黑龙江省哈尔滨师范大学附属中学2015-2016学年高二物理上学期期中试题

黑龙江省哈尔滨师范大学附属中学2018_2019学年高二物理上学期期中试题理PDF2019013002141

2017级高二上学期期中考试物理试卷（总分100分）一．选择题（本题共14小题，共48分；其中1—8小题为单选题，每题3分，9—14小题为多选题，每题4分，全部正确得4分，漏选得2分，不选或错选得0分。

）1.高铁列车在启动阶段的运动可看作初速度为零的匀加速直线运动，在启动阶段列车的动能A．与它所经历的时间成正比B．与它的位移成正比C．与它的速度成正比D．与它的动量成正比2.真空中有两个点电荷，它们间的静电力为，如果保持它们所带的电量不变，将它们之间的距离增大为原来的倍，它们之间静电力的大小等于A. B. C. D.3.在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验中，下列图象能正确反映小灯泡的伏安特性曲线的是A. B. C. D.4.在点电荷形成的电场中有一点，当一个的检验电荷从电场的无限远处（规定无限远电势为零）被移到电场中的点时，电场力做的功为，则检验电荷在点的电势能及电场中点的电势分别为A. ，B. ，C. ，D. ，5.处于同一平面内的两根平行长直导线中通有方向相反、大小不同的电流，这两根导线把它们所在平面分成a、b、c三个区域，如图所示，则磁感应强度为0的区域A．可能出现在b区B．可能同时出现在a、c区C．可能出现在c区D．以上区域磁感应强度均不可能为06.如图所示，路端电压不变，要使定值电阻两端的电压为，则滑动触头应在A. 的中点处B. 的中点偏上处C. 的中点偏下处D. 无论调到什么位置均不能满足要求7.如图所示的实验装置中，极板接地，平行板电容器的极板与一个灵敏的静电计相接，将极板向左移动，增大电容器两极板间的距离时，电容器所带的电量、电容、两极板间的电压，电容器两极板间的场强的变化情况是A. 变小，不变，不变，变小B. 变小，变小，不变，不变C. 不变，变小，变大，不变D. 不变，变小，变大，变小8.如图所示的电路中，电源的电动势为、内电阻为，、为定值电阻，为滑动变阻器，为电容器，、为理想电流表和电压表。

黑龙江省哈尔滨师范大学附属中学高二上学期期末考试物理试题含答案解析

【全国百强校】黑龙江省哈尔滨师范大学附属中学【最新】高二上学期期末考试物理试题学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题1．下列四幅演示实验图中，实验现象能正确表述实验结论的是（）A．图甲用磁铁靠近轻质闭合铝环A，A 会靠近磁铁B．图乙断开开关S，触点C 不立即断开C．图丙闭合开关S 时，电流表有示数，断开开关S 时，电流表没有示数D．图丁铜盘靠惯性转动，手持磁铁靠近铜盘，铜盘转动加快2．【最新】12月29日0时04分，我国在西昌卫星发射中心成功发射高分四号卫星．至此我国航天发射“十二五”任务圆满收官．高分四号卫星是我国首颗地球同步轨道高分辨率光学成像卫星，也是目前世界上空间分辨率最高、幅宽最大的地球同步轨道卫星，它的发射和应用将显著提升我国对地遥感观测能力，该卫星在轨道正常运行时，下列说法正确的是( )A．卫星的轨道半径可以近似等于地球半径B．卫星的向心加速度一定小于地球表面的重力加速度C．卫星的线速度一定大于第一宇宙速度D．卫星的运行周期一定大于月球绕地球运动的周期3．如图所示电路中，A、B为完全相同的两个灯泡，L是一直流电阻可忽略的电感线圈，a、b为线圈的左右两端点，下列说法正确的是A．合上开关S，A先亮，B后亮，最后一样亮B．断开开关S，a点电势高于b点，B灯缓慢熄灭C．断开开关S，a点电势高于b点，B灯立即熄灭D．断开开关S，a点电势低于b点，B灯缓慢熄灭4．如图所示，回旋加速器是用来加速带电粒子使它获得很大动能的装置。

其核心部分是两个D形金属盒，置于匀强磁场中，两盒分别与高频电源相连。

则下列说法正确的是（）A．带电粒子从磁场中获得能量B．带电粒子加速所获得的最大动能与加速电压的大小有关C．带电粒子加速所获得的最大动能与金属盒的半径有关D．带电粒子做圆周运动的周期随半径增大而增大5．如图所示的温控电路中，R1为定值电阻，R2为半导体热敏电阻（温度越高电阻越小），C为电容器，电源内阻不可忽略．当环境温度降低时下列说法正确的是A．电容器C的带电量增大B．电压表的读数减小C．干路电流增大D．R1消耗的功率变大6．如图，在光滑水平桌面上有一边长为L、电阻为R的正方形导线框；在导线框右侧有一宽度为d(d>L)的条形匀强磁场区域，磁场的边界与导线框的一边平行，磁场方向竖直向下．导线框以某一初速度向右运动．t＝0时导线框的右边恰与磁场的左边界重合，随后导线框进入并通过磁场区域．下列v-t图像中，可能正确描述上述过程的是( )A ．B ．C ．D ．7．如图所示，一个枕形导体AB 原来不带电，将它放在一个负点电荷的电场中，点电荷的电荷量为Q ，与AB 的中心O 的距离为R ．由于静电感应，在导体AB 的两端分别出现感应电荷．当达到静电平衡时A ．导体A 端的电势高于B 端的电势B ．导体的感应电荷在O 点产生的场强为2Q kR ，方向向右 C ．导体的中心O 的场强为零D ．撤去点电荷–Q 后，导体带上了正电荷8．如图所示，两根相互平行的长直导线过纸面上的M 、N 两点，且与纸面垂直，导线中通有大小相等、方向相反的电流．O 为MN 的中点，c 、O 、d 在M 、N 的连线上，a 、b 位于MN 的中垂线上，且a 、b 、c 、d 到O 点的距离均相等．关于以上几点处的磁场，下列说法正确的是A ．O 点处的磁感应强度为零B ．a 、b 两点处的磁感应强度大小相等，方向相同C ．c 、d 两点处的磁感应强度大小相等，方向相反D ．b 、d 两点处磁感应强度的方向不同9．如图所示，质量为4kg 的物体A 静止在竖直的轻弹簧上面。

2015-2016人大附高二上物理期中

人大附中2015-2016学年度高二第一学期期中卷Ⅰ（机读卷共46分）一、本题共10小题，在每小题四个给出的选项中，只有一个选项是符合题意的，每小题3分，共30分。

1．关于电场线，以下说法正确的是 A ．电场线就是电荷运动的轨迹B ．正电荷所受电场力的方向就是电场线的方向C ．电场线越密的地方，电势就越高D ．电场线是一个闭合曲线2．以下说法中，那一种是验电器的主要工作原理A ．摩擦起电B ．尖端放电C ．同种电荷相互排斥D ．静电屏蔽3．我校物理研学小组学习静电场知识后对电工穿的高压作业服进行研究，发现高压作业服是用铜丝编织的，下列同学的理由正确的是A ．甲认为铜丝编织的衣服不易拉破，其实用只要用结实的材料做就行B ．乙认为铜丝要编织得密集，并且只有达到一定的厚度，才能对人体起到保护作用C ．丙认为电工被铜丝编织的衣服所包裹，使体内电势保持为零，对人体起保护作用D ．丁认为电工被铜丝编织的衣服所包裹，使使内电场强度保持为零，对人体起到保护作用 4．一个电容器的规格是20V ，5μF ，对以下数据及相关问题的理解，正确的是 A ．这个电容器只有加上20V 电压时，电容才是5μFB ．这个电容器的电容的最大值为5μF ，当带电荷量较少时，电容小于5μFC ．这个电容器的电容是5μF ，与电容器所加电压、所带电量大小无关D ．这个电容若不带电，则电容为05．如图所示，两个等量异号的点电荷在真空中相隔一定的距离，竖直线代表两点电荷连线的中垂面，在两点电荷所在的某平面取如图所示的1、2、3三点，则：A ．1、2、3三点的电势大小关系为：123ϕϕϕ>>B ．1、2、3三点的电势大小关系为：321ϕϕϕ>>C ．把一负试探电荷从1移到2的过程中，电场力做正功D ．把一正试探电荷从3移到2的过程中，电场力做正功6．如图所示，平行板电容器的电容为C ，带电荷量为Q ，两极板间距为d ，今在距两极板的中点12d 处放一电荷q ，则A ．q 所受电场力的大小24Qq kd B ．q 所受电场力的大小为QqCd C ．q 点处的电场强度是24Q k dD ．q 点处的电场强度是28qk d7．如下图所示，一个接地的金属球A 的半径为R ，球外点电荷的电量为Q ，点电荷到球心的距离为r ，则感应电荷在球心O 处产生的场强等于A ．2/kQ rB ．零C ．22//-kQ r kQ RD ．22//+kQ r kQ R8．两个带电量相等的正点电荷分别固定于绝缘水平面上的A 、B 两点，A 、B 连线的垂直平分线上有P 、C 、O 、H 四点，如图所示，已知==PC CO OH ，取无穷远处电势为零，则下列结论中正确的有：A ．C 点和H 点的电场强度相同B ．H 点的场强大小一定大于P 点场强大小C ．正的检验电荷q 自C 点由静止释放后，将向O 点运动D ．C 点电势高于P 点电势，且C 点和P 点的电势皆高于零9．如图甲所示，两平行于正对的金属板A 、B 间加有如图乙所示的交变电压，一重力可忽略不计的带正电粒子被固定的两板的正中间P 处。

【全国百强校】黑龙江省哈尔滨师范大学附属中学2015-2016学年高二上学期期中考试生物试题解析(解析版)

一．选择题（共60分，每小题有一个正确答案，1-40每题1 分，41-50每题2分） 1、通常情况下，当人体局部组织活动增强时，代谢产物增加，此时该组织中A ．组织液增加，淋巴增加B ．组织液减少，淋巴增加C ．组织液增加，淋巴减少D ．组织液减少，淋巴减少【答案】A【考点定位】组织水肿【名师点睛】知识拓展：还有一些情况导致组织水肿，它们与渗透压之间存在的关系，可用下列流程图表示。

⎭⎪⎬⎪⎫ 营养不良肾小球肾炎→血浆蛋白减少→血浆渗透压下降 ↓ 组织水肿 ↑过敏反应→组织蛋白增多→组织液渗透压升高2、右图表示人体某一神经调节的反射弧模式图，M 为效应器。

以下分析判断正确的是A ．结构③的存在使相邻两神经元之间的兴奋单向传递B ．若a 点神经纤维严重受损，感受器接收到刺激后，人体不会产生感觉，也不会作出相应的效应活动C．刺激Ⅲ处，①处兴奋时膜外电流的方向与兴奋的传导方向相同D．刺激②处，在Ⅰ和Ⅲ处均能检测到电位变化【答案】A【考点定位】反射弧【名师点睛】技巧点拨：反射弧中传入神经和传出神经的判断(1)根据是否具有神经节：有神经节的是传入神经。

神经节如图中的c。

(2)根据突触结构判断：图示中与“”相连的为传入神经(b)，与“”相连的为传出神经(e)。

(3)根据脊髓灰质结构判断：与膨大部分相连的为传出神经，与狭窄部分相连的为传入神经。

(4)切断实验法：若切断某一神经，刺激外周段(远离中枢的位置)，肌肉不收缩，而刺激向中段(近中枢的位置)，肌肉收缩，则切断的为传入神经，反之则为传出神经。

3、下列关于人体神经细胞结构和功能的叙述中，正确的是A．有氧呼吸和无氧呼吸产生CO2的场所不同B．静息电位的形成主要与细胞内K+的外流有关C．溶酶体能合成水解酶用于分解衰老的细胞器D．释放的神经递质需要经血液运输而发挥作用【答案】B【解析】有氧呼吸产生二氧化碳场所是线粒体基质，人体细胞无氧呼吸不产生二氧化碳，产物是乳酸，A 错误；静息电位膜外是正电位，形成主要与细胞内K+的外流有关，B正确；水解酶的化学本质是蛋白质，合成场所是核糖体，C错误；神经递质需要与受体结合才发挥作用，D错误；答案是B。

