2019年高考数学数列部分知识点分析

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2019年高考数学考纲解读与热点难点突破专题12数列的综合问题热点难点突破文含解析

2019年高考数学考纲解读与热点难点突破专题12数列的综合问题热点难点突破文含解析

数列的综合问题1.删去正整数数列1,2,3,… 中的所有完全平方数,得到一个新数列,这个数列的第2 018项是( )A .2 062B .2 063C .2 064D .2 065答案 B解析 由题意可得,这些数可以写为12,2,3,22,5,6,7,8,32,…,第k 个平方数与第k +1个平方数之间有2k 个正整数,而数列12,2,3,22,5,6,7,8,32,…,452共有2 025项,去掉45个平方数后,还剩余2 025-45=1 980(个)数,所以去掉平方数后第2 018项应在2 025后的第38个数,即是原来数列的第2 063项,即为2 063.2.已知数列{a n }满足0<a n <1,a 41-8a 21+4=0,且数列⎩⎨⎧⎭⎬⎫a 2n +4a 2n 是以8为公差的等差数列,设{a n }的前n 项和为S n ,则满足S n >10的n 的最小值为( )A .60B .61C .121D .122答案 B解析 由a 41-8a 21+4=0,得a 21+4a 21=8, 所以a 2n +4a 2n=8+8(n -1)=8n , 所以⎝ ⎛⎭⎪⎫a n +2a n 2=a 2n +4a 2n+4=8n +4, 所以a n +2a n=22n +1, 即a 2n -22n +1a n +2=0,所以a n =22n +1±22n -12=2n +1±2n -1, 因为0<a n <1,所以a n =2n +1-2n -1,S n =2n +1-1,由S n >10得2n +1>11,所以n >60.3.已知数列{a n }满足a 1=1,a n +1-a n ≥2(n ∈N *),S n 为数列{a n }的前n 项和,则( )A .a n ≥2n +1B .S n ≥n 2C .a n ≥2n -1D .S n ≥2n -1答案 B解析 由题意得a 2-a 1≥2,a 3-a 2≥2,a 4-a 3≥2,…,a n -a n -1≥2,∴a 2-a 1+a 3-a 2+a 4-a 3+…+a n -a n -1≥2(n -1),∴a n -a 1≥2(n -1),∴a n ≥2n -1.∴a 1≥1,a 2≥3,a 3≥5,…,a n ≥2n -1,∴a 1+a 2+a 3+…+a n ≥1+3+5+…+2n -1,∴S n ≥n 2(1+2n -1)=n 2. 4.数列{a n }满足a 1=65,a n =a n +1-1a n -1(n ∈N *),若对n ∈N *,都有k >1a 1+1a 2+…+1a n成立,则最小的整数k 是( ) A .3 B .4 C .5 D .6答案 C5.已知f (n )表示正整数n 的所有因数中最大的奇数,例如:12的因数有1,2,3,4,6,12,则f (12)=3;21的因数有1,3,7,21,则f (21)=21,那么∑i =51100f (i )的值为( )A .2 488B .2 495C .2498D .2 500答案 D解析 由f (n )的定义知f (n )=f (2n ),且若n 为奇数则f (n )=n ,则∑i =1100f (i )=f (1)+f (2)+…+f (100)=1+3+5+…+99+f (2)+f (4)+…+f (100)=50×()1+992+f (1)+f (2)+…+f (50) =2 500+∑i =150f (i ),∴∑i =51100f (i )=∑i =1100f (i )-∑i =150f (i )=2 500.6.若数列{a n }满足a n +12n +5-a n2n +3=1,且a 1=5,则数列{a n }的前100项中,能被5整除的项数为( ) A .42 B .40 C .30 D .20答案 B解析 ∵数列{a n }满足a n +12n +5-a n 2n +3=1, 即a n +1n ++3-a n 2n +3=1,且a 12×1+3=1, ∴数列⎩⎨⎧⎭⎬⎫a n 2n +3是以1为首项,1为公差的等差数列, ∴a n 2n +3=n , ②由①得b n =n -2,从而c n =1n +n ++n ·2n -2. 记C 1=12×3+13×4+…+1n +n +=⎝ ⎛⎭⎪⎫12-13+⎝ ⎛⎭⎪⎫13-14+…+⎝ ⎛⎭⎪⎫1n +1-1n +2 =nn +,记C 2=1·2-1+2·20+…+n ·2n -2, 则2C 2=1·20+2·21+…+n ·2n -1, 两式相减得C 2=(n -1)·2n -1+12, 从而T n =n n ++(n -1)·2n -1+12 =n +1n +2+(n -1)·2n -1, 则不等式4n -1T n <S n +3+n +122可化为n +n -n ++2n +1<2n +1+n +122, 即n 2+n -90>0,因为n ∈N *且n ≠1,故n >9,从而最小正整数n 的值是10.14.已知数列{a n }的前n 项和为S n ,且满足S n -n =2(a n -2)(n ∈N *).(1)证明:数列{a n -1}为等比数列;(2)若b n =a n ·log 2(a n -1),数列{b n }的前n 项和为T n ,求T n .(1)证明 ∵S n -n =2(a n -2),当n ≥2时,S n -1-(n -1)=2(a n -1-2),两式相减,得a n -1=2a n -2a n -1,∴a n =2a n -1-1,∴a n -1=2(a n -1-1),∴a n -1a n -1-1=2(n ≥2)(常数).又当n =1时,a 1-1=2(a 1-2),得a 1=3,a 1-1=2,∴数列{a n -1}是以2为首项,2为公比的等比数列.(2)解 由(1)知,a n -1=2×2n -1=2n , ∴a n =2n +1,又b n =a n ·log 2(a n -1),∴b n =n (2n +1),∴T n =b 1+b 2+b 3+…+b n=(1×2+2×22+3×23+…+n ×2n )+(1+2+3+…+n ), 设A n =1×2+2×22+3×23+…+(n -1)×2n -1+n ×2n , 则2A n =1×22+2×23+…+(n -1)×2n +n ×2n +1, 两式相减,得-A n =2+22+23+…+2n -n ×2n +1 =-2n 1-2-n ×2n +1, ∴A n =(n -1)×2n +1+2.又1+2+3+…+n =n n +2, ∴T n =(n -1)×2n +1+2+n n +2(n ∈N *).。

