2020年浙江省杭州市中考物理模拟试卷

中考物理模拟试卷

题号一二三四五总分得分

一、单选题（本大题共6小题，共18.0分）

1. 对一个匀速直线运动来说，下列说法正确的是（）

A. B. C. D.速度与通过的路程成正比

速度与运动时间成反比

路程与运动时间成正比

速度既与通过的路程成正比，又与运动时间成反比

2.有甲、乙、丙三列火车，甲车上的人看到乙车向东行驶，看到丙车向西行驶，下列判

断错误的是（）

A. B. C. D.甲车一定静止不动

丙车可能静止不动

乙车可能向西行驶，但速度比丙车慢甲车可能向东行驶，但速度比乙车慢

3.如图所示，木板A放在光滑水平面上，在水平拉力F的作用下向右做匀速直线运动，

当物体B相对于地面静止时，弹簧测力计示数为15N．针对此现象，下列说法正确的是（）

A. B. C. D.B受到的摩擦力方向水平向左

A 受到的摩擦力和B受到的摩擦力是平衡力水平拉力F的大小为30N

B 受到的摩擦力的大小为15N

4.下列关于力和运动的说法中正确的是（）

A. B. C. D.物体所受两个力的合力为零时，一定处于静止状态

当物体静止时，物体所受合力一定为零

物体所受两个力的合力为零时，运动状态一定改变

物体受到两个力的作用时，运动状态发生了改变，则这两个力的合力为零

5.电梯是人们日常经常乘坐的设备。如图所示是某人乘坐电梯竖直上

楼过程的示意图。该人乘坐电梯上楼一般经过三个过程：先由某一楼层从静止开始变速上升、达到某一速度后再匀速上升，最后再变速上升到另一楼层静止。则关于该人乘坐电梯上楼的过程中，下列说法正确的是（）

A. B. C. D.在刚开始的变速上升过程中，电梯对人做的功最多在匀速上升过程中，电梯对人做功的功率最大不能判断三个过程中，电梯对人做功的大小关系在匀速上升过程中，电梯对人做的功最多

6.测量电流时，需要将电流表串联在电路中，通常，电流表的电阻比待测电路的电阻小

得多，因此对测量值的影响可以忽略不计。下列研究方法与此相同的是（）

A. B.在探究平面镜成像特点实验中，用两个相同的棋子探究像与物的大小关系根据被压物体形变大小反映压力作用效果

C. D.在探究二力平衡条件的实验中，选用轻质卡片在研究光的传播现象时，引入光线

二、多选题（本大题共1小题，共3.0分）7. 下列有关磁现象的说法中，正确的是（）

A. B. C. D.磁体具有吸引轻小物体的性质

放入磁场中某点的小磁针静止时N极指向与该点磁场方向相同地磁场的北极在地理的南极附近

导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中就会产生感应电流

三、填空题（本大题共2小题，共6.0分）

8. 改变内能有不同的方式，如图甲是在一个配有活塞的厚壁玻璃筒里放一小团蘸了乙

醚的棉花，当迅速压下活塞时，可看见筒内棉花燃烧起来。这是通过______方式使玻璃筒内的空气内能增加，温度升高，达到棉花的着火点，使棉花燃烧。如图乙是通过______方式把试管里的水加热至沸腾。

9.如图所示物体A被滑轮组拉着在水平地面上5s内匀

速直线运动了2m，它受到地面的摩擦阻力是96N，

绳端拉力F为40N，则A物体的运动速度是

______m/s，拉力F的功率是______W，该滑轮组的机械效率是______。

四、计算题（本大题共3小题，共9.0分）

10. “武汉号”导弹驱逐舰在亚洲处于领先水平，参加了我国海军首批赴亚丁湾、索马里

海域的护航任务。“武汉号”的排水量为7000t，是一种防空、反潜、反舰能力均衡的远洋驱逐舰，某次护航行动中，驱逐舰所受海水阻力为120000N，匀速航程300km，用时8h。（海水的密度约为1×103kg/m3，g取10N/kg）

（1）满载时，“武汉号”排开水的体积有多大？

（2）若舰底某处距海面的深度为8m，则该处受到海水的压强是多少？

（3）本次护航中，驱逐舰的功率是多大？

11. 小胖同学在暑假期间参加了农村电网改造的社会实践活动，其中电工所挖的埋水泥电

线杆的坑引起了小胖的兴趣。坑的形状如图5所示，从地面上看，坑基本上是一个长方形，其宽度仅比电线杆的粗端直径稍大一点，坑中沿长方形的长边方向有一从地面直达坑底的斜坡。请你回答：