【物理】黑龙江省大庆实验中学2015-2016学年高二上学期期中试题.docx

2015-2016 学年黑龙江省大庆实验中学高二（上）期中物理试卷一．选择题（本题共 14 小题，每题 4 分，共 56 分， 1-9题每题只有一个正确选项，10-14题每题有多个正确选项，全部选对的得 4 分，选不全的得 2 分，有选错或不选的得0 分）1．下列说法中不正确的是（）A．在高大的建筑物顶端安装的避雷针是利用尖端放电避免雷击的一种设施B．超高压带电作业的工人穿戴的用包含金属丝织物制成的工作服可以起到静电屏蔽的作用C．法拉第首先提出了电荷周围存在电场的观点D．安培通过实验发现了电流的磁效应，首次揭示了电与磁的联系2．如图所示，匀强电场场强E=100V/m ，A 、B 两点相距 10cm，A 、B 连线与电场线夹角为60°，则 U BA的值为（）A ．﹣ 10 VB ．5 V C．﹣ 5 V D．﹣ 5V3．下列由基本门组成的电路中，能使蜂鸣器发出声音的是（）A ．B ．C． D ．4．如图所示， Q1和 Q2是被固定在光滑绝缘水平面上的两个电荷量大小相等的带电小球（可视为点电荷），MN 是两电荷的连线，HG 是两电荷连线的中垂线，O 是垂足， P 是 HG 上的A ．若 Q1和 Q2是异种电荷，则OM 的中点与 ON 的中点电势一定相等B．若 Q1和 Q2是异种电荷，则O 点的电场强度大小，与MN 上各点相比是最小的，而与HG 上各点相比是最大的C．若 Q1和 Q2是同种电荷，则OM 中点与 ON 中点处的电场强度一定相同D．若 Q1和 Q2是同种正电荷，则将一个电荷量很小的带负电的小球C（可视为质点）由 P 点静止释放，小球 C 由 P 到 O 的过程一定是做加速度减小的加速运动，到达O 点时速度最大5．如图所示，平行板电容器与电动势为 E 的直流电源（内阻不计）和灵敏电流计连接，电容器下极板接地．一带电油滴位于电容器中的P 点且恰好处于平衡状态．现将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离，则（）A．带电油滴将沿竖直方向向上运动B． P 点的电势将降低C．带电油滴在P 点的电势能将减小D．此过程中灵敏电流计中的电流方向是由 b 流向 a6．如图所示， M 和 N 是带有异种电荷的带电金属导体，P 和 Q 是 M 表面上的两点， S 是 N 表面上的一点，在M 和 N 之间的电场中画有三条等势线．现有一个带正电的粒子（重力不计）在电场中的运动轨迹如图中虚线所示，不计带电粒子对原电场的影响，不计空气阻力，则以下说法正确的是（）A ． P 和 Q 两点的电势不相等B． S 点的电势高于P 点的电势C．带电粒子在 F 点的电势能大于在 E 点的电势能D．带电粒子应该由W 点射入经 F 点到 E 点7．如图所示，一个带正电q 的小带电体处于一匀强磁场中，磁场垂直纸面向里，磁感应强度为 B ．带电体质量为m，为了使它对水平绝缘面正好无压力，应（）A ．使B 数值增大B．使磁场以速率v=向上移动C．使磁场以速率v=向右移动D．使磁场以速率v=向左移动8．如图所示，一金属直杆MN 两端接有导线，悬挂于线圈上方，MN 与线圈轴线均处于竖直平面内，为使MN 垂直纸面向外运动，可以（）A ．将 a、 c 端接在电源正极，b、 d 端接在电源负极B．将 b、d 端接在电源正极，a、 c 端接在电源负极C．将 a、d 端接在电源正极，b、 c 端接在电源负极D．将 a、 c 端接在交流电源的一端，b、 d 接在交流电源的另一端9．如图，电路中定值电阻阻值R 大于电源内阻阻值r．将滑动变阻器滑片向下滑动，理想电压表 V 1、 V 2、V 3示数变化量的绝对值分别为△V1、△V2、△V3，理想电流表 A 示数变化量的绝对值△I，则（）A ． A 的示数减小B． V 2的示数增大C．△V 3与△I 的比值大于r D．△V 1小于△V 210．在静电场中，将一个电子由 a 点移到 b 点，电场力做功5eV ，下面判断中正确的是（）A ．电场强度的方向一定由 b 指向 aB．电子的电势能减少了5eVC． a、 b 两点电势差U ab=5VD．电势零点未确定，故a、 b 两点的电势没有确定值11．如图所示， C1=6 μF，C2 =3 μF，R1=3Ω， R2=6Ω，电源电动势E=18V ，内阻不计．下列说法正确的是（）A ．开关 S 断开时， a、 b 两点电势相等B．开关 S 闭合后， a、 b 两点间的电流是2AC．开关 S 断开时 C1带的电荷量比开关S 闭合后 C1带的电荷量大D．不论开关S 断开还是闭合，C1带的电荷量总比C2带的电荷量大12．如图所示，在x 轴上关于原点O 对称的两点固定放置等量异种点电荷+Q 和﹣ Q， x 轴上的 P 点位于﹣ Q 的右侧．下列判断正确的是（）A ．在 x 轴上还有一点与P 点电场强度相同B．在 x 轴上还有两点与P 点电场强度相同C．若将一试探电荷+q 从 P 点沿 x 轴移至 O 点，电势能先减小后增大D．若将一试探电荷+q 从 P 点沿 x 轴移至 O 点，电势能减小13．某一空间存在与x 轴平行的电场，有一质量m=2kg 的带电小球，只受电场力作用，以初速度 v0=2m/s 在 x0=7m 处开始运动．电势能E P随位置 x 的变化关系如图所示，则小球的运动范围和最大速度分别为（）A ．运动范围x≥0B．运动范围x≥ 1mC．最大速度v m=2m/s D．最大速度v m=3m/s14．如图所示，水平放置的平行板电容器与某一电源相连，它的极板长L=0.4m ，两极板间距离 d=4×10﹣3m，有一束由相同带电微粒组成的粒子流以相同的速度v0从两极板中央平行极板射入，开关 S 闭合前，两极板间不带电，由于重力作用，微粒能落到下极板的正中央．已知微粒质量 m=4× 10﹣kg、电荷量﹣C， g=10m/s2，则下列说法正确的是（）5q=+1 ×10 8A ．微粒的入射速度v0=10 m/sB．电容器上板接电源正极时微粒有可能从平行板电容器的右边射出电场C．电源电压为160 V 时，微粒可能从平行板电容器的右边射出电场D．电源电压为100 V 时，微粒可能从平行板电容器的右边射出电场二．实验题（共20 分，第 15 题 12 分，每小题12 分；第 16 题 8 分，每空 2 分）15．（ 12 分）（ 2015 秋 ?大庆校级期中）某同学要测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率ρ．步骤如下：（1）用游标为20 分度的卡尺测量其长度如图1，由图可知其长度为mm；用螺旋测微器测量其直径如图2，由图可知其直径为mm；（2）该同学直接用多用电表测其电阻．用已经调零且选择旋钮指向欧姆挡“× 100的”位置测量，发现指针偏转角度太大，这时应将选择旋钮指向欧姆挡“”位置，欧姆调零后测量，其表盘及指针所指位置如图所示，则电阻为Ω．（3）该同学想用伏安法更精确地测量其电阻 R，现有的器材及其代号和规格如下：待测圆柱体电阻 R；电流表 A 1（量程 0～ 4mA ，内阻约50Ω）；电流表A 2（量程 0～10mA ，内阻约30Ω）电压表 V 1（量程 0～ 3V ，内阻约10kΩ）；电压表V 2（量程 0～15V ，内阻约 25kΩ）；直流电源 E（电动势4V ，内阻不计）；滑动变阻器R1（阻值范围0～15Ω，允许通过的最大电流 2.0A ）；滑动变阻器R2（阻值范围0～20kΩ，允许通过的最大电流0.5A ）；开关 S；导线若干．为使实验误差较小，要求测得多组数据进行分析，请在方框中画出测量的电路图，并标明所用器材的代号．A ．干电池一节B ．电流表（量程0～ 0.6A ～ 3A ）C．电压表（量程0～ 3V ～ 15V ） D ．开关 S 和若干导线E．滑动变阻器R1（最大阻值20Ω，允许最大电流1A ）F．滑动变阻器R2（最大阻值200Ω，允许最大电流0.5A ）（1）利用所给的器材测量干电池的电动势和内阻，滑动变阻器应选（填写代号）．（2）为使测量尽可能精确，用笔画线代替导线将如图所示的实物图连接成实验电路．（3）利用实验测得的数据在如图所示的坐标系中作出了UI 图线，由此求得待测电池的电动势 E=V ，内电阻r=Ω．（结果均保留三位有效数字）三．计算题（共34 分）17．一台直流电动机所加电压为 110V，通过的电流为 5A ，该电动机在 10s 内把一个质量为 50Kg的物体匀速提高了 9m，求电动机的电功率和电动机线圈的电阻（不计摩擦）18．（ 12 分）（ 2014 秋 ?海淀区期末）如图所示，两根足够长的直金属导轨MN 、PQ 平行放置在倾角为θ的绝缘斜面上，两导轨间距为L ．一根质量为 m 的均匀直金属杆ab 放在两导轨上，并与导轨垂直，且接触良好，整套装置处于匀强磁场中．金属杆ab 中通有大小为I 的电流．已知重力加速度为g．（1）若匀强磁场方向垂直斜面向下，且不计金属杆ab 和导轨之间的摩擦，金属杆ab 静止在轨道上，求磁感应强度的大小；（2）若金属杆 ab 静止在轨道上面，且对轨道的压力恰好为零．试说明磁感应强度大小和方向应满足什么条件；（3）若匀强磁场方向垂直斜面向下，金属杆ab 与导轨之间的动摩擦因数为μ，且最大静摩擦力等于滑动摩擦力．欲使金属杆ab 静止，则磁感应强度的最大值是多大．19．（ 14 分）（ 2012 秋 ?扬州期中）如图甲所示，质量为m、电荷量为 e 的电子经加速电压U1，加速后，在水平方向沿O1O2垂直进入偏转电场．已知形成偏转电场的平行板电容器的极板长为L （不考虑电场边缘效应），两极板间距为d，O1O2为两极板的中线，P 是足够大的荧光屏，且屏与极板右边缘的距离也为L ．求：（1）粒子进入偏转电场的速度v 的大小；（2）若偏转电场两板间加恒定电压，电子经过偏转电场后正好打中屏上的 A 点， A 点与极板 M 在同一水平线上，求偏转电场所加电压U 2；（3）若偏转电场两板间的电压按如图乙所示作周期性变化，要使电子经加速电场后在t=0时刻进入偏转电场后水平击中 A 点，试确定偏转电场电压U0以及周期 T 分别应该满足的条件．2015-2016 学年黑龙江省大庆实验中学高二（上）期中物理试卷参考答案与试题解析一．