桂湖公园与宝光寺
新都桂湖公园具体介绍
新都桂湖公园桂湖公园在新都县城西南，与升庵桂湖仅有一座城墙相隔，它是升庵桂湖的扩大和延伸，以是一座自成体系的新建仿古园林。
桂湖公园的总体设计，突出了“桂”和“湖”这两个主题。
其建筑布局、景点设置与升庵桂湖的风格相协调，与新都古城墙及高踞墙上的城楼(桂湖门，又叫新南门)、坠月楼、问津楼、观稼台等景观相呼应。
桂湖公园以四川古典园林传统风格为主，但又不拘一格，博采各地园林之所长，并用强烈的虚实对比和疏密对比手法，形成了自己所特有的园林风格。
桂湖公园在建造中，根据原有地形地物，包括树木竹林，都加以改造利用，它保留了长达一千米的饮马河(即清源河)。
河道及其自然景色，把大片低温地改造成人工湖，将凿湖之土垒成山丘，形成错落有致的岛屿和优美流畅的湖岸线，桂湖公园占地208亩，其中水面82亩。
湖上的建筑，吸取国内园林建筑艺术之精华，结构巧妙，工艺精美，楼、阁、亭、榭各式屋面全施以绿色琉璃瓦，平桥、拱桥、曲桥等各式桥梁多采用汉白玉或花岗石，显示了昔日宫廷园苑的豪华气派。
桂湖公园年动工兴建，1988年对外开放，1992年初具规模，是镶嵌在四川历史文化名城新都的又一颗的明珠，是展现在成都平原上的又一处山水俱佳、建筑典雅的园林胜境、旅游名区。
清晨，乘着大巴从学校出发，沿绕城高速向目的——地桂湖公园驶去，天气的凉爽增加了同学们学习顺便旅游的兴致，看着资料上对桂湖的介绍，不由得增加了自己的好奇心，桂湖——一个有着深厚文化底蕴的地方。
大概四十分钟后，我们到达了目的地，在公园门口，看着这个有点“旧”的新都县城，却正好增加了她的神秘与文化底蕴，新都居“天府之国”川西平原腹地，素有“天府明珠”和“香城”之称。
在老师的分头带领下，我们开始积极的了解及分析眼前的桂湖。
桂湖位于新都县城西郊，距成都18公里，面积4万平方米，水面约2万平方米。
是明代著名学者杨升庵的旧居，以环湖遍植桂树而得名。
园内有升庵祠，陈列杨升庵的著作100余种，4000多卷。
新都区文案策划书3篇
新都区文案策划书3篇篇一《新都区文案策划书》一、策划背景新都区作为成都市的重要区域，拥有丰富的历史文化底蕴和独特的发展优势。
为了更好地宣传新都区的形象，提升其知名度和影响力，特制定本文案策划书。
二、策划目标1. 提高新都区在国内外的知名度和美誉度。
2. 展示新都区的独特魅力和发展潜力。
3. 吸引更多的投资、人才和游客来到新都区。
三、策划内容（一）品牌定位将新都区定位为“文化之都、创新之城、宜居之地”。
（二）宣传口号1. “新都，让生活更美好”2. “文化新都，魅力无限”3. “创新新都，引领未来”（三）宣传渠道1. 线上宣传社交媒体平台：利用、微博、抖音等社交媒体平台，发布新都区的美景、美食、文化活动等内容，吸引用户关注和分享。
官方网站：建设新都区官方网站，展示新都区的概况、政策、投资环境等信息，提供在线咨询和服务。
网络广告：投放搜索引擎广告、信息流广告等，提高新都区的网络曝光度。
2. 线下宣传户外广告：在新都区的主要道路、商圈、景区等地方设置广告牌、灯箱广告等，宣传新都区的形象。
活动宣传：举办各类文化活动、旅游节庆活动、招商推介活动等，吸引媒体和公众的关注。
媒体合作：与电视台、报纸、杂志等媒体合作，进行专题报道和深度宣传。
（四）宣传内容1. 历史文化介绍新都区的悠久历史和丰富的文化遗产，如宝光寺、桂湖公园等。
挖掘新都的传统文化，如新都剪纸、新都柚等，展示其独特的文化魅力。
2. 旅游资源宣传新都区的自然风光，如泥巴沱风景区、白鹤岛等。
推荐新都区的特色旅游线路，如文化古迹游、乡村休闲游、美食之旅等。
3. 产业发展介绍新都区的主导产业，如电子信息、生物医药、智能制造等。
展示新都区的产业园区和企业，宣传其发展成果和投资环境。
4. 城市建设展示新都区的城市风貌和基础设施建设，如城市公园、道路建设、公共交通等。
宣传新都区的宜居环境和生活品质。
（五）活动策划1. 文化节庆活动举办新都文化节，展示新都的传统文化和现代文化，吸引游客和市民参与。
新都区桂湖公园的城墙-概述说明以及解释
新都区桂湖公园的城墙-概述说明以及解释1.引言1.1 概述新都区桂湖公园是成都市的标志性景点之一，位于新都区的中心地带。
公园内保存着一段历史悠久的城墙，这座城墙见证了成都数百年的历史变迁。
本文将就桂湖公园的城墙进行深入探讨，从城墙的建造与特点、历史背景、当代意义等方面进行分析，旨在揭示城墙对于桂湖公园的重要性，探讨如何更好地保护和传承这一历史遗产，并展望城墙在未来的发展方向。
通过本文的研究，希望读者能对桂湖公园的城墙有一个更深入的了解，并更加珍惜和重视这段珍贵的历史。
1.2文章结构文章结构部分将主要包括以下内容：1. 桂湖公园的历史背景：介绍桂湖公园的建设历史和重要性，为读者提供对该公园的整体认识。
2. 城墙的建造与特点：详细描述桂湖公园城墙的建造过程、结构和特点，展现其独特之处。
3. 城墙在当代的意义：探讨桂湖公园城墙在现代社会的意义和作用，引发读者对城墙的思考和认识。
通过对以上三个部分的介绍和分析，读者可以更全面地了解桂湖公园城墙的重要性和价值，从而更好地欣赏和保护这一历史遗产。
1.3 目的本文的目的是通过深入探讨新都区桂湖公园的城墙，揭示其在历史上的建造过程、特点以及在当代的意义。
通过对城墙的研究，我们可以更加全面地认识桂湖公园所承载的历史文化价值，以及城墙在城市发展与保护文化遗产中的重要性。
同时，本文旨在呼吁社会各界共同承担保护与传承城墙的责任，促进城墙文化的传承与发展，为桂湖公园城墙的未来发展探索新的方向。
2.正文2.1 桂湖公园的历史背景桂湖公园位于四川省成都市新都区，是一座有着悠久历史的公园。
桂湖公园最初是一处皇家园林，建于明朝万历年间。
公园占地广阔，内有湖泊、花园、林荫道等景观，被誉为成都的“九寨沟”。
在明清时期，桂湖公园曾是皇家贵族们游玩休憩的胜地，同时也是文人墨客们创作诗词的灵感源泉。
公园内的建筑风格古朴典雅，体现了当时的艺术和建筑水平。
城墙作为公园的一部分，是当时为了防御外敌侵略而修建的防护工程，展现了古代文明的智慧和创造力。
国内赏桂花的地方五大赏桂好去处盘点
灵谷景区
最佳品香线：
红山门-桂花走廊-桂花王大草坪-邓演达墓-松风阁-桂林石屋-万株桂园-
桂花-红山门
点评：进入灵谷景区红山门沿着桂花走廊就可以闻到淡淡的桂花香两侧的品 种主要有‘早金桂’、‘早籽黄’、‘早银桂’。行至桂花王大草坪两侧均有盛开的 桂花。向东前行至景点邓演达墓是最佳赏桂点有开放的‘四季桂’、‘早丹桂’、 ‘早银桂’和‘早金桂’。这里的品种繁多且较为集中是灵谷赏桂的一个佳处。 回到松风阁飘有阵阵的甜香再到民国建筑遗存“桂林石屋”这里也是赏桂的最佳 去处可以感受到民国历史的沧桑和馥郁的幽香。