（1）为什么要挖成图5所示的深坑，而不挖成图6甲所示的仅比电线杆略粗一点的圆筒状深坑，或者如图6乙、丙所示的那种大口径的方形或圆形的深坑？这样做有什么好处？

（2）通过计算对比分析：如果将这种水泥电线杆分别埋入图5、图6甲所示的坑中。

则把水泥电线杆放到坑口适当位置后，在竖起水泥电线杆的过程中，抬起水泥电线杆的细端至少分别需要多大的力？已知这种坑深2.0m，宽0.3m，地面处坑口长2.3m，坑底长0.3m．水泥电线杆的质量为600kg，长10.0m，粗端直径0.25m，其重心距粗端

4.0m．（取g=10N/kg）

（3）在上述两种情况下，竖起水泥电线杆的过程中，人们对水泥电线杆至少分别要做多少功？

12. 图甲是一种新型家用电器--电压力锅，图乙是某型号电压力锅工作电路简图，表中

数据是其部分参数。其中R是主加热器，R是保压加热器。接通电路后，开关S自动与触点a、b接通，开始加热。当锅内温度达到105℃，开关S 自动与a、b断开，开始保压。现将5kg初温为25℃的水加入电压锅中，热量损耗不计，已知水的比热容为4.2×103J/（kg?℃）。求：

额定电压（V）

主加热器额定功率（W）保

压加热器额定功率（W）保

压温度（℃）最大盛水量

（kg）

220

880

120

105

6

（1）电压力锅加热状态时主加热器R的电阻；

（2）电压力锅加热多少min后开始保压？

（3）电压力锅在保压状态下工作30min所消耗的电能。

五、实验探究题（本大题共2小题，共6.0分）

13.小明同学在“探究小灯泡的电阻是否固定不变”的实验中，电路图如图所示，电源

电压恒为4V，小灯泡的正常发光电压为2.5V。

（1）请你用笔画线代替导线，按乙图的电路图把甲图中的实物图电路连接完整，

使滑片P向右端移动时灯的亮度变暗

（2）闭合开关前，滑动变阻器连入电路的阻值为______（选填“最大”或“最小”）值，这样做的目的是______。

（3）当电压表的示数为2.5V时，电流表的示数如图丙所示，灯的电流为______A，此时灯丝的电阻为______Ω（保留一位小数）。

14.在探究“物体动能的大小与哪些因素有关”的实验中，让质量不同的铁球从斜面的同

一高度由静止释放，撞击同一木块，能将木块撞出一段距离。如图甲所示。请回答下列问题：

（1）从同一高度由静止释放的目的是______，该实验的目的是研究铁球的动能大小与______（选填“质量”或“速度”）的关系。图丙所示为某段道路的标志牌，交通部门规定：①对机动车限定最高行驶速度；②对不同车型限定不一样的最高行驶速度；其中第______个规定利用了此实验结论。

（2）该实验是通过观察______的大小，来说明铁球对木块做功的多少，从而判断

出______（“铁球”或“木块”）具有的动能的大小。

答案和解析

1.【答案】C

【解析】解：ABD、匀速直线运动的速度等于路程与所用时间的比值，它的速度保持不变，是一个定值，匀速直线运动的速度与路程和时间无关，取决它们的比值，故A BD错误；

C、路程s=vt，对于一个匀速直线运动，路程与运动时间成正比，故C正确。

故选：C。

根据匀速直线运动的特点分析答题；匀速直线运动的速度是一个定值，保持不变；速

度不随时间与路程的变化而变化。

知道匀速直线运动的特点即可正确解题，匀速直线运动的速度在数值上等于路程与所用

时间的比值，是一个定值，不随时间与路程的变化而变化。

2.【答案】A

【解析】解：（1）甲车上的人看到乙车向东行驶，有以下情况：

①甲车静止不动，乙车向东行驶；②甲车向西行驶，乙车向东行驶；③甲乙两车都向东行驶，甲车的速度小于乙车的速度；④甲乙两车都向西行驶，甲车的速度大于乙车的速度；（2）甲车上的人看到丙车向西行驶，有以下情况：

