导数题型方法总结(绝对经典)

第一章导数及其应用一.导数的概念1..已知的值是（）A. B. 2 C. D. －2变式1：（）A．－１Ｂ．－2C．－3D．1变式2：（）A．B．C．D．导数各种题型方法总结请同学们高度重视：首先，关于二次函数的不等式恒成立的主要解法：1、分离变量；2变更主元；3根分布；4判别式法5、二次函数区间最值求法：（1）对称轴（重视单调区间）与定义域的关系（2）端点处和顶点是最值所在其次，分析每种题型的本质，你会发现大部分都在解决“不等式恒成立问题”以及“充分应用数形结合思想”，创建不等关系求出取值范围。

最后，同学们在看例题时，请注意寻找关键的等价变形和回归的基础一、基础题型：函数的单调区间、极值、最值；不等式恒成立；1、此类问题提倡按以下三个步骤进行解决：第一步：令得到两个根；第二步：画两图或列表；第三步：由图表可知；其中不等式恒成立问题的实质是函数的最值问题，2、常见处理方法有三种：第一种：分离变量求最值-----用分离变量时要特别注意是否需分类讨论（>0,=0,<0）第二种：变更主元（即关于某字母的一次函数）-----（已知谁的范围就把谁作为主元）；（请同学们参看2010省统测2）例1：设函数在区间D上的导数为，在区间D上的导数为，若在区间D上，恒成立，则称函数在区间D上为“凸函数”，已知实数m是常数，（1）若在区间上为“凸函数”，求m的取值范围；（2）若对满足的任何一个实数，函数在区间上都为“凸函数”，求的最大值.解:由函数得（1）在区间上为“凸函数”，则在区间[0,3]上恒成立解法一：从二次函数的区间最值入手：等价于解法二：分离变量法：∵当时, 恒成立,当时, 恒成立等价于的最大值（）恒成立，而（）是增函数，则(2)∵当时在区间上都为“凸函数”则等价于当时恒成立变更主元法再等价于在恒成立（视为关于m的一次函数最值问题）例2：设函数（Ⅰ）求函数f（x）的单调区间和极值；（Ⅱ）若对任意的不等式恒成立，求a的取值范围.（二次函数区间最值的例子）解：（Ⅰ）令得的单调递增区间为（a,3a）令得的单调递减区间为（－，a）和（3a，+）∴当x=a时，极小值=当x=3a时，极大值=b.（Ⅱ）由||≤a，得：对任意的恒成立①则等价于这个二次函数的对称轴（放缩法）-2 23aa a 3a即定义域在对称轴的右边，这个二次函数的最值问题：单调增函数的最值问题。

上是增函数. （∴于是，对任意，不等式①恒成立，等价于又∴点评：重视二次函数区间最值求法：对称轴（重视单调区间）与定义域的关系第三种：构造函数求最值题型特征：恒成立恒成立；从而转化为第一、二种题型例3；已知函数图象上一点处的切线斜率为，（Ⅰ）求的值；（Ⅱ）当时，求的值域；（Ⅲ）当时，不等式恒成立，求实数t的取值范围。

解：（Ⅰ）∴，解得（Ⅱ）由（Ⅰ）知，在上单调递增，在上单调递减，在上单调递减又∴的值域是（Ⅲ）令思路1：要使恒成立，只需，即分离变量思路2：二次函数区间最值二、题型一：已知函数在某个区间上的单调性求参数的范围解法1：转化为在给定区间上恒成立，回归基础题型解法2：利用子区间（即子集思想）；首先求出函数的单调增或减区间，然后让所给区间是求的增或减区间的子集；做题时一定要看清楚“在（m,n）上是减函数”与“函数的单调减区间是（a,b）”，要弄清楚两句话的区别：前者是后者的子集例4：已知，函数．（Ⅰ）如果函数是偶函数，求的极大值和极小值；（Ⅱ）如果函数是上的单调函数，求的取值范围．解：.（Ⅰ）∵是偶函数，∴. 此时，，令，解得：.列表如下：(－∞,－2) －2(－2,2) 2(2,+∞)+ 0 －0 +递增极大值递减极小值递增可知：的极大值为，的极小值为.（Ⅱ）∵函数是上的单调函数，∴，在给定区间R上恒成立判别式法则解得：.综上，的取值范围是.例5、已知函数（I）求的单调区间；（II）若在[0，1]上单调递增，求a的取值范围。

