2013北京高考数学理试卷分析分析

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2013年北京市高考数学试卷(理科)答案与解析

2013年北京市高考数学试卷(理科)答案与解析
考 正弦定理;余弦定理.菁优网版权所有 点: 专 解三角形. 题: 分 (Ⅰ)由条件利用正弦定理和二倍角公式求得cosA的值. 析: (Ⅱ)由条件利用余弦定理,解方程求得c的值. 解 解:(Ⅰ)由条件在△ABC中,a=3, 答:
题.
5.(5分)(2013•北京)函数f(x)的图象向右平移1个单位长度,所
得图象与曲线y=ex关于y轴对称,则f(x)=( )
A. ex+1
B. ex﹣1
C.e﹣x+1 D.e﹣x﹣1
考 函数解析式的求解及常用方法;函数的图象与图象变化.菁优网版权所有 点:
专 函数的性质及应用. 题:
分 析:
考 点的极坐标和直角坐标的互化;点到直线的距离公式.菁优网版权所有 点: 专 直线与圆. 题: 分 先将点的极坐标化成直角坐标,极坐标方程化为直角坐标方程, 析: 然后用点到直线的距离来解. 解 解:在极坐标系中,点 答:
化为直角坐标为(
,1),直线ρsinθ=2化为直角坐标方程为y=2, (
,1),到y=2的距离1,即为点
8.(5分)(2013•北京)设关于x,y的不等式组
表示的平面区域内存在点P(x0,y0),满足x0﹣2y0=2,求得m的取值
范围是( )
A.
B.
C.
D.
考 简单线性规划.菁优网版权所有 点:
专 不等式的解法及应用. 题:
分 先根据约束条件 析:
画出可行域.要使可行域存在,必有m<﹣2m+1,要求可行域包 含直线y=
7.(5分)(2013•北京)直线l过抛物线C:x2=4y的焦点且与y轴垂
直,则l与C所围成的图形的面积等于( )
A.
B. 2
C.
D.

2013北京数学高考试卷分析

2013北京数学高考试卷分析

2013北京数学高考试卷分析题号解析知识点难度估计题目变化与延伸体会1 B 集合0.9 进一步考察集合交、并集注意交、并集关系2 D 不等式基本性质0.9 给出abc更细致取值范围注意abc取值可能为正、负、零3 C 函数性质0.8 函数单调性、增减性换位考察注意各种函数的性质特点4 A 复数坐标系0.9 复数多项式乘法注意在附属坐标系中,横纵轴分别表示的是实数还是虚数5 B 三角函数正弦定理0.9 加入考察余弦定理内容牢记定理,熟练运用6 C 程序框图0.9 更改循环输出条件,如:当i>2014,输出S 熟练运用列表法,避免粗心7 C 双曲线基本性质0.9 可将双曲线设定为焦点在y轴上圆锥曲线的考察中,离心率十分重要8 B 立体几何,空间内两点距离0.6 正方体改为正三棱柱、长方体等认真计算,避免重复计数错误9 P=2,x=-1 抛物线基本性质0.9 抛物线改为x²=2py等注意抛物线方向10 V=3*3*1/3=3 读三视图、四棱锥体积公式0.8 考察三棱锥体积V=V三棱柱/3公式等提高迅速通过三视图构造立体图形的能力11 q=(a3+a5)/(a2+a4)=2Sn=2n+1-2 等比数列基本性质、公式0.8 可将原题已知项改动,更难发现规律提高对数学基本性质的灵活运用能力12 2√5/5 不等式组,函数的几何表达0.7 可问距离最大值等问题认真画图,避免粗心失误13 可知当x≥1,f(x)≤0;当x<1,0<f(x)<2综上所述,x∈(-∞,2) 对数函数、幂函数值域性质0.7 考察更多其他函数值域性质注意值域能否取到极值问题14 先固定一个变量,令另一个变量改变,如分别令λ=1,2,μ在平面向量的加减运算、数乘及其几何意义、平0.3 拓展计算P轨迹长度等问题;给出D范围求λ、要在几何中学会灵活运用运动变换思想[0,1]内变化,令μ=0,1,λ在[1,2]内变化,可知D为一个平行四边形,面积为ABC的二倍,可得D=3. 面向量基本定理和点到直线距离公式等.μ取值范围15 ①f(x)=cos2xsin2x+cos4x/2=(sin4x+cos4x)/2=√2(4x+π/4)/2,所以f(x)最小正周期π/2,最大值√2/2②由题意可得,sin(4a+π/4)=1,又因为a∈(π/2,π),解得a=9π/16 三角函数的性质及应用、三角恒等变换0.8 考察其他三角函数变形公式,如sin2x、cos2x、sin²x、cos²x等三角恒等变换公式的熟练掌握在迅速完成题目中十分重要,且需要灵活运用的能力16 ①6/13②4/13③3月5日起3天等可能事件的概率、互斥事件的概率、方差的意义0.9 列出柱状图、要求方差等认真审清题目;学会通过理解方差的意义,不通过计算判断方差17 ①因为平面PAD⊥底面ABCD,且PA⊥这两个平面的交线AD,所以PA⊥ABCD②因为AB∥CD,CD=2AB,E为CD中点,所以AB∥DE,且AB=DE,ABED为平行四边形,所以BE∥AD,又因为BE不属于平面PAD,AD属于平面PAD,所以BE∥平面PAD③因为AB⊥AD,四边形ABED为平行四边形,所以BE⊥CD,AD⊥CD.又PA⊥CD,所以CD⊥平面PAD,所以CD⊥PD.又PD∥EF,所以CD⊥EF,所以CD⊥平面BEF,所以平面BEF⊥平面PCD. 四棱锥的几何特征、线面/面面平行和垂直的证明0.8 考察其他立体图形,如三棱锥、四棱柱等中的几何证明几何证明需逻辑严谨,不可跳步、漏步,注意只有充分条件可以推出结论18 ①f’(x)=x(2+cosx),解得a=0,b=2②令f’(x)=0,得x=0,列表可知f(x)在区间(-∞,0)上递减,在(0,+∞)上递增,f(0)=1为f(x)最小值,所以b>1 导数及其几何意义、函数单调性应用、简单不等式0.7 增加原题函数次数为三次,改其与直线交点为3个或保持原问题的2个充分理解导数与函数单调递增的意义19 ①|AC|=2√3②假设四边形OABC为菱形,因为椭圆方程及其0.6 可换原题设问,如求灵活将题目内所问的菱形存B不是W的顶点,且AC⊥OB,所以k≠0.由x²+4y²=4、y=kx+m,可得(1+4k²)x²+8kmx+4m²-4=0.设A(x1,y1),C(x2,y2),可得AC中点M(-4km/1+4k²,m/1+4k),又mk≠0,所以直线OB斜率为-1/4k,因为k(-1/4k)≠1,所以AC与OB不垂直,所以四边形OABC不是菱形,假设不成立. 几何性质、直线与椭圆位置关系证四边形是否能为长方形等在问题,与椭圆与直线位置关系问题积极转化,并适当使用菱形性质20 ①d1=2,d2=3,d3=6②因为a1>0,q>1,所以数列递增;所以A i=a i,B i=a i+1,d i=a i-a i-1=a1(1-q)q i-1,所以d i≠0,且d i+1/d i=q(i=1,2...,n-2),所以d1,d2...,d n-1是等比数列③设d为公差,因为B i≤B i+1,d>0,所以A i+1=B i+1+d i+1≥B i+d i+d>B i+d i=A.又因为A i+1=max{A i,a i+1},所以a i+1=A i+1>A i≥,所以a1,a2,...a n-1为递增数列,所以A i=a i.又因为B1=A1-d1=a1-d1<a1,所以B1<a1<a2<...<a n-1,所以a n=B1.所以B1=B2=...=B n-1=a n,所以a i=A i=B i+d i=a n+d i,因此对i=1,2,...n-2都有a i+1-a i=d i+1-d i=d,即a1,a2...,a n-1是等差数列等差、等比数列的性质及应用、数列的项、简单不等式及应用0.4 可改题目使公比/公差<0等解题需要对新颖题目的迅速理解,抓住探讨数列的题目本质。

