物理纠错本
2021年高三下学期课前纠错训练4(物理)
2021年高三下学期课前纠错训练4（物理）1．(对应第1题)如图1所示，两个完全相同的小球A 、B ，在同一高度处以相同大小的初速度v 0分别水平抛出和竖直向上抛出，下列说法正确的是 ( )A ．两小球落地时的速度相同B ．两小球落地时，重力的瞬时功率相同C ．从开始运动至落地，重力对两小球做功相同D ．从开始运动至落地，重力对两小球做功的平均功率相同2．(对应第3题)如图2所示，电梯质量为M ，它的水平地板上放置一质量为m 的物体，电梯在钢索的拉力作用下由静止开始竖直向上加速运动．当上升高度为H 时，电梯的速度达到v ，则在这段过程中，下列说法中正确的是 ( )A ．电梯地板对物体的支持力所做的功等于12m v 2B ．电梯地板对物体的支持力所做的功大于12m v 2C ．钢索的拉力所做的功等于MgH ＋12M v 2D ．钢索的拉力所做的功大于MgH ＋12M v 23．(对应第4题)如图3所示，在光滑绝缘水平面上的a 、b 两点上固定两个带同种电荷的相同金属小球P 、Q (均可视为点电荷)，P 球所带的电荷量大于Q 球所带的电荷量．在ab 连线上的c 点释放一带电小滑块M ，滑块由静止开始向右运动．在滑块向右运动的过程中，下列说法正确的是( )A ．滑块受到的电场力先减小后增大B ．滑块的电势能一直减小C ．滑块的动能先增大后减小D ．在ab 连线上必定有一点d ，使得c 、d 两点间的电势差U cd ＝0图2图1图34．(对应第5题)质量为m 的物体，在距地面为h 的高处，以g3的恒定加速度由静止竖直下落到地面，下列说法中正确的是 ( )A ．物体的重力势能减少mgh 3B ．物体的机械能减少2mgh3C ．物体的动能增加2mgh3 D ．重力的平均功率为mggh 35． (对应第8题)如图4所示，相距为d 的两平行金属板的电容为C ，带电量为Q ，有一长为L 的绝缘轻杆，两端各固定电荷量分别为－q 和＋q 的小球，不计两球的重力和两球间的库仑力．现先将杆从平行于极板的位置Ⅰ缓慢移动到垂直于极板的位置Ⅱ，再从位置Ⅱ缓慢移动到无穷远处．则 ( )A ．从位置Ⅰ移到位置Ⅱ的过程中，两球电势能之和减小qQLdCB ．从位置Ⅰ移到位置Ⅱ的过程中，电场力做功为零C ．从位置Ⅱ移到无穷远处的过程中，两球的电势能之和不变D ．从位置Ⅱ移到无穷远处的过程中，克服电场力做功qQLdC6、（对应第10题）如图5所示电路，两根光滑金属导轨，平行放置在倾角为θ的斜面上，导轨下端接有电阻R ，导轨电阻不计，斜面处在竖直向上的匀强磁场中，电阻可略去不计的金属棒ab 质量为m ，金属棒以速度v 沿导轨匀速下滑，则它在下滑高度h 的过程中，以下说法中正确的是( )A ．作用在金属棒上各力的合力做功为零B ．金属棒ab 的机械能守恒C ．重力与安培力做功的代数和等于电阻R 上发出的焦耳热D ．金属棒克服安培力所做的功等于电阻R 上产生的焦耳热7. 去年冬天，我国的许多地区出现多年来少见的寒潮．某司机在冰雪覆盖的平直公路上测试汽车的制动性能，他在车速v ＝10 m/s 时紧急刹车(可认为车轮不转动)，车轮在冰雪路面上划出一道长L ＝50 m 的刹车痕迹，g 取10 m/s 2.求：(1)车轮与冰雪路面间的动摩擦因数．(2)若该车以8 m/s 的速度在同样路面上行驶，突然发现正前方停着一辆故障车．为避免两车相撞，司机至少应在距故障车多远处采取刹车措施．已知从司机发现故障车至实施刹车的反应时间Δt ＝0.6 s.图4图58. 如图6所示，粗糙水平轨道AB 与竖直平面内的光滑半圆轨道BC 在B 处平滑连接，B 、C 分别为半圆轨道的最低点和最高点．一个质量m ＝0.1 kg 的小物体P 被一根细线拴住放在水平轨道上，细线的左端固定在竖直墙壁上．在墙壁和P 之间夹一根被压缩的轻弹簧，此时P 到B 点的距离x 0＝0.5 m ．物体P 与水平轨道间的动摩擦因数μ＝0.2，半圆轨道半径R ＝0.4 m ．现将细线剪断，P 被弹簧向右弹出后滑上半圆轨道，并恰好能经过C 点．g 取10 m/s 2.求： (1)P 经过B 点时对轨道的压力； (2)细线未剪断时弹簧的弹性势能．9、(对应第16题) A 、B 两金属板如图竖直固定在绝缘底座上，与底座的总质量为m .将其静止放在光滑水平面上．已知两金属板间的电压为U ，极板间距为d .在A 板底端上有一小孔，质量也为m 、带正电、电荷量为q 的小滑块以v 0的速度从小孔水平滑入极板间，小滑块最远可滑到距A板为x 的P 点．已知小滑块与底座间的动摩擦因数为μ，极板外侧的电场强度为0.不计电场的边缘效应以及小滑块电荷对电场的影响．求：(1)x 的值；(2)小滑块在极板间运动的全过程中，因与底座间的摩擦而产生的内能．图6图7河北灵寿中学2011届高三第二学期物理课前纠错训练(四)答案1.C 2.BD 3.ACD 4.B 5.AD 6.AD7(1)0.1(2)36.8 m 8. (1)6 N，竖直向下(2)1.1 J 9.(1)md2v204(qu＋μmgd)(2)见解析。
9.电路-高三物理二轮复习错题本
