志鸿优化 赢在高考答案
《志鸿优化设计》2024届高考物理(广东专用)第一轮复习第八章电流单元检测(附答案)
单元检测八 电流（时间：60分钟 满分：100分）一、单项选择题（共4小题，每题4分，共16分）1．某同学用伏安法测小灯泡的电阻时，误将电流表和电压表接成如图所示的电路。
接通电源后，可能出现的状况是（ ）A ．电流表烧坏B ．电压表烧坏C ．小灯泡烧坏D ．小灯泡不亮2．如图所示为汽车蓄电池与车灯（电阻不变）、启动电动机组成的电路，蓄电池内阻为0.05 Ω。
电流表和电压表均为志向电表，只接通S 1时，电流表示数为10 A ，电压表示数为12 V ，再接通S 2，启动电动机工作时，电流表示数变为8 A ，则此时通过启动电动机的电流是（ ）A ．2 AB ．8 AC ．50 AD ．58 A3．如图所示，直线A 是电源的路端电压和电流的关系图线，直线B 、C 分别是电阻R 1、R 2的两端电压与电流的关系图线，若将这两个电阻分别接到该电源上，则（ ）A ．R 1接在电源上时，电源的效率高B ．R 2接在电源上时，电源的效率高C ．R 1接在电源上时，电源的输出功率大D ．电源的输出功率一样大4．某同学做电学试验（电源内阻r 不能忽视），通过变更滑动变阻器电阻大小，视察到电压表和电流表的读数同时变大，则他所连接的电路可能是图中的（ ）二、双项选择题（共5小题，每题6分，共30分）5．如图所示，电源电动势为E ，内电阻为r ，在滑动变阻器的滑片由b 向a 滑动过程中，下列说法中正确的是（ ）A ．电阻R 两端的电压增大B ．电容器C 两端电压减小C ．电容器C 上所带的电荷量增加D ．电源两端的电压增大6．某同学按如图电路进行试验，电压表内阻看做无限大，电流表内阻看做零。
试验中由于电路发生故障，发觉两电压表示数相同了（但不为零），若这种状况的发生是由用电器引起的，则可能的故障缘由是（ ）A ．R 3短路B ．R P 短路C ．R 3断开D ．R 2断开7．阻值较大的电阻R 1和R 2，串联后，接入电压为U 的恒定电路中，如图所示。
【志鸿优化设计—赢在高考】2014届高考一轮复习数学(人教A版·理)【配套训练】第三章 导数3.3
第3讲导数的应用(二)最值及导数的综合应用基础巩固1.当x≠0时,有不等式()A.ex<1+xB.当x>0时,ex<1+x,当x<0时,ex>1+xC.ex>1+xD.当x<0时,ex<1+x,当x>0时,ex>1+x【答案】C【解析】设y=ex-1-x,则y'=ex-1,于是当x>0时,函数y=ex-1-x是递增的;当x<0时,函数y=ex-1-x是递减的.故当x=0时,y有最小值y=0.因此应选C.2.右图中三条曲线给出了三个函数的图象,一条表示汽车位移函数s(t),一条表示汽车速度函数v(t),一条是汽车加速度函数a(t),则()A.曲线a是s(t)的图象,b是v(t)的图象,c是a(t)的图象B.曲线b是s(t)的图象,a是v(t)的图象,c是a(t)的图象C.曲线a是s(t)的图象,c是v(t)的图象,b是a(t)的图象D.曲线c是s(t)的图象,b是v(t)的图象,a是a(t)的图象【答案】D【解析】由于v(t)=s'(t),a(t)=v'(t),注意到所给的三条曲线中,只有曲线a上有部分点的纵坐标小于零,因此只有曲线a才能作为加速度函数a(t)的图象,曲线b有升有降,因此其导函数图象有正有负,这与所给曲线a的形状吻合,因此b为速度函数v(t)的图象.3.(2013届·江苏无锡月考)已知a≤+ln x,x∈恒成立,则a的最大值为()A.0B.1C.2D.3【答案】A【解析】设f(x)=+ln x,则f'(x)=+=,当x∈时,f'(x)<0,故函数f(x)在区间上单调递减,当x∈(1,2]时,f'(x)>0,故函数f(x)在区间[1,2]上单调递增,因此f(x)mi n=f(1)=0.故a≤0,即a的最大值为0.4.一艘轮船在航行中的燃料费和它的速度的立方成正比,已知在速度为每小时10km时的燃料费是每小时6元,而其他与速度无关的费用是每小时96元,则使行驶每千米的费用总和最小时,此轮船航行速度为()A.20 km/hB.25 km/hC.19 km/hD.18 km/h【答案】A【解析】设轮船速度为x(x>0)时,燃料费用为Q元,则Q=kx3,由6=k×103可得k=,于是Q=x3,总费用y=·=x2+,y'=x-,令y'=0得x=20,当x∈(0,20)时,y'<0,此时函数单调递减,当x∈(20,+∞)时,y'>0,此时函数单调递增,因此当x=20时,y取得最小值.故此轮船以20km/h 的速度行驶每千米的费用总和最小.5.已知f(x)=x2-cos x,x∈[-1,1],则导函数f'(x)是()A.仅有最小值的奇函数B.既有最大值,又有最小值的偶函数C.仅有最大值的偶函数D.既有最大值,又有最小值的奇函数【答案】D【解析】f'(x)=x+sin x,显然f'(x)是奇函数,令h(x)=f'(x),则h(x)=x+sin x,求导得h'(x)=1+cos x.当x∈[-1,1]时,h'(x)>0,所以函数h(x)在区间[-1,1]上单调递增,有最大值和最小值.故f'(x)是既有最大值又有最小值的奇函数.6.做一个圆柱形锅炉,容积为V,两个底面的材料每单位面积的价格为a元,侧面的材料每单位面积的价格为b元,当造价最低时,锅炉的底面直径与高的比为()A. B. C. D.【答案】C【解析】如图,设圆柱的底面半径为R,高为h,则V=πR2h.设造价为y=2πR2a+2πRhb=2πaR2+2πRb·=2πaR2+,则y'=4πaR-.令y'=0,得=.结合题意知,应选C.7.已知函数f(x)=-x3+ax2-4在x=2处取得极值,若m,n∈[-1,1],则f(m)+f'(n)的最小值是()A.-13B.-15C.10D.15【答案】A【解析】求导得f'(x)=-3x2+2ax,由函数f(x)在x=2处取得极值知f'(2)=0,即-3×4+2a×2=0,从而可得a=3.由此可得f(x)=-x3+3x2-4,f'(x)=-3x2+6x,易知函数f(x)在区间(-1,0)上单调递减,在区间(0,1)上单调递增,因此当m∈[-1,1]时,f(m)min=f(0)=-4.又f'(x)=-3x2+6x的图象开口向下,且对称轴为x=1,∴当n∈[-1,1]时,f'(n)min=f'(-1)=-9.故f(m)+f'(n)的最小值为-13.8.函数f(x)=x2-ln x的最小值为.【答案】【解析】由得x>1.由得0<x<1.故函数f(x)在x=1时,取得最小值f(1)=-ln1=.9.某工厂生产某种产品,已知该产品的月生产量x(t)与每吨产品的价格p(元/t)之间的关系式为p=24200-x2,且生产x t的成本为R=50000+200x(元),则该厂每月生产t产品才能使利润达到最大.(利润=收入-成本)【答案】200【解析】每月生产x t时的利润为f(x)=x-(50000+200x)=-x3+24000x-50000(x≥0).