专题05 成因分析类(解析版)
专题05 小说句子作用(解析版)-2021年中考语文考前抓大分技法之小说阅读

专题05 小说句子作用(解析版)考点穿透小说中句子的作用小说中重要句子在文章中的作用,应从结构、内容、主题上分析,从结构上考虑,涉及到开头、结尾、倒叙、插叙、顺序、过渡、照应等文学概念,就从其管辖的区域,应联系上下文,结合文学概念进行解答。
从句子的修饰作用进行理解,分析时要从修饰作用入手,追本溯源,理解句子的实在意义.这其实是考察表现手法。
表现手法一般有比喻、烘托、借代、象征等形式,结合上下文,将修辞手法的作用在文章中表达的意义要表现出来。
1、句子在文章结构上所起的作用。
一般情况下,统领句起总起全文的作用,结论句起归结全文的作用,转承句(过渡句)起承上启下的作用,还需注意的是有的情况下,尾句还会起到揭示主题,点明中心的作用。
这需要根据不同情况来区分。
2、句子在文章内容上所起的作用。
这类题主要考查对作者思想感情的理解。
因为任何一篇文章都是作者为了表达自己的思想,抒发自己的感情而写的,所以字里行间一定充满了作者的思想感情,是作者思想感情的体现。
做此类题最重要的一点是结合作者的思想感情与文章的中心思想来理解句子在文章中所起的作用。
3、句子在文章中所起的艺术效果。
这类题有这么几类,如运用修辞手法的效果:比喻、拟人、夸张等使表达内容生动形象;排比,反问增强表达力量等。
再如句子对文章技法上产生的效果,如有的设悬生疑,有的对比映衬,有的烘托渲染,有的欲扬先抑,有的情景交融,有的小中见大,有的升华深化,有的象征寓意等。
有的题型就是考查对句子的艺术效果的理解,这就要求我们把握好各种艺术效果的表达方式,做到心中有数,有备无患.总之,我们在分析句子在文章中作用时,应从结构、内容、艺术效果三方面考虑作用,然后逐一排除,切准某一方面具体分析。
典例在线【一、2020年四川省泸州市中考语文】阅读下列小说,完成小题。
古榕酒香飘卢涛远远地望过去,黑暗里只有看不见的宁静。
四周的山丘似乎凝固了时间,这是1939年的夏天。
怦怦怦,阿九的心跳得厉害,他把挡在身前的杂草往右边拨了拨,顺势把肩膀上的扁担往上颠了一顿。
专题05 A字型、8字模型、飞镖模型(解析版)

专题05A字型、8字模型、飞镖模型一、基础知识回顾三角形内角和定理:三角形三个内角和等于180°三角形外角性质:三角形的一个外角等于与它不相邻的两个内角之和。
二、模型的概述:A字型模型:∠1+∠2=∠A+180°(结论)证明:∵∠1=∠A+∠ACB∴∠1=∠A+180°-∠2∴∠1+∠2=∠A+180°8字模型(基础):∠A+∠B=∠C+∠D(结论)证明:在∆ABO中,∠A+∠B+∠AOB=180°在∆COD中,∠C+∠D+∠COD=180°而∠AOB=∠COD∴∠A+∠B=∠C+∠D8字模型(变形):已知线段AP平分∠BAD,线段CP平分∠BCD,则∠P=(∠B+∠D)证明:∵线段AP平分∠BAD,线段平分∠BCD∴∠BAP=∠PAD,∠BCP=∠PCD∵∠BCP+∠P=∠BAP+∠B①∠PAD+∠P=∠PCD+∠D②①+②得2∠P=∠B+∠D,则∠P=(∠B+∠D)飞镖模型(基础):∠C=∠A+∠B+∠D(结论)证明:1)延长AC到点P2)延长BC交AD于点P3)连接BD飞镖模型(变形):已知线段BO平分∠ABC,线段OD平分∠ADC,则∠O=(∠A+∠C)【基础过关练】1.如图,ABC中,65A∠=︒,直线DE交AB于点D,交AC于点E,则BDE CED∠+∠=().A.180︒B.215︒C.235︒D.245︒2.如图,在ABC中,90BÐ=°,若按图中虚线剪去B∠,则12∠+∠等于()A.90︒B.135︒C.270︒D.315︒【答案】C【分析】如图,根据题意可知190BNM∠=︒+∠,290BMN∠=︒+∠,然后结合三角形内角和定理即可推出12∠+∠的度数.【详解】解:如图.∵ABC 为直角三角形,90B Ð=°,∴90BNM BMN ∠+∠=︒,∵190BNM ∠=︒+∠,290BMN ∠=︒+∠,∴12270∠+∠=︒.故选:C .【点睛】本题主要考查三角形的外角性质、三角形内角和定理,关键在于得出190BNM ∠=︒+∠,290BMN ∠=︒+∠.3.如图,AB 和CD 相交于点O ,∠A =∠C ,则下列结论中不能完全确定正确的是()A .∠B =∠DB .∠1=∠A +∠DC .∠2>∠D D .∠C =∠D【答案】D 【分析】利用三角形的外角性质,对顶角相等逐一判断即可.【详解】∵∠A +∠AOD +∠D =180°,∠C +∠COB +∠B =180°,∠A =∠C ,∠AOD =∠BOC ,∴∠B =∠D ,∵∠1=∠2=∠A +∠D ,∴∠2>∠D ,故选项A ,B ,C 正确,故选D .【点睛】本题考查了对顶角的性质,三角形外角的性质,熟练掌握并运用两条性质是解题的关键.4.如图,若115EOC ∠=︒,则A B C D E F ∠+∠+∠+∠+∠+∠=____________.5.如图所示,已知四边形ABDC,求证BDC A B C∠=∠+∠+∠.【答案】见解析【分析】方法1连接BC ,根据三角形内角和定理可得结果;方法2作射线AD ,根据三角形的外角性质得到31B ∠=∠+∠,42C ∠=∠+∠,两式相加即可得到结论;方法3延长BD ,交AC 于点E ,两次运用三角形外角的性质即可得出结论.【详解】方法1如图所示,连接BC .在ABC 中,180A ABC ACB ∠+∠+∠= ,即12180A ABD ACD ∠+∠+∠+∠+∠= .在BCD △中,12180BDC ∠+∠+∠= ,++BDC A ABD ACD ∴∠=∠∠∠;方法2如图所示,连接AD 并延长.3∠ 是ABD △的外角,31+ABD ∴∠=∠∠.同理,42ACD ∠=∠+∠.3412ABD ACD ∴∠+∠=∠+∠+∠+∠.∠=∠+∠+∠.即BDC A ABD ACD方法3如图所示,延长BD,交AC于点E.的外角,是ABEDEC∠∴∠=∠+∠.DEC A ABD的外角,是DEC∠BDC∴∠=∠+∠.BDC DEC ACD∴∠=∠+∠+∠.BDC A ABD ACD【点睛】本题考查了三角形的外角性质:解题的关键是知道三角形的任一外角等于与之不相邻的两内角的和.也考查了三角形内角和定理.【提高测试】1.如图,∠1=60°,则∠A+∠B+∠C+∠D+∠E+∠F=()A.240°B.280°C.360°D.540°【答案】A【分析】根据三角形内角和定理得到∠B与∠C的和,然后在五星中求得∠1与另外四个角的和,加在一起即可.【详解】解:由三角形外角的性质得:∠3=∠A+∠E,∠2=∠F+∠D,∵∠1+∠2+∠3=180°,∠1=60°,∴∠2+∠3=120°,即:∠A+∠E+∠F+∠D=120°,∵∠B+∠C=120°,∴∠A+∠B+∠C+∠D+∠E+∠F=240°.故选A .【点睛】本题考查了三角形的外角和三角形的内角和的相关知识,解决本题的关键是将题目中的六个角分成两部分来分别求出来,然后再加在一起.2.如图,在由线段,,,,AB CD DF BF CA 组成的平面图形中,28D ∠=︒,则A B C F ∠+∠+∠+∠的度数为().A .62︒B .152︒C .208︒D .236︒【点睛】此题考查了三角形的外角性质与邻补角的意义,熟练掌握并灵活运用三角形的外角性质与邻补角的意义是解答此题的关键.3.如图,在△ABC中,∠A=20°,∠ABC与∠ACB的角平分线交于D1,∠ABD1与∠ACD1的角平分线交于点D2,依此类推,∠ABD4与∠ACD4的角平分线交于点D5,则∠BD5C的度数是()A.24°B.25°C.30°D.36°故选:B4.如图,求∠A+∠B+∠C+∠D+∠E+∠F+∠G+∠H+∠I=__.,∠+∠+∠+∠+∠+∠+∠+∠=____________.5.如图,A B C D E F G H【答案】720°##720度【分析】连接DH ,利用三角形外角性质得∠1=∠A +∠F ,∠2=∠3+∠5,再利用四边形内角和等于360°即可求解.【详解】解:如图,连接DH ,∵∠1=∠A +∠F ,∠2=∠3+∠5,∠1+∠2+∠B +∠C =360°∴∠A +∠F +∠3+∠5+∠B +∠C =360°,∵∠4+∠6+∠E +∠G =360°,∴∠A +∠F +∠3+∠5+∠B +∠C +∠4+∠6+∠E +∠G =720°,∵∠3+∠4=∠BHG ,∠5+∠6=∠ADE ,∴∠A +∠F +∠B +∠C +∠E +∠G +∠BHG +∠ADE =720°,故答案为:720°.【点睛】本题考查四边形内角和,三角形外角性质,将所求角转化成三角形与四边形的内角,利用四边形内角和定理和三角形外角性质求解是解题的关键.6.如图,BP 平分ABC ∠,交CD 于点F ,DP 平分ADC ∠交AB 于点E ,AB 与CD 相交于点G ,42A ∠=︒.(1)若60ADC ∠=︒,求AEP ∠的度数;(2)若38C ∠=︒,求P ∠的度数.7.(1)已知:如图①的图形我们把它称为“8字形”,试说明:A B C D ∠+∠=∠+∠.(2)如图②,AP ,CP 分别平分BAD ∠,BCD ∠,若36ABC ∠=︒,16ADC ∠=︒,求P ∠的度数.(3)如图(3),直线AP 平分BAD ∠,CP 平分BCD ∠的外角BCE ∠,猜想P ∠与B ∠、D ∠的数量关系是________;(4)如图(4),直线AP 平分BAD ∠的外角FAD ∠,CP 平分BCD ∠的外角BCE ∠,猜想P ∠与B ∠、D ∠的数量关系是________.+ PCB8.阅读材料:如图1,AB、CD交于点O,我们把△AOD和△BOC叫做对顶三角形.结论:若△AOD和△BOC是对顶三角形,则∠A+∠D=∠B+∠C.