高考数列专题复习(精典版知识点+大题分类+选择题+答案详解)

文科数列专题复习

一、等差数列与等比数列

1.基本量的思想：

常设首项、（公差）比为基本量，借助于消元思想及解方程组思想等。转化为“基本量”是解决问题的基本方法。 2.等差数列与等比数列的联系

1）若数列{}n a 是等差数列，则数列}{n a

a 是等比数列，公比为d

a ，其中a 是常数，d

是{}n a 的公差。（a>0且a ≠1）；

2）若数列{}n a 是等比数列，且0n a >，则数列{}log a n a 是等差数列，公差为log a q ，其中a 是常数且0,1a a >≠，q 是{}n a 的公比。

3）若{}n a 既是等差数列又是等比数列,则{}n a 是非零常数数列。 3.等差与等比数列的比较 等差数列

等比数列

定义

常数）为(}{1d a a P A a n n n =-??+

常数）

为(}{1q a a P G a n

n n =?

?+ 通项公 式 n a =1a +（n-1）d=k a +（n-k ）d=dn+1a -d k n k n n q a q a a --==11

求和公 式

n d a n d d n n na a a n s n n )2(22)

1(2)(1211-+=-+=+=

???

??≠--=--==)1(11)1()1(111

q q

q a a q q a q na s n n n

中项

公式

A=

2

b

a + 推广：2n a =m n m n a a +-+

ab G =2。

推广：m n m n n a a a +-?=2

性质

1 若m+n=p+q 则 q p n m a a a a +=+ 若m+n=p+q ，则q p n m a a a a =。 2

若}{n k 成A.P （其中N k n ∈）则}{n k a 也为A.P 。

若}{n k 成等比数列 （其中N k n ∈），则}{n k a 成等比数列。

3

．n n n n n s s s s s 232,,-- 成等差数列。

n n n n n s s s s s 232,,--成等比数列。

4

)(11n m n

m a a n a a d n

m n ≠--=--=

11a a q n n =

- ， m

n m n a a

q =- )(n m ≠ 4、典型例题分析

【题型1】 等差数列与等比数列的联系

例1 （文16）已知{a n }是公差不为零的等差数列，a 1＝1，且a 1，a 3，a 9成等比数列.（Ⅰ）求数列{a n }的通项;（Ⅱ）求数列{2an

}的前n 项和S n . 解：（Ⅰ）由题设知公差d ≠0， 由a 1＝1，a 1，a 3，a 9成等比数列得

121d +＝1812d

d

++， 解得d ＝1，d ＝0（舍去）， 故{a n }的通项a n ＝1+（n －1）×1＝n. (Ⅱ)由（Ⅰ）知2

m

a =2n

，由等比数列前n 项和公式得

S m =2+22

+23

+ (2)

=2(12)12

n --=2n+1

-2.

小结与拓展：数列{}n a 是等差数列，则数列}{n a

a 是等比数列，公比为d

a ，其中a 是

常数，d 是{}n a 的公差。（a>0且a ≠1）.

【题型2】 与“前n 项和Sn 与通项an ”、常用求通项公式的结合

例2 已知数列{a n }的前三项与数列{b n }的前三项对应相同，且a 1＋2a 2＋22

a 3＋…＋2

n

－1

a n ＝8n 对任意的n∈N *

都成立，数列{b n ＋1－b n }是等差数列．求数列{a n }与{b n }的通项

公式。

解：a 1＋2a 2＋22

a 3＋…＋2

n －1

a n ＝8n(n∈N *

) ①

当n≥2时，a 1＋2a 2＋22

a 3＋…＋2n －2

a n －1＝8(n －1)(n∈N *

) ②

①－②得2

n －1

a n ＝8，求得a n ＝2

4－n

，

在①中令n ＝1，可得a 1＝8＝24－1

，

∴a n ＝2

4－n

(n∈N *

)． 由题意知b 1＝8，b 2＝4，b 3＝2，∴b 2－b 1＝－4，b 3－b 2＝－2，

∴数列{b n ＋1－b n }的公差为－2－(－4)＝2，∴b n ＋1－b n ＝－4＋(n －1)×2＝2n －6， 法一（迭代法）

b n ＝b 1＋(b 2－b 1)＋(b 3－b 2)＋…＋(b n －b n －1)＝8＋(－4)＋(－2)＋…＋(2n －8) ＝n 2

－7n ＋14(n∈N *

)．

法二（累加法）

即b n －b n －1＝2n －8， b n －1－b n －2＝2n －10， …

b 3－b 2＝－2， b 2－b 1＝－4， b 1＝8，

相加得b n ＝8＋(－4)＋(－2)＋…＋(2n －8)