错题本九：电路1．直流电路的动态分析方法(1)程序法：(2)串反并同．2．交变电流问题中的“四想”(1)看到“电容器的耐压值”，想到“最大值”．(2)看到“某时刻某位置”，想到“瞬时值”．(3)看到“电功、电功率、保险丝的熔断电流和电路中交流电表的读数”，想到“有效值”．(4)看到“通过电路的电荷量”，想到“平均值”．3．并联电路总电阻(1)总电阻小于任一支路电阻．(2)并联支路增加，总电阻减小．(3)任一支路电阻增大，总电阻增大．(4)n 个相同电阻(阻值为R )并联，总电阻为R n .(5)和为定值的两个电阻，阻值相等时并联电阻最大．4．电源的功率和效率(1)当内、外电阻相等(即R ＝r )时，电源的输出功率最大，为P m ＝E 24r；电源内部消耗的功率P r ＝I 2r .(2)电源的效率：η＝P 出P E ＝U E ＝R R ＋r ＝11＋r R，随着外电阻的增大，电源效率逐渐增大(只适用于纯电阻电路)．5．电源的U －I 图象的应用(1)I ＝0时，U ＝E ，如图甲．图象斜率的绝对值表示电源内阻，r ＝ΔU ΔI，如图乙．(2)如图(丙)中，R 0＋r ＝ΔU ΔI. (3)定值电阻U －I 图象的斜率表示电阻．1．(交变电路焦耳热的求法)(2019·昆明)一个阻值为20 Ω的电阻，通有如图所示的电流，在一个周期内，前半个周期电流随时间按正弦规律变化，后半个周期电流为恒定电流，则在一个周期内，电阻产生的热量为( )A ．0.2 JB ．0.4 JC ．0.6 JD ．0.8 J【解析】 利用焦耳定律计算一个周期内电阻产生的热量Q ＝I 2RT ＝I 21R T 2＋I 22R T 2，I 1＝22A ＝1 A ，I 2＝ 2 A ，解得Q ＝0.6 J ，C 正确．【答案】 C2.(2019·银川一中)如图所示的电路中，由于某个电阻发生故障，使电流表的读数变大，电压表的读数变大，灯泡L 的亮度变暗，关于故障的判断下列说法中正确的是( )A ．可能是R 3短路B ．可能是R 2断路C ．可能是R 2短路D ．可能是R 4短路【解析】 若R 3短路，灯泡、R 2、R 4也被短路，灯泡熄灭，电压表示数为零，选项A 错误；电路结构直观图如图所示，若R 2断路，则R 4与电压表串联，电压表测量R 3与L 的并联电压，并联部分电路的电阻变大，总电阻变大，电流表示数变小，灯泡L两端电压变大，功率变大，变亮，选项B错误；若R2短路，电压表测量R2两端电压，则电压表示数为零，选项C错误；若R4短路，则并联部分电路电阻变小，总电阻变小，电流表示数变大，R1和r的分压变大，灯泡两端电压变小，功率变小，灯泡变暗，电压表示数变大，选项D正确．【答案】D【解析】由简化电路可知，当电压表读数变大，灯泡的亮度变暗时，有故障的电阻与电压表串联，与灯泡并联或与电压表并联或与灯泡串联，R4短路时，相当于R4电阻变小，由“串反并同”可知与R4串联的电压表读数大，与R4并联的灯泡变暗，D正确．【答案】D3.(2019·石家庄)(多选)在如图所示电路中，电源电动势E＝12 V，内阻r＝4 Ω，R1＝R2＝2 Ω，灯泡电阻恒为R L＝3 Ω，滑动变阻器总阻值R＝8 Ω，当滑片P位于滑动变阻器正中间、开关S处于闭合状态时，电容器内有一带电微粒恰好处于静止状态，灯泡L正常发光．当滑片P向N端移动后，下列说法正确的是()A．微粒向上运动B．电流表示数变小C．灯泡L变暗D．电源输出功率变大【解析】由电路可知，R1与滑动变阻器串联后与灯泡并联再与R2串联，滑片P向N端移动后，滑动变阻器接入电路的电阻变小，由“串反并同”可知电流表示数变大，电容器两端电压变大，灯泡两端电压变小，故微粒受电场力大于重力向上运动，灯泡功率变小，变暗，B错误，A、C正确；开始R外＝4 Ω，滑片向N端移动后，R R外＝r时，电源输出功率最大，故电源输出功率变小，D 外变小，当错误．【答案】AC4．(2019·陕西)(多选)如图所示，M是一小型理想变压器，接线柱a、b接在电压u＝311sin314t(V)的正弦交流电源上，变压器右侧部分为一火灾报警系统原理图，其中R2为用半导体热敏材料制成的传感器，其阻值随温度的升高而减小．电流表A2为值班室的显示器，显示通过R1的电流，电压表V2显示加在报警器上的电压(报警器未画出)，R3为一定值电阻．当传感器R2所在处出现火情时，以下说法中正确的是()A．变压器的输入功率增大B．变压器的输入功率不变C．V1的示数不变，A1的示数增大D．V2、A2的示数都减小【解析】当传感器R2所在处出现火情时，R2的电阻减小，导致电路的总电阻减小，电路中的总电流将增大，A1测量的是原线圈中的电流，副线圈中的电流增大，A1示数增大；由于电源的电压不变，则V1的示数不变，根据P＝IU可知，变压器的输入功率增大；由于副线圈中电流增大，R3两端的电压变大，所以V2的示数减小，即R1两端的电压减小，A2的示数减小，所以A、C、D正确，B错误．【答案】ACD5．(2019·保定市)如图所示电路，平行板电容器的A、B板水平放置，板间的距离d＝10 cm，电容C＝5.0×10－11 F，两板内存在垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度B＝0.5 T．电源电动势E＝6 V，内电阻r＝1.2 Ω，电阻R1＝14 Ω，R2＝10 Ω.闭合开关S，待电路稳定后，将一带负电的小球沿AB板中心线以初速度v0＝4 m/s水平射入板间．若小球所带电荷量为q＝1×10－2 C，质量为m＝2×10－2kg，不考虑空气阻力．求：(取g＝10 m/s2)(1)当滑动变阻器接入电路的阻值为4.8 Ω时，闭合开关S至电路稳定过程中，通过电阻R2的电荷量．(2)滑动变阻器接入电路的阻值为多大时，小球恰能沿中心线射出．【解析】(1)由闭合电路欧姆定律有E＝I(R1＋r＋R3)电容器两端电压U＝IR3通过电阻R2的电量等于电容器所带电量Q＝CU解得Q＝7.2×10－11 C(2)小球沿中心线射出有mg＋q v B－U′d q＝0电容器两端电压U′＝I′R′3由闭合电路欧姆定律有E＝I′(R1＋r＋R′3)解得R′3＝8.8 Ω.【答案】(1)7.2×10－11 C(2)8.8 Ω。
纠错卷九年级物理试卷【含答案】
纠错卷九年级物理试卷【含答案】专业课原理概述部分纠错卷九年级物理试卷一、选择题（每题1分，共5分）1. 下列哪种现象属于光的反射？A. 镜子成像B. 水中倒影C. 放大镜成像D. 小孔成像2. 下列哪种现象属于光的折射？A. 镜子成像B. 水中倒影C. 放大镜成像D. 小孔成像3. 下列哪种现象属于光的直线传播？A. 镜子成像B. 水中倒影C. 放大镜成像D. 小孔成像4. 下列哪种现象属于声波的特性？A. 干涉B. 衍射C. 反射D. 以上都是5. 下列哪种现象属于电磁波的特性？A. 干涉B. 衍射C. 反射D. 以上都是二、判断题（每题1分，共5分）1. 光的反射遵循“入射角等于反射角”的定律。