2013北京高考数学真题(理科)及答案

2013北京高考数学真题(理科)及答案
(Ⅲ)从 3 月 5 日开始连续三天的空气质量指数方差最大. (17)(共 14 分)
解:(Ⅰ)因为 AA1C1C是正方形 ,所以 AA1⊥AC .
因为 平面ABC 平面AA1C1C ,且 AA1 垂直于这两个平面的交线 AC,
所以 AA1 ⊥平面 ABC .
z A1
B1
(Ⅱ)由(Ⅰ)知 AA1⊥AC , AA1 ⊥ AB .
gx
1
f
x=
x2
1 x2
ln
x

当 0<x<1 时, x2 1<0,ln x<0,所以 g x<0,故 g x 单调递减;
当 x>1 时, x2 1>0,ln x>0,所以 g x>0,故 g x 单调递减.
所以 g x>g 1 =0x 0,x 1.
(9)1
(10)2
2n1 2
(11) 9 5
(6)B 4
(7)C
(8)C
(12)96 (13)4
三、解答题(共 6 小题,共 80 分) (15)(共 13 分)
(14) 2 5 5
解:(Ⅰ)因为 a 3 , b 2 6 , B 2A ,
所以在△ABC 中由正弦定理得 3 2 6 . sin A sin 2A
指指指指指指
250 200 150 100 86 50
220 160
143
57
217 160 158
121 86 79
25
37
0 1指
2指
指指 3指 4指 5指 6指 7指 8指 9指 10指 11指 12指13指 14指
(Ⅰ)求此人到达当日空气重度污染的概率; (Ⅱ)设 X 是此人停留期间空气质量优良的天数,求 X 的分布列与数学期望; (Ⅲ)由图判断从哪天开始连续三天的空气质量指数方差最大?(结论不要求证明)

2013年北京市高考考试说明解析及数学考试大纲

2013年北京市高考考试说明解析及数学考试大纲

2013年北京市高考考试说明解析及数学考试大纲2013年北京市高考考试说明解析及数学考试大纲2013年北京卷高考说明已经发放,其中数学部分变化不大,除了在III.参考样题中,文科更新了6道2012年的试题,理科更新了6道2012年的试题,2道2010年的试题,Ⅰ.试卷结构Ⅱ.考试内容及要求均与去年没有任何变化,全卷包括第Ⅰ卷和第Ⅱ卷.第Ⅰ卷为选择题;第Ⅱ卷为非选择题.全卷20题,分为选择题、填空题和解答题三种题型.选择题是四选一型的单项选择题;填空题只要求直接填写结果,不要求写出计算过程或证明过程;解答题包括计算题、证明题、应用题等,要求写出文字说明、演算步骤或证明过程.三种题型的题目个数分别为8、6、6;分值分别为40、30、80.试卷由容易题、中等题和难题组成,并以中等题为主,总体难度适当.对能力的考查:分别是空间想象能力、抽象概括能力、推理论证能力、运算求解能力、数据处理能力、分析问题和解决问题的能力。

除此之外,《考试说明》在考试范围与考试层次上也没有任何改变。

整体来看北京新课标高考改革后试卷趋于稳定。

但稳定不代表一成不变、没有创新。

正如《考试说明》所说:强调探究性、综合性、应用性,突出数学试题的能力立意,坚持素质教育导向。

数学是高考中分数梯度最明显的学科,也是让广大考生很头疼的学科,参照最新的考试说明,来谈谈考生在数学二轮复习中应该注意什么?首先,高考数学试卷中有30%的基础题,50%的中等难度题,其余为较为复杂的或综合性的问题。

抓基础,多做基础题吧!千万不要浪费黄金般的时间,去做考纲不作重点要求的知识模块中的难题,把握住基本得分点就可以,想不及格都难!考纲中对知识的要求依次分为了解、理解和掌握、灵活和综合运用三个层次,二轮复习考生一定要安排更多一点的时间复习前两个层次覆盖的知识点。