由f'(x)=-x2+24000=0得x1=200,x2=-200,舍去负值.故函数f(x)在[0,+∞)内有唯一的极大值点,也是最大值点.10.已知函数f(x)的自变量取值区间为A,若其值域也为A,则称区间A为f(x)的保值区间.若g(x)=x+m-ln x的保值区间是[2,+∞),则m的值为.【答案】ln2【解析】 g'(x)=1-=,当x≥2时,函数g(x)为增函数,因此函数g(x)的值域为[2+m-ln2,+∞),于是2+m-ln2=2,故m=ln2.11.已知函数f(x)=x3+ax2+bx+c,曲线y=f(x)在点x=1处的切线为l:3x-y+1=0,若x=时,y=f(x)有极值.(1)求a,b,c的值;(2)求y=f(x)在区间[-3,1]上的最大值和最小值.【解】(1)由f(x)=x3+ax2+bx+c,得f'(x)=3x2+2ax+b,当x=1时,切线l的斜率为3,可得2a+b=0.①当x=时,y=f(x)有极值,则f'=0,可得4a+3b+4=0.②由①②解得a=2,b=-4.由于切点的横坐标为x=1,则f(1)=4,因此1+a+b+c=4,即c=5.故a=2,b=-4,c=5.(2)由(1)可得f(x)=x3+2x2-4x+5,于是f'(x)=3x2+4x-4,令f'(x)=0,得x1=-2,x2=.当x变化时,y,y'的取值及变化如下表:x -3(-3,-2)-21y'+ 0 - 0 +y 8 ↗13↘↗ 4故y=f(x)在区间[-3,1]上的最大值为13,最小值为.12.某造船公司年造船量是20艘,已知造船x艘的产值函数为R(x)=3700x+45x2-10x3(单位:万元),成本函数为C(x)=460x+5000(单位:万元),又在经济学中,函数f(x)的边际函数Mf(x)定义为Mf(x)=f(x+1)-f(x).(1)求利润函数P(x)及边际利润函数MP(x);(提示:利润=产值-成本)(2)问年造船量安排多少艘时,可使公司造船的年利润最大?【解】(1)P(x)=R(x)-C(x)=-10x3+45x2+3240x-5000(x∈N*,且1≤x≤20);MP(x)=P(x+1)-P(x)=-30x2+60x+3275(x∈N*,且1≤x≤19).(2)P'(x)=-30x2+90x+3240=-30(x-12)·(x+9),∵x>0,∴P'(x)=0时,x=12,于是当0<x<12时,P'(x)>0,当x>12时,P'(x)<0.故x=12时,P(x)有最大值,即年造船量安排12艘时,可使公司造船的年利润最大.13.已知函数f(x)=x2+ln x.(1)求函数f(x)在区间[1,e]上的最大值和最小值;(2)求证:当x∈(1,+∞)时,函数f(x)的图象在g(x)=x3+x2的下方.【解】(1)∵f(x)=x2+ln x,∴f'(x)=2x+.∵x>1时,f'(x)>0,故f(x)在区间[1,e]上是增函数,∴f(x)的最小值是f(1)=1,最大值是f(e)=1+e2.(2)证明:令F(x)=f(x)-g(x)=x2-x3+ln x,则F'(x)=x-2x2+===,∵x>1,∴F'(x)<0.从而可知F(x)在(1,+∞)上是减函数,于是F(x)<F(1)=-=-<0.即f(x)<g(x).故当x∈(1,+∞)时,函数f(x)的图象总在g(x)=x3+x2的图象的下方.拓展延伸14.已知函数f(x)=ax+x2-xln a,a>1.(1)求证:函数f(x)在(0,+∞)上单调递增;(2)若对∀x1,x2∈[-1,1],|f(x1)-f(x2)|≤e-1恒成立,求a的取值范围.【解】(1)证明:f'(x)=axln a+2x-ln a=2x+(ax-1)ln a,由于a>1,故当x∈(0,+∞)时,ln a>0,ax-1>0,从而可知f'(x)>0,故函数f(x)在(0,+∞)上单调递增.(2)由(1)可知,当x∈(-∞,0)时,f'(x)<0,故函数f(x)在(-∞,0)上单调递减.因此,f(x)在区间[-1,0]上单调递减,在区间[0,1]上单调递增.于是f(x)min=f(0)=1,f(x)max=max{f(-1),f(1)},f(-1)=+1+ln a,f(1)=a+1-ln a,f(1)-f(-1)=a--2ln a,记g(x)=x--2ln x,因为g'(x)=1+-=≥0,所以g(x)=x--2ln x递增.于是可知f(1)-f(-1)=a--2ln a>0, 即f(1)>f(-1).因此f(x)max=f(1)=a+1-ln a.故对∀x1,x2∈[-1,1],|f(x1)-f(x2)|max=|f(1)-f(0)|=a-ln a,结合题意可知a-ln a≤e-1,从而可得1<a≤e.。
志鸿优化系列赢在高考2013高考地理一轮复习 12.3区域农.
第三讲区域农业的可持续发展、区域工业化与城市化进程随堂演练巩固读”某国工业化、城市化进程比较图”,完成1—2题。
1 关于该国工业化、城市化进程特点的叙述,正确的是 ( )①城市化与工业化呈同步增长趋势②阶段Ⅰ城市化进程速度比阶段Ⅱ快③该国可能属发达国家④阶段Ⅱ工业化促进了城市化A ①③B ①②C ③④D ②④【解析】从图中可以看出城市化与工业化在阶段Ⅲ的变化趋势不同;阶段Ⅱ城市化进程速度比阶段Ⅰ快。
【答案】 C2 阶段Ⅲ,该国新增就业机会主要来自( )①资金密集型产业②技术密集型产业③资源密集型产业④现代服务业A ①②B ②③C ①④D ②④【解析】进入逆城市化阶段时,产业结构中的第三产业和高新技术产业的比重明显增大。
【答案】 D读”美国部分农业带的分布图”,完成3—4题。
3 图中所示农业带不属于商品谷物农业的是( )A 甲B 乙C 丙D 丁【解析】本题主要考查读图分析能力。
甲、乙、丁位于美国中部平原地区,这里是世界上最大的商品谷物农业区。
【答案】 C4 乙农业带粮食商品率高,其原因除单位面积产量高以外,还有( )A 自然条件优越B 交通运输便利C 科技水平高D 人均耕地多【解析】乙农业带粮食商品率高,其原因除单位面积产量高以外,还有地广人稀、人均耕地多等。
【答案】 D下图为”甲、乙两地区城市化发展模式图”。
读图,完成 5—6题。
甲地区城市化发展模式图对外开放→外资企业建立→工业化→城市化乙地区城市化发展模式图大城市扩散→乡镇企业发展→工业化→城市化5 两地区城市化发展模式的共同点是( )A 有较大规模的人口迁移B 依靠外来资金支持城市化C 有当地政府的大量投资D 通过工业化带动城市化【解析】通过读图分析可知,两地区城市化发展模式都是通过工业化来带动城市化的。
【答案】 D6 下列有关两地区城市化发展模式的叙述,正确的是 ( )A 甲地区属外资驱动型的城市化B 乙地区属开发区驱动型的城市化C 甲地区的典型发展模式在苏南地区D 乙地区的典型发展模式在珠江三角洲【解析】甲地区城市化发展模式属于外资驱动型,在珠江三角洲地区比较典型;乙地区城市化发展模式属于大城市扩散驱动型,在苏南地区比较典型。
志鸿优化系列赢在高考2013高考地理一轮复习1.2地球、地.
