通信原理课后作业答案(最新整理)
通信原理课后作业答案
1-1 设英文字母E 出现的概率为，x 出现的概率为。
试求E 及x 的信息量。
)(97.8002.0log log )(25.3105.0log log 2222bit P I bit P I x x E E ≈-=-=≈-=-=解：1-4 一个由字母A ，B ，C ，D 组成的字。
对于传输的每一个字母用二进制脉冲编码，00代替A ，01代替B ，10代替C ，11代替D ，每个脉冲宽度为5ms 。
（1） 不同的字母是等可能出现时，试计算传输的平均信息速率； （2） 若每个字母出现的可能性分别为P A =1/5，P B =1/4，P C =1/4，P D =3/10试计算传输的平均信息速率。
)/(5.1981010985.1)/(985.1103log 10341log 4141log 4151log 51)]()[log ()(2)/(20010102/10/52)/(24log log )(1log )1(32222123222s bit t I R bit x P x P x H s bit t I R ms ms t bit M x P I b ni i i b =⨯≈∆=≈----=-==⨯=∆==⨯=∆====-=-∑则：符号）（则：符号）（符号）（间为：传输每个符号占用的时符号解：1-5 国际莫尔斯电码用点和划的序列发送英文字母，划用持续3单位的电流脉冲表示，点用持续1单位的电流脉冲表示；且划出现的概率是点出现概率的1/3：（1） 计算点和划的信息量；（2） 计算点和划的平均信息量。
符号））（故。
划出现的概率为，，所以点出现的概率为出现概率的因为划出现的概率是点解：/(81.0241415.0432)(241log log )(415.043log log 4/14/33/1)1(22112222212121bit I P I P H bit P I bit P I P P =⨯+⨯=+==-=-=≈-=-===1-7 对于二电平数字信号，每秒钟传输300个码元，问此传码率R B 等于多少若该数字信号0和1出现是独立等概的，那么传信率R b 等于多少)/(3002log 2)(300112s bit R R B T T n R B b bB =====）（）解：（1-9 如果二进独立等概信号，码元宽度为，求R B 和R b ；有四进制信号，码元宽度为，求传码率R B 和独立等概时的传信率R b 。
通信原理(人民邮电出版社第2版)课后作业答案
第1章 绪论1-4 设有一离散无记忆信源,其概率空间为(1) 求每个符号的信息量;(2) 信源发出一消息符号序列为(202 120 130 213 001203 210110 321 010 021 032011 223 210)求该消息序列的信息量和平均每个符号携带的信息量.解：（1）根据题意，可得：23(0)log (0)log 1.4158I P =-=-≈比特21(1)log (1)log 24I P =-=-= 比特 21(2)log (2)log 24I P =-=-= 比特 21(3)log (3)log 38I P =-=-= 比特（2）法一：因为离散信源是无记忆的，所以其发出的消息序列中各符号是无依赖的、统计独立的。
因此，此消息的信息量就等于消息中各个符号的信息量之和。
此消息中共有14个“0”符号，13个“1”符号，12个“2”符号，6个“3”符号，则该消息的信息量是：14(0)13(1)12(2)6(3)I I I I I =+++14 1.41513212263≈⨯+⨯+⨯+⨯87.81≈ 比特此消息中共含45个信源符号，这45个信源符号携带有87.81比特信息量，则此消息中平均每个符号携带的信息量为287.81/45 1.95I =≈ 比特/符号法二：若用熵的概念计算，有222331111()log 2log log 1.906(/)884488H x bit =--⨯-=符号说明：以上两种结果略有差别的原因在于，它们平均处理方法不同，前一种按算术平均的方法进行计算，后一种是按熵的概念进行计算，结果可能存在误差。
这种误差将随消息中符号数的增加而减少。
