【期末试卷】湖北省孝感市八校2017-2018学年高二上学期期末考试物理试题Word版含答案
2018-2019学年湖北省孝感市汉川回龙中学高二物理上学期期末试卷含解析
2018-2019学年湖北省孝感市汉川回龙中学高二物理上学期期末试卷含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. 一中学生为即将发射的“神州八号”飞船设计了一个可测定竖直方向加速度的装置，其原理可简化如图，拴在竖直弹簧上的重物与滑动变阻器的滑动头连接，该装置在地面上静止时其电压表的指针指在表盘中央的零刻度处，在零刻度的两侧分别标上对应的正、负加速度值，当加速度方向竖直向上时电压表的示数为正．这个装置在“神州八号”飞船发射、运行和回收过程中，下列说法中正确的是：A．飞船在竖直减速上升的过程中，处于失重状态，电压表的示数为负B．飞船在竖直减速返回地面的过程中，处于超重状态，电压表的示数为正C．飞船在圆轨道上运行时，电压表的示数为零D．飞船在圆轨道上运行时，电压表的示数为负参考答案：ABD2. 放射性原子核发生一次a衰变后：A、核的电荷数少1，质量数少1B、核的电荷数多1，质量数多1C、核的电荷数少2，质量数少4D、核的电荷数少2，质量数少2参考答案：B3. 如图,A、B两物体叠放在水平地面上,B与水平地面间的动摩擦因数μ=0.50,A物体质量m=20kg,B物体质量M=20kg.处于水平位置的轻弹簧一端固定于墙壁,另一端与A物体相连，弹簧处于自然状态(原长)，其劲度系数为250N／m。
现用一水平推力F作用于物体B上，使A、B两物体一起缓慢地向墙壁移动(物体A、B始终保持相对静止)，当移动0.4m时(g取10m/s2) : （）A.水平推力F大小为100NB.水平推力F大小为200NC.A、B间摩擦力为250ND.A、B间摩擦力为100N参考答案：C4. 根据安培假设的思想，认为磁场是由于运动电荷产生的，这种思想如果对地磁场也适用，而目前在地球上并没有发现相对地球定向移动的电荷，那么由此判断，地球应该（）A．带负电 B．带正电 C．不带电 D．无法确定参考答案：A5. 两个相同的带异种电荷的导体小球所带电荷量的比值为1∶3，相距为r时相互作用的库仑力的大小为F，今使两小球接触后再分开放到相距为2r处，则此时库仑力的大小为：A． B． C．D．参考答案：A二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 如图，电路中有四个完全相同的灯泡，额定电压均为U，额定功率为P，变压器为理想变压器，现在四个灯泡都正常发光，则电源电压U0为__________，电源的输出功率P0为__________。
湖北省孝感市八校2017-2018学年高二上学期期末考试数学(理)试题+Word版含答案
2017-2018学年度上学期孝感市八校教学联盟期末联合考试高二理科数学试卷第Ⅰ卷 选择题（共60分）一、选择题：本大题共12小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.1.一个单位有职工200人，其中有业务员120人，管理人员50人，后勤服务人员30人，要从中抽取一个容量为20的样本，用分层抽样的方法抽取样本，则在20人的样本中应抽取管理人员人数为（ ）A ．3B ．4C ．5D ．62.若2132020x x C C -+=，则x 的值为（ ） A ．4 B ．4或5 C ．6 D ．4或63.459和357的最大公约数是（ ）A ．3B ．9C ．17D ．514.从装有6个红球和5个白球的口袋中任取4个球，那么下列是互斥而不对立的事件是（ ）A ．至少一个红球与都是红球B ．至少一个红球与至少一个白球C. 至少一个红球与都是白球D ．恰有一个红球与恰有两个红球5.某中学高三年级从甲、乙两个班级各选出7名学生参加数学竞赛，他们取得的成绩（满分100分）的茎叶图如图，其中甲班学生的平均分是84，乙班学生成绩的中位数是85.则2x y +的值为（ ）A ．10B ．12 C.13 D ．156.已知x 与y 之间的一组数据，已求得关于y 与x 的线性回归方程为 3.20.3y x ∧=-，则m 的值为（ ）A ．2B ．3 C.4 D ．57.程序框图如下图所示，当1516A =时，输出的k 的值为（ ）A ．14B ．15 C.16 D ．178.设随机变量(,)B n p ξ ，且() 3.2E ξ=，() 1.92D ξ=，则（ ）A ．8,0.4n p ==B ．4,0.4n p == C. 8,0.6n p ==D ．4,0.8n p ==9.将一颗骰子连续抛掷2次，则向上的点数之和为6的概率为（ ）A ．19B ．536 C. 16 D ．112 10.已知012233444n n n nC C C C -+-++ (1)4729n n n n C -=，则12n n n nC C C +++ 的值等于（ ）A ．64B ．32 C.63 D ．3111.如图，圆C 内切于扇形AOB ，3AOB π∠=，若在扇形AOB 内任取一点，则该点不在圆C 内的概率为（ ）A ．16B ．23 C. 13 D ．3412.从0，1，2，3，4，5这六个数中取两个奇数和两个偶数组成没有重复数字的四位数的个数是（ ）A ．300B ．216 C.180 D ．162第Ⅱ卷 非选择题（共90分）二、填空题：本题共4小题，每小题5分.请将答案填在答题卡对应题号的位置上，答错位置、书写不清、模棱两可均不得分.13.二进制数(2)1010110化为十进制数是 ． 14.61(2)x x -展开式的常数项为 ．15.已知随机变量ξ服从正态分布2(1,)N σ，若P(3)0.028ξ>=，则P(11)ξ-≤≤= ．16.一盒子中装有6只产品，其中4只一等品，2只二等品，从中取产品两次，每次任取1只，做不放回抽样.则在第一次取到的是一等品的条件下，第二次取到的是二等品的概率为 ．三、解答题 ：本大题共6小题，共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.17.3名男生4名女生站成一排，求满足下列条件的排法共有多少种？（1）任何2名女生都不相邻，有多少种排法？（2）男生甲、乙相邻，有多少种排法？（结果用数字表示）18.设函数22()(,)f x x bx c b c R =++∈.（1）若b 和c 分别是先后抛掷一枚骰子得到的点数，求对任意x R ∈，()0f x >恒成立的概率；（2）若b 是从区间[0,10]任取的一个数，c 是从[0,4]任取的一个数，求函数()f x 的图像与x 轴有交点的概率.19.已知2n （2n ≥且n N +∈）的展开式中前三项的系数成等差数列. （1）求展开式中二项式系数最大的项；（2）求展开式中所有的有理项.20.某手机卖场对市民进行华为手机认可度的调查，随机抽取200名市民，按年龄（单位：岁）进行统计的频数分布表和频率分布直方图如下：（1）求频率分布表中x y、的值，并补全频率分布直方图；（2）利用频率分布直方图估计被抽查市民的平均年龄（3）从年龄在[25,30)，[30,35)的被抽查者中利用分层抽样选取10人参加华为手机用户体验问卷调查，再从这10人中选出2人，求这2人在不同的年龄组的概率.21.甲、乙两人做定点投篮游戏，已知甲每次投篮命中的概率均为p，甲投篮3次均未命中的概率为127，乙每次投篮命中的概率均为q，乙投篮2次恰好命中1次的概率为12，甲、乙每次投篮是否命中相互之间没有影响.（1）若乙投篮3次，求至少命中2次的概率；（2）若甲、乙各投篮2次，设两人命中的总次数为X，求X的分布列和数学期望.22.心理学家发现视觉和空间能力与性别有关，孝感市黄陂路高中数学兴趣小组为了验证这个结论，从兴趣小组中抽取50名同学（男30女20），给所有同学几何题和代数题各一题，让各位同学自由选择一道题进行解答.选题情况如下表：（单位：人）（1）能否据此判断有97.5%的把握认为视觉和空间能力与性别有关？（2）以上列联表中女生选做几何题的频率作为概率，从该校1500名女生中随机选6名女生，记6名女生选做几何题的人数为X ，求X 的数学期望()E X 和方差()D X .