华东理工大学大学物理第七章答案
大学物理课后习题答案 第七章
Q
RT1
ln
V2 V1
8.31 400 ln 0.005 0.001
5.35 103 J
（2） 根据卡诺循环的效率公式可得
1 T2 A净 T1 Q吸
A净
（1
T2 T1
)Q吸
(1
300 ) 5.35 103 400
1.34 103 J
（3）由能量守恒 Q吸 A净 Q放 可得
Pa Va )
1 2 (Pb
Pa ) (Vb
Va )
9.5 102 J
A 100 10.5% Q吸 950
B
C 2 V (L)
62
大学物理上习题册参考解答
10、一定质量理想气体（摩尔热容比为 γ）的某循环过程的 T-V 图如下，其中 CA 为绝
热过程，状态 A(T1,V1)和状态 B（T2,V2）为已知，试问：
RT2
ln
VA VB
R(T1 T2) ln
VA VB
T2 T1 T2
14、一台家用冰箱放在室温为 300K 的房间内，做一盘 2.09105 J 的热量。设冰箱为理想卡诺制冷机。 （1）求做一盘冰块所需要的功；
℃的冰块需从冷冻室取走
（2）若此冰箱能以 2.09102 J / s 的速率取出热量，求冰箱的电功率。
mR mR
60
大学物理上习题册参考解答
6、某理想气体在 P-V 图上等温线与绝热线相交于 A
点（如图所示）。 已知 A 点的压强 P1=2×105Pa，体积 V1=0.5 P ×10-3m3 ，而且 A 点处等温线的斜率与绝热线斜率之比为
0.714，现使气体从 A 点绝热膨胀至 B 点，其体积 V2=1×10-3m3。
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第七章静电场中的导体和电介质一、基本要求1. 掌握导体静电平衡的条件及静电平衡时导体电荷的分布规律；2. 学会计算电容器的电容；3. 了解介质的极化现象及其微观解释；4. 了解各向同性介质中D和E的关系和区别；5. 了解介质中电场的高斯定理；6. 理解电场能量密度的概念。
二、基本内容1. 导体静电平衡(1) 静电平衡条件：导体任一点的电场强度为零(2) 导体处于静电平衡时：①导体是等势体，其表面是等势面；②导体表面的场强垂直于导体表面。
(3) 导体处于静电平衡时，导体内部处处没有净电荷存在，电荷只能分布在导体的表面上。
2. 电容(1) 孤立导体的电容c=勺V电容的物理意义是使导体电势升高单位电势所需的电量。
电容是导体的重要属性之一，它反映导体本身具有储存电荷和储存电能的能力。
它的大小仅由导体的几何形状、大小和周围介质决定，与导体是否带电无关。
(2) 电容器的电容C =—9-V A~ Vq为构成电容器两极板上所带等量异号电荷的绝对值。
V A-V B为A、B两极间电势差。
电容器电容与电容器形状、大小及两极间介质有关，与电容器是否带电无关。
(3) 电容器的串并联串联的特点：各电容器的极板上所带电量相等，总电势差为各电容器上电势差之111 1和。
等效电容由一=—+—+川+一进行计算。
C C C C1 2 n并联的特点：电容器两极板间的电势差相等，不同电容器的电量不等，电容大者电量多。
等效电容为C=C +C ,川*C o 1 2 n(4) 计算电容的一般步骤+ 一%1设两极带电分别为q和q，由电荷分布求出两极间电场分布。
~ = J B%1由V V E dl求两极板间的电势差。
A B A%1根据电容定义求c wV A VB3. 电位移矢量D=£ +人为引入的辅助物理量，定义D E P, D既与E有关，又与P有关。
说明D 0不是单纯描述电场，也不是单纯描述电介质的极化，而是同时描述场和电介质的。
定义式无论对各向同性介质，还是各向号惟会质都适用。
大学物理习题答案解析第七章
