2021届天津市第一中学高三上学期第二次月考语文试题
天津市静海区第一中学2022-2023学年高三上学期期末考试语文试题
2022-2023学年第一学期高三期末语文学科练习题一、设计教材内容题（33分）阅读下面的文字，完成下面小题。
（9分）2021年年初，河南卫视春晚上的舞蹈节目《唐宫夜宴》成功“出圈”，登上微博综艺榜晚会栏目类第一。
该节目不仅令亿万观众______________，更重要的是把国人印象中的传统文化在台上“舞”活了。
它用5G、AR技术展示虚拟场景，力求将盛唐的风采和少女的灵动搬上舞台，再现盛唐时期的大国气象和以“唐三彩”为代表符号的唐韵之美，从而为大众展示出一幅传统文化与现代科技交相辉映的文化画卷。
（）曾几何时，传统文化传播______________，如此突然______________、接二连三地破圈而出，令人振奋和欣慰。
信息时代背景下，现代技术与传统文化的融合创新亦在文化多样化的今天，以更理想的荧幕呈现实现了“1＋1＞2”的综合效应。
中华美学讲求托物言志、寓理于情，讲求______________、凝练节制，讲求形神兼备、意境深远，强调知、情、意、行相统一。
我们要力求以优秀传统文化为基石，锻造现代文艺的精彩。
1．依次填入文中横线上的词语，最恰当的一项是（）（3分）A．喜闻乐见式微否极泰来简明扼要B．耳目一新衰败否极泰来简明扼要C．耳目一新式微峰回路转言简意赅D．喜闻乐见衰败峰回路转言简意赅2．在选文括号内填入句子，表述最恰当的一项是（）（3分）A．不仅舞蹈表现了赴宴宫女灵动机巧的梳妆打扮以及宫廷夜宴的厚重瑰丽，还以两幅传世名画为背景，达到了凸显作品庄严与大气。
B．舞蹈不仅表现了赴宴宫女梳妆打扮的灵动机巧以及宫廷夜宴的厚重瑰丽，还以两幅传世名画为背景，达到了凸显作品庄严与大气。
C．不仅舞蹈表现了赴宴宫女灵动机巧的梳妆打扮以及宫廷夜宴的厚重瑰丽，还以两幅传世名画为背景，达到了凸显作品庄严与大气的效果。
D．舞蹈不仅表现了赴宴宫女梳妆打扮的灵动机巧以及宫廷夜宴的厚重瑰丽，还以两幅传世名画为背景，达到了凸显作品庄严与大气的效果。
河南省南阳市第一中学校2022-2023学年上学期高三第二次月考语文试题及答案
南阳一中2023届高三第二次月考语文试题一、现代文阅读（36分）（一）论述类文本阅读（本题共3小题，9分）（方云国）阅读下面的文字，完成1-3题。
“新时代”是我国发展新的历史方位，是包括文学文化在内的各项事业发展的崭新历史坐标。
对于文学来说，如何认识新时代之“新”的丰富内涵，如何认识“新时代”与“中国故事”之间的辩证关系，成为摆在我们面前重要的理论课题。
讲好新时代中国故事，要深刻认识“时代”之新变与“中国”之恒常之间的辩证关系。
刘勰的《文心雕龙》说：“文变染乎世情，兴废系乎时序”，提出了文学与时俱进的特点。
文学既存在于“时代”的变量中，也必存在于“民族文化”的常量中。
对我们来说，这个常量就是“中国”。
不能把握住时代的变量，文学就会在日新月异的新经验面前惊慌失措、孤芳自赏而故步自封，为时代所淘汰；不能把握住民族文化的常量，文学就会在瞬息万变的新事物面前方寸大乱、随波逐流而丧失初心，丢失了来路和根据地。
我们所处的“新时代”，新生活、新技术和新矛盾正在打破原有的文学想象。
越来越多的人们，乐于寻找新的文学观念装置，来显影新时代的文学之魂。
但另一方面，我们也要意识到在趋时以应新变之余，也要守望来路以寻民族文化之根。
对于我们这个具有悠久历史传统的国家来说，“中国”不仅是当下的，也是历史的；不仅是变动不居的，也是具有坚韧根性的。
沧海横流方显英雄本色，时代巨浪召唤定海神针。
让我们在时代之巨变中始终成为我们的正是“中国”这一份精神共同体的认同。
只有不断将新时代中国故事编织进并充实于“中国”浩浩荡荡的精神河流中，才能更有效地“以中国为方法”，在中国的特殊性和历史性中诠释“新时代”的独特风采。
讲好新时代中国故事，要历史地呈现中国的丰富和纵深。
历史地呈现“新时代”，意味着要在文化和时间的连续性上表现流变；历史地表现中国，则意味着既要站在“新时代”观照历史，又要引几千年中国文化河流以灌溉“新时代”的精神园地，使“历史”成为照亮新时代的重要精神资源。
山西省怀仁市第一中学2023届高三上学期第二次月考语文试题及答案 人教版高三总复习
山西省怀仁市第一中学2023届高三上学期第二次月考语文试题及答案人教版高三总复习怀仁一中2022～2023学年第一学期高三年级第二次月考语文试题(考试时间:150分钟试题满分:150分)一、现代文阅读(36分)(一)论述类文本阅读(本题共3小题,9分)阅读下面的文字,完成1～3题三星堆文物为何再度引发高度关注近来,三星堆遗址又“火”了,在这一轮考古发掘中,新发现的6个坑已出土金面具残片、青铜神树、象牙等重要文物500余件。
公众纷纷讨论三星堆遗址,认为其彰显了三星堆文明的独特魅力和深沉内涵,增强了文化自信的力量。
一个拥有高度文化自信的民族,其文明必定是持久、厚重、包容的,其自身主体性一定是鲜明、强烈、稳固的,三星堆遗址正印证了中华文明的如上特质。
三星堆遗址立足于中华文明的历史厚度。
悠久绵延的中华文明如同历史沃土培育的一棵参天大树,枝繁叶茂，硕果累累,从枝叶可以追溯到根脉。
三星堆遗址便与古蜀文明的起源密不可分。
考古学家俞伟超先生认为:“早期蜀文化和早期巴文化是分别位于成都平原至川东及三峡带的两支青铜文化,但其文化面貌有很多相似之处，因而又共同构成了一个独特的大文化圈(区)。
自夏时期起,这个文化圈内开始渗入了一些二里头文化的因素,而至商时期，则又大量接受了二里岗和殷墟文化的影响。
这就是早期蜀文化和早期巴文化在我国考古学文化总谱系中的位置。
”三星堆遗址彰显着中华文明的文明高度。
恩格斯在其经典著作《家庭、私有制和国家的起源》中认为:“文明时代是社会发展的一个阶段，在这个阶段中，分工，由分工而产生的个人之间的交换,以及把这两个过程结合起来的商品生产,得到了充分的发展,完全改变了先前的整个社会。
”以此论断反观三星堆遗址,其文明特征极为显著。
从陶器上看,三星堆早期的陶委与二里头早期的陶盂,除了陶质和大小以外，几无区别;从青铜器上看,三星堆的铜尊、铜曇明显受到了殷商青铜礼器的影响，可知在与彼时中原文化的交流融汇中,古蜀文明得到了较大的发展。
2021年天津市西青区杨柳青第一中学高三语文一模试卷及答案解析
2021年天津市西青区杨柳青第一中学高三语文一模试卷及答案解析一、现代文阅读（36分）(一)现代文阅读I(9分)阅读下面的文字，完成下面小题材料一：从表情包的发展来看，字将式、颜文字，Emoji和QQ表情包的情感表征比较直观，是对人表情、肢体特征的模仿，主要表达和反映人们的情感。
而动漫和真人表情包构成较为复杂，通过各种拼贴、同构、戏仿等手法实现各种形式的混搭。
