高中数学 巧构造 妙解题解题思路大全
高中数学构造法求解题技巧
高中数学构造法求解题技巧高中数学构造法是一种解题思路和技巧，它通过构造适当的数学结构，使得问题的求解变得更加简单明了。
构造方法在高中数学中应用广泛，可以用于解决各类题型，包括代数题、几何题、概率题等等。
一、构造法的基本思想构造法是一种通过建立合适的数学结构，简化问题的解决方法和步骤的思想。
通过构造一些符合题意的数学对象，我们可以发现一些规律，从而提供问题的解答方式。
二、构造法的常见技巧1.构造等差数列或等比数列在解决一些代数问题时，我们可以尝试构造一个等差数列或者等比数列。
通过构造这样的数列，我们可以找到其中的规律，从而解决问题。
2.构造图形在解决几何问题时，我们可以尝试构造一个与原图形相似或者关联的图形。
通过构造这样的图形，我们可以将复杂的几何问题简化为一些基本的几何性质，从而解决问题。
3.构造排列组合在解决一些概率问题和组合问题时，我们可以尝试构造排列组合。
通过构造排列组合，我们可以得到一些计算公式或者规律，从而解决问题。
4.构造方程组在解决一些代数问题时，我们可以尝试构造一个方程组。
通过构造这样的方程组，我们可以得到一些方程之间的关系，从而解决问题。
5.构造递推公式在解决一些数列问题时，我们可以尝试构造一个递推公式。
通过构造递推公式，我们可以找到数列中的规律，从而解决问题。
三、构造法的实例分析1.构造等差数列例题：有一些连续的整数，它们的和是45，这些整数中最小的是多少？解析：我们可以假设这些连续的整数的首项是x，公差是1，那么这些整数的和可以表示为：x+(x+1)+(x+2)+...+(x+n)=45。
通过求和公式，我们可以得到(x+45)/(n+1)=45，进一步化简得到x=15-n。
我们可以发现，当n=30时，x=15-n=0，此时连续整数中的最小值为0。
2.构造图形例题：在平面直角坐标系中，有一条线l过点(0, 0)和(1, 2)，线l与x轴、y轴以及x=y共同围成一个三角形，求这个三角形的面积。
试论高中数学解题中运用构造法的措施
试论高中数学解题中运用构造法的措施在高中数学学习中，构造法是一种重要的解题方法之一，它在许多领域中发挥了巨大的作用。
可以说，掌握好构造法，对于学生在数学解题中有很大的帮助。
下面就来探讨一下高中数学解题中使用构造法的措施。
一、采取递推法在数学考试中，我们经常会遇到这样的问题：要求某个数列的第n项，而这个数列的前若干项并已经给出。
这时，我们可以采用构造法中的递推思想，对每一项进行递推求解。
比如某个数列的第n项可以表示为前两项之和，我们就可以从第一项开始一步步往后递推，得出第n项的值。
二、利用图形构造在几何问题中，构造法是非常常见的方法，特别是一些需要证明的几何定理。
通过巧妙的构造，我们可以将问题转化为更易于理解和证明的形式，如构造中垂线、平行线、垂线平分线段等。
结合图形构造和勾股定理、相似三角形等几何定理可以较容易地得到结论。
三、运用等价转化法等价转化法是构造法中比较常用的一种方法，它利用等式关系转化问题的形式，使其更易于处理。
在解方程、不等式等问题时，我们可以通过对原式进行恰当的等式变形，将其转换为更加简单的形式，从而得到问题的解。
这种方法可以大大降低解题的难度，提高解题效率。
四、利用枚举法在一些组合问题中，我们需要找出所有的方案，此时可以采取构造法中的枚举思想，列举所有的可能性，并分别进行计算，最终得到问题的解。
通过枚举法，我们可以不漏解，不误判，有效地切实地解决问题。
五、注意相似、对称性质在一些特殊的问题中，常常会涉及到相似、对称等性质，此时我们可以运用这些性质，利用构造法来解决问题。
在三角形的内心、垂心等特殊点的构造中，对称性质和相似性质是非常重要的，运用好这些性质可以简化问题，使解题更加容易。
