安徽省宿州市萧县鹏程中学2021-2022学年高一下学期实验班第一次月考物理试卷(含答案)
福建省福州市鹏程中学2021-2022学年高一物理模拟试卷含解析
福建省福州市鹏程中学2021-2022学年高一物理模拟试卷含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. （单选题）试判断下列几个速度中哪个是平均速度（）A．子弹出枪口的速度800 m/sB．小球第3 s末的速度6 m/sC．汽车从甲站行驶到乙站的速度40 km/hD．汽车通过站牌时的速度72 km/h参考答案：C2. （单选）关于惯性，下列说法正确的是（）A．汽车速度越大越难刹车，表明速度越大惯性越大B．乘坐汽车时系好安全带可减小惯性C．宇宙飞船中的物体处于完全失重状态，所以没有惯性D．乒乓球可快速抽杀，是因为乒乓球惯性小参考答案：D3. 一辆汽车通过拱形桥顶点时速度为10m/s，车对桥顶的压力为车重的，如果要使汽车在桥顶时对桥面没有压力，车速至少为：A．15m/s B．20m/s C．25m/s D．30m/s参考答案：B4. (单选)一小孩从公园中的滑梯上加速滑下，对于其机械能变化情况，下列说法中正确的是A．重力势能减小，动能不变，机械能减小B．重力势能减小，动能增加，机械能减小C．重力势能减小，动能增加，机械能增加D．重力势能减小，动能增加，机械能不变参考答案：B5. 若规定向东方向为位移的正方向，今有一个皮球停在水平面上某处，轻轻踢它一脚，使它向东做直线运动，经5 m时与墙相碰后又向西做直线运动，经7 m而停下，则上述过程中皮球通过的路程和位移分别是A．12 m；2 m B．12 m；-2 mC．-2 m；2 m D．2 m；2 m参考答案：B二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 我们研究物体的运动时，在某些特定情况下，可以不考虑物体的________和________，把它简化为一个________的点，称为质点，质点是一个________的物理模型。
参考答案：7. 电场中A、B两点间的电势差，电量为的电荷从A移到B，电场力对其做的功为_______ ____J，其电势能_______．(填增大、减小或不变)参考答案：8. 如果物体沿直线运动，为了定量描述物体的位置及变化，可以以这条直线为x轴，在直线上规定、和，建立直线坐标系，如图所示，若物体运动到A点，此时它的位置坐标xA= ，若它运动到B点，则此时它的位置坐标xB = 。
安徽省宿州市灵璧中学2021-2022学年高二上学期第一次月考物理试卷 Word版含解析
2021-2022学年安徽省宿州市灵璧中学高二（上）第一次月考物理试卷一、选择题：本大题共10小题，每小题4分，满分40分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，选对得4分，选错得0分．1．如图所示，有一带正电的验电器，当一金属球A靠近验电器的小球B（不接触）时，验电器的金箔张角减小，则( )A．金属球肯定不带电B．金属球可能带负电C．金属球可能带正电D．金属球肯定带负电2．如图所示，三个点电荷q1、q2、q3固定在始终线上，q2与q3的距离为q1与q2距离的2倍，每个点电荷的电荷量之比q1：q2：q3为( )A．（﹣9）：4：（﹣36）B．9：4：36C．（﹣3）：2：（﹣6）D．3：2：63．如图所示的直线为某一电场的一条电场线，AB是电场中的两点，下列说法正确的是( )A．场强肯定是E A＞E BB．电势肯定是φA＞φBC．正电荷的电势能肯定是εA＞εBD．负电荷的电势能肯定是εA＞εB4．下列关于匀强电场中的场强和电势差的关系，下列说法中正确的是( )A．任意两点间的电势差等于场强和这两点间距离的乘积B．电势降低的方向必是场强的方向C．沿电场线方向，任何相同距离上电势降落必定相等D．在相同距离的两点上，电势差大的其场强也大5．如图所示，左边是一个原先不带电的导体，右边C是后来靠近导体的带正电金属球，若用绝缘工具沿图示某条虚线将导体切开，分导体为A、B两部分，这两部分所带电荷量的数值分别为Q A、Q B，则下列结论正确的是( )A．沿虚线d切开，A带负电，B带正电，且Q B＞Q AB．只有沿虚线b切开，才有A带正电，B带负电，并Q B=Q AC．沿虚线a切开，A带正电，B带负电，且Q B＞Q AD．沿任意一条虚线切开，都有A带正电，B带负电，而Q A、Q B的值与所切的位置有关6．如图所示，M、N为两个等量同种电荷，在其连线的中垂线上的P点放一个静止的点电荷q（负电荷），当把该点电荷释放，它只在电场力作用下运动时，下列说法正确的是( )A．点电荷在从P到O的过程中，加速度越来越大，速度越来越大B．点电荷在从P到O的过程中，加速度越来越小，速度越来越大C．点电荷运动到O点时加速度为零，速度达最大值D．点电荷越过O点后，速度越来越小，加速度越来越大，直到速度为零7．如图是表示在一个电场中的a、b、c、d四点分别引入检验电荷时，测得的检验电荷的电量跟它所受电场力的函数关系图象，那么下列叙述正确的是( )A．这个电场是匀强电场B．a、b、c、d四点的场强大小关系是E d＞E a＞E b＞E cC．a、b、c、d四点的场强大小关系是E a＞E b＞E c＞E dD．无法确定这四个点的场强大小关系8．如图所示，三条虚线表示某电场的三个等势面，其中φ1=10V，φ2=20V，φ3=30V一个带电粒子只受电场力作用，按图中实线轨迹从A点运动到B点，由此可知( )A．粒子带正电B．粒子的速度变大C．粒子的加速度变大D．粒子的电势能变大9．如图所示，在点电荷Q的电场中，已知a、b两点在同一等势面上，c、d两点在同一等势面上，无穷远处电势为零．甲、乙两个带粒子经过a点时动能相同，甲粒子的运动轨迹为acb，乙粒子的运动轨迹为adb．由此可以判定( )A．甲粒子经过c点与乙粒子经过d点时的动能相等B．甲、乙两粒子带同种电荷C．甲粒子经过c点时的电势能小于乙粒子经过d点时的电势能D．两粒子经过b点时具有相同的动能10．如图所示为空间某一电场的电场线，a、b两点为其中一条竖直向下的电场线上的两点，该两点的高度差为h，一个质量为m、带电量为+q的小球从a点静止释放后沿电场线运动到b 点时速度大小为，则下列说法中正确的有( )A．质量为m、带电量为+2q的小球从a点静止释放后沿电场线运动到b点时速度大小为2B．质量为m、带电量为﹣q的小球从a点静止释放后沿电场线运动到b点时速度大小为2C．质量为2m、带电量为﹣q的小球从a点静止释放后沿电场线运动到b 点时速度大小为D．质量为2m、带电量为﹣2q的小球从a点静止释放后沿电场线运动到b 点时速度大小为二、填空题：本大题共4空，每空3分，共12分.11．两个初速度均为零的带电粒子A和B在同一匀强电场中同时释放．已知q A=2q B，m A =m B，不计重力和两粒子间的静电力作用，经过相同的时间后，两粒子的速率之比V A：V B =__________，动能之比E kA：E kB=__________．12．A、B两带电小球，A固定不动，B 的质量为m，在库仑力作用下，B由静止开头运动．已知初始时A、B间的距离为d，B的加速度为a，经过一段时间后，B的加速度变为，此时A、B间的距离应为__________．已知此时B的速度为V，则在此过程中电势能的削减量为__________．三、计算题本大题共4题，共48分．13．在一个点电荷Q的电场中，Ox坐标轴与它的一条电场线重合，坐标轴上A、B两点的坐标分别为2.0m 和5.0m．放在A、B两点的摸索电荷受到的电场力方向都跟x轴的正方向相同，电场力的大小跟摸索电荷所带电量的关系图象如图中直线a，b所示，放在A点的电荷带正电，放在B点的电荷带负电．求：（1）B点的电场强度的大小和方向．（2）试推断点电荷Q的电性，并说明理由．（3）点电荷Q的位置坐标．14．如图所示，O点固定，绝缘轻细杆l，A端粘有一带正电荷的小球，电量为q，质量为m，水平方向的匀强电场的场强为E，将小球拉成水平后自由释放，求在最低点时绝缘杆给小球的力．15．（14分）如图所示为一组未知方向的匀强电场的电场线，将带电荷量为q=﹣1.0×10﹣6C的点电荷由A点沿水平线移至B点，克服静电力做了2×10﹣6J的功，已知A、B间的距离为2cm．（1）试求A、B两点间的电势差U AB；（2）若A点的电势为φA=1v，试求B点的电势φB；（3）试求该匀强电场的大小E并推断其方向．16．（14分）如图所示，在竖直平面内，光滑绝缘直杆AC与半径为R的圆周交于B、C两点，在圆心处有一固定的正点电荷，B为AC的中点，C点位于圆周的最低点．现有一质量为m、电荷量为q、套在直杆上的带负电小球从A点由静止开头沿杆下滑．已知重力加速度为g，A点距过C点的水平面的竖直高度为3R，小球滑到B点时的速度大小为2．（1）求小球滑至C点时的速度大小；（2）求A、B两点间的电势差U AB；（3）若以C点为零电势点，试确定A点的电势．2021-2022学年安徽省宿州市灵璧中学高二（上）第一次月考物理试卷一、选择题：本大题共10小题，每小题4分，满分40分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，选对得4分，选错得0分．1．如图所示，有一带正电的验电器，当一金属球A靠近验电器的小球B（不接触）时，验电器的金箔张角减小，则( )A．金属球肯定不带电B．金属球可能带负电C．金属球可能带正电D．金属球肯定带负电考点：静电场中的导体；库仑定律．分析：验电器是利用同种电荷相互排斥原理制成的，金属箔片是否张开角度说明物体是否带电，金属箔片张开角度的大小反应了物体带电的多少．解答：解：验电器原来带正电，要使张角减小，则应使B处的电子转移到金属箔处，依据电荷间的相互作用，A球可能带负电；若A球不带电时，则由于感应，A球左侧也会带上负电，故会产生同样的效果；故A球可以带负电，也可以不带电；故选：B点评：对于金属而言能够移动的自由电荷是带负电的电子，而不是带正电的原子核或质子．基础题目．2．如图所示，三个点电荷q1、q2、q3固定在始终线上，q2与q3的距离为q1与q2距离的2倍，每个点电荷的电荷量之比q1：q2：q3为( )A．（﹣9）：4：（﹣36）B．9：4：36C．（﹣3）：2：（﹣6）D．3：2：6考点：库仑定律．专题：电场力与电势的性质专题．分析：（1）解决本题肯定要把握“每个电荷都处于平衡状态”这一特点进行分析，可以利用假设法推断三个点电荷的电性关系，如假设q1带正电，其它电荷是否平衡等，也可以利用“两同夹异，近小远大”（三个电荷处于平衡时两边电性相同和中间相反，中间电荷离电量小的近，离电量大的远）进行推断．（2）三个电荷处于同始终线上，每个电荷受两个库仑力作用处于平衡状态，据此列方程即可求解．解答：解：三个电荷处于平衡时两边电性相同和中间相反，若q1带负电，则q2带正电，q3应带负电．若q1带正电，则q2带负电，q3应带正电．由于三个电荷均处于平衡状态，设q1与q2距离为r，则q2与q3的距离为2r，所以对q1有：①对q2有：②对q3有：③联立①②③可解得：q1：q2：q3=9：4：36所以每个点电荷的电荷量之比q1：q2：q3为（﹣9）：4：（﹣36）或9：（﹣4）：36，只有A正确，故选A点评：本题考察了库仑定律在电荷平衡中的应用，对于三个电荷平衡可以利用“两同夹异，近小远大”的规律进行电性推断，本题的难点在于计算，同学列出方程简洁，但是计算正确难．3．如图所示的直线为某一电场的一条电场线，AB是电场中的两点，下列说法正确的是( )A．场强肯定是E A＞E BB．电势肯定是φA＞φBC．正电荷的电势能肯定是εA＞εBD．负电荷的电势能肯定是εA＞εB考点：电势能；电场线．分析：电场线的疏密表示场强的大小，无法比较A、B两点的场强大小；依据顺着电场线方向电势降低，推断A、B两点电势的凹凸．由E p=qφ分析电势能的大小关系．解答：解：A、一条电场线无法确定电场线的疏密，故A错误；B、顺着电场线方向电势降低，故φA＞φB，故B正确；C、依据E p=qφ，正电荷的电势能肯定是εA＞εB，故C正确；D、依据E p=qφ，负电荷的电势能肯定是εA＜εB，故D错误；故选：BC．点评：本题考查对电场线物理意义的理解，要把握：电场线的疏密表示场强的大小，电场线的方向反映电势的凹凸，并能用来分析实际问题．4．下列关于匀强电场中的场强和电势差的关系，下列说法中正确的是( )A．任意两点间的电势差等于场强和这两点间距离的乘积B．电势降低的方向必是场强的方向C．沿电场线方向，任何相同距离上电势降落必定相等D．在相同距离的两点上，电势差大的其场强也大考点：电势差与电场强度的关系；电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：依据公式U=Ed，d是电场线方向两点间的距离．电势降低的方向不肯定电场强度方向．解答：解：A、依据公式U=Ed可知，两点间的电势差等于场强和这两点间在电场线方向上距离的乘积．故A错误．B、电势降低最快的方向才是电场强度方向．故B错误．C、依据公式U=Ed可知，沿电场线方向，距离相同，电势差相同，即相同距离上电势降落必定相等．故C正确．D、在电场线方向相同距离的两点上，电势差大的其场强也大．故D错误．故选C点评：本题考查对物理规律的解理力量．物理公式要从每个量的意义、公式适用条件等方面理解．5．如图所示，左边是一个原先不带电的导体，右边C是后来靠近导体的带正电金属球，若用绝缘工具沿图示某条虚线将导体切开，分导体为A、B两部分，这两部分所带电荷量的数值分别为Q A、Q B，则下列结论正确的是( ) A．沿虚线d切开，A带负电，B带正电，且Q B＞Q AB．只有沿虚线b切开，才有A带正电，B带负电，并Q B=Q AC．沿虚线a切开，A带正电，B带负电，且Q B＞Q AD．沿任意一条虚线切开，都有A带正电，B带负电，而Q A、Q B的值与所切的位置有关考点：静电场中的导体．分析：依据静电感应现象，在正点电荷的电场作用下，导体AB自由电荷重新分布，不论沿着哪条虚线切开，都有A带正电，B带负电，且电量总是相等．解答：解：由题意可知，静电感应现象使得A带正电，B带负电．导体原来不带电，只是在C的电荷的作用下，导体中的自由电子向B部分移动，使B部分多带了电子而带负电；A部分少了电子而带正电．依据电荷守恒可知，A部分转移的电子数目和B部分多余的电子数目是相同的，但由于电荷之间的作用力与距离有关，距离越小，作用力越大，因此更多的电子简洁转移到最接近C的位置，导致电子在导体上分布不均匀，从B端到A端，电子分布越来越稀疏，所以从不同位置切开时，Q A、Q B的值不同．故只有D正确，ABC错误；故选：D．点评：考查静电感应的原理，理解带电本质是电子的转移，把握电荷守恒定律的应用，留意两部分的电量总是相等是解题的突破口．6．如图所示，M、N为两个等量同种电荷，在其连线的中垂线上的P点放一个静止的点电荷q（负电荷），当把该点电荷释放，它只在电场力作用下运动时，下列说法正确的是( )A．点电荷在从P到O的过程中，加速度越来越大，速度越来越大B．点电荷在从P到O的过程中，加速度越来越小，速度越来越大C．点电荷运动到O点时加速度为零，速度达最大值D．点电荷越过O点后，速度越来越小，加速度越来越大，直到速度为零考点：电场线；牛顿其次定律．分析：M、N为两个等量的正点电荷，其连线中垂线上电场强度方向O→P，负点电荷q从P点到O点运动的过程中，电场力方向P→O，速度越来越大．但电场线的疏密状况不确定，电场强度大小变化状况不确定，则电荷所受电场力大小变化状况不确定，加速度变化状况不确定．越过O点后，负电荷q做减速运动，点电荷运动到O点时加速度为零，速度达最大值，加速度变化状况同样不确定解答：解：A、点电荷在从P到O的过程中，所受的电场力方向竖直向下，做加速运动，所以速度越来越大，由于从O向上到无穷远，电场强度先增大后减小，P到O的过程中，电场强度大小变化不能确定，所以电场力无法确定，加速度不能确定．故A错误，B错误．C、点电荷运动到O点时，所受的电场力为零，加速度为零，然后向下做减速运动，所以O点的速度达到最大值．