结论应用举例:如图2:求五角星的五个内角之和,即∠A+∠B+∠ACE+∠ADB+∠E的度数.解:连接CD,由对顶三角形的性质得:∠B+∠E=∠1+∠2,在△ACD中,∵∠A+∠ACD+∠ADC=180°,即∠A+∠3+∠1+∠2+∠4=180°,∴∠A+∠ACE+∠B+∠E+ADB=180°即五角星的五个内角之和为180°.解决问题:(1)如图①,∠A+∠B+∠C+∠D+∠E+∠F=;(2)如图②,∠A+∠B+∠C+∠D E+∠F+∠G=;(3)如图③,∠A+∠B+∠C+∠D+∠E+∠F+∠G+∠H=;(4)如图④,∠A+∠B+∠C+∠D+∠E+∠F+∠G+∠H+∠M+∠N=;请你从图③或图④中任选一个,写出你的计算过程.【答案】(1)360°;(2)540°;(3)720°;(4)1080°;过程见解析【分析】(1)连接CD,由对顶角三角形可得∠A+∠B=∠BDC+∠ACD,再由四边形的内角和定理得出结论;(2)连接ED,由对顶角三角形可得∠A+∠B=∠BED+∠ADE,再由五边形的内角和定理得出结论;(3)连接BH 、DE ,由对顶角三角形可知∠EBH +∠BHD =∠HDE +∠BED ,再根据五边形的内角和定理得出结论;(4)连接ND 、NE ,由对顶角三角形可知∠1+∠2=∠NGH +∠EHG ,再由六边形的内角和定理得出结论.【详解】解:(1)连接CD ,由对顶角三角形可得∠A +∠B =∠BDC +∠ACD ,则∠A +∠B +∠C +∠D +∠E +∠F =360°;(2)连接ED ,由对顶角三角形可得∠A +∠B =∠BED +∠ADE ,则∠A +∠B +∠C +∠D +∠E +∠F +∠G =540°;(3)连接BH 、DE ,∵由对顶角三角形可知∠EBH +∠BHD =∠HDE +∠BED ,∴∠A +∠B +∠C +∠D +∠E +∠F +∠G +∠H =五边形CDEFG 的内角和+△ABH 的内角和=540°+180°=720°;(4)连接ND 、NE ,∵由对顶角三角形可知∠1+∠2=∠NGH +∠EHG ,∴∠A +∠B +∠C +∠D +∠E +∠F +∠G +∠H +∠M +∠N =六边形BCFGHM 的内角和+△AND 的内角和+△NDE 的内角和=(6-2)×180°+360°=1080°.故答案为:360°;540°;720°;1080°.【点睛】本题考查的是三角形内角和定理,根据题意作出辅助线,利用△AOD 和△BOC 叫做对顶三角形的性质及多边形的内角和定理解答是解答此题的关键.9.模型规律:如图1,延长CO 交AB 于点D ,则1BOC B A C B ∠=∠+∠=∠+∠+∠.因为凹四边形ABOC 形似箭头,其四角具有“BOC A B C ∠=∠+∠+∠”这个规律,所以我们把这个模型叫做“箭头四角形”.模型应用(1)直接应用:①如图2,60,20,30A B C ∠=︒∠=︒∠=︒,则BOC ∠=__________︒;②如图3,A B C D E F ∠+∠+∠+∠+∠+∠=__________︒;(2)拓展应用:①如图4,ABO ∠、ACO ∠的2等分线(即角平分线)1BO 、1CO 交于点1O ,已知120BOC ∠=︒,50BAC ∠=︒,则1BO C ∠=__________︒;②如图5,BO 、CO 分别为ABO ∠、ACO ∠的10等分线1,2,3,,(,)89i =⋯.它们的交点从上到下依次为1O 、2O 、3O 、…、9O .已知120BOC ∠=︒,50BAC ∠=︒,则7BOC ∠=__________︒;③如图6,ABO ∠、BAC ∠的角平分线BD 、AD 交于点D ,已知120,44BOC C ∠=︒∠=︒,则ADB =∠__________︒;④如图7,BAC ∠、BOC ∠的角平分线AD 、OD 交于点D ,则B ∠、C ∠、D ∠之同的数量关系为__________.【答案】(1)①110;②260;(2)①85;②99;③142;④∠B -∠C +2∠D =0【分析】(1)①根据题干中的等式直接计算即可;(2)①∠BO1C=∠BOC =∠BOC-1(∠ABO+∠2=∠BOC-1(∠BOC-∠2=∠BOC-1(120°-50°)210.如图,ABC ∆中,(1)若ABC ∠、ACB ∠的三等分线交于点1O 、2O ,请用A ∠表示1BO C ∠、2BO C ∠;(2)若ABC ∠、ACB ∠的n 等分线交于点1O 、21n O O -⋅⋅⋅⋅⋅⋅(1O 、21n O O -⋅⋅⋅⋅⋅⋅依次从下到上),请用A ∠表示1BO C ∠,1n BO C -∠.11.探究与发现:如图1所示的图形,像我们常见的学习用品——圆规.我们不妨把这样图形叫做“规形图”,那么在这一个简单的图形中,到底隐藏了哪些数学知识呢?下面就请你发挥你的聪明才智,解决以下问题:(1)观察“规形图”,试探究BDC ∠与A ∠、B ∠、C ∠之间的关系,并说明理由;(2)请你直接利用以上结论,解决以下三个问题:①如图2,把一块三角尺XYZ 放置在ABC 上,使三角尺的两条直角边XY 、XZ 恰好经过点B 、C ,若50A ∠=︒,则ABX ACX ∠+∠=_____°;②如图3,DC 平分ADB ∠,EC 平分AEB ∠,若50DAE ∠=︒,130DBE ∠=︒,则DCE ∠=______°;③如图4,ABD ∠,ACD ∠的10等分线相交于点1G ,2G ,…,9G ,若140BDC ∠=︒,177BG C ∠=︒,求A ∠的度数.【答案】(1)=++BDC BAC B C∠∠∠∠(2)①40,②90,③70°12.如图1的图形我们把它称为“8字形”,显然有A B C D ∠+∠=∠+∠;阅读下面的内容,并解决后面的问题:(1)如图2,AP 、CP 分别平分BAD ∠、BCD ∠,若36ABC ∠=︒,16ADC ∠=︒,求P ∠的度数;(2)①在图3中,直线AP 平分BAD ∠的外角FAD ∠,CP 平分BCD ∠的外角BCE ∠,猜想P ∠与B ∠、D ∠的关系,并说明理由.②在图4中,直线AP 平分BAD ∠的外角FAD ∠,CP 平分BCD ∠的外角BCE ∠,猜想P ∠与B ∠、D ∠的关系,直接写出结论,无需说明理由.③在图5中,AP 平分BAD ∠,CP 平分BCD ∠的外角BCE ∠,猜想P ∠与B ∠、D ∠的关系,直接写出结论,无需说明理由.(2)12P B D ∠=∠+∠(),理由如下:①∵AP 平分∠BAD 的外角∠∴∠1=∠2,∠3=∠4.由(1)的结论得:∠PAD +∠②11802P B D ∠=︒-∠+∠(),理由如下:如图4,∵AP 平分∠BAD 的外角∠∴∠1=∠2,∠3=∠4,∠BAD =180°由题干可知:∠BAD +∠B =∠BCD③1902P B D∠=︒+∠+∠(),理由如下:如图5,∵AP平分∠BAD,CP平分∠∴∠1=∠2,∠3=∠4,由题干结论得:∠BAD+∠B=∠BCD∠2+∠P=∠PCD+∠D,即∠2+∠【点睛】本题考查了三角形的内角和定理,角平分线的定义,准确识图并运用好两个等式是解题的关键,用阿拉伯数字加弧线表示角更形象直观.。
分析地理成因类

类型四分析地理成因类原因类设问常以区域图为信息载体,就区域内典型地理现象或地理事物进行设问,常见的设问形式有“说明××形成的原因”“试分析××地理现象发生的(自然或人为)原因”“简述××地区发展××的理由”等。
在分析该类试题时,要注意把握两点:(1)要清楚重要地理事象的组成因子,并理解因子与地理事象之间的因果联系;(2)明确要分析的原因类型。
地理原因包括自然原因和人为原因两种。
自然原因一般从纬度位置、海陆位置、地形、地势、气候、水文、植被、土壤、矿产、洋流等方面来分析;人为原因一般从人口、工农业、城市、交通、市场、政策、科技等方面来分析。
考向1自然或人文地理事象的成因分析[真题再现](2013·广东文综)印度尼西亚是世界上最大的群岛国家,河流众多而短小,渔业资源丰富。
根据下列材料,结合所学知识,完成下列问题。
材料一印度尼西亚地理位置示意图。
材料二爪哇岛地处板块边界上,北部是平原,南部是熔岩高原和山地,山间多宽广盆地,是世界上雷雨最多、土壤最肥沃、人口密度最高的地区之一。
(1)爪哇岛是世界上雷雨最多的地区之一,其原因是什么?(2)分析印度尼西亚渔业资源丰富的自然原因。
答案(1)原因:①地处热带;②周围水域广阔;③地形复杂;④空气对流强烈。
(2)原因:①岛屿多,海域广阔;②热量充足,生物生长速度快;③入海河流众多,饵料丰富。
解析第(1)题,地面受热强烈,空气上升运动明显,同时空气要达到过饱和,这时才会形成雷雨天气。
第(2)题,印度尼西亚是全世界最大的群岛国家,海域面积广阔;河流众多,从陆地上带来众多饵料;纬度位置低,有利于浮游生物生长。
[模板构建]常见问题的原因及答题术语:1.气候成因分析地理要素影响因素原因分析2.河流特征成因分析口和城市数量) 客货运输量大,则航运价值大3.人口变化的原因分析原因分析人口迁移自然原因迁往自然条件好的地区(具体结合地区特点分析) 经济原因迁往经济发达和工资水平高的地区社会原因政策、战争、就业机会和婚姻家庭等人口增长模式转变经济的发展、医疗水平的提高、生育观念的转变、社会福利制度的完善等[对点练1]读“西气东输一、二、三线工程示意图”,完成下列问题。
2024年中考化学复习考点一遍过(全国) 专题05 质量守恒定律 化学方程式(解析版)

专题05质量守恒定律化学方程式知识点一、质量守恒定律1.定义:参加化学反应的各物质的质量总和,等于反应后生成的各物质的质量总和。
2.用质量守恒定律解释化学反应过程中的“变”与“不变”:(1)六个“不变”:①原子——原子的个数、种类、质量不变;②元素——元素的种类、质量不变;③物质的总质量不变。
