【精编文档】云南省临沧市临翔区元江民族中学2018-2019学年高二物理下学期3月月考试卷及答案.doc
临翔区高中2018-2019学年高二上学期第二次月考试卷物理
临翔区高中2018-2019学年高二上学期第二次月考试卷物理班级__________ 座号_____ 姓名__________ 分数__________一、选择题1． 如图所示，斜面小车M 静止在光滑水平面上，一边紧贴墙壁．若再在斜面上加一物体m ，且M 、m 相对静止，此时小车受力个数为A ．3B ．4C ．5D ．62． 如图所示，水平桌面上的轻质弹簧一端固定，另一端与小物块相连，弹簧处于自然长度时物块位于O 点（图中未画出）物块的质量为m ，AB=a ，物块与桌面间的动摩擦因数为μ．现用水平向右的力将物块从O 点缓慢拉至A 点，拉力做的功为W ．撤去拉力后物块由静止向左运动，经O 点到达B 点时速度减小为零，重力加速度为g ．则上述过程中（）A ．物块在A 点时，弹簧的弹性势能等于1-2W mga μB ．物块在B 点时，弹簧的弹性势能小于3-2W mgaμC.经O 点时，物体的动能等于-W mgaμD ．物块动能最大时，弹簧的弹性势能小于物块在B 点时弹簧的弹性势能3． 下列选项不符合历史事实的是（ ）A 、富兰克林命名了正、负电荷B 、库仑在前人工作的基础上通过库仑扭秤实验确定库仑定律C 、麦克斯韦提出电荷周围存在一种特殊的物质--电场D 、法拉第为了简洁形象描述电场，提出电场线这一辅助手段4． 如图所示，物块A 和B 用细线绕过定滑轮相连，B 物块放在倾角为θ=37°的斜面上刚好不下滑，连接物块B 的细线与斜面垂直，物块与斜面间的动摩擦因数为μ=0.8，设物块B 受到的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则物块A 与B 的质量之比为A. 1：20B. 1：15C. 1：10D. 1：55．下列关于电场的叙述错误的是A. 静止电荷的周围存在的电场称为静电场B. 只有电荷发生相互作用时电荷才产生电场C. 只要有电荷存在，其周围就存在电场D. A电荷受到B电荷的作用，是B电荷的电场对A电荷的作用6．在图所示的实验中，能在线圈中产生感应电流的情况是A. 磁铁静止在线圈上方B. 磁铁静止在线圈右侧C. 磁铁静止在线圈里面D. 磁铁插入或抽出线圈的过程7．（多选）如图所示，氕核、氘核、氚核三种粒子从同一位置无初速地飘入电场线水平向右的加速电场E1，之后进入电场线竖直向下的匀强电场E2发生偏转，最后打在屏上。
【精编文档】云南省元江县民族中学2018-2019学年高一物理下学期3月考试试卷及答案.doc
云南省元江民中2018-2019学年下学期3月份考试高一物理一、单选题1.如图所示为质量均可忽略的轻绳与轻杆组成系统，轻杆A端用铰链固定，滑轮在A点正上方(滑轮大小及摩擦均可不计)，轻杆B端吊一重物G，现将绳的一端拴在杆的B端，用拉力F将B端缓慢上拉(均未断)，在AB杆达到竖直前，以下分析正确的是( )A. 绳子受到的拉力越来越大B. AB杆受到的压力越来越小C. AB杆受到的压力越来越大D. 绳子受到的拉力越来越小【答案】D【解析】试题分析：以B点为研究对象，分析受力情况：重物的拉力T（等于重物的重力G）、轻杆的支持力N和绳子的拉力F，作出力图如图：由平衡条件得知，N和F的合力与T大小相等，方向相反，根据三角形相似可得：又T=G，解得：，；用拉力F将B端缓慢上拉时，AB、AO保持不变，OB变小，则由上式可得：N保持不变，F变小．即得AB杆受力，绳子拉力减小，故D正确，ABC错误．故选D.考点：三角形法则【名师点睛】本题是关于共点力的平衡问题，是一道涉及非直角三角形的力平衡问题，采用三角形相似，得到力与三角形边长的关系，再分析力的变化，这是常用的方法，要学会应用.2.如图所示，沿光滑水平面运动的小滑块，当它冲上光滑的斜面继续沿斜面运动时，它受到的力是( )A. 重力、弹力B. 重力、弹力、上冲力C. 重力、弹力、下滑力D. 重力、弹力、上冲力、下滑力【答案】A【解析】【详解】小滑块受重力，斜面的支持力，没有上冲力，因为该力没有施力物体，也没有下滑力，故A正确，BCD错误。
故选：A。
3.已知两个力的合力为20 N，则这两个力的大小不可能是( )A. 8 N、7 NB. 10 N、20 NC. 18 N、18 ND. 20 N、28 N【答案】A【解析】试题分析：二力合成时，当两者方向同向时，合力最大，为两力大小之和，当两者方向相反时，合力最小，为两力大小之差，A中合力为，B中合力为，C中合力为，D中合力为，故A不可能考点：考查了力的合成【名师点睛】两个共点力的合力范围合力大小的取值范围为：，在共点力的两个力和大小一定的情况下，改变与方向之间的夹角θ，当θ减小时，其合力F逐渐增大；当时，合力最大，方向与和的方向相同；当角增大时，其合力逐渐减小；当时，合力最小，方向与较大的力的方向相同．4.a、b两物体从同一位置沿同一直线运动，它们的速度图象如图所示，下列说法正确的是A. a、b加速时，物体a的加速度大于物体b的加速度B. 20秒时，a、b两物体相距最远C. 60秒时，物体a在物体b的前方D. 40秒时，a、b两物体速度相等，相距200m【答案】AC【解析】【分析】速度时间图像的斜率表示加速度、面积表示位移、面积差表示相对位移，两物体速度相同对应相对距离的极值，两物体从同一位置出发，据此可以分析出接下来的位置关系。
【精编文档】云南省元江第一中学2018-2019学年高二物理下学期3月份考试试卷及答案.doc
云南省元江一中2018-2019学年下学期3月份考试高二物理一、单选题(共12小题,每小题3.0分,共36分)1.如图所示，竖直绝缘墙壁上的Q处有一固定点A，在Q的正上方的P处用绝缘细线悬挂另一质点B，A、B两质点因带电而相互排斥，致使悬线与竖直方向成θ角，由于漏电使A、B两质点的带电量减少，在电荷漏完之前悬线对悬点P的拉力为( )A. 不变B. 变小C. 变大D. 先变小后变大【答案】A【解析】【详解】以小球B为研究对象，球受到重力G，A的斥力F1和线的拉力F2三个力作用，作出力图，如图。
作出F1、F2的合力F，则由平衡条件得：F=G。
根据△FBF1∽△PQB得：得：F2=G；在A、B两质点带电量逐渐减少的过程中，PB、PQ、G均不变，则线的拉力F2不变。
故A正确，BCD错误；故选A。
2.已知电流表电阻R A=2Ω，电压表内阻R V=20kΩ，现有一个阻值约为200Ω的待测电阻需要较精确地测量其阻值，那么以下说法中，正确的是( )A. 用电流表内接法测量误差较小B. 用电流表外接法测量误差较小C. 用电流表内接法或用电流表外接法所测量的结果精确程度相同D. 无法确定哪种测量方式好【答案】C【解析】【详解】因，，则可知其精确程度相同，则C正确，ABD错误，故选C。
3.一个电容器的规格是“50V，10F”，则( )A. 这个电容器只有加上50V电压时，电容才是10FB. 这个电容器能容纳的最大电荷量为10CC. 这个电容器储存的电荷量一定为500CD. 这个电容器两端的电压等于10V时，它两极板电荷量(绝对值)之和为200C 【答案】D【解析】【详解】电容器的电容与电容器板间电压无关，加电压或不加电压时，电容都是10F．故A错误。
这个电容器能容纳的最大电荷量为Q=CU=10×50C=500C．故B错误。
由Q=CU分析可知，这个电容器储存的电荷量与电压成正比，所以电容器储存的电荷量不一定为500C．故C错误。
云南省玉溪市元江县民族中学近年-近年学年高二物理10月月考试题(2021-2022学年)