故C正确．D、越过O点后，负电荷q做减速运动，速度越来越小，同理加速度的大小无法确定．故D错误．故选：C点评：本题考查对等量同种电荷电场线的分布状况及特点的理解和把握程度，要抓住电场线的对称性进行分析求解，留意从O点向上或向下的过程，电场强度都是先增大后减小7．如图是表示在一个电场中的a、b、c、d四点分别引入检验电荷时，测得的检验电荷的电量跟它所受电场力的函数关系图象，那么下列叙述正确的是( )A．这个电场是匀强电场B．a、b、c、d四点的场强大小关系是E d＞E a＞E b＞E cC．a、b、c、d四点的场强大小关系是E a＞E b＞E c＞E dD．无法确定这四个点的场强大小关系考点：电场强度．分析：匀强电场的场强大小和方向处处相同，F﹣q图线的斜率的确定值等于电场强度的大小，依据斜率比较电场中a、b、c、d四点的电场强度大小．解答：解：图线斜率的确定值表示电场强度的大小，d图线斜率的确定值最大，所以d点的电场强度最大，c图线斜率的确定值最小，电场强度的最小．所以四点场强的大小关系是E d＞E a＞E b＞E c．该电场不是匀强电场．故B正确，A、C、D错误．故选：B．点评：解决本题的关键把握电场强度的定义式E=，知道电场强度的大小与检验电荷的电量无关．8．如图所示，三条虚线表示某电场的三个等势面，其中φ1=10V，φ2=20V，φ3=30V一个带电粒子只受电场力作用，按图中实线轨迹从A点运动到B点，由此可知( )A．粒子带正电B．粒子的速度变大C．粒子的加速度变大D．粒子的电势能变大考点：等势面；电场强度；电势能．专题：电场力与电势的性质专题．分析：做曲线运动物体所受合外力指向曲线内侧，本题中粒子只受电场力，由此可推断电场力向右，依据电场力做功可以推断电势能的凹凸和动能变化状况，加速度的推断可以依据电场线的疏密进行．解答：解：A、由图象可知带电粒子的轨迹向右偏转，得出粒子所受力的方向向右；又由电场线指向电势降低的方向，得出电场线方向大致向左．由于带电粒子受力与电场的方向相反，所以粒子带负电．故A错误．B、由动能定理得，合外力（电场力）做正功，动能增加．故B正确．C、由于等势面密的地方电场线也密、电场线密的地方粒子受到的力也大，力越大加速度也越大，所以粒子从A点运动到B点，加速度在变小．故C错误．D、由电场力做功的公式W AB=qU AB得，粒子从A点运动到B点，电场力做正功，电势能减小．故D错误．故选B．点评：本题以带电粒子在电场中的运动为背景考查了带电粒子的电性以及粒子的速度、加速度、电势能等物理量的变化状况．9．如图所示，在点电荷Q的电场中，已知a、b两点在同一等势面上，c、d两点在同一等势面上，无穷远处电势为零．甲、乙两个带粒子经过a点时动能相同，甲粒子的运动轨迹为acb，乙粒子的运动轨迹为adb．由此可以判定( )A．甲粒子经过c点与乙粒子经过d点时的动能相等B．甲、乙两粒子带同种电荷C．甲粒子经过c点时的电势能小于乙粒子经过d点时的电势能D．两粒子经过b点时具有相同的动能考点：等势面；动能定理的应用；电势能．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电荷在运动的过程中只有电场力做功，通过动能定理比较在各点的动能大小，依据W=qφ比较电势能的大小．解答：解：A、由于甲粒子受到的引力作用，电场力做正功，乙粒子受到的是斥力作用，电场力做负功，依据动能定理，甲粒子的动能增大，乙粒子的动能减小，所以甲粒子在c点的动能大于乙粒子在d点的动能．故A错误．B、依据轨迹的弯曲知，乙电荷受到的斥力，甲电荷受到的是引力．所以两粒子的电性相反．故B错误．C、由于甲粒子受到的引力作用，电场力做正功，电势能削减，乙粒子受到的是斥力作用，电场力做负功，电势能增加，所以甲粒子经过c点时的电势能小于乙粒子经过d点时的电势能．故C正确．D、a到b，不管沿哪一路径，电场力做功为零，动能不变．故D正确．故选CD．点评：解决本题的关键知道等势面的特点，初末位置在等势面上，电场力不做功，以及知道电势能与电势的大小关系．10．如图所示为空间某一电场的电场线，a、b两点为其中一条竖直向下的电场线上的两点，该两点的高度差为h，一个质量为m、带电量为+q的小球从a点静止释放后沿电场线运动到b 点时速度大小为，则下列说法中正确的有( )A．质量为m、带电量为+2q的小球从a点静止释放后沿电场线运动到b点时速度大小为2B．质量为m、带电量为﹣q的小球从a点静止释放后沿电场线运动到b点时速度大小为2C．质量为2m、带电量为﹣q的小球从a点静止释放后沿电场线运动到b 点时速度大小为D．质量为2m、带电量为﹣2q的小球从a点静止释放后沿电场线运动到b 点时速度大小为考点：电场线．分析：粒子在电场力与重力共同做功下，导致重力势能、电势能与动能间相互转化，但它们的之和不变．电场力做功，导致电势能变化；重力做功，导致重力势能变化．解答：解：小球从a点静止释放后沿电场线运动到b点的过程中重力和电场力做功，依据动能定理，则有：解得：A、运用动能定理得：2qUab+mgh=解得：，故A正确；B、运用动能定理得：﹣qUab+mgh=解得：，故B错误；C、运用动能定理得：﹣qUab+2mgh=解得：，故C错误；D、当带电量为﹣2q的小球从a点静止释放后，依据动能定理，则有：﹣2qUab+2mgh=解得：．故D正确．故选：AD．点评：考查电场力做功表达式W=qU，与动能定理的应用，留意功的正负值．同时把握电场力做功与电势能的变化关系，及重力做功与重力势能变化的关系．二、填空题：本大题共4空，每空3分，共12分.11．两个初速度均为零的带电粒子A和B在同一匀强电场中同时释放．已知q A=2q B，m A =m B，不计重力和两粒子间的静电力作用，经过相同的时间后，两粒子的速率之比V A：V B =8：1，动能之比E kA：E kB=16：1．考点：带电粒子在匀强电场中的运动．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：由牛顿其次定律求的加速度，依据速度时间公式求的速度之比，依据动能公式求的动之比解答：解：由牛顿其次定律可得加速度为：故AB的加速度之比为：获得的速度为：v=at故AB获得的速度之比为：获得的动能为：故AB的动能之比为：故答案为：8：1，16：1点评：本题主要考查了牛顿其次定律和运动学公式，抓住粒子作出速度为零的匀加速运动即可12．A、B两带电小球，A固定不动，B的质量为m，在库仑力作用下，B由静止开头运动．已知初始时A、B间的距离为d，B的加速度为a，经过一段时间后，B的加速度变为，此时A、B间的距离应为2d．已知此时B的速度为V，则在此过程中电势能的削减量为．考点：电势能；库仑定律．专题：电场力与电势的性质专题．分析：当在真空中两个点电荷，其间的库仑力与两点电荷的电量乘积成正比，与间距的平方成反比．两球在某一状态下，小球加速度与质量成反比．同一小球在不同状态下，加速度与合力成正比．而电场力做功导致电势能变化，当电场力做正功时，电势能削减；当电场力做负功时，电势能增加．解答：解：B球仅在库仑力作用下，由静止开头运动，当间距为d时，B的加速度为a，则合力为F=ma，且F与d的平方成反比；当B的加速度为，此时B球的合力为F′=，则两球间距为2d．A固定不动，B由静止在库仑力的作用下开头运动，当速度达到V时，过程中的动能增加了mv2则电势能减小了mv2故答案为：2d，mv2点评：由库仑定律可知，在真空且必需确保电荷量不变，电荷间距要大，能将带电球看成点来处理．同时运用牛顿其次定律来确定力与加速度的关系．电场力做功会导致电势能与动能相互转化．三、计算题本大题共4题，共48分．13．在一个点电荷Q的电场中，Ox坐标轴与它的一条电场线重合，坐标轴上A、B两点的坐标分别为2.0m 和5.0m．放在A、B两点的摸索电荷受到的电场力方向都跟x轴的正方向相同，电场力的大小跟摸索电荷所带电量的关系图象如图中直线a，b所示，放在A点的电荷带正电，放在B点的电荷带负电．求：（1）B点的电场强度的大小和方向．（2）试推断点电荷Q的电性，并说明理由．（3）点电荷Q的位置坐标．考点：电场强度；库仑定律；电场的叠加．专题：电场力与电势的性质专题．分析：（1）电场强度等于电荷所受电场力和该电荷电量的比值，即E=．方向与正电荷所受电场力方向相同．（2）放在A、B两点的摸索电荷受到的电场力方向都跟x轴的正方向相同，而正电荷所受电场力与电场强度方向相同，负电荷所受电场力与电场强度方向相反．从而知道点电荷位于A、B之间．（3）依据点电荷场强公式E=分析．解答：解：（1）由图可知，B 点的电场强度，方向指向x负方向．同理A点的电场强度E A=40N/C，方向指向x正方向．（2）放在A、B两点的摸索电荷受到的电场力方向都跟x轴的正方向相同，而正电荷所受电场力与电场强度方向相同，负电荷所受电场力与电场强度方向相反．若点电荷在A的左侧或在B的右侧，正负电荷所受电场力方向不行能相同，所以点电荷Q应位于A、B两点之间，依据正负电荷所受电场力的方向，知该点电荷带负电．（3）设点电荷Q的坐标为x，由点电荷的电场E=，可知解得x=2.6m．（另解x=1舍去）所以点电荷Q的位置坐标为（2.6m，0）．答：（1）B点的电场强度的大小为E B=2.5N/C，方向指向x负方向．（2）点电荷带负电．（3）点电荷Q的位置坐标为（2.6m，0）．点评：解决本题的关键把握电场强度的定义式E=和点电荷的场强公式E=，以及知道电场强度的方向，与正电荷所受电场力方向相同，与负电荷所受电场力方向相反．14．如图所示，O点固定，绝缘轻细杆l，A端粘有一带正电荷的小球，电量为q，质量为m，水平方向的匀强电场的场强为E，将小球拉成水平后自由释放，求在最低点时绝缘杆给小球的力．考点：动能定理的应用；牛顿其次定律；向心力．专题：动能定理的应用专题．分析：由动能定理求出小球到达最低点时的速度，小球做圆周运动，由牛顿其次定律可以求出杆对小球的作用力．解答：解：小球从水平位置运动到最低点过程中，由动能定理得：mgl+qEl=mv2﹣0，在最低点，小球做圆周运动，由牛顿其次定律得：F﹣mg=m，解得，绝缘杆对小球的作用力：F=3mg+2qE；答：在最低点时绝缘杆给小球的力为3mg+2qE．点评：本题考查了求杆对小球的作用力，应用动能定理与牛顿其次定律可以正确解题；解题时要留意，在最低点，电场力水平向右不供应向心力，杆的拉力与小球重力的合力供应向心力．15．（14分）如图所示为一组未知方向的匀强电场的电场线，将带电荷量为q=﹣1.0×10﹣6C的点电荷由A点沿水平线移至B点，克服静电力做了2×10﹣6J的功，已知A、B间的距离为2cm．（1）试求A、B两点间的电势差U AB；（2）若A点的电势为φA=1v，试求B点的电势φB；（3）试求该匀强电场的大小E并推断其方向．考点：电势能；电场强度；电势．专题：电场力与电势的性质专题．分析：（1）A、B间两点间的电势差是U AB =（2）由U AB=φA﹣φB，求出A点的电势φB．（3）依据克服电场力做功，与电荷量沿电场方向移动的位移，可求出匀强电场的大小及方向．解答：解：（1）由题意可知，静电力做负功，有：。
2021-2022年高一下学期第五次月考物理试题 含答案
2021-2022年高一下学期第五次月考物理试题含答案一、选择题（每小题4分，共40分。
第1-7题为单选题，每小题只有一个正确答案；第8-10为多选题，每小题至少有两个选项正确，全选对得4分，选不全得2分，错选不得分。
)1．关于物体做曲线运动的条件，下列说法正确的是( )A．物体在恒力作用下可能做曲线运动B．物体在变力作用下一定做曲线运动C．只要合力的方向变化，物体一定会做曲线运动D．做曲线运动的物体所受到的合力方向一定是变化的2.下列关于向心加速度的说法中正确的是( )A．向心加速度的方向始终与速度的方向垂直B．向心加速度的方向保持不变C．在匀速圆周运动中，向心加速度是恒定的D．在匀速圆周运动中，向心加速度的大小不断变化3．一艘小船在静水中的速度为3 m/s，渡过一条宽150 m，水流速度为4 m/s 的河流，则该小船( )A．能到达正对岸B．以最短时间渡河时，沿水流方向的位移大小为200 mC ．渡河的时间可能少于50 sD ．以最短位移渡河时，位移大小为150 m4．在同一点O 抛出的三个物体，做平抛运动的轨迹如图所示，则三个物体做平抛运动的初速度v A 、v B 、v C 的关系和三个物体做平抛运动的时间t A 、t B 、t C 的关系分别是( ) A ．v A >v B >v C ，t A >t B >t C B ．v A ＝v B ＝v C ，t A ＝t B ＝t C C ．v A <v B <v C ，t A >t B >t CD ．v A >v B >v C ，t A <t B <t C5．如图所示，地球绕过球心的轴O 1O 2以角速度ω旋转，A 、B 为地球上两点，下列说法中正确的是( ) A. A 、B 两点具有相同的线速度 B. A 、B 两点具有相同的角速度 C.A 、B 两点具有相同的向心加速度 D.A 、B 两点的向心加速度方向都指向球心 6、如图所示,重物A 、B 由刚性绳拴接,跨过定滑轮处于图中实际位置,此时绳恰好拉紧,重物静止在水平面上,用外力水平向左推A,当A 的水平速度为v A 时,如图中虚线所示,则此时B 的速度为( ) A.B.300600vFC. D.7.如图所示，球网高出桌面H，网到左右桌边缘的距离均为L。
安徽省宣城市励志中学2021-2022学年高一上学期第一次月考物理试卷 Word版含解析
2021-2022学年安徽省宣城市励志中学高一（上）第一次月考物理试卷一、单选题（每题只有一个选项正确，每题5分，10小题，共计50分）1．下列关于质点的说法中，正确的是（）A．质点是一个抱负化模型，实际上并不存在，所以，引入这个概念没有多大意义B．体积很小、质量很小的物体都可看成质点C．只有低速运动的物体才可看成质点，高速运动的物体不行看作质点D．不论物体的质量多大，只要物体的外形和大小对所争辩的问题没有影响或影响可以不略不计，就可以看成质点2．下列物理量中是矢量的是（）A．质量 B．路程 C．位移 D．时间3．如图所示，由于风的原因，河岸上的旗帜向右飘，在河面上的两条船上的旗帜分别向右和向左飘，两条船运动状态是（）A．A船确定是向左运动的 B．A船确定是静止的C．B船确定是向右运动的D．B船可能是静止的4．物体沿直线运动，下列说法中正确的是（）A．若物体某1秒内的平均速度是5m/s，则物体在这1s内的位移肯定是5mB．若物体在第1s末的速度是5m/s，则物体在第1s内的位移肯定是5mC．若物体在10s内的平均速度是5m/s，则物体在其中1s内的位移肯定是5mD．物体通过某位移的平均速度是5m/s，则物体在通过这段位移一半时的速度肯定是2.5m/s5．如图所示为甲、乙两质点的v﹣t图象．对于甲、乙两质点的运动，下列说法中正确的是（）A．质点甲向所选定的正方向运动，质点乙与甲的运动方向相反B．质点甲、乙的速度相同C．在相同的时间内，质点甲、乙的位移相同D．不管质点甲、乙是否从同一地点开头运动，它们之间的距离肯定越来越大6．关于速度和加速度的关系，下列说法正确的有（）A．加速度大，则速度也大B．速度变化量越大，加速度也越大C．物体的速度变化越快，则加速度越大D．速度变化率越大则加速度越大7．一质点沿某一条直线运动时的速度﹣时间图象如图所示，则以下说法中正确的是（）A．第1s末速度方向发生变化B．第1s末加速度的方向没有变化C．第2s末加速度的方向发生变化D．前2s内物体的位移始终在增加8．某一运动质点沿始终线做来回运动，如图所示，OA=AB=OC=CD=1m，0点为x轴上的原点，且质点由A 点动身向x轴的正方向运动至B点再返回沿x轴的负方向运动，以下说法正确的是（）A．质点在A→B→C的时间内发生的位移为2m，路程为4mB．质点在B→D的时间内发生的位移为﹣4m，路程为4mC．当质点到达D点时，其位置可用D点的坐标﹣2m表示D．当质点到达D点时，相对于A点的位移为﹣3m9．甲、乙、丙三辆汽车以相同的速度同时经过某一路标，从今时开头，甲始终做匀速直线运动，乙先加速后减速，丙先减速后加速，它们经过下一路标时速度又相同，则（）A．