1-10 计算机终端通过电话信道(设信道带宽为3400Hz)传输数据.(1) 设要求信道的S/N=30dB,试求该信道的信道容量是多少?(2) 设线路上的最大信息传输速率为4800bit/s,试求所需最小信噪比为多少?解：(1) 因为S/N =30dB,即1010log 30S dB N =，得：S/N=1000由香农公式得信道容量2log (1)S C B N =+ 23400l o g (11000)=⨯+ 333.8910/b i t s ≈⨯ （2）因为最大信息传输速率为4800b/s ，即信道容量为4800b/s 。
通信原理课后答案
第一章习题习题1.1 在英文字母中E 出现的概率最大，等于0.105，试求其信息量。
解：E 的信息量：()()b 25.3105.0log E log E 1log 222E =-=-==P P I 习题1.2 某信息源由A ，B ，C ，D 四个符号组成，设每个符号独立出现，其出现的概率分别为1/4，1/4，3/16，5/16。
试求该信息源中每个符号的信息量。
解：b A P A P I A 241log )(log )(1log 222=-=-==b I B 415.2163log 2=-= b I C 415.2163log 2=-= b I D 678.1165log 2=-= 习题1.3 某信息源由A ，B ，C ，D 四个符号组成，这些符号分别用二进制码组00，01，10，11表示。
若每个二进制码元用宽度为5ms 的脉冲传输，试分别求出在下列条件下的平均信息速率。
（1） 这四个符号等概率出现； （2）这四个符号出现概率如习题1.2所示。
解：（1）一个字母对应两个二进制脉冲，属于四进制符号，故一个字母的持续时间为2×5ms 。
传送字母的符号速率为Bd 100105213B =⨯⨯=-R 等概时的平均信息速率为s b 2004log log 2B 2B b ===R M R R（2）平均信息量为比特977.1516log 165316log 1634log 414log 412222=+++=H则平均信息速率为 s b 7.197977.1100B b =⨯==H R R 习题1.4 试问上题中的码元速率是多少？ 解：311200 Bd 5*10B B R T -=== 习题1.5 设一个信息源由64个不同的符号组成，其中16个符号的出现概率均为1/32，其余48个符号出现的概率为1/96，若此信息源每秒发出1000个独立的符号，试求该信息源的平均信息速率。
解：该信息源的熵为96log 961*4832log 321*16)(log )()(log )()(22264121+=-=-=∑∑==i i i i Mi i x P x P x P x P X H=5.79比特/符号因此，该信息源的平均信息速率 1000*5.795790 b/s b R mH === 。
通信原理教程课后习题及答案
-3400 -300 0 300 3400
语音信号的频谱图
f/Hz
20
课后习题及答案
S(f)
…
-8000
-3400 -300 0 300 3400
ΔT(f)
0
Ss(f)
f/Hz
…
8000
f/Hz
…
…
-11400 -8300 -7700 -4600-3400 -300 0 300 34004600 7700 8300
5
cos
1000
t
5 2
cos
1200
t
cos
800
t
5cos1000t 5 cos 1200t 5 cos 800t
2
2
所以：A载波=5V； A上边带= A下边带=5/2V
12
课后习题及答案
3-4. 试证明：若用一基带余弦波去调幅，则调幅信号的两 个边带功率之和最大等于载波功率的一半。
10
课后习题及答案
S(f) 5/2
5/4
-600 -500 -400 0 400 500 600
f
频谱图
11
课后习题及答案
3-2. 在上题中，已调信号的载波分量和各边带分量的振幅分 别等于多少。
题解：由已调信号的时域表达式即可得到
s(t) m(t) c(t) 1 cos 200t 5cos 1000t 5cos1000t 5cos200t cos 1000t
4
课后习题及答案
1-4、试问上题中的码元速率等于多少？
题解：码元速率为单位时间内传送的码元数目。
《通信原理》课后习题答案及每章总结(樊昌信,国防工业出版社,第五版)第七章