选择题（本题共 14 小题，每题 4 分，共 56 分， 1-9题每题只有一个正确选项，10-14题每题有多个正确选项，全部选对的得 4 分，选不全的得 2 分，有选错或不选的得0 分）1．下列说法中不正确的是（）A．在高大的建筑物顶端安装的避雷针是利用尖端放电避免雷击的一种设施B．超高压带电作业的工人穿戴的用包含金属丝织物制成的工作服可以起到静电屏蔽的作用C．法拉第首先提出了电荷周围存在电场的观点D．安培通过实验发现了电流的磁效应，首次揭示了电与磁的联系【考点】物理学史．【分析】 1、雷电是云层与大地之间或云层之间的放电现象，在高大的建筑物上安装避雷针，可使云层所带电荷通过避雷针进入大地，从而保护建筑物不受雷击．2、带电作业屏蔽服又叫等电位均压服，是采用均匀的导体材料和纤维材料制成的服装．其作用是在穿用后，使处于高压电场中的人体外表面各部位形成一个等电位屏蔽面，从而防护人体免受高压电场及电磁波的危害．3．奥斯特通过实验发现了电流的磁效应，首次揭示了电与磁的联系．【解答】解： A 、避雷针，又名防雷针，是用来保护建筑物物等避免雷击的装置．在高大建筑物顶端安装一根金属棒，用金属线与埋在地下的一块金属板连接起来，利用金属棒的尖端放电，使云层所带的电和地上的电中和，从而不会引发事故．故 A 正确．B、超高压带电作业的工人穿戴的工作服是用包含金属丝的织物制成的，这种工作服叫屏蔽服，其作用是在穿用后，使处于高压电场中的人体外表面各部位形成一个等电位屏蔽面，从而防护人体免受高压电场及电磁波的危害．故 B 正确．C、在对电场的研究中，法拉第首先提出了电荷周围存在电场的观点．故 C 正确；D、奥斯特通过实验发现了电流的磁效应，首次揭示了电与磁的联系．故 D 不正确．本题选择不正确的，故选：D．【点评】本题考查有关静电应用和防止等知识点的内容，要求同学们能用物理知识解释生活中的现象，难度不大，属于基础题．2．如图所示，匀强电场场强E=100V/m ，A 、B 两点相距 10cm，A 、B 连线与电场线夹角为60°，则 U BA的值为（）A ．﹣ 10 VB ．5 V C．﹣ 5 V D．﹣ 5V【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系；电场强度；电势．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】已知匀强电场的场强为E， A、 B 两点间的距离为L 及 AB 连线与电场方向的夹角为θ，根据公式U=Ed ，求出两点沿电场方向的距离d，再求解电势差U．【解答】解：由图示可知，AB 方向与电场线方向间的夹角θ=60°，AB 两点沿电场方向的距离：d=Lcos θ，AB 两点间的电势差：U AB =Ed=ELcos θ =100V/m × 0.1m × cos60 ° =5V所以： U BA =﹣U AB =﹣ 5V ．故选： C【点评】本题首先要想到匀强电场中电势差与场强的关系式 U=Ed ，其次要正确理解 d 的含义：两点沿电场方向的距离．3．下列由基本门组成的电路中，能使蜂鸣器发出声音的是（）A ．B ．C． D ．【考点】简单的逻辑电路．【专题】恒定电流专题．【分析】根据电路分析，当门电路输出为 1 时，蜂鸣器发出声音．【解答】解： A 、由图可知，与门的输入端为1、 0，则输出为0，蜂鸣器不发出声音，故A 错误B、图为或门电路，输入端为1、0，则输出为1，蜂鸣器发出声音，故 B 正确C、图为非门电路，输入端为1，则输出为 0，蜂鸣器不发出声音，故 C 错误D、图为或门、非门的复合电路，或门的输入端为1、0，则输出为 1，非门的输入为1，则输出为 0，蜂鸣器不发出声音，故 D 错误故选 B【点评】本题考查了逻辑门电路及复合门电路，理解逻辑关系及功能．4．如图所示， Q1和 Q2是被固定在光滑绝缘水平面上的两个电荷量大小相等的带电小球（可视为点电荷），MN 是两电荷的连线，HG 是两电荷连线的中垂线，O 是垂足， P 是 HG 上的一点．下列说法正确的是（）A ．若 Q1和 Q2是异种电荷，则OM 的中点与 ON 的中点电势一定相等B．若 Q1和 Q2是异种电荷，则O 点的电场强度大小，与MN 上各点相比是最小的，而与HG 上各点相比是最大的C．若 Q1和 Q2是同种电荷，则OM 中点与 ON 中点处的电场强度一定相同D．若 Q1和 Q2是同种正电荷，则将一个电荷量很小的带负电的小球C（可视为质点）由 P点静止释放，小球 C 由 P 到 O 的过程一定是做加速度减小的加速运动，到达O 点时速度最大【考点】电场的叠加；电势差与电场强度的关系．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】若两电荷是异种电荷，根据顺着电场线方向降低，分析电势的高低；在两电荷的连线上， O 点场强最小，在连线的中垂线上O 点的场强最大；若两电荷是同种电荷，根据电场的对称性分析电场强度的关系，电场线越密，场强越大．【解答】解：A 、若 Q1和 Q2是异种电荷，电场线从正电荷指向负电荷，MN 间各点的电势一定不等，则OM 的中点与 ON 的中点电势一定不相等，故 A 错误．B、若 Q1和 Q2是异种电荷，在两电荷的连线上，O 点电场线最疏，电场强度与MN 上各点相比是最小的．在 HG 线上， O 点的电场线最密，与HG 上各点相比电场强度是最大的．故B 正确．C、若 Q1和 Q2是同种电荷，根据电场线分布的对称性可知，OM 中点与 ON 中点处的电场强度大小相等，但方向相反，所以电场强度不同，故 C 错误．D、若 Q1和 Q2是同种电荷， O 点的电场强度大小是0，但不能确定从 P 到 O 过程中，加速度一定减小，也可能先增大后减小，故 D 错误．故选： B．【点评】本题关键是要明确两个等量同种电荷和异种电荷电场线的分布情况，掌握沿着场强方向，电势越来越低，抓住对称性是解答本题的关键．5．如图所示，平行板电容器与电动势为 E 的直流电源（内阻不计）和灵敏电流计连接，电容器下极板接地．一带电油滴位于电容器中的P 点且恰好处于平衡状态．现将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离，则（）A．带电油滴将沿竖直方向向上运动B． P 点的电势将降低C．带电油滴在P 点的电势能将减小D．此过程中灵敏电流计中的电流方向是由 b 流向 a【考点】电容；电势差与电场强度的关系．【专题】电容器专题．【分析】将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离，电容器两板间电压不变，根据E=分析板间场强的变化，判断电场力变化，确定油滴运动情况．由U=Ed 分析 P 点与下极板间电势差如何变化，即能分析P 点电势的变化和油滴电势能的变化．【解答】解： A 、将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离，由于电容器两板间电压不变，根据E=得知板间场强减小，油滴所受的电场力减小，则油滴将向下运动．故A 错误．B、场强 E 减小，而P 点与下极板间的距离不变，则由公式U=Ed 分析可知， P 点与下极板间电势差将减小，而P 点的电势高于下极板的电势，则知P 点的电势将降低．故 B 正确．C、由带电油滴原来处于平衡状态可知，油滴带负电，P 点的电势降低，则油滴的电势能将增加．故 C 错误．D、根据 Q=UC ，由于电势差不变，电容器的电容减小，故带电量减小，放电电流由 a 到 b，故D 错误；故选： B．【点评】本题运用 E= 分析板间场强的变化，判断油滴如何运动．运用推论：正电荷在电势高处电势能大，而负电荷在电势高处电势能小，来判断电势能的变化．6．如图所示， M 和 N 是带有异种电荷的带电金属导体，P 和 Q 是 M 表面上的两点， S 是 N表面上的一点，在 M 和 N 之间的电场中画有三条等势线．现有一个带正电的粒子（重力不计）在电场中的运动轨迹如图中虚线所示，不计带电粒子对原电场的影响，不计空气阻力，则以下说法正确的是（）A ． P 和 Q 两点的电势不相等B． S 点的电势高于P 点的电势C．带电粒子在 F 点的电势能大于在 E 点的电势能D．带电粒子应该由W 点射入经 F 点到 E 点【考点】元电荷、点电荷；电势能．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】处于静电平衡状态的导体，其表面是一个等势面，从粒子运动轨迹看出，轨迹向下弯曲，可知带电粒子受到了向下的排斥力作用，根据电场力对粒子做功的正负，可判断电势能的大小．根据粒子的电性，判断电势的高低．【解答】解： A 、P 和 Q 两点在带电体M 的表面上， M 是处于静电平衡状态的导体，其表面是一个等势面，故P 和 Q 两点的电势相等，故 A 错误；B、从粒子运动轨迹看出，轨迹向下弯曲，可知带电粒子受到了向下的排斥力作用，从 E 到F 库仑力做负功，电势能增加，则粒子在 E 点的电势能小于在 F 点的电势能，因为粒子带正电，所以 E 点电势小于 F 点电势，则 P 点的电势大于 S 点的电势，故 B 错误， C 正确；D、根据题目条件无法判断粒子从那边射入，即从W 点和 E 点都可以射入，故 D 错误；故选： C【点评】从粒子运动轨迹看出，轨迹向左弯曲，可知带电粒子受到了向左的排斥力作用，从M 到 N 过程中，电场力对粒子做负功，可判断电势能的大小、动能的大小．根据Q的电性，结合电场线的方向判断电势的高低．7．如图所示，一个带正电q 的小带电体处于一匀强磁场中，磁场垂直纸面向里，磁感应强度为 B ．带电体质量为m，为了使它对水平绝缘面正好无压力，应（）A ．使B 数值增大B．使磁场以速率v=向上移动C．使磁场以速率v=向右移动D．使磁场以速率v=向左移动【考点】共点力平衡的条件及其应用；洛仑兹力．【分析】小球能飘离平面的条件：竖直向上的洛伦兹力与重力平衡，由左手定则可知，当洛伦兹力竖直向上时，电荷向右运动，根据相对运动小球不动时，磁场相对小球向左运动．【解答】解：小球能飘离平面的条件，竖直向上的洛伦兹力与重力平衡即：qvB=mg ，得：，根据相对运动当小球不动时，磁场相对小球向左运动．故选项 D 正确， ABC 错误．故选： D。

