最新高考生物热点题型《全方位突破基因自由组合定律相关题型》PPT课件(含答案 共101页)
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2025届高三一轮复习生物：自由组合定律题型分析课件
（1）先分解为三个分离定律
Aa×Aa→后代有3种基因型(1/4AA∶2/4Aa∶1/4aa)； Bb×BB→后代有2种基因型(1/2BB∶1/2Bb)； Cc×Cc→后代有3种基因型(1/4CC∶2/4Cc∶1/4cc)。 （2）后代中基因型有 3×2×3＝ 18种 。 （3）后代中AaBBcc的概率： (Aa)×(BB)×(cc)＝1/16 。
（1）先求AaBbCc、AaBbCC各自产生多少种配子。
AaBbCc→8种配子、aBbCC→4种配子。
（2）再求两亲本配子间的结合方式。
由于两性配子间的结合是随机的， 因而AaBbCc与AaBbCC配子之间有 8×4＝32 种结合方式。
3.基因型种类及概率
AaBbCc与AaBBCc杂交， 求其后代的基因型种类数以及产生AaBBcc子代的概率。
习题巩固
1.AaBbCc×aaBbCC，则后代中 ①基因型为AAbbCC的个体概率为__0____。 ②杂合子的概率为___7_/_8___。 ③与亲代具有相同基因型的个体概率为__1_/_4__。
【提醒】 在计算不同于双亲的基因型的概率时，可以先算与双亲一样的基 因型的概率，然后用1减去相同基因型的概率即可。
为_____3_2__，其子代的表型有____8____种，其中高茎红花灰种皮小花瓣个体 所占比例为___26_74____。
(2)若某基因型为AaBbCcdd个体的体细胞中基因与染色体的位置关系如图2所示
(不发生互换)，则其产生的配子种类为____4____种，基因型为AbCd的配子所占 1
比例为______4____，其自交所得子代的基因型有_____9___种，其中AaBbccdd所 1
三、 “和为16”的由基因互作导致的特殊分离比
Aa×Aa→后代有3种基因型(1/4AA∶2/4Aa∶1/4aa)； Bb×BB→后代有2种基因型(1/2BB∶1/2Bb)； Cc×Cc→后代有3种基因型(1/4CC∶2/4Cc∶1/4cc)。 （2）后代中基因型有 3×2×3＝ 18种 。 （3）后代中AaBBcc的概率： (Aa)×(BB)×(cc)＝1/16 。
（1）先求AaBbCc、AaBbCC各自产生多少种配子。
AaBbCc→8种配子、aBbCC→4种配子。
（2）再求两亲本配子间的结合方式。
由于两性配子间的结合是随机的， 因而AaBbCc与AaBbCC配子之间有 8×4＝32 种结合方式。
3.基因型种类及概率
AaBbCc与AaBBCc杂交， 求其后代的基因型种类数以及产生AaBBcc子代的概率。
习题巩固
1.AaBbCc×aaBbCC，则后代中 ①基因型为AAbbCC的个体概率为__0____。 ②杂合子的概率为___7_/_8___。 ③与亲代具有相同基因型的个体概率为__1_/_4__。
【提醒】 在计算不同于双亲的基因型的概率时，可以先算与双亲一样的基 因型的概率，然后用1减去相同基因型的概率即可。
为_____3_2__，其子代的表型有____8____种，其中高茎红花灰种皮小花瓣个体 所占比例为___26_74____。
(2)若某基因型为AaBbCcdd个体的体细胞中基因与染色体的位置关系如图2所示
(不发生互换)，则其产生的配子种类为____4____种，基因型为AbCd的配子所占 1
比例为______4____，其自交所得子代的基因型有_____9___种，其中AaBbccdd所 1
三、 “和为16”的由基因互作导致的特殊分离比
高三一轮复习生物基因自由组合定律基础题型突破课件