通过合理安排复习,力争达到本科达线分。

就数学学科而言,比较容易抓住的部分在选择题和填空题,但要注意的是,选择题和填空题也是最容易出问题的环节,在心理上千万不能失衡。

2013年北京市高考理科数学试卷及参考答案与试题解析

2013年北京市高考理科数学试卷及参考答案与试题解析

2013年北京市高考理科数学试卷及参考答案与试题解析一、选择题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题列出的四个选项中,选出符合题目要求的一项.1.(5分)已知集合A={-1,0,1},B={x|-1≤x<1},则A∩B=( )A.{0}B.{-1,0}C.{0,1}D.{-1,0,1}2.(5分)在复平面内,复数(2-i)2对应的点位于( )A.第一象限B.第二象限C.第三象限D.第四象限3.(5分)“φ=π”是“曲线y=sin(2x+φ)过坐标原点”的( )A.充分而不必要条件B.必要而不充分条件C.充分必要条件D.既不充分也不必要条件4.(5分)执行如图所示的程序框图,输出的S值为( )A.1B.C.D.5.(5分)函数f(x)的图象向右平移1个单位长度,所得图象与曲线y=e x关于y轴对称,则f(x)=( )A.e x+1B.e x-1C.e-x+1D.e-x-16.(5分)若双曲线的离心率为,则其渐近线方程为( )A.y=±2xB.C.D.7.(5分)直线l过抛物线C:x2=4y的焦点且与y轴垂直,则l与C所围成的图形的面积等于( )A. B.2 C. D.8.(5分)设关于x,y的不等式组表示的平面区域内存在点P(x0,y),满足x-2y=2,求得m的取值范围是( )A. B. C. D.二、填空题共6小题,每小题5分,共30分.9.(5分)在极坐标系中,点(2,)到直线ρsinθ=2的距离等于.10.(5分)若等比数列{an }满足a2+a4=20,a3+a5=40,则公比q=;前n项和Sn=.11.(5分)如图,AB为圆O的直径,PA为圆O的切线,PB与圆O相交于D,若PA=3,PD:DB=9:16,则PD=,AB=.12.(5分)将序号分别为1,2,3,4,5的5张参观券全部分给4人,每人至少1张,如果分给同一人的2张参观券连号,那么不同的分法种数是.13.(5分)向量,,在正方形网格中的位置如图所示,若(λ,μ∈R),则=.14.(5分)如图,在棱长为2的正方体ABCD-A1B1C1D1中,E为BC的中点,点P在线段D1E上,点P到直线CC1的距离的最小值为.三、解答题共6小题,共50分.解答应写出文字说明,演算步骤15.(13分)在△ABC中,a=3,b=2,∠B=2∠A.(Ⅰ)求cosA的值;(Ⅱ)求c的值.16.(13分)如图是预测到的某地5月1日至14日的空气质量指数趋势图,空气质量指数小于100表示空气质量优良,空气质量指数大于200表示空气重度污染,某人随机选择5月1日至5月13日中的某一天到达该市,并停留2天(Ⅰ)求此人到达当日空气质量优良的概率;(Ⅱ)设X 是此人停留期间空气质量优良的天数,求X 的分布列与数学期望(Ⅲ)由图判断从哪天开始连续三天的空气质量指数方差最大?(结论不要求证明) 17.(14分)如图,在三棱柱ABC -A 1B 1C 1中,AA 1C 1C 是边长为4的正方形.平面ABC ⊥平面AA 1C 1C,AB =3,BC =5.(Ⅰ)求证:AA 1⊥平面ABC ;(Ⅱ)求证二面角A 1-BC 1-B 1的余弦值;(Ⅲ)证明:在线段BC 1上存在点D,使得AD ⊥A 1B,并求的值.18.(13分)设l 为曲线C :y =在点(1,0)处的切线. (Ⅰ)求l 的方程;(Ⅱ)证明:除切点(1,0)之外,曲线C 在直线l 的下方. 19.(14分)已知A,B,C 是椭圆W :上的三个点,O 是坐标原点.(Ⅰ)当点B 是W 的右顶点,且四边形OABC 为菱形时,求此菱形的面积;(Ⅱ)当点B 不是W 的顶点时,判断四边形OABC 是否可能为菱形,并说明理由.20.(13分)已知{a n }是由非负整数组成的无穷数列,该数列前n 项的最大值记为A n ,第n 项之后各项a n +1,a n +2…的最小值记为B n ,d n =A n -B n .(Ⅰ)若{a n }为2,1,4,3,2,1,4,3…,是一个周期为4的数列(即对任意n ∈N *,a n +4=a n ),写出d 1,d 2,d 3,d 4的值;(Ⅱ)设d 是非负整数,证明:d n =-d(n =1,2,3…)的充分必要条件为{a n }是公差为d 的等差数列;(Ⅲ)证明:若a 1=2,d n =1(n =1,2,3,…),则{a n }的项只能是1或者2,且有无穷多项为1.2013年北京市高考数学试卷(理科)参考答案与试题解析一、选择题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题列出的四个选项中,选出符合题目要求的一项.1.(5分)已知集合A={-1,0,1},B={x|-1≤x<1},则A∩B=( )A.{0}B.{-1,0}C.{0,1}D.{-1,0,1}【分析】找出A与B的公共元素,即可确定出两集合的交集.【解答】解:∵A={-1,0,1},B={x|-1≤x<1},∴A∩B={-1,0}.故选:B.【点评】此题考查了交集及其运算,熟练掌握交集的定义是解本题的关键.2.(5分)在复平面内,复数(2-i)2对应的点位于( )A.第一象限B.第二象限C.第三象限D.第四象限【分析】化简复数为代数形式,求出复数对应点的坐标,即可判断复数对应点所在象限.【解答】解:复数(2-i)2=4-4i+i2=3-4i,复数对应的点(3,-4),所以在复平面内,复数(2-i)2对应的点位于第四象限.故选:D.【点评】本题考查复数的代数形式的混合运算,复数的几何意义,考查计算能力.3.(5分)“φ=π”是“曲线y=sin(2x+φ)过坐标原点”的( )A.充分而不必要条件B.必要而不充分条件C.充分必要条件D.既不充分也不必要条件【分析】按照充要条件的定义从两个方面去求①曲线y=sin(2x+φ)过坐标原点,求出φ的值,②φ=π时,曲线y=sin(2x+φ)过坐标原点.【解答】解:φ=π时,曲线y=sin(2x+φ)=-sin2x,过坐标原点.