2017年四川省成都市石室中学高考物理二诊试卷和答案
2020届四川省成都市石室中学高2017级高三下学期成都二诊模拟考试理科综合试卷无答案
石室中学高2020届2019～2020学年度下期成都二诊模拟考试理科综合能力测试卷考生注意：1、答题前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卷、机读卡上。
考生认真核对。
2、第I卷每小题选出答案后，用2B铅笔把机读卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。
第II卷用黑色墨水签字笔在答题卷上书写作答，在试卷上作答，答案无效。
3、考试结束后，请将答题卷和机读卡一并上交。
可能用到的相对原子质量：H-1 C-12 O-16 S-32 Fe-56第I卷(选择题共126分)一、选择题：本题共13小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求1.下列有关细胞和化合物的说法，正确的是（）A.人的效应T细胞在有丝分裂后期，细胞中的染色体由46条变为92条B.由于动物细胞没有原生质层和细胞壁，所以不能发生渗透吸水和失水C.细胞中包括蛋白质、核酸在内的有机物都能为细胞的生命活动提供能量D.组成生物大分子的单体都以若干个相连的碳原子构成的碳链为基本骨架2.下列有关实验方法和实验操作的说法，正确的是（）A.利用同位素标记的化合物，其化学性质发生改变B.观察菠菜叶肉细胞时，用甲基绿染色后叶绿体的结构更清晰C.构建物理模型能够模拟减数分裂中染色体的变化D.膜的成分和结构的初步阐明，最初是通过实验观察直接证实的3.下图为某种细菌中脲酶基因转录的mRNA部分序列。
现有一细菌的脲酶由于基因突变而失活，突变后基因转录的mRNA在图中箭头所示位置增加了70个核苷酸，使图示序列中出现终止密码(终止密码有UAG、UGA和UAA)。
下列有关说法错误的是（）A.突变基因转录的mRNA中，终止密码为UGAB.突变基因表达的蛋白含115个氨基酸C.其线粒体的环状DNA分子中每个脱氧核糖都与两个磷酸相连D.突变基因所在DNA复制时所需的酶有解旋酶、DNA聚合酶等4.下列有关动物或人体生命活动调节的叙述，正确的是（）A.正常人大量饮用水后，胃肠腔内渗透压下降，抗利尿激素分泌减少B.寒冷环境中，机体通过增强细胞代谢和收缩毛细血管来增加产热C.花粉等作为过敏原引发的免疫反应，不具有一定的特异性、记忆性D.胰岛素随体液运输与靶细胞结合后直接参与细胞内多种生命活动5.下列有关种群和群落的描述错误的是（）A.对跳蝻进行种群密度调查时选择样方法B.在“S”型曲线中，种群增长速率持续增加C.群落演替过程中，物种丰富度不一定增加D.群落的垂直和水平结构利于提高生物对资源的利用率6.如图为某家族关于两种遗传病的系谱图，已知甲病由显性基因控制。
【精品】2017-2018学年四川省成都市石室中学高二(下)月考物理试卷(4月份)
海南省城镇园林绿化苗木质量分级标准（征求意见稿）Grading standards of seedling qualityfor landscape greening in Hainan province2015-XX-XX发布 2015-XX-XX实施海南省住房和城乡建设厅发布前言为保证海南省城镇园林绿化苗木质量，为园林工程施工提供合格的苗木，确保海南省园林绿化建设水平提升，根据国家和地方相关规定以及行业标准，结合我省实际情况，海南省风景园林协会会同有关单位，共同编制了本标准。
本标准可为苗木的生产、施工、运输和商贸等各个环节提供参考依据。
本标准内容共分为5章和7个附录，包括总则、术语和定义、基本要求、苗木分级、检验方法及检验规则、7个附录等。
本标准由海南省建设标准定额站负责管理，海南省风景园林协会负责具体技术内容的解释。
执行过程中如有意见和建议，请与海南省风景园林协会联系（地址：海南省海口市海府路56号华锦名都C幢405室，邮编：570203，电话：65383100，传真：65383100）。
本标准主编单位、参编单位、主要起草人和主要审查人主编单位：海南省风景园林协会参编单位：儋州市园林管理局中国热带农业科学院热带作物品种资源研究所主要起草人：徐世松黄素荣陈金花谌振陈造熊主要审查人：目录1 总则 (1)2 术语和定义 (2)3 基本要求 (6)4 苗木分级 (8)5 检验方法及检验规则 (9)5.1 检验方法 (9)5.2 检验规则 (9)附录A 海南省城镇园林绿化乔木苗分级指标 (10)附录B 海南省城镇园林绿化灌木苗分级指标 (28)附录C 海南省城镇园林绿化藤蔓植物分级指标 (31)附录D 海南省城镇园林绿化水生花卉分级指标 (33)附录E 海南省城镇园林绿化草坪草与地被植物分级指标 (35)附录F 海南省城镇园林绿化棕榈植物分级指标 (36)附录G 海南省城镇园林绿化观赏竹分级指标 (37)本标准用词说明 (39)引用标准名录 (40)条文说明 (41)1 总则本标准规定了园林绿化苗木中乔木类、灌木类、水生花卉类、藤蔓植物类、草坪草与地被植物类5个大类，以及棕榈植物、观赏竹2个专类的类型、质量分级、检验、包装规格和贮运技术要求和方法。
四川眉山市高中2017级二诊理科综合试题物理答案 (word版)
高中2017级第二次诊断性考试理科综合·物理参考答案一、选择题14. 答案B 。
分析解答：理想变压器的变压关系与副线圈是否是通路或断路无关，2211n U U n =，匝数比恒定，输入电压不变时，输出电压就保持不变。
S 闭合，滑片P 上滑时，电阻值变大，则电流表A 2示数变小，又流过R 的电流不变，所以电流表A 1示数也变小。
B 正确。
命题说明：本题考查学生对理想变压器的变压关系和闭合电路欧姆定律的理解。
预设难度0.83。
15. 答案A 。
分析解答：MEO 卫星轨道半径比GEO 轨道半径大，所以MEO 卫星线速度大，角速度大，周期小，线速度都小于第一宇宙速度。
A 正确。
命题说明：本题体现“坚持立德树人，展现我国科学技术的进步”。
以我国北斗三号导航卫星系统为背景，结合当代中国的重大科技成果，展示我国科学技术日新月异的进步，增强考生的民族自信心和自豪感。
本题考查学生对宇宙速度、线速度、角速度、周期等概念的区别和联系的理解。
侧重考查理解能力。
预设难度0.77。
16. 答案D 。
分析解答：由匀变速直线运动位移公式212x at =得加速度22/a m s = ，再由牛顿第二定律有sin 30cos30mg mg ma μ︒︒-=，解得动摩擦因数5μ=。
由t v at =，0.5s t =时刻，1m/s t v =。
0~0.5s 时间内，物体平均速度0.5m/s 。
D 正确。
命题说明：本题以物体在粗糙斜面下滑的情景，考查了学生对匀变速运动规律、牛顿的二定律和滑动摩擦力的理解。
预设难度0.65。
17. 答案A 。
分析解答：原子核衰变过程，一次α衰变核电荷数和质量数分别减少2和4，一次β衰变核电荷数不变，质量数增加1，所以要经过4次α衰变和4次β衰变；氡22286Rn 核的质子数为86，中子数为136；半衰期是大量原子核衰变的统计规律，几个原子核不具有统计意义。
A 正确。
命题说明：本题以地震前的地光现象为背景，将考查的“知识立意”收敛到“原子核的组成”“放射性”“原子核的衰变”。
四川省成都市石室中学2017-2018学年高二下学期4月月考
成都石室中学2017～2018学年度下期高2019届4月月考物理试卷一.本题共8小题，每小题3分，共24分。
在每小题给出的四个选项中只有一项是正确的。
1. 关于静电场，下列结论普遍成立的是（）A. 电场中任意两点之间的电势差只与这两点的场强有关B. 电场强度大的地方电势高，电场强度小的地方电势低C. 将正点电荷从场强为零的一点移动到场强为零的另一点，电场力做功为零D. 在正电荷或负电荷产生的静电场中，场强方向都指向电势降低最快的方向【答案】D【解析】A、电势差的大小决定于电场线方向上两点间距和电场强度，所以A错误；B、在正电荷的电场中，离正电荷近，电场强度大，电势高，离正电荷远，电场强度小，电势低；而在负电荷的电场中，离负电荷近，电场强度大，电势低，离负电荷远，电场强度小，电势高，所以B错误；C、场强为零，电势不一定为零，电场中肯定存在场强都为零、电势又不相等的两个点，在这样的两个点之间移动电荷，电场力将做功，所以C错误；D、沿电场方向电势降低，而且降低的速度最快，所以D正确；综上所述本题答案是：D2. 质量分别为m1和m2、电荷量分别为q1和q2的两粒子在同一匀强磁场中做匀速圆周运动，已知两粒子的动量大小相等。
下列说法正确的是（）A. 若q1=q2，则它们作圆周运动的半径一定相等B. 若m1=m2，则它们作圆周运动的半径一定相等C. 若q1≠q2，则它们作圆周运动的周期一定不相等D. 若m1≠m2，则它们作圆周运动的周期一定不相等【答案】A【解析】试题分析：带电粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，根据半径和周期公式即可判断．解：带电粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动，其半径r=，已知两粒子动量相等，A、若q1=q2，则它们的圆周运动半径一定相等，选项A正确；B、若m1=m2，不能确定两粒子电量关系，不能确定半径是否相等，选项B错；C、由周期公式T=可知：仅由电量或质量关系，无法确定两粒子做圆周运动的周期是否相等，故C、D错误．故选A【点评】熟记和运用半径公式和周期公式进行合理变形和推导，难度适中．视频3. 关于通电直导线在匀强磁场中所受的安培力，下列说法正确的是（）A. 安培力的方向可以不垂直于直导线B. 安培力的方向总是垂直于磁场的方向C. 安培力的大小与通电直导线和磁场方向的夹角无关D. 将直导线从中点折成直角，安培力的大小一定变为原来的一半【答案】B【解析】试题分析：本题考查了产生条件、大小与方向，当电流方向与磁场平行时不受安培力，根据左手定则可知安培力的方向与磁场垂直．引用公式F=BIL时，注意要求磁场与电流垂直，若不垂直应当将导线沿磁场与垂直于磁场分解，因此垂直时安培力最大，最大为F=BIL．解：A、B、根据左手定则可知，安培力方向与磁场和电流组成的平面垂直，即与电流和磁场方向都垂直，故A错误，B正确；C、磁场与电流不垂直时，安培力的大小为F=BILsinθ，则安培力的大小与通电导线和磁场方向的夹角有关，故C错误；D、当电流方向与磁场的方向平行，所受安培力为0，将直导线从中折成直角，让其中的一半与磁场的方向平行，安培力的大小将变为原来的一半；将直导线在垂直于磁场的方向的平面内从中折成直角，安培力的大小一定变为原来的，故D错误．故选：B．【点评】解决本题的关键是知道当导线的方向与磁场的方向平行，所受安培力为0，最小．当导线的方向与磁场方向垂直时，安培力最大，为F=BIL．视频4. 如图，两根相互平行的长直导线分别通有方向相反的电流I1和I2，且；a、b、c、d 为导线某一横截面所在平面内的四点，且a、b、c与两导线共面；b点在两导线之间，b、d的连线与导线所在平面垂直。
