陕西省西安市庆安中学2014届高三上学期期中考试物理试题
陕西省西安市庆安中学2014届高三上学期期中考试物理试题一、选择题。
本题共 15小题，每小题4分，共60分．（第1题到第10题，在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确；第11题到第15小题，有多个选项正确．全部选对的得4分，选对但不全的得 2 分，选错或不选的得0分．）１．某人欲估算飞机着陆时的速度，他假设飞机着陆过程在平直跑道上做匀减速运动，在跑道上滑行的距离为s ，从着陆到停下来的时间为t ，则飞机着陆瞬间速度为（ ） A ．s t B ．2s t C ．2s t D ．s t 到2st 之间的某个值２. 如图2所示，是从同一地点同时开始沿同一直线运动的两个物体Ⅰ、Ⅱ的速度—时间图象．在0～t 2时间内，下列说法中正确的是 （ ）A ．Ⅰ物体所受的合外力不断增大，Ⅱ物体所受的合外力不断减小B ．在第一次相遇之前，t 1时刻两物体相距最远C ．t 2时刻两物体相遇D ．Ⅰ、Ⅱ两个物体的平均速度大小都是v1＋v223、汽车以20m/s 的速度匀速运动，刹车后加速度大小为5m/s 2，那么刹车后2s 和刹车后5s 内汽车的位移大小之比为（ ）A 、1︰1B 、4︰5C 、3︰4D 、1︰3 4、物体静止在水平桌面上，下列说法中正确的是（ ）A.物体受到桌面的支持力等于物体的重力，但它们不是一对平衡力B.物体对桌面的压力就是物体的重力，它们是一对作用力与反作用力C.物体对桌面的压力大小等于桌面对物体支持力的大小，它们是一对作用力与反作用力D.物体对桌面压力的大小等于桌面对物体的支持力，它们是一对平衡力5、物体受到四个力的作用处于静止状态，保持其中三个力的大小和方向均不变，使另一个大小为F 力的方向转过90°，欲使物体仍能保持静止状态，必须再加上一个大小为多少的力 （ ）A ．FB ．2FC ．2FD ．3F6、如图6所示，倾角为θ=30°的斜面体放在水平地面上，—个重为G 的球在水平力F 的作用下静止于光滑斜面上，此时水平力的大小为F ；若将力F 从水平方向逆时针转过某—角度后，仍保持F 的大小不变，且小球和斜面依然保持静止，此时水平地面对斜面体的摩擦力为ƒ，那么F 和ƒ的大小分别是 （ ）图6A．,F f == B．,F f == C．,F f == D．,F f == 7、有一块长方体木板被锯成如图所示的A 、B 两块放在水平桌面上，A 、B 紧靠在一起，木板A 的角度如图7所示．现用水平方向的力F 垂直于板的左边推木板B ，使两块板A 、B 保持原来形状整体沿力F 的方向匀速运动，则（ ） A ．木板A 在水平方向受两个力的作用，合力为零 B ．木板A 只受一个摩擦力C ．木板B 对A 的压力小于桌面对木板A 的摩擦力D ．木板B 在水平方向受三个力的作用8、在同一水平直线上的两位置分别沿同方向抛出两小球A 和B ，其运动轨迹如图8所示，不计空气阻力.要使两球在空中相遇，则必须（ ）A ．甲先抛出A 球B ．先抛出B 球C ．同时抛出两球D ．使两球质量相等9、如图9所示，m 为在水平传送带上被传送的小物体，A 为终端皮带轮，已知皮带轮半径为r ，传送带与皮带轮间不会打滑，当m 可被水平抛出时，A 轮每秒的转数最少是（ ）A ．12πgr B ．g r C ．gr D ．12πgr10、用一根细线一端系一小球（可视为质点），另一端固定在一光滑顶上，如图物甲所示，设小球在水平面内作匀速圆周运动的角速度为ω，线的张力为T ，则T 随ω2变 化的图象是图乙中的 （）图7图8图911、有一质点从t ＝0开始由原点出发，其运动的速度—时间图 象如图11所示，则 （ ）A ．1=t s 时，质点离原点的距离最大B ．2=t s 时，质点离原点的距离最大C ．2=t s 时，质点回到原点D ．4=t s 时，质点回到原点12、质量为0．3kg 的物体在水平面上做直线运动，其v-t 图象如图12所示，其中图线b 表示物体受到水平拉力作用时的图象，图线a 表示物体不受水平拉力时的图象，重力加速度g 取10m/s 2，则下列说法正确的是 （ ） A ．水平拉力等于0．6N B ．水平拉力等于0．2NC ．物体与水平面间的动摩擦因数等于0．2D ．物体与水平面间的动摩擦因数等于15113、 如图13所示，弹簧下端悬一滑轮，跨过滑轮的细线两端系有A 、B 两重物， mB=3kg ， A 的质量不确定。
两物体都悬空，均可上下运动。
不计线、滑轮质量及摩擦，则A 、B 两重物在运动过程中，弹簧的示数可能为：（g=10m/s 2） （ ）A ．30NB ．60NC ．120ND ．150N14、如图14所示，可视为质点的、质量为m 的小球，在半径为R 的竖直放置的光滑圆形管道内做圆周运动，下列有关说法中正确的是（ ） A ．小球能够通过最高点时的最小速度为0 B ．小球能够通过最高点时的最小速度为gRC ．如果小球在最高点时的速度大小为2gR ，则此时小球对管 道的外壁有作用力D ．如果小球在最低点时的速度大小为gR 5，则小球通过最高点时与管道间无相互作用力15、甲、乙两名溜冰运动员,面对面拉着弹簧秤做圆周运动的溜冰表演,图131 2图12图14图11如图15所示.已知M 甲=80 kg,M 乙=40 kg,两人相距0.9 m,弹簧秤的 示数为96 N,下列判断正确的是 ( ) A.两人的线速相同,约为40 m/sB.两人的角速相同,约为2 rad/sC.两人的运动半径相同,都中0.45 mD.两人的运动半径不同,甲为0.3 m,乙为0.6 m二、填空题（每空2分，共8分）16、如图所示为“探究加速度与物体受力与质量的关系”实验装置图。
图中A 为小车，B 为装有砝码的小桶，C 为一端带有定滑轮的长木板，小车通过纸带与电火花打点计时器相连，计时器接50H Z 交流电。
小车的质量为m 1，小桶（及砝码）的质量为m 2。
（1）下列说法正确的是 。
A ．每次改变小车质量时，应重新平衡摩擦力B ．实验时应先释放小车后接通电源C ．本实验m 2应远大于m 1D ．在用图像探究加速度与质量关系时，应作a -11m 图像 （2）实验时，某同学由于疏忽，遗漏了平衡摩擦力这一步骤，他测量得到的a - F 图像，可能是图中的图线 。
(选填“甲”、“ 乙”、“ 丙”)（3）如图所示为某次实验得到的纸带，纸带中相邻计数点间的距离已标出，相邻计数点间还有四个点没有画出。
由此可求得小车的加速度大小 m/s 2。
（结果保留二位有效数）17、用一游标尺上标有20等分刻度的游标卡尺测一工件的长度，测得的结果如图所示，则该工件的长度L= ＿＿＿＿cm 。
三、计算题（共32分，计算题请写出必要的文字说明，要能体现物理过程，无文字说明或不能体现物理过程的不得分）18、（8分)如图18所示，长12m 质量为50kg 的木板右端有一立柱．木板置于水平地面上，木板与地面间的动摩擦因数为0.1，质量为50kg 的人立于木板左端，木板与人均静止，当人以4m/s 2的加速度匀加速向右奔跑至板的右端时，立刻抱住立柱，(取g =10m/s 2)试求：(1)人在奔跑过程中受到的摩擦力的大小． (2)人在奔跑过程中木板的加速度．(3)人从开始奔跑至到达木板右端所经历的时间．19、（9分）A 、B 两辆汽车在笔直的公路上同向行驶。
B 车在A 车前84 m 处时，B 车速度为4 m/s ，且正以2 m/s 2的加速度做匀加速运动；经过一段时间后，B 车加速度突然变为零。
A 车一直以20 m/s 的速度做匀速运动。
经过12 s 后两车相遇。
问B 车加速行驶的时间是多少？20、（15分）如图20所示，半径R = 0.80m 的四分之一 光滑圆弧轨道竖直固定，过最低点的半径OC 处于竖直位置．其右方有底面半径r = 0.2m 的转筒，转筒顶端与C 等高，下部有一小孔，距顶端h = 0.8m ．转筒的轴线与圆弧轨道在同一竖直平面内，开始时小孔也在这一平面内的图示位置．今让一质量m = 0.1kg 的小物块自A点由静止开始下落后打在圆弧轨图18道上的B点，但未反弹，在瞬问碰撞过程中，小物块沿半径方向的分速度立刻减为O，而沿切线方向的分速度不变．此后，小物块沿圆弧轨道滑下，到达C点时触动光电装置，使转简立刻以某一角速度匀速转动起来，且小物块最终正好进入小孔．已知A、B到圆心O的距离均为R，与水平方向的夹角均为θ = 30°，不计空气阻力，g取l0m/s2．求：（1）小物块到达C点时对轨道的压力大小 F C；（2）转筒轴线距C点的距离L；（3）转筒转动的角速度ω.庆安高级中学2014届高三第一学期期中考试物理试题参考答案一、选择题：二、填空题：16、（1）_____D_______ （2） _______丙________ （3）0.50或0.4917、____2.030cm________三、计算题：18、(8分)19、(9分)（每问3分）（1）设人的质量为m ，加速度为a 1，木板的质量为M ，加速度为a 2，人对木板的摩擦力为f .则对人有：f =ma 1=200N ，方向向右 ．19、(15分)（每问5分）解析：（1）由题意可知，ABO 为等边三角形，则AB 间距离为R ，小物块从A 到B 做自由落体运动，根据运动学公式有 v B 2 = 2gR ， v B 切 = v B sin600从B 到C ，只有重力做功，据机械能守恒定律有222121)60cos 1(C B mv mv mgR =+︒-切在C 点，根据牛顿第二定律有Rmv mg F CC 2=-'代入数据解得N F s m v CC 5.3,/52='=据牛顿第三定律可知小物块到达C 点时对轨道的压力F C =3. 5N（2）滑块从C 点到进入小孔的时间：s s g h t 4.0108.022=⨯==L — r = v C t （1分） ∴ L = r + v C t = 0.2(1 + 45) m（3）在小球平抛的时间内，圆桶必须恰好转整数转，小球才能钻入小孔； 即 3,2,1(2==n n t πω……）（2分） 3,2,1(52===∴n n tn ππω……）。
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第一卷 一、选择题（本大题共12小题，每题4分，共48分，每题有一个或多个正确答案，选对但不全给2分，错选则不得分。