到目前为止国内经桂花分类专家向其柏和刘玉莲记载的桂花品种有 62 个其 中桂花公园收集的品种就有 50 个分属四季桂类和秋桂类两大类和四季桂、银桂、 金桂和丹桂 4 个品种群。
附 近 公 交 车 站 ： 261 游 5935272839 游 4 长 线 游 4 游 29335309308110310210152955811。
此外据悉颐和园每年国庆前后都会举办桂花文化节在桂花文化展期间颐和 园将展出四大名品花色金黄、甜香宜人的金桂;花色银白、清香爽人的银桂;花香 赤红、光耀芬芳的丹桂以及四季飘香的四季桂等。桂枝婆娑花香袭人漫步其间恍 如置身于人间仙境。桂花文化展 2002 开始已经展出 8 年了从每年的 9 月下旬 开始持续到 10 月中旬期间公园的门票也将保持不变。游园之余游客可以体验桂 花的饮食文化：颐和园还特别准备了桂花茶与桂花宴游客可以到水村居茶社与听
满觉陇因桂花而闻名每年秋天桂花盛开香满空山落英如雨故有“满陇桂雨” 之美誉。1985 年“满ห้องสมุดไป่ตู้桂雨”被评为新西湖十景之一。
明代人高濂在《满家弄看桂花》中写道：“桂花最盛处唯南山、龙井为多而 地名满家弄者其林若墉栉。一村以市花为业各省取给于此。秋时策骞入山看花从 数里外便触清馥。入径珠英琼树香满空山快赏幽深恍入灵鹫金粟世界”。
2019年社区第一季度人民调解的工作总结
社区第一季度人民调解的工作总结篇一：社区第一季度人民调解工作总结一、调解案例情况本季度我社区调解办公室对辖区内38宗案件进行了及时有效的调解，其中35宗案件在我们领导及调解员动之以情、明之以理、晓之以法的耐心调解下，当事人各方相互谅解，化解了矛盾冲突，达成了和解协议。
二、具体工作情况1、本季度调解委员会调解家庭矛盾纠纷的案件多宗，此类案件主要表现在家庭成员之间吵架、斗殴及赡养老人等问题。
20XX年1月27日傍晚，我社区某居民家庭父子吵架引起了我们调解员的高度重视，父亲跳起来说：“我不想活了”，儿子也放出话来：“总有一个要躺在地上。
”对于这对父子间激烈的冲突，我们调解员细心的了解事情的缘由，耐心劝慰。
两小时后，父子俩终于安静下来了，接受了调解员的劝导，父亲答应以后和儿子好好相处，儿子也答应会孝顺父母，尽到赡养老人的责任和义务。
2、调解邻里纠纷10多宗，邻里间的纠纷一般发生较多，但一般在我们调解员的调解下都能化干戈为玉帛。
20XX年3月10日，一居民在老房拆建的过程中，一碎砖砸坏了隔壁邻居家的窗玻璃，于是双方发生了口角，我们调解员接到情况后，立即赶往现场，一面平息双方的情绪，一面了解情况。
最后，在调解员的调庭下，双方握手言和了，拆建房屋的户主当即赔偿了邻居家下班的损失。
3、调解用人单位与员工之间因口头协议、工资待遇等劳动纠纷问题多宗。
对于此类劳动纠纷，调解员在调查核实情意的基础上，充分利用法律的武器，对用人单位和员工的说教和调解充分做到以法律为依据，把相关法律条文展示给用人单位和员工看。
最后用人单位和员工在法律事实面前，都能依法履行其双方的职责，使纠纷得到有效化解。
在此类案件的调解中，调解员不仅成功调解了劳动纠纷，而且强化了双方当事人的法律意识。
如：20XX年3月12日，在龙眼恒骏制衣厂发生的用人单位不承认口头协议，而降低员工在淡季期间的工资待遇。
4、调解用人单位因春节期间发生的超时加班、加班工资计算、欠薪、春节期间工资发放及结算等纠纷10多宗。
新都文化
新都人文历史素有“天府明珠”、“香城宝地”美誉的新都位于成都市北郊，居川西平原腹心地带，是古蜀国三大名都之一，距今已有三千年历史。
新都拥有丰富的自然资源、深厚的文化底蕴，能满足游客不同的休闲需求。
这里不仅有千年古刹宝光寺、隋唐园林遗迹桂湖公园、古典人文园林东湖公园等历史建筑，还有乡村休闲旅游风情园和少儿时光基地、草莓园等亲子互动乐园，同时还有成都海宁皮革城、二台子丝绸博物馆、海峡茶城等大型购物商场。
穿越3000年的漫长岁月，新都以厚重的文化底蕴呈现于现代都市;书香、佛香、花香“三香”袭人，山脉、水脉、人脉、文脉“四脉”传承。
在不少人看来，新都厚重的历史人文，赋予了这座城市独特的气质——大气、稳重。
而随着保利热波音乐节、草莓音乐节、国际风筝节等一大批新兴文化活动的举办，新都更被贴上了时尚、现代、开放的标签，成为全域成都最具代表性的宜业宜居宜游样本。
【人文历史项目】新都区历史悠久，在周、秦以前属古蜀国地。
从2002年的1月1日起，新都县结束了2222年的“县史”，成为“成都市新都区”。
新都区的旅游景点以桂湖和宝光寺最为有名。
桂湖是具有江南园林风格的公园，因明代杨升庵在此读书饯别友人写出名诗《桂湖曲》而得名。
宝光寺始建于东汉，是成都地区规模最大，保存最完整的佛教寺庙。
另有泥巴沱、白鹤岛等风景区。
宝光寺宝光寺位于成都市北郊十八公里处的新都区，是我国历史悠久、规模宏大、结构完整、环境清幽的佛教寺院之一。
此寺相传建于东汉，因史料不足，难以断论。
但从这里至今保存了我国早期佛寺“寺塔一体、塔踞中心”的典型布局看来，这座寺院最迟建于隋代，当时是否叫宝光寺尚无法稽考。
但从1996年5月在寺内出土的唐代《施衣功德碑》最新资料表明，唐玄宗开元二十九年（741），这里已经叫宝光寺了。
寺中的佛塔，名称宝光塔。
唐会昌五年（845），唐武宗李炎下令拆毁天下大寺4千6百余所，小寺4万余所，宝光寺难免劫难，宝光塔也被摧毁。
唐大中元年（847），宝光寺得以恢复，但宝光塔尚未重修。
2024年四川省成都市新都区中考数学一诊试卷(含解析)
2024年四川省成都市新都区中考数学一诊试卷一、选择题（本大题共8个小题，每小题4分，共32分；在每个小题给出的四个选项中，有且只有一个答案是符合题目要求的，并将自己所选答案的字母涂在答题卡上）1．（4分）﹣2024的绝对值是（ ）A．2024B．﹣2024C．D．2．（4分）提高交通安全意识是每一位青少年的“必修课”，以下有关交通安全的标识图，既是轴对称图形，又是中心对称图形的是（ ）A．B．C．D．3．（4分）据统计，仅2024年大年初一这一天，我国全社会跨区域人员流动量约为1.9亿人次．将1.9亿用科学记数法表示为（ ）A．19×108B．1.9×109C．0.19×1010D．1.9×1084．（4分）下列各式计算正确的是（ ）A．（x+y）2＝x2+y2B．（2x2）3＝6x6C．4x3÷2x＝2x2D．x2﹣4y2＝（x+4y）（x﹣4y）5．（4分）在平面直角坐标系中，点P（﹣2，﹣4）关于x轴对称的点的坐标是（ ）A．（2，4）B．（0，﹣4）C．（﹣2，4）D．（2，﹣4）6．