2017四川高考物理部分试题及解答
2017年普通高等学校招生全国统一考试（四川卷）理科综合（物理部分）本试卷分第一部分（选择题）和第二部分（非选择题）两部分，第一部分1至4页，第二部分5至10页。
考生作答时，须将答案答在答题卡上，在本试题卷、草稿纸上答题无效。
满分300分。
考试时间150分钟。
考试结束后，将本试题卷和答题卡一并交回。
可能用到的相对原子质量：H 1 C 12 O 16 S 32 Fe 56第一部分 （选择题 共126分）注意事项：1.选择题必须使用2B 铅笔将答案标号填涂在答题卡上对应题目标号的位置上。
2.本部分共2大题，21小题。
每小题6分，共126分。
二、选择题（本题共8小题。
在每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项是正确的，有的有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）14．物体由大量分子组成，下列说法中正确的是（ ）C ，（A ）分子热运动越剧烈，物体内每个分子的动能越大（B ）分子间引力总是随着分子间的距离减小而减小 （C ）物体的内能跟物体的温度和体积有关 （D ）只有外界对物体做功才能增加物体的内能15．今年4月30日，西昌卫星发射中心发射的中圆轨道卫星，其轨道半径为2.8⨯107m 。
它与另一颗同质量的同步轨道卫星（轨道半径为4.2⨯107m ）相比（）B ，（A ）向心力较小（B ）动能较大（C ）发射速度都是第一宇宙速度 （D ）角速度较小 16．如图所示，在铁芯P 上绕着两个线圈a 和b ，则（）D ，（A ）线圈a 输入正弦交流电流，线圈b 可输出恒定电流 （B ）线圈a 输入恒定电流，穿过线圈b 的磁通量一定为零 （C ）线圈b 输出的交流电流不对线圈a 的磁场造成影响 （D ）线圈a 的磁场变化时，线圈b 中一定有电场 17．如图为氢原子能级示意图的一部分，则氢原子（ ）A ，（A ）从n ＝4能级跃迁到n ＝3能级比从n ＝3能级跃迁到n ＝2能级辐射出的电磁波的波长长（B ）从n ＝5能级跃迁到n ＝1能级比从n ＝5能级跃迁到n ＝4能级辐射出的电磁波的速度大（C ）处于不同能级时，核外电子在各处出现的概率是一样的 （D ）从高能级向低能级跃迁时，氢原子核一定向外放出能量 18．a 、b 两种色光组成的光束从介质进入空气时，其折射光束如图所示，用a 、b 两束光（）C ，（A ）先后照射双缝干涉实验装置，在缝后屏上都能出现干涉条纹，由此确定光是横波 （B ）先后照射某金属，a 光照射时恰能逸出光电子，b 光照射时也能逸出光电子P a 电源b 输出n E /eV ∞ 0 5 －0.54 4 －0.85 3 －1.512 －3.401 －13.60介质 空气ba（C ）从同一介质以相同方向射向空气，其界面为平面，若b 光不能进入空气，则a 光也不能进入空气（D ）从同一介质以相同方向射向空气，其界面为平面，a 光的反射角比b 光的反射角大19．在x O y 平面内有一列沿x 轴正方向传播的简谐横波，波速为2m/s ，振动幅为A ，M 、N 是平衡位置相距2m 有两个质点，如图所示，在t ＝0时，M 通过其平衡位置沿y 轴正方向运动，N 位于其平衡位置上方最大位移处，已知该波的周期大于1s ，则（）D ，（A ）该波的周期为53s（B ）在t ＝13s 时，N 的速度一定为2m/s（C ）从t ＝0到t ＝1s ，M 向右移动了2m（D ）从t ＝13s 到t ＝23s ，M 的动能逐渐增大20．半径为a 右端开小口的导体圆环和长为2a 的导体直杆，单位长度电阻均为R 0，圆环水平固定放置，整个内部区域分布着竖直向下的匀强磁场，磁感应强度为B ，杆在圆环上以速度v 平行于直径CD 向右做匀速直线运动，杆始终有两点与圆环良好接触，从圆环中心O 开始，杆的位置由θ确定，如图所示。
2022届四川省成都石室中学高三(下)“二诊模拟”理综物理试题Word版含详细解析
2022届四川省成都石室中学高三（下）“二诊模拟”理综物理试题本试卷满分100分．考试用时75分钟．注意事项：1．答卷前，考生务必用黑色字迹的签字笔在答题卡指定位置填写自己的学校、姓名和考生号，并将条形码正向准确粘贴在答题卡的贴条形码区，请保持条形码整洁、不污损．2．选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答案涂在答题卷相应的位置上．3．非选择题必须用0.5毫米黑色字迹的签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案；不准使用铅笔和涂改液．不按以上要求作答的答案无效．4．考生必须保持答题卡的整洁，考试结束后，将答题卡交回．一、单选题1．如图所示电路中，电源电压u＝311sin100πt(V)，A、B间接有“220 V 440 W”的电暖宝、“220 V220 W”的抽油烟机、交流电压表及保险丝．下列说法正确的是A．交流电压表的示数为311 VAB．电路要正常工作，保险丝的额定电流不能小于C．抽油烟机正常工作1 min消耗的电能为1.32×104 JD．电暖宝发热功率是抽油烟机发热功率的2倍2．如图为某中国运动员在冬奥会短道速滑比赛中的精彩瞬间。
假定他正沿圆弧形弯道匀速率滑行，在一极短时间t∆内滑过的角度为θ，则他在这个过程中（）A．所受的合外力为零，做匀速运动B．所受的合外力恒定，做匀加速运动C．合外力做功为零，合力的冲量也为零D．合外力做功为零，合力的冲量不为零3．用a、b两种可见光照射同一光电效应装置，测得的光电流和电压的关系图像如图甲所示，图乙为氢原子的能级图。
已知可见光的光子能量在1.62eV 到3.11eV之间，下列说法正确的是（）A．a光的波长比b光的小B．单色光a的光子动量比单色光b的光子动量大C．用大量12.75eVE=的光子去照射基态的氢原子可以得到两种可见光D．若a光是氢原子从4n=能级跃迁到2n=能级时发出的光，则b光是氢原子从3n=能级时发出的光n=能级跃迁到24．2021年7月6日，我国成功将“天链一号05”卫星发射升空，卫星进入预轨道，天链系列卫星为我国信息传送发挥了重要作用。
【高中物理】四川省成都石室中学2017-2018学年高一物理下学期期末考试试卷及答案.doc
四川省成都石室中学2017-2018学年高一下学期期末考试物理试题一、选择题1.1.下列说法正确的是( )A. 物体做曲线运动的速度、加速度时刻都在变化B. 卡文迪许通过扭秤实验得出了万有引力定律C. 一个系统所受合外力为零，这个系统的总动量保持不变D. 一对作用力与反作用力做的总功一定为0【答案】C【解析】【详解】做曲线运动物体的速度时刻改变，但加速度可以不变，如平抛运动得到加速度恒为g不变，故A错误；卡文迪许通过扭秤实验得出了万有引力常量，故B错误；相互作用的物体，如果所受合外力为零，系统动量守恒，则它们的总动量保持不变，故C正确；一对作用力与反作用力大小相等、方向相反，但作用点的位移大小不一定相同，故一对作用力与反作用力做的总功不一定为零，故D错误。
所以C正确，ABD错误。
2.2.如图甲所示，在杂技表演中，猴子沿竖直杆向上运动，其v-t图像如图乙所示。
人顶杆沿水平地面运动的x-t图像如图丙所示。
若以地面为参考系，下列说法中正确的是（）A. 猴子的运动轨迹为直线B. 猴子在2 s内做匀变速曲线运动C. t=1时猴子的速度大小为4m/sD. t=2 s时猴子的加速度大小为0 m/s2【答案】B【解析】【分析】猴子参与了水平方向上的匀速直线运动和竖直方向上的匀减速直线运动，通过运动的合成，判断猴子相对于地面的运动轨迹以及运动情况。
求出t=2s时刻猴子在水平方向和竖直方向上的分加速度，根据平行四边形定则，求出猴子相对于地面的加速度。
【详解】由乙图知，猴子竖直方向上做匀减速直线运动，加速度竖直向下。
由丙图知，猴子水平方向上做匀速直线运动，则猴子的加速度竖直向下，与初速度方向不在同一直线上，所以猴子在2s内做匀变速曲线运动，故A错误，B正确；s-t图象的斜率等于速度，则知猴子水平方向的初速度大小为：v x=4m/s，t=0时猴子竖直方向分速度：v y=8m/s，则t=1s 时猴子竖直分速度为v y′=4m/s，因此t=1s时猴子的速度大小为：，故C错误；v-t图象的斜率等于加速度，则知猴子的加速度大小为：，故D错误。
2024届四川省成都市石室中学高三下学期二诊模拟考试理综物理试题真题汇编版
一、单选题1. 麦克斯韦预言了电磁波的存在，赫兹用实验证实了这一预言。
