【精选】安徽省淮北师范大学附属实验中学学年高二物理上学期期中试题新人教版-物理知识点总结
安徽淮北一中2019-2020学年上学期高二年级期中考试(理科)(物理)(pdf版)
淮北一中2019‐2020学年上学期高二年级期中考试（理科）(物理)单选题1、 如图所示，虚线是某静电场的一簇等势线，边上标有电势的值，一带电粒子只在电场力作用下恰能沿图中的实线从A经过B运动到C.下列判断正确的是( )A. 粒子一定带负电B. A处场强大于C处场强C. 粒子在A处电势能大于在C处电势能D. 粒子从A到B电场力所做的功大于从B到C电场力所做的功2、 如图所示，平行板电容器的两极板A、B接于电池两极，一带正电的小球悬挂在电容器内部，闭合S，电容器充电，这时悬线偏离竖直方向的夹角为θ，则下列说法正确的是（ ）A. 保持S闭合，将A板向B板靠近，则θ增大B. 断开S，将A板向B板靠近，则θ增大C. 保持S闭合，悬线烧断，则小球在电场中将作自由落体运动D. 断开S，悬线烧断，则小球在电场中将作变加速曲线运动3、 在坐标－x0到x0之间有一静电场，x轴上各点的电势φ随坐标x的变化关系如图所示，一电荷量为e的质子从－x0处以一定初动能仅在电场力作用下沿x轴正向穿过该电场区域．则该质子()A. 在－x0～0区间一直做加速运动B. 在0～x0区间受到的电场力一直减小C. 在－x0～0区间电势能一直减小D. 在－x0～0区间电势能一直增加4、 如图所示，A、B、C、D、E、F为匀强电场中一个边长为10cm的正六边形的六个顶点，A、C、D三点电势分别为1.0V、3.0V、5.0V，正六边形所在平面与电场线平行.则( )A. 电场强度的大小为V/mB. UEF与UBC相同C. 电场强度的大小为V/mD. E点的电势与C点的电势相等5、如图所示,R是一个定值电阻,A、B为水平正对放置的两块平行金属板,两板间带电微粒P处于静止状态,则下列说法正确的是( )A. 若增大A、B两金属板的间距,则有向右的电流通过电阻RB. 若增大A、B两金属板间的间距,P将向上运动C. 若紧贴A板内侧插入一块一定厚度的金属片,P将向上运动D. 若紧贴B板内侧插入一块一定厚度的陶瓷片,P将向上运动6、如图所示，真空中M、N处放置两等量异种电荷，a、b、c为电场中的三点，实线PQ为M、N连线的中垂线，a、b两点关于MN对称，a、c两点关于PQ对称．已知一带正电的试探电荷从a点移动到c点时，试探电荷的电势能增加，则以下判断正确的是 ( )A. a点的电势高于c点的电势B. a点的场强与c点的场强完全相同C. M点处放置的是正电荷D. 若将带正电的试探电荷沿直线由a点移动到b点，则电场力先做正功，后做负功7、质量为m的带正电小球由空中A点无初速自由下落，在t秒末加上竖直向上、范围足够大的匀强电场，再经过t秒小球又回到A点。
淮北师范大学附属实验中学第二学期期中考试试卷高二 物理
淮北师范大学附属实验中学第二学期期中考试试卷高二 物理一、选择题（本题共10小题，每小题4分，共40分．每小题只有一个选项正确）1.闭合电路的一部分导线ab 处于匀强磁场中，下图中，各情况下导线都在纸面内运动，那么下列判断中正确的是（ ）A ．都会产生感应电流B ．都不会产生感应电流C ．甲、丙会产生感应电流，乙、丁不会产生感应电流D ．甲、乙不会产生感应电流，丙、丁会产生感应电流2.如图所示，某一线圈在匀强磁场中匀速转动产生的交变电流图像，从图中可知（ ）A.在A 和C 时刻线圈处于中性面位置B.在B 和D 时刻线圈中的磁通量为零C.在A 和C 时刻线圈中的磁通量的变化率为零D.在A 和C 时刻线圈平面与磁场方向平行3.理想变压器原副线圈两侧一定不同的物理量是：( )A ．交变电流的峰值B ．交变电流的功率C ．磁通量的变化率D ．交变电流的频率4.阻值为10Ω的电阻接到电压波形如图所示的交流电源上．以下说法中正确的是（ ）A ．电阻消耗电功率为5WB ．通过电阻的电流有效值为2AC ．电压的有效值为10VD ．电阻每秒种产生的热量为10J5.交流发电机正常工作时产生的电动势为e=E m sin ωt,若将其线圈的匝数减为原来的一半，而转速增为原来的2倍，其他条件不变，则产生的电动势的表达式为：（ ）A ．e=E m sin ωtB ．e=E m sin2ωtC ．e=2E m sin2ωtD ．e=2E m sin ωt 6.竖直面内有两平行金属导轨AB 、CD 。
导轨间距为l ，电阻不计。
一根电阻不计的金属棒ab 可在导轨上无摩擦地滑动。
棒与导轨垂直，并接触良好。
导轨之间有垂直纸面向外的匀强磁场，磁感强度为B 。
导轨右边与电路连接。
电路中的两个定值电阻阻值分别为2R 和R 。
在BD 间接有一水平放置的平行板电容器C ，板间距离为d 。
当ab 以速度0v 匀速向左运动时，电容器中质量为m 的带电微粒恰好静止。
安徽省部分省示范中学2022-2023学年高二上学期期中联考物理试题
高二物理满分：100分考试时间：75分钟注意事项：1.答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。
2.选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0.5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整，笔迹清晰。
3.请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上的答题无效。
4.保持答题卡卡面清洁，不要折叠、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。
5.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1.下列说法正确的是A.所有体积小的电荷都能看成点电荷B.电场强度为零的地方，电势也为零C.任一点电场强度的方向总是指向该点电势降落的方向D.静电力做功仅与电荷的起始位置和终止位置有关，与路径无关2.下列叙述正确的是A.由qIt=可知，电流越大，通过导体横截面的电荷量就越多B.电源的作用是保持导体两端的电势差，使电路中有持续的电流C.把一根长导体截成等长的3段，则每段的电阻率都是原来的1 3D.由URI=可知，导体的电阻跟导体两端的电压成正比，跟导体中的电流成反比3.如图所示的电路中，a b间接人稳压电源，两端电压保持不变，电压表和电流表均为理想电表，在滑动变阻器R2的滑片P从左向右滑动过程中，下列说法正确的是A.电压表V1示数变大B.电压表V2示数变大C.电流表A1示数变大D.电流表A2示数与A1示数差值越来越大4.如图所示为甲、乙两种元件的伏安特性曲线，则下列说法正确的是A.乙可能是金属导体B.图线中各点切线斜率的倒数表示电阻C.两元件串联后接入电压为U 0的恒定电路，甲两端电压比乙两端电压小D.两元件并联后接入电压为U 0的恒定电路，甲的电阻比乙的电阻大5.如图所示，不带电的金属球固定在某空间，C 、D 是金属球内两点，一个带正电小球放在A 点时，C 点的电场强度为E 1，电势为1ϕ，D 点的电场强度为E 2，电势为2ϕ，小球放在B 点时，C 点的电场强度为E 3、电势为3ϕ，D 点的电场强度为E 4、电势为4ϕ，不计带电小球大小，则下列说法正确的是A.12E E >B.134E E E <=C.1ϕ>2ϕD.1ϕ<3ϕ=4ϕ6.如图所示，A 、B 是两个可视为质点的带电小球，质量分别为m 1，m 2，分别用等长的绝缘细线悬挂于O 点，给A 球施加一个水平向左的水平的力F ，使A ，B 静止时处在同一水平线上，若两球间的库仑力大小为F ′，则FF ′等于A.211m m − B.211m m + C.211mm − D.12m m 7.如图所示，真空中等间距的水平线是静电场中的等势线，一个可视为质点的带电小球在电场中运动的部分轨迹如图中曲线所示，a 、c 处于同一高度，b 是曲线的最低点，则下列判断正确的是A.该小球带正电B.小球受到的重力大于电场力C.小球从a运动到b电势能增大D.小球在aα、c两点的速度均为零二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。
安徽省淮北六中高二物理上学期精选试卷检测题
安徽省淮北六中高二物理上学期精选试卷检测题一、第九章静电场及其应用选择题易错题培优（难）1．如图所示，一带电小球P用绝缘轻质细线悬挂于O点。
