2020年高二下学期期末考试物理试题Word版含答案
新2020高二物理下学期期末考试试题
2020学年度第二学期期末考试高二年级物理试卷一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分。
第1~7题为单项选择题；第8~12题为多项选择题，在每小题给出的选项中有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1. 下列有关冲量的说法中正确的是（）A. 放置在水平桌面的物体静止一段时间，由于物体速度不变，所以物体受到重力的冲量为零B. 力对物体的冲量越大，物体受到的力一定越大C. 力对物体的冲量越大，力的作用时间一定越长D. 物体的冲量越大，它的动量变化越大【答案】D【解析】重力不为零，作用时间不为零，故重力的冲量不为零，A错误；根据公式，冲量大，作用力不一定大，还跟作用时间有关系，同理冲量大，作用时间不一定长，还跟作用力大小有关，故BC错误；根据动量定理可得，所以冲量越大，动量变化量越大，D正确2. 下列运动过程中，在任意相等时间内，物体的动量变化不相等的是（）A. 匀速圆周运动B. 竖直上抛运动C. 平抛运动D. 任意的匀变速直线运动【答案】A【解析】动量变化量是矢量，匀速圆周运动动量变化量方向时刻在变化，在相等时间内动量变化量不相同．也可根据动量定理，，F是合力，匀速圆周运动的合力指向圆心，是变力，相等时间内合力的冲量也是变化的，动量变化量是变化的，A正确；竖直上抛运动，平抛运动，匀变速直线运动，这三种运动过程中受到的合力恒定，根据可知在任意相等时间内动量变化量相等，故BCD错误．3. 甲、乙两个物体沿同一直线相向运动，甲物体的速度是6m/s，乙物体的速度是2m/s。
碰撞后两物体都沿各自原方向的反方向运动，速度都是4m/s。
则甲、乙两物体的质量之比为（）A. 3:5B. 5:3C. 1:1D. 1:4【答案】A【解析】试题分析：甲乙两物体在碰撞前后动量守恒，根据动量守恒定律，结合甲乙碰撞前后的速度得出甲、乙两物体的质量之比．............4. 把一支弹簧枪水平固定在小车上，小车放在光滑水平地面上，枪射出一颗子弹的过程中，关于枪、子弹、车，下列说法正确的是（）A. 枪和子弹组成的系统动量守恒B. 枪和车组成的系统动量守恒C. 枪弹和枪筒之间的摩擦力很小，可以忽略不计，故二者组成的系统动量近似守恒D. 枪、子弹、车三者组成的系统动量守恒【答案】D【解析】枪和弹组成的系统，由于小车对枪有外力，枪和弹组成的系统外力之和不为零，所以动量不守恒，故A错误；枪和车组成的系统，由于子弹对枪有作用力，导致枪和车组成的系统外力之和不为零，所以动量不守恒，故B错误；枪、弹、车组成的系统，它们之间相互作用的力为内力，比如枪弹和枪筒之间的摩擦力，系统所受外力之和为零，系统动量守恒，故D正确C错误．5. 下列关于光电效应的说法正确的是（）A. 光电效应实验说明光具有波粒二象性B. 若用某种色光去照射金属而没能发生光电效应，则说明该色光的波长太长C. 若用某种色光去照射金属而没能发生光电效应，若增加光照时间有可能使该金属发生光电效应D. 逸出的光电子的最大初动能与入射光的强度有关【答案】B【解析】光电效应说明光具有粒子性，A错误；若用某种色光去照射金属而没能发生光电效应，即入射光的频率小于极限频率，或入射光的波长大于极限波长，可知该色光的波长太长，B正确；根据公式可得金属能否发生光电效应与光的照射时间无关，最大初动能与入射光的强度无关，CD错误．【点睛】发生光电效应的条件是入射光的频率大于金属的极限频率，或入射光的波长小于极限波长，与光的照射时间无关．根据光电效应方程知，光电子的最大初动能与入射光的频率有关，与入射光的强度无关．6. 仔细观察氢原子的光谱，发现它只有几条分离的不连续的亮线，其原因是（）A. 观察时氢原子有时发光，有时不发光B. 氢原子只能发出平行光C. 氢原子辐射的光子的能量是不连续的，所以对应的光的频率也是不连续的D. 氢原子发出的光互相干涉的结果【答案】C【解析】根据玻尔理论得知，氢原子的能量不连续的，辐射的光子的能量是不连续的，则光子的频率，光子的频率也是不连续的，从而产生几条不连续的亮线，C正确．7. 下列实验事实与原子结构模型建立的关系正确的是（）A. 电子的发现：道尔顿的原子结构模型B. α粒子散射：卢瑟福原子结构模型C. α粒子散射：玻尔原子结构模型D. 氢原子光谱：卢瑟福原子结构模型【答案】B【解析】道尔顿的原子结构模型是道尔顿通过对大气的物理性质进行研究而提出的，故A错误；卢瑟福原子结构模型是通过α粒子散射实验提出的，卢瑟福提出原子的核式结构模型，这一模型建立的基础是α粒子散射实验，故B正确C错误；波尔提出电子在一定轨道上运动的原子结构模型，D错误．8. （多选）在光滑水平面上，原来静止的物体在水平力F的作用下，经过时间t、通过位移后，动量变为p、动能变为E k。
2020年北京东城高二(下)期末物理试题含参考答案
2020年北京东城高二（下）期末物 理 2020.7本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分，共100分。
考试时长90分钟。
考生务必将答案答在答题卡上，在试卷上作答无效。
考试结束后，将答题卡交回。
第Ⅰ卷(选择题，共42分)一、选择题(本题共14小题，每小题3分，共42分。
在每小题列出的四个选项中，只有一个选项是符合题意的) 1.下列说法正确的是A.物体从外界吸收热量，其内能一定增加B.物体对外界做功，其内能一定减少C.物体温度升高，其分子热运动平均动能增大D.物体温度降低，其分子热运动剧烈程度增加 2.关于波的现象，下列说法正确的是A.机械波和电磁波都可以在真空中传播B.波速、波长与频率的关系v f λ=，对机械波和电磁波都适用C.电磁波能产生干涉、衍射现象，而机械波不能D.机械波既有横波又有纵波，而电磁波只有纵波3.如图所示，弹簧振子在Ｍ、N 之间做简谐运动，O 为平衡位置，P 是ON 间一点，则A.振子从M 运动到O 的过程中势能增大B.振子从O 运动到N 的过程中动能增大C.振子通过Ｐ点时加速度方向向左D.振子通过P 点时回复力方向向右4.在第3题所示弹簧振子的图中，以平衡位置O 为原点，沿ON 方向建立Ox 轴(向右为正方向)。
若振子位于M 点时开始计时，则其振动图像为5.下列有关热现象的说法中正确的是A.液体分子的无规则运动称为布朗运动B.分子间引力与斥力的大小都随分子间距离的增大而减小C.温度升高时，物体内每个分子热运动的动能都增大D.一定质量的气体，体积越小，温度越高，气体的压强就越小6.如图所示，一束单色光从真空斜射向某种介质的表面，入射角45i =︒，折射角30r =︒，则A.此介质的折射率等于1.5B.此介质的折射率等于12C.i 大于45°时会发生全反射现象D.此介质全反射的临界角为45°7.如图所示为观察水面波衍射的实验示意图，CA 、BD 是挡板，它们之间有一窄缝，A 、B 分别为窄缝边缘的两点。
福建2020年高二(下)期末物理试卷(解析版)
2020年福建师大附中高二（下）期末物理试卷一、选择题（本大题共12小题，每小题4分．在每小题给出的四个选项中，第1～6题只有一项是符合题目要求，第7～12题有多项符合题目要求．全部选对的得4分，选对但不全的得2分．有选错的得0分．）1．红外线热像仪通过红外线遥感，可检测出经过它时的发热病人，从而可以有效控制疫情的传播．关于红外线热像仪，下列说法中正确的是（）A．选择红外线进行检测，主要是因为红外线光子能量小，可以节约能量B．红外线热像仪通过发射红外线照射人体来检测C．红外线热像仪同时还具有杀菌作用D．根据物体在不同温度下发射的红外线的频率和强度不同的原理来检测体温2．两束单色光Ⅰ、Ⅱ从水下同一位置同一方向射向水面，只产生两束光线，光路图如图所示，则（）A．两束光在水中传播时，光束Ⅱ的速度大于光束Ⅰ的速度B．两束光在水中传播时波长一样C．两束光线通过同一小孔时，光线Ⅰ的衍射现象更明显D．光束Ⅰ从水中到空气中频率变大3．如图甲为利用沙摆演示简谐运动图象的装置．当盛沙的漏斗下面的薄木板被水平匀速拉出时，做简谐运动的漏斗漏出的沙在板上显示出沙摆的振动位移随时间变化的关系曲线．已知木板被水平拉动的速度为0.15m/s，图乙所示的一段木板的长度为0.60m，则这次实验沙摆的摆长大约为（取g=π2）（）A．0.56 m B．1 m C．2 m D．2.25 m4．如图所示为α粒子散射实验装置，α粒子打到荧光屏上都会引起闪烁，若将带有荧光屏的显微镜分别放在图中A、B、C、D四处位置．则这四处位置在相等时间内统计的闪烁次数可能符合事实的是（）A．1305、25、7、1 B．202、405、625、825C．1202、1010、723、203 D．1202、1305、723、2035．碘131的半衰期约为8天．若某药物含有质量为m的碘131，经过40天后，该药物中碘131的含量大约还有（）A． B． C． D．6．用很弱的光做双缝干涉实验，把入射光减弱到可以认为光源和感光胶片之间不可能同时有两个光子存在，如图所示是不同数量的光子照射到感光胶片上得到的照片．这些照片说明（）A．光只有粒子性没有波动性B．光只有波动性没有粒子性C．少量光子的运动显示波动性，大量光子的运动显示粒子性D．少量光子的运动显示粒子性，大量光子的运动显示波动性7．在张紧的绳子上挂了a、b、c、d四个单摆，摆长关系为L c＞L b=L d ＞L a，如图所示，先让d摆动起来（摆角不超过10°）则下列说法正确的是（）A．b摆发生振动其余摆均不动B．所有的摆均以2π的周期振动C．所有的摆均以相同摆角振动D．a、b、c中b摆振动幅度最大8．如图所示是一竖立的肥皂液薄膜的横截面，关于竖立肥皂液薄膜上产生光的干涉现象的下列陈述中正确的是（）A．干涉条纹的产生是由于光线在薄膜前后两表面反射形成的两列光波的叠加B．干涉条纹的暗纹是由于上述两列反射波的波谷与波谷叠加而成C．用绿色光照射薄膜产生的干涉条纹间距比黄光照射时小D．薄膜上干涉条纹基本上是水平的9．如图甲所示，同一水平直线上相距9m的A、B两处各有一个振源，C为A、B连线的中点．在t0=0时刻，A、B两处的质点以相同的振幅同时开始做垂直于直线AB的上下振动，且都只振动了一个周期，它们的振动图象分别为图乙和图丙．若A处振源向右传播的波与B处振源向左传播的波在t1=0.3s时刻于C点相遇，则（）A．两列波在A、B间的传播速度均为30 m/sB．两列波的波长都是3 mC．在两列波相遇的过程中，中点C为振动加强点D．在t2=0.7s时刻，B处质点经过平衡位置且振动方向向下10．氢原子的能级图如图所示，已知可见光光子的能量范围约为1.62eV～3.11eV，下列说法中正确的是（）A．大量处于n=4能级的氢原子向低能级跃迁时，可能发出2种不同频率的可见光B．处于n=4能级的氢原子向n=1能级跃迁时，产生的光为可见光C．处于n=4能级的氢原子吸收任意频率的紫外线，一定能够发生电离D．处于n=2能级的氢原子向n=4能级跃迁时，核外电子的动能增大11．关于原子核的结合能，下列说法正确的是（）A．原子核的结合能等于使其完全分解成自由核子所需的最小能量B．钚核Pu的衰变方程为：Pu﹣→U+He，衰变产物α粒子和铀核的结合能之和一定大于钚核的结合能C．比结合能越大，原子核越不稳定D．自由核子组成原子核时，其质量亏损所对应的能量大于该原子核的结合能12．如图是某金属在光的照射下，光电子的最大初动能E k与入射光频率ν的关系图象，由图象可知（）A．该金属的逸出功等于EB．该金属的逸出功等于hν0C．入射光的频率为2ν0时，产生的光电子的最大初动能为2E D．该图线的斜率表示普朗克常量二、实验题（共14分）13．用双缝干涉测光的波长的实验中，已知双缝到光屏的距离l=500mm，双缝之间的距离d=0.20mm，（1）以下哪些操作能够增大光屏上相邻两条亮纹之间的距离______（多选）A．增大单缝和双缝之间的距离B．增大双缝和光屏之间的距离C．将绿色滤光片改为红色滤光片D．增大双缝之间的距离（2）某同学用测量头测量时，先将测量头目镜中看到的分划板中心刻度线对准某条亮纹（记作第一条）的中心，这时手轮上的示数为2.790mm；然后他转动测量头，使分划板中心刻度线对准第7条亮纹的中心，这时手轮上的示数如上图所示，示数为______mm，由此可以计算出这次实验中所测的单色光的波长为______mm．