电磁波的波长为λ、频率为f 、真空中传播速度为c （即光速），则这三个物理量之间关系式正确的是A ．λ=cfB ．c=λf C．D ．f=cλ2. 在物理学建立、发展的过程中，许多物理学家的科学发现推动了人类历史的进步，关于科学家和他们的贡献，下列说法正确的是A ．古希腊学者亚里士多德认为物体下落的快慢由它们的重量决定，牛顿在他的《两种新科学的对话》中利用逻辑推断，使亚里士多德的理论陷入困境B ．德国天文学家开普勒对他导师第谷观测的行星数据进行了多年研究，得出了万有引力定律C ．英国物理学家卡文迪许利用“卡文迪许扭秤”首先较准确的测定了静电力常量D ．法拉第认为电磁相互作用是通过介质来传递的，并把这种介质叫做“场”，他以惊人的想象力创造性地用“力线”形象地描述“场”3. 如图所示，半径为的圆形区域内存在方向竖直向上，磁感应强度大小随时间变化的匀强磁场中，关系为（且为常量）。
现将单位长度电阻为、半径为的金属圆环放入这个磁场中，圆环与磁场边界为同心圆。
下列说法正确的是（ ）A ．若为时，圆环产生的感应电动势大小为B ．从上往下看，金属圆环中的电流沿顺时针方向，且电流随时间均匀增大C ．若分别为和时，圆环中产生的感应电动势的比值为D ．若分别为和时，单位时间内圆环中产生焦耳热的比值为4. 一均匀带负电的半球壳，球心为O 点，AB 为其对称轴，平面L 垂直AB 把半球壳分为左右两部分，L 与AB 相交于M 点，对称轴AB 上的N 点和M 点关于O 点对称，已知一均匀带电球壳内部任一点的电场强度为零；取无穷远处电势为零，点电荷q 在距离其为r 处的电势为φ=k （q 的正负对应φ的正负）。
假设左侧部分在M 点的电场强度为E 1，电势为φ1；右侧部分在M 点的电场强度为E 2，电势为φ2；整个半球壳在M 点的电场强度为E 3，在N 点的电场强度为E 4。
2015年四川省成都市石室中学高考物理二诊试卷
2015年四川省成都市石室中学高考物理二诊试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共5小题，共30.0分)1.下列叙述正确的是（）A.牛顿、米和秒都是国际单位制中的基本单位B.紫外线比红外线更容易发生明显衍射现象C.狭义相对论认为，在不同的惯性参考系中，一切物理规律都是相同的，真空中的光速都是相同的D.麦克斯韦认为，只要空间有变化的磁场或变化的电场，就一定能够激发电磁波【答案】C【解析】解：A、1牛顿=千克米秒，是国际单位制中的导出单位．故A错误；B、紫外线的波长比红外线短，不容易发生明显衍射现象，故B错误；C、狭义相对论认为真空中的光速在不同的惯性参考系中是相同的；狭义相对性原理指出，在不同的惯性参考系申，一切物理规律都是相同的．故C正确；D、均匀变化的电场周围产生恒定的磁场，恒定的磁场周围周期也不会产生电场，不能产生电磁波，故D错误．故选：C国际单位制规定了七个基本物理量．分别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、光强度、物质的量．它们的在国际单位制中的单位称为基本单位；波长越长越容易发生衍射现象；狭义相对论的两条基本假设，光速不变原理和狭义相对性原理．根据麦克斯韦电磁场理论知变化的电场产生磁场，变化的磁场产生电场．该题考查国际单位制、光的衍射、狭义相对论以及电磁场理论，是四个不相干的知识点，比较零碎．这一类的题目一般都是一些记忆性的知识点的内容，较少考到，只有多看课本，多加积累，才能做好这一类的题目．2.如图所示，在同一轨道平面上的三个人造地球卫星A、B、C，在某一时刻恰好在同一条直线上，它们的轨道半径之比为1：2：3，质量相等，则下列说法中正确的是（）A.三颗卫星的加速度之比为9：4：1B.三颗卫星具有机械能的大小关系为E A＜E B＜E CC.B卫星加速后可与A卫星相遇D.A卫星运动27周后，C卫星也恰回到原地点【答案】B【解析】解：A、根据万有引力提供向心力，得，故：：：：=：：=36：9：4，故A错误．B、卫星发射的越高，需要克服地球引力做功越多，故机械能越大，故E A＜E B＜E C，故B正确．C、B卫星加速后做离心运动，轨道半径要变大，不可能与A卫星相遇，故C错误．D、根据万有引力提供向心力，得，所以=，即．若A卫星运动27周后，C卫星只经过了个周期，没有回到原点．故D 错误．故选：B．由万有引力定律比较万有引力的大小．卫星的向心加速度等于a=，再计算向心加速度的比值．根据发射卫星需要的能量的多少比较机械能的大小．根据卫星变轨和离心运动的知识判断BA是否能相遇．根据周期的大小，分析AC卫星回到原点的时间关系．对于卫星的线速度、周期、角速度、向心加速度等物理量的比较，要抓住万有引力提供向心力这个关系，选择恰当的向心力的表达式，计算出它们与轨道半径的关系．3.如图甲为一列简谐横波在t=0.10s时刻的波形图，P是平衡位置为x=1m处的质点，Q 是平衡位置为x=4m处的质点，图乙为质点Q的振动图象，则（）A.t=0.15s时，质点Q的加速度等于零B.t=0.15s时，质点P的运动方向沿Y轴负方向C.从t=0.10s，到t=0.25s，该波沿X轴正方向传播了6mD.从t=0.10s到t=0.25s，质点P通过的路程为30cm【答案】B【解析】解：A、由乙图中Q点的振动图象可知t=0.15s时Q点在负的最大位移处，故具有正向最大加速度，故A错误；B、甲图描述的是t=0.10s时的波动图象，而根据乙图可知t=0.10s内Q点正向下振动，根据质点振动方向和波传播方向的关系可知，波向左传播，判定出经过四分之一周期即t=0.15s时质点P运动方向为Y轴负方向，故B正确；C、根据甲乙两图可知波长和周期，则波速：v===40m/s，故从t=0.10s到t=0.25s，波沿x负方向传播的距离x=vt=6m，故C错误；D、只有在波峰或波谷的质点，每通过路程才为一个振幅A，t=0.10s时P运动方向为Y轴负方向，经过平衡位置的速度较大，所以从t=0.10s到t=0.25s，质点P通过的路程一定大于30cm．故D错误．故选：B．根据甲乙两图可以求出该波的波长和周期，从而求出波速，t=0.10s时Q点在平衡位置上，由乙图知下一时刻向下振动，从而确定了该波向左传播．本题有一定的综合性考察了波动和振动图象问题，关键是会根据振动情况来判定波的传播方向，根据时间与周期的关系分析质点的振动情况．4.如图甲所示，矩形金属线框绕与磁感线垂直的转轴在匀强磁场中匀速转动，输出交流电的电动势图象如图乙所示，经原副线圈的匝数比为1：10的理想变压器给一个灯泡供电如图丙所示，副线圈电路中灯泡额定功率为22W．现闭合开关，灯泡正常发光．则（）A.t=0.01s时刻穿过线框回路的磁通量为零B.交流发电机的转速为100r/sC.变压器原线圈中电流表示数为1AD.灯泡的额定电压为220V【答案】C【解析】解：A、由图乙可知，当0.01s时，感应电动势为零，则此时穿过线框回路的磁通量最大，故A错误；B、由图可知，交流电的周期为0.02s，则转速为：n==50r/s，故B错误；C、原线圈输入电压为有效值为22V，则副线圈的电压为22×10=220V；由P=UI可知，副线圈电流I2===0.1A，则由=，求得I1=1A；故C正确；D、灯泡正常发光，故额定电压为220V，故D错误；故选：C．由图2可知特殊时刻的电动势，根据电动势的特点，可判处于那个面上，由图象还可知电动势的峰值和周期，根据有效值和峰值的关系便可求电动势的有效值．本题关键是明确线圈在匀强磁场中匀速转动产生的是正弦式交变电流，会根据变压比公式、变流比公式列式求解即可．5.如图所示，阳光垂直射入静止的水中，水中离墙足够远的某处有一小平面镜，在墙OA和OA′上各有一光斑分别为S、S′（图中未画出）．若已知水对红光折射率为n1，对紫光折射率为n2，平面镜和水平面的夹角为θ．下列说法正确的是（）A.光斑S是彩色的且上边缘是紫色B.若增大θ，光斑S中首先消失的是红光C.若保证S、S′均存在，则需sin2θ＜D.若保证S、S′均存在，则需sin＜【答案】C【解析】解：A、S光斑是由光的折射形成的，由于红光的折射率比紫光小，通过水面后偏折角比紫光小，所以光斑S是彩色的且上边缘是红色，故A错误．B、若增大θ，反射光线射到水面的入射角增大，由于紫光的临界角比红光的小，所以紫光先发生全反射，光斑S中紫光最先消失，故B错误．CD、若保证S、S′均存在，不能发生全反射，由于紫光的临界角小，所以必须保证紫光在水面不发生全反射．紫光的临界角sin C1=根据光的反射定律和几何知识可知，反射光线射到水面下方时的入射角为2θ，则满足条件必须有2θ＜C1，则有sin2θ＜sin C1=，故C正确，D错误．故选：C．红光的折射率比折射率小，通过水面的折射后偏折角小．红光的临界角比紫光的临界角大．S′光斑是由光的反射形成的，S光斑是由光的折射形成的．解决本题的关键要掌握红光与紫光折射率、临界角的大小，并掌握全反射条件，分析时还要用到几何关系．二、多选题(本大题共2小题，共12.0分)6.如图所示，两等量同种点电荷固定在水平方向上的A、B两点，过AB中点O的竖直方向上有C、P、Q、D四点，其中C、D和P、Q分别关于O点对称．一带电小球自C点由静止释放，运动到P点时小球的加速度为零．重力加速度为g，则下列判断正确的是（）A.小球运动到Q点时的加速度为2gB.小球从P点运动到O点的过程中可能先减速后加速C.小球在O点时的电势能最小D.小球在P点的电势能可能大于Q点的电势能【答案】AB【解析】解：A、根据等量同种电荷周围电场分布可知，P和Q两点的电场强度大小相等但是方向相反，在P点时：E q=mg，则在Q点有：E q+mg=ma，因此a=2g，故A正确；B、从O沿中垂线向外电场强度先增大后减小，若最大值在PO之间某一位置，则小球从P点运动到O点的过程中可能先减速后加速，故B正确；C、由题意可知从C到O的过程中电场力做负功，电势能增加，故C错误；D、从P到Q点的过程中电场力不做功，因此小球在P点的电势能和在Q点的电势能相等，故D错误．故选AB．若是等量的正电荷则中点O的电场强度为零，在中垂线上，场强的方向是从中间向两边的；若是等量的负电荷，则中点O的电场强度为零，场强的方向是从两边指向中间的，明确等量同种电荷周围电场强度和电势特点可正确解答本题．本题考查的是对等量同种电荷电荷电场的分布的理解，掌握住等量同种电荷电场的分布特点，即可分析电荷的运动的情况，明确电场力做功和电势能之间的关系即可正确分析电势能的变化．