动过程中小朋友的机械能守恒D．在水平面滑动过程中摩擦力对小朋友做负功2．物体在上升的过程中，下列说法正确的是（）A．重力做正功，重力势能增加 B．重力做正功，重力势能减小C．重力做负功，重力势能增加 D．重力做负功，重力势能减少3．汽车上坡时，在发动机的功率P不变的情况下，要想增大牵引力F，应该怎样改变速度的大小v（）A．增大v B．减小vC．维持v不变D．与v的变化无关4．（3分）如图所示，小球从高处下落到竖直放置的轻弹簧上，那么小球从接触弹簧开始到将弹簧压缩到最短的过程中（弹簧保持竖直），下列关于能的叙述不正确的是（不计空气阻力）（）A．弹簧的弹性势能不断增大B．小球的动能先增大后减小C．小球的重力势能先增大后减小D．小球的机械能总和要改变5．（3分）如图所示，竖直平面内光滑圆轨道半径R=2m，从最低点A有一质量为m=1kg的小球开始运动，初速度v0方向水平向右，重力加速度g取10m/s2，下列说法不正确的是（）A．小球能到达最高点B的条件是v0≥4m/sB．若初速度v0=5m/s，则运动过程中，小球一定不会脱离圆轨道C．若初速度v0=8m/s，则小球将在离A点2.8m高的位置离开圆轨道D．若初速度v0=8m/s，则小球离开圆轨道时的速度大小为2m/s6．汽车在平直公路上以速度v0匀速行驶，发动机功率为P，快进入闹市区时，司机减小了油门，使汽车的功率立即减小一半并保持该功率继续行驶．下面四个图象中，哪个图象正确表示了从司机减小油门开始，汽车的速度与时间的关系（）A．B．C．D．7．有一辆质量为170kg、输出功率为1200W的太阳能试验汽车，安装有约2m2的太阳能电池板和蓄能电池，该电池板在有效光照条件下单位面积输出的电功率为24W/m2．若驾驶员的质量为70kg，汽车最大行驶速度为20m/s．假设汽车行驶时受到的空气阻力与其速率成正比，则汽车（）A．保持最大速度行驶1h至少需要有效光照5hB．以最大速度行驶时牵引力大小为60NC．起动时的加速度大小为0.25m/s2D．直接用太阳能电池板提供的功率可获得4m/s的最大行驶速度8．质量相等的两个质点A、B在拉力作用下从同一地点沿同一直线竖直向上运动的v﹣t图象如图所示，下列说法正确的是（）A．t2时刻两个质点在同一位置B．0﹣t2时间内两质点的平均速度相等C．0﹣t2时间内A质点处于超重状态D．在t1﹣t2时间内质点B的机械能守恒9．质量为10kg的物体，在变力F作用下沿x轴做直线运动，力随位移x的变化情况如图所示．物体在x=0处速度为1m/s，一切摩擦不计，则物体运动到x=16m处时，速度大小为（）A．2m/s B．3m/s C．4m/s D．m/s10．（3分）如图所示，水平桌面上的轻质弹簧一端固定，另一端与小物块相连．弹簧处于自然长度时物块位于O点（图中未标出）．物块的质量为m，AB=a，物块与桌面间的动摩擦因数为μ．现用水平向右的力将物块从O点拉至A点，拉力做的功为W．撤去拉力后物块由静止向左运动，经O点到达B点时速度为零．重力加速度为g．则上述过程中（）A．物块在A点时，弹簧的弹性势能等于W﹣μmgaB．物块在B点时，弹簧的弹性势能小于W﹣μmgaC．经O点时，物块的动能大于W﹣μmgaD．物块动能最大时弹簧的弹性势能小于物块在B点时弹簧的弹性势能二．多项选择题（每题4分）11．河水的流速与离河岸的关系如图甲所示，船在静水中的速度与时间关系如图乙所示，若船以最短时间渡河，则下列判断正确的是（）A．船渡河的最短时间是100sB．船在河水中的最大速度是5m/sC．船在河水中航行的轨迹是一条直线D．船在行驶过程中，船头始终与河岸垂直12．将一小球以10m/s的速度水平抛出，经过1s小球落地，不计空气阻力，g取10m/s2关于这段时间小球的运动，下列表述正确的是（）A．着地速度是10 m/s B．竖直方向的位移是5mC．着地速度是20 m/s D．水平方向的位移是10 m/s13．