佰加教育2015-2016学年高二上学期期中物理试卷 Word版

2015-2016学年佰加教育高二（上）期中物理试卷一、选择题（3分10=30分，有的选项答案不唯一）：1．下列关于匀强电场中的场强和电势差的关系，说法正确的是（）A．任意两点间的电势差，等于场强和这两点间距离的乘积B．沿电场线方向，任何相同距离上电势降落必相等C．电势减小的方向必是场强方向D．在相同距离的两点上，电势差大的，其场强也大2．如图所示的电路中，S闭合A、B、C三只灯均正常发光，当可变电阻的滑动触头上移时，对A、B、C三灯亮度变化下列叙述正确的是（）A．A灯变亮 B．B灯变亮C．C灯变亮D．三灯均变暗3．带电油滴在匀强电场E中的运动轨迹如图中虚线所示，电场方向竖直向下．若不计空气阻力，则此带电油滴从a运动到b的过程中，能量变化情况为（）A．动能减少 B．电势能增加C．动能和电势能之和减小 D．重力势能和电势能之和增加4．水平放置的平行板电容器与一电池相连．在电容器的两板间有一带正电的质点处于静止平衡状态．现将电容器两板间的距离增大，则（）A．电容变大，质点向上运动B．电容变大，质点向下运动C．电容变小，质点保持静止D．电容变小，质点向下运动5．某学生在研究串联电路电压特点的实验时，接成如右图所示的电路，接通S后，他将高内阻的电压表并联在A、C两点间的电压表读数为U，当并联在A、B两点间时，电压表读数也为U，当并联在B、C两点间时，电压表的读数为零，则出现此种情况的原因可能是（）A．A、B间断路B．B、C间断路C．A、B间短路D．B、C间短路6．如图所示，甲、乙为两个独立电源的路端电压与通过它们的电流I的关系图线，下列说法中正确的是（）A．路端电压都为U0时，它们的外电阻相等B．电流都是I0时，两电源的内电压相等C．电源甲的电动势大于电源乙的电动势D．电源甲的内阻小于电源乙的内阻7．如图所示，平行线代表电场线，但未指明方向，带电荷量为10﹣2C的正电微粒在电场中只受电场力作用，当由A点运动到B点时，动能减少了0.1J，已知A点电势为﹣10V，则（）A．B点的电势为零，微粒运动轨迹是1B．B点的电势是﹣20V，微粒运动轨迹是1C．B点的电势为零，微粒运动轨迹是2D．B点的电势是﹣20V，微粒运动轨迹是28．一平行板电容器的两个极板水平放置，两极板间有一带电量不变的小油滴，油滴在极板间运动时所受空气阻力的大小与其速率成正比．若两极板间电压为零，经一段时间后，油滴以速率v匀速下降；若两极板间的电压为U，经一段时间后，油滴以速率v匀速上升．若两极板间电压为﹣U，油滴做匀速运动时速度的大小、方向将是（）A．2v、向上 B．2v、向下 C．3v、向上 D．3v、向下9．如图所示，一带电小球从A处竖直向上进入一水平方向的匀强电场中，进入电场时小球的动能为4J，运动到最高点B时小球的动能为5J，则小球运动到与A点在同一水平面上的C点（图中未画出）时的动能为多少（）A．4J B．14J C．19J D．24J10．如图所示，粗糙程度均匀的绝缘斜面下方O点处有一正点电荷，带负电的小物体以初速度V1从M点沿斜面上滑，到达N点时速度为零，然后下滑回到M点，此时速度为V2（V2＜V1）．若小物体电荷量保持不变，OM=ON，则（）A．小物体上升的最大高度为B．从N到M的过程中，小物体的电势能逐渐减小C．从M到N的过程中，电场力对小物体先做负功后做正功D．从N到M的过程中，小物体受到的摩擦力和电场力均是先增大后减小二、填空题（4分3=12分）：11．如图所示，A、B、C三点为一直角三角形的三个顶点，∠B=30°．现在A、B两点放置两点电荷q A、q B，测得C点场强的方向与AB平行，则q A带，q A：q B=．12．如图，实线为电场线，虚线为等势面且相邻两等势面的电势差相等，一正电荷在等势面U3上时具有动能20J，它运动到等势面U1上时，速度恰好为零，令U2=0，那么，当该电荷的电势能为4J时，其动能大小为J．13．一带电小球，静止在两块带电平行金属板间的匀强电场中，此时两板间电压为300V；若将该电压降到60V，其它条件不变，则小球的加速度为m/s2．（g取10m/s2）三、实验题：14．一直流电压表，量程为1V，内阻为1 000Ω，现将一阻值为5000～7000Ω之间的固定电阻R1与此电压表串联，以扩大电压表的量程．为求得扩大后量程的准确值，再给定一直流电源（电动势E为6～7V，内阻可忽略不计），一阻值R2=2000Ω的固定电阻，两个单刀开关S1、S2及若干线．（1）为达到上述目的，将答题卡上对应的图连成一个完整的实验电路图．（2）连线完成以后，当S1与S2均闭合时，电压表的示数为0.90V；当S1闭合，S2断开时，电压表的示数为0.70V，由此可以计算出改装后电压表的量程为V，电源电动势为V．四、计算题：（8分+10分+14分+14分）15．一匀强电场，场强方向是水平的（如图）．一个质量为m的带正电的小球，从O点出发，初速度的大小为v0，在电场力与重力的作用下，恰能沿与场强的反方向成θ角的直线运动．求小球运动到最高点时其电势能与在O点的电势能之差．16．如图所示电路中，电源电动势E=9V，内电阻r=2Ω，定值电阻R1=6Ω，R2=10Ω，R3=6Ω，电容器的电容C=10μF．（1）保持开关S1、S2闭合，求电容器C的带电量；（2）保持开关S1闭合，将开关S2断开，求断开开关S2后流过电阻R2的电量．17．如图所示，电源电动势E=14V，内电阻r=1Ω，小灯泡标有“2V 4W”字样，电动机M 的内阻r′=0.5Ω，当滑动变阻器的阻值R调到1Ω时，电灯和电动机均能正常工作．求：（1）电动机两端的电压；（2）电动机输出的机械功率；（3）电路消耗的总功率．18．如图所示，ABCD为固定在竖直平面内的轨道，AB段光滑水平，BC段为光滑圆弧，对应的圆心角θ=37°，半径r=2.5m，CD段平直倾斜且粗糙，各段轨道均平滑连接，倾斜轨道所在区域有场强大小为E=2×l05N/C、方向垂直于斜轨向下的匀强电场．质量m=5×l0﹣2kg、电荷量q=+1×10﹣6C的小物体（视为质点）被弹簧枪发射后，沿水平轨道向左滑行，在C点以速度v0=3m/s冲上斜轨．以小物体通过C点时为计时起点，0.1s以后，场强大小不变，方向反向．已知斜轨与小物体间的动摩擦因数μ=0.25．设小物体的电荷量保持不变，取g=10m/s2．sin37°=0.6，cos37°=0.8．（1）求弹簧枪对小物体所做的功；（2）在斜轨上小物体能到达的最高点为P，求CP的长度．2015-2016学年佰加教育高二（上）期中物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（3分10=30分，有的选项答案不唯一）：1．下列关于匀强电场中的场强和电势差的关系，说法正确的是（）A．任意两点间的电势差，等于场强和这两点间距离的乘积B．沿电场线方向，任何相同距离上电势降落必相等C．电势减小的方向必是场强方向D．在相同距离的两点上，电势差大的，其场强也大【考点】电场强度；电势差．【分析】根据公式U=Ed，d是电场线方向上两点间的距离．电势减小的方向不一定是场强的方向．【解答】解：A、根据公式U=Ed，匀强电场中任意两点间的电势差，等于场强和这两点间在电场线方向上距离的乘积．故A错误．B、根据公式U=Ed，沿电场线方向，距离d相同，电势差U相同，电势降落必相等．故B正确．C、电势减小最快的方向才是场强方向．故C错误．D、沿电场线方向在相同距离的两点上，电势差大的，其场强也大．故D错误．故选B【点评】本题考查对公式U=Ed的理解能力．要注意顺着电场线，电势一定逐渐降低，但电势降低的方向不一定是电场强度方向，而是电势降低最快的方向才是场强方向．2．如图所示的电路中，S闭合A、B、C三只灯均正常发光，当可变电阻的滑动触头上移时，对A、B、C三灯亮度变化下列叙述正确的是（）A．A灯变亮 B．B灯变亮C．C灯变亮D．三灯均变暗【考点】闭合电路的欧姆定律．【分析】当可变电阻的滑动触头上移时，R′接入电路的电阻增大，分析外电路总电阻的变化，由欧姆定律分析总电流和路端电压，再分析局部电流和电压的变化，判断灯泡亮度的变化．增【解答】解：当可变电阻的滑动触头上移时，R′接入电路的电阻增大，外电路总电阻R总大，总电流I减小，路端电压U=E﹣Ir，则U增大，A灯变亮．减小，流过A灯的电流I A增大，则B灯和R并联的总电流减小，B灯变暗，B和R 由于I总并联的电流减小，电压U BR减小，C灯的电压U C=U﹣U BR，得到U C增大，C灯变亮．故选AC【点评】本题电路中动态变化分析问题，按照部分到整体再到部分的思路进行分析．3．带电油滴在匀强电场E中的运动轨迹如图中虚线所示，电场方向竖直向下．若不计空气阻力，则此带电油滴从a运动到b的过程中，能量变化情况为（）A．动能减少 B．电势能增加C．动能和电势能之和减小 D．重力势能和电势能之和增加【考点】带电粒子在匀强电场中的运动；电势能．【分析】根据油滴运动轨迹，可以判断出重力和电场力的大小关系，然后根据功能关系求解即可．【解答】解：A、由轨迹图可知，油滴所受的合力方向竖直向上，故从a到b的运动过程中合外力做正功，动能增加，故A错误；B、由轨迹图可知，油滴所受的合力方向竖直向上，则带电油滴所受重力小于电场力，从a 到b的运动过程电场力做正功，电势能减小，故B错误；C、从a到b的运动过程中，根据能量守恒可知，重力势能、电势能、动能三者之和保持不变；从a到b的运动过程中重力做负功，重力势能增加，因此动能和电势能之和减小，故C 正确．D、根据能量守恒可知，重力势能、电势能、动能三者之和保持不变，动能增加，因此重力势能和电势能之和减小，故D错误；故选：C．【点评】本题在电场和重力场的复合场中重点考察带电小球的功能关系转化．在学习过程中明确各种功能关系是解这类问题的关键．4．水平放置的平行板电容器与一电池相连．在电容器的两板间有一带正电的质点处于静止平衡状态．现将电容器两板间的距离增大，则（）A．电容变大，质点向上运动B．电容变大，质点向下运动C．电容变小，质点保持静止D．电容变小，质点向下运动【考点】电容器的动态分析．【分析】因电容器与电池相连，故电容器两端的电压保持不变；因距离变化，由C=可知C的变化；由U=Ed可知场强E的变化，由带电粒子的受力可知质点的运动情况．【解答】解：因质点处于静止状态，则有Eq=mg，且电场力向上；由C=可知，当d增大时，C减小；因电容器与电池相连，所以两端的电势差不变，因d增大，由E=可知，极板间的场强减小，故电场力小于重力；故质点将向下运动；故选D．【点评】解答本题注意电容器的两种状态，充电后与电源断开则电量不变；而与电源相连，则两板间的电势差保持不变．5．某学生在研究串联电路电压特点的实验时，接成如右图所示的电路，接通S后，他将高内阻的电压表并联在A、C两点间的电压表读数为U，当并联在A、B两点间时，电压表读数也为U，当并联在B、C两点间时，电压表的读数为零，则出现此种情况的原因可能是（）A．A、B间断路B．B、C间断路C．A、B间短路D．B、C间短路【考点】闭合电路的欧姆定律．【分析】接通S后，将电压表并联在A、C两点间的电压表读数为U，说明电源没有故障．当并联在A、B两点间时，电压表读数也为U，说明AB间断路．当并联在B、C两点间时，电压表的读数为零，电路中没有电流，B、C间没有故障．【解答】解：A、接通S后，将电压表并联在A、C两点间的电压表读数为U，说明电源没有故障．当并联在A、B两点间时，电压表读数也为U，当并联在B、C两点间时，电压表的读数为零，说明AB间有断路，因为电路中没有电流，B、C间为定值电阻，根据欧姆定律U=IR可知，B、C间电压就应为零，这时，A点电势与电源的正极相等，B点电势与电源的负极电势相等．B、若B、C间断路，电压表并联在B、C两点间时，读数应为U，与题设条件不符．故B 错误．C、若A、B短路，电压表并联在A、B两点间时，电压表读数应为零，与题设条件不符．故C错误．D、由题，电压表并联在B、C两点间时，读数为零，可能B、C间短路．故D正确．故选AD【点评】本题是电路中故障分析问题，可以用电势差等于电压来加深理解故障的原因．中等难度．6．