既可为单纯的图像，又可为“图像+文字”的多模态话语；既可以静态，又可以动态的形式存在。
正如赵爽英所言，表情符号的发展经历了传达表情、表达情绪以及陈述情节等几个阶段。
在这个过程中，表情符号的象形意义逐渐淡化，象征意义日益突出。
表情包是一种典型的亚文化，是与霸权文化、主流文化、精英文化、主导文化相对的边缘文化、附属文化、次元文化，具有天然的抵抗性。
亚文化通过抵抗和挑战主流文化来证明自己的价值，尽管这种抵抗是仪式性的，但却能调解社会矛盾。
（摘编自谷学强、张子铎《社交媒体中表情包情感表达的意义、问题与反思》）材料二：“人们所说的表情包，主要指用于表达情感、情绪与态度的图片。
表情包可以是简单的图形符号，也可以由真实人像、动漫人物、动物、自然景色等构成，有时还会辅以文字，包括网络流行语，越来越多的表情包以多种元素组合的方式呈现。
表情包的意义与作用，也从早期单纯的情感表达，走向多样化。
这使得表情包有可能成为各种群体的标签，以及社交互动中的面具。
今天各种社交平台自带的基本表情符，是平台专业生产者提供的，它们采用的是某些通用编码规则。
但是，当表情包生产者走向多元，表情包被赋予了人际交流的情绪表达之外的更多功能时，多数表情包往往会被添加一些其他编码元素或规则。
既有一般的虚拟表情的编码规则，也有阶段性或群体性文化的编码规则；而在每一个使用情境中，使用者个体也会在其中加入个人规则。
因为有些规则并非是普适的、主流的，而是小众的，甚至是个人化的，这些非大众化的规则为某些表情包设置了加密“门禁”，并非所有人都能进入到它们的深层意义领地。
第一中学高三上学期9月考试语文试题(含答案)
第一中学高三上学期9月考试语文试题（含答案）江西省上饶市第一中学2024-2025学年高三上学期九月考试语文检测题一、现代文阅读（35分）（一）现代文阅读I（本题共5小题，19分）阅读下面的文字，完成问题。
①在公共生活中的“说理"是一种理性交流、表达看法、解释主张，并对别人可能有说服作用的话语形式。
说服就是运用语言来对具体的他人作劝说、解释、说明，以期对他们有所影响。
伊索寓言中有一则《太阳与风》的故事：太阳与风进行比赛，看谁能使穿着外套的行人脱掉外套。
风刮了又刮，但刮得越凶，那个行人却把外套裹得越紧。
然后太阳出来了，照在行人的身上，行人感到身体出汗了，就把外套脱了下来。
这个故事可以用作“说服强于强制”的寓言。
希腊哲学家芝诺对说服有相似的说法，他称说服是一只摊开的手掌，而不是一个攥紧的拳头。
说服是欢迎他人加入对话，不是企图限制他们有自己的看法，更不是威胁他们不准有自己的看法。
②说理通过说明和协商，而不是暴力或战争来解决人间可能出现的矛盾和冲突，并形成一种可以称之为“讲理"的文明秩序。
所有的战争和混乱都是在没有协商、无理可讲的情况下发生的。
说理使得人类能够用摊开的手掌，而不是攥紧的拳头来相互交往，人类才得以进入文明社会。
然而，当下互联网中的说理常常被当作是攥紧拳头，而非摊开手掌的话语行为。
这样的“说理”便成为“占领话语阵地"口诛笔伐”“论战"和向对方报以“投枪”和“匕首"。
这种“说理”观念令无数人深受其害而浑然不知。
③说理是发表意见，但发表意见并不就是说理。
任何表达看法的陈述，包括骂和谩骂，都可以说是“发表意见”，但并不是说理。
说理的发表意见必须包括两个部分：一个是“结论”（也称主张或看法），另一个是“理由”，结论是由理由来支持的。
当然，有理由支持的结论未必都确实或可靠，因此需要评估理由是否真的能充分支持主张。
④说理需要平等、理性地对待不同意见，并不只是出于说理者主观意愿的“宽宏”“宽厚"或“宽容”，而是由“说理"本身的话语特性决定的。
天津市南开大学附属中学2021届高三上学期第二次月考数学试卷(理科) Word版含解析
天津市南开高校附属中学2021届高三上学期其次次月考数学试卷（理科）一、选择题（每题5分，共40分）1．（3分）已知复数z满足（3+4i）z=25，则z=（）A．3﹣4i B．3+4i C．﹣3﹣4i D．﹣3+4i2．（3分）“a3＞b3”是“log3a＞log3b”的（）A．充分不必要条件B．必要不充分条件C．充要条件D．既不充分也不必要条件3．（3分）设变量x，y 满足约束条件，则目标函数z=x+2y的最小值为（）A．2B．3C．4D．54．（3分）若﹣9、a、﹣l成等差数列，﹣9、m、b、n、﹣1成等比数列，则ab=（）A．15 B．﹣l5 C．±l5 D．105．（3分）已知函数y=2sinx的定义域为[a，b]，值域为[﹣2，1]，则b﹣a的值不行能是（）A．B．πC．2πD ．6．（3分）已知m，n是两条不同直线，α，β，γ是三个不同平面，下列命题中正确的是（）A．若m⊥α，n⊥m则n∥αB．若α⊥β，β⊥γ则α∥βC．若m⊥β，n⊥β则m∥n D．若m∥α，m∥β，则α∥β7．（3分）已知f（x）=bx+1为x的一次函数，b为不等于1的常数，且g（n）=，设a n=g（n）﹣g（n﹣1）（n∈N*），则数列{a n}是（）A．等差数列B．等比数列C．递增数列D．递减数列8．（3分）在平面四边形ABCD中，AB=3，BC=4，∠ABC=90°，△ACD 是正三角形，则•的值为（）A．﹣2 B．2C．D ．二、填空题（本大题共6小题，每小题5分，共30分）9．（5分）为了解某校高中同学的近视眼发病率，在该校同学中进行分层抽样调查，已知该校2022-2021学年高一、2022-2021学年高二、2021届高三分别有同学800名、600名、500名．若2021届高三同学共抽取25名，则2022-2021学年高一同学共抽取名．10．（5分）如图是一个空间几何体的三视图，则该几何体的体积大小为．11．（5分）已知=（3，﹣2）.=（1，0），向量λ与﹣2垂直，则实数λ的值为．12．（5分）对于任意x∈R，满足（a﹣2）x2+2（a﹣2）x﹣4＜0恒成立的全部实数a构成集合A，使不等式|x ﹣4|+|x﹣3|＜a的解集为空集的全部实数a构成集合B，则A∩∁R B=．13．（5分）如图，圆O的直径AB=8，C为圆周上一点，BC=4，过C作圆的切线l，过A作直线l的垂线AD，D为垂足，AD与圆O交于点E，则线段AE的长为．14．（5分）若a是1+2b与1﹣2b 的等比中项，则的最大值为．三、解答题：本大题共6小题，共80分，解题应写出文字说明、证明过程或演算步骤．15．（16分）已知函数．（Ⅰ）求函数f（x）的最小正周期和图象的对称轴方程；（Ⅱ）求函数f（x ）在区间上的值域．16．（16分）在△ABC中，内角A、B、C的对边分别为a，b，c，且a＞c ，已知•=2，cosB=，b=3，求：（Ⅰ）a和c的值；（Ⅱ）cos（B﹣C）的值．17．（16分）如图所示，四棱锥P﹣ABCD的底面是边长为1的正方形，PA⊥CD，PA=1，PD=，E为PD 上一点，PE=2ED．