①甲车静止不动，丙车向西行驶；②甲车向东行驶，丙车向西行驶；③甲丙两车都向西行驶，甲车的速度小于丙车的速度；④甲丙两车都向东行驶，甲车的速度大于丙车的速度。（3）若丙车静止不动，则甲车一定向东运动，此时乙车也向东运动，但速度比甲车快。综上分析可知，A错误，BCD正确。

故选：A。

运动和静止是相对的，判断一个物体的运动状态，首先要看选择谁做参观物，其次看这个物体相对于参照物的位置是否发生了改变。

判断多个运动物体之间的相对运动状态，除了选好参照物以外，还要比较它们的相对速度

和相对方向发生了怎样的变化。

3.【答案】D

【解析】解：

AD、弹簧测力计的示数为15N，则弹簧测力计对B的拉力为15N，方向水平向左；因为

B相对于地面静止，所以B受到的摩擦力与拉力平衡，大小相等、方向相反，则B受到的

摩擦力的大小为15N，方向水平向右，故A错误，D正确；

B、A受到的摩擦力和B受到的摩擦力作用在两个物体上，所以不是平衡力，故B错误；

C、因为A受到B的摩擦力和B受到A的摩擦力是一对相互作用力，大小相等，所以A受到B 的摩擦力大小为15N；

物体A做匀速直线运动，处于平衡状态，受平衡力的作用，因为水平面光滑，所以A与

地面间没有摩擦力，物体A在水平方向上只受拉力F和B对A的摩擦力，这两个力大

小相等，所以水平拉力F的大小为15N，故C错误。

故选：D。

（1）物体B处于平衡状态，据此判断其所受摩擦力的大小和方向。

（2）相互作用力大小相等、方向相反、在同一直线上，在两个物体上。

（3）对A进行受力分析，再进一步确定水平拉力的大小。

本题考查摩擦力的大小计算与方向的判断，要学会对物体进行受力分析，知道各个力之

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间的关系是正确解答的关键。

4.【答案】B

【解析】解：A、两个力的合力为零时，这两个力是一对平衡力，物体受到平衡力作用是

可以处于静止状态或者匀速直线运动状态；所以A选项错误；

B、当物体处于静止状态时，受平衡力，所以所受合力一定为零；所以B选项正确；

C、

两个力的合力为零时，这两个力是一对平衡力，物体的运动状态保持不变；所以C选项

错误；

D、物体受到两个力的作用时，物体运动状态发生了改变，这两个力不是一对平衡力，

则这两个力的合力不为零；所以D选项错误。

故选：B。

（1）两个力的合力为零时，这两个力是一对平衡力，物体受到平衡力作用是可以处于静

止状态或者匀速直线运动状态；

（2）根据牛顿第一定律，物体不受力可以处于处于静止状态或者匀速直线运动状态；（3）两个力的合力为零时，这两个力是一对平衡力，物体的运动状态保持不变；（4）物体受

到两个力的作用时，物体运动状态发生了改变，这两个力不是一对平衡力，则这两个力的

合力不为零。

本题考查了牛顿第一定律和平衡力的运用，是一道基础性题目。要充分理解，物体受力平

衡运动状态不变，运动状态改变，受力一定不平衡。

5.【答案】C

【解析】解：

（1）根据W=Fs可知，功的大小与力的大小和物体在力的方向上通过的距离有关；三

个过程中，电梯加速上升时，支持力F大于重力G；匀速上升时，支持力F等于重力G；

减速上升时，F小于G；但人在力的方向上通过的距离无法确定，所以功的大小无法确

定，故AD错误，C正确。

（2）根据P=可知，功率的大小与功的大小和时间有关；三个过程中功的大小无法确

定，时间也没有确定，所以不能判断三个过程中，电梯对人做功的功率大小关系，故B错

误。

故选：C。

根据W=Fs比较功的大小，根据P=判断功率的大小。

此题考查功和功率的大小比较，看起来题目难度似乎很大，无从下手，但是只要抓住功和

功率的计算公式分析解答就不难。

6.【答案】C

【解析】解：测量电流时，需要将电流表串联在电路中，通常，电流表的电阻比待测电路

的电阻小得多，因此对测量值的影响可以忽略不计，这种方法叫理想实验法。A、在探

究平面镜成像特点实验中，用两根相同的蜡烛探究像与物的大小关系时，采用的是等效

替代法，故A不符合题意；

B、在探究影响压力作用效果因素的实验中，根据被压物体形变大小反映压力作用效果，

用到了转换法，故B不符合题意；

C、在探究二力平衡条件的实验中，选用轻质卡片，忽略了纸片质量的影响，用到了理想