如图所示，长为l的细绳一端固定在O点，另一端拴住一个小球，在O点的正下方与O 点相距的地方有一枚与竖直平面垂直的钉子；把小球拉起使细绳在水平方向伸直，由静止开始释放，当细绳碰到钉子的瞬间，下列说法正确的是（）A．小球的线速度不发生突变B．小球的角速度突然增大到原来的2倍C．小球的向心加速度突然增大到原来的2倍D．绳子对小球的拉力突然增大到原来的2倍14．如图所示为通过弹射器研究轻弹簧的弹性势能的实验装置．半径为R的光滑圆形轨道竖直固定于光滑水平面上并与水平地面相切于B点，弹射器固定于A处．某次实验过程中弹射器射出一质量为m的小球，恰能沿圆轨道内侧到达最髙点C，然后从轨道D处（D与圆心等高）下落至水平面．忽略空气阻力，取重力加速度为g．下列说法正确的是（）A．小球从D处下落至水平面的时间小于B．小球运动至最低点B时对轨道压力为5mgC．小球落至水平面时的动能为2mgRD．释放小球前弹射器的弹性势能为15．如图所示，直杆AB与水平面成α角固定，在杆上套一质量为m的小滑块，杆底端B点处有一弹性挡板，杆与板面垂直，滑块与挡板碰撞后原速率返回．现将滑块拉到A点由静止释放，与挡板第一次碰撞后恰好能上升到AB的中点，设重力加速度为g，由此可以确定（）A．滑块下滑和上滑过程加速度的大小a1、a2B．滑块最终所处的位置C．滑块与杆之间动摩擦因数μD．滑块第k次与挡板碰撞后速度v k16．在倾角为θ的光滑斜面上有两个用轻弹簧相连接的物块A、B，它们的质量均为m，弹簧劲度系数为k，C为一固定挡板，系统处于静止状态．现用一恒力F沿斜面方向拉物块A使之向上运动，当物块B刚要离开C时，A的速度为v，则此过程（弹簧的弹性势能与弹簧的伸长量或压缩量的平方成正比，重力加速度为g）（）A．物块A运动的距离为B．物块A加速度为C．拉力F做的功为D．拉力F对A做的功等于A的机械能的增加量三．计算题17．（16分）（2012•菏泽一模）如图所示装置由AB、BC、CD三段轨道组成，轨道交接处均由很小的圆弧平滑连接，其中轨道AB、CD段是光滑的，水平轨道BC的长度s=5m，轨道CD足够长且倾角θ=37°，A、D两点离轨道BC的高度分别为h1=4.30m、h2=1.35m．现让质量为m的小滑块自A点由静止释放．已知小滑块与轨道BC间的动摩擦因数μ=0.5，重力加速度g取10m/s2，sin37°=0.6、cos37°=0.8．求：（1）小滑块第一次到达D点时的速度大小；（2）小滑块第一次与第二次通过C点的时间间隔．18．（14分）（2015春•玉溪校级期末）如图所示，足够长的传送带水平放置，以速度v=4m/s 向右匀速转动，传送带上表面离地面的高度h=0.45m，一质量为m=1kg的物块，以速度v0=6m/s 向左滑上传送带，与传送带之间的动摩擦因数为μ=0.2，g取10m/s2，求：（1）物块落地时的速度大小；（2）物块相对传送带滑动过程中，产生的热量Q．19．（16分）（2014秋•河南期中）如图所示，一个质量m=1kg的长木板静止在光滑的水平面上，并与半径为R=1.8m的光滑圆弧形固定轨道接触（但不粘连），木板的右端到竖直墙的距离为s=0.08m；另一质量也为m的小滑块从轨道的最高点由静止开始下滑，从圆弧的最低点A 滑上木板．设长木板每次与竖直墙的碰撞时间极短且无机械能损失．木板的长度可保证物块在运动的过程中不与墙接触．已知滑块与长木板间的动摩擦因数μ=0.1，g取10m/s2．试求：（1）滑块到达A点时对轨道的压力大小；（2）当滑块与木板达到共同速度（v≠0）时，滑块距离木板左端的长度是多少？2015-2016学年浙江省金华市艾青中学高三（上）物理滚动练习卷（2）参考答案与试题解析一．单项选择题（每题3分）1．游乐场中的一种滑梯如图所示．小朋友从轨道顶端由静止开始下滑，沿水平轨道滑动了一段距离后停下来，则（）A．下滑过程中支持力对小朋友做功B．下滑过程中小朋友的重力势能增加C．整个运动过程中小朋友的机械能守恒D．在水平面滑动过程中摩擦力对小朋友做负功【考点】动能定理的应用；机械能守恒定律．