（Ⅰ）求证：PA⊥平面ABCD；（Ⅱ）求二面角D﹣AC﹣E的余弦值；（Ⅲ）在侧棱PC上是否存在一点F，使得BF∥平面AEC？若存在，指出F点的位置，并证明；若不存在，说明理由．18．（16分）已知单调递增的等比数列{a n}满足：a2+a3+a4=28，且a3+2是a2，a4的等差中项．（Ⅰ）求数列{a n}的通项公式；（Ⅱ）设的前n项和S n．19．（16分）已知数列{a n}，a1=1，前n项和S n满足nS n+1﹣（n+3）S n=0，（Ⅰ）求{a n}的通项公式；（Ⅱ）若b n=4（）2，求数列{（﹣1）n b n}的前n项和T n；（Ⅲ）设C n=2n （﹣λ），若数列{C n}是单调递减数列，求实数λ的取值范围．20．（16分）已知函数f（x）=（x2﹣3x+3）•e x定义域为[﹣2，t]（t＞﹣2），设f（﹣2）=m，f（t）=n．（Ⅰ）试确定t的取值范围，使得函数f（x）在[﹣2，t]上为单调函数；（Ⅱ）求证：n＞m；（Ⅲ）求证：对于任意的t＞﹣2，总存x0∈（﹣2，t），满足，并确定这样的x0的个数．天津市南开高校附属中学2021届高三上学期其次次月考数学试卷（理科）参考答案与试题解析一、选择题（每题5分，共40分）1．（3分）已知复数z满足（3+4i）z=25，则z=（）A．3﹣4i B．3+4i C．﹣3﹣4i D．﹣3+4i考点：复数相等的充要条件．专题：数系的扩充和复数．分析：依据题意利用两个复数代数形式的乘除法，虚数单位i的幂运算性质，计算求得z的值．解答：解：∵复数z满足（3+4i）z=25，则z====3﹣4i，故选：A．点评：本题主要考查两个复数代数形式的乘除法，虚数单位i的幂运算性质，属于基础题．2．（3分）“a3＞b3”是“log3a＞log3b”的（）A．充分不必要条件B．必要不充分条件C．充要条件D．既不充分也不必要条件考点：必要条件、充分条件与充要条件的推断．专题：函数的性质及应用；简易规律．分析：依据指数函数和对数函数的图象和性质，求出两个命题的等价命题，进而依据充要条件的定义可得答案．解答：解：“a3＞b3”⇔“a＞b”，“log3a＞log3b”⇔“a＞b＞0”，故“a3＞b3”是“log3a＞log3b”的必要不充分条件，故选：B点评：推断充要条件的方法是：①若p⇒q为真命题且q⇒p为假命题，则命题p是命题q的充分不必要条件；②若p⇒q为假命题且q⇒p为真命题，则命题p是命题q的必要不充分条件；③若p⇒q为真命题且q⇒p为真命题，则命题p是命题q的充要条件；④若p⇒q为假命题且q⇒p为假命题，则命题p是命题q的即不充分也不必要条件．⑤推断命题p与命题q所表示的范围，再依据“谁大谁必要，谁小谁充分”的原则，推断命题p与命题q的关系．3．（3分）设变量x，y 满足约束条件，则目标函数z=x+2y的最小值为（）A．2B．3C．4D．5考点：简洁线性规划．专题：不等式的解法及应用．分析：作出不等式对应的平面区域，利用线性规划的学问，通过平移即可求z的最大值．解答：解：作出不等式对应的平面区域，由z=x+2y，得y=﹣，平移直线y=﹣，由图象可知当直线y=﹣经过点B（1，1）时，直线y=﹣的截距最小，此时z最小．此时z的最小值为z=1+2×1=3，故选：B．点评：本题主要考查线性规划的应用，利用数形结合是解决线性规划题目的常用方法．4．（3分）若﹣9、a、﹣l成等差数列，﹣9、m、b、n、﹣1成等比数列，则ab=（）A．15 B．﹣l5 C．±l5 D．10考点：等比数列的性质；等差数列的性质．专题：等差数列与等比数列．分析：利用等差数列与等比数列的性质可求得a=﹣5，b=﹣3，从而可得答案．解答：解：∵﹣9、a、﹣l成等差数列，﹣9、m、b、n、﹣1成等比数列，∴2a=﹣1﹣9=﹣10，b2=9，∴a=﹣5，b=﹣3（b为第三项，b＜0），∴ab=15．故选：A．点评：本题考查等差数列与等比数列的性质，b=﹣3的确定是易错点，属于中档题．5．（3分）已知函数y=2sinx的定义域为[a，b]，值域为[﹣2，1]，则b﹣a的值不行能是（）A．B．πC．2πD ．考点：三角函数的最值．专题：计算题．分析：结合三角函数R上的值域[﹣2，2]，当定义域为[a，b]，值域为[﹣2，1]，可知[a，b]小于一个周期，从而可得．解答：解：函数y=2sinx在R上有﹣2≤y≤2函数的周期T=2π值域[﹣2，1]含最小值不含最大值，故定义域[a，b]小于一个周期b﹣a＜2π故选C点评：本题考查了正弦函数的图象及利用图象求函数的值域，解题的关键是生疏三角函数y=2sinx的值域[﹣2，2]，而在区间[a，b]上的值域[﹣2，1]，可得函数的定义域与周期的关系，从而可求结果．6．（3分）已知m，n是两条不同直线，α，β，γ是三个不同平面，下列命题中正确的是（）A．若m⊥α，n⊥m则n∥αB．若α⊥β，β⊥γ则α∥βC．若m⊥β，n⊥β则m∥n D．若m∥α，m∥β，则α∥β考点：空间中直线与平面之间的位置关系；平面与平面之间的位置关系．专题：空间位置关系与距离．分析：对选项逐一分析，依据空间线面关系，找出正确选项．解答：解：对于A，直线n有可能在平面α内；故A 错误；对于B，α，γ还有可能相交，故B 错误；对于C，依据线面垂直的性质以及线线平行的判定，可得直线m，n平行；对于D，α，β有可能相交．故选C．点评：本题主要考查了平面与平面之间的位置关系，考查空间想象力量、运算力量和推理论证力量，属于基础题．7．（3分）已知f（x）=bx+1为x的一次函数，b为不等于1的常数，且g（n）=，设a n=g（n）﹣g（n﹣1）（n∈N*），则数列{a n}是（）A．等差数列B．等比数列C．递增数列D．递减数列考点：等比关系的确定．专题：计算题．分析：依据g（n）的通项公式可求得g（1），g（2），g（3）直至g（n），进而可求a1，a2，a3，┉，a n进而发觉数列{a n}是等比数列解答：解：已知f（x）=bx+1为x的一次函数，b为不等于1的常数，且g（n）=，则g（1）=b+1，g（2）=b2+b+1，g（3）=b3+b2+b+1，┉，g（n）=b n+┉+b2+b+1．a1=b，a2=b2，a3=b3，┉，a n=b n故数列{a n}是等比数列点评：本题主要考查等比关系的确定．属基础题．8．（3分）在平面四边形ABCD中，AB=3，BC=4，∠ABC=90°，△ACD 是正三角形，则•的值为（）A．﹣2 B．2C．D ．考点：平面对量数量积的运算．专题：平面对量及应用．分析：如图所示，建立直角坐标系．取AC的中点E，连接DE，BE．由A（0，3），C（4，0），可得．由于，可得=0．利用•==即可得出．解答：解：如图所示，建立直角坐标系．取AC的中点E，连接DE，BE．∵A（0，3），C（4，0），∴．∵，∴=0．∴•====8﹣=．故选：C．