在高中数学解题过程中，构造法是一种非常重要的解题方法，能够帮助我们快速解决问题，提高课堂成绩和考试成绩。
通过采用递推法、利用图形构造、运用等价转化法、利用枚举法和注意相似、对称性质等措施，我们可以更好地应用构造法解决问题，提升数学解题的能力和水平。
高考数学复习点拨 巧构造妙解题
高考数学复习点拨 巧构造妙解题指数函数的单调性是指数函数的重要性质，灵活应用此性质可以解决一些与之相关的问题，使一些看似复杂的问题，通过构造指数函数轻松获解．那么在具体问题中应如何构造函数呢？下面结合几例加以剖析．一、确定代数式的符号例1 已知3333x y x y x y --∈+>+R ，，，判断x y +的符号． 解：构造函数1()3333t t t t f t -=-=-，则它在R 上递增， 而3333x x y y --->-，即()()f x f y >-．x y ∴>-，即0x y +>．评析：在利用指数函数的性质解决问题时，要善于挖掘函数所隐含的性质． 二、确定字母的取值范围例2 关于x 的方程32345x x a a+=-有负实根，求实数a 的取值范围． 解：据方程有负实根，并注意到34x y ⎛⎫= ⎪⎝⎭是单调递减的，从而得到314x ⎛⎫> ⎪⎝⎭， 于是问题就变为解不等式3215a a +>-，可知354a <<． 评析：本题构造函数34x y ⎛⎫= ⎪⎝⎭是关键，利用函数与方程的关系使问题得以顺利解决． 三、判断几何图形形状例３ 已知a bc m ，，，都是正数，且m m m a b c =+， 求当m 取何值时，长分别为a bc ，，的三条线段能构成三角形？ 解：由于m m ma b c =+，且a bc m ，，，都是正数， 所以0a b >>，且0a c >>．因此要使长为a bc ，，的三线段能构成三角形，只要b c a +>即可． 因为m m m a b c =+， 所以1m m m m m b c b c a a a +⎛⎫⎛⎫=+= ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭． 因为()x x b c f x a a ⎛⎫⎛⎫=+ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭在R 上是单调递减函数， 所以若1m =，则(1)1b c f a a=+=，即b c a +=，显然不能构成三角形；若1m >，则()(1)f m f <，又()1m mb c f m a a ⎛⎫⎛⎫=+= ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭，(1)b c f a +=， 因此b c a +>，故能构成三角形；若01m <<，则()(1)f m f >，即b c a +<，显然不能构成三角形．综上可知，当1m >时，长为a b c ，，的三线段能构成三角形．评析：应用指数函数的性质解决问题的关键在于构造指数函数， 本题对等式m m m a b c =+进行变形，使等式一端为常数，即1m mb c a a ⎛⎫⎛⎫+= ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭， 然后利用相关函数单调性使问题顺利获解．。
构造法在高中数学解题中的应用方法
构造法在高中数学解题中的应用方法构造法是数学解题的一种常用方法，它通过构造一些合适的图形或者算式，从而得出问题的解。
下面将详细介绍在高中数学解题中的应用方法。
1.构造举例法构造举例法是指通过举例子来说明问题的性质和解法。
在解决问题时，可以先为问题中的某些元素赋予具体的值，然后通过计算和观察找出规律或者结论，进而解决问题。