4.如果纬线b 刚好是北温带和热带的界线，则在0点上空俯视，所见的地球可能为下图中的第一章地球与地图 第二讲 地球、地球仪和经纬网随堂演练巩固1下列四幅图中，甲地在乙地西北，丙地在丁地东南的是(【解析】A 图、C 图、D 图都是北半球图,A 图中，甲位于乙的西北，丙位于丁的东北；B图中，甲 位于乙的西北，丙位于丁的东南；C 图中甲位于乙的东北，丙位于丁的东南 图 中，甲位于乙的东北，丙位于丁的西北。
故B 图正确。
【答案】B2.在60° N 处相距一个经度的两个地点的实地距离最有可能是 ( )千米 千米 千米千米【解析】 南北纬60°纬线的长度约相当于赤道长度的一半 ，故B 项正确。
【答案】B右图表示地球局部经纬网，图中三条纵线表示经线，三条横线表示纬线，a 、b 相交于点0,读图 完成3 -4题。
如果图中的经纬度差都是 5。
则( 图中四个方块所表示的面积一定相等 图中的三条经线长度一定相等 图中0点一定在南北回归线之间【解析】 由于地球仪上所有经线的长度均相等，而图中三条经线所跨的纬度差也相等 ，故这三条经线的长度相等。
【答案】CE 图中的三条纬线和三条经线的长度一定都相等)4“ E 60' E100""50 S ABKO N120，k J 10* IW【解析】 北温带和热带的界线是北回归线，因此从北回归线上空看地球，可以看到北极圈的全 部、北半球的大部分、南半球的小部分。
【答案】A在下列的四幅图中，经纬度位置相同的两点是()① 和② ③和④【解析】 据图判断 ①(30 ° N,45 ° W)②(30N,45 ° W)故经纬度位置相同的是①④两点。
【答案】DS,135 ° W) ③(30 ° S,90 ° W)④(30②和③ ①和④、选择题F 列关于A 地相对于B 地的方向判断,排列顺序正确的是知，①图中A 在B 的西北方' ②图 南方。
《志鸿 赢在高考》2022届高考数学新课标全国二轮复习素能演练提升18选考部分 Word版含答案
素能演练提升十八1.如图,圆O的直径AB=9,直线CE与圆O相切于点C,AD⊥CE于点D,若AD=1,设∠ABC=θ,求sin θ的值.解:由于直线CE与圆O相切于点C,所以∠ABC=∠ACD=θ,由于AB是圆O的直径,所以BC⊥AC,在Rt△ABC中,sin θ=,在Rt△ACD中,sin θ=,所以sin2θ=,故sin θ=.2.如图,点A,B,C都在圆O上,过点C的切线交AB的延长线于点D,若AB=5,BC=3,CD=6,则线段AC的长是多少?解:由切割线定理知BD·AD=DC2,即BD(AB+BD)=DC2,又∵AB=5,CD=6,∴BD2+5BD-36=0.∴BD=4,或BD=-9(舍去).又∵△ADC∽△CDB,∴.∴AC=.3.如图,已知△ABC内接于圆O,点D在OC的延长线上,AD切圆O于A,若∠ABC=30°,AC=2,则AD的长为多少?解:连接OA.∵OA=OC,且∠AOC=2∠ABC=60°,∴△AOC是等边三角形.∴OA=AC=2.∵∠OAD=90°,∴∠D=30°,∴AD=AO=2.4.如图,AB为圆O的直径,E为AB延长线上一点,过E作圆O的切线,切点为C,过A作直线EC的垂线,垂足为D.若AB=4,CE=2,则AD等于多少? 解:由切割线定理得EC2=EB·EA,即12=EB·(EB+4),可求得EB=2.连接OC,则OC⊥DE,所以OC∥AD,所以,即,所以AD=3.5.如图,☉O的两条割线与☉O交于A,B,C,D,圆心O在PB上,若PC=6,CD=7,PO=12,则AB等于多少? 解:由割线定理得PC·PD=PA·PB,所以有6×=(12-r)(12+r),解得r=8,所以AB=2r=16.6.如图,AB,AC是☉O的两条切线,切点分别为B,C.若∠BAC=60°,BC=6,则☉O的半径r等于多少? 解:连接BO,CO,则∠BOC=120°,所以有BC=OB=6.所以r=OB==2.7.如图,PT是圆O的切线,PAB是圆O的割线,若PT=2,PA=1,∠P=60°,则圆O的半径是多少?解:连接AT,BT,在△APT中,∠P=60°,PT=2,PA=1,AT=,∴∠TAP=90°.∴∠BAT=90°.∴BT是圆的直径.∵PT是圆O的切线,PAB是圆O的割线,∴PT2=PA·PB,△PAT∽△PTB.∴,得BT=2.因此圆O的半径为.8.(2021河南信阳其次次调研,22)如图,△ABC内接于直径为BC的圆O中,过点A作圆O的切线交CB的延长线于点P,∠BAC 的平分线分别交BC和圆O于点D,E,若PA=2PB=10.(1)求证:AC=2AB;(2)求AD·DE的值.(1)证明:∵PA是圆O的切线,∴∠PAB=∠ACB.又∠P是公共角,∴△ABP∽△CAP.∴=2.∴AC=2AB.(2)解:由切割线定理,得PA2=PB·PC,∴PC=20.又PB=5,∴BC=15.又∵AD是∠BAC的平分线,∴=2.∴CD=2DB.∴CD=10,DB=5.又由相交弦定理,得AD·DE=CD·DB=50.9.(2021吉林长春质检(二),22)如图,过点P作圆O的割线PBA与切线PE,E为切点,连接AE,BE,∠APE的平分线与AE,BE分别交于点C,D,其中∠AEB=30°.(1)求证:;(2)求∠PCE的大小.(1)证明:由题意可知,∠EPC=∠APC,∠PEB=∠PAC,∴△PED∽△PAC.∴.又,∴.(2)解:由∠EPC=∠APC,∠PEB=∠PAC,可得∠CDE=∠ECD,在△ECD中,∠CED=30°,可知∠PCE=75°.10.(2021江苏南通密卷三,21)如图,AB是圆O的直径,D为圆O上一点,过D作圆O的切线交AB的延长线于点C.若AB=2BC,求证:∠A=∠C.解:连接OD,BD,∵AB是圆O的直径,∴∠ADB=90°,AB=2OB.∵AB=2BC,∴AB=OC.∵DC是圆O的切线,∴∠CDO=90°.∵OB=BC,∴BD=OC.∵OA=OB,∴OD=AB.∴BD=OD.∴△ADB≌△CDO.∴AD=DC,∴∠A=∠C.11.(2021甘肃天水一轮检测,22)如图,AB是☉O的直径,AC是弦,∠BAC的平分线AD交☉O于D,DE⊥AC交AC延长线于点E,OE交AD于点F.(1)求证:DE是☉O的切线;(2)若,求的值.(1)证明:连接OD,可得∠ODA=∠OAD=∠DAC,∴OD∥AE.又AE⊥DE,∴OD⊥DE.∴DE是☉O的切线.(2)解:过D作DH⊥AB于H,则有∠DOH=∠CAB,∴cos ∠DOH=cos ∠CAB=.设OD=5x,则OH=3x,∴AH=8x.由△ADE≌△ADH,可得AE=AH=8x,又△AEF∽△DOF,∴.。
《志鸿 赢在高考》2022届高考物理新课标全国二轮复习高考仿真测试(六) Word版含答案