丙车先通过下一路标B．甲车先通过下一路标C．乙车先通过下一路标D．无法推断哪辆车先通过下一路标10．物体在加速过程中保持加速度a=5m/s2不变，则（）A．在任意1s的末速度比初速度大5m/sB．第ns末的速度比第1s末的速度大5n m/sC．任意1s末的速度比前1s初的速度大5m/sD．第2s末的速度是第1s末的速度的2倍二、填空题（每空2分，共9空，共计18分）11．一质点绕半径是R的圆周运动了一周，则其位移大小是，路程是．若质点只运动了周，则路程是，位移大小是．12．某爱好小组的同学们在做“用打点计时器测速度”的试验中，让重锤自由下落，打出的一条纸带如图所示，图中直尺的单位为cm，点O为纸带上记录到的第一点，点A、B、C、D…依次表示点O以后连续的计时点．打点计时器的频率为50Hz．（1）每两个计时点的时间间隔是s，打点计时器打下点G时重锤的速度可用表达式v G=进行计算，式中各量的意义是（2）用上式计算出打下点G时重锤的速度为v G=m/s（保留2位有效数字）13．“大洋一号”配备有一种声呐探测系统，用它可测量海水的深度．其原理是：用超声波发生器垂直向海底放射超声波，超声波在海底会反射回来，若已知超声波在海水中的波速，通过测量从放射超声波到接收到反射波的时间，就可推算出船所在位置的海水深度．现已知超声波在海水中的波速为1500m/s，船静止时，测量从放射超声波到接收到反射波的时间为8s，则该船所在位置的海水深度是m．三、计算题（14题10分、15题10分、16题12分，共计32分）14．（10分）（2021秋•宣城校级月考）某物体的位移图象如图所示，若规定向东为正方向，试求物体在OA、AB、BC、CD、DE各阶段的速度．15．（10分）（2021秋•宣城校级月考）一支长150m的队伍匀速前进，通信兵从队尾前进300m后赶到队首，传达命令后马上返回，当通信兵回到队尾时，队伍已前进了200m，则在此全过程中，通信兵的位移大小是多少，通过的路程是多少？16．（12分）（2021秋•桂林校级期中）汽车从关闭油门制动到停止下来共用了5s．这段时间内，汽车每1s 前进的距离分别是9m、7m、5m、3m、1m．求：（1）汽车前1s、前2s、前3s、前4s和全程的平均速度．（2）汽车运动的最终1s的平均速度是多少？汽车的末速度是多少？2021-2022学年安徽省宣城市励志中学高一（上）第一次月考物理试卷参考答案与试题解析一、单选题（每题只有一个选项正确，每题5分，10小题，共计50分）1．下列关于质点的说法中，正确的是（）A．质点是一个抱负化模型，实际上并不存在，所以，引入这个概念没有多大意义B．体积很小、质量很小的物体都可看成质点C．只有低速运动的物体才可看成质点，高速运动的物体不行看作质点D．不论物体的质量多大，只要物体的外形和大小对所争辩的问题没有影响或影响可以不略不计，就可以看成质点考点：质点的生疏．专题：直线运动规律专题．分析：物体能看作质点的条件是：物体的外形和大小对所争辩的问题没有影响或影响可以忽视不计．依据这个条件进行分析推断．解答：解：A、质点是一个抱负化模型，实际上并不存在，抓住物体质量这个属性，忽视了物体的大小和外形，对物体进行简化，便利科学争辩，是有意义的．故A错误．B、体积很小、质量很小的物体不肯定能看成质点，只有物体的外形和大小对所争辩的问题没有影响或影响可以忽视不计才可以把物体看成质点．故B错误．C、无论低速运动的物体，还是高速运动的物体，只要外形和大小对所争辩的问题没有影响或影响可以忽视不计，都可以看成质点．故C错误．D、物体的外形和大小对所争辩的问题没有影响或影响可以忽视不计，可以把物体看成质点．故D正确．故选：D点评：物体能否看成质点，不是看物体确定体积、质量以及速度大小，而是看外形和大小能忽视不计．2．下列物理量中是矢量的是（）A．质量 B．路程 C．位移 D．时间考点：矢量和标量．分析：矢量是既有大小又有方向的物理量，而标量是只有大小没有方向的物理量．依据有无方向进行推断．解答：解：位移是既有大小又有方向的矢量，而质量、路程和时间都是只有大小没有方向的标量，故C正确，ABD错误．故选：C点评：矢量与标量明显的区分是矢量有方向，而标量没有方向．3．如图所示，由于风的原因，河岸上的旗帜向右飘，在河面上的两条船上的旗帜分别向右和向左飘，两条船运动状态是（）A．A船确定是向左运动的 B．A船确定是静止的C．B船确定是向右运动的D．B船可能是静止的考点：参考系和坐标系．专题：直线运动规律专题．分析：图中河岸上的旗杆相对于地面是静止的，旗向右飘，说明此时有向右吹的风．A船上旗帜向右，有三种可能：一是A船不动，风把旗帜刮向右；二是A船向左运动，风相对于旗帜向右，把旗帜刮向右；三是A船向右运动但运动的速度小于风速，此时风仍能把旗帜刮向右．对于B船来讲状况相对简洁，风向右刮，要使B船的旗帜向左飘，只有使B船向右运动．解答：解：A、由于河岸上旗杆是固定在地面上的，那么依据旗帜的飘动方向推断，风是从左向右刮的．A船上旗帜向右，有三种可能：一是A船不动，风把旗帜刮向右；二是A船向左运动，风相对于旗帜向右，把旗帜刮向右；三是A船向右运动但运动的速度小于风速，此时风仍能把旗帜刮向右，故A、B错误．C、假如B船静止不动，那么旗帜的方向应当和国旗相同，而现在的旗帜的方向明显和河岸上旗子方向相反，假如B船向左运动，旗帜只会更加向右展．所以，B船肯定向右运动，而且运动的速度比风速快，这样才会消灭图中旗帜向左飘动的状况．故C正确，D错误．故选：C．点评：运动和静是相对的，一个物体的运动状态的确定，关键取决于所选取的参照物．所选取的参照物不同，得到的结论也不肯定相同．这是一道格外典型的题目，要认真揣摩才能作答．4．物体沿直线运动，下列说法中正确的是（）A．若物体某1秒内的平均速度是5m/s，则物体在这1s内的位移肯定是5mB．若物体在第1s末的速度是5m/s，则物体在第1s内的位移肯定是5mC．若物体在10s内的平均速度是5m/s，则物体在其中1s内的位移肯定是5mD．物体通过某位移的平均速度是5m/s，则物体在通过这段位移一半时的速度肯定是2.5m/s考点：平均速度．专题：直线运动规律专题．分析：依据x=去求物体的位移．某段时间内的位移除以这段时间就是这段时间内平均速度．解答：解：A、物体某1秒内的平均速度是5m/s，依据x=知，物体在这1s内的位移肯定是5m．故A 正确．B、物体在第1s末的速度是5m/s，这段时间内的平均速度不肯定等于5m/s，则在这1s内的位移不肯定是5m．故B错误．C、物体在10s内的平均速度是5m/s，在其中1s内的平均速度不肯定等于5m/s，则位移不肯定等于5m．故C错误．D、物体通过某位移的平均速度是5m/s，则物体在通过这段位移一半时的速度不肯定是2.5m/s．故D错误．故选A．点评：解决本题的关键理解平均速度的定义式，知道某段时间内平均速度就等于这段时间内位移与这段时间的比值．5．如图所示为甲、乙两质点的v﹣t图象．对于甲、乙两质点的运动，下列说法中正确的是（）A．质点甲向所选定的正方向运动，质点乙与甲的运动方向相反B．质点甲、乙的速度相同C．在相同的时间内，质点甲、乙的位移相同D．不管质点甲、乙是否从同一地点开头运动，它们之间的距离肯定越来越大考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：速度和位移是矢量，矢量相等是指大小相等，矢量相同是指大小和方向都相同．由速度图象可直接速度和物体的运动状况．解答：解：AB、由图知两个质点的速度大小相等．质点甲的速度为正，则知甲沿正方向运动，质点乙的速度为负，则乙沿负方向运动，则乙与甲的运动方向相反，所以速度不同，故A正确、B错误；C、在相同的时间内，质点甲、乙的位移相等，当方向相反，位移是矢量，故位移相等，但不同，故C错误；D、假如质点甲、乙从同一地点开头运动，它们之间的距离肯定越来越大；假如从相距较远处相向运动，距离就越来越小，故D错误；故选：A．点评：本题关键是速度和位移都是矢量，矢量相同不仅大小要相等，方向也要相同，要有矢量的意识．6．关于速度和加速度的关系，下列说法正确的有（）A．加速度大，则速度也大B．速度变化量越大，加速度也越大C．物体的速度变化越快，则加速度越大D．速度变化率越大则加速度越大考点：加速度；速度．专题：直线运动规律专题．分析：依据加速度的定义式a=可知物体的加速度等于物体的速度的变化率，加速度的方向就是物体速度变化量的方向，与物体速度无关，即物体的速度变化越快物体的加速度越大．解答：解：A、物体的加速度等于物体的速度的变化率，与物体速度的大小无关．故A错误；B、物体的速度变化大，但所需时间更长的话，物体速度的变化率可能很小，则加速度就会很小，故B错误．C、物体的速度变化越快，则加速度越大，故C正确D、速度变化率越大则加速度越大，故D正确故选CD．点评：本题考查加速度的定义式，只要理解了加速度的概念就能顺当解决．7．一质点沿某一条直线运动时的速度﹣时间图象如图所示，则以下说法中正确的是（）A．第1s末速度方向发生变化B．第1s末加速度的方向没有变化C．第2s末加速度的方向发生变化D．前2s内物体的位移始终在增加考点：匀变速直线运动的图像；机械运动．专题：运动学中的图像专题．分析：v﹣t图象中，倾斜的直线表示匀变速直线运动，斜率表示加速度，图象与时间轴围成的面积等于物体在该段时间内通过的位移，速度的正负表示速度的方向，只要图象在时间轴同一侧物体运动的方向就没有转变．解答：解：A、2s末之前，速度为正，沿正方向运动，2s末之后，速度为负，沿负方向运动，则1s末速度方向不变，故A错误；B、0﹣1s内加速度为正，1﹣2s内加速度为负，则第1s末加速度的方向发生变化，故B错误；C、1﹣3s内图象的斜率不变，加速度不变，则第2s末加速度的方向不变，故C错误；D、依据图象可知，0﹣2s内图象始终在时间轴的上方，速度始终为正，位移始终在增加，故D正确．故选：D点评：本题是速度﹣﹣时间图象的应用，要明确斜率的含义，知道在速度﹣﹣时间图象中图象与坐标轴围成的面积的含义，能依据图象读取有用信息，属于基础．8．某一运动质点沿始终线做来回运动，如图所示，OA=AB=OC=CD=1m，0点为x轴上的原点，且质点由A 点动身向x轴的正方向运动至B点再返回沿x轴的负方向运动，以下说法正确的是（）A．质点在A→B→C的时间内发生的位移为2m，路程为4mB．质点在B→D的时间内发生的位移为﹣4m，路程为4mC．当质点到达D点时，其位置可用D点的坐标﹣2m表示D．当质点到达D点时，相对于A点的位移为﹣3m考点：位移与路程．专题：直线运动规律专题．分析：位移等于质点首末位置的距离，路程等于物体运动轨迹的长度．解答：解：A、质点在A→B→C的时间内，AC距离为2m，位移方向为A到C，所以位移为﹣2m，路程为4m．故A错误．B、质点在B→D的时间内，经过的路程为4m，位移方向由B指向D，与正方向相反，所以位移为﹣4m．故B正确．C、当质点到达D点时，位置在原点的左侧，坐标为﹣2m．故C正确．D、当质点到达D点时，在A点左侧3m处，规定向右为正方向，所以相对于A点的位移为﹣3m．故D正确．故选BCD．点评：解决本题的关键知道位移是矢量，大小等于首末位置的距离，路程是标量，大小等于运动轨迹的长度．9．甲、乙、丙三辆汽车以相同的速度同时经过某一路标，从今时开头，甲始终做匀速直线运动，乙先加速后减速，丙先减速后加速，它们经过下一路标时速度又相同，则（）A．丙车先通过下一路标B．甲车先通过下一路标C．乙车先通过下一路标D．无法推断哪辆车先通过下一路标考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：比较三辆汽车的平均速度，抓住位移相等，再依据平均速度公式得出时间表达式，即可比较时间．解答：解：设甲做匀速直线运动的速度为v，乙先加速后减速，在运动的过程中速度大于v，则整个过程中的平均速度大于v；丙先减速后加速，在运动过程中的速度小于v，则整个过程中的平均速度小于v．依据x=vt，知t=可知，乙的运动时间最短，所以乙车先经过下一个路标．故ABD错误，C正确；故选：C．点评：本题接受分析法得出结果，也可以由图象法进行分析；利用图象法关键是正确的画出运动的图象．10．物体在加速过程中保持加速度a=5m/s2不变，则（）A．在任意1s的末速度比初速度大5m/sB．第ns末的速度比第1s末的速度大5n m/sC．任意1s末的速度比前1s初的速度大5m/sD．第2s末的速度是第1s末的速度的2倍考点：加速度．专题：直线运动规律专题．分析：加速度等于单位时间内的速度变化量，反映速度变化快慢的物理量，结合加速度的定义式分析推断．解答：解：A、加速度5m/s2不变，知每秒速度增加5m/s，故A正确．B、第ns末比第1s末多（n﹣1）s，则速度增加5（n﹣1）m/s，故B错误．C、任意1s末比前1s初多2s，则速度大10m/s，故C错误．D、第2s末的速度比第1s末的速度多5m/s，不是2倍的关系，故D错误．故选：A．点评：解决本题的关键知道加速度的定义式．知道加速度等于单位时间内的速度变化量，基础题．二、填空题（每空2分，共9空，共计18分）11．一质点绕半径是R 的圆周运动了一周，则其位移大小是0，路程是2πR ．若质点只运动了周，则路程是，位移大小是R ．考点：位移与路程．专题：直线运动规律专题．分析：位移是由初位置指向末位置，是矢量；路程是运动轨迹的长度，是标量．解答：解：一质点绕半径是R的圆周运动了一周，又回到原位置，所以位移为0．路程是一个周长，为2πR．若质点只运动了周，则路程是个周长，为．位移由初位置指向末位置，连接初末位置，依据勾股定理，位移的大小为R．故本题答案为：0，2πR，，．点评：解决本题的关键把握位移和路程的区分：位移是由初位置指向末位置，是矢量；路程是运动轨迹的长度，是标量．12．某爱好小组的同学们在做“用打点计时器测速度”的试验中，让重锤自由下落，打出的一条纸带如图所示，图中直尺的单位为cm，点O为纸带上记录到的第一点，点A、B、C、D…依次表示点O以后连续的计时点．打点计时器的频率为50Hz．（1）每两个计时点的时间间隔是0.02s ，打点计时器打下点G时重锤的速度可用表达式v G=进行计算，式中各量的意义是x FH表示F、H两点间的距离，T表示周期（2）用上式计算出打下点G时重锤的速度为v G= 1.3m/s（保留2位有效数字）考点：探究小车速度随时间变化的规律．专题：试验题．分析：纸带试验中，可以用平均速度代替中点时刻的瞬时速度，测得纸带上的点间距，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度．解答：解：（1）每两个计时点的时间间隔是0.02s；纸带试验中，可以用平均速度代替中点时刻的瞬时速度，则：v G=，其中x FH表示F、H两点间的距离，T表示周期；（2）v G==m/s=1.3m/s故答案为：（1）0.02，；x FH表示F、H两点间的距离，T表示周期；（2）1.3．点评：解答本题要知道在纸带试验中，可以用平均速度代替中点时刻的瞬时速度，难度不大，属于基础题．13．“大洋一号”配备有一种声呐探测系统，用它可测量海水的深度．其原理是：用超声波发生器垂直向海底放射超声波，超声波在海底会反射回来，若已知超声波在海水中的波速，通过测量从放射超声波到接收到反射波的时间，就可推算出船所在位置的海水深度．现已知超声波在海水中的波速为1500m/s，船静止时，测量从放射超声波到接收到反射波的时间为8s，则该船所在位置的海水深度是6000m．考点：超声波及其应用；匀速直线运动及其公式、图像．分析：声音的反射产生回声，声呐发出后8s收到信号说明单程时间是4s，再依据速度公式来计算路程即可．解答：解：依据题意，超声波以恒定的速度来回传播，得：S=．故答案为：6000点评：本题考查同学对回声产生缘由的把握状况和速度公式的计算，难度较小．三、计算题（14题10分、15题10分、16题12分，共计32分）14．（10分）（2021秋•宣城校级月考）某物体的位移图象如图所示，若规定向东为正方向，试求物体在OA、AB、BC、CD、DE各阶段的速度．