【专题】动能定理的应用专题．【分析】下滑过程中小朋友在支持力方向没有发生位移，支持力对小朋友不做功．下滑过程中，小朋友高度下降，重力势能减小．摩擦力做负功，机械能减小．在水平面滑动过程中，摩擦力方向与位移方向相反，做负功．【解答】解：A、下滑过程中小朋友在支持力方向没有发生位移，支持力不做功．故A错误．B、下滑过程中，小朋友高度下降，重力做正功，其重力势能减小．故B错误．C、整个运动过程中，摩擦力做功，小朋友的机械能减小，转化为内能．故C错误．D、在水平面滑动过程中，摩擦力方向与位移方向相反，摩擦力对小朋友做负功，故D正确．故选D【点评】判断力是否做功，可根据做功的两个要素，也可根据动能定理．整个过程重力做正功，动能变化量为零，根据动能定理可判断出摩擦力做负功．2．物体在上升的过程中，下列说法正确的是（）A．重力做正功，重力势能增加 B．重力做正功，重力势能减小C．重力做负功，重力势能增加 D．重力做负功，重力势能减少【考点】机械能守恒定律．【专题】机械能守恒定律应用专题．【分析】当力与位移反向时，该力做负功；重力势能的表达式为：E p=mgh．【解答】解：物体在上升的过程中，位移向上，重力向下，故重力做负功；物体升高，故重力势能增加；故选：C．【点评】重力做功的过程总是伴随着重力势能的改变，重力做功等于重力势能的减小量，基础题目．3．汽车上坡时，在发动机的功率P不变的情况下，要想增大牵引力F，应该怎样改变速度的大小v（）A．增大v B．减小vC．维持v不变D．与v的变化无关【考点】功率、平均功率和瞬时功率．【专题】功率的计算专题．【分析】司机用“换挡”的办法来减速行驶是为了获得更大的牵引力来上坡，由P=FV可知，在功率一定的情况下，当速度减小时，汽车的牵引力就会增大．【解答】解：由功率公式P=Fv可知，在功率一定的情况下，当速度减小时，汽车的牵引力就会增大，此时更容易上坡，故B正确．故选：B．【点评】本题很好的把现实生活中的事情与所学的物理知识结合了起来，可以激发学生的学习兴趣．4．（3分）如图所示，小球从高处下落到竖直放置的轻弹簧上，那么小球从接触弹簧开始到将弹簧压缩到最短的过程中（弹簧保持竖直），下列关于能的叙述不正确的是（不计空气阻力）（）A．弹簧的弹性势能不断增大B．小球的动能先增大后减小C．小球的重力势能先增大后减小D．小球的机械能总和要改变【考点】功能关系．【分析】分析小球的运动过程与受力情况，然后根据影响弹性势能、机械能、动能、重力势能的因素分析答题．【解答】解：A、小球下落过程中弹簧被压缩，压缩量增大，弹力增大，故弹簧的弹性势能不断增大，故A正确；B、小球下落和弹簧接触过程中，弹簧的弹力先小于重力，后大于重力，小球先加速后减速，则小球的动能先增大后减小，故B正确；C、小球下落过程，高度一直减小，故重力势能一直减小，故C错误；D、小球与弹簧构成的系统只有重力和弹力做功，系统的机械能守恒，弹簧的弹力对小球做负功，所以小球的机械能不断减小．故D正确．本题选不正确的，故选：C【点评】弹簧问题往往是动态变化的，分析这类问题时用动态变化的观点进行，分析时关键抓住弹力的可变性，同时注意其过程中的功能转化关系．5．（3分）如图所示，竖直平面内光滑圆轨道半径R=2m，从最低点A有一质量为m=1kg的小球开始运动，初速度v0方向水平向右，重力加速度g取10m/s2，下列说法不正确的是（）A．小球能到达最高点B的条件是v0≥4m/sB．若初速度v0=5m/s，则运动过程中，小球一定不会脱离圆轨道C．若初速度v0=8m/s，则小球将在离A点2.8m高的位置离开圆轨道D．若初速度v0=8m/s，则小球离开圆轨道时的速度大小为2m/s【考点】机械能守恒定律；向心力．【专题】机械能守恒定律应用专题．【分析】当小球恰好到达最高点时，由重力提供向心力，此时速度最小，求出最小速度，再根据动能定理求出v0的最小值，刚好脱离轨道时，轨道对小球的弹力为零，重力沿半径方向的分量提供向心力，根据向心力公式结合动能定理以及几何关系即可求解．