2020届湖南长沙市一中新高考押题信息考试(一)物理试卷

2020届湖南长沙市一中新高考押题信息考试（一）高三物理★祝你考试顺利★注意事项：1、考试范围：高考考查范围。

2、答题前，请先将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色签字笔填写在试题卷和答题卡上的相应位置，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。

用2B铅笔将答题卡上试卷类型A后的方框涂黑。

3、选择题的作答：每个小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。

写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选择题答题区域的答案一律无效。

4、主观题的作答：用0.5毫米黑色签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。

写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非主观题答题区域的答案一律无效。

5、选考题的作答：先把所选题目的题号在答题卡上指定的位置用2B铅笔涂黑。

答案用0.5毫米黑色签字笔写在答题卡上对应的答题区域内，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选修题答题区域的答案一律无效。

6、保持卡面清洁，不折叠，不破损。

7、本科目考试结束后，请将本试题卷、答题卡、草稿纸一并依序排列上交。

一、单选题1.一静止的铀核放出一个α粒子衰变成钍核，衰变方程为U→Th＋He，下列说法正确的是A. 衰变后钍核的动能等于α粒子的动能B. 衰变后钍核的动量大小等于α粒子的动量大小C. 铀核的半衰期等于其放出一个α粒子所经历的时间D. 衰变后α粒子与钍核的质量之和等于衰变前铀核的质量【答案】B【解析】【详解】AB. 衰变过程满足动量守恒，所以衰变后钍核与氦核动量大小相等，方向相反，而动能Ek所以质量大的钍核动能更小，故A错误B正确。

C. 半衰期是所有原子由半数发生衰变需要的时间，而不是一个原子衰变，故C错误D.因为衰变过程释放能量，存在质量亏损，所以衰变后α粒子与钍核的质量之和小于衰变前铀核的质量，故D错误。

2. 甲、乙两车在公路上沿同一方向做直线运动，在t＝0 时刻，乙车在甲车前方50 m处，它们的v－t图象如图所示，下列对汽车运动情况的描述正确的是A. 在第30 s 末，甲、乙两车相距100 mB. 甲车先做匀速运动再做反向匀减速运动C. 在第20 s 末，甲、乙两车的加速度大小相等D. 在整个运动过程中，甲、乙两车可以相遇两次 【答案】D 【解析】试题分析：在第30s 末，甲的位移为1201020204002x m =⨯+⨯⨯=甲，乙的位移为120303002x m m =⨯⨯=乙，所以甲乙两车相距4003005050s m m =--=，故A 错误；由图象可知：甲车先做匀速运动再做匀减速直线运动，但甲的速度图象一直在时间轴的上方，一直沿正向运动，没有反向，故B 错误；在第20s 末，甲车的加速度为20201/3020v a m s t ∆-===-∆-甲，大小为1m/s 2；乙车的加速度大小为2202/303v a m s t ∆===∆乙，所以加速大小不相等，故C 错误；刚开始乙在甲的前面50m 处，甲的速度大于乙的速度，经过一段时间甲可以追上乙，然后甲在乙的前面，到30s 末，甲停止运动，甲在乙的前面50m 处，此时乙以20m/s 的速度匀速运动，所以再经过2.5s 乙追上甲，故在整个运动过程中，甲、乙两车可以相遇两次，故D 正确． 考点：考查了速度时间图像【名师点睛】在速度时间图像中，需要掌握三点，一、速度的正负表示运动方向，看运动方向是否发生变化，只要考虑速度的正负是否发生变化，二、图像的斜率表示物体运动的加速度，三、图像与坐标轴围成的面积表示位移，在坐标轴上方表示正方向位移，在坐标轴下方表示负方向位移3. 如图所示，一定质量的物体通过轻绳悬挂，结点为O ．人沿水平方向拉着OB 绳，物体和人均处于静止状态．若人的拉力方向不变，缓慢向左移动一小段距离，下列说法正确的是（ ）A. OA绳中的拉力先减小后增大B. OB绳中的拉力不变C. 人对地面的压力逐渐减小D. 地面给人的摩擦力逐渐增大【答案】D【解析】解：将重物的重力进行分解，当人的拉力方向不变，缓慢向左移动一小段距离，则OA与竖直方向夹角变大，OA的拉力由图中1位置变到2位置，可见OA绳子拉力变大，OB绳拉力逐渐变大；OA拉力变大，则绳子拉力水平方向分力变大，根据平衡条件知地面给人的摩擦力逐渐增大；人对地面的压力始终等于人的重力，保持不变；故选：D．【点评】本题考查了动态平衡问题，用图解法比较直观，还可以用函数法．4.如图所示，绝缘轻杆可绕中点O转动，其两端分别固定带电小球A和B，处于水平向右的匀强电场中．初始时使杆与电场线垂直，松开杆后，在电场力作用下，杆最终停在与电场线平行的位置上，则下列说法正确的是（）A. 球一定带正电荷B. A球的电荷量一定大于B球的电荷量C. B球的电势能一定减少D. 两球的电势能之和一定减少【答案】D【解析】【详解】A、B两个带电小球可以都同正电，也可以都带负，也可以是A带正电，B带负电；如果都带正电，两球受电场力都水平向右，A球的电荷量一定大于B球的电荷量大于B的电势能的增加量，A的电场力大于B的电场力，才会如图所示转动，同理如果都带负电，A球的电荷量一定小于B球的电荷量，如果A带正电，B带负电对两都电荷量的大小没有要求，所以A、B错；如果B球带正电，在转动过程中B球的电势能就增大，所以C错；如果都带正电，在转动过程中，电场力对A做正功，对B做负功，在电场线方向距离是一样的，而A球的电荷量一定大于B球的电荷量，所以A的电势能减小量，大于B的电势能的增加量，故两球的电势能之和一定减少，其它两种情形有类似的结论。