7.如图所示为磁悬浮列车模型，质量M=1kg的绝缘板底座静止在动摩擦因数μ1=0.1的粗糙水平地面上．位于磁场中的正方形金属框ABCD为动力源，其质量m=1kg，边长为1m，电阻为，与绝缘板间的动摩擦因数μ2=0.4．OO′为AD、BC的中点．在金属框内有可随金属框同步移动的磁场，OO′CD区域内磁场如图a所示，CD恰在磁场边缘以外；OO′BA区域内磁场如图b所示，AB恰在磁场边缘以内（g=10m/s2）．若绝缘板足够长且认为绝缘板与地面间最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则金属框从静止释放后（）A.若金属框固定在绝缘板上，金属框的加速度为3m/s2B.若金属框固定在绝缘板上，金属框的加速度为7m/s2C.若金属框不固定，金属框的加速度为4m/s2，绝缘板仍静止D.若金属框不固定，金属框的加速度为4m/s2，绝缘板的加速度为2m/s2【答案】AD【解析】解：（1）若金属框固定在绝缘板上：根据法拉第电磁感应定律有：E==0.5V则回路中的电流为：I==8A，所受安培力的大小为：F=BI l=8N，根据牛顿第二定律有：F-f=（M+m）a，f=（M+m）gμ，代入数据解得a=3m/s2，故A正确，B错误．（2）若金属框不固定在绝缘板上：对金属框，由牛顿第二定律，则有：F-μ2mg=ma框解得：a框=4m/s2，对绝缘板，由牛顿第二定律，则有：μ2mg-μ1（m+M）g=M a板解得：a板=2m/s2因此C错误，D正确；故选AD．面积O′OAB内磁通量发生变化，回路中有感应电流产生，由此可以求出回路中电流的大小，线框受安培力和摩擦力作用，由此可以求出线框的加速度大小以及安培力的大小．本题考查了有关电磁感应的电流、力、运动分析，涉及知识点较多，是考查学生综合应用知识能力的好题．三、填空题(本大题共1小题，共6.0分)8.某同学利用如图甲所示的实验装置测量重力加速度．①请指出该同学在实验操作中存在的两处明显错误：a ______ ；b ______ ．②该同学经正确操作得到如图乙所示的纸带，取连续的六个点，测得h1、h2、h3、h4、h5．若打点的周期为T，则打E点时速度为v E= ______ ；若分别计算出各计数点对应的速度数值，并在坐标系中画出v2与h的关系图线，如图丙所示，则重力加速度g= ______ m/s2．③若当地的重力加速度值为9.8m/s2，请写出误差的原因______ ．（写一条即可）【答案】打点计时器应接交流电源；重物释放时应紧靠打点计时器；；9.4；空气阻力和摩擦阻力的影响【解析】解：①打点计时器应接交流电源；重物释放时应紧靠打点计时器②利用匀变速直线运动的推论v E==v2=2gh速度的二次方v2与距离（h）的关系图线的斜率为18.8所以g=9.4m/s2．③测量值存在偏差的主要原因是纸带通过打点计时器时的摩擦阻力．故答案为：①a．打点计时器应接交流电源，b．重物释放时应紧靠打点计时器；②，9.4；③空气阻力和摩擦阻力的影响．解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的仪器、操作步骤和数据处理以及注意事项．纸带实验中，若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的推论，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度和加速度．了解实验的装置和工作原理．对于纸带的问题，我们要熟悉匀变速直线运动的特点和一些规律．四、实验题探究题(本大题共1小题，共11.0分)9.某同学用如图1所示的实验电路测定某电源内阻r和一段电阻线的电阻率．ab是一段粗细均匀的电阻线横截面积S=0.1mm2，定值电阻R=2Ω，电源电动势E=9V，滑动片P与电阻线接触良好，a P的长度用x表示，电流表内阻及导线电阻不计．实验时闭合开关，调节P的位置，通过读数（电流表读数为I）、计算，将x和与之对应的数据记录在表（1）在图2中画出-x图象（2）图象纵轴上的截距表达式为b= ______ ，斜率的表达式为k= ______ （用R，r，E，ρ，S表示，不必带入数据），根据图象和相关数据，求出该电源的内阻r= ______ Ω，电阻线电阻率ρ= ______ Ω•m．（保留两位有效数字）【答案】；；1.1；9.9×10-7【解析】解：（1）根据表中数据画出-x图象；如图；（3）电阻线接入电路的阻值R线=R0x，由闭合电路的欧姆定律可得电路电流：i=则：=+由图象可得：b=，k===1.1，所以：r=0.33E-R=1.0Ωρ=9.9×10-7Ω•m故答案为：（1）如图（2）1.1，9.9×10-7（1）应用闭合电路的欧姆定律，求出与x的关系式．（2）应用描点法作图，根据表中实验数据，在坐标系中描出对应的点，然后根据各点作出图象．（3）由图象求出电源内阻及单位长度上的电阻．应用图象法处理实验数据是常用的实验数据处理方法，要掌握描点法作图的方法．要求出该电源内阻r和该电阻线单位长度的电阻R需要分析清楚表达的意义和图线的斜率表达的意义，然后再结合图线的数据解题．五、计算题(本大题共3小题，共51.0分)10.目前，上海有若干辆超级电容车试运行，运行中无需连接电缆，只需在乘客上车间隙充电30秒到1分钟，就能行驶3到5公里．假设有一辆超级电容车，质量m=2×103kg，额定功率P=60k W，当超级电容车在平直水平路面上行驶时，受到的阻力f是车重的0.1倍，g取10m/s2．（1）超级电容车在此路面上行驶所能达到的最大速度是多少？（2）若超级电容车从静止开始，保持以0.5m/s2的加速度做匀加速直线运动，这一过程能维持多长时间？（3）若超级电容车从静止开始，保持额定功率做加速运动，50s后达到最大速度，求此过程中超级电容车的位移．【答案】解：（1）当汽车速度达到最大时汽车的牵引力与阻力平衡，即F=ff=kmg=0.1×2×103×10=2000NP=fv m得：v m===30m/s（2）汽车做匀加速运动：F1-f=maF1=3000N设汽车刚达到额定功率时的速度v1：P=F1v1v1===20m/s设汽车匀加速运动的时间t：v1=at解得：t==40s（3）从静止到最大速度整个过程牵引力与阻力做功，由动能定理得：P t2-fs=mv m2代入数据解得：s=m=1050m答：（1）超级电容车在此路面上行驶所能达到的最大速度是30m/s（2）若超级电容车从静止开始，保持以0.5m/s2的加速度作匀加速直线运动，这一过程能维持40s（3）若超级电容车从静止开始，保持额定功率做加速运动，50s后达到最大速度，此过程中超级电容车的位移为1050m．【解析】（1）当汽车匀速运动时，牵引力等于阻力，速度达到最大，由P=F v求的最大速度；（2）当汽车以恒定的加速度运动时，由牛顿第二定律求出牵引力，在牵引力下达到额定功率前，加速度将保持不变，由v=at求出加速时的时间；（3）有动能定理求出位移；本题主要考查了机车启动的两种方式，恒定功率启动和恒定加速度启动，掌握恒定功率启动时功率保持不变，牵引力随速度增大而减小，恒定加速度启动时牵引力不变，功率随速度增加而增加．11.如图所示，光滑绝缘水平桌面上固定一绝缘挡板P，质量分别为m A和m B的小物块A 和B（可视为质点）分别带有+Q A和+Q B，的电荷量，两物块由绝缘的轻弹簧相连，一不可伸长的轻绳跨过定滑轮，一端与物块B连接，另一端连接轻质小钩．整个装置处于正交的场强大小为E、方向水平向左的匀强电场和磁感应强度大小为B、方向水平向里的匀强磁场中．物块A、B开始时均静止，已知弹簧的劲度系数为K，不计一切摩擦及AB间的库仑力，物块A、B所带的电荷量不变，B不会碰到滑轮，物块A、B均不离开水平桌面．若在小钩上挂一质量为M的物块C并由静止释放，可使物块A对挡板P的压力为零，但不会离开P，则：（1）求物块C下落的最大距离；（2）求小物块C从开始下落到最低点的过程中，小物块B的电势能的变化量，以及弹簧的弹性势能变化量：（要求说明是增大还是减少）（3）若C的质量改为2M，求小物块A刚离开挡板P时小物块B的速度大小，以及此时小物块B对水平桌面的压力．【答案】解：（1）开始时弹簧的形变量为x1，对物体B由平衡条件可得：kx1=Q B E设A刚离开挡板时，弹簧的形变量为x2，对物块B由平衡条件可得：kx2=Q A E故C下降的最大距离为：h=x1+x2=（2）物块C由静止释放下落h至最低点的过程中，B的电势能增加量为：△E=Q B E h=由能量守恒定律可知：物块由静止释放至下落h至最低点的过程中，c的重力势能减小量等于B的电势能的增量和弹簧弹性势能的增量即：M gh=Q B E h+△E弹解得：△E弹=（Q A+Q B）故小物块C下落到最低点的过程中，小物块B的电势能的变化量为，弹簧的弹性势能变化量为△E弹=（Q A+Q B）（3）当C的质量为2M时，设A刚离开挡板时B的速度为V，由能量守恒定律可知：2M gh+Q B E h+△E弹+解得A刚离开P时B的速度为：v=因为物块AB均不离开水平桌面，设物体B所受支持力为N B1，所以对物块B竖直方向受力平衡：m B g=N B1+Q B v B由牛顿第三定律得：N B=N B1解得：N B=m B-BQ B答：（1）求物块C下落的最大距离为；（2）求小物块C从开始下落到最低点的过程中，小物块B的电势能的变化量，以及弹簧的弹性势能变化量变大为：（Q A+Q B）（3）若C的质量改为2M，求小物块A刚离开挡板P时小物块B的速度大小：，以及此时小物块B对水平桌面的压力m B-BQ B．【解析】（1）要正确求出C下落的最大距离，关键是正确分析当达到最大距离时系统中各个物体的状态，开始由于A受水平向左的电场力以及弹簧的弹力作用，A被挤压在挡板P上，当B向右运动弹簧恢复原长时，A仍然与挡板之间有弹力作用，当B继续向右运动时，弹簧被拉长，当弹簧弹力大小等于A所受电场力时，A与挡板之间弹力恰好为零，此时B、C的速度也恰好为零，即C下落距离最大，注意此时A处于平衡状态，而B、C都不是平衡状态．