【解答】解：A、当小球恰好到达最高点时，有mg=m，得小球能到达最高点B临界速度是v B==2m/s根据机械能守恒定律知，2mgR+=，解得v0≥10m/s，故A错误；B、若初速度v0=5m/s，设小球上升高度为H，由机械能守恒得：mgH=，H=1.25m＞R=2m，故小球将会左右摆动，一定不会离开轨道，故B正确；CD、小球刚好脱离轨道时，对轨道的压力为0，重力沿半径方向的分力提供向心力，设重力与半径方向的夹角为θ，mgcosθ=m根据几何关系，cosθ=，根据动能定理得，﹣=﹣mg（R+h），解得v=2m/s，h=0.8m，故离开圆轨道的位置离A点的距离为H=h+R=2.8m，故C、D正确．本题选错误的，故选：A【点评】本题主要考查了向心力公式、动能定理的直接应用，知道小球到达最高点的条件，特别注意刚好脱离轨道时，轨道对小球的弹力为零．6．汽车在平直公路上以速度v0匀速行驶，发动机功率为P，快进入闹市区时，司机减小了油门，使汽车的功率立即减小一半并保持该功率继续行驶．下面四个图象中，哪个图象正确表示了从司机减小油门开始，汽车的速度与时间的关系（）A．B．C．D．【考点】牛顿运动定律的综合应用；功率、平均功率和瞬时功率．【分析】汽车匀速行驶时牵引力等于阻力，根据功率和速度关系公式P=Fv，功率减小一半时，牵引力减小了，物体减速运动，根据牛顿第二定律分析加速度和速度的变化情况即可．【解答】解：汽车匀速行驶时牵引力等于阻力；功率减小一半时，汽车的速度由于惯性来不及变化，根据功率和速度关系公式P=Fv，牵引力减小一半，小于阻力，合力向后，汽车做减速运动，由公式P=Fv可知，功率一定时，速度减小后，牵引力增大，合力减小，加速度减小，故物体做加速度不断减小的减速运动，当牵引力增大到等于阻力时，加速度减为零，物体重新做匀速直线运动；故选C．【点评】本题关键分析清楚物体的受力情况，结合受力情况再确定物体的运动情况．7．有一辆质量为170kg、输出功率为1200W的太阳能试验汽车，安装有约2m2的太阳能电池板和蓄能电池，该电池板在有效光照条件下单位面积输出的电功率为24W/m2．若驾驶员的质量为70kg，汽车最大行驶速度为20m/s．假设汽车行驶时受到的空气阻力与其速率成正比，则汽车（）A．保持最大速度行驶1h至少需要有效光照5hB．以最大速度行驶时牵引力大小为60NC．起动时的加速度大小为0.25m/s2D．直接用太阳能电池板提供的功率可获得4m/s的最大行驶速度【考点】功率、平均功率和瞬时功率．【专题】功率的计算专题．【分析】根据P=Fv计算最大速度时的牵引力大小；由牛顿第二定律和公式P=Fv结合求解加速度．由能量守恒定律分析答题．【解答】解：A、由公式W=Pt，由能量守恒得：1200W×1h=24×2W×t，解得：t=25h，即保持最大速度行驶1h至少需要有效光照25h，故A错误；B、根据P额=Fv max，得：F===60N，故B正确；C、以额定功率启动时：﹣f=ma，而刚启动时v=0，则f=0，故刚启动时加速度很大，根据现有条件无法求出，故C错误；D、汽车行驶时受到的空气阻力与其速度成正比，设f=kv，则结合前面分析：60=k×20，解得：k=3，当直接用太阳能电池板提供的功率行驶有最大速度时：牵引力=阻力，即：=kv，解得：v=4m/s，故D正确；故选：BD．【点评】本题考查推力、功率、面积等的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，本题还告诉我们一定要广泛应用太阳能，太阳能不但节省能源，还可以环保．8．质量相等的两个质点A、B在拉力作用下从同一地点沿同一直线竖直向上运动的v﹣t图象如图所示，下列说法正确的是（）A．t2时刻两个质点在同一位置B．0﹣t2时间内两质点的平均速度相等C．0﹣t2时间内A质点处于超重状态D．在t1﹣t2时间内质点B的机械能守恒【考点】匀变速直线运动的图像；平均速度；匀变速直线运动的速度与时间的关系；超重和失重．