带电小球Q与带电小球P处于同一水平线上，小球P平衡时细线与竖直方向成θ角（θ<45°）。
现在同一竖直面内向右下方缓慢移动带电小球Q，使带电小球P能够保持在原位置不动，直到小球Q移动到小球P位置的正下方。
对于此过程，下列说法正确的是（）A．小球P受到的库仑力先减小后增大B．小球P、Q间的距离越来越小C．轻质细线的拉力先减小后增大D．轻质细线的拉力一直在减小【答案】AD【解析】【分析】【详解】画出小球P的受力示意图，如图所示当小球P位置不动，Q缓慢向右下移动时，Q对P的库仑力先减小后增大，根据库仑定律可得，QP间的距离先增大后减小；轻质细线的拉力则一直在减小，当Q到达P的正下方时，轻质细线的拉力减小为零，故选AD。
2．如图所示，带电量为Q的正点电荷固定在倾角为30°的光滑绝缘斜面底端C点，斜面上有A、B、D三点，A和C相距为L，B为AC中点，D为A、B的中点。
现将一带电小球从A 点由静止释放，当带电小球运动到B点时速度恰好为零。
已知重力加速度为g，带电小球在A 点处的加速度大小为4g，静电力常量为k 。
则（ ）A ．小球从A 到B 的过程中，速度最大的位置在D 点 B ．小球运动到B 点时的加速度大小为2g C ．BD 之间的电势差U BD 大于DA 之间的电势差U DA D ．AB 之间的电势差U AB =kQ L【答案】BC 【解析】 【分析】 【详解】A ．带电小球在A 点时，有2sin A Qqmg kma L θ-= 当小球速度最大时，加速度为零，有'2sin 0Qqmg θkL-= 联立上式解得'22L L =所以速度最大的位置不在中点D 位置，A 错误； B ．带电小球在A 点时，有2sin A Qqmg kma Lθ-= 带电小球在B 点时，有2sin 2BQq k mg θma L -=（） 联立上式解得2B g a =B 正确；C ．根据正电荷的电场分布可知，B 点更靠近点电荷，所以BD 段的平均场强大小大于AD 段的平均场强，根据U Ed =可知，BD 之间的电势差U BD 大于DA 之间的电势差U DA ，C 正确；D ．由A 点到B 点，根据动能定理得sin 02AB Lmg θqU ⋅+= 由2sin A Qqmg kma Lθ-=可得 214Qq mg k L= 联立上式解得AB kQU L=-D 错误。
安徽省淮北一中2014-2021学年高二上学期期中考试物理试题 Word版含答案
淮北一中2022-2021学年度上学期高二期中考试物理试题命题人：李卫东审题人：张东雨考试时间：100分钟试卷分值：100分一．选择题（共12小题，每小题4分，共48分。
）1．如图（a）所示，A、B为用两个绝缘细线悬挂起来的带电绝缘小球，质量m A＜m B．当在A球左边如图位置放一个带电球C时，两悬线都保持竖直方向（两悬线长度相同，三个球位于同一水平线上）．若把C球移走，A、B两球没有发生接触，则（b）图中（图中α＞β）能正确表示A、B两球位置的图是（）A．B．C．D．2．如图所示，一圆心为O、半径为R的圆中有两条相互垂直的直径AC和BD，电荷量均为Q的正、负点电荷放在圆周上，它们的位置关于AC对称，+Q和O点的连线与OC间的夹角为60°，两个点电荷的连线与AC 的交点为P．下列说法中正确的是（）A．P点的场强为0B．A点电势低于C点电势C．点电荷+q在O点所受电场力与C点不同D．点电荷﹣q在B点具有的电势能小于在D点具有的电势能3．如图所示是由电源E、灵敏电流计G、滑动变阻器R和平行板电容器C组成的电路，开关S闭合．在下列四个过程中，灵敏电流计中有方向由a到b电流的是（）A．将滑动变阻器R的滑片向右移动B．在平行板电容器中插入电介质C．减小平行板电容器两极板间的距离D．减小平行板电容器两极板的正对面积4．如图所示，实线表示匀强电场的电场线．一个带负电的粒子以某一速度射入匀强电场，只在电场力作用下，运动的轨迹如图4中的虚线所示，a、b为轨迹上的两点．若带电粒子在a点的电势能为E a，在b点的电势能为E b，则（）A．场强方向肯定向左，且电势能E a＞E b B．场强方向肯定向左，且电势能E a＜E bC．场强方向肯定向右，且电势能E a＜E b D．场强方向肯定向右，且电势能E a＞E b5．如图所示，空间中存在着匀强电场，正方体ABCDEFGH中A、B、C、H四点电势分别为φA=4V，φB=6V，φC=9V，φH=5V．则下面说法正确的是（）A．把1C正电荷从B点经G点移到H点，电场力做功肯定是2JB．G点电势可能为6VC．A、G两点的电势差U AG与D、F两点的电势差U DF肯定相等D．电场强度方向肯定与D、G两点的连线垂直6．一只电炉的电阻丝和一台电动机线圈电阻相同，都为R，设通过的电流强度相同，则（在相同时间内）下列说法正确的是（）A．电炉和电动机的产生的电热相等B．电动机消耗功率等于电炉消耗的功率C．电炉两端电压大于电动机两端电压D．电炉和电动机两端电压相等7．额定电压都是110V，额定功率P A=100W、P B=40W的A、B两只灯，接在220V的电路中，既使电灯都正常发光，又使电路消耗的电功率最小的连接方式是下图中的（）A．B．C．D．8．一段粗细均匀的铝线，其横截面是直径为d的圆，电阻为1Ω．先现将其拉制成直径为0.1d的均匀细线后，又把它均分成等长的四段，然后再把这四段并联在一起，则最终它的电阻值变为（）A．6.25ΩB．25ΩC．625ΩD．2500Ω9．如图所示的伏安法测电阻电路中，电压表的内阻为3kΩ，读数为3V；电流表内阻为10Ω，读数为4mA．待测电阻R的真实值等于（）A．750ΩB．760ΩC．1000ΩD．1010Ω10．如图所示，电流表A1（0～3A）和A2（0～0.6A）是由两个相同的灵敏电流计改装而成，现将这两个电流表并联后接入电路中．闭合开关S，调整滑动变阻器，下列说法中正确的是（）①A1、A2的读数之比为1：1②A1、A2的读数之比为5：1③A1、A2的指针偏转角度之比为5：1④A1、A2的指针偏转角度之比为1：1．A．①③B．②③C．①④D．②④11.在如图所示的电路中，E为电源电动势，r为电源内阻，R1和R3均为定值电阻，R2为滑动变阻器．当R2的滑动触点在a端时合上开关S，此时三个电表A1、A2和V的示数分别为I1、I2和U．现将R2的滑动触点向b端移动，则三个电表示数的变化状况是（）A．I1增大，I2不变，U增大B．I1减小，I2增大，U减小C．I1增大，I2减小，U增大D．I1减小，I2不变，U减小12．已知两电源的电动势分别为E1，E2（E1＞E2），内阻分别为r1，r2．当两电源分别于阻值为R的电阻连接时，外电路消耗的功率正好相等．若电阻值R减小一些，再与E1，E2分别连接时，对应的外电路消耗的功率分别是P1，P2．则（）A．r1＜r2，P1＜P2B．r1＜r2，P1＞P2C．r1＞r2，P1＞P2D．r1＞r2，P1＜P2二．试验题（本题共包含两个小题，满分6分，共16分）13．（6分）在如图甲所示电路中，电源电动势为3.0V，内阻不计，L1、L2、L3为三个相同规格的小灯泡，这种灯泡的伏安特性曲线如图乙所示，当开关S闭合后，L1消耗的电功率为_________W，L2的阻值为_________Ω．14．（10分）在“测定金属导线的电阻率”的试验中，待测金属导线的电阻R x约为5Ω．试验室备有下列试验器材：A．电压表V1（量程3V，内阻约为15kΩ）B．电压表V2（量程15V，内阻约为75kΩ）C．电流表A1（量程3A，内阻约为0.2Ω）D．电流表A2（量程600mA，内阻约为1Ω）E．变阻器R1（0～100Ω，0.3A）F．变阻器R2（0～2 000Ω，0.1A）G．电池E（电动势为3V，内阻约为0.3Ω）H．开关S，导线若干（1）为了提高试验精确度，减小试验误差，应选用的试验器材：电压表应选择, 电流表应选择, 变阻器应选择, (填写器材代号，如V1或V2).（2）为了减小试验误差，应选用图甲中_________（填“a”或“b”）为该试验的电路图，并按所选择的电路图把实物图乙用导线连接起来．三．论述题（36分，要写出必要的文字说明和画出必要的示意图）15．（12分）如图所示为电动机提升重物的装置，电动机线圈的电阻为r=1Ω，电动机两端电压为5V，电路中的电流为1A，物体A重20N．忽视一切摩擦，求：（1）电动机线圈电阻消耗的热功率为多少？（2）电动机输入功率和输出功率各是多少？（3）10s内电动机可以把重物匀速提升多高？（4）这台电动机的机械效率是多少？16.（12分）如图所示，甲图中变阻器的滑片从一端滑到另一端的过程中，两电压表的读数随电流表读数的变化状况如乙图中的AC、BC两直线所示．