云南省玉溪市元江县民族中学20１８—20１9学年高二物理１０月月考试题本试卷分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷两部分,共100分,考试时间1２０分钟.学校:______＿____姓名:＿＿_＿_______班级:___＿___＿__＿考号:__＿______＿_分卷I一、单选题（共10小题,每小题3.0分,共30分)１．Ａ、B是一条电场线上的两点，若在A点释放一初速度为零的电子，电子仅受电场力作用,并沿电场线从A运动到B，其速度随时间变化的规律如图乙所示．设Ａ、B两点的电场强度分别为ＥA、ＥB,电势分别为φＡ、φＢ，则（ )A．ＥA=ＥB B．EA<EBC.φA＝φＢD．φＡ>φB２。
下列叙述正确的是( )Ａ．摩擦起电是电荷的转移过程,感应起电是创造电荷的过程B．原来不带电的物体接触其他带电体而带电是电荷的转移过程C.玻璃棒无论和什么物体(玻璃除外)摩擦都会带正电Ｄ. 带等量异种电荷的两个导体接触后，电荷会消失，这种现象叫电荷的湮灭3．某静电场的电场线分布如图所示，图中Ｐ、Q两点的电场强度的大小分别为EＰ和ＥＱ,电势分别为φP 和φQ，则(）A．ＥP〉EQ,φP〉φQＢ.EP〉EQ，φP<φQC.EＰ〈ＥＱ，φP〉φQＤ．EＰ<ＥQ,φP＜φＱ4.如图所示,A、B、C为电场中同一电场线上的三点．设电荷在电场中只受电场力作用,则下列说法中正确的是（)A．若在C点无初速度地释放正电荷,则正电荷向B运动,电势能减少B.若在C点无初速度地释放正电荷，则正电荷向Ａ运动,电势能增加C．若在C点无初速度地释放负电荷,则负电荷向A运动，电势能增加Ｄ. 若在C点无初速度地释放负电荷，则负电荷向B运动,电势能减少5.某静电场的电场线分布如图所示，图中Ｐ、Q两点的电场强度的大小分别为EP和EＱ,电势分别为φP和φQ,则( )A．EP<ＥＱ,φP＞φQB．ＥP>EQ，φＰ<φQC.EP>ＥＱ，φP＞φQD.EP＜EQ,φP<φQ６.电工穿的高压作业服是用铜丝编织的,下列说法正确的是（）A．铜丝编织的衣服不易拉破B．电工被铜丝衣服所包裹,使体内电势为零Ｃ．电工被铜丝衣服所包裹,使体内场强为零Ｄ. 铜丝电阻小，能对人体起到保护作用7.真空中的某装置如图所示,现有质子、氘核和α粒子都从Ｏ点静止释放,经过相同加速电场和偏转电场,射出后都打在同一个与OＯ′垂直的荧光屏上，使荧光屏上出现亮点(已知质子、氘核和α粒子质量之比为1∶2∶4,电量之比为１∶１∶2且粒子重力不计).下列说法中正确的是( )Ａ. 三种粒子在偏转电场中运动时间之比为2∶1∶１Ｂ．三种粒子出偏转电场时的速度相同C.在荧光屏上将只出现1个亮点D.偏转电场的电场力对三种粒子做功之比为１∶2∶28.如图所示,Ａ、B、Ｃ、D是真空中一正四面体的四个顶点。
临翔区高中2018-2019学年高二上学期第三次月考试卷物理
临翔区高中2018-2019学年高二上学期第三次月考试卷物理班级__________ 座号_____ 姓名__________ 分数__________一、选择题1． 如图所示，一通电直导线位于匀强磁场中，导线与磁场方向垂直，磁场的磁感应强度B=0.1T ，导线长度L=0.2m ，当导线中的电流I=1A 时，该导线所受安培力的大小A. 0.02NB. 0.03NC. 0.04ND. 0.05N 【答案】A【解析】解：导线与磁场垂直，导线受到的安培力为：F=BIL=0.1×1×0.2=0.02N ，故BCD 错误，A 正确．故选：A【点评】本题比较简单，考查了安培力的大小计算，应用公式F=BIL 时注意公式适用条件和公式中各个物理量的含义2． 小型登月器连接在航天站上，一起绕月球做圆周运动，其轨道半径为月球半径的3倍，某时刻，航天站使登月器减速分离，登月器沿如图所示的椭圆轨道登月，在月球表面逗留一段时间完成科考工作后，经快速启动仍沿原椭圆轨道返回，当第一次回到分离点时恰与航天站对接，登月器快速启动时间可以忽略不计，整个过程中航天站保持原轨道绕月运行。
已知月球表面的重力加速度为g ，月球半径为R ，不考虑月球自转的影响，则登月器可以在月球上停留的最短时间约为（）A ．4.7πB ．3.6πR g R g C ．1.7πD ．1.4πRg Rg 【答案】 A 【解析】设登月器在小椭圆轨道运行的周期为T 1，航天站在大圆轨道运行的周期为T 2。
对登月器和航天站依据开普勒第三定律分别有＝＝ ②T 2 3R 3T 12 2R 3T 223R 3为使登月器仍沿原椭圆轨道回到分离点与航天站实现对接，登月器可以在月球表面逗留的时间t 应满足t ＝nT 2－T 1 ③（其中，n ＝1、2、3、…）联立①②③得t ＝6πn －4π （其中，n ＝1、2、3、…）3R g 2Rg当n ＝1时，登月器可以在月球上停留的时间最短，即t ＝4.7π，故A 正确。
临翔区高中2018-2019学年高二上学期第三次月考试卷物理
临翔区高中2018-2019学年高二上学期第三次月考试卷物理 班级__________ 座号_____ 姓名__________ 分数__________一、选择题1． 如图所示，一通电直导线位于匀强磁场中，导线与磁场方向垂直，磁场的磁感应强度B=0.1T ，导线长度L=0.2m ，当导线中的电流I=1A 时，该导线所受安培力的大小A. 0.02NB. 0.03NC. 0.04ND. 0.05N 【答案】A【解析】解：导线与磁场垂直，导线受到的安培力为： F=BIL=0.1×1×0.2=0.02N ，故BCD 错误，A 正确． 故选：A【点评】本题比较简单，考查了安培力的大小计算，应用公式F=BIL 时注意公式适用条件和公式中各个物理量的含义2． 小型登月器连接在航天站上，一起绕月球做圆周运动，其轨道半径为月球半径的3倍，某时刻，航天站使登月器减速分离，登月器沿如图所示的椭圆轨道登月，在月球表面逗留一段时间完成科考工作后，经快速启动仍沿原椭圆轨道返回，当第一次回到分离点时恰与航天站对接，登月器快速启动时间可以忽略不计，整个过程中航天站保持原轨道绕月运行。
已知月球表面的重力加速度为g ，月球半径为R ，不考虑月球自转的影响，则登月器可以在月球上停留的最短时间约为（ ）A ．4.7πRg B ．3.6πR g C ．1.7πR gD ．1.4πR g【答案】 A 【解析】设登月器在小椭圆轨道运行的周期为T 1，航天站在大圆轨道运行的周期为T 2。
对登月器和航天站依据开普勒第三定律分别有 T 23R 3＝T 122R 3＝T 223R 3② 为使登月器仍沿原椭圆轨道回到分离点与航天站实现对接，登月器可以在月球表面逗留的时间t 应满足 t ＝nT 2－T 1 ③（其中，n ＝1、2、3、…）联立①②③得t ＝6πn 3R g －4π 2Rg（其中，n ＝1、2、3、…）当n ＝1时，登月器可以在月球上停留的时间最短，即t ＝4.7πRg，故A 正确。
云南省元江民中2017-2018学年高一四月份考试物理试题
云南省元江民中2018年度四月份考试高一物理注意事项：本试卷分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷两部分，共100分，考试时间120分钟。