点评：本题考查了向量垂直与数量积的关系、数量积运算性质、向量的三角形法则，考查了推理力量与计算力量，属于中档题．二、填空题（本大题共6小题，每小题5分，共30分）9．（5分）为了解某校高中同学的近视眼发病率，在该校同学中进行分层抽样调查，已知该校2022-2021学年高一、2022-2021学年高二、2021届高三分别有同学800名、600名、500名．若2021届高三同学共抽取25名，则2022-2021学年高一同学共抽取40名．考点：分层抽样方法．专题：概率与统计．分析：依据分层抽样在各部分抽取的比例相等求解．解答：解：依据分层抽样在各部分抽取的比例相等，分层抽样抽取的比例为=，∴2022-2021学年高一应抽取的同学数为800×=40．故答案为：40．点评：本题考查了分层抽样的定义，娴熟把握分层抽样的特征是关键．10．（5分）如图是一个空间几何体的三视图，则该几何体的体积大小为．考点：由三视图求面积、体积．专题：计算题．分析：由三视图可知，该几何体时一个边长为2，2，1的长方体挖去一个半径为1的半球．代入长方体的体积公式和球的体积公式，即可得到答案．解答：由三视图可知，该几何体时一个边长为2，2，1的长方体挖去一个半径为1的半球．所以长方体的体积为2×2×1=4，半球的体积为，所以该几何体的体积为．故答案为：．点评：本题考查的学问点是由三视图求体积，其中依据已知中的三视图推断出几何体的外形是解题的关键．11．（5分）已知=（3，﹣2）.=（1，0），向量λ与﹣2垂直，则实数λ的值为．考点：数量积推断两个平面对量的垂直关系．专题：计算题．分析：由题意得（λ）•（﹣2）=λ+（1﹣2λ）﹣2=13λ+3（1﹣2λ）﹣2=0，解得λ值，即为所求．解答：解：由题意得（λ）•（﹣2）=λ+（1﹣2λ）﹣2=13λ+3（1﹣2λ）﹣2=0，解得λ=﹣，故答案为﹣．点评：本题考查两个向量的数量积公式的应用，两个向量垂直的性质，求得13λ+3（1﹣2λ）﹣2=0，是解题的关键．12．（5分）对于任意x∈R，满足（a﹣2）x2+2（a﹣2）x﹣4＜0恒成立的全部实数a构成集合A，使不等式|x ﹣4|+|x﹣3|＜a的解集为空集的全部实数a构成集合B，则A∩∁R B=（1，2]．考点：交、并、补集的混合运算．专题：集合．分析：分a﹣2为0与不为0两种状况求出（a﹣2）x2+2（a﹣2）x﹣4＜0恒成立a的范围，确定出A ，求出访不等式|x﹣4|+|x﹣3|＜a的解集为空集的全部实数a的集合确定出B，求出B补集与A的交集即可．解答：解：（a﹣2）x2+2（a﹣2）x﹣4＜0，当a﹣2=0，即a=2时，﹣4＜0，满足题意；当a﹣2≠0，即a≠2时，依据题意得到二次函数开口向下，且与x轴没有交点，即a﹣2＜0，△=4（a﹣2）2+16（a﹣2）＜0，解得：a＜2，﹣2＜a＜2，综上，a的范围为﹣2＜a≤2，即A=（﹣2，2]，使不等式|x﹣4|+|x﹣3|＜a的解集为空集的全部实数a构成的B=（﹣∞，1），∴∁R B=[1，+∞），则A∩∁R B=（1，2]．故答案为：（1，2]点评：此题考查了交、并、补集的混合运算，娴熟把握各自的定义是解本题的关键．13．（5分）如图，圆O的直径AB=8，C为圆周上一点，BC=4，过C作圆的切线l，过A作直线l的垂线AD，D为垂足，AD与圆O交于点E，则线段AE的长为4．考点：与圆有关的比例线段．专题：计算题．分析：连接OC，BE，由圆角定定理，我们可得BE⊥AE，直线l是过C的切线，故OC⊥直线l，△OBC 为等边三角形，结合等边三角形的性质及30°所对的直角边等于斜边的一半，我们易求出线段AE的长．解答：解：连接OC，BE，如下图所示：则∵圆O的直径AB=8，BC=4，∴△OBC为等边三角形，∠COB=60°又∵直线l是过C的切线，故OC⊥直线l又∵AD⊥直线l∴AD∥OC故在Rt△ABE中∠A=∠COB=60°∴AE=AB=4故答案为：4点评：本题考查的学问点是切线的性质，圆周角定理，其中依据切线的性质，圆周角定理，推断出△ABE 是一个∠B=30°的直角三角形是解答本题的关键．14．（5分）若a是1+2b与1﹣2b的等比中项，则的最大值为．考点：等比数列的性质．专题：综合题；等差数列与等比数列．分析：由a是1+2b与1﹣2b的等比中项得到4|ab|≤1，再由基本不等式法求得的最大值．解答：解：a是1+2b与1﹣2b的等比中项，则a2=1﹣4b2⇒a2+4b2=1≥4|ab|．∴．∵a2+4b2=（|a|+2|b|）2﹣4|ab|=1．∴≤=∵∴≥4，∴的最大值为=．故答案为：．点评：本题考查等比中项以及不等式法求最值问题，考查同学分析解决问题的力量，属于中档题．三、解答题：本大题共6小题，共80分，解题应写出文字说明、证明过程或演算步骤．15．（16分）已知函数．（Ⅰ）求函数f（x）的最小正周期和图象的对称轴方程；（Ⅱ）求函数f（x ）在区间上的值域．考点：三角函数的周期性及其求法；正弦函数的定义域和值域；正弦函数的对称性．专题：三角函数的图像与性质．分析：（1）先依据两角和与差的正弦和余弦公式将函数f（x）开放再整理，可将函数化简为y=Asin（wx+ρ）的形式，依据T=可求出最小正周期，令，求出x的值即可得到对称轴方程．（2）先依据x的范围求出2x ﹣的范围，再由正弦函数的单调性可求出最小值和最大值，进而得到函数f（x）在区间上的值域．解答：解：（1）∵=sin2x+（sinx﹣cosx）（sinx+cosx）===∴周期T=由∴函数图象的对称轴方程为（2）∵，∴，由于在区间上单调递增，在区间上单调递减，所以当时，f（x）取最大值1，又∵，当时，f（x ）取最小值，所以函数f（x ）在区间上的值域为．点评：本题主要考查两角和与差的正弦公式和余弦公式，以及正弦函数的基本性质﹣﹣最小正周期、对称性、和单调性．考查对基础学问的把握状况．16．（16分）在△ABC中，内角A、B、C的对边分别为a，b，c，且a＞c ，已知•=2，cosB=，b=3，求：（Ⅰ）a和c的值；（Ⅱ）cos（B﹣C）的值．考点：余弦定理；平面对量数量积的运算；两角和与差的余弦函数．专题：三角函数的求值．分析：（Ⅰ）利用平面对量的数量积运算法则化简•=2，将cosB的值代入求出ac=6，再利用余弦定理列出关系式，将b，cosB以及ac的值代入得到a2+c2=13，联马上可求出ac的值；（Ⅱ）由cosB的值，利用同角三角函数间基本关系求出sinB的值，由c，b，sinB，利用正弦定理求出sinC的值，进而求出cosC的值，原式利用两角和与差的余弦函数公式化简后，将各自的值代入计算即可求出值．解答：解：（Ⅰ）∵•=2，cosB=，∴c•acosB=2，即ac=6①，∵b=3，∴由余弦定理得：b2=a2+c2﹣2accosB，即9=a2+c2﹣4，∴a2+c2=13②，联立①②得：a=3，c=2；（Ⅱ）在△ABC中，sinB===，由正弦定理=得：sinC=sinB=×=，∵a=b＞c，∴C为锐角，∴cosC===，则cos（B﹣C）=cosBcosC+sinBsinC=×+×=．