实验法，故C符合题意；

D、在研究光的传播现象时，用一条带箭头的直线来表示光线，采用的是模型法，故D不

符合题意。

故选：C。

物理方法既是科学家研究问题的方法，也是学生在学习物理中常用的方法，常用的方法有“等效替代法”“控制变量法”“类比法”“模型法”“理想实验法”“转换法”等。掌握物理研究方法的一般含义和特征，是解决此类问题的基础。

7.【答案】BC

【解析】解：

A、磁铁只能吸引铁磁性物质（铁、钴、镍），与物体大小无关，故A错误；

B、磁场方向的规定：磁场中某点的磁场方向与放在该处的小磁针静止时N极指向相同，

故B正确；

C、地磁场的北极在地理的南极附近，故C正确；

D、闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中才会产生感应电流，故D 错误。

故选：BC。

（1）解决本题需了解磁性，磁场的基本知识；

（2）磁场方向的规定：磁场中某点的磁场方向与放在该处的小磁针N极所指的方向相

同；

（3）感应电流产生的条件：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动。此题考查关于“磁”的基础知识，要注意区分地磁的两极与地理的两极，以及产生感应电流的

条件。

8.【答案】做功热传递

【解析】解：图甲中，当迅速压下活塞时，可看见筒内棉花燃烧起来。这是通过做功的方式使玻璃筒内的空气内能增加，温度升高，达到棉花的燃点，使棉花燃烧。

图乙是通过热传递的方式把试管里的水加热至沸腾。

故答案为：做功；热传递。

改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，而做功过程是能量的转化过程。

此题是考查做功和热传递改变物体内能的区别。

9.【答案】0.44880%

【解析】解：（1）A物体的运动速度：

v===0.4m/s；

（2）拉力移动速度：v′=3v=3×0.4m/s=1.2m/s，

拉力F的功率：P===Fv′=40N×1.2m/s=48W；

（3）滑轮组的机械效率：

η=×100%=×100%=×100%=×100%=80%。

故答案为：0.4；48；80%。

（1）根据v=求出运动速度；

（2）根据v′=3v求出拉力的移动速度，根据P===Fv求出功率；

（3）题中克服摩擦阻力做的功为有用功，根据η===求出机械效率。

此题主要考查的是学生对速度、功率、机械效率计算公式的理解和掌握，弄明白绳子股

数是解决此题的关键，基础性题目。

10.【答案】解：（1）驱逐舰的排水量为：m =7000t =7×106kg ，

排

根据阿基米德原理可知，驱逐舰所受到的浮力为： F =G =m g =7×106kg ×10N /kg =7×107 浮 排 排

N 。 由 F =ρgV 可得，排开水的体积：

浮

排

V =

= =7×103m 3；

排

（2）船底某处的压强为：p =ρ gh =1.0×103 海水

kg/m 3×10N /kg ×8m =8×104Pa 。

（3）本次护航中，驱逐舰匀速航行，则牵引力 F =f =120000N ，

本次护航中牵引力所做的功：W =Fs =120000N ×3×105m =3.6×1010 J ，

驱逐舰的功率：P = =

=1.25×106

W 。

答：（1）满载时，“武汉号”排开水的体积有 7×103m 3； （2）若舰底某处距海面的深度为 8m ，则该处受到海水的压强是 8×104

Pa ； （3）本次护航中，驱逐舰的功率是 1.25×106W 。

【解析】（1）驱逐舰的排水量是驱逐舰满载时，排开水的质量。知道驱逐舰的排水量， 求出驱逐舰受到的浮力，再利用 F =ρgV 可求得排开水的体积；

浮

排

（2）知道舰底的深度和海水的密度，根据液体压强公式求出液体压强。

（3）已知驱逐舰所受海水阻力，根据二力平衡条件可求得牵引力，根据 W =Fs 可求得 本次护航中，驱逐舰所做功，利用 P = 可求得航行时驱逐舰的功率。

此题考查了阿基米德原理、物体浮沉条件、二力平衡条件的应用、功和功率的计算，考 查非常全面，综合性很强，难度虽然不大，但要求学生具备全面扎实的物理知识。 11.【答案】解：