分卷I一、单选题(共8小题,每小题4.0分,共32分)1.如图所示，将一个球放在两块光滑斜面板AB和AC之间，两板与水平面夹角是60°.现在使AB板固定，使AC板与水平面的夹角逐渐减小，则( )A．球对AC板的压力先增大后减小B．球对AC板的压力逐渐减小C．球对AC板的压力先减小后增大D．球对AC板的压力逐渐增大2.关于速度与加速度，下列说法中正确的（）A．物体加速度不为零，速度一定为零B．加速度为零，物体的速度也可能变化C．速度变化越快，加速度一定越大D．加速度越小，速度一定越小3.关于弹力产生的条件，下列说法正确的是( )A．相互接触的物体间一定有弹力B．发生形变的物体一定对与之接触的物体产生弹力作用C．先有弹性形变，后有弹力D．不接触的两物体之间不可能发生相互的弹力作用4.如图所示为足球球门，球门宽为L.一个球员在球门中心正前方距离球门s处高高跃起，将足球顶入球门的左下方死角(图中P点)．球员顶球点的高度为h，足球做平抛运动(足球可看成质点，忽略空气阻力)，则( )A．足球位移的大小x＝B．足球初速度的大小v0＝C．足球末速度的大小v＝D．足球初速度的方向与球门线夹角的正切值tanθ＝5.一个物体在7个恒力的作用下处于平衡状态，现撤去其中两个力，其它力大小和方向均不变．则关于物体的运动下列说法正确的是( )A．可能做圆周运动B．一定做匀变速曲线运动C．可能处于静止状态D．一定做匀变速直线运动6.物体由静止开始以恒定的加速度a向东运动t秒后，加速度变为向西，大小不变，再经过t 秒时，物体的运动情况是( )A．物体位于出发点以东，速度为零B．物体位于出发点以东，继续向东运动C．物体回到出发点，速度为零D．物体回到出发点，运动方向向西7.下列物理量中是矢量的是( )A．质量B．路程C．位移D．时间8.如图所示是姚明在比赛中的一张照片，记者给出的标题是“姚明对球施魔力”，下面是几位同学关于照片中篮球的说法，其中正确的是(空气阻力忽略不计)( )A．球只受到重力的作用B．球只受到一个沿运动方向的力的作用C．球此时此刻不受到任何外力作用D．球受到姚明给的一个力和重力的共同作用二、多选题(共4小题,每小题4.0分,共16分)9.(多选)为测定气垫导轨上滑块的加速度，滑块上安装了宽度为d＝0.9 cm的遮光板(如图所示)．滑块在牵引力作用下先后通过两个光电门，配套的数字毫秒计记录了遮光板通过第一个光电门的时间为Δt1＝0.029 s，通过第二个光电门的时间为Δt2＝0.011 s，遮光板从开始遮住第一个光电门到开始遮住第二个光电门的时间为Δt＝0.76 s，则下列说法正确的是( )A．滑块通过第二个光电门时的速度为0.82 m/sB．滑块的加速度是0.67 m/s2C．滑块在两光电门间的平均速度是0.57 m/sD．两光电门间的距离为0.25 m10.(多选)如图所示，两个倾角相同的滑竿上分别套有A、B两个质量均为m圆环，两个圆环上分别用细线悬吊两个质量均为M的物体C、D，当它们都沿滑竿向下滑动并保持相对静止时，A的悬线与杆垂直，B的悬线竖直向下．下列结论正确的是( )A．A环受滑竿的作用力大小为(m＋M)g cosθB．B环受到的摩擦力F f＝mg sinθC．C球的加速度a＝g sinθD．D受悬线的拉力F T＝Mg11.水平的皮带传输装置如图所示，皮带的速度保持不变，物体被轻轻地放在A端皮带上，开始时物体在皮带上滑动，当它到达位置C后滑动停止，随后就随皮带一起匀速运动，直至传送到目的地B端，在传输过程中，该物体受摩擦力的情况是( )A．在AC段受水平向左的滑动摩擦力B．在AC段受水平向右的滑动摩擦力C．在CB段不受静摩擦力D．在CB段受水平向右的静摩擦力12.（多选）下列说法正确的是（）A．加速度是描述速度变化大小的物理量B．加速度是描述速度变化快慢的物理量C．某时刻物体加速度为正值，其一定在做加速运动D．加速度的方向可能与速度方向不同分卷II三、实验题(共2小题,每小题10.0分,共20分)13.小华同学在做“用打点计时器测速度”的实验时，从打下的若干纸带中选出了如图1所示的一条纸带，已知打点计时器使用的电源频率为50 Hz，每两个相邻计数点间有四个点没有画出，各计数点到0点的距离如纸带上所示．（1）为了达到实验的目的，除了有打点计时器、纸带、小车、细绳、导线、低压交流电源、小木块、长木板外，还需要的仪器有A．刻度尺B．铁架台C．停表D．天平（2）图中两计数点的时间间隔为T= s．（3）根据纸带提供的信息，小华同学已经计算出了打下1、2、3、4、6这五个计数点时小车的速度，请你帮助他计算出打下计数点5时小车的速度5= m/s（结果保留3位有效数字），并填入表中．（4）以速度v为纵轴、时间t为横轴在图2坐标纸上建立直角坐标系，根据表中的v、t数据，在坐标系中描点，并作出小车运动的v﹣t图象．（5）根据v﹣t图象可知，小车运动的加速度大小为m/s2（结果保留3位有效数字）．14.某同学利用图甲的实验装置测量重力加速度．(1)该同学开始实验时情形如图甲所示，接通电源释放纸带．请指出该同学在实验操作中存在的两处明显错误或不当的地方：①____________________；②____________________.(2)该同学经修改错误并正确操作后得到如图乙所示的纸带，计时器的打点周期为T，AB、BC 长度分别为x1、x2，写出由x1、x2以及T表达的重力加速度大小的表达式：g＝______.(3)请你给出一条有益于减少本实验误差的建议：___________________________________.四、计算题15.如图所示，水平地面上有一重60 N的物体，在与水平方向成30°角斜向上、大小为20 N 的拉力F作用下匀速运动，求地面对物体的支持力和摩擦力大小．16.一物体从斜坡顶端由静止开始匀加速下滑，下滑的加速度大小为2 m/s2，若最后2 s内下滑的距离为斜坡长度的，求斜坡长是多少？17.甲、乙两质点在同一时刻、从同一地点沿同一方向做直线运动，其中质点甲做初速度为零、加速度大小为a1的匀加速直线运动，质点乙做初速度为v0＝10 m/s、加速度大小为a2的匀减速直线运动直至停止．甲、乙两质点在运动过程中位移为 5 m时速度相同，经过另一相同位置时，甲、乙两质点的速度分别为8 m/s、6 m/s.求：(1)甲、乙两质点的加速度大小a1、a2；(2)甲、乙两质点相遇时离出发点的距离．18.如图所示，薄平板A长L＝1 m，质量为M＝6 kg，放在水平面上，在A上最右端处放一个质量为m＝2 kg的小物体B，已知A与B间的动摩擦因数为μ1＝0.2，A，B两物体与桌面间的动摩擦因数为μ2＝0.1.最初系统静止．现在对板A右端施一大小为F＝36 N的水平恒力作用并开始计时，求：在t＝5 s时B与平板A左端的距离x(取g＝10 m/s2)．答案解析1.【答案】C【解析】对球受力分析，如图所示，当使AC板与水平面的夹角逐渐减小，AC板运动过程中的方向不变，FC的大小和方向都变化，但是两者的合力恒等于球的重力，由矢量三角形可得FB逐渐减小，FC先减小后增大，选项C正确．FB2.【答案】C【解析】加速度是反映速度变化快慢的物理量，速度是反应物体位移变化快慢的物理量，二者没有必然联系，物体启动时速度为零，但加速度不为零，故A错误；加速度为零，物体的速度一定不会变化，故B错误；加速度是描述速度变化快慢的物理量．物体速度变化快，加速度一定大，故C正确；加速度越小，速度不一定越小，因为加速度与速度大小无任何关系，故D错误.3.【答案】D【解析】相互接触是产生弹力的首要条件，但相互接触的物体间不一定存在弹力，只有两个物体接触并产生弹性形变时，两物体间才有弹力产生．综上所述，只有D项正确．4.【答案】B【解析】足球位移大小为x＝＝，A错误；根据平抛运动规律有：h＝gt2，＝v0t，解得v0＝，B正确；根据动能定理mgh＝mv2－mv可得v＝＝，C错误；足球初速度方向与球门线夹角正切值tanθ＝＝，D错误．5.【答案】C【解析】物体在几个力的作用下处于平衡状态，若撤去其中某两个力而其余力的性质(大小、方向、作用点)不变，根据平衡条件，其余力的合力与撤去的两个力的合力等值、反向、共线，合力是恒力，若撤去的两个力是一对平衡力，则物体仍受力平衡．