（2）依据电场力做功即可求出小物块B的电势能的变化量，B、C一起运动过程中，初末速度均为零，B电势能增大，C重力势能减小，依据功能关系即可求出弹簧弹性势能变化量．（3）对系统根据功能关系有：当小物块A刚离开挡板P时，C重力势能减小量等于B电势能和弹簧弹性势能以及B、C动能变化量之和；B球在竖直方向合外力为零，因此对B球正确进行受力分析即可求出小物块对水平面的压力本题过程繁琐，涉及功能关系多，有弹性势能、电势能、重力势能等之间的转化，全面考察了学生综合分析问题能力和对功能关系的理解及应用，有一定难度．对于这类题目在分析过程中，要化繁为简，即把复杂过程，分解为多个小过程分析，同时要正确分析受力情况，弄清系统运动状态以及功能关系12.如图所示，间距为D=5cm的两平行光滑导轨EF、GH与水平面间的夹角θ=30°，一磁感应强度B o=10T的匀强磁场垂直于轨道平面向下（图中未画出），两导轨间接有电阻R1=30Ω，R2=30Ω，并用导线与两平行金属板相连，导线上接有电阻R3=30Ω，两平行金属板A、B长l=8cm．两板间距离d=8cm，现在两导轨上放一金属棒ab，其质量为M=2kg，电阻r=10Ω，将其由静止释放，当达到匀速运动时，一个q=10-10C，质量m=10-20kg的带正电的粒子从R点沿电场中心线垂直电场线飞入电场，初速度V0=2×106m/s，粒子飞出平行板电场后经过无场区域后，进入界面为MN、PQ间匀强磁场，从磁场的PQ边界出来后刚好打在中心线上离PQ边界处的S点上，已知MN与平行板的右端相距为L，MN、PQ相距为L，且L=12cm（粒子重力不计）求：（1）ab棒匀速运动时平行金属板A、B之间的电压U；（2）粒子运动到MN时偏离中心线RO的距离为多少；（3）画出粒子运动的轨迹，并求出磁感应强度B的大小．【答案】解：（1）两电阻并联，总电阻R==15Ω金属棒匀速运动时，棒受到的安培力等于重力的分力；故M gsinθ=BIL；解得电流I===20A；则两电阻两端的电压U=IR=20×15=300V；（2）粒子在电场中做类平抛运动，根据牛顿第二定律得：a==运动的时间为：t=设粒子从电场中飞出时的侧向位移为h，穿过界面PS时偏离中心线OR的距离为y，则：h=at2即：h=（）2代入数据，解得：h=0.03m=3cm带电粒子在离开电场后将做匀速直线运动，由相似三角形知识得：=代入数据，解得：y=0.12m=12cm（3）设粒子从电场中飞出时的速度方向与水平方向的夹角为θ，则：tanθ==所以θ=37°v===2.5×106m/s；轨迹如图所示由几何知识可得粒子在磁场中做匀速圆周运动的半径：R===0.1m由：qv B=m解得：B=带入数值解得B=2.5×10-3T答：（1）AB间电压为300V；（2）粒子进入界面MN时偏离中心线RO的距离为12cm；（3）粒子运动的轨迹如图所示，匀强磁场的磁感应强度B的大小为2.5×10-3T．【解析】（1）对导体棒受力分析，导体棒在重力和安培力的作用下做匀速直线运动，由平衡关系可求得棒中的电流；再由闭合电路欧姆定律可求得AB间的电压；（2）粒子在电场中做类平抛运动，由平抛运动规律可求得偏转位移；（3）设粒子从电场中飞出时的速度方向与水平方向的夹角为θ，根据速度关系求出夹角，画出轨迹，由几何知识可得粒子在磁场中做匀速圆周运动的半径，根据半径公式即可求解磁场强度．本题考查电磁感应及带电粒子在磁场中的运动；应注意粒子的运动过程，粒子先做类平抛运动，再做匀速直线运动，最后应做圆周运动，其中最后速率保持不变是本题中的关键，也是出题人设置的一个陷阱；要求学生应认真审题，彻底明白题意才能正确求解．同时还应注意题目中的几何关系的掌握．。
2017年四川省绵阳市高考物理二诊试卷(解析版)
2017年四川省绵阳市高考物理二诊试卷一、选择题1．（6分）2016年10月17日，我国用长征二号FY11运载火箭将“神州十一号”飞船送人预定转移轨道．关于火箭发射，下列说法正确的是（）A．火箭刚离开发射架时，火箭处于失重状态B．火箭刚离开发射架时，火箭处于超重状态C．火箭发射时，喷出的高速气流对火箭的作用力大于火箭对气流的作用力D．火箭发射时，喷出的高速气流对火箭的作用力小于火箭对气流的作用力2．（6分）2016年7月，科学家宣布找到了一颗人类“宜居”行星，它是离太阳最近的恒星﹣﹣比邻星（Proxima Centauri）的行星．若这颗“宜居”行星质量为地球的a倍，半径为地球的b倍，设该行星的卫星的最小周期为T1，地球的卫星的最小周期为T2，则=（）A．B．C． D．3．（6分）在2016年11月初的珠海航展上，我国展出了国产四代战机﹣﹣﹣歼﹣20等最先进飞机．假设航展飞行表演中，两架完全相同的歼﹣20飞机甲、乙在两条平行平直跑道上同向滑行，在0～t2时间内的v﹣t图象如图所示，则（）A．在t1时刻，两飞机沿跑道方向相距最远B．在t1时刻，两飞机发动机输出功率相等C．0～t2，飞机甲的平均速度大于飞机乙的平均速度D．0～t2，合外力对飞机甲做的功大于合外力对飞机乙做的功4．（6分）如图所示的电路中，E为电源电动势，r为电源内阻，R1和R2为定值电阻，R为滑动变阻器．当R的滑片P在某一位置时，闭合开关S，电压表的读数为U=l.00 V，电流表A1的读数I1=0.80A，电流表A2的读数为I2=1.20A．现将R 的滑片P继续向b端移动过程中，三个电表可能得到的读数是（）A．U=0.70V，I1=0.60A，I2=1.30AB．U=0.80V，I1=0.60A，I2=1.40AC．U=0.90V，I1=0.70A，I2=1.40AD．U=l．l0V，I1=0.70A，I2=1.50A5．（6分）如图所示，大型物流货场传送带倾斜放置，与水平面的夹角保持不变．传送带可向上匀速运动，也可向上加速运动；货箱M与传送带间保持相对静止，设受传送带的摩擦力为f．则（）A．传送带加速运动时，f的方向可能平行传送带向下B．传送带匀速运动时，不同质量的货箱，f相等C．相同的货箱，传送带匀速运动的速度越大，f越大D．相同的货箱，传送带加速运动的加速度越大，f越大6．（6分）一带有乒乓球发射机的乒乓球台如图所示，发射机安装于台面左侧边缘的中点，能以不同速率向右侧不同方向水平发射相同的乒乓球．乒乓球l落到球网右侧台面边缘上的中点，乒乓球2落到球网右侧台面边缘上靠近中点的某点．不计空气阻力．则（）A．自发射到落台，乒乓球l与2的飞行时间相等B．乒乓球l的发射速度大于乒乓球2的发射速度C．落台时，乒乓球l的速度大于乒乓球2的速度D．落台时，乒乓球l与2的重力做功的功率相等7．（6分）一个物块从斜面底端冲上足够长的斜面后，返回到斜面底端．已知小物块冲上斜面的初动能为E，它返回斜面底端的速度大小为v，克服摩擦阻力做功为E．若小物块冲上斜面的初动能变为3E，则（）A．返回斜面底端时动能为EB．返回斜面底端时速度大小为vC．从出发到返回斜面底端，克服摩擦阻力做功为ED．从出发到返回斜面底端，机械能减少E8．（6分）如图甲所示，两平行金属板A、B放在真空中，间距为d，P点在A、B板间，A板接地，B板的电势φ随时间t变化情况如图乙所示，t=0时，在P 点由静止释放一质量为m、电荷量为e的电子，当t=2T时，电子回到P点．电子运动中没与极板相碰，不计重力，则（）A．φ1：φ2=1：2B．φ1：φ2=1：3C．在0～2T内，当t=T时电子的电势能最小D．在0～2T内，电子的电势能减小了三、非选择题9．（6分）用如图甲所示的装置验证机械能守恒定律．已知打点计时器打点频率f=50 Hz．（1）实验中得到的一条纸带如图乙所示，第一个打点栎记为D，选择点迹清晰且便于测量的连续5个点，标为A、B、C、D、E，测出A、C、E到O点的距离分别为d1=9.51cm、d2=15.71cm、d3=23.47cm．重物质量为0.5 kg，当地重力加速度g=9.80 m/s2．现选取重物在OC段的运动进行数据处理，则OC段重力势能减少量为J，动能增加量为J（计算结果均保留两位有效数字）．（2）如果测得纸带上第一个和第二个打点间的距离大约是6mm，出现这种情况可能的原因是．A．重锤的质量过大B．电源电压偏大C．先释放纸带后接通打点计时器D．打点计时器没有竖直固定．10．（9分）一同学设计了如图（a）所示的实物电路测电流表G1的内阻r1．可供选择的器材如下：待测电流表G1：量程为0〜5mA，内阻约为300Ω电流表G2：量程为0﹣10mA，内阻约为40Ω滑动变阻器R1：阳值范围为0﹣1000Ω滑动变阻器R2：阻值范围为0﹣20Ω定值电阻R3：阻值为40Ω定值电阻R4：阻值为200Ω定值电阻R5：阻值为2000Ω干电池E：电动势约为1.5V，内阻很小可忽略开关S及导线若干①滑动变阻器R应选，定值电阻R0应选（填写器材后面的代号）②实验步骤如下：a．按电路图连接电路，应将滑动变阻器滑片P调到（选填“左端”、“中间”、“右端”）b．闭合开关S，移动滑片P至某一位置，记录G1和G2的读数，分别记为I1和I2 c，改变滑片P位置，记录各次G1和G2的读数I1和I2，得到多组I1和I2d．以I2为纵坐标，I1为横坐标，建立坐标系，描点作图得到了如图（b）所示的图线e．利用求得的I2﹣I1图线的斜率k和已知的定值电阻R0，计算待测电流表G1内阻的表达式为r1=（k、R0表示）③如果实验室只有电动势约为6V电源，要求利用本题提供的实验器材，仍然在图（a）所示电路图基础上完成本实验，改进办法是：．11．（12分）如图所示，轨道ABCDP位于竖直平面内，其中圆弧段CD与水平段AC及倾斜段DP分别相切于C点和D点，水平段AB、圆弧段CD和倾斜段DP 都光滑，水平段BC粗糙，DP段与水平面的夹角θ=37°，D、C两点的高度差h=0．lm，整个轨道绝缘，处于方向水平向左、场强未知的匀强电场中．一个质量m1=0.4 kg、带正电、电荷量未知的小物块I在A点由静止释放，经过时间t=ls，与静止在B 点的不带电、质量m2=0.6 kg小物块II碰撞并粘在一起在BC段上做匀速直线运动，到达倾斜段DP上某位置．物块I和II与轨道BC段的动摩擦因数μ=0.2．