（结果留三位有效数字）14．在做“碰撞中的动量守恒定律”实验中（1）需要的测量仪器或工具有______（多选）A．秒表B．天平C．刻度尺D．圆规（2）必须要求的条件是______（多选）A．斜槽轨道尽量光滑以减少误差B．斜槽轨道末端的切线必须水平C．入射球和被碰球的质量必须相等，且大小相同D．入射球每次必须从轨道的同一位置由静止滚下（3）某次实验中得出的落点情况如图所示，假设碰撞过程中动量守恒，则入射小球质量m1和被碰小球质量m2之比______．三、计算题（共4小题，共38分，解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不得分，有数值计算的题目，答案必须明确写出数值和单位．）15．某些建筑材料可产生放射性气体﹣﹣氡，氡可以发生α或β衰变．原来静止的氡核（Rn）发生一次α衰变生成新核钋（Po）．取氡核的质量m Rn=222.0176u，钋核的质量m Po=218.0090u，α粒子的质量mα=4.0026u，已知1u相当于931.5MeV．（1）写出衰变的核反应方程；（2）该衰变反应中释放出的核能；（保留两位有效数字）16．一列波沿x轴正向传播，在t=0时刻的波形如图所示，质点振动的振幅为5.0cm，P点处于x=40.5m处，已知t=8.8s时，P点恰好第二次到达波峰．试计算：（1）这列波的传播速度多大？（2）当P点第一次出现波谷时，原点O点通过的路程为多少？17．如图所示，在桌面上有一倒立的玻璃圆锥，有一半径为r=0.2m 的圆柱形平行光束垂直入射到圆锥的底面上，光束的中心轴与圆锥的轴重合．圆锥底面与桌面平行，顶点C与桌面的距离为a=0.4m，过轴线的截面为等边三角形ABC，边长l=1.0m，已知玻璃的折射率为n=1.5，光速为c=3.0×108m/s，求：（1）光束在桌面上形成的光斑半径R；（2）光束从进入圆锥的底面AB开始直至到达桌面所需的最长时间t．18．如图所示，质量为M=4.0kg的小车在光滑水平轨道上以υ1=2.0m/s 速度向右运动．一股水流以υ2=4.0m/s的水平速度自右向左射向小车后壁，已知水流流量为Q=5.0×10﹣5m3/s，射到车壁的水全部流入车厢内．已知水的密度为ρ=1.0×103kg/m3，求：（1）经多长时间可使小车开始反向运动；（2）若要使小车保持υ1=2.0m/s速度向右匀速运动，小车的应受到向右的水平牵引力T的大小．参考答案与试题解析一、选择题（本大题共12小题，每小题4分．在每小题给出的四个选项中，第1～6题只有一项是符合题目要求，第7～12题有多项符合题目要求．全部选对的得4分，选对但不全的得2分．有选错的得0分．）1．红外线热像仪通过红外线遥感，可检测出经过它时的发热病人，从而可以有效控制疫情的传播．关于红外线热像仪，下列说法中正确的是（）A．选择红外线进行检测，主要是因为红外线光子能量小，可以节约能量B．红外线热像仪通过发射红外线照射人体来检测C．红外线热像仪同时还具有杀菌作用D．根据物体在不同温度下发射的红外线的频率和强度不同的原理来检测体温【考点】红外线的热效应和红外线遥控．【分析】红外线是一种不可见光．红外线具有热效应，所以温度越高的物体，辐射的红外线越强．物体在不同温度下发射的红外线的频率和强度不同．与紫外线不同，紫外线可以用来杀菌和消毒．【解答】解：A、因此一切物体均能发出红外线，因此使用红外线进行检测，这里与红外线光子能量小没有关系；故A错误．B、红外线热像仪通过接收到人体发出的红外线照射从而来检测．故B错误．C、紫外线热像仪具有杀菌作用．红外线能量小的多，没有杀菌作用；故C错误．D、一切物体都能发射红外线，且物体在不同温度下发射的红外线的频率和强度不同，根据物体在不同温度下发射的红外线的频率和强度不同的原理可用来检测体温．故D正确．故选：D2．两束单色光Ⅰ、Ⅱ从水下同一位置同一方向射向水面，只产生两束光线，光路图如图所示，则（）A．两束光在水中传播时，光束Ⅱ的速度大于光束Ⅰ的速度B．两束光在水中传播时波长一样C．两束光线通过同一小孔时，光线Ⅰ的衍射现象更明显D．光束Ⅰ从水中到空气中频率变大【考点】光的折射定律；光的衍射．【分析】由图看出，光线Ⅱ发生了全反射，而光线Ⅰ没有发生全反射，说明光线Ⅱ的临界角较小，根据临界角公式sinC=分析折射率的大小，从而判断出其他各量的关系．【解答】解：A、由图知，光线Ⅱ发生了全反射，而光线Ⅰ没有发生全反射，说明光线Ⅱ的临界角较小，根据临界角公式sinC=可知，水对光线Ⅰ的折射率小，对光线Ⅱ的折射率大，由v=知，两束光在水中传播时，光束Ⅱ的速度小于光束Ⅰ的速度．故A错误．B、光线Ⅰ的折射率较小，频率较小，波长较长，故B错误．C、光线Ⅰ的波长长，波动性强，两束光线通过同一小孔时，光线Ⅰ的衍射现象更明显，故C正确．D、光的频率由光源决定，与介质无关，则光束Ⅰ从水中到空气中频率不变，故D错误．故选：C3．如图甲为利用沙摆演示简谐运动图象的装置．当盛沙的漏斗下面的薄木板被水平匀速拉出时，做简谐运动的漏斗漏出的沙在板上显示出沙摆的振动位移随时间变化的关系曲线．已知木板被水平拉动的速度为0.15m/s，图乙所示的一段木板的长度为0.60m，则这次实验沙摆的摆长大约为（取g=π2）（）A．0.56 m B．1 m C．2 m D．2.25 m【考点】简谐运动的振动图象．【分析】薄木板水平匀速运动，由板长和速度求出运动的时间．此时间等于两倍的沙摆周期，则知沙摆的周期，再由单摆的周期公式求解摆长．【解答】解：薄木板水平匀速运动，通过0.60m的时间为：t==s=4s设沙摆的周期为T，由图看出，2T=t，得：T=2s．由T=2π得：L=1m故选：B4．如图所示为α粒子散射实验装置，α粒子打到荧光屏上都会引起闪烁，若将带有荧光屏的显微镜分别放在图中A、B、C、D四处位置．则这四处位置在相等时间内统计的闪烁次数可能符合事实的是（）A．1305、25、7、1 B．202、405、625、825C．1202、1010、723、203 D．1202、1305、723、203【考点】粒子散射实验．【分析】在α粒子散射实验中，绝大多数α粒子运动方向基本不变，少数发生了偏转，极少数粒子发生了大角度偏转．【解答】解：由于绝大多数粒子运动方向基本不变，所以A位置闪烁此时最多，少数粒子发生了偏转，极少数发生了大角度偏转．符合该规律的数据只有A选项．故A正确，B、C、D错误．故选A．5．碘131的半衰期约为8天．若某药物含有质量为m的碘131，经过40天后，该药物中碘131的含量大约还有（）A． B． C． D．【考点】原子核衰变及半衰期、衰变速度．【分析】半衰期是放射性原子核剩下一半需要的时间，根据公式求解剩余原子核的质量．【解答】解：碘131的半衰期约为8天，经过32天后，碘131的剩余质量为：，故B正确，ACD错误故选：B6．用很弱的光做双缝干涉实验，把入射光减弱到可以认为光源和感光胶片之间不可能同时有两个光子存在，如图所示是不同数量的光子照射到感光胶片上得到的照片．这些照片说明（）A．光只有粒子性没有波动性B．光只有波动性没有粒子性C．少量光子的运动显示波动性，大量光子的运动显示粒子性D．少量光子的运动显示粒子性，大量光子的运动显示波动性【考点】双缝干涉的条纹间距与波长的关系．【分析】光的反射、传播和吸收不是连续的而是一份一份的，每一份就是一个光子，单个光子表现粒子性，即每一个光子所到达的区域是不确定的，但是大量光子表现出波动性，所以长时间曝光后最终形成了明暗相间的干涉条纹．【解答】解：由于光的传播不是连续的而是一份一份的，每一份就是一个光子，所以每次通过狭缝只有一个光子，当一个光子到达某一位置时该位置感光而留下痕迹，由于单个光子表现粒子性，即每一个光子所到达的区域是不确定的，但是大量光子表现出波动性，所以长时间曝光后最终形成了图3中明暗相间的条纹，故该实验说明了光具有波粒二象性，故ABC错误，D正确；故选：D．7．在张紧的绳子上挂了a、b、c、d四个单摆，摆长关系为L c＞L b=L d ＞L a，如图所示，先让d摆动起来（摆角不超过10°）则下列说法正确的是（）A．b摆发生振动其余摆均不动B．所有的摆均以2π的周期振动C．所有的摆均以相同摆角振动D．a、b、c中b摆振动幅度最大【考点】产生共振的条件及其应用．【分析】受迫振动的频率等于驱动率的频率，与物体的固有频率无关；当摆的固有频率与驱动力频率相同时，振幅最大的现象叫做共振．【解答】解：d摆摆动起来后，通过水平绳子对a、b、c三个摆施加周期性的驱动力，使a、b、c三摆做受迫振动，a、b、c三摆做受迫振动的频率等于驱动力的频率，由于驱动力频率相同，则a、b、c三摆均以相同频率振动；由于b摆的固有频率与驱动力频率相同，故b摆的振幅最大；故AC错误，BD正确；故选BD．8．如图所示是一竖立的肥皂液薄膜的横截面，关于竖立肥皂液薄膜上产生光的干涉现象的下列陈述中正确的是（）A．干涉条纹的产生是由于光线在薄膜前后两表面反射形成的两列光波的叠加B．干涉条纹的暗纹是由于上述两列反射波的波谷与波谷叠加而成C．用绿色光照射薄膜产生的干涉条纹间距比黄光照射时小D．薄膜上干涉条纹基本上是水平的【考点】光的干涉．【分析】薄膜干涉分为两种一种叫等倾干涉，另一种称做等厚干涉．等厚干涉是由平行光入射到厚度变化均匀、折射率均匀的薄膜前、后表面而形成的干涉条纹．薄膜厚度相同的地方形成同条干涉条纹，故称等厚干涉．牛顿环和楔形平板干涉都属等厚干涉．【解答】解：A、由于重力的作用，肥皂膜形成了上薄下厚的薄膜，干涉条纹的产生是由于光线在薄膜前后两表面反射形成的两列光波的叠加，故A正确；B、干涉条纹的暗纹是由于上述两列反射波的波谷与波峰叠加而成，故B错误；C、条纹间距与光的波长成正比，由于绿光波长短，故绿光条纹间距小，故C正确；D、薄膜的干涉是等厚干涉，同一条纹厚度相同，故条纹是水平的，故D正确；故选：ACD．9．如图甲所示，同一水平直线上相距9m的A、B两处各有一个振源，C为A、B连线的中点．在t0=0时刻，A、B两处的质点以相同的振幅同时开始做垂直于直线AB的上下振动，且都只振动了一个周期，它们的振动图象分别为图乙和图丙．若A处振源向右传播的波与B处振源向左传播的波在t1=0.3s时刻于C点相遇，则（）A．两列波在A、B间的传播速度均为30 m/sB．两列波的波长都是3 mC．在两列波相遇的过程中，中点C为振动加强点D．在t2=0.7s时刻，B处质点经过平衡位置且振动方向向下【考点】波长、频率和波速的关系；横波的图象．【分析】两个波源都只振动一个周期，形成一个波长的波形，在同一介质中传播时，速度相同．由A、B间距离与时间t1求出波速．由波速公式求出波长．根据波的叠加原理研究C的振动是加强还是减弱，以及t2=0.7s时刻，B点的振动情况．【解答】解：A、两列波在同一介质中传播时，波速相同，设波速是v，由2vt1=x AB，代入解得，v===15m/s．故A错误．B、由公式v=得，波长λ=vT=15×0.2m=3m．故B正确．C、在两列波相遇的过程中，两列波的波峰与波谷在C点相遇，C点振动减弱．故C错误．D、t2=0.7s=3.5T，A波传播距离为S=vt=7m，波的平衡位置向下的振动状态都传到B点，且振动方向向下．故D正确．故选：BD10．氢原子的能级图如图所示，已知可见光光子的能量范围约为1.62eV～3.11eV，下列说法中正确的是（）A．大量处于n=4能级的氢原子向低能级跃迁时，可能发出2种不同频率的可见光B．处于n=4能级的氢原子向n=1能级跃迁时，产生的光为可见光C．处于n=4能级的氢原子吸收任意频率的紫外线，一定能够发生电离D．处于n=2能级的氢原子向n=4能级跃迁时，核外电子的动能增大【考点】氢原子的能级公式和跃迁．【分析】根据，计算出不同频率光的种数．紫外线的能量大于3.11eV，判断n=3能级的氢原子可以吸收紫外线后，能量是否大于0，即可知是否电离．红外线有显著的热效应，根据氢原子从高能级向n=3能级跃迁时发出的光子能量是否小于1.62eV，从而即可比较进行分析．【解答】解：A、根据=6知，大量处于n=4能级的氢原子向低能级跃迁时，可能发出6种不同频率的光子．因为可见光的光子能量范围约为1.62eV～3.11eV，满足此范围的有：n=4到n=2，n=3到n=2．所以可将有2种不同频率的可见光．故A 正确．B、氢原子从处于n=4能级的氢原子向n=1能级跃迁时，发出的光子能量△E=13.6﹣0.85=12.75eV大于3.11eV，不可能为可见光．故B错误．