高考仿真测试(六) (时间:60分钟,满分:110分)第Ⅰ卷(选择题共48分)一、选择题:本题共8小题,每小题6分,共48分.在1~5小题给出的四个选项中,只有一个选项正确,在6~8小题给出的四个选项中有多个选项正确,全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分.1.物理公式不仅反映了物理量之间的关系,也确定了单位间的关系.现有物理量单位:m(米)、s(秒)、C(库)、A(安)、V(伏)、F(法)、T(特)和Wb(韦伯),由它们组合成的单位与力的单位N(牛)等价的是()A.V·C/sB.C/F·sC.T·s·C/mD.Wb·A/m解析:由P=IU=知,V·C/s等价于功率的单位W,A不符合;由U=知,C/F·s等价于V/s,B不符合;由F=Bqv知,力的单位N等价于T·C·m/s,C不符合;因磁感应强度的另一等价单位为Wb/m2,由F=BIL 可知,力的单位等价于Wb·A/m,D符合.答案:D2.距地面高5 m的水平直轨道上A、B两点相距2 m,在B点用细线悬挂一小球,离地高度为h,如图.小车始终以4 m/s的速度沿轨道匀速运动,经过A点时将随车携带的小球由轨道高度自由卸下,小车运动至B点时细线被轧断,最终两球同时落地.不计空气阻力,重力加速度的大小g取10 m/s2.可求得h等于()A.1.25 mB.2.25 mC.3.75 mD.4.75 m解析:B点下方小球比A点处小球晚运动Δt==0.5 s,设A点处小球自由落体运动时间为t,则5m=gt2,h=g(t-Δt)2,以上两式联立得h=1.25 m,故A项正确.答案:A 3.如图所示,质量均为m的A、B两物体分别固定在质量不计的轻弹簧的两端,当A静止时弹簧的压缩量为l.现用一竖直向上的恒力F=3mg作用于A上,当A运动一段距离x后撤去F,结果B刚好不离开水平面,则l∶x的值为()A.3∶2B.3∶1C.2∶1D.无法确定解析:在A物体静止时弹簧弹力等于A物体的重力,在B物体刚好不离开地面时弹簧弹力恰好等于B物体的重力,可知弹簧在初始状态时的压缩量与A物体到达最高点时拉伸量相等,而弹簧的弹性势能与弹簧的形变量成正比,故此过程中弹簧弹性势能的转变量为0,再由能量守恒知力F所做的功等于A物体增加的重力势能,即Fx=mg×2l,故l∶x=F∶(2mg)=3∶2,A正确.答案:A4.如图所示,一抱负变压器原线圈输入正弦交变电流的频率为50 Hz,电压表示数为11 000 V,灯泡L1与L2的电阻相等,原线圈与副线圈的匝数比为n1∶n2=50∶1,电压表和电流表均为抱负电表,则()A.原线圈输入的交变电流的表达式为u=11 000sin 50πt VB.开关K未闭合时,灯泡L1的两端的电压为220 VC.开关K闭合后电流表的示数为通过灯泡L1中电流的D.开关K闭合后原线圈输入功率增大为原来的4倍解析:正弦交变电流的表达式为u=U m sin ωt V,其中电压最大值U m为11 000 V,ω=2πf=100π rad/s,A 错误;电压表的示数是有效值,依据变压比求得副线圈两端电压为220 V,B对;开关K闭合后,两灯泡两端电压相等,故通过两灯泡的电流相等,C错误;开关闭合后,副线圈负载为原来的2倍,故功率为原来的2倍,D错误.答案:B5.嫦娥五号探测器由轨道器、返回器、着陆器等多个部分组成.探测器估计在2021年由长征五号运载火箭在中国文昌卫星放射中心放射升空,自动完成月面样品采集,并从月球起飞,返回地球,带回约2 kg 月球样品.某同学从网上得到一些信息,如表格中的数据所示,请依据题意,推断地球和月球的密度之比为( )A.B.C.4D.6解析:在地球表面,重力等于万有引力,故mg=G解得M=,故密度为ρ= 同理得月球的密度为ρ0= 故地球和月球的密度之比=6×. 答案:B6.利用霍尔效应制作的霍尔元件,广泛应用于测量和自动把握等领域.如图是霍尔元件的工作原理示意图,磁感应强度B 垂直于霍尔元件的工作面对下,通入图示方向的电流I ,C 、D 两侧面会形成电势差U CD ,下列说法中正确的是( )A.若霍尔元件的载流子是自由电子,则侧面C 带负电B.电势差U CD 仅与材料有关C.仅增大C 、D 间的宽度时,电势差U CD 变小D.在测定地球两极上方的地磁场强弱时,元件的工作面应保持水平解析:霍尔元件中有电流通过时,将受到此次的洛伦兹力作用而发生偏转,若霍尔元件的载流子是自由电子,则依据左手定则简洁推断电子将向C 侧偏转,故侧面C 带负电,选项A 正确;载流子形成的电势差满足qvB=q ,则U CD =Bvd ,即U CD 与磁感应强度、载流子速度以及C 、D 间的宽度有关,故选项B 、C 错误;地球两极上方的地磁场指向两极,所以在测定地球两极上方的地磁场强弱时,元件的工作面应保持水平,选项D 正确. 答案:AD7.如图所示,竖直平面内有一固定的光滑椭圆大环,其长轴长BD=4L 、短轴长AC=2L.劲度系数为k 的轻弹簧上端固定在大环的中心O ,下端连接一个质量为m 、电荷量为q 、可视为质点的小环,小环刚好套在大环上且与大环及弹簧绝缘,整个装置处在水平向右的匀强电场中.将小环从A 点由静止释放,小环运动到B 点时速度恰好为0.已知小环在A 、B 两点时弹簧的形变量大小相等.则( ) A.小环从A 点运动到B 点的过程中,弹簧的弹性势能始终增大 B.小环从A 点运动到B 点的过程中,小环的电势能始终减小 C.电场强度的大小E=D.小环在A 点时受到大环对它的弹力大小F=mg+kL解析:因从A 点到B 点的过程中小环距O 点的距离始终增大,而小环在A 、B 两点时弹簧的形变量大小相等,可知弹簧在此过程中先是压缩量渐渐减小,在恢复原长后拉伸量又渐渐增大,故弹簧的弹性势能是先减小后增大的,A 错误.由小环释放后从A 向B 运动,可知小环带正电,而沿电场线方向电势渐渐降低,故其电势能渐渐减小,B 正确.整个过程中由能量守恒可知重力势能的增加量恰好等于电势能的减小量,即qE×BD=mg×AC ,有E=,C 错误.小环在A 点时速度为零,所需向心力为零,即在竖直方向上合力为零,可得F=mg+kx ;而在A 、B 两点处有OB-OA=2x,即x=,故D 正确. 答案:BD 8.如图所示,光滑金属导轨AC 、AD 固定在水平面内,并处在方向竖直向下、大小为B 的匀强磁场中.有一质量为m 的导体棒以初速度v 0从某位置开头在导轨上水平向右运动,最终恰好静止在A 点.在运动过程中,导体棒与导轨始终构成等边三角形回路,且通过A 点的总电荷量为Q.已知导体棒与导轨间的接触电阻阻值恒为R ,其余电阻不计.则( ) A.该过程中导体棒做匀减速运动B.该过程中接触电阻产生的热量为C.开头运动时,导体棒与导轨所构成回路的面积为S=D.当导体棒的速度为v0时,回路中感应电流大小为初始时的一半解析:感应电动势E=BLv,感应电流I=,导体棒受到的安培力F=BIL=,由于导体棒在运动过程中L 不断减小,则安培力不断减小,导体棒的加速度减小,导体棒做加速度减小的减速运动,不做匀减速运动,故A错误;导体棒克服安培力做功,导体棒的动能转化为焦耳热,由能量守恒定律可得,接触电阻产生的焦耳热Q=,故B正确;在整个过程中,感应电荷量Q=IΔt=Δt=,则S=,故C正确;当导体棒的速度为v0时,导体棒的长度L减小,感应电流I=,则感应电流大小小于初始时的一半,故D错误.答案:BC第Ⅱ卷(非选择题共62分)二、非选择题:包括必考题和选考题两部分.第9题~第12题为必考题,每个小题考生都必需作答.第13题~第15题为选考题,考生依据要求作答.(一)必考题(4题,共47分)9.(6分)如图所示,一端带有滑轮的粗糙长木板,1、2是固定在木板上的两个光电门,中心间的距离为L.质量为M的滑块A上固定一宽度为d的遮光条,在质量为m的重物B牵引下从木板的顶端由静止滑下,光电门1、2记录遮光时间分别为Δt1和Δt2.(1)用此装置验证牛顿其次定律,且认为A受到外力的合力等于B的重力,除平衡摩擦力外,还必需满足;试验测得的加速度为(用上述字母表示);(2)假如已经平衡了摩擦力,(选填“能”或“不能”)用此装置验证A、B组成的系统机械能守恒,理由是.解析:(1)依据牛顿其次定律,对整体有a=,则绳子的拉力F=Ma=,当M≫m,重物的总重力等于绳子的拉力,等于滑块的合力.滑块通过光电门1的瞬时速度v1=,通过光电门2的瞬时速度v2=,由匀变速直线运动的速度位移公式得=2aL,解得a=.(2)已经平衡了摩擦力,对A、B组成的系统,该装置不能验证系统机械能守恒,由于摩擦力做功,没有满足只有重力做功,故机械能不守恒.