2019高考数学最后冲刺精讲之数列

2019高考数学最后冲刺精讲之数列

2019高考数学最后冲刺精讲—数列一、考纲解读二、知识梳理1、等差数列{n a }中,通项b dn a n +=,前n 项和cn n d S n +=22(d 为公差,N n ∈).证明某数列是等差(比)数列,通常利用等差(比)数列的定义加以证明,即证:n n a a -+1是常数)(N n ∈ (1n na a +=常数,)n N ∈n 有:n n n n a a a a -=-+++112(n n n n a a a a 112+++=).【例1】已知函数21()(2)2x f x x x R x +=≠-∈+,,数列{}n a 满足1(2)a a a a R =≠-∈,,*1()()n n a f a n N +=∈.(1)若数列{}n a 是常数列,求a 的值; (2)当12a =时,记*1()1n n n a b n N a -=∈+,证明数列{}n b 是等比数列,并求出通项公式n a . 【答案】(1)1或-1.(2)*31()31n n na n N +=∈- 【分析】(1)∵*1121()(2)()2n n x f x a a a a f a n N x ++==≠-=∈+,,(),数列{}n a 是常数列, ∴1n n a a a +==,即212a a a +=+,解得1a =-,或1a =.∴所某某数a 的值是1或-1.(2)注意要证明数列{}n b 是等比数列,则要证明1n n b b +÷是常数。

而11112111211121313112n n n n n n n n n a a a a b b a a a a ++++--+-====+++++,,∴*11()3n n b b n N +=∈.∴数列{}n b 是以113b =为首项,公比为13q =的等比数列,于是1*111()()()333n n n b n N -==∈.由11n n n a b a -=+,即11()13n n n a a -=+,解得*11()313()1311()3nn n n n a n N ++==∈--.∴所求的通项公式*31()31n n na n N +=∈-. 2、在等差数列}{n a 中,若),,,(N q p n m q p n m ∈+=+,则q p n m a a a a +=+;在等比数列}{n a 中,若),,,(N q p n m q p n m ∈+=+,则q p n m a a a a ⋅=⋅,等差(比)数列中简化运算的技巧多源于这条性质.【例1】数列}{n a 是等比数列,124,5128374=+-=⋅a a a a ,且公比q 为整数,则10a 的值为.【答案】512【分析】由8374a a a a ⋅=⋅,得⎩⎨⎧-==⇒⎩⎨⎧-=⋅=+4128512124838383a a a a a a 或⎩⎨⎧=-=128483a a ,又此数列的公比为整数, 所以⎩⎨⎧=-=128483a a 公比2-=q ,则5122810==q a a .【例2】在等比数列{}n a 中,0>n a ,且168721=⋅⋅⋅⋅a a a a ,则54a a +的最小值为. 【答案】22【分析】由数列}{n a 是等比数列,得54637281a a a a a a a a ⋅=⋅=⋅=⋅,所以8721a a a a ⋅⋅()454a a ⋅==16,由0>n a ,得254=⋅a a ,所以2225454=⋅≥+a a a a .3、等差数列当首项01>a 且公差0<d ,前n 01<a 且公差0>d ,前n 项和n 项和的最值可以利用不等式组⎩⎨⎧≥≤≤≥+)0(0)0(01n n a a 来确定n 的值;也可以利用 等差数列的前n 项的和是n 的二次函数(常数项为0)转化成函数问题来求解.【例1】若}{n a 是等差数列,首项0,0,020072006200720061<⋅>+>a a a a a ,则(1)使前n 项和n S最大的自然数n 是__;(2)使前n 项和0>n S 的最大自然数=n ; 【答案】2006;4012.【分析】由条件可以看出0,020072006<>a a ,可知2006S 最大,则使n S 最大的自然数为2006;由020072006>+a a 知040121>+a a ,02)(4012401214012>+=a a S ,200740134013a S ⋅=,所以04013<S ,则使0>n S 的最大自然数为4012.【例2】在等差数列}{n a 中,满足7473a a =且n S a ,01>是数列前n n S 取得最大值,则=n _.【答案】9.【分析】7473a a =,知111334)6(7)3(3a d d a d a -=⇒+=+,则 33)1(411a n a a n --=133437a n-=.当9≤n 时0>n a ,当10≥n 时0<n a ,所以9=n .法二、n d a n d d n n n a S n ⎪⎭⎫ ⎝⎛-+=-+=222)1(121, 由1334a d -=,得n a n a S n 1213335332+-=,故对称轴为75.8=n ,又,01>a *∈N n 所以9=n 时,n S 取得最大值。

高三数学数列的小结与复习(2019年)

高三数学数列的小结与复习(2019年)

一.等差数列
1.定义: an an1 d (n 2, d为常数)
2an1 an an2 an kn b(k, b为常数)
an 是等差数列
这也是证明an为等差数列的最重要的 方法。
2.通项公式: an a1 (n 1)d
3.前n项和公式:
Sn

na1

n(n 1)d 2
n(a1 an ) 2
证明方法?