C、紫外线的能量大于3.11eV，n=3能级的氢原子可以吸收紫外线后，能量大于0，所以氢原子发生电离．故C正确．D、氢原子的电子由n=2能级的氢原子向n=4能级跃迁时，轨道半径增大，原子能量增大，吸收光子．根据=知轨道半径越大，动能越小，知电子的动能减小．故D 错误；故选：AC．11．关于原子核的结合能，下列说法正确的是（）A．原子核的结合能等于使其完全分解成自由核子所需的最小能量B．钚核Pu的衰变方程为：Pu﹣→U+He，衰变产物α粒子和铀核的结合能之和一定大于钚核的结合能C．比结合能越大，原子核越不稳定D．自由核子组成原子核时，其质量亏损所对应的能量大于该原子核的结合能【考点】裂变反应和聚变反应；原子核衰变及半衰期、衰变速度；原子核的结合能．【分析】原子核是核子结合在一起构成的，要把它们分开，需要能量，这就是原子核的结合能．抓住衰变后产物更稳定，比较反应后产物的结合能之和和反应前原子核的结合能大小．比结合能越大，原子核越稳定．【解答】解：A、原子核的结合能等于使其完全分解成自由核子所需的最小能量，故A正确．B、衰变后的产物相对于衰变前要稳定，所以钚核衰变成α粒子和另一原子核，衰变产物的结合能之和一定大于铀核的结合能，故B正确．C、比结合能越大，原子核越稳定，故C错误．D、自由核子组成原子核时，其质量亏损所对应的能量等于该原子核的结合能，故D错误．故选：AB．12．如图是某金属在光的照射下，光电子的最大初动能E k与入射光频率ν的关系图象，由图象可知（）A．该金属的逸出功等于EB．该金属的逸出功等于hν0C．入射光的频率为2ν0时，产生的光电子的最大初动能为2ED．该图线的斜率表示普朗克常量【考点】光电效应．【分析】根据光电效应方程，结合图线的纵轴截距求出金属的逸出功，结合横轴截距得出金属的极限频率，从而得出逸出功．根据光电效应方程求出光电子的最大初动能．【解答】解：A、根据光电效应方程E k=hγ﹣W0，当γ=0时，E k=﹣W0，由图象知纵轴截距﹣E，所以W0=E，即该金属的逸出功E，故A正确；B、图线与γ轴交点的横坐标是γ0，该金属的逸出功hγ0，故B正确；C、根据光电效应方程，E k=hγ﹣W0=h•2γ0﹣hγ0=hγ0=E，故C错误；D、根据光电效应方程E k=hγ﹣W0，知图线的斜率表示普朗克常量h，故D正确；故选：ABD．二、实验题（共14分）13．用双缝干涉测光的波长的实验中，已知双缝到光屏的距离l=500mm，双缝之间的距离d=0.20mm，（1）以下哪些操作能够增大光屏上相邻两条亮纹之间的距离BC （多选）A．增大单缝和双缝之间的距离B．增大双缝和光屏之间的距离C．将绿色滤光片改为红色滤光片D．增大双缝之间的距离（2）某同学用测量头测量时，先将测量头目镜中看到的分划板中心刻度线对准某条亮纹（记作第一条）的中心，这时手轮上的示数为2.790mm；然后他转动测量头，使分划板中心刻度线对准第7条亮纹的中心，这时手轮上的示数如上图所示，示数为10.293mm，由此可以计算出这次实验中所测的单色光的波长为 2.50×10﹣4 mm．（结果留三位有效数字）【考点】用双缝干涉测光的波长．【分析】根据条纹间距公式判断若想增大△x可以改变的因素；螺旋测微器的读数等于固定刻度读数与可动刻度读数之和，在读可动刻度读数时需估读．根据△x=λ求出单色光的波长．【解答】解：（1）根据△x=λ知若想增大条纹间距，可以改用波长较长的色光，或者增大双缝与屏即④⑤之间的距离L，还可以减小双缝间距d，故B正确，ACD错误．故选：B．（2）螺旋测微器的固定刻度读数为10mm，可动刻度读数为0.01×29.3mm=0.293mm，所以最终读数为10.293mm．△x==1.251mm根据△x=λ得λ=，代入数据得：λ==2.50×10﹣7m=2.50×10﹣4mm；故答案为：（1）B；（2）10.293，5.4×107．14．在做“碰撞中的动量守恒定律”实验中（1）需要的测量仪器或工具有BCD（多选）A．秒表B．天平C．刻度尺D．圆规（2）必须要求的条件是BD（多选）A．斜槽轨道尽量光滑以减少误差B．斜槽轨道末端的切线必须水平C．入射球和被碰球的质量必须相等，且大小相同D．入射球每次必须从轨道的同一位置由静止滚下（3）某次实验中得出的落点情况如图所示，假设碰撞过程中动量守恒，则入射小球质量m1和被碰小球质量m2之比4：1．【考点】验证动量守恒定律．【分析】（1）明确实验原理，从而知道应采用的器材；（2）根据实验中误差产生的原因，明确实验中应注意的事项；（3）根据动量守恒可得出质量与水平距离乘积间的表达式，根据平抛的水平距离代入表达式即可求出对应的质量比值．【解答】解：（1）本实验需要天平称量物体的质量，需要刻度尺测量长度，需要圆规找物体的平均落点，故选：BCD．（2）A、轨道是否光滑对实验的结果没有影响．故A错误；B、要保证碰撞后两个球做平抛运动，故斜槽轨道末端的切线必须水平，故B正确；C、入射球质量要大于被碰球质量，即m1＞m2，防止碰后m1被反弹，故C错误；D、为保证碰撞的初速度相同，入射球每次必须从轨道的同一位置由静止滚下，故D正确；故选：BD．（3）根据动量守恒定律，有：m1=m1+m2代入数据，有：m1×0.255=m1×0.155+m2×（0.411﹣0.11）。
2020-2021学年高二下学期期末复习物理试题-含答案解析
辽宁省新民市第一高级中学【最新】高二下学期期末复习物理试题学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题1．已知钙和钾的截止频率分别为7.73×1014Hz和5.44×1014Hz，在某种单色光的照射下两种金属均发生光电效应，下列说法正确的是（）A．钾的逸出功大于钙的逸出功B．钙逸出的电子的最大初动能大于钾逸出的电子的最大初动能C．比较它们表面逸出的具有最大初动能的光电子，钙逸出的光电子具有较大的波长D．比较它们表面逸出的具有最大初动能的光电子，钙逸出的光电子具有较大的动量2．如图所示是实验室用来研究光电效应原理的装置图，电表均为理想电表，当入射光的能量等于9 eV时，灵敏电流表检测到有电流流过，当电压表示数等于5.5 V时，灵敏电流表示数刚好等于0．则下列说法正确的是（）A．若增大入射光的强度，光电子的最大初动能将增大B．若入射光的能量小于3.5 eV，改变电源的正负极方向，则电流表示数可能会不等于0C．光电管材料的逸出功等于3.5 eVD．增大入射光的波长，在电压表示数不变的情况下，电流表示数会变大3．在演示光电效应的实验中，原来不带电的一块锌板与灵敏验电器相连，用弧光灯照射锌板时，验电器的指针就张开一个角度，如图所示，这时（）A．金属内的每个电子可以吸收一个或一个以上的光子，当它积累的动能足够大时，就能逸出金属B．锌板带正电，指针带正电C．锌板带负电，指针带正电D．若仅减弱照射光的强度，则可能不再有光电子飞出4．用波长为2.0×10-7m的紫外线照射钨的表面，释放出来的光电子中最大的动能是4.7×10−19J。
由此可知，钨的极限频率是（）。
（普朗克常量ℎ=6.63×10−34J⋅s，光速c=3.0×108m/s）A．5.5×1014HzB．7.9×1014HzC．9.8×1014HzD．1.2×1015Hz5．某单色光在真空中的波长为 ，已知真空中的光速为c ，普朗克常量为h ，则该单色光每个光子的能量为（）A．ℎcλB．ℎλcC．ℎcλD．ℎcλ6．如图所示是某金属在光的照射下，光电子最大初动能k E与入射光频率v的关系图象，由图象可知，下列不正确的是( )A．图线的斜率表示普朗克常量hB．该金属的逸出功等于EhvC．该金属的逸出功等于2v时，产生的光电子的最大初动能为2ED．入射光的频率为07．如图所示为氢原子光谱中的三条谱线，对这三条谱线的描述中正确的是（）A．乙谱线光子能量最大B．甲谱线是电子由基态向激发态跃迁发出的C ．丙谱线是电子在两个激发态间跃迁发出的D ．每条谱线对应核外电子绕核旋转的一条轨道，任一谱线的频率等于电子做圆周运动的频率8．放射性元素衰变时放出三种射线，按电离由强到弱的排列顺序是( )A ．α射线，β射线，γ射线B ．γ射线，β射线，α射线C ．γ射线，α射线，β射线D ．β射线，α射线，γ射线9．一个静止的铀核，放射一个α粒子而变为钍核，在匀强磁场中的径迹如图所示，则正确的说法( )A ．1是α，2是钍B ．1是钍，2是αC ．3是α，4是钍D ．3是钍，4是α10．关于天然放射现象，以下叙述正确的是( )A ．β 衰变所释放的电子是原子核内的中子转变为质子时所产生的B ．若使放射性物质的温度升高，其半衰期将减小C ．在α、β、γ这三种射线中，γ射线的穿透能力最强，β射线的电离能力最强D ．铀核U 92238 衰变为铅核P 82206b 的过程中，要经过8次α衰变和10次β衰变11．23592U 经过m 次α衰变和n 次β衰变，变成20782Pb ，则( )A ．m ＝7，n ＝3B ．m ＝7，n ＝4C ．m ＝14，n ＝9D ．m ＝14，n ＝1812．核电池是通过半导体换能器，将放射性同位素衰变过程中释放出的能量转变为电能。
福建省2020年高二(下)期末物理试卷(Word版 含答案解析)
2020年福建省漳州市龙海二中高二（下）期末物理试卷一、选择题（本题共48分．第1～8题只有一项符合题目要求，每小题4分．第9～12题有多项符合题目要求．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．）1．下列核反应方程中，属于α衰变的是（）A．N+He→O+HB．U→Th+HeC．H+H→He+nD．Th→Pa+ e2．爱因斯坦提出了光量子概念并成功地解释光电效应的规律而获得1921年的诺贝尔物理学奖．某种金属逸出光电子的最大初动能Ekm 与入射光频率ν的关系如图所示，其中ν0为极限频率．从图中可以确定的是（）A．逸出功与ν有关B．Ekm与入射光强度成正比C．ν＜ν0时，会逸出光电子D．图中直线的斜率与普朗克常量有关3．两球A、B在光滑水平面上沿同一直线，同一方向运动，mA=1kg，mB=2kg，vA=6m/s，vB=2m/s．当A追上B并发生碰撞后，两球A、B 速度的可能值是（）A．vA′=5 m/s，vB′=2.5 m/s B．vA′=2 m/s，vB′=4 m/sC．vA′=﹣4 m/s，vB′=7 m/s D．vA′=7 m/s，vB′=1.5 m/s4．如图所示是某原子的能级图，a、b、c为原子跃迁所发出的三种波长的光．在下列该原子光谱的各选项中，谱线从左向右的波长依次增大，则正确的是（）A．B．C．D．5．如图所示，铁块压着一纸条放在水平桌面上，当以速度v抽出纸带后，铁块掉在地上的P点，若以2v的速度抽出纸条，则铁块落地点为（）A．仍在P点B．P点左边C．P点右边不远处D．P点右边原水平位移两倍处6．质子、中子和氘核的质量分别为m1、m2和m3，当一个质子和一个中子结合成氘核时，释放的能量是（C表示真空中的光速）（）A．（m1+m2﹣m3）C B．（m1﹣m2﹣m3）C C．（m1+m2﹣m3）C2 D．（m1﹣m2﹣m3）C27．下列说法符合事实的是（）A．光电效应说明了光具有波动性B．查德威克用α粒子轰击氮14获得反冲核氧18，发现了中子C．贝克勒尔发现的天然放射性现象，说明原子核有复杂结构D．汤姆生通过对阴极射线的研究，提出了原子核式结构模型8．如图为氢原子的能级示意图，锌的逸出功是3.34ev，那么对氢原子在能量跃迁过程中发射或吸收光子的特征认识正确的是（）A．用氢原子从高能级向基态跃迁时发射的光照射锌板一定不能产生光电效应B．一群处于n=3能级的氢原子向基态跃迁时，能放出3种不同频率的光C．一群处于n=3能级的氢原子向基态跃迁时，发出的光照射锌板，锌板表面所发出的光电子的最大初动能为8.75eVD．用能量为10.3eV的光子照射，可使处于基态的氢原子跃迁到激发态9．关于热力学定律，下列说法正确的是（）A．气体吸热后温度一定升高B．对气体做功可以改变其内能C．理想气体等压膨胀过程一定放热D．热量不可能从低温物体传到高温物体10．若以μ表示水的摩尔质量，V表示在标准状态下水蒸气的摩尔体积，ρ为在标准状态下水蒸气的密度，NA为阿伏加德罗常数，m、V0分别表示每个水分子的质量和体积，下列关系中正确的是（）A．NA=B．ρ=C．m=D．V0=11．对于分子动理论和物体内能的理解，下列说法正确的是（）A．温度高的物体内能不一定大，但分子平均动能一定大B．当分子间作用力表现为斥力时，分子势能随分子间距离的减小而增大C．