导数构造函数13种题型(解析版)
第7讲 导数构造函数13类
【题型一】 利用x n
f (x )构造型
【典例分析】
函数()f x 是定义在区间(0,)+∞上的可导函数,其导函数为'()f x ,且满足'()2()0+>xf x f x ,则不等式(2016)(2016)5(5)
52016
x f x f x ++<+的解集为
A .{}2011x x -
B .{}|2011x x <-
C .{}|20110x x -<<
D .{}|20162011x x -<<-
【答案】D 【详解】
设2()()g x x f x =,则2'()2()'()['()2()]g x xf x x f x x xf x f x =+=+,由已知当0x >时,'()0g x >,()g x 是增函数,不等式
(2016)(2016)5(5)
52016
x f x f x ++<+等价于22(2016)(2016)5(5)x f x f ++<,所以020165x <+<,
解得20162011x -<<-.
点睛:本题考查导数的综合应用,解题关键是构造新函数2()()g x x f x =,从而可以利用已知的不等式关系
判断其导数的正负,以确定新函数的单调性,在构造新函数时,下列构造经常用:()()g x xf x =,()
()f x g x x
=,()()x g x e f x =,()
()x
f x
g x e =
,构造新函数时可结合所要求的问题确定新函数的形式.
【变式演练】
1.已知定义域为
的奇函数
的导函数为()f x ',当
时,()()0f x f x x
'+
>,若
,则的大小关系正确的是
A .
B .
C .
D .
【答案】C 【解析】
分析:构造函数()()g x xf x =,利用已知条件确定'()g x 的正负,从而得其单调性. 详解:设()()g x xf x =,则'()()'()g x f x xf x =+,∵()'()0f x f x x +
>,即'()()'()
0xf x f x g x x x
+=>,∵当0x <时,)'(0g x <,当0x >时,'()0g x >,()g x 递增.又()f x 是奇函数,∵()()g x xf x =是偶函数,∵(2)(2)g g -=,1(ln )(ln 2)(ln 2)2g g g =-=,∵10ln 222<<<,∵1
()(ln 2)(2)2
g g g <<,即a c b <<.
故选C .
2.已知()f x 的定义域为0,
,()'f x 为()f x 的导函数,且满足()()f x xf x '<-,则不等式
()()()2111f x x f x +>--的解集是( )
A .0,1
B .2,
C .1,2
D .1,
【答案】B 【分析】
根据题意,构造函数()y xf x =,结合函数的单调性解不等式,即可求解. 【详解】
根据题意,构造函数()y xf x =,()0,x ∈+∞,则()()0y f x xf x ''=+<, 所以函数()y xf x =的图象在()0,∞+上单调递减.
又因为()()()
2
111f x x f x +>--,所以()()22(1)(1)11x f x x f x ++>--,
所以2011x x <+<-,解得2x >或1x <-(舍).
所以不等式()()()
2
111f x x f x +>--的解集是()2,+∞.
故选:B.
3.设函数()f x 在R 上可导,其导函数为()'f x ,且2()()0f x xf x '+>.则下列不等式在R 上恒成立的是( ) A .()0f x ≥ B .()0f x ≤ C .(x)x f ≥ D .()f x x ≤
【答案】A 【分析】
根据给定不等式构造函数2()()g x x f x =,利用导数探讨()g x 的性质即可判断作答. 【详解】
依题意,令函数2()()g x x f x =,则2()2()()[2()()]g x xf x x f x x f x xf x '=+''=+, 因2()()0f x xf x '+>,于是得0x <时()0g x '<,0x >时()0g x '>, 从而有()g x 在(,0)-∞上单调递减,在(0,)+∞上单调递增,
因此得:2,()()(0)0x R x f x g x g ∀∈=≥=,而(0)0f >,即f (x )不恒为0, 所以()0f x ≥恒成立.故选:A
【题型二】 利用f (x )/x n
构造型
【典例分析】 函数()f x 在定义域0,内恒满足:①()0f x >,①()()()23f x xf x f x '<<,其中f x 为()f x 的导函数,
则
A .()()111422
f f << B .
()()11
11628f f << C .()()111
322
f f <
< D .()()111
8
24
f f <
< 【答案】D 【详解】令()()2
f x
g x x =
,()0,x ∈+∞,()()()
3
2xf x f x g x x '-'=
,
∵()0,x ∀∈+∞,()()()23f x xf x f x '<<,∵()0f x >,0g x
,
∵函数()g x 在()0,x ∈+∞上单调递增,∵()()12g g <,即()()412f f <,
()()
1124
f f <
, 令()()3
f x h x x =
,()0,x ∈+∞,()()()
4
3xf x f x h x x '-'=
,
∵()0,x ∀∈+∞,()()()23f x xf x f x '<<,()0h x '<, ∵函数()h x 在()0,x ∈+∞上单调递减,∵()()12h h >,即()()218
f f >
,()()
1182f f <,故选D.
【变式演练】
1.已知定义在R 上的偶函数()f x ,其导函数为()f x ',若()2()0xf x f x '->,(3)1f -=,则不等式()1
9
f x x x <的解集是( ) A .(,3)(0,3)-∞- B .()3,3-
C .(3,0)(0,3)-⋃
D .(,3)(3,)-∞-⋃+∞
【答案】A
【分析】根据题目中信息其导函数为()f x ',若()2()0xf x f x '->可知,需构造函数2
()
()f x g x x =
, 利用导函数判断函数()g x 的单调性,利用函数()g x 的单调性、奇偶性来解题,当0x > 时,即2()1
9
f x x <,1()9
g x <
,当0x < 时,即2()19f x x >,1
()9
g x >. 【详解】构造函数2()()f x g x x =
,43
'()2()'()2()
'()xf x f x xf x f x g x x x x --=⋅= , 当0x > 时,()2()0xf x f x '->,故'()0g x >,()g x 在(0,)+∞ 上单调递增, 又()f x 为偶函数,2
1y x =
为偶函数,所以2()
()f x g x x =为偶函数,在
,0()-∞ 单调递减. (3)1f -=,则(3)1f =,231(3)(3)39f g g -==
=();()1
9
f x x x <, 当0x > 时,即
2()19f x x <,1
()(3)9g x g <=,所以(0,3)x ∈ ; 当0x < 时,即
2()19f x x >,1
()(3)9
g x g >=-,所以(,3)x ∈-∞-. 综上所述,(,3)(0,3)x ∈-∞-⋃.故选:A
2.已知定义在R 上的函数()f x 的导函数为()f x ',若()11f =,()()ln 10f x f x '++>⎡⎤⎣⎦
,则不等式()1x
f x e -≥的解集为( ) A .(],1-∞
B .(],e -∞
C .[)1,+∞
D .[),e +∞
【答案】C 【分析】
由()()ln 10f x f x '++>⎡⎤⎣⎦,可得()()0f x f x +'>,令()()x
g x e f x =⋅,对其求导可得()0g x '>,可得函数
()g x 在R 上单调递增,可得()1g e =,()()1g x g ≥可得原不等式的解集.
【详解】
解:因为()()ln 10f x f x '++>⎡⎤⎣⎦,所以()()11f x f x '++>,即()()0f x f x +'>.
令()()x
g x e f x =⋅,则()()()0x g x e f x f x ''=+>⎡⎤⎣⎦,所以函数()g x 在R 上单调递增.又因为()1g e =,不等
式()1x f x e -≥,可变形为()x e f x e ⋅≥,即()()1g x g ≥,所以1x ≥,即不等式()1x
f x e -≥的解集为[)1,+∞.
故选:C.
【题型三】 利用e nx f (x )构造型
【典例分析】
已知函数()f x 在R 上 可导,其导函数为()f x ',若()f x 满足:当1x ≠时,()()()1x f x f x ⎡⎤-+⎣'⎦
>0,()()222x f x e f x -=-,则下列判断一定正确的是
A .()()10f f <
B .()()4
40e f f <
C .()()20ef f >
D .()()3
30e f f >
【答案】D 【分析】
构造函数()()x
g x f x e =,结合导函数,判定()g x 的单调性,()()g 2x g x 由,-=得()g x 的对称轴,对选项判断即
可. 【详解】
构造函数()()x g x f x e =,计算导函数得到()'g x =()()x
e f x f x +'⎡⎤⎣⎦,由()1x -()()f x f x +'⎡⎤⎣⎦>0,得当x 1>,
()()f x f x '+>0,当x 1<时,()()f x f x '+<0.所以()g x 在()1,∞+单调递增,在(),1∞-单调递减,而
()()()()()2x 2x x 22x
f x
g 2x f 2x e e f x e g x e
----=-=
⋅==,所以()g x 关于x 1=对称,故
()()()()()3g 3e f 3g 1g 00f ==->=,得到()()3e f 3f 0>,故选:D.