第七章 恒定磁场7 －1 两根长度相同的细导线分别多层密绕在半径为R 和r 的两个长直圆筒上形成两个螺线管，两个螺线管的长度相同，R ＝2r ，螺线管通过的电流相同为I ，螺线管中的磁感强度大小B R 、B r 满足（ ） （A ） （B ） （C ） （D ）分析与解 在两根通过电流相同的螺线管中，磁感强度大小与螺线管线圈单位长度的匝数成正比．根据题意，用两根长度相同的细导线绕成的线圈单位长度的匝数之比因而正确答案为（C ）。
7 －2 一个半径为r 的半球面如图放在均匀磁场中，通过半球面的磁通量 为（ ）（A ） （B ） （C ） （D ）分析与解 作半径为r 的圆S ′与半球面构成一闭合曲面，根据磁场的高斯定理，磁感线是闭合曲线，闭合曲面的磁通量为零，即穿进半球面S 的磁通量等于穿出圆面S ′的磁通量；．因而正确答案为（D ）． 7 －3 下列说法正确的是（ ）（A ） 闭合回路上各点磁感强度都为零时，回路内一定没有电流穿过 （B ） 闭合回路上各点磁感强度都为零时，回路内穿过电流的代数和必定为零 （C ） 磁感强度沿闭合回路的积分为零时，回路上各点的磁感强度必定为零（D ） 磁感强度沿闭合回路的积分不为零时，回路上任意一点的磁感强度都不可能为零分析与解 由磁场中的安培环路定律，磁感强度沿闭合回路的积分为零时，回路上各点的磁感强度不一定为零；闭合回路上各点磁感强度为零时，穿过回路的电流代数和必定为零。
因而正确答案为（B ）．7 －4 在图（ａ）和（ｂ）中各有一半径相同的圆形回路L1 、L2 ，圆周内有电流I1 、I2 ，其分布相同，且均在真空中，但在（ｂ）图中L2 回路外有电流I3 ，P 1 、P 2 为两圆形回路上的对应点，则（ ）r R B B 2=r R B B =r R B B =2r R B B 4=21==R r n n r R B r 2π2B r 2παB r cos π22αB r cos π2S B ⋅=m Φ（A ） ，（B ） ，（C ） ，（D ） ，分析与解 由磁场中的安培环路定律，积分回路外的电流不会影响磁感强度沿回路的积分；但同样会改变回路上各点的磁场分布．因而正确答案为（C ）．*7 －5 半径为R 的圆柱形无限长载流直导体置于均匀无限大磁介质之中，若导体中流过的恒定电流为I ，磁介质的相对磁导率为μｒ （μｒ＜1），则磁介质内的磁化强度为（ ） （A ）（B ） （C ） （D ）分析与解 利用安培环路定理可先求出磁介质中的磁场强度，再由M ＝（μｒ－1）H 求得磁介质内的磁化强度，因而正确答案为（B ）．7 －6 北京正负电子对撞机的储存环是周长为240 m 的近似圆形轨道，当环中电子流强度为8 mA 时，在整个环中有多少电子在运行？ 已知电子的速率接近光速。
(完整版)大学物理学(课后答案)第7章
第七章课后习题解答、选择题7-1处于平衡状态的一瓶氦气和一瓶氮气的分子数密度相同，分子的平均平动动能也相同，则它们[](A)温度，压强均不相同(B)温度相同，但氦气压强大于氮气的压强(C)温度，压强都相同(D)温度相同，但氦气压强小于氮气的压强3分析：理想气体分子的平均平动动能 \ - kT，仅与温度有关，因此当氦气和氮气的平均平动动能相同时，温度也相同。
又由理想气体的压强公式p nkT ,当两者分子数密度相同时，它们压强也相同。
故选( C)。
7-2理想气体处于平衡状态，设温度为T，气体分子的自由度为i，则每个气体分子所具有的[](A)动能为-kT (B)动能为丄RT2 2(C)平均动能为-kT (D)平均平动动能为-RT2 23分析：由理想气体分子的的平均平动动能 \ 3kT和理想气体分子的的平均动能2-丄kT，故选择(C)。
27-3三个容器A、B、C中装有同种理想气体，其分子数密度n相同，而方均根1/2 1/2 1/2速率之比为v A : v B : v C 1:2:4，则其压强之比为P A：P B：P c[](A) 1:2:4 (B) 1:4:8 (C) 1:4:16 (D) 4:2:1分析：由分子方均根速率公式厂2，又由物态方程p nkT，所以当三容器中得分子数密度相同时，得p1: P2: P3 T1 :T2 :T3 1: 4:16。