布朗运动反应了花粉的分子热运动的规律D．当分子间的距离增大时，分子间作用力就一直减小12．一定质量理想气体的状态经历了如图所示的ab、bc、cd、da四个过程，其中bc的延长线通过原点，cd垂直于ab且与水平轴平行，da与bc平行，则气体体积在（）A．ab过程中不断增加B．bc过程中保持不变C．cd过程中不断增加D．da过程中保持不变二、实验探究题（每空3分，共18分）13．在“油膜法估测油酸分子的大小”实验中，有下列实验步骤：①在边长约为40cm的浅盘里倒入约2cm深的水，待水面稳定后将适量的痱子粉均匀地撒在水面上．②用注射器将事先配好的油酸酒精溶液滴一滴在水面上，待薄膜形状稳定．③将画有油膜形状的玻璃板平放在坐标纸上，计算出油膜的面积，根据油酸的体积和面积计算出油酸分子直径的大小．④用注射器将事先配好的油酸酒精溶液一滴一滴地滴入量筒中，记下量筒内每增加一定体积时的滴数，由此计算出一滴油酸酒精溶液的体积．⑤将玻璃板放在浅盘上，然后将油膜的形状用彩笔描绘在玻璃板上．完成下列填空：（1）上述步骤中，正确的顺序是．（填写步骤前面的数字）（2）将1cm3的油酸溶于酒精，制成300cm3的油酸酒精溶液；测得1cm3的油酸酒精溶液有50滴．现取一滴该油酸酒精溶液滴在水面上，测得所形成的油膜的面积是0.13m2．由此估算出油酸分子的直径为m．（结果保留1位有效数字）14．如图所示为实验室“验证碰撞中的动量守恒”的实验装置．（1）实验中，两个直径相同的小球，入射球质量m1靶球质量m2（填大于、等于、或小于），安装轨道时，轨道末端必须，在同一组实验的不同碰撞中，每次入射球必须从轨道上的，由静止释放．（2）实验中记录了轨道末端在记录纸上的竖直投影为O点，经多次释放入射球，在记录纸上找到了两球平均落点位置为M、P、N，并测得它们到O点的距离分别为、和．已知入射球的质量为m1，靶球的质量为m2，如果测得m1+m2近似等于，则认为成功验证了碰撞中的动量守恒．三．计算题（共3小题，15题10分，16题12分，17题10分，共34分，解答要写出主要的运算过程和必要的文字说明）15．如图所示，横截面积S=10cm2的活塞，将一定质量的理想气体封闭在竖直放置的圆柱形导热气缸内，开始活塞与气缸底都距离H=30cm．在活塞上放一重物，待整个系统稳定后．测得活塞与气缸底部距离变为h=25cm．已知外界大气压强始终为P0=1×105Pa，不计活塞质量及其与气缸之间的摩擦，取g=10rn/s2．求：①所放重物的质量；②在此过程中被封闭气体与外界交换的热量．16．如图所示，U形管右管横截面积为左管横截面积的2倍，在左管内用水银封闭一段长为26cm，温度为280K的空气柱，左右两管水银面高度差为36cm，外界大气压为76cmHg．若给左管的封闭气体加热，使管内气柱长度变为30cm，则此时左管内气体的温度为多少？17．如图所示，光滑水平轨道上放置长板A（上表面粗糙）和滑块C，滑块B置于A的左端，三者质量分别为mA=2kg、mB=1kg、mC=2kg．开始时C静止，A、B一起以v0=5m/s的速度匀速向右运动，A与C发生碰撞（时间极短）后C向右运动，经过一段时间A、B再次达到共同速度一起向右运动，且恰好不再与C碰撞．求A与C发生碰撞后瞬间A的速度大小．参考答案与试题解析一、选择题（本题共48分．第1～8题只有一项符合题目要求，每小题4分．第9～12题有多项符合题目要求．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．）1．下列核反应方程中，属于α衰变的是（）A．N+He→O+HB．U→Th+HeC．H+H→He+nD．Th→Pa+ e【考点】JJ：裂变反应和聚变反应．【分析】α衰变是指原子核分裂并只放射出氦原子核的反应过程，根据这一特定即可判断．【解答】解：A、方程N+He→O+H；是人工核反应方程，是发现质子的核反应方程．故A错误；B、方程U→Th+He，是U原子核分裂并只放射出氦原子核的反应过程，属于α衰变．故B正确；C、方程H+H→He+n，是轻核的聚变反应．故C错误；D、方程Th→Pa+e，释放出一个电子，是β衰变的过程．故D错误．故选：B．2．爱因斯坦提出了光量子概念并成功地解释光电效应的规律而获得1921年的诺贝尔物理学奖．某种金属逸出光电子的最大初动能Ekm 与入射光频率ν的关系如图所示，其中ν0为极限频率．从图中可以确定的是（）A．逸出功与ν有关B．Ekm与入射光强度成正比C．ν＜ν0时，会逸出光电子D．图中直线的斜率与普朗克常量有关【考点】IE：爱因斯坦光电效应方程．【分析】本题考查光电效应的特点：①金属的逸出功是由金属自身决定的，与入射光频率无关；②光电子的最大初动能Ekm与入射光的强度无关；③光电子的最大初动能满足光电效应方程．【解答】解：A、金属的逸出功是由金属自身决定的，与入射光频率无关，其大小W=hγ，故A错误．B、根据爱因斯坦光电效应方程Ekm=hν﹣W，可知光电子的最大初动能Ekm与入射光的强度无关，但入射光越强，光电流越大，只要入射光的频率不变，则光电子的最大初动能不变．故B错误．C、要有光电子逸出，则光电子的最大初动能Ekm＞0，即只有入射光的频率大于金属的极限频率即γ＞γ0时才会有光电子逸出．故C错误．D根据爱因斯坦光电效应方程Ekm=hν﹣W，可知=h，故D正确．故选D．3．两球A、B在光滑水平面上沿同一直线，同一方向运动，mA=1kg，mB=2kg，vA=6m/s，vB=2m/s．当A追上B并发生碰撞后，两球A、B 速度的可能值是（）A．vA′=5 m/s，vB′=2.5 m/s B．vA′=2 m/s，vB′=4 m/sC．vA′=﹣4 m/s，vB′=7 m/s D．vA′=7 m/s，vB′=1.5 m/s【考点】53：动量守恒定律；6C：机械能守恒定律．【分析】两球碰撞过程，系统不受外力，故碰撞过程系统总动量守恒；碰撞过程中系统机械能可能有一部分转化为内能，根据能量守恒定律，碰撞后的系统总动能应该小于或等于碰撞前的系统总动能；同时考虑实际情况，碰撞后A球速度不大于B球的速度．【解答】解：考虑实际情况，碰撞后A球速度不大于B球的速度，因而AD错误，BC满足；两球碰撞过程，系统不受外力，故碰撞过程系统总动量守恒，ABCD 均满足；根据能量守恒定律，碰撞后的系统总动能应该小于或等于碰撞前的系统总动能，碰撞前总动能为22J，B选项碰撞后总动能为18J，C选项碰撞后总动能为57J，故C错误，B满足；故选B．4．如图所示是某原子的能级图，a、b、c为原子跃迁所发出的三种波长的光．在下列该原子光谱的各选项中，谱线从左向右的波长依次增大，则正确的是（）A．B．C．D．【考点】J4：氢原子的能级公式和跃迁．【分析】能级间跃迁辐射的光子能量等于两能级间的能级差，能级差越大，光子频率越大，波长越短．【解答】解：从第3能级跃迁到第1能级，能级差最大，知c光的频率最大，波长最短，从第3能级跃迁到第2能级，能级差最小，知a光的光子频率最小，波长最长，所以波长依次增大的顺序为c、b、a．故B正确，A、C、D错误．故选：B．5．如图所示，铁块压着一纸条放在水平桌面上，当以速度v抽出纸带后，铁块掉在地上的P点，若以2v的速度抽出纸条，则铁块落地点为（）A．仍在P点B．P点左边C．P点右边不远处D．P点右边原水平位移两倍处【考点】43：平抛运动．【分析】解答本题的关键是正确分析铁块在纸条上的运动过程，求出铁块与纸带分离时速度的大小，根据平抛运动规律即可判断铁块的落地点．【解答】解：抽出纸带的过程中，铁块受到向前的摩擦力作用而加速运动，若纸带以2v的速度抽出，则纸带与铁块相互作用时间变短，因此铁块加速时间变短，做平抛时的初速度减小，平抛时间不变，因此铁块将落在P点的左边，故ACD错误，B正确．故选B．6．质子、中子和氘核的质量分别为m1、m2和m3，当一个质子和一个中子结合成氘核时，释放的能量是（C表示真空中的光速）（）A．（m1+m2﹣m3）C B．（m1﹣m2﹣m3）C C．（m1+m2﹣m3）C2 D．（m1﹣m2﹣m3）C2【考点】JI：爱因斯坦质能方程．【分析】根据反应前后的质量求出质量亏损，结合爱因斯坦质能方程求出释放的能量．【解答】解：一个质子和一个中子结合成氘核时，质量亏损△m=m1+m2﹣m3，则释放的能量，故C正确，A、B、D错误．故选：C．7．下列说法符合事实的是（）A．光电效应说明了光具有波动性B．查德威克用α粒子轰击氮14获得反冲核氧18，发现了中子C．贝克勒尔发现的天然放射性现象，说明原子核有复杂结构D．汤姆生通过对阴极射线的研究，提出了原子核式结构模型【考点】1U：物理学史．【分析】明确人类对于电磁波以及原子结构研究的物理学史，注意B 中查德威克发现中子的核反应方程，明确是用α粒子轰击铍核发现了中子．【解答】解：A、光电效应说明光具有粒子性．故A错误．B、查德威克用α粒子轰击铍核，产生中子和碳12原子核，故B错误；C、贝克勒尔发现天然放射性现象，说明原子核有复杂结构；故C正确；D、汤姆生通过对阴极射线的研究，发现了电子，提出了枣榚式原子结构模型，故D错误．故选：C．8．如图为氢原子的能级示意图，锌的逸出功是3.34ev，那么对氢原子在能量跃迁过程中发射或吸收光子的特征认识正确的是（）A．用氢原子从高能级向基态跃迁时发射的光照射锌板一定不能产生光电效应B．一群处于n=3能级的氢原子向基态跃迁时，能放出3种不同频率的光C．一群处于n=3能级的氢原子向基态跃迁时，发出的光照射锌板，锌板表面所发出的光电子的最大初动能为8.75eVD．用能量为10.3eV的光子照射，可使处于基态的氢原子跃迁到激发态【考点】J4：氢原子的能级公式和跃迁．【分析】氢原子从高能级向基态跃迁时发出的光子的最小能量与锌板的逸出功的关系判断是否发生光电效应现象．要使处于基态的氢原子电离，照射光光子的能量应能使电子从基态跃迁到无限远处，最小频率的电磁波的光子能量应为：hγ=0﹣E1．【解答】解：A、氢原子从高能级向基态跃迁时发出的光子的最小能量为10.2eV，照射金属锌板一定能产生光电效应现象，故A错误；B、一群处于n=3能级的氢原子向基态跃迁时，根据可知，能放出3种不同频率的光，故B正确；C、氢原子从高能级向n=3的能级向基态跃迁时发出的光子的能量最小为E大=﹣1.51+13.6=12.09eV，因锌的逸出功是3.34ev，锌板表面所发出的光电子的最大初动能为EKm=12.09﹣3.34=8.75eV，故C正确；D、用能量为10.3eV的光子照射，小于12.09eV，不可使处于基态的氢原子跃迁到激发态，要正好等于12.09eV，才能跃迁，故D错误；故选：BC．9．关于热力学定律，下列说法正确的是（）A．气体吸热后温度一定升高B．对气体做功可以改变其内能C．理想气体等压膨胀过程一定放热D．热量不可能从低温物体传到高温物体【考点】8F：热力学第一定律．【分析】明确热力学第一定律的基本内容，知道做功和热传递均可以改变物体的内能；理想气体不计分子势能，故温度是理想气体内能的标志，温度升高时，内能一定增大；根据热力学第二定律可知，热量可以自发地从高温物体传到高温物体，但也可以从低温物体传到高温物体，只不过要引起其他方面的变化．【解答】解：A、根据热力学第一定律，气体吸热的同时如果还对外界做功，其内能即温度不一定增大，故A错误；B、对气体做功可以改变其内能，故B正确；C、根据，可知p不变V增大，则T增大，需要吸热，故C错误；D、在外界做功的情况下热量可以从低温物体传递到高温物体，故D 错误；故选：B10．若以μ表示水的摩尔质量，V表示在标准状态下水蒸气的摩尔体积，ρ为在标准状态下水蒸气的密度，NA为阿伏加德罗常数，m、V0分别表示每个水分子的质量和体积，下列关系中正确的是（）A．NA=B．ρ=C．m=D．V0=【考点】82：阿伏加德罗常数．【分析】密度等于摩尔质量除以摩尔体积，摩尔数等于质量与摩尔质量之比．阿伏加德罗常数NA个原子的质量之和等于摩尔质量．而对水蒸气，由于分子间距的存在，NA△并不等于摩尔体积．【解答】解：A、ρV（表示摩尔质量）÷m（单个分子的质量）=NA （表示阿伏加德罗常数），故A正确；B、对水蒸气，由于分子间距的存在，NA△并不等于摩尔体积，故B 错误；C、单个分子的质量=摩尔质量÷阿伏伽德罗常数，故C正确；D、对水蒸气，由于分子间距的存在，摩尔体积处于阿伏加德罗常数等于每个分子占据的空间体积，但并不等于分子体积，故D错误；故选：AC．11．对于分子动理论和物体内能的理解，下列说法正确的是（）A．