圆周运动需要有力去提供向心力，所以合力一定是个变力，根据分析可知，剩余的力的合力不可能是变力，故A错误；若撤去的两个力是一对平衡力，则物体仍受力平衡，物体仍做匀速直线运动或处于平衡状态，故B错误，C正确；当剩余的力的合力与速度方向不在同一直线上时，物体做匀变速曲线运动，故D错误．6.【答案】A【解析】由Δv＝aΔt可知在相同的时间内由于加速度大小相同，速度的变化量相同，可知在t秒末物体的速度减小到零，A对；但物体的运动一直向东，B、C、D错7.【答案】C【解析】质量、路程和时间都是只有大小，没有方向，是标量．位移既有大小，又有方向，是矢量，C项正确．8.【答案】A【解析】对篮球进行受力分析可知，篮球只受重力作用，A正确，D错误；沿球的运动方向没有施力物体，所以不受这个力，B错误；在空中的篮球由于受到地球的吸引，所以要受重力作用，C错误．9.【答案】ABC【解析】滑块通过第一个光电门时的速度为v1＝＝≈0.31 m/s；滑块通过第二个光电门时的速度为v2＝＝≈0.82 m/s, 所以滑块的加速度为a＝＝≈0.67m/s2，A、B正确；滑块在两光电门间的平均速度是＝＝≈0.57 m/s，C正确；根据＝，则有：Δx＝Δt＝0.57×0.76≈0.43 m，D错误．10.【答案】ACD【解析】对C受力分析，如图由牛顿第二定律，得到：Mg sinθ＝Ma①；细线拉力为F T＝Mg cosθ②再对A环受力分析，如下图根据牛顿定律，有mg sinθ－F f＝ma③F N＝mg cosθ＋F T④由①②③④解得：a＝g sinθF f＝0 F N＝(M＋m)g cosθ，故A、C正确；对D球受力分析，受重力和拉力，合力与速度在一条直线上，故合力为零，物体做匀速运动，细线拉力等于Mg；再对B环受力分析，如图受重力、拉力、支持力，由于做匀速运动，合力为零，故必有向后的摩擦力；根据平衡条件，有(M＋m)g sinθ＝F f，F N＝(M＋m)g cosθ，故B错误，D正确．故选A、C、D.11.【答案】BC【解析】在AC段物体相对皮带向左滑动，受水平向右的滑动摩擦力；在CB段物体相对皮带没有滑动，物体随皮带一起匀速运动，受到的是平衡力，如果有静摩擦力，则物体不可能处于平衡状态，所以不受静摩擦力．故B、C两项正确．12.【答案】BD【解析】加速度是描述速度变化快慢的物理量，故A错误，B正确．当加速度方向与速度方向相同时，物体做加速运动，当加速度方向与速度方向相反时，物体做减速运动，故C错误．加速度方向与速度变化量方向相同，可能与速度方向相同，也可能与速度方向相反，故D正确．13.【答案】（1）A（2）0.1s（3）0.530（4）如图所示（5）0.417【解析】（1）因为打点计时器可以测量小车运动的时间，所以不需要秒表，该实验不需要测量小木块和小车的质量，不需要天平，在处理纸带时，需要刻度尺测量点迹间的距离．故选A．（2）交流电的频率为50 Hz，知每隔0.02 s打一个点，每两个相邻计数点间有四个点没有画出,知相邻计数点间的时间间隔为0.1 s．第5个计数点的瞬时速度为：v5==0.530 m/s．（3）利用描点法可画出速度﹣时间图象：（4）根据v﹣t图象求出图线的斜率k，所以小车加速度a==0.417 m/s2．14.【答案】(1)①打点计时器接了直流电源②重物离打点计时器太远(2)(3)下落过程中，纸带尽量平直，减小摩擦(或多测几条纸带求平均值)【解析】(1)本实验要求采用打点计时器，而打点计时器采用的是交流电源，而本实验中采用了直流电源；同时，由于加速度较大，故纸带应在1米左右，且应让重物紧靠打点计时器，而本实验中重物离打点计时器太远，故错误为：①打点计时器接了直流电源；②重物离打点计时器太远；(2)由Δh＝gT2可得：x2－x1＝g(2T)2解得：g＝；(3)实验中产生误差的原因主要是因为重物下落时纸带与打点计时器间存在摩擦力；在计算时由于测量存在偶然误差也会导致误差较大；故为了减小误差可以采用以下方法；①下落过程中，纸带尽量平直，减小摩擦；②多测几条纸带求平均值(任选一个作答即可得分)．15.【答案】50 N 10N【解析】对物体进行受力分析，如图所示，物体受重力G、支持力F N、拉力F、摩擦力F f.建立直角坐标系，对力进行正交分解得：y方向：支持力F N＝G－Fy＝G－F sin 30°＝60 N－20×N＝50 N；x方向：摩擦力F f＝Fx＝F cos 30°＝20×N＝10N.16.【答案】16 m【解析】设斜坡长为L，下滑时间为t，则由位移公式x＝at2，得：L＝a(t－2)2①对整个过程L＝at2②解①②式得L＝16 m.17.【答案】(1)甲、乙两质点的加速度大小分别为5 m/s2、5 m/s2(2)10 m【解析】(1)设质点乙、甲先后通过x＝5 m处时的速度均为v，对质点甲：v2＝2a1x①对质点乙：v2－v＝－2a2x②联立①②解得：a1＋a2＝10 m/s2③当质点甲的速度v1＝8 m/s、质点乙的速度v2＝6 m/s时，两质点通过相同的位移均为x′.对质点甲：v＝2a1x′④对质点乙：v－v＝－2a2x′⑤联立④⑤解得：a1＝a2⑥联立③⑥解得：a1＝5 m/s2，a2＝5 m/s2(2)设甲、乙两质点经过时间t后相遇，相遇时离出发点距离为d，对质点甲：d＝a1t2⑦对质点乙：d＝v0t－a2t2⑧联立⑦⑧解得：d＝10 m18.【答案】54 m【解析】对B而言，μ1mg＝ma1得：a1＝μ1g＝0.2×10 m/s2＝2 m/s2对A：F－μ1mg－μ2(M＋m)g＝Ma2代入数据得：a2＝4 m/s2设分离时时间是t1，则：x1＝a1tx2＝a2t又：x2－x1＝L代入数据解得：t1＝1 sx2＝2 m分离时A的速度：v A＝a2t1＝4×1 m/s＝4 m/s 分离时B的速度：v B＝a1t1＝2×1 m/s＝2 m/s 分离后B的加速度：a3＝＝μ2g＝1 m/s2B减速到0的时间：t2＝＝2 s<t－t1＝4 s所以：xB＝＝2 m分离后A的加速度：a4＝＝5 m/s2分离后A的位移：＝v A＋a4(t－t1)2xA代入数据得：xA＝56 m在t＝5 s时B与平板A左端的距离：x＝xA－xB＝56－2 m＝54 m.。
云南省元江第一中学2018-2019学年高二下学期3月份考试物理试题
一、单选题云南省元江第一中学2018-2019学年高二下学期3月份考试物理试题1. 如图所示竖直绝缘墙壁上的Q 处由一固定的质点A ，在Q 的正上方的P 点用细线悬挂一质点B ，A 、B 两点因为带电而相互排斥，致使悬线与竖直方向成θ角，由于漏电使A 、B 两质点的电量逐渐减小，在电荷漏空之前悬线对悬点P 的拉力T 大小A ．T 变小B ．T 变大C ．T 不变D ．T 无法确定2. 已知电流表电阻R A =2Ω，电压表内阻R V =20kΩ，现有一个阻值约为200Ω的待测电阻需要较精确地测量其阻值，那么以下说法中，正确的是( )A ．用电流表内接法测量误差较小B ．用电流表外接法测量误差较小C ．用电流表内接法或用电流表外接法所测量的结果精确程度相同D ．无法确定哪种测量方式好A ．这个电容器只有加上50V 电压时，电容才是10F一个电容器的规格是“50V ，10F”，则()3.B．这个电容器能容纳的最大电荷量为10CC．这个电容器储存的电荷量一定为500CD．这个电容器两端的电压等于10V时，它两极板电荷量(绝对值)之和为200C4. 下列说法正确的是A．物体所带的电荷量可以为B．不带电的物体上，既没有正电荷也没有负电荷C．摩擦起电的过程，是靠摩擦产生了电荷D．