大本P145 4.(2020·新课标Ⅱ，32)控制某种植物叶形、叶色和能否抗霜 霉病3个性状的基因分别用A/a、B/b、D/d表示，且位于3对同源染色体上。 现有表型不同的4种植株：板叶紫叶抗病(甲)、板叶绿叶抗病(乙)、花叶 绿叶感病(丙)和花叶紫叶感病(丁)。甲和丙杂交，子代表型均与甲相同； 乙和丁杂交，子代出现个体数相近的8种不同表型。回答下列问题： (1)根据甲和丙的杂交结果，可知这3对相对性状的显性性状分别是_板__叶__、 _紫__叶__、__抗__病__。
例1.某植物雌雄同株，开单性花。将基因型为AaBb的个体与基因型为 aaBB的个体(两对等位基因独立遗传)按照1∶1的比例混合种植，自由交
A 配产生F1，F1分别测交。下列相关分析正确的是
1共有9种基因型，纯合子所占的比例为7/16 1共有4种基因型，纯合子所占的比例为1/4 1中两种性状均为显性的个体所占的比例为105/256 D.测交后代的表型之比为1∶1∶1∶1的个体在F1中所占的比例是9/64
B 下列说法错误的是 (
)
A.植株A的测交子代中会出现2n种不同表型的个体
B.n越大，植株A测交子代中不同表型个体数目彼此之间的差异越大
C.植株A测交子代中n对基因均杂合的个体数和纯合子的个体数相等
D.n≥2时，植株A的测交子代中杂合子的个体数多于纯合子的个体数
例1.有一种名贵的兰花，花色有红色、蓝色两种，其遗传符合孟德尔的
D.634、614
题型二 已知子代推亲代(逆向组合法)
基本1模.基型因填充法 根据亲代表型可大概写出其基因型，如A_B_、aaB_等，再根据 子代表型将所缺处补充完整，特别要学会利用后代中的隐性性 状，因为后代中一旦存在双隐性个体，那亲代基因型中一定存 在a、b等隐性基因。
第20讲基因的自由组合定律的解题方法-2024年高考生物一轮复习优质课件
位基因控制，其中一对显性基因纯合会出现致死现象。绿色条纹与黄色无
纹雕鸮交配，F1绿色无纹和黄色无纹雕鸮的比例为1∶1。 F1绿色无纹雕鸮 相互交配后，F2绿色无纹∶黄色无纹∶绿色条纹∶黄色条纹＝6∶3∶2∶1。
C 据此作出判断，下列说法不正确的是( ) A．绿色对黄色是显性，无纹对条纹是显性，绿色基因纯合致死
D 现了黄∶褐∶黑＝52∶3∶9的数量比，则杂交亲本的组合是( )
A.AABBDD×aaBBdd，或AAbbDD×aabbdd B.aaBBDD×aabbdd，或AAbbDD×aaBBDD C.aabbDD×aabbdd，或AAbbDD×aabbdd D.AAbbDD×aaBBdd，或AABBDD×aabbdd
5.某植物的野生型（AABBcc）有成分R，通过诱变等技术获得3个无成分R的稳定遗传突
变体（甲、乙和丙）。突变体之间相互杂交，F1均无成分R。然后选其中一组杂交的F1
（AaBbCc）作为亲本，分别与3个突变体进行杂交，结果见下表∶
杂交编号
杂交组合
子代表现型（株数）
①
AaBbCcF1×甲
aaBBcc AAbbcc
三对性状的遗传符合自由组合规律．除了上述杂交组合外，还有_3__种杂交
组合也可以完成此探究目的．
（2）已探明这些性状的遗传符合自由组合定律：
①现用绿苗松穗白种皮和紫苗紧穗黄种皮进行杂交实验，结果F1表现为紫苗
紧穗黄种皮．那么播种F1植株所结的全部种子后，长出的全部植株F2是否都
表现为紫苗紧穗黄种皮？ 不_是__，为什么？_
有（199），无（602）
② AaBbCcF1×乙 aabbcc 有（101），无（699）
③ AaBbCcF1×丙 _ _ CC 注∶"有"表示有成分R，"无"表示无成分R
纹雕鸮交配，F1绿色无纹和黄色无纹雕鸮的比例为1∶1。 F1绿色无纹雕鸮 相互交配后，F2绿色无纹∶黄色无纹∶绿色条纹∶黄色条纹＝6∶3∶2∶1。
C 据此作出判断，下列说法不正确的是( ) A．绿色对黄色是显性，无纹对条纹是显性，绿色基因纯合致死
D 现了黄∶褐∶黑＝52∶3∶9的数量比，则杂交亲本的组合是( )