考点：匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：运动学中的图像专题．分析：s﹣t图象的纵坐标表示物体某时刻的位移，s﹣t图象的斜率等于物体运动的速度．解答：解：物体在t=0开头从离原点4m的西侧动身向东做匀速直线运动，历时2s，接着的第3s﹣5s内静止；第6s内连续向东做匀速直线运动；第7s﹣8s匀速反向行驶，至第8s末回到动身点；在第9s﹣12s内从原点西行做匀速直线运动；由s﹣t图象得各阶段的速度如下：OA段：v1==2m/s 方向向东；AB段：v2=0 静止；BC段：=4m/s 方向向东；CD段：v4==﹣4m/s 方向向西；DE段：v5=，方向向西；答：物体在OA、AB、BC、CD、DE各阶段的速度分别为2m/s，0，4m/s，﹣4m/s，﹣1m/s．点评：理解位移图象的斜率等于物体运动的速度，是我们解决此类问题的理论依据．15．（10分）（2021秋•宣城校级月考）一支长150m的队伍匀速前进，通信兵从队尾前进300m后赶到队首，传达命令后马上返回，当通信兵回到队尾时，队伍已前进了200m，则在此全过程中，通信兵的位移大小是多少，通过的路程是多少？考点：位移与路程．专题：常规题型．分析：人到队头时，前进的距离为300m减去队伍长，人到队尾时，队伍又前进的距离为200米减去队伍长，所以人向后跑的距离为队伍长减去队伍前进的距离，因此这个过程中通信兵的路程为向前300米和向后的距离．解答：解：人到队前时，队伍前进的距离为S1=300m﹣150m=150m；人到队尾时，队伍前进的距离是S2=200m﹣150m=50m；所以人向后跑了S3=150m﹣50m=100m，因此这个过程中通信兵的路程为向前300m+向后100m=400m．这个过程中通讯兵的位移大小是队伍前进的距离即200m，答：位移为200m，路程为400m．点评：本题考查位移和路程的计算，关键是计算向前的距离和向后的距离，难点是知道向前的时候人和队伍前进方向相同，向后的时候人和队伍前进方向相反．16．（12分）（2021秋•桂林校级期中）汽车从关闭油门制动到停止下来共用了5s．这段时间内，汽车每1s 前进的距离分别是9m、7m、5m、3m、1m．求：（1）汽车前1s、前2s、前3s、前4s和全程的平均速度．（2）汽车运动的最终1s的平均速度是多少？汽车的末速度是多少？考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；平均速度．专题：直线运动规律专题．分析：由位移时间公式和平均速度的定义式结合，求解平均速度．由速度时间公式求解汽车的速度大小．解答：解：（1）汽车在前1s内的平均速度为：==m/s=9m/s．前2s内的平均速度为：==m/s=8m/s．前3s内的平均速度为：==m/s=7m/s．前4s内的平均速度为：==m/s=6m/s．全程的平均速度为：==m/s=5m/s．（2）汽车运动的最终1s的平均速度：==m/s=1m/s．由于该车刹车的过程的逆过程是加速运动，满足：x5：x4：x3：x2：x1=1：3：5：7：9，所以汽车刹车的末速度等于0．答：（1）汽车前1s、前2s、前3s、前4s和全程的平均速度分别为9m/s、8m/s、7m/s、6m/s、5m/s．（2）汽车运动的最终1s的平均速度是1m/s，汽车的末速度是0．点评：解决本题的关键把握位移时间公式和平均速度的定义式，知道平均速度等于位移与时间的比值．。
2021-2022学年高一(上)第一次月考物理试卷及答案
2021-2022学年高一（上）第一次月考物理试卷（时间90分钟，满分100分）题号一二三四总分得分一、单选题（本大题共7小题，共28.0分）1.三个质点A、B、C同时从N点出发，同时到达M点，三质点的运动轨迹如图所示，下列说法正确的是（）A. 三个质点从N到M的平均速度相同B. B质点从N到M的平均速度方向与任意时刻瞬时速度方向相同C. 到达M点的瞬时速率一定是A的大D. 三个质点从N到M的平均速率相同2.日出日落、辰宿列张、春华秋实、寒来暑往，大自然的各种神奇现象让人们惊叹不已，为了弄清其背后的规律和联系，需要不断引入新的物理概念。
下列关于这些物理概念的说法正确的是（）A. “天问一号”火星探测器在任何情况下都不可以看作质点B. “蛟龙”号载人潜水器在下潜过程中不能作为参考系C. “一寸光阴一寸金”，这里的“光阴”指的是时刻D. 位移的大小和路程可能相等3.飞机以150m/s的水平速度匀速飞行，某时刻让A球下落，相隔1秒B球落下，不计空气阻力，在两球落地之前，关于A、B两球相对位置的关系，正确的结论是（）A. A球在B球的前下方B. A球在B球的后下方C. A球在B球的正下方D. 以上说法都不对4.赵州桥是闻名遐迩的石拱桥，是我国桥梁建筑的瑰宝。
一辆以36km/h速度行驶的汽车在驶近赵州桥时做匀减速直线运动，加速度大小是0.2m/s2，汽车减速行驶1min后的速度大小是（）5.恩格斯曾经说过：“任何一门科学的真正完善在于数学工具的广泛应用。
”研究位移随时间变化的规律同样可以借助数学工具，有一物体的位移随时间变化的函数关系是x=4t+t2（m），则当t=3s时，物体的速度大小为（）A. 10.5m/sB. 8m/sC. 10m/sD. 6.8m/s6.匀速直线运动的甲、乙两物体，它们通过的路程之比为3：1，所用时间之比是2：3，则它们的速度之比是（）A. 9：2B. 2：1C. 2：9D. 1：27.农村振兴是民族复兴的重要组成部分，由于国家大力投入，近年来农村旧貌换新颜，道路情况也得到极大改善，基本村村通水泥路。
2021-2022学年高一下学期第一次月考数学试题含答案 (2)
（2）问从种植起，第几年树木生长最快？
22.对于定义在D上的函数f(x)，如果存在实数x0，使得f(x0)＝x0，那么称x0是函数f(x)的一个不动点.已知f(x)＝ax2＋1.
（1）当a＝－2时，求f(x)的不动点；
（2）若函数f(x)有两个不动点x1，x2，且x1＜2＜x2.
【答案】（1） ；（2） ．
19.已知函数 ．
（Ⅰ）求函数 的定义域，并判断函数 的奇偶性；
（Ⅱ）求解关于 的不等式 ．
【19题答案】
【答案】（Ⅰ）定义域为 ，函数 既不是奇函数，也不是偶函数；（Ⅱ） .
20.已知函数 .
（1）求函数 的最小正周期；
（2）求函数 在区间 上 单调递增区间.
【20题答案】
A. B.
C. D.
【5题答案】
【答案】D
6. “ ”是“ ”成立的（）
A.充分而不必要条件B.必要而不充分条件
C.充分必要条件D.既不充分也不必要条件
【6题答案】
【答案】B
7.函数 的部分图象如图所示.将 图象上所有的点向右平移 个单位长度，所得图象的函数解析式是（）
A. B.
C. D.
【7题答案】
① 在区间 上是单调的；
②当定义域是 时， 的值域也是 ，则称 是函数 的一个“黄金区间”.
如果 可是函数 的一个“黄金区间“，则 的最大值为（）
A. B.1C. D.2
二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分．在每小题给出的选项中，有多项符合题目要求．全部选对的得5分，有选错的得0分，部分选对的得2分．
9.若 为第二象限角，则下列结论正确的是（）
A B. C. D.
【9题答案】
安徽省淮南市示范高中五校2021-2022学年高一上学期第一次月考物理试题 Word版含答案
安徽省淮南市市级示范高中五校联考高一物理试卷（满分:100分考试时间:60分钟）一、单选择题(本大题共8个小题，每小题6分，共48分)1．伽利略对自由落体运动的争辩，开创了争辩自然规律的科学方法，这就是（）A．对自然现象进行总结归纳的方法B．用科学试验进行探究的方法C．对自然现象进行总结归纳，并用试验进行验证的方法D．抽象思维、数学推导和科学试验相结合的方法2．一辆以12m/s的速度在水平路面行驶的汽车，刹车过程中以4m/s2的加速度作匀减速直线运动，则汽车在5s内的位移是（）A．10m B．18m C．24m D．30m3．下列关于速度和加速度的说法中，正确的是( )A．加速度表示速度变化的大小B．物体的速度为零，加速度也肯定为零C．运动物体的加速度越来越小，表示速度变化越来越慢D．运动物体的加速度越来越小，表示物体运动的速度也越来越小4．一物体从H高处自由下落，经时间t 落地，则当它下落时，离地面的高度为（）A ．B ．C ．D．5．用同一张底片对着小球运动的路径每隔110s拍一次照，得到的照片如图2所示，则小球在图示过程中的平均速度是( )图2A．0.25 m/s B．0.2 m/sC．0.17 m/s D．无法确定6．一物体以6 m/s的速度沿一光滑倾斜木板从底端向上滑行，经过2 s后，物体仍向上滑行，速度大小为1 m/s；若增大木板倾角，仍使物体以6 m/s的速度从底端向上滑行，经过2 s 后，物体向下滑行，其速度大小变为1 m/s.以沿木板向上为正方向，用a1、a2分别表示物体在前后两种状况下的加速度，则以下选项正确的是( )A．a1＝－2.5 m/s2，a2＝－2.5 m/s2B．a1＝－3.5 m/s2，a2＝－3.5 m/s2C．a1＝－2.5 m/s2，a2＝－3.5 m/s2D．a1＝3.5 m/s2，a2＝－3.5 m/s27．图3是A、B两个物体做直线运动的速度图象，下列列说法正确的是( )图3A．物体A做匀速直线运动B．物体B做减速直线运动C．物体A的加速度为正值，B的加速度为负值，所以A的加速度大于B的加速度D．物体B的速度变化比A的速度变化快8．物体沿一条东西方向的水平线做直线运动，取向东为运动的正方向，其速度—时间图象如图4所示，下列说法中正确的是 ( )图4A．在1 s末，速度为10 m/sB．0～2 s内，加速度为6 m/s2C．6～7 s内，做速度方向向西的加速运动D．10～12 s内，做速度方向向东的加速运动二、填空题(本大题共2个小题，共16分)9．(8分)在练习使用打点计时器的试验中，得到了一条如图5所示的纸带，其中0、1、2、3…是选用的计数点，每相邻两个计数点之间还有3个打出的点没有在纸带上标出．图中画出了将米尺靠在纸带上测量的状况，读出图中所测量点的读数分别是________、_____________、________和________；打第2个计数点时纸带的速度是________m/s.图510．(8分)如图6所示为测定气垫导轨上滑块的加速度的装置，滑块上安装了宽度为3.0 cm 的遮光板，滑块在牵引力作用下先后通过两个光电门，配套的数字毫秒计记录了遮光板通过第一个光电门的时间为Δt1＝0.29 s，通过其次个光电门的时间为Δt2＝0.11 s，遮光板从通过第一个光电门到开头遮住其次个光电门所用时间为Δt＝3.57 s，则滑块的加速度大小为________ cm/s2.图6三、计算题(本大题共2个小题，共36分)11．(18分)一列长100 m的列车以v1＝30 m/s的正常速度行驶，当通过1 000 m长的大桥时，必需以v2＝20 m/s的速度行驶．在列车上桥前需提前减速，当列车头刚上桥时速度恰好为20 m/s，列车全部离开大桥时又需通过加速恢复原来的速度．减速过程中，加速度大小为0.25 m/s2；加速过程中，加速度大小为1 m/s2，则该列车从减速开头算起，到过桥后速度达到30 m/s，共用了多长时间？12．（18分）一个做匀变速直线运动的物体，第一个3s内的位移是9m，第2个3s内位移为0，求该物体运动的（1）加速度（2）初速度．安徽省淮南市市级示范高中五校联考高一物理试题答案一、选择题(本大题共8个小题，每小题6分，共48分)1．考点：伽利略争辩自由落体运动的试验和推理方法．分析：伽利略对运动和力的关系争辩，其科学思想方法的核心是把把试验和规律推理和谐结合起来．解答：解：伽利略设想物体下落的速度与时间成正比，由于当时无法测量物体的瞬时速度，所以伽利略通过数学推导证明假如速度与时间成正比，那么位移与时间的平方成正比；由于当时用滴水法计算，无法记录自由落体的较短时间，伽利略设计了让铜球沿阻力很小的斜面滚下，而小球在斜面上运动的加速度要比它竖直下落的加速度小得多，所用时间长的多，所以简洁测量．伽利略做了上百次试验，并通过抽象思维在试验结果上做了合理外推．所以伽利略用来抽象思维、数学推导和科学试验相结合的方法．故选：D点评：本题考查物理学史，对于有名物理学家、经典试验和重要学说要记牢，还要学习他们的科学争辩的方法．2．考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．分析：依据匀变速直线运动的速度时间公式求出汽车刹车到停止的时间，由于汽车刹车速度为零后不再运动，再依据匀变速直线运动的位移时间公式求出刹车后的位移．解答：解：汽车刹车到停止的时间所以5s内的位移等于3s 内的位移．则=18m．故B正确，A、C、D错误．故选：B．点评：该题是汽车的刹车问题，留意汽车刹车停止后不再运动，所以先必需求出刹车到停止所需的时间．3．【解析】加速度表示速度变化的快慢，选项C正确，选项A错误；加速度与速度没有直接的关系，故选项B、D错误．【答案】 C4．考点：自由落体运动．分析：物体做的是自由落体运动，依据自由落体的位移公式可以求得．解答：解：物体做自由落体运动，由H=gt2，当时间为时，物体下落的高度为 h=g =，所以离地面的高度为，所以C正确．故选C．点评：本题是对自由落体运动公式的直接应用，题目比较简洁．5．【解析】从图上读出Δx＝5 cm＝5×10－2 m，Δt＝110×3 s＝0.3 s，所以v＝ΔxΔt＝5×10－20.3m/s≈0.17 m/s，故选C.【答案】 C6．【解析】沿倾斜木板向上为正方向，则初速度v0＝6 m/s，木板倾角增大前后，物体在2 s 末的速度分别为v1＝1 m/s，v2＝－1 m/s.依据加速度的定义式a＝ΔvΔt＝v－v0t可得a1＝v1－v0t＝1－62m/s2＝－2.5 m/s2，a2＝v2－v0t＝－1－62m/s2＝－3.5 m/s2.故C对．【答案】 C 7．【解析】由题图可知，两物体速度的确定值都在增大，都在做加速运动．物体A的速度为正，图线的斜率为正，说明A向正方向做加速运动；物体B的速度为负，图线的斜率为负，说明B 向负方向做加速运动．物体A 加速度的确定值为1 m/s2，物体B 加速度的确定值为2 m/s2，所以B 的加速度大于A 的加速度，从而B 的速度变化比A 的速度变化快．只有D 正确．【答案】 D8．【解析】 由所给图象知，物体1 s 末的速度为9 m/s ，A 错.0～2 s 内，物体的加速度a ＝12－62m/s2＝3 m/s2，B 错.6～7 s 内，物体的速度、加速度为负值，表明它向西做加速直线运动，C 对.10～12 s 内，物体的速度为负值，加速度为正值，表明它向西做减速直线运动，D 错．【答案】 C二、填空题(本大题共2个小题，共16分)9．(8分)【解析】 0、1、3、4点的读数分别是10．00 cm 、12.60 cm 、22.60 cm 、29.90 cm. 打第2个计数点时纸带的速度v2＝x3－x12T ＝22.60－12.602×4×0.02cm/s ＝62.5 cm/s ＝0.625 m/s. 【答案】 10.00 cm 12.60 cm 22.60 cm 29.90 cm 0.62510．(8分)【解析】 滑块通过第一个光电门的速度是v1＝3.00.29 cm/s≈10 cm/s，通过其次个光电门的速度是v2＝3.00.11cm/s≈27 cm/s. 滑块的加速度为a ＝Δv Δt ＝27－103.57cm/s2≈4.8 cm/s2.【答案】 4.8 三、计算题(本大题共2个小题，共36分) 11．(18分)【解析】 设过桥前减速过程所需时间为t1 t1＝v2－v1a1＝20－30－0.25s ＝40 s ， 设过桥所用的时间为t2 t2＝x v2＝1 000＋10020 s ＝55 s ，设过桥后加速过程所需时间为t3 t3＝v1－v2a2＝30－201s ＝10 s ， 共用时间t ＝t1＋t2＋t3＝105 s. 【答案】 105 s12．（ 18分）考点： 匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．分析： 运用逐差相等公式△x=at2可求得加速度；某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，依据该规律求出第1个3s 末的速度，再依据平均速度等于初末速度的平均可解出初速度的大小．解答： 解：在第一个3s 内的位移是9，在其次个3s 内的位移是0，依据逐差相等公式△x=at2可得：第一个3s 末的瞬时速度等于全程的平均速度：v=第一个3s 内的平均速度为：所以：解得：v0=4.5m/s故答案为：﹣1m/s2，4.5m/s ．点评：解决本题的关键把握匀变速直线运动的运动学公式和推论，并能机敏运用。