温度高的物体内能不一定大，但分子平均动能一定大B．当分子间作用力表现为斥力时，分子势能随分子间距离的减小而增大C．布朗运动反应了花粉的分子热运动的规律D．当分子间的距离增大时，分子间作用力就一直减小【考点】84：布朗运动；86：分子间的相互作用力．【分析】温度越高，分子的平均动能越大；根据分子力做功判断分子势能的变化；布朗运动不是分子的运动，间接反映了分子的无规则运动；根据分子力作用图分析分子力的变化．【解答】解：A、温度高的物体，分子平均动能一定大，但是内能不一定大，故A正确．B、当分子间作用力表现为斥力时，分子间距离减小，分子力做负功，分子势能增大，故B正确．C、布朗运动反映了液体分子无规则的运动，故C错误．D、由分子力随距离的变化图可知，当分子间距离增大时，引力和斥力均减小，但是分子力不一定减小，故D错误．故选：AB．12．一定质量理想气体的状态经历了如图所示的ab、bc、cd、da四个过程，其中bc的延长线通过原点，cd垂直于ab且与水平轴平行，da与bc平行，则气体体积在（）A．ab过程中不断增加B．bc过程中保持不变C．cd过程中不断增加D．da过程中保持不变【考点】99：理想气体的状态方程．【分析】ab过程气体发生等温过程，由玻意耳定律分析体积的变化；bc过程，根据b、c两点与绝对零度连线，分析其斜率变化，判断体积变化，斜率越大，体积越小；cd过程是等压变化，由盖•吕萨克定律分析体积的变化．【解答】解：A、ab过程气体发生等温过程，压强减小，由玻意耳定律分析可知，气体的体积变大，故A正确．B、bc过程，b与绝对零度﹣273℃连线的斜率等于c与绝对零度﹣273℃连线的斜率，则b状态气体的体积等于c状态气体的体积，则bc过程中体积不变．故B正确．C、cd过程是等压变化，温度降低，由盖•吕萨克定律分析可知体积减小；故C错误．D、过d点的斜率大于过a点的斜率，则d点的体积小于a点的体积，da过程体积增大．故D错误．故选：AB．二、实验探究题（每空3分，共18分）13．在“油膜法估测油酸分子的大小”实验中，有下列实验步骤：①在边长约为40cm的浅盘里倒入约2cm深的水，待水面稳定后将适量的痱子粉均匀地撒在水面上．②用注射器将事先配好的油酸酒精溶液滴一滴在水面上，待薄膜形状稳定．③将画有油膜形状的玻璃板平放在坐标纸上，计算出油膜的面积，根据油酸的体积和面积计算出油酸分子直径的大小．④用注射器将事先配好的油酸酒精溶液一滴一滴地滴入量筒中，记下量筒内每增加一定体积时的滴数，由此计算出一滴油酸酒精溶液的体积．⑤将玻璃板放在浅盘上，然后将油膜的形状用彩笔描绘在玻璃板上．完成下列填空：（1）上述步骤中，正确的顺序是④①②⑤③．（填写步骤前面的数字）（2）将1cm3的油酸溶于酒精，制成300cm3的油酸酒精溶液；测得1cm3的油酸酒精溶液有50滴．现取一滴该油酸酒精溶液滴在水面上，测得所形成的油膜的面积是0.13m2．由此估算出油酸分子的直径为5×10﹣10m．（结果保留1位有效数字）【考点】O1：用油膜法估测分子的大小．【分析】将配制好的油酸酒精溶液，通过量筒测出1滴此溶液的体积．然后将1滴此溶液滴在有痱子粉的浅盘里的水面上，等待形状稳定后，将玻璃板放在浅盘上，用彩笔描绘出油酸膜的形状，将画有油酸薄膜轮廓的玻璃板放在坐标纸上，按不足半个舍去，多于半个的算一个，统计出油酸薄膜的面积．则用1滴此溶液的体积除以1滴此溶液的面积，恰好就是油酸分子的直径．【解答】解：（1）“油膜法估测油酸分子的大小”实验步骤为：配制酒精油酸溶液（教师完成，记下配制比例）→测定一滴酒精油酸溶液的体积v=（题中的④）→准备浅水盘（①）→形成油膜（②）→描绘油膜边缘（⑤）→测量油膜面积（③）→计算分子直径（③）（2）计算步骤：先计算一滴油酸酒精溶液中油酸的体积=一滴酒精油酸溶液的体积×配制比例=，再计算油膜面积，最后计算分子直径为：d==5×10﹣10 m．故答案为：（1）④①②⑤③；（2）5×10﹣10．14．如图所示为实验室“验证碰撞中的动量守恒”的实验装置．（1）实验中，两个直径相同的小球，入射球质量m1大于靶球质量m2（填大于、等于、或小于），安装轨道时，轨道末端必须水平，在同一组实验的不同碰撞中，每次入射球必须从轨道上的同一高度，由静止释放．（2）实验中记录了轨道末端在记录纸上的竖直投影为O点，经多次释放入射球，在记录纸上找到了两球平均落点位置为M、P、N，并测得它们到O点的距离分别为、和．已知入射球的质量为m1，靶球的质量为m2，如果测得m1+m2近似等于m1，则认为成功验证了碰撞中的动量守恒．【考点】ME：验证动量守恒定律．【分析】①明确验证动量守恒定律的实验原理以及实验方法，从而确定实验中的注意事项；②实验要验证两个小球系统碰撞过程动量守恒，即要验证m1v1=m1v1′+m2v2，可以通过平抛运动将速度的测量转化为水平射程的测量；【解答】解：①为了保证入射小球不反弹，则入射小球的质量大于被碰小球的质量；同时为了让小球做平抛运动，轨道末端必须水平；在同一组实验的不同碰撞中，每次入射球必须从同一高度由静止释放，保证碰前的速度相同，才能有效减小实验误差；②小球离开轨道后做平抛运动，小球在空中的运动时间t相等，如果碰撞过程动量守恒，则有：m1v0=m1vA+m2vB，两边同时乘以时间t得：m1v0t=m1vAt+m2vBt则有：m1=m1+m2，故答案为：（1）大于，水平，同一高度（或同一位置）；（2）m1三．计算题（共3小题，15题10分，16题12分，17题10分，共34分，解答要写出主要的运算过程和必要的文字说明）15．如图所示，横截面积S=10cm2的活塞，将一定质量的理想气体封闭在竖直放置的圆柱形导热气缸内，开始活塞与气缸底都距离H=30cm．在活塞上放一重物，待整个系统稳定后．测得活塞与气缸底部距离变为h=25cm．已知外界大气压强始终为P0=1×105Pa，不计活塞质量及其与气缸之间的摩擦，取g=10rn/s2．求：①所放重物的质量；②在此过程中被封闭气体与外界交换的热量．【考点】8F：热力学第一定律；99：理想气体的状态方程．【分析】①气体等温压缩，根据平衡条件求解出初、末状态的气压，然后根据玻意耳定律列式求解；②先求解气体对外界做的功，然后根据热力学第一定律求解放出的热量．【解答】解：①气体初始状态时：P0=1×105Pa气体末状态时：由等温变化规律可知：P0HS=P2hS解得：m=2kg②外界对气体做功：W=（P0s+mg）（H﹣h）由热力学第一定律可知：△U=W+Q解得：Q=﹣6J则：整个过程中封闭气体放出的热量为6．答：①活塞上的重物质量为2kg；②整个过程中被封闭气体与外界交换的热量大小为6J．16．如图所示，U形管右管横截面积为左管横截面积的2倍，在左管内用水银封闭一段长为26cm，温度为280K的空气柱，左右两管水银面高度差为36cm，外界大气压为76cmHg．若给左管的封闭气体加热，使管内气柱长度变为30cm，则此时左管内气体的温度为多少？【考点】99：理想气体的状态方程．【分析】以封闭气体为研究对象，然后应用理想气体的状态方程求出气体的温度．【解答】解：（1）以封闭气体为研究对象，设左管横截面积为S，当左管封闭的气柱长度变为30cm时，左管水银柱下降4cm，右管水银柱上升2cm，即两端水银柱高度差为：h′=30cm由题意得：V1=L1S=26S，P1=P0﹣h1=76cmHg﹣36cmHg=40cmHg，T1=280K；p2=p0﹣h′=46cmHg V2=L2S=30S，由理想气体状态方程：，可得：T2=371.5K答：左管内气体的温度为371.5K17．如图所示，光滑水平轨道上放置长板A（上表面粗糙）和滑块C，滑块B置于A的左端，三者质量分别为mA=2kg、mB=1kg、mC=2kg．开始时C静止，A、B一起以v0=5m/s的速度匀速向右运动，A与C发生碰撞（时间极短）后C向右运动，经过一段时间A、B再次达到共同速度一起向右运动，且恰好不再与C碰撞．求A与C发生碰撞后瞬间A的速度大小．【考点】53：动量守恒定律；6C：机械能守恒定律．【分析】A与C碰撞过程动量守恒列出等式，A与B在摩擦力作用下达到共同速度，由动量守恒定律列出等式，A、B达到共同速度后恰好不再与C碰撞，应满足速度相等．【解答】解：因碰撞时间极短，A与C碰撞过程动量守恒，设碰撞后。
贵州省2020年高二(下)期末物理试卷(解析版)
2020年贵州省铜仁地区思南中学高二（下）期末物理试卷一、选择题（本题共12个小题，每小题4分，共48分．1--8小题只有一个选项正确，9--12小题有多个选项正确，全部选对的得4分，部分选对的得2分，有错选或不选的得O分．）1．在物理学的发展过程中，许多物理学家的科学发现推动了人类社会的进步，人类社会的进步又促进了物理学的发展．下列叙述中正确的是（）A．电磁感应现象是洛伦兹最先发现的B．电动机是利用电磁感应原理将机械能转化为电能C．楞次最先发现了电流的磁效应D．法拉第发现了利用磁场产生电流的条件和规律2．将N匝闭合线圈放入一磁场中，线圈平面与磁场方向垂直，现让磁场均匀变化，关于线圈中产生的感应电动势和感应电流，下列表述中正确的是（）A．感应电动势的大小与线圈的匝数有关B．穿过线圈的磁通量越大，线圈中产生的感应电动势越大C．穿过线圈的磁通量变化量越大，线圈中产生的感应电流越大D．感应电流产生的磁场方向与原磁场方向始终相同3．一个矩形线圈在匀强磁场中转动产生的交变电流e=220sin100πt （V），那么（）A．该交变电流的频率是100HzB．当t=0时，线圈平面恰好与中性面垂直C．当t=s时，e有最大值D．该交变电流电动势的有效值为V4．如图为电源、电磁继电器、滑动变阻器、绿灯泡、小电铃、半导体热敏电阻、开关、导线等组成的一个高温报警器电路图，要求是：正常情况绿灯亮，有险情时电铃报警，则图中的甲、乙、丙分别是（）A．小电铃、半导体热敏电阻、绿灯泡B．半导体热敏电阻、小电铃、绿灯泡C．绿灯泡、小电铃、半导体热敏电阻D．半导体热敏电阻、绿灯泡、小电铃5．如图所示，abcd为一边长为L、匝数为N的正方形闭合线圈，绕对称轴OO′匀速转动，角速度为ω，空间中只有OO′左侧存在垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B，若闭合线圈的总电阻为R，则（）A．线圈中电动势的有效值为NBL2ωB．线圈中电动势的最大值为NBL2ωC．在转动一圈的过程中，线圈中有一半时间没有电流D．当线圈转到图中所处的位置时，穿过线圈的磁通量为NBL26．L形的光滑金属轨道AOC，AO沿竖直方向，OC沿水平方向，PQ 是如图所示地放在导轨上的一根金属直杆，直杆从图示位置由静止开始在重力作用下运动，运动过程中Q端始终在OC上．空间存在着垂直于纸面向外的匀强磁场，则在PQ杆滑动的过程中，下列判断正确的是（）A．感应电流的方向始终是由P→Q，PQ所受安培力的方向垂直杆向左B．感应电流的方向先是由Q→P，后是由P→Q，PQ所受安培力的方向先垂直于杆向右，后垂直于杆向左C．感应电流的方向始终是由Q→P，PQ所受安培力的方向垂直杆向右D．感应电流的方向先是由P→Q，后是由Q→P，PQ所受安培力的方向先垂直于杆向左，后垂直于杆向右7．如图所示，有一正三角形铝框abc处在水平向外的非匀强磁场中，场中各点的磁感应强度B y=B0﹣cy，y为该点到地面的距离，c为常数，B0为一定值．铝框平面与磁场垂直，底边bc水平（空气阻力不计），将铝框由静止释放，在铝框下落到地面前的过程中（）A．回路中的感应电流沿顺时针方向，底边bc两端间的电势差为0 B．铝框回路中的磁通量变大，有逆时针方向的感应电流产生C．底边bc受到的安培力向上，折线bac受到的安培力向下，铝框下落时的加速度大小可能等于gD．铝框下落的加速度大小一定小于重力加速度g8．如图所示，一理想变压器原线圈接入一交流电源，副线圈电路中R1、R2、R3和R4均为固定电阻，开关S是闭合的．V1和V2为理想电压表，读数分别为U1和U2；A1、A2和A3为理想电流表，读数分别为I1、I2和I3．现断开S，U1数值不变，下列推断中正确的是（）A．U2变小、I3变小B．U2变小、I3变大C．I1变小、I2变小D．I1变大、I2变大9．下列说法正确的是（）A．显微镜下观察到墨水中的小炭粒在不停地作无规则运动，这反映了液体分子运动的无规则性B．分子间相互作用的引力随着分子间距离增大时，一定先减小后增大C．分子势能随着分子间距离的增大时，可能先减小后增大D．当温度升高时，物体内每一个分子热运动的速率一定都增大10．