＝8＋(n －1)(－4＋2n －8)2

＝n 2－7n ＋14(n∈N *

)．

小结与拓展：1）在数列{a n }中，前n 项和S n 与通项a n 的关系为：

??

?∈≥-===-)

N n ,2( )1(

111n S S n S a a n n n .是重要考点；2）韦达定理应引起重视；3）迭代法、累加法及累乘法是求数列通项公式的常用方法。

【题型3】 中项公式与最值（数列具有函数的性质）

例3 （文）在等比数列｛a n ｝中，a n ＞0 (n ∈N ＊

），公比q ∈(0,1)，且a 1a 5 + 2a 3a 5 +a

2a 8

＝25，a 3与a s 的等比中项为2。（1）求数列｛a n ｝的通项公式；（2）设b n ＝log 2 a n ，

数列｛b n ｝的前n 项和为S n 当

12

12n S S S n

++???+最大时，求n 的值。 解：（1）因为a 1a 5 + 2a 3a 5 +a 2a 8＝25，所以，23a + 2a 3a 5 +2

5a ＝25

又a n ＞o ，…a 3＋a 5＝5 又a 3与a 5的等比中项为2，所以，a 3a 5＝4 而q ∈（0,1），所以，a 3＞a 5，所以，a 3＝4，a 5＝1，1

2

q =

，a 1＝16，所以， 1

511622n n n a --??

=?= ?

??

（2）b n ＝log 2 a n ＝5－n ，所以，b n ＋1－b n ＝－1，

所以，{b n }是以4为首项，－1为公差的等差数列。所以，(9),2

n n n S -=92n S n

n -= 所以，当n ≤8时，

n S n ＞0，当n ＝9时，n S n ＝0，n ＞9时，n S

n

＜0，

当n ＝8或9时，

12

12n S S S n

++???+最大。 小结与拓展：1）利用配方法、单调性法求数列的最值；2）等差中项与等比中项。

二、数列的前n 项和

1.前n 项和公式Sn 的定义： S n =a 1+a 2+…a n 。

2.数列求和的方法（1）

（1）公式法：1）等差数列求和公式；2）等比数列求和公式；3）可转化为等差、等

比数列的数列；4）常用公式:

1n

k k ==∑1

2

123(1)n n n +++

+=+；

2

1n

k k

==∑22221

6

123(1)(21)n n n n ++++=++；

31

n k k ==∑33332(1)2

123[

]n n n ++++

+=；

1

(21)n k k =-=∑2n 1)-(2n ...531=++++。

（2）分组求和法：把数列的每一项分成多个项或把数列的项重新组合，使其转化成等差数列或等比数列，然后由等差、等比数列求和公式求解。

（3）倒序相加法：如果一个数列{a n }，与首末两端等“距离”的两项的和相等或等于同一常数，那么求这个数列的前n 项和即可用倒序相加法。如：等差数列的前n 项和即是用此法推导的。

（4）裂项相消法：即把每一项都拆成正负两项，使其正负抵消，只余有限几项，可求和。 适用于?

??

??

?

+1n n a a c 其中{n a }是各项不为0的等差数列，c 为常数；部分无理数列、含

阶乘的数列等。如：1）11n n a a +???????和11n n a a +????

?

?+????（其中{}n a 等差）可裂项为：111111()n n n n a a d a a ++=-?；2）1111

()n n n n a a d

a a ++=-+。

（根式在分母上时可考虑利用分母有理化，因式相消 求和） 常见裂项公式：

（1）

111(1)

1

n n n

n ++=

-

；

（2）1111()

()n n k k n

n k

++=-

；

（3）11

1

1(1)(1)

2(1)

(1)(2)

[

]n n n n n n n -++++=-

；

（4）

11(1)!