（）2. 光的折射遵循“入射角等于折射角”的定律。
（）3. 光的直线传播遵循“光线在均匀介质中沿直线传播”的定律。
（）4. 声波具有干涉、衍射和反射的特性。
（）5. 电磁波具有干涉、衍射和反射的特性。
（）三、填空题（每题1分，共5分）1. 光的反射遵循“入射角等于______”的定律。
2. 光的折射遵循“入射角与折射角的正弦比相等”的定律，即______定律。
3. 光的直线传播遵循“光线在均匀介质中沿______传播”的定律。
4. 声波具有干涉、衍射和______的特性。
5. 电磁波具有干涉、衍射和______的特性。
四、简答题（每题2分，共10分）1. 简述光的反射定律。
2. 简述光的折射定律。
3. 简述光的直线传播定律。
4. 简述声波的特性。
5. 简述电磁波的特性。
五、应用题（每题2分，共10分）1. 一束光从空气斜射入水中，入射角为30°，求折射角。
2. 一束光从空气垂直射入水中，求折射角。
3. 一束光从水中斜射入空气，入射角为45°，求折射角。
4. 一束光从水中垂直射入空气，求折射角。
5. 一束光从空气斜射入玻璃，入射角为60°，求折射角。
六、分析题（每题5分，共10分）1. 分析光的反射、折射和直线传播在生活中的应用。
2021年高三下学期课前纠错训练3(物理)
2021年高三下学期课前纠错训练3（物理）1. 如图所示，质量均为m 的两个小球，分别用两根等长的细线悬挂在O 点，两球之间夹着一根劲度系数为k 的轻弹簧，静止时弹簧是水平的，若两根细线之间的夹角为，则弹簧的形变量为A ．B ．C ．D ．2. 如图所示，倾角为θ的斜面固定在水平面上，滑块A 与斜面间的动摩擦因数为μ。
A 沿斜面上滑时加速度的大小为a 1，沿斜面下滑时加速度的大小为a 2，则等于 A ． B ． C ． D ．3、如图所示，A 、B 是两个带有绝缘支架的金属球，它们原来均不带电，并彼此接触。
现使带负电的橡胶棒C 靠近A （C 与A 不接触），然后先将A 、B 分开，再将C 移走。
关于A 、B 的带电情况，下列判断正确的是A ．A 带正电，B 带负电 B ．A 带负电，B 带正电C ．A 、B 均不带电D ．A 、B 均带正电4. 太阳围绕银河系中心的运动可视为匀速圆周运动，其运动速度约为地球绕太阳公转速度的7倍，其轨道半径约为地球绕太阳公转轨道半径的2×109倍。
为了粗略估算银河系中恒星的数目，可认为银河系的所有恒星的质量都集中在银河系中心，且银河系中恒星的平均质量约等于太阳的质量，则银河系中恒星的数目约为A ．1015B ．1013C ．1011D ．109 5. 电动势为E 、内阻为r 的电源，与定值电阻R 1、R 2、R 3连接成如图所示的电路。
当开关S 闭合时 A ．电压表和电流表的示数均减小 B ．电压表和电流表的示数均增大C ．电压表的示数减小，电流表的示数增大D ．电压表的示数增大，电流表的示数减小6. 将一小球竖直上抛，如果小球到达最高点前的最后一秒和离开最高点后的第一秒时间内通过的路程分别为x 1和x 2，速度变化量的大小分别为Δv 1和Δv 2，假设小球所受空气阻力大小不变，则下列表述正确的是A ．，B ．，C ．，D ．，7、2008年9月25日，我国继“神舟”五号、六号载人飞船后又成功地发射了“神舟”七号载人飞船。
2021年高三下学期课前纠错训练5(物理)
2021年高三下学期课前纠错训练5（物理）1．如图，电源电动势为E，内阻为r，滑动变阻器电阻为R，开关闭合。
两平行极板间有匀强磁场，一带电粒子正好以速度v匀速穿过两板。
以下说法正确的是（）A 保持开关闭合，将滑片p向上滑动一点，粒子将可能从下极板边缘射出B 保持开关闭合，将滑片p向下滑动一点，粒子将可能从下极板边缘射出C 保持开关闭合，将a极板向下移动一点，粒子将继续沿直线穿出D如果将开关断开，粒子将继续沿直线穿出2．如图是一个说明示波管工作的原理图，电子经加速电场（加速电压为U1）加速后垂直进入偏转电场，离开偏转电场时偏转量是h，两平行板间的距离为d，电压为U2，板长为L，每单位电压引起的偏移h/U2，叫做示波管的灵敏度，为了提高灵敏度，可采用下列哪些方（）A．增大U2B．减小L C．减小d D．减小 U13．如图所示，空间有竖直向下的匀强电场，电场强度为，在电场中处由静止下落一质量为、带电量为的小球(可视为质点)。
在的正下方处有一水平弹性绝缘挡板(挡板不影响电场的分布)，小球每次与挡板相碰后电量减小到碰前的倍()，而碰撞过程中小球的机械能不损失，即碰撞前后小球的速度大小不变，方向相反。
设在匀强电场中，挡板处的电势为零，则下列说法正确的是( )A．小球在初始位置处的电势能为B．小球第一次与挡板相碰后所能达到的最大高度大于C．小球第一次与挡板相碰后所能达到最大高度时的电势能小于D．小球第一次与挡板相碰后所能达到的最大高度小于4．在真空中上、下两个区域均为竖直向下的匀强电场，其电场线分布如图所示，有一带负电的微粒，从上边区域沿平行电场线方向以速度v 0匀速下落，并进入下边区域（该区域的电场足够广），在下图所示的速度一时间图象中，符合粒子在电场内运动情况的是（以v 0 方向为正方向）( )5．如图所示，在正点电荷Q 形成的电场中，已知ab 两点在同一等势面上，重力不计的甲、乙两个带电粒子的运动轨迹分别为acb 和adb 曲线，两个粒子经过a 点时具有相同的动能，下列判断错误的是（ ） A 、甲粒子经过c 点时与乙粒子经过d 点时具有相同的动能 B 、甲、乙两个粒子带异号电荷C 、若取无穷远处为零电势，则甲粒子经过c 点时的电势能小于乙粒子经过d 点时的电势能D 、两粒子经过b 点时具有相同的动能6、如图，质量为m 、电量为e 的电子的初速为零，经电压为U 的加速电场加速后进入磁感强度为B 的偏转磁场（磁场方面垂直纸面），其运动轨迹如图所示。