在解决函数的性质或者图形的性质的问题时，可以通过构造一些特殊的函数或者图形来观察其特点，然后得出结论。
2.构造等价问题法构造等价问题法是指将原问题转化为一个与原问题性质类似但更易解决的等价问题，然后解决该等价问题，最后将等价问题的解转化为原问题的解。
在解决问题时，可以通过思考和变换，将原问题转化为一个已知的问题或者与已知问题相似的问题。
在解决几何证明问题时，可以通过构造一些辅助线或者引入一些辅助概念，将原问题转化为已知的几何定理或者性质，从而简化问题的解决过程。
3.构造反证法构造反证法是指通过假设原命题不成立，然后推导出一个矛盾的结论，从而证明原命题的真实性。
在解决问题时，可以假设问题的反面或者与问题相反的情况，然后推导出矛盾的结论，从而证明问题的真实性。
在解决一些证明问题时，可以对问题做出一个取非的假设，然后通过逻辑推导得出一个矛盾的结论，从而证明原命题的真实性。
4.构造递归法构造递归法是指通过递归地应用某一规则或者某一性质，依次构造解的方法。
在解决问题时，可以通过将问题分解为若干个子问题，并且将子问题的解合并为原问题的解，从而解决问题。
在解决数列的性质问题时，可以通过递归地应用数列的递推公式，依次计算出数列的各项值，从而得到数列的性质。
构造法在高中数学解题中具有很大的灵活性和实用性。
通过构造法，可以把抽象的问题转化为具体的问题，通过观察和计算得出结论，从而解决问题。
构造法还可以帮助学生培养创造力和逻辑思维能力，提高解题的效率和准确性。
在高中数学教学中，应该鼓励学生灵活运用构造法，积极参与解题，提高数学解决问题的能力。
高中数学解题方法之构造法(含答案)
十、构造法解数学问题时，常规的思考方法是由条件到结论的定向思考，但有些问题用常规的思维方式来寻求解题途径却比较困难，甚至无从着手。
在这种情况下,经常要求我们改变思维方向，换一个角度去思考从而找到一条绕过障碍的新途径。
历史上有不少著名的数学家，如欧几里得、欧拉、高斯、拉格朗日等人，都曾经用“构造法”成功地解决过数学上的难题。
数学是一门创造性的艺术，蕴含着丰富的美,而灵活、巧妙的构造令人拍手叫绝，能为数学问题的解决增添色彩，更具研究和欣赏价值。
近几年来，构造法极其应用又逐渐为数学教育界所重视，在数学竞赛中有着一定的地位。
构造需要以足够的知识经验为基础，较强的观察能力、综合运用能力和创造能力为前提，根据题目的特征，对问题进行深入分析，找出“已知”与“所求（所证）”之间的联系纽带，使解题另辟蹊径、水到渠成。
用构造法解题时，被构造的对象是多种多样的，按它的内容可分为数、式、函数、方程、数列、复数、图形、图表、几何变换、对应、数学模型、反例等，从下面的例子可以看出这些想法的实现是非常灵活的，没有固定的程序和模式，不可生搬硬套。
但可以尝试从中总结规律：在运用构造法时，一要明确构造的目的，即为什么目的而构造；二要弄清楚问题的特点，以便依据特点确定方案，实现构造。
再现性题组 1、求证： 31091022≥++=x x y （构造函数） 2、若x > 0, y > 0, x + y = 1，则42511≥⎪⎪⎭⎫ ⎝⎛+⎪⎭⎫ ⎝⎛+y y x x （构造函数） 3、已知01a <<，01b <<，求证：22)1()1()1()1(22222222≥-+-+-+++-++b a b a b a b a（构造图形、复数）4、求证：9)9(272≤-+x x ，并指出等号成立的条件。
（构造向量） 5、已知：a>0、b>0、c>0 ,求证：222222c ac a c bc b b ab a ++≥+-++-当且仅当ca b 111+=时取等号。
选准好思路,巧解解答题(高中数学)
2 和 tan (2 3) cot 都成立 ? 若存在 , 求出 3 2
, 的值;若不存在.请说明理由.