（4分）2024年，中国将迎来一系列重要的周年纪念活动，某校开展了主题为“牢记历史•吾辈自强”的演讲比赛，九年级8名同学参加该演讲比赛的成绩分别为76，78，80，85，80，74，78，80．则这组数据的众数和中位数分别为（ ）A．80，79B．80，78C．78，79D．80，807．（4分）如图，点E是▱ABCD的边AD上一点，且AE：DE＝1：2，连接CE并延长，交BA的延长线于点F．若AE＝4，AF＝6，则▱ABCD的周长为（ ）A．21B．34C．48D．608．（4分）已知抛物线y＝ax2+bx+c（a≠0）的对称轴为直线x＝﹣2，与x轴的一个交点坐标为（﹣4，0），其部分图象如图所示，下列结论：①当x＜0时，y随x增大而增大；②该抛物线一定过原点；③b2﹣4ac＞0；④a﹣b+c＜0；⑤b＞0．其中结论正确的个数有（ ）个．A．1B．2C．3D．4二、填空题（本大题共5个小题，每小题4分，共20分，答案写在答题卡上）9．（4分）分解因式：3a3﹣12a＝ ．10．（4分）如图，直线：y＝2x+4与直线l2：y＝kx+b相交于点P（1，m），则方程组的解为 ．11．（4分）一个箱子装有除颜色外都相同的3个蓝球，3个灰球和一定数量的粉球．从中随机抽取1个球，被抽到粉球的概率是，那么箱内粉球有 个．12．（4分）如图，经过原点的直线交反比例函数的图象于A，B两点，过点A作AC⊥x轴于点C，连接BC，当S△ABC＝2时，k的值为 ．13．（4分）如图，在Rt△ABC中，∠BAC＝90°，按以下步骤作图：①分别以点A和点C 为圆心，大于的长为半径作弧，两弧相交于M，N两点；②作直线MN交BC于点D，连接AD．若AB＝BD＝2，则△ACD的面积为 ．三、解答题（本大题共5小题，共48分，解答过程写在答题卡上）14．（12分）（1）计算：；（2）先化简，再求值：，其中a＝﹣1．15．（8分）为提升同学们的综合素质，丰富课余生活，某校举行了“爱新都”为主题的视频制作评比活动．某兴趣小组同学积极参与，计划制作有代表性景点的城市宣传短片，现抽样调查了部分学生，从A锦门民国小镇，B桂湖公园，C宝光寺，D新繁东湖，E泥巴沱公园五个景点中，选出最具有新都代表性的地方，并将调查情况绘制成如图两幅不完整统计图．根据统计图中的信息解答下列问题：（1）本次被调查的学生有 人，扇形统计图中表示A的扇形圆心角α的度数等于 度，并把条形图补充完整；（2）该校学生共计1500人，请估算出该校认为最具有新都代表性的是宝光寺的学生人数；（3）该兴趣小组准备从校内四位“优秀共青团员”（两男两女）中，挑选两人作为宣传片中的讲解员，请利用列表或画树状图的方法，求所选两人恰好是1名男生和1名女生的概率．16．（8分）某校学生利用课余时间，使用卷尺和测角仪测量某公园古城门的高度．如图所示，他们先在公园广场点M处架设测角仪，测得古城门最高点A的仰角为22°，然后前进20m到达点N处，测得点A的仰角为45°；已知测角仪的高度为1.4m．求古城门最高点A距离地面的高度．（结果精确到0.1m；参考数据：sin22°≈0.37，cos22°≈0.93，tan22°≈0.40）17．（10分）如图，已知矩形ABCD和矩形AEFG共用顶点A，点E在线段BD上，连接EG，DG，且．（1）求证：∠ABE＝∠ADG；（2）若，，，求EG的长．18．（10分）在平面直角坐标系xOy中，直线与反比例函数的图象交于A （3，m），B两点．（1）求直线AB的函数表达式及点B的坐标；（2）如图1，过点A的直线分别与x轴，反比例函数的图象（x＜0）交于点M，N，且，连接BM，求△ABM的面积；（3）如图2，点D在另一条反比例函数的图象上，点C在x轴正半轴上，连接DC交该反比例函数图象于点E，且DE＝2EC，再连接AD，BC，若此时四边形ABCD 恰好为平行四边形，求k的值．一、填空题（本大题共5个小题，每小题4分，共20分，答案写在答题卡上）19．（4分）满足的整数x有 个．20．（4分）x1，x2为一元二次方程x（3x﹣1）﹣1＝0的两个实数根，则x1+x2﹣3x1x2＝ ．21．（4分）将抛物线C1：y＝x2向左平移a（a＞0）个单位长度后，再向下平移b个单位长度，得到新的抛物线C2，若A（﹣a﹣2，y1），B（﹣a+1，y2），C（﹣a+3，y3）为抛物线C2图象上的三点，则y1、y2、y3的大小关系 .（请用“＜”表示）22．（4分）如图1，以矩形ABCD的宽BC为边在其内部作正方形BCFE，若，则称矩形ABCD为“黄金矩形”，＝称为“黄金比率”，如图2，以矩形ABCD 的宽BC为边在其内部作两个正方形BCHG，GHFE，若，则称矩形ABCD为“白银矩形”，＝称为“白银比率”，则该比率为 ；如图3，A4纸的长与宽的比值近似可以看作，若沿某条直线裁剪一次，使得A4纸剩下部分为一个“白银矩形”，则该“白银矩形”的面积是 ．23．（4分）如图，在矩形ABCD中，BC＝2AB，点M，N为直线AD上的两个动点，且∠MBN ＝30°，将线段BM关于BN翻折得线段BM′，连接CM′．当线段CM′的长度最小时，∠MM'C的度数为 度．24．（10分）为了美化校园，某校准备在校园广场中心安装一个圆形喷水池，喷水池中央设置一柱形喷水装置OA高2米，点A处的喷头向外喷水，水流在各个方向上沿形状相同的抛物线路径落下．O位于圆形喷水池中心的水面处，按照如图所示建立直角坐标系，该设计水流与OA的水平距离为1米时，喷出的水柱可以达到最大高度3米．（1）求出该抛物线的函数表达式；（2）为了使喷出的水流不至于溅落在圆形喷水池外，需要在水流落回水面处的外侧预留1米距离，则该圆形喷水池的半径至少设计为多少米合理？25．（10分）如图，在平面直角坐标系xOy中，已知抛物线y＝ax2+c，经过点M（2，3），与y轴交于点A（0，﹣1），直线BC与抛物线交于异于点A的B，C两点．（1）求抛物线的函数表达式；（2）若三角形BOM是以OM为底的等腰三角形，试求出此时点B的横坐标；（3）若BA⊥CA，探究直线BC是否经过某一定点．若是，请求出该定点的坐标；若不是，请说明理由．26．（10分）如图1，在四边形ABFE中，∠F＝90°，点C为线段EF上一点，使得AC⊥BC，AC＝2BC＝4，此时BF＝CF，连接BE，BE⊥AE，且AE＝BE．（1）求CE的长度；（2）如图2，点D为线段AC上一动点（点D不与A，C重合），连接BD，以BD为斜边向右侧作等腰直角三角形BGD．①当DG∥AB时，试求AD的长度；②如图3，点H为AB的中点，连接HG，试问HG是否存在最小值，如果存在，请求出最小值；如果不存在，请说明理由．