安徽省宣城市郎溪中学2021-2022学年高一上学期第一次月考物理试题(直升部) Word版含解析
2021-2022学年安徽省宣城市郎溪中学高一（上）第一次月考物理试卷（直升部）一、选择题（1-7每题只有一个选项正确，8-11每题有多个选项正确，每题4分，共44分）1．2009年1月，中国海军护航舰艇编队用时10天抵达亚丁湾索马里海疆为中国商船护航．如图所示，此次护航从三亚启航，经南海、马六甲海峡，穿越印度洋，总航程四千五百海里．关于此次护航，下列说法正确的是（）A．当争辩护航舰艇的运行轨迹时，不能将其看做质点B．“四千五百海里”指的是护航舰艇的航行位移C．“四千五百海里”指的是护航舰艇的航行路程D．依据题中数据我们可以求得此次航行的平均速度2．从水平匀速飞行的直升机上向外自由释放一个物体，不计空气阻力，在物体下落过程中，下列说法正确的是（）A．从飞机上看，物体静止B．从飞机上看，物体始终在飞机的后方C．从地面上看，物体做曲线运动D．从地面上看，物体做自由落体运动3．如图所示，为甲、乙两物体相对于同一坐标的x﹣t图象，则下列说法正确的是（）A．甲、乙均做匀变速直线运动 B．甲比乙早动身时间t0C．甲、乙运动的动身点相距x0 D．甲的速率大于乙的速率4．一个做匀加速直线运动的物体，初速度v0=2.0m/s，它在第3s内通过的位移是4.5m，则它的加速度为（）A．0.5m/s2B．1.0m/s2C．1.5m/s2D．2.0m/s25．沿直线做匀变速运动的质点在第一个0.5s内的平均速度比它在第一个1.5s内的平均速度大2.45m/s，以质点的运动方向为正方向，则质点的加速度为（）A．2.45 m/s2B．﹣2.45 m/s2C．4.90 m/s2D．﹣4.90 m/s26．某人欲估算飞机着陆时的速度，他假设飞机停止运动前在平直跑道上做匀减速运动，飞机在跑道上滑行的距离为s，从着陆到停下来所用的时间为t，则飞机着陆时的速度为（）A ．B ．C ．D ．到之间的某个值7．汽车以大小为36m/s的速度做匀速直线运动，刹车后加速度大小为3m/s2，那么刹车后18s与刹车后4s内汽车通过的路程之比为（）A．81：40 B．2：1 C．9：5 D．4：38．关于物体做直线运动中，可能发生的是（）A．加速度渐渐减小，而速度渐渐增大B．加速度方向不变，而速度方向转变C．速度的方向与加速度方向不在同始终线上D．速度变化量的方向与加速度方向相反9．如图所示，光滑斜面AE被分成四个相等的部分，一物体由A点从静止释放做匀加速直线运动，下列结论正确的是（）A．物体到达各点的速率之比v B：v C：v D：v E=1：：：2B．物体到达各点经受的时间t B：t C：t D：t E=1：：：2C．物体从A到E的平均速度等于C点瞬时速度D．物体通过每一部分时，其速度增量v B﹣v A=v C﹣v B=v D﹣v C=v E﹣v D10．某物体沿直线运动，其v﹣t图象如图所示，下列说法中正确的是（）A．第1s内和第2s内物体的速度方向相反B．第1s内和第2s内物体的加速度方向相反C．第3s内物体的速度方向和加速度方向相同D．第2s末物体的加速度为零11．如图所示，小球从竖直砖墙某位置静止释放，用频闪照相机在同一底片上多次曝光，得到了图中1、2、3、4、5…所示小球运动过程中每次曝光的位置，连续两次曝光的时间间隔均为T，每块砖的厚度为d．依据图中的信息，下列推断正确的是（）A．位置“1”不是小球释放的初始位置B．小球做匀加速直线运动C ．小球下落的加速度为D．小球在位置“3”的速度为二、填空题（共16分，每问4分）12．在用打点计时器和纸带争辩物体做直线运动的规律试验时，打点计时器在纸带上打出一系列点迹．下列说法不正确的是（）A．点迹记录了物体运动的时间B．点迹记录了物体在不同时刻的位置和某段时间内的位移C．试验器材中必不行少的是秒表D．试验器材中必不行少的是刻度尺13．（12分）（2021秋•宣城校级月考）在探究小车速度随时间变化规律的试验中，得到一条记录小车运动状况的纸带，如图所示．图中A、B、C、D、E为相邻的计数点，相邻计数点的时间间隔为T=0.1s．位置编号 A B C D E时间t/s 0 0.1 0.2 0.3 0.4瞬时速度v/（m•s﹣1） 1.38（1）依据纸带上的数据，已计算出B点速度（见表格）请将C、D两点的速度，填入表中．（2）在坐标纸上作出小车的v﹣t图象．（3）小车加速度大小为．三、计算题（本题共4小题，共40分.解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最终答案的不能得分.）14．一石子从一烟囱顶端匀加速直线下落，下落的加速度为a=10m/s2，第1s内下落的高度是最终1s内下落高度的，求烟囱的高度．15．高速大路给人们带来了便利，但是由于在高速大路上行驶的车辆速度大，雾天往往消灭十几辆车追尾持续相撞的事故．某辆轿车在某高速大路上的正常行驶速度大小v0为120km/h，刹车时轿车产生的最大加速度a为8m/s2，假如某天有雾，能见度d（观看者能观察的最远的静止目标的距离）约为37m，设司机的反应时间△t为0.6s，为了平安行驶，轿车行驶的最大速度为多少？16．（12分）（2021秋•城区校级期中）跳伞运动员在直升飞机上做跳伞表演，当飞机离地面224m高处相对静止时，运动员离开飞机在竖直方向做自由落体运动，运动一段时间后，马上打开降落伞，打开降落伞后运动员以12.5m/s2的加速度匀减速下降．为了运动员的平安，要求运动员落地的速度最大不得超过5m/s．（g=10m/s2）（1）运动员着地时相当于从多高处自由落下？（2）运动员打开降落伞时离地面高度至少为多少？（3）运动员在空中的最短时间为多少？17．（12分）（2011•白河县校级模拟）一辆值勤的警车停在大路边，当警员发觉从他旁边以v=8m/s的速度匀速行驶的货车有违章行为时，打算前去追赶，经2.5s警车发动起来，以加速度a=2m/s2做匀加速运动．试问：（1）警车要多长时间才能追上违章的货车？（2）在警车追上货车之前，两车间的最大距离是多少？2021-2022学年安徽省宣城市郎溪中学高一（上）第一次月考物理试卷（直升部）参考答案与试题解析一、选择题（1-7每题只有一个选项正确，8-11每题有多个选项正确，每题4分，共44分）1．2009年1月，中国海军护航舰艇编队用时10天抵达亚丁湾索马里海疆为中国商船护航．如图所示，此次护航从三亚启航，经南海、马六甲海峡，穿越印度洋，总航程四千五百海里．关于此次护航，下列说法正确的是（）A．当争辩护航舰艇的运行轨迹时，不能将其看做质点B．“四千五百海里”指的是护航舰艇的航行位移C．“四千五百海里”指的是护航舰艇的航行路程D．依据题中数据我们可以求得此次航行的平均速度考点：位移与路程．专题：直线运动规律专题．分析：当物体的外形、大小对所争辩的问题没有影响时，我们就可以把它看成质点；路程指运动轨迹的长度，位移指初位置指向末位置的有向线段，平均速度对应过程，而瞬时速度对应时间点．解答：解：A、当争辩护航舰艇的运行轨迹时，护航舰艇的大小对位置没有影响，可以将其看做质点，故A错误；B、C、护航舰艇的运行轨迹是曲线，故“四千五百海里”指的是护航舰艇的路程，故B错误，C正确；D、路程与时间的比值表示平均速率；位移与时间的比值是平均速度；依据题中的数据只能求出平均速率；故D错误；故选：C．点评：本题考查了质点、位移、路程、平均速率等基本概念，质点位移和路程的区分以及平均速度与平均速率的区分是解决本题的关键．2．从水平匀速飞行的直升机上向外自由释放一个物体，不计空气阻力，在物体下落过程中，下列说法正确的是（）A．从飞机上看，物体静止B．从飞机上看，物体始终在飞机的后方C．从地面上看，物体做曲线运动D．从地面上看，物体做自由落体运动考点：参考系和坐标系．分析：从水平匀速飞行的直升机上向外自由释放一个物体，由于惯性，具有水平初速度，做平抛运动．解答：解：从水平匀速飞行的直升机上向外自由释放一个物体，物体具有水平初速度，从地面上看，物体做平抛运动即曲线运动．平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，又飞机做匀速直线运动，从飞机上看物体始终在正下方，所以从飞机上看，物体做自由落体运动．故C正确，ABD错误．故选：C．点评：解决本题的关键知道平抛运动的特点，知道平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动．3．如图所示，为甲、乙两物体相对于同一坐标的x﹣t图象，则下列说法正确的是（）A．甲、乙均做匀变速直线运动 B．甲比乙早动身时间t0C．甲、乙运动的动身点相距x0 D．甲的速率大于乙的速率考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：位移图象倾斜的直线表示物体做匀速直线运动．当物体的位移发生变化时，物体开头运动．由图直接读出动身时间和位置．依据斜率比较速率的大小．解答：解：A、甲、乙两图都表示物体做匀速直线运动．故A错误．B、由图看出，甲从0时刻动身，而乙t0时刻动身，则甲比乙早动身时间t0．故B正确．C、由图看出，甲从距原点x0处动身，而乙原点动身，则甲、乙运动的动身点相距x0．故C正确．D、位移图象的斜率等于速率，由图看出甲图线的斜率小于乙图线的斜率，则甲的速率小于乙的速率．故D 错误．故选BC点评：由位移图象能直接读出物体动身的时刻和位置，抓住图象的斜率等于速率可比较速度大小、分析物体的运动状况．4．一个做匀加速直线运动的物体，初速度v0=2.0m/s，它在第3s内通过的位移是4.5m，则它的加速度为（）A．0.5m/s2B．1.0m/s2C．1.5m/s2D．2.0m/s2考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：设加速度为a，由位移时间关系，列第3s内位移的表达式，可以得到加速度．解答：解：第2s末的速度为：v=v0+at2第2s末的速度是第3s的初速度，故第3s 内的位移为即：解得：a=1m/s2，故B正确．故选：B点评：肯定要把握好求第n秒内位移的方法，题目中的是一种，还有一种是用前n秒内位移减前n﹣1s内的位移，看状况选择使用．5．沿直线做匀变速运动的质点在第一个0.5s内的平均速度比它在第一个1.5s内的平均速度大2.45m/s，以质点的运动方向为正方向，则质点的加速度为（）A．2.45 m/s2B．﹣2.45 m/s2C．4.90 m/s2D．﹣4.90 m/s2考点：加速度．专题：直线运动规律专题．分析：依据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度得出两个中间时刻的瞬时速度，结合加速度的定义式求出质点的加速度．解答：解：匀变速直线运动某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，两个中间时刻的时间间隔△t=0.75﹣0.25s=0.5s，则质点加速度a=，故D正确，A、B、C错误．故选：D．点评：解决本题的关键把握加速度的定义式，留意公式的矢量性，基础题．6．某人欲估算飞机着陆时的速度，他假设飞机停止运动前在平直跑道上做匀减速运动，飞机在跑道上滑行的距离为s，从着陆到停下来所用的时间为t，则飞机着陆时的速度为（）A ．B ．C ．D ．到之间的某个值考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：设飞机着陆过程中加速度为a，飞机着陆瞬间速度为v，依据匀加速直线运动位移速度公式及速度时间公式即可解题．解答：解：设飞机着陆过程中加速度为a，飞机着陆瞬间速度为v，则有：2as=0﹣v2①0=v+at ②由①②得：v=；故选B．点评：本题主要考查了匀变速直线运动基本公式的直接应用，难度不大，属于基础题．7．汽车以大小为36m/s的速度做匀速直线运动，刹车后加速度大小为3m/s2，那么刹车后18s与刹车后4s内汽车通过的路程之比为（）A．81：40 B．2：1 C．9：5 D．4：3考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：依据速度时间公式求出汽车速度减为零的时间，推断汽车是否停止，再结合位移公式求出刹车的位移．解答：解：汽车速度减为零的时间，则18s内的位移等于12s 内的位移，=216m，4s 内的位移=120m．则x1：x2=9：5，故选：C．点评：本题考查了运动学中的刹车问题，是道易错题，留意汽车速度减为零后不再运动．8．关于物体做直线运动中，可能发生的是（）A．加速度渐渐减小，而速度渐渐增大B．加速度方向不变，而速度方向转变C．速度的方向与加速度方向不在同始终线上D．速度变化量的方向与加速度方向相反考点：加速度；速度．专题：直线运动规律专题．分析：加速度等于单位时间内的速度变化量，方向与速度变化量的方向相同，当加速度的方向与速度方向相同，物体做加速运动，当加速度的方向与速度方向相反，物体做减速运动．解答：解：A、当加速度的方向与速度方向相同，加速度减小，速度仍旧增大，故A正确．B、加速度方向不变，速度方向可能转变，比如先匀减速运动到零，再反向做匀加速运动，故B正确．C、物体做直线运动，加速度的方向与速度方向在同一条直线上，故C错误．D、加速度的方向与速度变化量的方向相同，故D错误．故选：AB．点评：解决本题的关键知道加速度的物理意义，把握推断物体做加速运动还是减速运动的方法，关键看加速度的方向与速度方向的关系．9．如图所示，光滑斜面AE被分成四个相等的部分，一物体由A点从静止释放做匀加速直线运动，下列结论正确的是（）A．物体到达各点的速率之比v B：v C：v D：v E=1：：：2B．物体到达各点经受的时间t B：t C：t D：t E=1：：：2C．物体从A到E的平均速度等于C点瞬时速度D．物体通过每一部分时，其速度增量v B﹣v A=v C﹣v B=v D﹣v C=v E﹣v D考点：匀变速直线运动规律的综合运用．专题：直线运动规律专题．分析：本题是同一个匀加速直线运动中不同位置的速度、时间等物理量的比较，依据选项中需要比较的物理量选择正确的公式把物理量表示出来，再进行比较．解答：解：A、依据运动学公式v2﹣v02=2ax得：物体由A点从静止释放，所以v2=2ax所以物体到达各点的速率之比v B：v C：v D：v E=1：：：2，故A正确；B、依据运动学公式x=v0t+得：t=物体到达各点经受的时间t B：t C：t D：t E=1：：：2；故B正确；C、由平均速度公式可知：v E=2v B所以物体从A到E的平均速度v==v B；故平均速度不等于C点的瞬时速度；故C错误；D、v B：v C：v D：v E=1：：：2，物体通过每一部分时其速度增量不等，故D错误．故选：AB．点评：本题对运动学公式要求较高，要求同学对全部的运动学公式不仅要生疏而且要娴熟，要机敏，基本方法就是平常多练并且尽可能尝试一题多解．10．某物体沿直线运动，其v﹣t图象如图所示，下列说法中正确的是（）A．第1s内和第2s内物体的速度方向相反B．第1s内和第2s内物体的加速度方向相反C．第3s内物体的速度方向和加速度方向相同D．