2
解 : 由 已 知 可 得
3
, 所 以 , tan(
2
)
tan
2
tan 1 tan2tan
3 , 又 由
t a n
故 tan
热线:029-82551428
解答题专项训练
1. 求函数 y 3 sin x cos x (
3
x
2
)的值域.
1. 解 :整理函数解析式可得 y 2 sin(x 据正弦函数的图像可得
6
) , 因为
3
x
2
, 所以 ,
6
x
6
1 sin( x ) 1 ,故函数的值域为 [1, 2] . 2 6 1 2.已知点点 A(1,2),点 B(-2,6),点 P 在直线 AB 上,且满足 | AP | | AB | ,求点 P 的坐标. 3
3.解: OG 所 以 , ( m) a
1 3
1 1 1 b = [ a ( n)b] , 故 3 3 3
1 m 3 3 ,消去 可得: ( 1 n) 1 3 3
1 1 1 1 1 ( m)( n) ,整理即得 3 . 3 3 9 m n
8 2 ， 5
) 的值. 2 8 解: 由 m (cos ,sin ) ， n ( 2 sin ,cos ) 知：
高中数学,巧解极值点偏移5大套路
巧解极值点偏移5大套路已知()21ln 2f x x x mx x =--，m ∈R ．若()f x 有两个极值点1x ，2x ，且12x x <，求证：212e x x >（e 为自然对数的底数）．解法一：齐次构造通解偏移套路证法1：欲证212e x x >，需证12ln ln 2x x +>．若()f x 有两个极值点1x ，2x ，即函数()f x '有两个零点．又()ln f x x mx '=-，所以，1x ，2x 是方程()0f x '=的两个不同实根．于是，有1122ln 0ln 0x mx x mx -=⎧⎨-=⎩，解得1212ln ln x x m x x +=+．另一方面，由1122ln 0ln 0x mx x mx -=⎧⎨-=⎩，得()2121ln ln x x m x x -=-，从而可得，21122112ln ln ln ln x x x x x x x x -+=-+．于是，()()222121111222111lnln ln ln ln 1x x x x x x x x x x x x x x ⎛⎫+ ⎪-+⎝⎭+==--．又120x x <<，设21x t x =，则1t >．因此，()121ln ln ln 1t t x x t ++=-，1t >．要证12ln ln 2x x +>，即证：()1ln 21t t t +>-，1t >．即：当1t >时，有()21ln 1t t t ->+．设函数()()21ln 1t h t t t -=-+，1t ≥，则()()()()()()222212111011t t t h t t t t t +---'=-=≥++，所以，()h t 为()1.+∞上的增函数．注意到，()10h =，因此，()()10h t h ≥=．于是，当1t >时，有()21ln 1t t t ->+．所以，有12ln ln 2x x +>成立，212e x x >．解法二变换函数能妙解证法2：欲证212e x x >，需证12ln ln 2x x +>．若()f x 有两个极值点1x ，2x ，即函数()f x '有两个零点．又()ln f x x mx '=-，所以，1x ，2x 是方程()0f x '=的两个不同实根．显然0m >，否则，函数()f x '为单调函数，不符合题意．由()11121222ln 0ln ln ln 0x mx x x m x x x mx -=⎧⇒+=+⎨-=⎩，即只需证明()122m x x +>即可．即只需证明122x x m+>．设()()210,g x f x f x x m m ⎛⎫⎛⎫⎛⎫''=--∈ ⎪ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭⎝⎭，()()()22102mx g x x mx -'=>-，故()g x 在10,m ⎛⎫↑ ⎪⎝⎭，即()10g x g m ⎛⎫<= ⎪⎝⎭，故()2f x f x m ⎛⎫''<- ⎪⎝⎭．由于()11mx f x m x x -''=-=，故()f x '在10,m ⎛⎫↑ ⎪⎝⎭，1,m ⎛⎫+∞↓ ⎪⎝⎭．