利用静电感应使金属导体带电，实质上是导体中的自由电子趋向或远离带电体5. 如图所示，在正方形区域abcd内有一垂直纸面向里的匀强磁场，一束电子以大小不同的速率沿ac从a点射入磁场，不计电子的重力和电子之间的相互作用，关于电子在磁场中运动的情况，下列说法中正确的是( )A．入射速度越大的粒子，其运动时间越长B．运动时间越长的粒子，其运动轨迹越长C．从ad边出射的粒子的运动时间都相等D．从cd边出射的粒子的运动时间都相等6. 一矩形线框置于匀强磁场中，线框平面与磁场方向垂直．先保持线框的面积不变，将磁感应强度在1 s时间内均匀地增大到原来的两倍．接着保持增大后的磁感应强度不变，在1 s时间内，再将线框的面积均匀地减小到原来的一半．先后两个过程中，线框中感应电动势的比值为( ) A．B．1C．2D．47. 将一段导线绕成图甲所示的闭合电路，并固定在水平面（纸面）内，回路的ab边置于垂直纸面向里的匀强磁场Ⅰ中．回路的圆形区域内有垂直纸面的磁场Ⅱ，以向里为磁场Ⅱ的正方向，其磁感应强度B随时间t变化的图像如图乙所示．用F表示ab边受到的安培力，以水平向右为F的正方向，能正确反映F 随时间t 变化的图像是（ ）A ．B ．C ．D ．8. 如图所示，电路中完全相同的三只灯泡L 1、L 2、L 3分别与电阻R 、电感L 、电容C 串联，然后再并联到220V 、50Hz 的交流电路上，三只灯泡亮度恰好相同。
云南省元江民中2017-2018学年下学期期末考试 高二物理试题
云南省元江民中2017-2018学年下学期期末考试 高二物理试题一、单选题1. 将两个半径极小的带电小球(可视为点电荷)置于一个绝缘的光滑水平面上，从静止开始释放，那么下列叙述中正确的是(忽略万有引力)( ) A．它们的加速度一定在同一直线上，而且方向可能相同B．它们的加速度可能为零C．它们的加速度方向一定相反D．它们的加速度大小一定越来越小( )2. 如图所示，为某一电场中的一条电场线，a、b为线上的两点，则下列判断正确的是A．这是一个匀强电场B．a点场强一定比b点场强大C．a点场强一定比b点场强小D．负电荷在两处所受静电力的方向一定相同3. 电路中，每分钟有6×1013个自由电子通过横截面积为0.64×10－6 m2的导线，那么电路中的电流是( )A．0.016 mA B．1.6 mAC．0.16 μA D．16 μA4. 有甲乙两导体，甲的电阻是乙的一半，而单位时间内通过导体乙横截面的电荷量是甲的两倍，则一下说法正确的（ )A．甲乙两导体中的电流相同B．乙导体中的电流是甲导体的2倍C．甲乙两导体两端的电压相同D．乙导体两端的电压是甲的2倍5. 物理学在揭示现象本质的过程中不断发展，下列说法不正确的是（）A．通电导线受到的安培力，实质上是导体内运动电荷受到洛仑兹力的宏观表现B．最先认为电磁相互作用是通过介质“场”传递的，并用“力线”描述“场”的图景的人是法拉第C．磁铁周围存在磁场，是因为磁铁内有取向基本一致的分子电流D．踢出去的足球最终要停下来，说明力是维持物体运动的原因6. 如图所示的空间存在一匀强磁场，其方向为垂直于纸面向里，磁场的右边界为MN，在MN右侧有一矩形金属线圈abcd，ab边与MN重合．现使线圈以ab边为轴按图示方向匀速转动(从上往下看为顺时针转动)，将a、b两端连到示波器的输入端，若ab边中电流从a到b为正，则从示波器观察到的ab中电流随时间变化的图形是( )A．B．C．D．二、多选题7. 把一电热器接到100V 的直流电源上，在t 时间内产生的热量为Q ，若将它分别接到和的交流电源上，仍要产生热量Q ，则所需时间分别是（）A ．t 和2tB ．t 和tC ．2t 和2tD ．2t 和8t8. 电子打火机的点火原理是压电效应．压电片在受到压力时会在两侧形成电压且电压大小与压力近似成正比，现有一利用压电效应制造的电梯加速度传感器，如图所示．压电片安装在电梯地板下，电压表与压电片构成闭合电路用来测量压电片两侧形成的电压，若发现电压表示数增大，下列说法正确的是()A ．电梯一定加速上升B ．电梯一定减速下降C ．电梯加速度一定向上D ．电梯加速度一定向下9. 质量为m 的带正电小球由空中A 点无初速度自由下落，在t 秒末加上竖直向上、范围足够大的匀强电场，再经过t 秒小球又回到A 点．不计空气阻力且小球从未落地，则( )A ．整个过程中小球电势能减少了1.5 mg 2t 2B ．整个过程中机械能的增量为2mg 2t 2C ．从加电场开始到小球运动到最低点时小球动能减少了mg 2t 2D ．从A 点到最低点小球重力势能减少了mg 2t 210. 在如图所示的电路中，电源内阻不计.为使电容器的带电量增大，可采取以下哪些方法：（）B ．增大R 2A ．增大R 1三、实验题C ．增大R 311. 1930年劳伦斯制成了世界上第一台回旋加速器，其原理如图所示，这台加速器由两个铜质D 形合D 1、D 2构成，其间留有空隙，下列说法正确的是A ．离子由加速器的中心附近进入加速器B ．离子由加速器的边缘进入加速器C ．离子从磁场中获得能量D ．离子从电场中获得能量12. 如图所示，理想变压器的原线圈接有频率为f 、电压为U 的交流电，副线圈接有光敏电阻R 、交流电表.下列说法正确的是()A ．当U 增大时，变压器的输入功率增大B ．当f 减小时，变压器的输入功率减小C ．当光照增强时，交流电表的示数减小D ．当滑动触头P 向下滑动时，交流电表的示数增大13. 一多用电表的工作状态如图所示，则此时的测量值为________________，如果选择开关指在底部250挡，则此时的测量值为________________，选择开关指在底部10挡的测量值应该是____________，选择开关指在左侧100挡处测量值应该为____________________，如果指在左侧10挡D ．减小R 1四、解答题处测量值应该为________________，在测量电阻时，要想使指针向左侧偏转一些，应该把选择开关换选________的挡位(填“更大”或“更小”)，而在换挡之后重新测量之前要重新进行________．14. 一个小灯泡上标有“4V ，2W”的字样，现在要用伏安法测量这个灯泡的U ﹣I 图线，现有下列器材供选用：A ．电压表（0~5V ，内阻约10kΩ）B ．电压表（0~10V ，内阻约20kΩ）C ．电流表（0~0.3A ，内阻约1Ω）D ．电流表（0~0.6A ，内阻约0.4Ω）E ．滑动变阻器（10Ω，2A ）F ．学生电源（直流6V），还有开关导线(1)实验中所用电压表应选_____，电流表应选用_____（用序号字母表示）。
【物理】云南省玉溪元江民族中学2018-2019学年高二上学期11月份考试试题
云南省玉溪元江民族中学2018-2019学年11月份考试高二物理试卷本试卷分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷两部分，共100分，考试时间120分钟。