第2s末物体的加速度为零考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：在速度﹣时间图象中，某一点代表此时刻的瞬时速度，时间轴上方速度是正数，时间轴下方速度是负数；切线表示加速度，加速度向右上方倾斜，加速度为正，向右下方倾斜加速度为负；图象与坐标轴围成面积代表位移，时间轴上方位移为正，时间轴下方位移为负．解答：解：A、由于在速度﹣时间图象中，某一点代表此时刻的瞬时速度，时间轴上方速度是正数，时间轴下方速度是负数；所以第1s内和第2s内物体的速度均为正方向，运动方向相同，故A错误．B、由于切线表示加速度，加速度向右上方倾斜，加速度为正，向右下方倾斜加速度为负；第一秒内加速度为正方向，其次秒内加速度为负方向，所以第1s内和第2s内物体的加速度方向相反，故B正确．C、第3秒内物体速度为负方向，斜率为负即加速度为负方向，所以第3s内物体的速度方向和加速度方向相同，故C正确．D、从第一秒末到第三秒末物体做匀变速直线运动加速度即斜率为定值，不为零，故D错误．故选：BC点评：本题是为速度﹣﹣时间图象的应用，要明确斜率的含义，知道在速度﹣﹣时间图象中图象与坐标轴围成的面积的含义，要留意上下面积之和为零时，位移等于零．11．如图所示，小球从竖直砖墙某位置静止释放，用频闪照相机在同一底片上多次曝光，得到了图中1、2、3、4、5…所示小球运动过程中每次曝光的位置，连续两次曝光的时间间隔均为T，每块砖的厚度为d．依据图中的信息，下列推断正确的是（）A．位置“1”不是小球释放的初始位置B．小球做匀加速直线运动C ．小球下落的加速度为D．小球在位置“3”的速度为考点：匀变速直线运动规律的综合运用．专题：直线运动规律专题．分析：小球做的匀加速直线运动，依据相机的曝光的时间间隔相同，由匀变速直线运动的规律可以求得．解答：解：B、C、由图可以知道任意两个相邻的点之间的位移之差都是d，由△x=at2可知，a==，所以小球做匀加速直线运动，故B、C正确；A、由于时间的间隔相同，所以2点瞬时速度的大小为1、3之间的平均速度的大小，所以v2=，依据v=v0+at可知点1的速度大小是v1=v2﹣at=﹣•T=，可知位置“1”不是小球释放的初始位置，故A正确；D、点3的瞬时速度的大小为2、4之间的平均速度的大小，所以v3=，故D正确．故选：ABCD．点评：本题关键要把握匀变速直线运动的两个推论，可与打点计时器试验类比．中间时刻的瞬时速度等于这段位移的平均速度的大小，利用这个结论可以很简洁的求得物体在某时刻的瞬时速度的大小，对于物理中的一些结论和推论在平常的学习中要把握住并会用．二、填空题（共16分，每问4分）12．在用打点计时器和纸带争辩物体做直线运动的规律试验时，打点计时器在纸带上打出一系列点迹．下列说法不正确的是（）A．点迹记录了物体运动的时间B．点迹记录了物体在不同时刻的位置和某段时间内的位移C．试验器材中必不行少的是秒表D．试验器材中必不行少的是刻度尺考点：探究小车速度随时间变化的规律．分析：了解打点计时器的工作原理，依据纸带上所打的点猎取有关信息进一步了解小车的运动状况，即可正确解答本题．解答：解：解：A、打点计时器每隔肯定的时间打下一个点，因而点迹记录了物体运动的时间，故A正确；B、同时也记录了物体在不同时刻的位置和某段时间内的位移，故B正确；C、试验器材中不需要秒表，故C错误；D、数据处理中需要测量计数点的距离，所以试验器材中必不行少的是刻度尺，故D正确；本题选不正确的，故选：C．点评：对于试验装置和工作原理，我们不仅从理论上学习它，还要从实践上去了解它，自己动手去操作，同时要学会对试验结果进行正确的分析，得出试验结论．13．（12分）（2021秋•宣城校级月考）在探究小车速度随时间变化规律的试验中，得到一条记录小车运动状况的纸带，如图所示．图中A、B、C、D、E为相邻的计数点，相邻计数点的时间间隔为T=0.1s．位置编号 A B C D E时间t/s 0 0.1 0.2 0.3 0.4瞬时速度v/（m•s﹣1） 1.38 2.64 3.90（1）依据纸带上的数据，已计算出B点速度（见表格）请将C、D两点的速度，填入表中．（2）在坐标纸上作出小车的v﹣t图象．（3）小车加速度大小为12.6m/s2．考点：测定匀变速直线运动的加速度．专题：试验题．分析：（1）依据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上A、C、D、E点时小车的瞬时速度大小．（2）用描点法画出小车的瞬时速度随时间变化的关系图线．（3）依据图象的斜率表示加速度求解．解答：解：（1）每两个相邻计数点之间还有四个点未画出，所以相邻的计数点间的时间间隔T=0.1s．依据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，v C===2.64m/s，v D===3.90m/s，（2）将B、C、D、E、F各个时刻的瞬时速度标在直角坐标系中，画出小车的瞬时速度随时间变化的关系图线．（3）速度时间图象的斜率表示加速度，则a=k==12.6m/s2故答案为：（1）2.64，3.90；（2）如上图所示；（3）12.6m/s2（12.5～12.7）．点评：要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答试验问题的力量，在平常练习中要加强基础学问的理解与应用．要留意单位的换算．三、计算题（本题共4小题，共40分.解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最终答案的不能得分.）14．一石子从一烟囱顶端匀加速直线下落，下落的加速度为a=10m/s2，第1s内下落的高度是最终1s内下落高度的，求烟囱的高度．考点：自由落体运动．专题：自由落体运动专题．分析：依据自由落体运动位移时间公式求出第一秒的位移为h，则最终一秒的位移为9h，再依据最终一秒的位移等于总位移减去前（t﹣1）秒的位移即可求解．解答：解：依据h=得：第一秒的位移h=5m，所以最终一秒的位移为45m设运动的总时间为t，则=45m解得：t=5s所以总高度h==125m答：烟囱的高度为125m．点评：本题考查了自由落体运动位移与时间的关系的直接应用，难度不大，属于基础题．15．高速大路给人们带来了便利，但是由于在高速大路上行驶的车辆速度大，雾天往往消灭十几辆车追尾持续相撞的事故．某辆轿车在某高速大路上的正常行驶速度大小v0为120km/h，刹车时轿车产生的最大加速度a为8m/s2，假如某天有雾，能见度d（观看者能观察的最远的静止目标的距离）约为37m，设司机的反应时间△t为0.6s，为了平安行驶，轿车行驶的最大速度为多少？考点：匀变速直线运动的速度与位移的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：设轿车行驶的最大速度为v，司机在反应时间内做匀速运动的位移为x1，在刹车匀减速阶段的位移为x2，依据d=x1+x2列式即可求解．解答：解：设轿车行驶的最大速度为v，司机在反应时间内做匀速运动的位移为x1，在刹车匀减速阶段的位移为x2，则反应时间内的位移为：x1=v△t ①匀减速运动的位移为：﹣2ax2=0﹣v2②所以为平安行驶，当两者位移之和正好等于能见度时，速度取最大速度，即d=x1+x2③联立①②③式解得：v=20 m/s答；轿车行驶的最大速度为20 m/s点评：本题主要考查了匀速运动及匀减速直线运动的基本公式的应用，解题的关系是抓住时间之间的关系，难度不大．16．（12分）（2021秋•城区校级期中）跳伞运动员在直升飞机上做跳伞表演，当飞机离地面224m高处相对静止时，运动员离开飞机在竖直方向做自由落体运动，运动一段时间后，马上打开降落伞，打开降落伞后运动员以12.5m/s2的加速度匀减速下降．为了运动员的平安，要求运动员落地的速度最大不得超过5m/s．（g=10m/s2）（1）运动员着地时相当于从多高处自由落下？（2）运动员打开降落伞时离地面高度至少为多少？（3）运动员在空中的最短时间为多少？考点：自由落体运动；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：直线运动规律专题；自由落体运动专题．分析：运动员运动过程比较简单，不是单一的匀变速运动，开头做自由落体运动，然后做匀减速运动，依据其运动形式列相应的方程求解即可．解答：解：已知H=224m，a=12.5m/s2，v=5m/s（1）依据2gh=v2得：h==1.25m（2）设打开降落伞时离地的高度为h，此时速度为v1，则运动员做自由落体运动过程有：①匀减速过程有：=2ah②由①②带入数据得：h=99m，v1=50m/s（3）自由落体运动中v1=gt1解得t1=5s，匀减速运动中，空中最短时间为t总=t1+t2=8.6s答：（1）运动员着地时相当于从1.25m高处自由落下；（2）运动员打开降落伞时离地面高度至少为99m；（3）运动员在空中的最短时间为8.6s．点评：简单运动过程都是由简洁过程组成的，因此解答简单运动问题，关键是分析清楚其运动过程，搞清运动形式，然后依据相应规律列方程求解．17．（12分）（2011•白河县校级模拟）一辆值勤的警车停在大路边，当警员发觉从他旁边以v=8m/s的速度匀速行驶的货车有违章行为时，打算前去追赶，经2.5s警车发动起来，以加速度a=2m/s2做匀加速运动．试问：（1）警车要多长时间才能追上违章的货车？（2）在警车追上货车之前，两车间的最大距离是多少？考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：压轴题；追及、相遇问题．分析：（1）警车追上货车时，两车的路程相等，由此列方程可以求出警车追上货车的时间，留意警车在发动时间内，货车做匀速运动；（2）刚开头货车的速度大于警车速度，故两车之间的距离越来越大，当两车速度相等时，位移最大；分别求出两车的路程，然后求出两车间的最大距离．解答：解：（1）当警车追上货车时，二者位移相等，由此有X2=X0+X1即带入数据有：t12﹣8t1﹣20=0，解得t1=10s，t2=﹣2s（舍）故警车要10s时间才能追上违章的货车．（2）当v车=v货时相距最远，此时有：v车=v货=at2，解得：t2=4s；此时货车X=v0（t0+t2）=52m警车最大距离X m=X﹣X'=36m故在警车追上货车之前，两车间的最大距离是36m．点评：两物体在同始终线上运动，往往涉及到追击、相遇或避开碰撞等问题，解答此类问题的关键是找出时间关系、速度关系、位移关系，留意两者速度相等时，往往是能否追上或者二者之间有最大或者最小值的临界条件．。
2021-2022学年安徽省六安市舒城县晓天中学高一(下)第一次月考物理试卷(含答案解析)
2021-2022学年安徽省六安市舒城县晓天中学高一（下）第一次月考物理试卷1. 下列说法正确的是( )A. 曲线运动其加速度方向一定改变B. 一段时间内做曲线运动的物体位移可能为零C. 若一个分运动是匀速运动，另一个是匀变速运动，合运动必为直线运动D. 合运动的位移一定比其中的一个分位移大2. 下列说法正确的是( )A. 物体在恒力作用下能做曲线运动也能做直线运动B. 物体在变力作用下一定是做曲线运动C. 物体做曲线运动时，速度可能保持不变D. 两个直线运动的合运动一定是直线运动3. 如图所示，质点通过位置P时的速度、加速度及P附近的一段轨迹都在图上标出，其中可能正确的是( )A. ①②B. ③④C. ②③D. ①④4. 倾角为θ的斜面，长为l，在顶端水平抛出一个小球，小球刚好落在斜面的底端，如图所示，那么小球的初速度v0的大小是( )A. cosθ⋅√glsinθB. cosθ⋅√gl2sinθC. sinθ⋅√gl2cosθD. sinθ⋅√glcosθ5. 从高处抛出一物体，不计空气阻力，物体只在重力作用下的运动，称作抛体运动。
关于抛体运动，下列说法正确的是( )A. 一定是直线运动B. 一定是曲线运动C. 可能是匀速直线运动D. 一定是匀变速运动6. 质量为m的物体P置于倾角为θ1的固定光滑斜面上，轻细绳跨过光滑定滑轮分别连接着P与小车，P与滑轮间的细绳平行于斜面，小车以速率v水平向右做匀速直线运动，当小车与滑轮间的细绳和水平方向成夹角θ2时如图，下列判断正确的是( )A. P的速率为vB. P的速率vcosθ2C. 绳的拉力等于mgsinθ1D. 绳的拉力小于mgsinθ17. 如图所示，在一张白纸上放置一根直尺，沿直尺的边缘放置一块直角三角板。
将三角板沿直尺水平向右匀速直线运动，同时将一支铅笔从三角板直角边的最下端沿直角边向上运动，而且向上的速度越来越大，则铅笔在纸上留下的痕迹可能是( )A. B.C. D.8. 关于运动的合成与分解，下列说法正确的是①两个匀加速直线运动的合运动可能是曲线运动②两个互成角度的匀速直线运动的合运动一定是直线运动③两个直线运动的合运动一定是直线运动④两个初速度为零的匀加速直线运动互成角度，合运动一定是匀加速直线运动( )A. ①②④B. ①②③C. ①③④D. ②③④9. 如图所示，一个球绕中心轴线OO′以角速度ω转动，则( )A. 若θ=30∘，则v A：v B=1：2B. 若θ=30∘，则v A：v B=2：1C. A、B两点的角速度相等D. A、B两点的线速度相等10. 物体做匀速圆周运动的过程中，不发生变化的物理量是( )A. 合力B. 线速度C. 向心加速度D. 周期11. 如图所示，小球从倾角为θ的斜面顶端A点以速率v0做平抛运动，则下列说法正确的是( )A. 若小球落到斜面上，则v0越大，小球飞行时间越长B. 若小球落到斜面上，则v0越大，小球末速度与竖直方向的夹角越大C. 若小球落到水平面上，则v0越大，小球飞行时间越长D. 若小球落到水平面上，则v0越大，小球末速度与竖直方向的夹角越大12. 某质点做曲线运动时，下列说法正确的是( )A. 在某一点的速度方向是该点曲线的切线方向B. 在任意时间内位移大小总是大于路程C. 在任意时刻物体受到的合外力都指向轨迹线凹的一侧D. 速度的方向与合外力的方向必不在一直线上13. 如图，在斜面顶端以不同的初速度水平抛出几个小球，所有小球均落在斜面上。
安徽省阜阳市耀云中学2014-2021学年高一下学期第一次月考物理试卷 Word版含解析