附表：参考公式：22()()()()()n ad bc K a b c d a c b d -=++++，其中n a b c d =+++.试卷答案一、选择题1-5:CDDDB 6-10:BBABC 11、12：CC二、填空题13. 86 14.-160 15.0.472 16. 25三、解答题17.解析:（1）3名男生全排，再把4名女生插在男生的4个空中即可3434144A A =（2）26261440A A =18.解析：（1）设“对任意x R ∈，()0f x >恒成立”为事件A ，试验的结果总数为6636⨯=种.事件A 发生则2240b c ∆=-<，∴2b c <，从而事件A 所含的结果有(1,1),(1,2),(1,3),(1,4),(1,5),(1,6)，(2,2),(2,3),(2,4),(2,5),(2,6)，(3,2),(3,3),(3,4),(3,5),(3,6)，(4,3),(4,4),(4,5),(4,6)，(5,3),(5,4),(5,5),(5,6)，(6,4),(6,5),(6,6)共27种.273()364P A == （2）设“函数()f x 的图像与x 轴有交点”为事件B ，事件B 发生，则2240b c ∆=-≥，∴2b c ≥又试验的所有结果构成的区域{(,)|010,04}b c b c Ω=≤≤≤≤如图长方形区域；事件B 所含的结果构成的区域为{(,)|010,04,2}b c b c b c Ω=≤≤≤≤≥如图阴影部分区域，1(210)42432()104405P B +⨯===⨯19.解析：∵0n C ，112n C ⋅，221()2n C ⋅成等差， ∴10214n n n C C C =+∴8n = （1）818(2rr r r T C -+==516681()2r r r C x -(0,1,28)r = ， ∴4r =时，二项式系数最大 即二项式系数最大项为235358T x =. （2）由5166r Z -∈，知2r =或8， ∴有理项为37T x =，49256x T = 20.解析：（1）由图知，(2530)0.0150.05P x ≤<=⨯=，故2000.0510x =⨯=； (3035)1P x ≤<=-(0.050.350.30.1)+++10.80.2=-=故2000.240y =⨯=， 其0.20.045==频率组距 （2）平均年龄为27.50.0532.50.2⨯+⨯+37.50.3542.50.3⨯+⨯47.50.138.5+⨯=（3）由分层抽样得，从年龄在[25,30)，[30,35)中分别抽取的人数为2人，8人 两人不在同组的概率为21282101645C C P C ==21.解析：（1）由题意，31(1)27p -=，121(1)2C q q -=解得23p =，12q = 设“乙投篮3次，至少2次命中”为事件A ， 则22331111()()(1)()2222P A C =-+= （2）由题意X 的取值为0，1，2，3，4.22211(0)(1)()3236P X ==-⨯=； 111222(1)[()(1)]33P X C ==⨯⨯-022********[()](1)[()]2326C C ⨯⨯+-⨯⨯=； 2221(2)()()32P X ==⨯+1111222221[()(1)][()]332C C ⨯⨯-⨯⨯22222113(1)[()]3236C +-⨯⨯=； 212221(3)()[()]32P X C ==⨯⨯111222211[()(1)]()3323C +⨯⨯-⨯= 22211(4)()()329P X ==⨯=. 故X 的分布列为1113()01236636E X =⨯+⨯+⨯11734393+⨯+⨯=. 22.解析：（1）由表中数据得2K 的观测值22()()()()()n ad bc k a b c d a c b d -=++++50(221288) 5.556 5.024********⨯⨯-⨯=≈>⨯⨯⨯， ∴根据统计有97.5%的把握认为视觉和空间能力与性别有关（2）由图表知这20位女生选择几何题的频率为82205P == 由题意知X 服从2(6,)5B ， 则212()655E X np ==⨯= 2336()(1)65525D X np P =-=⨯⨯=.。
湖北省孝感市2017-2018学年八年级上学期期末考试物理试题(解析版)
2017-2018学年湖北省孝感市八年级（上）期末物理试卷一、选择题1. 如图所示的光现象中，与小孔成像的原理相同的是（）A. B. C. D.【答案】D【解析】小孔成像的原理是光沿直线传播。
A.倒影的形成是光的反射，不同；B.看见不发光的物体，是光的反射，不同；C.池水变浅，是光的折射，不同；D.激光引导掘进机前进，是光沿直线传播，相同。
故选D.2. 冬天，汽车前挡风玻璃常出现一层“雾气”，影响了驾驶。
按一下除雾开关，从玻璃下方吹出一股风，“雾气”即刻消失。
下列说法错误的是（）A. “雾气”是水蒸气液化形成的小水珠B. “雾气”附着在挡风玻璃的内侧C. 吹出的风增大了“雾气”的表面积，使其蒸发加快D. 吹出的风加快了“雾气”表面的空气流动，使其蒸发加快【答案】C【解析】“雾气”是可以看到的，阻挡我们视线的物质，是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水珠，A说法正确；“雾气”是高温部分的空气中的水蒸气遇冷液化，故应该附着在玻璃温度高的一侧，即附着在挡风玻璃的内侧，B说法正确；吹出的风增大了“雾气”表面的空气流动，使其蒸发加快，C说法错误，D说法正确；答案选C。
3. 在玉树地震救援中，采用了音频生命探测仪，（如图所示），它的多个探头接触废墟，收集废墟下幸存者的微弱呼救声。
呼吸声、心跳声等，生命探测仪将音频放大，救援人员就可以发现幸存者。
下列说法错误的是（）A. 探测仪收集声音信号时利用了固体可以传声B. 幸存者发出的声音与外界噪音的音调、音色不同C. 幸存者能听到探测仪发出的超声波D. 白天噪声较大，探测仪更适合在安静的夜晚使用【答案】C【解析】试题分析：解决此类问题的关键是知道声音的传播条件是可以在气体、固体、液体中传播，且声音在固体中的传播速度大于在气体中的传播速度，同时了解声音的三个特性以及超声波的概念．解：A、探测仪通过探头将声音传到人耳，利用了固体可以传声的原理．故A正确，不符合题意．B、根据声音的三个特征：音调、响度及音色，人耳能分辨发声体的不同．故B正确，不符合题意．C、超声波是指频率高于人的听觉上限的声波，人耳不能听到．故C错误．符合题意．D、白天受噪声的干扰不如夜晚听得清楚．故D正确，不符合题意．故选C．【点评】解决此类问题的关键是知道声音的传播条件和在不同的介质中的传播速度不同．同时还考查了声音特征的应用，要会利用声音解决实际问题．4. 为了规范交通行为，南宁市公安部门在很多路口安装监控摄像头，如图所示，它可以拍下违章行驶或发生交通事故时的现场照片。
湖北省孝感市七校教学联盟高二物理上学期期末考试试题