《通信原理》习题参考答案第七章7-7. 设输入抽样器的信号为门函数)(t G τ，宽度ms 20=τ，若忽略其频谱第10个零点以外的频率分量，试求最小抽样速率。
解：ff f Sa f G t G πτπτπτττsin )()()(==⇔ 在第十个零点处有：10=τf 即最高频率为：Hz f m 500102010103=⨯==-τ根据抽样定理可知：最小抽样频率要大于m f 2，即最小抽样频率为1000KHz7-8. 设信号t A t m ωcos 9)(+=，其中A ≤10V 。
若m(t)被均匀量化为40个电平，试确定所需的二进制码组的位数N 和量化间隔υ∆。
解： 402≥N ，所以N ＝6时满足条件信号m(t)的最大电压为V max ＝19V ，最小电压为V min ＝-1V即信号m(t)的电压差ΔV ＝20V∴V V 5.0402040==∆=∆υ7-10. 采用13折线A 律编码电路，设最小量化间隔为1个单位，已知抽样脉冲值为+653单位： （1） 试求此时编码器输出码组，并计算量化误差； （2） 写出对应于该7位码（不包括极性码）的均匀量化11位码。
（采用自然二进制码。
） 解：（1）极性码为正，即C 7＝1即段落码C 6C 5C 4＝110抽样脉冲值在段内的位置为：653－512＝123个量化单位 由于段内采用均匀量化，第7段内量化间隔为：32251210244=- 而32×3≤123≤32×4，所以可以确定抽样脉冲值在段内的位置在第3段，即C 3C 2C 1C 0＝0011所以编码器输出码组为：C 7C 6C 5C 4C 3C 2C 1C 0＝11100011 量化误差：11)232332512(635=+⨯+- （2）635对应的量化值为：624232332512=+⨯+ 对应的11位自然二进制码元为：010********7-11. 采用13折线A 律编码电路，设接收端收到的码组为“01010011”、最小量化间隔为1个量化单位，并已知段内码改用折叠二进制码：（1）试问译码器输出为多少量化单位；（2）写出对应于该7位码（不包括极性码）的均匀量化11位自然二进码。
通信原理(张会生)课后习题答案(精编文档).doc
【最新整理，下载后即可编辑】思考题1-1 什么是通信？常见的通信方式有哪些？1-2 通信系统是如何分类的？1-3 何谓数字通信？数字通信的优缺点是什么？1-4 试画出模拟通信系统的模型，并简要说明各部分的作用。
1-5 试画出数字通信系统的一般模型，并简要说明各部分的作用。
1-6 衡量通信系统的主要性能指标是什么？对于数字通信具体用什么来表述？1-7 何谓码元速率?何谓信息速率?它们之间的关系如何?习题1-1 设英文字母E出现的概率=0.105，X出现的概率为＝0.002，试求E和X的信息量各为多少？1-2 某信源的符号集由A、B、C、D、E、F组成，设每个符号独立出现，其概率分别为1/4、1/4、1/16、1/8、1/16、1/4，试求该信息源输出符号的平均信息量。
1-3 设一数字传输系统传送二进制信号，码元速率RB2=2400B，试求该系统的信息速率Rb2=？若该系统改为传送16进制信号，码元速率不变，则此时的系统信息速率为多少？1-4 已知某数字传输系统传送八进制信号，信息速率为3600b/s，试问码元速率应为多少？1-5 已知二进制信号的传输速率为4800b/s，试问变换成四进制和八进制数字信号时的传输速率各为多少（码元速率不变）？1-6 已知某系统的码元速率为3600kB，接收端在l小时内共收到1296个错误码元，试求系统的误码率=？1-7 已知某四进制数字信号传输系统的信息速率为2400b/s，接收端在0.5小时内共收到216个错误码元，试计算该系统=？l-8 在强干扰环境下，某电台在5分钟内共接收到正确信息量为355Mb，假定系统信息速率为1200kb/s。
（l）试问系统误信率=？（2）若具体指出系统所传数字信号为四进制信号，值是否改变？为什么？（3）若假定信号为四进制信号，系统传输速率为1200kB，则＝？习题答案第一章习题答案1-1 解：1-2 解：1-3 解： 1-4 解： 1-5 解： 1-6 解： 1-7 解：1-8 解：思考题2-1 什么是狭义信道？什么是广义信道？（答案）2-2 在广义信道中，什么是调制信道？什么是编码信道？2-3 试画出调制信道模型和二进制无记忆编码信道模型。
通信原理教程课后练习题含答案