所以D正确。

5.如图所示，用两根相同的细绳水平悬挂一段均匀载流直导线MN，电流I方向从M到N，绳子的拉力均为F.为使F＝0，可能达到要求的方法是()A. 加水平向右的磁场B. 加水平向左的磁场C. 加垂直纸面向里的磁场D. 加垂直纸面向外的磁场【答案】C【解析】要使绳子的拉力变为零，加上磁场后，应使导线所受安培力等于导线的重力，由左手定则可判断，所加磁场方向应垂直纸面向里，导线所受安培力向上．二、多选题6.“天宫一号”与“神舟八号”交会对接成功，标志着我国对接技术上迈出了重要一步．如图所示为二者对接前做圆周运动的情形，M 代表“神舟八号”，N 代表“天宫一号”，则A. M 发射速度大于第二宇宙速度B. M 适度加速有可能与N 实现对接C. 对接前，M 的运行速度大于N 运行速度D. 对接后，它们的速度大于第一宇宙速度N 【答案】BC 【解析】【详解】A. 神舟八号绕地球飞行，故其发射速度小于第二宇宙速度，故A 错误；B. 神舟八号轨道半径低，适当加速后神舟八号做离心运动可实现与高轨道的天宫一号对接，故B 正确；C. 根据万有引力提供圆周运动向心力22mM v G m r r=可得卫星线速度GMv r=由于M 的轨道半径小于N ，故M 的运行速度大于N ，所以C 正确；D. 对接后，它们一起绕地球圆周运动，且轨道半径大于地球半径，所以其速度小于第一宇宙速度，故D 错误。

7.如图所示，当电路里滑动变阻器R 2的滑动触头P 向下滑动时（ ）A. 电容器C 两端的电压增大B. 电容器C 两极板间的电场强度增大C. 电压表的读数减小D. R 1消耗的功率增大 【答案】AB 【解析】P 下滑时2R 接入电路的电阻增大，总电阻增大，总电流减小，即通过1R 的电流减小，根据2P I R =可知1R 消耗的功率减小，D 错误；根据闭合回路欧姆定律可知内电压减小，外电压增大，电压表的读数增大，C 错误；由于1R 的电流减小，所以1R 两端的电压减小，故电容器两端的电压增大，根据UE d=可得两极板间的电场强度增大，AB 正确．【点睛】在分析电路动态变化时，一般是根据局部电路变化（滑动变阻器，传感器电阻）推导整体电路总电阻、总电流的变化，然后根据闭合回路欧姆定律推导所需电阻的电压和电流的变化（或者电流表，电压表示数变化），也就是从局部→整体→局部．8.在光滑的水平地面上方，有两个磁感应强度大小均为B ，方向相反的水平匀强磁场，如图所示，PQ 为两个磁场的边界，磁场范围足够大．一个半径为a ，质量为m ，电阻为R 的金属圆环垂直磁场方向，以速度v 从如图位置向右运动，当圆环运动到直径刚好与边界线PQ 重合时，圆环的速度为2v，则下列说法正确的是A. 此时圆环中的电功率为2224B a v RB. 此时圆环的加速度为224B a vmRC. 此过程中通过圆环截面的电量为2Ba RπD. 此过程中回路产生的电能为0.75mv 2 【答案】AC 【解析】【详解】A. 当圆环的直径与边界线PQ 重合时，圆环左右两个半环均产生感应电动势，有效切割的长度都等于直径，故线圈中的感应电动势为：2222vE B a Bav =⨯⨯= 圆环中的电功率为：22224E B a v P R R== 故A 正确。

B.此时圆环受力为：2228224Bav B a vF BI a B a R R=⨯=⨯⨯=故B 错误。

C. 此过程中，电路中的平均电动势为：2B a E t tπ∆Φ==∆∆ 则电路中通过的电量为：2E Ba Q I t t R Rπ=∆=∆=故C 正确。

D. 此过程中产生的电能等于电路中的热量，也等于外力所做的功，则一定也等于动能的改变量，故22221130.3752228v E mv m mv mv ⎛⎫=-== ⎪⎝⎭故D 错误；三、实验题9.研究性学习小组为“研究匀变速直线运动的规律”和“测当地的重力加速度”，采用了如图1所示的装置，其中m 1＝50g 、m 2＝150g ，开始时保持装置静止，然后释放物块m 2，m 2可以带动m 1拖着纸带打出一系列的点，只要对纸带上的点进行测量，即可研究匀变速直线运动。

某次实验打出的纸带如图2所示，0是打下的第一个点，两相邻点间还有4个点没有标出，交流电频率为50Hz 。

（1）系统的加速度大小为________m/s 2，在打点0～5的过程中，系统动能的增量ΔE k ＝________J 。

（2）忽略一切阻力的情况下，某同学作出的22v — h 图象如图3所示，则当地的重力加速度g ＝______m/s 2。

【答案】（1）4.8 0.576 （2） 9.6 【解析】试题分析：（1）据题意，从纸带可以求出系统的加速度：,而相邻计数点之间时间间隔为：0.1T s =，则加速度为：24.8/a m s =，在打点0～5的过程中，系统动能的增量为：21251()2k E m m v ∆=+，计数点5的瞬时速度为：465 2.4/2x v m s T==，则0.576k E J ∆=；（2）据2211251()()2m m gh m m v -=+，整理得：252112()2v m m ghm m -=+，则图像斜率为：2112()7.2 4.81.5m m g k m m -===+，重力加速度为：29.6/g m s =。