解析广西桂林十八中2021年高三上学期第一次月考物理试卷

广西桂林十八中2021年高三上学期第一次月考物理试卷

一、选择题：本题共10小题，每小题3分，共40分．在每小题给出的四个选项中,第1～６题只有一项符合题目要求，第７～10题有多项符合题目要求.全部选对的得４分,选对但不全的得2分，有选错的得0分.

1．以下说法中正确的是( ）

A．做匀变速直线运动的物体，ts内通过的路程与位移的大小一定相等

B.质点一定是体积和质量极小的物体

C．速度的定义式和平均速度公式都是ｖ＝，因此速度就是指平均速度

?D.速度不变的运动是匀速直线运动

2.如图所示,在粗糙水平地面上放着一个截面为四分之一圆弧的柱状物体A,A的左端紧靠竖直墙,A与竖直墙之间放一光滑圆球B，整个装置处于静止状态，若把A向右移动少许后，它们仍处于静止状态,则( )

A.球Ｂ对墙的压力增大

?B．物体A与球B之间的作用力增大

C.地面对物体Ａ的摩擦力减小

D.物体A对地面的压力减小

3.如图所示，足够长的传送带与水平面夹角为θ,以速度v0逆时针匀速转动.在传送带的上端轻轻放置一个质量为m的小木块，小木块与传送带间的动摩擦因数μ

A． B.?C． D.

4.如图所示,在底边为定长b的直角斜面中,球从光滑直角斜面顶端由静止滑到底端,若要下滑时间最短,斜面的倾角为多少度( )

?A.３0?B.４5?Ｃ.60?Ｄ.75

５．如图是某同学为颈椎病人设计的一个牵引装置的示意图,一根绳绕过两个定滑轮和动滑轮后各挂着一个相同的重物,与动滑轮相连的帆布带拉着病人的颈椎（图中是用手指代替颈椎做实验),整个装置在同一竖直平面内.如果要增大手指所受的拉力，可采取的方法是（)

A.只增加绳的长度?B．只增加重物的重量

?C.只将手指向下移动?D.只将手指向上移动

6.在某一高度以v0＝20m/s的初速度竖直上抛一个小球（不计空气阻力)，当小球速度大小为10ｍ／ｓ时，以下判断正确的是(g取１0m／ｓ2）( )

A.小球的位移大小一定是15ｍ

B．小球在这段时间内的平均速度的大小可能为1５m／s,方向向下

?C.小球在这段时间内的平均速度大小可能为5m/ｓ,方向向向下

D．小球的路程一定是15m

7.如图所示是做匀变速直线运动的质点在0~6s内的位移﹣时间图象.若t=1ｓ时，图线所对应的切线斜率为4(单位：m/s)．则( )

?A．t=1s时,质点在ｘ=2 ｍ的位置

B．t=1s和ｔ＝5s时,质点的速率相等

C．t=１s和t=5ｓ时，质点加速度的方向相同

?D.前５s内,合外力对质点做正功

８.如图，物块ａ、b和c的质量相同,a和b、b和c之间用完全相同的轻弹簧Ｓ１和S2相连，通过系在a上的细线悬挂于固定点O．整个系统处于静止状态.现将细线剪断.将物块a的加速度的大小记为a１，S1和S2相对于原长的伸长分别记为△l1和△l２，重力加速度大小为ｇ．在剪断的瞬间，( )

A.ａ1=３g Ｂ．a１＝0 C.△l1=2△ｌ2?D．△l1=△l2

9.如图所示,质量为ｍ、横截面为直角三角形的物块ABC，∠BAC=α，ＡＢ边靠在竖直墙面上,F是垂直于斜面AC的推力.物块与墙面间的动摩擦因数为μ,现物块静止不动，则( )