【变式演练】
1.已知()f x 是R 上可导的图象不间断的偶函数,导函数为()f x ',且当0x >时,满足()()20'+>f x xf x ,则不等式()()121x
e
f x f x -->-的解集为( )
A .1,2⎛⎫
+∞ ⎪⎝⎭
B .1,2⎛
⎫-∞ ⎪⎝
⎭
C .(),0-∞
D .()0,∞+
【答案】B
【分析】构造函数2
()()x g x e f x =,根据()()20'+>f x xf x ,结合题意可知函数()g x 是偶函数,且在()
0,∞+上是增函数,由此根据结论,构造出x 的不等式即可. 【详解】由题意:不等式()()121x
e
f x f x -->-可化为:21(1)()x f x f x e -->,
两边同乘以2
(1)x e -得:2
2
(1)(1)()x x e f x e f x -->,令2
()()x h x e f x =,易知该函数为偶函数, 因为[]2
()()2()x
h x e f x xf x ''=+, ()()20'+>f x xf x ,所以()0,(0)h x x '>>
所以()h x 在()0,∞+上是单调增函数,又因为()h x 为偶函数,
故22(1)x x ->,解得:1
2
x <
.故选:B . 2.设函数()f x 的定义域为R ,()'f x 是其导函数,若()()e ()x f x f x f x '-'+>-,()01f =,则不等式()f x >21
x e +的解集是( ) A .(0,)+∞ B .(1,)+∞
C .(,0)-∞
D .(0,1)
【答案】A 【分析】
构造函数()()1()x
g x e f x =+,通过求导判断函数()g x 的单调性,利用函数()g x 的单调性解不等式即可.
【详解】令()()1()x g x e f x =+,则()()()1()x x g x e f x e f x ''
=++,
因为()()e ()x f x f x f x '-'+>-,所以()
()1e ()0x f x f x -'++>,化简可得()e ()e 1()0x x f x f x '
++>,
即()0g x '>,所以函数()g x 在R 上单调递增,因为()f x >
21
x
e +,化简得()1()2x
e f x +>, 因为()()0202g f ==,()()1()x
g x e f x =+,所以()(0)g x g >,解得0x >,
所以不等式2
()1
x
f x e >
+的解集是(0,)+∞.故选:A 3.已知定义在R 上的函数()f x 的导函数为()f x ',若()11f =,()()ln 10f x f x '++>⎡⎤⎣⎦,
则不等式()1x
f x e -≥的解集为( ) A .(],1-∞ B .(],e -∞ C .[)1,+∞ D .[),e +∞
【答案】C 【分析】
由()()ln 10f x f x '++>⎡⎤⎣⎦,可得()()0f x f x +'>,令()()x
g x e f x =⋅,对其求导可得()0g x '>,可得函数
()g x 在R 上单调递增,可得()1g e =,()()1g x g ≥可得原不等式的解集.
【详解】
解:因为()()ln 10f x f x '++>⎡⎤⎣⎦,所以()()11f x f x '++>,即()()0f x f x +'>.
令()()x
g x e f x =⋅,则()()()0x g x e f x f x ''=+>⎡⎤⎣⎦,所以函数()g x 在R 上单调递增.又因为()1g e =,不等
式()1x f x e -≥,可变形为()x e f x e ⋅≥,即()()1g x g ≥,所以1x ≥,即不等式()1x
f x e -≥的解集为[)1,+∞.
故选:C.
【题型四】 用f (x )/e nx 构造型
【典例分析】
已知函数()f x 是定义在R 上的可导函数,且对于x R ∀∈,均有()()'f x f x >,则有 A .()()()()2017
201720170,20170e f f f e f -
B .()()()()2017
201720170,20170e
f f f e f -<< C .()()()()2017
201720170,20170e
f f f e f ->>
D .()()()()2017
201720170,20170e
f f f e f -><
【答案】D 【分析】
通过构造函数()()x f x g x e =
,研究()
()x
f x
g x e =函数的单调性进而判断出大小关系.
【详解】因为()()'f x f x >。所以()()'?
f x f x -<0,即()
()
2
'()'()
0x x x e f x e f x e -<
构造函数()()x f x g x e =
,所以)'(0g x <,即()
()x
f x
g x e =在R 上为单调递减函数
所以
20170(2017)(0)f f e e --> ,化简得2017(2017)(0)e f f ->。同理2017
0(2017)(0)f f e e
<,化简得2017(2017)(0)f e f < 所以选D
【变式演练】
1.已知()f x 是定义在R 上的偶函数,当0x ≥时,()()20f x f x -<'(其中f
x 为()f x 的导函数),若
()2f e =,则())
x
f x e
>
的解集为( )
A .()2,2-
B .11,22⎛⎫- ⎪⎝⎭
C .1,22⎛⎫
- ⎪⎝⎭
D .1,22⎛⎫ ⎪⎝⎭
【答案】A 【分析】 由[
()()x x e e '=||
()x e [0,)+∞上单调减,(,0)-∞上单调增,再由 ||2
1()()x e e >=即可求解集. 【详解】由[
()()x x e e '=()()20f x f x -<'()x
e [0,)+∞上单调减, 而()2
f e =,即
(2)
1f e
=,又()()
x
f x e
>||2
1()()x e e >=
∵在[0,)+∞上有02x ≤<,又()f x 是定义在R ||
()x e R 上为偶函数, ||()x e (,0)-∞||2
()()x e e >,可得20x -<<,
综上,有22x -<<,故选:A
2.已知函数()f x 是定义在R 上的可导函数,且对于x R ∀∈,均有()()'f x f x >,则有 A .()()()()2017
201720170,20170e f f f e f -
B .()()()()2017
201720170,20170e
f f f e f -<<
C .()()()()2017
201720170,20170e f f f e f ->> D .()()()()2017
201720170,20170e
f f f e f -><
【答案】D 【分析】
通过构造函数()()x f x g x e =
,研究()
()x
f x
g x e =函数的单调性进而判断出大小关系.
【详解】因为()()'f x f x >。所以()()'?
f x f x -<0,即()
()
2
'()'()
0x x x e f x e f x e -<
构造函数()()x f x g x e =
,所以)'(0g x <,即()
()x
f x
g x e =在R 上为单调递减函数
所以
20170(2017)(0)f f e e --> ,化简得2017(2017)(0)e f f ->。同理2017
0(2017)(0)f f e e
<,化简得2017(2017)(0)f e f < 所以选D
3.已知定义在R 上的可导函数()f x 满足:'()()0f x f x +<,则
221
()m m f m m e
-+-与(1)f 的大小关系是
A .
221
()(1)m m f m m f e
-+-> B .
221
()(1)m m f m m f e
-+-< C .
221
()(1)m m f m m f e
-+-≥ D .不确定
【答案】A
【详解】
令()()x g x e f x =,则()[()()]0x g x e f x f x '+'=<,所以函数()g x 在R 上单调递减.
因为2
10m m -+>,所以2
2222
21
1
()1()(1)()(1)(1)m m m m f m m m m g m m g e
f m m e f f e
--+--⇒-⇒->⇒
>,选A.
点睛:利用导数解抽象函数不等式,实质是利用导数研究对应函数单调性,而对应函数需要构造. 构造辅助函数常根据导数法则进行:如()()f x f x '<构造()
()x f x g x e
=
,()()0f x f x '+<构造()()x g x e f x =,()()xf x f x '<构造()
()f x g x x
=
,()()0xf x f x '+<构造()()g x xf x =等
【题型五】 利用sinx 与f (x )构造型
【典例分析】
已知定义在(0,)2π
上的函数,'
()f x 为其导函数,且'()()
sin cos f x f x x x
<
恒成立,则 A .()2()26
f f ππ
>
B 3()2()43ππ
>
C 3()()63f ππ<
D .(1)2()sin16
f f π
<
【答案】C
【详解】令()()sin f x g x x =
,则2()sin ()cos ()0sin f x x f x x g x x -''=>,所以()g x 在0,2π⎛⎫
⎪⎝⎭
上单调递增,因此
ππ()()ππππ63()()3()()ππ6363sin sin 63f f g g f <⇒<⇒< , ππ()
()ππππ34()()3()2()ππ4343sin sin 43f f g g <⇒<⇒<
ππ()()
ππππ62()()2()()ππ6262sin sin 62
f f
g g f f <⇒<⇒<
π()
π(1)π6()(1)2sin1()(1)π6sin16sin 6
f f
g g f f <⇒<⇒<,所以选C.