(2)两个“一定改变”:物质的种类一定改变,物质的粒子构成一定改变。
(3)两个“可能改变”:元素的化合价可能改变,分子的数目可能改变。
知识点二、化学方程式的意义和书写1.定义:用化学式表示化学反应的式子。
2.书写原则:以客观事实为依据,遵守质量守恒定律。
3.化学方程式的书写(1)写:写出反应物和生成物的化学式;(2)配:配平化学方程式;(3)标:标明化学反应的条件,标出生成物的状态,把短线改为等号;(4)查:检查化学式,配平是否正确,生成物状态(上下标)是否标注,反应条件是否标明。
知识点三、结合化学方程式进行计算有关化学方程式的计算步骤(1)设:根据题意设未知量。
(2)写:正确书写有关反应的化学方程式。
(3)找:写出相关物质的化学计量数与相对分子质量的乘积以及已知量,未知量。
(4)列:列比例式,求解。
(5)答:简明地写出答案。
考点一.质量守恒定律及其应用1.(2023•滨州)密闭容器内有甲、乙、丙、丁四种物质,在一定条件下充分反应,测得反应前后各物质的质量分数如图所示。
下列说法正确的是()A.物质甲是生成物B.反应后乙物质的质量分数是18%C.该化学反应中甲、乙两物质的质量比是14:3D.物质丁一定是该反应的催化剂【解答】解:由四种物质反应前后各物质的质量分数可知,反应前后甲的质量分数减少了70%﹣42%=28%,故甲是反应物;反应后乙的质量分数为1﹣42%﹣40%﹣10%=8%,则乙的质量分数减少了14%﹣8%=6%,故乙是反应物;丙是生成物,增加的质量分数为40%﹣6%=34%;丁的质量分数不变,可能作该反应的催化剂,也可能没有参加反应。
专题05 冷热不均与大气运动(解析版)-2022年高考地理一轮复习考点全面突破(自然地理)

一:大气的组成和垂直分层1)低层大气的组成:干洁空气(氮—生物体的基本成分、氧—生物维持生命活动的基本物质、二氧化碳—光合作用的基本原料、臭氧—吸收太阳紫外线“地球生命的保护伞”)、水汽和固体杂质(成云致雨的必要条件)2):大气的垂直分层(课本29页图2.1)高度温度 大气运动 对人类活动的影响 高层大气 2000-3000千米电离层反射无线电波 平流层50-55千米随高度的增加而上升平流运动臭氧吸收紫外线升温;有利于高空飞行 对流层低纬:17-18千米,中纬:10-12千米,高纬:8-9千米随高度增加而递减对流运动 天气现象复杂多变,与人类关系最密切二:大气热力作用(1)对太阳辐射的削弱作用吸收作用:具有选择性,水汽和二氧化碳吸收红外线,臭氧吸收紫外线,对于可见光部分吸收比较少 反射作用:无选择性,云层越厚,反射作用越强,在夏季多云的白天,气温不是很高 散射作用:具有选择性,对于波长较短的篮紫光易被散射,所以晴朗的天空呈蔚蓝色 (2)对地面的保温效应①大气吸收地面的长波辐射,截留热量而增温,由于大气对于太阳短波辐射的吸收能力比较差,但是对于地面长波辐射吸收作用强,所以地面辐射大部分都是被大气吸收②大气逆辐射是大气辐射的一种,方向朝向地面,对地面热量进行补偿,起保温作用二:大气的热力状况大气的热力作用1)热力环流:由于地面冷热不均而形成的空气环流,是大气运动的一种最简单的形式。
从图中可以看出,近地面等压线向低压方向(向下)弯曲,高空等压线向高压方向(向上)凸起2)大气的水平运动—--风影响因素:等压线越密集的地方,则风力越大(图2.10,2.11,2.12)在单一水平气压梯度力作用下:风向垂直等压线,指向低压风向在水平气压梯度力和地转偏向力作用下:风向与等压线平行在三个力作用下:风向与等压线成一夹角,始终由高压指向低压方向.三:全球性的大气环流1)三圈环流(课本37页图2.14)①在地表形成了七个气压带和六个风带,气压带风带随太阳直射点的南北移动而南北移动,对于北半球来说,夏季向北移,位置偏北;冬季向南移,位置偏南.(图2.15)(3)季风环流(图2.18)1.根据等压线(面)的弯曲状况确定下垫面的冷热根据等压线的分布,如图所示,同一高度面上a处等压线向上凸出,说明该处气压较高,而处于同一高度的b处气压较低,因为a>c,c=d,而d>b,所以a>b。
高考地理综合题答题技巧之二——成因分析类

高考地理综合题答题技巧之二——成因分析类一、地理事物间的因果联系考查学生分析、判断和思考的能力,是地理非选择题常见的设问类型。
命题形式上,该类问题常以区域图为信息载体,就区域内典型地理现象或地理事物进行设问,常见设问形式有“试分析××地理现象的(自然或社会)原因”“分析××地理事物的成因”等。
二、解题技法首先,分析试题考查的是自然原因还是人为原因,或是两者都有涉及;其次,针对不同的原因类型进行分析,依据整体性原理,自然原因一般从纬度位置、海陆位置、地形、地势、气候、水文、植被、土壤、矿产、洋流、海陆轮廓、板块运动等方面来分析;人为原因一般从历史条件、人口、工农业、城市、交通、工程建设、市场、政策、科技、军事、宗教等方面来分析。
在进行原因分析时,注意自然原因和人为原因的综合。
最后,结合图文材料的信息具体问题具体分析,答题时要清楚地理要素的组成因子,并理解“因子”与相关“地理要素”之间“因”与“果”的联系。
三、答题模板四、精准演练1.读图文资料,回答问题。
土壤侵蚀力是指降雨引起的土壤侵蚀的潜在能力。
闽东南位于福建省东南部,西部为山地,东部为丘陵、沿海平原,土壤以红壤、赤红壤为主,土层薄,细碎岩石颗粒较多。
由于人口密集,土地压力大,原始森林遭受较大破坏。
这里是福建省水土流失最严重的地区。
(1)简述闽东南降雨侵蚀力空间分布特征,并说明降雨侵蚀力与降雨量的关系。
(2)分析甲地区水土流失严重的原因。
(3)八月份是我国东南地区降雨侵蚀力最严重的月份,从气候角度分析原因。
(4)从航运角度分析水土流失给闽东南地区带来的影响。
2.阅读图文材料,完成下列要求。
山区风力、风向多变,一旦发生火灾,山火较难扑灭。
消防人员常采用喷水、喷洒灭火剂、复土、扑打和砍伐隔离带等方式扑灭森林大火。
如果风力很小,也会用“点倒火”方式快速灭火。
图1示意某山区森林大火位置(等高线单位:米),图2示意“点倒火”灭火方式。
成因分析类——高考地理综合题规范答题指导与题型专练
高考地理综合题规范答题指导与题型专练——成因分析类原因分析答题“三步法”第一步,明确设问形式及分析主体确定针对地理现象的主要设问词,是“简析”“解释”“分析”还是“阐释”等,并要确定针对何种地理现象进行分析。
第二步,结合图文信息确立正确的分析思路(1)要清楚主要地理现象的组成要素,并理解“地理要素”与相关“地理现象”之间“因”与“果”的联系。
(2)明确分析的主要内容:地理原因包括自然原因和人为原因两个方面。
自然原因一般从自然环境要素间的相互影响、相互制约的关系上分析;人为原因一般从人类活动对地理环境产生影响上入手分析。
第三步,简洁、准确巧作答解答时注意因果联系,要语言简练、层次性强,把握关键词,要避免因果倒置。
分析角度答题要素[2017·全国卷Ⅰ,36(1)、(3),12分]阅读图文资料,完成下列要求。
剑麻是一种热带经济作物。
剑麻纤维韧性强,耐海水腐蚀,是制作船用缆绳、汽车内衬、光缆衬料等的上乘材料。
非洲坦桑尼亚曾是世界最重要的剑麻生产国,被称为“剑麻王国”,自1999年,中国某公司在坦桑尼亚的基洛萨(位置见下图)附近投资兴建剑麻农场,并建设配套加工厂、所产剑麻纤维主要销往我国。
该农场一期种植1 000多公顷,雇佣当地长期和临时工超过1 000人,预计2020年种植面积达3 000公顷,年产剑麻纤维1万吨。
该公司还帮助当地修建学校、卫生所等。
(1)根据剑麻生长的气候条件和用途,说明我国国内剑麻纤维产需矛盾较大的原因。
(8分)(2)说明剑麻收割后需要及时加工的原因。
(4分)【阅卷抽样】【阅卷点评】第(1)题,针对我国国内剑麻纤维产需矛盾较大的原因从生产、需求两个角度分析,该答案给出了我国热带地区面积小、产量低,整体分析较好;但忽视了我国热带地区比坦桑尼亚纬度高,市场需求量大没有指出是船舶、汽车制造等工业规模大,可得4分。
第(2)题,该答案给出了剑麻极易腐烂变质,影响纤维质量,但忽视了在热带气候条件下,可得2分。
部编数学七年级上册专题05整式中的两种规律探索问题(解析版)(人教版)含答案
专题05 整式中的两种规律探索问题类型一、数字类规律探索例.观察:(x ﹣1)(x +1)=x 2﹣1,(x ﹣1)(x 2+x +1)=x 3﹣1,(x ﹣1)(x 3+x 2+x +1)=x 4﹣1,据此规律,当(x ﹣1)(x 5+x 4+x 3+x 2+x +1)=0时,代数式x 2019﹣1的值为 _____.【答案】0或﹣2【详解】解:根据题意得∶ (x ﹣1)(x +1)=x 2﹣1,(x ﹣1)(x 2+x +1)=x 3﹣1,(x ﹣1)(x 3+x 2+x +1)=x 4﹣1,……∴(x ﹣1)(x 5+x 4+x 3+x 2+x +1)=x 6﹣1∵(x ﹣1)(x 5+x 4+x 3+x 2+x +1)=0,∴x 6﹣1=0,解得:x =1或x =﹣1,则x 2019﹣1=0或﹣2,故答案为:0或﹣2.【变式训练1】a 是不为1的有理数,我们把11-a 称为a 的差倒数,如2的差倒数为1-11-2=,-1的差倒数为111(1)2=--,已知15a =,2a 是1a 差倒数,3a 是2a 差倒数,4a 是3a 差倒数,以此类推……,2021a 的值是()A .5B .14-C .43D .45【答案】B【解析】∵15a = , 2a 是1a 的差倒数,∴211154a ==--,∵3a 是2a 的差倒数,4a 是3a 的差倒数,∴314151-4a ==æö-ç÷èø,∴415415a ==-,根据规律可得n a 以5,1-4,45为周期进行循环,因为2021=673×3…2,所以202114a =-.故选B .