【专题】运动学中的图像专题．【分析】速度时间图象与坐标轴围成的面积表示位移，平均速度等于位移除以时间，当加速度方向向上时，物体处于超重状态，方向向下时，处于失重状态，物体的动能和势能之和不变时，机械能守恒．【解答】解：A、速度时间图象与坐标轴围成的面积表示位移，0﹣t2时间内B的位移大于A 的位移，B在A的上面，故A错误；B、0﹣t2时间内B的位移大于A的位移，时间相等，则B的平均速度大于A的平均速度，故B错误；C、0﹣t2时间内A的斜率为正，加速度为正，方向向上，处于超重状态，故C正确；D、t1﹣t2时间内质点B匀速向上运动，动能不变，重力势能变大，机械能增大，故D错误．故选：C【点评】解决本题的关键知道速度时间图线的物理意义，知道图线的斜率表示加速度，图线与时间轴围成的面积表示位移，当加速度方向向上时，物体处于超重状态，方向向下时，处于失重状态．9．质量为10kg的物体，在变力F作用下沿x轴做直线运动，力随位移x的变化情况如图所示．物体在x=0处速度为1m/s，一切摩擦不计，则物体运动到x=16m处时，速度大小为（）A．2m/s B．3m/s C．4m/s D．m/s【考点】牛顿第二定律．【分析】在0﹣4m位移内F恒定，物体做匀加速直线运动，可以根据匀变速直线运动位移速度公式求出x=4m处时的速度，在4m﹣8m位移内，力在逐渐减小，是变力，在8m﹣12m位移内力等于零，在12m﹣16m位移内，力F反方向逐渐增大，根据做功公式可知：力F在4﹣16m内做功之和为零，可对这一阶段运用动能定理得到x=16m处时速度等于x=4m处时的速度．【解答】解：在0﹣4m位移内F恒定，物体做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律得；a==1m/s2根据2ax=得：v4=3m/s对物体在4﹣16m内运动过程运用动能定理得；=s 4﹣8+0﹣s12﹣16从图中可知=，s4﹣8=s12﹣16=4m，所以4﹣16m内力F做功之和为0，所以v16=v4=3m/s故选B．【点评】本题考查了牛顿第二定律、功的计算以及动能定理的应用，要求同学们能根据图象找出有用信息，选取合适的运动过程运用动能定理求解，该题难题适中．10．（3分）如图所示，水平桌面上的轻质弹簧一端固定，另一端与小物块相连．弹簧处于自然长度时物块位于O点（图中未标出）．物块的质量为m，AB=a，物块与桌面间的动摩擦因数为μ．现用水平向右的力将物块从O点拉至A点，拉力做的功为W．撤去拉力后物块由静止向左运动，经O点到达B点时速度为零．重力加速度为g．则上述过程中（）A．物块在A点时，弹簧的弹性势能等于W﹣μmgaB．物块在B点时，弹簧的弹性势能小于W﹣μmgaC．经O点时，物块的动能大于W﹣μmgaD．物块动能最大时弹簧的弹性势能小于物块在B点时弹簧的弹性势能【考点】功能关系．【分析】到达B点时速度为0，但加速度不一定是零，即不一定合力为0，这是此题的不确定处．弹簧作阻尼振动，如果接触面摩擦系数μ很小，则动能为最大时时弹簧伸长量较小（此时弹力等于摩擦力μmg），而弹簧振幅变化将很小，B点弹簧伸长大于动能最大点；如果μ较大，则动能最大时，弹簧伸长量较大，（因弹力等于摩擦力，μ较大，摩擦力也较大，同一个弹簧，则需要较大伸长量，弹力才可能与摩擦力平衡），而此时振幅变化很大，即振幅将变小，则物块将可能在离O点很近处，就处于静止（速度为0，加速度也为0），此时B点伸长量可能小于动能最大时伸长量，B点势能可能小于动能最大处势能．至于物块在A点或B点时弹簧的弹性势能，由功能关系和动能定理分析讨论即可．【解答】解：A、如果没有摩擦力，则O点应该在AB中间，由于有摩擦力，物体从A到B 过程中机械能损失，故无法到达没有摩擦力情况下的B点，也即O点靠近B点．