2021年高三下学期课前纠错训练18(物理)
2021年高三下学期课前纠错训练18（物理）1．如图所示，水平放置的平行板电容器中有一个带电液滴正好处于静止状态，现将滑动变阻器的滑片P向左移动，则 ( )A．电容器中的电场强度将增大 B．电容器所带的电荷量将减少C．电容器的电容将减小 D．液滴将向上运动2．如图所示，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P向左移动时( )A．电流表读数变小，电压表读数变大 B．小电珠L变亮C．电容器C两极板间的场强变小 D．电源的总功率变大3．在如图所示的闪光灯电路中，电源的电动势为E，电容器的电容为C.当闪光灯两端电压达到击穿电压U时，闪光灯才有电流通过并发光．正常工作时，闪光灯周期性短暂闪光，则可以判定( )A．电源的电动势E一定小于击穿电压UB．电容器所带的最大电荷量一定为CEC．闪光灯闪光时，电容器所带的电荷量一定增大D．在一个闪光周期内，通过电阻R的电荷量与通过闪光灯的电荷量一定相等4．某一电源的路端电压与电流的关系和电阻R 1、R2的电压与电流的关系如图所示．用此电源和电阻R1、R2组成电路．R1、R2可以同时接入电路，也可以单独接入电路．为使电源输出功率最大，可采用的接法是()A．将R1、R2串联后接到电源两端B．将R1、R2并联后接到电源两端C．将R1单独接到电源两端D．将R2单独接到电源两端5．如图所示是一位同学设计的防盗门报警器的简化电路示意图．门打开时，红外光敏电阻R3受到红外线照射，电阻减小；门关闭时会遮蔽红外线源(红外线源没有画出)．经实际试验，灯的亮灭的确能反映门的开、关状态．门打开时两灯的发光情况以及R2两端电压U R2与门关闭时相比()A．红灯亮，U R2变大B．绿灯亮，U R2变大C．绿灯亮，U R2变小D．红灯亮，U R2变小6．在如图所示的电路中，由于某一电阻发生短路或断路，使A灯变暗，B灯变亮，则故障可能是()A．R1短路B．R2断路C．R3断路D．R4短路7．某居民家中的电路如图所示，开始时各部分工作正常，将电饭煲的插头插入三孔插座后，正在烧水的电热壶突然不能工作，但电灯仍正常发光．拔出电饭煲的插头，把试电笔分别插入插座的左、右插孔，氖管均能发光，则()A．仅电热壶所在的C、D两点间发生了断路故障B．仅电热壶所在的C、D两点间发生了短路故障C．仅A、B间导线断路D．因为插座用导线接地，所以发生了上述故障8．如图所示，电动势为E、内阻不计的电源与三个灯泡和三个电阻相接．只合上开关S1，三个灯泡都能正常工作．如果再合上S2，则下列表述正确的是()A．电源的输出功率减小B．L1上消耗的功率增大C．通过R1上的电流增大D．通过R3上的电流增大9．在如图所示的电路中，闭合电键S，当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动时，四个理想电表的示数都发生变化，电表的示数分别用I、U1、U2和U3表示，电表示数变化量的大小分别用ΔI、ΔU1、ΔU2和ΔU3表示．下列比值正确的是()A．U1/I不变，ΔU1/ΔI不变B．U2/I变大，ΔU2/ΔI变大C．U2/I变大，ΔU2/ΔI不变D．U3/I变大，ΔU3/ΔI不变10．如图所示的电路中，电路消耗的总功率为40 W，电阻R1为4 Ω，R2为6 Ω，电源内阻r为0.6 Ω，电源的效率为94%，求：(1)a、b两点间的电压(2)电源的电动势．11．如图所示，在A、B两点间接一电动势为4 V、内电阻为1 Ω的直流电源，电阻R1、R2、R3的阻值均为4 Ω，电容器的电容为30 μF，电流表的内阻不计，求：(1)电流表的读数；(2)电容器所带的电荷量；(3)断开电源后，通过R2的电荷量．12．(xx·上海高考)如图12所示的电路中，R1＝12 Ω，R2＝6 Ω，滑动变阻器R3上标有“20 Ω 2 A”的字样，理想电压表的量程有0～3 V和0～15 V两挡，理想电流表的量程有0～0.6 A和0～3 A两挡．闭合开关S，将滑片P从最左端向右移动到某位置时，电压表、电流表示数分别为2.5 V和0.3 A；继续向右移动滑片P至另一位置，电压表指针指在满偏的1/3，电流表指针指在满偏的1/4.试求电源电动势的大小．河北灵寿中学2011届高三物理课前纠错训练(十九)答案1．解析：电容器和电阻R2并联，两端电压与R2两端电压相等，当滑片P向左移动时电路电阻增大，总电流减小，R2两端电压减小，电容器中场强减小，A项错；液滴受电场力减小，故液滴向下运动，D项错误；由Q＝CU知，电容器所带的电荷量减少，B项正确；电容器的电容与两端电压及所带电荷量无关，故C错．答案：B2．解析：当滑片P向左移动时，电阻R的实用阻值变大，总电流变小，由U＝E－Ir可知电压表读数变大，故A正确，B错误；由U L变小，可得出U C变大，故电容器C两极板间的场强变大，C错误；由P总＝IE可知，电源的总功率变小，D错误．答案：A3．解析：电容器两端的电压与闪光灯两端的电压相等，当电源给电容器充电，达到闪光灯的击穿电压U时，闪光灯被击穿，电容器放电，放电后闪光灯两端电压小于U，断路，电源再次给电容器充电，达到电压U时，闪光灯又被击穿，电容器放电，如此周期性充放电，使得闪光灯周期性短暂闪光．要使得充电后达到电压U，则电源电动势E一定大于等于U，A项错误；电容器两端的最大电压为U，故电容器所带的最大电荷量为CU，B项错误；闪光灯闪光时电容器放电，所带电荷量减少，C项错误；在一个闪光周期内电容器的总电荷量变化ΔQ ＝0，故通过R的电荷量均通过了闪光灯，D正确．答案：D4．