子集思想（I）1、当且仅当时取“=”号，单调递增。

2、单调增区间：单调增区间：-1a-1（II ）当则是上述增区间的子集：1、时，单调递增符合题意2、，综上，a的取值范围是[0，1]。

三、题型二：根的个数问题题1函数f(x)与g(x)（或与x轴）的交点======即方程根的个数问题解题步骤第一步：画出两个图像即“穿线图”（即解导数不等式）和“趋势图”即三次函数的大致趋势“是先增后减再增”还是“先减后增再减”；第二步：由趋势图结合交点个数或根的个数写不等式（组）；主要看极大值和极小值与0的关系；第三步：解不等式（组）即可；例6、已知函数，，且在区间上为增函数．（1）求实数的取值范围；（2）若函数与的图象有三个不同的交点，求实数的取值范围．解：（1）由题意∵在区间上为增函数，∴在区间上恒成立（分离变量法）即恒成立，又，∴，故∴的取值范围为（2）设，令得或由（1）知，①当时，，在R上递增，显然不合题意…②当时，，随的变化情况如下表：—↗极大值↘极小值↗由于，欲使与的图象有三个不同的交点，即方程有三个不同的实根，故需，即∴，解得综上，所求的取值范围为根的个数知道，部分根可求或已知。

例7、已知函数（1）若是的极值点且的图像过原点，求的极值；（2）若，在（1）的条件下，是否存在实数，使得函数的图像与函数的图像恒有含的三个不同交点？若存在，求出实数的取值范围；否则说明理由。

解：（1）∵的图像过原点，则，又∵是的极值点，则（2）设函数的图像与函数的图像恒存在含的三个不同交点，等价于有含的三个根，即：整理得：即：恒有含的三个不等实根（计算难点来了：）有含的根，则必可分解为，故用添项配凑法因式分解，十字相乘法分解：恒有含的三个不等实根等价于有两个不等于-1的不等实根。

题2：切线的条数问题====以切点为未知数的方程的根的个数例7、已知函数在点处取得极小值－4，使其导数的的取值范围为，求：（1）的解析式；（2）若过点可作曲线的三条切线，求实数的取值范-1围．（1）由题意得：∴在上；在上；在上因此在处取得极小值∴①，②，③由①②③联立得：，∴（2）设切点Q，过令，求得：，方程有三个根。