故选择(C)。
7-4图7-4中两条曲线分别表示在相同温度下氧气和氢气分子的速率分布曲线。
如果V p O和V p H分别表示氧气和氢气的最概然速率，则[] O 2 H 2(A)图中a表示氧气分子的速率分布曲线且V p O/ V p H4质量M H 2 M O 2，可知氢气的最概然速率大于氧气的最概然速率，故曲线 M 1 ( ) i于氧分子的速率分布曲线。
又因16，所以盘4。
故选择(B )。
f(v)习题7-4图7-5在一个体积不变的容器中，储有一定量的某种理想气体，温度为T 。
大学物理第七章习题及答案
第七章 振动学基础一、填空1．简谐振动的运动学方程是 。
简谐振动系统的机械能是 。
2．简谐振动的角频率由 决定，而振幅和初相位由 决定。
3.达到稳定时，受迫振动的频率等于 ，发生共振的条件 。
4．质量为10-2㎏的小球与轻质弹簧组成的系统，按20.1cos(8)3x t ππ=-+的规律做运动，式中t 以s 为单位，x 以m 为单位，则振动周期为 初相位 速度最大值 。
5．物体的简谐运动的方程为s ()x A in t ωα=-+，则其周期为 ，初相位 6．一质点同时参与同方向的简谐振动，它们的振动方程分别为10.1cos()4x t πω=+，20.1cos()4x t πω=-，其合振动的振幅为 ，初相位为 。
7．一质点同时参与两个同方向的简谐振动，它们的振动方程分别为)4cos(06.01πω+=t x ，250.05cos()4x t πω=+，其合振动的振幅为 ，初相位为 。
8．相互垂直的同频率简谐振动，当两分振动相位差为0或π时，质点的轨迹是 当相位差为2π或32π时，质点轨迹是 。
二、简答1．简述弹簧振子模型的理想化条件。
2．简述什么是简谐振动，阻尼振动和受迫振动。
3．用矢量图示法表示振动0.02cos(10)6x t π=+,(各量均采用国际单位).三、计算题7.1 质量为10×10-3㎏的小球与轻质弹簧组成的系统，按X=0.1cos （8πt+2π/3）的规律做运动，式中t 以s 为单位，x 以m 为单位，试求： （1）振动的圆频率，周期，初相位及速度与加速度的最大值； （2）最大恢复力，振动能量；（3）t=1s ，2s ，5s ，10s 等时刻的相位是多少？（4）画出振动的旋转矢量图，并在图中指明t=1s ，2s ，5s ，10s 等时刻矢量的位置。
7.2 一个沿着X 轴做简谐振动的弹簧振子，振幅为A ，周期为T ，其振动方程用余弦函数表示，如果在t=0时刻，质点的状态分别为： （1）X 0=-A ；（2）过平衡位置向正向运动； （3）过X=A/2处向负向运动； （4）过X=2A 处向正向运动。
大学物理学课后习题7第七章答案
q 6 0
对于边长 a 的正方形，如果它不包含 q
所在的顶点，则 e
q 24 0
，
如果它包含 q 所在顶点则 e 0 ．
7.8 均匀带电球壳内半径6cm，外半径10cm，电荷体密度为2×
105 C·m-3求距球心5cm，8cm ,12cm 各点的场强．
解:
高斯定理 当 r 5 cm
均匀分布，其电势U
E
dr
R2
qdr R2 4π 0 r 2
q 4π 0 R
题 7.16 图
(2)外壳接地时，外表面电荷 q 入地，外表面不带电，内表面电荷仍
为 q ．所以球壳电势由内球 q 与内表面 q 产生：
U
q 4π 0 R2
q 4π 0 R2
(2)同理
dEQ
1 4π 0
dx
x2
d
2 2
方向如题 7.6 图所示
由于对称性 l dEQx 0 ，即 EQ 只有 y 分量，
∵
dEQy
1 4π 0
dx
x2
d
2 2
d2
x2
d
2 2
EQy
l dEQy
d2 4π 2