解析：由图象知电源内阻r＝0.5 Ω，两电阻的阻值R1＝0.5 Ω，R2＝1 Ω，而电源的输出功率在内外电路电阻相等时最大，故C正确．答案：C5．解析：当门打开时，R3受红外线照射，电阻减小，从而使并联电路电阻减小，总电阻减小，总电流I ＝E R ＋r增大，R 2两端电压U R 2＝U 并＝E －I (R 1＋r )减小，R 2中电流I R 2＝U R 2R 2减小，所以R 3中电流I R 3＝I －I R 2增大，线圈产生的磁场增强，把衔铁吸引，红灯亮，故D 对．答案：D6． 解析：由于A 灯串联在干路中，且故障发生后，A 灯变暗，故知电路中总电流变小，即电路总电阻变大，由此推知，故障应为某一电阻断路，排除选项A 、D.假设R 2断路，则其断路后电路总电阻变大，总电流变小，A 灯变暗，同时R 2断路必引起与之并联的灯B 中电流变大，使B 灯变亮，推理结果与现象相符，故选项B 对．假设R 3断路，则也引起总电阻变大，总电流变小，使A 灯变暗，同时R 3断路也必引起与之并联的电路(R 1所在支路)中电流增大，灯B 中分得电流也变大，B 灯变亮，故选项C 正确．答案：BC7． 解析：由于电灯仍正常发光，说明电源是好的，电热壶所在的C 、D 两点间没有发生短路故障．把试电笔分别插入插座的左、右插孔，氖管均能发光，说明插座的左、右插孔都与火线相通，说明电热壶所在的C 、D 两点间没有发生断路故障．综合分析可知，故障为A 、B 间导线断路，即C 选项正确．答案：C8． 解析：合上S 2之前，R 3与L 3串联后与L 1、L 2并联，最后与R 1串联．合上S 2之后，在并联电路部分又增加了一个并联的支路，电路的总阻值减小，电路中总电流也即流过R 1的电流增大，C 正确．因电源的内阻不计，则电源的输出功率P ＝IE 增大，A 错误．通过R 1中的电流增大使R 1两端电压升高，则并联电路部分的两端电压降低，L 1消耗的功率降低．通过R 3与L 3的电流都减小，B 、D 皆错误．答案：C9． 解析：ΔU 1ΔI ＝U 1I ＝R 1，由于R 1不变，故U 1I 不变，ΔU 1ΔI 不变．同理U 2I＝R 2，由于R 2变大，所以U 2I 变大．但是ΔU 2ΔI ＝ΔI (R 1＋r )ΔI ＝R 1＋r ，所以ΔU 2ΔI不变． 而U 3I ＝R 2＋R 1，所以U 3I 变大，由于ΔU 3ΔI ＝ΔIr ΔI ＝r ，所以ΔU 3ΔI不变．故选项A 、C 、D 正确． 答案：ACD10． 解析：(1)电流是联系内、外电路的桥梁，是求解闭合电路的关键，而电源的内电路部分为求解该题的突破口．电源内部热功率P 内＝I 2r ，又P 内＝P 总(1－η)，故I ＝ P 总(1－η)r＝2 A. 由于R 1、R 2并联，所以U ab ＝I R 1R 2R 1＋R 2＝4.8 V. (2)由P 总＝IE 得E ＝P 总I＝20 V . 答案：(1)4.8 V (2)20 V 11． 解析：(1)由图可知，接入电路的有效电阻仅有R 3，则I ＝E R 3＋r ＝44＋1A ＝0.8 A (2)电容器C 两端电压与R 3两端电压相同，故电容器所带电荷量Q ＝CIR 3＝30×10－6×0.8×4 C ＝9.6×10－5 C(3)断开电源，R 1与R 2并联后与R 3、C 构成放电回路，故通过R 2的电荷量Q 2＝Q 2＝9.6×10－52C ＝4.8×10－5 C 答案：(1)0.8 A (2)9.6×10－5 C (3)4.8×10－5 C12．解析：滑片P 向右移动的过程中，电流表示数在减小，电压表示数在增加，由此可以确定电流表量程选取的是0～0.6 A ，电压表量程选取的是0～15 V ，所以电流表的示数为14×0.6 A ＝0.15 A ，电压表的示数为13×15 V ＝5 V ；当电流表读数为0.3 A 时，R 1的电压为U 1＝I 1R 1＝0.3×12 V ＝3.6 V ，回路的总电流为I 总＝I 1＋U 1R 2＝(0.3＋3.66)A ＝0.9 A ，由闭合电路欧姆定律得：E ＝I 总r ＋U 1＋U 3，即E ＝0.9r ＋3.6＋2.5；当电流表读数为0.15 A 时，R 1的电压为U 1′＝I 1′R 1＝0.15×12 V ＝1.8 V ，回路的总电流为I 总′＝I 1′＋U 1′R 2＝(0.15＋1.86)A ＝0.45 A ，由闭合电路欧姆定律得：E ＝I 总′r ＋U 1′＋U 3′，即E ＝0.45r ＋1.8＋5，解方程组得：E ＝7.5 V .答案：7.5 V。
高一物理纠错本的建立和使用
高一物理纠错本的建立和使用作者：张文秀来源：《中学物理·高中》2015年第12期高一是立规成习的重要阶段，教师应该抓住这个关键时期，帮助学生形成良好的学习习惯。
学生在学习物理的过程中，免不了会出错，这就形成了错题。
错题的出现是一种正常现象，师生不必害怕，要正确对待。
心理学家皮亚杰认为，人的思维就是在不平衡向平衡转变的过程中发展起来的。
因此，要重视教学过程中的认知冲突。
错题正提供了这种认知冲突，而且它产生于学生自身的学习过程中，更能引起学生的思考。
解决了错题，学生的知识体系便得到了修正和完善，而解决错题最有效的途径则是建立纠错本。
所谓纠错本，顾名思义，是指做作业或考试以后，把做错的题记录下来，分析错误，并找到错误的原因，避免以后再犯类似的错误。
有效的纠错本，不仅仅是将正确的答案写在上面，还要有详细的解析和归纳总结。
归纳总结中要写明错因、方法、重点、难点、突破点等等。
归纳总结是学生反思的过程，是知识体系向严谨、全面、系统发展的必经阶段。
纠错很有价值，但是现实并不理想。
很多学生认为纠错是一种额外的负担，只有在教师布置或者要收纠错本的时候，才会改几道题，草草应付。
那么如何改变这种状况？笔者结合自己的教学经历，提供一些建议。
1 建立纠错本的建议1。
1 告知纠错意义教师应在第一堂课告知学生纠错的意义。