下列说法中正确的是（）A．气体放出热量，其分子的平均动能可能增大B．第二类永动机不违反能量守恒定律，但违背了热力学第二定律C．某气体的摩尔体积为V，每个分子的体积为V0，则阿伏伽德罗常数可表示为N A=D．若一定质量的某理想气体内能增加时，则其温度一定升高11．下列说法正确的是（）A．理想气体的温度变化时，其分子平均动能和分子间势能也随之改变B．气体压强本质上就是大量气体分子作用在器壁单位面积上的平均作用力C．热量能够自发地从高温物体传递到低温物体，也能自发地从低温物体传递到高温物体D．机械能不可能全部转化为内能，内能也不可能全部转化为机械能12．如图所示是一定质量的理想气体的状态变化图线，下列说法正确的是（）A．由状态A变化到状态B，气体分子的平均动能增大B．由状态A变化到状态C，气体内能不变C．由A经B到C的过程与由A经D到C的过程，气体对外做功相同D．由A经B到C、由A经D到C、由A直接到C的三个过程中，气体均吸热，但是吸热量不同二、填空题（本题共3小题，每空2分，共12分．）13．利用干湿泡湿度计测量空气的相对湿度时，湿泡所示的温度（选填高于、低于、等于）干泡所示的温度．水银（选填浸润、不浸润）铅板．14．热力学第二定律的微观意义为：一切自发过程总是沿着分子热运动的无序性（选填增大、减小、不变）的方向进行；熵值较大代表着较为（选填有序、无序）．15．如图所示，理想变压器的原．副线圈匝数之比为n1：n2=4：1，原线圈回路中的电阻A与副线圈回路中的负载电阻B的阻值相等．a、b端加一交流电压后，两电阻消耗的电功率之比P A：P B=；两电阻两端的电压之比U A：U B=．三、计算题（本题5小题，共40分．解答应写出必要的文字说明，方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．）16．一高压气体钢瓶，容积为V，用绝热材料制成，开始时封闭的气体压强为p0，温度为T1=300K，内部气体经加热后温度升至T2=400K，求：①温度升至T2时气体的压强；②若气体温度保持T2=400K不变，缓慢地放出一部分气体，使气体压强再回到p0，此时钢瓶内剩余气体的质量与原来气体总质量的比值为多少？17．（7分）如图所示，一直立的气缸用一质量为m的活塞封闭一定量的理想气体，活塞横截面积为S，汽缸内壁光滑且缸壁是导热的，开始活塞被固定在A点，打开固定螺栓K，活塞下落，经过足够长时间后，活塞停在B点，已知AB=h，大气压强为p0，重力加速度为g．①求活塞停在B点时缸内封闭气体的压强；②设周围环境温度保持不变，求整个过程中通过缸壁传递的热量Q （一定量理想气体的内能仅由温度决定）．18．（8分）如图甲为小型旋转电枢式交流发电机的原理图，其矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场方向的固定轴OO′匀速转动，线圈的匝数n=100、电阻r=5Ω，线圈的两端经集流环与电阻R连接，电阻R=95Ω，与R并联的交流电压表为理想电表．在t=0时刻，线圈平面与磁场方向平行，穿过每匝线圈的磁通量Φ随时间t按图乙所示正弦规律变化．π取3.14，求：（1）交流发电机产生的电动势的最大值；（2）电路中交流电压表的示数．19．（9分）如图所示，一端开口、内壁光滑的玻璃管竖直放置，管中用一段长H0=38cm的水银柱封闭一段长L1=20cm的空气，此时水银柱上端到管口的距离为L2=4cm，大气压强恒为p0=76cmHg，开始时封闭气体温度为t1=27℃，取0℃为273K．求：（1）缓慢升高封闭气体温度至水银开始从管口溢出，此时封闭气体的温度；（2）保持封闭气体初始温度27℃不变，在竖直平面内从图示位置缓慢转动至玻璃管水平过程中，求从管口溢出的水银柱的长度．（转动过程中没有发生漏气）20．（10分）如图所示，光滑斜面的倾角α=37°，在斜面上放置一单匝矩形线框abcd，bc边的边长l1=0.6m，ab边的边长l2=1m，线框的质量m=1kg，电阻R=0.1Ω，线框通过细线与重物相连，重物质量M=3kg，斜面上ef（ef∥gh）的右方有垂直斜面向上的匀强磁场，磁感应强度B=0.5T，如果线框从静止开始运动，进入磁场的最初一段时间做匀速运动，sin37°=0.6，ef和gh的距离s=11.4m，（取g=10m/s2），求：（1）线框进入磁场前重物的加速度；（2）线框进入磁场过程通过线框横截面的电荷量；（3）线框由静止开始运动到gh处的整个过程中产生的焦耳热．参考答案与试题解析一、选择题（本题共12个小题，每小题4分，共48分．1--8小题只有一个选项正确，9--12小题有多个选项正确，全部选对的得4分，部分选对的得2分，有错选或不选的得O分．）1．在物理学的发展过程中，许多物理学家的科学发现推动了人类社会的进步，人类社会的进步又促进了物理学的发展．下列叙述中正确的是（）A．电磁感应现象是洛伦兹最先发现的B．电动机是利用电磁感应原理将机械能转化为电能C．楞次最先发现了电流的磁效应D．法拉第发现了利用磁场产生电流的条件和规律【考点】物理学史．【分析】本题比较简单考查了学生对物理学史的了解情况，在物理学发展的历史上有很多科学家做出了重要贡献，大家熟悉的牛顿、奥斯特、楞次、法拉第等，在学习过程中要了解、知道这些著名科学家的重要贡献．【解答】解：A、法拉第经过多年的研究与1832年发现了电磁感应现象．故A错误；B、发电机是利用电磁感应原理将机械能转化为电能．故B错误；C、奥斯特首先发现了电流的磁效应．故C错误；D、法拉第经过多年的研究与1832年发现了电磁感应现象，发现了利用磁场产生电流的条件和规律．故D正确．故选：D【点评】对于著名物理学家、经典实验和重要学说要记牢，不能张冠李戴．物理学史也是高考考查内容之一．2．将N匝闭合线圈放入一磁场中，线圈平面与磁场方向垂直，现让磁场均匀变化，关于线圈中产生的感应电动势和感应电流，下列表述中正确的是（）A．感应电动势的大小与线圈的匝数有关B．穿过线圈的磁通量越大，线圈中产生的感应电动势越大C．穿过线圈的磁通量变化量越大，线圈中产生的感应电流越大D．感应电流产生的磁场方向与原磁场方向始终相同【考点】法拉第电磁感应定律．【分析】解答本题应掌握感应电动势取决于磁通量的变化快慢，与磁通量的变化及磁通量无关．【解答】解：A、由法拉第电磁感应定律可知，感应电动势E=n，即感应电动势与线圈匝数有关，故A正确；BC、同时可知，感应电动势与磁通量的变化率有关，磁通量变化越快，感应电动势越大，故C正确；穿过线圈的磁通量大，但若所用的时间长，则电动势可能小，故B错误；D、由楞次定律可知：感应电流的磁场方向总是阻碍引起感应电流的磁通量的变化，故原磁通增加，感应电流的磁场与之反向，原磁通减小，感应电流的磁场与原磁场方向相同，即“增反减同”，故D错误；故选：A【点评】感应电动势取决于穿过线圈的磁通量的变化快慢，在理解该定律时要注意区分磁通量、磁通量的变化量及磁通量变化率三者间区别及联第．3．一个矩形线圈在匀强磁场中转动产生的交变电流e=220sin100πt （V），那么（）A．该交变电流的频率是100HzB．当t=0时，线圈平面恰好与中性面垂直C．当t=s时，e有最大值D．该交变电流电动势的有效值为V【考点】交流的峰值、有效值以及它们的关系；正弦式电流的图象和三角函数表达式．【分析】本题考查了交流电的描述，根据交流电的表达式，可知知道其最大值，以及线圈转动的角速度等物理量，然后进一步求出其它物理量，如有效值、周期、频率等．【解答】解：A、线圈的角速度为100πrad/s，故其频率为：f==50Hz，故A错误；B、当t=0时e=0，此时线圈处在中性面上，故B错误．C、当t=s时，sin100πt=1，所以e有最大值，故C正确；由e=220sin100πt可知该交流电的最大值为200V，有效值为220V，故D错误故选C．【点评】对于交流电的产生和描述要正确理解，要会推导交流电的表达式，明确交流电表达式中各个物理量的含义．4．如图为电源、电磁继电器、滑动变阻器、绿灯泡、小电铃、半导体热敏电阻、开关、导线等组成的一个高温报警器电路图，要求是：正常情况绿灯亮，有险情时电铃报警，则图中的甲、乙、丙分别是（）A．小电铃、半导体热敏电阻、绿灯泡B．半导体热敏电阻、小电铃、绿灯泡C．绿灯泡、小电铃、半导体热敏电阻D．半导体热敏电阻、绿灯泡、小电铃【考点】常见传感器的工作原理．【分析】掌握电磁继电器的组成及工作原理，其主要组成部分为电磁铁，电磁继电器就是利用电磁铁来控制电路的，当控制电路电流较小时，电磁铁磁性较弱，不能将衔铁吸下；当控制电路电流增大时，电磁铁磁性增大，将衔铁吸下．【解答】解：根据要求，在常温下热敏电阻甲阻值较大，电磁铁磁性较弱，不能将衔铁吸下，此时绿灯所在电路接通，绿灯亮，所以为是绿灯；温度升高，热敏电阻阻值较小，控制电路电流增大时，电磁铁磁性增大，将衔铁吸下，丙电路断开，乙电路接通电铃响，所以乙为小电铃，B正确．故选B【点评】此题考查了电磁继电器的构造及工作原理，并考查了并联电路电压的关系；电磁继电器是利用电磁铁来工作的自动开关．5．如图所示，abcd为一边长为L、匝数为N的正方形闭合线圈，绕对称轴OO′匀速转动，角速度为ω，空间中只有OO′左侧存在垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B，若闭合线圈的总电阻为R，则（）A．线圈中电动势的有效值为NBL2ωB．线圈中电动势的最大值为NBL2ωC．在转动一圈的过程中，线圈中有一半时间没有电流D．当线圈转到图中所处的位置时，穿过线圈的磁通量为NBL2【考点】交流的峰值、有效值以及它们的关系．【分析】图中线圈只有一个边切割磁感线，电动势为原先的一半，但电流始终存在，磁通量的大小与匝数无关．【解答】解：A、图中线圈只有一个边切割磁感线，电动势为原先的一半，所以电动势的最大值为E m=，所以电动势的有效值为，故A错误，B正确；C、在转动一圈的过程中，线圈中始终有电流，故C错误；D、当线圈转到图中所处的位置时，穿过线圈的磁通量为，故D 错误；故选：B【点评】该题考查交变电流的产生，要注意做交流电的题目不能死记公式，要具体问题具体分析，比如本题套公式就会错选A．6．L形的光滑金属轨道AOC，AO沿竖直方向，OC沿水平方向，PQ 是如图所示地放在导轨上的一根金属直杆，直杆从图示位置由静止开始在重力作用下运动，运动过程中Q端始终在OC上．空间存在着垂直于纸面向外的匀强磁场，则在PQ杆滑动的过程中，下列判断正确的是（）A．感应电流的方向始终是由P→Q，PQ所受安培力的方向垂直杆向左B．感应电流的方向先是由Q→P，后是由P→Q，PQ所受安培力的方向先垂直于杆向右，后垂直于杆向左C．感应电流的方向始终是由Q→P，PQ所受安培力的方向垂直杆向右D．感应电流的方向先是由P→Q，后是由Q→P，PQ所受安培力的方向先垂直于杆向左，后垂直于杆向右【考点】楞次定律．【分析】在PQ杆滑动的过程中，△POQ的面积先增大，后减小，穿过△POQ磁通量先增大，后减小，根据楞次定律判断感应电流方向．PQ受磁场力的方向，即安培力方向始终与PQ垂直，由左手定则判断其方向．【解答】解：在PQ杆滑动的过程中，△POQ的面积先增大，后减小，穿过△POQ磁通量先增大，后减小，根据楞次定律可知：感应电流的方向先是由P→Q，后是由Q→P．由左手定则判断得到：PQ受磁场力的方向先垂直于杆向左，后垂直于杆向右．故ABC错误，D正确．故选：D．【点评】本题是楞次定律和左手定则的应用，难点是分析△POQ的面积变化，同时掌握左手定则与右手定则的区别．7．如图所示，有一正三角形铝框abc处在水平向外的非匀强磁场中，场中各点的磁感应强度B y=B0﹣cy，y为该点到地面的距离，c为常数，B0为一定值．铝框平面与磁场垂直，底边bc水平（空气阻力不计），将铝框由静止释放，在铝框下落到地面前的过程中（）A．回路中的感应电流沿顺时针方向，底边bc两端间的电势差为0 B．铝框回路中的磁通量变大，有逆时针方向的感应电流产生C．底边bc受到的安培力向上，折线bac受到的安培力向下，铝框下落时的加速度大小可能等于gD．铝框下落的加速度大小一定小于重力加速度g【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；左手定则；感应电流的产生条件．【分析】本题的关键是把铝环回路看作是由底边bc与折线两部分组成，并且折线部分的有效切割长度与底边bc相等，只是由于下方的磁场强而导致产生的电动势大小不同．