【变式训练2】有2021个数排成一行,对于任意相邻的三个数,都有中间数等于前后两数的和,如果第一个数是0,第二个数是1, 那么前6个数的和是______, 这2021个数的和是______.【答案】0 1【解析】由题意得:第3个数是101-=,第4个数是110-=,第5个数是011-=-,第6个数是101--=-,则前6个数的和是()()0110110++++-+-=,第7个数是1(1)0---=,第8个数是0(1)1--=,归纳类推得:这2021个数是按0,1,1,0,1,1--循环往复的,202163365=´+Q ,且前6个数的和是0,\这2021个数的和与前5个数的和相等,即为()011011++++-=,故答案为:0,1.【变式训练3】有一列数11315,,,,228432---,…,那么第n 个数为______.【答案】()12n nn-【详解】解:()11122-=-´,()221221242==-´,()3333182-=-´,()4414414162==-´,()55551322-=-´,……由此发现:第n 个数为()12n n n -.故答案为:()12n nn-【变式训练4】杨辉三角又称贾宪三角,是二项式系数在三角形中的一种几何排列,如图,观察下面的杨辉三角:按照前面的规律,则()7a b +的展开式中从左起第三项为______.()1a b a b +=+()2222a b a ab b +=++()3322333a b a a b ab b +=+++()4432234464a b a a b a b ab b +=++++LL【答案】5221a b 【详解】解:根据题意,()7a b +=7652433425677213535217a a b a b a b a b a b ab b +++++++,∴()7a b +的展开式中从左起第三项为5221a b ,故答案为:5221a b .类型二、图形类规律探索例.如图,两条直线相交,有1个交点,三条直线相交最多有3个交点,四条直线相交最多有______个交点,n 条直线相交最多有______个交点.【答案】 6 (1)2n n -【详解】解: 如图,两条直线相交最多有1个交点,即()22112´-=;三条直线相交最多有3个交点,即()33132´-=;四条直线相交最多有6个交点,即()44162´-=,五条直线相交最多有10个交点,即()551102´-=,……∴n 条直线两两相交,最多有(1)2n n -个交点(n 为正整数,且n ≥2).故答案为6;(1)2n n -.【变式训练1】如图都是由同样大小的小球按一定规律排列的,依照此规律排列下去,第_____个图形共有45个小球.【答案】9【详解】解:第1个图中有1个小球,第2个图中有3个小球,3=1+2,第3个图中有6个小球,6=1+2+3,第4个图中有10个小球,10=1+2+3+4,……n(1+n)个小球,照此规律,第n个图形有1+2+3+4+…+n=12n(1+n)=45,∴12解得n=9或-10(舍去),故答案为:9.【变式训练2】为庆祝“六·一”儿童节,某幼儿园举行用火柴棒摆“金鱼”比赛.如图所示:按照上面的规律,摆第n个“金鱼”和第(n+1)个“金鱼”需用火柴棒的根数为130根,则n的值为______.【答案】10【详解】解:由题可知:第n个图形有(6n+2)根火柴棒,第(n+1)个图形有(6n+8)根火柴棒,∵摆第n个“金鱼”和第(n+1)个“金鱼”需用火柴棒的根数为130根,∴6n+2+6n+8=130,解得n=10.故答案为:10.【变式训练3】如图是某广场用地板铺设的部分图案,中央是一块正六边形的地板砖,周围是正三角形和正方形的地板砖.从里向外的第1层包括6个正方形和6个正三角形,第2层包括6个正方形和18个正三角形,依此递推,第10层中含有正三角形个数为___个,第n层含有正三角形个数为___个.n-【答案】114 126【解析】根据题意分析可得:从里向外的第1层包括6个正三角形,第2层包括18个正三角形,此后,每层都比前一层多12个,依此递推,第10层中含有正三角形个数是6+12×9=114个,则第n层中含有正三角形个数是6+12×(n-1)=126n-个,故答案为:114,126n-.【变式训练4】观察下列图形:它们是按一定规律排列的,依照此规律,用6064个五角星摆出的图案应该是第_______个图形.【答案】2021【解析】观察发现,第1个图形五角星的个数是:1+3=4,第2个图形五角星的个数是:1+3×2=7,第3个图形五角星的个数是:1+3×3=10,第4个图形五角星的个数是:1+3×4=13,⋯第n个图形五角星的个数是:1+3•n=1+3n,∵6064120213-=,∴用6064个五角星摆出的图案应该是第2021个图形,故答案为:2021.课后训练1.下列图形都是由同样大小的黑色正方形纸片组成,其中第1个图有3张黑色正方形纸片,第2个图有5张黑色正方形纸片,第3个图有7张黑色正方形纸片,…,按此规律排列下去,若第n个图中有201张黑色正方形纸片,则n的值为( )A.99B.100C.101D.102【答案】B【详解】解:观察图形知:第一个图中有3=1+2×1个正方形,第二个图中有5=1+2×2个正方形,第三个图中有7=1+2×2个正方形,…故第n 个图中有1+2×n =2n +1=201(个)正方形,解得n =100故选B .2.如图,将若干颗棋子按箭头方向依次摆放,记第一颗棋子摆放的位置为第1列第1排,第二颗棋子摆放的位置为第2列第1排,第三颗棋子摆放的位置为第2列第2排……,按此规律摆放在第16列第8排的是第( )颗棋子.A .85B .86C .87D .88【答案】B 【详解】偶数列数与排数表:偶数列数排数22436485……n 12n +∴当n =16时,排数为:192n +=,∴前16列共有棋子:()9102123+-3=2-3=872´+++´…9(颗),∴第16列第8排的棋子位次是:87-1=86.故选B .3.将一正方形按如图方式分成n 个完全相同的长方形,上、下各横排三个,中间两行各竖排若干个,则n 的值为( )A .12B .16C .18D .20【答案】C 【详解】解:设长方形的长为a ,宽为b ,根据题意得,2a +2b =3a , 整理得,a =2b ,∴竖排的一行的长方形的个数为3a ÷b =(3×2b )÷b =6,∴n =3×2+6×2=6+12=18.故选:C .4.幻方是古老的数学问题,我国古代的《洛书》中记载了最早的幻方——九宫格.将9个数填入幻方的空格中,要求每一横行、每一竖列以及两条对角线上的3个数之和相等,例如图(1)就是一个幻方.图(2)是一个未完成的幻方,则x 与y 的和是( )A .9B .10C .11D .12【详解】解:设如图表所示:根据题意可得:x +6+20=22+z +y ,整理得:x -y =-4+z ,x +22+n =20+z +n ,20+y +m =x +z +m ,整理得:x =-2+z ,y =2z -22,∴x -y =-2+z -(2z -22)=-4+z ,解得:z =12,∴x +y =3z -24=12故选:D .5.如图,按此规律,第6行最后一个数字是_____,第_____行最后一个数是2020.【答案】16 674【详解】Q 每一行的最后一个数字分别是1,4,7,10 ,……,\第n 行的最后一个数字为:1+3(1)32n n -=-,\第6行最后一个数字为:36216´-=;322020n -=,解得:674n =,故答案为:16,674.6.如图,每个图形中的三个数之间均具有相同的规律.根据此规律,若图形中11m =,12n =,则M 的值为________.【详解】解:∵1×(2+1)=3,3×(4+1)=15,5×(6+1)=35,∴右下圆圈内的数=上方圆圈内的数×(左下圆圈内的数+1),∴M =m (n +1),∴M =11×(12+1)=143.故答案为:143.7.为了求220211222+++¼+的值,可令220211222S =+++¼+,则220222222S =++¼+,因此2022221S S -=-,所以220212022122221+++¼+=-.按照以上推理计算出1220211333---+++¼+的值是______.【答案】2021332--【详解】解:令1220211333S ---=+++¼+,则1220212022133333S ----=++¼++,因此20221313S S --=-,则20222313S --=-,得:2021332S --=,所以20211220213313332-----+++¼+=.故答案为:2021332--.8.今年“10.1”黄金周,适逢祖国70大庆,广西柳州赛长桌宴,民族风情浓郁,吸引了大量游客如果长桌宴按下图方式就坐(其中□代表桌子,〇代表座位),则拼接n (n 为正整数)张桌子时,最多可就坐_____人.【答案】(6n +2)【详解】解:根据图示知,拼1张桌子,可以坐(2+6)人.拼2张桌子,可以坐[2+(6×2)]人.拼3张桌子,可以坐[2+(6×3)]人.…拼接n (n 为正整数)张桌子,可以坐(6n +2)人.故答案是:(6n +2).9.在日历上,我们可以发现其中某些数满足一定的规律,如图是2012年8月份的日历.我们任意选择其中所示的方框部分,将每个方框部分中4个位置上的数交又相乘,再相减,例如:7136147´-´=,172316247´-´=,不难发现,结果都是7.2012年8月日一二三四五六12345678910111213141516171819202122232425262728293031(1)请你再选择两个类似的部分试一试,看看是否符合这个规律;(2)换一个月的月历试一下,是否有同样的规律?