但是,曲线y=sin(2x+φ)过坐标原点,即O(0,0)在图象上,将(0,0)代入解析式整理即得sinφ=0,φ=kπ,k∈Z,不一定有φ=π.故“φ=π”是“曲线y=sin(2x+φ)过坐标原点”的充分而不必要条件.故选:A.【点评】本题考查充要条件的判定,用到的知识是三角函数的图象特征.是基础题.4.(5分)执行如图所示的程序框图,输出的S值为( )A.1B.C.D.【分析】从框图赋值入手,先执行一次运算,然后判断运算后的i的值与2的大小,满足判断框中的条件,则跳出循环,否则继续执行循环,直到条件满足为止.【解答】解:框图首先给变量i和S赋值0和1.执行,i=0+1=1;判断1≥2不成立,执行,i=1+1=2;判断2≥2成立,算法结束,跳出循环,输出S的值为.故选:C.【点评】本题考查了程序框图,考查了直到型结构,直到型循环是先执行后判断,不满足条件执行循环,直到条件满足结束循环,是基础题.5.(5分)函数f(x)的图象向右平移1个单位长度,所得图象与曲线y=e x关于y轴对称,则f(x)=( )A.e x+1B.e x-1C.e-x+1D.e-x-1【分析】首先求出与函数y=e x的图象关于y轴对称的图象的函数解析式,然后换x为x+1即可得到要求的答案.【解答】解:函数y=e x的图象关于y轴对称的图象的函数解析式为y=e-x,而函数f(x)的图象向右平移1个单位长度,所得图象与曲线y=e x的图象关于y轴对称,所以函数f(x)的解析式为y=e-(x+1)=e-x-1.即f(x)=e-x-1.故选:D.【点评】本题考查了函数解析式的求解与常用方法,考查了函数图象的对称变换和平移变换,函数图象的平移遵循“左加右减,上加下减”的原则,是基础题.6.(5分)若双曲线的离心率为,则其渐近线方程为( )A.y=±2xB.C.D.【分析】通过双曲线的离心率,推出a、b关系,然后直接求出双曲线的渐近线方程.【解答】解:由双曲线的离心率,可知c=a,又a2+b2=c2,所以b=a,所以双曲线的渐近线方程为:y==±x.故选:B.【点评】本题考查双曲线的基本性质,渐近线方程的求法,考查计算能力.7.(5分)直线l过抛物线C:x2=4y的焦点且与y轴垂直,则l与C所围成的图形的面积等于( )A. B.2 C. D.【分析】先确定直线的方程,再求出积分区间,确定被积函数,由此利用定积分可求直线l与抛物线围成的封闭图形面积.【解答】解:抛物线x2=4y的焦点坐标为(0,1),∵直线l过抛物线C:x2=4y的焦点且与y轴垂直,∴直线l的方程为y=1,由,可得交点的横坐标分别为-2,2.∴直线l与抛物线围成的封闭图形面积为=( x-)|=.故选:C.【点评】本题考查封闭图形的面积,考查直线方程,解题的关键是确定直线的方程,求出积分区间,确定被积函数.8.(5分)设关于x,y的不等式组表示的平面区域内存在点P(x0,y),满足x-2y=2,求得m的取值范围是( )A. B. C. D.【分析】先根据约束条件画出可行域.要使可行域存在,必有m<-2m+1,要求可行域包含直线y=x-1上的点,只要边界点(-m,1-2m)在直线y=x-1的上方,且(-m,m)在直线y=x-1的下方,从而建立关于m的不等式组,解之可得答案.【解答】解:先根据约束条件画出可行域,要使可行域存在,必有m<-2m+1,要求可行域包含直线y=x-1上的点,只要边界点(-m,1-2m)在直线y=x-1的上方,且(-m,m)在直线y=x-1的下方,故得不等式组,解之得:m<-.故选:C.【点评】平面区域的最值问题是线性规划问题中一类重要题型,在解题时,关键是正确地画出平面区域,分析表达式的几何意义,然后结合数形结合的思想,分析图形,找出满足条件的点的坐标,即可求出答案.二、填空题共6小题,每小题5分,共30分.9.(5分)在极坐标系中,点(2,)到直线ρsinθ=2的距离等于 1 .【分析】先将点的极坐标化成直角坐标,极坐标方程化为直角坐标方程,然后用点到直线的距离来解.【解答】解:在极坐标系中,点化为直角坐标为( ,1),直线ρsinθ=2化为直角坐标方程为y=2,( ,1),到y=2的距离1,即为点到直线ρsinθ=2的距离1,故答案为:1.【点评】本题关键是直角坐标和极坐标的互化,体现等价转化数学思想.10.(5分)若等比数列{an }满足a2+a4=20,a3+a5=40,则公比q= 2 ;前n项和Sn=2n+1-2 .【分析】利用等比数列的通项公式和已知即可得出,解出即可得到a1及q,再利用等比数列的前n项和公式即可得出.【解答】解:设等比数列{an}的公比为q,∵a2+a4=a2(1+q2)=20①a 3+a5=a3(1+q2)=40②∴①②两个式子相除,可得到==2即等比数列的公比q=2,将q=2带入①中可求出a2=4则a1===2∴数列{an}时首项为2,公比为2的等比数列.∴数列{an }的前n项和为:Sn===2n+1-2.故答案为:2,2n+1-2.【点评】熟练掌握等比数列的通项公式和等比数列的前n项和公式是解题的关键.11.(5分)如图,AB为圆O的直径,PA为圆O的切线,PB与圆O相交于D,若PA=3,PD:DB=9:16,则PD=,AB= 4 .【分析】由PD:DB=9:16,可设PD=9x,DB=16x.利用切割线定理可得PA2=PD•PB,即可求出x,进而得到PD,PB.AB为圆O的直径,PA为圆O的切线,利用切线的性质可得AB⊥PA.再利用勾股定理即可得出AB.【解答】解:由PD:DB=9:16,可设PD=9x,DB=16x.∵PA为圆O的切线,∴PA2=PD•PB,∴32=9x•(9x+16x),化为,∴.∴PD=9x=,PB=25x=5.∵AB为圆O的直径,PA为圆O的切线,∴AB⊥PA.∴==4.故答案分别为,4.【点评】熟练掌握圆的切线的性质、切割线定理、勾股定理是解题的关键.12.(5分)将序号分别为1,2,3,4,5的5张参观券全部分给4人,每人至少1张,如果分给同一人的2张参观券连号,那么不同的分法种数是96 .【分析】求出5张参观券全部分给4人,每人至少1张,如果分给同一人的2张参观券连号的组数,然后分给4人排列即可.【解答】解:5张参观券全部分给4人,分给同一人的2张参观券连号,方法数为:1和2,2和3,3和4,4和5,四种连号,其它号码各为一组,分给4人,共有4×=96种.故答案为:96.