如图所示，甲、乙为两个独立电源的路端电压与通过它们的电流I的关系图线，下列说法中正确的是（）A．路端电压都为U0时，它们的外电阻相等B．电流都是I0时，两电源的内电压相等C．电源甲的电动势大于电源乙的电动势D．电源甲的内阻小于电源乙的内阻【考点】闭合电路的欧姆定律．【分析】根据欧姆定律可知外电阻R路端电压U与电流I的关系为R=，图线与U轴交点的坐标值表示电动势的大小，与I轴交点的坐标值表示电路中的短路电流，图线的斜率大小表示电源内电阻的大小（电动势与短路电流的比值），电源的内电压等于通过电源的电流与=Ir．电源内阻的乘积，即U内【解答】解：A、根据欧姆定律可知外电阻R路端电压U与电流I的关系为R=，在U﹣I 图线中甲、乙两图线的交点坐标为（I0，U 0），说明两电源的外电阻相等，故A正确．=Ir，因为甲的内阻较B、电源的内电压等于通过电源的电流与电源内阻的乘积，即U内乙的内阻大，所以当电流都为I 0时，甲电源的内电压较大，故B错误．C、图线与U轴交点的坐标值表示电动势的大小，由图线可知，甲与U轴交点的坐标值比乙的大，表明甲的电动势大于乙的电动势，故C正确．D、图线的斜率大小表示电源内电阻的大小（电动势与短路电流的比值），图线甲的斜率大于图线乙的斜率，表明甲的内阻大于乙的内阻，故D错误．故选AC．【点评】本题利用图象考查了闭合电路欧姆定律，要特别注意图象与两轴交点分别表示电动势和短路电流，图象斜率表示内阻大小．7．如图所示，平行线代表电场线，但未指明方向，带电荷量为10﹣2C的正电微粒在电场中只受电场力作用，当由A点运动到B点时，动能减少了0.1J，已知A点电势为﹣10V，则（）A．B点的电势为零，微粒运动轨迹是1B．B点的电势是﹣20V，微粒运动轨迹是1C．B点的电势为零，微粒运动轨迹是2D．B点的电势是﹣20V，微粒运动轨迹是2【考点】电场线；电势．【分析】根据动能定理求出AB间的电势差，由U AB=φA﹣φB，求解B点的电势．由题可知，电荷所受电场力方向水平向左或水平向右，而且指向轨迹的内侧．电荷从A点运动到B点时动能减少，说明电场力做负功，可判断出微粒的运动轨迹为虚线1所示．【解答】解：根据动能定理得，qU AB=△E k，得到U AB==﹣10V．由U AB=φA﹣φB得，B点的电势φB=φA﹣U AB=﹣10﹣（﹣10）V=0V．电荷从A点运动到B点时动能减少，电场力做负功，又电场力指向轨迹的内侧，则判断出来微粒的运动轨迹如图中的虚线1所示．故选A【点评】本题是电场中轨迹问题，根据轨迹的弯曲方向判断合力的大体方向是基本功，要熟练掌握．8．一平行板电容器的两个极板水平放置，两极板间有一带电量不变的小油滴，油滴在极板间运动时所受空气阻力的大小与其速率成正比．若两极板间电压为零，经一段时间后，油滴以速率v匀速下降；若两极板间的电压为U，经一段时间后，油滴以速率v匀速上升．若两极板间电压为﹣U，油滴做匀速运动时速度的大小、方向将是（）A．2v、向上 B．2v、向下 C．3v、向上 D．3v、向下【考点】带电粒子在匀强电场中的运动；电容．【分析】当两极板间电压为零，根据平衡得出油滴的重力和阻力的关系；若两极板间的电压为U，根据平衡求出电场力、重力和阻力的大小关系；最终再根据平衡求出两极板间电压为﹣U时电场力、重力和阻力的大小关系，从而得出油滴的速度大小和方向．【解答】解：若两极板间电压为零，经一段时间后，油滴以速率v匀速下降，有mg=kv，若两极板间的电压为U，经一段时间后，油滴以速率v匀速上升，知电场力大于重力，有：q=mg+kv，若两极板间电压为﹣U，则电场力方向向下，当油滴做匀速运动时，有kv′=mg+q，联立三式解得v′=3v，方向向下．故D正确，A、B、C错误．故选D．【点评】解决本题的关键能够对油滴进行正确的受力分析，运用平衡进行求解．9．如图所示，一带电小球从A处竖直向上进入一水平方向的匀强电场中，进入电场时小球的动能为4J，运动到最高点B时小球的动能为5J，则小球运动到与A点在同一水平面上的C点（图中未画出）时的动能为多少（）A．4J B．14J C．19J D．24J【考点】电势能；动能定理的应用．【分析】1．水平受Eq向右，一直做初速度为0的匀加速直线运动，竖直受mg向下，做竖直上抛运动，互不影响．2．竖直上升到最高点的时间等于从最高点落回抛出高度的时间．3．根据竖直上抛和匀加速直线运动的特点即可解题．【解答】解：竖直方向：粒子做竖直上抛运动，则运动时间水平方向：粒子做初速度为零的匀加速直线运动．水平位移：上升的过程电场力做功：W1=qEx1最高点时，水平方向的速度为0，故小球的动能与电场力做的功相等，即：W1=5J下降的过程中，竖直方向做自由落体运动，与竖直上抛是对称的所以下降的时间：t2=t1水平方向的总位移：全过程中电场力做功：W2=qEx2=4qEx1=4W1=20J全过程中，重力做功为0，根据动能定理：W2=E K末﹣E K初所以：E K末=E K初+W2=24J．所以正确的选项是D．故选：D【点评】本题主要注意不一定求动能就把速度求出来，有时只需要知道速度之比即可，难度适中．10．如图所示，粗糙程度均匀的绝缘斜面下方O点处有一正点电荷，带负电的小物体以初速度V1从M点沿斜面上滑，到达N点时速度为零，然后下滑回到M点，此时速度为V2（V2＜V1）．若小物体电荷量保持不变，OM=ON，则（）A．小物体上升的最大高度为B．从N到M的过程中，小物体的电势能逐渐减小C．从M到N的过程中，电场力对小物体先做负功后做正功D．从N到M的过程中，小物体受到的摩擦力和电场力均是先增大后减小【考点】动能定理的应用；库仑定律；电势能．【分析】根据电场力做功的特点可求得电场力做功的大小，由动能定理可分别列出上滑及下滑过程中的表达式，联立即可解得最大高度；由电场力做功与电势能关系要得出电势能的变化及电场力做功的特点；分析小球运动中压力的变化，由滑动摩擦力的计算公式可分析摩擦力的变化．【解答】解：设斜面倾角为θ、上升过程沿斜面运动的最大距离为L．因为OM=ON，则MN两点电势相等，小物体从M到N、从N到M电场力做功均为0．上滑和下滑经过同一个位置时，垂直斜面方向上电场力的分力相等，则经过相等的一小段位移在上滑和下滑过程中电场力分力对应的摩擦力所作的功均为相等的负功，所以上滑和下滑过程克服电场力产生的功摩擦力所作的功相等、并设为W1．在上滑和下滑过程，对小物体，摩擦力做功相等，则应用动能定理分别有：﹣mgsinθL﹣W f﹣W1=﹣和mgsinθL﹣W f﹣W1=，上两式相减可得h=sinθL=，A正确；由OM=ON，可知电场力对小物体先作正功后作负功，电势能先减小后增大，BC错；从N到M的过程中，小物体受到的电场力垂直斜面的分力先增大后减小，而重力分力不变，则摩擦力先增大后减小，在此过程中小物体到O的距离先减小后增大，根据库仑定律可知小物体受到的电场力先增大后减小，D对．故选AD．【点评】本题考查动能定理的应用、摩擦力及电场力做功的特点，涉及能量变化的题目一般都要优先考虑动能定理的应用，并要求学生能明确几种特殊力做功的特点，如摩擦力、电场力、洛仑兹力等．二、填空题（4分3=12分）：11．如图所示，A、B、C三点为一直角三角形的三个顶点，∠B=30°．现在A、B两点放置两点电荷q A、q B，测得C点场强的方向与AB平行，则q A带负电，q A：q B=1：8．【考点】电场的叠加．【分析】通过假设法，根据C点合场强的方向判断出A电荷的电性，根据点电荷的场强公式，通过距离点电荷的距离，求出电荷量之比．【解答】解：若A、B都为正电荷，都为负电荷，或A为正电荷，B为负电荷，C点合场强的方向不可能与AB平行．所以A为负电荷、B为正电荷，根据平行四边形定则，知A、B在C点的场强之比为．又点电荷的场强公式为，C点距离A、B两点间的距离比，可知．故答案为：负电，1：8．【点评】解决本题的关键掌握点电荷场强的公式，以及知道场强的叠加遵循平行四边形定则．12．如图，实线为电场线，虚线为等势面且相邻两等势面的电势差相等，一正电荷在等势面U3上时具有动能20J，它运动到等势面U1上时，速度恰好为零，令U2=0，那么，当该电荷的电势能为4J时，其动能大小为6J．【考点】等势面；动能定理的应用．【分析】相邻等势面间的电势差相等，电荷经过相邻等势面时电场力做功相等，根据动能定理求出电荷经经过φ2等势面时的动能，确定电荷的总能量，再由能量守恒定律求出电势能为4J时它的动能．【解答】解：由题，正电荷在等势面U3上时动能20J，在等势面U1上时动能为零，从等势面U3上等势面U1上时电荷动能的减小20J．由于相邻等势面间的电势差相等，由W=qU知：电荷经过相邻等势面时电场力做功相等，动能减小量相等，则电荷经过U2等势面时的动能为10J又U2=0，电荷在等势面U2上电势能为0，所以电荷的动能与电势能的总量为10J，根据能量守恒定律得到，电势能为4J时它的动能为6J．故答案为：6．【点评】本题要充分运用匀强电场的特点，确定出电荷的总能量是关键．由能量守恒定律求解．13．一带电小球，静止在两块带电平行金属板间的匀强电场中，此时两板间电压为300V；若将该电压降到60V，其它条件不变，则小球的加速度为8m/s2．（g取10m/s2）【考点】电势差与电场强度的关系；加速度．【分析】带电小球原来恰好静止，电场力与重力平衡，可列出方程；若将电压降到60V，根据牛顿第二定律和公式U=Ed求解加速度．【解答】解：带电小球原来静止，电场力与重力平衡，则有：mg=q…①若将电压降到60V，场强减小，电场力减小，小球向下加速运动，根据牛顿第二定律得：mg﹣q=ma…②据题有：U2=…③由①②③得：a=g=8m/s2．故答案为：8．【点评】本题的关键是掌握电场强度与电压的关系公式U=Ed，熟练运用牛顿第二定律解决求解加速度的问题．三、实验题：14．一直流电压表，量程为1V，内阻为1 000Ω，现将一阻值为5000～7000Ω之间的固定电阻R1与此电压表串联，以扩大电压表的量程．为求得扩大后量程的准确值，再给定一直流电源（电动势E为6～7V，内阻可忽略不计），一阻值R2=2000Ω的固定电阻，两个单刀开关S1、S2及若干线．（1）为达到上述目的，将答题卡上对应的图连成一个完整的实验电路图．（2）连线完成以后，当S1与S2均闭合时，电压表的示数为0.90V；当S1闭合，S2断开时，电压表的示数为0.70V，由此可以计算出改装后电压表的量程为7V，电源电动势为 6.3 V．【考点】伏安法测电阻．【分析】构造电路，据全电欧姆定律得含有R1，E的方程组，可求解问题．【解答】解：（1）实验电路如图所示若S1与S2都闭合：E=U1+I1R1=0.90+R1﹣﹣﹣﹣﹣﹣（1）若S1闭合S2断开：E=U2+I2（R1+R2）=0.70+（R1+R2）﹣﹣﹣﹣（2）量程为U=I g（r g+R1）﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣（3）由（1）（2）（3）式得U=7V E=6.3V故答案为：（1）电路图如图所示．（2）7； 6.3．【点评】全电路欧姆定律要注意构造两个电路，得出方程组求解问题上．四、计算题：（8分+10分+14分+14分）15．一匀强电场，场强方向是水平的（如图）．一个质量为m的带正电的小球，从O点出发，初速度的大小为v0，在电场力与重力的作用下，恰能沿与场强的反方向成θ角的直线运动．求小球运动到最高点时其电势能与在O点的电势能之差．【考点】带电粒子在匀强电场中的运动；匀变速直线运动的速度与位移的关系；牛顿第二定律；物体做曲线运动的条件；电势能．【分析】因物体受重力及电场力的作用而做直线运动，故物体所受力的合力一定在运动方向的直线上；则由力的合成可求得电场力，由牛顿第二定律可求得加速度；由位移公式求得位移，即可由功的公式求得电场力的功．【解答】解：设电场强度为E，小球带电量为q，因小球做直线运动，它受的电场力qE和重力mg的合力必沿此直线，如图：mg=qEtanθ由此可知，小球做匀减速运动的加速度大小为：设从O到最高点的路程为s，由速度和位移的关系得：v02=2as物体运动的水平距离为：l=scosθ两点的电势能之差：△W=qEl由以上各式得：O点的电势能与在O点的电势能之差为．。