） 1.一物体由静止沿光滑的斜面匀加速下滑距离为 L时，速度为v，当它的速度是v/2时，它沿斜面下滑的距离是 ( ) A．L/2 B.C.L/4D.3L/4 2．，A．位移总随时间而增加 B．在连续相等的时间内的平均速度均匀增大 C．位移总跟时间的平方成正比 D．速度的增量总跟时间成正比 3．用如图所示的方法可以测出一个人的反应时间.甲同学用手握住直尺顶端刻度为零的地方,乙同学在直尺下端刻度为a的地方做捏住尺子的准备,但手没有碰到尺子.当乙同学看到甲同学放开尺子时,立即捏住尺子,乙同学发现捏住尺子的位置刻度为b.已知重力加速度为g,a、b的单位为国际制主单位,则乙同学的反应时间t约等于 4．物理学在研究实际问题时，常常进行科学抽象，即抓住研究问题的主要特征，不考虑与当前研究问题无关或影响较小的因素，建立理想化模型.下列选项是物理学中的理想化模型的有A.质点 B.匀速圆周运动 C.力的合成D.加速度．6 m/s的初速度在斜面上向上做加速度大小为2 m/s2的匀减速运动，又以同样大小的加速度沿斜面滑下，5 m。
（ ） 6. 从地面竖直向上抛出一物体A，同时在离地面某一高度处另有一物体B自由下落，两物体在空中达到同一高度时速度大小都是v，则下述正确的是（ ） A.物体A上抛初速度大小和B物体落地时的速度大小都是2v B.物体A和B落地时间相同 C.物体A能上升的最大高度和物体B开始下落时的高度相同 D.两物体在空中达同一高度处，一定是B物体开始下落时高度的中点 7．两滑杆上分别套A、B两圆环，两环上分别用细线悬吊着两物体C、D，如图所示，当它们都沿滑杆向下滑动时，A的悬线始终与杆垂直，B的悬线始终竖直向下则A．A环做的是匀速运动 B．B环做的是匀速运动 CA环与杆之间一定有摩擦力 DB环与杆之间一定无摩擦力．，a1的匀加速直线运动，t1，接着物体又做加速度为a2的匀减速直线运动，t2，， 9．甲乙两车在一平直道路上同向运动，其v－t图象如图1－3－21所示，图中OPQ和OQT的面积分别为x1和x2(x2＞x1)，初始时，甲车在乙车前方x0处A．若x0＝x1＋x2，两车不会相遇 B．若x0＜x1，两车相遇2次 C．若x0＝x1，两车相遇1次 D．若x0＝x2，两车相遇1次如图，一根轻质木棒AO，A端用光滑铰链固定于墙上，在O端下面吊一个重物，上面用细绳BO系于顶板上，现将B点逐渐向右移动，并使棒AO始终保持水平，则（ ） BO绳上的拉力．BO绳上的拉力先变小后变大．先变小后变大．先变大后变小某汽车在启用ABS刹车系统和不启用该刹车系统紧急刹车时，其车速与时间的变化关系分别如下图中的、图线所示．由图可知，启用ABS后A．t1时刻车速更小B．0～t1的时间内加速度更C．加速度总比不启用ABS时大D．刹车后前行的距离比不启用ABS更短第二卷 二、填空题（本大题共有5小题，每题5分，共25分） 13、如图所示，置于水平地面的三脚架上固定着一质量为m的照相机，三脚架的三根轻质支架等长，与竖直方向均成角，则每根支架中承受的压力大小为________N． 14、如图所示，重力为G1=10N，G2=20N的木块悬挂在绳PC和PB的结点上，PB水平，G2在倾角为300的斜面上，PA偏离竖直方向300，系统处于静止。
陕西省西安市庆安中学高二物理上学期第二次月考试题(
陕西省西安市庆安中学2013-2014学年高二物理上学期第二次月考试题（无答案）北师大版（考试时间100分钟满分100分）一．选择题（将正确的选项填在答题卡的答题表中，本题共10小题，每小题4分共记40分，在每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1.下列说法中正确的是（）A、电荷在某处不受电场力的作用，则该处电场强度为零B、一小段通电导线在某处不受磁场力作用，则该处磁感应强度一定为零C、表征电场中某点电场的强弱，是把一个检验电荷放在该点时受到的电场力与检验电荷本身电荷量做比值D、表征磁场中某点磁场的强弱，是把一小段通电导线放在该点时受到的磁场力与该小段导体长度和电流乘积的比值2．如图所示，是一段导线在磁场中的受力分析示意图，其中正确的图示是（）3. 如图所示，把一重力不计的通电直导线水平放在蹄形磁铁磁极的正上方，导线可以自由移动，当导线通过图示方向电流时，导线的运动情况是（从上往下看）：（）A．顺时针方向转动，同时下降 B．顺时针方向转动，同时上升C．逆时针方向转动，同时下降 D．逆时针方向转动，同时上升4．如图所示，三根长直通电导线中的电流大小相同，通过b、d导线的电流方向为垂直纸面向里，c导线的电流方向为垂直纸面向外，a点为b、d两点连线的中点，ac垂直bd，且ab=ad=ac,则a点的磁场方向为（）A．垂直纸面向外 B．垂直纸面向里C．沿纸面由a指向b D．沿纸面由a指向d5．已知质量为m的通电细杆ab与导轨间的摩擦系数为μ，有电流时， ab恰好在导轨上静止，如图所示，下图是它的四个侧视图四种可能的匀强磁场方向，其中能使杆ab与导轨之间摩擦力为零的图是( )6. 如图所示的电路中，电源的电动势为 E，内阻为r, 开始时开关闭合。
则下列说法正确的是( )A．当滑动变阻器的滑片向下移动时，电流表示数变大，电压表示数变大B．当滑动变阻器的滑片向下移动时，电流表示数变小，电压表示数变小C．当开关S断开时，电流表示数变大，电压表示数变大D．当开关S断开时，电流表示数变小，电压表示数变小7．质量为m，电量为q的电荷，经电压U加速后垂直进入磁感应强度为B的匀强磁场中，受到的洛伦兹力大小为（）8．质子（p）和α粒子以相同的速率在同一匀强磁场中作匀速圆周运动，轨道半径分别为 Rp 和 R ，周期分别为 Tp和 T ，则下列选项正确的是（）A．R ：Rp＝2 ：1 ；T ：Tp＝2 ：1 B．R ：Rp＝1：1 ；T ：Tp＝1 ：1C．R ：Rp＝1 ：1 ；T ：Tp＝2 ：1 D．R ：Rp＝2：1 ；T ：Tp＝1 ：19．有三束粒子，分别是质子（p），氚核和α粒子，如果它们以相同的速度沿垂直于磁场方向射入匀强磁场，（磁场方向垂直于纸面向里）则在下面四图中，哪个图正确地表示出这三束粒子的运动轨迹( )10．如图所示，在加有匀强磁场的区域中，一垂直于磁场方向射入的带电粒子轨迹如图所示，由于带电粒子与沿途的气体分子发生碰撞，带电粒子的能量逐渐减小，从图中可以看出：（）A、带电粒子带正电，是从B点射入的B、带电粒子带负电，是从B点射入的C、带电粒子带负电，是从A点射入的D、带电粒子带正电，是从A点射入的二．填空题（每空2分，共24分）11. 游标卡尺的示数是 cm。
陕西省西安市庆安中学2014届高三上学期期中考试数学(文)试题
陕西省西安市庆安中学2014届高三上学期期中考试数学（文）试题一、选择题：在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求（本大题共10小题，每小题5分，共50分）1. 集合{|lg 0}M x x =>，2{|4}N x x =≤，则MN =（ ）A. (1,2)B. [1,2)C. (1,2]D. [1,2]2. 已知复数iiz +=12，z 的共轭复数为则z ，则z z ⋅=（ ） A ．i -1 B ． 2 C ． i +1 D ． 03.已知α为第二象限角，3sin 5α=，则sin 2α=（ ）（A ）2524- （B ）2512- （C ）2512 （D ）25244.设x R ∈ ，向量(,1),(1,2),a x b ==-且a b ⊥ ，则||a b +=（ ）（A （B （C ）（D ）10 5． 执行如图所示的程序框图，输出S 值为（ ）（A ）2 （B ）4 （C ）8 （D ）166. 在△ABC 中，若222sin sin sin A B C +<，则△ABC 的形状是（ ） A 、钝角三角形 B 、直角三角形 C 、锐角三角形 D 、不能确定 7．在区间()0,1内任取两个实数，则这两个实数的和大于13的概率为（ ） A ．1718 B ．79 C ．29 D ．1188. 命题“若α=4π，则tan α=1”的逆否命题是A.若α≠4π，则tan α≠1 B. 若α=4π，则tan α≠1C. 若tan α≠1，则α≠4πD. 若tan α≠1，则α=4π9. 设向量a =（1.cos θ）与b =（-1， 2cos θ）垂直，则cos 2θ等于 （ ）B 12C .0 D.-1 10. 小王从甲地到乙地的时速分别为a 和b （a<b ），其全程的平均时速为v ，则 （ ）2a b + D.v=2a b+ 二、 填空题：把答案填写在答题卡相应的题号后的横线上（本大题共5小题，每小题5分，共25分）11设函数发f （x ）=，则f （f （-4））=12. 若集合{}210A x x =->，{}1B x x =<，则A B ⋂＝ 13. 等比数列{a n }的前n 项和为S n ，若S 3+3S 2=0，则公比q =_______14. 若变量x ，y 满足约束条件则目标函数z=2x+3y 的最小值是________.15. （考生注意：请在下列三题中任选一题作答，如果多做，则按所做的第一题评分）A.（不等式选做题）若存在实数x 使|||1|3x a x -+-≤成立，则实数a 的取值范围是 。
2013-2014学年陕西省西安一中高三(上)期中物理试卷