答案:(1)M≫m(1分)(3分)(2)不能摩擦力做功,没有满足只有重力做功,故机械能不守恒(2分)10.(9分)为了探究半导体热敏电阻的阻值R T与热力学温度T的关系,某同学设计了如图甲所示的电路.图中R T是热敏电阻,R1是电阻箱,R2、R3是定值电阻,R是滑动变阻器,V是零刻度在正中心的电压表,S是开关,E是电池.甲乙(1)在图乙中将实物图按电路原理图连线;(2)闭合开关S,调整电阻箱R1,使电压表的示数为零,登记此时R1的阻值和热敏电阻的温度T0,则在温度T0时,热敏电阻的阻值R T=;(3)转变热敏电阻的温度,测量相应的电阻值,得到多组数据.该同学查阅资料发觉,在肯定温度范围内,热敏电阻的阻值R T与该电阻的热力学温度T之间满足关系R T=A,式中A、B为常数.丙利用试验得到的数据,该同学作出了如图丙所示的图线,证明白以上关系式成立,并求出了常数A、B.该同学所作图线是以为纵轴.解析:(2)因电压表示数为零,可知电压表两端电势相等,且无电流通过电压表,则电路结构为R T与R1并联、R2与R3并联,然后再串联,且通过R T与R2的电流相等、通过R1与R3的电流相等,故,可得R T=.(3)由R T=A可得ln R T=B·+ln A,可见ln R T- 关系图象符合题目给定的函数关系图象.答案:(1)如图所示(4分)(2)(2分)(3)ln R T(3分)11.(14分)如图所示,倾角α=30°的足够长光滑斜面固定在水平面上,斜面上放一长L=1.8 m、质量M=3 kg 的薄木板,木板的最右端叠放一质量m=1 kg的小物块,物块与木板间的动摩擦因数μ=.对木板施加沿斜面对上的恒力F,使木板沿斜面由静止开头做匀加速直线运动.设物块与木板间最大静摩擦力等于滑动摩擦力,重力加速度g取10 m/s2.(1)为使物块不滑离木板,求力F应满足的条件;(2)若F=37.5 N,物块能否滑离木板?若不能,请说明理由;若能,求出物块滑离木板所用的时间及滑离木板后沿斜面上升的最大距离.解析:(1)对M、m,由牛顿其次定律F-(M+m)g sin α=(M+m)a①对m,有f-mg sin α=ma②f≤μmg cos α③代入数据得F≤30 N.④(2)F=37.5 N>30 N,物块能滑离木板⑤对M,有F-μmg cos α-Mg sin α=Ma1⑥对m,有μmg cos α-mg sin α=ma2⑦设物块滑离木板所用时间为t,由运动学公式a1t2-a2t2=L⑧代入数据得t=1.2 s⑨物块滑离木板时的速度v=a2t⑩由公式-2gs sin α=0-v2代入数据得s=0.9 m评分标准:④式各2分,其余各式1分,共14分.答案:(1)F≤30 N(2)能1.2 s0.9 m12.(18分)如图所示,在坐标系xOy的其次象限内有沿y轴负方向的匀强电场,电场强度大小为E.第三象限内存在匀强磁场Ⅰ,y轴右侧区域内存在匀强磁场Ⅱ,Ⅰ、Ⅱ磁场的方向均垂直于纸面对里.一质量为m、电荷量为+q的粒子自P(-l,l)点由静止释放,沿垂直于x轴的方向进入磁场Ⅰ,接着以垂直于y轴的方向进入磁场Ⅱ,不计粒子重力.(1)求磁场Ⅰ的磁感应强度B1;(2)若磁场Ⅱ的磁感应强度B2=B1,粒子从磁场Ⅱ再次进入电场,求粒子其次次离开电场时的横坐标;(3)若磁场Ⅱ的磁感应强度B2=3B1,求粒子在第一次经过y轴到第六次经过y轴的时间内,粒子的平均速度.解析:(1)设粒子垂直于x轴进入Ⅰ时的速度为v由运动学公式2al=v2①由牛顿其次定律Eq=ma②由题意知,粒子在Ⅰ中做圆周运动的半径为l由牛顿其次定律qvB1=③得B1=.④(2)粒子运动的轨迹如图所示,粒子其次次进入电场,在电场中做类平抛运动x负方向x=vt⑤y负方向l=at2⑥得x=2l,则横坐标x'=-2l.⑦(3)粒子运动的轨迹如图所示,设粒子在磁场Ⅰ中运动的半径为r1,周期为T1,在磁场Ⅱ中运动的半径为r2,周期为T2r1=l3qvB1=⑧T1=⑨T2=⑩得r2=T2=粒子在第一次经过y轴到第六次经过y轴的时间t=T1+T2粒子在第一次经过y轴到第六次经过y轴时间内的位移s=6r2平均速度得,方向沿y轴负方向评分标准:本题共18分,⑦每式2分,其余每式1分.答案:(1)(2)-2l(3)(二)选考题:共45分.请考生从给出的3道物理题任选一题作答,假如多做,则按所做的第一题计分.13.【物理——选修3-3】(15分)(1)(5分)下列说法正确的是.(选对1个得2分,选对2个得4分,选对3个得5分,每选错1个扣3分,最低得分为0分)A.布朗运动是指悬浮在液体中的固体分子的无规章运动B.当分子力表现为引力时,分子势能随分子间距离的增大而增大C.热量在任何条件下都不行能从低温物体传到高温物体D.第一类永动机不行能制成,是由于它违反了能量守恒定律E.液晶显示屏是应用液晶的光学各向异性制成的(2)(10分)(2021上海虹口区一模)如图甲所示,竖直放置的汽缸内壁光滑,横截面积为S=10-3 m2,活塞的质量为m=2 kg,厚度不计.在A、B两处设有限制装置,使活塞只能在A、B之间运动,B下方汽缸的容积为1.0×10-3 m3,A、B之间的容积为2.0×10-4 m3,外界大气压强p0=1.0×105 Pa.开头时活塞停在B处,缸内气体的压强为0.9p0,温度为27 ℃,现缓慢加热缸内气体,直至327 ℃.求:①活塞刚离开B处时气体的温度t2;②缸内气体最终的压强;③在图乙中画出整个过程中的p-V图线.解析:(1)布朗运动是布朗粒子的整体运动,布朗粒子是由大量分子组成的分子集团,A错误.分子力为引力,分子间距离增大时分子引力做负功,故分子势能增大,B正确.热量在不引起其他影响的状况下不能从低温物体传到高温物体,但在引起其他影响时则可以,C错误.第一类永动机违反了能量守恒定律,D正确.液晶显示屏是应用液晶的光学各向异性制成的,E正确.(2)①活塞刚离开B处时,气体压强p2=p0+=1.2×105 Pa(1分)气体等容变化,(1分)代入数据,解出t2=127 ℃.(2分)②设活塞最终移动到A处,抱负气体状态方程:(1分)即(1分)代入数据,解出p3=p0=1.5p0=1.5×105 Pa(2分)由于p3>p2,故活塞最终移动到A处的假设成立.③如图所示.(2分)答案:(1)BDE(2)①127 ℃②1.5×105 Pa③见解析图14.【物理——选修3-4】(15分)(1)(5分)下列四幅图的有关说法中正确的是.(选对1个得2分,选对2个得4分,选对3个得5分,每选错1个扣3分,最低得分为0分)A.对于①,由两个简谐运动的图象可知,它们的相位差为或者πB.对于②,当球与横梁之间存在摩擦的状况下,球的振动不是简谐运动C.对于③,频率相同的两列波叠加时,某些区域的振动加强,某些区域的振动减弱D.对于④,当简谐波向右传播时,质点A此时的速度沿y轴负方向E.对于④,当简谐波向左传播时,质点A随简谐波向左平移(2)(10分)如图是一种折射率n=1.5的棱镜,现有一束光线沿MN的方向射到棱镜的AB界面上,入射角的正弦值为sin i=0.75.①求光在棱镜中传播的速率;②通过计算说明此束光线射出棱镜后的方向并画出光路图(不考虑返回到AB面上的光线).解析:(1)由两个简谐运动的图象可知:它们的相位差为,A错误.当球与横梁之间存在摩擦的状况下,球的振动不是简谐运动,B正确.频率相同的两列波叠加时,某些区域的振动加强,某些区域的振动减弱,产生干涉,C正确.当简谐波向右传播时,质点A此时的速度沿y轴负方向,D正确.质点不会随波平移,只会在平衡位置四周上下振动,E错误.(2)①由n=得v==2×108 m/s.