2016～2017学年度上学期孝感市七校教学联盟期末联合考试一、选择题（本题共10小题，每小题5分，共50分. 1--6题为单选题，7--10题为多选题，全部选对得5分，选对但不全得3分，选错或不答得0分）1． 在物理学发展过程中，观测、实验、假说和逻辑推理等方法都起到了重要作用．下列叙述不符合史实的是( )A ．奥斯特在实验中观察到电流的磁效应，该效应揭示了电和磁之间存在联系B ．安培根据通电螺线管的磁场和条形磁铁的磁场的相似性，提出了分子电流假说C ．法拉第在实验中观察到在通有恒定电流的静止导线附近固定导线圈中会出现感应电流D ．楞次在分析了许多实验事实后提出，感应电流应具有这样的方向，即感应电流的磁场总要阻碍引起感应电流的磁通量的变化2. 如图所示，三个等势面电势为φ1、φ2、φ3，上有a 、b 、c 、d 四点，若将一正电荷由c 经a 移到d ，电场力做正功W 1，若由c 经b 移到d ，电场力做正功W 2，则( ) A ．W 1>W 2 φ1>φ 2 B ．W 1<W 2 φ1<φ2 C ．W 1＝W 2 φ1<φ2 D ．W 1＝W 2 φ1>φ2 3．对电容C ＝QU ，以下说法正确的是( )A ．电容器充电电荷量越多，电容增加越大B ．电容器的电容跟它两极板间所加电压成反比C ．电容器的电容越大，所带电荷量就越多D ．对于确定的电容器，它所充的电荷量跟它两极板间所加电压的比值保持不变4．三个阻值都是6 Ω的电阻可以用不同的方法连接起来，如图的四个图中等效电阻(即总电阻)等于4 Ω的是( )5. 如图所示，一带负电的金属环绕轴OO′以角速度ω匀速旋转，在环左侧轴线上的小磁针最后平衡的位置是( )A ．N 极竖直向上B ．N 极竖直向下C ．N 极沿轴线向左D ．N 极沿轴线向右6. 联合国安理会每个常任理事国都拥有否决权，只要常任理事国有一个反对，提案就不能通过．假设设计一个表决器，常任理事国投反对票时输入“0”，投赞成或弃权时输入“1”，提案通过为“1”，通不过为“0”，则这个表决器应具有哪种逻辑关系( )A．“与”门 B．“非”门 C．“或”门 D．“与非”门7.下列关于磁感应强度的方向和电场强度的方向的说法，正确的是( )A．电场强度的方向与电荷的受力方向相同B．电场强度的方向与负电荷的受力方向相反C．磁感应强度的方向与小磁针北极的受力方向相同D．磁感应强度的方向与小磁针北极偏转的方向相同8. 通电矩形导线框abcd与无限长通电直导线MN在同一平面内，电流方向如图所示，ab边与MN平行．关于MN的磁场对线框的作用，下列叙述正确的是( )A．线框有两条边所受的安培力方向相同B．线框有两条边所受的安培力大小相同C．线框所受安培力的合力向左D．线框将绕MN转动9.如图所示，表面粗糙的斜面固定于地面上，并处于方向垂直纸面向外、磁感应强度为B的匀强磁场中，质量为m、带电荷量为＋Q的小滑块从斜面顶端由静止下滑．在滑块下滑的过程中，下列判断正确的是( )A．滑块受到的摩擦力不变B．滑块到达地面时的动能与B的大小无关C．滑块受到的洛伦兹力方向垂直斜面向下D．滑块最终可能会沿斜面做匀速直线运动10.一匀强磁场，磁场方向垂直于纸面，规定向里为正方向，在磁场中有一金属圆环，圆环平面位于纸面内，如图甲所示．现令磁感应强度B随时间变化，先按如图乙所示的Oa图线变化，后来又按照图线bc、cd变化，令E1、E2、E3分别表示这三段变化过程中的感应电动势的大小，I1、I2、I3分别表示对应的感应电流，则( ) A．E1>E2，I1沿逆时针方向，I2沿顺时针方向B．E1<E2，I1沿逆时针方向，I2沿顺时针方向C．E1<E2，I2沿顺时针方向，I3沿顺时针方向D．E3＝E2，I2沿顺时针方向，I3沿逆时针方向二、实验题（18分）11.(10分)(1)用多用电表的欧姆挡测量阻值约为几十千欧的电阻Rx，以下给出的是可能的实验操作步骤，其中S为选择开关，P为欧姆挡调零旋钮，你认为正确的步骤是________________． (填步骤前字母)(4分)A．将两表笔短接，调节P使指针对准刻度盘上欧姆挡的零刻度，断开两表笔B．将两表笔分别连接到被测电阻的两端，读出Rx的阻值后，断开两表笔C．旋转S使其尖端对准欧姆挡“×1 k”D．旋转S使其尖端对准欧姆挡“×100”E．旋转S使其尖端对准“交流500 V”挡，并拔出两表笔(2)根据图所示指针位置，此被测电阻的阻值约为________Ω. (2分)(3)关于用多用电表欧姆挡测电阻，下列说法中正确的是( )(4分)A．测量电阻时如果指针偏转过大，应将选择开关S拨至倍率较小的挡位，重新调零后测量B．测量电阻时，如果红、黑表笔分别插在负、正插孔，则会影响测量结果C．测量电路中的某个电阻，应该把该电阻与电路断开D．测量阻值不同的电阻时都必须重新欧姆调零12．(8分)某班同学在探究感应电流产生的条件时，做了如下实验：探究Ⅰ：如图甲所示，先将水平导轨、导体棒ab放置在磁场中，并与电流表组成一闭合回路．然后进行如下操作：①ab与磁场保持相对静止；②让导轨与ab一起平行于磁感线运动；③让ab做切割磁感线运动．探究Ⅱ：如图乙所示，将螺线管与电流表组成闭合回路．然后进行如下操作：①把条形磁铁放在螺线管内不动；②把条形磁铁插入螺线管；③把条形磁铁拔出螺线管．探究Ⅲ：如图丙所示，螺线管A、滑动变阻器、电源、开关组成一个回路；A放在螺线管B内，B与电流表组成一个闭合回路．然后进行如下操作：①闭合和断开开关瞬间；②闭合开关，A中电流稳定后；③闭合开关，A中电流稳定后，再改变滑动变阻器的阻值．可以观察到：(请在(1)(2)(3)中填写探究中的序号)(1)在探究Ⅰ中，________闭合回路会产生感应电流；(2分)(2)在探究Ⅱ中，________闭合回路会产生感应电流；(2分)(3)在探究Ⅲ中，________闭合回路会产生感应电流；(2分)(4)从以上探究中可以得到的结论是：当_______时，闭合回路中就会产生感应电流．(2分)三、计算题（本题共3小题，共32分。
孝感市高中物理高二物理上学期精选试卷检测题
孝感市高中物理高二物理上学期精选试卷检测题一、第九章 静电场及其应用选择题易错题培优（难）1．如图所示，在圆心为O 、半径为R 的圆周上等间距分布着三个电荷量均为q 的点电荷a 、b 、c ，其中a 、b 带正电，c 带负电。
已知静电力常量为k ，下列说法正确的是（ ）A ．a 受到的库仑力大小为2233kq RB ．c 受到的库仑力大小为2233kqRC ．a 、b 在O 3kq，方向由O 指向c D ．a 、b 、c 在O 点产生的场强为22kqR，方向由O 指向c 【答案】BD 【解析】 【分析】 【详解】AB ．根据几何关系得ab 间、bc 间、ac 间的距离3r R =根据库仑力的公式得a 、b 、c 间的库仑力大小22223q q F k k r R==a 受到的两个力夹角为120︒，所以a 受到的库仑力为223a q F F k R==c 受到的两个力夹角为60︒，所以c 受到的库仑力为233c kq F F == 选项A 错误，B 正确；C ．a 、b 在O 点产生的场强大小相等，根据电场强度定义有02q E kR = a 、b 带正电，故a 在O 点产生的场强方向是由a 指向O ，b 在O 点产生的场强方向是由b 指向O ，由矢量合成得a 、b 在O 点产生的场强大小2q E k R=方向由O →c ，选项C 错误；D ．同理c 在O 点产生的场强大小为02qE k R=方向由O →c运用矢量合成法则得a 、b 、c 在O 点产生的场强22qE k R'=方向O →c 。
选项D 正确。
故选BD 。
2．如图所示,内壁光滑的绝缘半圆容器静止于水平面上，带电量为q A 的小球a 固定于圆心O 的正下方半圆上A 点；带电量为q ,质量为m 的小球b 静止于B 点，其中∠AOB =30°。
由于小球a 的电量发生变化，现发现小球b 沿容器内壁缓慢向上移动，最终静止于C 点(未标出)，∠AOC =60°。
湖北省孝感市重点高中协作体20172018学年高二物理下学期期末联考试卷(含解析).doc
湖北省孝感市重点高中协作体2017-2018学年高二下学期期末联考物理试题选择题：本题共12小题，每小题4分，共48分。
在每小题给出的四个选项中，第1〜7题只有一项符合题目要求，第8〜12题有多项符合题目要求。
全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分。
1. 关于光电效应，下列说法正确的是A. 光电子的最大初动能与入射光的频率成正比B. 光的频率一定时，入射光越强，饱和电流越大C. 光的频率一定时，入射光越强，遏止电压越大D. 光子能量与光的速度成正比【答案】B【解析】根据光电效应方程，得知光电子的最大初动能与入射光的频率、金属的逸出功都有关，与入射光的强度无关,。
但是最大初动能不与入射光的频率成正比。
所以A错误。
又根据知遏止电压与光的频率有光，与光的强度无关。
所以C错。
而如果光的频率一定，入射光越强，则饱和光电流越大。
所以B正确。
光子的能量为所以光子的能量与光的频率成正比。
所以D错误。
故选择B。