g=l0m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8．求：（1）物块I和II在BC段上做匀速直线运动的速度大小；（2）物块I和II第一次经过C点时，圆弧段轨道对物块I和Ⅱ支持力的大小．12．（20分）如图所示，光滑水平面上固定竖直挡板MN，放有长木板P，P左端与MN间距离为d，P 右端放置小物块K，P、K的质量均为m，P与K间的动摩擦因数为μ．现给小物块K持续施加水平向左的恒定外力，其大小等于P与K 间的滑动摩擦力的二分之一，P、K一起向左运动，直到P与竖直挡板MN相碰，碰撞的时间极短，碰撞前后瞬间P的速度大小相等，方向相反，小物块K始终在长木板P上．重力加速度为g．（1）经过多长时间长木板P与竖直挡板MN发生第一次碰撞；（2）从外力作用在小物块K到长木板P第一次与竖直挡板MN碰撞后向右运动到最远的过程，求P、K间因摩擦产生的热量；（3）为使小物块K不与竖直挡板MN碰撞，求木板P长度的最小值．选考题【物理选修3-3】13．（5分）一定量的理想气体从状态a开始，经历等压过程a→b，等温过程b→c，然后从c→a，回到原状态，其p﹣T图象如图所示，其中ca是直线，其延长线过原点O，下列判断正确的是（）A．气体在a、c两状态的体积相等B．气体在状态b时的内能等于它在状态c时的内能C．在过程a→b中气体向外界放出的热量大于外界对气体做的功D．在过程b→c中气体从外界吸收的热量小于气体对外界做的功E．在过程a→c中气体向外界放出的热量等于气体内能的减少14．（10分）医院某种型号的氧气瓶的容积为0.8m3，开始时瓶中氧气的压强为10个大气压．假设病人在一种手术过程中吸氧相当于1个大气压的氧气0.4 m3．当氧气瓶中的压强降低到2个大气压时，需重新充气．若氧气的温度保持不变，求这种型号氧气瓶l瓶重新充气前可供病人在这种手术过程中吸氧多少次？【物理选修3-4】15．图甲为一列简谐横波在t=4s时的波形图，a、b两质点的横坐标分别为xa=4 m和xb=9 m，图乙为质点6的振动图象，下列说法正确的是（）A．该波沿+x方向传播，波速为1.5 m/sB．从t=4s到t=6s，质点a通过的路程为0.5mC．t=7s时，质点a离开平衡位置的位移为0.25 mD．t=9s时，x=9 m和x=15 m处两质点离开平衡位置的位移大小相等E．质点b简谐运动的表达式为y=0.5sin t m16．一高度为d的圆柱形玻璃，侧面贴有黑色膜，圆横截下表面贴有一半径为的圆形发光面，圆形发光面的圆心与圆横截下表面圆心重合，圆柱形玻璃整个圆横截上表面有光射出．已知圆形发光面发出的单色光频率为f，在真空中的速度为c，对圆柱形玻璃折射率为．求：①该光在玻璃中的波长λ；②圆柱形的圆横截面的最大半径R．2017年四川省绵阳市高考物理二诊试卷参考答案与试题解析一、选择题1．（6分）2016年10月17日，我国用长征二号FY11运载火箭将“神州十一号”飞船送人预定转移轨道．关于火箭发射，下列说法正确的是（）A．火箭刚离开发射架时，火箭处于失重状态B．火箭刚离开发射架时，火箭处于超重状态C．火箭发射时，喷出的高速气流对火箭的作用力大于火箭对气流的作用力D．火箭发射时，喷出的高速气流对火箭的作用力小于火箭对气流的作用力【解答】解：A、火箭加速上升时，加速度方向向上，宇航员处于超重状态．故A错误，B正确．C、高速气流对火箭的作用力与火箭对气流的作用力属于作用力与反作用力，所以高速气流对火箭的作用力等于火箭对气流的作用力．故C错误，D错误．故选：B2．（6分）2016年7月，科学家宣布找到了一颗人类“宜居”行星，它是离太阳最近的恒星﹣﹣比邻星（Proxima Centauri）的行星．若这颗“宜居”行星质量为地球的a倍，半径为地球的b倍，设该行星的卫星的最小周期为T1，地球的卫星的最小周期为T2，则=（）A．B．C． D．【解答】解：卫星在“宜居”行星表面附近绕“宜居”行星做匀速圆周运动时，周期最小，由万有引力提供向心力，有①卫星在地球表面附近绕地球做匀速圆周运动时，周期最小，根据万有引力提供向心力，有②联立①②得，故A正确，BCD错误故选：A3．（6分）在2016年11月初的珠海航展上，我国展出了国产四代战机﹣﹣﹣歼﹣20等最先进飞机．假设航展飞行表演中，两架完全相同的歼﹣20飞机甲、乙在两条平行平直跑道上同向滑行，在0～t2时间内的v﹣t图象如图所示，则（）A．在t1时刻，两飞机沿跑道方向相距最远B．在t1时刻，两飞机发动机输出功率相等C．0～t2，飞机甲的平均速度大于飞机乙的平均速度D．0～t2，合外力对飞机甲做的功大于合外力对飞机乙做的功【解答】解：A、由于甲乙飞机滑行的初始位置无法认定，故无法判断甲乙间的距离关系，故A错误；B、t1时刻甲乙的速度相同，但甲做加速运动，乙做减速运动，根据牛顿第二定律可知F﹣f=ma 可知，甲的牵引力大于乙的牵引力，根据P=Fv可知甲的输出功率大于乙的输出功率，故B错误；C、物体做匀变速直线运动，甲的平均速度，乙的平均速度，故0～t2，飞机甲的平均速度大于飞机乙的平均速度，故C正确；D、根据动能定理可知可知，合外力对飞机甲做的功小于合外力对飞机乙做的功，故D错误故选：C4．（6分）如图所示的电路中，E为电源电动势，r为电源内阻，R1和R2为定值电阻，R为滑动变阻器．当R的滑片P在某一位置时，闭合开关S，电压表的读数为U=l.00 V，电流表A1的读数I1=0.80A，电流表A2的读数为I2=1.20A．现将R 的滑片P继续向b端移动过程中，三个电表可能得到的读数是（）A．U=0.70V，I1=0.60A，I2=1.30AB．U=0.80V，I1=0.60A，I2=1.40AC．U=0.90V，I1=0.70A，I2=1.40AD．U=l．l0V，I 1=0.70A，I2=1.50A【解答】解：ABC、路端电压减小，内电压增大，总电流增大，即，故AB错误，C正确；D、路端电压增加，内电压减小，总电流减小，即，故D 错误；故选：C5．（6分）如图所示，大型物流货场传送带倾斜放置，与水平面的夹角保持不变．传送带可向上匀速运动，也可向上加速运动；货箱M与传送带间保持相对静止，设受传送带的摩擦力为f．则（）A．传送带加速运动时，f的方向可能平行传送带向下B．传送带匀速运动时，不同质量的货箱，f相等C．相同的货箱，传送带匀速运动的速度越大，f越大D．相同的货箱，传送带加速运动的加速度越大，f越大【解答】解：A、当传送带加速向上运动时，加速度沿传送带向上，根据牛顿第二定律分析可知合力沿传送带向上：f﹣mgsinθ=ma，可知摩擦力的方向向上．故A错误；B、当传送带匀速运动时，受到重力、传送带的支持力和静摩擦力作用，其中重力的分力与静摩擦力平衡，摩擦力方向一定沿斜面向上，大小：f=mgsinθ，不同质量的货箱，f不相等．故B错误．C、加速度沿传送带向上，根据牛顿第二定律分析可知合力沿传送带向上：f﹣mgsinθ=ma，所以：f=mgsinθ+ma，相同的货箱，传送带加速运动的加速度越大，f越大．故C错误D正确．故选：D6．（6分）一带有乒乓球发射机的乒乓球台如图所示，发射机安装于台面左侧边缘的中点，能以不同速率向右侧不同方向水平发射相同的乒乓球．乒乓球l落到球网右侧台面边缘上的中点，乒乓球2落到球网右侧台面边缘上靠近中点的某点．不计空气阻力．则（）A．自发射到落台，乒乓球l与2的飞行时间相等B．乒乓球l的发射速度大于乒乓球2的发射速度C．落台时，乒乓球l的速度大于乒乓球2的速度D．落台时，乒乓球l与2的重力做功的功率相等【解答】解：A、球1和球2平抛运动的高度相同，根据h=可得，小球运动的时间相同，故A正确；B、竖直方向v y=gt相同，由于1的水平位移小于2的水平位移，根据x=vt可知，2的初速度大于1的初速度，根据速度的合成可知，2的落台速度大于1的落台速度，故BC错误D、由于时间相等，则竖直分速度相等，根据P=mgv y知，重力的瞬时功率相等，故D正确．故选：AD7．（6分）一个物块从斜面底端冲上足够长的斜面后，返回到斜面底端．已知小物块冲上斜面的初动能为E，它返回斜面底端的速度大小为v，克服摩擦阻力做功为E．若小物块冲上斜面的初动能变为3E，则（）A．返回斜面底端时动能为EB．返回斜面底端时速度大小为vC．从出发到返回斜面底端，克服摩擦阻力做功为ED．从出发到返回斜面底端，机械能减少E【解答】解：物块以初动能为E冲上斜面并返回的整个过程中，由动能定理得：mv2﹣E=﹣①设以初动能为E冲上斜面的初速度为v0，则以初动能为3E冲上斜面时，初速度为v0，加速度相同，根据2ax=v2﹣v02可知：物体上滑的最大位移为x=可知，物块第二次冲上斜面的最大位移是第一次的3倍，所以上升过程中克服摩擦力做功是第一次的3倍，整个上升返回过程中克服摩擦力做功是第一次的3倍，即为E．以初动能为3E冲上斜面并返回的整个过程中，运用动能定理得：mv′2﹣3E=﹣E ②所以返回斜面底端时的动能为mv′2=E；由①②得：返回斜面底端时速度大小为v′=v根据功能关系可知，从出发到返回斜面底端，机械能减少等于克服摩擦阻力做功，为E，故AD错误，BC正确．故选：BC8．（6分）如图甲所示，两平行金属板A、B放在真空中，间距为d，P点在A、B板间，A板接地，B板的电势φ随时间t变化情况如图乙所示，t=0时，在P 点由静止释放一质量为m、电荷量为e的电子，当t=2T时，电子回到P点．电子运动中没与极板相碰，不计重力，则（）A．φ1：φ2=1：2B．φ1：φ2=1：3C．在0～2T内，当t=T时电子的电势能最小D．在0～2T内，电子的电势能减小了【解答】解：AB、0～T时间内平行板间的电场强度为：E1=，电子以a1=向上做匀加速直线运动，经过时间T的位移为：x1=，速度为：v1=a1T．T～2T内平行板间电场强度为：E2=，加速度为：a2=，电子以v1的速度向上做匀变速度直线运动，位移为：x2=v1T﹣，由题意2T 时刻回到P点，则有：x1+x2=0，联立可得：φ2=3φ1，所以选项A错误，B正确．C、当速度最大时，动能最大，电势能最小，而0～T内电子做匀加速运动，之后做匀减速直线运动，因φ2=3φ1，所以在2T时刻电势能最小，选项C错误．