安徽省阜阳市耀云中学2022-2021学年高一（下）第一次月考物理试卷一、单选题（本大题共6小题，共24.0分）1．（4分）如图所示，某人游珠江，他以肯定速度面部始终垂直河岸向对岸游去．江中各处水流速度相等，他游过的路程、过河所用的时间与水速的关系是（）A．水速大时，路程长，时间长B．水速大时，路程长，时间短C．水速大时，路程长，时间不变D．路程、时间与水速无关2．（4分）如图所示，在争辩平抛运动时，小球A沿轨道滑下，离开轨道末端（末端水平）时撞开接触开关S，被电磁铁吸住的小球B同时自由下落，转变整个装置的高度H做同样的试验，发觉位于同一高度的A、B两个小球总是同时落地，该试验现象说明白A球在离开轨道后（）A．水平方向的分运动是匀速直线运动B．水平方向的分运动是匀加速直线运动C．竖直方向的分运动是自由落体运动D．竖直方向的分运动是匀速直线运动3．（4分）一圆盘可绕通过圆盘中心O且垂直于盘面的竖直轴转动．在圆盘上放置一小木块A，它随圆盘一起做加速圆周运动（如图所示），则关于木块A的受力，下列说法正确的是（）A．木块A受重力、支持力和向心力B．木块A受重力、支持力和静摩擦力，摩擦力的方向指向圆心C．木块A受重力、支持力和静摩擦力，摩擦力的方向与木块运动方向相反D．木块A受重力、支持力和静摩擦力，摩擦力的法向分力供应向心力4．（4分）在匀速圆周运动中，下列物理量不变的是（）A．向心加速度B．线速度C．向心力D．角速度5．（4分）铁路转弯处的圆弧半径为R，内侧和外侧的高度差为h．L为两轨间的距离，且L＞h．假如列车转弯速率大于，则（）A．外侧铁轨与轮缘间产生挤压B．铁轨与轮缘间无挤压C．内侧铁轨与轮缘间产生挤压D．内、外铁轨与轮缘间均有挤压6．（4分）关于离心现象，下列说法中正确的是（）A．当物体所受离心力大于向心力时产生离心现象B．做匀速圆周运动的物体，当它所受的一切力都消逝时，它将做背离圆心的运动C．做匀速圆周运动的物体，当它所受的一切力都消逝时，它将沿切线做直线运动D．做匀速圆周运动的物体，当它所受的一切力都消逝时，它将做曲线运动二、多选题（本大题共4小题，共16.0分）7．（4分）下列关于物体的运动说法正确的是（）A．物体在恒力作用下，肯定做直线运动B．做匀速圆周运动的物体可能处于平衡状态C．物体在变力作用下有可能做匀速圆周运动D．物体在恒力作用下不行能做匀速圆周运动8．（4分）长为L的细绳，一端系一质量为m的小球，另一端固定于某点，当绳竖直时小球静止，现给小球一水平初速度v0，使小球在竖直平面内做圆周运动，并且刚好过最高点，则下列说法中正确的是（）A．小球过最高点时速度为零B．小球开头运动时绳对小球的拉力为mC．小球过最高点时绳对小球的拉力为mgD．小球过最高点时速度大小为9．（4分）铁路在弯道处的内外轨道凹凸是不同的，已知内外轨道对水平面倾角为θ，弯道处的圆弧半径为R，若质量为m的火车以速度v通过某弯道时，内、外轨道均不受侧压力作用，下面分析正确的是（）A．轨道半径B．C．若火车速度小于v时，外轨将受到侧压力作用，其方向平行轨道平面对内D．若火车速度大于v时，外轨将受到侧压力作用，其方向平行轨道平面对外10．（4分）小球A和B用细线连接，可以在光滑的水平杆上无摩擦地滑动，已知它们的质量之比m1：m2=3：1，当这一装置围着竖直轴做匀速转动且A．B两球与水平杆达到相对静止时（如图所示），A．B两球做匀速圆周运动的（）A．线速度大小相等B．角速度相等C．向心力的大小之比为F1：F2=3：1D．半径之比为r1：r2=1：3三、填空题（本大题共5小题，共20.0分）11．（4分）如图所示为用频闪摄影方法拍摄的争辩物体做平抛运动规律的照片．图中A、B、C为三个同时由同一点动身的小球．AA′为A球在光滑水平面上以速度υ运动的轨迹．BB′为B球以速度υ被水平抛出后的运动轨迹．CC′为C球自由下落的运动轨迹．通过分析上述三条轨迹可得出结论．12．（4分）如图所示，原长为L的轻质弹簧，劲度系数为k，一端系在圆盘的中心O，另一端系一质量为m 的金属球，不计摩擦，当盘和球一起旋转时弹簧伸长量为△L，则回旋转的向心加速度为，角速度为．13．（4分）如图所示是争辩平抛运动规律时描绘的物体运动的轨迹，在图上已建立了以cm为单位的直角坐标系，原点O为平抛运动的动身点．由图可知，物体做平抛运动的初速度v0=m/s；物体运动到P点时速度的大小v=m/s，这段时间内平抛运动的位移大小x=m．（g取10m/s 2）14．（4分）如图所示，皮带传动装置主动轮P和从动轮Q的半径之比为2：1，A、B两点分别在两轮边缘上，C点在P轮上到转轴距离是P 轮半径的，现主动轮P以转速n（r/s）的转速转动，则A、B、C三点的线速度大小之比为v A：v B：v C=，角速度大小之比ωA：ωB：ωC=．15．（4分）如图所示，汽车在倾斜的弯道上拐弯，弯道的倾角为θ，半径为r，则汽车完全不靠摩擦力转弯的速率是．四、计算题（本大题共4小题，共40.0分）16．（10分）一艘小船在100m宽的河中横渡到对岸，已知水流速度是3m/s，小船在静水中的速度是4m/s，求：（1）欲使船渡河时间最短，船应当怎样渡河？最短时间是多少？船经过的位移多大？（2）欲使航行距离最短，船应当怎样渡河？渡河时间多长？17．（10分）如图，排球场总长为18m，网高2.24m，女排竞赛时，某运动员进行了一次跳发球，若击球点恰在发球处底线上方3.04m高处，击球后排球以25.0m/s的速度水平飞出，球初速度方向与底线垂直，试计算说明：（1）此球是否能过网？（2）是否落在对方界内？不计空气阻力，取g=10m/s2．18．（10分）长L=0.5m的细绳拴着小水桶绕固定轴在竖直平面内转动，桶中有质量m=0.5kg的水，求：（1）在最高点时，水不流出的最小速率是多少？（2）在最高点时，若速率v=3m/s，水对桶底的压力多大？19．（10分）如图所示，一根长0.1m的细线，一端系着一个质量是0.18kg的小球，拉住线的另一端，使球在光滑的水平桌面上做匀速圆周运动，当小球的转速增加到原转速的3倍时，细线断裂，这时测得断前瞬间线的拉力比原来大40N，求：（1）线断裂的瞬间，线的拉力为多大；（2）这时小球运动的线速度为多大；（3）假如桌面高出地面0.8m，线断后小球飞出去落在离桌面的水平距离为多少的地方？（g取10m/s2）安徽省阜阳市耀云中学2022-2021学年高一（下）第一次月考物理试卷参考答案与试题解析一、单选题（本大题共6小题，共24.0分）1．（4分）如图所示，某人游珠江，他以肯定速度面部始终垂直河岸向对岸游去．江中各处水流速度相等，他游过的路程、过河所用的时间与水速的关系是（）A．水速大时，路程长，时间长B．水速大时，路程长，时间短C．水速大时，路程长，时间不变D．路程、时间与水速无关考点：运动的合成和分解．专题：运动的合成和分解专题．分析：运用运动的分解，人在垂直于河岸方向的分速度V人不变，设河宽为d，过河时间t=，与水速无关．解答：解：游泳者相对于岸的速度为他相对于水的速度和水流速度的合速度，水流速度越大，其合速度与岸的夹角越小，路程越长，但过河时间t=，与水速无关，故A、B、D均错误，C正确．故选C 点评：过河问题是运动的合成与分解部分典型题型．本题要留意题设条件：速度始终垂直河岸，否则结果会不同．2．（4分）如图所示，在争辩平抛运动时，小球A沿轨道滑下，离开轨道末端（末端水平）时撞开接触开关S，被电磁铁吸住的小球B同时自由下落，转变整个装置的高度H做同样的试验，发觉位于同一高度的A、B两个小球总是同时落地，该试验现象说明白A球在离开轨道后（）A．水平方向的分运动是匀速直线运动B．水平方向的分运动是匀加速直线运动C．竖直方向的分运动是自由落体运动D．竖直方向的分运动是匀速直线运动考点：平抛物体与自由落体同时落地；运动的合成和分解．分析：球A与球B同时释放，同时落地，由于B球做自由落体运动，A球做平抛运动，说明A球的竖直分运动与B球相同．解答：解：球A与球B同时释放，同时落地，时间相同；A球做平抛运动，B球做自由落体运动；将球A的运动沿水平方向和竖直方向正交分解，两个分运动同时发生，具有等时性，因而A球的竖直分运动与B球时间相等，转变整个装置的高度H做同样的试验，发觉位于同一高度的A、B两个小球总是同时落地，说明在任意时刻在两球同一高度，即A球的竖直分运动与B球完全相同，说明白平抛运动的竖直分运动是自由落体运动；故选C．点评：本题关键将平抛运动正交分解后抓住题中的“转变整个装置的高度H做同样的试验，发觉位于同一高度的A、B两个小球总是同时落地”，得出A球的竖直分运动与B球的运动相同．3．（4分）一圆盘可绕通过圆盘中心O且垂直于盘面的竖直轴转动．在圆盘上放置一小木块A，它随圆盘一起做加速圆周运动（如图所示），则关于木块A 的受力，下列说法正确的是（）A．木块A受重力、支持力和向心力B．木块A受重力、支持力和静摩擦力，摩擦力的方向指向圆心C．木块A受重力、支持力和静摩擦力，摩擦力的方向与木块运动方向相反D．木块A受重力、支持力和静摩擦力，摩擦力的法向分力供应向心力考点：向心力；牛顿其次定律．专题：牛顿其次定律在圆周运动中的应用．分析：物体做圆周运动，肯定要有外力来充当向心力，对物体受力分析，抓住径向和法向都有加速度，可以得出静摩擦力的方向．解答：解：木块随圆盘一起做加速圆周运动，则切向和法向都有合力，木块受的重力和支持力两个力平衡，可知静摩擦力沿半径方向的合力供应向心力，静摩擦力沿切线方向的产生切向加速度，依据平行四边形定则知，静摩擦力的方向不指向圆心．故D正确，A、B、C错误．故选：D．点评：解决本题的关键知道变速圆周运动在沿半径方向有合力，在切线方向也有合力，知道向心力的来源，靠径向的合力供应向心力．4．（4分）在匀速圆周运动中，下列物理量不变的是（）A．向心加速度B．线速度C．向心力D．角速度考点：匀速圆周运动．专题：匀速圆周运动专题．分析：匀速圆周运动的线速度大小不变，方向时刻转变，依据a=推断向心加速度是否转变．解答：解：A、依据a=知，向心加速度的大小不变，但方向始终指向圆心，时刻转变，故A错误；B、匀速圆周运动的线速度大小不变，方向转变，故B错误；C、向心力的大小不变，方向始终指向圆心，时刻转变，故C错误；D、匀速圆周运动的角速度大小不变，方向不变，故D正确；故选：D．点评：解决本题的关键知道角速度、线速度、向心加速度、向心力都是矢量，只要方向转变，该量发生转变．5．（4分）铁路转弯处的圆弧半径为R，内侧和外侧的高度差为h．L为两轨间的距离，且L＞h．假如列车转弯速率大于，则（）A．外侧铁轨与轮缘间产生挤压B．铁轨与轮缘间无挤压C．内侧铁轨与轮缘间产生挤压D．内、外铁轨与轮缘间均有挤压考点：向心力；牛顿其次定律．专题：牛顿其次定律在圆周运动中的应用．分析：假如列车转弯时铁轨与轮缘间无挤压，则火车在弯道处拐弯时火车的重力和轨道对火车的支持力的合力做为转弯需要的向心力，依据向心力公式解出此速度，再把实际速度与此速度进行比较分析，依据向心力公式即可求解．解答：解：若列车转弯时铁轨与轮缘间无挤压，则有：mgtanθ=m所以mg =m解得：v=假如列车转弯速率大于，重力和支持力的合力不够供应拐弯圆周运动的向心力，所以此时外轨对火车有指向圆心方向的支持力以补充拐弯的向心力即此时外轨对火车车轮有侧压力，故A正确．故选A点评：火车转弯主要是分析清楚向心力的来源，假如列车转弯时铁轨与轮缘间无挤压，则火车在弯道处拐弯时火车的重力和轨道对火车的支持力的合力做为转弯需要的向心力，难度不大，属于基础题．6．（4分）关于离心现象，下列说法中正确的是（）A．当物体所受离心力大于向心力时产生离心现象B．做匀速圆周运动的物体，当它所受的一切力都消逝时，它将做背离圆心的运动C．做匀速圆周运动的物体，当它所受的一切力都消逝时，它将沿切线做直线运动D．做匀速圆周运动的物体，当它所受的一切力都消逝时，它将做曲线运动考点：离心现象；牛顿其次定律；向心力．专题：牛顿其次定律在圆周运动中的应用．分析：做圆周运动的物体，在受到指向圆心的合外力突然消逝，或者不足以供应圆周运动所需的向心力的状况下，就做渐渐远离圆心的运动，这种运动叫做离心运动．全部远离圆心的运动都是离心运动，但不肯定沿切线方向飞出，做匀速圆周运动的物体，当它所受的一切力都消逝时，它将沿切线做直线运动．解答：解：A、离心力是不存在的，由于它没有施力物体．所以物体不会受到离心力，故A错误．BCD中、惯性：当物体不受力或受到的合外力为零时，物体保持静止或匀速直线运动状态．所以做匀速圆周运动的物体，当它所受的一切力都消逝时，由于惯性，物体连续保持该速度做匀速直线运动．故BD错误，C 正确．故选C点评：物体做离心运动的条件：合外力突然消逝或者不足以供应圆周运动所需的向心力，全部远离圆心的运动都是离心运动，但不肯定沿切线方向飞出．二、多选题（本大题共4小题，共16.0分）7．（4分）下列关于物体的运动说法正确的是（）A．物体在恒力作用下，肯定做直线运动B．做匀速圆周运动的物体可能处于平衡状态C．物体在变力作用下有可能做匀速圆周运动D．物体在恒力作用下不行能做匀速圆周运动考点：匀速圆周运动．专题：匀速圆周运动专题．分析：当物体所受的合力与速度方向在同一条直线上，做直线运动，不在同一条直线上，做曲线运动．匀速圆周运动的合外力供应向心力，是变力．解答：解：A、物体在恒力作用下，当恒力与速度方向不在同一条直线上，物体做曲线运动．比如平抛运动，故A错误．B、做匀速圆周运动的物体速度在变化，合外力不为零，处于非平衡状态，故B错误．C 、匀速圆周运动所受的合力始终指向圆心，是变力，则知物体在变力作用下有可能做匀速圆周运动，故C正确．D、匀速圆周运动的合外力供应向心力，是变力，则在恒力作用下物体不行能做匀速圆周运动．故D正确．故选：CD．点评：解决本题的关键把握物体做直线运动还是曲线运动的条件，关键看合外力与速度方向是否在同一条直线上．8．（4分）长为L的细绳，一端系一质量为m的小球，另一端固定于某点，当绳竖直时小球静止，现给小球一水平初速度v0，使小球在竖直平面内做圆周运动，并且刚好过最高点，则下列说法中正确的是（）A．小球过最高点时速度为零B．小球开头运动时绳对小球的拉力为mC．小球过最高点时绳对小球的拉力为mgD．小球过最高点时速度大小为考点：向心力．专题：匀速圆周运动专题．分析：小球在竖直平面内做圆周运动，刚好越过最高点，知在最高点绳子的拉力为零，靠重力供应向心力，依据牛顿其次定律求出最高点的速度．解答：解：小球刚好越过最高点，知绳子的拉力T=0，依据牛顿其次定律得：mg=m解得：v=，故D正确．故选：D点评：解决本题的关键知道“绳模型”最高点的临界状况，以及知道与“杆模型”的区分．9．（4分）铁路在弯道处的内外轨道凹凸是不同的，已知内外轨道对水平面倾角为θ，弯道处的圆弧半径为R，若质量为m的火车以速度v通过某弯道时，内、外轨道均不受侧压力作用，下面分析正确的是（）A．轨道半径B．C．若火车速度小于v时，外轨将受到侧压力作用，其方向平行轨道平面对内D．若火车速度大于v时，外轨将受到侧压力作用，其方向平行轨道平面对外考点：向心力；牛顿其次定律．专题：牛顿其次定律在圆周运动中的应用．分析：火车以轨道的速度转弯时，其所受的重力和支持力的合力供应向心力，先平行四边形定则求出合力，再依据依据合力等于向心力求出转弯速度，当转弯的实际速度大于或小于轨道速度时，火车所受的重力和支持力的合力不足以供应向心力或大于所需要的向心力，火车有离心趋势或向心趋势，故其轮缘会挤压车轮．解答：解：A、火车以某一速度v通过某弯道时，内、外轨道均不受侧压力作用，其所受的重力和支持力的合力供应向心力由图可以得出F合=mgtanθ（θ为轨道平面与水平面的夹角）合力等于向心力，故mgtanθ=m解得，故A错误，，故B正确；C、当转弯的实际速度小于规定速度时，火车所受的重力和支持力的合力大于所需的向心力，火车有向心趋势，故其内侧车轮轮缘会与铁轨相互挤压，内轨受到侧压力作用方向平行轨道平面对内，故C错误；D、当转弯的实际速度大于规定速度时，火车所受的重力和支持力的合力不足以供应所需的向心力，火车有离心趋势，故其外侧车轮轮缘会与铁轨相互挤压，外轨受到侧压力作用方向平行轨道平面对外，故D正确；故选BD．点评：本题关键抓住火车所受重力和支持力的合力恰好供应向心力的临界状况，计算出临界速度，然后依据离心运动和向心运动的条件进行分析．10．（4分）小球A和B用细线连接，可以在光滑的水平杆上无摩擦地滑动，已知它们的质量之比m1：m2=3：1，当这一装置围着竖直轴做匀速转动且A．B 两球与水平杆达到相对静止时（如图所示），A．B两球做匀速圆周运动的（）A．线速度大小相等B．角速度相等C．向心力的大小之比为F1：F2=3：1D．半径之比为r1：r2=1：3考点：向心力；牛顿其次定律．专题：牛顿其次定律在圆周运动中的应用．分析：两球同轴转动角速度相同，由绳子的拉力供应向心力，依据v=ωr比较线速度大小，依据F n=mω2r比较向心力大小，并求半径之比．解答：解：ABD、两球同轴转动角速度相同，由绳子的拉力供应向心力，则有：m1ω2r A=m2ω2r B解得半径之比为：==；依据v=ωr得线速度之比为1：3．故A错误，BD正确．C、由绳子的拉力供应向心力，绳子的拉力相等，所以向心力大小相等，向心力大小之比为F1：F2=1：1，故C错误．故选：BD．点评：本题关键是明确同轴转动角速度相同，然后结合向心加速度公式、向心力公式、角速度与线速度关系公式列式分析．三、填空题（本大题共5小题，共20.0分）11．（4分）如图所示为用频闪摄影方法拍摄的争辩物体做平抛运动规律的照片．图中A、B、C为三个同时由同一点动身的小球．AA′为A球在光滑水平面上以速度υ运动的轨迹．BB′为B球以速度υ被水平抛出后的运动轨迹．CC′为C 球自由下落的运动轨迹．通过分析上述三条轨迹可得出结论平抛运动的物体水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动．．考点：争辩平抛物体的运动．专题：试验题；平抛运动专题．分析：通ABC三个球运动的比对，分析B球做平抛运动两个方向的分运动的性质．解答：解：由题，A球沿水平方向做匀速直线运动，B球做平抛运动，C球做自由落体运动，通过对比看出，三个球运动的时间相同，所以说明平抛运动的物体水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动．