?Ａ．物块可能受到4个力作用

?B．物块受到墙的摩擦力的方向一定向上

C．物块对墙的压力一定为Fcｏsα

?D．物块受到摩擦力的大小等于μFcoｓα

10.如图所示,质量均可忽略的轻绳与轻杆,A端用铰链固定,滑轮在Ａ点正上方(滑轮大小及摩擦均可不计）,Ｂ端吊一重物.现将绳的一端拴在杆的B端,用拉力F将Ｂ端缓慢上拉，在AB 杆达到竖直前（)

A．绳子拉力不变?B．绳子拉力减小?C.AB杆受力增大?Ｄ．ＡB杆受力不变

二、非选择题:（共６0分)

11.电火花打点计时器使用＿＿________电源(填“直流”或“交流”),工作电压________＿_V.

1２.如图所示,某同学在做“研究匀变速直线运动”实验中,由打点计时器得到表示小车运动过程的一条清晰纸带，纸带上两相邻计数点之间还有４个点未画出,则相邻计数点时间间隔为___＿__＿_＿_s,其中x1＝７.05cm,x2=7.68ｃm，x３=8.33cｍ,x4=8.95ｃm，x5＝９.61ｃm，x6=10.2６cm，则Ａ点处瞬时速度的大小是_____＿___＿ｍ／ｓ，加速度的大小是_＿__＿__＿__ｍ/s2．(计算结果都保留两位有效数字)

１3．在“互成角度的两个共点力的合成”实验中，F1和F2表示两个互成角度的力，F’表示由平行四边形定则画出的合力,F表示根据“等效性”通过实验得到的合力，则图中符合实验事实的是图( )

?A.B．?C．?D.

１4．某同学做“探究弹力和弹簧伸长量的关系”的实验.

①图甲是不挂钩码时弹簧下端指针所指的标尺刻度，其示数为7．73cｍ;图乙是在弹簧下端悬挂钩码后指针所指的标尺刻度,此时弹簧的伸长量△l为__________cm；

②本实验通过在弹簧下端悬挂钩码的方法来改变弹簧的弹力,关于此操作,下列选项中规范的做法是＿____＿____；（填选项前的字母）

A.逐一增挂钩码,记下每增加一只钩码后指针所指的标尺刻度和对应的钩码总重

Ｂ．随意增减钩码，记下增减钩码后指针所指的标尺刻度和对应的钩码总重

③图丙是该同学描绘的弹簧的伸长量△l与弹力F的关系图线．图线的ＡB段明显偏离直线O Ａ，造成这种现象的主要原因是_________＿.

15．一摩托车由静止开始在平直的公路上行驶,其运动过程的v﹣t图象如图所示,求：(１）摩托车在45﹣7５s这段时间的加速度大小a；

（2）摩托车在0﹣45ｓ这段时间的平均速度大小．（保留三位有效数字）

16.如图所示，位于竖直面的物体Ａ的质量ｍＡ=0.2ｋg，放在水平面的物体Ｂ的质量mＢ=1．0kg，绳子和滑轮间的摩擦均不计，且绳子的OB部分水平.ＯA部分竖直,Ａ和B恰好一起匀速运动．取g＝１０ｍ／ｓ2,求；

（1)物体B与桌面间的动摩擦因数?

（2）如果用水平力F向左拉物体Ｂ,使物体Ａ和B做匀速运动需多大的拉力？

17．一块足够长的白板，位于水平桌面上,处于静止状态.一石墨块（可视为质点)静止在白板上.石墨块与白板间有摩擦,滑动摩擦系数为μ.突然,使白板以恒定的速度v０做匀速直线运动，石墨块将在板上划下黑色痕迹.经过某段时间t，令白板突然停下，以后不再运动.最后石墨块也不再运动，白板上黑色痕迹的长度是多少？(已知重力加速度为g，不计石墨与板摩擦划痕过程中损失的质量)