故，此过程物体克服摩擦力做功大于，所以物块在A点时，弹簧的弹性势能小于，故A错误；B、由A分析得物块从开始运动到最终停在B点，路程大于a+，故整个过程物体克服阻力做功大于，故物块在B点时，弹簧的弹性势能小于，故B正确；C、从O点开始到再次到达O点，物体路程大于a，故由动能定理得，物块的动能小于W﹣μmga，故C正确；D、物块动能最大时，弹力等于摩擦力，而在B点弹力与摩擦力的大小关系未知，故物块动能最大时弹簧伸长量与物块在B点时弹簧伸长量大小未知，故此两位置弹性势能大小关系不好判断，故D错误．故选：BC【点评】利用反证法得到O点并非AB连线的中点是很巧妙的，此外要求同学对功能关系和动能定理理解透彻，难度适中．二．多项选择题（每题4分）11．河水的流速与离河岸的关系如图甲所示，船在静水中的速度与时间关系如图乙所示，若船以最短时间渡河，则下列判断正确的是（）A．船渡河的最短时间是100sB．船在河水中的最大速度是5m/sC．船在河水中航行的轨迹是一条直线D．船在行驶过程中，船头始终与河岸垂直【考点】运动的合成和分解．【专题】运动的合成和分解专题．【分析】当船的静水速与河岸垂直时，渡河的时间最短，当船运动到河中央时，水流速最大，则合速度最大．【解答】解：A、D、当静水速与河岸垂直时，渡河时间最短，则最短时间t=．故A、D正确．B、当水流速最大时，船的速度最大，最大速度v=．故B正确．C、因为水流速度在变化，即沿河岸方向有加速度，知合速度方向与加速度方向不在同一条直线上，船的轨迹是曲线．故C错误．故选ABD．【点评】解决本题的关键知道分运动与合运动具有等时性，合成分解遵循平行四边形定则，当静水速与河岸垂直时，渡河时间最短．12．将一小球以10m/s的速度水平抛出，经过1s小球落地，不计空气阻力，g取10m/s2关于这段时间小球的运动，下列表述正确的是（）A．着地速度是10 m/s B．竖直方向的位移是5mC．着地速度是20 m/s D．水平方向的位移是10 m/s【考点】平抛运动．【专题】平抛运动专题．【分析】通过速度时间公式求出小球着地时竖直分速度，根据平行四边形定则求出小球落地的速度大小．根据小球运动的时间求出小球的竖直位移，结合初速度和时间求出水平位移．【解答】解：AC、小球做平抛运动，落地时竖直分速度为：v y=gt=10×1m/s=10m/s，则小球着地时速度为：v合===10m/s，故AC错误．B、小球竖直方向的位移为：h=gt2=×10×12m=5m，故B正确．D、小球的水平位移为：x=v0t=10×1m=10m，故D正确．故选：BD．【点评】解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，抓住分运动与合运动具有等时性，结合运动学公式灵活求解．13．如图所示，长为l的细绳一端固定在O点，另一端拴住一个小球，在O点的正下方与O 点相距的地方有一枚与竖直平面垂直的钉子；把小球拉起使细绳在水平方向伸直，由静止开始释放，当细绳碰到钉子的瞬间，下列说法正确的是（）。
高中物理动能定理典型练习题(含答案)(K12教育文档)
(完整word版)高中物理动能定理典型练习题(含答案)(word版可编辑修改) 编辑整理：尊敬的读者朋友们：这里是精品文档编辑中心，本文档内容是由我和我的同事精心编辑整理后发布的，发布之前我们对文中内容进行仔细校对，但是难免会有疏漏的地方，但是任然希望（(完整word版)高中物理动能定理典型练习题(含答案)(word版可编辑修改)）的内容能够给您的工作和学习带来便利。
同时也真诚的希望收到您的建议和反馈，这将是我们进步的源泉，前进的动力。
本文可编辑可修改，如果觉得对您有帮助请收藏以便随时查阅，最后祝您生活愉快业绩进步，以下为(完整word版)高中物理动能定理典型练习题(含答案)(word版可编辑修改)的全部内容。