历来的考试表明，考试的失分点不仅仅是难题，更多的是易错题。
为什么一些题做了很多遍，还是出错？原因就是对原有错题重视程度不够，没有做充分的反思，知识还是模糊的、片段的、易混淆的。
纠错本则为我们的反思提供了有效的阵地。
学生听完这些话，对纠错本的价值还达不到应有的认同，因为很多时候，人们更愿意相信自己亲身经历获取的经验。
如果认真纠错带给学生高的正确率和成绩，学生自然会心悦诚服。
所以，进一步认同还需要事实的考验。
1。
2 明确要求教师应该在第一堂课提出纠错的要求。
要求学生做到“有错必改”，而且对纠错本的大小、书写格式做出明确规定。
人教版高中物理选修3-1高二第七周纠错考试.docx
高中物理学习材料桑水制作温州二外2013学年高二物理纠错考试试卷（1）2013.11班级姓名学号温馨提示：1.试卷共有三大题，20小题，满分为100分，考试时间60分钟；2.所有试题答案均写在答题卷上，只交答题卷。
一、不定项选择题（本题共15小题，每小题4分，共60分。
在每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不选的得0分）。
1．如图所示，图中实线是一簇未标明方向的由点电荷产生的电场线，虚线是某带电粒子通过该电场区域时的运动轨迹，a、b是轨迹上的两点，若带电粒子在运动过程中只受电场力作用，根据此图可做出的正确判断是 ( )A．带电粒子所带电荷的正、负B．带电粒子在a、b两点的受力方向C．带电粒子在a、b两点的加速度何处较大D．带电粒子在a、b两点的速度何处较大2．如图所示，在xOy平面内有一个以O为圆心、半径R=0.1 m的圆，P为圆周上的一点，O、P两点连线与x轴正方向的夹角为θ.若空间存在沿y轴负方向的匀强电场，场强大小E=100 V/m，则O、P两点的电势差可表示为 ( )A．U OP=-10 sinθ(V) B．U OP=10 sinθ(V)C．U OP=-10 cosθ(V) D．U OP=10 cosθ(V)3．在静电场中，将一正电荷从a点移到b点，电场力做了负功，则 ( ) A．b点的电场强度一定比a点大 B．电场线方向一定从b指向aC．b点的电势一定比a点高 D．该电荷的动能一定减小4．一平行板电容器的两个极板分别与一电源的正负极相连，在保持开关闭合的情况下，将电容器两极板间的距离增大，则电容器的电容C、电容器所带电量Q和极板间的电场强度E的变化情况是 ( )A．C、Q、E都逐渐增大 B．C、Q、E都逐渐减小C．C、Q逐渐减小，E不变 D．C、E逐渐减小，Q不变5．图中虚线为匀强电场中与场强方向垂直的等间距平行直线，两粒子M、N质量相等，所带电荷的绝对值也相等，现将M、N从虚线上的O点以相同速率射出，两粒子在电场中运动的轨迹分别如图中两条实线所示．点a、b、c为实线与虚线的交点，已知O点电势高于c点．若不计重力，则 ( )A．M带负电荷，N带正电荷B．N在a点的速度与M在c点的速度大小相同C．N在从O点运动至a点的过程中克服电场力做功D．M在从O点运动至b点的过程中，电场力对它做的功等于零6．用伏安法测某一电阻时，如果采用如图所示的甲电路，测量值为R1，如果采用乙电路，测量值为R2，那么R1、R2与真实值R之间满足关系 ( )A．R1＞R＞R2 B．R＞R1＞R2 C．R1＜R＜R2 D．R＜R1＜R27．如图甲、乙两个电路中的电阻完全相同，甲图中S闭合，乙图中S断开，则( ) A．当触头向下滑动时，两个电路中通过R的电流都变小B．当触头向下滑动时，两个电路中的总电阻都变小C．当触头滑动时，两个电路中通过R的最大电流相同D．当触头滑动时，两个电路中通过R的最小电流相同8．某同学完成了电压表的改装后，将改装后的电压表和标准电压表并联，然后接入电路进行测量，发现改装表的示数总比标准表的示数小，为了校准改装表，应( )A．增大改装表的串联电阻 B．减小改装表的串联电阻C．用一个电阻与标准表串联D．用螺丝刀调整改装表的调零螺丝9．有一只家用电熨斗，其电路结构如图甲所示，图中1、2、3、4是内部4个接线柱，改变内部接线方式可使电熨斗获得低、中、高三个不同的温度挡。
高三物理下学期课前纠错训练_2
峙对市爱惜阳光实验学校高三物理课前纠错训练(十五)1．(2021·质检)传感器是一种采集信息的重要器件，图所示是一种测压力的电容式传感器．当待测压力F作用于可动膜片电极上时，以下说法中正确的选项是 ( )A．假设F向上压膜片电极，电路中有从a到b的电流B．假设F向上压膜片电极，电路中有从b到a的电流C．假设F向上压膜片电极，电路中不会出现电流D．假设电流表有示数，那么说明压力F发生变化2．如下图，从F处释放一个无初速的电子向B板方向运动，指出以下对电子运动的描述中错误的选项是(设电源电动势为E) ( )A．电子到达B板时的动能是E eVB．电子从B板到达C板动能变化量为零C．电子到达D板时动能是3E eVD．电子在A板和D板之间做往复运动3．如下图，一个平行板电容器，板间距离为d，当对其加上电压后，A、B两板的电势分别为＋φ和－φ，下述结论正确的选项是( )A．电容器两极板间可形成匀强电场，电场强度大小为E＝φ/dB．电容器两极板间各点的电势，有的相同，有的不同；有正的，有负的，有的为零C．假设只减小两极板间的距离d，该电容器的电容C要增大，极板上带的电荷量Q也会增加D．假设有一个电子水平射入穿越两极板之间的电场，那么电子的电势能一会减小4．如下图，D是一只理想二极管，电流只能从a流向b，而不能从b流向a.平行板电容器的A、B两极板间有一电荷，在P点处于静止状态．以E表示两极板间的电场强度，U表示两极板间的电压，E p表示电荷在P点的电势能．假设保持极板B不动，将极板A稍向上平移，那么以下说法中正确的选项是 ( )A．E变小 B．U变大 C．E p不变 D．电荷仍保持静止5．如下图，示波管是示波器的核心部件，它由电子枪、偏转电极和荧光屏组成．如果在荧光屏上P点出现亮斑，那么示波管中的( )A．