l 2
dx
l
3
2
(x2
d
2 2
)
2
l
1由于电荷均匀分布与对称性ab和cd段电荷在o点产生的场强互相抵消取?ddrl?则??ddrq?产生o点e?d如图由于对称性o点场强沿y轴负方向题714图??????cos4dd2220?????rreeyr04???2sin??2sin??r02????2ab电荷在o点产生电势以0??u?????ab200012ln44d4drrxxxxu??????同理cd产生2ln402???u半圆环产生00344??????rru0032142ln2?????????uuuuo715两个平行金属板ab的面积为200cm2a和b之间距离为2cmb板接地如图715所示
大学物理答案解析第7～8章
第七章 真空中的静电场7－1 在边长为a 的正方形的四角，依次放置点电荷q,2q,-4q 和2q ，它的几何中心放置一个单位正电荷，求这个电荷受力的大小和方向。
解：如图可看出两2q 的电荷对单位正电荷的在作用力 将相互抵消，单位正电荷所受的力为)41()22(420+=a q F πε＝,2520aqπε方向由q 指向-4q 。
7－2 如图，均匀带电细棒，长为L ，电荷线密度为λ。
（1）求棒的延长线上任一点P 的场强；(2)求通过棒的端点与棒垂直上任一点Q 的场强。
解：（1）如图7－2 图a ，在细棒上任取电荷元dq ，建立如图坐标，dq ＝λd ξ，设棒的延长线上任一点P 与坐标原点0的距离为x ，则2020)(4)(4ξπεξλξπεξλ-=-=x d x d dE则整根细棒在P 点产生的电场强度的大小为)11(4)(4002xL x x d E L--=-=⎰πελξξπελ ＝)(40L x x L-πελ方向沿ξ轴正向。
（2）如图7－2 图b ，设通过棒的端点与棒垂直上任一点Q 与坐标原点0的距离为y204r dxdE πελ=θπελcos 420rdxdE y =， θπελsin 420r dxdE x =因θθθθcos ,cos ,2yr d y dx ytg x ===， 代入上式，则)cos 1(400θπελ--=y ＝)11(4220Ly y+--πελ，方向沿x 轴负向。
习题7－1图dq ξd ξ习题7－2 图ax θθπελθd y dE E x x ⎰⎰-=-=00sin 4xdx习题7－2 图byθθπελθd y dE E y y ⎰⎰==00cos 400sin 4θπελy =＝2204Ly y L+πελ7－3 一细棒弯成半径为R 的半圆形，均匀分布有电荷q ，求半圆中心O 处的场强。
解：如图，在半环上任取d l =Rd θ的线元，其上所带的电荷为dq=λRd θ。
大学物理习题答案解析第七章
第七章 恒定磁场7 －1 两根长度相同的细导线分别多层密绕在半径为R 和r 的两个长直圆筒上形成两个螺线管，两个螺线管的长度相同，R ＝2r ，螺线管通过的电流相同为I ，螺线管中的磁感强度大小B R 、B r 满足（ ） （A ） （B ） （C ） （D ）分析与解 在两根通过电流相同的螺线管中，磁感强度大小与螺线管线圈单位长度的匝数成正比．根据题意，用两根长度相同的细导线绕成的线圈单位长度的匝数之比因而正确答案为（C ）。
7 －2 一个半径为r 的半球面如图放在均匀磁场中，通过半球面的磁通量 为（ ）（A ） （B ） （C ） （D ）分析与解 作半径为r 的圆S ′与半球面构成一闭合曲面，根据磁场的高斯定理，磁感线是闭合曲线，闭合曲面的磁通量为零，即穿进半球面S 的磁通量等于穿出圆面S ′的磁通量；．因而正确答案为（D ）． 7 －3 下列说法正确的是（ ）（A ） 闭合回路上各点磁感强度都为零时，回路内一定没有电流穿过 （B ） 闭合回路上各点磁感强度都为零时，回路内穿过电流的代数和必定为零 （C ） 磁感强度沿闭合回路的积分为零时，回路上各点的磁感强度必定为零（D ） 磁感强度沿闭合回路的积分不为零时，回路上任意一点的磁感强度都不可能为零分析与解 由磁场中的安培环路定律，磁感强度沿闭合回路的积分为零时，回路上各点的磁感强度不一定为零；闭合回路上各点磁感强度为零时，穿过回路的电流代数和必定为零。