!

(1)!

n n n n ++=

-

（5）常见放缩公式：2121111

2()2()n n n n n n

n

n n +-+++--=<

<

=-.

3.典型例题分析

【题型1】 公式法

例1 等比数列{}n a 的前ｎ项和S ｎ＝2ｎ－p ，则2

232221n a a a a ++++ ＝________.

解：1）当n=1时，p -2a 1=；

2）当2n ≥时，1-n 1

-n n

1-n n n 2p)-(2

-p)-(2S -S a ===。

因为数列{}n a 为等比数列，所以1p 12

p -2a 1

-11=?===

从而等比数列{}n a 为首项为1，公比为2的等比数列。

故等比数列{}

2n a 为首项为1，公比为4q 2

=的等比数列。

1)-(43

14-1)4-1(1n

n 223

22

2

1

==++++n

a a a a

小结与拓展：1）等差数列求和公式；2）等比数列求和公式；3）可转化为等差、等比

数列 的数列；4）常用公式:（见知识点部分）。5）等比数列的性质：若数列{}n a 为等比数

列，则数列{}2

n

a 及?

??

???n a 1也为等比数列，首项分别为21

a

、

1

a 1

，公比分别为2

q 、

q

1。 【题型2】 分组求和法

例2 （文18）数列{}n a 中，11a =，且点1(, )n n a a +()n *

∈N 在函数()2

f x x =+的图象上.求数列{}n a 的通项公式

解：∵点1(, )n n a a +在函数()2f x x =+的图象上，∴12n n a a +=+。 ∴12n n a a +-=，即数列}{n a 是以11a =为首项，2为公差的等差数列，

∴1(1)221n a n n =+-?=-。

【题型3】 裂项相消法

例3 （文19改编）已知数列{}n a 的前n 项和为n S ，11a =，141n n S a +=+，设

12n n n b a a +=-．（Ⅰ）证明数列{}n b 是等比数列；

（Ⅱ）数列{}n c 满足21

log 3

n n c b =

+*()n ∈N ，求122334

1n n n T c c cc c c cc +

=++++

。

证明：（Ⅰ）由于141n n S a +=+， ① 当2n ≥时，141n n S a -=+． ②

① -②得 1144n n n a a a +-=-． 所以 1122(2)n n n n a a a a +--=-． 又12n n n b a a +=-， 所以12n n b b -=．

因为11a =，且12141a a a +=+，所以21314a a =+=．

所以12122b a a =-=．故数列{}n b 是首项为2，公比为2的等比数列． 解：（Ⅱ）由（Ⅰ）可知2n n b =，则211log 33

n n c b n =

=

++（n ∈*

N ）． 1223341n n n T c c c c c c c c +=++++1111

455667

(3)(4)

n n =

++++

???++

1144n =

-

+4(4)

n n =+． 小结与拓展：裂项相消法是把每一项都拆成正负两项，使其正负抵消，只余有限几项，

可求和。它适用于?

??

???+1n n a a c 其中{n a }是各项不为0的等差数列，c 为常数；部分无

理数列、含阶乘的数列等。

4.数列求和的方法（2）

（5）错位相减法：适用于差比数列（如果{}n a 等差，{}n b 等比，那么{}n n a b 叫做差比数列）即把每一项都乘以{}n b 的公比q ，向后错一项，再对应同次项相减，转化为等比数列求和。

如：等比数列的前n 项和就是用此法推导的. （6）累加（乘）法

（7）并项求和法：一个数列的前n 项和中，可两两结合求解，则称之为并项求和.

形如a n ＝(－1)n

f(n)类型，可采用两项合并求。

5.典型例题分析

【题型4】 错位相减法

例4 求数列??????,22,,26,24,2232n n

前n 项的和.