佰加教育2015-2016学年上学期高二(上)期中物理试卷(解析版)

2015-2016学年佰加教育高二（上）期中物理试卷一、选择题（3分10=30分，有的选项答案不唯一）：1．下列关于匀强电场中的场强和电势差的关系，说法正确的是（）A．任意两点间的电势差，等于场强和这两点间距离的乘积B．沿电场线方向，任何相同距离上电势降落必相等C．电势减小的方向必是场强方向D．在相同距离的两点上，电势差大的，其场强也大2．如图所示的电路中，S闭合A、B、C三只灯均正常发光，当可变电阻的滑动触头上移时，对A、B、C三灯亮度变化下列叙述正确的是（）A．A灯变亮 B．B灯变亮C．C灯变亮D．三灯均变暗3．带电油滴在匀强电场E中的运动轨迹如图中虚线所示，电场方向竖直向下．若不计空气阻力，则此带电油滴从a运动到b的过程中，能量变化情况为（）A．动能减少 B．电势能增加C．动能和电势能之和减小 D．重力势能和电势能之和增加4．水平放置的平行板电容器与一电池相连．在电容器的两板间有一带正电的质点处于静止平衡状态．现将电容器两板间的距离增大，则（）A．电容变大，质点向上运动B．电容变大，质点向下运动C．电容变小，质点保持静止D．电容变小，质点向下运动5．某学生在研究串联电路电压特点的实验时，接成如右图所示的电路，接通S后，他将高内阻的电压表并联在A、C两点间的电压表读数为U，当并联在A、B两点间时，电压表读数也为U，当并联在B、C两点间时，电压表的读数为零，则出现此种情况的原因可能是（）A．A、B间断路B．B、C间断路C．A、B间短路D．B、C间短路6．如图所示，甲、乙为两个独立电源的路端电压与通过它们的电流I的关系图线，下列说法中正确的是（）A．路端电压都为U0时，它们的外电阻相等B．电流都是I0时，两电源的内电压相等C．电源甲的电动势大于电源乙的电动势D．电源甲的内阻小于电源乙的内阻7．如图所示，平行线代表电场线，但未指明方向，带电荷量为10﹣2C的正电微粒在电场中只受电场力作用，当由A点运动到B点时，动能减少了0.1J，已知A点电势为﹣10V，则（）A．B点的电势为零，微粒运动轨迹是1B．B点的电势是﹣20V，微粒运动轨迹是1C．B点的电势为零，微粒运动轨迹是2D．B点的电势是﹣20V，微粒运动轨迹是28．一平行板电容器的两个极板水平放置，两极板间有一带电量不变的小油滴，油滴在极板间运动时所受空气阻力的大小与其速率成正比．若两极板间电压为零，经一段时间后，油滴以速率v匀速下降；若两极板间的电压为U，经一段时间后，油滴以速率v匀速上升．若两极板间电压为﹣U，油滴做匀速运动时速度的大小、方向将是（）A．2v、向上 B．2v、向下 C．3v、向上 D．3v、向下9．如图所示，一带电小球从A处竖直向上进入一水平方向的匀强电场中，进入电场时小球的动能为4J，运动到最高点B时小球的动能为5J，则小球运动到与A点在同一水平面上的C点（图中未画出）时的动能为多少（）A．4J B．14J C．19J D．24J10．如图所示，粗糙程度均匀的绝缘斜面下方O点处有一正点电荷，带负电的小物体以初速度V1从M点沿斜面上滑，到达N点时速度为零，然后下滑回到M点，此时速度为V2（V2＜V1）．若小物体电荷量保持不变，OM=ON，则（）A．小物体上升的最大高度为B．从N到M的过程中，小物体的电势能逐渐减小C．从M到N的过程中，电场力对小物体先做负功后做正功D．从N到M的过程中，小物体受到的摩擦力和电场力均是先增大后减小二、填空题（4分3=12分）：11．如图所示，A、B、C三点为一直角三角形的三个顶点，∠B=30°．现在A、B两点放置两点电荷q A、q B，测得C点场强的方向与AB平行，则q A带，q A：q B=．12．如图，实线为电场线，虚线为等势面且相邻两等势面的电势差相等，一正电荷在等势面U3上时具有动能20J，它运动到等势面U1上时，速度恰好为零，令U2=0，那么，当该电荷的电势能为4J时，其动能大小为J．13．一带电小球，静止在两块带电平行金属板间的匀强电场中，此时两板间电压为300V；若将该电压降到60V，其它条件不变，则小球的加速度为m/s2．（g取10m/s2）三、实验题：14．一直流电压表，量程为1V，内阻为1 000Ω，现将一阻值为5000～7000Ω之间的固定电阻R1与此电压表串联，以扩大电压表的量程．为求得扩大后量程的准确值，再给定一直流电源（电动势E为6～7V，内阻可忽略不计），一阻值R2=2000Ω的固定电阻，两个单刀开关S1、S2及若干线．（1）为达到上述目的，将答题卡上对应的图连成一个完整的实验电路图．（2）连线完成以后，当S1与S2均闭合时，电压表的示数为0.90V；当S1闭合，S2断开时，电压表的示数为0.70V，由此可以计算出改装后电压表的量程为V，电源电动势为V．四、计算题：（8分+10分+14分+14分）15．一匀强电场，场强方向是水平的（如图）．一个质量为m的带正电的小球，从O点出发，初速度的大小为v0，在电场力与重力的作用下，恰能沿与场强的反方向成θ角的直线运动．求小球运动到最高点时其电势能与在O点的电势能之差．16．如图所示电路中，电源电动势E=9V，内电阻r=2Ω，定值电阻R1=6Ω，R2=10Ω，R3=6Ω，电容器的电容C=10μF．（1）保持开关S1、S2闭合，求电容器C的带电量；（2）保持开关S1闭合，将开关S2断开，求断开开关S2后流过电阻R2的电量．17．如图所示，电源电动势E=14V，内电阻r=1Ω，小灯泡标有“2V 4W”字样，电动机M 的内阻r′=0.5Ω，当滑动变阻器的阻值R调到1Ω时，电灯和电动机均能正常工作．求：（1）电动机两端的电压；（2）电动机输出的机械功率；（3）电路消耗的总功率．18．如图所示，ABCD为固定在竖直平面内的轨道，AB段光滑水平，BC段为光滑圆弧，对应的圆心角θ=37°，半径r=2.5m，CD段平直倾斜且粗糙，各段轨道均平滑连接，倾斜轨道所在区域有场强大小为E=2×l05N/C、方向垂直于斜轨向下的匀强电场．质量m=5×l0﹣2kg、电荷量q=+1×10﹣6C的小物体（视为质点）被弹簧枪发射后，沿水平轨道向左滑行，在C点以速度v0=3m/s冲上斜轨．以小物体通过C点时为计时起点，0.1s以后，场强大小不变，方向反向．已知斜轨与小物体间的动摩擦因数μ=0.25．设小物体的电荷量保持不变，取g=10m/s2．sin37°=0.6，cos37°=0.8．（1）求弹簧枪对小物体所做的功；（2）在斜轨上小物体能到达的最高点为P，求CP的长度．2015-2016学年佰加教育高二（上）期中物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（3分10=30分，有的选项答案不唯一）：1．下列关于匀强电场中的场强和电势差的关系，说法正确的是（）A．任意两点间的电势差，等于场强和这两点间距离的乘积B．沿电场线方向，任何相同距离上电势降落必相等C．电势减小的方向必是场强方向D．在相同距离的两点上，电势差大的，其场强也大【考点】电场强度；电势差．【分析】根据公式U=Ed，d是电场线方向上两点间的距离．电势减小的方向不一定是场强的方向．【解答】解：A、根据公式U=Ed，匀强电场中任意两点间的电势差，等于场强和这两点间在电场线方向上距离的乘积．故A错误．B、根据公式U=Ed，沿电场线方向，距离d相同，电势差U相同，电势降落必相等．故B正确．C、电势减小最快的方向才是场强方向．故C错误．D、沿电场线方向在相同距离的两点上，电势差大的，其场强也大．故D错误．故选B【点评】本题考查对公式U=Ed的理解能力．要注意顺着电场线，电势一定逐渐降低，但电势降低的方向不一定是电场强度方向，而是电势降低最快的方向才是场强方向．2．如图所示的电路中，S闭合A、B、C三只灯均正常发光，当可变电阻的滑动触头上移时，对A、B、C三灯亮度变化下列叙述正确的是（）A．A灯变亮 B．B灯变亮C．C灯变亮D．三灯均变暗【考点】闭合电路的欧姆定律．【分析】当可变电阻的滑动触头上移时，R′接入电路的电阻增大，分析外电路总电阻的变化，由欧姆定律分析总电流和路端电压，再分析局部电流和电压的变化，判断灯泡亮度的变化．增【解答】解：当可变电阻的滑动触头上移时，R′接入电路的电阻增大，外电路总电阻R总大，总电流I减小，路端电压U=E﹣Ir，则U增大，A灯变亮．减小，流过A灯的电流I A增大，则B灯和R并联的总电流减小，B灯变暗，B和R 由于I总并联的电流减小，电压U BR减小，C灯的电压U C=U﹣U BR，得到U C增大，C灯变亮．故选AC【点评】本题电路中动态变化分析问题，按照部分到整体再到部分的思路进行分析．3．带电油滴在匀强电场E中的运动轨迹如图中虚线所示，电场方向竖直向下．若不计空气阻力，则此带电油滴从a运动到b的过程中，能量变化情况为（）A．动能减少 B．电势能增加C．动能和电势能之和减小 D．重力势能和电势能之和增加【考点】带电粒子在匀强电场中的运动；电势能．【分析】根据油滴运动轨迹，可以判断出重力和电场力的大小关系，然后根据功能关系求解即可．【解答】解：A、由轨迹图可知，油滴所受的合力方向竖直向上，故从a到b的运动过程中合外力做正功，动能增加，故A错误；B、由轨迹图可知，油滴所受的合力方向竖直向上，则带电油滴所受重力小于电场力，从a 到b的运动过程电场力做正功，电势能减小，故B错误；C、从a到b的运动过程中，根据能量守恒可知，重力势能、电势能、动能三者之和保持不变；从a到b的运动过程中重力做负功，重力势能增加，因此动能和电势能之和减小，故C 正确．D、根据能量守恒可知，重力势能、电势能、动能三者之和保持不变，动能增加，因此重力势能和电势能之和减小，故D错误；故选：C．【点评】本题在电场和重力场的复合场中重点考察带电小球的功能关系转化．在学习过程中明确各种功能关系是解这类问题的关键．4．水平放置的平行板电容器与一电池相连．在电容器的两板间有一带正电的质点处于静止平衡状态．现将电容器两板间的距离增大，则（）A．电容变大，质点向上运动B．电容变大，质点向下运动C．电容变小，质点保持静止D．电容变小，质点向下运动【考点】电容器的动态分析．【分析】因电容器与电池相连，故电容器两端的电压保持不变；因距离变化，由C=可知C的变化；由U=Ed可知场强E的变化，由带电粒子的受力可知质点的运动情况．【解答】解：因质点处于静止状态，则有Eq=mg，且电场力向上；由C=可知，当d增大时，C减小；因电容器与电池相连，所以两端的电势差不变，因d增大，由E=可知，极板间的场强减小，故电场力小于重力；故质点将向下运动；故选D．【点评】解答本题注意电容器的两种状态，充电后与电源断开则电量不变；而与电源相连，则两板间的电势差保持不变．5．某学生在研究串联电路电压特点的实验时，接成如右图所示的电路，接通S后，他将高内阻的电压表并联在A、C两点间的电压表读数为U，当并联在A、B两点间时，电压表读数也为U，当并联在B、C两点间时，电压表的读数为零，则出现此种情况的原因可能是（）A．A、B间断路B．B、C间断路C．A、B间短路D．B、C间短路【考点】闭合电路的欧姆定律．【分析】接通S后，将电压表并联在A、C两点间的电压表读数为U，说明电源没有故障．当并联在A、B两点间时，电压表读数也为U，说明AB间断路．当并联在B、C两点间时，电压表的读数为零，电路中没有电流，B、C间没有故障．【解答】解：A、接通S后，将电压表并联在A、C两点间的电压表读数为U，说明电源没有故障．当并联在A、B两点间时，电压表读数也为U，当并联在B、C两点间时，电压表的读数为零，说明AB间有断路，因为电路中没有电流，B、C间为定值电阻，根据欧姆定律U=IR可知，B、C间电压就应为零，这时，A点电势与电源的正极相等，B点电势与电源的负极电势相等．B、若B、C间断路，电压表并联在B、C两点间时，读数应为U，与题设条件不符．故B 错误．C、若A、B短路，电压表并联在A、B两点间时，电压表读数应为零，与题设条件不符．故C错误．D、由题，电压表并联在B、C两点间时，读数为零，可能B、C间短路．故D正确．故选AD【点评】本题是电路中故障分析问题，可以用电势差等于电压来加深理解故障的原因．中等难度．6．