点评：此题考查了正弦、余弦定理，平面对量的数量积运算，以及同角三角函数间的基本关系，娴熟把握定理是解本题的关键．17．（16分）如图所示，四棱锥P﹣ABCD的底面是边长为1的正方形，PA⊥CD，PA=1，PD=，E为PD 上一点，PE=2ED．（Ⅰ）求证：PA⊥平面ABCD；（Ⅱ）求二面角D﹣AC﹣E的余弦值；（Ⅲ）在侧棱PC上是否存在一点F，使得BF∥平面AEC？若存在，指出F点的位置，并证明；若不存在，说明理由．考点：用空间向量求平面间的夹角；直线与平面平行的判定；直线与平面垂直的判定．专题：计算题；证明题；综合题．分析：（I）依据勾股定理的逆定理，得到△PAD是以PD为斜边的直角三角形，从而有PA⊥AD，再结合PA⊥CD，AD、CD 相交于点D，可得PA⊥平面ABCD；（II）过E作EG∥PA 交AD于G，连接BD交AC于O，过G作GH∥OD，交AC于H，连接EH．利用三垂线定理结合正方形ABCD的对角线相互垂直，可证出∠EHG为二面角D﹣AC﹣E的平面角．分别在△PAB中和△AOD中，求出EH=，GH=，在Rt△EHG中利用三角函数的定义，得到tan∠EHG==．最终由同角三角函数的关系，计算得cos∠EHG=．（III）以AB，AD，PA为x轴、y轴、z轴建立空间直角坐标系．分别给出点A、B、C、P、E的坐标，从而得出=（1，1，0），=（0，，），利用向量数量积为零的方法，列方程组可算出平面AEC的一个法向量为=（﹣1，1，﹣2 ）．假设侧棱PC上存在一点F，使得BF∥平面AEC ，则=+=（﹣λ，1﹣λ，λ），且有⋅=0．所以⋅=λ+1﹣λ﹣2λ=0，解之得λ=，所以存在PC的中点F，使得BF∥平面AEC．解答：解：（Ⅰ）∵PA=AD=1，PD=，∴PA2+AD2=PD2，可得△PAD是以PD为斜边的直角三角形∴PA⊥AD﹣﹣﹣（2分）又∵PA⊥CD，AD、CD 相交于点D，∴PA⊥平面ABCD﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣（4分）（Ⅱ）过E作EG∥PA 交AD于G，∵EG∥PA，PA⊥平面ABCD，∴EG⊥平面ABCD，∵△PAB中，PE=2ED∴AG=2GD，EG=PA=，﹣﹣﹣﹣﹣﹣（5分）连接BD交AC于O，过G作GH∥OD，交AC于H，连接EH．∵OD⊥AC，GH∥OD∴GH⊥AC∵EG⊥平面ABCD，HG是斜线EH在平面ABCD内的射影，∴EH⊥AC，可得∠EHG为二面角D﹣AC﹣E的平面角．﹣﹣﹣﹣﹣（6分）∴Rt△EGH中，HG=OD=BD=，可得tan∠EHG==．由同角三角函数的关系，得cos∠EHG==．∴二面角D﹣AC﹣E 的平面角的余弦值为﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣（8分）（Ⅲ）以AB，AD，PA为x轴、y轴、z轴建立空间直角坐标系．则A（0，0，0），B（1，0，0），C（1，1，0），P（0，0，1），E（0，，），=（1，1，0），=（0，，）﹣﹣﹣（9分）设平面AEC 的法向量=（x，y，z），依据数量积为零，可得，即：，令y=1，得=（﹣1，1，﹣2 ）﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣（10分）假设侧棱PC上存在一点F ，且=λ，（0≤λ≤1），使得：BF∥平面AEC ，则⋅=0．又∵=+=（0，1，0）+（﹣λ，﹣λ，λ）=（﹣λ，1﹣λ，λ），∴⋅=λ+1﹣λ﹣2λ=0，∴λ=，所以存在PC的中点F，使得BF∥平面AEC．﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣（13分）点评：本题给出一个特殊的棱锥，通过证明线面垂直和求二面角的大小，着重考查了用空间向量求平面间的夹角、直线与平面平行的判定与性质和直线与平面垂直的判定与性质等学问点，属于中档题．18．（16分）已知单调递增的等比数列{a n}满足：a2+a3+a4=28，且a3+2是a2，a4的等差中项．（Ⅰ）求数列{a n}的通项公式；（Ⅱ）设的前n项和S n．考点：等差数列与等比数列的综合；数列的求和．专题：计算题．分析：（I）依据a3+2是a2，a4的等差中项和a2+a3+a4=28，求出a3、a2+a4的值，进而得出首项和a1，即可求得通项公式；（II）先求出数列{b n}的通项公式，然后求出﹣S n﹣（﹣2S n），即可求得的前n项和S n．解答：解：（I）设等比数列{a n}的首项为a1，公比为q∵a3+2是a2，a4的等差中项∴2（a3+2）=a2+a4代入a2+a3+a4=28，得a3=8∴a2+a4=20∴∴或∵数列{a n}单调递增∴a n=2n（II）∵a n=2n∴b n ==﹣n•2n∴﹣s n=1×2+2×22+…+n×2n①∴﹣2s n=1×22+2×23+…+（n﹣1）×2n+n2n+1②∴①﹣②得，s n=2+22+23+…+2n﹣n•2n+1=2n+1﹣n•2n+1﹣2点评：本题考查了等比数列的通项公式以及数列的前n项和，对于等差数列与等比数列乘积形式的数列，求前n项和一般实行错位相减的方法．19．（16分）已知数列{a n}，a1=1，前n项和S n满足nS n+1﹣（n+3）S n=0，（Ⅰ）求{a n}的通项公式；（Ⅱ）若b n=4（）2，求数列{（﹣1）n b n}的前n项和T n；（Ⅲ）设C n=2n （﹣λ），若数列{C n}是单调递减数列，求实数λ的取值范围．考点：数列的求和；数列的函数特性；数列递推式．专题：等差数列与等比数列．分析：（Ⅰ）对已知等式整理成数列递推式，然后用叠乘法，求得S n，最终利用a n=S n﹣S n﹣1求得答案．（Ⅱ）依据（Ⅰ）中a n，求得b n，设出C n，分n为偶数和奇数时的T n．（Ⅲ）依据数列为递减数列，只需满足C n+1﹣C n＜0，求得﹣的最大值，即可求得λ的范围．解答：解：（Ⅰ）由已知=，且S1=a1=1，当n≥2时，S n=S1••…•=1•••…•=，S1也适合，当n≥2时，a n=S n﹣S n﹣1=，且a1也适合，∴a n =．（Ⅱ）b n=4（）2=（n+1）2，设C n=（﹣1）n（n+1）2，当n为偶数时，∵C n﹣1+C n=（﹣1）n﹣1•n2+（﹣1）n•（n+1）2=2n+1，T n=（C1+C2）+（C3+C4）+…（C n﹣1+C n）=5+9+…+（2n﹣1）==，当n为奇数时，T n=T n﹣1+C n =﹣（n+1）2=﹣，且T1=C1=﹣4也适合．