不考虑电表内阻对电路的影响．（1）电压表V1、V2的示数随电流表示数的变化图线分别为乙图中的哪一条直线？（2）定值电阻R0以及变阻器的总电阻R分别为多少？（3）求出电源的电动势和内阻．17．（12分）如图所示，两平行金属板A、B长8cm，两板间距离d=8cm，A板比B板电势高300V，一带正电的粒子电荷量q=10﹣10C，质量m=10﹣20kg，沿电场中心线RO垂直电场线飞入电场，初速度υ0=2×106m/s，粒子飞出平行板电场后经过界面MN、PS间的无电场区域后，进入固定在O点的点电荷Q形成的电场区域，（设界面PS右边点电荷的电场分布不受界面的影响），已知两界面MN、PS相距为12cm，D是中心线RO与界面PS的交点，O点在中心线上，距离界面PS为9cm，粒子穿过界面PS作匀速圆周运动，最终垂直打在放置于中心线上的荧光屏bc上．（静电力常数k=9.0×109N•m2/C2，粒子的重力不计）（1）求粒子穿过界面MN时偏离中心线RO的距离多远？（2）到达PS界面时离D点多远？（3）确定点电荷Q的电性并求其电荷量的大小．淮北一中2022-2021学年度上学期高二物理期中考试物理试题参考答案与试题解析一．选择题（共11小题）1.A2．D3．D4．C5．D6．A7．C8．C9．C10．D11．B12.D 13．0.75，7.514．（1）V1 A2 R1；（2）b；实物电路图如图所示．15解答：解：（1）依据焦耳定律，热功率为P热=I2r=12×1W=1W．（2）输入功率等于P入=IU=1×5W=5W，输出功率等于P出=P入﹣P Q=5W﹣1W=4W；（3）电动机的输出功率用来提升重物在10s内，有：P出t=mgh．解得：h==2m．（4）机械效率η=×100%=100%=80%．15．解答：解：（1）当变阻器的滑动片向左移动时，变阻器接入电路的电阻减小，电路中电流增大，定值电阻R0的电压增大，路端电压减小，由图分析可得V1对应BC、V2对应AC．（2）由题意得：U2=IR0，则R0===3Ω当滑动变阻器取最大值时，电流最小I min=0.5A，而U R=U1﹣U2=7.5﹣1.5=6V所以R max ===12Ω（3）由于U1=E﹣Ir，则内阻r===1Ω所以E=U1+Ir=7.5+0.5×1=8V．16解答：解：（1）带电粒子穿过界面MN时偏离中心线的距离，即侧向位移：y1=at2=（）2=×（）2m=0.03m（2）电场力做的功为：W=qEy1==J=1.125×10﹣8J依据三角形相像得：=解得：y=0.12m（3）画出带点粒子的运动轨迹如图所示：带电粒子到达a处时，带电粒子的水平速度：v x=υ0=2×106m/s竖直速度：υy=at=1.5×160m/s，v合==2.5×106m/s该带电粒子在穿过界面PS后将绕点电荷Q作匀速圆周运动．所以Q带负电．依据几何关系，半径为：r===0.2mk =m解得：Q===1.39×10﹣8C。
安徽省淮北一中高二物理上学期期中试卷(含解析)
2015-2016学年安徽省淮北一中高二（上）期中物理试卷一、选择题：每小题4分，共48分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.1．下列物理量与检验电荷有关的是（）A．电场强度E B．电势φC．电势差U D．电势能E P2．铅蓄电池的电动势为2V，下列说法不正确的是（）A．电路中每通过1C电量，电源把2J的化学能转化为电能B．蓄电池断开时两极间的电压为2VC．蓄电池能在1S内将2J的化学能转化成电能D．蓄电池将化学能转变成电能的本能比一节干电池（电动势为1.5V）的大3．某电解池内若在2s内各有1.0×1019个二价正离子和2×1019个一价负离子通过某横截面，那么通过这个横截面的电流是（）A．0 B．0.8A C．1.6A D．3.2A4．如图所示，实线表示某静电场的电场线，虚线表示该电场的等势面．下列判断正确的是（）A．1、2两点的场强相等B．1、3两点的场强相等C．1、2两点的电势相等D．2、3两点的电势相等5．a、b为两个带等量正电荷的固定小球，O为ab连线的中点，c、d为中垂线上的两对称点，若在c点静止释放一个电子，电子只在电场力作用下运动；则下列叙述正确的有（）A．电子从c→O的过程中，做加速度增大的加速运动B．电子从c→O的过程中，电子的电势能在减小C．电子从c→d的过程中，电子受到电场力先增大后减小，方向不变D．从c→d的过程中，电场的电势始终不变6．在如图所示设电路中，电源电动势为12V，电源内阻为10Ω，电路中的电阻R0为1.5Ω，小型直流电动机M的内阻为0.5Ω，闭合开关S后，电动机转动，理想电流表的示数为2.0A，则以下判断中正确的是（）A．电动机的输出功率为14W B．电动机两端的电压为10VC．电动机的发热功率为4.0W D．电源总功率为24W7．如图电路所示，当ab两端接入100V电压时，cd两端为20V，当cd两端接入100V电压时，ab两端电压为50V，则R1：R2：R3之比是（）A．4：2：1 B．2：1：1 C．3：2：1 D．以上都不对8．如图所示，由M、N两块相互靠近的平行金属板组成的平行板电容器，极板N与静电计的金属球相接，极板M与静电计的外壳均接地．给电容器充电，静电计指针张开一定角度．以下实验过程中电容器所带电荷量可认为不变，下面操作能使静电计指针张角变大的是（）A．在M、N之间插入有机玻璃板B．将M板沿水平向右方向靠近N板C．将M板向上平移D．在M、N之间插入金属板，且不和M、N接触9．如图所示，水平放置的金属板正上方放有一固定的正点电荷Q，一表面绝缘的带正电小球（可视为质点且不影响Q的电场），从左端以初速度v0滑上金属板，沿光滑的上表面向右运动到右端，在该运动过程中（）A．小球先做减速运动，后做加速运动B．小球做匀速直线运动C．小球的电势能逐渐增加D．静电力对小球先做负功后做正功10．某一电源的路端电压与电流的关系和电阻R1、R2的电压与电流的关系如图所示．用此电源和电阻R1、R2组成电路．R1、R2可以同时接入电路，也可以单独接入电路．为使电源输出功率最大，可采用的接法是（）A．将R1、R2串联后接到电源两端B．将R1、R2并联后接到电源两端C．将R1单独接到电源两端D．将R2单独接到电源两端11．如图所示电路中，电源电动势为E、内阻为r，R0定值电阻，电容器的电容为C．闭合开关S，增大可变电阻R的阻值，电压表示数的变化量的绝对值为△U，电流表示数的变化量的绝对值为△I，则（）A．变化过程中△U和△I的比值保持不变B．电压表示数U和电流表示数I的比值不变C．电阻R0端电压减小，减少量为△UD．电容器的带电荷量增加，增加量为C△U12．如图，一平行板电容器的两极板与一电压恒定的电源相连，极板水平放置，极板间距为d，在下极板上叠放一厚度为l的金属板，其上部空间有一带电粒子P静止在电容器中，当把金属板从电容器中快速抽出后，粒子P开始运动，重力加速度为g．粒子运动加速度为（）A． g B． g C． g D． g二、实验题：每空2分，共14分．13．要测绘一个标有“3V 0.6W”小灯泡的伏安特性曲线，灯泡两端的电压需要由零逐渐增加到3V，并便于操作．已选用的器材有：电池组（电动势为4.5V，内阻约1Ω）；电流表（量程为0～250mA．内阻约5Ω）；电压表（量程为0～3V．内限约3kΩ）；电键一个、导线若干．（1）实验中所用的滑动变阻器应选下列中的（填字母代号）．A．滑动变阻器（最大阻值20Ω，额定电流1A）B．滑动变阻器（最大阻值1750Ω，额定电流0.3A）（2）实验的电路图应选用下列的图（填字母代号）．（3）实验得到小灯泡的伏安特性曲线如图所示．如果这个小灯泡两端所加电压为1.5V，则小灯泡在该温度时的电阻是Ω．随着电压增大，温度升高，小灯泡的电阻．（填“增大”，“减小”或“不变”）14．在伏安法测电阻的实验中，待测电阻R x约为200Ω，电压表V的内阻约为2kΩ，电流表A的内阻约为10Ω，测量电路中电流表的连接方式如图（a）或图（b）所示，计算结果由R x=计算得出，式中U与I分别为电压表和电流表的读数；若将图（a）和图（b）中电路测得的电阻值分别记为R x1和R x2，则：（填“R x1”或“R x2”）更接近待测电阻的真实值，且测量值R x1（填“大于”、“等于”或“小于”）真实值，测量值R x2（填“大于”、“等于”或“小于”）真实值．三、计算题：共38分，解答必须写出明确的文字说明、方程式和重要的演算步骤，有数值计算的题，结果必须明确写出数值和单位．15．