【变式演练】
1.已知奇函数()f x 的导函数为()f x ',且()f x 在0,2π⎛⎫
⎪⎝⎭
上恒有()cos ()sin 0f x x f x x '-<成立,则下列不等
式成立的( ) A 264f ππ⎛⎫⎛⎫
> ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭
B .336f ππ⎛⎫⎛⎫
-<- ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭
C 3243ππ⎛⎫⎛⎫
-<- ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭
D .
23234f ππ⎛⎫⎛⎫
< ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭
【答案】B 【分析】
构造函数()()sin f x F x x =
,由已知可得出()F x 在0,2π⎛⎫
⎪⎝⎭
上为增函数,再根据函数的奇偶性的定义得出()F x 为偶函数,由此逐一判断选项可得答案.
【详解】构造函数()()sin f x F x x =
,由()f x 在0,2π⎛⎫
⎪⎝⎭
上恒有()sin ()cos 0f x x f x x '->, 2
()sin ()cos ()0(sin )f x x f x x F x x '-'∴=
>,()F x ∴在0,2π⎛⎫
⎪⎝⎭
上为增函数, 又由()()()()sin()sin f x f x F x F x x x ---=
==--,()F x ∴为偶函数,64ππ<,64F F ππ⎛⎫⎛⎫
∴< ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭
,64sin sin 64f f ππππ⎛⎫⎛⎫
⎪ ⎪
⎝⎭⎝⎭∴<, 264f ππ⎛⎫⎛⎫< ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭,故A 错误.偶函数()F x 在0,2π⎛⎫ ⎪⎝⎭
上为增函数,()F x ∴在,02π⎛⎫
- ⎪⎝⎭上为减函数,
36ππ-<-,36F F ππ⎛⎫⎛⎫∴->- ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭,36sin sin 36f f ππππ⎛⎫⎛⎫
-- ⎪ ⎪
⎝⎭⎝⎭∴>⎛⎫⎛⎫-- ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭
336f ππ⎛⎫⎛⎫
∴-->-- ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭
,336f
ππ⎛⎫⎛⎫
∴-<- ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭
,故B 正确;
43F F ππ⎛⎫⎛⎫-<- ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭,43sin sin 43f f ππππ⎛⎫⎛⎫-- ⎪ ⎪
⎝⎭⎝⎭∴<⎛⎫⎛⎫-- ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭,3243ππ⎛⎫⎛⎫
∴--<-- ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭,3243ππ⎛⎫⎛⎫->- ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭,故C 错误;
34ππ>,34F F ππ⎛⎫⎛⎫∴> ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭,34sin sin 34f f ππππ⎛⎫⎛⎫
⎪ ⎪
⎝⎭⎝⎭∴>,2334ππ⎛⎫⎛⎫
> ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭,故D 错误.
故选:B.
2.已知偶函数()f x 是定义在[1,1]-上的可导函数,当[1,0)x ∈-时,()cos ()sin 0f x x f x x '+>,若
cos(1)()(1)cos a f a f a a +≥+,则实数a 的取值范围为( )
A .[2,1]--
B .[2
11
,]--
C .1[,0]2
-
D .1
[,)2
-+∞
【答案】C 【分析】 构造函数()
()cos f x F x x
=
,可得()F x 是偶函数,求导可得出()F x 在[1,0)-上单调递增,在(0,1]上单调递减,由cos(1)()(1)cos a f a f a a +≥+可得(||)(|1|)F a F a ≥+,列出不等式即可求解.
【详解】 令()
()cos f x F x x
=
,[1,1]x ∈-,则当11x -≤≤时,()()()()cos()cos f x f x F x F x x x --=
==-, 所以函数()F x 是定义在[1,1]-上的偶函数. 当[1,0)x ∈-时,2()cos ()sin ()0cos f x x f x x
F'x x
'+=
>,
所以函数()F x 在[1,0)-上单调递增,在(0,1]上单调递减. 又cos(1)0a +>,cos 0a >,
所以由cos(1)()(1)cos a f a f a a +≥+,可得()
(1)
cos cos(1)f a f a a a +≥+,
即()(1)F a F a ≥+,所以(||)(|1|)F a F a ≥+,所以111111
a a a a ⎧≤+⎪-≤≤⎨⎪-≤+≤⎩,解得1
02a -≤≤,
所以实数a 的取值范围为1
[,0]2
-,故选:C .
3.设()f x 是定义在,00,22ππ⎛⎫⎛⎫-⋃ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭上的奇函数,其导函数为()f x ',当0,2x π⎛⎫
∈ ⎪⎝⎭
时,()()cos 0sin x f x f x x '-<,则不等式()23sin 3f x f x π⎛⎫
⎪⎝⎭
的解集为( ) A .,00,33ππ⎛⎫⎛⎫- ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭
B .,0,332πππ⎛⎫⎛⎫
-⋃ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭
C .,,2332ππππ⎛⎫⎛⎫-- ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭
D .,0,233πππ⎛⎫⎛⎫-- ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭
【答案】B 【分析】 令()()sin f x h x x =
,易得()()sin f x h x x =是定义在,00,22ππ⎛⎫⎛⎫
-⋃ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭上的偶函数,因为()()cos 0sin x f x f x x '-<,可知()h x 在0,2
π⎛⎫ ⎪⎝
⎭
上单调递减,在,02π⎛⎫
- ⎪⎝⎭上单调递增,从而可以根据函数的单调性,确定不等式的解.
【详解】 令()()sin f x h x x
=
,∵()f x 是定义在,00,22ππ⎛⎫⎛⎫
-⋃ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭上的奇函数,
∵()()sin f x h x x
=
是定义在,00,22ππ⎛⎫⎛⎫
-⋃ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭上的偶函数.
当0,2x π⎛⎫
∈ ⎪⎝⎭
时,sin 0x >,由()()cos 0sin x f x f x x '-<,得()()sin cos 0f x x f x x '⋅-⋅<, ∵()()()2
sin cos 0sin f x x f x x h x x
'⋅-⋅'=
<,则()h x 在0,2π⎛⎫ ⎪⎝⎭上单调递减.
将()23sin 3f x f x π⎛⎫ ⎪⎝⎭化为()3
sin sin 3f f x x ππ⎛⎫ ⎪
⎝⎭<,即()3h x h π⎛⎫< ⎪⎝⎭,则32x ππ<<.
又()()sin f x h x x
=
是定义在,00,22ππ⎛⎫⎛⎫
-⋃ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭上的偶函数.
∵()h x 在,02π⎛⎫
- ⎪⎝⎭上单调递增,且33h h ππ⎛⎫⎛⎫=- ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭
.
当,02x π⎛⎫∈- ⎪⎝⎭时,sin 0x <,将()23sin 3f x f x π⎛⎫ ⎪⎝⎭化为()3
sin sin
3
ππ⎛⎫
⎪
⎝⎭>f f x x ,
即()33h x h h ππ⎛⎫⎛⎫
>=- ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭,则03x π-<<.综上,所求不等式的解集为,0,332πππ⎛⎫⎛⎫-⋃ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭
.故选:B
【题型六】 利用cosx 与f (x )构造型
【典例分析】
已知函数()f x 的定义域为,22ππ⎛⎫
- ⎪⎝⎭
,其导函数是()'f x .有()cos ()sin 0f x x f x x '+<,则关于x 的不等式
3()2cos 6x f x π⎛⎫
< ⎪⎝⎭
的解集为( )
A .,32
ππ
⎛⎫ ⎪⎝
⎭
B .,62ππ⎛⎫ ⎪⎝⎭
C .,63ππ⎛⎫-- ⎪⎝⎭
D .,26ππ⎛⎫-- ⎪⎝⎭
【答案】B 【分析】 令()()cos f x F x x
=
,根据题设条件,求得()F'0x <,得到函数()()cos f x F x x
=
在,22ππ
⎛⎫
- ⎪⎝
⎭
内的单调递减函数,再
把不等式化为
()6
cos cos 6f f x x ππ
⎛⎫ ⎪
⎝⎭<,结合单调性和定义域,即可求解. 【详解】由题意,函数()f x 满足()()'cos sin 0f x x f x x +<,
令()()cos f x F x x
=
,则()()()2'cos sin '0cos f x x f x x
F x x
+=
<
函数()()cos f x F x x
=
是定义域,22
ππ
⎛⎫
- ⎪⎝
⎭
内的单调递减函数,由于cos 0x >,关于x 的不等式
3()2cos 6x f x π⎛⎫< ⎪⎝⎭可化为()6cos cos 6f f x x ππ
⎛⎫ ⎪
⎝⎭<,
即()6F x F π⎛⎫< ⎪⎝⎭,所以22x ππ-<<且6x π>,解得26x ππ>>, 3()2cos 6x f x π⎛⎫
< ⎪⎝⎭的解集为,62ππ⎛⎫ ⎪⎝⎭
.故选:B
【变式演练】
1.已知偶函数()f x 的定义域为,22ππ
⎛⎫
- ⎪⎝
⎭
,其导函数为()'f x ,当02
x π<<时,有()cos ()sin 0f x x f x x '+<成立,
则关于x 的不等式()2cos 4f x x π⎛⎫
<⋅ ⎪⎝⎭的解集为( )
A .,42ππ⎛⎫ ⎪⎝⎭
B .,,2442ππππ⎛⎫⎛⎫--⋃ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭
C .,00,44ππ⎛⎫⎛⎫-⋃ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭
D .,0,442πππ⎛⎫⎛⎫-⋃ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭
【答案】B
【分析】由题意,设()()cos f x g x x =
,利用导数求得()g x 在0,2π⎛⎫
⎪⎝⎭
上单调递减,且为偶函数,再把不等式()2cos 4f x x π⎛⎫
< ⎪⎝⎭
,转化为()()4g x g π<,结合单调性,即可求解.