（1）挖成图 5 所示的深坑好处如下：

（a ）少挖土方：挖成图 5 所示的深坑要比挖成图 6 乙、丙所示的深坑少挖土方，这样 可以少做功，避免人力浪费，提高劳动效率。

（b ）便于施工：施工人员更易于从图 5 所示的坑里向外取土。

（c ）省力省功：用图 5 所示的深坑埋水泥电线杆，与用图 6 甲所示的深坑埋水泥电线 杆相比，不必将电线杆沿竖直方向直立在地面上，重心上升高度小，施工时即省力又省 功。 （d ）施工安全：用图 5 所示的深坑埋水泥电线杆，施工人员只需从有斜坡的方向扶住 水泥电线杆就行了，水泥电线杆不会向其它方向倾倒，施工比较安全。

（2）a ．若将这种电线杆埋入图 5 所示的坑中，电线杆就位后的情况如图 1 所示。

设竖起电线杆的过程中，在细端所用拉力为 F 。 在图 1 中，电线杆粗端伸入坑口的距离为 2.3m -0.3m =2.0m ， 进而：O A =10.0m -2.0m =8.0m ，O B =4.0m -2.0m =2.0m ， 电线杆重：G =mg =600×10 N =6000N ， 根据杠杆平衡条件，有：F ×O A =G ×O B

解得：F =

，

1

1 1 1 1

1 1 1 1 1

1

=

N =1500N ，

b ．若将这种电线杆埋入图 6 甲所示的坑中。电线杆就位后的情况如图 2 所示。 设竖起电线杆的过程中，在细端所用拉力为 F 。 在图答 2 中：O A =10.0m ，O B =4.0m ， 根据杠杆平衡条件，F ×O A =G ×O B

解得：F = = =2400N ；

（3）在图 1 中，电线杆重心升高：h =4.0m -2.0m =2.0m ， 人们对电线杆做功：W =Gh =6000N ×2.0m =12000J ， 在图 2 中，电线杆重心升高：h =4.0m ， 人们对电线杆做功：W =Gh =6000N ×4.0m =24000J 。 答：（1）挖成图 5 所示的深坑可以少挖土方、便于施工、安装省力、安全； （2）抬起水泥电线杆的细端至少分别需要 1500N 、2400N 的力；

（3）在上述两种情况下，竖起水泥电线杆的过程中，人们对水泥电线杆至少分别要做 12000J 、24000J 的功。

【解析】（1）挖成图 5 所示的深坑可以少挖土方、便于施工、安装省力、安全，从这 几方面分析。

（2）若将这种电线杆埋入图 5 所示的坑中，如图 1 所示，设竖起电线杆的过程中，在 细端所用拉力为 F ，O 为支点，确定 O A 和 O B 的大小，求出电线杆重，利用根据杠 杆平衡条件求 F 的大小；

若将这种电线杆埋入图 6 甲所示的坑中，如图 2 所示，设竖起电线杆的过程中，在细端 所用拉力为 F ，以 O 为支点求出 O A 和 O B 的大小，利用根据杠杆平衡条件求 F 大 小；

（3）在图 1 中，求出电线杆重心升高高度，求人们对电线杆做功 W =Gh ；同理求出在 图 2 中人们对电线杆做功。

本题考查了学生对功的公式、杠杆平衡条件的掌握和运用，涉及到实际问题，属于难题， 要灵活运用所学知识。

12. 【答案】解：

（1）当开关 S 与触点 a 、b 接通时，R 与 R 并联，电压力锅处于加热状态，且R 是主加 热器，

由表格数据可知，电压力锅的主加热功率 P

=880W ，

主加热

由 P =UI = 可得，主加热器 R 的阻值：

R =

=

=55Ω；

（2）由表格数据可知，保压温度即加热时的末温 t =105℃， 则加热过程水吸收的热量：

Q =cm （t -t 吸

）=4.2×103J /（kg ?℃）×5kg ×（105℃-25℃）=1.68×106 J ，

当开关 S 与 a 、b 断开，与触点 c 接通时，电路为 R 的简单电路，电压力锅处于保压状 态，

由表格数据可知，保压加热器即 R 的功率 P =120W ， 保压加热 当电压力锅处于加热状态时，R 与 R 同时工作，则加热时的总功率： P =P +P =880W+120W =1000W ， 加热 主加热 保压加热