通信原理教程课后练习题含答案第一部分：选项题（单选题）1.在通信系统中，为什么需要抗噪性能？A. 防止信号失真B. 提高当前信号的频率C. 压缩信道的频带宽度D. 抵抗信号的干扰和噪声答案：D解析：在通信系统中，我们需要考虑信号的传输过程，不仅需要传送正确的信息，还需要保证传送过程中的信号质量，抗噪性能就是指在传送过程中，系统能够抵御外部干扰和噪声等不利因素对信号的影响。
2.以下哪个是数字信号的优点？A. 抗噪性强B. 信号质量稳定C. 低成本D. 传输距离远答案：A解析：数字信号可以被编码和解码，可以进行纠错和压缩，通过数字信号处理技术可以消除大部分噪音和失真，因此数字信号的抗噪性能相比于模拟信号更加优异。
3.以下哪些是同步通讯的技术？A. 分组交换B. 时隙复用C. 频分复用D. 波分复用答案：B解析：同步通讯是指，在通信系统中，发送方与接收方在时间上保持同步。
其中时隙复用技术就是同步通讯的一种方法，该方法把时间分为若干个时隙，发送方和接收方在同样的时隙内进行传输和接收数据。
第二部分：填空题（构造题）1.在FSK调制中，当载波波形为正弦波时，可得到_____频带宽度，但是两种不同的调制信号之间在频谱上无法有效分离。
答案：相同解析：FSK调制中，载波的频率被两个离散的数字调制信号所取代，当载波波形为正弦波时，可得到相同频带宽度，但是两种不同的调制信号之间在频谱上无法有效分离。
2.在AM调制中，存在一个_____问题导致了它的不稳定性，这个问题通过使用_____调制技术得到了解决。
答案：抑制振荡；DSB-SC解析：AM调制中存在一个抑制振荡的问题，它导致了AM信号的不稳定性和失真，为了解决这个问题，可以使用DSB-SC调制技术，该技术在调制信号之前，在载波上进行一定程度的频偏，可以有效的避免抑制振荡。
第三部分：应用题（综合题）1.一个数据通道的带宽是100KHz，数据率是10Mbps。
为了能够满足该数据通道的传输要求，需要采用什么调制方式？答案：QAM解析：QAM调制是一种有限带宽调制，它将数据信号分为I和Q两路，通过I 路和Q路的幅度和相位来调制载波信号，因此它可以实现更高的数据速率和更小的频带占用率。
(完整版)通信原理课后答案1
习题解答（一）1-4 一个由字母A ，B ，C ，D 组成的字。
对于传输的每一个字母用二进制脉冲编码，00代替A ，01代替B ，10代替C ，11代替D ，每个脉冲宽度为5ms 。
（1）不同的字母是等可能出现时，试计算传输的平均信息速率；（2）若每个字母出现的可能性分别为P A =1/5，P B =1/4，P C =1/4，P D =3/10试计算传输的平均信息速率。
)/(5.1981010985.1)/(985.1103log 10341log 4141log 4151log 51)]()[log ()(2)/(20010102/10/52)/(24log log )(1log )1(32222123222s bit t I R bit x P x P x H s bit t I R ms ms t bit M x P I b ni i i b =⨯≈∆=≈----=-==⨯=∆==⨯=∆====-=-∑则：符号）（则：符号）（符号）（间为：传输每个符号占用的时符号解：1-5 国际莫尔斯电码用点和划的序列发送英文字母，划用持续3单位的电流脉冲表示，点用持续1单位的电流脉冲表示；且划出现的概率是点出现概率的1/3：（1）计算点和划的信息量；（2）计算点和划的平均信息量。
符号））（故。
划出现的概率为，，所以点出现的概率为出现概率的因为划出现的概率是点解：/(81.0241415.0432)(241log log )(415.043log log 4/14/33/1)1(22112222212121bit I P I P H bit P I bit P I P P =⨯+⨯=+==-=-=≈-=-===1-6设一信息源的输出由128个不同的字符组成。
其中16个出现的概率为1/32，其余112个出现的概率为1/224。
信息源每秒发出1000个符号，且每个符号彼此独立。
试计算该信息源的平均信息速率。
1-9 如果二进制独立等概信号，码元宽度为0.5ms ，求R B 和R b ；有四进制信号，码元宽度为0.5ms ，求传码率R B和独立等概时的传信率R b 。
