上海市人教版高中化学选修3-第3章选择题专项测试卷(含答案)

一、选择题1．下列说法正确的是A．往苯酚钠溶液中通入CO2可制得苯酚，并得到碳酸钠B．将光亮铜丝在酒精灯火焰上加热后变黑，立即伸入无水乙醇中，铜丝能恢复成原来的颜色C．将卤代烃滴入AgNO3溶液中，根据生成沉淀颜色可以判断卤素原子种类D．将铁屑、溴水、苯混合可制得溴苯答案：B解析：A．往苯酚钠溶液中通入CO2可制得苯酚，同时得到碳酸氢钠，A错误；B．将光亮铜丝在酒精灯火焰上加热后，Cu被O2氧化变为黑色CuO，立即伸入无水乙醇中，铜丝表面的CuO被乙醇还原为Cu单质，因此看到铜丝又由黑色恢复成原来的颜色，B正确；C．在卤代烃中卤素是以原子形式存在，将卤代烃滴入AgNO3溶液中，不能发生反应，因此不能判断卤素原子种类，C正确；D．将铁屑、液溴、苯混合可发生取代反应制得溴苯，D错误；故合理选项是B。

2．利用如图所示的有机物X可生产S-诱抗素Y。

下列说法正确的是A．X分子和溴水反应最多消耗4molBr2B．X可以发生氧化、取代、酯化、加聚、缩聚反应C．Y既可以与FeCl3溶液发生显色反应，又可使酸性KMnO4溶液褪色D．1molY最多能加成6molH2答案：B解析：A．X中碳碳双键、酚羟基的邻、对位与Br2能够发生反应，但未告知X的物质的量，因此无法确定所消耗的Br2，故A项说法错误；B．X中碳碳双键能够发生氧化、加聚反应，羟基能够发生酯化反应和取代反应，羧基与羟基能够发生缩聚反应、酯化反应、取代反应，故B项说法正确；C．Y中不含酚羟基，不能与FeCl3溶液发生显色反应，Y中含有碳碳双键，可使酸性KMnO4溶液褪色，故C项说法错误；D．Y中碳碳双键、羰基能够与H2发生加成反应，1molY中含有1mol羰基，3mol碳碳双键，因此1molY最多能加成4molH2，故D项说法错误；综上所述，说法正确的是B项，故答案为B。

3．下列说法正确的是A．的名称为2－甲基－2－丙醇B．2－甲基－3，6－己二醇根据羟基数目分类应属于二元醇C．相对分子质量相近的醇和烷烃相比，烷烃的沸点较高D．与互为同系物答案：A解析：A．的甲基、羟基均在主链的第二个碳原子上，其名称为2－甲基－2－丙醇，A说法正确；B．根据2－甲基－3，6－己二醇，羟基在1，6位置，己二醇中主链共有6个碳原子，命名错误，名称为5-甲基-1，4己二醇，根据羟基数目分类应属于二元醇，B说法错误；C．相对分子质量相近的醇和烷烃相比，醇分子间可形成氢键，醇的沸点较高，C说法错误；D．属于醇类，而属于酚类，不是同系物，D说法错误；答案为A。

4．下列化学方程式书写正确的是（）CH3COOCH2CH3+H218OA．乙酸乙酯的制备：CH3COOH+CH3CH218OH浓硫酸加热B．乙醛与新制氢氧化铜悬浊液共热：加热CH3COONa+Cu2O↓+3H2OCH3CHO+2Cu(OH)2+NaOH−−−→C．苯酚钠溶液中通入少量二氧化碳：2+CO2+H2O→2+Na2CO3 D．苯乙烯的聚合反应：答案：B解析：A．CH3COOH与CH3CH218OH反应时酸去羟基，醇去氢原子，生成CH3CO18OCH2CH3，故A错误；B．乙醛溶液与新制氢氧化铜悬浊液共热加热CH3COONa+Cu2O↓+3H2O，故B正确；CH3CHO+2Cu(OH)2+NaOH−−−→C．苯酚钠溶液中通入少量二氧化碳的反应为+CO2+H2O→+NaHCO3，故C错误；引发剂，故D错误；D．苯乙烯的聚合反应：n−−−→故选B。