综上得T n =（Ⅲ）∵C n=2n （﹣λ），使数列{C n}是单调递减数列，则C n+1﹣C n=2n （﹣﹣λ）＜0，对n∈N*都成立，则（﹣）max＜λ，∵﹣==，当n=1或2时，（﹣）max =，∴λ＞．点评：本题主要考查了数列的求和问题，求数列通项公式问题．对于利用a n=S n﹣S n﹣1肯定要a1对进行验证．20．（16分）已知函数f（x）=（x2﹣3x+3）•e x定义域为[﹣2，t]（t＞﹣2），设f（﹣2）=m，f（t）=n．（Ⅰ）试确定t的取值范围，使得函数f（x）在[﹣2，t]上为单调函数；（Ⅱ）求证：n＞m；（Ⅲ）求证：对于任意的t＞﹣2，总存x0∈（﹣2，t），满足，并确定这样的x0的个数．考点：利用导数争辩函数的单调性；利用导数求闭区间上函数的最值．专题：压轴题．分析：（Ⅰ）首先求出函数的导数，然后依据导数与函数单调区间的关系确定t的取值范围，（Ⅱ）运用函数的微小值进行证明，（Ⅲ）首先对关系式进行化简，然后利用根与系数的关系进行判定．解答：（Ⅰ）解：由于f′（x）=（2x﹣3）e x+（x2﹣3x+3）e x，由f′（x）＞0⇒x＞1或x＜0，由f′（x）＜0⇒0＜x＜1，∴函数f（x）在（﹣∞，0），（1，+∞）上单调递增，在（0，1）上单调递减，∵函数f（x）在[﹣2，t]上为单调函数，∴﹣2＜t≤0，（Ⅱ）证：由于函数f（x）在（﹣∞，0）∪（1，+∞）上单调递增，在（0，1）上单调递减，所以f（x）在x=1处取得微小值e，又f（﹣2）=13e﹣2＜e，所以f（x）在[﹣2，+∞）上的最小值为f（﹣2），从而当t＞﹣2时，f（﹣2）＜f（t），即m＜n，（Ⅲ）证：由于，∴，即为x02﹣x0=，令g（x）=x2﹣x ﹣，从而问题转化为证明方程g（x）==0在（﹣2，t）上有解并争辩解的个数，由于g（﹣2）=6﹣（t﹣1）2=﹣，g（t）=t（t﹣1）﹣=，所以当t＞4或﹣2＜t＜1时，g（﹣2）•g（t）＜0，所以g（x）=0在（﹣2，t）上有解，且只有一解，当1＜t＜4时，g（﹣2）＞0且g（t）＞0，但由于g（0）=﹣＜0，所以g（x）=0在（﹣2，t）上有解，且有两解，当t=1时，g（x）=x2﹣x=0，解得x=0或1，所以g（x）=0在（﹣2，t）上有且只有一解，当t=4时，g（x）=x2﹣x﹣6=0，所以g（x）=0在（﹣2，t）上也有且只有一解，综上所述，对于任意的t＞﹣2，总存在x0∈（﹣2，t），满足，且当t≥4或﹣2＜t≤1时，有唯一的x0适合题意，当1＜t＜4时，有两个x0适合题意．点评：本小题主要考查导数的概念和计算，应用导数争辩函数单调性的方法及推理和运算力量．。
天津市新华中学2021-2022学年高二上学期第二次月考语文试题 Word版含答案
一、选择题（共12分，每小题2分）1．下列加点字字音都不同的一组是（）A．所当．无敌/长歌当．哭自度．不得脱/书蠹．被十余创．/疮．痍慷慨．/同仇敌忾．B．溃．围/振聋发聩．美人和．之/温存瞋．目而叱之/嗔．怒田父．/果脯．C．剽．窃/骠．骑将军斩将刈．旗/狭隘．汉军皆披靡．/靡．费不期．而遇/祈．祷D．庖．丁解牛/疱．疹辟．易数理/辟．谣麾．下/法网恢恢．．喝叱．/酷热．．2．选出下列词语中全都正确的一项（）A．力能扛鼎缁铢必较踌躇满志杳无音信B．先发制人坐壁上观切中肯綮以一当十C．金块珠砾明星莹莹直栏横槛尽态极妍D．雷霆乍惊勾心斗角弃掷迤逦凹凸冥迷3．选出下列句中加点的成语使用正确的一项（）A．为了应付高考，老师越教越细，其结果是肢解了课文，同学只有目无全．．．牛．，成为答题的机器，自身却不能得到真正的进展。
B．“作家必需站在人的立场上，把全部的人都当作人来写”，莫言的这段获奖感言，必将抛砖引玉．．．．，引发整个文坛的思考。
C．植物也有“喜怒哀乐”，养植物跟养宠物一样，对它经常赐予关爱，让它“心绪”良好，它就会投桃．．报李．．，令你心旷神怡。
D．随着社会经济的进一步进展，安土重迁．．．．的观念越来越深化人心，即使富庶地区的人们也乐意告辞家乡，外出闯荡一番。
4．依次填入句中横线处的词语，正确的一项是（）①“十一”长假即将结束，我们从宽广平坦的草原驱车进入高楼林立的都市，一种________随之而来，度假时的舒适满足茫然无存。
②山南地区处处_________着邓芝福同志的感人事迹，他以边疆为家，为西藏的卫生事业鞠躬尽瘁，被当地百姓称为“人民的好儿子”。
③不久前，有关部门________的一项争辩结果表明：无论是在先天遗传方面还是在后天开发方面，母亲对儿童的影响都要超过父亲。
A．压迫感传颂公布B．紧迫感传颂颁布C．紧迫感赞颂公布D．压迫感赞颂颁布5．选出下列句中没有语病的一项（）A．这家老字号食品厂的规模不大，但从选材料加工制作都格外讲究，生产的食品始终都是新老顾客备受依靠的。
天津市第一中学益中学校2021届九年级语文(3月)月考试题
级三月考语文学科试卷第Ⅰ卷一、选择题（本大题共11小题，共27分。
1-3小题，6-8小题，每题2分；其余每题3分）1.下面各组词语中加点字的注音，有错误的一项是（）A．纤（qiàn）绳胚（pēi）芽慰藉（jiè）呱（gū）呱坠地B．挣（zhèng）脱豁（huò）免阔绰（chuò）如坐针毡（zhān）C．荤（hūn）菜间（jiàn）或夹（jiā）袄半身不遂（suì）D．腌（ā）臜筵（yán）席包扎（zā）鳞次栉（zhì）比2.依次填入下面语段横线处的词语，最恰当的一项是（）读书是一种思维的训练，人格的修炼，内心的历练。
所以，爱读书的人，说话有 __________ ，掷地有声；为人有___________，豁达淡泊；生命有___________，深远厚重。
恰如季羡林先生所言，天下第一好事，还是读书。
A．质量分量雅量B．分量质量雅量C．雅量分量质量 D. 分量雅量质量3.下面句子没有语病的一项是（）A．在教育部向社会公示的《通用规范汉字表》中，对44个汉字的字形进行了微调。
B．最近的一项社会调查显示，不少网络游戏带有暴力和色情内容，这无疑会严重影响青少年的身心健康。
C．国务院要求加快推进宽带网络基础设施建设，进一步提速降费，加强服务水平。
D．平津战役纪念馆的整体建筑分主展馆、胜利广场、多维演示馆和军威园四部分组成，是一座全面介绍平津战役的现代化展馆。
4．下列句子中的标点符号使用正确的一项是（）A．这部作品呈现了一种心灵的真实和精神的超越，但在第七、八章的构思上显得与整体游离。
C．以前因为年龄小，不知道珍惜时间，现在我才深切体会到“一寸光阴一寸金，寸金难买寸光阴。
”D．请你以《在停课的日子里》为题，写一篇记叙文，抒发自己的真情实感。
5. 下面对诗句的赏析，不恰当的一项是（）A. “山气日夕佳，飞鸟相与还。
”飞鸟翩然来归，既可以看作是陶渊明归返自然、躬耕自乐的艺术的化身，又是诗人感兴悟会的物态天趣。
名校卷 天津市耀华中学2021-2022学年高三上学期第二次月考历史试卷(含解析)
【答案】B
【解析】