2024年四川省成都市新都区中考数学一诊试卷参考答案与试题解析一、选择题（本大题共8个小题，每小题4分，共32分；在每个小题给出的四个选项中，有且只有一个答案是符合题目要求的，并将自己所选答案的字母涂在答题卡上）1．【分析】根据绝对值的意义解答即可．【解答】解：﹣2024的绝对值是2024．故选：A．【点评】本题主要考查了绝对值的意义，解题的关键是熟练掌握．2．【分析】根据中心对称图形与轴对称图形的概念，进行判断即可．把一个图形绕某一点旋转180°，如果旋转后的图形能够与原来的图形重合，那么这个图形就叫做中心对称图形；如果一个图形沿一条直线折叠，直线两旁的部分能够互相重合，这个图形叫做轴对称图形．【解答】解：A．该图形既不是轴对称图形，也不是中心对称图形，故此选项不符合题意；B．该图形既是轴对称图形，又是中心对称图形，故此选项符合题意；C．该图形是轴对称图形，不是中心对称图形，故此选项不符合题意；D．该图形是轴对称图形，不是中心对称图形，故此选项不符合题意．故选：B．【点评】本题考查的是中心对称图形与轴对称图形的概念，常见的中心对称图形有平行四边形、圆形、正方形、长方形等等．常见的轴对称图形有等腰三角形，矩形，正方形，等腰梯形，圆等等．3．【分析】将一个数表示成a×10n的形式，其中1≤|a|＜10，n为整数，这种记数方法叫做科学记数法，据此即可求得答案．【解答】解：1.9亿＝190000000＝1.9×108，故选：D．【点评】本题考查科学记数法表示较大的数，熟练掌握其定义是解题的关键．4．【分析】计算出各个选项中式子的正确结果，即可判断哪个选项符合题意．【解答】解：（x+y）2＝x2+2xy+y2，故选项A错误，不符合题意；（2x2）3＝8x6，故选项B错误，不符合题意；4x3÷2x＝2x2，故选项C正确，符合题意；x2﹣4y2＝（x+2y）（x﹣2y），故选项D错误，不符合题意；故选：C．【点评】本题考查整式的混合运算、因式分解，熟练掌握运算法则是解答本题的关键．5．【分析】根据关于x轴对称的点的坐标特点解答即可．【解答】解：点P（﹣2，﹣4）关于x轴对称的点的坐标是（﹣2，4）．故选：C．【点评】本题考查的是关于x轴对称的点的坐标，熟知关于x轴的对称点的坐标特点：横坐标不变，纵坐标互为相反数是解题的关键．6．【分析】将数据重新排列，再根据众数和中位数的定义求解即可．【解答】解：将这组数据重新排列为74，76，78，78，80，80，80，85，所以这组数据的众数为80，中位数为＝79，故选：A．【点评】本题主要考查众数和中位数，解题的关键是掌握众数和中位数的定义．7．【分析】由平行四边形的性质推出CD∥AB，DC＝AB，AD＝BC，得到△FAE∽△CDE，推出FA：CD＝AE：DE＝1：2，求出CD＝12，由AE＝4，AE：DE＝1：2求出DE＝8，得到AD＝AE+ED＝12，即可求出▱ABCD的周长＝2（AD+CD）＝48．【解答】解：∵四边形ABCD是平行四边形，∴CD∥AB，DC＝AB，AD＝BC，∴△FAE∽△CDE，∴FA：CD＝AE：DE＝1：2，∵FA＝6，∴CD＝12，∵AE＝4，AE：DE＝1：2，∴DE＝8，∴AD＝AE+ED＝12，∴▱ABCD的周长＝2（AD+CD）＝2×（12+12）＝48．故选：C．【点评】本题考查平行四边形的性质，相似三角形的判定和性质，关键是由△FAE∽△CDE，得到FA：CD＝AE：DE＝1：2，求出CD的长．8．【分析】①根据函数图象变化趋势进行解答；②根据对称轴，求出抛物线与x轴的另一个交点，便可判断；③根据由函数图象可知，与x轴有两个交点；④根据当x＝﹣1时，y的函数值的位置进行判断；⑤根据开口方向和对称轴的位置解答即可．【解答】解：①由函数图象可知，当﹣2＜x＜0时，y随x增大而减小，则此小题结论错误；②∵对称轴为直线x＝﹣2，与x轴的一个交点坐标为（﹣4，0），∴另一个交点为（0，0），即抛物线一定过原点，则此小题结论正确；③∵由函数图象可知，与x轴有两个交点，b2﹣4ac＞0；则此小题结论正确；④由函数图象可知，当x＝﹣1时，y＝a﹣b+c＞0，则此小题结论错误；⑤∵开口向下，∴a＜0，对称轴为直线x＝﹣2，∴b＜0，则此小题结论错误；故选：B．【点评】本题考查了抛物线与x轴的交点，二次函数与不等式的关系，二次函数图象与系数的关系以及二次函数图象上点的坐标特征，逐一分析五条结论的正误是解题的关键．二、填空题（本大题共5个小题，每小题4分，共20分，答案写在答题卡上）9．【分析】先提取公因式3a，再对余下的多项式利用平方差公式继续分解．【解答】解：3a3﹣12a＝3a（a2﹣4），＝3a（a+2）（a﹣2）．故答案为：3a（a+2）（a﹣2）．【点评】本题考查了用提公因式法和公式法进行因式分解，一个多项式有公因式首先提取公因式，然后再用其他方法进行因式分解，同时因式分解要彻底，直到不能分解为止．10．【分析】首先利用待定系数法求出m的值，进而得到P点坐标，再根据两函数图象的交点就是两函数组成的二元一次去方程组的解可得答案．【解答】解：∵直线y＝2x+4经过点P（1，m），∴m＝2+4＝6，∴P（1，6），∴方程组的解为．故答案为：．【点评】此题主要考查了二元一次去方程组与一次函数的关系，关键是掌握两函数图象的交点的坐标就是两函数组成的二元一次去方程组的解．11．【分析】设箱内粉球有x个，根据概率公式列出方程，解方程即可．【解答】解：设箱内粉球有x个，由题意得：＝，解得：x＝6，经检验，x＝6是原方程的解，且符合题意，即箱内粉球有6个，故答案为：6．【点评】此题考查了概率公式：概率＝所求情况数与总情况数之比，熟记概率公式是解题的关键．12．【分析】根据反比例函数图象的对称性可得出A，B两点关于点O对称，进而得出△AOC 与△BOC的面积相等，据此可解决问题．【解答】解：因为反比例函数是中心对称图形，且坐标原点是对称中心，所以点A和点B关于点O对称，则OA＝OB．又因为S△ABC＝2，所以．因为AC⊥x轴，所以，则x A y A＝2，所以k＝x A y A＝2．故答案为：2．【点评】本题考查反比例函数与一次函数图象交点问题，熟知反比例函数图象的对称性是解题的关键．13．【分析】只要证明△ABD是等边三角形，推出BD＝AD＝DC，可得S△ADC＝S△ABC即可解决问题．【解答】解：由作法得MN垂直平分AC，∴DA＝DC∴∠DAC＝∠C，∴∠ADB＝∠DAC+∠C＝2∠C，∵AB＝BD，∴∠BAD＝∠ADB＝2∠C，∵∠BAC＝90°，∴∠BAD+∠C＝90°，即2∠C+∠C＝90°，∴∠C＝30°，∴AC＝AB＝2．∴△ACD的面积＝S△ABC＝××2×2＝，故答案为：．