【点评】本题考查排列组合以及简单的计数原理的应用,正确分组是解题的关键,考查分析问题解决问题的能力.13.(5分)向量,,在正方形网格中的位置如图所示,若(λ,μ∈R),则=4 .【分析】以向量、的公共点为坐标原点,建立如图直角坐标系,得到向量、、的坐标,结合题中向量等式建立关于λ、μ的方程组,解之得λ=-2且μ=-,即可得到的值.【解答】解:以向量、的公共点为坐标原点,建立如图直角坐标系可得=(-1,1),=(6,2),=(-1,-3)∵∴,解之得λ=-2且μ=-因此,==4故答案为:4【点评】本题给出向量用向量、线性表示,求系数λ、μ的比值,着重考查了平面向量的坐标运算法则和平面向量基本定理及其意义等知识,属于基础题.14.(5分)如图,在棱长为2的正方体ABCD-A1B1C1D1中,E为BC的中点,点P在线段D1E上,点P到直线CC1的距离的最小值为.【分析】如图所示,取B1C1的中点F,连接EF,ED1,利用线面平行的判定即可得到C1C∥平面D1EF,进而得到异面直线D1E与C1C的距离.【解答】解:如图所示,取B1C1的中点F,连接EF,ED1,∴CC1∥EF,又EF⊂平面D1EF,CC1⊄平面D1EF,∴CC1∥平面D1EF.∴直线C1C上任一点到平面D1EF的距离是两条异面直线D1E与CC1的距离.过点C1作C1M⊥D1F,∵平面D1EF⊥平面A1B1C1D1.∴C1M⊥平面D1EF.过点M作MP∥EF交D1E于点P,则MP∥C1C.取C1N=MP,连接PN,则四边形MPNC1是矩形.可得NP⊥平面D1EF,在Rt△D1C1F中,C1M•D1F=D1C1•C1F,得=.∴点P到直线CC1的距离的最小值为.故答案为【点评】熟练掌握通过线面平行的性质即可得到异面直线的距离是解题的关键.三、解答题共6小题,共50分.解答应写出文字说明,演算步骤15.(13分)在△ABC中,a=3,b=2,∠B=2∠A.(Ⅰ)求cosA的值;(Ⅱ)求c的值.【分析】(Ⅰ)由条件利用正弦定理和二倍角公式求得cosA的值.(Ⅱ)由条件利用余弦定理,解方程求得c的值,再进行检验,从而得出结论.【解答】解:(Ⅰ)由条件在△ABC中,a=3,,∠B=2∠A,利用正弦定理可得,即=.解得cosA=.(Ⅱ)由余弦定理可得 a2=b2+c2-2bc•cosA,即 9=+c2-2×2×c×, 即 c2-8c+15=0.解方程求得 c=5,或 c=3.当c=3时,此时a=c=3,根据∠B=2∠A,可得 B=90°,A=C=45°,△ABC是等腰直角三角形,但此时不满足a2+c2=b2,故舍去.当c=5时,求得cosB==,cosA==,∴cos2A=2cos2A-1==cosB,∴B=2A,满足条件.综上,c=5.【点评】本题主要考查正弦定理和余弦定理,以及二倍角公式的应用,注意把c=3舍去,这是解题的易错点,属于中档题.16.(13分)如图是预测到的某地5月1日至14日的空气质量指数趋势图,空气质量指数小于100表示空气质量优良,空气质量指数大于200表示空气重度污染,某人随机选择5月1日至5月13日中的某一天到达该市,并停留2天(Ⅰ)求此人到达当日空气质量优良的概率;(Ⅱ)设X是此人停留期间空气质量优良的天数,求X的分布列与数学期望(Ⅲ)由图判断从哪天开始连续三天的空气质量指数方差最大?(结论不要求证明)【分析】(Ⅰ)由图查出13天内空气质量指数小于100的天数,直接利用古典概型概率计算公式得到答案;(Ⅱ)由题意可知X所有可能取值为0,1,2,得出P(X=0),P(X=1),p(x=2)及分布列与数学期望;(Ⅲ)因为方差越大,说明三天的空气质量指数越不稳定,由图直接看出答案.【解答】解:设Ai表示事件“此人于5月i日到达该地”(i=1,2, (13)依据题意P(Ai )=,Ai∩Aj=∅(i≠j)(Ⅰ)设B表示事件“此人到达当日空气质量优良”,则P(B)=…(3分)(Ⅱ)X的所有可能取值为0,1,2P(X=0)=,P(X=1)=,P(X=2)=…(6分)P∴X的数学期望为E(X)=…(11分)(Ⅲ)从5月5日开始连续三天的空气质量指数方差最大. …(13分)【点评】本题考查了正确理解题意及识图的能力、古典概型的概率计算、随机变量的分布列及数学期望与方差,考查了数形结合的思想方法及审题与计算的能力.17.(14分)如图,在三棱柱ABC-A1B1C1中,AA1C1C是边长为4的正方形.平面ABC⊥平面AA1C1C,AB=3,BC=5.(Ⅰ)求证:AA1⊥平面ABC;(Ⅱ)求证二面角A1-BC1-B1的余弦值;(Ⅲ)证明:在线段BC1上存在点D,使得AD⊥A1B,并求的值.【分析】(I)利用AA1C1C是正方形,可得AA1⊥AC,再利用面面垂直的性质即可证明;(II)利用勾股定理的逆定理可得AB⊥AC.通过建立空间直角坐标系,利用两个平面的法向量的夹角即可得到二面角;(III)设点D的竖坐标为t,(0<t<4),在平面BCC1B1中作DE⊥BC于E,可得D,利用向量垂直于数量积得关系即可得出.【解答】(I)证明:∵AA1C1C是正方形,∴AA1⊥AC.又∵平面ABC⊥平面AA1C1C,平面ABC∩平面AA1C1C=AC,∴AA1⊥平面ABC.(II)解:由AC=4,BC=5,AB=3. ∴AC2+AB2=BC2,∴AB⊥AC.建立如图所示的空间直角坐标系,则A1(0,0,4),B(0,3,0),B1(0,3,4),C1(4,0,4),∴,,.设平面A1BC1的法向量为,平面B1BC1的法向量为=(x2,y2,z2).则,令y1=4,解得x1=0,z1=3,∴.,令x2=3,解得y2=4,z2=0,∴.===.∴二面角A1-BC1-B1的余弦值为.(III)设点D的竖坐标为t,(0<t<4),在平面BCC1B1中作DE⊥BC于E,可得D,∴=,=(0,3,-4),∵,∴,∴,解得t=.∴.【点评】本题综合考查了线面垂直的判定与性质定理、面面垂直的性质定理、通过建立空间直角坐标系利用法向量求二面角的方法、向量垂直与数量积得关系等基础知识与基本方法,考查了空间想象能力、推理能力和计算能力.18.(13分)设l为曲线C:y=在点(1,0)处的切线.(Ⅰ)求l的方程;(Ⅱ)证明:除切点(1,0)之外,曲线C在直线l的下方.【分析】(Ⅰ)求出切点处切线斜率,代入代入点斜式方程,可以求解;(Ⅱ)利用导数分析函数的单调性,进而分析出函数图象的形状,可得结论.