2013-2014学年陕西省西安一中高三（上）期中物理试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共12小题，共38.0分)1.一物体在做自由落体运动的过程中（）A.加速度不变化B.加速度与时间成正比C.位移与时间成正比D.速度与位移成正比【答案】A【解析】解：A、自由落体运动仅受重力作用，加速度恒定，故A正确B、由A分析可知B错误C、由位移公式h=gt2得，位移与时间的平方成正比，故C错误D、由公式v2=2gh知，D错误故选A熟练记忆自由落体运动的定义和速度、位移公式，可以迅速解答．自由落体运动是初速度为零的加速度为g的匀加速直线运动，要牢记位移公式和速度公式并能熟练应用2.如图所示，木板B放在粗糙水平面上，木块A放在B的上面，A的右端通过一不可伸长的轻绳固定在竖直墙上，用水平恒力F向左拉动B，使其以速度v做匀速运动，此时绳水平且拉力大小为T，下面说法正确的是（）A.绳上拉力T与水平恒力F大小相等B.木块A受到的是静摩擦力，大小等于TC.木板B受到一个静摩擦力，一个滑动摩擦力，合力大小等于FD.若木板B以2v匀速运动，则拉力仍为F【答案】D【解析】解：A、以AB整体为研究对象，分析受力情况：水平方向受到：水平向左的拉力F、绳子水平向右的拉力T和地面对B水平向右的滑动摩擦力，根据平衡条件得知，绳上拉力T 小于水平恒力F．故A错误．B、A、B间产生相对滑动，木块A受到的是滑动摩擦力，大小等于T．故B错误．C、木板B受到两个滑动摩擦力，合力大小等于F．故C错误．D、若木板B以2v匀速运动，AB受力情况都没有变化，则拉力F也不变．故D正确．故选D以AB整体为研究对象，根据平衡条件，分析绳上拉力T与水平恒力F的大小关系．AB 间相对滑动，木块A和B受到的是滑动力．本题是两个物体平衡问题，要灵活选择研究对象，本题采用整体法处理，也可以运用隔离法研究．3.下列三个力学实验中体现出的共同的物理思想方法是（）A.极限法B.放大法C.控制变量法D.等效替代法【答案】B【解析】解：图1和图3实验都利用入射光线不变时，当入射角改变α时，反射角改变2α的原理，图1中将桌面在力F作用下发生的形变通过反射光线在屏上光斑移动显示出来，采用放大法．图2中，用手压琉璃瓶，琉璃瓶发生微小的变形，体积减小，由于管子很细，管中水位上升明显，即通过细管将瓶子的形变显示出来，采用的也是放大法．故选B．图1和图3实验利用：入射光线不变时，当入射角改变α时，反射角改变2α，采用放大法．图2中，用手压琉璃瓶，通过细管将瓶子的形变显示出来，采用的也是放大法．对于物理实验常用的科学研究方法要理解并记忆．放大法是将微小的量放大，变得直观，是常用的研究方法．4.用一根绳吊起金属小桶，在桶的下部钻两个小孔A、B，当桶内盛满水时，水从A、B孔喷出，如图所示．当剪断绳，让小桶自由下落，如果空气阻力可以忽略，则在下落过程中（）A.水继续以相同速度喷出B.水将不再从小孔中喷出C.水将以更大速度喷出D.水将以较小速度喷出【答案】B【解析】解：水桶自由下落，处于完全失重状态，故其中的水也处于完全失重状态，对容器壁无压力，故水不会流出；故选B．自由落体运动是初速度为零的匀加速直线运动，加速度为g；当物体以加速度g竖直下落时，物体处于完全失重状态．本题关键明确水处于完全失重状态，对容器壁无压力；也可以假设水对容器壁的力为F，然后根据牛顿第二定律列式求出F=0．5.如图所示，起重机将重为G的重物匀速吊起，此时四条钢索与竖直方向的夹角均为60°，则每根钢索中弹力大小为（）A. B. C. D.【答案】D【解析】解：以整体为研究对象，由平衡条件得知，起重机竖直钢绳的拉力大小为F=G．设每根钢索中弹力大小为T．由于四条钢索与竖直方向的夹角均为60°，则有：4T cos60°=G解得：T=故选D先对重物进行受力分析，由平衡条件求出起重机竖直钢绳的拉力，再根据数学知识得到竖直方向的钢绳拉力与四条钢绳拉力的关系，求出每根钢索中弹力大小．本题解题关键要搞清上方钢绳的拉力与四根钢索拉力的关系，根据竖直方向力平衡进行求解．6.2011年11月3日，“神舟八号”飞船与“天宫一号”目标飞行器成功实施了首次交会对接．任务完成后“天宫一号”经变轨升到更高的轨道，等待与“神舟九号”交会对接．变轨前和变轨完成后“天宫一号”的运行轨道均可视为圆轨道，对应的轨道半径分别为R1、R2，线速度大小分别为v1、v2．则等于（）A. B. C. D.【答案】B【解析】解：“神舟八号”飞船与“天宫一号”绕地球做匀速圆周运动，靠万有引力提供向心力：得：，故．故B正确、ACD错误．故选：B天宫一号绕地球做匀速圆周运动，靠万有引力提供向心力，根据万有引力定律和牛顿第二定律比较线速度的大小关系．本题的关键根据万有引力提供向心力，解出线速度与轨道半径的关系．7.如图所示，甲、乙两人在冰面上“拔河”．两人中间位置处有一分界线，约定先使对方过分界线者为赢．若绳子质量不计，冰面可看成光滑，则下列说法正确的是（）A.甲对绳的拉力与绳对甲的拉力是一对平衡力B.甲对绳的拉力与乙对绳的拉力是作用力与反作用力C.若甲的质量比乙大，则甲能赢得“拔河”比赛的胜利D.若乙收绳的速度比甲快，则乙能赢得“拔河”比赛的胜利【答案】C【解析】解：A、甲对绳的拉力与绳对甲的拉力是作用力和反作用力，故A错误；B、甲对绳的拉力与乙对绳的拉力的一对平衡力，故B错误；C、若甲的质量比乙大，则甲的加速度比乙的小，可知乙先到分界线，故甲能赢得“拔河”比赛的胜利，故C正确；D、收绳速度的快慢并不能决定“拔河”比赛的输赢，故D错误．故选C．作用力和反作用力一定是两个物体之间的相互作用力，并且大小相等，方向相反，同时产生同时消失，而平衡力不会同时产生和消失．在作用力一样的情况下，由牛顿第二定律可知，质量大的，加速度小，运动的慢．胜负的关键在于看谁的速度大，是谁先到达分界线，由于力的大小一样，又没有摩擦力，就只与质量有关了．8.如图所示，放在固定斜面上的物块以加速度a沿斜面匀加速下滑，若在物块上再施加一竖直向下的恒力F，则（）A.物块可能匀速下滑B.物块仍以加速度a匀加速下滑C.物块将以大于a的加速度匀加速下滑D.物块将以小于a的加速度匀加速下滑【答案】C【解析】解：未加F时，物体受重力、支持力和摩擦力，根据牛顿第二定律有：a=．当施加F后，加速度a′=，因为gsinθ＞μgcosθ，所以F sinθ＞μF cosθ，可见a′＞a，即加速度增大．故C确，A、B、D均错误．故选C．将F分解为垂直于斜面和平行于斜面两个方向F1和F2，根据力的独立作用原理，单独研究F的作用效果，当F引起的动力增加大时，加速度增大，相反引起的阻力增大时，加速度减小．解决本题的关键能够正确地进行受力分析，运用牛顿第二定律进行求解．9.经长期观测人们在宇宙中已经发现了“双星系统”．“双星系统”由两颗相距较近的恒星组成，每个恒星的线度远小于两个星体之间的距离，而且双星系统一般远离其他天体．如图所示，两颗星球组成的双星，在相互之间的万有引力作用下，绕连线上的O点做周期相同的匀速圆周运动．现测得两颗星之间的距离为L，质量之比为m1：m2=3：2．则可知（）A.m1、m2做圆周运动的线速度之比为3：2B.m1、m2做圆周运动的角速度之比为3：2C.m1做圆周运动的半径为D.m2做圆周运动的半径为【答案】C【解析】解：设双星运行的角速度为ω，由于双星的周期相同，则它们的角速度也相同，则根据牛顿第二定律得：对m1：G=①对m2：G=②由①：②得：r1：r2=m2：m1=2：3又r2+r1=L，得r1=，r2=由v=ωr，ω相同得：m1、m2做圆周运动的线速度之比为v1：v2=r1：r2=2：3．故选C双星在相互之间的万有引力作用下，绕连线上的O点做周期相同的匀速圆周运动，根据牛顿第二定律分别对两恒星进行列式，来求解线速度之比、角速度之比，并得出各自的半径．双星是圆周运动在万有引力运用中典型问题，关键抓住它们之间的关系：角速度和周期相同，由相互之间的万有引力提供向心力．10.如图所示，木块从左边斜面的A点自静止开始下滑，经过一段水平面后，又滑上右边斜面并停留在B点．若动摩擦因数处处相等，AB连线与水平面夹角为θ，则木块与接触面间的动摩擦因数为：（不考虑木块在路径转折处碰撞损失的能量）（）A.sinθB.cosθC.tanθD.cotθ【答案】C【解析】解：设AB的水平长度为x，竖直高度差为h，AC的倾角为α1，EB的倾角为α2，对A到B的过程运用动能定理得，mgh-μmgcosα1AC-μmg•CE-μmgcosα2•EB=0因为AC•cosα1+CE+EB cosα2=x则有：mgh-μmgx=0解得μ==tanθ．故C正确，A、B、D错误．故选：C．对全过程运用动能定理，结合摩擦力做功的大小，求出动摩擦因数大小．掌握斜面上运动过程中摩擦力做功的特点，对多运动过程应用全过程动能定理解决．11.如图所示，在外力作用下某质点运动的υ-t图象为正弦曲线．从图中可以判断（）A.在0～t1时间内，外力做正功B.在0～t1时间内，外力的功率逐渐增大C.在t2时刻，外力的功率最大D.在t1～t3时间内，外力做的总功为零【答案】AD【解析】解：A、在0～t1时间内，由图象可知，物体的速度沿正方向，加速度为正值且减小，故力与速度方向相同，故外力做正功；故A正确；B、图象斜率表示加速度，加速度对应合外力，合外力减小，速度增大；由图象可知0时刻速度为零，t1时刻速度最大但拉力为零，由P=F v可知外力的功率在0时刻功率为零，t1时刻功率也为零，可知功率先增大后减小，B错误．C、t2时刻物体的速度为零，由P=F v可知外力的功率为零，故C错误．D、在t1～t3时间内物体的动能变化为零，由动能定理可知外力做的总功为零，故D正确；故选AD．由v-t图象可知物体的运动方向，由图象的斜率可知拉力的方向，则由功的公式可得出外力做功的情况，由P=F v可求得功率的变化情况．本题要求学生能熟练掌握图象的分析方法，由图象得出我们需要的信息．B答案中采用极限分析法，因开始为零，后来为零，而中间有功率，故功率应先增大，后减小．12.汽车在平直公路上以速度v0匀速行驶，发动机功率为P，牵引力为F0，t1时刻，司机减小了油门，使汽车的功率立即减小一半，并保持该功率继续行驶，到t2时刻，汽车又恢复了匀速直线运动（设整个过程中汽车所受的阻力不变）．则图中能反映汽车牵引力F、汽车速度V在这个过程中随时间t变化的图象是（）A. B. C. D.【答案】AD【解析】解：由题，汽车以功率P、速度v0匀速行驶时，牵引力与阻力平衡．当司机减小油门，使汽车的功率减为时，根据P=F v得知，汽车的牵引力突然减小到原来的一半，即为F=F0，而阻力没有变化，则汽车开始做减速运动，由于功率保持为P，随着速度的减小，牵引力逐渐增大，根据牛顿第二定律得知，汽车的加速度逐渐减小，做加速度减小的变减速运动．当汽车再次匀速运动时，牵引力与阻力再次平衡，大小相等，由P=F v 得知，此时汽车的速度为原来的一半．故选AD汽车的功率P=F v，分析司机减小油门时牵引力的变化，判断汽车速度的变化．再选择图象．本题考查分析汽车运动过程的能力，要抓住汽车的功率P=F v，在功率一定时，牵引力与速度成反比，是相互制约的关系．二、多选题(本大题共4小题，共16.0分)13.如图所示，一根轻质弹簧竖直放置在水平地面上，下端固定，弹簧的正上方O点有一物块从静止下落并压缩弹簧，图甲中A点为弹簧处于自然长度时上端的位置，B点为弹簧弹力与物块所受重力大小相等的位置，C点为物块运动的最低点，若A、B、C三点与O点的距离分别用x A、x B、x C表示，物块加速度的大小用a表示，物块的动能E k表示，物块由O点下落的距离用x表示，g表示重力加速度，则能正确反映a和E k随x变化的图象大致是（）A. B. C. D.【答案】BC【解析】解：A、由已知B点为弹簧弹力与物块所受重力大小相等的位置，即平衡位置，由运动的对称性可知，若A点的速度为零，则C点的加速度等于g，但物体到达A点时已经具有一定的速度，所以物体到达最低点时C时的加速度大于g，故A错误，B正确；C、小球下落由O到A的过程减少的重力势能转化为增加的动能，即增加的动能与下落的高度x成正比，E k-x图象中开始的一段为线性，接触弹簧后减少的一部分要转化为弹簧的弹性势能，故动能增加的越来越慢，所以C正确D错误；故选：BC．