【点评】本题考查了作图﹣复杂作图：解决此类题目的关键是熟悉基本几何图形的性质，结合几何图形的基本性质把复杂作图拆解成基本作图，逐步操作．也考查了线段垂直平分线的性质．三、解答题（本大题共5小题，共48分，解答过程写在答题卡上）14．【分析】（1）根据特殊角的三角函数值、二次根式的性质、零指数幂计算；（2）根据分式的减法法则、除法法则把原式化简，把a的值代入计算，得到答案．【解答】解：（1）原式＝3×﹣﹣×+1＝﹣2﹣1+1＝﹣；（2）原式＝÷（+）＝÷＝•＝，当a＝﹣1时，原式＝＝＝．【点评】本题考查的是实数的运算、分式的化简求值，掌握实数的运算法则、分式的混合运算法则是解题的关键》15．【分析】（1）用条形统计图中B的人数除以扇形统计图中B的百分比可得本次被调查的学生人数；用360°乘以本次调查中选择A景点的人数所占的百分比，可得扇形统计图中表示A的扇形圆心角α的度数；求出选择D景点的人数，补全条形统计图即可．（2）根据用样本估计总体，用1500乘以样本中选择C的学生人数所占的百分比，即可得出答案．（3）画树状图得出所有等可能的结果数以及所选两人恰好是1名男生和1名女生的结果数，再利用概率公式可得出答案．【解答】解：（1）本次被调查的学生有18÷22.5%＝80（人）．扇形统计图中表示A的扇形圆心角α的度数等于360°×＝72°．故答案为：80；72．选择D景点的人数为80﹣16﹣18﹣20﹣8＝18（人）．补全条形统计图如图所示．（2）1500×＝375（人）．∴该校认为最具有新都代表性的是宝光寺的学生人数约375人．（3）将2名男生分别记为甲，乙，2名女生分别记为丙，丁，画树状图如下：共有12种等可能的结果，其中所选两人恰好是1名男生和1名女生的结果有：甲丙，甲丁，乙丙，乙丁，丙甲，丙乙，丁甲，丁乙，共8种，∴所选两人恰好是1名男生和1名女生的概率为＝．【点评】本题考查列表法与树状图法、条形统计图、扇形统计图、用样本估计总体，能够读懂统计图，掌握列表法与树状图法以及用样本估计总体是解答本题的关键．16．【分析】过A作AD⊥PM于D，延长BC交AD于E，则四边形BMNC，四边形BMDE 是矩形，于是得到BC＝MN＝20m，DE＝CN＝BM＝1.4m，求得CE＝AE，设AE＝CE＝x，得到BE＝20+x，解直角三角形即可得到结论．【解答】解：过A点作AE⊥BC，交BC延长线于点E，交MP于点F，则BMNC，四边形BMDE是矩形，∴BC＝MN＝16m，ED＝BM，设AE＝xm，在Rt△ACE中，∠ACE＝45°，∴AE＝CE＝xm，∵BC＝20m，∴BE＝x+20，在Rt△ABE中，∠ABE＝22°，∴tan22°＝，∴0.40＝，解得：x≈13.33，∴ED＝BM＝1.4m，∴AF＝13.33+1.4＝14.73≈14.7（m）．答：古城门最高点A距离地面的高度约为14.7m．【点评】本题考查了解直角三角形的应用﹣﹣仰角俯角问题，能借助仰角构造直角三角形并解直角三角形是解决问题的关键．17．【分析】（3）利用同角的余角相等可得∠BAE＝∠DAG，结合条件即可证明△ABE∽△ADG，以此即可得证；（2）易得∠ADB＝∠CBD，结合（1）中结论并根据等角加等角相等得∠EDG＝90°，再由勾股定理求得BD的长，于是得出BE的长，由△ABE∽△ADG可求出DG的长，最后再利用勾股定理即可求解．【解答】（1）证明：∵四边形ABCD和四边形AEFG均为矩形，∴∠BAD＝∠EAG＝90°，即∠BAE+∠DAE＝∠DAG+∠DAE＝90°，∴∠BAE＝∠DAG，又∵，∴△ABE∽△ADG，∴∠ABE＝∠ADG．（2）解：∵四边形ABCD为矩形，∴AD∥BC，∠ABC＝∠ABE+∠CBD＝90°，∴∠ADB＝∠CBD，∵∠ABE＝∠ADG，∴∠ADG+∠ADB＝∠ABE+∠CBD＝90°，即∠EDG＝90°，在Rt△ABD中，AB＝，AD＝，∴＝＝，∴BE＝BD＝，DE＝，由（1）知，△ABE∽△ADG，∴，∠ABE＝∠ADG，∴，∴DG＝，在Rt△DEG中，EG＝＝＝．【点评】本题主要考查相似三角形的判定与性质、矩形的性质、勾股定理，解题关键：（1）由同角的余角相等得到∠BAE＝∠DAG；（2）根据角之间的关系推理证明∠EDG＝90°．18．【分析】（1）将A（3，m）代入直线y＝﹣x+b与反比例函数y＝，可得答案；（2）过点A作AP⊥x轴于P，过点N作NQ⊥AP于Q，根据平行线分线段成比例得，可得N（﹣4，﹣3），从而得出直线AM的解析式为y＝x+1，M（﹣1，0），再计算S△ABM＝S△AHM﹣S△BHM即可；（3）利用平行四边形的性质可得AB∥CD，设直线CD的解析式为y＝﹣x+t，可得C（t，0），则D（t﹣3，2），过D作DG⊥x轴于G，过点E作EF⊥x轴于F，则DG∥EF，可得△CEF∽CDG，利用相似三角形的性质得，可得出EF＝，OF＝t﹣1，则E（t﹣1，），根据反比例函数图象上点的坐标特征可得t＝，即可解决问题．【解答】解：（1）将A（3，m）代入反比例函数y＝得，m＝4，∴A（3，4），将点A（3，4）代入y＝﹣x+b得，b＝6，∴直线AB的函数表达式为y＝﹣x+6，联立直线y＝﹣x+6与反比例函数y＝得，，解得，∴点B的坐标为（6，2）；（2）过点A作AP⊥x轴于P，过点N作NQ⊥AP于Q，设AB与x轴交于H，∴MP∥NQ，∴，∵A（3，4），∴AP＝4，∴PQ＝3，∴N（﹣4，﹣3），设线AM的解析式为y＝k′x+b′，∴，解得，∴直线AM的解析式为y＝x+1，令y＝0，则x＝﹣1，∴M（﹣1，0），∵直线AB的函数表达式为y＝﹣x+6，令y＝0，则x＝9，∴H（9，0），∴S△ABM＝S△AHM﹣S△BHM＝×4×（1+9）﹣×2×（1+9）＝10；（3）∵四边形ABCD是平行四边形，∴AB∥CD，AB＝CD，∴设直线CD的解析式为y＝﹣x+t，令y＝0，则x＝t，∴C（t，0），∵A（3，4），B（6，2），∴D（t﹣3，2），∵DE＝2EC，∴，过D作DG⊥x轴于G，过点E作EF⊥x轴于F，∴DG∥EF，∴△CEF∽CDG，∴，∴，，∴EF＝，OF＝t﹣1，∴E（t﹣1，），∵D，E都在另一条反比例函数（k＞0）的图象上，∴k＝（t﹣1）＝2（t﹣3），∴t＝，∴k＝×（×﹣1）＝2．【点评】本题是反比例函数综合题，主要考查了函数图象上点的坐标的特征，反比例函数图象与一次函数图象的交点问题，平行四边形的性质，相似三角形的判定与性质等知识，作辅助线构造相似三角形是解题的关键．一、填空题（本大题共5个小题，每小题4分，共20分，答案写在答题卡上）19．【分析】求出﹣，的取值范围，进而可得出答案．【解答】解：∵﹣2＜﹣＜﹣1，2＜＜3，∴满足＜x＜的整数x有﹣1，0，1，2共4个，故答案为：4．