【解答】解：A、铝环下落过程中，可以看做有两段导体（底边bc 和折线bac）分别做切割磁感线运动，折线bac的有效切割长度与bc 相同，但由于下方的磁场强，由E=BLv可知，底边bc产生的电动势大于折线bac产生的电动势，根据右手定则底边bc感应电动势方向向左，折线bac感应电动势方向沿逆时针方向，所以总感应电动势不为零，方向沿顺时针方向，A错误；B、铝框回路中的磁通量变大，有顺时针方向的感应电流产生，B错误；CD、根据左手定则可知，底边bc受到的安培力向上，折线bac受到的安培力向下，总的安培力合力方向向上，根据牛顿第二定律可得加速度小于g，所以铝框下落时的加速度小于g，C错误、D正确．故选：D．【点评】在遇到讨论导体运动的定性分析问题时，要灵活运用楞次定律的第二描述解题，即感应电流产生的效果总是阻碍导体间的相对运动．8．如图所示，一理想变压器原线圈接入一交流电源，副线圈电路中R1、R2、R3和R4均为固定电阻，开关S是闭合的．V1和V2为理想电压表，读数分别为U1和U2；A1、A2和A3为理想电流表，读数分别为I1、I2和I3．现断开S，U1数值不变，下列推断中正确的是（）A．U2变小、I3变小B．U2变小、I3变大C．I1变小、I2变小D．I1变大、I2变大【考点】变压器的构造和原理．【分析】和闭合电路中的动态分析类似，可以根据R2的变化，确定出总电路的电阻的变化，进而可以确定总电路的电流的变化的情况，再根据电压不变，来分析其他的原件的电流和电压的变化的情况．【解答】解：因为变压器的匝数与U1不变，所以U2不变．当S断开时，因为负载电阻增大，故副线圈中的电流I2减小，由于输入功率等于输出功率，所以I1也将减小；因为R1的电压减小，故R2、R3两端的电压将增大，I3变大．故选：C【点评】电路的动态变化的分析，总的原则就是由部分电路的变化确定总电路的变化的情况，再确定其他的电路的变化的情况，即先部分后整体再部分的方法．9．下列说法正确的是（）A．显微镜下观察到墨水中的小炭粒在不停地作无规则运动，这反映了液体分子运动的无规则性B．分子间相互作用的引力随着分子间距离增大时，一定先减小后增大C．分子势能随着分子间距离的增大时，可能先减小后增大D．当温度升高时，物体内每一个分子热运动的速率一定都增大【考点】分子间的相互作用力；分子势能．【分析】显微镜下观察到墨水中的小炭粒在不停地做无规则运动，是布朗运动，液体分子运动的无规则性的反映．分子势能随着分子间距离的变化比较复杂，当分子间距离等于r0时，分子间的势能最小，若分子从当分子从分子距离小于r0时处开始，增大分子之间距离，分子势能先减小后增大．当分子间距离为r0时，分子间作用力最小，当分子从大于r0处增大时，分子力先增大后减小．温度是分子的平均动能的标志，是大量分子运动的统计规律．【解答】解：A、墨水中的小碳粒的运动是因为小碳粒周围的大量水分子对它的撞击作用力不平衡导致向各方向运动，由于水分子运动无规则，导致小碳粒的运动也没有规则，故A正确；B、当分子间距离为r0时，分子间作用力最小，所以当分子从大于r0处增大时，分子力先增大后减小，故B错误．C、当分子间距离等于r0时，分子间的势能最小，当分子从分子距离小于r0时处开始，增大分子之间距离，此时分子势能先减小后增大，故C正确；D、温度是分子的平均动能的标志，是大量分子运动的统计规律．当温度升高时，物体内分子的平均动能增大，并不是物体内每一个分子热运动的速率一定都增大，故D错误；故选：AC【点评】本题考查正确理解和应用分子力、分子势能与分子之间距离的关系的能力，是分子动理论的重点知识．10．下列说法中正确的是（）A．气体放出热量，其分子的平均动能可能增大B．第二类永动机不违反能量守恒定律，但违背了热力学第二定律C．某气体的摩尔体积为V，每个分子的体积为V0，则阿伏伽德罗常数可表示为N A=D．若一定质量的某理想气体内能增加时，则其温度一定升高【考点】热力学第二定律；热力学第一定律．【分析】热力学第一定律公式：△U=W+Q；气体的体积远大于分子的体积的和；第二类永动机违反了热力学第二定律不违反能量守恒定律；理想气体的内能只与温度有关【解答】解：A、气体放出热量，若外界对气体做功，温度升高，分子的平均动能增大，故A正确；B、第二类永动机不违反能量守恒定律，但违反了热力学第二定律，故B正确；C、若气体的摩尔体积为V，每个分子的体积为，由于气体分子之间的距离远大于分子的直径所以阿伏伽德罗常数不能表示为，气体此式不成立，故C错误；D、理想气体的内能仅由温度决定，若一定质量理想气体的内能增加，则其温度一定升高，故D正确；故选：ABD【点评】本题考查了热力学第一定律、温度是分子平均动能的标志以及热力学第二定律的应用，难度不大，对选修部分的学习要全面掌握，多加积累．11．下列说法正确的是（）A．理想气体的温度变化时，其分子平均动能和分子间势能也随之改变B．气体压强本质上就是大量气体分子作用在器壁单位面积上的平均作用力C．热量能够自发地从高温物体传递到低温物体，也能自发地从低温物体传递到高温物体D．机械能不可能全部转化为内能，内能也不可能全部转化为机械能【考点】封闭气体压强；温度是分子平均动能的标志．【分析】分子平均动能与温度有关，分子势能与体积有关；气体压强本质上就是大量气体分子作用在器壁单位面积上的平均作用力；根据热力学第二定律：热量不能自发地从低温物体传递到高温物体；机械能可以全部转化为内能，内能不可能全部转化为机械能．【解答】解：A、分子平均动能与温度有关，故理想气体的温度变化时，其分子平均动能随之改变，但分子势能与体积有关，如果温度变化而体积不变则分子势能不变，故A错误；B、气体压强是由于气体分子不断的对器壁碰撞而产生的，根据压强的定义式P=，即大量气体分子作用在器壁单位面积上的平均作用力，B正确；C、热量能够自发地从高温物体传递到低温物体，但根据热力学第二定律：热量不能自发地从低温物体传递到高温物体；故C错误；D、根据热力学第二定律：机械能可以全部转化为内能，内能不可能全部转化为机械能．故D错误．。
陕西省2020年高二下学期物理期末试卷(附答案)
陕西省高二下学期物理期末试卷一、选择题：（本题共10小题。
1至6题单选题只有一个选项正确，7-10有多个选项正确，全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分。
） 1．下列说法正确的是（ ）A ．做曲线运动的物体其加速度一定是变化的B ．在利用tva ∆∆=探究匀速圆周运动向心加速度大小表达式的过程中应用了极限法 C ．电场强度、电势、电容、电功的定义均用了比值定义法 D ．做匀速直线运动的物体机械能一定守恒2．—质点沿x 轴做直线运动，其v--t 图像如图所示。
质点在t = 0时位于x = 5m 处，开始沿x 轴正向运动。
当t=8s.时，质点在轴上的位置为（ ） A. x = 3m B. x= 8m C. x= 9m D. x=14m3..如图，一辆有动力驱动的小车上有一水平放置的弹簧，其左端固定在小车上，右端与一小球相连，设在某一段时间内小球与小车相对静止且弹簧处于压缩状态，若忽略小球与小车间的摩擦力，则在此段时间内小车可能是( )A.向右做加速运动B.向右做减速运动C.向左做加速运动D.向左做匀速运动4．一理想变压器原、副线圈的匝数比为10 ：1，原线圈输入电压的变化规律如图甲所示，副线圈所接电路如图乙所示，P 为滑动变阻器的触头。
由图可知（ ）A ．副线圈输出电压的频率为50HzB ．副线圈输出电压的有效值为31VC ．P 向下移动时，原、副线圈的电流比减小D ．P 向下移动时，变压器的输出功率增加5．如图所示，在一均匀磁场中有一U 形导线框abcd ，线框处于水平面内，磁场与线框平面垂直，R 为一电阻，ef 为垂直于ab 的一根导体杆，它可在ab 、cd 上无摩擦地滑动。
杆ef 及线框中导线的电阻都可不计。
开始时，给ef 一个向右的初速度，则 ( )A ef 将减速向右运动，但不是匀减速B ef 将匀减速向右运动，最后停止C ef 将匀速向右运动D ef 将往返运动6. 电动势为E 、内阻为r 的电源与定值电阻R 1、R 2及滑动变阻器R 连接成如图所示的电路，当滑动变阻器的触头由中点滑向b 端时，下列说法正确的是A ．电压表和电流表读数都增小B ．电压表和电流表读数都减大C ．电压表读数增大，电流表读数减小D ．电压表读数减小，电流表读数增大7．质量为m 的物体从高处无初速度释放后竖直下落高度为h ，在运动过程中受到的空气阻力大小恒为f 加图甲 图乙Pu速度大小a=g31，则（）A．体下落过程中重力的平均功率为mg6gh B．f的大小为mg32C．物体下落过程中动能增加mgh D．物体下落过程中机械能减小mgh318．土卫十和土卫十一是土星的两颗卫星，都沿近似为圆周的轨道绕土星运动，其参数如表：两卫星相比，土卫十（）A．受土星的万有引力较大 B．绕土星做圆周运动的周期较大C．绕土星做圆周运动的向心加速度较大 D．动能较大9．如图所示，用三根轻绳AB、BC、CD连接两个小球，两球质量均为m，A、D端固定，系统在竖直平面内静止，AB和CD与竖直方向夹角分别是30°和60°则（）A．AB拉力是mg3 B．BC拉力是mgC．CD拉力是mg D．BC与水平方向夹角是60°10．物体以速度v匀速通过直线上的A、B两点，所用时间为t．现在物体从A点由静止出发，先做匀加速直线运动（加速度为a1），到某一最大速度V m后立即做匀减速直线运动（加速度大小为a2），至B点速度恰好减为0，所用时间仍为t，则物体的（）A．v m只能为2v，与a1、a2的大小无关 B．v m可为许多值，与a1、a2的大小有关C．a1、a2须是一定的 D．a1、a2必须满足a1·a2a1＋a2＝2vt第Ⅱ卷（非选择题共52分）二、实验题(本题共2小题15分，其中13题6分，14题10分，请按题中的要求作答，将答案填写在试卷的相应位置上)13．(6分)用如图3-4-7所示的装置来探究物体的加速度与力、质量的关系．实验时，小盘和砝码牵引小车，使小车做初速度为零的匀加速运动．图3-4-7(1)此实验中可以不测量小车加速度的具体值，原因是______________________________________(2)通过改变________，就可以改变小车所受的合力．(3)在探究加速度与质量关系时，分别以________为纵坐标、________为横坐标作图象，这样就能直观地看出二者关系．14.(9分)在做测定金属电阻率的实验中，待测金属的阻值约为5Ω。
河南省郑州市2020学年高二物理下学期期末考试试题
2020学年下期期末考试高二物理试题卷本试卷分第I卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分。
考试时间90分钟，满分100分。
考生应首先阅读答题卡上的文字信息然后在答题卡上作答，在试题卷上作答无效。
交卷时只交答题卡。
第Ⅰ卷(选择题共48分)一、选择题(本大题共12小题，每小题4分，共48分。
在每小题给出的四个选项中，第1~8题只有一项符合题目要求，第9~12题有多项符合题目要求。
全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分。
)1关于振动和波的关系，下列说法正确的是A.如果振源停止振动，在介质中传播的波动也立即停止B.物体做机械振动，一定产生机械波C波的速度即振源的振动速度D.介质中各个质点的振动频率与介质性质无关，仅由振源的振动频率决定2.光在科学技术、生产和生活中有着广泛的应用，下列说法正确的是A.在光导纤维束内传送图像是利用光的色散现象B.白光通过三棱镜后得到彩色图样是利用光的衍射现象C用透明的标准平面样板检查光学平面的平整程度是利用光的干涉现象D.光学镜头上的增透膜是利用光的偏振现象3.氢原子的能级如图所示，已知可见光的光子能量范围约为 1.62~3.11eV。
