初等数学研究(程晓亮、刘影)版课后习题答案
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初等数学研究(程晓亮、刘影)版课后习题答案
第一章数
1添加元素法和构造法,自然数扩充到整数可以看成是在自然数的基础上添加0
到扩大的自然数集,再添加负数到整数集;实数扩充到复数可以看成是在实数的基础上构造虚数单位i满足r - _1,和有序实数对(a,b)—起组成一个复数
a bi .
2 (略)
3从数的起源至今,总共经历了五次扩充:
为了保证在自然数集中除法的封闭性,像ax=b的方程有解,这样,正分数就应运而生了,这是数的概念的第一次扩展,数就扩展为正有理数集.
公元六世纪,印度数学家开始用符号“0”表示零.这是数的概念的第二次扩充,自然数、零和正分数合在一起组成算术数集•
为了表示具有相反意义的量,引入了负数•并且直到17世纪才对负数有一个完整的认识,这是数的概念的第三次扩充,此时,数的概念就扩展为有理数集.
直到19世纪下半叶,才由皮亚诺、戴德金、维尔斯特拉斯等数学家的努力
下构建了严格的实数理论.这是数的概念的第四次扩充,形成了实数集.
虚数作为一种合乎逻辑的假设得以引进,并在进一步的发展中加以运用•这是数学概念的第五次扩充,引进虚数,形成复数集•
4证明:设集合A,B,C,D两两没有公共元素a,b,c,d分别是非空有限集A,B,C,D
的基数,根据定义,若a b,则存在非空有限集A',使得A-〜B ;若c_d
从而必存在非空有限集C',使得C二C'〜D,所以(A _• C)二(B D)所以集合
A 一C的基数a c大于集合
B . D的基数b d,所以a c b d .
5(1)解:按照自然数序数理论加法定义,
5 3 =5 2'= (5 2) 5
= 515=5155
=5 5 5 =15
(2)解:按照自然数序数理论乘法定义
5 ^5 2' = (5 2)'
-(5 1')'二[(5 1)']'
=(6 ) =7 =8
6证明:1当n =2时,命题成立.(反证法)
当 n = k • 1时,由 a i . 0,i =1,2,…,k 1,且 a i - a 2 得,亠 空
L ",且 4
1
—a k 半 1 —a k 书 1
— a k+
1
_a kH1
、2 _ 2
2
口 )+a k J 启,即 (k +111 —a^ )2 + k(k +1 al
k
k 1
二 k 1 ?a k 「-2 k 1 a k 1
1 - 0
7证明:1当n = 8时,命题成立.(8 = 3 • 5 )
2设n 二k (k ・7,k ・N )时命题成立.
k 角邮资可能是:(1)完全用3角的邮票来支付;(2)至少用一张5角的邮
票来支付•
在(1)下,3角的邮票至少有3张.把它们换成两张5角的邮票便可支付k 1 角的邮票•
在(2)下,把一张5角的邮票换成两张3角的邮票便可以支付k 1角的邮 票•
综合1、2,命题对于不小于8的所有自然数成立. 8 证明:(1) f2=1, f3 =3=12, f4 =6 = 123
」 」 1」
(2) f n =12
n -1 n n -1
2
1当n =2,3,4时,命题成立.
1
2假设n 二k (k 7,^ N )时命题成立,即f k =-k k -1 .那么n 二k 1时,原k
2
1
条直线有-k (k -1)个交点.由条件知,第k 1条直线与原k 条直线各有一个交点,
2
且互不相同•故新增k 个交点,所以f k ・1二f k 」k ,1〔k ,1 -1.
2
综合1、2,命题对于不小于2的所有自然数成立.
2 假设 n =k 时(k _2)成立,即 a i ■ 0,i =1,2,…,k ,
2 2 a
1
a 2
2
1 ■ ak
k
a 1 a 2 J - a k 卅丿
2
2 2
2
2
1 —a k 1
2
a 1 七 2 +…+a k +a “ >-__
+a “
由归纳假设,得
a 1
J —a k 卑 j
a k
J
一 a
kd4 j
要证
-k,
9举例:正整数集N上定义的整除关系“|”满足半序关系.
证明:(1)(自反性)任意的正整数x,总有x|x ;
(2)(反对称性)如果x|y, y |x,那么x = y ;
(3)(传递性)如果x|y, y|z,那么x|z.
通常意义的小于等于也构成半序关系,同理可证.
10证明:设M 5 N,且
① 1 M
②若a M,则a M .
若M = N .
令A是所有不属于M的自然数组成的集合,则A是N的非空子集,按照最小数原理,A中有最小数,设为b.由①知b=1,于是存在自然数c,使c二b,这样
就有c ::: b,所以c M,但根据②有c M,这与b ■' M矛盾.所以M = N .
11证明:(1)根据自然数减法定义有,a=b・(a_b),d ・(c_d) = c,两式相加
得:a d (c-d) = b (a-b) c,于是(a d) (c -d) = (b c) (a - b),
若a-b=c-d,贝U a d = b c
若 a d = b c,贝U a-b=c-d
(2)(a-b) (c-d) (b d) = b (a-b) d (c-d)=a c
(3)先证(a-b)c 二ac-bc
事实上,由be (a -b)c 二[b (a -b)]c 二ac
可知要证明的自然数乘法对减法的分配律成立.
由此,为了证明(3),只要证明a(c-d)-b(c— d) = (ac+bd)—(ad+bc),
根据(1) 上式就是a(c _d) (ad be)二b(c - d) (ac bd)
于是只要证明ac • be二be - ac
显然,这个等式是成立的,所以(3)成立.
12证明:(1 )根据自然数除法定义有^b a,d £ = c,两式相乘,得
b d
ad — = bc 旦,所以有:若ad 二be,贝U -=—;若-=—,贝q ad 二be
d b b d b d