如图所示，甲、乙为两个独立电源的路端电压与通过它们的电流I的关系图线，下列说法中正确的是（）A．路端电压都为U0时，它们的外电阻相等B．电流都是I0时，两电源的内电压相等C．电源甲的电动势大于电源乙的电动势D．电源甲的内阻小于电源乙的内阻【考点】闭合电路的欧姆定律．【分析】根据欧姆定律可知外电阻R路端电压U与电流I的关系为R=，图线与U轴交点的坐标值表示电动势的大小，与I轴交点的坐标值表示电路中的短路电流，图线的斜率大小表示电源内电阻的大小（电动势与短路电流的比值），电源的内电压等于通过电源的电流与=Ir．电源内阻的乘积，即U内【解答】解：A、根据欧姆定律可知外电阻R路端电压U与电流I的关系为R=，在U﹣I 图线中甲、乙两图线的交点坐标为（I0，U 0），说明两电源的外电阻相等，故A正确．=Ir，因为甲的内阻较B、电源的内电压等于通过电源的电流与电源内阻的乘积，即U内乙的内阻大，所以当电流都为I 0时，甲电源的内电压较大，故B错误．C、图线与U轴交点的坐标值表示电动势的大小，由图线可知，甲与U轴交点的坐标值比乙的大，表明甲的电动势大于乙的电动势，故C正确．D、图线的斜率大小表示电源内电阻的大小（电动势与短路电流的比值），图线甲的斜率大于图线乙的斜率，表明甲的内阻大于乙的内阻，故D错误．故选AC．【点评】本题利用图象考查了闭合电路欧姆定律，要特别注意图象与两轴交点分别表示电动势和短路电流，图象斜率表示内阻大小．7．如图所示，平行线代表电场线，但未指明方向，带电荷量为10﹣2C的正电微粒在电场中只受电场力作用，当由A点运动到B点时，动能减少了0.1J，已知A点电势为﹣10V，则（）A．B点的电势为零，微粒运动轨迹是1B．B点的电势是﹣20V，微粒运动轨迹是1C．B点的电势为零，微粒运动轨迹是2D．B点的电势是﹣20V，微粒运动轨迹是2【考点】电场线；电势．【分析】根据动能定理求出AB间的电势差，由U AB=φA﹣φB，求解B点的电势．由题可知，电荷所受电场力方向水平向左或水平向右，而且指向轨迹的内侧．电荷从A点运动到B点时动能减少，说明电场力做负功，可判断出微粒的运动轨迹为虚线1所示．【解答】解：根据动能定理得，qU AB=△E k，得到U AB==﹣10V．由U AB=φA﹣φB得，B点的电势φB=φA﹣U AB=﹣10﹣（﹣10）V=0V．电荷从A点运动到B点时动能减少，电场力做负功，又电场力指向轨迹的内侧，则判断出来微粒的运动轨迹如图中的虚线1所示．故选A【点评】本题是电场中轨迹问题，根据轨迹的弯曲方向判断合力的大体方向是基本功，要熟练掌握．8．一平行板电容器的两个极板水平放置，两极板间有一带电量不变的小油滴，油滴在极板间运动时所受空气阻力的大小与其速率成正比．若两极板间电压为零，经一段时间后，油滴以速率v匀速下降；若两极板间的电压为U，经一段时间后，油滴以速率v匀速上升．若两极板间电压为﹣U，油滴做匀速运动时速度的大小、方向将是（）A．2v、向上 B．2v、向下 C．3v、向上 D．3v、向下【考点】带电粒子在匀强电场中的运动；电容．【分析】当两极板间电压为零，根据平衡得出油滴的重力和阻力的关系；若两极板间的电压为U，根据平衡求出电场力、重力和阻力的大小关系；最终再根据平衡求出两极板间电压为﹣U时电场力、重力和阻力的大小关系，从而得出油滴的速度大小和方向．【解答】解：若两极板间电压为零，经一段时间后，油滴以速率v匀速下降，有mg=kv，若两极板间的电压为U，经一段时间后，油滴以速率v匀速上升，知电场力大于重力，有：q=mg+kv，若两极板间电压为﹣U，则电场力方向向下，当油滴做匀速运动时，有kv′=mg+q，联立三式解得v′=3v，方向向下．故D正确，A、B、C错误．故选D．【点评】解决本题的关键能够对油滴进行正确的受力分析，运用平衡进行求解．9．如图所示，一带电小球从A处竖直向上进入一水平方向的匀强电场中，进入电场时小球的动能为4J，运动到最高点B时小球的动能为5J，则小球运动到与A点在同一水平面上的C点（图中未画出）时的动能为多少（）A．4J B．14J C．19J D．24J【考点】电势能；动能定理的应用．【分析】1．水平受Eq向右，一直做初速度为0的匀加速直线运动，竖直受mg向下，做竖直上抛运动，互不影响．2．竖直上升到最高点的时间等于从最高点落回抛出高度的时间．3．根据竖直上抛和匀加速直线运动的特点即可解题．【解答】解：竖直方向：粒子做竖直上抛运动，则运动时间水平方向：粒子做初速度为零的匀加速直线运动．水平位移：上升的过程电场力做功：W1=qEx1最高点时，水平方向的速度为0，故小球的动能与电场力做的功相等，即：W1=5J下降的过程中，竖直方向做自由落体运动，与竖直上抛是对称的所以下降的时间：t2=t1水平方向的总位移：全过程中电场力做功：W2=qEx2=4qEx1=4W1=20J全过程中，重力做功为0，根据动能定理：W2=E K末﹣E K初所以：E K末=E K初+W2=24J．所以正确的选项是D．故选：D【点评】本题主要注意不一定求动能就把速度求出来，有时只需要知道速度之比即可，难度适中．10．如图所示，粗糙程度均匀的绝缘斜面下方O点处有一正点电荷，带负电的小物体以初速度V1从M点沿斜面上滑，到达N点时速度为零，然后下滑回到M点，此时速度为V2（V2＜V1）．若小物体电荷量保持不变，OM=ON，则（）A．小物体上升的最大高度为B．从N到M的过程中，小物体的电势能逐渐减小C．从M到N的过程中，电场力对小物体先做负功后做正功D．从N到M的过程中，小物体受到的摩擦力和电场力均是先增大后减小【考点】动能定理的应用；库仑定律；电势能．【分析】根据电场力做功的特点可求得电场力做功的大小，由动能定理可分别列出上滑及下滑过程中的表达式，联立即可解得最大高度；由电场力做功与电势能关系要得出电势能的变化及电场力做功的特点；分析小球运动中压力的变化，由滑动摩擦力的计算公式可分析摩擦力的变化．【解答】解：设斜面倾角为θ、上升过程沿斜面运动的最大距离为L．因为OM=ON，则MN两点电势相等，小物体从M到N、从N到M电场力做功均为0．上滑和下滑经过同一个位置时，垂直斜面方向上电场力的分力相等，则经过相等的一小段位移在上滑和下滑过程中电场力分力对应的摩擦力所作的功均为相等的负功，所以上滑和下滑过程克服电场力产生的功摩擦力所作的功相等、并设为W1．在上滑和下滑过程，对小物体，摩擦力做功相等，则应用动能定理分别有：﹣mgsinθL﹣W f﹣W1=﹣和mgsinθL﹣W f﹣W1=，上两式相减可得h=sinθL=，A正确；由OM=ON，可知电场力对小物体先作正功后作负功，电势能先减小后增大，BC错；从N到M的过程中，小物体受到的电场力垂直斜面的分力先增大后减小，而重力分力不变，则摩擦力先增大后减小，在此过程中小物体到O的距离先减小后增大，根据库仑定律可知小物体受到的电场力先增大后减小，D对．故选AD．【点评】本题考查动能定理的应用、摩擦力及电场力做功的特点，涉及能量变化的题目一般都要优先考虑动能定理的应用，并要求学生能明确几种特殊力做功的特点，如摩擦力、电场力、洛仑兹力等．二、填空题（4分3=12分）：11．如图所示，A、B、C三点为一直角三角形的三个顶点，∠B=30°．现在A、B两点放置两点电荷q A、q B，测得C点场强的方向与AB平行，则q A带负电，q A：q B=1：8．【考点】电场的叠加．【分析】通过假设法，根据C点合场强的方向判断出A电荷的电性，根据点电荷的场强公式，通过距离点电荷的距离，求出电荷量之比．【解答】解：若A、B都为正电荷，都为负电荷，或A为正电荷，B为负电荷，C点合场强的方向不可能与AB平行．所以A为负电荷、B为正电荷，根据平行四边形定则，知A、B在C点的场强之比为．又点电荷的场强公式为，C点距离A、B两点间的距离比，可知．故答案为：负电，1：8．【点评】解决本题的关键掌握点电荷场强的公式，以及知道场强的叠加遵循平行四边形定则．12．如图，实线为电场线，虚线为等势面且相邻两等势面的电势差相等，一正电荷在等势面U3上时具有动能20J，它运动到等势面U1上时，速度恰好为零，令U2=0，那么，当该电荷的电势能为4J时，其动能大小为6J．【考点】等势面；动能定理的应用．【分析】相邻等势面间的电势差相等，电荷经过相邻等势面时电场力做功相等，根据动能定理求出电荷经经过φ2等势面时的动能，确定电荷的总能量，再由能量守恒定律求出电势能为4J时它的动能．【解答】解：由题，正电荷在等势面U3上时动能20J，在等势面U1上时动能为零，从等势面U3上等势面U1上时电荷动能的减小20J．由于相邻等势面间的电势差相等，由W=qU知：电荷经过相邻等势面时电场力做功相等，动能减小量相等，则电荷经过U2等势面时的动能为10J又U2=0，电荷在等势面U2上电势能为0，所以电荷的动能与电势能的总量为10J，根据能量守恒定律得到，电势能为4J时它的动能为6J．故答案为：6．【点评】本题要充分运用匀强电场的特点，确定出电荷的总能量是关键．由能量守恒定律求解．13．一带电小球，静止在两块带电平行金属板间的匀强电场中，此时两板间电压为300V；若将该电压降到60V，其它条件不变，则小球的加速度为8m/s2．（g取10m/s2）【考点】电势差与电场强度的关系；加速度．【分析】带电小球原来恰好静止，电场力与重力平衡，可列出方程；若将电压降到60V，根据牛顿第二定律和公式U=Ed求解加速度．【解答】解：带电小球原来静止，电场力与重力平衡，则有：mg=q…①若将电压降到60V，场强减小，电场力减小，小球向下加速运动，根据牛顿第二定律得：mg﹣q=ma…②据题有：U2=…③由①②③得：a=g=8m/s2．故答案为：8．【点评】本题的关键是掌握电场强度与电压的关系公式U=Ed，熟练运用牛顿第二定律解决求解加速度的问题．三、实验题：14．一直流电压表，量程为1V，内阻为1 000Ω，现将一阻值为5000～7000Ω之间的固定电阻R1与此电压表串联，以扩大电压表的量程．为求得扩大后量程的准确值，再给定一直流电源（电动势E为6～7V，内阻可忽略不计），一阻值R2=2000Ω的固定电阻，两个单刀开关S1、S2及若干线．（1）为达到上述目的，将答题卡上对应的图连成一个完整的实验电路图．（2）连线完成以后，当S1与S2均闭合时，电压表的示数为0.90V；当S1闭合，S2断开时，电压表的示数为0.70V，由此可以计算出改装后电压表的量程为7V，电源电动势为 6.3 V．【考点】伏安法测电阻．【分析】构造电路，据全电欧姆定律得含有R1，E的方程组，可求解问题．【解答】解：（1）实验电路如图所示若S1与S2都闭合：E=U1+I1R1=0.90+R1﹣﹣﹣﹣﹣﹣（1）若S1闭合S2断开：E=U2+I2（R1+R2）=0.70+（R1+R2）﹣﹣﹣﹣（2）量程为U=I g（r g+R1）﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣（3）由（1）（2）（3）式得U=7V E=6.3V故答案为：（1）电路图如图所示．（2）7； 6.3．【点评】全电路欧姆定律要注意构造两个电路，得出方程组求解问题上．四、计算题：（8分+10分+14分+14分）15．一匀强电场，场强方向是水平的（如图）．一个质量为m的带正电的小球，从O点出发，初速度的大小为v0，在电场力与重力的作用下，恰能沿与场强的反方向成θ角的直线运动．求小球运动到最高点时其电势能与在O点的电势能之差．【考点】带电粒子在匀强电场中的运动；匀变速直线运动的速度与位移的关系；牛顿第二定律；物体做曲线运动的条件；电势能．【分析】因物体受重力及电场力的作用而做直线运动，故物体所受力的合力一定在运动方向的直线上；则由力的合成可求得电场力，由牛顿第二定律可求得加速度；由位移公式求得位移，即可由功的公式求得电场力的功．【解答】解：设电场强度为E，小球带电量为q，因小球做直线运动，它受的电场力qE和重力mg的合力必沿此直线，如图：mg=qEtanθ由此可知，小球做匀减速运动的加速度大小为：设从O到最高点的路程为s，由速度和位移的关系得：v02=2as物体运动的水平距离为：l=scosθ两点的电势能之差：△W=qEl由以上各式得：O点的电势能与在O点的电势能之差为．。