一、单选题(共12小题,每小题3.0分,共36分)1.两根绝缘细线分别系住A、B两个带电小球，并悬挂在O点，当两个小球静止时，它们处在同一水平面上，两细线与竖直方向间夹角分别为α、β，α<β，如图所示．现将两细线同时剪断，则()A．两球都做匀变速运动B．两球下落时间ta>tbC．落地时两球水平位移相同D．a球落地时的速度小于b球落地时的速度2.如图所示的电路中，电池的电动势为E，内阻为r，R1和R2是两个固定的电阻，当可变电阻的滑片向a端移动时，通过R1、R2的电流I1和I2将发生的变化是()A．I1变大，I2变小B．I1变大，I2变大C．I1变小，I2变大D．I1变小，I2变小3.在科学发展史上，很多科学家做出了杰出的贡献.他们在物理学的研究过程中应用了很多科学的思想方法.下列叙述不正确的是（）A．法拉第首先提出用电场线描绘抽象的电场，这是一种形象化的研究方法B．库仑得出库仑定律并用扭秤实验最早测出了元电荷e的数值C．用点电荷来代替实际带电体是采用了理想化物理模型的方法D．电场强度的表达式和电势差的表达式都是利用比值法得到的定义式4.P、Q两电荷的电场线分布如图所示，a、b、c、d为电场中的四点．一个离子从a运动到b(不计重力)，轨迹如图所示．则下列判断正确的是()A．离子从a到b，电势能增加B．离子在运动过程中受到P的排斥力C．c、d两点电势相等D．离子从a到b，动能增加5.如图所示，电阻R和内阻为r的电动机M串联接到电路中，接通开关后，电动机正常工作，设电阻R和电动机M两端的电压分别为U1和U2，经过时间t，电流通过电阻R做功W1，产生热量Q1，电流流过电动机做功W2，产生热量Q2，则有（）A．B．＜C．Q1=t，Q2=t D．W1=t，W2=t6.在感应起电中，带负电物体靠近带绝缘底座的导体时，如图所示的M处将（）A．带正电B．带负电C．不带电D．以上答案均有可能7.下列选项中的各圆环大小相同，所带电荷量已在图中标出，且电荷均匀分布，各圆环间彼此绝缘．坐标原点O处电场强度最大的是()A．B．C．D．8.电动机的电枢阻值为R，电动机正常工作时，两端的电压为U，通过的电流为I，工作时间为t，下列说法中正确的是()A．电动机消耗的电能为B．电动机消耗的电能为I2RtC．电动机线圈产生的热量为I2Rt D．电动机线圈产生的热量为UIt9.如图所示，直线OAC的某一直线电源的总功率随总电流变化的曲线，抛物线OBC为同一电源内部消耗的功率随总电流的变化曲线，若A、B对应的横坐标为1.5，则下面判断正确的是（）A．线段AB表示的功率为2.25 W B．电源的电动势为3 V，内阻为1.5 ΩC．电流为2 A时，电源的输出功率最大D．电流为1 A时，路端电压为1 V10.如图实线为电场中一条竖直的电场线，有一质量为m、电量为＋q的小球，由该直线上A 点静止释放，小球向下运动到达B点减速为零后返回A点，则下列判断正确的是()A．该电场可能是竖直向上的匀强电场，且E＞B．A点的电势高于B点电势C．A点的场强小于B点场强D．向下运动的过程中，重力势能的减少量总是等于电势能的增加量11.把标有“10 Ω0.4 W”的A电阻和“20 Ω、0.4 W”的B电阻并联接入电路中，它们允许消耗的最大功率为()A．0.8 W B．0.6 W C．0.5 W D．0.4 W12.如图所示,在滑动变阻器的滑片向左滑动的过程中,理想电压表、电流表的示数将发生变化,电压表V1、V2示数变化量的绝对值分别为ΔU1、ΔU2,已知电阻R阻值大于电源内阻r,则( )A．电流表A的示数减小B．电压表V2的示数增大C．电压表V1的示数减小D．ΔU1大于ΔU2二、多选题(共4小题,每小题4.0分,共16分)13.(多选)如图所示，在绝缘的斜面上方存在着沿水平向右的匀强电场，斜面上的带电金属块沿斜面滑下，已知在金属块滑下的过程中动能增加了12 J，金属块克服摩擦力做功8 J，重力做功24 J，则以下判断正确的是（）A．金属块带正电荷B．金属块克服电场力做功8 JC．金属块的机械能减少12 J D．金属块的电势能减少4 J14.(多选)如图所示的电路中，A、B是两金属板构成的平行板电容器．先将电键K闭合，等电路稳定后再将K断开，然后将B板向下平移一小段距离，并且保持两板间的某点P与A板的距离不变．则下列说法正确的是()A．电容器的电容变小B．电容器内部电场强度大小变大C．电容器内部电场强度大小不变D．P点电势升高15.(多选)关于四个公式①P＝UI；②P＝I2R；③P＝；④P＝，下列叙述正确的是() A．公式①、④适用于任何电路的电功率B．公式②适用于纯电阻电路的热功率C．公式①、②、③适用于任何电路的电功率D．以上说法都不对16.(多选)如图所示，仅在静电力作用下，一带电粒子沿图中虚线从A运动到B，则()A．静电力做正功B．动能减少C．粒子带负电D．加速度增大分卷II三、实验题(共3小题,,共16分)17.图中螺旋测微器的读数是_____________mm.18.用电流表和电压表测一个电阻值约为25 kΩ、额定功率为W的电阻Rx的阻值，备用器材有：①量程0～100 μA，内阻约为500 Ω的电流表A1②量程0～500 μA，内阻约为300 Ω的电流表A2③量程0～1 V，内阻约为10 kΩ的电压表V1④量程0～15 V，内阻约为100 kΩ的电压表V2⑤量程0～50 V，内阻约为500 kΩ的电压表V3⑥直流稳压电源，两端的输出电压为16 V⑦滑动变阻器，阻值范围0～500 Ω，允许最大电流1 A⑧待测电阻Rx，开关和导线若干(1)为了测量准确，电压表应选____________，电流表应选____________________(填写仪器前的序号)．(2)在如图所示的方框内画出实验电路图．(3)若测量值为R测，真实值为R真，那么在操作、读数、计算均正确无误的情况下，R测____________R真(选填“大于”“等于”或“小于”)．19.为了测定某电池组的电动势和内阻，要求只能一次完成实验电路连接，实验室里只提供了下列器材：A．待测电池组(电动势约为3 V，内阻约为1 Ω)；B．电压表V1(量程3 V，内阻约为3 kΩ)；C．电压表V2(量程15 V，内阻约为15 kΩ)；D．定值电阻R1＝1 Ω；E．定值电阻R2＝5 Ω；F．滑动变阻器(阻值范围0～10 Ω)；G．滑动变阻器(阻值范围0～100 Ω)；H．单刀双掷开关一个；I．单刀单掷开关一个，导线若干．(1)实验需要用到的器材是________(填器材前面的代号)；(2)根据选择的器材在方框内画出实验电路图；(3)实验中需要测量的数据(文字说明并用符号表示)；根据实验测出数据的符号和题中给出数据的符号，写出电源内阻r的表达式．四、计算题20.常用的干电池有1号电池、5号电池等，电动势均为1.5 V.(1)如果这两种电池对外提供电荷量均为2 C，那么电源所做的功各是多少？有多少其他形式的能转化为电能？(2)试分析一下，这两种电池在电学性能上有哪些不同．21.如图所示，点电荷A和B带电荷量分别为3.0×10－8C和－2.4×10－8C，彼此相距6 cm.若在两点电荷连线中点O处放一个半径为1 cm的金属球壳，求球壳上感应电荷在O点处产生的电场强度．22.如图所示，在竖直平面内固定的圆形绝缘轨道的圆心为O、半径为r、内壁光滑，A、B 两点分别是圆轨道的最低点和最高点．该区间存在方向水平向右的匀强电场，一质量为m、带负电的小球在轨道内侧做完整的圆周运动(电荷量不变)，经过C点时速度最大，O、C连线与竖直方向的夹角θ＝60°，重力加速度为g.求：(1)小球所受到的静电力的大小；(2)小球在A点速度v0多大时，小球经过B点时对圆轨道的压力最小？23.如图所示，A、B两平行金属板间的匀强电场的场强E＝2×105V/m，方向如图所示．电场中a、b两点相距10 cm，ab连线与电场线成60°角，a点距A板2 cm，b点距B板3 cm,求：(1)电势差UAa、Uab和UAB；(2)用外力F把电荷量为1×10－7C的正电荷由b点匀速移动到a点，那么外力F做的功是多少？【参考答案】1.D2.C3.B4.A5.B6.B7.B8.C9.A 10.C 11.B 12.D13.AC 14.ACD 15.AB 16.BCD17.5.681(5.680～5.682)【解析】主尺读数为5.5 mm，可动刻度为18.1×0.01 mm，所以螺旋测微器的读数为5.5 mm ＋18.1×0.01 mm＝5.681 mm18.