D、电子在2T时刻回到P点，此时速度为：v2=v1﹣a2T=（负号表示方向向下），电子的动能为：E k═=，根据能量守恒定律，电势能的减小量等于动能的增加量，所以选项D正确．故选：BD三、非选择题9．（6分）用如图甲所示的装置验证机械能守恒定律．已知打点计时器打点频率f=50 Hz．（1）实验中得到的一条纸带如图乙所示，第一个打点栎记为D，选择点迹清晰且便于测量的连续5个点，标为A、B、C、D、E，测出A、C、E到O点的距离分别为d1=9.51cm、d2=15.71cm、d3=23.47cm．重物质量为0.5 kg，当地重力加速度g=9.80 m/s2．现选取重物在OC段的运动进行数据处理，则OC段重力势能减少量为0.77J，动能增加量为0.76J（计算结果均保留两位有效数字）．（2）如果测得纸带上第一个和第二个打点间的距离大约是6mm，出现这种情况可能的原因是C．A．重锤的质量过大B．电源电压偏大C．先释放纸带后接通打点计时器D．打点计时器没有竖直固定．【解答】解：（1）由题意可得物体由O到C的过程中，重物高度下降了：=15.71cm，故重力势能的减小量：△E P=mg△h=0.5×9.8×0.1571J≈0.77J；C点速度动能增加量=0.76J（2）打点的同时纸带开始下落，则1、2两点间的距离接近2mm，如果1、2两点间的距离为6mm，这是由于先释放纸带后解题电源造成的，故选C故答案为：（1）0.77，0.76；（2）C．10．（9分）一同学设计了如图（a）所示的实物电路测电流表G1的内阻r1．可供选择的器材如下：待测电流表G1：量程为0〜5mA，内阻约为300Ω电流表G2：量程为0﹣10mA，内阻约为40Ω滑动变阻器R1：阳值范围为0﹣1000Ω滑动变阻器R2：阻值范围为0﹣20Ω定值电阻R3：阻值为40Ω定值电阻R4：阻值为200Ω定值电阻R5：阻值为2000Ω干电池E：电动势约为1.5V，内阻很小可忽略开关S及导线若干①滑动变阻器R应选R2，定值电阻R0应选R4（填写器材后面的代号）②实验步骤如下：a．按电路图连接电路，应将滑动变阻器滑片P调到左端（选填“左端”、“中间”、“右端”）b．闭合开关S，移动滑片P至某一位置，记录G 1和G2的读数，分别记为I1和I2 c，改变滑片P位置，记录各次G1和G2的读数I1和I2，得到多组I1和I2d．以I2为纵坐标，I1为横坐标，建立坐标系，描点作图得到了如图（b）所示的图线e．利用求得的I2﹣I1图线的斜率k和已知的定值电阻R0，计算待测电流表G1内阻的表达式为r1=（k﹣1）R0（k、R0表示）③如果实验室只有电动势约为6V电源，要求利用本题提供的实验器材，仍然在图（a）所示电路图基础上完成本实验，改进办法是：与电源串联电阻R3．【解答】解：①因为电流表G2的量程是待测电流表G1的2倍；所以定值电阻要和待测电流表内阻接近；而滑动变阻器采用分压接法，故总电阻不要太大．故定值电阻选④，滑动变阻器选⑥．②a：分压式电路，滑动变阻器作用为调节分压，为了保证电路安全，应该调节到分压为零的位置，故应将滑动变阻器滑片P调到左端；e：根据并联分流公式I2=I1，又=k，解得：r1=（k﹣1）R0．③因为电动势约为6V，所以为了保证电路安全可在定值电阻R3或R5中选择一个与电源串联起到分压作用，＜20Ω，由于测量部分的电阻小于滑动变阻器的最大阻值，即：R测而R5阻值过大，分压过多，使电表偏角过小，导致误差较大，故选择R3与电源串联．答：①R2，R4；②左端，（k﹣1）R0；③与电源串联电阻R 3．11．（12分）如图所示，轨道ABCDP位于竖直平面内，其中圆弧段CD与水平段AC及倾斜段DP分别相切于C点和D点，水平段AB、圆弧段CD和倾斜段DP 都光滑，水平段BC粗糙，DP段与水平面的夹角θ=37°，D、C两点的高度差h=0．lm，整个轨道绝缘，处于方向水平向左、场强未知的匀强电场中．一个质量m1=0.4 kg、带正电、电荷量未知的小物块I在A点由静止释放，经过时间t=ls，与静止在B 点的不带电、质量m2=0.6 kg小物块II碰撞并粘在一起在BC段上做匀速直线运动，到达倾斜段DP上某位置．物块I和II与轨道BC段的动摩擦因数μ=0.2．g=l0m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8．求：（1）物块I和II在BC段上做匀速直线运动的速度大小；（2）物块I和II第一次经过C点时，圆弧段轨道对物块I和Ⅱ支持力的大小．【解答】解：（1）物块Ⅰ和Ⅱ粘在一起在BC段上做匀速直线运动，设电场强度为E，物块Ⅰ带电荷量为q，物块Ⅰ与物块Ⅱ碰撞前速度为，碰撞后共同速度为，则qE=解得：（2）设圆弧段CD的半径为R，物块Ⅰ和Ⅱ经过C点时圆弧段轨道对物块支持力的大小为N，则R（1﹣cosθ）=h解得N=18N答：（1）物块I和II在BC段上做匀速直线运动的速度大小为2m/s；（2）物块I和II第一次经过C点时，圆弧段轨道对物块I和Ⅱ支持力的大小为18N12．（20分）如图所示，光滑水平面上固定竖直挡板MN，放有长木板P，P左端与MN间距离为d，P 右端放置小物块K，P、K的质量均为m，P与K间的动摩擦因数为μ．现给小物块K持续施加水平向左的恒定外力，其大小等于P与K 间的滑动摩擦力的二分之一，P、K一起向左运动，直到P与竖直挡板MN相碰，碰撞的时间极短，碰撞前后瞬间P的速度大小相等，方向相反，小物块K始终在长木板P上．重力加速度为g．（1）经过多长时间长木板P与竖直挡板MN发生第一次碰撞；（2）从外力作用在小物块K到长木板P第一次与竖直挡板MN碰撞后向右运动到最远的过程，求P、K间因摩擦产生的热量；（3）为使小物块K不与竖直挡板MN碰撞，求木板P长度的最小值．【解答】解：（1）P、K一起向左匀加速运动时，设加速度为a，经过t时间长木板P与竖直挡板MN发生第一次碰撞．对整体，由牛顿第二定律得：F=2ma据题有：F=μmg可得：a=μg由d=得：t=2（2）设P与竖直挡板MN发生第一碰撞前的速度大小为v1，则v1=at之后，P向右以v1为初速度匀减速运动，设加速度大小为a1，经过时间t1速度减为零，通过的距离为x1，向右运动到最远；K向左v1为初速度匀减速运动，设加速度大小为a2，经过时间t1通过的距离为x2，则由牛顿第二定律有：μmg=ma 1；μmg﹣F=ma2；由运动学公式有：v1=a1t1；x1=x2=v1t1﹣a2t12；解得：v1=，a1=μg，a2=μg，t1=，x1=d，x2=d设在时间t1内，K在P上滑动的距离为x，P、K间因摩擦产生的热量为Q，则有：x=x1+x2．Q=μmgx解得：Q=μmgd（3）小物块K对地面向左做匀加速运动、向左做匀减运动，如此交替进行，始终向左运动，对木板P相对静止、相对滑动；木板P与竖直挡板MN碰撞后先向右匀减速运动，后向左匀加速运动再与小物块相对静止的匀加速运动，与竖直挡板MN碰撞，与竖直挡板MN碰撞前的速度一次比一次小，最后，当P、K与竖直挡板碰撞前速度均为零，由于F=μmg，小物块将不再运动，若K刚好达到长木板P的左端，此种情况木板P的长度最小．对P、K，整个运动过程，由能量守恒定律得：F（d+L）=μmgL解得：L=d答：（1）经过2时间长木板P与竖直挡板MN发生第一次碰撞；（2）P、K间因摩擦产生的热量是μmgd；（3）木板P长度的最小值是d．选考题【物理选修3-3】13．（5分）一定量的理想气体从状态a开始，经历等压过程a→b，等温过程b→c，然后从c→a，回到原状态，其p﹣T图象如图所示，其中ca是直线，其延长线过原点O，下列判断正确的是（）A．气体在a、c两状态的体积相等B．气体在状态b时的内能等于它在状态c时的内能C．在过程a→b中气体向外界放出的热量大于外界对气体做的功D．在过程b→c中气体从外界吸收的热量小于气体对外界做的功E．在过程a→c中气体向外界放出的热量等于气体内能的减少【解答】解：A、在p﹣T图象上等容线为过坐标原点的一条倾斜的直线，所以a、c两状态体积相等，故A正确λ；B、气体在状态b的温度等于在状态C的温度，理想气体的内能只与温度有关，所以气体在状态b的内能等于它在状态c的内能，故B正确；C、a→b过程为等压过程，温度升高，体积增大，内能增加，气体对外界做功W ＜0，吸收热量，且吸收的热量大于气体对外界所做的功，故C错误；D、b→c过程中，温度不变，压强增大，体积减小，内能不变，外界对气体做功，根据热力学第一定律，气体放热，且气体放出的热量等于外界对气体所做的功，故D错误；E、a→c，等容变化，温度升高，内能增大，体积不变，气体对外界不做功，根据热力学第一定律，气体吸热，且吸收的热量等于气体内能的增加量，故E错误；故选：AB14．（10分）医院某种型号的氧气瓶的容积为0.8m3，开始时瓶中氧气的压强为10个大气压．假设病人在一种手术过程中吸氧相当于1个大气压的氧气0.4 m3．当氧气瓶中的压强降低到2个大气压时，需重新充气．若氧气的温度保持不变，求这种型号氧气瓶l瓶重新充气前可供病人在这种手术过程中吸氧多少次？【解答】解：设这种型号氧气瓶充满气后压强为，体积为，压强减少到时体积为，则重新充气前用去的氧气在压强体积为，则设用去的氧气在1个大气压时压强为，则设这种型号氧气瓶1瓶重新充气前可供病人在这种手术过程中吸氧n次，则解得：n=16次答：这种型号氧气瓶l瓶重新充气前可供病人在这种手术过程中吸氧16次【物理选修3-4】15．图甲为一列简谐横波在t=4s时的波形图，a、b两质点的横坐标分别为xa=4 m和xb=9 m，图乙为质点6的振动图象，下列说法正确的是（）。
- 1、下载文档前请自行甄别文档内容的完整性，平台不提供额外的编辑、内容补充、找答案等附加服务。
- 2、"仅部分预览"的文档,不可在线预览部分如存在完整性等问题,可反馈申请退款(可完整预览的文档不适用该条件!)。
- 3、如文档侵犯您的权益，请联系客服反馈,我们会尽快为您处理(人工客服工作时间：9:00-18:30)。
2016年江苏省泰州市高考物理一模试卷 一、单项选择题，本题共6小题，每小题3分，共18分，每小题只有一个选项符合题意． 1．（3分）一质量为m的人站在观光电梯内的磅秤上，电梯以0.1g的加速度加速上升h高度，在此过程中（ ）