如图所示，相距为d的两平行金属板M、N与电池组相连后，其间形成匀强电场，一带正电粒子从M极板边缘垂直于电场方向射入，并打在N极板的正中央．不计重力，现欲把N 极板远离M极板平移，使原样射入的粒子能够射出电场，就下列两种情况求出N极板至少移动的距离．（1）电键S闭合；（2）把闭合的电键S打开后．16．半径为R，均匀带正电荷的球体在空间产生球对称的电场；场强大小沿半径分布如图所示，图中E0已知，E﹣r曲线下O﹣R部分的面积等于R﹣2R部分的面积．（1）写出E﹣r曲线下面积的单位；（2）己知带电球在r≥R处的场强E=，式中k为静电力常量，该均匀带电球所带的电荷量Q为多大？（3）求球心与球表面间的电势差△U；（4）质量为m，电荷量为q的负电荷在球面处需具有多大的速度可以刚好运动到2R处？17．如图在竖直平面内有水平向右、电场强度为E=1×104N/C的匀强电场．在匀强电场中有一根长L=2m的绝缘细线，一端固定在O点，另一端系一质量为m=0.04kg的带电小球，它静止A点时悬线与竖直方向成θ=37°角．若小球恰好绕点在竖直平面内做圆周运动，（cos37°=0.8g=10m/s2）试求：（1）小球的带电荷量Q（2）小球动能的最小值（3）小球机械能的最小值（取小球静止时的位置为电势能零点和重力势能零点）18．在真空中存在空间范围足够大的、水平向右的匀强电场．若将一个质量为m、带正电电量q的小球在此电场中由静止释放，小球将沿与竖直方向夹角为53°的直线运动．现将该小球从电场中某点以初速度v0竖直向上抛出，求运动过程中（sin53°=0.8，）（1）此电场的电场强度大小；（2）小球运动的抛出点至最高点之间的电势差U；（3）小球的最小动能．2015-2016学年安徽省淮北一中高二（上）期中物理试卷参考答案与试题解析一、选择题：每小题4分，共48分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.1．下列物理量与检验电荷有关的是（）A．电场强度E B．电势φC．电势差U D．电势能E P【考点】电势能．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】本题考查了对电场中几个概念的理解情况，物理中有很多物理量是采用比值法定义的，要正确理解比值定义法的含义．【解答】解：A、电场强度E=比值定义法定义的，它们的大小均与电量无关，由电场本身决定的，与检验电荷无关．故A错误；B、电势φ=比值定义法定义的，它们的大小均与电量无关，由电场本身决定的，与检验电荷无关．故B错误；C、电势差U是由电场本身以及电场中的两点的位置决定的，与检验电荷无关．故C错误；D、电势能E P=qφ与电荷有关，故D正确．故选：D【点评】对于物理中各个物理量要明确其确切含义，以及其定义式和决定式的不同，这要在学习中不断的总结和积累．2．铅蓄电池的电动势为2V，下列说法不正确的是（）A．电路中每通过1C电量，电源把2J的化学能转化为电能B．蓄电池断开时两极间的电压为2VC．蓄电池能在1S内将2J的化学能转化成电能D．蓄电池将化学能转变成电能的本能比一节干电池（电动势为1.5V）的大【考点】电源的电动势和内阻．【专题】恒定电流专题．【分析】电源是把其他形式的能转化为电能的装置，由电动势的定义式E=，可知，电源中每通过1C电量，电源把2J的化学能转变为电能；电动势表征电源把其他形式的转化为电能的本领大小，电动势大，这种转化本领大．【解答】解：A、C、由电动势的定义式E=，可知，电源中每通过1C电量，非静电力做功为2J，电源把2J的化学能转变为电能，不是1s内将2J的化学能转变成电能．故A正确，C错误．B、根据闭合电路欧姆定律得知：电动势的数值等于内外电压之和，当电源没有接入电路时，电路中没有电流，电源的内电压为零，外电压即电源两极间的电压等于电动势，故B正确．D、电动势表征电源把其他形式的转化为电能的本领大小，电动势大，这种转化本领大．则知蓄电池将化学能转变为电能的本领比一节干电池（电动势为1.5 V）的大．故D正确．本题选错误的故选：C【点评】本题考查对电动势的理解．抓住电动势的物理意义和定义式E=是关键．3．某电解池内若在2s内各有1.0×1019个二价正离子和2×1019个一价负离子通过某横截面，那么通过这个横截面的电流是（）A．0 B．0.8A C．1.6A D．3.2A【考点】电流、电压概念．【专题】恒定电流专题．【分析】电解液中电流是由正负离子同时向相反方向定向移动形成的，2s内通过横截面的总电量是两种离子电量绝对值之和，根据电流的定义式求解电流．【解答】解：电流由正、负离子的定向移动形成，则在2s内通过横截面的总电荷量应为Q=1.6×10﹣19×2×1019C+1.6×10﹣19×1×2×1×1019 C=6.4C．由电流的定义式可知：I==A=3.2A．故选D．【点评】本题考查对电流定义式中电量的理解，电解液中通过横截面的总电量正负离子电量绝对值之和．4．如图所示，实线表示某静电场的电场线，虚线表示该电场的等势面．下列判断正确的是（）A．1、2两点的场强相等B．1、3两点的场强相等C．1、2两点的电势相等D．2、3两点的电势相等【考点】电势；电场强度．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】根据电场线的分布特点：从正电荷或无穷远处出发到负电荷或无穷远处终止，分析该点电荷的电性；电场线越密，场强越大．顺着电场线，电势降低．利用这些知识进行判断．【解答】解：A、电场线的疏密表示电场的强弱，由图可得，1与2比较，1处的电场线密，所以1处的电场强度大．故A错误；B、电场线的疏密表示电场的强弱，由图可得，1与3比较，1处的电场线密，所以1处的电场强度大．故B错误；C，顺着电场线，电势降低，所以1点的电势高于2点处的电势．故C错误；D、由题目可得，2与3处于同一条等势线上，所以2与3两点的电势相等．故D正确．故选：D．【点评】加强基础知识的学习，掌握住电场线和等势面的特点，即可解决本题．5．a、b为两个带等量正电荷的固定小球，O为ab连线的中点，c、d为中垂线上的两对称点，若在c点静止释放一个电子，电子只在电场力作用下运动；则下列叙述正确的有（）A．电子从c→O的过程中，做加速度增大的加速运动B．电子从c→O的过程中，电子的电势能在减小C．电子从c→d的过程中，电子受到电场力先增大后减小，方向不变D．从c→d的过程中，电场的电势始终不变【考点】电场的叠加；电场强度；电势能．【专题】运动学与力学（二）．【分析】在等量的正电荷的电场中，所有的点的电势都是正的，根据矢量的合成法则可以知道，在它们的连线中垂线上的点的电场强度的方向都是沿着中垂线指向外的，由此可以判断电场的情况和带电小球的运动的情况．【解答】解：A、B：根据等量同号点电荷电场的特点，可知两个电荷连线上中点的电场强度为零，电场强度从C点到无穷远，先增大后减小，故加速度可能先增大后减小；故A错误；B、c到O的过程中，电场力做正功；故电势能减小；故B正确；C、由A的分析可知，电子受到的电场力可能先减小、再增大再减小；再由O点到d点时，先增大，后减小；故C错误；D、由于电场线是向外的；故电势先增大后减小；故D错误；故选：B．【点评】本题考查的就是点电荷的电场的分布及特点，这要求同学对于基本的几种电场的情况要了解，本题看的就是学生的基本知识的掌握情况．6．在如图所示设电路中，电源电动势为12V，电源内阻为10Ω，电路中的电阻R0为1.5Ω，小型直流电动机M的内阻为0.5Ω，闭合开关S后，电动机转动，理想电流表的示数为2.0A，则以下判断中正确的是（）A．电动机的输出功率为14W B．电动机两端的电压为10VC．电动机的发热功率为4.0W D．电源总功率为24W【考点】电功、电功率．【专题】定性思想；推理法；恒定电流专题．【分析】在计算电功率的公式中，总功率用P=IU来计算，发热的功率用P=I2R来计算，如果是计算纯电阻的功率，这两个公式的计算结果是一样的，但对于电动机等非纯电阻，第一个计算的是总功率，第二个只是计算发热的功率，这两个的计算结果是不一样的．【解答】解：A、电路中电流表的示数为2.0A，所以电动机的电压为：U=E﹣U内﹣UR0=10﹣Ir﹣IR0=12﹣2×1﹣2×1.5=7V，电动机的总功率为：P总=UI=7×2=14W，电动机的发热功率为：P热=I2R=22×0.5=2W，所以电动机的输出功率为：P出=14W﹣2W=12W，所以ABC错误；D、电源的总功率为：P=EI=1×2=24W；故D正确；故选：D．【点评】对于电功率的计算，一定要分析清楚是不是纯电阻电路，对于非纯电阻电路，总功率和发热功率的计算公式是不一样的．