(1)④②(2)(3)大于【解析】(1)因为待测电阻的阻值25 kΩ远大于滑动变阻器的阻值(0～500 Ω)，所以供电电路应选择滑动变阻器的分压式接法，待测电阻接在电路中，最大电流I m＝＝μA ＝640 μA，故电流表选②；待测电阻的阻值25 kΩ远大于电流表A2的内阻，故测量电路应选用电流表内接法；U＝500×10－6×25 000 V＝12.5 V，故电压表应选④.(2)按照(1)的分析可画出实验电路图，电路图如图所示．(3)R测＝，R真＝，两式比较可以得出R测大于R真．19.(1)ABDEHI(2)(3)接R1时外电压U1和接R2时外电压U2，r＝【解析】(1)据题意，从所给的器材中要测量出电源的电动势和内阻，可以用E＝UR＋Ur＝UR ＋r测量求出，所给器材有两个已知阻值的定值电阻，可以测量出两个电压值，代入方程可以求出电源电动势和内阻，所以滑动变阻器可以不用，根据电源电动势约为3 V可以确定电压表应选择B，故所需要的器材为ABDEHI.(2)据以上分析，画出实验电路图．.(3)当单刀双掷开关与R1接通，有：E＝U1＋r，当与R2接通，有：E＝U2＋r，联立两式得：r＝.20.(1)两种干电池做功均为3 J，均有3 J其他形式的能转化为电能．(2)两种电池的容量不同，5号电池容量小；内阻不同，一般情况下，5号电池内阻大．【解析】(1)W＝qE＝2×1.5 J＝3 J，两种干电池做功均为3 J，均有3 J其他形式的能转化为电能．(2)两种电池的容量不同，5号电池容量小；内阻不同，一般情况下，5号电池内阻大．21.5.4×105N/C，方向由O指向A【解析】＋q1在O点的场强大小为E1＝k＝3×105N/C，方向由O指向B；－q2在O点的场强大小为E2＝k＝2.4×105N/C，方向由O指向B；设感应电荷在O点处产生的场强为E3，由静电平衡条件知E3＝E1＋E2＝5.4×105N/C，方向由O指向A.22.(1)mg(2)2【解析】(1)小球在C点速度最大，则在该点静电力与重力的合力沿半径方向，所以小球受到的静电力大小F＝mg tan 60°＝mg.会当凌绝顶、一览众山小第 11 页 共 11 页 (2)小球到达D 点时速度最小，则小球经B 点时对轨道的压力最小．设在D 点时轨道对小球的压力恰为零．＝m得v ＝由轨道上A 点运动到D 点的过程由能量守恒可得mgr (1＋cos θ)＋Fr sin θ＝mv －mv 2解得v 0＝2.23.(1)4×103V 1×104V 2×104V (2)1×10－3J【解析】(1)UAa ＝E ·dAa ＝2×105×0.02 V ＝4×103V. Uab ＝E ·dab ＝2×105×0.1×cos 60° V ＝1×104V. UAB ＝E ·dAB ＝2×105×(0.02＋0.1×cos 60°＋0.03) V ＝2×104V. (2)据动能定理得WF ＋W 电＝0，所以WF ＝－W 电＝－qUba ＝qUab ＝1×10－7×1×104J ＝1×10－3J.。
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云南省临沧市临翔区元江民族中学2018-2019学年高二（下）3月月考物理试题一、单选题1.在匀强磁场中，一带电粒子沿着垂直磁感应强度的方向运动．现将该磁场的磁感应强度增大为原来的2倍，则该带电粒子受到的洛伦兹力（）A. 增大为原来的 2 倍B. 增大为原来的 4 倍C. 减小为原来的一半D. 改变为零【答案】A【解析】根据洛伦兹力公式，将该磁场的磁感应强度增大为原来的 2 倍，则该带电粒子受到的洛伦兹力增加为原来的 2 倍，A正确。
2.如图所示，在一个粗糙水平面上，彼此靠近地放置两个带同种电荷的小物块，由静止释放后，两个物块向相反方向运动，并最终停止，在物块的运动过程中，下列表述正确的是( )A. 两个物块的电势能逐渐减少B. 两个物块的电势能不变C. 物块受到的摩擦力始终大于其受到的库仑力D. 物块受到的摩擦力始终小于其受到的库仑力【答案】A【解析】AB．由题可知，库仑力一直做正功，两物块的电势能逐渐减小．故A正确，B错误．CD．两物块先做加速运动后做减速运动，则物块受到的摩擦力先小于库仑力，后大于库仑力．故C、D错误．故选：A3.如图所示，光滑绝缘半球形的碗固定在水平地面上，可视为质点的带电小球1、2的电荷分别为Q1、Q2，其中小球1固定在碗底A点，小球2可以自由运动，平衡时小球2位于碗内的B位置处，如图所示．现在改变小球2的带电量，把它放置在图中C位置时也恰好能平衡，已知AB弦是AC弦的两倍，则（）A. 小球在C位置时的电量是B位置时电量的一半B. 小球在C位置时的电量是B位置时电量的四分之一C. 小球2在B点对碗的压力大小等于小球2在C点时对碗的压力大小D. 小球2在B点对碗的压力大小大于小球2在C点时对碗的压力大小【答案】C【解析】【详解】对小球2受力分析，如图所示，小球2受重力、支持力、库仑力，其中F1为库仑力F和重力mg的合力，根据三力平衡原理可知，F1=FN。
由图可知，△OAB∽△BFF1设半球形碗的半径为R，AB之间的距离为L，根据三角形相似可知，即=mg----①所以FN----②当小球2处于C位置时，AC距离为，故，根据库仑定律有：所以，即小球在C位置时的电量是B位置时电量的八分之一，故AB均错误。
=mg，即小球2在B点对碗的压力大小等于小球2在C点时由上面的①式可知FN对碗的压力大小，故C正确、D错误。
故选C。
4.在Oxy直角坐标系中，点（5，0）处放一个点电荷q1，点（-5，0）处方一个点电荷q2，已知放在点C（0，5）处的正电荷受到的电场力的方向沿x轴正方向，（）A. 点电荷和都带正电B. 点电荷和都带负电C. 点电荷带正电，带负电D. 点电荷带负电，带正电【答案】D【解析】试题分析：等量异种电荷产生的电场中，其中垂线上的点的电场方向垂直于中垂线指向负电荷，所以可得点电荷带负电，带正电，故D正确，考点：考查了等量异种电荷电场规律点评：做本题的关键是对等量异种电荷电场规律的熟悉，并且现在对等量异种，等量同种电荷电场考查非常频繁，所以需要掌握5.两个等量同种电荷固定于光滑水平面上，其连线中垂线上有A、B、C三点，如图甲所示．一个电量为2C，质量为1kg的小物块从C点静止释放，其运动的v～t图象如图乙所示，其中B点处为整条图线切线斜率最大的位置（图中标出了该切线）．则下列说法正确的（）A. B点为中垂线上电场强度最大的点，场强B. 由C到A的过程中物块的电势能先减小后变大C. 由C点到A点的过程中，电势逐渐升高D. AB两点电势差V【答案】CD【解析】试题分析：两个等量的同种正电荷，其连线中垂线上电场强度方向由O点沿中垂线指向无穷远；电量为2C仅在运动方向上受电场力作用从C点到B、到A运动的过程中，根据v-t图可知在B点的加速度为运动物体先做加速度增大后做加速度减小的加速运动，则判断电荷所受电场力大小变化情况和加速度变化情况．速度时间图像中图线的斜率表示加速度，加速度越大，则受到的电场力越大，即电场强度越大，故在B点的加速度最大，其大小为，根据牛顿第二定可得，解得，A错误；从C到A过程中速度增大，即动能增大，电场力做正功，电势能减小，同一正电荷的电势能减小，则电势减小，BC错误；从图中可知A、B两点的速度分别为：，物块在A到B过程，根据动能定理得：，得：，D正确．6.在阻值为70 Ω的电阻中通以正弦交变电流，测得在10 min内放出的热量为2.1×104J，则此交变电流的最大值为( )A. 0.24 AB. 0.5 AC. 0.707 AD. 1 A 【答案】D【解析】根据代入数据得，该电流为交流电的有效值，所以，D正确．7.如图所示是研究通电自感实验的电路图，A1、A2是两个规格相同的小灯泡，闭合电键调节滑动变阻器R的滑动触头，使两个灯泡的亮度相同，调节滑动变阻器R1的滑动触头，使他们都正常发光，然后断开电键S．重新闭合电键S，则（）A. 闭合瞬间，立刻变亮，逐渐变亮B. 闭合瞬间，、均立刻变亮C. 稳定后，L和R两端的电势差一定相同D. 稳定后，和两端电势差不相同【答案】C【解析】试题分析：闭合瞬间，L相当于断路，立刻变亮，逐渐变亮，稳定后，两个灯泡的亮度相同，说明它们两端的电压相同，L和R两端电势差一定相同，选项C正确ABD错误。