【详解】由题意,设()()cos f x g x x =
,则2()cos ()sin ()cos f x x f x x g x x
'+'=, 当02x π
<<
时,因为()cos ()sin 0f x x f x x '+<,则有()0g x '<,所以()g x 在0,2π⎛⎫
⎪⎝⎭
上单调递减, 又因为()f x 在,22ππ⎛⎫
-
⎪⎝⎭
上是偶函数,可得()()()()cos()cos f x f x g x g x x x --=
==-,所以()g x 是偶函数, 由()2cos 4f x x π⎛⎫< ⎪⎝⎭
,可得
()2()cos 4f x x π<,即()()4cos cos 4
π
π 又由()g x 为偶函数,且在0,2π⎛⎫ ⎪⎝⎭ 上为减函数,且定义域为,22ππ⎛⎫ - ⎪⎝⎭,则有||4x π>, 解得2 4 x π π - <<- 或 4 2x π π << ,即不等式的解集为,,2442ππππ⎛⎫⎛⎫ --⋃ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭ ,故选:B. 2.已知函数()f x 的定义域为,22 ππ ⎛⎫ - ⎪⎝ ⎭ ,其导函数为()'f x .若()tan [()]f x x f x x '=⋅+,且(0)0f =,则下列结论 正确的是 A .()f x 是增函数 B .()f x 是减函数 C .()f x 有极大值 D .()f x 有极小值 【答案】A 【分析】对()()tan f x x f x x ⎡⎤=⋅+⎣'⎦ 化简可得sin ()[()]cos x f x f x x x '=+,即为()cos sin ()sin f x x xf x x x '-=•,设函数()()cos g x f x x =•,研究函数 ()y g x =的性质,从而得到 ()y f x =的单调性与极值,从而得到答案. 解:设函数()()cos g x f x x =•因为()()tan f x x f x x ⎡⎤=⋅+⎣'⎦ 化简可得sin ()[()]cos x f x f x x x '=+, 即为()cos sin ()sin f x x xf x x x ' -=•,故()sin g x x x '=•,因为(,)x 2 2 ππ∈-- 所以()sin g x x x 0' =•≥恒成立,所以()y g x =在(,)x 2 2 ππ∈-- 上单调递增,又因为(0)0f =, 所以()()cos g 0f 000=•=,所以当(,0)2 x π ∈- 时,()0 当(0,)2x π∈时,()0>g x ,()()cos ()sin ()[]cos cos 2g x g x x g x x f x x x '•+''==, 当(,0)2 x π ∈- 时,()0 故()()cos ()sin ()[]cos cos 2 g x g x x g x x f x 0x x '•+' '==>恒成立; 当(0,)2 x π ∈时,()0>g x ,()0g x '>,cos 0x >,sin 0x >, 故()()cos ()sin ()[]cos cos 2g x g x x g x x f x 0x x '•+' '==>恒成立; 所以()y f x 0'' =≥在(,)x 2 2 ππ∈-- 上恒成立, 故()y f x =在(,)x 2 2 ππ∈-- 上单调递增,故函数没有极值,不可能单调递减。所以选A. 3. 【题型七】 复杂型:e n 与af (x )+bg(x)等构造型 【典例分析】 设定义在R 上的函数()f x 的导函数为()'f x ,若()()'2f x f x +<,()02021f =,则不等式 ()22019x x e f x e >+(其中e 为自然对数的底数)的解集为( ) A .()0+∞, B .()2019+∞, C .()0-∞, D .()()02019-∞+∞,, 【答案】C 【分析】根据条件构造函数()()2x g x e f x =-⎡⎤⎣⎦,分析()g x 的单调性并计算()g 0的值,将 ()22019x x e f x e >+转化为()2019g x >,由此求解出不等式的解集. 【详解】设()()2x g x e f x =-⎡⎤⎣⎦,所以()()()2x g x e f x f x ''=+-⎡⎤⎣⎦, 因为()()'2f x f x +<,所以()()()20x g x e f x f x ''=+-<⎡⎤⎣⎦, 所以()g x 在R 上单调递减,且()()()01022019g f =⨯-=, 又因为()22019x x e f x e >+等价于()2019g x >,所以解集为(),0-∞,故选:C. 【变式演练】 1.函数()f x 是定义在(0,)+∞上的可导函数,()'f x 为其导函数,若()()(2)x xf x f x e x '+=-且(3)0f =,则不等式()0f x <的解集为__________. 【答案】(0,3) 【分析】 构造函数()()F x xf x =,由题知 ()(2)x e F x x '=-得到()F x '在(0,)+∞的最小值为0,得到()()F x xf x =在(0,)+∞单增,在(0,)+∞上,()0f x <等价于()0xf x <,利用()()F x xf x =单调性可解. 【详解】 构造函数()()F x xf x =,在(0,)+∞上,()0f x <等价于()()0F x xf x =<,()()(2)x xf x f x e x '+=-, )2)((x e x F x ∴=-',(0())2x x e x F '=->得2x > ,()F x 在(2,)+∞上单增,在(0)2, 上单减, 在(02], 上,()()00x F F <=恒成立,又(3)0f =,则(3)=0F 又在(2,)+∞上,()0f x <等价于()()0F x xf x =<,即()(3)F x F <,则23x << ∴ 不等式()0f x <的解集为(0,3)故答案为:(0,3) 2.函数()f x 是定义在(0,)+∞上的可导函数,()'f x 为其导函数,若()()(1)x xf x f x x e '+=-,且(2)0f =,则()0f x >的解集为( ) A .(0,1 ?) B .(0, 2) C .(1, 2) D .(1, 4) 【答案】B 【分析】设()()()2x g x xf x x e =+-,则()'0g x =,()20g =,故()0g x =,即() ()2x x e f x x -= ,解不等式 得到答案. 【详解】设()()()2x g x xf x x e =+-,则()()()''(1)0x g x f x xf x x e =+--=, (2)0f =,故()20g =,故()0g x =,即() ()2x x e f x x -= , ()0f x >,即 ()20x x e x ->,(0,)x ∈+∞,故02x <<.故选:B . 3.设定义在R 上的函数()f x 的导函数为()'f x ,若()()'2f x f x +>,()02020f =,则不等式 ()22018x x e f x e >+(其中e 为自然对数的底数)的解集为 A .()0,∞+ B .()2018,+∞ C .()2020,+∞ D .() (),02018,-∞+∞ 【答案】A 【分析】 构造函数()()2x x g x e f x e =-,则可判断()'0g x >,故()g x 是R 上的增函数,结合()02018g =即可得出答 案. 解:设()()2x x g x e f x e =-,则()()()''2x x x g x e f x e f x e =+-()()'2x e f x f x =+-⎡⎤⎣⎦, ∵()()'2f x f x +>,0x e >,∵()()()''20x g x e f x f x =+->⎡⎤⎣⎦,∵()g x 是R 上的增函数, 又()()0022018g f =-=,∵()2018g x >的解集为()0,∞+, 即不等式()22018x x e f x e >+的解集为()0,∞+.故选A. 【题型八】 复杂型:(kx+b )与f (x )型 【典例分析】 已知函数()f x 的定义域为R ,其图象关于点 1,0中心对称,其导函数f x ,当1x <-时, ()()()()110x f x x f x '⎡⎤+++<⎣⎦,则不等式()()10xf x f ->的解集为 A .1, B .(),1-∞- C .()1,1- D .()(),11,-∞-⋃+∞ 【答案】C 【详解】由题意设()()()1g x x f x =+,则()()()()'1'g x f x x f x =++,当1x <-时, ()()()()11'0x f x x f x ⎡⎤+++<⎣⎦,∴当1x <-时,()()()1'0f x x f x ++>,则()g x 在(),1-∞-上递增, 函数 ()f x 的定义域为R ,其图象关于点 1,0中心对称,∴函数()1f x -的图象关于点()0,0中心对称,则函数 ()1f x -是奇函数,令()()()()11,h x g x xf x h x =-=-∴是R 上的偶函数,且在 ,0递增,由偶函数的性 质得:函数()h x 在0, 上递减,()()10,h f =∴不等式()()10xf x f ->化为:()()1h x h >,即1x <, 解得11x -<<,∴不等式解集是()1,1-,故选C. 【变式演练】 1.