热量损耗不计，电压力锅加热时消耗的电能： W =Q =1.68×106J ，

吸

2 2 2 2 2 2 2 2 2 2

2

1 1 1

2 2 2

1 1 1 1 1 1 1

2 2 2 2 2 2 2 0 0

0 0 0

由 P = 可得，电压力锅加热到开始保压的时间：

t

= = =1680s =28min ；

加热

（3）压力锅在保压状态下工作 30min 所消耗的电能：

W ′=P t =120W ×30×60s =2.16×105J 。

保压加热

答：（1）电压力锅加热状态时主加热器 R 的电阻为 55Ω； （2）电压力锅加热 28min 后开始保压；

（3）电压力锅在保压状态下工作 30min 所消耗的电能为 2.16×105J 。

【解析】（1）当开关 S 与触点 a 、b 接通时，R 与 R 并联，电压力锅处于加热状态，且

R 是主加热器，根据表格数据可知电压力锅的主加热功率，利用 P=UI = 求出 R 的阻值；

（2）根据表格数据可知保压温度即加热时的末温，又知道水的质量和初温、比热容， 根据 Q =cm （t -t ）求出加热过程水吸收的热量；当开关 S 与 a 、b 断开，与触点 c 接通

吸

时，电路为 R 的简单电路，电压力锅处于保压状态，根据表格数据可知保压加热器即 R 的功率；当电压力锅处于加热状态时，R 与 R 同时工作，据此求出加热时的总功率，

不计热量损耗，电压力锅加热时消耗的电能和水吸收的热量相等，根据 P = 求出电压力 锅加热到开始保压的时间；

（3）根据 W =Pt 求出电压力锅在保压状态下工作 30min 所消耗的电能。

本题考查了电功与热量的综合计算，涉及到电功率公式、吸热公式、电功公式的应用， 关键是正确的得出电压力锅加热时的功率。

13.【答案】最大 保护电路 0.26 9.6

【解析】解：

（1）滑片 P 向右端移动时灯的亮度变暗，即电流小，电阻变大，故变阻器左下接线柱 连入电路中，

灯的额定电压为 2.5V ＜3V ，故电压表选用小量程与灯并联，如下图所示：

（2）闭合开关前，滑动变阻器连入电路的阻值为最大值，此时电路中的电流最小，这 样做的目的是保护电路。

（3）由图丙可知，电流表选用小量程，分度值为 0.02A ，灯的电流为 0.26A ，

由欧姆定律，此时灯丝的电阻为：R = =

≈9.6Ω。

故答案为：（1）如上；（2）最大；保护电路；（3）9.6。

（1）根据滑片 P 向右端移动时灯的亮度变暗确定变阻器左下接线柱连入电路中，则灯 的额定电压为 2.5V 确定电压表选用小量程与灯并联，据此连接实物图；

（2）为保护电路，闭合开关前，滑动变阻器连入电路的阻值为最大值；

（3）根据电流表选用小量程确定分度值读数，由欧姆定律求出此时灯丝的电阻。 本题是探究小灯泡的电阻是否固定不变实验，考查电路连接、注意事项、电流表读数和

0 0

0 0 0

电阻计算等，属于基础性题目，难度不大。

14.【答案】使小球到达斜面底端的速度相同质量②木块移动的距离铁球

【解析】解：（1）根据实验的要求可知，从同一高度由静止释放的目的是控制到达水平面速度相同，该实验的目的是研究铁球的动能大小与质量的关系；据该实验可知，动能的大小与物体的质量有关，所以对不同车型限定不一样的最高行驶速度就是利用的该原理；（2）实验中，是通过观察木块移动的距离的大小，来说明铁球对木块做功的多少，从

而判断出铁球具有的动能的大小，这是转换法的运用。

故答案为：（1）使小球到达斜面底端的速度相同；质量；②；（2）木块移动的距离；铁球。

（1）在探究“物体动能的大小与哪些因素有关”的实验中，若要研究动能大小与质量

的关系，应控制其运动的速度相同，既相同速度时，物体的质量越大，动能越大；（2）动能的大小通过观察木块移动的距离来反映出来。

动能的大小与物体的质量和速度有关，注意控制变量法的应用，动能的大小通过小小球

撞击木块的距离来反映动能的大小，体现了转换法。