考点：自感现象和自感系数【名师点睛】对自感线圈来讲，重点掌握开关闭合瞬间，断路稳定后和开关断开的瞬间，线圈对电流突变的阻碍作用。
8.如图所示，一理想变压器原副线圈匝数分别为n1=1000匝．n2=200匝，原线圈中接一交变电源，交变电源电压u=220sin100πt（V）．副线圈中接一电动机，电阻为11Ω，电流表A2示数为1A，电表对电路的影响忽略不计．下列说法正确的是（）A. 此交流电的频率为100 HzB. 电流表示数为5 AC. 电压表示数为D. 此电动机输出功率为33 W【答案】D【解析】=0.2A，试题分析：此交流电的频率为，选项A错误；根据，解得I1选项B错误；电压表示数为交流电的有效值，选项C错误；次级电压，则此电动机输出功率为，选项D正确；故选D.考点：变压器；交流电。
9. 如图所示是一台理想自耦变压器，在a、b之间接正弦交流电，A、V分别为理想交流电流表和交流电压表．若将调压端的滑动头P向上移动，则( )A. 电压表V的示数变大B. 变压器的输出功率变大C. 电流表A的示数变小D. 电流表A的示数变大【答案】C【解析】ab间为原线圈，当P向上移动时，原线圈匝数增多，原副线圈匝数比变大，由变压规律＝，U1不变，U2变小，电压表V的示数变小，R不变，由P＝可知，变压器的输出功率变小，A、B错，由U1I1＝U2I2，可以知道，I1变小，C对，D错．思路分析：根据变压器原、副线圈之间电压、电流和匝数的关系进行计算试题点评：考查变压器原、副线圈之间电压、电流和匝数的关系10.如图所示，一闭合金属圆环用绝缘细线挂于O点，将圆环拉至某一位置并释放，圆环摆动过程中(环平面与磁场始终保持垂直)经过有界的水平匀强磁场区域，A、B为该磁场的竖直边界，若不计空气阻力，则( )A. 圆环向右穿过磁场后，还能摆至原来的高度B. 在进入和离开磁场时，圆环中均有感应电流C. 圆环进入磁场后，离最低点越近速度越大，感应电流也越大D. 圆环最终将静止在最低点【答案】B【解析】在圆环进入和穿出磁场的过程中环中磁通量发生变化，有感应电流产生，即圆环的机械能向电能转化，其机械能越来越小，上升的高度越来越低，选项A错误，B正确；但在环完全进入磁场后，不再产生感应电流，选项C错误；最终圆环将不能摆出磁场，从此再无机械能向电能转化，其摆动的幅度不再变化，选项D错误．方法总结当导体中的磁通量变化时，产生感应电流，损失机械能；当导体中的磁通量无变化时，不产生感应电流，不损失机械能．二、多选题11.关于并联电路，下列说法中正确的是（）A. 总电阻阻值必小于每一个电阻阻值B. 其中一个电阻阻值增大时，总电阻阻值必减小C. 再并联一个电阻时，总电阻阻值必减小D. 拿掉一个电阻时，总电阻阻值必增大【答案】ACD【解析】【详解】电阻并联相当于导体的横截面积增加了，故总电阻阻值必小于每一只电阻阻值，故A正确；根据并联电阻的总电阻规律可知，其中一只电阻阻值增大时，总电阻阻值必增加，故B错误；多并联一只电阻时，相当于导体的横截面积增加了，总电阻阻值必减小，故C正确；拿掉一只电阻时，相当于导体的横截面积减小了，总电阻阻值必增大，故D正确。
故选ACD。
12.如图所示，电子由静止开始从A板向B板运动，当到达B板时速度为v，保持两板间电压不变．则（）A. 当增大两板间距离时，v也增大B. 当减小两板间距离时，v增大C. 当改变两板间距离时，v不变D. 当增大两板间距离时，电子在两板间运动的时间延长【答案】CD【解析】根据动能定理,因为保持两板间电压不变所以当改变两板间距离时，v 不变AB错，C对，当增大两板间距离时，会使得场强减小，即电子运动的加速度减小，所以电子在两板间运动的时间增大D对13.如图，两根平行长直导线相距2l，通有大小相等、方向相同的恒定电流：a、b、c是导线所在平面内的三点，左侧导线与它们的距离分别为、l和3l。
关于这三点处的磁感应强度，下列判断正确的是A. a处的磁感应强度大小比c处的大B. b、c两处的磁感应强度大小相等C. a、c两处的磁感应强度方向相同D. b处的磁感应强度为零【答案】AD【解析】试题分析：由右手定则可以判断，a、c两处的磁场是两电流在a、c处产生的磁场相加，但a距离两导线比c近，故a处的磁感应强度大小比c处的大，Ａ对；ｂ、c与右侧电流距离相同，故右侧电流对此两处的磁场要求等大反向，但因为左侧电流要求此两处由大小不同、方向相同的磁场，故b、c两处的磁感应强度大小不相等，B错；由右手定则可知，a处磁场垂直纸面向里，c处磁场垂直纸面向外，C错；b与两导线距离相等，故两磁场叠加为零，D对。
考点：磁场叠加、右手定则14.磁悬浮高速列车在我国上海已投入正式运行。
如图所示就是磁悬浮的原理，图中A是圆柱形磁铁，B是用高温超导材料制成的超导圆环。
将超导圆环B水平放在磁铁A上，它就能在磁力的作用下悬浮在磁铁A的上方空中，则（）A. 在B放入磁场的过程中，B中将产生感应电流；当稳定后，感应电流消失B. 在B放入磁场的过程中，B中将产生感应电流；当稳定后，感应电流仍存在C. 若A的N极朝上，B中感应电流的方向为顺时针方向D. 若A的N极朝上，B中感应电流的方向为逆时针方向【答案】BC【解析】【详解】A、B、在B放入磁场的过程中，根据楞次定律不难判断出B中会产生感应电流，而因为B是超导体没有电阻，故即使B稳定后电磁感应现象消失B 中的电流也不会消失，故A错误，B正确.C、D、根据楞次定律可知，如A的N极朝上，放入线圈时，线圈中的磁通量向上增大，则感应电流的磁场应向下，B中感应电流方向从上向下看应为顺时针，故C正确，D错误.故选BC.【点睛】本题考查楞次定律以及超导现象，认真审题是解题的关键，本题易错选A，易认为B稳定后B中没有电磁感应现象发生，而得出感应电流消失的结论，再就是要熟练掌握楞次定律．三、实验题探究题15.有一个小灯泡上标有“4V、2W”的字样，现在要用伏安法描绘这个灯泡的I﹣U图线．现有下列器材供选用：A.电压表（0～5V，内阻10kΩ）B.电压表（0～15V，内阻20kΩ）C.电流表（0～3A，内阻1Ω）D.电流表（0～0.6A，内阻0.4Ω）E.滑动变阻器（10Ω，2A）F.滑动变阻器（500Ω，1A）G.学生电源（直流6V）、开关、导线若干（1）实验时，选用图甲而不选用图乙的电路图来完成实验，请说明理由_____；（2）实验中所用电压表应选_____，电流表应选用_____，滑动变阻器应选用_____．（填序号示）（3）把图丙中所示的实验器材用实线连接成实物电路图_____．【答案】 (1). 在用伏安法描绘这个灯泡的I一U图线的实验中，电压要从零开始变化，并要多测几组数据，故只能采用滑动变阻器分压接法 (2). A(3). D (4). E (5).【解析】【分析】根据滑动变阻器分压及限流接法的不同作用，结合题意选择滑动变阻器的接法；由电流表、电压表与灯泡内阻间的大小关系确定电流表的接法；仪表的选择应本着安全准确的原则；电压表要测量灯泡两端的电压，故应通过灯泡的额定电压值判断需要的电压表；由流过灯泡的电流判断需要的电流表；由题意判断需要的滑动变阻器。