解：由题可知{n n 22}的通项是等差数列{2n}的通项与等比数列{n 21

}的通项之积

设n n n

S 2226242232+???+++= ①

14322

226242221++???+++=n n n

S ② （设制错位） ①－②得14322

22222222222)211(+-+???++++=-n n n n

S （错位相减）

1122212+---=n n n

∴ 12

2

4-+-=n n n S

【题型5】 并项求和法

例5 求100S ＝1002

－992

＋982

－972

＋…＋22

－12

解：100S ＝1002

－992

＋982

－972

＋…＋22

－12

＝(100＋ 99)＋(98＋97)＋…＋(2＋1)＝

5050.

6.归纳与总结

以上一个8种方法虽然各有其特点，但总的原则是要善于改变原数列的形式结构，使其能进行消项处理或能使用等差数列或等比数列的求和公式以及其它已知的基本求和公式来解决，只要很好地把握这一规律，就能使数列求和化难为易，迎刃

而解。

三、数列的通项公式 1.数列的通项公式

一个数列{a n }的 与 之间的函数关系，如果可用一个公式a n ＝f(n)来表示，我们就把这个公式叫做这个数列的通项公式．

2.通项公式的求法（1）

（1）定义法与观察法（合情推理：不完全归纳法）：直接利用等差数列或等比数列的定义求通项的方法叫定义法，这种方法适应于已知数列类型的题目；有的数列可以根据前几项观察出通项公式。

（2）公式法：在数列{a n }中，前n 项和S n 与通项a n 的关系为：

??

?∈≥-===-)N n ,2( )1(

111n S S n S a a n n n

(数列{}n a 的前n 项的和为

12n n s a a a =++

+).

（3）周期数列

由递推式计算出前几项，寻找周期。

（4）由递推式求数列通项

类型1 递推公式为)(1n f a a n n +=+

解法：把原递推公式转化为)(1n f a a n n =-+，利用累加法(逐差相加法)求解。 类型2 （1）递推公式为n n a n f a )(1=+ 解法：把原递推公式转化为

)(1

n f a a n

n =+，利用累乘法(逐商相乘法)求解。 （2）由n n a n f a )(1=+和1a 确定的递推数列{}n a 的通项可如下求得：

由已知递推式有1)1(--=n n a n f a ， 21)2(---=n n a n f a ，???，12)1(a f a =依次向前代入，得1)1()2()1(a f n f n f a n ???--=，这就是叠（迭）代法的基本模式。 类型3 递推公式为q pa a n n +=+1（其中p ，q 均为常数，)0)1((≠-p pq ）。 解法：把原递推公式转化为：)(1t a p t a n n -=-+，其中p

q

t -=

1，再利用换元法转

化为等比数列求解。

3.典型例题分析 【题型1】 周期数列

例1 若数列{}n a 满足???

????

<<-≤≤=+)

121(,12)210(,21

n n n n n a a a a a ，若761=a ，则20a =____。

答案：

7

5

。 小结与拓展：由递推式计算出前几项，寻找周期。

【题型2】 递推公式为)(1n f a a n n +=+，求通项

例2 已知数列{}n a 满足211=a ，n

n a a n n ++=+211，求n a 。 解：由条件知：1

11)1(1121+-=+=+=

-+n n n n n n a a n n

分别令)1(,,3,2,1-??????=n n ，代入上式得)1(-n 个等式累加之，即

)()()()(1342312--+??????+-+-+-n n a a a a a a a a

)111()4131()3121()211(n

n --+??????+-+-+-=

所以n

a a n 1

11-=-

211=a ，n

n a n 1231121-=-+=∴

小结与拓展：在运用累加法时,要特别注意项数,计算时项数容易出错.

【题型3】 递推公式为n n a n f a )(1=+，求通项

例3 已知数列{}n a 满足321=a ，n n a n n

a 1

1+=

+，求n a 。 解：由条件知

1

1+=+n n

a a n n ，分别令)1(,,3,2,1-??????=n n ，代入上式得)1(-n 个等式累乘之，即

1342312-??????????n n a a a a a a a a n

n 1

433221-?

?????????=n a a n 11=?

又321=

a ，n

a n 32=∴ 小结与拓展：在运用累乘法时,还是要特别注意项数,计算时项数容易出错.