7．如图电路所示，当ab两端接入100V电压时，cd两端为20V，当cd两端接入100V电压时，ab两端电压为50V，则R1：R2：R3之比是（）A．4：2：1 B．2：1：1 C．3：2：1 D．以上都不对【考点】串联电路和并联电路．【专题】恒定电流专题．【分析】当ab端接入电压时，两个R1与R2串联，cd端测得R2两端的电压；而当cd端接入时，两个R3与R2串联，ab端测得R2两端的电压；则欧姆定律可得出输出电压与输出电压的关系式，联立即可得出三个电阻的比值．【解答】解：当ab端接入时，由欧姆定律可得20=R2；解得R1：R2=2：1；当cd端接入时，50=R2解得R2：R3=2：1；故R1：R2：R3=4：2：1．故选：A．【点评】本题应注意串并联电路的性质，并注意明确欧姆定律的正确使用．8．如图所示，由M、N两块相互靠近的平行金属板组成的平行板电容器，极板N与静电计的金属球相接，极板M与静电计的外壳均接地．给电容器充电，静电计指针张开一定角度．以下实验过程中电容器所带电荷量可认为不变，下面操作能使静电计指针张角变大的是（）A．在M、N之间插入有机玻璃板B．将M板沿水平向右方向靠近N板C．将M板向上平移D．在M、N之间插入金属板，且不和M、N接触【考点】电容器的动态分析．【专题】定量思想；方程法；电容器专题．【分析】静电计测定电容器极板间的电势差，电势差越大，指针的偏角越大；由C=，分析电容的变化，根据C=分析电压U的变化．【解答】解：A、在M、N之间插入机玻璃板，根据根据C=，电容变大；Q一定，根据C=，电压减小；故静电计指针张角变小；故A错误；B、将M板沿水平向右方向靠近N板，极板间距d变小，根据根据C=，电容增大；Q 一定，根据C=，电压减小；故静电计指针张角变小；故B错误；C、将M板向上平移，正对面积S减小，根据C=，电容减小；Q一定，根据C=，电压增加；故静电计指针张角变大；故C正确；D、在M、N之间插入金属板，根据根据C=，电容变大；Q一定，根据C=，电压减小；故静电计指针张角变小；故D错误；故选：C．【点评】本题是电容动态变化分析问题，关键抓住两点：一是电容器的电量不变；二是关于电容的两个公式．9．如图所示，水平放置的金属板正上方放有一固定的正点电荷Q，一表面绝缘的带正电小球（可视为质点且不影响Q的电场），从左端以初速度v0滑上金属板，沿光滑的上表面向右运动到右端，在该运动过程中（）A．小球先做减速运动，后做加速运动B．小球做匀速直线运动C．小球的电势能逐渐增加D．静电力对小球先做负功后做正功【考点】静电场中的导体．【专题】解题思想；定性思想；电场力与电势的性质专题．【分析】金属板在Q的电场中产生静电感应现象，达到静电平衡时，金属板是一个等势体，表面是一个等势面，表面的电场线与表面垂直．分析小球的受力情况，确定其运动情况，判断电场力是否做功．【解答】解：A、金属板在Q的电场中达到静电平衡时，金属板是一个等势体，表面是一个等势面，表面的电场线与表面垂直，小球所受电场力与金属板表面垂直，在金属板上向右运动的过程中，电场力不做功，根据动能定理得知，小球的动能不变，速度不变，所以小球做匀速直线运动．故A错误，B正确．C、由于电场力与小球的速度方向垂直，小球受到电场力的方向不变，电场力对小球不做功．小球的电势能不变．故C错误，D错误．故选：B【点评】本题关键抓住静电平衡导体的特点：整体导体是一个等势体，表面是一个等势面．由此得出电荷受到的电场力始终与运动的方向垂直是解答的关键．10．某一电源的路端电压与电流的关系和电阻R1、R2的电压与电流的关系如图所示．用此电源和电阻R1、R2组成电路．R1、R2可以同时接入电路，也可以单独接入电路．为使电源输出功率最大，可采用的接法是（）A．将R1、R2串联后接到电源两端B．将R1、R2并联后接到电源两端C．将R1单独接到电源两端D．将R2单独接到电源两端【考点】闭合电路的欧姆定律；电功、电功率．【专题】恒定电流专题．【分析】由电源的U﹣I图线纵横截距读出电源的电动势，由斜率求出电源的内阻．由电阻的U﹣I图线求出电阻．再分别求出四种情况下电源的输出功率进行选择．【解答】解：由图象得到：电源的电动势为E=3V，内阻为r=0.5Ω，R1单独接到电源两端输出功率为P出1=1.5V×3A=4.5W，R2单独接到电源两端输出功率则为P出2=2V×2A=4W．由电阻的伏安特性曲线求出 R1=0.5Ω、R2=1Ω，当将R1、R2串联后接到电源两端利用欧姆定律可得电路电流I串=1.5A，此时电源的输出功率P串=I串2（R1+R2）=3.75W．两电阻并联时，R并===Ω利用欧姆定律可得电路电流I并==A=3.6A，此时电源的输出功率P并=EI并﹣I并2r=4.32W．所以将R1单独接到电源两端时电源的输出功率最大．故选C【点评】这是直流电中的电路问题，可以应用数学知识分析得到：当电源的内外电阻相等时，电源的输出功率最大，直接选择C．11．如图所示电路中，电源电动势为E、内阻为r，R0定值电阻，电容器的电容为C．闭合开关S，增大可变电阻R的阻值，电压表示数的变化量的绝对值为△U，电流表示数的变化量的绝对值为△I，则（）A．变化过程中△U和△I的比值保持不变B．电压表示数U和电流表示数I的比值不变C．电阻R0端电压减小，减少量为△UD．电容器的带电荷量增加，增加量为C△U【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】闭合开关S，增大可变电阻R的阻值后，电路中电流减小，由欧姆定律分析电阻R0两端的电压，再根据路端电压的变化，分析电阻R0两端的电压变化量，并比较与△U的关系，确定电容带电量变化量．电压表的示数U和电流表的示数I的比值等于R．电压表示数变化量△U和电流表示数变化量△I的比值等于R0+r．【解答】解：A、根据闭合电路欧姆定律得：U=E﹣I（R0+r），由数学知识得知， =R0+r，保持不变．故A正确．B、由图， =R，R增大，则电压表的示数U和电流表的示数I的比值变大．故B错误．C、D、闭合开关S，增大可变电阻R的阻值后，电路中电流减小，由欧姆定律分析得知，电阻R0两端的电压减小，R两端的电压增大，而它们的总电压即路端电压增大，所以电阻R0两端的电压减小量小于△U．电容器两极板间的电压等于R两端的电压，可知电容器板间电压增大，带电量增大，增大量为C△U．故C错误，D正确．故选：AD．【点评】此题中两电表读数的比值要根据欧姆定律和闭合电路欧姆定律来分析，注意≠R，R是非纯性元件．12．如图，一平行板电容器的两极板与一电压恒定的电源相连，极板水平放置，极板间距为d，在下极板上叠放一厚度为l的金属板，其上部空间有一带电粒子P静止在电容器中，当把金属板从电容器中快速抽出后，粒子P开始运动，重力加速度为g．粒子运动加速度为（）A． g B． g C． g D． g【考点】带电粒子在混合场中的运动．【专题】带电粒子在复合场中的运动专题．【分析】金属板内部场强为零，有厚度为l的金属板，相当于平行板电容器的间距减小了l；粒子受重力和电场力，根据平衡条件和牛顿第二定律列式求解加速度．【解答】解：粒子受重力和电场力，开始时平衡，有：mg=q①当把金属板从电容器中快速抽出后，根据牛顿第二定律，有：mg﹣q=ma ②联立①②解得：a=g故选：A．【点评】本题要记住平行板电容器内插入金属板，可以等效成极板间距减小了；然后结合共点力平衡条件和牛顿第二定律列式分析，不难．二、实验题：每空2分，共14分．13．要测绘一个标有“3V 0.6W”小灯泡的伏安特性曲线，灯泡两端的电压需要由零逐渐增加到3V，并便于操作．已选用的器材有：电池组（电动势为4.5V，内阻约1Ω）；电流表（量程为0～250mA．内阻约5Ω）；电压表（量程为0～3V．内限约3kΩ）；电键一个、导线若干．（1）实验中所用的滑动变阻器应选下列中的 A （填字母代号）．A．滑动变阻器（最大阻值20Ω，额定电流1A）B．滑动变阻器（最大阻值1750Ω，额定电流0.3A）（2）实验的电路图应选用下列的图 B （填字母代号）．（3）实验得到小灯泡的伏安特性曲线如图所示．如果这个小灯泡两端所加电压为1.5V，则小灯泡在该温度时的电阻是10 Ω．随着电压增大，温度升高，小灯泡的电阻增大．（填“增大”，“减小”或“不变”）【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线．【专题】实验题．【分析】1、根据滑动变阻器的接法可选择对应的滑动变阻器；2、根据实验的要求可以选择滑动变阻器的接法；根据灯泡及电表的电阻关系可以选择电流表的接法；3、由图象可明确1.5V电压时的电流，再由欧姆定律可明确对应的电阻值；由图象的变化可得出对应的电阻变化规律．