【化学】黑龙江省哈尔滨师范大学附属中学2015-2016学年高二上学期期中考试试题

哈师大附中2014级高二上学期期中考试化学试卷一、选择题（每小题只有一个选项符合题意，每小题2分）1．我们主要从三个方面讨论一个化学反应的原理，其中不属于这三个方面的是（） A.反应进行的方向 B.反应的快慢 C.反应进行的限度D.反应物的多少2．表示正反应是吸热反应的图像是（）3．下列说法中不正确的是（）A.不需要加热就能发生的发应一定是放热反应B.吸热反应在常温下可能发生C.反应吸热还是放热，取决于反应物和生成物所具有的总能量的相对大小D.物质发生化学变化一定伴随着能量变化 4．能用焓判据判断下列过程方向的是（） A.湿的衣服经过晾晒变干 B.硝酸铵溶于水C.100℃时的水蒸气凝结成水D.25℃、101 kPa 时2N 2O 5 (g) = 4NO 2 (g)＋O 2 (g) ΔH ＝＋56.7 kJ·mol －1能自发进行5．下列方法能增加活化分子百分数的是（）①增加某一组分的浓度 ②增大体系的压强 ③升高体系的温度 ④使用合适的催化剂A. ①②B. ②③C. ③④D. ①④ 6．一定条件下，向2L 密闭容器中加入2molN 2和10molH 2，发生反应N 2 + 3H 2 2NH 3，2min 时测得剩余N 2为1mol ，此时化学反应速率表示不正确的是（） A.υ(N 2) = 0.25mol/(L·min) B.υ(H 2) = 0.75mol/(L·min) C.υ(NH 3) = 1mol/(L·min)D.υ(NH 3) = 0.5mol/(L·min)7．100 mL 6 mol·L－1的硫酸跟过量锌粒反应，在一定温度下，为了减慢反应进行的速率，但又不影响生成氢气的总量，可向反应物中加入适量的（） A.碳酸钠(固体) B.水 C.碳酸氢钠溶液 D.氨水8．某反应2AB(g)C(g)+3D(g)在高温时能自发进行，其逆反应在低温时能自发进行，则该反应的ΔH、ΔS应为（）A.ΔH<0，ΔS>0B.ΔH<0，ΔS<0C.ΔH >0，ΔS>0D.ΔH >0，ΔS<0 9．设反应C＋CO 22CO（正反应吸热）的反应速率为υ1，N2＋3H22NH3（正反应放热）的反应速率为υ2。

精选黑龙江省哈尔滨师范大学附属中学2016_2017学年高二物理上学期期末考试试题

哈师大附中 2016—2017 年度上学期期末考试物理试卷一、选择题（每题 4 分，共 56 分。

此中 1-9 题为单项选择题， 10-14 题为多项选择题，请将正确答案选出）1.以下说法正确的选项是A．法拉第发现电流的磁效应，这和他深信电和磁之间必定存在着联系的哲学思想是分不开的B．库仑第一引入电场线和磁感线，极大地促使了他对电磁现象的研究C. 法国学者安培以为，在原子、分子等物质微粒的内部，存在着一种环形电流，进而使每个物质微粒都成为细小的磁体D. 奥斯特经过10 年之久的努力，终于发现了电磁感觉现象2．对于感觉电动势大小的以下说法中，正确的选项是A．线圈中磁通量变化量越大，线圈中产生的感觉电动势必定越大B．线圈中磁通量越大，产生的感觉电动势必定越大C．线圈放在磁感强度越强的地方，产生的感觉电动势必定越大D．线圈中磁通量变化越快，产生的感觉电动势越大3. 如下图，水平搁置的充电平行金属板，相距d，一带正电油滴从下板边沿射入并沿曲线从上板边沿射出，油滴质量m、电量 q，则A．电场强度方向竖直向上B．电场强度方向竖直向下C．两极板电势差mgd D．油滴电势能增添mgdq4.在如下图的电路中， E 为电源电动势，r 为电源内阻， R1和 R3均为定值电阻，R2为滑动变阻器当 R2的滑动触点在 a 端时合上开关 S, 此时三个电表A1、 A2和V别为 I 1、 I 2和 U。

现将 R2的滑动触点向 b 端挪动，则三个电表示数的变化状况是A． I 1增大， I 2不变， U增大R1 的示数分A 1PR3a R2A 2bVB． I 1减小， I 2增大， U减小C． I 1增大， I 2减小， U增大D． I 1减小， I 2不变， U减小E rS5.如图，一带电粒子沿 x 轴正方向进入一个垂直纸面向里的匀强磁场中，若要使该粒子所受合外力为零（重力不计） , 应当加的匀强电场的方向是A.+y 方向方向C.-x 方向D.因不知q的正负，没法确立6.如下图，电路中， P、 Q两灯同样，L的电阻不计，则A．S 断开瞬时， P 立刻熄灭， Q过一会才熄灭B．S 接通瞬时， P、 Q同时达正常发光C．S 断开瞬时，经过P 的电流从右向左D．断开瞬时，经过Q的电流与本来方向相反7．如图38 所示，两平行的虚线间的地区内存在着有界匀强磁场，有一较小的直角三角形线框abc 的ab 边与磁场界限平行，现使此线框向右匀速穿过磁场地区，运动过程中一直保持速度方向与ab 边垂直。

【全国百强校】黑龙江省哈尔滨师范大学附属中学2015-2016学年高二上学期期中考试化学试题解析(解析版)

一、选择题（每小题只有一个选项符合题意，每小题2分）1．我们主要从三个方面讨论一个化学反应的原理，其中不属于这三个方面的是（）A．反应进行的方向B．反应的快慢C．反应进行的限度D．反应物的多少【答案】D【解析】试题分析：我们要讨论一个化学反应的原理，应该讨论反应向什么方向进行，反应进行的快慢程度，反应进行的最大程度是多少，因此是与讨论研究反应无关的是反应物的多少，故选项是C。

考点：考查研究化学反应的内容的知识。

2．表示正反应是吸热反应的图像是（）【答案】A考点：考查放热反应和吸热反应的判断的知识。

3．下列说法中不正确的是（）A．不需要加热就能发生的发应一定是放热反应B．吸热反应在常温下可能发生C．反应吸热还是放热，取决于反应物和生成物所具有的总能量的相对大小D．物质发生化学变化一定伴随着能量变化【答案】A考点：考查化学反应过程中的能量变化与反应热及物质能量的关系的知识。

4．能用焓判据判断下列过程方向的是（）A．湿的衣服经过晾晒变干B．硝酸铵溶于水C．100℃时的水蒸气凝结成水D．25℃、101 kPa时2N2O5 (g) = 4NO2 (g)＋O2 (g)ΔH＝＋56.7 kJ·mol－1能自发进行【答案】C【解析】试题分析：A．湿的衣服经过晾晒变干，水的内能增加，即焓增加，不符合焓判据判断，错误；B．硝酸铵溶于水，使溶液的温度降低，同时体系混乱程度增大，不能用焓判据判断，错误；C．100℃时的水蒸气凝结成水，内能减小，符合焓判据判断，正确；D．25℃、101 kPa时2N2O5 (g) = 4NO2 (g)＋O2 (g)ΔH＝＋56.7 kJ·mol－1，该反应是吸热的体系混乱程度增大的反应，不能用焓判据判断，错误。

考点：考查焓判据判断过程的自发性的知识。

5．下列方法能增加活化分子百分数的是（）①增加某一组分的浓度②增大体系的压强③升高体系的温度④使用合适的催化剂A．①②B．②③C．③④D．①④【答案】C【解析】试题分析：①增加某一组分的浓度，分子总数增加，活化分子数增加，活化分子百分数不变，错误；②若是通过改变容器的容积增大体系的压强，物质的浓度增大，单位体积内分子总数增加，活化分子数增加，活化分子百分数不变；若是恒容水向容器中充入惰性气体，则反应混合物的浓度不变，单位体积内活化分子数和分子总数都不变，活化分子百分数不变，错误；③升高体系的温度，分子内能增加，分子总数不变，活化分子数增加，活化分子百分数增加，正确；④使用合适的催化剂，降低反应的活化能，使更多的分子变为活化分子，由于分子总数没变。