【点评】本题考查了估算无理数的大小，解题的关键是确定﹣，的取值范围．20．【分析】先把方程整理为一元二次方程的一般形式，再求出x1+x2与x1•x2的值，代入代数式进行计算即可．【解答】解：一元二次方程x（3x﹣1）﹣1＝0可化为3x2﹣x﹣1＝0，∵x1，x2为一元二次方程x（3x﹣1）﹣1＝0的两个实数根，∴x1+x2＝，x1•x2＝﹣，∴x1+x2﹣3x1x2＝﹣3×（﹣）＝+1＝．故答案为：．【点评】本题考查的是一元二次方程根与系数的关系，熟知x1，x2是一元二次方程ax2+bx+c＝0（a≠0）的两根时，x1+x2＝﹣，x1x2＝是解题的关键．21．【分析】求出A，B，C三个点离抛物线对称轴的远近，结合抛物线的开口方向即可解决问题．【解答】解：由题知，平移后的抛物线函数解析式为：y＝（x+a）2﹣b，则此抛物线的对称轴为直线x＝﹣a，且开口向上，所以抛物线上的点离对称轴越近，其纵坐标越小．因为﹣a﹣（﹣a﹣2）＝2，﹣a+1﹣（﹣a）＝1，﹣a+3﹣（﹣a）＝3，且1＜2＜3，所以y2＜y1＜y3．故答案为：y2＜y1＜y3．【点评】本题考查二次函数图象上点的坐标特征，熟知二次函数的图象和性质是解题的关键．22．【分析】根据“白银矩形”的定义，列出方程即可求出“白银比率”，再利用求出的“白银比率”即可解决问题．【解答】解：令BC＝x，由得，，解得AE＝（舍负），所以AB＝2x+AE＝，则“白银比率”为：．如图所示，，x＝，经检验x＝是原方程的解，且符合题意．所以该“白银矩形”的面积为：．故答案为：，．【点评】本题考查矩形的性质及黄金分割，理解题中所给定义是解题的关键．23．【分析】将线段BA绕点B顺时针旋转60°后点A落在点E，连接BE，得到△ABM≌△EBM′，再由当CM⊥EF时，CM'有最小值，可得△EBG与△M′CG均为30°、60°、90°直角三角形，再证明△ABM为等腰直角三角形，△MBM是等边三角形，进而得到∠EM'B＝∠AMB＝60°，最后当CM′⊥EF于H时，CM′有最小值，由此可以求出∠MM'C ＝∠EM'C﹣∠EM'M＝90°﹣15°＝75°．【解答】解：将线段BA绕点B顺时针旋转60°后点A落在点E，连接BE，设EM交BC于G点，如下图所示：在矩形ABCD中，∠A＝∠ABC＝90°，AD＝BC，根据折叠可知，∠MBM'＝60°，BM＝BM'，∴∠ABM＝∠ABE﹣∠MBE＝60°﹣∠MBE，∠EBM'＝∠MBM'﹣∠MBE＝60°﹣∠MBE，∴∠ABM＝∠EBM′，∵BA＝BE，BM＝BM′，∴△ABM≌△EBM′（SAS），∵AM＝EM′，∠E＝∠A＝90°，∵∠EBG＝90°﹣60°＝30°，∴∠BGM'＝∠EBG+∠BEG＝90°+30°＝120°，∴∠EGC＝120°，∴∠CGM'＝∠EGB＝180°﹣120°＝60°，∴点M在EF上，∵垂线段最短，∴当CM′⊥EF时，CM′有最小值，∴△EBG与△M′CG均为30°、60°、90°直角三角形，设EG＝x，BC＝2y，则BG＝2EG＝2x，CG＝BC﹣BG＝2y﹣2x，，∴，∵BC＝2AB，，∴EM′＝AB，∵AM＝EM′，∴AB＝AM，∴△ABM为等腰直角三角形，∴∠EM′B＝∠AMB＝45°，∵∠MBM'＝60°，BM＝M′B，∴△MBM是等边三角形，∴∠BM'M＝60°，∴∠EM'M＝∠BM'M﹣∠EM'B＝60°﹣45°＝15°，∴∠MM'C＝∠EM'C﹣∠EM'M＝90°﹣15°＝75°，故答案为：75．【点评】本题考查了三角形全等的判定方法、矩形的性质、旋转的性质、轴对称的性质，等边三角形的判定和性质，属于四边形的综合题，难度较大，熟练掌握各图形的性质是解题的关键．24．【分析】（1）易得抛物线的顶点坐标为（1，3），用顶点式设出抛物线解析式，把点A 的坐标代入可得抛物线二次项系数的值，即可求得抛物线的解析式；（2）水流落回水面，即抛物线与x轴相交，那么纵坐标为0求得符合题意的x的值，再加上预留的一米即为该圆形喷水池的半径最少的米数．【解答】解：（1）由题意得：抛物线的顶点坐标为（1，3）．∴设抛物线的解析式为：y＝a（x﹣1）2+3（a≠0）．∵抛物线经过点（0，2），∴a+3＝2．解得：a＝﹣1．∴该抛物线的函数表达式为：y＝﹣（x﹣1）2+3；（2）∵水流落回水面，∴抛物线与x轴相交．∴﹣（x﹣1）2+3＝0．（x﹣1）2＝3，x﹣1＝，x﹣1＝﹣．∴x1＝+1，x2＝1﹣（不合题意，舍去）．∴该圆形喷水池的半径至少设计为：+1+1＝（+2）米．答：该圆形喷水池的半径至少设计为（+2）米．【点评】本题考查二次函数的应用．根据题意设出符合题意的函数解析式是解决本题的关键．用到的知识点为：若二次函数有顶点坐标，设二次函数的解析式为：y＝a（x﹣h）2+k（a≠0）计算比较简便．25．【分析】（1）由待定系数法即可求解；（2）求出OM中垂线表达式中的k值为﹣，得到直线OM中垂线的表达式，即可求解；（3）证明tan∠ACN＝tan∠BAM，得到，整理得：mn＝﹣1，进而求解．【解答】解：（1）将点A、M的坐标代入函数表达式得：，解得：，则抛物线的表达式为：y＝x2﹣1；（2）由点O、M的坐标得，直线OM的表达式为：y＝x，则OM中垂线表达式中的k值为﹣，OM的中点坐标为：（1，），则直线OM中垂线的表达式为：y＝﹣（x﹣1）+，联立上式和抛物线的表达式得：x2﹣1＝﹣（x﹣1）+，解得：x＝，即点B的横坐标为：；（3）直线BC过定点（0，0），理由：过点A作x轴的平行线交过点B和y轴的平行线于点M，交过点C和y轴的平行线于点N，设点B（m，m2﹣1）、C（n，n2﹣1），∵BA⊥CA，∴∠BAM+∠CAN＝90°，∵∠ACN+∠CAN＝90°，∴∠ACN＝∠BAM，∴tan∠ACN＝tan∠BAM，即，即，整理得：mn＝﹣1，由点B、C的坐标得，直线BC的表达式为：y＝（m+n）（x﹣m）+m2﹣1＝（m+n）x﹣mn ﹣1＝（m+n）x，当x＝0时，y＝（m+n）x＝0，即直线BC过定点（0，0）．【点评】本题考查的是二次函数综合运用，涉及到解直角三角形、中垂线的性质，数据处理是本题的难点，题目有一定的综合性，难度适中．26．【分析】（1）取AB的中点为H，连接EH、HC，证明△BCF是等腰直角三角形，∠BCF ＝45°，得BF＝CF＝，再证明△AEB是等腰直角三角形，得∠ABE＝45°，然后证明∠BAC＝∠BEF，即可解决问题；（2）①过点D作DM⊥EF于点M，DK⊥AB于点K，证明△CMD是等腰直角三角形，得CD＝DM，再证明△DBC∽△GBF，得∠BCD＝∠BFG＝90°，＝＝，进而证明△BKD是等腰直角三角形，得DK＝BK，然后证明DK＝AB，求出DK＝，即可解决问题；②过点H作HP⊥EF于点P，连接EH，由①得点G在EF上运动，当G、P重合时，HG值最小，HP的长即为HG的最小值，设AC交BE于点N，即N与①中的D重合，由等腰直角三角形的性质得AE＝，再由锐角三角函数定义得sin∠ENA＝，设∠BEF＝∠BAC＝α，则∠HEF＝α+45°，然后证明∠HEF＝∠EAN，即可得出结论．