A.AABBDD×aaBBdd，或AAbbDD×aabbdd B.aaBBDD×aabbdd，或AAbbDD×aaBBDD C.aabbDD×aabbdd，或AAbbDD×aabbdd D.AAbbDD×aaBBdd，或AABBDD×aabbdd
5.某植物的野生型（AABBcc）有成分R，通过诱变等技术获得3个无成分R的稳定遗传突
变体（甲、乙和丙）。突变体之间相互杂交，F1均无成分R。然后选其中一组杂交的F1
（AaBbCc）作为亲本，分别与3个突变体进行杂交，结果见下表∶
杂交编号
杂交组合
子代表现型（株数）
①
AaBbCcF1×甲
aaBBcc AAbbcc
三对性状的遗传符合自由组合规律．除了上述杂交组合外，还有_3__种杂交
组合也可以完成此探究目的．
（2）已探明这些性状的遗传符合自由组合定律：
①现用绿苗松穗白种皮和紫苗紧穗黄种皮进行杂交实验，结果F1表现为紫苗
紧穗黄种皮．那么播种F1植株所结的全部种子后，长出的全部植株F2是否都
表现为紫苗紧穗黄种皮？ 不_是__，为什么？_
有（199），无（602）
② AaBbCcF1×乙 aabbcc 有（101），无（699）
③ AaBbCcF1×丙 _ _ CC 注∶"有"表示有成分R，"无"表示无成分R
高考生物复习专题12基因的自由组合定律课件高三全册生物课件
A.豌豆自花传粉、闭花受粉的特点是孟德尔杂交实验获得成功的原因之一
D.假说中具有不同基因型的配子之间随机结合,体现了自由组合定律的实质 解析 非同源染色体上的非等位基因自由组合为自由组合定律的实质,不同基因型的配子之间 随机结合,不能体现自由组合定律的实质,D错误。 答案 D
12/9/2021
题型突破
(1)F1产生配子时, 等位 基因分离,非同源染色体上的 非等位 基因可以自由组合,产生数 量相等的4种配子。 (2)受精时,雌雄配子的结合方式有 16 种。 (3)F2的基因型有 9 种,表现型有 4 种,表现型比例为 9∶3∶3∶1 。
12/9/2021
三、对自由组合现象的验证——演绎推理、验证假说 1.方法:让F1(YyRr)与 隐性纯合子(yyrr) 测交。 2.目的:测定F1的 基因型(或基因组成) 。 3.理论预测: (1)F1产生 4 种比例相等的配子,即YR∶Yr∶yR∶yr=1∶1∶1∶1,而隐性纯合子只产生 yr 一种配子。 (2)测交产生 4 种比例相等的后代,即YyRr∶Yyrr∶yyRr∶yyrr=1∶1∶1∶1。
12/9/2021
<易错易混>
1.并非所有非等位基因的遗传都遵循自由组合定律。减数第一次分裂后期自由组合的是非同 源染色体上的非等位基因(如图 A中基因 a、b),而不是所有的非等位基因。同源染色体上的非 等位基因(如图 B 中基因 A、C)的遗传,则不遵循自由组合定律。
12/9/2021
例1 (2014海南单科,22,2分)基因型为AaBbDdEeGgHhKk的个体自交,假定这7对等位基因自由 组合,则下列有关其子代的叙述,正确的是 ( ) A.1对等位基因杂合、6对等位基因纯合的个体出现的概率为5/64 B.3对等位基因杂合、4对等位基因纯合的个体出现的概率为35/128 C.5对等位基因杂合、2对等位基因纯合的个体出现的概率为67/256
D.假说中具有不同基因型的配子之间随机结合,体现了自由组合定律的实质 解析 非同源染色体上的非等位基因自由组合为自由组合定律的实质,不同基因型的配子之间 随机结合,不能体现自由组合定律的实质,D错误。 答案 D
12/9/2021
题型突破
(1)F1产生配子时, 等位 基因分离,非同源染色体上的 非等位 基因可以自由组合,产生数 量相等的4种配子。 (2)受精时,雌雄配子的结合方式有 16 种。 (3)F2的基因型有 9 种,表现型有 4 种,表现型比例为 9∶3∶3∶1 。
12/9/2021