动能定理典型练习题典型例题讲解1.下列说法正确的是（ )A 做直线运动的物体动能不变，做曲线运动的物体动能变化B 物体的速度变化越大，物体的动能变化也越大C 物体的速度变化越快，物体的动能变化也越快D 物体的速率变化越大，物体的动能变化也越大【解析】 对于给定的物体来说，只有在速度的大小（速率)发生变化时它的动能才改变，速度的变化是矢量，它完全可以只是由于速度方向的变化而引起．例如匀速圆周运动.速度变化的快慢是指加速度，加速度大小与速度大小之间无必然的联系.【答案】D2.物体由高出地面H 高处由静止自由落下，不考虑空气阻力，落至沙坑表面进入沙坑h 停止（如图5-3-4所示）.求物体在沙坑中受到的平均阻力是其重力的多少倍？【解析】 选物体为研究对象,先研究自由落体过程，只有重力做功,设物体质量为m ，落到沙坑表面时速度为v ，根据动能定理有0212-=mv mgH ① 再研究物体在沙坑中的运动过程,重力做正功,阻做负功，根据动能定理有2210mv Fh mgh -=- ② 由①②两式解得hh H mg F += 另解：研究物体运动的全过程，根据动能定理有000)(=-=-+Fh h H mg解得hh H mg F += 3。
动能和动能定理(解析版)--高一物理专题练习(内容+练习)
动能和动能定理--高一物理专题练习（内容+练习）一、动能的表达式1．表达式：E k＝12m v2.2．单位：与功的单位相同，国际单位为焦耳，符号为J.3．标矢性：动能是标量，只有大小，没有方向．二、动能定理1．内容：力在一个过程中对物体做的功，等于物体在这个过程中动能的变化．2．表达式：W＝12m v22－12m v12.如果物体受到几个力的共同作用，W即为合力做的功，它等于各个力做功的代数和．3．动能定理既适用于恒力做功的情况，也适用于变力做功的情况；既适用于直线运动，也适用于曲线运动．三．对动能定理的理解(1)在一个过程中合外力对物体做的功或者外力对物体做的总功等于物体在这个过程中动能的变化．(2)W与ΔE k的关系：合外力做功是物体动能变化的原因．①合外力对物体做正功，即W>0，ΔE k>0，表明物体的动能增大；②合外力对物体做负功，即W<0，ΔE k<0，表明物体的动能减小；如果合外力对物体做功，物体动能发生变化，速度一定发生变化；而速度变化动能不一定变化，比如做匀速圆周运动的物体所受合外力不做功．③如果合外力对物体不做功，则动能不变．(3)物体动能的改变可由合外力做功来度量．一、单选题1．如图所示，在光滑水平面上小物块在水平向右恒力1F作用下从静止开始向右运动，经时间t撤去1F，同时在小物块上施加水平向左的恒力2F，再经2t物块回到出发点，此时小物块的动能为k E，则以下说法正确的是（）A ．2145F F =B ．12F F =C ．1F 做的功为k49E D ．2F 做功的为kE 【答案】C【解析】AB ．设第一阶段的加速度为1a ，第二阶段的加速度为2a ，从静止出发到回到出发点对两个阶段列方程22112112422a t a t t a t ⎛⎫=-⋅- ⎪⎝⎭解得1254a a =根据牛顿第二定律得2154F F =故AB 错误；CD ．由于12:4:5F F =所以二者做功之比为12:4:5W W =二者做功之和等于k E ，所以1F 做的功为k 49E ，2F 做的功为k 59E ，故C 正确，D 错误。
浙江省金华市艾青中学2021年高三上学期滚动练习物理试题 Word版
一、单选项选择题（本题共5小题，每小题4分，共20分。
在每小题给出的四个选项中,只有一个选项正确,选对的得4分,选错的得０分。
)1.在国际单位制(简称ＳI)中,力学和电学的基本单位有:m （米)、k ｇ(千克)、ｓ(秒)、A(安培)。