因而正确答案为（B ）．7 －4 在图（ａ）和（ｂ）中各有一半径相同的圆形回路L1 、L2 ，圆周内有电流I1 、I2 ，其分布相同，且均在真空中，但在（ｂ）图中L2 回路外有电流I3 ，P 1 、P 2 为两圆形回路上的对应点，则（ ）r R B B 2=r R B B =r R B B =2r R B B 4=21==R r n n r R B r 2π2B r 2παB r cos π22αB r cos π2S B ⋅=m Φ（A ） ，（B ） ，（C ） ，（D ） ，分析与解 由磁场中的安培环路定律，积分回路外的电流不会影响磁感强度沿回路的积分；但同样会改变回路上各点的磁场分布．因而正确答案为（C ）．*7 －5 半径为R 的圆柱形无限长载流直导体置于均匀无限大磁介质之中，若导体中流过的恒定电流为I ，磁介质的相对磁导率为μｒ （μｒ＜1），则磁介质内的磁化强度为（ ） （A ）（B ） （C ） （D ）分析与解 利用安培环路定理可先求出磁介质中的磁场强度，再由M ＝（μｒ－1）H 求得磁介质内的磁化强度，因而正确答案为（B ）．7 －6 北京正负电子对撞机的储存环是周长为240 m 的近似圆形轨道，当环中电子流强度为8 mA 时，在整个环中有多少电子在运行？ 已知电子的速率接近光速。
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或者
η = 1−
Q放 Q吸
= 1−
T T1 300 ⇒ Q 放 = 1 Q吸 = × 5.35 × 10 5 = 4.01 × 10 3 J T2 400 T2
12 、一台家用冰箱放在气温为 300K 的房间内，做一盘−13 ℃的冰块需从冷冻室取走 2.09 ×10 5 J 的热量。设冰箱为理想卡诺制冷机。 （1）求做一盘冰块所需要的功。 （2）若此冰箱能以 2.09 ×10 2 J / s 的速率取出热量，求所要求的电功率是多少瓦？ （3）做冰块需时多少？ 解： （1）卡诺循环制冷系数 T2 260 ω= = = 6.5 T1 − T2 300 − 260 Q ω= 2 A
dP dV dP dV
T =C
A B V1 V2 V
根据题意知
=
1 = 0.714 γ
∴γ =
1 = 1.4 0.714
Q=C
γ P1V1γ = P2 V2
由绝热方程可得
P2 = (
V1 γ 0.5 × 10 −3 1.4 ) P1 = ( ) × 2 × 10 5 = 7.58 × 10 4 Pa − 3 V2 1 × 10
45
CP ，有时可用下面方法：将开始的温度、体积和压力分 Cv 别为T0,V0和P0的一定量气体，在一定时间内通以电流的铂丝加热，而且每次加热供应气 体的热量相同。第一次维持V0不变，此时气体达到温度T1和压力P1。第二次维持压力P0不 变，而温度变到T2，体积变到V1，试证明：
5、为测定气体的比热容比 γ =
47
发，经过图中的循环过程又回到状 a ，其中过程 ab 是直线，试求： （1）在整个循环过程中，系统对外界所作的净功； （2）循环的效率。 1 解： （1） A = bc ⋅ ac 2 1 = × 2 × 10 5 × 1× 10 − 3 2 = 100J （2） Q 吸 = Q ab = ΔE + A
∴ A净 = （ 1− T2 300 )Q 吸 = (1 − ) × 5.35 × 10 3 = 1.34 × 10 3 J T1 400
3
3
（3）由能量守恒 Q 吸 = A 净 + Q 放 可得