三、对自由组合现象的验证——演绎推理、验证假说 1.方法:让F1(YyRr)与 隐性纯合子(yyrr) 测交。 2.目的:测定F1的 基因型(或基因组成) 。 3.理论预测: (1)F1产生 4 种比例相等的配子,即YR∶Yr∶yR∶yr=1∶1∶1∶1,而隐性纯合子只产生 yr 一种配子。 (2)测交产生 4 种比例相等的后代,即YyRr∶Yyrr∶yyRr∶yyrr=1∶1∶1∶1。
12/9/2021
<易错易混>
1.并非所有非等位基因的遗传都遵循自由组合定律。减数第一次分裂后期自由组合的是非同 源染色体上的非等位基因(如图 A中基因 a、b),而不是所有的非等位基因。同源染色体上的非 等位基因(如图 B 中基因 A、C)的遗传,则不遵循自由组合定律。
12/9/2021
例1 (2014海南单科,22,2分)基因型为AaBbDdEeGgHhKk的个体自交,假定这7对等位基因自由 组合,则下列有关其子代的叙述,正确的是 ( ) A.1对等位基因杂合、6对等位基因纯合的个体出现的概率为5/64 B.3对等位基因杂合、4对等位基因纯合的个体出现的概率为35/128 C.5对等位基因杂合、2对等位基因纯合的个体出现的概率为67/256
高三生物一轮复习课件：基因的自由组合定律遗传特例分析
考点二 突破自由组合定律的重点题型 以上各种情况可概括为下图：
基础·精细梳理
考点二 突破自由组合定律的重点题型
基础·精细梳理
[典例5] (2024·西工大附中质检)人类的多指(T)对正常指(t)为显性，白化(a)对正 常(A)为隐性，决定不同性状的基因自由组合。一个家庭中，父亲是多指，母 亲正常，两者均不患白化病，他们有一个患白化病但手指正常的孩子。请分
特例2 基因数量累加效应
基础·精细梳理
提醒 A与B的作用效果相同，且显性基因数目越多，效果越强。
特例2 基因数量累加效应
基础·精细梳理
[典例2] (2024·湖北宜昌等三市联考)某植物花色遗传受A、a和B、b两对等位基 因控制。当不存在显性基因时，花色为白色；当存在显性基因时，随显性基 因数量的增加，花色红色逐渐加深。现用两株纯合亲本植株杂交得F1，F1自 交得F2，F2中有白花植株和4种红花植株，按红色由深至浅再到白的顺序统计
析下列说法正确的是( A )
A.父亲的基因型是AaTt，母亲的基因型是Aatt B.其再生一个孩子只患白化病的概率是3/8 C.生一个既患白化病又患多指的女儿的概率是1/8 D.后代中只患一种病的概率是1/4
特例1 9∶3∶3∶1的变式(总和等于16)
基础·精细梳理
特例1 9∶3∶3∶1的变式(总和等于16)
特例3 致死类(和小于16的特殊分离比)
基础·精细梳理
(2)还有人提出假说二：控制该植株花色的基因位于一对同源染色体上，亲本的 基因型为Aa。亲本杂交出现4∶4∶1的原因是①AA显红色、Aa显粉色、aa显白 色；②亲本Aa减数分裂时，某一种配子的致死情况是__a_(_雌__雄__)_配__子___5_0_%__致__死_。 (3)为了探究(1)(2)中哪种假说合理，以F1中植株作为材料，设计遗传实验进行 探究：选__择__F__1_中__红__花__个___体__与__白___花__个__体__进___行__测__交__，___观__察__子___代__的__表__型___及__比__例__。 _若__红__花___∶__粉__花__∶__白__花___＝__1_∶__2__∶__1_，__则___假__说__一__成___立__；__若___全__为__粉___花__，__则___假_ 说二 _成__立_____(简要写出实验设思路、预期结果及结论)
高考生物一轮复习 加强提升课(4) 基因自由组合定律的拓展题型突破课件
12/9/2021
角度 3 配子致死类
6．(2020·安徽黄山模拟)现用山核桃的甲(AABB)、乙(aabb)两品种作亲本杂交得 F1，F1 测交结果如下表，下列有关叙述不正确的是( )
测交类型
测交后代基因型种类及比例
父本
母本
AaBb
Aabb
aaBb
aabb
F1
乙
1
2
2
2
乙