由AB选项对比可知重点分析物块到达最低点时的加速度大于A点的加速度还是等于A 点的加速度；小球下落由O到A的过程减少的重力势能转化为增加的动能，由A到C过程减少的重力势能转化为动能和弹簧的弹性势能．若小球在A点的速度为零，则小球的运动为关于B对称的简谐振动，则到达最低点的加速度为g，但小球到达A点时已经具有一定的速度，所以小球把弹簧压缩的量比做简谐振动时的压缩量要大，故在最低点的加速度大于g．14.下列关于力和运动的说法中，正确的是（）A.物体所受的合力为零，它的动量一定为零B.物体所受的合外力不变，它的动量变化率不变C.物体所受的合外力的冲量为零，它的动量变化一定为零D.物体所受的合力外的做的功为零，它的动量变化一定为零【答案】BC【解析】解：A、匀速运动的物体所受合力为零，动量不为零，故A错误B、根据动量定理F t=△P，，故B正确C、根据动量定理F t=△P，物体所受的合外力的冲量为零，它的动量变化一定为零，故C正确；D、根据动能定理物体所受的合力外的做的功为零，但根据动量定理F t=mv它的动量变化一定不为零．故D错误；故选：BC．根据动量定理F t=mv结合动能定理分析即可，动能不变，动量可以变化．考查了动能定理、动量定理应用，解释一些常见问题．15.如图所示，不计质量的光滑小滑轮用细绳悬挂于墙上O点，跨过滑轮的细绳连接物块A、B，A、B都处于静止状态，现将物块B移至C点后，A、B仍保持静止，下列说法中正确的是（）A.B与水平面间的摩擦力减小B.地面对B的弹力增大C.悬于墙上的绳所受拉力不变D.A、B静止时，图中α、β、θ三角始终相等【答案】BD【解析】解：A、B、对物体A受力分析，受到重力和细线的拉力，根据平衡条件，拉力等于物体A的重力，当把物体B移至C点后，绳子BO与水平方向的夹角变小，但细线的拉力不变；再对物体B受力分析，受重力、支持力、拉力和向后的静摩擦力，如图根据共点力平衡条件，有T cosθ=fN+T sinθ=mg由于角θ变小，故B与水平面间的静摩擦力变大，支持力N变大，故A错误，B正确；C、对滑轮受力分析，受物体A的拉力（等于其重力），OB绳子的拉力T以及悬于墙上的绳子的拉力F，由于重力和OB绳子的拉力相等且夹角变大，故其合力变小，故墙上的绳子的拉力F也变小，故C错误；D、对滑轮受力分析，受物体A的拉力（等于重力），OB绳子的拉力T以及悬于墙上的绳子的拉力F，由于重力和OB绳子的拉力相等，故合力在角平分线上，故α=β，又由于三力平衡，故OB绳子的拉力T也沿着前面提到的角平分线，绳子拉力沿着绳子方向，故α=β=θ，故D正确；故选：BD．当把物体B移至C点后，绳子BO与水平方向的夹角变小，对A和B分别受力分析，然后运用共点力平衡条件结合正交分解法进行分析．本题关键是分别对物体A、物体B、滑轮受力分析，然后根据共点力平衡条件结合正交分解法和合成法进行分析讨论．16.如图所示，硬杆一端通过铰链固定在墙上的B点，另一端装有滑轮，重物用绳拴住通过滑轮固定于墙上的A点，使重物处于平衡态，若杆、滑轮及绳的质量和摩擦均不计，将绳的固定端从A点沿墙稍向上移动一点距离，再使之平衡时，则（）A.绳的拉力减小，滑轮对绳的作用力增大B.杆与竖直墙壁的夹角增大C.绳的拉力、滑轮对绳的作用力都不变D.绳的拉力不变，滑轮对绳的作用力减小【答案】BD【解析】解：由于杆一直平衡，对两根细线的拉力的合力一定在杆的方向上；又由于同一根绳子的张力处处相等，故两根细线的拉力一定相等且等于物体的重力G，保持不变；根据平行四边形定则，合力一定在角平分线上．将绳的固定端从A点稍向上移时，两拉力的夹角增大，则知绳GC与杆的夹角增大才能重新平衡，故杆与竖直墙壁的夹角增大．故B正确．绳的拉力不变，夹角增大，则两个拉力的合力不断减小，滑轮受到的绳的压力不断减小，则滑轮对绳的作用力也减小．故D正确，AC错误．故选：BD．由于杆一直平衡，故绳子对杆的压力一定沿着杆的方向，而同一根绳子的张力处处相等，根据平行四边形定则分析即可．本题关键是要明确连个细线的拉力的合力沿着杆子的方向，且两个细线的拉力等于物体的重力，然后根据平行四边形定则进行分析判断．四、多选题(本大题共1小题，共2.0分)18.在测量长度的实验中某同学测量结果为3.240cm，请问该同学用的测量工具可能是：（）A.毫米刻度尺B.精度为0.1mm的游标卡尺C.精度为0.05mm的游标卡尺D.精度为0.02mm的游标卡尺E.螺旋测微器【答案】CD【解析】解：A、因3.240cm=32.40mm，最小刻度是毫米的刻度尺的应估读到0.1mm．故A错误；B、因3.240cm=32.40mm，10分度的游标卡尺不需要估读，以毫米为单位小数点后面应该有1位小数，故B错误．C、因3.240cm=32.40mm，精度为0.05mm的游标卡尺，以毫米为单位小数点后面应该有2位小数，但最后一位数必定为0或5，故C正确；D、因3.240cm=32.40mm，精度为0.02mm的游标卡尺，以毫米为单位小数点后面应该有2位小数，故D正确；E、因3.240cm=32.40mm，螺旋测微器需要估读，以毫米为单位应读到小数点后3位．故E错误；故选：CD．由所给数据位数，结合各器材的精确度进行分析．考查各种仪器的读数方法，明确估读位数．三、填空题(本大题共1小题，共8.0分)17.在用打点计时器验证机械能守恒定律的实验中，质量m=1.00㎏的重物自由下落，打点计时器在纸带上打出一系列点．如图所示为选取的一条符合实验要求的纸带，O为第一个点，A、B、C为从合适位置开始选取的三个连续点（其他点未画出）．已知打点计时器每隔0.02s打一次点，当地的重力加速度g=9.80m/s2．那么：（1）纸带的______ 端（选填“左”或“右’）与重物相连；（2）根据图上所得的数据，应取图中O点和______ 点来验证机械能守恒定律；（3）从O点到所取点，重物重力势能减少量△E P= ______ J，动能增加量△E K= ______ J；（结果取3位有效数字）（4）实验的结论是______ ．【答案】左；B；1.88；1.84；在误差允许的范围内，机械能守恒【解析】解：（1）下落过程为匀加速运动，物体运动速度渐渐变大，故打点间距应变大，所以纸带的左端与重物相连；（2）要验证机械能守恒，应求得某点的速度才行，由数据可得B的速度，故选B点（3）从O到B的距离：h=19.20cm；B的速度为v==1.92m/s故J=1.88J=J=1.84J（4）结论是：在误差允许的范围内，机械能守恒答：（1）纸带的左端与重物相连（2）选B点（3）重物重力势能减少量1.88J，动能增加量1.84J（4）由数据对比可得：△E P略大于△E K，由于该实验存在空气阻力和纸带与振针之间的摩擦．考虑误差因素，结论是：在误差允许的范围内，机械能守恒（1）物体运动速度渐渐变大，故打点间距应变大（2）要求计算出速度值才行，故应求得某点的速度，选B点（3）重物重力势能减少量为mgh，mv2（4）由数据对比得到结论验证机械能守恒只要验证mgh=m（），故不用测定质量，但要知道高度差和速度值，由于摩擦影响，动能增加量要小于重力势能减小量五、计算题(本大题共3小题，共36.0分)19.两个完全相同的物块a、b质量为m=0.8kg，在水平面上以相同的初速度从同一位置开始运动，图中的两条直线表示物体受到水平拉力F作用和不受拉力作用的v-t图象，求：（1）物体a受到的摩擦力大小；（2）物块b所受拉力F的大小；（3）8s末a、b间的距离．【答案】解：（1）设a物块的加速度大小为a1，由v-t图可得；由牛顿第二定律可得：f=ma1=1.2N；（2）设b物块的加速度大小为a2，由v-t图可得：；F-f=ma2得F=1.8N（3）设a、b物体在8s内的位移分别为s1和s2．8s末a、b间的距离s=s2-s1=60m【解析】（1）由图象可求得物体的加速度，由牛顿第二定律可求得合力，而a物体只受摩擦力，则合力即为摩擦力；（2）由图象可求得物体的加速度，由牛顿第二定律可求得b合力，因摩擦力与a的相同，即可求得拉力；（3）由位移与速度的关系可分别求得ab物体的位移，则可求得8s末两者的距离．图象在物理学中具有非常重要的地位，本题将图象与牛顿第二定律相结合，是道好题．20.如图所示，一小球自平台上水平抛出，恰好落在临近平台的一倾角为α=53°的光滑斜面顶端，并刚好沿光滑斜面下滑，已知斜面顶端与平台的高度差h=0.8m，重力加速度g=10m/s2，sin53°=0.8，cos53°=0.6，求：（1）小球水平抛出的初速度v0是多少？（2）斜面顶端与平台边缘的水平距离s是多少？（3）若斜面顶端离地高H=20.8m，则小球离开平台后经多长时间t到达斜面底端？【答案】解：（1）由题意可知：小球落到斜面上并沿斜面下滑，说明此时小球速度方向与斜面平行，否则小球会弹起，所以v y=v0tan53°，=2gh，解得v y=4m/s，v0=3m/s．（2）由v y=gt1解得t1=0.4s，所以水平距离s=v0t1=3×0.4m=1.2m．（3）对物体受力分析，根据牛顿第二定律可得，小球沿斜面做匀加速直线运动的加速度a=gsin 53°，初速度为平抛运动的末速度v==5m/s．则=vt2+a，解得t2=2s．（或t2=-s不合题意舍去）所以t=t1+t2=2.4s．答：（1）小球水平抛出的初速度v0是3m/s；（2）斜面顶端与平台边缘的水平距离s是1.2m；（3）若斜面顶端离地高H=20.8m，则小球离开平台后到达斜面底端的时间是2.4s．【解析】（1）小球水平抛出后刚好能沿光滑斜面下滑，说明此时小球的速度的方向恰好沿着斜面的方向，由此可以求得初速度的大小；（2）小球在接触斜面之前做的是平抛运动，根据平抛运动的规律可以求得接触斜面之前的水平方向的位移，即为斜面顶端与平台边缘的水平距离；（3）小球在竖直方向上做的是自由落体运动，根据自由落体的规律可以求得到达斜面用的时间，到达斜面之后做的是匀加速直线运动，求得两段的总时间即可．小球在接触斜面之前做的是平抛运动，在斜面上时小球做匀加速直线运动，根据两个不同的运动的过程，分段求解即可．21.在如图所示的装置中，两个光滑的定滑轮的半径很小，表面粗糙的斜面固定在地面上，斜面的倾角为θ=30°．用一根跨过定滑轮的细绳连接甲、乙两物体，把甲物体放在斜面上且连线与斜面平行，把乙物体悬在空中，并使悬线拉直且偏离竖直方向α=60°．现同时释放甲、乙两物体，乙物体将在竖直平面内振动，当乙物体运动经过最高点和最低点时，甲物体在斜面上均恰好未滑动．已知乙物体的质量为m=1㎏，若取重力加速度g=10m/s2．求：甲物体的质量及斜面对甲物体的最大静摩擦力．【答案】解：设甲物体的质量为M，所受的最大静摩擦力为f，则当乙物体运动到最高点时，绳子上的弹力最小，设为T1，对乙物体T1=mgcosα此时甲物体恰好不下滑，有：M gsinθ=f+T1得：M gsinθ=f+mgcosα当乙物体运动到最低点时，设绳子上的弹力最大，设为T2对乙物体由动能定理：又由牛顿第二定律：此时甲物体恰好不上滑，则有：M gsinθ+f=T2得：M gsinθ+f=mg（3-2cosα）可解得：M=2.5kgf=7.5N．故物体的质量为2.5kg，斜面对甲物体的最大静摩擦力为7.5N．【解析】当乙物体运动到最高点时，拉力最小，此时甲物体有沿斜面向上的最大静摩擦力；当乙物体运动到最低点时，拉力最大，此时甲物体有沿斜面向下的最大静摩擦力，根据共点。