故答案为：平抛运动的物体水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动．点评：本题通过试验现象总结试验规律，得出试验结论的力量．基础题．12．（4分）如图所示，原长为L的轻质弹簧，劲度系数为k，一端系在圆盘的中心O，另一端系一质量为m 的金属球，不计摩擦，当盘和球一起旋转时弹簧伸长量为△L，则回旋转的向心加速度为，角速度为．考点：牛顿其次定律；向心加速度；向心力．专题：牛顿其次定律在圆周运动中的应用．分析：小球做圆周运动所需的向心力由弹簧的拉力供应，依据牛顿其次定律求出物体的向心加速度，以及角速度．解答：解：弹簧的弹力F=k△L，则向心力大小为k△L，向心加速度a=．依据a=rω2=（L+△L）ω2，则ω=故答案为：．点评：解决本题的关键知道向心力的来源，依据牛顿其次定律求加速度，以及知道向心加速度与角速度的关系．13．（4分）如图所示是争辩平抛运动规律时描绘的物体运动的轨迹，在图上已建立了以cm为单位的直角坐标系，原点O为平抛运动的动身点．由图可知，物体做平抛运动的初速度v0=2m/s；物体运动到P点时速度的大小v=m/s，这段时间内平抛运动的位移大小x=m．（g取10m/s 2）考点：争辩平抛物体的运动．专题：试验题；平抛运动专题．分析：依据下降的高度求出平抛运动的时间，依据水平位移和时间求出初速度．依据速度时间公式求出P 点的竖直分速度，结合平行四边形定则求出P点的速度．依据水平位移和竖直位移求出这段时间内平抛运动的位移．解答：解：依据y=得，t=，则初速度．P点竖直分速度v yP=gt=10×0.2m/s=2m/s，依据平行四边形定则知，物体运动到P点的速度v=．这段时间内的位移s=．故答案为：2，，．点评：解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式机敏求解，基础题．14．（4分）如图所示，皮带传动装置主动轮P和从动轮Q的半径之比为2：1，A、B两点分别在两轮边缘上，C点在P轮上到转轴距离是P 轮半径的，现主动轮P以转速n（r/s）的转速转动，则A、B、C三点的线速度大小之比为v A：v B：v C=4：4：1，角速度大小之比ωA：ωB：ωC=1：2：1．考点：线速度、角速度和周期、转速．专题：匀速圆周运动专题．分析：A、C共轴转动，角速度相等，A、B靠传送带传动，线速度大小相等，依据v=rω得出A、B、C三点的线速度大小之比、角速度大小之比．解答：解：A、C共轴转动，角速度相等，由于A、C转动的半径之比为4：1，依据v=rω知，A、C两点的线速度大小之比为4：1，A、B两点靠传送带传动，线速度大小相等，A、B两点的半径之比为2：1，依据v=rω知，A、B两点的角速度之比为1：2，所以A、B、C三点的线速度大小之比为v A：v B：v C=4：4：1，角速度大小之比ωA：ωB：ωC=1：2：1．故答案为：4：4：1，1：2：1．点评：解决本题的关键知道共轴转动的点角速度大小相等，靠传送带传动轮子边缘的点，线速度大小相等，知道线速度、角速度的关系，并能机敏运用．15．（4分）如图所示，汽车在倾斜的弯道上拐弯，弯道的倾角为θ，半径为r，则汽车完全不靠摩擦力转弯的速率是．考点：向心力；牛顿其次定律．专题：牛顿其次定律在圆周运动中的应用．分析：汽车完全不依靠摩擦力转弯时所需的向心力由重力和路面的支持力的合力供应．依据牛顿其次定律得到转弯的速率．解答：解：汽车完全不依靠摩擦力转弯时所需的向心力由重力和路面的支持力的合力供应，力图如图．依据牛顿其次定律得：mgtanθ=m解得：v=故答案为：．点评：本题运用牛顿其次定律分析生活中的圆周运动，考查物理联系实际的力量，关键是分析物体受力状况，确定向心力的来源．四、计算题（本大题共4小题，共40.0分）16．（10分）一艘小船在100m宽的河中横渡到对岸，已知水流速度是3m/s，小船在静水中的速度是4m/s，求：（1）欲使船渡河时间最短，船应当怎样渡河？最短时间是多少？船经过的位移多大？（2）欲使航行距离最短，船应当怎样渡河？渡河时间多长？考点：运动的合成和分解．专题：运动的合成和分解专题．分析：（1）当船在垂直于河岸方向上的速度最大时，渡河时间最短，即为船头始终指向河对岸时，时间最短．用运动学公式即可得知渡河的最短时间，船还随河水向下运动，求出船随河水向下运动的位移，即可得知船的实际位移．（2）船垂直渡河时船的航程最短，此时船头要指向上游，并且沿河岸方向上的重量大小与水流的速度大小相等，对两个速度进行合成，利用运动学公式即可求得渡河时间．解答：解：（1）船渡河时间最短，就是在垂直于河岸方向上的速度最大，即为让船头始终指向对岸，渡河时间为：t min===25s船沿河流方向上的位移为：s=v水•t min=3×25=75m船经过的位移为：x===125m（2）要使船航程最短，即为让船垂直河岸渡河，船航行的实际速度垂直于河岸，如图所示设船在静水中的速度方向与河岸间的夹角为θ，船在静水中的速度沿河岸上的重量大小与水流的速度大小相等，方向相反，有：v静•cosθ=v水即为：cosθ=得：θ=arccos即为船头指向上游，与河岸间的夹角为arccos此时合速度为：v合===m/s渡河时间为：t===s答：（1）欲使船渡河时间最短，船头应始终指向河对岸，船经过的位移125m（2）欲使航行距离最短，船头应指向河上游，与河岸间的夹角为arccos，渡河时间为s．。
- 1、下载文档前请自行甄别文档内容的完整性，平台不提供额外的编辑、内容补充、找答案等附加服务。
- 2、"仅部分预览"的文档,不可在线预览部分如存在完整性等问题,可反馈申请退款(可完整预览的文档不适用该条件!)。
- 3、如文档侵犯您的权益，请联系客服反馈,我们会尽快为您处理(人工客服工作时间：9:00-18:30)。
萧县鹏程中学2021——2022学年度高一年级 第二学期第一次质量检测（实验班）物理试题分值：100分 时间：75分钟 命题范围：必修三第九、十两张一、选择题（1——8题为单选题，每题5分。
9、10两题为多项选择题，每题5分，选不全的得3分，错选不得分。
共50分）1、关于电场中的一些概念，有如下一些说法，其中正确的是（ ） A ．电荷在某点的电势能越大，则那点的电势一定高B ．等势面上各点的场强方向不一定相同，但场强大小一定相同C ．电场中某两点之间的电势差由电场决定，与零电势点的选择无关D ．处于静电平衡状态的导体内部场强处处为零，电势也都为零2、如图所示，A 、B 、C 三点为一直角三角形的三个顶点，30B ∠=︒，现在A 、B 两点放置两点电荷A q 、B q ，测得C 点场强的方向与AB 平行，且水平向左，则以下判断正确的是（ ） ①A q 带正电 ②A q 带负电 ③B q 带正电 ④B q 带负电 A ．①③ B ．①④ C ．②③ D ．②④3、如图所示，虚线a 、b 、c 是电场中的三个等势面，相邻等势面间的电势差相同，实线为一个带正电的质点仅在电场力作用下，通过该区域的运动轨迹，P 、Q 是轨迹上的两点．下列说法中不正确的是（ ）A ．三个等势面中，等势面a 的电势最高B ．带电质点通过P 点时的动能比Q 点大C ．带电质点通过P 点时的电势能比Q 点大D ．带电质点通过P 点时的加速度比Q 点大4、如图所示，匀强电场中的A 、B 、C 三点的连线构成边长为3a 的等边三角形．把带电量为e 的电子从A 移动到B ，电场力做正功W ；把电子从C 移到B ，电场力也做相等的正功W ，则下列说法中正确的是 （ ） A ．A,B,C 三点的电势关系为A B C ϕϕϕ>> B ．A,B,C 三点的电势关系为A C B ϕϕϕ=> C ．电场强度的方向与AB 垂直 D ．若场强与纸面平行，则场强大小等于23Wea5、某空间存在如图所示的电场，图中的虚线为电场的等势线。
一带电荷量为2e的粒子（不考虑所受重力）以某一速度从图中a点进入电场，其运动轨迹如图中实线所示，下列说法正确的是（）A．该粒子带正电B．粒子从a点运动到c点的过程中，电势能增大20eVC．该粒子经过f点时的加速度为0D．若粒子经过d点时的动能为12eV，则该粒子经过a点时的动能为2eV6、如图所示，平行板电容器带有等量异种电荷，与静电计相连，静电计金属外壳和电容器下极板都接地，在两极板间有一固定在P点的点电荷，以E表示两板间的电场强度，E p表示点电荷在P点的电势能，θ表示静电计指针的偏角。
若保持下极板不动，将上极板向下移动一小段距离至图中虚线位置，则（）A．θ增大，E增大B．θ减小，E p增大C．θ增大，E p不变D．θ减小，E不变7、空间有一沿x轴分布的电场，其电场强度E随x变化的图像如图所示，设电场强度沿x轴正方向时为正，x1和x2为x轴上的两点。
一正电荷（重力不计）沿x轴正方向由x1运动到x2过程中，下列说法正确的是（）A．该电荷所受的静电力先减小后增大B．电场强度先沿x轴负方向后沿x轴正方向C．该电荷的动能逐渐增大D．静电力先做正功后做负功8、如图（a）所示，两平行正对的金属板A、B间加有如图（b）所示的交变电压，一重力可忽略不计的带正电粒子被固定在两板的正中间P处。
若在t0时刻释放该粒子，粒子会时而向A板运动，时而向B板运动，并最终打在A板上。
则t0可能属于的时间段是（）A．0＜t0＜B．＜t0＜C．＜t0＜T D．T＜t0＜9、真空中的某装置如图所示，其中平行金属板A、B之间有加速电场，C、D之间有偏转电场，M为荧光屏。
今有质子、氘核和α粒子均由A板从静止开始被加速电场加速后垂直于电场方向进入偏转电场，最后打在荧光屏上。
已知质子、氘核和α粒子的质量之比为1∶2∶4，电荷量之比为1∶1∶2，则下列判断中正确的是（ ） A ．三种粒子从B 板运动到荧光屏经历的时间相同 B ．三种粒子打到荧光屏上的位置相同C ．偏转电场的电场力对质子、氘核和α粒子做功之比为1∶1∶2D ．三种粒子打到屏幕时的速度大小相等10、如图所示，一充电后与电源断开的平行板电容器的两极板水平放置，板长为L ，板间距离为d ，距板右端L 处有一竖直屏M ，一带电荷量为q 、质量为m 的质点以初速度0v 沿中线射入两板间，最后垂直打在M 上，则下列结论正确的是（已知重力加速度为g ）（ ） A ．整个过程中合外力对质点做负功 B ．两极板间电压为2mgd qC ．整个过程中质点的重力势能增加2220mg L vD ．若仅增大两极板间距，则该质点不可能垂直打在M 上二、填空题（每空2分，共12分，请将正确答案填入相应的空格内）11．下面三个图为探究平行板电容器电容大小因素的实验，清将正确的结论填在横线上，两平行板之间的电场可以视为匀强电场，给电容器充电后与电源断开，那么（1）若保持板间距离d 不变，正对面积S 变小，则两板电容C __________，板间电势差U __________．（填“变小”、“变大”或“不变”）（2）若保持S 不变，d 变大，两板电容C __________，板间电场强度E __________．（填“变小”、“变大”或“不变”）（3）若保持S 和d 都不变，插入介质板后，则板间电势差U __________，板间电场强度E __________．（填“变小”、“变大”或“不变”）三、计算题（第12题12分，第13题12分，第14题14分。
解题要有必要的文字表述和公式，只写最后结果的不得分）12、如图所示，桌面固定一半径 1.5m R =的14圆弧，圆弧下端与光滑水平桌面相切，桌面距地面高 1.25m h =，桌子右侧足够大的区域内存在方向水平向左，大小3610N/C E =⨯的匀强电场。
现将一带正电4510C -=⨯q 、质量0.2kg m =的小球，由圆弧最高端静止释放，小球滑至圆弧最低端速度为5m/s （重力加速度g取210m/s ，小球运动过程中电荷量不变），（1）小球沿圆弧下滑过程中，克服摩擦力做的功是多少？ （2）小球滑离桌面后，碰撞地面前，水平位移最大值是多少？13、一个电荷量为q ，质量为m 的带电粒子，由静止经电压为U 1的加速电场加速后，立即沿中心线12O O 垂直进入一个电压为U 2的偏转电场，然后打在垂直于12O O 放置的荧光屏上的P 点，偏转电场两极板间距为d ，极板长L ，极板的右端与荧光屏之间的距离也为L 。
整个装置如图示（不计粒子的重力）求： （1）判断离子的电性，求粒子出加速电场时的速度v ； （2）粒子出偏转电场时的偏移距离y； （3）P 点到2O 的距离'y14、如图所示，竖直固定的光滑绝缘圆轨道处于电场强度43mgE q =，水平方向的匀强电场中，轨道半径为R ，一质量为m 、电荷量为q 的带负电小球（可视为质点）在轨道内侧的P 点被绝缘挡板挡住不动，过P 点的轨道半径与竖直方向的夹角θ=37°，sin37°=0.6，cos37°=0.8，重力加速度为g 。
某时刻，沿轨道切线方向给小球一大小为v 0的速度释放，使小球恰能沿轨道做完整的圆周运动。
（1）求P 点速度v 0的大小；（2）求小球做圆周运动通过P 点时对轨道的压力大小。
萧县鹏程中学2021—2022学年度高一年级第二学期第一次质量检测物理答案（实验班）一、选择题（1——8题为单选题，每题5分。
9、10两题为多项选择题，每题5分，选不全的得3分，错选不得分。
共50分）二、填空题（请将答案填入相应的空格内，每空2分，共12分）11、（1） 减小 增大 （2）减小 不变 （3）减小 减小 三、计算题（第12题12分，第13题12分，第14题14分）12、【答案】 （1）0.5J （2）5m6【解析】（1）小球沿圆弧下滑过程，使用动能定理，得212f mgR W mv -=解得0.5JfW =小球沿圆弧下滑过程中，克服摩擦力做功0.5J 。
……………3分 （2）小球滑离桌面后，进入电场区域，竖直方向，自由落体运动212h gt =解得0.5s t =水平方向，受力x qE ma = 解得215m/s x a =水平方向速度减为0，所需时间01s 3x v t a ='=因为，'t t <，所以得出小球水平位移最大时，未落地，水平位移最大值22m x v x a =解得5m6m x = …………………………………………9分13、【答案】 （1）负电， （2）2214U L U d ；（3）22143U L U d【解析】（1）由于粒子向上偏转，故粒子带负电，由动能定理可得2112qU mv =所以粒子出加速电场时的速度为v =…………………………………………………………3分（2）偏转电场的电场强度为2U E d =粒子在偏转电场中的加速度为qE a m =粒子在水平方向做匀速直线运动L vt = 粒子在竖直方向做初速为零的匀加速直线运动212y at = 粒子出偏转电场时的偏移距离为2214y U L U d =………………………………………………………………6分（3）粒子离开偏转电场后做匀速直线运动，其沿着荧光屏方向的位移为212L aL y at v v =⨯=所以P 点到O 2的距离为1221'34U L y U y y d =+= ………………………………………………………3分 14、（1）由于小球带负电，所受电场力方向水平向左，小球在复合场中做圆周运动的等效最低点在A 点，如图 由tan qE mg α=，43mgE q =解得53α=︒A 点关于O 点对称的B 点是复合场中小球做圆周运动的等效最高点，小球恰能沿轨道做完整的圆周运动，则在B 点小球所受合力()()225=3F mg qE mg +=合因此2B 53v mg m R =解得B 53v gR =小球从从P 点运动到B 点，由动能定理()()22B 011cos53cos37sin 53sin 3722mg R R qE R R mv mv -︒+︒-︒-︒=-解得0v =……………………………………………………10分（2）P 点小球受重力、电场力、轨道的压力为T ，如图则20cos37cos53v T mg qE mR -︒+︒= 解得5T mg =由牛顿第三定律可知，小球做圆周运动通过P 点时对轨道的压力大小为5mg 。
………………4分。