１8．如图a是在高速公路上用超声波测速仪测量车速的示意图，测速仪发出并接收超声波脉冲信号,根据发出和接收到的信号间的时间差，测出被测物体的速度.在图b中Ｐ1和P２是测速仪发出的超声波信号,n１和n2分别是P1和P2由汽车反射回来的信号．设测速仪匀速扫

描,P1和P2之间的时间间隔△t＝１．０s，超声波在空气中的传播速度是ｖ=340m/s,若汽车是匀速行驶的，求:

（1)汽车在接收到P1和Ｐ２两个信号之间的时间内前进的距离是多少？（保留两位有效数字）

(2）汽车的速度是多少?（保留两位有效数字）

２02０┄2021学年广西桂林十八中2０21年高三上学期第一次月考物理试卷

一、选择题：本题共10小题，每小题3分，共４0分．在每小题给出的四个选项中,第１～6题只有一项符合题目要求，第7~10题有多项符合题目要求．全部选对的得4分,选对但不全的得2分，有选错的得0分．

１．以下说法中正确的是( )

A.做匀变速直线运动的物体,tｓ内通过的路程与位移的大小一定相等

Ｂ．质点一定是体积和质量极小的物体

C.速度的定义式和平均速度公式都是v=,因此速度就是指平均速度

?D.速度不变的运动是匀速直线运动

考点:平均速度;质点的认识;位移与路程.

专题：直线运动规律专题.

分析：位移是矢量，有大小，有方向，可以用由初始位置指向末位置的有向线段表示；路程表示运动轨迹的长度，在单向直线运动中,位移的大小等于路程.

质点是只计质量不计大小、形状的一个几何点,是实际物体在一定条件的科学抽象,能否看作质点与物体本身无关,要看所研究问题的性质，看物体的形状和大小在所研究的问题中是否可以忽略．

物体在某段时间内或通过某段位移时的速度叫平均速度．

解答: 解:A、在单向直线运动中，位移的大小等于路程．做匀变速直线运动的物体,tｓ内通过的路程与位移的大小不一定相等,例如竖直上抛后再返回时,故A错误．

Ｂ、质点是只计质量不计大小、形状的一个几何点，是实际物体在一定条件的科学抽象,能否看作质点与物体本身无关，要看所研究问题的性质,看物体的形状和大小在所研究的问题中是否可以忽略．故B错误．

C、速度的定义式和平均速度公式都是v=,但速度有平均速度和瞬时速度之分，故C错误.

D、速度不变的运动是匀速直线运动,故Ｄ正确．

故选:D.

点评：本题是概念题,只要理解了概念就一定会做,故要熟记并理解概念.

2.如图所示，在粗糙水平地面上放着一个截面为四分之一圆弧的柱状物体Ａ，A的左端紧靠竖直墙,Ａ与竖直墙之间放一光滑圆球Ｂ，整个装置处于静止状态，若把A向右移动少许后，它们仍处于静止状态,则( ）

A．球B对墙的压力增大

B.物体A与球B之间的作用力增大

?Ｃ.地面对物体A的摩擦力减小

D．物体A对地面的压力减小

考点:共点力平衡的条件及其应用;力的合成与分解的运用.

专题：共点力作用下物体平衡专题.

分析：把A向右移动少许后，A对Ｂ的支持力与竖直方向的夹角减小.先以B球为研究对象，分析墙对球的弹力的变化和A对B的作用力的变化,再整体为研究对象,分析地面对A的摩擦力和支持力如何变化.

解答：?解:

A、Ｂ以B为研究对象.设A对Ｂ的支持力与竖直方向的夹角为α,B球受到重力m B g、墙的弹力Ｆ和A的支持力N B,如图１

根据平衡条件得：Ｆ=m B gtanα，N B＝

若把Ａ向右移动少许后,α减小，taｎα减小,cosα增大，则F减小,N B减小.

根据牛顿第三定律得知,球B对墙的压力F′＝F减小．

所以球B对墙的压力减小，物体A与球B之间的作用力减小．故AB错误．

Ｃ、D以整体为研究对象，分析受力如图2，则有：

f=F，则地面对物体Ａ的摩擦力减小

N＝（m A+m B)g，保持不变，则物体A对地面的压力不变.故C正确,D错误.