【详解】本题考查清末官僚政治的变化,考查学生获取和解读材料信息的能力。据材料可知，晚清捐纳的官员中大多数有商业背景,熟悉洋务,这些官员与传统官员有很大的不同,有些人后来主张建立民主政治、反对君主专制,因此，清末捐纳制度的实施在客观上有利于中国的政治近代化,故选B项;清末科举制度被废除的主要原因是其已不适应时代发展的要求,而不是因为捐纳制度的推行，故排除A项;清朝推行捐纳制度主要是为了解决清朝的财政困难，不属于自救运动，故排除C项;清朝推行捐纳制度确实是为了解决财政危机，但并不表明捐纳制度的推行就解决了财政危机，故排除B项。
【答案】C
【解析】
【详解】据材料“近镇人家多业机杆，间有业田者……”可知，清朝前期濮院镇农家的经营重心从农业转移到手工业，且把农田耕作看作副业，因忙于手工业而无暇顾及，不得不雇佣邻近的石门、桐乡农民来种“跨脚田”，C项正确；濮院镇农民雇佣邻近的石门、桐乡农民来种“跨脚田”，说明当时确实存在雇佣关系，但仅凭材料信息不能得出资本主义萌芽“开始出现”这一结论，排除A项；材料中“人地矛盾”严重是指石（门）（桐）乡邑界，濮院镇没有体现这一现象，排除B项；中国的自然经济开始瓦解是在鸦片战争之后，排除D项。故选C项
【答案】C
【解析】
【详解】从材料“道光二十三年（1843年）”并结合所学知识可以分析出，鸦片战争后，中国社会发生了巨变，顾炎武经世致用的思想符合当时时代和学术的需要，因此晚清顾炎武地位的提升，故C项正确；材料“清初顾炎武名号并不高”说明A项错误；材料没有体现出士大夫的文化品位，故B项排除；“博极群书，精于考证”“清初顾炎武名号并不高”说明D项错误。
【详解】依据题干“依照旧时粮册征收田赋”可知反映了太平天国采取比较务实的政策，以确保太平天国的财政收入，C项正确题；《天朝田亩制度》虽然没有真正实施，但题干并没有反映太平天国已明确废除《天朝田亩制度》，排除A项；题干反映了太平天国的政策相对务实，而非对基层治理力不从心，排除B项；依据题干“士农畏其虎势，无不输钱完纳”可知反映了太平天国的这一政策得到了贯彻执行，并没有反映下层民众对新制度的抵制，排除D项。故选C项。
【附解析】天津市耀华中学2021-2022学年高三上学期第二次月考化学试题
天津市耀华中学2021-2022学年高三上学期第二次月考化学试题学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题1．2021年我国取得让世界瞩目的科技成果，化学功不可没。
下列说法错误的是A．“嫦娥五号”运载火箭用液氧液氢推进剂，产物对环境无污染B．“北斗系统”组网成功，北斗芯片中的半导体材料为二氧化硅C．“天和核心舱”电推进系统中的腔体采用氮化硼陶瓷属于新型无机非金属材料D．“奋斗者”号潜水器外壳材料为钛合金，钛合金耐高压、耐腐蚀2．下列说法在一定条件下可以实现的是①酸性氧化物与碱反应①弱酸与盐溶液反应可生成强酸①没有水生成，也没有沉淀和气体生成的复分解反应①两种酸溶液充分反应后的溶液呈中性①有单质参加的非氧化还原反应①两种含氧化合物反应的产物有气体A．①①①①①①B．①①①①C．①①①①D．①①①①3．在下列过程中对应的离子方程式正确的是A．用稀硝酸洗涤试管内壁的银镜：Ag+3NO-+4H+=Ag++NO↑+2H2OB．向FeBr2溶液中通入足量Cl2：2Fe2++2Br-+2Cl2=2Fe3++Br2+4Cl-C．少量SO2通入Ca(ClO)2溶液：Ca2++2ClO-+2SO2+2H2O=CaSO4↓+24SO-+2Cl-+4H+D．用热NaOH溶液洗涤试管内壁的硫黄：3S+6OH-Δ23SO-+2S2-+3H2O4．用下列装置（夹持装置略）进行实验，能达到目的的是A．用甲装置制取并收集干燥纯净的NH3B．用乙装置除去水中的苯甲酸C．用丙装置配制一定物质的量浓度的硫酸溶液D ．用丁装置验证浓硫酸的吸水性5．固氮是将游离态的氮转变为氮的化合物，一种新型人工固氮的原理如图：下列叙述正确的是A ．反应①①①均为氧化还原反应B ．转化过程中所涉及的元素均呈现了两种价态C ．假设每一步均完全转化，每生成31mol NH ，同时生成20.75mol OD ．参与反应的物质中含有的化学键有离子键、共价键和氢键6．一种高效电解质的结构如图所示，W 、Y 、X 、Z 、Q 均为短周期元素，且原子序数依次增大，X 与Q 同族，Y 和Z 的原子序数之和与Q 相等。
- 1、下载文档前请自行甄别文档内容的完整性，平台不提供额外的编辑、内容补充、找答案等附加服务。
- 2、"仅部分预览"的文档,不可在线预览部分如存在完整性等问题,可反馈申请退款(可完整预览的文档不适用该条件!)。
- 3、如文档侵犯您的权益，请联系客服反馈,我们会尽快为您处理(人工客服工作时间：9:00-18:30)。
- 1 - 天津一中 2020-2021-1 高三年级语文学科二月考质量调查试卷 本试卷分为第 I 卷（选择题）、第 II 卷（非选择题）两部分，共 150 分，考试用时 150 分钟。第 I 卷 1 至 3 页，第 II 卷 3 至 6 页。考生务必将答案涂写规定的位置 上，答在试卷上的无效。 祝各位考生考试顺利！
一、（12 分） 阅读下面的文字，完成 1~3 题。 第 I 卷（33 分） 传统的实体书店日渐 ，网红书店凭借时尚个性的装潢、主题丰富的陈列、精美 的茶点饮品等受到年轻人的追捧，“打卡”网红书店逐渐成为一股潮流。但是消费者的阅 读量并没有增加，只是流量暴增，这种不理想的消费状态是人们质疑网红书店的重要原 因。 书店变网红，本质上是通过人际关系的网络营销赋予书店更多的社交属性。近年来， “书店+咖啡”、“书店+文创”、“书店+餐饮”、“书店+住宿”等经营模 式 。从产业发展的角度看，这无疑是一种商业模式创新。书店逐渐从单一的纸质 图书购买地，变成一个集中书籍、休闲茶歇、亲子互动的综合服务体。面对纸质出版行业 的 、读者网络阅读习惯的日渐养成，传统书店的产业转型已是大势所趋。书店通 过装修设计、综合服务、网络营销等手段吸引消费者，走网红路线 ，但更重要的 是如何把吸引来的“消费者”转化成“读书人”。这不能仅依靠商业营销来解决，还在于 图书品质的提高。书店应保证选书的质量，为读者带来好书，将打卡者转化为读者。 （ ），这样才能让书店走得更远。 1．依次填入文中横线处的词语，全都恰当的一项是（ ） A．衰微 屡试不爽 落寞 无可厚非 B．式微 屡试不爽 没落 无可非议 C．衰微 屡见不鲜 落寞 无可非议 D．式微 屡见不鲜 没落 无可厚非 2．文中画横线的句子有语病，下列修改最恰当的一项是（ ） A．书店逐渐从单一的纸质图书购买地，变成一个集书籍、休闲茶歇、亲子互动等功能于 一体的综合服务体。 B．书店逐渐从纸质图书的单一购买地，变成一个集书籍售卖、休闲茶歇、亲子互动的综 合服务体。 C．