5．利用化合物X和Y可以制备氧杂蒽酮类化合物中间体Z。

下列说法正确的是A．用NaHCO3溶液可鉴别Y和ZB．1 mol 化合物Y最多能与4 mol NaOH反应C．化合物X与足量氢气加成后的产物有3个手性碳原子D．X、Y分子中的所有原子均可能处于同一平面答案：A解析：A．Y含有羧基，Y能与NaHCO3溶液反应放出二氧化碳气体，Z不含羧基，Z不能和NaHCO3溶液反应，可以用NaHCO3溶液可鉴别Y和Z，故A正确；B．Y含有1个羧基、2个酚羟基，1 mol 化合物Y最多能与3mol NaOH反应，故B错误；C．化合物X与足量氢气加成后的产物是，不含手性碳原子，故C错误；D．Y分子中含有甲基，不可能所有原子共平面，故D错误；选A。

6．迷迭香酸是从蜂花属植物中提取得到的酸性物质，其结构如图。

下列叙述正确的是A．迷迭香酸属于芳香烃B．1mol迷迭香酸最多能和7mol Br2发生取代反应C．迷迭香酸可以发生水解反应、还原反应和酯化反应D．1mol迷迭香酸最多能和含5mol NaOH的水溶液完全反应答案：C解析：A．除C、H元素外，迷迭香还含有O元素，不属于烃类，故A错误；B．酚羟基的邻对位氢原子可以和Br2发生取代反应，该物质中有6个处于酚羟基的邻对位氢，所以1mol迷迭香酸最多能和6mol Br2发生取代反应，故B错误；C．含有酯基可以发生水解反应，含有苯环、碳碳双键，可以与氢气发生加成反应，与氢气加成属于还原反应，含有羧基，可以发生酯化反应，故C正确；D．分子中含有4个酚羟基、1个羧基和1个酯基，都能与NaOH反应，所以1mol迷迭香酸最多能和含6molNaOH的水溶液完全反应，故D错误；综上所述答案为C。

7．常温常压下，下列各组物质的性质排列错误的是A．密度：溴苯＞乙酸乙酯＞水B．沸点：乙醇＞丙烷＞乙烷C．在水中的溶解度：丙三醇＞苯酚＞1-氯丁烷D．酸性：CH3COOH＞H2CO3＞苯酚答案：A解析：A．溴苯、乙酸乙酯放入水中，分别会沉在水下、浮在水面上，所以密度：溴苯＞水＞乙酸乙酯，A错误；B．常温下，乙醇呈液态，丙烷与乙烷都呈气态，丙烷相对分子质量比乙烷大，分子间作用力比乙烷大，所以沸点：乙醇＞丙烷＞乙烷，B正确；C．常温下，丙三醇易溶于水，苯酚微溶于水，1-氯丁烷难溶于水，所以在水中的溶解度：丙三醇＞苯酚＞1-氯丁烷，C正确；D．CH3COOH能与CaCO3反应生成CO2气体，CO2气体通入苯酚钠溶液中能生成苯酚，所以酸性：CH3COOH＞H2CO3＞苯酚，D正确；故选A。

8．下列叙述中，正确的是A．乙醛与丙烯醛不是同系物，它们与氢气充分反应后的产物也不是同系物B．分子结构中可能有6个碳原子同一直线上C．相同物质的量的乙炔与苯分别在足量的氧气中完全燃烧，消耗氧气的量相同D．β—月桂烯的结构如图所示（），该物质与等物质的量的溴单质发生加成反应的产物（不考虑立体异构）理论上最多有4种答案：D解析：A．乙醛和丙烯醛()的结构不相似，二者不是同系物，但与氢气加成后均为饱和一元醇，互为同系物，故A错误；B．乙炔分子四个原子共直线，当乙炔分子中的一个氢原子被苯环取代后，苯环对角线上的原子与其共直线，对角线上苯环上的氢原子被丙烯基取代后，丙烯基上与苯环相连的碳原子占据的是苯环上氢原子的位置，所以该分子共直线的有5个碳原子，故B错误；C．相同物质的量的乙炔与苯，C和 H的物质的量不同，苯消耗氧气的物质的量多，等质量的乙炔与苯分别在足量的氧气中完全燃烧消耗氧气的量相同，故C错误；D．因分子存在三种不同的碳碳双键，如图所示，1分子物质与1分子Br2加成时，可以在①、②、③的位置上发生加成，1分子Br2也可以在①、②之间发生1，4−加成反应，故所得产物共有四种，故D正确；故选：D。

9．由X、Y和Z合成缓释药物M，下列说法错误的是A．X可用作汽车防冻液B．Z由加聚反应制得，其单体存在顺反异构C．1 mol M与NaOH溶液反应时，最多消耗4n mol NaOHD．Y可以发生氧化、中和、取代、加成反应答案：B【分析】由M的结构简式，可得出三种水解产物：、、HOCH2CH2OH，结合X、Y、Z的分子式，可确定X为HOCH2CH2OH，Y为，Z为。