倒序相加法
; / 利记备用网址

日磾自在左右 亦如此肉矣 陈涉起王 旦以语相平 〕《陆贾》二十三篇 河平元年 不失其道 陈 平帝崩 莽遣三公将军开东方诸仓赈贷穷乏 晋执囚行父以乱鲁国 时郑当时为大司农 兒单于立三岁而死 诚以为国家有急 然非皇天所以郑重降符命之意 阴气盛 司马丞韩玄领诸壁 皆小子囊知 牙斯 追斩吴王濞於丹徒 具狱磔堂下 唯陛下省察 初 居庸 上令恢佐破奴将兵 故为众所排 况於非圣者乎 轻财重义 和亡寡 至闽君摇 以厉贤材焉 丞相弘请为博士置弟子员 朕以览听馀闲 未有祖宗之事 尊立宣帝 御史大夫言可听 上曰 晓人不当如是邪 乃从桥 尊皇太后曰太皇太后 盖有 因而成易 边郡又有长史 不亲边吏 见夏后启母石 曰 介胄之士不拜 莽奏起明堂 辟雍 灵台 汉恨诛不加 则有木生为人状 哀帝建平三年 王莽以为京司市师 一夫大呼 田间将二十万之众军於历城 《鲁故》二十五卷 造盐 铁 酒榷之利以佐用度 石君家破 东与郁立师 北与匈奴 西与劫国 南与车师接 百姓不与焉 献十五年 乃可称 猪崇宫室 其为法令也 何以得专主约 其卫君乎 上临候禹 火生地中 鲁严公夫人杀世子 时州郡击破之 关东饑旱数年 后韩信破齐欲自立为齐王 厥咎奥 能者养以之福 民年七十以上若不满十岁有罪当刑者 夫过而不改 常为康居画计 上方郊祠甘 泉泰畤 汾阴后土 盎告归

高考数学知识点总结之数列公式及结论总结

高考数学知识点总结之数列公式及结论总结

2019高考数学知识点总结之数列公式及结论总结一、高中数列基本公式:1、一般数列的通项an与前n项和Sn的关系:an=2、等差数列的通项公式:an=a1+(n-1)d an=ak+(n-k)d (其中a1为首项、ak为已知的第k项) 当d0时,an是关于n的一次式;当d=0时,an是一个常数。

3、等差数列的前n项和公式:Sn=Sn=Sn=当d0时,Sn是关于n的二次式且常数项为0;当d=0时(a10),Sn=na1是关于n的正比例式。

4、等比数列的通项公式:an= a1 qn-1 an= ak qn-k(其中a1为首项、ak为已知的第k项,an0)5、等比数列的前n项和公式:当q=1时,Sn=n a1 (是关于n 的正比例式);当q1时,Sn=Sn=三、高中数学中有关等差、等比数列的结论1、等差数列{an}的任意连续m项的和构成的数列Sm、S2m-Sm、S3m-S2m、S4m - S3m、仍为等差数列。

2、等差数列{an}中,若m+n=p+q,则3、等比数列{an}中,若m+n=p+q,则4、等比数列{an}的任意连续m项的和构成的数列Sm、S2m-Sm、S3m-S2m、S4m - S3m、仍为等比数列。

5、两个等差数列{an}与{bn}的和差的数列{an+bn}、{an-bn}仍为等差数列。

6、两个等比数列{an}与{bn}的积、商、倒数组成的数列{anbn}、仍为等比数列。

7、等差数列{an}的任意等距离的项构成的数列仍为等差数列。

8、等比数列{an}的任意等距离的项构成的数列仍为等比数列。

9、三个数成等差数列的设法:a-d,a,a+d;四个数成等差的设法:a-3d,a-d,,a+d,a+3d10、三个数成等比数列的设法:a/q,a,aq;四个数成等比的错误设法:a/q3,a/q,aq,aq3 (为什么?)11、{an}为等差数列,则(c0)是等比数列。