F1
1
1
1
1
12/9/2021
A．F1 产生的 AB 花粉 50%不能萌发，不能实现受精 B．F1 自交得 F2，F2 的基因型有 9 种 C．F1 花粉离体培养，将得到四种表现型不同的植株 D．正反交结果不同，说明这两对基因的遗传不遵循自由组合定律 解析：选 D。正常情况下，双杂合子测交后代四种表现型的比例应该是 1∶1∶1∶1，而 作为父本的 F1 测交结果为 AaBb∶Aabb∶aaBb∶aabb＝1∶2∶2∶2，说明父本 F1 产生 的 AB 花粉有 50%不能完成受精作用，A 正确；F1 自交后代中有 9 种基因型，B 正确； F1 花粉离体培养，将得到四种表现型不同的单倍体植株，C 正确；根据题意可知，正反 交均有四种表现型，说明符合基因自由组合定律，D 错误。
3∶1
12/9/2021
F1(AaBb)自 交后代比例
原因分析
F1 测交 后代比例
A 与 B 的作用效果相同，但显性基因越多，其效果越强
1∶4∶6∶4∶1 1(AABB)∶4(AaBB＋AABb)∶6(AaBb＋AAbb＋aaBB)∶ 1∶2∶1
4(Aabb＋aaBb)∶1(aabb)
12/9/2021
12/9/2021
解析：(1)(2)根据题干信息可知，甘蓝叶色受 2 对独立遗传的基因 A/a 和 B/b 控制，只含 隐性基因的个体表现为隐性性状，其他基因型的个体均表现为显性性状。由于绿叶甘蓝 (甲)植株的自交后代都表现为绿叶，且绿叶甘蓝(甲)和紫叶甘蓝(乙)的杂交后代中绿叶∶ 紫叶＝1∶3，可推知甲植株的基因型为 aabb，乙植株的基因型为 AaBb。实验②中 aabb(甲)×AaBb(乙)→Aabb(紫叶)、AaBb(紫叶)、aaBb(紫叶)、aabb(绿叶)，故实验② 中子代有 4 种基因型。
角度 3 配子致死类
6．(2020·安徽黄山模拟)现用山核桃的甲(AABB)、乙(aabb)两品种作亲本杂交得 F1，F1 测交结果如下表，下列有关叙述不正确的是( )
测交类型
测交后代基因型种类及比例
父本
母本
AaBb
Aabb
aaBb
aabb
F1
乙
1
2
2
2
乙
F1
1
1
1
1
12/9/2021
A．F1 产生的 AB 花粉 50%不能萌发，不能实现受精 B．F1 自交得 F2，F2 的基因型有 9 种 C．F1 花粉离体培养，将得到四种表现型不同的植株 D．正反交结果不同，说明这两对基因的遗传不遵循自由组合定律 解析：选 D。正常情况下，双杂合子测交后代四种表现型的比例应该是 1∶1∶1∶1，而 作为父本的 F1 测交结果为 AaBb∶Aabb∶aaBb∶aabb＝1∶2∶2∶2，说明父本 F1 产生 的 AB 花粉有 50%不能完成受精作用，A 正确；F1 自交后代中有 9 种基因型，B 正确； F1 花粉离体培养，将得到四种表现型不同的单倍体植株，C 正确；根据题意可知，正反 交均有四种表现型，说明符合基因自由组合定律，D 错误。
3∶1
12/9/2021
F1(AaBb)自 交后代比例
原因分析
F1 测交 后代比例
A 与 B 的作用效果相同，但显性基因越多，其效果越强
1∶4∶6∶4∶1 1(AABB)∶4(AaBB＋AABb)∶6(AaBb＋AAbb＋aaBB)∶ 1∶2∶1
4(Aabb＋aaBb)∶1(aabb)
12/9/2021
12/9/2021
解析：(1)(2)根据题干信息可知，甘蓝叶色受 2 对独立遗传的基因 A/a 和 B/b 控制，只含 隐性基因的个体表现为隐性性状，其他基因型的个体均表现为显性性状。由于绿叶甘蓝 (甲)植株的自交后代都表现为绿叶，且绿叶甘蓝(甲)和紫叶甘蓝(乙)的杂交后代中绿叶∶ 紫叶＝1∶3，可推知甲植株的基因型为 aabb，乙植株的基因型为 AaBb。实验②中 aabb(甲)×AaBb(乙)→Aabb(紫叶)、AaBb(紫叶)、aaBb(紫叶)、aabb(绿叶)，故实验② 中子代有 4 种基因型。