极板X带正电 B．极板X′带正电 C．极板Y带正电 D．极板Y′带正电6．(2021·)如图6所示，电子在电势差为U 1的加速电场中由静止开始运动，然后射入电势差为U 2的两块水平的平行极板间的偏转电场中，入射方向跟极板平行．整个装置处在真空 中，重力可忽略．在满足电子能射出平行板区域的条件下，下述四种情况中，一能使电子的偏转角θ变大的是 ( )A ．U 1变大、U 2变大B ．U 1变小、U 2变大C ．U 1变大、U 2变小D ．U 1变小、U 2变小7．(2021·九)如图7所示，在竖直平面内有一边长为l 的正方形区域处在场强为E 的匀强电场中，电场方向与正方形一边平行．一质量为m 、带电量为q 的小球由左边的中点，以垂直于该边的水平初速v 0进入该正方形区域．当小球再次运动到该正方形区域的边缘时，具有的动能可能为 ( )A ．0 B.12mv 20＋12qEl －12mgl C.12mv 20 D.12mv 20＋qEl＋12mgl 8．两平行金属板间有匀强电场，不同的带电粒子都以垂直于电场线方向飞入该电场，要使这些粒子经过匀强电场后有相同大小的偏转角，那么它们具备的条件是(不计重力作用)〔 〕A ．有相同的动能和相同的比荷B ．有相同的动量和相同的比荷C ．有相同的速度和相同的比荷D ．只要有相同的比荷就可以 9．(2021·高考)如图8所示，粗糙程度均匀的绝缘斜面下方O 点处有一正点电荷，带负电的小物体以初速度v 1从M 点沿斜面上滑，到达N 点时速度为零，然后下滑回到M 点，此时速度为v 2(v 2<v 1)．假设小物体电荷量保持不变，OM ＝ON ，那么 ( )A ．小物体上升的最大高度为v 21＋v 224gB ．从N 到M 的过程中，小物体的电势能逐渐减小C ．从M 到N 的过程中，电场力对小物体先做负功后做正功D ．从N 到M 的过程中，小物体受到的摩擦力和电场力均是先增大后减小10．(2021·月考)真空中存在空间范围足够大的、水平向右的匀强电场．在电场中，假设将一个质量为m ＝0.1 kg 、带正电的小球由静止释放，运动中小球速度与竖直方向夹角为37°.现将该小球从电场中某点以初速度v 0＝10 m/s 竖直向上抛出，(取sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，g ＝10 m/s 2)求：(1)小球受到的电场力的大小及方向；(2)小球从抛出点至最高点的过程中的水平位移；(3)小球从抛出点至最高点的过程中电势能的变化量．11．如图9所示为一真空示波管的示意图，电子从灯丝K发出(初速度可忽略不计)，经灯丝与A 板间的电压U1加速，从A板中心孔沿中心线KO 射出，然后进入两块平行金属板M、N形成的偏转电场中(偏转电场可视为匀强电场)，电子进入M、N间电场时的速度与电场方向垂直，电子经过偏转电场后打在荧光屏上的P点．M、N两板间的电压为U2，两板间的距离为d，板长为L，电子的质量为m，电荷量为e，不计电子受到的重力及它们之间的相互作用力．(1)求电子穿过A板时速度的大小；(2)求电子从偏转电场射出时的侧移量；(3)假设要使电子打在荧光屏上P点的上方，可采取哪些措施？12．在场强为E＝100 V/m的竖直向下的匀强电场中有一块水平放置的足够大的接地金属板，在金属板的正上方，高为h＝0.8 m处有一个小的放射源放在一端开口的铅盒内，如图10所示．放射源以v0＝200 m/s的初速度向水平面以下各个方向均匀地释放质量为m＝2×10－15 kg、电荷量为q＝＋10－12 C的带电粒子．粒子最后落在金属板上．不计粒子重力，试求：(1)粒子下落过程中电场力做的功；(2)粒子打在金属板上时的动能；(3)计算落在金属板上的粒子图形的面积大小．(结果保存两位有效数字)高三物理课前纠错训练(十六)答案1 解析：F向上压膜片电极，使得电容器两板间的距离减小，电容器的电容增加，又因电容器两极板间的电压不变，所以电容器的电荷量增加，电容器继续充电．综上所述，选项B、D正确．答案：BD2．解析：由电池的接法知：A板带负电，B板带正电，C板带正电，D 板带负电，所以A、B板间有向左的电场，C、D板间有向右的电场，B、C板间无电场，由动能理知：电子到达B板时的动能为E eV，到达D板时的动能为零，在B、C板间做匀速直线运动，总之电子能在A板和D板间往复运动，所以错误选项为C. 答案：C3．解析：由题意可知，两板间电压为2φ，电场强度为E＝2φd，A错误；板间与板平行的中线上电势为零，中线上方电势为正，下方电势为负，故B正确；由C＝εS4πkd知，d减小，C增大，由Q＝CU知，极板带电荷量Q增加，C正确；电子水平射入穿越两极板之间的电场时，电场力一对电子做正功，电子的电势能一减小，D正确．答案：BCD4．解析：由C ＝εS 4πkd可知，当极板A 稍向上平移时，d 增大，C 变小，但因二极管的存在，电容器上的电量不能放出，故电容器上的电量Q 不变，由Q ＝CU 可知，U 变大，由Q ＝εSU 4πkd ＝εS4πkE 可知，板间电场强度不变，电荷仍静止，且φP 不变，故E p ＝φP q 也不变，综上所述，B 、C 、D 均正确，A 错误． 答案：BCD5．解析：由荧光屏上亮斑的位置可知，电子在XX ′偏转电场中向X 极板方向偏转，故极板X 带正电，A 正确，B 错误；电子在YY ′偏转电场中向Y 极板方向偏转，故极板Y 带正电，C 正确，D 错误．答案：AC6． 解析：设电子被加速后获得的速度为v 0，那么由动能理得：U 1q ＝12mv 20，又设水平极板长为l ，那么电子在水平极板间偏转所用时间t ＝lv 0，又设电子在水平极板间的加速度为a ，水平极板的板间距为d ，由牛顿第二律得：a ＝U 2qdm ，电子射出偏转电场时，平行于电场方向的速度v y ＝at ，联立解得v y ＝U 2qldmv 0.