12、{bn}(bn0)是等比数列,则{logcbn} (c0且c1) 是等差数列。

2019高考数学数列:数列的概念与简单表示法

2019高考数学数列:数列的概念与简单表示法

数列的概念与简单表示法【考点梳理】1.数列的定义按照一定顺序排列着的一列数称为数列,数列中的每一个数叫做这个数列的项. 2.数列的分类3.数列的表示法数列有三种表示法,它们分别是列表法、图象法和解析法. 4.数列的通项公式如果数列{a n }的第n 项与序号n 之间的关系可以用一个式子来表示,那么这个公式叫做这个数列的通项公式.5.数列的递推公式如果已知数列的第1项(或前几项),且从第二项(或某一项)开始的任一项a n 与它的前一项a n -1(或前几项)间的关系可以用一个公式来表示,那么这个公式就叫做这个数列的递推公式.6.a n 与S n 的关系若数列{a n }的前n 项和为S n ,通项公式为a n ,则a n =⎩⎪⎨⎪⎧S 1,n =,S n -S n -1,n【考点突破】考点一、由a n 与S n 的关系求通项a n【例1】(1)已知数列{a n }的前n 项和为S n =14n 2+23n +3,则数列{a n }的通项公式a n =________.(2)设数列{a n }的前n 项和S n =n 2,则a 8的值为( )A .15B .16C .49D .64 [答案] (1) ⎩⎪⎨⎪⎧4712,n =1,12n +512,n ≥2 (2) A[解析] (1)当n =1时,a 1=S 1=4712,当n ≥2时,a n =S n -S n -1=14n 2+23n +3-⎣⎢⎡⎦⎥⎤14(n -1)2+23(n -1)+3 =12n +512, 经检验a 1=4712不满足上式所以这个数列的通项公式为a n=⎩⎪⎨⎪⎧4712,n =1,12n +512,n ≥2.(2)当n =8时,a 8=S 8-S 7=82-72=15. 【类题通法】 已知S n 求a n 的3步骤 (1)先利用a 1=S 1求出a 1;(2)用n -1替换S n 中的n 得到一个新的关系,利用a n =S n -S n -1(n ≥2)便可求出当n ≥2时a n 的表达式;(3)注意检验n =1时的表达式是否可以与n ≥2的表达式合并. 【对点训练】1.已知数列{a n }的前n 项和S n =2n 2-3n ,则数列{a n }的通项公式a n =________. [答案] 4n -5[解析] a 1=S 1=2-3=-1,当n ≥2时,a n =S n -S n -1=(2n 2-3n )-[2(n -1)2-3(n -1)]=4n -5, 由于a 1也适合上式,∴a n =4n -5.2.数列{a n }的前n 项和S n =2n 2-3n (n ∈N *),若p -q =5,则a p -a q =( ) A .10 B .15 C .-5 D .20[答案] D[解析] 当n ≥2时,a n =S n -S n -1=2n 2-3n -[2(n -1)2-3(n -1)]=4n -5,当n =1时,a 1=S 1=-1,符合上式,所以a n =4n -5,所以a p -a q =4(p -q )=20.【例2】(1)若数列{a n }的前n 项和S n =23a n +13,则{a n }的通项公式a n =________.(2)设S n 是数列{a n }的前n 项和,且a 1=-1,a n +1=S n S n +1,则S n =________. [答案] (1) (-2)n -1(2) -1n[解析] (1)由S n =23a n +13,得当n ≥2时,S n -1=23a n -1+13,两式相减,得a n =23a n -23a n -1,∴当n ≥2时,a n =-2a n -1,即a na n -1=-2. 又n =1时,S 1=a 1=23a 1+13,a 1=1,∴a n =(-2)n -1.(2)∵a n +1=S n +1-S n ,a n +1=S n S n +1, ∴S n +1-S n =S n S n +1. ∵S n ≠0,∴1S n -1S n +1=1,即1S n +1-1S n=-1.又1S 1=-1,∴⎩⎨⎧⎭⎬⎫1S n 是首项为-1,公差为-1的等差数列. ∴1S n =-1+(n -1)×(-1)=-n ,∴S n =-1n.【类题通法】S n 与a n 关系问题的求解思路根据所求结果的不同要求,将问题向不同的两个方向转化. (1)利用a n =S n -S n -1(n ≥2)转化为只含S n ,S n -1的关系式,再求解. (2)利用S n -S n -1=a n (n ≥2)转化为只含a n ,a n -1的关系式,再求解. 【对点训练】1.已知数列{a n }的前n 项和为S n ,若S n =2a n -4(n ∈N *),则a n =( ) A .2n +1B .2nC .2n -1D .2n -2[答案] A[解析] 由S n =2a n -4可得S n -1=2a n -1-4(n ≥2),两式相减可得a n =2a n -2a n -1(n ≥2),即a n =2a n -1(n ≥2).又a 1=2a 1-4,a 1=4,所以数列{a n }是以4为首项,2为公比的等比数列,则a n =4×2n -1=2n +1,故选A.2.已知数列{a n }的前n 项和为S n ,且a 1=2,a n +1=S n +1(n ∈N *),则S 5=( ) A .31 B .42 C .37 D .47 [答案] D[解析] 由题意,得S n +1-S n =S n +1(n ∈N *),∴S n +1+1=2(S n +1)(n ∈N *),故数列{S n +1}为等比数列,其首项为3,公比为2,则S 5+1=3×24,所以S 5=47.考点二、由递推公式求数列的通项公式【例3】在数列{a n }中,(1)若a 1=2,a n +1=a n +3n +2,则数列{a n }的通项公式a n =________. (2)若a 1=1,na n -1=(n +1)a n (n ≥2),则数列{a n }的通项公式a n =________. (3)若a 1=1,a n +1=2a n +3,则通项公式a n =________. [答案] (1) 32n 2+n 2 (2) 2n +1 (3) 2n +1-3[解析] (1)由题意,得a n +1-a n =3n +2,所以a n =(a n -a n -1)+(a n -1-a n -2)+…+(a 2-a 1)+a 1 =(3n -1)+(3n -4)+…+5+2=n (3n +1)2.即a n =32n 2+n 2.(2)由na n -1=(n +1)a n (n ≥2),得a n a n -1=nn +1(n ≥2). 所以a n =a n a n -1·a n -1a n -2·a n -2a n -3·…·a 3a 2·a 2a 1·a 1 =nn +1·n -1n ·n -2n -1·…·34·23·1 =2n +1,又a 1也满足上式. 所以a n =2n +1. (3)设递推公式a n +1=2a n +3可以转化为a n +1+t =2(a n +t ),即a n +1=2a n +t ,解得t =3. 故a n +1+3=2(a n +3).令b n =a n +3,则b 1=a 1+3=4,且b n +1b n =a n +1+3a n +3=2. 所以{b n }是以4为首项,2为公比的等比数列. ∴b n =4·2n -1=2n +1,∴a n =2n +1-3.【类题通法】1.形如a n +1=a n +f (n )的递推关系式利用累加法求通项公式,特别注意能消去多少项,保留多少项.2.形如a n +1=a n ·f (n )的递推关系式可化为a n +1a n=f (n )的形式,可用累乘法,也可用a n =a n a n -1·a n -1a n -2·…·a 2a 1·a 1代入求出通项. 3.形如a n +1=pa n +q 的递推关系式可以化为(a n +1+x )=p (a n +x )的形式,构成新的等比数列,求出通项公式,求变量x 是关键. 【对点训练】 在数列{a n }中, (1)若a 1=3,a n +1=a n +1n (n +1),则通项公式a n =________.(2)若a 1=1,a n +1=2na n ,则通项公式a n =________.(3)若a 1=1,a n +1=3a n +2,则数列{a n }的通项公式a n =________. [答案] (1) 4-1n(2) ()122n n - (3) 2·3n -1-1[解析] (1)原递推公式可化为a n +1=a n +1n -1n +1,则a 2=a 1+11-12,a 3=a 2+12-13,a 4=a 3+13-14,…,a n -1=a n -2+1n -2-1n -1,a n =a n -1+1n -1-1n,以上(n -1)个式子的等号两端分别相加得,a n =a 1+1-1n,故a n =4-1n.(2)由a n +1=2na n ,得a n a n -1=2n -1(n ≥2), 所以a n =a n a n -1·a n -1a n -2·…·a 2a 1·a 1 =2n -1·2n -2·…·2·1=21+2+3+…+(n -1)=()122n n -.又a 1=1适合上式,故a n =()122n n -.(3)∵a n +1=3a n +2,∴a n +1+1=3(a n +1), ∴a n +1+1a n +1=3, ∴数列{a n +1}为等比数列,公比q =3, 又a 1+1=2,∴a n +1=2·3n -1,∴a n =2·3n -1-1.考点三、数列的性质及应用【例3】已知数列{a n }满足a n +1=11-a n ,若a 1=12,则a 2 018=( )A .-1B .12 C .1 D .2[答案] D[解析] 由a 1=12,a n +1=11-a n ,得a 2=11-a 1=2,a 3=11-a 2=-1,a 4=11-a 3=12,a 5=11-a 4=2,…, 于是可知数列{a n }是以3为周期的周期数列,因此a 2 018=a 3×672+2=a 2=2. 【类题通法】解决数列周期性问题的方法先根据已知条件求出数列的前几项,确定数列的周期,再根据周期性求值. 【对点训练】已知数列{a n }满足a 1=1,a n +1=a 2n -2a n +1(n ∈N *),则a 2 018=________. [答案] 0[解析] ∵a 1=1,∴a 2=(a 1-1)2=0,a 3=(a 2-1)2=1,a 4=(a 3-1)2=0,…,可知数列{a n }是以2为周期的数列,∴a 2 018=a 2=0.。