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第一次作业────第二章
2.1消息源以概率发送5种消息
16/1,16/1,8/1,4/1,2/154321=====P P P P P 符号。
若每个消息符号出现是独立的，求每个消息符号的54321,,,,m m m m m 信息量。
解：bit
P m P m I 1log )(log )(12121=-=-=bit
P m P m I 2log )(log )(22222=-=-=bit
P m P m I 3log )(log )(32323=-=-=bit
P m P m I 4log )(log )(42424=-=-=bit
P m P m I 4log )(log )(52525=-=-=2.3一个离散信号源每毫秒发出4种符号中的一个，各相互独立符号出现的概率
分别为。
求该信号源的平均信息量与信息速率。
1.0,
2.0,
3.0,
4.0解：
nit/s 85.1279)(R nit,1.27985)(:
,(tet)/s 83.555)(R (tet),0.55583)(:
,10bit/s 44.1846)(R bit,1.84644)(:
,2)
1.0log 1.0
2.0log 2.0
3.0log 3.0
4.0log 4.0()
(log )()(1=========+++-=-=∑=t
X H X H e t
X H X H t
X H X H x p x p X H N
i i i 分别为平均信息量与信息速率为底时以哈哈分别为平均信息量与信息速率为底时以分别为平均信息量与信息速率为底时以2.6已知非对称二进制信道,输入符号的概率为
=⎪⎪⎭⎫ ⎝⎛2211,,P x P x ⎪⎪⎪⎭
⎫ ⎝⎛431,41,0信道转移概率矩阵
=⎥⎥⎥⎥⎦
⎤⎢⎢⎢⎢⎣⎡)1/1()1/0()0/1()0/0(P P P P ⎥⎦
⎤⎢⎣⎡
9.01.02.08.0求：⑴ 输出符号集的平均信息量；
Y )(Y H ⑵ 条件熵与；
)/(Y X H )/(X Y H ⑶ 平均互信息量。
),(Y X I 解：⑴ 根据输入符号概率和信道转移概率矩阵可求得输出符号Y 的概率 725.09.0432.041)1/1()0/1()1()(275.01.04
38.041)1/0()0/0()0()(。
10。
21221121=⨯+⨯=⨯+⨯===⨯+⨯=
⨯+⨯==P P P P P y p P P P P P y p ，y y Y Y 则
表示输出为分别用因此nit
0.5880.255bit 849.0)
725.0log 725.0log 275.0log 275.0()(log )()(21
或哈或=⨯+⨯-=-=∑=i i i y p y p Y H ⑵
nit
0.3680.160532.0)9.0log 9.04
31.0log 1.0432.0log 2.0418.0log 8.041()]
1|1(log )1|1()1|0(log )1|0()
0|1(log )0|1()0|0(log )0|0([)
|(log )|()()|(log )()/(2211,或哈或bit P P P P P P P P P P P P x y p x y p x p x y p y x p X Y H i j j i j i i i j j i j i =⨯⨯+⨯⨯+⨯⨯+⨯⨯-=⨯+⨯+⨯+⨯-=-=-=∑∑∑9310.0725
.0675.0)1()1,1()1|1(,2727.0275.0075.0)0()1,0()0|1(069.0725.005.0)1()0,1()1|0(,7273.0275.02.0)0()0,0()0|0(675.04
39.0)()|()1,1(,075.0431.0)()|()1,0(05.04
12.0)()|()0,1(,2.0418.0)()|()0,0(:
)|(),|(log )()/(||||222221112111|,=============⨯===⨯===⨯===⨯
==-=∑Y XY Y X Y XY Y X Y XY Y X Y XY Y X XY XY XY XY i j Y X i j j