【解答】解：（1）因实验中采用分压接法，故滑动变阻器应选择小电阻；故选：A；（2）实验中要求电压从零开始变化，则必须采用滑动变阻器分压接法；而由于灯泡内阻较小，故应采用电流表外接法，故选：B；（3）由图可知，当电压为1.5V时，电流I=0.15A；由欧姆定律可知，电阻R===10Ω；I﹣U图象中的斜率表示其电阻，故说明电阻值越来越大；即灯泡电阻随温度的升高而增大．故答案为：（1）A （2）B （3）10，增大【点评】要熟记电学实验基本要求：伏安法测电阻时注意电流表内外接法的选择方法，当待测电阻值远小于电压表内阻时，电流表用外接法；当待测电阻值远大于电流表内阻时，电流表用内接法．在要求电流或电压值从零调时，滑动变阻器应用分压式，此时应选阻值小的变阻器．14．在伏安法测电阻的实验中，待测电阻R x约为200Ω，电压表V的内阻约为2kΩ，电流表A的内阻约为10Ω，测量电路中电流表的连接方式如图（a）或图（b）所示，计算结果由R x=计算得出，式中U与I分别为电压表和电流表的读数；若将图（a）和图（b）中电路测得的电阻值分别记为R x1和R x2，则：R x1（填“R x1”或“R x2”）更接近待测电阻的真实值，且测量值R x1大于（填“大于”、“等于”或“小于”）真实值，测量值R x2小于（填“大于”、“等于”或“小于”）真实值．。
安徽省淮北市第一中学2020-2021学年高二上学期期中考试物理试题扫描版含答案
淮北市第一中学2021-2021学年上学期期中考试高二物理试卷答案一、选择题〔1-8题只有一个答案正确，9-14小题有多个选项正确。
单项选择题每题3分，多项选择题每题选对4分，对而不全得2分。
总分48分〕1 2 3 4 5 6 7 8C B B B CD D B9 10 11 12 13 14ABC AC AD ACD AC BC二.实验题〔本大题共2小题共15分，其中15题共7分，16题每空2分，共8分〕15.【答案】〔1〕〔每空2分〕_11.050cm， 4.700〔每空1分〕____，欧姆调零____30___16.【答案】：〔每空2分共8分〕将切换到b；；。
〔1〕将切换到b；由于R和串联，所以通过的电流，两端的电压为，所以；〔2〕根据闭合电路欧姆定律，，所以，由此式看出，图线的截距为，斜率由此两式得，，三解答题〔共4题，17题9分，18题9分，19题9分，20题10分，总分37分〕17.【答案】解：电动机不转时，设线圈电阻为R，那么；电动机正常工作时消耗的功率为W，电动机正常工作时线圈电阻损耗的功率为W，电动机正常工作时输出功率为W，电动机正常工作时效率为；电动机转子被卡住时，电功全部转化为电热。
18.【答案】〔1〕小球带正电 〔2〕32mgLq〔3〕33mg q 【解析】〔1〕假设小球不带电，那么从A 点释放，将运动到与A 点等高的地方，而实际上小球没能运动到与A 点等高的地方，所以电场力对小球做了正功，电场力水平向右，而电场强度方向水平向右，那么小球带正电；〔2〕小球从B 到A 过程，由动能定理得：cos300AB qU mgL -= 解得：32AB mgLU q=〔3〕BA 间沿电场线的距离为：d=L+Lsin30° 在匀强电场中，有：ABU E d=联立解得：19.【答案】解：根据欧姆定律知：所以：由平衡条件知：解得：根据类平抛运动的规律负离子在平行板间的加速度为：又联立以上各式解得：20.【答案】〔110gR；〔2〕58mg q ；〔3〕198mg 。
安徽省淮北一中20212021学年高二物理上学期期中试题（含解析）
安徽省淮北一中2021-2021学年度上学期高二期初三试物理试题一、单项选择题(本大题共8小题，共分)1. 指出图所示的哪些情况中，a、b两点的电势相等，a、b两点的电场强度也一样的是〔〕A. 平行板电容器带电时，极板间除边缘周围处的任意两点a、bB. 静电场中抵达静电平衡时的导体内部任意两点a、bC. 离点电荷等距的任意两点a、bD. 两个不等量异号的点电荷，在其连线的中垂线上，与连线中点等距的两点a、b【答案】B【解析】试题分析：a、b处于匀强电场中，场强一样，电势不同，a点电势高于b点电势．故A错误．处于静电平衡状态下的金属内部a，b两点，电场强度均为零，整个导体是等势体，电势相等．故B正确．a、b 处于同一等势面上，电势相等，而电场强度方向不同．故C错误．a、b在不等量异种电荷连线的垂直平分线上，电势相等，按照电场的对称性，a、b两点场壮大小一样，可是方向不同．故D错误．应选B。
考点：电场强度；电势【名师点睛】对于典型的电场的电场线散布要掌握，抓住特点，有助于解答关于电场强度、电势上下判断的问题。
2. 实线为三条未知方向的电场线，从电场中的M点以一样的速度飞入ａ、ｂ两个带电粒子，ａ、ｂ的运动轨迹如图中的虚线所示〔ａ、ｂ只受电场力作用〕，那么 ( )A. ａ必然带正电，ｂ必然带负电B. 电场力对ａ做正功，对ｂ做负功C. ａ的速度将减小，ｂ的速度将增大D. ａ的加速度将减小，ｂ的加速度将增大【答案】D考点：带电粒子在电场中的运动【名师点睛】此题是轨迹问题，按照轨迹的弯曲方向判断出电荷所受的电场力是关键．再结合电场线的疏密和方向分析粒子的运动情况。
3. 带负电的粒子在某电场中仅受电场力作用，能别离完成以下两种运动：直线运动；圆周运动.那么该电场可能由〔〕①.一个带正电的点电荷形成②.一个带负电的点电荷形成③.两个分立的带等量正电的点电荷形成④.两个分立的带等量负电的点电荷形成A. ①②说法正确B. ①③说法正确C. ②④说法正确D. 只有①说法正确【答案】B【解析】①因为一个带正电的点电荷形成的电场，其电场线是直线，当带负电的粒子的初速度的方向与电场线的方向在一条直线上时，粒子可以在电场线上运动，当粒子的初速度的方向与电场线垂直时，粒子可以在等势面上做匀速圆周运动．故①正确；②、当粒子的初速度的方向与电场线垂直时，粒子受到与电场线方向相反的力的作用，将会做离心运动，故②错误．③、两个等量的同种正点电荷形成的电场中，当带负电的粒子的初速度的方向与两电荷连线上的电场线在一条直线上时，粒子可以在电场线上做直线运动，由于场强是变化的，所以粒子做变速直线运动，考虑到电场分布的空间性和对称性，当粒子初速度的方向在两电荷连线的中垂面内且与中垂线垂直，那么粒子所受库仑力的合力始终指向两电荷连线的中点，粒子将在两电荷连线的中垂面内，以两电荷连线的中点为圆心做匀速圆周运动．故③正确；④、两个带等量负的点电荷的电场对负电荷的作用力向外，同负点电荷的电场类似，所以带负电粒子不可能在受到背离圆心的作用下做匀速圆周运动．故④错误．应选B.4. 如图甲所示，在一条电场线上有A、B两点，假设从A点由静止释放一电子，假设电子仅受电场力作用，电子从A点运动到B点的速度-时间图像如图乙所示，那么〔〕A. 电子在A，B两点受的电场力F A<F BB. A，B两点的电场强度E A<E BC. A，B两点的电势φA<φBD. 电子在A、B两点具有的电势能E PA<E PB【答案】C【解析】试题分析：由静止释放电子，电子仅受电场力作用，从A点运动到B点，分析电场力的方向，肯定电场线的方向．按照顺着电场线方向，电势降低，判断电势的上下．从速度图象看出，电子从A运动到B进程加速度变小，场强增变小．解：按照题意，电子从静止释放后从A运动到B，那么电子受到的电场力方向从A→B，而电子带负电，电场线方向从B→A，那么B点的电势大于A点的电势，即φA＜φB．故C正确从速度图象看出，电子从A运动到B进程速度增大，加速度转变，电场力减小，即F A＞F B，场强变小，那么B点的场强小于A点的场强，即E A＞E B．故A错误，B正确；因电场力做正功，那么电势能减小，故D错误．应选：B C5. 如下图，A、B均为半个绝缘正方体，质量均为m，在A、B内部各嵌入一个带电小球，A中小球带电量为＋q，B中小球带电量为－q，且两个小球的球心连线垂直于AB接触面．A、B最初靠在竖直的粗糙墙上．空间有水平向右的匀强电场，场壮大小为E，重力加速度为g.现将A、B无初速度释放，下落进程中始终相对静止，忽略空气阻力，那么以下说法中正确的选项是( )A. A、B下落的加速度大小均为gB. A、B下落的加速度大小应小于gC. A、B之间接触面上的弹力为零D. B受到A的摩擦力作用，方向沿接触面向下【答案】A【解析】对整体进展受力分析，竖直面上只受重力，水平方向A受电场力向右，B受电场力向左，而大小相等，故AB对竖直面没有压力，在竖直面上没有摩擦力；故整体只受重力，物体做向下的自由落体运动，故加速度为g，故A正确，B错误；对B受力分析，B受向左的电场力和向下的重力，电荷间的库仑力，而B向下的加速度为g，故水平方向合力应为零，所以应受到A对B的弹力，故C错误；弹力垂直于接触面向下，无法和电场力平衡，故AB间会有相对滑动的趋势，故AB间有摩擦力，由水平方向上的平衡可知，摩擦力应沿接触面向上，故D 错误；应选A.点睛：此题要求学生能熟练应用整体与隔离法，而且能按照物体的运动情况去判断物体的受力的可能性，此类题型为高三中常见题型，应熟练掌握.6. 两个放在绝缘架上的一样金属球相距d，球的半径比d小得多，别离带q和5q的电量，彼此作用的静电引力为5F．现将这两个金属球接触，然后分开，仍放回原处，那么它们的彼此作使劲将变成〔〕A. 0B. 5FC. 4FD. 9F【答案】C【解析】两球带异种电荷，由库仑定律可得：；而两球接触后再分开平分总电量，故分开后，两球的带电量均为；那么库仑力；应选C．7. 有一个均匀带电圆环，以圆环圆心O为坐标原点，过O且垂直于圆环平面的线为x轴，如图甲所示，现测得x轴上的电场强度随坐标x值转变的图像如图乙所示〔场强为正值，表示方向沿x轴正方向〕，H、I是x轴上两点，且HO＜OI，取无穷远处电势为零。