2019年高三数学第二章数列的极限知识点总结word版本 (2页)

2019年高三数学第二章数列的极限知识点总结word版本 (2页)

2019年高三数学第二章数列的极限知识点总结word版本
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高三数学第二章数列的极限知识点总结
极限,是指无限趋近于一个固定的数值。

以下是数学网为大家整理的高三数学第二章数列的极限知识点,希望可以解决您所遇到的相关问题,加油,数学网一直陪伴您。

1、连续、间断点以及间断点的分类:判断间断点类型的基础是求函数在间断点处的左右极限;
2、可导和可微,分段函数在分段点处的导数或可导性,一律通过导数定义直接计算或检验存在的定义是极限存在;
3、渐近线,(垂直、水平或斜渐近线);
4、多元函数积分学,二重极限的讨论计算难度较大,常考查证明极限不存在.
下面我们重点讲一下数列极限的典型方法.
重要题型及点拨
1.求数列极限
求数列极限可以归纳为以下三种形式.
★抽象数列求极限
这类题一般以选择题的形式出现, 因此可以通过举反例来排除. 此外,也可以按照定义、基本性质及运算法则直接验证.
★求具体数列的极限,可以参考以下几种方法:
a.利用单调有界必收敛准则求数列极限.
首先,用数学归纳法或不等式的放缩法判断数列的单调性和有界性,进而确定极限存在性;其次,通过递推关系中取极限,解方程, 从而得到数列的极限值.
b.利用函数极限求数列极限。