设121x x m <<，令1x x =，则()()2112f x f x f x m ⎛⎫'''=<- ⎪⎝⎭，又因为2x ，121,x mm ⎛⎫-∈+∞ ⎪⎝⎭，()f x '在1,m ⎛⎫+∞↓ ⎪⎝⎭，故有212x x m >-，即122x x m +>．原命题得证．解法三构造函数现实力证法3：由1x ，2x 是方程()0f x '=的两个不同实根得ln x m x =，令()ln xg x x=，()()12g x g x =，由于()21ln xg x x-'=，因此，()g x 在()1,e ↑，()e,+∞↓．设121e x x <<<，需证明212e x x >，只需证明()212e 0,e x x >∈，只需证明()212e f x f x ⎛⎫> ⎪⎝⎭，即()222e f x f x ⎛⎫> ⎪⎝⎭，即()222e 0f x f x ⎛⎫-> ⎪⎝⎭．即()()()()2e 1,e h x f x f x x ⎛⎫=-∈ ⎪⎝⎭，()()()22221ln e 0e x x h x x --'=>，故()h x 在()1,e ↑，故()()e 0h x h <=，即()2e f x f x ⎛⎫< ⎪⎝⎭．令1x x =，则()()2211e f x f x f x ⎛⎫=< ⎪⎝⎭，因为2x ，()21e e,x ∈+∞，()f x 在()e,+∞↓，所以221e x x >，即212e x x >．证法4：设()11ln 0,1t x =∈，()22ln 1,t x =∈+∞，则由1122ln 0ln 0x mx x mx -=⎧⎨-=⎩得11221122e e et t t t t t m t m t -⎧=⇒=⎨=⎩，设120k t t =-<，则1e e 1k kk t =-，2e 1k k t =-．欲证212e x x >，需证12ln ln 2x x +>．即只需证明122t t +>，即()()()()()1e 21e 2e 11e 2e 10e 1k k k k k k k k k +>⇔+<-⇔+--<-．设()()()()1e 2e 10k k g k k k =+--<，()e e 1k k g k k '=-+，()e 0k g k k ''=<，故()g k '在(),0-∞↓，故()()00g k g ''>=，故()g k 在(),0-∞↑，因此()()00g k g <=，命题得证．证法5：设()11ln 0,1t x =∈，()22ln 1,t x =∈+∞，则由1122ln 0ln 0x mx x mx -=⎧⎨-=⎩得11221122e e et t t t t t m t m t -⎧=⇒=⎨=⎩，设()120,1t k t =∈，则1ln 1k k t k =-，2ln 1k t k =-．欲证212e x x >，需证12ln ln 2x x +>，即只需证明122t t +>，即()()()1ln 21212ln ln 0111k kk k k k k k k +-->⇔<⇔-<-++，设()()()()21ln 0,11k g k k k k -=-⇔+，()()()22101k g k k k -'=>+，故()g k 在()0,1↑，因此()()10g k g <=，命题得证．。
巧妙构造函数 破解三类题型
中孝生皋捏化解题篇创新题！溯源高二数学2021年5月巧妙构造函数破解三类题型■河北师范大学附属实验中学闫文娟函数是支撑数学学科知识体系的重要内容，反映了客观世界两个集合间的对应关系&而导数是研究函数性质的有力工具，是高考的热点话题。
函数与方程思想、转化与化归思想是高中数学思想中比较重要的两大思想，而构造函数解题的思路恰好是这两种思想的良好体现。
下面浅谈巧妙构造函数，合理运用导数，破解三类题型，旨在抛砖引玉$一、由“导^寻“源™妙解函数不等式在近几年的高考试题中，出现了一类抽象函数、导数、不等式交汇的重要题型，这类题型涉及抽象函数，很多学生解题时，突破不了由于抽象而造成的解题障碍，不能从容应对不等式的求解问题。