安徽省淮北市18学年高二物理上学期期中试题180105017
2017-2018学年度第一学期期中考试高 二 物 理 试 题考试时间：90分钟 满分：100分一、选择题（本题12小题，每题4分，共48分。
其中1-8题，只有一个选项符合题意，9-12小题有多个选项符合题意，选全对得4分，选对但不全得2分，不选或错选得0分） 1.以下说法正确的是（ ）A.电动势越大，说明非静电力在电源内部从负极向正极移送正电荷做的功越多B. W=I 2Rt =(U 2/R)t 适用于所有电路C.导体的电阻率越小，导电性能越好，电阻也越小D.由I =nqsv 知，同一导线内电荷定向移动平均速率越大，电流越大2.两个相同的带电小球相距r 时，相互作用力大小为F ，电荷量分别为q 和 -3q ，将两球接触后分开，放到相距2r 处，相互作用力大小为（ ） A.3F B.32F C.6F D.12F3.如图所示的电场中，A 、B 两点电势相同、但场强不同的是（ ）4.某导体中的电流随其两端的电压变化，如图实线所示，则下列说法中不正确．．．的是（ ） A.加5 V 电压时，导体的电阻是5 Ω B.加12 V 电压时，导体的电阻是8 Ω C.由图可知，随着电压增大，导体的电阻不断减小 D.由图可知，随着电压减小，导体的电阻不断减小5.在静电场中，把电荷量q=5×10-6C 的点电荷从A 点移动到B 点，电场力做功W AB =2×10-4J,把这个点电荷从B 点移动到C 点，电场力做功W BC =6×10-4J,若设电荷在B 点时的电势能等于零，则该电荷在A 点的电势能和C 点电势为（ ）A. 2×10-4J, -120V B.2×10-4J, 120V C.-4×10-4 J, -80V D.4×10-4 J, 80V 6.如图是一个电路的一部分，其中R 1=2Ω，R 2=10Ω，R 3=3Ω，I 1=0.2A ，I 2=0.1A ，那么电流表测得的电流为（ ）题4图A.0.2A，方向向右B.0.3A，方向向左C.0.3A，方向向右D.0.2A，方向向左7.如图中A、B、C三点都在匀强电场中，已知AC⊥BC，∠CAB=60○, BC=20cm。
安徽省淮北市第一中学高二物理上学期精选试卷检测题
安徽省淮北市第一中学高二物理上学期精选试卷检测题一、第九章 静电场及其应用选择题易错题培优（难）1．如图所示，在圆心为O 、半径为R 的圆周上等间距分布着三个电荷量均为q 的点电荷a 、b 、c ，其中a 、b 带正电，c 带负电。
已知静电力常量为k ，下列说法正确的是（ ）A ．a 受到的库仑力大小为2233kq RB ．c 受到的库仑力大小为2233kqRC ．a 、b 在O 3kq，方向由O 指向c D ．a 、b 、c 在O 点产生的场强为22kqR，方向由O 指向c 【答案】BD 【解析】 【分析】 【详解】AB ．根据几何关系得ab 间、bc 间、ac 间的距离3r R =根据库仑力的公式得a 、b 、c 间的库仑力大小22223q q F k k r R==a 受到的两个力夹角为120︒，所以a 受到的库仑力为223a q F F k R==c 受到的两个力夹角为60︒，所以c 受到的库仑力为233c kq F F == 选项A 错误，B 正确；C ．a 、b 在O 点产生的场强大小相等，根据电场强度定义有02q E kR = a 、b 带正电，故a 在O 点产生的场强方向是由a 指向O ，b 在O 点产生的场强方向是由b 指向O ，由矢量合成得a 、b 在O 点产生的场强大小2q E k R=方向由O →c ，选项C 错误；D ．同理c 在O 点产生的场强大小为02qE k R=方向由O →c运用矢量合成法则得a 、b 、c 在O 点产生的场强22qE k R'=方向O →c 。
选项D 正确。
故选BD 。
2．电荷量相等的两点电荷在空间形成的电场有对称美．如图所示，真空中固定两个等量异种点电荷A 、B ，AB 连线中点为O.在A 、B 所形成的电场中，以O 点为圆心半径为R 的圆面垂直AB 连线，以O 为几何中心的边长为2R 的正方形平面垂直圆面且与AB 连线共面，两个平面边线交点分别为e 、f ，则下列说法正确的是( )A ．在a 、b 、c 、d 、e 、f 六点中找不到任何两个场强和电势均相同的点B ．将一电荷由e 点沿圆弧egf 移到f 点电场力始终不做功C ．将一电荷由a 点移到圆面内任意一点时电势能的变化量相同D ．沿线段eOf 移动的电荷，它所受的电场力先减小后增大 【答案】BC 【解析】图中圆面是一个等势面，e 、f 的电势相等，根据电场线分布的对称性可知e 、f 的场强相同，故A 错误．图中圆弧egf 是一条等势线，其上任意两点的电势差都为零，根据公式W=qU 可知：将一正电荷由e 点沿圆弧egf 移到f 点电场力不做功，故B 正确．a 点与圆面内任意一点时的电势差相等，根据公式W=qU 可知：将一电荷由a 点移到圆面内任意一点时，电场力做功相同，则电势能的变化量相同．故C 正确．沿线段eof 移动的电荷，电场强度 先增大后减小，则电场力先增大后减小，故D 错误．故选BC ．【点睛】等量异种电荷连线的垂直面是一个等势面，其电场线分布具有对称性．电荷在同一等势面上移动时，电场力不做功．根据电场力做功W=qU 分析电场力做功情况．根据电场线的疏密分析电场强度的大小，从而电场力的变化．3．如图所示，A 、B 两点有等量同种正点电荷，AB 连线的中垂线上C 、D 两点关于AB 对称，0t =时刻，一带正电的点电荷从C 点以初速度v 0沿CD 方向射入，点电荷只受电场力。
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考 班 姓名密 封 线淮北师范大学附属实验中学2013—2014学年度第一学期期中考试试卷高二物理注意事项：1．答卷前考生务必将自己的姓名、班级、考号填在答卷纸密封线内规定的位置。
2．答卷时用黑色签字笔直接填写在试卷规定的位置。
第Ⅰ卷（选择题 共40分）一、选择题（每小题4分，共40分。
下列每小题所给选项只有一项最符合题意，请将正确答案的序号填涂在答题卡上。
选对得4分，不选或选错的不得分）1、关于电动势下列说法中正确的是:A ．在电源内部把正电荷从正极移到负极，非静电力做功，电势能增加B ．在电源内部，移动单位正电荷从负极到正极非静电力做功越多，电动势就越大C ．电动势越大，说明静电力在电源内部把正电荷从负极向正极移送单位电荷量做功越多D ．电动势越大，说明非静电力在电源内部把正电荷从负极向正极移送电荷量越多 2、如图所示，一带电小球用丝线悬挂在水平方向的匀强电场中，当小球静止后把悬线烧断，则小球在电场中将作:A ．自由落体运动B ．曲线运动C ．沿着悬线的延长线作匀加速直线运动D ．变加速直线运动3、如图所示，图中三个电阻的阻值分为R 1=1Ω、R 2=3Ω、R 3=5Ω，则流过R 1、R 2、R 3的电流之比为: A ．5∶3∶1 B ．3∶1∶4 C ．3∶1∶5 D ．15∶5∶34、如图所示，匀强电场E 的区域内有一球体，在球心O 点处放置一点电荷+Q ，a 、b 、c 、d 、e 、f 为球面上的点，aecf 平面与电场平行，bedf 平面与电场垂直，则下列说法中正确的是:A ．b 、d 两点的电场强度相同B ．a 点的电势等于f 点的电势C ．点电荷+q 在球面上任意两点之间移动时，电场力一定做功D ．让点电荷+q 在球面上运动时，从a 点移动到c 点的电势能变化量一定最大 5、如图所示，实线为电场线，虚线为等势线，且相邻两条等势线间的电势差相等。