高考数学数列知识点归纳

高考数学数列知识点归纳

高考数学中的数列知识点主要包括以下内容:
1. 数列的定义与性质:
-数列的概念:数列是按照一定规律排列的数的集合。

-项数与前n项和:第n项表示数列中的第n个数,前n项和表示数列前n项的和。

-通项公式与递推公式:通项公式是指可以通过给定的项数n来直接计算某一项的公式,递推公式则是通过前一项或前几项来计算下一项的公式。

2. 常见数列:
-等差数列:数列中的每个数都与其前一个数之差相等。

-等比数列:数列中的每个数都与其前一个数之比相等。

-斐波那契数列:数列中的每个数都是前两个数之和,即第三项开始满足an = an-1 + an-2。

3. 数列的性质和运算:
-数列的有界性:数列可以是有界的(上有界、下有界)、无界的或发散的。

-数列的单调性:数列可以是递增的、递减的或保持不变。

-数列的极限:数列可能有极限(有限或无穷)或不存在极限。

4. 数列的求和:
-等差数列的求和公式:利用等差数列的性质,可以得到等差数列前n项和的通用公式。

-等比数列的求和公式:利用等比数列的性质,可以得到等比数列前n项和的通用公式。

5. 数列的应用:
-常见问题的建模与解决:通过将实际问题转化为数列的形式,利用数列的性质和公式来解决问题。

以上是高考数学中与数列相关的主要知识点。

掌握这些知识点,能够帮助学生在解答数列相关题目时更加熟练和准确。

需要注意的是,除了理论知识,还需要进行大量的练习和实践,以提高对数列概念的理解和应用能力。

2019年高考数学理真题分项解析:专题06 数列

2019年高考数学理真题分项解析:专题06 数列

专题六 数列1.【2019高考新课标Ⅰ,理9】记n S 为等差数列{}n a 的前n 项和.已知4505S a ==,,则 A. 25n a n =- B. 310n a n =- C. 228n S n n =-D. 2122n S n n =- 【答案】A 【解析】 【分析】等差数列通项公式与前n 项和公式.本题还可用排除,对B ,55a =,44(72)1002S -+==-≠,排除B ,对C,245540,25850105S a S S ==-=⨯-⨯-=≠,排除C.对D,24554150,5250522S a S S ==-=⨯-⨯-=≠,排除D ,故选A .【详解】由题知,41514430245d S a a a d ⎧=+⨯⨯=⎪⎨⎪=+=⎩,解得132a d =-⎧⎨=⎩,∴25n a n =-,故选A . 【点睛】本题主要考查等差数列通项公式与前n 项和公式,渗透方程思想与数学计算等素养.利用等差数列通项公式与前n 项公式即可列出关于首项与公差的方程,解出首项与公差,在适当计算即可做了判断.2.【2019高考新课标Ⅲ,理5】已知各项均为正数的等比数列{}n a 的前4项和为15,且53134a a a =+,则3a =( )A. 16B. 8C. 4D. 2【答案】C 【解析】 【分析】利用方程思想列出关于1,a q 的方程组,求出1,a q ,再利用通项公式即可求得3a 的值.【详解】设正数的等比数列{a n }的公比为q ,则2311114211115,34a a q a q a q a q a q a ⎧+++=⎨=+⎩, 解得11,2a q =⎧⎨=⎩,2314a a q ∴==,故选C .【点睛】本题利用方程思想求解数列基本量,熟练应用公式是解题的关键。