【题型4】 递推公式为q pa a n n +=+1（其中p ，q 均为常数，)0)1((≠-p pq ）

，求通项 例4 在数列{}n a 中，11a =，当2n ≥时，有132n n a a -=+，求{}n a 的通项公式。 解法1：设13()n n a m a m -+=+，即有132n n a a m -=+，对比132n n a a -=+，得1m =，于是得113(1)n n a a -+=+，数列{1}n a +是以112a +=为首项，以3为公比的等比数

列，所以有1

231n n a -=?-。

解法2：由已知递推式，得1132,32,(2)n n n n a a a a n +-=+=+≥，上述两式相减，得

113()n n n n a a a a +--=-，因此，数列1{}n n a a +-是以214a a -=为首项，以3为公比

的等比数列。所以1

143n n n a a -+-=?，即13243n n n a a -+-=?，所以1231n n a -=?-。

小结与拓展：此类数列解决的办法是将其构造成一个新的等比数列，再利用等比数列的性质进行求解，构造的办法有两种，一是待定系数法构造，设1()

n n a m p a m ++=+，

展开整理

1n n a pa pm m

+=+-，比较系数有pm m b -=，所以1

b

m p =

-，所以1

n b

a p +

-是等比数列，公比为p ，首项为11b a p +-。二是用做差法直接构造，

1n n a pa q +=+，1n n a pa q -=+，两式相减有11()n n n n a a p a a +--=-，所以1n n

a a +-是公比为p 的等比数列。也可用“归纳—猜想—证明”法来求，这也是近年高考考得很多的一种题型.

4.通项公式的求法（2）

（5）构造法

构造法就是在解决某些数学问题的过程中，通过对条件与结论的充分剖析，有时

会联想出一种适当的辅助模型，如某种数量关系，某个直观图形，或者某一反例，以此促成命题转换，产生新的解题方法，这种思维方法的特点就是“构造”.若已知条件给的是数列的递推公式要求出该数列的通项公式，此类题通常较难，但使用构造法往往给人耳目一新的感觉.

1）构造等差数列或等比数列

由于等差数列与等比数列的通项公式显然，对于一些递推数列问题，若能构造等差数列或等比数列，无疑是一种行之有效的构造方法.

2）构造差式与和式

解题的基本思路就是构造出某个数列的相邻两项之差，然后采用迭加的方法就可求得这一数列的通项公式. 3）构造商式与积式

构造数列相邻两项的商式，然后连乘也是求数列通项公式的一种简单方法. 4）构造对数式或倒数式

有些数列若通过取对数，取倒数代数变形方法，可由复杂变为简单，使问题得以解决.

四、典型例题分析

【题型5】 构造法：1）构造等差数列或等比数列

例5 设各项均为正数的数列{}n a 的前n 项和为n S ，对于任意正整数n ，都有等式：

n n n S a a 422

=+成立，求{}n a 的通项n a .

解：n n n S a a 422

=+?112

142---=+n n n S a a ，

∴n n n n n n n a S S a a a a 4)(422112

12=-=-+----

0)2)((11=--+--n n n n a a a a ，∵01≠+-n n a a ，∴21=--n n a a . 即{}n a 是以2为

公差的等差数列，且2421112

1=?=+a a a a . ∴n n a n 2)1(22=-+=

小结与拓展：由于等差数列与等比数列的通项公式显然，对于一些递推数列问题，若能构造等差数列或等比数列，无疑是一种行之有效的构造方法.

【题型6】 构造法：2）构造差式与和式

解题的基本思路就是构造出某个数列的相邻两项之差，然后采用迭加的方法就可求得这一数列的通项公式。

例6 设{}n a 是首项为1的正项数列，且012

12=-----n n n n na na a a ，（n ∈N*），求

数列的通项公式an.

解：由题设得0))((11=--+--n a a a a n n n n . ∵0>n a ，01>-n a ，∴01>+-n n a a . ∴n a a n n =--1

2

)

1(321)()()(123121+=

++++=-+-+-+=-n n n a a a a a a a a n n n 【题型7】 构造法：3）构造商式与积式

构造数列相邻两项的商式，然后连乘也是求数列通项公式的一种简单方法. 例7 数列{}n a 中，2

11=

a ，前n 项的和n n a n S 2

=，求1+n a . 解：12

21221)1()1()1(----=-?--=-=n n n n n n n a n a n a n a n S S a

11

1+-=?