A．磅秤的示数等于mg B．磅秤的示数等于0.1mg C．人的动能增加了0.9mgh D．人的机械能增加了1.1mgh 2．（3分）如图所示，在载流直导线近旁固定有两平行光滑导轨A、B，导轨与直导线平行且在同一水平面内，在导轨上有两可自由滑动的导体ab和cd．当载流直导线中的电流逐渐增强时，导体ab和cd的运动情况是（ ）
A．一起向左运动 B．一起向右运动 C．ab和cd相向运动，相互靠近 D．ab和cd相背运动，相互远离 3．（3分）如图所示，一物块受到一个水平力F作用静止于斜面上，此力F的方向与斜面平行，如果将力F撤去，下列对物块的描述正确的是（ ）
A．物块将沿斜面下滑 B．物块受到的摩擦力变大 C．物块立即获得加速度 D．物块所受的摩擦力方向改变 4．（3分）如图所示路线，已知电源电动势为E，内阻为r，R0为固定电阻，当滑动变阻器R的触头向上移动时，下列论述不正确的是（ ） A．灯泡L一定变亮 B．伏特表的示数变小 C．安培表的示数变小 D．R0消耗的功率变小 5．（3分）在竖直方向的匀强磁场中，水平放置一个面积不变的单匝金属圆线圈，规定线圈中感应电流的正方向如图甲所示，取线圈中磁场B的方向向上为正，当磁场中的磁感应强度B随时间t如图乙变化时，下列图中能正确表示线圈中感应电流变化的是（ ）
A． B． C． D． 6．（3分）如图所示，一物体在水平恒力作用下沿光滑的水平面做曲线运动，当物体从M点运动到N点时，其速度方向恰好改变了90°，则物体在M点到N点的运动过程中，物体的动能将（ ）
A．不断增大 B．不断减小 C．先减小后增大 D．先增大后减小 二、多项选择题．本题共5小题，每小题得4分，共计20分，每小题有多个选项符合题意．全部选对得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分． 7．（4分）载人飞船绕地球做匀速圆周运动．已知地球半径为R0，飞船运行的轨道半径为KR0，地球表面的重力加速度为g0，则飞船运行的（ ）
A．加速度是K2g0 B．加速度是 C．角速度是 D．角速度是 8．（4分）如图甲，一理想变压器原副线圈的匝数比为2：1，原线圈的电压随时间变化规律如图乙所示，副线圈电路中接有灯泡，额定功率为22W；原线圈电路巾接有电压表和电流表．现闭合开关，灯泡正常发光．若用U和I分别表示此时电压表和电流表的读数，则（ ）
A．灯泡的额定电压为l10V B．副线圈输出交流电的频率为50Hz C．U=220V，I=0.2A D．原线圈输入电压的瞬时表达式为u=220sin100πtV 9．（4分）如图所示的电路中，电源电动势为E，内阻r不能忽略．R1和R2是两个定值电阻，L是一个自感系数较大的线圈．开关S原来是断开的．从闭合开关S到电路中电流达到稳定为止的时间内，通过R1的电流I1和通过R2的电流I2的变化情况是（ ）
A．I1开始较大而后逐渐变小 B．I1开始很小而后逐渐变大 C．I2开始很小而后逐渐变大 D．I2开始较大而后逐渐变小 10．（4分）如图（a）所示，质量相等的a、b两物体，分别从斜面上的同一位置A由静止下滑，经B点的水平面上滑行一段距离后停下．不计经过B点时的能量损失，用传感器采集到它们的速度﹣时间图象如图（b）所示，下列说法正确的是（ ） A．a在斜面上滑行的加速度比b的大 B．a在水平面上滑行的距离比b的短 C．a与斜面间的动摩擦因数比b的小 D．a与水平面间的动摩擦因数比b的大 11．（4分）如图甲所示，Q1、Q2还两个固定的点电荷，一带负电的试探电荷仅在电场力作用下以初速度va沿两点电荷连线的中垂线从a点向上运动，其v﹣t图象如图乙所示，下列说法正确的是（ ）
A．两点电荷一定都带负电，但电量不一定相等 B．两点电荷一定都带负电，且电量一定相等 C．t1、t2两时刻试探电荷在同一位置 D．t2时刻试探电荷的电势能最大
三、简答题：本题共2小题，共计20分，请将解答填写在答题卡相应的位置． 12．（8分）为了“探究加速度与力、质量的关系”，现提供如图甲所示的实验装置： （1）以下实验操作正确的是 ． A．将木板不带滑轮的一端适当垫高，使小车在砝码及砝码盘牵引下恰好做匀速运动 B．调节滑轮的高度，使细线与木板平行 C．先接通电源后释放小车 D．试验中小车的加速度越大越好 （2）在实验中，得到一条如图乙所示的纸带，已知相邻计数点间的时间间隔为T=0.1s，且间距s1、s2、s3、s4、s5、s6已量出，则小车加速度a= m/s2（结果保留两位有效数字）； （3）有一组同学保持小车及车中的砝码质量一定，探究加速度a与所受外力F的关系，他们在轨道水平和倾斜两种情况下分别做了实验，得到了两条a﹣F图线．如图丙所示，图线 是在轨道倾斜情况下得到的（选填“①”或“②”）：小车及车中的砝码总质量m= kg． 13．（12分）某同学要测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率ρ．步骤如下： （1）用游标为20分度的卡尺测量其长度如图1，由图可知其长度L= mm； （2）用螺旋测微器测量其直径如图2，由图可知其直径D= mm； （3）用多用电表的电阻“×10”挡，按正确的操作步骤测此圆柱体的电阻，表盘的示数如图3，则该电阻的阻值R= Ω． （4）该同学想用伏安法更精确地测量其电阻R，现有的器材及其代号和规格如下： 待测圆柱体电阻R 电流表A1（量程0～10mA，内阻约50Ω） 电流表A2（量程0～50mA，内阻约30Ω） 电压表V1（量程0～3V，内阻约30kΩ） 电压表V2（量程0～15V，内阻约50kΩ） 直流电源E（电动势4V，内阻不计） 滑动变阻器R1（阻值范围0～50Ω，允许通过的最大电流0.5A） 开关S、导线若干． 为使实验误差较小，要求测得多组数据进行分析，请在图4中画出测量的电路图，并标明所用器材的代号．
四、计算题：本共4小题，共计62分．解答时请写出必要的文字说明、方程式和主要演算步骤．只写出最后答案的不得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位． 14．（14分）如图所示，倾角为α=30°的光滑固定斜面，斜面上相隔为d=8m平行虚线MN与PQ间有大小为B=0.1T的匀强磁场，方向垂直斜面向下．一质量为m=0.1kg，电阻为R=0.2Ω，边长L=1m的正方形单匝纯电阻金属线圈，线圈cd边从距PQ上方x=2.5m处由静止释放沿斜面下滑进入磁场，切ab边刚要离开磁场时线圈恰好做匀速运动，重力加速度g=10m/s2．求： （1）cd边刚进入磁场时，线圈的速度v1； （2）线圈进入磁场的过程中，通过ab边的电量q； （3）线圈通过磁场的过程中，ab边产生的热量Q．
15．（15分）预警雷达探测到敌机在20000m上空水平匀速飞行，立即启动质量m=100kg的防空导弹，导弹的火箭发动机在制导系统控制下竖直向下喷气，使导弹由静止以a=10g（g=10m/s2）的加速度竖直向上匀加速上升至5000m高空，喷气方向立即变为与竖直方向成θ角（cosθ=）斜向下，导弹做曲线运动，直至击中敌机．假设导弹飞行过程中火箭推力大小恒定，且不考虑导弹质量变化及空气阻力，导弹可视为质点．试求： （1）火箭喷气产生的推力； （2）导弹从发射到击中敌机所用的时间； （3）导弹击中敌机时的动能． 16．（16分）如图所示，一压缩的轻弹簧左端固定，右端与一滑块相接触但不连接，滑块质量为m，与水平地面间的动摩擦因数为0.1，A点左侧地面光滑，AB的长度为5R，现将滑块由静止释放，滑块运动到A点时弹簧恢复原长，以后继续向B点滑行，并滑上光滑的半径为R的光滑圆弧BC，在C点正上方有一离C点高度也为R的旋转平台，沿平台直径方向开有两个离轴心距离相等的小孔P、Q，旋转时两孔均能达到C点的正上方．若滑块滑过C点后进入P孔，又恰能从Q孔落下，已知物体通过B点时对地面的压力为9mg．求： （1）滑块通过B点时的速度vB； （2）弹簧释放的弹性势能Ep； （3）平台转动的角速度ω应满足什么条件．
17．（17分）在竖直面内建立直角坐标系，曲线y=位于第一象限的部分如图，在曲线上不同点以初速度v0向x轴负方向水平抛出质量为m，带电量为+q的小球，小球下落过程中都会通过坐标原点，之后进入第三象限的匀强电场和匀强磁场区域，磁感应强度为B=T，方向垂直纸面向里，小球恰好做匀速圆周运动，
并在做圆周运动的过程中都能打到y轴负半轴上（已知重力加速度为g=10m/s2、=102C/kg）．求： （1）第三象限的电场强度大小及方向； （2）沿水平方向抛出的初速度v0； （3）为使所有的小球都打到y轴负半轴，所加磁场区域的最小面积． 2016年江苏省泰州市高考物理一模试卷 参考答案与试题解析
一、单项选择题，本题共6小题，每小题3分，共18分，每小题只有一个选项符合题意． 1．（3分）一质量为m的人站在观光电梯内的磅秤上，电梯以0.1g的加速度加速上升h高度，在此过程中（ ）
A．磅秤的示数等于mg B．磅秤的示数等于0.1mg C．人的动能增加了0.9mgh D．人的机械能增加了1.1mgh 【解答】解：A、根据牛顿第二定律得：F﹣mg=ma 解得：F=mg+ma=1.1mg，即磅秤的示数等于1.1mg，故AB错误； C、根据动能定理得：△EK=W合=mah=0.1mgh，故C错误； D、人上升h，则重力做功为﹣mgh，可知重力势能增大mgh，动能增加0.1mgh，则机械能增大了1.1mgh，故D正确． 故选：D
2．（3分）如图所示，在载流直导线近旁固定有两平行光滑导轨A、B，导轨与直导线平行且在同一水平面内，在导轨上有两可自由滑动的导体ab和cd．当载流直导线中的电流逐渐增强时，导体ab和cd的运动情况是（ ）
A．一起向左运动 B．一起向右运动 C．ab和cd相向运动，相互靠近 D．ab和cd相背运动，相互远离 【解答】解：根据右手螺旋定则知，直线电流下方的磁场方向垂直纸面向里，电流增强时，磁场增强，根据楞次定律得，回路中的感应电流为abdc，根据左手