空间立体几何建立直角坐标系资料

空间立体几何建立直角坐标系

1．[2015·浙江]如图，在三棱柱ABC－A1B1C1中，∠BAC＝90°，AB＝AC＝2，A1A＝4，A1在底面ABC的射影为BC的中点，D是B1C1的中点。

(1)证明：A1D⊥平面A1BC；

(2)求二面角A1－BD－B1的平面角的余弦值。

解析：(1)证明：设E为BC的中点，连接A1E，AE，DE，由题意得A1E ⊥平面ABC，所以A1E⊥AE。

因为AB＝AC，所以AE⊥BC。

故AE⊥平面A1BC。

由D，E分别为B1C1，BC的中点，得DE∥B1B且DE＝B1B，从而DE ∥A1A且DE＝A1A，所以A1AED为平行四边形。

故A1D∥AE。

又因为AE⊥平面A1BC，所以A1D⊥平面A1BC。

(2)方法一：作A1F⊥BD且A1F∩BD＝F，连接B1F。

由AE＝EB＝2，∠A1EA＝∠A1EB＝90°，

得A1B＝A1A＝4。

由A1D＝B1D，A1B＝B1B，得△A1DB与△B1DB全等。

由A1F⊥BD，得B1F⊥BD，因此∠A1FB1为二面角A1－BD－B1的平面角。

由A1D＝2，A1B＝4，∠DA1B＝90°，得

BD＝32，A1F＝B1F＝4 3，

由余弦定理得cos∠A1FB1＝－1 8。

方法二：以CB的中点E为原点，分别以射线EA，EB为x，y轴的正

半轴，建立空间直角坐标系E －xyz ，如图所示。

由题意知各点坐标如下：

A 1(0,0，14)，

B (0，2，0)，D (－2，0，14)，B 1(－2， 2，14)。 因此A 1B →＝(0，2，－14)，BD →＝(－2，－2，14)，DB 1→

＝(0，2，0)。

设平面A 1BD 的法向量为m ＝(x 1，y 1，z 1)，平面B 1BD 的法向量为n ＝(x 2，y 2，z 2)。

由⎩⎨⎧

m ·A 1B →＝0，

m ·BD →＝0，即⎩⎪⎨⎪⎧

2y 1－14z 1＝0，

－2x 1－2y 1＋14z 1＝0，

可取m ＝(0，7，1)。

由⎩⎨⎧

n ·DB 1→

＝0，

n ·BD →＝0，

即⎩⎪⎨⎪⎧

2y 2＝0，

－2x 2－2y 2＋14z 2＝0，

可取n ＝(7，0,1)。

于是|cos 〈m ，n 〉|＝|m·n ||m |·|n |＝1

8

。

由题意可知，所求二面角的平面角是钝角，故二面角A 1－BD －B 1的平面角的余弦值为－1

8。

2．[2016·兰州模拟]如图，在四棱锥P－ABCD中，PC⊥底面ABCD，底面ABCD是直角梯形，AB⊥AD，AB∥CD，AB＝2AD＝2CD＝2，E是PB的中点。

(1)求证：平面EAC⊥平面PBC；

(2)若二面角P－AC－E的余弦值为

6

3，求直线P A与平面EAC所成角

的正弦值。

解析：(1)证明：∵PC⊥底面ABCD，∴PC⊥AC，∵底面ABCD是直角梯形，

且AB＝2AD＝2CD＝2，

∴AC＝2，BC＝2。

∴AB2＝AC2＋BC2，∴AC⊥BC，

∵PC∩BC＝C，

∴AC⊥平面PBC，

∵AC⊂平面EAC，

∴平面EAC ⊥平面PBC 。

(2)建立如图所示的空间直角坐标系A －xyz 。 设PC ＝a ，

则A (0,0,0)，C (1,1,0)，

E ⎝ ⎛⎭

⎪⎫

12，32，a 2，P (1,1，a )， B (0,2,0)。

∴AC →＝(1,1,0)，AE →＝⎝

⎛⎭

⎪⎫12，32，a 2，AP →＝(1,1，a )，BC →

＝(1，－1,0)。

设平面EAC 的法向量为v ＝(x ，y ，z )，

则⎩⎨⎧

v ·AC →＝0，

v ·AE →＝0，

即⎩

⎪⎨⎪⎧

x ＋y ＝0，

x ＋3y ＋az ＝0， 令x ＝1，则v ＝⎝ ⎛

⎭⎪⎫1，－1，2a ，

∵BC ⊥平面P AC ，

∴平面P AC 的一个法向量为u ＝BC →

＝(1，－1,0)， 设二面角P －AC －E 的大小θ，

则cos θ＝v ·u |v |·|u |＝1×1＋(－1)×(－1)＋0×2

a 2× 2＋4

a 2＝6

3，解得a ＝2，

∴直线P A 与平面EAC 所成角的正弦值为

cos 〈v ，AP →〉＝v ·AP →

|v |·|AP →|

＝1×1＋1×(－1)＋2×13×6＝2

3。