设函数()f x 在R 上存在导函数()f x ',对任意实数x ,都有()(2)f x f x x =-+,当0x <时,()21f x x '<+,若()()246f a f a a -≤--+,则实数a 的最小值是( ) A .1 B .1- C .1 2 D .12 - 【答案】A 【分析】 构造函数()()2 g x f x x x =--,根据等式()()2f x f x x -=+可得出函数()y g x =为偶函数,利用导数得知函 数()y g x =在(),0-∞上单调递减,由偶函数的性质得出该函数在()0,∞+上单调递增,由 ()()242f a f a a -≤--+,得出()()2g a g a -≤-,利用函数()y g x =的单调性和偶函数的性质解出该不等 式即可. 【详解】 构造函数()()2 g x f x x x =--,对任意实数x ,都有()()2f x f x x -=+, 则()()()()()()()2 222g x f x x x f x x x x f x x x g x =--=--+-=-+---=-, 所以,函数()y g x =为偶函数,()()g x g x ∴=. 当0x <时,()()210g x f x x ''=--<,则函数()y g x =在(),0-∞上单调递减, 由偶函数的性质得出函数()y g x =在()0,∞+上单调递增, ()()246f a f a a -≤--+,即()()()()()()2 2 222f a a a f a a a -----≤-----, 即()()2g a g a -≤-,则有()()2g a g a -≤, 由于函数()y g x =在()0,∞+上单调递增,2a a ∴-≤,即()2 22a a -≤,解得1a ≥, 因此,实数a 的最小值为1,故选A. 2.已知定义域为R 的函数()f x 满足11,()4022f f x x ⎛⎫ '=--> ⎪⎝⎭ ,其中()f x '为()f x 的导函数,则当[]0,2x π∈时,不等式()cos cos 20f x x -≥的解集为( ) A .06,π⎡⎤⎢⎥⎣⎦ B .0,3π⎡⎤⎢⎥⎣⎦ 导数构造函数 题型一、出现导函数,结构明显,模式固定。常用模型如下: (1)条件:f ′(x )>a (a ≠0):构造函数:h (x )=f (x )-ax . (2)条件:f ′(x )±g ′(x )>0:构造函数:h (x )=f (x )±g (x ). (3)条件:f ′(x )+f (x )>0:构造函数:h (x )=e x f (x ). (4)条件:f ′(x )-f (x )>0:构造函数:h (x )=f x e x . (5)条件:xf ′(x )+f (x )>0:构造函数:h (x )=xf (x ). (6)条件:xf ′(x )-f (x )>0:构造函数:h (x )=f x x . 例1、已知()f x '是函数 ()f x 的导函数,且对任意的实数x 都有()()()23x f x e x f x '=++,()01f =,则不等式()5x f x e <的解集为( ) A .( )4,1- B .(1,4)- C .(,4)(1,)-∞-+∞U D .(,1)(4,)-∞-+∞U 解:令()()x f x G x e =,则()()()23x f x f x G x x e '-'==+,可设2()3G x x x c =++(0)(0)1G f ==Q ,1c ∴= 所以 2()()31x f x G x x x e ==++解不等式()5x f x e <,即()5x f x e <,解得41x -<<,所以不等式的解集为()4,1- 例2、已知函数()f x 满足()()f x f x =-,且当(],0x ∈-∞时,()()0f x xf x '+<成 立,若()()0.60.622a f =?,()()ln2ln2b f =?,118822log log c f ????=? ? ?????,则a ,b , c 的大小关系是( )。 A .a b c >> B .a c b >> C .c b a >> D .c a b >> 解:根据题意,令h (x )=xf (x ),h (﹣x )=(﹣x )f (﹣x )=﹣xf (x )=﹣h (x ),则h (x )为奇函数;当x ∈(﹣∞,0)时,h ′(x )=f (x )+xf'(x )<0,则h (x )在(﹣∞,0)上为减函数,又由函数h (x )为奇函数,则 第7讲 导数构造函数13类 【题型一】 利用x n f (x )构造型 【典例分析】 函数()f x 是定义在区间(0,)+∞上的可导函数,其导函数为'()f x ,且满足'()2()0+>xf x f x ,则不等式(2016)(2016)5(5) 52016 x f x f x ++<+的解集为 A .{}2011x x - B .{}|2011x x <- C .{}|20110x x -<< D .{}|20162011x x -<<- 【答案】D 【详解】 设2()()g x x f x =,则2'()2()'()['()2()]g x xf x x f x x xf x f x =+=+,由已知当0x >时,'()0g x >,()g x 是增函数,不等式 (2016)(2016)5(5) 52016 x f x f x ++<+等价于22(2016)(2016)5(5)x f x f ++<,所以020165x <+<, 解得20162011x -<<-. 点睛:本题考查导数的综合应用,解题关键是构造新函数2()()g x x f x =,从而可以利用已知的不等式关系 判断其导数的正负,以确定新函数的单调性,在构造新函数时,下列构造经常用:()()g x xf x =,() ()f x g x x =,()()x g x e f x =,() ()x f x g x e = ,构造新函数时可结合所要求的问题确定新函数的形式. 【变式演练】 1.已知定义域为 的奇函数 的导函数为()f x ',当 时,()()0f x f x x '+ >,若 ,则的大小关系正确的是 A . B . C . D . 【答案】C 【解析】 导数压轴题十种构造方法大全以及解题方法导引 方法一 等价变形,转化构造 方法导读 研究函数的性质是高考压轴题的核心思想,但直接构造或者简单拆分函数依然复杂,这时候需要依赖对函数的等价变形,通过恒等变形发现简单函数结构再进行构造研究,会起到事半功倍的效果。 方法导引 例1 已知函数f(x)=a e x (a ∈R ),g(x)=lnx x +1. (1)求函数g(x)的极值; (2)当a ≥1 e 时,求证:f(x)≥g(x). 解析:(1)由g (x )= ln x x +1,得g ′(x )= 1−ln x x 2 ,定义域为(0,+∞). 令g ′(x )=0,解得x =e , 列表如下: 结合表格可知函数g (x )的极大值为g (e )=1 e +1,无极小值. (2)要证明 f (x )≥ g (x ),即证ae x ≥ ln x x +1,而定义域为(0,+∞), 所以只要证axe x −ln x −x ≥0,又因为a ≥1e ,所以axe x −ln x −x ≥1e xe x −ln x −x , 所以只要证明1 e xe x −ln x −x ≥0. 令F (x )=1e xe x −ln x −x ,则F ′(x )=(x +1)(e x−1−1 x ), 记ℎ(x )=e x−1−1 x ,则ℎ(x )在(0,+∞)单调递增且ℎ(1)=0, 所以当x ∈(0,1)时,ℎ(x )<0,从而F ′(x )<0;当x ∈(1,+∞)时,ℎ(x )>0, 从而F ′(x )>0,即F (x )在(0,1)单调递减,在(1,+∞)单调递增,F (x )≥F (1)=0. 所以当a ≥1 e 时, f (x )≥ g (x ). 例2已知a ∈R ,a ≠0,函数f (x ) =e ax -1-ax ,其中常数e =2.71828. (1)求f (x ) 的最小值; (2)当a ≥1时,求证:对任意x >0 ,都有xf (x ) ≥ 2ln x +1-ax 2. 解析:(1)因为()1 ax f x e ax -=-,则()()11ax f x a e -'=-,()210ax f x a e -'=>' 故()f x '为R 上的增函数,令()0f x '=,解得1 x a = 故当()1, ,0x f x a ⎛⎫ ∈-∞< '⎪⎝⎭ ,()f x 单调递减; 当()1,,0x f x a ⎛⎫ ∈+∞> '⎪⎝⎭ ,()f x 单调递增, 则()10min f x f a ⎛⎫ == ⎪⎝⎭ 故函数()f x 的最小值为0. (2)证明:要证明xf (x ) ≥ 2ln x +12ax - 等价于证明121ax xe lnx -≥+ 由(1)可知:10ax e ax --≥,即1ax e ax -≥ 因为0x >,故12ax xe ax -≥ 故等价于证明2 21ax lnx ≥+ 即()2 210,0,ax lnx x --≥∈+∞ 令()2 21g x ax lnx =--,即证()()0,0,g x x ≥∈+∞恒成立. 又( ) )2 1 1 22g x ax x x +-=-= ' 令()0g x '= ,解得x = 1、利用 f (x ) 与 x 构造;常用构造形式有 xf (x ), f (x ) ;这类形式是对u ? v , u 型 数导数计算的推广及应用,我们对u ? v , u 的导函数观察可得知, u ? v 型导函数中 体现的是“ + ”法, u 型导函数中体现的是“ ”法,由此,我们可以猜测,当 导函数形式出现的是“ + ”法形式时,优先考虑构造u ? v 型,当导函数形式出现 的是“-”法形式时,优先考虑构造 u ,我们根据得出的“优先”原则,看一看 例 1,例 2. 