Q 放 = Q 吸 − A 净 = 5.35 × 10 3 − 1.34 × 10 3 = 4.01 × 10 3 J
49
∴ PdV + VdP = PdV + kVdV = 2PdV = RdT R 即 PdV = dT 2 3 1 dQ = C V dT + PdV = RdT + RdT = 2RdT 2 2 dQ = 2R 热容量 C = dT （3）过程方程 P = kV
即
PV −1 = k
多方指数 n=-1
3 R (T2 − T1 ) = −428J 2 5 Q 2 = C p (T3 − T2 ) = R (T3 − T2 ) = −1365J 2 总计放热： Q = Q1 + Q 2 = 1.79 × 10 3 J Q1 = C V (T2 − T1 ) =
9、一定质量的单原子理想气体，从初始状态 a 出
（2）
A=
P1 V1 − P2 V2 2 × 10 5 × 0.5 × 10 −3 − 7.58 × 10 4 × 1 × 10 −3 = = 60.5J γ −1 1.4 − 1
46
P（105Pa） 7、试证明：1mol刚性分子理想气体，作等压膨胀时，若对外作功为A，则气体分子平均 A ，式中γ为比热容比，NA为阿伏伽德罗常数。 动能的增量为 3 b N A (γ − 1) 证明：设膨胀前后的体积为V1、V2，温度为T1、T2，压强P 根据等压膨胀作功可得 A = P(V2 − V1 ) = R (T2 − T1 ) 1 a c 气体分子的比热容比 i+2 0 Cp i+2 γ= = 2 = 1 2 V（l） i CV i 2 2 ∴ i= γ −1 气体分子的平均动能的增量 2 i i A γ −1 1 A Δε K = k (T2 − T1 ) = k = A= 2 2 R 2 NA N A ( γ − 1)
γ=
证：
QV =
( P1 − P0 ) V 0 ( V1 − V0 ) P0
m C V (T1 − T0 ) M m Qp = C p (T2 − T0 ) M
根据题意
Q V = Q p 及 PV =
m RT M
∴
MP1 V1 MP0 V0 − T1 − T0 mR = (P1 − P0 )V0 γ= = = mR MP2 V2 MP0 V0 (V1 − V0 )P0 C V T2 − T0 − mR mR Cp
m 1 C V (Tb − Ta ) + (Pb + Pa )(Vb − Va ) M 2 3 1 = (Pb Vb − Pa Va ) + (Pb + Pa ) (Vb − Va ) = 9.5 × 10 2 J 2 2 A 100 η= = = 10.5% Q 吸 950 =
10、图中所示为一定质量理想气体的一个循环过程的T-V图，其中CA为绝热过程，状态 A(T1,V1)和状态B（T2,V2）为已知，试问： （1）各分过程是吸热还是放热？ （2）状态 C 的 V、T 值是多少？（γ,m 已知） T （3）这个循环是不是卡诺循环？ A B （4）这循环的效率为多少？ 解： （1）把 T-V 改画为 P-V 图，如右图所示 AB 等温膨胀—吸热 BC 等容降温—放热 CA 绝热过程不吸放热 （2） Vc = V2 V γ −1 γ −1 TA VA = TC VC ⇒ TC = ( 1 ) γ −1 ⋅ T1 V2 （3）不是卡诺循环。 （4） m C V (T1 − Tc ) Q放 M η = 1− = 1− V m Q吸 RT1 ln 2 M V1 V V 1 − ( 1 ) γ −1 C V T1 [1 − ( 1 ) γ −1 ] V2 V2 1 = 1− = 1− ⋅ V V2 γ −1 ln 2 RT1 ln V1 V1
− γ −1
所以