(3)请你利用整式的运算对以上的规律加以证明.【答案】(1)111710187´-´=,符合;(2)392107´-´=;(3)见解析【详解】解:(1)由题意得:111710187´-´=,符合;(2)392107´-´=;答:换一个月的月历试一下还是同样的规律;(3)设上边第一个数为x ,则其后的数为(x +1),第二行的两个数分别为(x +7),(x +8),根据题意,得22(1)(7)(8)8787x x x x x x x x ++-+=++--=.10.(1)你知道下面每一个图形中各有多少个小圆圈吗?第5个图形中应该有多少个小圆圈?为什么?(2)完成下表:边上的小圆圈数12345每个图中小圆圈的总数(3)如果用n 表示六边形边上的小圆圈数,m 表示这个六边形中小圆圈的总数,那么m 和n 的关系是什么?【答案】(1)第1个图形:1个;第2个图形:7个;第3个图形:19个;第4个图形:37个;第5个图形:61个,理由见解析;(2)1,7,19,37,61;(3)2331m n n =-+【详解】(1)观察每个图形的特点,就可以算出第1个图形的小圆圈有1个,第2个图形的小圆圈有2+3+2=7个,第3个图形的小圆圈有3+4+5+4+3=19个,第4个图形的小圆圈有4+5+6+7+6+5+4=37个,由此可推知第5个图形的小圆圈有5+6+7+8+9+8+7+6+5=61个;(2)将(1)算出的结果填入下列表格,如下表所示,边上的小圆圈数12345每个图中小圆圈的总数17193761(3)结合(1)(2)可知,m 与n 之间的函数关系为:()()()()()1...212...1m n n n n n n n n n n=+++++-++-++-++++首尾相加得()()21...(2)1m n n n n n n =+++++-++-éùëû()()21322213312n n n n n --=+-=-+2331m n n =-+.11.对任意一个四位正整数m ,如果m 的百位数字等于个位数字与十位数字之和,m 的千位数字等于十位数字的2倍与个位数字之和,那么称这个数m 为“筋斗数”.例如:m =5321,满足1+2=3,2×2+1=5,所以5321是“筋斗数”.例如:m =8523,满足2+3=5,但2×2+3=7≠8,所以8523不是“筋斗数”.(1)判断9633和2642是不是“筋斗数”,并说明理由;(2)若m 是“筋斗数”,且m 与13的和能被11整除,求满足条件的所有“筋斗数”m .【答案】(1)9633是“筋斗数”;2642不是“筋斗数”; 理由见解析(2)m 的值为9909或2110或6422【解析】(1)解:9633是“筋斗数”,2642不是“筋斗数”,理由如下:∵6=3+3,9=2×3+3,∴9633是“筋斗数”;∵6=4+2,28+2¹,∴2642不是“筋斗数”;(2)设m 的个位数为a ,0≤a ≤9,十位数为0<b ≤9,且a 、b 为整数∵m 是“筋斗数”,∴m 的百位数为a +b ,千位数为2b +a ;∴m =1000(2b +a )+100(a +b )+10b +a =1100a +110b +2000b +a∵m 与13的和能被11整除,∴1100a +110b +2000b +a +13能被11整除,∵2b +a ≤9且a 、b 为整数,∴b ≤4.5∵1100a +110b 能被11整除,∴2000b +a +13能被11整除,∴b =0,a =9或b =1,a =0或b =2,a =2或b =3,a =4,或b =4,a =6,∴a +b =9,2b +a =9或a +b =1,2b +a =2或a +b =4,2b +a =6或a +b =7,2b +a =10(舍去)或a +b =10,2b +a =14(舍去),∴m 的值为9909或2110或642212.看图填空:如图,把一个面积为1的正方形等分成两个面积为12的长方形,接着把面积为12的长方形等分成两个面积为14的长方形,再把面积为14的长方形等分成面积为18的长方形,如此进行下去……(1)试利用图形揭示的规律计算:1111111112481632641282562n ++++++++L =_______.并使用代数方法证明你的结论.(2)请给利用图(2),再设计一个能求:2341111122222n +++++L 的值的几何图形.【答案】(1)112n - ,证明见解析;(2)见解析【解析】(1)解:①由题意可知当最后一个小长方形的面积为12n时 ,1111111112481632641282562n ++++++++L 的值为正方形面积减去最后一个小长方形面积,即:112n - ,1111111111124816326412825622n n \++++++++=-L ;②设1111111112481632641282562n s =++++++++L ,111111111212481632641282n s -=++++++++L ,1212n s s \-=-,即112ns =-,1111111111124816326412825622n n \++++++++=-L ;(2)如图所示,将面积为1的正方形等分成两个面积为12的三角形,接着把面积为12的三角形等分成两个面积为14的三角形,再把面积为14的三角形等分成面积为18的三角形,如此进行下去,则2341111122222n +++++L 的值即为正方形面积减去最后一个小三角形面积:112n -。
专题05 地表形态的塑造(测试卷)(解析版)
专题05 地表形态的塑造测试卷时间:75分钟分值:100分一、选择题(每小题只有一个正确选项,共16*3分)(2023·四川绵阳·一模)在西伯利亚北部山地与北冰洋之间的平坦低地上,冻土层十分深厚,冻土中很难见到一块小石子,腐殖质多,含水量高达70%以上:夏季,一些地方冻土融化造成地表塌陷,形成了大小不一的“热喀斯特湖”。
这里的河流极易游移改道,大多数情况下这些湖泊是孤立的水域,仅少数时间可能成为河流水系的一部分。
完成下面小题。
1.北西伯利亚低地冻土融化后地表极易塌陷,主要是因为这里的冻土层()A.非常深厚B.含水量大C.腐殖质多D.出露于地表2.当地孤立的“热喀斯特湖”成为河流水系的时间常见于()A.12~次年2月B.3~5月C.6~8月D.9~11月3.北西伯利亚河流极易游移改道,主要是因为河流()①流量季变大①落差大①含沙量大①河床浅A.①①B.①①C.①①D.①①【答案】1.B 2.C 3.D【解析】1.冻土融化后地表极易塌陷说明原来支撑地表的物质大量流失,与冻土是否出露地表无关,D错;腐殖质不会随着冻土融化流失,C错;冻土层非常深厚则支撑力强不易塌陷,A错;冻土含水量大,融化后水流失多地表极易塌陷,B对。
故选B。
2.“大多数情况下这些湖泊是孤立的水域,仅少数时间可能成为河流水系的一部分”,说明当地河流水系存在季节性变化,当水位上升时可以连接湖泊,使湖泊成为水系的一部分,而西伯利亚的河流水位跟降水和融雪有关,6~8月气温高,融雪多,降水丰富,河流水位上涨,C对,A、B、D错。
故选C。
3.河流落差大容易下蚀,河流不易改道,①错,A、B错;西伯利亚森林广布,水土流失轻,含沙量小,①错,C错;流量季变大、河床浅,河流容易改道,①①对,D对,故选D。
【点睛】西西伯利亚平原,地势平坦,河流河曲多,流速慢,夏季冻土融化,河水大增,水位上涨,凌汛的出现,容易使河水冲出河道,发生游移改道。
专题05 二次函数与一元二次方程、不等式的关系(知识串讲+7大考点)(解析版)
专题05 二次函数与一元二次方程、不等式的关系考点类型知识串讲(一)二次函数与一元二次方程的关系a>0(示意图)a<0(示意图)一元二次方程根的情况有两个不相等的实数根b2-4ac>0b2-4ac=0有两个相等的实数根无实数根b2-4ac<0(二)利用函数图像解不等式考点训练考点1:求抛物线与x轴的交点典例1:(2022秋·九年级单元测试)已知函数y=x2―6x+5的部分图象(如图),满足y<0的x的取值范围是____.【答案】1<x<5【分析】首先由图象可求得该抛物线与x轴的另一个交点的横坐标,再根据图象即可求解.【详解】解:由y=x2―6x+5,当x=0时,x2―6x+5=0解得:x1=1,x2=5∴该抛物线与x轴的交点的横坐标1,5,∵该抛物线的开口向上,∴当y<0时,x的取值范围是1<x<5,故答案为:1<x<5.【点睛】本题考查了二次函数的图象和性质,从图象中获取相关信息是解决本题的关键.【变式1】(2023春·安徽蚌埠·九年级校考阶段练习)如图,在平面直角坐标系中,二次函数y=x2―2x―3的图象与x轴交于点A,B,与y轴交于点C,P是二次函数图象上位于x轴上方的一点,且S△APC=S△APB.(1)点C的坐标为__________.(2)点P的坐标为__________.【答案】(0,―3)(4,5)【分析】(1)因为与y轴交于点C,所以横坐标为0,代入后即可得到纵坐标;(2)先让纵坐标为0,求出点A,B的横坐标,进而求出直线BC的表达式,再依据S△APC=S△APB,求出直线AP的表达式,再联立方程组,得到点P的坐标,注意两个答案排除一个.【详解】(1)∵y=x2―2x―3与y轴交于点C∴当x=0时,y=―3∴C(0,―3)故填:(0,―3).(2)∵因为y=x2―2x―3与x轴交于点A,B∴当y=0时,x2―2x―3=0∴x1=3,x2=―1∴A(―1,0),B(3,0)∵C(0,―3),B(3,0),设直线BC为y=kx+b∴b=―3 3k+b=0∴b=―3 k=1∴直线BC为y=x―3∵S△APC=S△APB∴AP∥BC∴设直线AP为y=x+m ∵A(―1,0)∴直线AP为y=x+1∵解方程组y=x2―2x―3y=x+1得,x=―1y=0或x=4y=5∴P(―1,0)(舍去),P(4,5)故填:(4,5).