【例 1】 f (x ) 是定义在 R 上的偶函数,当 x < 0 时, f (x ) + xf ' (x ) < 0 ,且 f (-4) = 0 ,则不等式 xf (x ) > 0 的解集为 【解析】构造 F (x ) = xf (x ) ,则 F ' (x ) = f (x ) + xf ' (x ) ,当 x < 0 时,f (x ) + xf ' (x ) < 0 , 可以推出 x < 0 , F ' (x ) < 0 , F (x ) 在(-∞,0) 上单调递减.∵ f (x ) 为偶函数, x 为奇函数, 所以 F (x ) 为奇函数, ∴ F (x ) 在 (0,+∞) 上也单调递减. 根据 f (-4) = 0 可得F (-4) = 0 ,根据函数的单调性、奇偶性可得函数图像,根据图像可知 xf (x ) > 0 的解 集为(-∞,-4) ? (0,4) . ???思路点拨:出现“ + ”形式,优先构造 F (x ) = xf (x ) ,然后利用函数的单调性、奇偶性和数形结合求解即可. 导数小题中构造函数的技巧 函数与方程思想、转化与化归思想是高中数学思想中比较重要的两大思想, 而构造函数的解题思路恰好是这两种思想的良好体现,尤其是在导数题型中,下面我就导数小题中构造函数的技巧和大家进行分享和交流。 (一)利用 f (x ) 进行抽象函数构造 【例 2 】设 f (x ) 是定义在 R 上的偶函数, 且 f (1) = 0 , 当 x < 0 时, 有 xf ' (x ) - f (x ) > 0 恒成立,则不等式 f (x ) > 0 的解集为 导数中构造函数的常见题型与方法归纳高考中有一难点,即不给出具体的函数解析式,而是给出函数f(x)及其导数满足的条件,需要据此条件构造抽象函数,再根据条件得出构造函数的单调性,应用单调性解决问题的题目,该类题目具有一定的难度,下面总结其基本类型及其处理方法. 题型一f′(x)g(x)±f(x)g′(x)型 【例1】设f′(x)是奇函数f(x)(x∈R)的导函数,f(-1)=0,当x>0时,xf′(x)-f(x)<0,则使得f(x)>0成立的x的取值范围是() A.(-∞,-1)∪(0,1)B.(-1,0)∪(1,+∞) C.(-∞,-1)∪(-1,0) D.(0,1)∪(1,+∞) 【解析】令g(x)=f(x) x,则g′(x)= xf′(x)-f(x) x2, 由题意知, 当x>0时,g′(x)<0 ,∴g(x)在(0,+∞)上是减函数.∵f(x)是奇函数,f(-1)=0,∴f(1)=-f(-1)=0, ∴g(1)=f(1) 1=0, ∴当x∈(0,1)时,g(x)>0,从而f(x)>0; 当x∈(1,+∞)时,g(x)<0,从而f(x)<0. 又∵f(x)是奇函数, ∴当x∈(-∞,-1)时,f(x)>0; 当x∈(-1,0)时,f(x)<0. 综上,所求x的取值范围是(-∞,-1)∪(0,1). 【例2】设f(x),g(x)分别是定义在R上的奇函数和偶函数,当x<0时,f′(x)g(x)+f(x)g′(x)>0,且g(-3)=0,则不等式f(x)g(x)<0 的解集是________________. 【解析】借助导数的运算法则, f′(x)g(x)+f(x)g′(x)>0⇔[f(x)g(x)]′>0, 所以函数y=f(x)g(x)在(-∞,0)上单调递增. 又由分析知函数y=f(x)g(x)为奇函数, 所以其图象关于原点对称,且过点(-3,0),(0,0),(3,0). 数形结合可求得不等式f(x)g(x)<0的解集是(-∞,-3)∪(0,3).【小结】 (1)对于不等式f′(x)+g′(x)>0(或<0),构造函数F(x)=f(x)+g(x); (2)对于不等式f′(x)-g′(x)>0(或<0),构造函数F(x)=f(x)-g(x); 特别地,对于不等式f′(x)>k(或 专题16 导数中构造函数问题 【方法点拨】 1.双主元不等式恒成立、存在性问题:变量分离,构造函数,最终将问题转化为函数 最值问题. 2.关于“12x x 、”的齐次分式型--------换元法 减元构造:多变量不等式 ,一般处理策略为消元或是把一个看作变量其他看作常量;当都不能处理的时候,通过变形,再换元产生一个新变量,从而构造新变量的函数. 【典型题示例】 例1 (2021·江苏扬州中学高三数学开学考试·8)已知函数()sin f x x a x =-,对任意的1x , ()2,x ∈-∞+∞,且12x x ≠,不等式 ()() 1212 f x f x a x x ->-恒成立,则实数a 的取值范围是 ( ) A .12 a < B .12 a ≤ C .12 a > D .12 a ≥ 【答案】B 【解析】因为12x x ≠,不妨设12x x >,则 ()() 1212 f x f x a x x ->-可化为 ()()1212)(f x f x a x x ->-,即()()1122f x ax f x ax ->- 设()()F x f x ax =- 则 ()() 1212 f x f x a x x ->-恒成立,即()()1122f x ax f x ax ->-对任意的1x ,() 2,x ∈-∞+∞且12x x >时恒成立,即12()()F x F x >对任意的1x ,()2,x ∈-∞+∞且12x x >时恒成立 所以()()F x f x ax =-在R 上单增 故()()sin 1cos 0F x x a x ax a x a ''=--=--≥在R 上恒成立 所以11cos a x ≤ +,故min 111cos 2 a x ⎛⎫ ≤= ⎪ +⎝⎭ 所以实数a 的取值范围是1 2 a ≤ , 选B . 专题07 导数有关的构造函数方法 一.知识点 基本初等函数的导数公式 (1)常用函数的导数 ①(C )′=________(C 为常数); ②(x )′=________; ③(x 2)′=________; ④⎝⎛⎭⎫ 1x ′=________; ⑤(x )′=________. (2)初等函数的导数公式 ①(x n )′=________; ②(sin x )′=__________; ③(cos x )′=________; ④(e x )′=________; ⑤(a x )′=___________; ⑥(ln x )′=________; ⑦(log a x )′=__________. 5.导数的运算法则 (1)[f (x )±g (x )]′=________________________; (2)[f (x )·g (x )]′=_________________________; (3)⎣⎢⎡⎦ ⎥⎤f (x )g (x )′=____________________________. 6.复合函数的导数 (1)对于两个函数y =f (u )和u =g (x ),如果通过变量u ,y 可以表示成x 的函数,那么称这两个函数(函数y =f (u )和u =g (x ))的复合函数为y =f (g (x )). (2)复合函数y =f (g (x ))的导数和函数y =f (u ),u =g (x )的导数间的关系为___________________,即y 对x 的导数等于y 对u 的导数与u 对x 的导数的乘积. 二.题型分析 1.构造多项式函数 2.构造三角函数型 3.构造x e 形式的函数 4.构造成积的形式 5.与ln x 有关的构造 高中数学专题突破:抽象函数的导函数构造 类型一: )]'()([)(')()()('x g x f x g x f x g x f =+与' 2 )()()()(')()()('⎥⎦ ⎤ ⎢⎣⎡=-x g x f x g x g x f x g x f 定理1:0)]'([0)()('>⇔>+x xf x f x xf ;0)(0)()('' >⎥ ⎦⎤ ⎢⎣⎡⇔>-x x f x f x xf 证明:)]'([)()('x xf x f x xf =+ ;' 2 )()()('⎥⎦ ⎤ ⎢⎣⎡=-x x f x x f x xf 0)()('>+∴x f x xf ,则函数)(x xf y =单调递增;0)()('>-x f x xf ,则x x f y ) (= 单调递减. 定理2:当0>x 时,0)]'([0)()('>⇔>+x f x x nf x xf n ;0 )(0)()('' >⎥⎦⎤ ⎢⎣⎡⇔>-n x x f x nf x xf 证明:)]'([)()('1 x f x x f nx x f x n n n =+- ;' 21)()()('⎥⎦ ⎤ ⎢⎣⎡=--n n n n x x f x x f nx x f x 0)()('>+∴x nf x xf ,则函数)(x f x y n =单调递增;0)()('>-x nf x xf ,则n x x f y ) (= 单调递减 【例1】(2015•新课标II )设函数)('x f 是奇函数)(x f (R x ∈)的导函数,0)1(=-f ,当0>x 时,0)()('<-x f x xf ,则使得0)(>x f 成立的x 的取值范围是( ) A .)1,0()1,( --∞ B .),1()0,1(+∞- C .)0,1()1,(---∞ D .),1()1,0(+∞ 【解析】由于当x >0时,()2()()0xf x f x f x x x ''-⎡⎤=<⎢⎥⎣⎦ ,则()f x x 为减函数;又()01=-f ,()x f 为奇函数, 则()01=f ,当x >1时,()0 高考数学热点必会题型第5讲 导数构造函数解决问题类型总结 ——每天30分钟7天掌握 一、重点题型目录 【题型】一、构造函数)(x f x n 型 【题型】二、构造函数)(x f e nx 型 【题型】三、构造函数 n x x f ) (型 【题型】四、构造函数 nx e x f ) (型 【题型】五、构造函数x sin 与函数)(x f 型 【题型】六、构造函数x cos 与函数)(x f 型 【题型】七、构造n e 与)()(x b f x af +型 【题型】八、构造()b kx +与)(x f 型 【题型】九、构造()b kx +ln 型 【题型】十、构造综合型 二、题型讲解总结 第一天学习及训练 【题型】一、构造函数)(x f x n 型 例1.