解析：A．X为HOCH2CH2OH，是凝固点低的液体，易溶于汽油，可用作汽车防冻液，A 正确；B．Z为，由CH2=C(CH3)COOH发生加聚反应制得，其单体不存在顺反异构，B不正确；C．从产物看，1mol需消耗3molNaOH，1mol需消耗nmolNaOH，HOCH2CH2OH不消耗NaOH，所以1 mol M与NaOH溶液反应时，最多消耗4n mol NaOH，C正确；D．Y为，可以发生燃烧(氧化)，-COOH可以发生中和、取代反应(酯基也能发生取代反应)，苯基可以发生加成反应，D正确；故选B。

10．五倍子是一种常见的中草药，其有效成分为X。

在一定条件下X可分别转化为Y、Z。

下列说法错误的是（）A．1 mol X最多能与2 mol Br2发生取代反应B．Y分子结构中有3个手性碳原子C．Y能发生加成、取代、消去、氧化反应D．1 mol Z最多能与6 mol NaHCO3发生反应答案：D解析：A.1 mol X中的含有2 mol酚羟基的邻位氢原子，可以与Br2发生取代反应，所以1 mol X最多能与2 mol Br2发生取代反应，A说法正确；B．Y分子结构中连接醇羟基的碳原子都是手性碳原子，所以该分子中含有3个手性碳原子，B说法正确；C．Y中含有的双键能发生加成反应；含有醇羟基和羧基均能发生取代和聚合反应；醇羟基的邻位上C原子上有氢原子，可以发生消去反应，其中的羟基也能被氧化为羰基，C说法正确；D．只有羧基可以与NaHCO3发生反应，在Z分子中含有1个羧基，则1 mol Z最多能与1 mol NaHCO3发生反应，D错误；故合理选项是D。

11．下列关于化合物M(结构如图)的说法错误的是A．能发生消去反应B．最多与5mol氢气发生加成反应C．环上的一氯代物有7种D．最多消耗2molNaOH答案：C解析：A．该物质含有醇羟基，且某些醇羟基所连的碳原子的邻位碳原子上有氢原子，所以可以发生消去反应，故A正确；B．苯环、碳碳双键可以和氢气发生加成，所以1mol该物质最多与5mol氢气发生加成反应，故B正确；C．该物质结构不对称，所以苯环上有3种一氯代物，最左侧六元环上有4种一氯代物，中间六元环上有1种(另外两种重复)，所以环上的一氯代物共8种，故C错误；D ．酚羟基、酯基可以和NaOH 反应，所以1mol 该物质最多消耗2molNaOH ，故D 正确； 综上所述答案为C 。

12．阿司匹林的有效成分是乙酰水杨酸()可以用水杨酸(邻羟基苯甲酸)与乙酸酐[(CH 3CO)2O]为原料合成。

下列说法不正确的是 A ．可用酸性KMnO 4溶液鉴别水杨酸和乙酰水杨酸B ．已知HCHO 为平面形分子，则乙酸酐中最多9个原子共平面C ．1 mol 乙酰水杨酸与足量的NaOH 反应，最多消耗2 molNaOHD ．向乙酰水杨酸粗产品中加入足量饱和碳酸氢钠溶液，充分反应后过滤，可除去乙酰水杨酸中的水杨酸聚合物答案：C解析：A ．水杨酸分子中的酚羟基易被氧化，能使酸性高锰酸钾溶液褪色，而乙酰水杨酸不易被氧化，可鉴别，故A 正确；B ．HCHO 为平面形分子且单键可以旋转，因此碳氧双键周围的原子都可处于同一平面，甲基上的碳原子为饱和碳原子，每个甲基上有2个氢原子不能共平面，所以乙酸酐中最多有9个原子共平面，故B 正确；C ．乙酰水杨酸中的羧基和酚酯基都能与NaOH 反应，因每1 mol 酚酯基可消耗2 mol NaOH ，故最多可消耗3 mol NaOH ，故C 错误；D ．加入饱和碳酸氢钠溶液使乙酰水杨酸转化为可溶性盐，而与不溶性的水杨酸聚合物相互分离，再将乙酰水杨酸的可溶性盐重新转化为乙酰水杨酸，从而达到提纯的目的，故D 正确； 答案选C 。