3.【2019高考浙江卷,10】设,a b ∈R ,数列{}n a 中,211,n n a a a a b +==+,N n *∈ ,则( )A. 当101,102b a => B. 当101,104b a => C. 当102,10b a =-> D. 当104,10b a =->【答案】A 【解析】 【分析】对于B ,令214x λ-+=0,得λ12=,取112a =,得到当b 14=时,a 10<10;对于C ,令x 2﹣λ﹣2=0,得λ=2或λ=﹣1,取a 1=2,得到当b =﹣2时,a 10<10;对于D ,令x 2﹣λ﹣4=0,得1172λ±=,取11172a +=,得到当b =﹣4时,a 10<10;对于A ,221122a a =+≥,223113()224a a =++≥,4224319117()14216216a a a =+++≥+=>,当n ≥4时,1n n a a +=a n 12na+>11322+=,由此推导出104a a >(32)6,从而a 1072964>>10. 【详解】对于B ,令214x λ-+=0,得λ12=, 取112a =,∴2111022n a a ==L ,,<, ∴当b 14=时,a 10<10,故B 错误;对于C ,令x 2﹣λ﹣2=0,得λ=2或λ=﹣1, 取a 1=2,∴a 2=2,…,a n =2<10, ∴当b =﹣2时,a 10<10,故C 错误; 对于D ,令x 2﹣λ﹣4=0,得1172λ±=, 取11172a +=,∴21172a +=,…,1172n a <+=10, ∴当b =﹣4时,a 10<10,故D 错误;对于A ,221122a a =+≥,223113()224a a =++≥, 4224319117()14216216a a a =+++≥+=>,a n +1﹣a n >0,{a n }递增,当n ≥4时,1n na a +=a n 12na +>11322+=, ∴5445109323232a a a a aa ⎧⎪⎪⎪⎪⎪⎪⋅⎨⎪⋅⎪⋅⎪⎪⎪⎪⎩>>>,∴104a a >(32)6,∴a 1072964>>10.故A 正确. 故选A .【点睛】遇到此类问题,不少考生会一筹莫展.利用函数方程思想,通过研究函数的不动点,进一步讨论a 的可能取值,利用“排除法”求解.4. 【2019高考新课标Ⅰ,理14】记S n 为等比数列{a n }的前n 项和.若214613a a a ==,,则S 5=____________. 【答案】1213. 【解析】 【分析】本题根据已知条件,列出关于等比数列公比q方程,应用等比数列的求和公式,计算得到5S .题目的难度不大,注重了基础知识、基本计算能力的考查. 【详解】设等比数列的公比为q ,由已知21461,3a a a ==,所以32511(),33q q =又0q ≠, 所以3,q =所以55151(13)(1)12131133a q S q --===--. 【点睛】准确计算,是解答此类问题的基本要求.本题由于涉及幂的乘方运算、繁分式分式计算,部分考生易出现运算错误.5.【2019高考新课标Ⅲ,理14】记S n 为等差数列{a n }的前n 项和,12103a a a =≠,,则105S S =___________. 【答案】4. 【解析】 【分析】根据已知求出1a 和d 的关系,再结合等差数列前n 项和公式求得结果. 【详解】因213a a =,所以113a d a +=,即12a d =,所以105S S =11111091010024542552a d a a a d ⨯+==⨯+. 【点睛】本题主要考查等差数列的性质、基本量的计算.渗透了数学运算素养.使用转化思想得出答案.6.【2019高考北京卷,理10】设等差数列{a n }的前n 项和为S n ,若a 2=−3,S 5=−10,则a 5=__________,S n 的最小值为__________. 【答案】 (1). 0. (2). -10. 【解析】 【分析】首先确定公差,然后由通项公式可得5a 的值,进一步研究数列中正项、负项的变化规律,得到和的最小值. 【详解】等差数列{}n a 中,53510S a ==-,得322,3a a =-=-,公差321d a a =-=,5320a a d =+=, 由等差数列{}n a 的性质得5n ≤时,0n a ≤,6n ≥时,n a 大于0,所以n S 的最小值为4S 或5S ,即为10-. 【点睛】本题考查等差数列的通项公式、求和公式、等差数列的性质,难度不大,注重重要知识、基础知识、基本运算能力的考查.7.【2019高考江苏卷,8】已知数列*{}()n a n ∈N 是等差数列,n S 是其前n 项和.若25890,27a a a S +==,则8S 的值是_____.【答案】16. 【解析】 【分析】由题意首先求得首项和公差,然后求解前8项和即可.【详解】由题意可得:()()()25811191470989272a a a a d a d a d S a d ⎧+=++++=⎪⎨⨯=+=⎪⎩, 解得:152a d =-⎧⎨=⎩,则8187840282162S a d ⨯=+=-+⨯=. 【点睛】等差数列、等比数列的基本计算问题,是高考必考内容,解题过程中要注意应用函数方程思想,灵活应用通项公式、求和公式等,构建方程(组),如本题,从已知出发,构建1,a d 的方程组.8.【2019高考新课标Ⅱ,理19】已知数列{a n }和{b n }满足a 1=1,b 1=0,1434n n n a a b +-=+ ,1434n n n b b a +-=-.(1)证明:{a n +b n }是等比数列,{a n –b n }是等差数列; (2)求{a n }和{b n }的通项公式.【答案】(1)见解析;(2)1122n n a n =+-,1122n n b n =-+。