【点睛】本题考查了二次函数与两坐标轴交点坐标的求法,待定系数法,利用坐标求三角形面积等,解题时要应用数形结合思想.【变式2】(2022秋·九年级单元测试)抛物线y=(x―3)(x+2)与x轴的交点坐标是____.【答案】(3,0),(―2,0)【分析】令y=0,解关于x的一元二次方程,即可得到答案;【详解】解:令y=0,则:(x―3)(x+2)=0解得:x1=3,x2=―2∴抛物线y=(x―3)(x+2)与x轴的交点坐标是(3,0),(―2,0);故答案为:(3,0),(―2,0).【点睛】本题主要考查了二次函数图像与x轴的交点问题,解题的关键在于能够熟知二次函数y=ax2+bx +c(a≠0)与x轴交点的横坐标是令y=0时,一元二次方程ax2+bx+c=0的解.【变式3】(2023春·陕西西安·九年级校考阶段练习)将抛物线y=x2―1向下平移8个单位长度后与x轴的两个交点之间的距离为_____.【答案】6【分析】根据平移规律得出平移后的二次函数的解析式为y=x2―9,令x2―9=0,求其解即可得抛物线与x轴的交点坐标,进而可得答案.【详解】解:将抛物线y=x2―1向下平移8个单位长度后其解析式为y=x2―9,当x2―9=0时,解得:x1=―3,x2=3,∴抛物线y=x2―9与x轴的交点为―3,0,3,0,∴抛物线y=x2―1向下平移8个单位长度后与x轴的两个交点之间的距离为6,故答案为:6.【点睛】本题考查了抛物线与x轴的交点、二次函数图象与几何变换,解题的关键是掌握二次函数图象的平移规律:左加右减,上加下减.考点2:求抛物线与y轴的交点典例2:(2023·上海·一模)抛物线y=―x2―3x+3与y轴交点的坐标为____.【答案】(0,3)【分析】把x=0代入抛物线y=―x2―3x+3,即得抛物线y=―x2―3x+3与y轴的交点.【详解】解:∵当x=0时,抛物线y=―x2―3x+3与y轴相交,∴把x=0代入y=―x2―3x+3,求得y=3,∴抛物线y=―x2+3x―3与y轴的交点坐标为(0,3).故答案为:(0,3).【点睛】本题考查了二次函数图象上点的坐标特征,比较简单,掌握y轴上点的横坐标为0是解题的关键.【变式1】(2023·上海·一模)抛物线y=(x+1)2―2与y轴的交点坐标是_________.【答案】(0,―1)【分析】求出x=0时y的值即可得到抛物线与y轴的交点坐标.【详解】解:当x=0时,y=(x+1)2―2=1―2=―1,所以抛物线与y轴的交点坐标是(0,―1),故答案为:(0,―1).【点睛】本题考查了二次函数图象上点的坐标特征,根据y轴上点的横坐标为0求出交点的纵坐标是解题的关键.【变式2】(2022秋·浙江温州·九年级校考期中)如图,是一个半圆和抛物线的一部分围成的“芒果”.已知点A、B、C、D分别是“芒果”与坐标轴的交点,AB是半圆的直径,抛物线的解析式为y=x2+b,若AB长为4,则图中CD的长为______.故答案为:(0,3);(2,―1)【点睛】本题考查了抛物线与y轴的交点坐标,二次函数的图像与性质,明确抛物线与y轴的交点的横坐标为0与将抛物线的一般式化为顶点式是解题的关键.考点3:由函数值求自变量x的值【答案】―2+22或5【答案】4【分析】先求得点C的坐标,然后由标代入函数解析式求得m【详解】解:当x=0时,【答案】2【分析】根据题意,将y=4分别代入进而即可求得BC的长.【详解】解:∵x≥0,则y y【答案】x1=―3,x2=1【分析】利用图象法即可解决问题,方程的解就是两个函数图象的交点的横坐标.【详解】解:由图象可知,关于x的方程ax2―bx―c=0的解,就是抛物线y=ax2(a≠0)与直线y=bx+ c(b≠0)的两个交点坐标分别为A(﹣3,6),B(1,3)的横坐标,即x1=―3,x2=1.故答案为:x1=―3,x2=1.【点睛】本题考查抛物线与x轴交点、一次函数的应用、一元二次方程等知识,解题的关键是灵活运用所学知识,学会利用图象法解决实际问题.【变式2】(2022秋·陕西西安·九年级校考阶段练习)设一元二次方程(x+1)(x―3)=m(m>0)的两实数根分别为α、β且α<β,则α、β满足_____.【答案】α<―1且β>3【分析】方程的两实数根α、β可看作抛物线y=(x+1)(x―3)与直线y=m的两交点的横坐标,然后画出导致图象可确定正确选项.【详解】方程(x+1)(x―3)=m(m>0)的两实数根α、β可看作抛物线y=(x+1)(x―3)与直线y=m的两交点的横坐标,而抛物线y=(x+1)(x―3)与x轴的交点坐标为―1,0和3,0,如图,典例5:(2022春·全国·九年级专题练习)如图,抛物线y=ax2+bx与直线y=mx+n相交于点A (―3,―6),B(1,―2),则关于x的不等式ax2+bx>mx+n的解集为__________.【答案】―3<x<1【答案】―1<x<4/4>x>―【分析】观察图象,当抛物线位于直线的下方时,即可求得【详解】解:由图象知,当―1故答案为:―1<x<4.【点睛】本题考查了二次函数与一次函数的图象,数形结合是关键.(1)二次函数y=ax2+bx+(2)不等式ax2+bx+c≥0的解集是)【答案】(―1,―43【分析】(1)根据抛物线的对称轴和抛物线过点范围即可.【详解】解:∵抛物线y=ax2+bx+c的对称轴为直线x=―1,与x轴的一个交点坐标为(3,0),∴与x轴的另一个交点坐标为(―5,0),∴y>0时,x的取值范围为:―5<x<3,故答案为:―5<x<3.【点睛】本题考查了抛物线与x轴的交点及二次函数的性质,解题的关键是根据对称轴求得另一个交点坐标,难度不大.考点6:利用不等式求自变量、函数值的范围【分析】先求出二次函数的对称轴和顶点坐标,再利用二次函数的增减性即可得出结论.【详解】解:∵y=x2+2x―3=(x+1)2―4,∴该抛物线的对称轴为直线x=―1,当x=―3时,y=9―6―3=0,当x=―1时,最小值为y=―4,当y=1时,y=1+2―3=0,∴―4≤y<0,故答案为:―4≤y<0.【点睛】本题主要考查二次函数的增减性和最值,关键是要牢记抛物线的对称轴的公式,理解抛物线的增减性.考点7:抛物线与x轴的交点问题【答案】49【分析】过点C作CD⊥x轴于点=4,设点A的坐标为(m,0),则式和顶点式,即可求解.【详解】解:过点C作CD⊥x轴于点∵二次函数y=ax2+bx+c的图象与AB=3,∴AD=BD=12∵AC=5,∴CD=AC2―AD2=4,设点A的坐标为(m,0),则B(m同步过关一、单选题1.(2023·安徽·九年级专题练习)已知二次函数y=(k﹣2)x2+2x+1的图象与x轴有交点,则k的取值范围是( )A.k≥3B.k<3C.k≤3且k≠2D.k<2【答案】C【分析】根据二次函数图象与x轴有交点可得出关于x的一元二次方程有解,根据根的判别式结合二次项系数非零即可得出关于k的一元一次不等式组,解不等式组即可得出结论.【详解】解:∵二次函数y=(k﹣2)x2+2x+1的图象与x轴有交点,∴一元二次方程(k﹣2)x2+2x+1=0有解,∴k―2≠0△=22―4(k―2)=12―4k⩾0,解得:k≤3且k≠2.故选C.【点睛】考查了抛物线与x轴的交点、根的判别式以及解一元一次不等式组,根据根的判别式△≥0结合二次项系数非零找出关于k的一元一次不等式组是解题的关键.2.(2022·浙江·九年级专题练习)二次函数y=x2-x-12与y轴的交点坐标为()A.-3,0B.6,0C.0,-12D.2,16【答案】C【分析】图象与y轴相交则x=0,代入得到y的值,即可解答.【详解】解:由图象与y轴相交则x=0,代入得:y=-12,∴与y轴交点坐标是0,-12;故选:C.【点睛】本题考查了二次函数图象上点的坐标特征,图象上点的坐标适合解析式.3.(2022秋·山东枣庄·九年级统考期末)抛物线y=x2+x―2与y轴的交点坐标是()A.(0,2)B.(0,-2)C.(-2,0)D.(-2,0)、(1,0)【答案】B【分析】令x=0,求出y的值即可.【详解】解:令x=0,则y=−2,∴抛物线y=x2+x−2与y轴的交点坐标是(0,−2).故选:B.【点睛】本题考查的是二次函数图象上点的坐标特点,熟知y轴上点的坐标特点是解答此题的关键.4.(2022秋·广东珠海·九年级珠海市第九中学校考阶段练习)已知抛物线y=ax2+bx+c与x轴的两个交点坐标是(﹣2,0),(5,0),则一元二次方程ax2+bx+c=0的两个解是( )A.x1=﹣2,x2=5B.x1=2,x2=﹣5C.x1=﹣2,x2=﹣5D.x1=2,x2=5∵抛物线与y轴的交点为(∴当y=3时x的值为0∴当函数值y<3时,0<故选:A.【点睛】本题考查了二次函数的性质,解题的关键是根据对称轴和与【详解】当x=0时,y=2×(0―1)×(0―m―3)=2m+6,∵函数图像与y轴的交点坐标是(0,2m+6).∵该函数图象与y轴交点在x轴上方,∴2m+6>0,∴m>―3.故选B.【点睛】本题考查了二次函数的图像与性质,二次函数与坐标轴的交点问题,熟练掌握二次函数的图像与与坐标轴的交点是解答本题的关键.13.(2023秋·安徽淮北·九年级阶段练习)已知函数与x轴交点是(m,0),(n,0),则的值是()A.2013B.2014C.2015D.2023【答案】B【详解】试题分析:∵抛物线与x轴的交点为(m,0),(n,0),∴,且m,n是一元二次方程的两个根∴.故选B考点:抛物线与x轴的交点点评:本题考查了抛物线与x轴的交点,揭示了二次函数与一元二次方程间的联系,应用了方程的根的定义14.(2023·山东临沂·统考模拟预测)关于x的二次函数y=x2+2kx+k﹣1,下列说法正确的是( )A.对任意实数k,函数图象与x轴都没有交点B.