故选C

点评:本题涉及两个物体的动态平衡问题，关键是研究对象的选择,采用隔离法和整体法结合处理比较简捷.

３.如图所示,足够长的传送带与水平面夹角为θ,以速度ｖ0逆时针匀速转动．在传送带的上端轻轻放置一个质量为ｍ的小木块，小木块与传送带间的动摩擦因数μ＜ｔanθ,则下图中能客观地反映小木块的速度随时间变化关系的是( )

A.?Ｂ．?C．?D．

考点：牛顿第二定律．

专题：牛顿运动定律综合专题．

分析：要找出小木块速度随时间变化的关系,先要分析出初始状态物体的受力情况，本题中明显重力的分力与摩擦力均沿着斜面向下,且都是恒力,所以物体先沿斜面匀加速直线运动，有牛顿第二定律求出加速度a1;当小木块的速度与传送带速度相等时,由μ

解答: 解:初状态时：重力的分力与摩擦力均沿着斜面向下,且都是恒力，所以物体先沿斜面匀加速直线运动,

由牛顿第二定律得：

加速度：a１＝＝gsiｎθ+μgcosθ；

当小木块的速度与传送带速度相等时,由μ＜tanθ知道木块继续沿传送带加速向下,

但是此时摩擦力的方向沿斜面向上,再由牛顿第二定律求出此时的加速度：

a2＝=ｇsinθ﹣μgｃoｓθ;

比较知道a1＞a2，图象的斜率表示加速度,所以第二段的斜率变小.

故选D

点评:本题的关键1、物体的速度与传送带的速度相等时物体会继续加速下滑．２、小木块两段的加速度不一样大．是一道易错题．

4．如图所示，在底边为定长b的直角斜面中，球从光滑直角斜面顶端由静止滑到底端，若要下滑时间最短,斜面的倾角为多少度( )

A．3０ B.45?Ｃ．６0 Ｄ．75

考点:牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系.

专题:牛顿运动定律综合专题．

分析:根据动能定理比较物体到达底端时的速度大小.由物体受力可求出物体下滑的加速度表达式,可知哪个斜面的加速度最大,结合运动学公式求出运行的时间,运用数学三角函数关系求出时间最短的斜面倾角.

解答：?解:加速度a=gsinθ,设底边长为d，运动的位移：，由x=得：

ｔ=，可知当θ＝4５°时,下滑时间最短，故B正确,ACD错误.

故选：B

点评:对于本题求解末速度，也可以通过加速度，运用速度位移公式进行求解，但是没有动能定理解决方便．

５．如图是某同学为颈椎病人设计的一个牵引装置的示意图，一根绳绕过两个定滑轮和动滑轮后各挂着一个相同的重物，与动滑轮相连的帆布带拉着病人的颈椎（图中是用手指代替颈椎做实验），整个装置在同一竖直平面内．如果要增大手指所受的拉力,可采取的方法是( )

A．只增加绳的长度B．只增加重物的重量

?C.只将手指向下移动Ｄ．只将手指向上移动

考点：共点力平衡的条件及其应用;力的合成与分解的运用.

专题:共点力作用下物体平衡专题．

分析：对动滑轮受力分析，受重力、两个对称的拉力，大小等于悬挂物体的重量,根据三力平衡条件分析．

解答:?解:A、对动滑轮受力分析，受重力、两个对称的拉力，拉力等于悬挂物体的重量mg，如图

三个力的合力为零,两个拉力的大小恒定，夹角越大，合力越小，夹角越小,合力越大；

增加细线长度时，由于两个细线拉力也不变,动滑轮位置不变，故三个力大小方向都不变，故Ａ错误；

B、增加重物的重力，两个拉力变大，动滑轮位置不变，则两拉力夹角不变，故合力变大,故手要用较大的力,故B正确；

Ｃ、手指向下移动，两个拉力大小不变，夹角变小,故两拉力合力变大，故手要用较大的力,故C正确;

D、手指向上移动,两个拉力大小不变,夹角变大,故两拉力合力变小,故手要用较小的力,故D 错误;

故选BＣ.