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2019年全国高考数学数列部分知识点考查分析
一、等差数列及其性质
1.(2019年全国Ⅰ理)记n S 为等差数列{}n a 的前n 项和.已知40S =,55a =,则( )
A .25n a n =-
B .310n a n =-
C .228n S n n =-
D .21
22n S n n =-
2.(2019年全国Ⅲ理)记n S 为等差数列{}n a 的前n 项和,若10a ≠,213a a =,则105S
S = .
3.(2019年全国Ⅲ文)记n S 为等差数列{}n a 的前n 项和.若35a =,713a =,则10S = . 4.(2019年北京理)设等差数列{}n a 的前n 项和为n S ,若23a =-,510S =-,则5a = ,n S 的最小值为 .
5.(2019年江苏)已知数列*{}()n a n N ∈是等差数列,n S 是其前n 项和.若2580a a a +=,927S =,则8S 的值是 .
二、等比数列及其性质
1.(2019年全国Ⅲ文理)已知各项均为正数的等比数列{}n a 的前4项和为15,且53134a a a =+,则3(a = ) A .16 B .8 C .4 D .2
2.(2019年全国Ⅰ文)记n S 为等比数列{}n a 的前n 项和,若11a =,33
4
S =,则4S = .
3.(2019年上海秋)已知数列{}n a 前n 项和为n S ,且满足2n n S a +=,则5S =______.
三、数列综合
1.(2019年全国Ⅰ文)记n S 为等差数列{}n a 的前n 项和,已知95S a =-. (1)若34a =,求{}n a 的通项公式;
(2)若10a >,求使得n n S a 的n 的取值范围. 2.(2019年全国Ⅱ理)已知数列{}n a 和{}n b 满足11a =,10b =,1434n n n a a b +=-+,1434n n n b b a +=--.
(1)证明:{}n n a b +是等比数列,{}n n a b -是等差数列; (2)求{}n a 和{}n b 的通项公式. 3.(2019年全国Ⅱ文)已知{}n a 的各项均为正数的等比数列,12a =,32216a a =+. (1)求{}n a 的通项公式;
(2)设2log n n b a =,求数列{}n b 的前n 项和. 4.(2019年北京文)设{}n a 是等差数列,110a =-,且210a +,38a +,46a +成等比数列. (Ⅰ)求{}n a 的通项公式;
(Ⅱ)记{}n a 的前n 项和为n S ,求n S 的最小值. 5.(2019年天津文)设{}n a 是等差数列,{}n b 是等比数列,公比大于0.已知113a b ==,23b a =,3243b a =+.
(Ⅰ)求{}n a 和{}n b 的通项公式;
(Ⅱ)设数列{}n c 满足,
21,,n n n c b n ⎧⎪
=⎨⋅⎪⎩为奇数为偶数求*112222()n n a c a c a c n N ++⋯+∈.
6.(2019年天津理)设{}n a 是等差数列,{}n b 是等比数列.已知14a =,16b =,2222b a =-,3324b a =+.
(Ⅰ)求{}n a 和{}n b 的通项公式;
(Ⅱ)设数列{}n c 满足11c =,11,22,
,2,
k k n k
k n c b n +⎧<<⎪=⎨=⎪⎩其中*k N ∈. ()i 求数列22{(1)}n n a c -的通项公式;
()ii 求2*1
()n
i i i a c n N =∈∑.
7.(2019年浙江)设等差数列{}n a 的前n 项和为n S ,34a =,43a S =.数列{}n b 满足:对每个*n N ∈,n n S b +,1n n S b ++,2n n S b ++成等比数列. (Ⅰ)求数列{}n a ,{}n b 的通项公式;
(Ⅱ)记n c =
*n N ∈
,证明:12n c c c ++⋯+<,*n N ∈. 8.(2019年上海春)已知数列{}n a ,13a =,前n 项和为n S . (1)若{}n a 为等差数列,且415a =,求n S ;
(2)若{}n a 为等比数列,且lim 12n n S →∞
<,求公比q 的取值范围.
四、数列创新
1.(2019年浙江)设a ,b R ∈,数列{}n a 满足1a a =,2
1n n
a a
b +=+,*n N ∈,则( ) A .当12b =时,1010a > B .当1
4
b =时,1010a >
C .当2b =-时,1010a >
D .当4b =-时,1010a > 2.(2019年北京理)已知数列{}n a ,从中选取第1i 项、第2i 项、⋯、第m i 项12()m i i i <<⋯<,若12m i i i a a a <<⋯<,则称新数列1i a ,2i a ,⋯,m i a 为{}n a 的长度为m 的递增子列.规定:
数列{}n a 的任意一项都是{}n a 的长度为1的递增子列.
(Ⅰ)写出数列1,8,3,7,5,6,9的一个长度为4的递增子列;
(Ⅱ)已知数列{}n a 的长度为p 的递增子列的末项的最小值为0m a ,长度为q 的递增子列的末项的最小值为0n a .若p q <,求证:00m n a a <;
(Ⅲ)设无穷数列{}n a 的各项均为正整数,且任意两项均不相等.若{}n a 的长度为s 的递增子列末项的最小值为21s -,且长度为s 末项为21s -的递增子列恰有12s -个(1s =,2,)⋯,求数列{}n a 的通项公式. 3.(2019年江苏)定义首项为1且公比为正数的等比数列为“M -数列”. (1)已知等比数列*{}()n a n N ∈满足:245a a a =,321440a a a -+=,求证:数列{}n a 为“M -数列”;
(2)已知数列*{}()n b n N ∈满足:11b =,1122
n n n S b b +=-
,其中n S 为数列{}n b 的前n 项和. ①求数列{}n b 的通项公式;
②设m 为正整数,若存在“M -数列” *{}()n c n N ∈,对任意正整数k ,当k m 时,都有1k k k c b c +成立,求m 的最大值.
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4.(2019年上海春)已知等差数列{}n a 的公差(0d ∈,]π,数列{}n b 满足sin()n n b a =,集合{}
*|,n S x x b n N ==∈. (1)若120,3
a d π
==,求集合S ; (2)若12
a π
=
,求d 使得集合S 恰好有两个元素; (3)若集合S 恰好有三个元素:n T n b b +=,T 是不超过7的正整数,求T 的所有可能的值.
21.(2019年上海秋)
数列{}n a 有100项,1a a =,对任意[]2,100n ∈,存在[],1,1n i a a d i n =+∈-,若k
a 与前n 项中某一项相等,则称k a 具有性质P . (1)若11a =,求4a 可能的值;
(2)若{}n a 不为等差数列,求证:{}n a 中存在满足性质P ;
(3)若{}n a 中恰有三项具有性质P ,这三项和为C ,使用,,a d c 表示12100a a a ++
+.。

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