需：故：；因此所求实数的范围为：题3：已知在给定区间上的极值点个数则有导函数=0的根的个数解法：根分布或判别式法例8、解：函数的定义域为（Ⅰ）当m＝4时，f (x)＝13x3－72x2＋10x，＝x2－7x＋10，令，解得或.令，解得可知函数f(x)的单调递增区间为和（5，＋∞），单调递减区间为．（Ⅱ）＝x2－(m＋3)x＋m＋6,要使函数y＝f (x)在（1，＋∞）有两个极值点,＝x2－(m＋3)x＋m＋6=0的根在（1，＋∞）根分布问题：1则，解得m＞3例9、已知函数，（1）求的单调区间；（2）令＝x4＋f（x）（x∈R）有且仅有3个极值点，求a的取值范围．解：（1）当时，令解得，令解得，所以的递增区间为，递减区间为.当时，同理可得的递增区间为，递减区间为.（2）有且仅有3个极值点=0有3个根，则或，方程有两个非零实根，所以或而当或时可证函数有且仅有3个极值点其它例题：1、（最值问题与主元变更法的例子）.已知定义在上的函数在区间上的最大值是5，最小值是－11.（Ⅰ）求函数的解析式；（Ⅱ）若时，恒成立，求实数的取值范围.解：（Ⅰ）令=0,得+ 0 -↗极大↘因此必为最大值,∴因此，，即，∴，∴（Ⅱ）∵，∴等价于，令，则问题就是在上恒成立时，求实数的取值范围，为此只需，即，解得，所以所求实数的取值范围是[0，1].2、（根分布与线性规划例子）（1）已知函数(Ⅰ) 若函数在时有极值且在函数图象上的点处的切线与直线平行,求的解析式；(Ⅱ) 当在取得极大值且在取得极小值时, 设点所在平面区域为S, 经过原点的直线L将S分为面积比为1:3的两部分, 求直线L的方程.解：(Ⅰ).由, 函数在时有极值 ,∴∵∴又∵在处的切线与直线平行,∴故∴……………………. 7分(Ⅱ) 解法一: 由及在取得极大值且在取得极小值, ∴即令, 则∴∴故点所在平面区域S为如图△ABC,易得, , , , ,同时DE为△ABC的中位线,∴所求一条直线L的方程为:另一种情况设不垂直于x轴的直线L也将S分为面积比为1:3的两部分, 设直线L方程为,它与AC,BC 分别交于F、G, 则,由得点F的横坐标为:由得点G的横坐标为:∴即解得: 或 (舍去) 故这时直线方程为:综上,所求直线方程为:或 .…………….………….12分(Ⅱ) 解法二: 由及在取得极大值且在取得极小值, ∴即令, 则∴∴故点所在平面区域S为如图△ABC,易得, , , , ,同时DE为△ABC的中位线, ∴所求一条直线L的方程为:另一种情况由于直线BO方程为:, 设直线BO与AC交于H ,由得直线L与AC交点为:∵, ,∴所求直线方程为:或3、（根的个数问题）已知函数的图象如图所示。

（Ⅰ）求的值；（Ⅱ）若函数的图象在点处的切线方程为，求函数f ( x )的解析式；（Ⅲ）若方程有三个不同的根，求实数a的取值范围。

解：由题知：（Ⅰ）由图可知函数f ( x )的图像过点( 0 , 3 )，且= 0得（Ⅱ）依题意= – 3 且f ( 2 ) = 5解得a = 1 , b = – 6所以f ( x ) = x 3 – 6x 2 + 9x + 3（Ⅲ）依题意f ( x ) = ax 3 + bx 2 – ( 3a + 2b )x + 3 ( a ＞0 )= 3ax 2 + 2bx – 3a – 2b 由= 0b = – 9a ①若方程f ( x ) = 8a 有三个不同的根，当且仅当满足f ( 5 )＜8a ＜f ( 1 ) ②由①②得 – 25a + 3＜8a ＜7a + 3＜a ＜3所以当＜a ＜3时，方程f ( x ) = 8a 有三个不同的根。

………… 12分4、（根的个数问题）已知函数（1）若函数在处取得极值，且，求的值及的单调区间；（2）若，讨论曲线与的交点个数．解：（1）………………………………………………………………………2分令得令得∴的单调递增区间为，，单调递减区间为…………5分 （2）由题得即－令……………………6分令得或……………………………………………7分当即时此时，，，有一个交点；…………………………9分当即时，＋—,∴当即时,有一个交点；当即时，有两个交点；当时，，有一个交点．………………………13分综上可知，当或时，有一个交点；当时，有两个交点．…………………………………14分5、（简单切线问题）已知函数图象上斜率为3的两条切线间的距离为，函数．（Ⅰ）若函数在处有极值，求的解析式；（Ⅱ）若函数在区间上为增函数，且在区间上都成立，求实数的取值范围．函数中任意性和存在性问题探究高考中全称命题和存在性命题与导数的结合是近年高考的一大亮点，下面结合高考试题对此类问题进行归纳探究一、相关结论：结论1：；【如图一】结论2：；【如图二】结论3：；【如图三】结论4：；【如图四】结论5：的值域和的值域交集不为空；【如图五】【例题1】：已知两个函数;(1)若对,都有成立，求实数的取值范围；(2)若,使得成立，求实数的取值范围；(3)若对,都有成立，求实数的取值范围；解：（1）设,（1）中的问题可转化为：时，恒成立，即。