陕西省高三上学期期中物理试卷A卷(考试)
陕西省高三上学期期中物理试卷A卷姓名:________ 班级:________ 成绩:________一、选择题 (共8题；共18分)1. （2分）物理学的发展离不开科学家所做出的重要贡献。
许多科学家大胆猜想，勇于质疑，获得了正确的科学认知，推动了物理学的发展。
下列叙述符合物理史实的是（）A . 汤姆孙通过研究阴极射线发现电子，并精确地测出电子的电荷量B . 玻尔把量子观念引入到原子理论中，完全否定了原子的“核式结构”模型C . 光电效应的实验规律与经典电磁理论的矛盾导致爱因斯坦提出光子说D . 康普顿受到光子理论的启发，以类比的方法大胆提出实物粒子也具有波粒二象性2. （2分）在一个匀强电场中有a，b两点，相距为d，电场强度为E，把一个电量为q的负电荷由a移动b 点时，电场力对电荷做正功W，以下说法正确的是（）A . a点电势比b点电势高B . 该电荷在b点的电势能较a点大C . a，b两点电势差大小一定满足U=EdD . a，b两点电势差大小一定满足U=3. （2分） (2017高一下·红桥期中) 已知某星球的质量是M，一颗卫星绕该星球做匀速圆周运动，卫星的轨道半径是r，万有引力常量是G．根据所给的条件可求出的物理量是（）A . 卫星所受的向心力B . 卫星的向心加速度C . 星球的密度D . 卫星的密度4. （2分）如图所示，P、Q是等量的正电荷，O是它们连线的中点，A、B是中垂线上的两点，用EA、EB和φA、φB分别表示A、B两点的电场强度和电势，则（）A . EA一定大于EB ，φA一定大于φBB . EA不一定大于EB ，φA一定大于φBC . EA一定大于EB ，φA不一定大于φBD . EA不一定大于EB ，φA不一定大于φB5. （2分） (2016高二上·金山期中) 如图所示，墙壁上的Q处有一固定的质点A，在Q上方P点用绝缘丝线悬挂另一质量的小球B，A、B带同种电荷后而使悬线与竖直方向成β角．由于漏电使带电荷量逐渐减少，在电荷漏完之前悬线对P点的拉力大小（）A . 保持不变B . 先变小后变大C . 逐渐减小D . 逐渐增大6. （3分） (2017高一上·福州期末) 如图所示，自由下落的小球，从它接触竖直放置的弹簧开始到弹簧压缩到最大程度的过程中，小球的速度和加速度的变化情况（）A . 速度先变大后变小B . 速度先变小后变大C . 加速度先变小后变大D . 加速度先变大后变小7. （2分）有一匀强电场，其场强为E，方向水平向右，把一个半径为r的光滑绝缘环，竖直放置于场中，环面平行于电场线，环的顶点A穿有一个质量为m，电量为q(q>0)的空心小球，如图所示，当小球由静止开始从A 点下滑1/4圆周到B点时，小球对环的压力大小为（）A . 2mgB . qEC . 2mg+qED . 2mg+3qE8. （3分） (2019高一下·绵阳月考) 一个质量为 m的小球，用长为l的轻绳悬挂于O点，小球在水平力F 作用下，从最低点P缓慢地移到Q点，如图所示，则在此过程中（）A . 小球受到的合力做功为B . 拉力F的做功为FlsinθC . 小球重力势能增加D . 水平力F做功使小球机械能增加二、非选择题 (共4题；共34分)9. （6分） (2019高二上·桂林期中) 如图是某实验小组为了定性探究平行板电容器的电容与其结构之间的关系装置图。
陕西省西安市西安中学高三物理上学期第四次质量检测试
陕西省西安市西安中学高2014届上学期第四次质量检测物理试题3-21班一、选择题（每题4分，共48分）1、一个物体在多个力的作用下处于静止状态，如果仅使其中一个力的大小逐渐减小到零，然后又从零逐渐恢复到原来的大小(此力的方向始终未变)，在这一过程中其余各力均不变．那么，下列各图中能正确描述该过程中物体速度变化情况的是( )2、质量相等的甲、乙两车从某地同时由静止开始沿直线同方向加速运动，甲车功率恒定，乙车牵引力恒定，两车所受阻力相等且均为恒力．经过t时间，甲、乙两车速度相同，则（） A．t时刻甲车一定在乙车的前面B．t时刻甲车加速度大于乙车加速度C．t时刻甲车牵引力的瞬时功率大于乙车牵引力的瞬时功率D．t时间内甲车牵引力的功率小于乙车牵引力的平均功率3、如图所示，物体A、B用细绳连接后跨过定滑轮。
A静止在倾角为30°的斜面上，B被悬挂着。
已知质量m A=2m B，不计滑轮摩擦，现将斜面倾角由30°缓慢增大到50°，物体始终保持静止，那么下列说法中正确的是( )A．物体B通过细绳对A的拉力将增大B．物体A受到斜面的支持力将增大C．物体A受到的静摩擦力将先减小后增大D．物体A受到的静摩擦力将增大4、未发射的卫星放在地球赤道上随地球自转时的线速度为v1、加速度为a1；发射升空后在近地轨道上做匀速圆周运动时的线速度为v2、加速度为a2；实施变轨后，使其在同步卫星轨道上做匀速圆周运动，运动的线速度为v3、加速度为a3。
则v1、v2、v3和a1、a2、a3的大小关系是（）A．v2>v3>v l a2>a3>a l B．v3>v2>v1 a2>a3>a lC．v2>v3=v1 a2=a1>a3 D．v2>v3>v l a3>a2>a15、2009年在韩国江陵举办的世界冰壶锦标赛上，中国女子冰壶队在决赛中战胜冬奥会冠军瑞典女子冰壶队，第一次获得冰壶世界冠军．若运动员以一定的初速度将冰壶沿水平面推出，由于摩擦阻力的作用，其动能随位移变化图线如图所示，已知冰壶质量为19 kg，g取10 m/s2，则以下说法正确的是( )A．μ＝0.05B．μ＝0.01C．滑行时间t＝5 sD．滑行时间t＝10 s6、如图所示，一簇电场线的分布关于y轴对称，O是坐标原点，M、N、P、Q是以O为圆心的一个圆周上的四个点，其中M、N在y轴上，Q点在x轴上，则（）A．M点的电势比P点的电势低B．O、M间的电势差小于N、O间的电势差C．一正电荷在O点时的电势能小于在Q点时的电势能D．将一负电荷由M点移到P点，电场力做正功7、光滑绝缘细杆与水平面成θ角固定，杆上套有一带正电小球，质量为m，带电量为q．为使小球静止在杆上，可加一匀强电场．使小球可在杆上保持静止。
陕西省西安市庆安中学高一物理上学期第二次月考试题新
陕西省西安市庆安中学2013-2014学年高一物理上学期第二次月考试题新人教版第Ⅰ卷一、选择题（本题共15小题，每小题4分，共60分。
1~10为单选，11~15小题为多选，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，选错或不选的得0分。
） 1．下列关于力的说法中，正确的是（ ）A ．直接接触的物体间一定有力的作用B ．力可以离开物体而独立存在C ．受力物体同时也是施力物体，施力物体同时也是受力物体D ．马拉车前进，马对车有拉力，但车对马没有拉力 2、以下说法正确的是（ ）A ．弹簧称竖直悬挂时物体对弹簧称的拉力大小一定等于物体所受的重力B ．重力的大小可以用弹簧秤来测量，其实物体对弹簧的拉力就是物体的重力C ．桌面上的物体对桌面的压力，就是物体的重力D ．重力是地面附近的物体由于受到地球的吸引而产生的 3.关于弹力，正确的是（ ）A. 压力是物体对支持面的弹力、方向总是垂直于支持面且指向支持物B. 只要两个物体发生形变，就一定有弹力产生C. 压力和支持力是一对平衡力D. 放在桌面上的木块对桌面的压力是由于桌面发生了微小形变而产生的 4．关于摩擦力，下列说法正确的是 （ ）A ．摩擦力的方向总是和物体运动方向或运动趋势方向相反B ．相互接触面间的正压力增大，摩擦力一定增大C ．静止的物体受到的静摩擦力的大小和接触面材料的粗糙程度无关D ．运动的物体可能受到静摩擦力5．两个大小相等的共点力F 1和F 2，当它们的夹角为90O时，合力为F ．当它们间的夹角为120O时，合力大小为 （ ）A ．2FB ．F 2C ．FD ．F 2/26. 如图所示，电灯悬挂于两墙之间，更换绳OA ，使连接点A 向上移，但保持O 点、B 点位置不变，则A 点向上移时，绳OA 的拉力（ ）A.逐渐增大B.逐渐减小C.先增大后减小D.先减小后增大7. 人握住旗杆匀速上爬，则下列说法正确的是（ ）A ．人受的摩擦力的方向是向下的B ．人受的摩擦力的方向是向上的C ．人握旗杆用力越大，人受的摩擦力也越大D ．人所受到的合力向上8．如图所示，一木块放在水平地面上，受推力F 1=10N ，F 2=2N 作用，木块处于静止状态。
高一物理上学期期中-西安市长安一中2014届高三上学期期中考试物理试题及答案