【解答】解:(Ⅰ)∵∴=1∴l的斜率k=y′|x=1∴l的方程为y=x-1证明:(Ⅱ)令f(x)=x(x-1)-lnx,(x>0)曲线C在直线l的下方,即f(x)=x(x-1)-lnx>0,则f′(x)=2x-1-=∴f(x)在(0,1)上单调递减,在(1,+∞)上单调递增,又f(1)=0∴x∈(0,1)时,f(x)>0,即<x-1x∈(1,+∞)时,f(x)>0,即<x-1即除切点(1,0)之外,曲线C在直线l的下方【点评】本题考查的知识点是导数的几何意义,利用导数研究函数的单调性,是导数的综合应用,难度中档.19.(14分)已知A,B,C 是椭圆W :上的三个点,O 是坐标原点.(Ⅰ)当点B 是W 的右顶点,且四边形OABC 为菱形时,求此菱形的面积;(Ⅱ)当点B 不是W 的顶点时,判断四边形OABC 是否可能为菱形,并说明理由.【分析】(I)根据B 的坐标为(2,0)且AC 是OB 的垂直平分线,结合椭圆方程算出A 、C 两点的坐标,从而得到线段AC 的长等于.再结合OB 的长为2并利用菱形的面积公式,即可算出此时菱形OABC 的面积;(II)若四边形OABC 为菱形,根据|OA|=|OC|与椭圆的方程联解,算出A 、C 的横坐标满足=r 2-1,从而得到A 、C 的横坐标相等或互为相反数.再分两种情况加以讨论,即可得到当点B 不是W 的顶点时,四边形OABC 不可能为菱形.【解答】解:(I)∵四边形OABC 为菱形,B 是椭圆的右顶点(2,0) ∴直线AC 是BO 的垂直平分线,可得AC 方程为x =1 设A(1,t),得,解之得t =(舍负)∴A 的坐标为(1,),同理可得C 的坐标为(1,-)因此,|AC|=,可得菱形OABC 的面积为S =|AC|•|BO|=;(II)∵四边形OABC 为菱形,∴|OA|=|OC|,设|OA|=|OC|=r(r >1),得A 、C 两点是圆x 2+y 2=r 2与椭圆的公共点,解之得=r 2-1设A 、C 两点横坐标分别为x 1、x 2,可得A 、C 两点的横坐标满足x 1=x 2=•,或x 1=•且x 2=-•,①当x 1=x 2=•时,可得若四边形OABC 为菱形,则B 点必定是右顶点(2,0);②若x 1=•且x 2=-•,则x 1+x 2=0,可得AC 的中点必定是原点O,因此A 、O 、C 共线,可得不存在满足条件的菱形OABC 综上所述,可得当点B 不是W 的顶点时,四边形OABC 不可能为菱形.【点评】本题给出椭圆方程,探讨了以坐标原点O 为一个顶点,其它三个顶点在椭圆上的菱形问题,着重考查了菱形的性质、椭圆的标准方程与简单几何性质等知识,属于中档题.20.(13分)已知{a n }是由非负整数组成的无穷数列,该数列前n 项的最大值记为A n ,第n 项之后各项a n +1,a n +2…的最小值记为B n ,d n =A n -B n .(Ⅰ)若{a n }为2,1,4,3,2,1,4,3…,是一个周期为4的数列(即对任意n ∈N *,a n +4=a n ),写出d 1,d 2,d 3,d 4的值;(Ⅱ)设d 是非负整数,证明:d n =-d(n =1,2,3…)的充分必要条件为{a n }是公差为d 的等差数列;(Ⅲ)证明:若a 1=2,d n =1(n =1,2,3,…),则{a n }的项只能是1或者2,且有无穷多项为1. 【分析】(Ⅰ)根据条件以及d n =A n -B n 的定义,直接求得d 1,d 2,d 3,d 4的值.(Ⅱ)设d 是非负整数,若{a n }是公差为d 的等差数列,则a n =a 1+(n -1)d,从而证得d n =A n -B n =-d,(n =1,2,3,4…).若d n =A n -B n =-d,(n =1,2,3,4…).可得{a n }是一个不减的数列, 求得d n =A n -B n =-d,即 a n +1-a n =d,即{a n }是公差为d 的等差数列,命题得证.(Ⅲ)若a 1=2,d n =1(n =1,2,3,…),则{a n }的项不能等于零,再用反证法得到{a n }的项不能超过2,从而证得命题.【解答】解:(Ⅰ)若{a n }为2,1,4,3,2,1,4,3…,是一个周期为4的数列,∴d 1=A 1-B 1=2-1=1,d 2=A 2-B 2=2-1=1,d 3=A 3-B 3=4-1=3,d 4=A 4-B 4=4-1=3.(Ⅱ)充分性:设d 是非负整数,若{a n }是公差为d 的等差数列,则a n =a 1+(n -1)d, ∴A n =a n =a 1+(n -1)d,B n =a n +1=a 1+nd,∴d n =A n -B n =-d,(n =1,2,3,4…).必要性:若 d n =A n -B n =-d,(n =1,2,3,4…).假设a k 是第一个使a k -a k -1<0的项, 则d k =A k -B k =a k -1-B k ≥a k -1-a k >0,这与d n =-d ≤0相矛盾,故{a n }是一个不减的数列. ∴d n =A n -B n =a n -a n +1=-d,即 a n +1-a n =d,故{a n }是公差为d 的等差数列. (Ⅲ)证明:若a 1=2,d n =1(n =1,2,3,…),首先,{a n }的项不能等于零,否则d 1=2-0=2,矛盾. 而且还能得到{a n }的项不能超过2,用反证法证明如下:假设{a n }的项中,有超过2的,设a m 是第一个大于2的项,由于{a n }的项中一定有1,否则与d 1=1矛盾.当n ≥m 时,a n ≥2,否则与d m =1矛盾.因此,存在最大的i 在2到m -1之间,使a i =1,此时,d i =A i -B i =2-B i ≤2-2=0,矛盾. 综上,{a n }的项不能超过2,故{a n }的项只能是1或者2. 下面用反证法证明{a n }的项中,有无穷多项为1.若a k 是最后一个1,则a k 是后边的各项的最小值都等于2,故d k =A k -B k =2-2=0,矛盾, 故{a n }的项中,有无穷多项为1.综上可得,{a n }的项只能是1或者2,且有无穷多项为1.【点评】本题主要考查充分条件、必要条件的判断和证明,等差关系的确定,用反证法和放缩法证明数学命题,属于中档题.。