对任意实数k,函数图象没有唯一的定点C.对任意实数k,函数图象的顶点在抛物线y=﹣x2﹣x﹣1上运动D.对任意实数k,当x≥﹣k﹣1时,函数y的值都随x的增大而增大二、填空题16.(2023·全国·九年级专题练习)如图,已知抛物线y=ax2+bx+c与直线y=kx+m交于A(―4,―1)、B(0,2)两点,则关于x的不等式ax2+bx+c>kx+m的解集是______.【答案】―4<x<0【分析】根据图象,写出抛物线在直线上方部分的x的取值范围即可.【详解】由图象可知,当―4<x<0时,抛物线在直线的上方,∴关于x的不等式ax2+b+c>kx+m的解集是―4<x<0,故答案为:―4<x<0.【点睛】本题考查了二次函数与不等式的关系,主要利用了数形结合的思想,解题关键在于对图象的理解,题目中的不等式的含义为:二次函数的图象在一次函数图象上方时,自变量x的取值范围.17.(2023秋·北京海淀·九年级期末)如果二次函数y=mx2―2mx―3m的图象与y轴的交点为(0,3),那么m=______________.【答案】-1【分析】把(0,3)代入函数解析式即可求出m的值.【详解】解:把(0,3)代入y=mx2―2mx―3m得,3=―3m,解得m=―1,故答案为:-1.【点睛】本题考查了二次函数的性质,解题关键是把点的坐标代入求未知系数的值.18.(2022秋·江苏南通·九年级校考阶段练习)若抛物线y=x2﹣6x+m与x轴有两个公共点,则m的取值范围是________.【答案】m<9【分析】根据抛物线y=x2﹣6x+m与x轴有两个公共点,可知b2﹣4ac>0,从而可以求得m的取值范围.【详解】解:∵抛物线y=x2﹣6x+m与x轴有两个公共点,∴Δ=b2―4ac=(﹣6)2﹣4m>0,解得:m<9,故答案为:m<9.【点睛】此题考查了二次函数与x轴的交点问题,解题的关键是明确题意,熟练掌握二次函数与x轴的交点个数和判别式的关系.抛物线与x轴交点个数由Δ决定:当Δ=b2﹣4ac>0时,抛物线与x轴有2个交点;当Δ=b2﹣4ac=0时,抛物线与x轴有1个交点;Δ=b2﹣4ac<0时,抛物线与x轴没有交点.19.(2022秋·九年级单元测试)如果抛物线y=(x―2)2+k不经过第三象限,那么k的值可以是______.(只需写一个)【答案】k=2(答案不唯一)【分析】抛物线y=(x―2)2+k不经过第三象限,可得抛物线与y轴的交点在y轴的正半轴或原点,可得4+k≥0,从而可得答案.【详解】解:∵抛物线y=(x―2)2+k的开口向上,又不经过第三象限,∴抛物线与y轴的交点在y轴的正半轴或原点,而当x=0时,y=4+k,∴4+k≥0,解得:k≥―4,所以当k=2时,符合题意,故答案为:k=2(答案不唯一)【点睛】本题考查的是抛物线的性质,掌握“抛物线与y轴的交点的位置与图象的关系”是解本题的关键. 20.(2023秋·九年级单元测试)二次函数y=x2+x―2与x轴交于点________,与y轴交于点________.(填点的坐标)【答案】(―2, 0)(1, 0),(0, ―2)【分析】根据抛物线与x轴的交点问题,通过解方程x2+x−2=0可得到二次函数图象与x轴的交点坐标,然后计算自变量为0时的函数值可确定二次函数图象与y轴的交点坐标.【详解】当y=0时,x2+x−2=0,解得x1=−2,x2=1,则二次函数图象与x轴的交点坐标为(−2,0),(1,0);当x=0时,y=x2+x−2=−2,则二次函数图象与y轴的交点坐标为(0,−2).故答案为(−2,0),(1,0);(0,−2).【点睛】本题考查了抛物线与x轴的交点:把求二次函数y=ax2+bx+c(a,b,c是常数,a≠0)与x轴的交点坐标问题转化为解关于x的一元二次方程问题是解决本题的关键.21.(2022秋·北京顺义·九年级统考期末)若抛物线y=x2―2x+k―1与x轴有交点,则k的取值范围是令y=0,则x2+4x―12=0,解得,x1=―6,x2=2,∵图象与x轴的一个交点坐标是(2,0),∴它与x轴的另一个交点坐标是(―6,0),故答案为:(―6,0).【点睛】本题考查了求解二次函数交点坐标,正确理解交点坐标的特征是解题关键,另外,此题还可以运用韦达定理求解.三、解答题26.(2022春·九年级课时练习)二次函数y=ax2+bx+c(a≠0)的图象如图所示,根据图象回答下列问题:(1)写出方程ax2+bx+c=0的根;(2)写出不等式ax2+bx+c<0的解集;(3)若方程ax2+bx+c=k无实数根,写出k的取值范围.【答案】(1)x1=0,x2=2;(2)x<0或x>2;(3)k>2【分析】(1)找到抛物线与x轴的交点,即可得出方程ax2+bx+c=0的两个根;(2)找出抛物线在x轴下方时,x的取值范围即可;(3)根据图象可以看出k取值范围.【详解】解:(1)观察图象可知,方程ax2+bx+c=0的根,即为抛物线与x轴交点的横坐标,∴x1=0,x2=2.(2)观察图象可知:不等式ax2+bx+c<0的解集为x<0或x>2.(3)由图象可知,k>2时,方程ax2+bx+c=k无实数根.【点睛】本题考查了二次函数的图象与方程和不等式的关系,求方程ax2+bx+c=0的两个根,即为抛物线与x轴的交点的横坐标;判断y>0,y=0,y<0时,x的取值范围,要结合开口方向,图象与x轴的交点而定;方程ax2+bx+c=k有无实数根,看顶点坐标的纵坐标即可.(1)求a的值和该抛物线顶点(2)请你设计一种平移的方法,使平移后抛物线经过原点,并写出平移后抛物线的解析式.【答案】(1)a=1,P【分析】(1)把C(5,4(2)根据原点坐标(0,【详解】(1)把C(5,42-5x+4=(x―29.(2022秋·河南新乡·九年级校考阶段练习)如图,已知抛物线y=x2与直线y=―x+2交于A、B两点.(1)求交点A、B的坐标;(2)直接写出不等式x2≤―x+2的解集.【答案】(1)A―2,4,B1,1(2)―2≤x≤1【分析】(1)将抛物线y=x2与直线y=―x+2联立解方程组y=x2y=―x+2即可得到A、B的坐标;(2)直接观察图象,抛物线在直线下方的符合题意,即可得到答案.【详解】(1)解:解方程组y=x2y=―x+2得:x1=―2y1=4,x2=1y2=1,∴A―2,4,B1,1;(2)解:由图象观察可得:不等式x2≤―x+2的解集为:―2≤x≤1.【点睛】本题考查了二次函数与一元二次方程,函数图象的性质,解题的关键是列出方程组y=x2y=―x+2,解方程组得到点A、B的坐标.30.(2022秋·广东广州·九年级广州市第三中学校考期中)如图,在平面直角坐标系中,抛物线y1=ax2+x +m(a≠0)的图象与x轴交于A、C两点,与直线y2=―x―4交于点A、B,其中点B坐标为(0,―4),点C坐标为2,0(1)求此抛物线的函数解析式.(3)由图象可得,当―1【点睛】本题主要考查了二次函数的顶点式、二次函数的图象、二次函数的性质等知识点,准确画出二次函数的图象成为解答本题的关键.32.(2022秋·北京朝阳·九年级北京市陈经纶中学校考期中)在初中阶段的函数学习中我们经历了列表、描点、连线画函数图象,并结合图象研究函数性质的过程分过程,请按要求完成下列各小题(1)自变量x的取值范围是全体实数,与(3)根据函数图象,下列关于该函数性质的说法正确的有①该函数图象是轴对称图形,它的对称轴为②该函数在自变量的取值范围内,没有最大值,但有最小值③当x=―2时,函数取得最小值0④当x<―2或x>0时,y随x的增大而减小;当(4)在同一坐标系中作出函数y=x解__________________.(保留1位小数,误差不超过【答案】(1)1.5,(2)画图见解析;(2)描点:(―1,0.5),(0,0),(1,1.5),(2,4),再用平滑的曲线连接各点补全图像如下:(3)由函数的图像可得:该函数图象是轴对称图形,它的对称轴为直线x=―1,故①错误;该函数在自变量的取值范围内,没有最大值,但有最小值,说法正确,故②正确;当x=―2或x=0时,函数取得最小值0,故③正确;当x<―2或―1<x<0,y随x的增大而减小,当-2<x<―1或x>0时,y随x的增大而增大,故④错误;综上:正确的有:②③.故答案为:②③.(4)∵函数y=x+1,令y=0,则x=―1,令x=0,则y=1,∴函数y=x+1过(―1,0),(0,1),画出函数图像如图示:x2+x|=x+1时,由图像可得:当|12x≈―0.3或x≈1.4.故答案为:x≈―0.3或x≈1.4.【点睛】本题考查的是探究绝对值函数的图像与性质,二次函数的图像与性质,同时考查描点法画函数图像,利用函数图像求解方程的近似解,掌握以上知识是解题的关键.33.(2022秋·吉林长春·九年级校考期中)如图,在平面直角坐标系中,抛物线点A和点B(点A在点B的左侧),第一象限内的点。
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专题05 成因分析类(2020·贵州省贵阳一中高三月考)一般河谷中常有一级或多级阶地。
每一级阶地都有较缓的阶地面和较陡的阶地斜坡构成。
成因多与构造运动、气候变化和人为活动有关。
下图为三峡地区河流阶地结构剖面图。
据此完成下面小题。
1.若Tl由阶地面转变为河漫滩或河床,则有可能是因为A.地壳抬升B.全球变暖C.兴修水库D.下蚀加强【答案】1.C【解析】1.本题主要考查人类活动对地理环境的影响。
若T1由阶地面转变为河漫滩或河床说明河流水位上升,兴建水库水位上升淹没阶地。
C选项正确。
故选C。
(2020·浙江省高三月考)雾是悬浮在近地面空气中的大量微小水滴或冰晶,完全由冰晶组成的雾称为冰雾。
我国北方秋冬季节常有“十雾九晴”现象。
下图为我国部分地区年平均雾日空间分布图。
完成下面小题。