(2022·四川·盐亭中学模拟预测(文))已知定义在()0,+∞上的函数()f x 满足 ()()22+<0xf x x f x ',()3 24 f = ,则关于x 的不等式()23f x x >的解集为( ) A .()0,4 B .()2,+∞ C .()4,+∞ D .()0,2 例2.(2022·河北·高三阶段练习)已知奇函数()f x 的定义域为R ,导函数为()f x ',若对任意[)0,x ∈+∞,都有()()30f x xf x '+>恒成立,()22f =,则不等式()()3 1116x f x --<的 解集是__________. 【题型】二、构造函数)(x f e nx 型 例3.(2022·河南·襄城高中高二阶段练习(理))已知奇函数()f x 的定义域为R ,其函数图象连续不断,当0x >时,()()()20x f x xf x '++>,则( ) A . () ()124f f e > B .()20f < C .()()310f f -⋅> D . () ()142f f e ->- 例4.(2022·江苏·南师大二附中高二期末)已知f (x )为R 上的可导函数,其导函数为()' f x , 且对于任意的x ∈R ,均有()()' 0f x f x +>,则( ) A .e -2 021f (-2 021)>f (0),e 2 021f (2 021) 高中数学专题突破:抽象函数的导函数构造类型一: f,(χ)g(χ) ÷ f(χ)g lω=[∕ω⅛(χ)i,与广a” ⑴一Wg3 定理 1: V(X) + f(x)> O <≠> [.√(x)],> O ; Xf(X)- f(x)>O<=>fM g(χ) 证明:∙.∙H(Λ∙)+∙f(x)=时er”; 导数与函数的单调性〖模型总结〗 1、关系式为“加”型 ( 1)若f '( x) f ( x)0 , 则结构 [ x f ( )]' e x[ f '( ) f ( x )] e x x ( 2)若xf '(x) f ( x) 0 , 则结构 [ xf ( x)]' xf '( x) f ( x) ( 3)若xf '(x) nf (x) 0 , 则结构 [ x n f (x)]' x n f '(x) nx n 1 f (x) x n 1 [ xf '(x) nf (x)] (4) 若f '(x) g( x) f ( x) g '(x) 0 , 则结构 f ( x ) g ( x ) ' f ' ( x ) g ( x ) f ( x ) g ' ( x ) 2、关系式为“减”型 ( 1)若f '( x) f ( x)0 , 结构 [ f (x) ]' f '( x)e x f ( x)e x f '(x) f ( x) e x (e x ) 2 e x ( 2)若xf '(x) f ( x)0 ,结构[ f (x) ]' xf '(x) f ( x) x x2 ( 3)若xf '(x) nf (x) 0 , 则结构 [ f ( x) ]' x n f '(x) nx n 1 f ( x) xf '(x) nf (x) x n n 2 x n 1 ( x ) (备注:本种类仅作认识) (4) 若f x g x f x g x ≥0 , 则结构 f ( x ) f ( x ) g ( x ) f ( x ) g ( x ) g ( x ) g ( x ) 2 口诀:1. 加减形式积约定 2. 系数不一样幂来补 3. 符号谈论不可以忘〖教课过程〗 一、真题体验 真题体验Ⅰ(2015 年全国新课标卷二理科数学第12 题)设函数f ( x) 是奇函数 f ( x)( x R) 的导函数, f ( 1) 0,当x> 0时,xf (x) f (x) 0 ,则使得函数 f (x) 0 成立的x的取值范围是 A. (, 1) U (0,1)B.( 1,0) U (1,) C.(, 1) U ( 1,0)D.(0,1) U (1,) 真题体验Ⅱ(2017年淮北市第一次模拟理科数学第12 题)已知定义在( 0,+∞)的函数 f (x),其导函数为 f ′( x),满足: f (x)>0 且总成立,则以下不等式成立的是() A.e2e+3f (e)< e2ππ3 f (π)B.e2e+3f (π)> e2ππ3f (e) C.e2e+3f (π)< e2ππ3f (e)D.e2e+3f (e)> e2ππ3f (π) 二、考点解析 构造法处理导数中的不等关系 一、典型例题: 类型一:利用()f x 与n x 构造抽象函数 1、利用()f x 与 x 构造抽象函数: 常用构造形式有()xf x , ()f x x .这类形式是对μν⋅, μν型导数计算的推广及应用.μν⋅型导函数中体现的是“+”法, μν 型导函数中体现的是“-”法,由此,我们可以猜测,当导函数形式出现的是“+”法形式时,优先考虑构造μν⋅型函数,当导函数形式出现的是“-”法形式时,优先考虑构造μν 型函数. 例1:已知定义在()0,+∞上的函数()f x 满足:()0,x ∀∈+∞,()()0f x xf x '-<,其中()f x '为()f x 的导函数,则不等式()()()()231123x f x x f x -+>+-的解集为( ) A .3,42⎛⎫ ⎪⎝⎭ B .()4,+∞ C .()1,4- D .(),4-∞ 变式1:已知函数()f x 导函数为()f x ',在()0,+∞上满足()()xf x f x '>,则下列结论一定成立的是( ) A .()()20202021f f > B .()()2020202120212020f f < C .()()20202021f f < D .()()2020202120212020f f > 2、利用()f x 与n x 构造抽象函数 出现()()nf x xf x '+形式,构造函数()()n F x f x x =⋅; 出现()()xf x nf x '-形式,构造函数()()n f x F x x =. 例2:已知偶函数()()0f x x ≠的导函数为()f x ',且满足()10f -=,当0x >时,()()2f x xf x '>,则使得 ()0f x >成立的x 的取值范围是 . 变式1:(2021无锡一中高二下-期中,8)定义在()0,+∞上的函数()y f x =,有不等式()()()23f x xf x f x '<<恒成立,其中()y f x '=为函数()y f x =的导函数,则( ) A .()() 24161f f < < B .()()2481f f << C .()()2341f f << D .()()2241f f << 类型二:利用()f x 与nx e 构造抽象函数 1、利用()f x 与x e 构造抽象函数 () f x 与x e 构造,一方面是对μν⋅,μν 型函数的导数的考查,另一方面是对()x x e e '=的考查.对于()()f x f x '±类型函数,我们可以等同()xf x ,()f x x 类型函数的处理方法,“+”法形式时优先考虑构造()()x F x f x e =⋅型函数, “-”法形式时优先考虑构造()()x f x F x e =型函数. 例3:(2021启东高二下-期中,8)已知()f x 是定义在R 上的奇函数,且当0x >时,()()f x f x '<,则( ) A .()()43f ef > B .()()242f e f > C .()()2 42f e f ->- D .()()43ef f ->- 导数章节知识全归纳 专题08 导数压轴题之构造函数和同构异构(详述版) 一.考试趋势分析: 由于该内容在高考内容中考试频率相对比较低,然而它却在我们平时考试或是诊断型考试中出现又较高,并且该内容属于高中数学里面导数的基本考试题型之一,基本上尖子生里面的基础题,又是一般学生里面的压轴题,所以老师你觉得讲还是不讲呢?针对这个情况,作者进行了多年研究和分析,这个内容一定要详细讲述,并且结合技巧性让学生能够熟练掌握,优生几秒钟,一般学生几分钟就可以完成该题解答,是设计这个专题的核心目的! 二.所用知识内容: 1.导数八大基本求导公式: ①0;C '=(C 为常数) ②()1 ;n n x nx -'= ③(sin )cos x x '=; ④(cos )sin x x '=-; ⑤();x x e e '= ⑥()ln x x a a a '=; ⑦()1ln x x '=; ⑧()1 l g log a a o x e x '= 2.常见构造: 和与积联系:()()f x xf x '+,构造()xf x ; 22()()xf x x f x '+,构造2()x f x ; 3()()f x xf x '+,构造3()x f x ;………………… ()()nf x xf x '+,构造()n x f x ;()()f x f x '+,构造e ()x f x .等等. 减法与商联系:如()()0xf x f x ->',构造() ()f x F x x = ; ()2()0xf x f x ->',构造2() ()f x F x x = ;………………… ()()0xf x nf x ->',构造() ()n f x F x x = . ()()f x f x '-,构造() ()e x f x F x = ,()2()f x f x '-,构造2() ()e x f x F x = ,……………… ()()f x nf x '-,构造() ()e nx f x F x = , 3.同构异构方法: 1.顺反同构:顺即为平移拉伸后的同构函数,反即为乘除导致的凹凸反转同构函数. 2.