点评:本题关键是对动滑轮受力分析,根据三力平衡条件，结合力的合成的平行四边形法则进行分析讨论.

6．在某一高度以v0=20m/s的初速度竖直上抛一个小球(不计空气阻力),当小球速度大小为10m/s时,以下判断正确的是（ｇ取10m/s2）( )

A.小球的位移大小一定是１５m

B．小球在这段时间内的平均速度的大小可能为１5m／s,方向向下

?Ｃ．小球在这段时间内的平均速度大小可能为5m/s，方向向向下

?Ｄ．小球的路程一定是15ｍ

考点：竖直上抛运动．

专题:直线运动规律专题．

分析:根据匀变速直线运动的速度位移公式求出小球的位移大小,根据平均速度的推论求出平均速度的大小,注意小球的末速度方向与初速度方向可能相同，可能相反．

解答：?解:A、规定向上为正方向,根据得，

h=，故Ａ正确．

B、若小球的末速度方向与初速度方向相同,则平均速度=,方向向上,若小球的末速度方向与初速度方向相反,则平均速度度＝m/s=5m/s,方向向上,故Ｂ、C错误.

D、若小球末速度方向与初速度方向相同，小球的路程s＝１5m,若小球的末速度方向与初速度方向相反,则路程s=，故D错误.

故选:A.

点评:解决本题的关键知道竖直上抛运动的运动规律，掌握处理竖直上抛运动的方法,可以分段求解，也可以全过程求解.

7．如图所示是做匀变速直线运动的质点在０～6ｓ内的位移﹣时间图象.若ｔ=1ｓ时,图线所对应的切线斜率为4(单位:ｍ/s).则( )

A．t＝１s时，质点在x=2 ｍ的位置

B．ｔ=１s和t=5ｓ时，质点的速率相等

Ｃ．t=1s和ｔ=5s时,质点加速度的方向相同

D．前５ｓ内,合外力对质点做正功

考点：匀变速直线运动的图像．

专题:运动学中的图像专题.

分析：物体做匀变速直线运动，由图象可知,6s内位移为零,图象的斜率表示速度,根据匀变速直线运动基本规律即可求解.

解答: 解：Ａ、t=1ｓ时，线所对应的切线斜率为４,则v1=4m/s，图象对称分布，3s末位移最大,所以3ｓ末速度为零，物体做匀减速直线运动，加速度a=，初速度ｖ0＝v1﹣at1＝4+2=6m／ｓ,所以ｔ=1s时,质点的位移

x=,故Ａ错误;

B、根据对称性可知，ｔ=1s和t=５s时图象的斜率的绝对值相等，则质点的速率相等,故B 正确；

C、物体做匀减速直线运动,ｔ=1ｓ和ｔ=5ｓ时，质点加速度的方向相同,故C正确；

D、５s末的速度v５＝v0+at5＝６﹣2×5=﹣4ｍ/s，

因为4m／ｓ＜６m／s,所以前5ｓ物体动能减小，所以合外力对质点做负功,故Ｄ错误．

故选：BC

点评：本题不常见,要求同学们能根据图象得出有效信息，知道位移﹣时间图象的斜率表示速度，难度适中.

８.如图,物块a、ｂ和c的质量相同，a和b、b和c之间用完全相同的轻弹簧S1和S２相连，通过系在a上的细线悬挂于固定点Ｏ．整个系统处于静止状态.现将细线剪断.将物块a的加速度的大小记为a1，S1和S２相对于原长的伸长分别记为△l1和△l2，重力加速度大小为g．在剪断的瞬间，（)

A.a1＝3g?