2.甲地多冰雾的主要原因是A.纬度高,极端低温天气多B.蒸发强,近地面水汽充足C.冬季取暖,凝结核排放多D.离冬季风源地近,风力强【答案】2.A【解析】2.材料信息表明,完全由冰晶组成的雾被称为冰雾,冰雾一般产生于近地面大气温度很低的环境中。
图中显示,甲地位于我国最北端,纬度高,极端低温天气多,容易形成冰雾,A符合题意。
甲地纬度高,气温低,蒸发较弱,且近地面水汽充足不一定形成冰雾,排除B。
凝结核排放多不一定形成冰雾,排除C。
离冬季风源地近,风力强,形成的雾容易消散,因此这不是甲地多冰雾的原因,排除D。
故选A。
(2020·安徽省六安一中高三月考)高寒荒漠地带海拔高,气候寒冷、干燥,生态环境为弱。
该地区出现的生态环境退化问题日趋凸显,主要表现为土地沙化面积扩大、草地生物量减少和生产力下降。
下图示意青藏高原高荒漠地带位置。
据此完成下列各题。
3.图示地区原生高寒荒漠带的主要成因是A.寒冷干早,风力侵蚀强B.湖水蒸发,湖床裸露C.基岩裸露,土壤发育差D.临近沙漠,沙尘暴频发4.导致图示地区土地沙化面积扩大的主要原因有①降水变率减小②过度樵采③全球气候变暖④过度放牧A.①②B.②④C.①③D.③④【答案】3.A 4.D【解析】本题考查青藏高原原生荒漠化的成因及荒漠化扩张的原因的分析。
3.本题考查自然地理环境整体性原理,由于青藏高原海拔高,气候寒冷,风力强盛,对地表的侵蚀作用强,导致原生高寒荒漠面积广,A正确。
4.本题考查青藏高原荒漠化面积扩大的原因,该地区荒漠化的原因一是由于全球气候变暖,加剧区域的干旱,增加荒漠化;二是由于青藏高原地区,主要人类活动为畜牧业,因此过度放牧,导致草场的破坏,加剧荒漠化,综上分析本题选择D。
5.(2020·北京高三期末)读下图,回答下列问题。
(1)简析黄河下游“易淤、易决、易徙(易改道)”特点的成因。
(2)简析黄河下游支流较少的主要原因。
【答案】(1)易淤:河流含沙量大;地形较平坦,河流流速较慢;泥沙堆积作用较强。
易决:夏季流量大;地处温带,河流流向高纬,冬季(冬春季节)容易形成凌汛;河床高出地表(为“地上河”);河堤土质疏松(河堤不牢固)。
易徙:河床高出地表,周边地势低平,河流决堤后易改道。
(2)黄河下游地上河的形成,阻断了其他河流的汇入,黄河下游绝大部分大堤也已直接变成了河流的“分水岭”,这是黄河下游支流较少的主要原因。
【解析】(1)该题可分别阐述黄河下游“易淤、易决、易徙(易改道)”的原因,可结合黄河在该河段的水文特征以及该区域的地形、气候、土质等角度分析说明。
①易淤原因:黄河下游河流含沙量大,地形较平坦,河流流速较慢,泥沙堆积作用较强,河道容易淤积。
②易决原因:黄河该河段为地上河,河堤土质疏松。
该区域夏季降水较多,夏季流量大,容易发生决堤;地处温带,河流流向高纬,冬季(冬春季节)容易形成凌汛,也容易发生决堤。
③易徙原因:黄河下游河段河床高出地表,周边地势低平,河流决堤后易改道。
(2)根据所学地理知识可知,黄河下游地区为地上河,使得其他河流难以汇入黄河。
同时,黄河下游沿线地区的堤坝筑坝较高,可以说直接成为河流的“分水岭”,使得黄河下游支流缺乏。
6.(2020·山东省高三期末)阅读图文材料,完成下列要求。
囊谦县位于青海省东南部,澜沧江上源多条支流斜穿而过。
囊谦县已发现盐泉29处,其中8处被建为盐场。
盐场采用传统手工制盐工艺,盐卤从泉口涌出,流入人工修筑的储卤池,然后引入依山就势修筑的盐田,经晾晒结晶成盐。
囊谦县位于两条西北偏西向的特大型区域断裂带之间,属于盆地地形,在主断裂带周围还发育有很多次一级的断裂带。
周围山地年降雨量约为530mm。
1949年以前,贩盐使囊谦成为玉树地区的经济商贸中心。
贩盐交易多在春末夏初或秋末冬初进行,来自周围地区的皮草、羊毛、药材云集囊谦,多以以物易物的方式进行。
近年来,囊谦盐场经营惨淡,销量锐减,因缺乏劳动力,一些盐田已被废弃,退化成盐渍荒地。
下图为囊谦位置和盐场分布示意图。
(1)阐述囊谦盐泉的成因。
(2)说明囊谦贩盐交易选择在春末夏初或秋末冬初进行的原因。
(3)指出近年来囊谦盐场衰落的原因。
【答案】1)①大气降水在囊谦盆地西北部海拔较高地区沿地层裂隙渗入地下;②由于地势西北高东低,使地下水沿断层向东南方向运动;③在运动过程中,地下水不断与周围岩层发生物质交换,溶解了地下含盐层;④并最终沿裂隙上升,出露地表,形成盐泉。
(2)冬春季。
囊谦地处季风区,夏季多雨;冬春季降水少,晴天多,蒸发强有利于晒盐。
(3)①生产设施落后,生产规模小,生产效率低;②传统的手工生产,生产技术落后,产品质量较差,市场竞争力弱;③随着交通的发展,海盐进入内地,市场竞争压力增大。
【解析】【分析】(1)读图可知,囊谦县位于两条西北偏西向的特大型区域断裂带之间,属于盆地地形,在主断裂带周围还发育有很多次一级的断裂带,周围山地年降雨量约为530mm,大气降水在囊谦盆地西北部海拔较高地区沿地层裂隙渗入地下,由于地势高差而产生的水压使水流沿断层向东南方向运动,在运移过程中,地下水不断与周围岩层发生物质交换,溶滤了地下含盐层,并最终沿着裂隙上升,出露地表,形成盐泉。
(2)据图可知,囊谦位于青海省的南部,夏秋季节受夏季风影响,降水多,冬春季节受冬季风影响,降水少,晴天多,光照强,蒸发强有利于晒盐。
此时间产盐量大,因此囊谦贩盐交易选择在春末夏初或秋末冬初进行。
(3)影响工业的社会经济条件,主要因素有市场、交通、政策、技术、劳动力。
据材料,当地的盐场仍在沿用传统的生产工艺“可知生产设备和生产技术落后,生产规模小,生产效率低,产品质量较差,市场竞争力弱;随着交通的发展,市场上出产的盐变多,海盐进入内地,竞争力大。
7.(2020·山东省高三期末)阅读图文资料,完成下列要求。
鸟取沙丘位于日本鸟取县东部沿海(图甲),是由鸟取县的千代川(河流名字)入海口附近的四个海岸沙丘所共同成的一细长的海岸沙丘群,东西长约16公里,南北宽约2公里,被日本称为境内“唯一的沙漠”(图乙)。
沙丘上有深达40米的凹地,也有高达50米的丘陵,凹地有时充盈淡水,一簇簇不知名的植物顽强生长着,形成片片“迷你绿洲”。
鸟取沙丘是日本唯一一处可游览参观的“海岸沙漠地地貌”景观,近年来成为日本重要的旅游胜地,日本政府开始保护“沙丘”,花大力气整治“迷你绿洲”。
(1)试述鸟取县现代沙丘的成因。
(2)鸟取沙丘面积近几十年不断减少,试分析其原因。
【答案】(1)千代川携带大量的泥沙在河口附近沉积,在海洋潮流和波浪的击打和推送下,部分沙子被海浪和海风送上岸,在风力作用下产生堆积形成了鸟取沙丘。
(2)为防风沙,大规模植树造林,为保护海岸免受海啸坡坏而设置混凝土屏障,阻碍沙子被冲上岸导致鸟取沙丘退化;附近城市化的发展,城市建设和交通等建设用地侵占了大量沙地。
【解析】(1)本题考查鸟取“海岸沙漠地貌”的形成过程结合材料进行分析,该地沙源一部分来自河流上游带来堆积,千代川携带大量的泥沙在河口附近沉积,一部分来自海浪从海里带来岸边堆积,在海洋潮流和波浪的击打和推送下,部分沙子被海浪和海风送上岸;具体而言该海岸沙漠地带是由于上游河流带来泥沙和海浪带来的泥沙在河流入海口堆积,经西北季风的搬运,在海岸带加上地形的阻挡作用沉积而成。
(2)沙漠对人类的影响较大,为防风沙,大规模植树造林,日本受海啸影响大,为保护海岸免受海啸坡坏而设置混凝土屏障,阻碍沙子被冲上岸导致鸟取沙丘退化;由于人口增加,附近城市化的发展,城市建设和交通等建设用地侵占了大量沙地,城市用地逐渐占用海岸沙漠。
8.(2019·黑龙江省双鸭山一中高三月考)阅读图文材料,回答问题。
材料一南岭是我国南部的最大山脉和重要自然地理界线,是长江水系与珠江水系的分水岭。
但有些地段的分水岭已经十分低矮狭窄,而且出现河流切穿分水岭脊的现象。
南岭南北两侧气候有一定的差异,岭北常见霜雪,越冬作物都比较耐寒,岭南则很少有霜雪,热带性栽培植物比较多。
材料二早期地壳运动使南岭地区形成背斜构造,核心为花岗岩体,上覆岩层多为硬砂岩和石灰岩,其中硬砂岩后来多形成尖削的峰岭。
狭义的南岭指越城岭、都庞岭、萌诸岭、骑田岭、大庚岭5个山岭,它们均为花岗岩山体,其中骑田岭山势浑圆。
材料三南岭国家森林公园位于南岭山脉的核心地带,这里有超过二千种植物,有广东唯一的原始森林,是“生物多样性特丰之地”。
(1)试分析南岭国家森林公园成为“生物多样性特丰之地”的成因。
【答案】(1)南岭所处纬度较低,属于亚热带季风气候,雨热充足;南岭山脉地势起伏较大,气候和植被的山地垂直地域差异显著;气候湿热,地势崎岖,人类活动少,开发程度低;国家森林公园建设对其生态环境的保护。
【解析】(1)生物多样性特丰之地意为生物种类丰富,数量众多。
说明此地自然条件优越,自然因素差异较大。
可从地形、气候、人类活动等角度分析。
气候:南岭所处纬度较低,属于亚热带季风气候,温度高,降水多,雨热充足;地形:山顶海拔高,山脉地势起伏较大,随海拔增高,气温、降水差异大,水热组合变化多,山地垂直地域差异显著。
人类活动:由于此地气候湿热,地势崎岖,不适宜人类居住,受人类活动影响少,加上国家森林公园的建设,大大地保护了当地生态环境。
9.(2020·浙江省高考真题)阅读材料,完成下列问题。
材料一:图1为世界某区域略图,图2是图1中丙地的气候资料。
材料二:甲地是全世界最大的露天铜矿,该矿易采易选,冶炼铜需要大量的水。
甲地经百年开采,形成了长4300米、宽3000米、深700米的巨型深坑,横亘在沙漠中,如同地球上一块巨型伤疤。
现甲地所在国重视环境保护监管,建立了有效的环境影响评价体系。
(1)试从内、外力作用角度,说明乙地海岸线破碎的原因。
(2)丙地东临大西洋,气候却干燥少雨,说明其成因。
【答案】(1)内力作用:位于板块交界处,岩石破碎;外力作用:纬度高,曾受较强冰川作用;西风迎风坡,风大浪急,海水侵蚀作用强;多地形雨,流水侵蚀作用强。