2013-2014学年陕西省西安市长安一中高三（上）第五次质检物理试卷一、选择题（本题共8小题，共计48分．在每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1．（6分）（2011•长沙县模拟）19世纪30年代，法拉第曾提出电荷周围存在一种场，而非存在“以太”．后来人们用电荷在场空间受力的实验证明了法拉第观点的正确性，所用方法叫做“转换法”．下面给出的四个研究实例中，采取的方法与上述研究方法相同的是（）A．牛顿通过对天体现象的研究，总结出万有引力定律B．伽利略用逻辑推理否定了亚里士多德关于落体运动的认识C．欧姆在研究电流与电压、电阻关系时，先保持电阻不变研究电流与电压的关系；然后再保持电压不变研究电流与电阻的关系D．奥斯特通过放在通电直导线下方的小磁针发生偏转得出通电导线周围存在磁场的结论2．（6分）（2011•怀宁县校级模拟）如图所示，A、B两物体在同一直线上运动，当它们相距s=7m时，A在水平拉力和摩擦力的作用下，正以4m/s的速度向右做匀速运动，而物体B 此时速度为10m/s，方向向右，它在摩擦力作用下做匀减速运动，加速度大小为2m/s2，则A 追上B用的时间为（）A．6s B．7s C．8s D．9s3．（6分）（2012•建德市校级模拟）如图所示，质量为m、M的A、B两个物体静止叠放在水平面上，已知A、B间动摩擦因数为μ1，B和水平面间的动摩擦因数为μ2．现给A物体施加一恒定作用力F，使其向右运动，B保持静止．下列说法可能正确的是（）A．B受到水平面的摩擦力大小为μ2（m+M）gB．A受到的摩擦力大小等于FC．将作用力F增大，则B将向右运动D．无论作用力F多大，B将始终保持静止状态4．（6分）（2013秋•长安区校级月考）有两颗绕地球做匀速圆周运动的卫星A和B，它们的轨道半径r A：r B=1：2，则它们的向心加速度a A、a B的关系，以下判断中不正确的是（）A．根据a=ω2r，可得a A：a B=1：2 B．根据a=，可得aA：a B=2：1C．根据a=vω，可得a A：a B=1：1 D．根据a=G，可得aA：a B=4：15．（6分）（2011秋•漳州期末）如图所示，细线拴一带负电的小球，球处在竖直向下的匀强电场中，使小球在竖直平面内做圆周运动，则（）A．小球不可能做匀速圆周运动B．当小球运动到最高点时绳的张力一定最小C．小球运动到最低点时，球的线速度一定最大D．小球运动到最低点时，电势能一定最大6．（6分）（2013秋•长安区校级月考）为了测一个已知额定电压为100V的灯泡的额定功率，设计了如图所示的电路，理想变压器的原、副线圈分别接有理想电流表A和灯泡L，滑动变阻器的阻值范围是0～100Ω，不考虑温度对灯泡电阻的影响，原、副线圈的匝数比为2：1，交流电源的电压为U0=440V，适当调节滑动变阻器的滑片位置，当灯泡在额定电压下正常工作时，电流表A的示数为1.2A，则（）A．灯泡的额定功率为40 WB．灯泡的额定电流为2.4 AC．滑动变阻器并联部分的阻值为50ΩD．滑动变阻器消耗的电功率为240 W7．（6分）（2011•淄博三模）如图所示的电路中，电源内阻不可忽略，若调整可变电阻R 的阻值，可使电压表V的示数减小△U（电压表为理想电表），在这个过程中（）A．通过R1的电流减小，减少量一定等于B．R2两端的电压增加，增加量一定等于△UC．路端电压减小，减少量一定等于△UD．通过R2的电流增加，但增加量一定小于8．（6分）（2010秋•闸北区期末）北半球海洋某处，地磁场水平分量B1=0.8×10﹣4T，竖直分量B2=0.5×10﹣4T，海水向北流动．海洋工作者测量海水的流速时，将两极板竖直插入此处海水中，保持两极板正对且垂线沿东西方向，两极板相距L=20m，如图所示．与两极板相连的电压表（可看作理想电压表）示数为U=0.2mV，则（）A．西侧极板电势高，东侧极板电势低，且海水的流速大小为0.125m/sB．西侧极板电势高，东侧极板电势低，且海水的流速大小为0.2m/sC．西侧极板电势低，东侧极板电势高，且海水的流速大小为0.125m/sD．西侧极板电势低，东侧极板电势高，且海水的流速大小为0.2m/s二、非选择题：包括必考题和选考题两部分．第22题∽第32题为必考题，每个小题考生都必须作答．第33题∽第40题为选考题，考生根据要求作答（一）必考题9．（4分）（2013秋•长安区校级月考）图中游标卡尺读数为cm，螺旋测微器读数为m．10．（11分）（2013秋•长安区校级月考）影响物质材料电阻率的因素很多．一般金属材料的电阻率随温度的升高而增大；半导体材料的电阻率则随温度的升高而减小；PTC元件由于材料的原因有特殊的导电特性，其电阻随温度变化关系复杂．（1）如图（甲）是由某金属材料制成的电阻R随摄氏温度t变化的图象，若用该电阻与电池（电动势E=1.5V，内阻不计）、电流表（量程为5mA、内阻R g=100Ω）、电阻箱R′串联起来，连接成如图（乙）所示的电路，用该电阻做测温探头，把电流表的电流刻度改为相应的温度刻度，就得到了一个简单的“金属电阻温度计”．①电流刻度较大处对应的温度刻度值；（填“较大”或“较小”）②若电阻箱阻值R′=50Ω，在丙图中空格处（5mA）对应的温度数值为℃．（2）现有一只由PTC元件做成的加热器，实验测出各温度下它的阻值，数据如下：t/℃0 10 20 30 40 50 60 70 80 90 100R/kΩ14 11 7 3 4 5 6 8 10 14 16已知PTC加热器器外表面向四周散热的功率为P Q=0.1（t﹣t0）瓦，其中t（单位为℃）为加热器的温度，t0为室温（本题取20℃）．当加热器产生的焦耳热功率P R和向四周散热的功率P Q相等时加热器温度保持稳定．加热器接到200V的电源上，在方格纸上已根据反复实验的大量实验数据作出了PTC加热器功率P R随温度t的变化关系曲线，①请在同一坐标平面内作出P Q与温度t之间关系的图象②加热器工作的稳定温度为℃；③加热器保持工作稳定温度的原理为：当温度稍高于稳定温度时：；当温度稍低于稳定温度时：从而保持温度稳定．11．（14分）（2011•温州模拟）如图所示，在竖直平面内，粗糙的斜面轨道AB的下端与光滑的圆弧轨道BCD相切于B，C是最低点，圆心角∠BOC=37°，D与圆心O等高，圆弧轨道半径R=1.0m，现有一个质量为m=0.2kg可视为质点的小物体，从D点的正上方E点处自由下落，DE距离h=1.6m，物体与斜面AB之间的动摩擦因数μ=0.5．取sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s2．求：（1）物体第一次通过C点时轨道对物体的支持力F N的大小；（2）要使物体不从斜面顶端飞出，斜面的长度L AB至少要多长；（3）若斜面已经满足（2）要求，物体从E点开始下落，直至最后在光滑圆弧轨道做周期性运动，在此过程中系统因摩擦所产生的热量Q的大小．12．（18分）（2006•淮安模拟）如图是计算机模拟出的一种宇宙空间的情境，在此宇宙空间存在这样一个远离其他空间的区域，以MN为界，上部分匀强磁场的磁感强度为B1，下部分的匀强磁场的磁感强度为B2，B1=2B2=2B0，方向相同，且磁场区域足够大．在距离界线为h 的P点有一宇航员处于静止状态，宇航员以平行于界线的速度抛出一质量为m、带电量﹣q 的小球，发现球在界线处速度方向与界线成60°角，进入下部分磁场．然后当宇航员沿与界线平行的直线匀速到达目标Q点时，刚好又接住球而静止，求（1）PQ间距离是多大？（2）宇航员质量是多少？（二）选考题：共15分．【物理-选修3-3】（15分）13．（5分）（2013秋•长安区校级月考）如图所示，导热的气缸固定在水平地面上，用活塞把一定质量的理想气体封闭在气缸中，气缸的内壁光滑．现用水平外力F作用于活塞杆，使活塞缓慢地向右移动，由状态①变化到状态②，在此过程中，如果环境温度保持不变，下列说法正确的是（）A．气体放出热量B．气体分子平均动能不变C．水平外力F逐渐变大D．气体内能不变，却对外做功，此过程违反热力学第一定律，不可能实现14．（10分）（2014•嘉峪关校级模拟）如图所示p﹣V图中，一定质量的理想气体由状态A 经过 ACB过程至状态B，气体对外做功280J，放出热量410J；气体又从状态B经BDA过程回到状态A，这一过程中外界对气体做功200J．①ACB过程中气体的内能如何变化？变化了多少？②BDA过程中气体吸收还是放出多少热量？【物理-选修3-4】（15分）15．（2014•扶沟县校级模拟）下列说法正确的是（）A．光的偏振现象说明光是纵波B．菜汤上的油花呈现彩色是光的干涉现象C．光导纤维传播光信号利用了光的全反射原理D．光的双缝干涉实验中，若仅将入射光从红光改为紫光，则相邻亮条间距一定变大16．（2013秋•长安区校级月考）一列横波的波形如图所示，实线表示t1=0时刻的波形图，虚线表示t2=0.005s时刻的波形图，求：①若2T＞t2﹣t1＞T，波速可能为多大？（T为周期）②若T＜t2﹣t1，并且波速为3600m/s，通过计算说明波向哪个方向传播？【物理-选修3-5】（15分）17．（2010•北京）太阳因核聚变释放出巨大的能量，同时其质量不断减少．太阳每秒钟辐射出的能量约为4×1026J，根据爱因斯坦质能方程，太阳每秒钟减少的质量最接近（）A．1036kg B．1018kg C．1013kg D．109kg18．（2012春•石家庄期末）小球A和B的质量分别为m A和m B，且m A＞m B．在某高度处将A 和B先后从静止释放．小球A与水平地面碰撞后向上弹回，在释放处的下方与释放处距离为H的地方恰好与正在下落的小球B发生正碰．设所有碰撞都是弹性的，碰撞时间极短．求小球A、B碰撞后B上升的最大高度．2013-2014学年陕西省西安市长安一中高三（上）第五次质检物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共8小题，共计48分．在每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1．（6分）（2011•长沙县模拟）19世纪30年代，法拉第曾提出电荷周围存在一种场，而非存在“以太”．后来人们用电荷在场空间受力的实验证明了法拉第观点的正确性，所用方法叫做“转换法”．下面给出的四个研究实例中，采取的方法与上述研究方法相同的是（）A．牛顿通过对天体现象的研究，总结出万有引力定律B．伽利略用逻辑推理否定了亚里士多德关于落体运动的认识C．欧姆在研究电流与电压、电阻关系时，先保持电阻不变研究电流与电压的关系；然后再保持电压不变研究电流与电阻的关系D．奥斯特通过放在通电直导线下方的小磁针发生偏转得出通电导线周围存在磁场的结论考点：物理学史．分析：牛顿通过对天体现象的研究，总结出万有引力定律，采用合理外推方法．伽利略通过理想实验用逻辑推理否定了亚里士多德关于落体运动的认识．欧姆在研究电流与电压、电阻关系时采用的控制变量法．奥斯特通过放在通电直导线下方的小磁针发生偏转得出通电导线周围存在磁场的结论，采用的是转换法．解答：解：A、牛顿通过对天体现象的研究，总结出万有引力定律，采用经验归纳和合理外推方法，不是转换法．故A错误．B、伽利略用逻辑推理否定了亚里士多德关于落体运动的认识，采用的是理想实验法，不是转换法．故B错误．C、欧姆在研究电流与电压、电阻关系时采用的控制变量法，不是转换法．故C错误．D、奥斯特通过放在通电直导线下方的小磁针发生偏转得出通电导线周围存在磁场的结论，采用的方法的是转换法．故D正确．故选D点评：本题考查物理学史，对于著名物理学家、经典实验和重要学说要记牢，还要学习他们的科学研究的方法．