实际上，根据所给不等式，联想导数的运算法则，构造适当的辅助函数，然后利用导数判断其单调性是解决此类问题的通法$!!62020年河南信阳高中期末】已知函数f(')在R上存在导函数对于任意的实数都有f(!'"=A2'，当'V0时&f一)f{'"+f('">0,若e"f(2"+1"% f("+1),则实数"的取值范围是("$A. B.[-2#.[0,+7) D.(—7,0,解析：令g('"=e'f('"则当'V0时& g f('"=e'「f('"+?('),>0,g(')在(—7,0)上单调递增又g(—'"=e'f(—'"=e'f('"= g(c",故 g('"为偶函数，g(')在(0,+7"上单调递减$从而e"f(2"+1"%f("+1"等价于e2"+1f(2"+1"%e"+1f("+1",g(2"+1"% g(,"+1" $因此，I2"+1I'二I"+1I，即(2"+1)2'二2("+1"2,3"2+2"'0,解得一3'"'0,选B$点睛：联系已知条件和结论，构造辅助函数是高中数学中一种常用的方法。
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巧构造 妙解题
1. 直接构造
例1. 求函数f x x x ()sin cos =
-+32的值域。
分析：由于f x x x
()sin cos =-+32可以看作定点（2，3）与动点（-cosx ，sinx ）连线的斜率，故f(x)的值域即为斜率的最大、最小值。
解：令μθ=-=cos sin x x ，，则μθ221+=表示单位圆
f x k ()=
--=32θμ
表示连接定点P （2，3）与单位圆上任一点（μ，θ）所得直线θμ---=k k ()320的斜率。
显然该直线与圆相切时，k 取得最值，此时，圆心（0，0）到这条直线的距离为1，即||32112-+=k k
所以k =±
2233 故22332233-
≤≤+f x ()
例 2. 已知三条不同的直线x y a sin sin 3αα+=，x y a sin sin 3ββ+=，x y a sin sin 3γγ+=共点，求sin sin sin αβγ++的值。
分析：由条件知sin sin sin αβγ，，为某一元方程的根，于是想法构造出这个一元方程，然后用韦达定理求值。
解：设（m ，n ）是三条直线的交点，则可构造方程m n a sin sin 3θθ+=，即 4303m n m)a sin (sin θθ-++=（*）
由条件知，sin sin sin αβγ，，均为关于sin θ的一元三次方程（*）的根。
由韦达定理知sin sin sin αβγ++=0
2. 由条件入手构造
例3. 已知实数x ，y ，z 满足x y z xy =-=-692，，求证：x y =
分析：由已知得x y xy z +==+692，，以x ，y 为根构造一元二次方程，再由判别式非负证得结论。
解：构造一元二次方程p p z 22690-++=
其中x ，y 为方程的两实根
所以∆=-+≥364902()z
即z 299+≤
z z 200≤=，
故△＝0，即x y =
3. 由结论入手构造
例4. 求证：若n ≥3，n N ∈，则1314151112
3333++++< n 分析：待证式的左边求和的分母是三次式，为降低分母次数，构造一个恒不等式。
11111211113k k k k k k k k <-+=--+()()[()()
] 所以左边<⨯⨯+⨯⨯++-+12341345111 ()()
n n n =⨯-⨯+⨯-⨯++--+121231341341451111[()()
] n n n n =⨯-+<1212311112
[()]n n 故原式得证。
例5. 已知实数x ，y 满足02<<<<x y z π
，求证：
π
222222++>++sin cos sin cos sin sin sin x y y z x y z
分析：要证原式成立，即证
π
4++>++sin cos sin cos sin cos sin cos sin cos x y y z x x y y z z 即证π
4>-+-+sin (cos cos )sin (cos cos )sin cos x x y y y z z z
由三角函数线知可构造下图，此时不等式右边为图中三个矩形的面积之和
S S S 123++，而14单位圆的面积为π4
，所以
π4>-+-+
sin(cos cos)sin(cos cos)sin cos x x y y y z z z
故结论成立。