一正电荷（只在电场力的作用下）在φ3上时，具有的动能是20eV ，它运动到等势线φ1上时，速度为零。
令φ2=0。
那么该电荷的电势能为4 eV 时，其动能大小为:A ．16eVB ．6eVC ．10eVD ．4eV6、如图所示,ABCD 是匀强电场中一正方形的四个顶点,已知A 、B 、C 三点的电势分别为A =15 V, B =3 V, C = -3 V, 由此可得D 点电势为：A.6VB.9 VC.12 VD.15 V7、如图所示，质量为M 的、带电量为+Q 的滑块沿绝缘斜面匀速下滑，当滑块滑至竖直向下的匀强电场区域时，滑块的运动状态为： A ．继续匀速下滑 B ．将加速下滑C ．将减速下滑D ．上述三种情况都可能发生R8、一带电的粒子射入一固定带正电的点电荷Q 形成的电场中，沿图中虚线由a 点运动到b 点，a 、b 两点到点电荷的距离分别是r a 、r b ，且r a >r b ，若粒子只受电场力，则在这一过程中:A ．粒子在a 点的电势一定高于b 点的电势B ．粒子在a 点的动能一定高于b 点的动能C ．粒子在a 点的电势能一定高于b 点的电势能D ．粒子在b 点的加速度一定小于在a 点的加速度9、如图所示，空间有一水平方向的匀强电场，初速度为v 0的带电微粒从A 点射入电场，在竖直平面内沿直线从A 运动到B ，在此过程中微粒的： A ．动能和电势能都减少，重力势能增加 B ．动能和重力势能都增加，电势能减少C ．动能减少，重力势能和电势能都增加D ．动能不变，重力势能增加，电势能减少10、如图所示，离地H 高处有一个质量为m 、带电量为+q 的物体处于电场强度随时间变化规律为kt E E-=0（0E 、k 均为大于零的常数，电场水平向左为正方向）的电场中，物体与竖直绝缘墙壁间的动摩擦因数为μ，已知mg qE >0μ。
0=t 时，物体从墙上静止释放，若物体所受的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，当物体下滑2H后脱离墙面，此时速度大小为2gH，最终落在地面上。
则下列关于物体的运动说法正确的是：A ．当物体沿墙壁下滑时，物体先加速再做匀速直线运动B ．物体从脱离墙壁到落地之前的运动轨迹是一段直线C ．物体克服摩擦力所做的功mgH W 83= D ．物体与墙壁脱离的时刻为02E K t =二、实验题（本题共2小题，共18分。
其中第11题6分，第12题12分）11、（6分）如下图所示是定性研究平行板电容器的电容与结构之间的关系的装置，平行板电容器的A 板与静电计相连，B 板和静电计金属壳都接地。
若充电后保持电容器带电量不变，试指出下列三个图所示的情况下，静电计指针的偏转角度变化情况。
（填“变大”“变小”“不变”）①平行板电容器两极板正对面积减小时，静电计指针的偏转角度将 ； ②平行板电容器两极板板间距离增大时，静电计指针的偏转角度将 ； ③在平行板电容器两极板插入电介质时，静电计指针的偏转角度将 ． 12、（12分）如图甲所示，为某同学测绘额定电压为2.5V 的小灯泡的伏安特性曲线的实验电路图。
（1）根据图甲所示电路图，用笔画线代替导线，将图乙中的实物图连接完整。
（4分）① ② ③（2）开关S 闭合之前，图甲中滑动变阻器的滑片应该置于____ ____端（选填“A ”、“B ”或“AB 中间”）（2分）（3）实验中测得有关数据如下表：根据表中的实验数据，在图丙中画出小灯泡的I —U 特性曲线（用横坐标表示U ）。
（4分）（4）根据你描绘的I —U 特性曲线，可求得灯泡的额定功率为 W ．（2分）三、计算题（本题共4小题，第13题10分，第14题10分，第15题12分，第16题12分，共42分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．把答案填在规定位置上）13、如图所示是两个量程的电压表，当使用a 、b 两个端点时，量程为0～10V ，当使用a 、c 两个端点时，量程为0～100V 。
已知电流表的内阻R g 为500Ω，满偏电流I g 为2mA ，求电阻R 1、R 2的值.14、如图所示，在一个水平面上建立x 轴，在过原点O 垂直于x 轴的平面的右侧空间有一个匀强电场，场强大小 E ＝6.0×105 N/C ，方向与x 轴正方向相同．在O 处放一个电荷量-5.0×10-8C 、质量m ＝1.0×10-2kg 的绝缘物块．物块与水平面间的动摩擦因数μ＝0.20，沿x 轴正方向给物块一个初速度v 0＝4.0 m/s ，求物块最终停止时的位置．(g取10 m/s 2)15、如图所示，空间存在着强度E=4mgq 方向竖直向上的匀强电场，在电场内一长为l 的绝缘细线，一端固定在O 点，一端拴着质量m 、电荷量q 的小球.现将细线拉直到水平位置，使小球由静止释放，当小球运动最高点时细线受到的拉力恰好达到它能承受的最大值而断裂.求： （1）小球运动最高点时的速度；（2）细线能承受的最大拉力； 图丙 A Ba b c 10V 100V16、如图所示，两平行金属板A、B长i＝8 cm，两板间距离d＝8 cm，A板比B板电势高300 V，即U AB＝300 V．一带正电的粒子电量q＝10－10C，质量m＝10－20kg，从R点沿电场中心线垂直电场线飞入电场，初速度v0＝2×106 m/s，粒子飞出平行板电场后经过界面MN、PS间的无电场区域后，进入固定在中心线上的O点的点电荷Q形成的电场区域(设界面PS右边点电荷的电场分布不受界面的影响)．已知两界面MN、PS相距为L＝12 cm，粒子穿过界面PS最后垂直打在放置于中心线上的荧光屏EF上．不计粒子重力。
(静电力常数k＝9×109N·m2/C2)求：(1)粒子穿过界面PS时偏离中心线RO的距离多远；(2)粒子从电场中飞出时的速度方向与水平方向的夹角θ；(3)点电荷的电量．二、实验题（本题共2小题，共18分。
其中第11题6分，第12题12分）11、①变大；②变大；③变小．12、（12分）如图甲所示，为某同学测绘额定电压为2.5V 的小灯泡的伏安特性曲线的实验电路图。
（1）略（4分）（2）A _端（2分）（3）略（4分）（4） 0.60～0.70 W ．（2分） 三、13、解：当使用a 、b 两个端点时，由欧姆定律得U 1= 10V =I g （R 1+R g ）当使用a 、c 两个端点时，由欧姆定律得U 2= 100V =I g （R 2+ R 1+R g ） 代入数据解得 R 1 = 4500Ω R 2=45000Ω14、解：由动能定理得 -（qE+μmg ）x = -mv 02/2 代入数据解得x = 1.6m由于qE ＞μmg ，所以物体将先向左做加速运动，过边界后做减速运动，设过边界后最终停在O 点左方X 1的位置。
由动能定理得qEx-μmg(x+ X 1)=0 解得x 1=0.8m 15、解:（1）设小球运动到最高点时速度为v ，对该过程由动能定理有，221)(mv L mg qE =-①（2分）得gL v 4=（1分） （2）在最高点对小球由牛顿第二定律得，Lv m qE mg T 2=-+②（2分）解得，T=6mg （1分）16、解：(1)设粒子从电场中飞出时的侧向位移为h, 穿过界面PS 时偏离中心线OR 的距离为y ，则： h ＝at22 a ＝qE m ＝qU md t ＝lv0即：h ＝qU 2md ⎝⎛⎭⎫l v02，代入数据，解得：h ＝0.03 m ＝3 cm带电粒子在离开电场后将做匀速直线运动，由相似三角形知识得：hy ＝l 2l2＋L代入数据，解得：y ＝0.12 m ＝12 cm(2)设粒子从电场中飞出时沿电场方向的速度为vy ，则：vy ＝at ＝qUl mdv0，代入数据，解得：vy ＝1.5×106m/s所以粒子从电场中飞出时沿电场方向的速度为：v ＝ v20＋v2y ＝2.5×106m/s设粒子从电场中飞出时的速度方向与水平方向的夹角为θ，则：tan θ＝vy v0＝34θ＝37°（3）因为粒子穿过界面PS 最后垂直打在放置于中心线上的荧光屏上，所以该带电粒子在穿过界面PS 后将绕点电荷Q 作匀速圆周运动，其半径与速度方向垂直．匀速圆周运动的半径：r ＝y cos θ＝0.15 m ，由kQq r2＝m v2r代入数据，解得：Q ＝1.04×10－8C。