2．（6分）（2011•怀宁县校级模拟）如图所示，A、B两物体在同一直线上运动，当它们相距s=7m时，A在水平拉力和摩擦力的作用下，正以4m/s的速度向右做匀速运动，而物体B 此时速度为10m/s，方向向右，它在摩擦力作用下做匀减速运动，加速度大小为2m/s2，则A 追上B用的时间为（）A．6s B．7s C．8s D．9s考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：假设经过时间t，物块A追上物体B，根据位移时间公式结合几何关系列式求解即可．解答：解：物体A做匀速直线运动，位移为：x A=v A t=4t物体B做匀减速直线运动减速过程的位移为：=10t﹣t2设速度减为零的时间为t1，有在t1=5s的时间内，物体B的位移为x B1=25m，物体A的位移为x A1=20m，由于x A1＞x B1+S，故物体A未追上物体B；5s后，物体B静止不动，故物体A追上物体B的总时间为：=故选：C．点评：本题是追击问题，特别要注意物体B做匀减速运动，要分清是减速过程追上还是静止后被追上；第二种情况下的位移用位移时间公式求解时要注意时间是减速的时间，而不是总时间．3．（6分）（2012•建德市校级模拟）如图所示，质量为m、M的A、B两个物体静止叠放在水平面上，已知A、B间动摩擦因数为μ1，B和水平面间的动摩擦因数为μ2．现给A物体施加一恒定作用力F，使其向右运动，B保持静止．下列说法可能正确的是（）A．B受到水平面的摩擦力大小为μ2（m+M）gB．A受到的摩擦力大小等于FC．将作用力F增大，则B将向右运动D．无论作用力F多大，B将始终保持静止状态考点：牛顿第二定律；滑动摩擦力．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：以B为研究对象，根据B水平方向受力情况，根据平衡条件求解水平面对B的摩擦力大小．以A为研究对象，A做加速运动，A受到的摩擦力大小小于F．无论作用力F多大，A对B的摩擦力不变，B将始终保持静止状态．解答：解：A、以B为研究对象，B水平方向受到：A对B水平向右的滑动摩擦力，大小为μ1mg和水平面对B的摩擦力，由平衡条件得知：水平面对B的摩擦力大小等于μ1mg．故A 错误．B、A原来处于静止状态，在恒定作用力F作用下，A做加速运动，则A受到的摩擦力大小小于F．故B错误．C、D，由上分析可知，A对B水平向右的滑动摩擦力大小为μ1mg，与F的大小无关，所以无论作用力F多大，B将始终保持静止状态．故C错误，D正确．故选D点评：本题中B受到水平面的静摩擦力，不能直接根据f=μN求解，此公式用来求滑动摩擦力或最大静摩擦力，静摩擦力可以根据平衡条件或牛顿定律求解．4．（6分）（2013秋•长安区校级月考）有两颗绕地球做匀速圆周运动的卫星A和B，它们的轨道半径r A：r B=1：2，则它们的向心加速度a A、a B的关系，以下判断中不正确的是（）A．根据a=ω2r，可得a A：a B=1：2 B．根据a=，可得aA：a B=2：1C．根据a=vω，可得a A：a B=1：1 D．根据a=G，可得aA：a B=4：1考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．专题：人造卫星问题．分析：绕地球圆周运动的卫星圆周运动的向心力由万有引力提供，据此列式分析即可．解答：解：A、根据万有引力提供圆周运动向心力有：知，角速度知轨道半径不同卫星的角速度不同，故向心加速度不与半径成正比，故A错误；B、根据万有引力提供圆周运动向心力有：知，线速度，所以线速度不同，故向心加速度不与半径成反比，故B错误；C、根据万有引力提供圆周运动向心力知两卫星的半径不等线速度与角速度均不相等，故不能根据a=vω得出向心加速度为1：1，故C错误；D、根据万有引力提供圆周运动向心力有：可知，向心加速度与半径的二次方成反比，故有a A：a B=4：1，D正确．故选：D．点评：掌握卫星圆周运动时由万有引力提供圆周运动向心力，注意物理量与多个物理量有关时要注意由控制变量法求解物理量间的关系．5．（6分）（2011秋•漳州期末）如图所示，细线拴一带负电的小球，球处在竖直向下的匀强电场中，使小球在竖直平面内做圆周运动，则（）A．小球不可能做匀速圆周运动B．当小球运动到最高点时绳的张力一定最小C．小球运动到最低点时，球的线速度一定最大D．小球运动到最低点时，电势能一定最大考点：电势能；牛顿第二定律；向心力．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：带电小球做圆周运动，由重力、线的拉力、电场力三力的合力提供，但三者的大小未知，小球是否做匀速圆周运动以及何时速度最大要具体分析，电势能的大小可由其算式分析解答：解：A、重力竖直向下、电场力竖直向上，若使二者相等且保持绳子拉力大小不变，则有可能做匀速圆周运动，故A错误B、重力与电场力大小未知，小球速度最小位置不确定，由受力分析结合牛顿第二定律得知，绳子张力最小位置不确定，故B错误C、由B分析可知，C错误D、沿电场方向电势逐渐降低，结合小球带负电，故在电势最低处点势能最大，故D正确故选D点评：要能正确分析向心力来源，知道电势分布于电场线之间的关系，明确电势能计算式6．（6分）（2013秋•长安区校级月考）为了测一个已知额定电压为100V的灯泡的额定功率，设计了如图所示的电路，理想变压器的原、副线圈分别接有理想电流表A和灯泡L，滑动变阻器的阻值范围是0～100Ω，不考虑温度对灯泡电阻的影响，原、副线圈的匝数比为2：1，交流电源的电压为U0=440V，适当调节滑动变阻器的滑片位置，当灯泡在额定电压下正常工作时，电流表A的示数为1.2A，则（）A．灯泡的额定功率为40 WB．灯泡的额定电流为2.4 AC．滑动变阻器并联部分的阻值为50ΩD．滑动变阻器消耗的电功率为240 W考点：变压器的构造和原理．专题：交流电专题．分析：根据变压器电压和电流与匝数的关系求出副线圈电压和电流，而灯泡正常发光，所以灯泡两端的电压为100V，根据串并联电路的特点及根据功率公式即可求解．解答：解：A、根据原副线圈电压之比等于匝数比可知，副线圈电压为U2==220V，根据原副线圈电流之比等于匝数的倒数比可知，副线圈电流I2=2I1=2.4A，灯泡的额定电压为100V，所以与灯泡串联的电阻值为R2==50Ω，所以与灯泡并联部分的阻值也为50Ω，所以通过并联部分滑动变阻器的电流为I′==2A，所以通过灯泡的电流为2.4﹣2A=0.4A，所以灯泡的功率P L=U L I L=100×0.4=40W，故A正确，B错误，C正确；D、滑动变阻器消耗的功率为100×2+120×2.4W=488W，故D错误．故选：AC点评：本题考查了变压器的特点，而难点在于如何求滑动变阻器消耗的功率．7．（6分）（2011•淄博三模）如图所示的电路中，电源内阻不可忽略，若调整可变电阻R 的阻值，可使电压表V的示数减小△U（电压表为理想电表），在这个过程中（）A．通过R1的电流减小，减少量一定等于B．R2两端的电压增加，增加量一定等于△UC．路端电压减小，减少量一定等于△UD．通过R2的电流增加，但增加量一定小于考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：由图可知，R1与R并联后与R2串联，电压表测并联部分的电压；由欧姆定律可知，通过R1的电流的变化量；由闭合电路欧姆定律可得出电路中电流的变化量，则可得出路端电压的变化量及R2两端电压的关系．解答：解：A、因电压表示数减小，而R1为定值电阻，故电流的减小量一定等于，故A 正确；B、R1两端的电压减小，则说明R2及内阻两端的电压均增大，故R2两端的电压增加量一定小于△U，故B错误；C、因内电压增大，故路端电压减小，由B的分析可知，路端电压的减小量一定小于△U，故C错误；D、由B的分析可知，R2两端的电压增加量一定小于△U，故电流的增加量一定小于，故D正确；故选AD．点评：本题考查欧姆定律中的动态分析，因本题要求分析电流及电压的变化量，故难度稍大，要求学生能灵活选择闭合电路的欧姆定律的表达形式．8．（6分）（2010秋•闸北区期末）北半球海洋某处，地磁场水平分量B1=0.8×10﹣4T，竖直分量B2=0.5×10﹣4T，海水向北流动．海洋工作者测量海水的流速时，将两极板竖直插入此处海水中，保持两极板正对且垂线沿东西方向，两极板相距L=20m，如图所示．与两极板相连的电压表（可看作理想电压表）示数为U=0.2mV，则（）A．西侧极板电势高，东侧极板电势低，且海水的流速大小为0.125m/sB．西侧极板电势高，东侧极板电势低，且海水的流速大小为0.2m/sC．西侧极板电势低，东侧极板电势高，且海水的流速大小为0.125m/sD．西侧极板电势低，东侧极板电势高，且海水的流速大小为0.2m/s考点：霍尔效应及其应用．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：海水向北流动时，正负离子向北流动，受到洛伦兹力向东西方向偏转，打在两极板上，在两极板间形成电场，最终正负离子受电场力和洛伦兹力处于平衡，根据平衡求出流速．解答：解：正负离子向北流动，受到洛伦兹力，正离子向西侧极板偏转，负离子向东侧极板偏转，两极板间形成电场，最终最终正负离子受电场力和洛伦兹力处于平衡，有，所以v==．西侧极板带正电，东侧极板带负电，所以西侧极板电势高，东侧极板电势低．故B正确，A、C、D错误．故选B．点评：解决本题的关键知道海水向北流动时，正负离子向北流动，受到洛伦兹力向东西方向偏转，打在两极板上，在两极板间形成电场，最终正负离子受电场力和洛伦兹力处于平衡．二、非选择题：包括必考题和选考题两部分．第22题∽第32题为必考题，每个小题考生都必须作答．第33题∽第40题为选考题，考生根据要求作答（一）必考题9．（4分）（2013秋•长安区校级月考）图中游标卡尺读数为 5.235 cm，螺旋测微器读数为0.004685 m．考点：刻度尺、游标卡尺的使用；螺旋测微器的使用．专题：实验题．分析：游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．解答：解：游标卡尺的固定刻度读数为5.2cm，游标读数为0.05×7mm=0.35mm=0.035cm，所以最终读数为5.2cm+0.035cm=5.235cm．螺旋测微器的固定刻度读数为4.5mm，可动刻度读数为0.01×18.5mm=0.185mm，所以最终读数为4.5mm+0.185mm=4.685mm=0.004685m．