【点睛】入射光的强度越多，单位时间内射到金属上的光子数越多，产生光电效应时，单位时间内发射的光电子数越多；根据光电效应方程，可知道光电子的最大初动能与什么因素有关．2. 如图所示，在竖直向下的匀强磁场中有一根水平放置的通电长直导线，电流方向向左，abcdef是与直导线在同一平面内关于直导线对称的正六边形，且与磁场方向平行，下列关于各点的磁感应强度大小与方向的说法主确的是A. a、d两点的磁场方向相同B. b、e两点的磁场方向相同C. a点的磁感应强度大于b点的磁感应强度D. a点的磁感应强度大于f点的磁感应强度【答案】C【解析】根据安培定则知，通电直导线周围的磁场中，a、b、c三点的磁场方向都是垂直直面向里的，d、e、f都是垂直直面向外的。
再加上原磁场，根据矢量合成知. a、d两点的磁场方向不同，b、e两点的磁场方向不同。
所以A 、B错误。
又根据距离导线的距离相同，电流产生的磁感应强度大小相同，距离导线越近，磁感应强度越大。
湖北省孝感市八校教学联盟2017-2018学年高一物理下学期期末联合考试试题(含解析)
湖北省孝感市八校教学联盟2017—2018学年度高一下学期期末联合考试物理试卷―、选择题（共10小题，每小题4分，共40分。
其中8、9、10为多选题，全部答对得4分，选不全得2分，错选或是多选得0分）1. 关于宇宙速度的说法,正确的是( )A. 第一宇宙速度是地球同步卫星的发射速度B. 第一宇宙速度是人造地球卫星运行时的最大速度C. 人造地球卫星运行时的速度介于第一宇宙速度和第二宇宙速度之间D. 第三宇宙速度是物体逃离地球的最小速度【答案】B【解析】AB：物体在地面附近绕地球做匀速圆周运动的速度叫做第一宇宙速度，第一宇宙速度是人造卫星的最小发射速度，同时也是人造地球卫星的最大运行速度。
故A项错误，B项正确。
C：人造地球卫星运行时的速度小于第一宇宙速度，故C项错误。
D：第二宇宙速度是物体逃离地球的最小速度，故D项错误。
点睛：第一宇宙速度是环绕星体表面运行卫星的速度，是所有绕星体做圆周运动的卫星最大运行速度，也是发射星体卫星所需要的最小地面发射速度。
2. 如图所示，小朋友在弹性较好的蹦床上跳跃翻腾，尽情玩耍．在小朋友接触床面向下运动的过程中，床面对小朋友的弹力做功情况是( )A. 先做负功，再做正功B. 先做正功，再做负功C. 一直做正功D. 一直做负功【答案】D【解析】在小朋友接触床面向下运动的过程中，床面对小朋友的弹力方向向上，力的方向与运动方向相反，床面对小朋友的弹力一直做负功。
故D项正确，ABC三项错误。
3. 在下列情况中，汽车对拱形桥顶部的压力最小的是（）A. 以较小的速度驶过半径较大的桥B. 以较小的速度驶过半径较小的桥C. 以较大的速度驶过半径较大的桥D. 以较大的速度驶过半径较小的桥【答案】D【解析】汽车做圆周运动，重力和支持力的合力提供向心力，根据牛顿第二定律，有根据牛顿第三定律，有：N=N′；联立解得：N′=mg；要增加压力，要减小速度，增加半径，故压力最大的是以较小的速度通过半径较大的凸形桥；故A正确，BCD错误；故选A．点睛：本题考察了生活中的圆周运动，解决圆周运动问题的关键是对物体正确受力分析，列向心力公式求解．4. 若有一艘宇宙飞船在某一行星表面做匀速圆周运动，设其周期为T，引力常量为G，那么该行星的平均密度为( )D.【答案】A【解析】设飞船的质量为m，它做匀速圆周运动的半径为行星半径R，则2R，所以行星的质量MρB项正确5. 物体受到两个互相垂直的作用力而运动，已知力F1做功8J，物体克服力F2做功6J，则力F1、F2的合力对物体做功( )A. 14JB. 10JC. 2JD. －2J【答案】C【解析】由于功为标量，F1、F2C正确。
湖北省孝感市汉川二中2017-2018学年高二上学期期中物理试题 Word版含解析
2017-2018学年湖北省孝感市汉川二中高二（上）期中物理试卷一、选择题（共10小题，每小题3分，满分30分）1．比值定义法是物理学中一种重要的定义物理量的方法，下列不属于比值定义法表达式的是（）A．R=B．C=C．E=D．B=2．真空中两个点电荷相距r时，静电力为F，如果将它们的电量均增大为原来的3倍，距离也增大为原来的2倍时，则静电力将为（）A．B．C．F D．4F3．两个相同的圆形线圈，通以方向相同但大小不同的电流I1和I2，如图所示．先将两个线圈固定在光滑绝缘杆上，问释放后它们的运动情况是（）A．相互吸引，电流大的加速度大B．相互吸引，加速度大小相等C．相互排斥，电流大的加速度大D．相互排斥，加速度大小相等4．两根由同种材料制成的均匀电阻丝A、B并联在电路中，A的长度为L，直径为d；B的长度为2L，直径为2d，那么通电后在相同的时间内产生的热量之比为（）A．Q A：Q B=2：1 B．Q A：Q B=1：2 C．Q A：Q B=1：1 D．Q A：Q B=4：15．在如图所示的电路中，当滑动变阻器的滑动片向下移动时，关于电灯L的亮度及电压表的读数变化，判断正确的是（）A．L变暗，减小B．L变暗，增大C．L变亮，增大D．L变亮，减小6．如图所示电路中，电源电动势E=6V，内阻r=1Ω．D为直流电动机，其线圈电阻R=2Ω，限流电阻R′=3Ω．当电动机正常工作时，电压表示数为0.3V．则电动机的输出功率是（）A．0.56w B．0.54w C．0.57w D．0.60w7．一根通有恒定电流的直铜棒MN，用软导线挂在方向垂直纸面向内的身强磁场中，如图所示．此时悬线中的张力大于零而小于铜棒的重力．为了使得悬线中的张力等于零，下列措施中正确的是（）A．不改变电流方向，适当增大电流强度B．使电流方向相反，适当减小电流强度C．不改变电流方向，适当增大磁感强度D．使电流方向相反，适当减小磁感强度8．如图所示为两个不同闭合电路中两个不同电源的图象，则下列说法中正确的是（）A．电动势E1=E2，发生短路时的电流I1＞I2B．电动势E1=E2，内阻r1＜r2C．当电源的工作电流变化相同时，电源2的路端电压变化较小D．当这两个电源分别接相同的外电阻时，电源1的输出功率较大9．如图所示，虚线a、b、c代表静电场中的三个等势面，它们的电势分别为φa，φb和φc，φa＞φb＞φc．一带正电的粒子射入电场中，其运动轨迹如图中实线KLMN所示，由图可知（）A．粒子从K到L过程中，电场力做负功B．粒子从L到K过程中，电场力做负功C．粒子从K到L过程中，电势能增加D．粒子从L到K过程中，动能减少10．如图所示，水平放置的平行板电容器，上板带负电，下板带正电，带电小球以速度v0水平射入电场，且沿下板边缘飞出．若下板不动，将上板上移一小段距离，小球仍以相同的速度v0从原处飞入，则带电小球（）A．将打在下板中央B．仍沿原轨迹由下板边缘飞出C．不发生偏转，沿直线运动D．若上板不动，将下板上移一段距离，小球可能打在下板的中央二、实验题（本题共16分）11．一多用电表的电阻挡有三个倍率，分别是×1、×10、×100．用×10挡测量某电阻时，操作步骤正确，发现表头指针偏转角度很小，为了较准确地进行测量，应换到挡．如果换挡后立即用表笔连接待测电阻进行读数，那么缺少的步骤是，若补上该步骤后测量，表盘的示数如图所示，则该电阻的阻值是Ω．12．（10分）（2018•天津模拟）某同学要探究一种新材料制成的圆柱体的电阻．步骤如下：①用游标为20分度的卡尺测量其长度如图1，由图可知其长度为mm．②用螺旋测微器测量其直径如图2，由图可知其直径为cm．③用多用电表的电阻“×10”挡，按正确的操作步骤测此圆柱体的电阻，表盘的示数如图3，则该电阻的阻值约为Ω．④该同学想用伏安法更精确地测量上述电阻R，现有的器材及其代号和规格如下：电流表A1（量程0～4mA，内阻约50Ω）电流表A2（量程0～10mA，内阻约30Ω）电压表V（量程0～3V，内阻约10kΩ）直流电源E（电动势4V，内阻不计）滑动变阻器R1（阻值范围0～15Ω，允许通过的最大电流2.0A）滑动变阻器R2（阻值范围0～20kΩ，允许通过的最大电流0.5A）待测圆柱体电阻R 开关S 导线若干为使实验误差较小，要求测得多组数据进行分析，请在图4的方框中画出测量的电路图，并标明所用器材的代号．三、计算题（共34分）13．（10分）（2018秋•汉川市校级期中）如图所示，一带电荷量为+q、质量为m的小物块处于一倾角为37°的光滑斜面上，当整个装置被置于一水平向右的匀强电场中，小物块恰好静止．重力加速度取g，sin 37°=0.6，cos 37°=0.8．