B.a1=0?C．△ｌ1=2△l2D．△l１=△l2

考点:牛顿第二定律；胡克定律．

专题:牛顿运动定律综合专题．

分析：对细线剪短前后的a、b、c物体分别受力分析,然后根据牛顿第二定律求解加速度与弹簧的伸长量．

解答：?解：A、B、对a、ｂ、c分别受力分析如图，

根据平衡条件，有：

对a:F2＝F１+mg

对b:F1=F+mｇ

对c：F=mg

所以：F１=2mｇ

弹簧的弹力不能突变，因形变需要过程,绳的弹力可以突变，绳断拉力立即为零.

当绳断后,b与ｃ受力不变,仍然平衡，故ａ＝０；

对ａ，绳断后合力为Ｆ合=F1+mg=3ｍg=ma a,ａB＝3g方向竖直向下;故A正确,B错误．C、D、当绳断后，b与c受力不变,则F1=k△l１,;同时：Ｆ=k△l2,所以:.联立得△l１=2△l2：故C正确，Ｄ错误．

故选:AＣ．

点评：考查了牛顿第二定律的瞬时性的应用，重点区分绳和弹簧弹力的特点,注意加速度与受力的瞬时对应关系．

9.如图所示，质量为ｍ、横截面为直角三角形的物块AＢC,∠ＢAＣ=α,ＡB边靠在竖直墙面上，F是垂直于斜面AC的推力．物块与墙面间的动摩擦因数为μ，现物块静止不动,则( ）

?A．物块可能受到4个力作用

?Ｂ.物块受到墙的摩擦力的方向一定向上

?C.物块对墙的压力一定为Fcosα

?D.物块受到摩擦力的大小等于μFcoｓα

考点：共点力平衡的条件及其应用;力的合成与分解的运用.

专题:共点力作用下物体平衡专题．

分析：对物块受力分析,首先受重力、墙的支持力和力F的作用,结合平衡条件判断摩擦力的情况．

解答：?解：A、对物块受力分析，首先受重力、墙的支持力和力F的作用,

竖直方向若Fsiｎα＝mg，则物体不受摩擦力作用，

若Fsｉｎα>mg或Fsｉnα＜mg则物块受摩擦力作用，即受重力、墙的支持力和力F以及摩擦力4个力,故Ａ正确；

B、若Fsiｎα>mｇ，根据平衡条件则受向下的摩擦力,故Ｂ错误；

C、根据平衡条件,水平方向：Fcｏsα=N,由牛顿第三定律则物块对墙的压力N′=N=Fcosα，即压力一定为Ｆcosα，C正确;

D、物体静止，受静摩擦力，不能由滑动摩擦力公式求解,故D错误;

故选:ＡC．

点评:本题关键对物体受力分析，然后根据共点力平衡条件,结合正交分解法列式求解.

10.如图所示，质量均可忽略的轻绳与轻杆,A端用铰链固定，滑轮在A点正上方（滑轮大小及摩擦均可不计)，Ｂ端吊一重物．现将绳的一端拴在杆的Ｂ端，用拉力F将Ｂ端缓慢上拉,在AB杆达到竖直前( )

Ａ.绳子拉力不变B．绳子拉力减小 C.AＢ杆受力增大?D．ＡＢ杆受力不变

考点：共点力平衡的条件及其应用;力的合成与分解的运用.

专题:共点力作用下物体平衡专题.

分析:以B点为研究对象，分析其受力情况,作出受力图,利用三角形相似法，得出各力与三角形AＢO三边边长的关系，再分析其变化.

解答: 解：以B点为研究对象,分析受力情况:重物的拉力T(等于重物的重力G)、轻杆的支持力N和绳子的拉力F，作出力图如图：

由平衡条件得知，N和F的合力与T大小相等，方向相反,根据三角形相似可得：

=＝

又T=G，解得：