书店逐渐从单一的纸质图书购买地，变成一个集书籍售卖、休闲茶歇、亲子互动等功 能于一体的综合服务体。 D．书店逐渐从单一的纸质图书购买地，变成一个集中书籍售卖、休闲茶歇、亲子互动的 综合服务体。 3．下列补写在文中括号内的语句，依据文意最恰当的一项是（ ） A．始于颜值，精于服务，忠于品质 B．始于服务，提升颜值，忠于品质 C．始于颜值，忠于品质，精于服务 D．忠于品质，提升颜值，精于服务 4、下列有关文化常识的表述，不正确的一项是（ ） A．古代帝王祭祀社稷时，牛、羊、豕三牲全备为“太牢”，由于祭祀者和祭祀对象不 同，所用牺牲的规格也有区别：天子祭祀社稷用太牢，诸侯祭祀用少牢。 B.中国文化中的“五经”指《诗经》《尚书》《论语》《孟子》《礼记》五部儒家经典著 作，而解释经书的著作称为“传”，如《左传》。 C.出，古代指京官外调，如《张衡传》中“出为河间相”，《琵琶行》中的“予出官二 年，恬然自安”中名为“出官”，实为被贬谪。 D.《哈姆雷特》成功塑造了人文主义者哈姆雷特的形象。“生存还是毁灭，这是个问 题。”哈姆雷特的这个独白表现了他极度困惑、痛苦的灵魂搏斗。 - 2 -
二、（9 分） 阅读下面的文字，完成 5~7 题。 材料一 故宫在放飞自我的道路上越走越远，陆续推出的《穿越故宫来看你》等爆款 H5，可 以让你立即体验故宫的魔性！用逗趣活泼的文案语言讲历史故事，让历史中的帝王生动起 来，让内容更有可读性和传播性。再结合 H5 这种比较具象的传播形式，故宫这一比较严 肃的文化 IP 开始走出围墙，变得有趣、好玩，吸引了年轻人传播和互动的热情。 除了传播内容的转变带来了故宫形象的转变之外，故宫 IP 年轻化的重要一步就是品牌 形象的智慧化呈现，即借助现代多样化的传播技术手段打造故宫 IP，强化大家对品牌的日 常场景感知。 此外，腾讯地图和故宫博物院联合推出“玩转故宫”微信小程序 1.0，以“轻应用” 玩转“大故宫”，以“新方法”连接“新公众”。腾讯地图基于位置的场景化服务与真实 世界中的故宫连接起来，把真实的景点客观还原到手机地图上，用科技手段让游客体验不 一样的故宫。 材料二 如今游客喜欢在逛景点时购买伴手礼，“景区文创”产品的消费习惯渐渐形成，但北 京礼品店货架上的产品却良莠不齐，销量更是天差地别。 北京多数知名景区其实都各有文创“宝藏”：故宫有“朕的心意”,颐和园也有“皇家 礼品”,北海公园、动物园等也纷纷推出了特色文创产品。 但到目前为止，游客和市民对故宫之外的北京景区文创产品知晓程度却十分有限。紫竹院 公园的文创商品店备受冷落。而故宫的文创生意却很红火，除了故宫本身就是独一无二的 大 IP，年客流量达到 1700 万人次，赶上了微信公众号和网购发展的最好时机，又有院长 单霁翔亲自作推手，使其占尽了“天时地利人和”之外，更因为故宫文创产品有它独特的 文化底蕴。 在中国旅游商品大赛的评审专家宋慰祖看来，很多景区的文创产品仍停留在普通旅游 纪念品层面，如冰箱贴、马克杯等。他考虑到公园游客多以市民为主，购买意愿自然比不 上以外地游客为主的故宫，建议景区文创可考虑将文化元素融入日常消费品，这样可以同 时吸引外地游客和市民游客群体的目光。 在消费者眼中，目前北京故宫之外的景区文创吸引力较弱，最大的软肋是没有针对年 轻消费群体开发更时尚的产品，营销手段也跟不上互联网时代的特点，无法引发年轻消费 群体的关注。 材料三 雪中的故宫、暴雨中的故宫，故宫中的猫、故宫文创、故宫展览，桩桩件件都能引起 关注。在 2019 年的上元节，故宫近百年来首次夜间开放，举办“紫禁城上元之夜”文化 活动，更是让故宫再次刷屏。一座古老的皇家建筑群越来越“火”，与人们的日常生活越 来越紧密，真真切切地“活”起来了。 近年来，故宫最显著的变化是开放面积变大了，观众可以踏足欣赏的区域越来越多,展 览品质越来越精。“清明上河图”特展、“千里江山图”特展都引来“故宫跑”，改陈后 的珍宝馆和钟表馆成为新的打卡地标，正在持续中的“紫禁城里过大年”展览更是把每年 1 月淡季的游客量提高了 70%。 故宫文创则让紫禁城真正“活”起来。“萌萌哒”故宫御猫、戴墨镜的乾隆、“如朕 亲临”行李牌等等，故宫淘宝店和天猫旗舰店里各种文创产品被网友盛赞。仅 2017 年， 故宫文创产品的销售额就达到 15 亿元人民币，追究根源在于这些文创真正跟民众的生活 建立起密切联系，故宫文化“活”在了当下。 5、根据材料一，下列不属于“品牌形象的智慧化”的一项是 A．用逗趣活泼的语言讲帝王的故事 B．用 H5 这种传播形式活化故宫形象 C．推出有故 - 3 -
宫 IP 元素的泛文娱作品 D．推出“玩转故宫”微信小程序 1.0 6、根据材料二，下列符合文意的一项是 A．北京的知名景区都各有文创“宝藏”，产品却良莠不齐。 B．游客和市民对故宫之外的北京景区文创产品并不知晓。 C．故宫文创生意越来越红火是因为院长单霁翔亲自作推手。 D．景区文创若将文化元素融入日常消费品中可以吸引游客。 7、根据上述三则材料，概括故宫“火”起来的原因不正确的一项是 A、故宫借助现代多样化的传播技术手段打造品牌形象，注重创新。 B、故宫文化关注了受众对象，倾向于年轻群体，创造出传统与时尚、实用相结合，并有 文化底蕴的文创产品。 C、近年来故宫文创产品的销售总额喜人 ，各种文创产品被网友盛赞。 D、故宫充分挖掘自身的馆藏资源，提高展览质量。 三、（12 分） 阅读下面的文言文，完成 8~11 题。 公默先生传 宋 王向 公议先生刚直任气，好议论，取当世是非辨明。游梁、宋间，不得意。去居颍，其徒 从者百人。居二年，与其徒谋，又去颍。弟子任意对曰：“先生无复念去也，弟子从先生 久矣，亦各厌行役。先生舍颍为居庐，少有生计。主人公贤，遇先生不浅薄
今
公议先生曰：“来，吾语尔！吾行年三十，立节循名，被服①先王，究穷六经。顽钝 晚成，所得无几。校其所见，未为完人。岂敢自忘，冀用于世？予所厌苦，正谓不容。予 行世间，波混流同。予誉不至，予毁日隆。《诗》不云乎，‘谗人罔极’。主人明
语已，任意对曰：“先生无言也。意辈弟子尝窃论先生乐取怨憎，为人所难，不知不 乐也。今定不乐，先生知所以取之乎？先生聪明才能，过人远甚，而刺口论世事，立是立 非，其间不容毫发。又以公议名，此人之怨府也。先生忧之是也，其去未
公议先生强舌不语，下视任意，目不转。移时，卒问任意，对曰：“人之肺肝，安得 可视。闻善于彼，阳誉阴非，反背复憎，诋笑纵横。得其细过，声张口播，缘饰②百端， 得败行破。自然是人，贱彼善我。意策之三，此为最上者也。先
③，世人所不逮也！曾未得称高生喟然叹曰：“吁，吾为尔用下策也。” 任意乃大笑，顾其徒曰：“宜乎吾先生之病于世也。吾三策之，卒取其下者矣。”弟 子阳思曰：“今日非任意，先
（取材于《宋史》，有删节） 注：①被服：承受，蒙受。②缘饰：文饰。③行己：立身行事。 8．下列对句中加
C．于不容
9．下列各