(2分)②设光线进入棱镜后的折射角为r,由=n,得sin r==0.5,r=30°(2分)光线射到BC界面时的入射角i1=90°-45°=45°(2分)由于sin 45°>,所以光线在BC边发生全反射,光线沿DE方向射出棱镜后的方向与AC边垂直,光路图如图所示.(4分)答案:(1)BCD(2)①2×108 m/s②见解析图15.【物理——选修3-5】(15分)(1)(5分)下列说法正确的是.(选对1个得2分,选对2个得4分,选对3个得5分,每选错1个扣3分,最低得分为0分)A.β衰变所释放的电子是原子核外的电子电离形成的B.光电效应和电子的衍射现象说明粒子的波动性C.原子从a能级状态跃迁到b能级状态时放射波长为λ1的光子,原子从b能级状态跃迁到c能级状态时吸取波长为λ2的光子,已知λ1>λ2.那么原子从a能级状态跃迁到c能级状态时将要吸取波长的光子D.α粒子散射试验说明白原子具有核式结构E.太阳辐射的能量主要来自太阳内部的热核反应(2)(10分)如图所示,A、B、C三个木块的质量均为m,置于光滑的水平面上,C刚好与竖直墙面接触,B、C分别连接于轻质弹簧的两端,弹簧处于原长状态.现让A以速度v0水平向右运动,与B相碰后快速粘合在一起.求:①弹簧的最大弹性势能;②C离开墙面后,C的最大速度.解析:(1)β衰变所释放的电子是原子核内中子转化成的,A错误.光电效应说明光具有粒子性,电子的衍射现象说明粒子的波动性,B错误.由题意知,解得λ=,已知λ1>λ2,即原子从a能级状态跃迁到c能级状态时将要吸取波长的光子,C正确.α粒子散射试验说明白原子具有核式结构,D正确.太阳辐射的能量主要来自太阳内部的热核反应,E正确.(2)A、B动量守恒:mv0=2mv①解得v=×2mv2=E p②所以弹性势能最大值E p=③弹簧第一次恢复原长时的速度为v=④C离开墙后A、B、C动量守恒,可得2mv=2mv1+mv2⑤由能量守恒:×2mv2=×2m×m⑥联立解得v2=v0⑦其方向水平向左⑧①②③④⑦⑧各1分,⑤⑥各2分.答案:(1)CDE(2)①②v0。
《志鸿 赢在高考》2022届高考物理新课标全国二轮复习高考仿真测试(二) Word版含答案
高考仿真测试(二)(时间:60分钟,满分:110分)第Ⅰ卷(选择题共48分)一、选择题:本题共8小题,每小题6分,共48分.在 1~5小题给出的四个选项中,只有一个选项正确,在6~8小题给出的四个选项中有多个选项正确,全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分.1.“比值定义”是物理学中最常用的思想方法之一,在下表中给出的物理量表达式中接受这种思想方法定义的个数为()A.1个B.2个C.3个D.4个解析:表中给出的物理量表达式,只有磁感应强度、电容、电场强度是比值法定义式,加速度a=、电流强度I=属于物理规律的表达式,不是定义式.C选项正确.答案:C2.嫦娥三号探月卫星携带我国第一艘月球车,顺当实现了中国首次月面软着陆.嫦娥三号放射升空后,经过奔月、环月,最终着陆于月球表面.月球车在月球工作三个月到半年,之后永久留在月球.已知月球和地球质量之比约为、半径之比约为,地球上的第一宇宙速度约为7.9 km/s.则下列说法正确的是()A.嫦娥三号奔月过程中速度要低于7.9 km/sB.嫦娥三号到达月球表面四周环绕月球匀速圆周运动的线速度约为1.8 km/sC.携带月球车的着陆器在月球上着陆过程中肯定处于失重状态D.由于月球表面重力加速度较小,故月球车在月球上执行巡察探测任务时处于失重状态解析:卫星要放射成功,其速度必需超过第一宇宙速度,嫦娥三号奔月过程中速度会超过7.9 km/s,A 选项错误;嫦娥三号在月球表面四周匀速圆周运动时,线速度可由G=m得v=×7.9 km/s=1.8 km/s,B 选项正确;月球车着陆过程中减速下降,处于超重状态,C选项错误;月球车在月球上所受重力小于在地球上所受的重力,这与是否失重无关,D选项错误.答案:B3.如图所示,边长为a的正方形金属线框沿x轴水平向右匀速穿过一高为a、边长为2a的等腰三角形磁场区域,磁场为匀强磁场,方向垂直纸面对里,线框的底边和磁场下边界均与x轴重合.取逆时针方向为电流的正方向,能够正确表示导线框中电流i随位移x变化关系的是()解析:当位移x<a时,切割磁感线的导线长度也为x,则由法拉第电磁感应定律及欧姆定律得i=∝x,由右手定则可知电流沿正方向;当a<x<2a时,有两段导线切割磁感线,则i=,可知当x=时i=0,当x>时i<0,故B项正确.答案:B4.将一个质量为m的纸团从距离地面h高处由静止释放后,纸团恰以g的加速度沿竖直方向下落到地面,下列说法中正确的有()A.物体重力势能削减mghB.物体落至地面时的重力势能为0C.物体下落过程中重力势能削减得越来越快D.物体下落过程中重力做功等于其动能增量解析:物体下落到地面,重力做功mgh,其重力势能也削减mgh,A项错;题目没有指明地面为零势面,B 项错;物体下落过程中速度越来越大,重力的功率越来越大,则重力势能削减得越来越快,C项对;物体动能增量等于合外力所做的总功,物体下落过程中除重力做功外还有阻力做功,D项错.答案:C5.如图甲为远距离输电示意图,升压变压器原副线圈匝数比为1∶10,降压变压器副线圈接有负载电路,升压变压器和降压变压器之间的长距离输电线路的电阻不能忽视,变压器视为抱负变压器,升压变压器左侧输入端输入如图乙所示交变电压,下列说法中正确的是()A.升压变压器副线圈输出电压的频率为50 HzB.升压变压器副线圈输出电压的有效值为31 VC.滑片P向右移动时,降压变压器的输出电压变大D.滑片P向右移动时,整个输电系统的效率上升解析:依据变压器的工作原理,变压器并不转变交变电流的频率和周期,所以升压变压器副线圈输出电压的周期仍为0.02 s,频率仍为50 Hz,选项A正确;依据图乙,升压变压器输入电压的最大值为310 V,那么依据变压比公式可知,副线圈输出电压的最大值为3 100 V,有效值为 V,B错误;滑片P向右移动时,降压变压器副线圈电路的总电阻减小,输出电流增大,通过输电线上的电流增大,电压损失增大,降压变压器的输入电压和输出电压均减小,选项C错误;由于滑片P向右移动时,输电线上损失的功率增大,整个输电系统的效率降低,选项D错误.答案:A6.(2021山东潍坊模拟)一辆汽车正以v1=10 m/s的速度在平直大路上匀速行驶,发觉正前方有一辆自行车以v2=4 m/s 的速度做同方向的匀速直线运动,汽车马上关闭油门做加速度大小为a=0.6 m/s2的匀减速运动,汽车恰好没有碰上自行车,则()A.关闭油门后,汽车恰好没有碰上自行车时所用时间为10 sB.关闭油门后,汽车恰好没有碰上自行车时所用时间为 sC.关闭油门时,汽车与自行车的距离为30 mD.关闭油门时,汽车与自行车的距离为 m解析:撞不上的临界条件为速度相等时恰好追上,已知汽车的初速度为v1,自行车的速度为v2,则有v1-at=v2,代入数据解得t=10 s,故A正确,B错误;设汽车的位移为s1,自行车的位移为s2,则由位移关系s1=s2+x,即t=v2t+x,解得x=30 m,故C正确,D错误.答案:AC7.(2021江苏淮安模拟)如图甲所示,轻杆一端与质量为 1 kg、可视为质点的小球相连,另一端可绕光滑固定轴在竖直平面内自由转动.现使小球在竖直平面内做圆周运动,经最高点开头计时,取水平向右为正方向,小球的水平分速度v随时间t的变化关系如图乙所示,A、B、C三点分别是图线与纵轴、横轴的交点和图线上第一周期内的最低点,该三点的纵坐标分别是1、0、-5.g取10 m/s2,不计空气阻力.下列说法中正确的是()A.轻杆的长度为0.6 mB.小球经最高点时,杆对它的作用力方向竖直向上C.B点对应时刻小球的速度为3 m/sD.