又tan θ＝v y v 0＝U 2ql dmv 20＝U 2ql 2dqU 1＝U 2l2dU 1.故U 2变大、U 1变小一能使偏转角θ变大，应选项B 正确．答案：B7．解析：当电场力与重力平衡时，粒子将水平匀速到达对边，动能不变，C 正确．当电场力向上且大于重力时，粒子将从上边离开正方形区域，由动能理得选项B 正确．当电场力向下时，粒子将在电场力和重力的共同作用下从下边离开正方形区域，由动能理得选项D 正确． 答案：BCD8．解析：设金属板长为L ，两板间电压为U ，板间距为d ，粒子进入电场时初速度为v ，在电场中运动时间为t ＝Lv，在离开电场时沿电场线方向上的速度为v y ，那么v y ＝at ＝qU md ·Lv.所以带电粒子离开电场时与初速度方向v 的夹角，即偏转角，如下图tan θ＝v y v ＝qULmdv 2显然A 、B 、D 错误，C 正确． 答案：C9． 解析：因为OM ＝ON ，M 、N 两点位于同一势面上，所以从M 到N 的过程中，电场力对小物体先做正功再做负功，电势能先减小后增大，B 、C 错误；因为小物体先靠近正点电荷后远离正点电荷，所以电场力、斜面压力、摩擦力都是先增大后减小，D 正确；设小物体上升的最大高度为h ，摩擦力做功为W ，在上升过程、下降过程根据动能理得－mgh ＋W ＝0－12mv 21①mgh ＋W ＝12mv 22，②联立①②解得h ＝v 21＋v 224g，A 正确．答案：AD10．解析：(1)由题意，电场力大小：F ＝qE ＝mg tan37°＝0.75 N方向：水平向右．(2)小球在竖直方向上做匀减速运动，速度为v y ，那么v y ＝v 0－gt小球上升到最高点的时间t ＝v 0g＝1 s小球沿水平方向做初速度为0的匀加速运动，加速度为a ，那么a ＝qE m ＝34g ＝7.5 m/s 2此过程中小球沿电场方向的位移：s ＝12at 2＝3.75 m.(3)电场力做功W ＝qEs ≈1 J故小球上升到最高点的过程中，电势能减少1 J ．答案：(1)0.75 N 水平向右 (2)3.75 m (3)减少2．81 J11． 解析：(1)设电子经电压U 1加速后的速度为v 0，由动能理 eU 1＝12mv 20－0解得v 0＝2eU 1m(2)电子以速度v 0进入偏转电场后，垂直于电场方向做匀速直线运动，沿电场方向做初速度为零的匀加速直线运动．设偏转电场的电场强度为E ，电子在偏转电场中运动的时间为t ，加速度为a ，电子离开偏转电场时的侧移量为y .由牛顿第二律和运动学公式t ＝L v 0F ＝ma ，F ＝eE ，E ＝U 2da ＝eU 2mdy ＝12at 2解得y ＝U 2L 24U 1d(3)由y ＝U 2L 24U 1d可知，减小加速电压U 1和增大偏转电压U 2均可增大y 值，从而使电子打到屏上的位置在P 点上方．答案：(1)2eU 1m (2)U 2L24U 1d(3)减小加速电压U 1和增大偏转电压U 212．解析：(1)粒子在下落过程中电场力做的功W ＝Eqh ＝100×10－12×0.8 J＝8×10－11 J(2)粒子在整个运动过程中仅有电场力做功，由动能理得W ＝E k2－E k1E k2＝8×10－11 J ＋2×10－15×2002/2 J ＝×10－10 J(3)粒子落到金属板上的范围是一个圆．设此圆的半径为r ，只有当粒子的初速度与电场的方向垂直时粒子落在该圆的边缘上，由运动学公式得 h ＝12at 2＝Eq 2mt 2代入数据求得t ≈6×10－3s 圆半径r ＝v 0t ≈1.13 m 圆面积S ＝πr 2≈4.0 m 2. 答案：(1)8×10－11 J (2)×10－10J (3)4.0 m 2。
八年下册物理错题本
物理错题本第一节力1、在物理学中，为了形象、直观地表现力三要素，通常用一根带箭头的线段来表示力叫做_____ ____。
在受力物体上沿着力的方向画一条线段，①线段的起点或终点表示_____ ____。
②箭头的指向表示_____ ____，线段的_____ __表示力的大小。
③在箭头旁边标注力符号和大小。
2、游泳是一项极好的健身运动，人向后划水就能向前进，使人向前进的力的施力物体是（） A 、人的手 B、人的脚 C 、水 D、以上答案都正确3、如图所示，当电风扇工作时，空气会由静止而变得流动起来，这说明力能 ____ _____ ，同时发现小车已经向____(填右或左)运动，原因是_____ _ ___ ；类似的装置可应用在一些交通工具上，请你举出一个例子_________。
这类交通工具在月球上是无法工作的，这是因为_________ 。
4、用绳子系住水桶，手握住绳子从井里提水，手受到竖直向下的拉力，这个拉力的施力物体是( ) A.地球; B.水桶 ; C.绳子; D.水.5、小刚同学提着一桶水，要画出小刚提水时手受到的力的示意图，下列说法正确的是（）A.手受到的力方向向下，作用点在水桶上B.手受到的力方向向上，作用点在小刚的手上C．手受到的力方向向上，作用点在水桶上 D. 手受到的力方向向下，作用点在小刚的手上6、小明踢足球时脚感到疼，说明；他能踢出“香蕉球”，说明力的作用效果与力的方向和有关，飞行中球最终落向地面是由于受到作用．7、在画力示意图时，力的作用点一定要画在（）A 、施力物体上 B、受力物体上 C 、施力或受力物体都行 D、以上说法都不对第二节弹力1、物体受力时会发生形变，撤掉这个力以后物体又恢复到原来的形状，物体的这种特性叫做_________。
物体由于发生_________而产生的力叫做弹力，弹力的大小与___________的大小有关。
2、在弹性限度内，弹簧受到的拉力越大，弹簧的伸长就越_______；使用弹簧测力计时，不能超过它的________；某弹簧测力计如图所示，该测力计的测量范围是___________N，指针所指的示数是____________N。