2013高考数学试卷分析

2013高考数学试卷分析

最新高考数学试卷信息:试卷前面1-14的填空题整体比较平稳,仅最后两三题略有难度,主要是涉及到多解的问题。

但如果考生没有把握的话,可以直接跳过13、14两道填空题直接往下走。

而15、16、17三道简答题相对都比较简单。

其中的17题是一道解析几何,几乎属于初中类别的数学问题。

18题是应用题,涉及到三角函数及解三角型的运用。

这道题目可能会在运算上遇到一些问题,因为属于数字运算,所以整体的运算量比较大。

19题表面看上去是一道不出奇的数列题,甚至部分考生会觉得样子比较熟悉,其中的第一小问还是比较容易解决的,难点在第2问上,其解法相对比较复杂,就算是一些数学基础较好的学生也会觉得解题过程过于繁复。

因此,大部分考生都没有做到最后。

最后一道大题20题的难度要比以往的高考数学卷略降一点,知识点涉及到函数与方程、函数单调性、导数、函数零点问题。

这些知识点整体上来说都是平时学生练习比较多的,是熟悉的面孔。

这些知识点整体上来说都是平时学生练习比较多的,是熟悉的面孔。

这道题目的难点是卡在牵字母的讨论的问题上,很多学生可能绕进去了就出不来了,所以第二小问的解决可能会相对较为困难。

其实最后一道题目也体现了数学试卷出卷的一个指导思想:相对比较平和。

所以最后一道大题第一次出现了只有2问的情况,而以往最后一题一般都是保持3小问的。

整体评价今年的试卷,其较容易的定义就来自很多大题目的设置都相对“较薄”,不过让学生有一眼望去直接“投降”的感觉。

再加上1-14的填空题整体做起来比较顺利,就会让考生应试的心态较好,能在较好的氛围中完成试卷。

和2012年数学试卷相比,试卷结构稳定,突出双基,重视能力,知识点广,容易上手,难度适中,区分度明显,利于选拔,各种层次的考生可以充分展现自己的真实能力。

但后面大题的排序上作了调整,将解析几何放到第17题,与三角有关的应用题放在第18题,有的学生觉得不太适应。

卷一的填空题着重考查基础知识和基本技能,对数学能力考查体现不同的要求,较去年稳中有降。

2013北京高考数学卷简评及答案详解

2013北京高考数学卷简评及答案详解

2013北京高考数学卷简评及答案详解
【简评】
1、总体而言,2013年北京高考理科数学卷难度不大,经常考察难题的8、14、20,今年的
难度也有所下降。

2、小题中考了一个积分相关的问题(选择第7题),比较冷门。

新高三的建议:北京高考
确实有一些知识考得非常少,但是这并不表示它们绝对不会出现。

3、第8题延续了往年的动点问题,今年与线性规划相结合,相比去年,稍简单。

第14题
又考了一个动点的问题,整体的思维就是“运动中的不变量”,解题常用技巧----投影。

4、第20题仍然是全卷最有难度的一题,不过相对于2012年20题来说,难度明显下降,
考察的仍是数列,分析为主,多用反证法。

【答案详解】
要使可行域存在,必有m <-2m+1,要求可行域内包含直线1
12
y x =-上的点,只要边界点(-m ,1-2m)在直线112y x =
-上方,且(-m ,m)在直线1
12
y x =-下方,解不等式组1211212112
m m m m m m ⎧
⎪<-⎪

->--⎨

⎪<--⎪⎩得m <23-。

2013北京高考数学试题及详解

2013北京高考数学试题及详解

2013北京高考理科数学试题第一部分(选择题共40分)一、选择题共8小题。

每小题5分,共40分。

在每个小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的一项。

1.已知集合A={-1,0,1},B={x|-1≤x<1},则A∩B= ( )A.{0}B.{-1,0}C.{0,1}D.{-1,0,1}【答案】B【难度】容易【点评】本题考查集合之间的运算关系,即包含关系.在高一数学强化提高班上学期课程讲座1,第一章《集合》中有详细讲解,其中第02节中有完全相同类型题目的计算.在高考精品班数学(理)强化提高班中有对集合相关知识的总结讲解.2.在复平面内,复数(2-i)2对应的点位于( )A.第一象限B. 第二象限C.第三象限D. 第四象限【答案】D【解析】【难度】容易【点评】本题考查复数的计算。

在高二数学(理)强化提高班下学期,第四章《复数》中有详细讲解,其中第02节中有完全相同类型题目的计算。

在高考精品班数学(理)强化提高班中有对复数相关知识的总结讲解。

3.“φ=π”是“曲线y=sin(2x+φ)过坐标原点的” ( )A.充分而不必要条件B.必要而不充分条件C.充分必要条件D.既不充分也不必要条件【答案】A【解析】. 【难度】容易【点评】本题考察简易逻辑关系,.在高一数学强化提高班上学期课程讲座1,第一章《集合》中有详细讲解,例题中有完全相同类型题目的计算.在高考精品班数学(理)强化提高班中有对集合、简易逻辑相关知识的总结讲解.4.执行如图所示的程序框图,输出的S值为 ( )A.1B.23 C.1321D.610987【答案】C【解析】【难度】中等【点评】本题算法初步。

在高二数学(理)强化提高班上学期,第一章《算法初步》有详细讲解,其中第02讲有完全相似的题目。

在高考精品班数学(理)强化提高班中有对程序框图题目相关的总结讲解。

5.函数f(x)的图象向右平移一个单位长度,所得图象与y=e x关于y 轴对称,则f(x)= ( )A.1e x +B. 1e x -C. 1e x -+D. 1e x -- 【答案】D 【解析】【难度】中等【点评】本题考查分段函数值域求解。

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逐题分析
1、 考查集合、不等式,属于送分题,但要注意1不在所求范围内;(预测1)
2、 考查复数,属于送分题;(预测2)
3、 考查三角函数图像变换、诱导公式,由于=k ϕπ 时,函数名不变,变换后依然过坐标
原点,所以=ϕπ是其中的一种情况;(预测4)
4、 考查算法程序框图,只要按部就班计算就没有问题;(预测5)
5、 考查图像变换,由已知曲线关于y 轴对称后得到x y e -= ,向左移动一个单位即可得到,
但一定注意左右平移是针对x 的变化,所以不论x 前面有什么系数,都要先提出来;(预测10)
6、 考查双曲线的性质,离心率和渐近线方程有特定的关系22
1k e +=(焦点在横轴);(预测13)
7、 考查微积分,用矩形面积减去曲线与x 轴围成面积,因为要求原函数,所以要计算准确;
(预测9)
8、 考查线性规划,关键在于对参数m 的讨论,直线y m =和直线x m =-随着m 的变化同
时向左上方或者右下方移动,在移动的过程中寻找临界位置,即y m =、x m =-、220x y --=三条直线交与一点的时候,注意临界点取不到;(预测6)
9、 考查极坐标,条件中的极坐标方程表示平行于极轴的直线;(预测11)
10、考查等比数列,把条件中的等式拆解成用基本项1a q 、表示,剩下的代入公式即可;(预测3)
11、考查圆,利用切割线定理和勾股定理可以求得;(预测12)
12、考查分类计数,连续两号共四种情况,分别为{1,2}{2,3}{3,4}{4,5},于是把5个数分成了
四堆,再进行全排列;(预测7)
13、考查平面向量基本定理,先作图,再求值;(预测0)
14、考查立体几何,两异面直线之间,公垂线最短,把公垂线平移到上下底面求解即可;(预
测8)
15、考查解三角形,利用正弦定理,解方程3sin sin 2A A
=即可;(预测15) 16、考查统计概率,前两问看似比较容易,但是注意因为要停留两天,所以选择到达的日期
只有13种情况,第三问,不难看出5,6,7,三天的空气质量指数相差最大;(预测16)
17、考查立体几何,第一问易证,后两问用向量法也不难证明,只是计算量较大,要注意计
算的准确性。