曲线AB段与坐标轴所围图形的面积为0.5 m解析:设杆的长度为L,小球从A到C的过程中机械能守恒,得+2mgL=,所以L= m=0.6 m,故A正确;若小球在A点恰好对杆的作用力是0,则=mg,临界速度v0= m/s= m/s>v A=1 m/s,由于小球在A点的速度小于临界速度,所以小球做圆周运动需要的向心力小于重力,杆对小球的作用力的方向向上,是竖直向上的支持力,故B正确;小球从A到B的过程中机械能守恒,得+mgL=,所以v B= m/s= m/s,故C错误;由于y轴表示的是小球在水平方向的分速度,所以曲线AB段与坐标轴所围图形的面积表示A 到B的过程小球在水平方向的位移,大小等于杆的长度,即0.6 m,故D错误.答案:AB8.如图所示,图甲中MN为足够大的不带电接地薄金属板.在金属板的右侧,距离为d的位置上放入一个电荷量为+q的点电荷O,由于静电感应产生了如图所示的电场分布.P是金属板上的一点,P点与点电荷O之间的距离为r,几位同学想求出P点的电场强度大小,但发觉问题很难.他们经过认真争辩,从图乙所示的电场中得到了一些启示,经过查阅资料他们知道:图甲所示的电场分布与图乙中虚线右侧的电场分布是一样的.图乙中两异号点电荷电荷量的大小均为q,它们之间的距离为2d,虚线是两点电荷连线的中垂线.由此他们分别对P点的电势和电场强度作出以下推断,其中正确的是()A.P点的电势为零B.P点的电势大于零C.P点电场强度的方向垂直于金属板向左,大小为D.P点电场强度的方向垂直于金属板向左,大小为解析:接地金属板在点电荷+q的电场中,由于静电感应产生感应电荷,在金属板右侧空间产生的电场与等量异种点电荷连线中垂线一侧的电场分布一样,因此接受类比法分析解答相关问题.选项分两组,A、B推断P点电势,C、D计算P点电场强度.(1)金属板MN接地,电势为零,则金属板上P点电势为零,A对,B错;(2)类比图乙电场线方向可知,金属板所在位置及P点电场强度方向均垂直于金属板向左,大小由等量异种电荷分别在中垂线上产生的电场强度叠加,由于对称,+q和-q在P点产生的电场强度大小均为E+=E-=k,由相像三角形关系得,解得E=,C对,D错.答案:AC第Ⅱ卷(非选择题共62分)二、非选择题:包括必考题和选考题两部分.第9题~第12题为必考题,每个小题考生都必需作答.第13题~第15题为选考题,考生依据要求作答.(一)必考题(4题,共47分)9.(4分)现要用如图所示的装置探究“加速度与物体受力的关系”.小车所受拉力及其速度可分别由拉力传感器和速度传感器记录下来.速度传感器安装在距离L=48.0 cm的长木板的A、B两点.(1)试验主要步骤如下:①将拉力传感器固定在小车上;②平衡摩擦力,让小车在没有拉力作用时能做匀速直线运动;③把细线的一端固定在拉力传感器上,另一端通过定滑轮与钩码相连;④接通电源后自C点释放小车,小车在细线拉动下运动,记录细线拉力F的大小及小车分别到达A、B时的速率v A、v B;⑤转变所挂钩码的数量,重复④的操作.(2)下表中记录了试验测得的几组数据,是两个速度传感器记录速率的二次方差,则加速度的表达式a=.表中的第3次试验数据应当为a=m/s2(结果保留三位有效数字).解析:(2)小车从A到B匀加速运动,由运动学公式=2aL,得加速度a=.将表中的第3次试验数据=2.34和L=0.48 m代入上式,解得a≈2.44 m/s2.答案:(2)(2分)2.44(2分)10.(11分)某试验小组进行“探究热敏电阻的温度特性”试验,试验室供应如下器材:热敏电阻R t(常温下约8 kΩ);电流表mA(量程1 mA,内阻约200 Ω);电压表V(量程3 V,内阻约10 kΩ);电池组E(4.5 V,内阻约1 Ω);滑动变阻器R(最大阻值为20 Ω);开关S、导线若干、烧杯、温度计和水.(1)依据供应器材的参数将图甲所示的实物图中所缺的导线补接完整.甲(2)试验开头前滑动变阻器的滑片P应置于(选填“a”或“b”)端.(3)利用补接完整的试验装置测量出不同温度下的电阻值,画出该热敏电阻R t-t图象如图乙中的实测曲线,与图中理论曲线相比有肯定的差异.除了偶然误差外,下列关于产生系统误差的缘由或减小系统误差的方法叙述正确的是.(填选项前的字母,不定项选择)A.电流表的分压造成电阻的测量值总比真实值大B.电压表的分流造成电阻的测量值总比真实值小C.温度上升到肯定值后,电流表应改为外接法(4)将本试验所用的热敏电阻接到一个电流较大的恒流电源中使用,当电流通过电阻产生的热量与电阻向四周环境散热达到平衡时,满足关系式I2R=k(t-t0)(其中k是散热系数,t是电阻的温度,t0是四周环境温度,I为电流),电阻的温度稳定在某一值.若通过它的电流恒为50 mA,t0=20 ℃,k=0.25W/℃,由实测曲线可知该电阻的温度稳定在℃.解析:(1)由于滑动变阻器的总阻值远小于热敏电阻的阻值,故在连线时留意把握电路接为分压式.(2)由于测量电路与滑动变阻器上左端并联,为确保测量电路平安,在闭合开关前应使与测量电路并联部分的电阻为0.(3)测量电路接受的是电流表内接法,因电流表分压作用总是使电阻的测量值偏大,且被测阻值越小,相对误差越大,而热敏电阻的阻值随电压上升即温度上升而减小,故当温度上升到肯定程度时,电流表内阻相对热敏电阻的阻值不行忽视时,应改为外接法.(4)若通过它的电流恒为50 mA时,由I2R=k(t-t0)可得R=100t-2 000(Ω),在图中作出此图线,由其与实测曲线的交点可得稳定状态下该电阻的温度.答案:(1)正确连线如图(3分)(2)a(2分)(3)AC(3分)(4)48(46~50均可)(3分)(评分说明:(1)连线连成限流接法得0分;(3)全部选对的得3分,选对但选不全的得2分,选错的得0分)11.(14分)某舰载机降落到静止的航母上,图甲为航母甲板上拦阻索阻拦舰载机过程的俯视示意图,图乙为舰载机尾钩钩住拦阻索正中位置并随即关闭发动机后加速度a随时间t变化的图象.已知舰载机质量m=2.0×104 kg,尾钩刚钩住拦阻索时的初速度v0=75 m/s,t1=0.3 s时拦阻索与尾钩刚钩住时拦阻索的初始位置夹角θ=45°,此时舰载机所受空气阻力与甲板摩擦阻力大小之和f=2.0×105 N,舰载机钩住拦阻索至停止的全过程中,克服空气阻力与甲板摩擦阻力做的总功W f=2.0×107 J.求:(1)t1=0.3 s时刻拦阻索的拉力大小T;(2)舰载机钩住拦阻索至停止的全过程中,克服拦阻索拉力做的功W;(3)t1=0.3 s时舰载机的速度大小v1,t1=0.3 s至t2=2.5 s内通过的位移大小s.(提示:求速度变化量可类比于利用v-t图象求位移的方法)解析:(1)由题图乙中图象可知t1=0.3 s时加速度大小a=30 m/s2①(1分)由牛顿其次定律有2T sin θ+f=ma②(2分)由①②式解得T=2×105 N≈2.8×105 N.③(1分)(2)以舰载机为争辩对象,由动能定理有-W-W f=0-④(2分)W≈3.6×107 J.⑤(2分)(3)由题图乙中图象可得t1时间内速度的削减量Δv=4.5 m/s⑥(2分)t1=0.3 s,v1=v0-Δv=70.5 m/s⑦(2分)t1~t2时间内的位移大小s=v1(t2-t1)-a(t2-t1)2=82.5 m.⑧(2分)答案:(1)2.8×105 N(2)3.6×107 J(3)82.5 m 12.(18分)如图,在xOy平面第一象限整个区域分布一匀强电场,电场方向平行y轴向下.在第四象限内存在一有界匀强磁场,左边界为y轴,右边界为离y轴的直线,磁场方向垂直纸面对外.一质量为m、电荷量为+q的粒子从y轴上P点以初速度v0垂直y轴射入匀强电场,在电场力作用下从x轴上Q点以与x轴正方向45°角进入匀强磁场.已知OQ=d,不计粒子重力.