下列说法正确的是A.处于n=3能级的氢原子可以吸收任意频率的紫外线，并发生电离B.大量氢原子从高能级向n=3能级跃迁时，可能发出可见光C.氢原子的核外电子由离核较远的轨道自发跃迁到离核较近的轨道的过程中，放出光子，电子动能减小，原子的电势能减小D.一个处于n=3能级的氢原子向低能级跃迁时，最多可能发出3种不同频率的光4.甲、乙两物体分别在恒力F1、F2的作用下沿同一直线运动，它们的动量随时间变化的关系如图所示，设甲在t1时间内所受的冲量为I1，乙在t2时间内所受的冲量为I2，则F、I的大小关系是A.F1>F2，I1= I2B.F1<F2，I1< I2C.F1>F2，I1> I2D. F1=F2，I1= I25.下列关于原子核的说法中正确的是A.结合能越大，表示原子核中核子结合得越牢固，原子核越稳定B.人类关于原子核内部的信息，最早来自天然放射性现象C.康普顿效应说明了光具有动量和能量，证明了光的波动性D.核力存在于原子核内的所有核子之间6.下列说法正确的A.我们能通过光谱分析来鉴别月球的物质成分B.当敌机靠近时，战机携带的雷达接收反射波的频率小于其发射频率C.B衰变中产生的β射线实际上是原子的核外电子挣脱原子核的束缚而形成的D.22286Rn的半衰期为3.8天，若有20g22286Rn，经过7.6天后还剩下5g22286Rn7.一束含两种频率的单色光，照射到底面有涂层的平行玻璃砖上表面后，经下表面反射从玻璃砖上表面射出后，光线分为a、b两束，如图所示。
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绝密★考试结束前高二下学期期末考试物理试卷第Ⅰ卷（选择题，共50分）一、本题共10小题；每小题3分，共30分，在每小题给出的四个选项中只有一个选项是正确的，选对的得3分；选错或不选的得0分。
1．下列关于布朗运动的说法，正确的是( )． A ．布朗运动是液体分子的无规则运动B ．布朗运动是指悬浮在液体中的固体分子的无规则运动C ．布朗运动说明了液体分子与悬浮颗粒之间存在着相互作用力D ．观察布朗运动会看到，悬浮的颗粒越小，温度越高，布朗运动越剧烈2．有甲、乙两个分子，甲分子固定不动，乙分子由无穷远处逐渐向甲靠近，直到不再靠近为止，在整个过程中，分子势能的变化情况是( )．A ．不断增大B ．不断减小C ．先增大后减小D ．先减小后增大3．一定质量的理想气体在某一过程中，外界对气体做功7.0×104 J ，气体内能减少1.3×105 J ，则此过程( )．A ．气体从外界吸收热量2.0×105 JB ．气体向外界放出热量2.0×105 JC ．气体从外界吸收热量6.0×104 JD ．气体向外界放出热量6.0×104 J4.如图所示，活塞质量为M ，上表面水平横截面积为S ，下表面与水平成α角摩擦不计，外界大气压为p o ，被封闭气体的压强为（ ）A 、p o －SMg θcos B 、p o cosα﹣S MgC 、p o －S MgD 、p o －SMg θ2cos5．下列说法中正确的是( )．A ．晶体一定具有各向异性，非晶体一定具有各向同性B ．温度不同的物体，它们分子热运动的平均动能可能相同C ．液晶既像液体一样具有流动性，又跟某些晶体一样具有光学性质的各向异性D ．随着分子间距离的增大，分子间作用力减小，分子势能也减小6．如图所示容器中，A 、B 各有一个可自由移动的轻活塞，活塞下面是水，上面为空气，大气压恒定。
A 、B 底部由带有阀门K 的管道相连，整个装置与外界绝热。
原先A 中的水面比B 中高，打开阀门，使A 中的水逐渐向B 中流，最后达到平衡。
在这个过程中( ) A ．大气压力对水做功，水的内能增加 BB ．水克服大气压力做功，水的内能减少C ．大气压力对水不做功，水的内能不变D ．大气压力对水不做功，水的内能增加7．下列四幅图中，能正确反映分子间作用力f 和分子势能E p 随分子间距离r 变化关系的图线是( )．8.甲、乙、丙三人各乘一个热气球，甲看到楼房在向下运动，乙看到甲在向下运动，丙看到甲、乙都在向上运动，那么，从地面上看，甲、乙、丙的运动情况可能是 ( ) A.甲向上、乙向下、丙静止 B.甲向上、乙向上、丙静止 C.甲向上、乙向下、丙向下 D.甲向上、乙向下、丙向上9.两木块自左向右运动，现用高速摄影机在同一底片上多次曝光，记录下木块每次曝光时的位置，如图所示.连续两次曝光的时间间隔是相等的，由图可知 ( ) A.在t 2时刻以及t 5时刻两木块速度相同 B.在t 1时刻两木块速度相同C.在t 3时刻和t 4时刻之间某瞬时两木块速度相同D.在t 4时刻和t 5时刻之间某瞬时两木块速度相同10. 在t ＝0时，甲乙两汽车从相距70 km 的两地开始相向行驶， 它们的v -t 图象如图所示. 忽略汽车掉头所需时间, 下列对 汽车运动状况的描述正确的是 ( ) A. 在第1 h 末，乙车改变运动方向 B. 在第2 h 末，甲乙两车相距40 kmC. 在前4 h 内，乙车运动加速度的大小总比甲车的大D. 在第4 h 末，甲乙两车相遇二、选择题（本大题共5小题，每小题4分，共20分，每小题有一个或几个选项符合题意，全部选对得4分，选对但不全得2分，选错或不选得0分）11．有一质点从t ＝0开始由原点出发，其运动的速度-时间图象如图所示，则（ ）A ．1=t s 时，质点离原点的距离最大B ．2=t s 时，质点离原点的距离最大C ．2=t s 时，质点回到原点D ．4=t s 时，质点回到原点12．关于对内能的理解，下列说法正确的是( )．A ．系统的内能是由系统的状态决定的B ．做功可以改变系统的内能，但是单纯地对系统传热不能改变系统的内能C ．不计分子之间的分子势能，质量和温度相同的氢气和氧气具有相同的内能D ．1 g 100 ℃水的内能小于1 g 100 ℃水蒸气的内能13．设某种物质的摩尔质量为μ，原子间的平均距离为d ，已知阿伏加德罗常数为N A ，则该物质的密度ρ可表示为( )．A ．ρ＝6μπd 3N AB ．ρ＝μd 3N AC ．ρ＝3μ4πd 3N AD ．ρ＝8μπdN A14．关于饱和汽，下面说法正确的是( )． A ．达饱和汽时液面上的气体分子的密度不断增大 B ．达饱和汽时液面上的气体分子的密度不变C ．将未饱和汽转化成饱和汽可以保持温度不变，减小体积D ．将未饱和汽转化成饱和汽可以保持体积不变，降低温度 15．下列关于湿度的说法中，正确的是( )． A ．绝对湿度大，相对湿度一定大B ．相对湿度是100%，表明在当时温度下，空气中水汽已达饱和状态C ．相同温度下绝对湿度越大，表明空气中水汽越接近饱和D ．露水总是出现在夜间和清晨，是因为气温的变化使空气中原来饱和的水蒸气液化的缘故第Ⅱ卷（非选择题，共50分）二、实验填空题（本题共2题，共10分。
）16．(6分)在做“研究匀变速直线运动”实验中，打点记时器打出的一条纸带中的某段如图所示，若A ，B ，C ……点间的时间间隔均为0.10 s ，从图中给定的长度，求小车的加速度大小是 ，打下C 点时小车的速度大小是。
17. (4分) 在做“用油膜法估测分子的大小”实验中，实验简要步骤如下：A ．将画有油膜轮廓的玻璃板放在坐标纸上，数出轮廓内的方格数(不足半个的舍去，多于半个的算一个)再根据方格的边长求出油膜的面积S ．B ．将一滴酒精油酸溶液滴在水面上，待油酸薄膜的形状稳定后，将玻璃板放在浅盘上，用彩笔将薄膜的形状描画在玻璃板上．C ．用浅盘装入约2cm 深的水，然后用痱子粉或石膏粉均匀的撒在水面．D ．用公式L=V/S ，求出薄膜厚度，即油酸分子的大小．E ．根据酒精油酸溶液的浓度，算出一滴溶液中纯油酸的体积V ．cmF．用注射器或滴管将事先配制好的酒精油酸溶液一滴一滴地滴入量筒，记下量筒内增加一定体积时的滴数．上述实验步骤的合理顺序是______________________ ___．三．计算题(本题共4小题，共40分，解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位)18.(10分)（2009·南京模拟）上海到南京的列车已迎来第六次大提速，速度达到v1=180 km/h.为确保安全，在铁路与公路交叉的道口处需装有自动信号灯.当列车还有一段距离才到达公路道口时，道口应亮起红灯，警告未越过停车线的汽车迅速制动，已越过停车线的汽车赶快通过.如果汽车通过道口的速度v2=36 km/h，停车线至道口栏木的距离s0=5 m，道口宽度s=26 m，汽车长l=15 m,如图所示,并把火车和汽车的运动都看成匀速直线运动.问：列车离道口的距离L 为多少时亮红灯，才能确保已越过停车线的汽车安全驶过道口?19、(10分)使一定质量的理想气体按如图甲中箭头所示的顺序变化,图中BC段是以纵轴和横轴为渐近线的双曲线.(1)已知气体在状态A的温度为T A=300K,求气体在状态B、C和D的温度是多少?(2)将上述变化过程在图乙V-T图象中表示出来(标明A、B、C、D四点,并用箭头表示变化方向).20、(10分)如图所示，重G1的活塞a和重G2的活塞b，将长为L的气室分成体积比为1﹕2的A、B两部分，温度是127℃，系统处于平衡状态，当温度缓慢地降到27℃时系统达到新的平衡，求活塞a、b移动的距离。
21. (10分)一辆值勤的警车停在公路边，当警员发现从他旁边以10 m/s的速度匀速行驶的货车严重超载时，决定前去追赶，经过5.5 s后警车发动起来，并以2.5 m/s2的加速度做匀加速运动，但警车的行驶速度必须控制在90 km/h以内. 问：(1)警车在追赶货车的过程中，两车间的最大距离是多少？(2)警车发动后要多长时间才能追上货车？云南省保山一中2018—2019学年高二下学期期中考物理试题（理科）答案姓名：_______________班级：_______________学号：__________第І卷（选择题）题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15答案D DBCCDBBCCBD AD AB BCD BCD第Ⅱ卷二、填空题:16. _______4.0M/S 2_______. ____1.1M/S______; 17. __FECBAD___________;三、计算题:18.解析：为确保行车安全，要求列车驶过距离L 的时间内，已越过停车线的汽车的车尾必须能通过道口,汽车越过停车线至车尾通过道口，汽车的位移为x=l+s 0+s=(15+5+26)m=46 m,汽车速度v 2=36 km/h=10 m/s ，通过这段位移需要时间t=x/v 2=4610 s=4.6 s高速列车的速度v 1=180 km/h=50 m/s ，所以安全距离L=v 1t=50×4.6 m=230 m.实际情况下，还应考虑到关闭栏木需要的时间以及预留的安全时间等，所以在列车离道口更远时，道口就应该亮起红灯发出警告.19、解:由P-V 图可知,气体状态参量:P A =4atm,V A =10L,P C =2atm,V C =40L,P D =2atm,V D =20L(1)根据气态方程DDD C C C A A A T V P T V P T V P == 得K K T V P V P T A A A C C c 600300104402=⨯⨯⨯=⋅=K K T V P V P T A A A D D D 300300404202=⨯⨯⨯=⋅=因B-C 为等温变化过程:K T T C B 600== (2)状态B-C 由玻意尔定律C C B B V P V P =得L L P V P V B C C B 204402=⨯==(画V-T 图3分)20、解：如图所示，设b 向上移动y ，a 向上移动 x ， 因为两个气室都做等压变化 所以由盖.吕萨克定律有：对于A 室系统: 300)(4003131Sx L LS -= 对于B 室系统: 300)(4003232S x y L LS +-= 解得：x=L/12 y=L/421、 解析:（1）警车在追赶货车的过程中，当两车速度相等时它们的距离最大，设警车发动后经过t1时间两车的速度相等. 则: t 1=v/a=10/2.5 s=4 s,x 货=(5.5+4)×10 m=95 m,x 警=1/2at 21=12×2.5×42 m=20 m,所以两车间的最大距离Δx=x 货-x 警=75 m.(2)v 0=90 km/h=25 m/s ，当警车刚达到最大速度时，运动时间t2=252.5 s=10 s, x 货′=(5.5+10)×10 m=155 m,x 警′=1/2at 22=1/2×2.5×102m=125 m,因为x 货′＞x 警′，故此时警车尚未赶上货车，且此时两车距离Δx ′=x 货′-x 警′=30 m, 警车达到最大速度后做匀速运动，设再经过Δt 时间追赶上货车. 则：Δt=Δx ′v0-v=2 s, 所以警车发动后要经过t=t 2+Δt=12 s 才能追上货车. 答案：（1）75 m （2）12 s。