求：（1）水平向右的电场的电场强度；（2）若将电场强度减小为原来的，小物块的加速度是多大．14．（12分）（2018秋•汉川市校级期中）如图所示电路中，电源的电动势ε=16V，电阻R1=R2=R3=10Ω，电源内阻r=1Ω．求下述各种情况中电压表的示数（电压表的内阻非常大，流过电压表的电流可忽略不计）．（1）电键S接在a点．（2）电键S断开．（3）电键S接在b点．15．（12分）（2018秋•汉川市校级期中）电子从静止出发被1137.5V的电压加速，然后进入另一个电场强度为5000N/C的匀强偏转电场，进入时的速度方向与偏转电场的方向垂直．已知偏转电极长6cm，电子电量e=1.6×10﹣19C，质量m=9.1×10﹣31㎏．（电子重力不计）求：（1）电子离开加速电场时的速度大小．（2）离开偏转电场时速度方向与离开加速电场时速度方向偏向角的正切值．2017-2018学年湖北省孝感市汉川二中高二（上）期中物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（共10小题，每小题3分，满分30分）1．比值定义法是物理学中一种重要的定义物理量的方法，下列不属于比值定义法表达式的是（）A．R=B．C=C．E=D．B=考点：物理学史．分析：比值法定义就是应用两个物理量的比值来定量研究第三个物理量，而定义出来的新的物理量反映物质属性或特征．解答：解：A、R=是电阻的决定式，不属于比值定义法，故A错误．B、电容C由电容器本身的特性决定，与Q、U无关，符合比值定义法的共性，所以C=属于比值法定义，故B正确．C、电场强度反映电场本身的特性，与F、q无关，符合比值定义法的共性，所以E=属于比值法定义，故C正确．D、磁感应强度的大小由磁场本身决定，与放入磁场中导线长度和电流的大小无关，磁感应强度B=采用的是比值定义法，故D正确．本题选不属于比值定义法的，故选：A．点评：中学物理中，有相当数量的物理量是采用“比值法”定义的，关键掌握比值法定义法的共性，来理解各个物理量的意义．2．真空中两个点电荷相距r时，静电力为F，如果将它们的电量均增大为原来的3倍，距离也增大为原来的2倍时，则静电力将为（）A．B．C．F D．4F考点：库仑定律．分析：根据点电荷库仑力的公式F=k可以求得改变之后的库仑力的大小．解答：解：由点电荷库仑力的公式得F=k如果将它们所带的电量都增大为原来的2倍，同时将它们之间的距离也增大为原来的2倍，则F′=k=F，所以B正确、ACD．故选：B．点评：本题就是对库仑力公式的直接考查，掌握住公式就很容易分析了．3．两个相同的圆形线圈，通以方向相同但大小不同的电流I1和I2，如图所示．先将两个线圈固定在光滑绝缘杆上，问释放后它们的运动情况是（）A．相互吸引，电流大的加速度大B．相互吸引，加速度大小相等C．相互排斥，电流大的加速度大D．相互排斥，加速度大小相等考点：平行通电直导线间的作用．分析：同向电流相互吸引，异向电流相互排斥，根据牛顿第二定律比较两个线圈的加速度大小．解答：解：两个圆形线圈，电流同向，根据同向电流相互吸引，异向电流相互排斥，知两线圈相互吸引．因为线圈1对线圈2的力和线圈2对线圈1的力大小相等，方向相反，根据牛顿第二定律知，加速度大小相等．故B正确，A、C、D错误．故选B．点评：解决本题的关键掌握同向电流、异向电流的关系．同向电流相互吸引，异向电流相互排斥．4．两根由同种材料制成的均匀电阻丝A、B并联在电路中，A的长度为L，直径为d；B的长度为2L，直径为2d，那么通电后在相同的时间内产生的热量之比为（）A．Q A：Q B=2：1 B．Q A：Q B=1：2 C．Q A：Q B=1：1 D．Q A：Q B=4：1考点：焦耳定律；串联电路和并联电路．专题：恒定电流专题．分析：根据电阻定律，求出A、B电阻丝的电阻比，电阻丝A、B并联，电压相等，根据Q=求出相同时间内产生的热量之比．解答：解：同种材料制成的均匀电阻丝A、B，A的长度为L，直径为d；B的长度为2L，直径为2d，根据电阻定律，知R A：R B=2：1，电阻丝A、B并联，电压相等，根据Q=，在相等时间内产生的热量之比Q A：Q B=1：2．故B正确，A、C、D错误．故选B．点评：解决本题的关键掌握电阻定律，以及焦耳定律Q=I2Rt，在纯电阻中，公式可以转化为．5．在如图所示的电路中，当滑动变阻器的滑动片向下移动时，关于电灯L的亮度及电压表的读数变化，判断正确的是（）A．L变暗，减小B．L变暗，增大C．L变亮，增大D．L变亮，减小考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：当滑动变阻器的滑动片向下移动时，变阻器接入电路的电阻减小，分析外电路总电阻的变化，得到干路电流和路端电压的变化，则可分析灯L亮度和电压表示数的变化．解答：解：当滑动变阻器的滑动片向下移动时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，由闭合电路欧姆定律得知，干路电流增大，电源的内电压增大，则路端电压减小，而灯L两端的电压等于路端电压，所以L变暗．由于总电流增大，通过L的电流减小，则根据并联电路的规律可知，通过R1的电流增大，R1的电压增大，故增大，故B正确．故选：B点评：本题是电路动态分析问题，按“局部→整体→局部”的思路进行分析．6．如图所示电路中，电源电动势E=6V，内阻r=1Ω．D为直流电动机，其线圈电阻R=2Ω，限流电阻R′=3Ω．当电动机正常工作时，电压表示数为0.3V．则电动机的输出功率是（）A．0.56w B．0.54w C．0.57w D．0.60w考点：电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：电动机与电阻串联，根据欧姆定律求解电流；根据P=UI求解输入到电动机的电功率；根据P出=UI﹣I2r求解输出功率．解答：解：通过电动机的电流I与流过限流电阻R′的电流相同，由I==═0.1 A 由E=Ir+U+U D可得电动机两端电压：U D=E﹣Ir﹣U=6 V﹣0.1×1 V﹣0.3 V=5.6 V所以电动机输入的电功率：P入=U D I=0.56 W电动机的发热功率：P热=I2R=0.02 W电动机的输出功率：P出=P入﹣P热=0.54 W故选：B点评：在计算电功率的公式中，总功率用P=IU来计算，发热的功率用P=I2R来计算，如果是计算纯电阻的功率，这两个公式的计算结果是一样的，但对于电动机等非纯电阻，第一个计算的是总功率，第二个只是计算发热的功率，这两个的计算结果是不一样的．7．一根通有恒定电流的直铜棒MN，用软导线挂在方向垂直纸面向内的身强磁场中，如图所示．此时悬线中的张力大于零而小于铜棒的重力．为了使得悬线中的张力等于零，下列措施中正确的是（）A．不改变电流方向，适当增大电流强度B．使电流方向相反，适当减小电流强度C．不改变电流方向，适当增大磁感强度D．使电流方向相反，适当减小磁感强度考点：安培力．分析：开始棒子受重力、向上的安培力、绳子的拉力处于平衡，通过共点力平衡判断使得张力等于零的措施．解答：解：棒子开始受重力、向上的安培力、绳子的拉力处于平衡．A、不改变电流方向，适当增大电流的大小，根据F=BIL知，安培力增大，则绳子的张力变小，可能会变为零．故A正确．B、使原来电流反向，安培力反向，则拉力增大．故B错误；C、不改变电流方向，适当增加电流的大小，根据F=BIL知，安培力增大，则绳子的张力会变为零．故C正确．D、使原来电流反向，安培力反向，则拉力增大．故D错误；故选：AC．点评：解决本题的关键掌握安培力的大小公式，以及会运用左手定则判断安培力的方向，通过共点力平衡进行分析．8．如图所示为两个不同闭合电路中两个不同电源的图象，则下列说法中正确的是（）A．电动势E1=E2，发生短路时的电流I1＞I2B．电动势E1=E2，内阻r1＜r2C．当电源的工作电流变化相同时，电源2的路端电压变化较小D．当这两个电源分别接相同的外电阻时，电源1的输出功率较大考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：根据闭合电路欧姆定律，路端电压为：U=E﹣Ir；U﹣I图象中与U轴的交点表示电源的电动势，与I轴的交点表示短路电流，斜率表示内阻．