(预测17)
18、考查函数导数,求过曲线上的点的切线方程,是切线题型中最简单的一种,求导即斜率,用点斜式表示直线方程,第二问是典型的最值问题,把问题转化为ln 1x x x
->恒成立的问题,注意1x ≠ ;(预测18)
19、考查圆锥曲线,由菱形的性质对角线互相垂直且平分,可以求得点A C 、的坐标,面积
随之迎刃而解;第二问的四边形不可能为菱形,只要证明OA OC ≠,否则A C 、的横坐标相等或者相反;(预测19)
d为前n项的最大值与第n 20、考查信息题,信息题以信息量大著称,本题要理解新定义的
n
项后面的项的最小值的差,前两问相对较容易。

(预测20)
预测对比
真题中1、2、4、6、7、9、10、11、12、15、16、17、18这些题目与预测试卷相似度接近百分之百;3、5、8、14、19、20题型和考点与预测试卷相同,相似度在百分之七十左右。

整套预测试卷的相似度约为91%。

整体分析
2013北京高考数学理,整体来看,依然可以用稳中有变这四个字来形容,但是相对前几年的稳定来说,今年的变化还是比较大的,而整个试卷的难度却有明显的降低。

首先,试卷分别在第1第2题考查集合和复数,因为这两个考点都属于送分点,但却同时出现在一份试卷上,所以整个试卷以此为代表,降低了难度。

再如第8题,突然选择了近两年都没有考到的线性规划,但此线性规划非彼线性规划,没有涉及到目标函数的最值,却继承了传统第8题的思想,在变化的过程中找规律,但变化的因素和变化的范围都一目了然,所以本题的难度只相当于往年第7题的难度。

再如第13题考查了平面向量基本定理,这是从来都没有考查过的,也是同学们在学习的时候容易忽略的考点,通常大家都会把注意力集中在向量的运算等问题上,所以虽然难度不高,但是并不容易得分;
第17题,这种类型的题目在去年出现时,大家还会感到措手不及,但是今年的问题就完全在意料之内,而且关于空气质量问题也是今年北京的热点问题,由于统计和现实生活的紧密性,把实事热点问题拿到卷面上是必然的趋势,相信明年还会沿袭这一趋势。

同时第三问如同2012年17题的第三问,不需要精确的计算,但要求学生要对统计的相关图形,数字特征,理解深刻才能正确解答。

除此之外,还有一变,就是加入了2010以及以前的试卷常考的分布列和期望,所以这道题考查的很全面,很新颖。

第18题,是我们再熟悉不过的题型,这是我们在模拟题中练了无数遍的题型,而且是所有题型中最基础的题型,切线方程用到的点是曲线上的,第二问是典型的最值问题,只要按照最传统的套路,求导求单调性求最值,即可;
20题又回归到了以数列为载体的创新型题目,使得同学们不至于无从下手,这道题拿一半分的难度还是不大的。

整体难度的降低,是所有考生的福分,虽然有可能促使各高校录取分数提高,但是当考生看到试卷的时候,起码更有信心,并且降低了大家的紧张程度,使得更多的考生可以正常,甚至超水平发挥。

备考策略
通过分析今年高考试题,可以指导将来的考生在现阶段如何备考。

虽然今年的高考试题变化较多,但是我们就是要在这变化中抓住不变的东西,才能应对考试中那些无法预知的变化。

北京高考题的不变是最大特点,所以当同学们面对变化时,经常会临场慌乱,但是我们通过对今年以及往年的试卷分析,发现,这所有的变化其实都在我们掌控的范围之内。

客观题中的线性规划,程序框图,三视图,极坐标,参数方程,复数,圆,二项式定理等小考点,虽然我们并不能确定每年会选择哪些来考查,但是我们完全可以尽数掌握这些小考点,因为它们毕竟是小考点,不会花费我们太多的时间和精力。

学习过程中不因为高考不考就忽略甚至放弃,在我们学习的过程中经常会有一些不经常练,不经常考的知识,被我们忽略,例如,平面向量基本定理,平面的基本性质,异面直线的定义,交集并集补集的定义,不等式的性质,均值不等式,统计中的各种图形和数字特征,
等等,由于同学们的个体差异,还可能有更多的角落被我们忽略,遗忘。

同时,我们要在学习基础知识的时候注重能力的培养,机械的解题方法和技巧只能应对那些不变的东西,只有能力是可以抗衡那些灵活的,多变的东西的。

所以,比如化归,分析问题解决问题,空间想象,抽象概括,计算,等各个方面的能力都要有意识的培养。

怎么培养呢,简单的说,就是要,多思,多练,多讲。

由于课堂上老师无法关注到每个学生,所以必然会有很多的问题遗留下来,比如为什么直线垂直于平面内两条相交的直线就能说明线面垂直呢?同角三角函数关系式是怎么得到的呢?那些对数的运算性质是怎么得到的呢?等等。

每位同学一定会有各种各样的很多问题,如果这些问题都搞明白了,不仅能提高对数学的学习兴趣,更能提高学生本身的数学素养,明白了最根本的问题,才能够发散和灵活运用。

反之,各种问题堆积的越多,时间越久,学习兴趣就越淡,数学素养也就越低,最后导致,在高三复习的时候,就算学习了最机械最傻瓜式的解题方法,再考试的时候也未必能用好。

最后,针对北京考试不变的东西,我们还要一如既往的学习,像三角函数,立体几何,统计概率,函数导数,圆锥曲线,数列,等各个重点专题模块,保持一贯的学习方法,熟悉这些模块的各种模型,及解题策略。

祝广大考生考入理想的大学。

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