4、如图所示，1mol的氦气由状态A（p1,V1)沿p-V图中直线变化到状态B(p2,V2)，设AB延 长线通过原点，求： （1）这过程内能的变化，吸收的热量和对外作的功； （2）气体的热容量； （3）多方指数。 m 3 3 P 解： （1） ΔE = C v ΔT = R (T2 − T1 ) = (P2 V2 − P1V1 ) M 2 2 B (P2, V2) 1 A = (P1 + P2 )(V2 − V1 ) 2 P1 P P = 2 (k = ) A(P1,V1) V1 V2 V 1 O V ∴ A = (P2 V2 − P1V1 ) 2 3 1 Q = ΔE + A = (P2 V2 − P1V1 ) + (P2 V2 − P1V1 ) = 2(P2 V2 − P1V1 ) 2 2 （2） dQ = dE + dA = C V dT + PdV 由理想气体方程得 PdV + VdP = RdT 又 P=kV， dP=kdV
Q = ΔE + A = 1246 + 2033 = 3279 J 2V （2） A = A12 = RT1 ln 0 = 8.31 × 293 ln 2 = 1687J V0
0
5 × 8.31× 60 = 1246J 2 Q = A + ΔE = 1687 + 1246 = 2933J ΔE = E 3 − E 2' =
C O V
P A(T1,V1) dT=0 B(T2,V2) dQ=0 C V
。 11、1mol理想气体在T1=400K的高温热源与T2=300K的低始体积为V1=0.001m , 终止体积为V2=0.005m 。 试求此气体在每一循 环中 （1）从高温热源吸收的热量Q1； （2）气体所作的净功 A； （3）气体传给低温热源的热量Q2。 解： （1）气体在高温热源等温膨胀吸热，故 V 0.005 Q = RT1 ln 2 = 8.31 × 400 ln = 5.35 × 10 3 J V1 0.001 （2） 根据卡诺循环的效率公式可得 A T η = 1− 2 = 净 T1 Q 吸
6、某理想气体在P-V图上等温线与绝热线相交于A 5 点（如图所示） 。 已知A点的压强P1=2×10 Pa，体 P -3 3 积V1=0.5×10 m ，而且A点处等温线的斜率与绝热 线斜率之比为 0.714，现使气体从A点绝热膨胀至B -3 3 点，其体积V2=1×10 m 。求: P1 （1）B 点处的压强； （2）在此过程中气体对外作的功。 dP P =− 解： （1）等温线的斜率 dV T =C V O dP P = −γ 绝热线的斜率 dV Q =C V
第七章 热力学基础
1、一定量气体吸热 800J，对外作功 500J，由状态 A 沿路径（1）变化到状态 B，问气体 的内能改变了多少？如气体沿路径（2）从状态 B 回到状态 A 时，外界对气体作功 300J， 问气体放出热量多少？ P 解： （1） ΔE = Q1 − A1 = 800 − 500 = 300J （2） Q 2 = −ΔE − A 2 = −300 − 300 = −600J (1) B (2) A V 2、1mol氢，在压强为 1 大气压，温度为 20 C时，体积为V0，今使其经以下两个过程达到 同一状态，试分别计算以下两种过程中吸收的热量，气体对外作功和内能的增量，并在 p-V图上画出上述过程。 P(atm) 0 （1）先保持体积不变，加热使其温度升高到 80 C，然 后令其作等温膨胀，体积变为原体积的 2 倍； 2 353K （2）先使其等温膨胀到原体积的 2 倍，然后保持体积不 0 变，加热到 80 C。 3 1 1 293K 解：由题意知 T1=273+20=293K，T2=273+80=353K 2’ 5 （1） ΔE = E 2 − E 1 = C v (T2 − T1 ) = × 8.31× 60 = 1246J 2 2V0 V V0 2Vo A = A 23 = RT2 ln = 8.31 × 353 × ln 2 = 2033J V0