解答：解：A、B、U﹣I图象中与U轴的交点表示电源的电动势，斜率表示内阻，则知电动势E1=E2，内阻r1＜r2，U﹣I图象与I轴的交点表示短路电流，故发生短路时的电流I1＞I2，故AB正确；C、根据U=E﹣Ir可知，△U=r•△I，内阻r1＜r2，故当电源的工作电流变化相同时，电源2的路端电压变化较大，故C错误；D、电源的输出功率P=UI，当U1=U2时，I1＞I2，所以电源1的输出功率大于电源2的输出功率．故D正确．故选：ABD．点评：本题考查了闭合电路电源的U﹣I图象的相关知识，要求同学们理解U﹣I图象中与U 轴的交点表示电源的电动势，与I轴的交点表示短路电流，斜率表示内阻．9．如图所示，虚线a、b、c代表静电场中的三个等势面，它们的电势分别为φa，φb和φc，φa＞φb＞φc．一带正电的粒子射入电场中，其运动轨迹如图中实线KLMN所示，由图可知（）A．粒子从K到L过程中，电场力做负功B．粒子从L到K过程中，电场力做负功C．粒子从K到L过程中，电势能增加D．粒子从L到K过程中，动能减少考点：电势能；电势．专题：电场力与电势的性质专题．分析：根据轨迹的弯曲判断出电荷的受力，通过电场力做功判断电势能的变化，以及根据动能定理，通过电场力做功判断动能的变化．解答：解：A、由轨迹弯曲方向可知粒子受到的是斥力，粒子从K到L的过程中，电场力方向与运动方向相反，电场力做负功．故A正确．BC、粒子从L到K过程中，电场力做正功，动能增大，故BD错误．C、粒子从K到L的过程中，电场力做负功，电势能增加．故C正确．故选：AC．点评：解决本题的关键知道电场力做功与电势能的关系，电场力做正功，电势能减小，电场力做负功，电势能增加．10．如图所示，水平放置的平行板电容器，上板带负电，下板带正电，带电小球以速度v0水平射入电场，且沿下板边缘飞出．若下板不动，将上板上移一小段距离，小球仍以相同的速度v0从原处飞入，则带电小球（）A．将打在下板中央B．仍沿原轨迹由下板边缘飞出C．不发生偏转，沿直线运动D．若上板不动，将下板上移一段距离，小球可能打在下板的中央考点：带电粒子在匀强电场中的运动；电容器的动态分析．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：将电容器上板向上移动一段距离，电容器所带的电量Q不变，根据电容器的定义式导出电场强度的变化，判断粒子的运动情况．解答：解：ABC、将电容器上板向上移动一段距离，电容器所带的电量Q不变，由于：E===，由公式可知当d增大时，场强E不变，以相同的速度入射的小球仍按原来的轨迹运动，故A错误，B正确，C错误．D、若上板不动，将下板上移一段距离时，根据推论可知，板间电场强度不变，粒子所受的电场力不变，粒子轨迹不变，小球可能打在下板的中央，故D正确．故选：BD点评：注意当电容器与电源断开时，电容器所带的电量是定值不变，当电容器与电源相连时，电容器两端电压为定值．二、实验题（本题共16分）11．一多用电表的电阻挡有三个倍率，分别是×1、×10、×100．用×10挡测量某电阻时，操作步骤正确，发现表头指针偏转角度很小，为了较准确地进行测量，应换到×100挡．如果换挡后立即用表笔连接待测电阻进行读数，那么缺少的步骤是重新进行欧姆调零，若补上该步骤后测量，表盘的示数如图所示，则该电阻的阻值是2100 Ω．考点：用多用电表测电阻．专题：实验题．分析：用欧姆表测电阻，应选择适当的档位，使指针指在中央刻度线附近，欧姆表换挡后要重新进行欧姆调零；欧姆表指针示数与档位的乘积是欧姆表示数．解答：解：用×10挡测量某电阻时，操作步骤正确，发现表头指针偏转角度很小，说明所选档位太小，为了较准确地进行测量，应换到×100挡．如果换挡后立即用表笔连接待测电阻进行读数，那么缺少的步骤是：重新进行欧姆调零，由图示表盘可知，该电阻的阻值是21×100=2100Ω．故答案为：×100；重新进行欧姆调零；2100；点评：本题考查了欧姆表档位的选择与欧姆表读数、欧姆表使用注意事项，用欧姆表测电阻，应选择适当的档位，使指针指在中央刻度线附近，欧姆表换挡后要重新进行欧姆调零；欧姆表指针示数与档位的乘积是欧姆表示数．12．（10分）（2018•天津模拟）某同学要探究一种新材料制成的圆柱体的电阻．步骤如下：①用游标为20分度的卡尺测量其长度如图1，由图可知其长度为50.15 mm．②用螺旋测微器测量其直径如图2，由图可知其直径为0.4700 cm．③用多用电表的电阻“×10”挡，按正确的操作步骤测此圆柱体的电阻，表盘的示数如图3，则该电阻的阻值约为220 Ω．④该同学想用伏安法更精确地测量上述电阻R，现有的器材及其代号和规格如下：电流表A1（量程0～4mA，内阻约50Ω）电流表A2（量程0～10mA，内阻约30Ω）电压表V（量程0～3V，内阻约10kΩ）直流电源E（电动势4V，内阻不计）滑动变阻器R1（阻值范围0～15Ω，允许通过的最大电流2.0A）滑动变阻器R2（阻值范围0～20kΩ，允许通过的最大电流0.5A）待测圆柱体电阻R 开关S 导线若干为使实验误差较小，要求测得多组数据进行分析，请在图4的方框中画出测量的电路图，并标明所用器材的代号．考点：伏安法测电阻．专题：实验题．分析：（1）游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读．（2）螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．（3）欧姆表读数等于表盘示数乘以倍率；（4）结合电源电动势的值选择电压表量程，估测电路中的最大电流后选择电流表量程；伏安法测电阻，题目要求较精确测量，选择滑动变阻器分压接法，另还需注意电流表内接外接的选择．解答：解：①游标卡尺的读数：游标卡尺主尺读数为5cm=50mm，游标读数为3×0.05mm=0.15mm 所以最终读数为50+0.15=50.15mm；②螺旋测微器固定刻度读数为4.5mm，可动刻度读数为20.0×0.01mm，最终读数为4.5+0.200=4.700mm；③欧姆表读数等于：R=22×10=220Ω；④电源电动势为4V，若选择15V量程，则最大示数不足电表量程的三分之一，故为了减小误差应选择3V量程的V1，则电路中的最大电流I==≈15mA，故选择电流表A2，滑动变阻器起分压作用，为了方便调节选择小阻值即可R1；=≈500Ω＞220Ω，故被测电阻属于小电阻，电流表应选外接法；又题目要求尽量精确测量故变阻器应用分压式接法，电路图如图所示：故答案为：①50.15 ②0.4700 ③220 ④如图所示．点评：当待测电阻阻值远小于电压表内阻时，电流表应选外接法；当滑动变阻器最大阻值远小于待测电阻值时或要求电流从零调时，滑动变阻器应用分压式．三、计算题（共34分）13．（10分）（2018秋•汉川市校级期中）如图所示，一带电荷量为+q、质量为m的小物块处于一倾角为37°的光滑斜面上，当整个装置被置于一水平向右的匀强电场中，小物块恰好静止．重力加速度取g，sin 37°=0.6，cos 37°=0.8．求：（1）水平向右的电场的电场强度；（2）若将电场强度减小为原来的，小物块的加速度是多大．考点：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用；共点力平衡的条件及其应用；电场强度．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：（1）对小物块进行受力分析，小物块受重力、斜面支持力和电场力三个力作用，电场力水平向右，根据小物块受力平衡列方程可求电场力的大小，在匀强电场中电场力F=qE，在已知F和q的情况下，可以计算出E．（2）电场强度减小为原来的，则小物块受到的电场力减小为原来的，物块受到的重力不变，支持力方向不变，小物块在垂直于斜面方向所受合力为0，平行于斜面的方向的合力使物块产生加速度．解答：解：（1）建立如图所示坐标系，对物体进行受力分析，根据平衡列方程：在x轴方向：F合x=Fcosθ﹣mgsinθ=0在y轴方向：F合y=F N﹣mgcosθ﹣Fsinθ=0联列代入θ=37°得：F=在电场中电场力F=qE可得电场强度E==．