故答案为：5.235；0.004685点评：解决本题的关键掌握游标卡尺和螺旋测微器的读数方法，游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．10．（11分）（2013秋•长安区校级月考）影响物质材料电阻率的因素很多．一般金属材料的电阻率随温度的升高而增大；半导体材料的电阻率则随温度的升高而减小；PTC元件由于材料的原因有特殊的导电特性，其电阻随温度变化关系复杂．（1）如图（甲）是由某金属材料制成的电阻R随摄氏温度t变化的图象，若用该电阻与电池（电动势E=1.5V，内阻不计）、电流表（量程为5mA、内阻R g=100Ω）、电阻箱R′串联起来，连接成如图（乙）所示的电路，用该电阻做测温探头，把电流表的电流刻度改为相应的温度刻度，就得到了一个简单的“金属电阻温度计”．①电流刻度较大处对应的温度刻度值较小；（填“较大”或“较小”）②若电阻箱阻值R′=50Ω，在丙图中空格处（5mA）对应的温度数值为50 ℃．（2）现有一只由PTC元件做成的加热器，实验测出各温度下它的阻值，数据如下：t/℃0 10 20 30 40 50 60 70 80 90 100R/kΩ14 11 7 3 4 5 6 8 10 14 16已知PTC加热器器外表面向四周散热的功率为P Q=0.1（t﹣t0）瓦，其中t（单位为℃）为加热器的温度，t0为室温（本题取20℃）．当加热器产生的焦耳热功率P R和向四周散热的功率P Q相等时加热器温度保持稳定．加热器接到200V的电源上，在方格纸上已根据反复实验的大量实验数据作出了PTC加热器功率P R随温度t的变化关系曲线，①请在同一坐标平面内作出P Q与温度t之间关系的图象②加热器工作的稳定温度为70 ℃；③加热器保持工作稳定温度的原理为：当温度稍高于稳定温度时：加热器电阻增大，产生的焦耳热的功率小于散热的功率，温度将下降；当温度稍低于稳定温度时：加热器电阻减小，产生的焦耳热的功率大于散热的功率，温度将上升从而保持温度稳定．。
14届高三物理期中考试参考答案.doc
（1）（3分）如右图所（2） （4分）Z86, 5.70〜6.10。
（两位有效数字均给分） （3） （3分）CD （选对1个得2分，选对2个得3分，含有错误答案不给分） 24： （14分）解：儿童从A 处到B 处，由动能定理 mgs x sin37° - /umgs^ cos37° = ~^mv B（4则 VB = 2A /3m/s （1分） 当儿童恰好从C 处平抛出，则在C 处时不受弹力作用mg 2 V c =m -- R （2（1分） （3分）2013-2014学年第二学期高三期中考试物理参考答案及评分标准二、选择题：本题共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，第14〜18题只有 一项符合题目要求，第19〜21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得 3分，有选错的得0分。
题号14 15 16 17 18 19 20 21 答案 D C B D B AC AD CD第II 卷22. 1.998 （1.996〜1.999 都正确）mm ............ （2 分）；1,094 cm23：解:vc= V2 m/s儿童从B 到C 处，由动能定理 -//mgs? =（4分） 得 S2=lm（2 分）要使儿童不从C 处平抛出去，水平滑槽BC 长度应大于1〃？B o qv o =m —K（3分）（1分）C1分）⑤ （2分）解：25 （18 分）（1）粒子在该过程中运动的轨迹如图所示。
图中匕。
启=120°ZQO 2P=120° ........... （4 分）对圆心角的大小不做必要的说明或标示，扣1分。
C2）粒子洛仑兹力作用下匀速圆周运动，由牛顿第二定律得① .......... （3分） 设。
、P 间的距离由图中的几何关系可知L=47?sin60 °联立①②得乙=玄亟 B°q（3）设粒子在磁场中做匀速圆周运动的周期为几 L =— % 联立①④得T.= — B°q由图可知，粒子先逆时针绕行再沿顺时针绕行&到达P 点 3 3故有T ⑥ ............ （2分） 3所以磁场变化的周期丁=地 ⑦ ..... （2分）3B»q解：33 .［物理——选修3-3］（15分）（1）BCD （5 分） （2）以限压阀为研究对象，进行受力分析。
高一物理上学期期中-西安市庆安高级中学2013-2014学年高一上学期期中考试物理试题及答案试题
一.单选题（每题4分，共40分）1．下列关于质点的理解与判断的说法中正确的是（）A．体积小的物体都能看成质点B．质量巨大的物体都不能看成质点C．研究“神九”和“天宫”手控对接过程时，“神九”和“天宫”均可视为质点D．研究北京奥运火炬传递路线时，火炬可以视为质点2.如图所示的漫画，图中司机对乘车人说：“你没动．”而路上的小女孩说：“真快！”司机和小女孩对运动状态的描述所选取的参考系分别为( ).A.地面，地面 B．地面，汽车C.汽车，地面 D．汽车，汽车3．下列物理量为标量的是A. 平均速度B. 加速度C.时间D. 位移4.下列几个速度中属于平均速度的是( ).A.子弹射出枪口的速度是800 m/s，以790 m/s的速度击中目标B.汽车从甲站行驶到乙站的速度是40 km/hC.汽车车头通过站牌时的速度是72 km/hD.小球在第3秒末的速度是5 m/s5.如图所示为表示三个物体运动的位移---时间图象，则三个物体运动的异同点是( ).6.某物体运动的速度图象如图所示，根据图象可知( )．A．0～2 s内的加速度为1 m/s2B．0～5 s内的位移为10 mC．第1 s末与第3 s末的速度方向相反D．第1 s末与第5 s末加速度方向相同7.下列说法中正确的是 ( )A.加速度为零的物体,其速度一定为零B.物体的加速度减小时,速度一定减小C. 加速度越大，速度变化越快D. -2 m/s2的加速度比-4 m/s2的加速度大8.一个做匀加速直线运动的物体，在第3 s内发生的位移为5m，在第5 s内发生的位移为8 m，则关于物体运动加速度的大小是（).A.大小为4 m/s2B.大小为3 m/s2C.大小为2.5 m/s2D.大小为1.5 m/s29.汽车遇情况紧急刹车，经3 s停止，刹车距离为9 m．若汽车刹车后做匀减速直线运动则汽车停止前最后1 s的位移大小是( )．A．4m B．3 m C．2m D．1 m10.一个质点做方向不变的直线运动，加速度的方向始终与速度的方向相同，但加速度大小先保持不变，再逐渐减小直至为零，则在此过程中( )．A．速度先逐渐变大，然后再逐渐减小，当加速度减小到零时，速度达到最小值B．速度先均匀增加，然后增加的越来越慢，当加速度减小到零时，速度达到最大值C．位移逐渐增大，当加速度减小到零时，位移将不再增大D．位移先逐渐增大，后逐渐减小，当加速度减小到零时，位移达到最小值二．（每题5分，全选对得5分，选不全得3分，选错或不选得0分，共30分）11.甲、乙两物体质量之比为 m 甲∶ m 乙 =3∶1，甲从H高度处自由下落，乙从2H处同时自由下落，不计空气阻力以下说法中正确的是（）A. 在均未落地的下落过程中，同一时刻甲的速度比乙的速度大B. 在均未落地的下落过程中，同一时刻两物体的速度相等C. 甲落地时，乙距地面的高度为HD. 甲、乙在空中运动时间之比为1∶212.某质点沿着直线一直向前运动，从计时起它在连续的每个1 s时间内发生的位移都是10 m，那么可以判定. ( )A. 它从计时起连续的每个0.5 s内发生的位移都是5 mB. 它从计时起连续的每个2 s内发生的位移都是20 mC. 这个质点一定做匀速直线运动D. 这个质点可能做变速直线运动13．甲、乙两物体的v－t图象如图所示，则A．甲、乙两物体都做匀速直线运动B．甲、乙两物体若在同一直线上，就一定会相遇C．甲的速率小于乙的速率D．甲、乙两物体即使在同一直线上，也不一定会相遇14.下列所给的质点位移图象和速度图象中能反映运动质点2S末回到初始位置的是( ).15.一辆汽车从静止开始由甲地出发，沿平直公路开往乙地，汽车先做匀加速直线运动，接着做匀减速直线运动．开到乙地刚好停止，其速度—时间图象如图所示，那么0～t0和t0～3t0两段时间内( )．A．加速度大小之比为2∶1B．位移大小之比为1∶2C．平均速度大小之比为2∶1D．平均速度大小之比为1∶116.物体沿一直线单向运动,它在某段时间内中间位置处的速度为v1,在中间时刻的速度为v2.则以下说法正确的是( )A.当物体做匀加速直线运动时,v1>v2B.当物体做匀减速直线运动时,v1>v2C.当物体做匀加速直线运动时,v1<v2D.当物体做匀减速直线运动时,v1<v2三．实验题（17题2分，18题6分，共8分）17.根据打点计时器打出的纸带,我们可以不利用公式计算就能直接得到的物理量是( )A.时间间隔B.位移C.加速度D.平均速度18.在“研究匀变速直线运动”的实验中,打点计时器使用的交流电源的频率为50 Hz,记录小车运动的纸带如下图所示,在纸带上选择6个计数点A、B、C、D、E、F,相邻两计数点之间还有四个点未画出, B、C、D、E、F各点到A点的距离依次是 2.0 cm、5.0 cm、9.0 cm、14.0 cm、20.0 cm.根据学过的知识可以求出小车在B点的速度为v B= m/s,加速度为 m/s2; v F = m/s,四．计算题（19题4分，20题6分，21题6分，22题6分，共22分）19．一物体做匀变速直线运动,某时刻的速度大小为4 m/s,经过2 s速度大小为10 m/s,求：（1）加速度大小为多少（2）2s内位移的大小为多少20. 汽车以10 m/s的速度沿平直公路行驶，遇障碍物刹车后获得大小为a＝5m/s2的加速度，假定汽车做匀减速直线运动求：（1）刹车后3 s内，汽车通过的位移大小（2）第3 s末汽车的速度大小21.公共汽车A从车站由静止出发，并以2 m/s2的加速度做匀加速直线运动,恰在这时一辆载重汽车B从公共汽车旁边以10 m/s的速度匀速通过.求:（1）经过多长时间公共汽车追上载重汽车?（2）在追上前经过多长时间两车相距最远？（3）相距最远时两车之间的距离是多少？22.一物体从离地80 m高处自由下落，(g=10 m/s2)求：（1）下落第2 s内的平均速度；（2）下落3 s后离地还有多高；（3）下落3 s后继续下落还需几秒钟落地.答案二．17. AB18. 0.25 1 0.65。