-n n a a n n ， ∴112211a a a a a a a a n n n n n ??=--- )

1(1

2131211+=?-?+-=n n n n n n

∴)

2)(1(1

1++=+n n a n

【题型8】 构造法：4）构造对数式或倒数式

有些数列若通过取对数，取倒数代数变形方法，可由复杂变为简单，使问题得以解决.

例8 设正项数列{}n a 满足11=a ，2

12-=n n a a （n ≥2）.求数列{}n a 的通项公式.

解：两边取对数得：122log 21log -+=n n a a ，)1(log 21log 122+=+-n n a

a ，设1l og 2

+=n a n b ，

则12-=n n b b

{}n b 是以2为公比的等比数列，11log 121=+=b .

11221--=?=n n n b ，122

1log -=+n a n

，12log 12-=-n a n ，∴1

21

2--=n n a

数 列 选 填 题（高考题）

1、(2014年高考重庆卷 文2) 在等差数列{}n a 中，1

2a =，3510a a +=，则7a =（ ）

A . 5

B . 8

C . 10

D . 14 1、解：∵数列{}n a 是等差，3510a a +=，∴45a =，74128a a a =-=，∴选B.

2、(2014年高考天津卷 文5) 设

{}n a 是首项为1a ，公差为1-的等差数列，n S 为其前n 项和，若

124S S S ，，成等比数列，则1a ＝（ ）

A . 2

B . －2

C . 21

D . －2

1

2、解：∵

{}n a 是首项为1a ，公差为1-的等差数列，n S 为其前n 项和，

又∵124S S S ，，成等比数列， ∴212()a a +＝1a 1234()a a a a +++，即21(21)a -＝

1a 1(46)a -，

解得1a =－

2

1

，∴选D

3、(2014年高考新课标2卷 文5) 等差数列

{}n a 的公差为2，

若2a ，4a ，8a 成等比数列，则{}n a

的前n 项n S ＝（ ）

A .

()1n n + B . ()1n n - C .

()12

n n + D .

()12

n n -

3、解：∵等差数列

{}n a 的公差为2，且2a ，4a ，8a 成等比数列，∴24a ＝2a 8a ，

即2

1(6)a +＝1

(2)a +1(14)a +，解得12a =，则2n a n =，∴选A

4、(2014年高考全国卷 文8). 设等比数列{}n a 的前n 项和为n S ，若23S =，415S =，则6S =

（ ）

A ．31

B ．32

C ．63

D ．64

4、解：∵由等比数列{}n a 的前n 项和n S 的性质得：2S ，4S －2S ，6S －4S 成等比数列，

即 3，12，6S －15成等比数列，∴122

＝3(6S －15)，解得：6S ＝63，∴选C

5、(2014年高考辽宁卷 文9) .设等差数列{}n a 的公差为d ，若数列1{2

}n

a a 为递减数列，则（ D ）

A ．0d <

B ．0d >

C ．

10a d < D ．10a d >

6、(2014年高考江苏卷 文7) 在各项均为正数的等比数列

}{n a 中,,12=a 4682a a a +=,则6a 的值是

.

7、(2014年高考江西卷 文13) 在等差数列

{}n a 中，17a =，公差为d ，前n 项和为n S ，当且

仅当8n = 时n S 取最大值，则d 的取值范围_________. 7、解： 因为1

70a =>，当且仅当8n =时n S 取最大值，可知0d <且同时满足

890,0a a ><，∴89770780

a d a d =+>??=+

8、(2014年高考广东卷 文13). 等比数列

{}n a 的各项均为正数，且154a a =，则

2122232425log +log +log +log +log =a a a a a ________.

212223242525242322212152:5

:log log log log log ,

log log log log log ,25log ()5log 410,5.

S a a a a a S a a a a a S a a S =++++=++++∴===∴=答案提示设则