（2）建立如图所示坐标系对物体受力分析有：物体在x轴方向所受的合外力为：F合x=Fcosθ﹣mgsinθ=ma由此得物体产生的加速度为：又因为电场强度变为原来的，所以此时物体受到的电场力F=qE′=则物体产生的加速度（负号表示方向沿x轴负方向）所以物体产生的加速度的大小为0.3g．答：（1）水平向右的电场的电场强度E=；（2）若将电场强度减小为原来的，小物块的加速度是0.3g．点评：正确的受力分析，根据平衡列方程可得电场力F的大小，又因电场力F=qE，正确的受力分析并列出方程是解题的关键．14．（12分）（2018秋•汉川市校级期中）如图所示电路中，电源的电动势ε=16V，电阻R1=R2=R3=10Ω，电源内阻r=1Ω．求下述各种情况中电压表的示数（电压表的内阻非常大，流过电压表的电流可忽略不计）．（1）电键S接在a点．（2）电键S断开．（3）电键S接在b点．考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：（1）电键S接a点时，电阻R1和电压表被短路，电压表示数为0；（2）S断开时，R1、R2串联，电压表测量R1、两端的电压，根据闭合电路欧姆定律列式．（3）S接b时：R2、R3并联后与，R1串联，根据闭合电路欧姆定律列式，联立方程即可求．解答：解：（1）电键S接a点时，电阻R1和电压表被短路，电压表示数为0；（2）S断开时，R1、R2串联，电压表测量R1、两端的电压，则有：R外=R1+R2…①由欧姆定律得：I=…②电压表的示数：U=IR1…．③联立①②③解之得：U==7.62V（3）S接b时：R2、R3并联后与，R1串联，则有：R总=r+R1+…④由欧姆定律得：I=I=…⑤电压表的示数：U=IR1…．⑥联立④⑤⑥解之得：U=10V答：电键S接在a点，电键S断开，电键S接在b点上时电压表的示数分别为：0V；7.62V；10V点评：对于复杂电路一般先进行电路的简化，明确电路的结构，然后再利用欧姆定律及串并联电路的特点求解即可．15．（12分）（2018秋•汉川市校级期中）电子从静止出发被1137.5V的电压加速，然后进入另一个电场强度为5000N/C的匀强偏转电场，进入时的速度方向与偏转电场的方向垂直．已知偏转电极长6cm，电子电量e=1.6×10﹣19C，质量m=9.1×10﹣31㎏．（电子重力不计）求：（1）电子离开加速电场时的速度大小．（2）离开偏转电场时速度方向与离开加速电场时速度方向偏向角的正切值．考点：带电粒子在匀强电场中的运动；动能定理．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：（1）粒子经过加速电场时加速，由动能定理可以解得其获得的速度．（2）粒子垂直进入偏转电场做类平抛运动，把其分解为水平方向的匀速直线运动，竖直方向的匀加速直线运动．由牛顿第二定律和运动学公式结合求解．解答：解：（1）对直线加速过程，由动能定理有：所以：==2×107m/s（2）偏转电场中做类似平抛运动，故：L=υ0tv y=故速度方向偏向角的正切值：tanθ=====答：（1）电子离开加速电场时的速度大小为2×107m/s．（2）离开偏转电场时速度方向与离开加速电场时速度方向偏向角的正切值为．点评：把类平抛运动分解成水平方向的匀速直线运动，竖直方向的匀加速直线运动，结合牛顿第二定律和匀变速直线运动规律解题．。
孝感市高中物理高二物理上学期精选试卷检测题
孝感市高中物理高二物理上学期精选试卷检测题一、第九章静电场及其应用选择题易错题培优（难）1．如图所示，y轴上固定有两个电荷量相等的带正电的点电荷，且关于坐标原点O对称。
某同学利用电场的叠加原理分析在两电荷连线的中垂线（x轴）上必定有两个场强最强的点A、'A，该同学在得到老师的肯定后又在此基础上作了下面的推论，你认为其中正确的是（）A．若两个点电荷的位置不变，但电荷量加倍，则x轴上场强最大的点仍然在A、'A两位置B．如图(1)，若保持两个点电荷的距离不变、并绕原点O旋转90°后对称的固定在z轴上，则x轴上场强最大的点仍然在A、'A两位置C．如图(2)，若在yoz平面内固定一个均匀带正电圆环，圆环的圆心在原点O。
直径与(1)图两点电荷距离相等，则x轴上场强最大的点仍然在A、'A两位置D．如图(3)，若在yoz平面内固定一个均匀带正电薄圆板，圆板的圆心在原点O，直径与(1)图两点电荷距离相等，则x轴上场强最大的点仍然在A、'A两位置【答案】ABC【解析】【分析】【详解】A．可以将每个点电荷（2q）看作放在同一位置的两个相同的点电荷（q），既然上下两个点电荷（q）的电场在x轴上场强最大的点仍然在A、A＇两位置，两组点电荷叠加起来的合电场在x轴上场强最大的点当然还是在A、A＇两位置，选项A正确；B．由对称性可知，保持两个点电荷的距离不变、并绕原点O旋转90°后对称的固定在z轴上，则x轴上场强最大的点仍然在A、'A两位置，选项B正确；C．由AB可知，在yOz平面内将两点电荷绕O点旋转到任意位置，或者将两点电荷电荷量任意增加同等倍数，在x轴上场强最大的点都在A、A＇两位置，那么把带电圆环等分成一些小段，则关于O点对称的任意两小段的合电场在x轴上场强最大的点仍然还在A、A＇两位置，所有这些小段对称叠加的结果，合电场在x轴上场强最大的点当然还在A、A＇两位置，选项C正确；D．如同C选项，将薄圆板相对O点对称的分割成一些小块，除了最外一圈上关于O点对称的小段间距还是和原来一样外，靠内的对称小块间距都小于原来的值，这些对称小块的合电场在x轴上场强最大的点就不再在A、A＇两位置，则整个圆板的合电场在x轴上场强最大的点当然也就不再在A、A＇两位置，选项D错误。
湖北省孝感市八校2017-2018学年高二上学期期末考试数学(文)试题+Word版含答案
2017-2018学年度上学期孝感市八校教学联盟 期末联合考试 高二文科数学试卷 第Ⅰ卷 选择题（共60分） 一、选择题：本大题共12小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.
1.命题“对任意xR，都有210xx”的否定为（ ） A．对任意xR，都有210xx B．不存在xR，使得210xx C．存在0xR，使得20010xx D．存在0xR，使得20010xx 2.若复数z满足(12)2izi，则|z|（ ）
A．25 B．1 C．415 D．41 3.余弦函数是偶函数，2()cos(1)fxx是余弦函数，因此2()cos(1)fxx是偶函数，以上推理（ ） A．结论不正确 B．大前提不正确 C．小前提不正确 D．全不正确 4.袋中装有3个黑球，4个白球，从中任取4个球，则 ①至少有1个白球和至少有1个黑球； ②至少有2个白球和恰有3个黑球； ③至少有1个黑球和全是白球； ④恰有1个白球和至多有1个黑球. 在上述事件中，是互斥事件但不是对立事件的为（ ） A．① B．② C. ③ D．④ 5.下列命题中为真命题的是（ ）
A．命题“若21x，则1x”的逆命题 B．命题“若xy，则||xy”的否命题 C.命题“若2x，则220xx”的逆命题 D．命题“若1x，则21x”的逆否命题 6.①已知322pq，求证2pq，用反正法证明时，可假设2pq；②设a为实数，2()fxxaxa，求证|(1)|f与|(2)|f中至少有一个小于12，用反证法证明时可假设1|(1)|2f，且1|(2)|2f，以下说法正确的是（ ） A．①与②的假设都错误 B．①与②的假设都正确 C. ①的假设正确，②的假设错误 D．①的假设错误，②的假设正确 7.下列各数中，最大的是（ ） A．(2)101010 B．(3)111 C. (4)32 D．(7)54 8.执行如图所示的程序框图，若输出k的值为10，则判断框内可填入的条件是（ ）
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一、选择题(共10小题，每小题5分，共50分.其中1-7小题只有一个选项正确，8-10小题
有多个选项正确，全选对得5分，选对但不全得3分，有选错的得0分)
1.如图所示，匀强电场场强E=200V/m，A、B两点相距10cm，A、B连线与电场线夹角为60°，
则ABU之值为
A.-20V
B.20V
C.10V
D.203V