【解答】解：（1）如图1，取AB的中点为H，连接EH、HC，设AC交BE于点N，∵AC＝2BC＝4，∴BC＝2，∵∠F＝90°，BF＝CF，∴△BCF是等腰直角三角形，∠BCF＝45°，∴BF＝CF＝BC＝×2＝，∵AC⊥BC，∴∠ACB＝90°，∴∠ACE＝180°﹣∠ACB﹣∠BCF＝180°﹣90°﹣45°＝45°，∵BE⊥AE，AE＝BE，∴△AEB是等腰直角三角形，∴∠ABE＝45°，∴∠ABN＝∠NCE，∵∠ANB＝∠CNE，∴∠BAC＝∠BEF，∴tan∠BAC＝tan∠BEF，∵tan∠BAC＝＝＝，∴tan∠BEF＝＝，∴EF＝2BF＝2，∴CE＝EF﹣CF＝2﹣＝；（2）①如图2，过点D作DM⊥EF于点M，DK⊥AB于点K，则∠DMG＝90°，由（1）得：∠ACE＝45°，∴△CMD是等腰直角三角形，∴CD＝DM，∵△BCF、△BGD都是等腰直角三角形，∴DG＝BG，∠BGD＝90°，∠DBG＝∠CBF＝45°，＝＝，∴∠DBG﹣∠CBG＝∠CBF﹣∠CBG，即∠DBC＝∠GBF，＝，∴△DBC∽△GBF，∴∠BCD＝∠BFG＝90°，＝＝，∴CD＝FG，∴DM＝FG，∵∠BFE＝90°，∴点G在EF上，∵DG∥AB，∠BGD＝90°，∴∠GBA＝90°，∵∠ABE＝45°，∠DBG＝45°，∴D在BE上，∵tan∠BAC＝，∴＝，∴AK＝2DK，∴AD＝＝＝DK，∵DK⊥AB，∠ABE＝45°，∴△BKD是等腰直角三角形，∴DK＝BK，∵AK＝2DK，AB＝AK+BK，∴DK＝AB，在Rt△ABC中，由勾股定理得：AB＝＝＝2，∴DK＝AB＝×2＝，∴AD＝DK＝×＝；②HG存在最小值，理由如下：如图3，过点H作HP⊥EF于点P，连接EH，由①得：点G在EF上运动，当G、P重合时，HG值最小，HP的长即为HG的最小值，设AC交BE于点N，则N与①中的D重合，由①得：AN＝，∵△AEB是等腰直角三角形，∴AE＝AB＝×2＝，∵点H为AB的中点，∴EH＝AB＝×2＝，∠BEH＝45°，∴sin∠ENA＝＝＝，设∠BEF＝∠BAC＝α，则∠HEF＝α+45°，∵∠EAN＝∠ABE+∠BAC＝45°+α，∴∠HEF＝∠EAN，在Rt△PEH中，PH＝EH•sin∠HEF＝EH•sin∠ETA＝×＝，∴HG的最小值为．【点评】本题是三角形综合题，考查了等腰直角三角形的判定与性质、相似三角形的判定与性质、勾股定理、平行线的性质以及锐角三角函数定义等知识，本题综合性强，难度较大，熟练掌握等腰直角三角形的判定与性质和锐角三角函数定义，证明三角形相似是解题的关键，属于中考常考题型．。
园林景观实习总结
园林景观实习总结现阶段社会经济发展迅速,城市化进程加快,人们对城市园林绿化、设计等要求逐渐提高,随之就需要大量高素质园林专业人才。
下面是小编为大家整理的关于园林景观实习总结，希望对你有所帮助，如果喜欢可以分享给身边的朋友喔!园林景观实习总结1一、实习目的了解和认识各种植物并采集，制作标本二、实习步骤(1)听老师讲解，并完成老师布置的任务(2)在校园内采集标本(3)在学校周围的山上采集标本(4)去本溪市的公园采集标本(5)制作标本，写实习报告三、实习过程20--年7月5日星期一天气晴今天是我们实习得第一天，早上我们在班级集合，老师布置任务，安排及计划和安全教育后，我们怀着兴奋地心情，带着采集标本所用的工具，在老师的带领下，我们来到了学校后面的山。
本溪的山比比皆是，就好像在一片连绵起伏的上没有平地，所以我们学校周围不知名的山很多。
我们徒步了十分钟到了山脚下，我们顺着山间小道，一面采集标本，一面向山顶攀登。
山不高，山间生长的植物也一般，所以我们很快的就爬到了山顶，又很快顺着原路返回了学校。
20--年7月6日星期二天气阴今天是我们实习得第二天，也是实习真正开始的一天。
我们驱车来到了本溪。
本溪以旅游资源丰富著称于世，本溪水洞、关门山、五女山等名胜早已享誉海内外。
而本溪南郊的景观也堪称一绝，她深藏在“燕东胜境”之中，以其钟灵毓秀的绮丽风光深情迎候着游人的到来。
望溪公园建在市区中心一座形如马鞍的孤山上，山高海拔二百四十公尺，占地四十二公顷。
登山环视，山城景色历历在目，故称“望溪公园”。
园内各种树木郁郁葱葱，亭台楼阁高低错落，珍禽异兽嬉戏争呜，奇花异卉姹紫嫣红。
公园最高处，屹立着人民英雄纪念碑。
在日俄战争中，日军司令部为日军中将闲院宫载仁亲王，在望溪公园树碑一座，以炫耀其战功。
解放初期被炸掉。
在其址基础上建立雄伟的革命烈士纪念碑。
碑座四周镶嵌着大理石浮雕碑下是三百四十多级的台阶，直抵园门。
园中设有“寄芳园”、“风华园”等园中园、园中自繁的君子兰，花朵艳丽，十分名贵。
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桂湖公园
桂湖森林广场在四川省成都市的新都区城西南，距成都18公里。
特点：楼台掩映，花木扶疏，小巧别致，环境幽雅，具有典型的江南园林风貌的“川西第一湖”。
它面积4万平方米，水面约2万平方米。
是明代状元、著名学者杨升庵的旧居。
园内有升庵祠，陈列杨升庵的著作100余种，4000多卷。
著名人物：一，明代状元、著名学者杨升庵（又名：杨慎，明代三大才子。
另两位是：徐渭、解缙）；二，作家艾芜之墓；三，著名抗日将领王铭章之墓；四，毛泽东主席最喜爱的秘书田家英之像。
艾芜墓
艾芜（1904-1992），新都区清流镇人，中国当代著名作家。
胸前的碑面上“艾芜之墓”四个字，由当代文坛泰斗巴金手书。
墓前端有一块正方形大理石，上部刻着艾芜的一段座右铭：“人应像一条河一样，流着，流着，不住地向前流着；像河一样，歌着，唱着，欢乐着，勇敢地走在这条坎坷不平、充满荆棘的路上。
”下部嵌着一束铜质山茶花。
座右铭、大理石、山茶花，寄寓着这位南行作家、流浪文豪不平凡的一生。
天香园楼
桂湖森林广场最大的建筑群“天香园”，取唐代诗人宋之问“桂子月中落，天香云外飘”诗意。
其主体建筑为高约30米的楼阁，耸立云端，故名云外楼。
此楼座南向北，正面临湖，楼下有高达6米的石台基，如基装以汉白玉雕花勾栏，勾栏全长180米，共有栏板108块，雕着108种花卉，台基前32级踏跺中间的红砂石御路上，刻着“九龙戏珠”图案，九条龙游于云水之间，神气活现，刻技精湛。