i i j P P P P P P P P P P P P x p x y p P x p x y p P x p x y p P x p x y p P y x P y x p y x p Y X H 先计算要求
因此：
)()|()()|()|()()|()()|(nit
0.3430.149495.0)
9310.0log 9310.0725.0069.0log 069.0725.02727
.0log 2727.0275.07273.0log 7273.0275.0()]
1|1(log )1|1()1()1|0(log )1|0()1()
0|1(log )0|1()0()0|0(log )0|0()0([)
|(log )|()()|(log )()/(||||||||,Y H X Y H X H Y X H X Y H Y H Y X H X H Y X H bit P P P P P P P P P P P P y x p y x p y p y x p y x p Y X H Y X Y X Y Y X Y X Y Y X Y X Y Y X Y X Y j
i j i j i i i j j i i j -+=⇒-=-=⨯⨯+⨯⨯+⨯⨯+⨯⨯-=⨯+⨯+⨯+⨯-=-=-=∑∑∑也可以用或哈或⑶ nit
0.2200.095bit 317.0)|()(),(或哈或=-=X Y H Y H Y X I 2.10设连续随机变量的峰值有限，。
试证：
x M x M <<-⑴ 若⎩⎨⎧>≤≤-=M x M x M M x f x ||0
)2/(1)(则相对熵dx x f x f X H x x ])
(1[log )()(2⎰
∞∞-=取最大值；⑵ 最大相对熵。
)2(log )(2max M X H =解：⑴ 隐含条件为 1
)(=⎰+∞∞-dx x f x )
(2)(,0log )(log ,02
ln 1)(log :
)()();()(),(log )()(,0)
()(:)(])(1[log )()(,2log 22222常数所以即得和代入可以解最大的使根据变分法C x f e x f x f x x F x f x x f x f x F x f x f F x f dx x f x f X H e x x x x x x x x x x x ===+--=+--=-==∂∂+∂∂=-∞
∞-⎰
λλλϕϕϕλ因此，M
C x f C M Cdx dx x f dx x f x M
M M
M x x 21
)(12)()(==⇒=⨯===⎰⎰⎰+-+-+∞
∞-⑵ 把求证得到的代入有：M
x f x 21)(=dx x f x f X H x x )(1[log )()(2⎰∞∞-=)2(log )2(log 21])
(1[log )()(222M dx M M dx x f x f X H M M x x ===⎰⎰-∞
∞-
2.12已知电话信道的带宽为
3.4kHz 。
试求：
⑴ 接收端信噪比时的信道容量；
30dB S/N =⑵ 若要求该信道能传4800b/s 的数据，则接收端要求最小信噪比S/N 为多少dB 。
解：
⑴ 根据香农公式, 代入得：)1(log 2N
S W C +=)30(1000/,4.3dB N S kHz W 即==s
Kb C /89.339.9673400)10001(log 34002=⨯=+=⑵根据香农公式，代入得)1(log 2N S W C +
=⇒12/-=W C N S b/s 4800≥C dB 2.2lg 10,66.112123400/4800/≥=-≥-=N
S N S W
C 因此要求的最小信噪比为2.2dB
2.14黑白电视机图像每幅含有个像素，每个像素有16个等概出现的亮度5103⨯等级，要求每秒钟传送30帧图像,若信道输出S/N 为30dB ，计算传输该黑白电视图像所要求的信道的最小带宽。
解：每个像素的信息量为：bit
4)(log )(=-=x p x I 信息速率为：s bit x I R /10
6.3)(1033075⨯=⨯⨯⨯=因此，s
bit R C /106.37⨯=≥所以根据香农公式得：1(log 2N S W C +=MHz N S C W 6.3)
1001(log 106.3)/1(log 27
2≅+⨯≥+=要求的最小带宽约为3.6 MHz 。