导出单位V(伏特)用上述基本单位可表示为A.m 2·ｋg ·s -4·A -1 Ｂ．m 2·ｋg ·s －3·Ａ-１Ｃ．m 2·k ｇ·s -2·A -１D ．m 2·ｋｇ·s －1·Ａ-12．如右图甲所示，一个质量为3ｋｇ的物体放在 粗糙水平地面上,从零时刻起，物体在水平力F 作用下由静止开始做直线运动．在0～３s 时间内物体的加速度a 随时间ｔ的变化规律如右下图乙所示.则 A.F 的最大值为12 NB.0～1s 和2~３s 内物体加速度的方向相反C.在０~1s 内物体做匀加速运动，2~３ｓ内物体做匀减速运动 D ．3s 末物体的速度最大，最大速度为８m ／ｓ3．如图所示,A 、Ｂ两点固定两个等量异种点电荷,O 为A Ｂ中点，M 、N 为AB 中垂线上的两点，且ON ＞O Ｍ，则 A ．M 、Ｎ 两点的场强大小相等 Ｂ.M 、N 两点的场强方向相同 Ｃ.M 点的电势比N 点的电势高 D.M 点的电势比N 点的电势低４．在街头的理发店门口常可以看到这样的标志:一个转动的圆筒，外表有螺旋斜条纹。
我们感觉条纹在沿竖直方向运动，但实际上条纹在竖直方向并没有升降，这是由于圆筒的转动而使我们的眼睛产生的错觉。
如图所示，假设圆筒上的条纹是围绕圆筒的一条宽带，相邻两圈条纹在沿圆筒轴线方向的距离（即螺距)L=1０cm,圆筒半径R=１0ｃｍ，如果我们观察到条纹向上运动的速度为0.１m/s,则从上往下看，关于圆筒的转第4题图+QAMN-QBO动方向和转动周期说法正确的是A ．顺时针转动,周期为1s ﻩﻩＢ．顺时针转动,周期为2πs C.逆时针转动，周期为１s ﻩD ．逆时针转动，周期为2πs5.某工地上,一架起重机将放在地面的一个箱子吊起。
- 1、下载文档前请自行甄别文档内容的完整性，平台不提供额外的编辑、内容补充、找答案等附加服务。
- 2、"仅部分预览"的文档,不可在线预览部分如存在完整性等问题,可反馈申请退款(可完整预览的文档不适用该条件!)。
- 3、如文档侵犯您的权益，请联系客服反馈,我们会尽快为您处理(人工客服工作时间：9:00-18:30)。
专题训练动能训练
1、一重为20N的物体在与水平面成370的力F=10N的作用下，如图所示，物体从静止开始在水平地面上向右运动5米时的速度是10米/秒，求物体与地面之间的动摩擦因数μ是多少？（错误！未找到引用源。
）
2、如图所示，一重为20N的物体在与斜面平行的力F=16N的作用下，若物体与斜面之间的动摩擦因数μ=0.2。
物体从静止开始在倾角为370的斜面上向上运动5米，此时的速度是多少？（错误！未找到引用源。
）
3、一物体在一固定的倾角为的斜面上,向下轻轻一推,它恰好匀速下滑。
已知斜面长度为L，欲使物体沿斜面底端冲上顶端，开始上滑的初速度至少为多大？
4、（09年上海物理）质量为5103 kg的汽车在t＝0时刻速度v0＝10m/s，随后以P＝6104 W的额定功率沿平直公路继续前进，经72s达到最大速度，设汽车受恒定阻力，其大小为2.5103N。
求：（1）汽车的最大速度vm；（2）汽车在72s内经过的路程s。
5、AB 是竖直平面内的四分之一圆弧轨道，在下端B 与水平直轨道相切，如图所示。
一小球自A 点起由静止开始沿轨道下滑。
已知圆轨道半径为R ，小球的质量为m ，不计各处摩擦。
求
（1）小球运动到B 点时的动能
（2）小球经过圆弧轨道的B 点和水平轨道的C 点时，所受轨道支持力NB 、NC 各是多大？ （3小球下滑到距水平轨道的高度为0.5R 时的速度大小和方向
6、如图所示，质量为m 的小球由光滑斜轨道自由下滑后，接着又在一个与斜轨道相连的竖直的光华圆环内侧运动，阻力不计，求
⑴小球至少应从多高的地方滑下，才能达到圆环顶端而不
离开圆环 ⑵小球到达圆环底端时，作用于环底的压力
12.（12分）从高H 处由静止释放一球，它在运动过程中受大小不变的阻力f 的。
的若小球质量为m ，碰地过程中无能量损失，则小球第一次碰地后反弹的高度是多少？小球从释放直至停止弹跳的总路程为多少？
如图所示，弹簧左端固定在墙上，右端与m=0.5kg 小球接触但不相连。
现将小球向左压缩弹簧至图中A 点后释放。
小球最终停在B 处，已知O 为弹簧原长所在处，O 点左侧光滑，右侧粗糙，且动摩擦因素μ=0.2，OB 间距为S=1.5m 。
求：(1)、弹簧弹力所做的功是多少？(2)、小球O
m A B C R
运动到O点时的速度是多少？。