同位同构: ①加减同构是指在同构的过程中“加减配凑”,从而完成同构; ②局部同构是指在同构过程中,我们可以将函数的某两个或者多个部分构造出同构式,再构造同构体系中的亲戚函数即可; ③差一同构是指指对跨阶以及指数幂和对数真数差1,我们往往可考虑用同构秒杀之. 三.导数构造函数典型题型: 1.构造函数之和差构造: 例:1.已知定义在R 上的函数()f x 满足()220f =,且()f x 的导函数()f x '满足 ()262f x x >'+,则不等式()322f x x x >+的解集为( ) A .{2}x x >-∣ B .{2}x x >∣ C .{2}x x <∣ D .{2∣<-x x 或2}x > 【答案】B 【分析】 专题3-3压轴小题导数技巧:构造函数 目录 【题型一】导数公式构造1:“幂函数”型 .............................................................................................. 1 【题型二】导数公式构造2:指数函数型 ................................................................................................ 3 【题型三】导数公式构造3:三角函数型 ................................................................................................ 5 【题型四】导数公式构造4:对数型 ........................................................................................................ 7 【题型五】复合型构造1:常数型.......................................................................................................... 10 【题型六】复合型构造2:指数型.......................................................................................................... 12 【题型七】复合构造3:f (x )+g (x )型 ............................................................................................ 14 【题型八】换元构造 ................................................................................................................................ 16 【题型九】双元构造 ................................................................................................................................ 19 二、真题再现 ............................................................................................................................................ 20 三模拟测试 (22) 热点题型归纳 【题型一】导数公式构造1:“幂函数”型 【典例分析】 (2022·全国·高三专题练习)已知函数()f x 满足()()f x f x =-,且当(],0x ∈-∞时,()()0f x xf x '+<成立,若()()0.6 0.6 2 2a f =⋅,()()ln2ln2b f =⋅,2211log log 88c f ⎛⎫⎛⎫=⋅ ⎪ ⎪⎝ ⎭⎝⎭,则a ,b ,c 的大小关系是( ) A .a b c >> B .c b a >> C .a c b >> D .c a b >> 【答案】B 【分析】构造函数()()g x x f x =⋅,利用奇函数的定义得函数()g x 是奇函数,再利用导数研究函数的单调性, 结合0.6 21log 0ln 2128 <<<<,再利用单调性比较大小得结论. 【详解】因为函数()f x 满足()()f x f x =-,且在R 上是连续函数,所以函数()f x 是偶函数, 令()()g x x f x =⋅,则()g x 是奇函数,且在R 上是连续函数,则()()()g x f x x f x ''=+⋅, 因为当(],0x ∈-∞时,()()0f x xf x '+<成立,即()0g x '<,所以()g x 在(],0x ∈-∞上单调递减, 又因为()g x 在R 上是连续函数,且是奇函数,所以()g x 在R 上单调递减, 则()0.6 2 a g =,(ln 2) b g =,2 1log 8c g ⎛⎫= ⎪⎝ ⎭ , 第4讲 导数中构造函数比大小问题题型总结 【典型例题】 题型一:构造()x x x f ln = 比较大小 此函数定义域为()+∞,0,求导()2 ln 1x x x f -= ',当()e x ,0∈时,()0>'x f ,故()x f 为增函数,当()+∞∈,e x 时,()0<'x f ,故()x f 为减函数,当e x =时,()x f 取得极大值为 ()e e f 1= ,且()()22 2 ln 42ln 244ln 4f f ==== ,此结论经常用来把函数转化到同一边进行比较 【例1】(2022·广东·佛山市南海区九江中学高二阶段练习)若1ln 2ln 3 ,,e 23 a b c ===,则,,a b c 的大小关系为( ) A .a c b >> B .b c a >> C .c b a >> D .a b c >> 【答案】A 【解析】 【分析】 通过对三个数的变形及观察,可以构造出函数()ln x f x x =,通过求导分析其单调性即可得到答案 【详解】 解: 1ln e ln 2ln 4ln 3,,e e 243a b c =====,设()()2 ln 1ln ,x x f x f x x x -'==,则e x >时,()0f x '<,故()f x 在()e,∞+上单调递减,则()()()3e 4f f f >>,即ln e ln 3ln 4 e 34>>,所以a c b >>. 故选:A. 【例2】(2023·全国·高三专题练习)设2 4ln 4a e -=,ln 22 b =,1 c e =,则( ) A .a c b << B .a b c << C .b a c << D .b c a << 【答案】C 近几年高考数学压轴题,多以导数为工具来证明不等式或求参数的范围,这类试题具有结构独特、技巧性高、综合性强等特点,而构造函数是解导数问题的最基本方法,一下问题为例,对在处理导数问题时构造函数的方法进行归类和总结. 【方法综述】 以抽象函数为背景、题设条件或所求结论中具有“()()f x g x ±、()()f x g x 、 () () f x g x ”等特征式、解答这类问题的有效策略是将前述式子的外形结构特征与导数运算法则结合起来,合理构造出相关的可导函数,然后利用该函数的性质解决问题. 方法总结: 和与积联系:()()f x xf x '+,构造()xf x ; 22()()xf x x f x '+,构造2()x f x ; 3()()f x xf x '+,构造3()x f x ;………………… ()()nf x xf x '+,构造()n x f x ;()()f x f x '+,构造e ()x f x .等等. 减法与商联系:如()()0xf x f x ->',构造() ()f x F x x = ; ()2()0xf x f x ->',构造2() ()f x F x x =;………………… ()()0xf x nf x ->',构造() ()n f x F x x =. ()()f x f x '-,构造()()e x f x F x =,()2()f x f x '-,构造2() ()e x f x F x = ,……………… ()()f x nf x '-,构造() ()e nx f x F x = , 奇偶性结论:奇乘除奇为偶;奇乘偶为奇。(可通过定义得到)构造函数有时候不唯一,合理构造函数是关键。给出导函数,构造原函数,本质上离不开积分知识。 【解答策略】 类型一、巧设“()()y f x g x =±”型可导函数 【例1】已知不相等的两个正实数x ,y 满足()2 244log log x y y x -=-,则下列不等式中不可能成立的是 专题6.1 导数中的构造函数导数构造函数
导数构造函数13种题型(解析版)
导数压轴题十种构造方法大全以及解题方法导引
导数中的构造函数(最全精编)
导数中构造函数的常见题型与方法归纳
导数中构造函数问题-2021年高考数学一轮复习优拔尖必刷压轴题(选择题、填空题)(新高考地区专用)
高考数学命题热点名师解密专题:导数有关的构造函数方法(理)含答案解析
导数难题秒杀技巧:构造函数【解析版】
高考数学热点必会题型第6讲 导数构造函数解决问题类型总结(原卷及答案)
导数难题秒杀技巧:构造函数【解析版】
构造函数解决导数问题
高考数学复习 构造法处理导数中的不等关系(附答案解析)
专题08 导数压轴题之构造函数和同构异构详述(解析版)
压轴小题导数技巧:构造函数-2023年高考数学一轮复习热点题型归纳与变式演练(全国通用)(解析版)
第4讲 导数中构造函数比大小问题题型总结(解析版)
导数中的构造函数-玩转压轴题(解析版)