2.图中实线为一簇电场线，虚线是一带电粒子从电场中的A点运动到B点的运动轨迹。粒子
只受电场力作用，下列说法正确的是
A.粒子带正电
B.粒子在A 点的速度大小大于在B 点的速度大小
C.粒f在A 点的加速度大小小于在8 点的加速度大小
D.粒了在A 点的电势能大于在B点的电势能
3.电路中如果电动势为4V的电源在电路上输出2A的电流，下面说法一定正确的是
A.内、外电阻之和是2Ω B.外电阻是2Ω
C.电源总功率为8W D.内、外电阻之差是2Ω
4.如图所示，电源内阻不可忽略。电路中接有一小灯泡和一电动机.小灯泡L上标有“6V 6W”
字样，电动机的线圈电阻MR=12Ω.若灯泡正常发光时，电源的输出电压为16V，此时
A.电动机的输入功本为16W
B.电动机的输出功率为10W
C.电动机的热功率为1W
D.整个电路消耗的电功率为16W
5.如图所示电路中，R为某种半导体气敏元件，其阻值随周围环境一氧化碳气体浓度的增大而
减小，当一氧化碳气体浓度增大时，下列说法中正确的是
A.电压表V示数增大
B.电流表A示数减小
C.电路的总功率减小
D.变阻器1R的取值越大，电压表示数变化越明显
6.如图所示，有一固定在水平地面上的倾角为θ的光滑斜面，有一根水平放在斜面上的导体
棒，长为L，质量为m，通有垂直纸面向外的电流I.空间中存在竖直向下的匀强磁场，磁感应
强度为B.现在释放导体棒，设导体棒受到斜面的支持力为N.则关于导体棒的受力分析定正确
的是(重力加速度为g)
A.mgsinθ=BIL
B.Nsinθ=BIL
C.mgcosθ=N-BILsinθ
D.mgtanθ=BIL
7.如图所示，一劲度系数较小的金属弹簧处自由状态，当通以图示方向的电流时，弹簧将会
发生的变化是
A.纵向长度收缩，径向膨胀
B.纵向长度收缩，径向收缩
C.纵向长度伸长，径向膨胀
D.纵向长度伸长，径向收縮
8.有一只相细均匀、直径为d、电阻为r的光滑金属圆环水平放置在磁感应强度大小为B、方
向整直向下的匀强磁场中，其俯视图如图所示。一根长为d、电阻为2r的金属棒始终紧贴圆环
以速度v匀速平动，当ab棒运动到圆环的直径位置时，下列说法正
确的是
A.ab棒两端电压大小为3Bdv
B.ab棒中的电流大小为rBdv24
C.ab棒受安培力大小为rvdB22
D.外力对ab棒的功率为rvdB34222
9.如图所示，一根铝管竖直放置，把一块直径比铝管内径略小的圆柱形强磁铁从铝管上端由
静止释放，可以观察到，相比磁铁自由下落，磁铁在铝管中的下落会延缓多。关于磁铁在铝
管中下落的过程，下列说法中正确的是
A.砸铁下落会延缓，主要是因为磁铁与铝管内壁有摩擦
B.磁铁做匀加速运动，其加速度小于重力加速度g
C.磁铁做加速运动，其加速度逐渐减小
D.磁铁和铝管会产生热量，其数值等于磁铁机械能的减少量
10.如图所示，线圈的自感系数较大，开关闭合电路稳定后灯泡正常发光，则下列说法正确的
是
A.开关S闭合，电路稳定后，现突然断开开关S时，灯泡立即熄灭
B.开关S闭合，电路稳定后，现突然断开开关S时，灯泡慢慢熄灭
C.开关S原先断开状态，现突然闭合开关S时，灯泡立即变亮
D.开关S原先断开状态，现突然闭合开关S时，灯泡慢慢变亮
二、实验题(共18分，其中11题4分，每空2分，12题14分每空2分，作图2分。)
11.(4分)如图所示，图1中螺旋测微器的读数为 mm.图2中游标卡尺的读数为
cm.
12.(14分) 某同学在用电流表和电压表测电池的电动势和内阻的实验中，实验电路如图1所
示，为了防止因电池的内阻可能较小，在调节时造成电流过大，电路中用一一个定值电阻0R起
保护作用。除电池、开关和导线外，可供使用的器材还有：
a.电流表(量程0.6A、3A)
b.电压表(量程3V、15V)
c.定值电阻(阻值1Ω、额定功率5W)
d.定值电阻(阻值10Ω、额定功率10W)
e.滑动变阻器(阻值范围0～10Ω、额定电流2A)
f.滑动变阻器(阻值范围0～100Ω、额定电流1A)
请回答下列问题：
(1)要正确完成实验，电压表的量程应选择_____V，电流表的量程应选择A；0R应选择____Ω
的定值电阻，R应选择阻值范围是______Ω的滑动变阻器。
(2)测得下列五组数据： 根据数据在图2坐标图上面出U-I图象。
U/V 1.60 1.40 1.20 1.00 0.80
I/A 0.13 0.20 0.27 0.33 0.40
(3)据画出的图线求出电池电动势 V，内阻 Ω。(保留两位有效数字)
三、计算题(共32分，要求写出必要的文字说明、主要方程式，只写出结果和无主要方程而
仅通过纯数值运算得出的结果，不给分)
13.(10分) 如图所示，在第一象限内，有一垂直纸面向里的匀强磁场(磁场足够大)，磁感应
强度为B，一对正负电子(正电子是带正电，电子带负电) 先后从。点沿纸面以相同速度v射
入磁场中，速度方向与x轴成30°角，已知电子质量为m。
(1)请大致画出电子在磁场中运动的圆弧轨迹，并通过作图标明其运动轨迹的圆心1O，半径1r；
(3分)
(2)求电子离开磁场的出射点到O点的距离；(3分)
(3)求电子与正电子在磁场中运动的时间之比。(4 分)
14.(10分)长为L的平行金属板，板间形成匀强电场，一个带电为+q、质量为m的带电粒子(不
计重力)，以初速0v紧贴上板垂直于电场线方向射入该电场，刚好从下板边缘射出，末速度恰
与初速度成30%，如图所示.求：
(1)粒子末速度v的大小；(3分)
(2)匀强电场的场强E的大小；(5分)
(3)两板间的距离d。(2分)
15.(12分)两根粗糙金属导轨平行固定放置在倾角为θ=30°的斜面上，导轨底端接有电阻
R=8Ω，导轨自身电阻忽略不计.匀强磁场垂直于斜面向上，磁感强度B=0.5T.质量为m=0.1kg，
电阻r=2Ω的金属棒ab由静止释放，沿导轨下滑.如图所示，设导轨足
够长，导轨宽度L=2m，金属棒ab下滑过程中始终与导轨接触良好，当金属棒下滑h=3m时，
速度恰好达到最大速度为v=2m/s，求此过程中电阻R上产生的热量?(g取10m/s²)
物理参考答案
题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
答案 C B C C D C A ABD CD AD
11.7.100；10.150
12.(1)3； 0.6； 1； 0～10。
（2）如图所示；
（3）2.0（1.9～2.0）；2.0（1.8～2.2）
13.解：(1)如图
(2)电子在匀强磁场中圆周运动，洛伦兹力作向心力：
r
v
mevB2
设负电子离开磁场的出射点到O点的距离为x，
由图中几何关系： x=2rsin30°
得eBmvx；
(3)正电子进入磁场后，在洛伦兹力作用下向上偏转，而负电子在洛伦兹
力作用下向下偏转，由eBmT2，知两个电子的周期相等
正电子从y轴上射出磁场时，根据几何知识得知，速度与y轴的夹角为60°，则正电子速度
的偏向角为120°，其轨迹对应的圆心角也为120°，则正电子在磁场中运动时间为
3360
1201T
Tt
，
同理，知负电子以30°入射，从x轴离开磁场时，速度方向与x轴的夹角为30°，则轨迹对
应的圆心角为60°，负电子在磁场中运动时间为
6360
602T
Tt
所以负电子与正电子在磁场中运动时间之比为t2：t1=1：2
14.解：(1)将末速度分解，
由几何关系知：30cos0vv
所以：3320vv
(2)带电粒子做类平抛运动，依题知，粒子在电场中的运动时间：0vLt
粒子离开电场时，垂直板方向的分速度：30tan01vv
竖直方向加速度：mqEa
粒子从射入电场到离开电场，有atv1
联立以上各式得qLmvE3320
(3)粒子从射入电场到离开电场，由动能定理，有2022121mvmvqEd
计算得出：Ld63
15.解：由E=BLv，rREI，F=BIL得安培力rRvLBF22
设金属棒下滑过程所受摩擦力大小为f，则由平衡条件得到：mgsin30°=f+F
联立得f=0.3N
在金属棒ab静止释放到速度刚达到最大的过程中，金属棒的重力转化为金属棒的动能、焦耳
热和摩擦生热，根据能量守恒定律得22130sinmvhfmghQ
电路中产生的焦耳热为
代入计算得出，Q=1J
则电阻R上产生的热量为8.0QrRRQRJ