云外楼为正方形五层建筑，中有螺旋状梯步可登，其匾额悬于最高楼檐下，为中国书法家协会会长启功先生所书。
云外楼临水处，建有二水榭，东曰“迎晖”，西曰“步月”。
楼之左右及后面，均有回廊环护，结构奇巧，木雕精美，楼西还有一座重檐攒尖顶八角凉亭，名叫南亭。
南亭，唐代园林建筑名，在新都城南，唐代诗人张说有《新都南亭送郭元振、卢崇道》诗。
当代一位有学者从诗句“竹径女萝蹊，莲洲文石堤”考证，桂湖是在唐代南亭的基础上建成的，故留南亭之名以怀胜迹。
楼东不远处有“浮光阁”，取宋代范仲淹《岳阳楼记》中“浮光耀金”之意，匾额为中国佛教协会会长赵朴初所书。
此阁为三层，高约15米。
楼、亭、阁并排而立，互为呼应，优美和谐。
沁春园
桂湖公园的大门石狮雄镇，宏伟壮观，门匾为原国防部长张爱萍将军所书；“沁春园”，园内的主体建筑为一座大型舫居，形如北京颐和园的石舫，有匾曰“逍遥游”，为我国佛教高僧遍能法师所书，取战国著名哲学家庄子的名篇《逍遥游》为舫居之名。
古堰遗迹（又名：学士堰）
桂湖森林广场饮马河上却实实在在还有一座五百年前的古堰遗迹。
这座堰是明代首辅大学士杨升庵的父亲杨廷和捐资修筑的一处农田水利工程。
它年复一年，引水灌田，造福桑梓，农乡百姓不忘其德，故沿称此堰为学士堰。
学士堰下游数百米处的新都城南门桥，即是杨升庵祖父杨春为便利城乡来往而捐资修建的清源桥。
这座桥近年因市镇建设而拆除，不久，它将迁建于桂湖森林广场境内，作为饮马河上的新景点。
宝光寺
历史
宝光寺，位于成都北郊18公里处新都县城。
相传始建于东汉，迄今一千九百多年。
隋代名“大石寺”。
公元880年，唐代黄巢起义军攻破了长安。
次年，唐僖宗逃到四川，在寺内修建行宫，并命悟达国师重修庙宇，唐僖宗晚上看见寺中福感塔下发出宝光，便改寺名为“宝光寺”。
它规模宏大，藏经丰富，僧徒众多，是清朝以来中国南方“四大佛教丛林”之一，四川著名禅寺。
被公认的成都地区历史最悠久、规模最宏大、收藏文物最丰富的一座佛教寺庙，在“文化大革命”中，国内许多寺院遭到不同程度的破坏，但宝光寺的殿堂、佛像、匾联、书画等文物古迹基本无毁损，成为中国结构最典型，保护最完整的一座佛教禅宗丛林。
宝光寺结构
宝光寺的建筑为木石结构，施用石柱400多根其主要由一塔、五殿、十六院组成，四面经墙环护，绿树萦绕。
中轴线上，福字照壁、山门殿、天王殿、舍利塔、七佛殿、藏经楼、紫霞山依次而立；两旁有钟楼、鼓楼，客堂、云水堂、斋堂、戒堂、罗汉堂、禅堂，东方丈、西方丈相对称，展现了中国佛教禅院的整体风貌宝光寺是中国唯一保存了早期佛寺“寺塔一体、塔踞中心”的典型布局的寺庙。
寺中舍利塔建于唐代，迭经培修，是一座高30米的13级密檐式方形砖塔。
罗汉堂结构
罗汉堂建于清咸丰元年（1851年），是中国现存四大罗汉堂（另三处在北京碧云寺、苏州西园寺、武汉归元寺）中历史最久、规模最大的泥塑罗汉堂。
它以塑像奇巧多姿而扬名天下。
内塑佛、菩萨、祖师59尊，罗汉518尊，每尊高约2米，其中还有康熙、乾隆塑像分别一尊。
造型优美，彩绘贴金，千姿百态，妙趣横生。
它是中国罗汉堂中历史最久、规模最大的泥塑罗汉堂。
五百罗汉的历史
释迦牟尼逝世后，为了弘扬佛法，以摩诃迦叶为首的弟子五百人在王舍城外的七叶窟举行集会，这就是佛教史所说的第一次结集。
会上，弟子们将佛一生所说的言教汇集起来，以传后世，这五百弟子即是五百罗汉。
天王殿
清嘉庆四年（公元1799年）佛德和堂建，道光十年（公元1830年）月和堂建，中供弥勒佛，两侧供四大天王，殿檐悬"一代禅宗"匾额。
殿后因有明代永乐十一年（公元1413年）石刻《尊胜陀罗尼咒》经幢，故此殿又名尊胜殿。
舍利塔
位于天王殿与七佛殿之间。
隋代系"木浮图九级"，一殿。
此塔建自唐僖宗中和年间，历千余年，屡有残破，屡有培修，现为密檐式十三级四面塔，高约二十公尺，每级四面各嵌佛像三座。
塔底护以石，底层正面龛内塑释迦牟尼座像。
龛聊"寺镇牟尼青色宝，山飞舍利紫霞光"，为现代著名高伪太虚大师撰画。
每级翘悬铜质风四个，全塔供铜、石、玉等质料雕铸造的佛像一百四十尊，舍利子十三粒。
塔刹冠以金铜宝顶，映日夺目，是佛教著名圣迹之一。
史称宝光寺中与初祖、清初著名高僧笑宗印密曾赋诗赞塔曰：宝塔凌空利似剑，几经鏖战圃周唐。
清平天下无能及，留与业作栋梁。
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七佛殿
宽五间，深四间，单檐歇山式，殿前檐柱下有两个浮雕盘龙石础，是寺内唯一的唐僖宗时的遗物。
明代状元杨升庵曾以此础题诗曰：唐帝行宫有露台，础莲几度换春苔，军容再向业狩，王气遥从骆谷来。
万里山川神骏老，五更风雨杜鹃哀，始知蜀道蒙驾，不及胡僧渡海杯。
殿内三龛高五十公分的须弥座上，供世间庆大威德自在光明如来、多宝如来、宝胜如来、妙色身如来、广博身如来、离怖畏如来、阿弥陀如来等七佛立像，分别高4.4米和3.1米，神态壮严，造型宏伟，有较高艺术价值。
佛龛前供1.36米汉白玉卧佛，系1991年缅甸佛教徒捐赠。
此殿为清咸丰十一年（公元1861年）真印和尚募建。
大雄殿
高五丈，广五楹，面积七百平方米，清笑宗印密初建，乾隆年间恢章和尚改建，道光年间妙胜和尚重建。
全殿用四十二根石柱支撑，雄伟壮严。
殿中供奉释迦牟尼佛。
藏经楼
全寺最大的一座殿堂，高17米、宽40米、深18米，全是石柱支撑，为该寺杰出建筑之一，清道光年间妙胜和尚修建。
上为藏经楼，贮有敦煌藏经四十三册，房山石经二十二册，北藏经和频伽藏经各一部，共七百二十八函，七千二百八十卷。
殿中供千手观世音菩萨像。
四壁有诸天画像，画工精细，充分体现了清代艺术风格。
藏经楼楼下为说法堂，乃历代方丈说法处。
念佛堂
位于寺院东侧自南向北的极乐堂后面，堂高10米，宽九楹，清同治年间真印和尚建。
堂中有石舍利塔一座，高约5.5米，直径2米，由三块巨石镂空雕成，呈六方宫殿式。
塔内精细地雕刻有以释迦牟尼佛的故事为中心的各式各样人物、花卉和飞禽走兽，六根石上盘以飞龙，造形生动。
整个石塔玲珑剔透，是寺内艺术价值较高的雕刻之一，相传为清代三个名工历时三年刻成。
历代住持皆以此作净土宗道场。
意寂法师
意寂法师俗名傅世立，重庆市开县人，1963年9月出生。
他1985年9月到新都宝光寺出家，在宝光寺兼洛阳白马寺方丈明高大和尚座下披剃为沙弥，1987年9月又在明高大和尚座下受具足戒，1990年毕业于四川省佛学院，2001年结业于四川省佛教执事进修班。
他从1991年起，历任宝光寺知客、副寺、监院，委员会成员、副主任，成都市佛协常务理事，四川省佛协常务理事，副秘书长，成都市人大代表，成都市新都区人大常务委员等职。