求:(1)P点坐标;(2)要使粒子能再进入电场,磁感应强度B的取值范围;(3)要使粒子能其次次进入磁场,磁感应强度B的取值范围.解析:(1)设粒子离开电场时y方向的速度为v y,则v y=v0tan 45°设粒子在电场中运动时间为t,则依据平抛运动规律:水平方向匀速,OQ=v0t(2分)竖直方向匀变速,OP=t=t(2分)由以上各式,解得OP=,则P点坐标为(0,).(2分)(2)粒子刚好能再进入电场的轨迹如图所示,设此时的轨迹半径为r1,则r1+r1sin 45°=d解得r1=(2-)d(2分)令粒子在磁场中的速度为v,则v=v0(2分)依据牛顿其次定律qvB1=m解得B1=要使粒子能再进入电场,磁感应强度B的范围B≥.(2分)(3)要使粒子刚好从x=处其次次进入磁场的轨迹如图,粒子从P到Q的时间为t,竖直方向速度从0增加到v y,从C点回到电场到D点离开电场,竖直方向速度从v y减小到0再增加到v y,运动时间则为2t,水平分速度没有变化,所以CD=2d,CQ=CD-QD=2d-(-d)=,设此时粒子在磁场中的轨道半径为r2,由几何关系得2r2sin 45°=CQ解得r2=(2分)依据牛顿其次定律qvB2=m解得B2=要使粒子能其次次进磁场,粒子必需先进入电场,故磁感应强度B要满足B≥(2分)综上所述,要使粒子能其次次进磁场,磁感应强度B要满足≤B≤.(2分)答案:(1)(0,)(2)B≥(3)≤B≤(二)选考题:共45分.请考生从给出的3道物理题任选一题作答,假如多做,则按所做的第一题计分.13.【物理——选修3-3】(15分)(1)(5分)下列说法正确的是.(选对1个得2分,选对2个得4分,选对3个得5分,每选错1个扣3分,最低得分为0分)A.晶体和非晶体都有确定的熔点B.浸润和不浸润现象都是分子力作用的表现C.影响蒸发快慢以及影响人们对干爽与潮湿感受的因素是空气的确定湿度D.液晶是一种特殊物质,它既具有液体的流淌性,又像某些晶体那样有光学各向异性E.物质从液态变成气态的过程叫汽化(2)(10分)(2021上海静安区一模)如图所示,导热性能良好的汽缸A和B竖直放置,它们的底部由一细管连通(忽视细管的容积).两汽缸内各有一个活塞,质量分别为m A=3m和m B=m,活塞与汽缸之间无摩擦,活塞的下方为抱负气体,上方为真空.当气体处于平衡状态时,两活塞的高度均为h.若在两个活塞上同时分别放一质量为2m的物块,保持温度不变,系统再次达到平衡后,给气体缓缓加热,使气体的温度由T0缓慢上升到T(气体状态变化过程中,物块及活塞没遇到汽缸顶部).求:①两个活塞的横截面积之比S A∶S B;②在加热气体的过程中,气体对活塞所做的功.解析:(1)晶体是点阵结构,熔化时吸取的热量用来破坏点阵结构,只转变分子间的势能,不转变分子的平均动能,故晶体才具有确定的熔点,而非晶体不具有这种特点,A错误.浸润与不浸润取决于附着层内的分子力与液体和固体间分子吸附作用的大小,B正确.影响蒸发快慢的因素不仅有空气的湿度,还有温度、空气流通状况等,人对干爽程度的感觉取决于空气的相对湿度,C错误.液晶是介于晶体与液体之间的一种物质存在形式,具有液体的流淌性,还具有晶体的光学特性等,D正确.由汽化的概念知E正确.(2)①设左、右活塞的面积分别为A'和A,由于气体处于平衡状态,故两活塞对气体的压强相等,即(1分)由此得到A'=3A.(1分)②在两个活塞上各加一质量为2m的物块后,右活塞B降至汽缸底部,全部气体都在左汽缸中.在初态:气体的压强为,体积为V1=A·h+3A·h=4Ah;(1分)在增加物体后:气体压强为p2=,体积为V2=3Ax(x为左活塞的高度)(2分)由玻意耳定律得·4Ah=·V2解得x=,(1分)加热的过程中气体的压强不变,温度上升,由气态方程得(1分)所以V3=·V2(1分)温度上升的过程中气体对活塞做功W=p2A'·Δh=p2ΔV=p2(V3-V2)=p2·(-1)V2=·(-1)×3A×h=4mgh(-1).(2分)答案:(1)BDE(2)①3∶1②4mgh(-1)14.【物理——选修3-4】(15分)(1)(5分)如图甲为一列简谐横波在某一时刻的波形,图乙为介质中x=2 m处的质点P以此时刻为计时起点的振动图象.①这列波的传播方向是沿x轴(选填“正”“负”)方向;②这列波的传播速度是m/s.(2)(10分)如图所示,一个横截面为直角三角形的三棱镜,∠A=30°,∠C=90°.三棱镜材料的折射率是n=.一束与BC面成θ=30°角的光线射向BC面.①试通过计算说明在AC面下方能否观看到折射光线?②最终的出射光线与最初的入射光线之间的夹角为.解析:(1)①由振动图象知,t=0时刻,质点P向下振动,故波向x轴正方向传播.②波速v= m/s=20 m/s.(2)①由折射定律:在BC界面:sin 60°=sin γ(2分)解得γ=30°(2分)由临界角公式sin C=得sin C=所以全反射临界角C<60°(2分)而光线在AC面上的入射角为60°>C,故光线在AC界面发生全反射,在AC面下方不能观看到折射光线.(2分)②光路如图所示,最终的出射光线与最初的入射光线之间的夹角为120°.(2分)答案:(1)①正②20(2)①不能②120°15.【物理——选修3-5】(15分)(1)(5分)自由中子是不稳定的,它的平均寿命大约是900 s,它能自发地发生放射性衰变,衰变方程是:H+X+νe,其中νe是反电子中微子(不带电的质量很小的粒子).下列说法中正确的是.(选对1个得2分,选对2个得4分,选对3个得5分,每选错1个扣3分,最低得分为 0分)A.自由中子的衰变是β衰变,X是负电子B.有20个自由中子,半小时后肯定剩下5个中子未发生衰变C.衰变过程遵守动量守恒定律D.衰变过程有质量亏损,所以能量不守恒E.衰变过程放出的能量,可由质能方程计算(2)(10分)光滑水平地面上停放着甲、乙两辆平板车,一根轻绳跨过乙车的定滑轮(不计定滑轮的质量和摩擦),绳的一端与甲车相连,另一端被甲车上的人拉在手中,已知每辆车和人的质量均为30 kg,两车间的距离足够远.现在人用力拉绳,两车开头相向运动,人与甲车保持相对静止,当乙车的速度为0.5 m/s时,停止拉绳.①人在拉绳过程做了多少功?②若人停止拉绳后,至少应以多大速度马上从甲车跳到乙车才能使两车不发生碰撞?解析:(1)由衰变过程中质量数守恒和电荷数守恒可知,X为e,自由中子的衰变为β衰变,A正确.衰变规律是统计规律,对少数自由中子不适用,B错误.衰变过程中肯定遵守动量守恒定律和能量守恒定律,C正确,D错误.衰变放出的能量ΔE=Δm·c2,E正确.(2)①设甲、乙两车和人的质量分别为m甲、m乙和m人,停止拉绳时,甲车的速度为v甲,乙车的速度为v乙,由动量守恒定律得(m甲+m人)v甲=m乙v乙(2分)得v甲=0.25 m/s(1分)由功与能的关系可知,人拉绳过程做的功等于系统动能的增加量.W=(m甲+m人)m乙=5.625 J.(2分)②设人跳离甲车时人的速度为v人,人离开甲车前后由动量守恒定律得(m甲+m人)v甲=m甲v甲'+m人v人(1分)人跳到乙车时m人v人-m乙v乙=(m人+m乙)v乙'(1分)v甲'=v乙'(1分)代入得v人=0.5 m/s(1分)当人跳离甲车的速度大于或等于0.5 m/s时,两车才不会相撞.(1分)答案:(1)ACE(2)①5.625 J②0.5 m/s。
《志鸿 赢在高考》2022届高考数学新课标全国二轮复习素能演练提升16概率与统计 Word版含答案
素能演练提升十六一、选择题1.(2021课标全国Ⅰ高考,4)投篮测试中,每人投3次,至少投中2次才能通过测试.已知某同学每次投篮投中的概率为0.6,且各次投篮是否投中相互独立,则该同学通过测试的概率为()A.0.648B.0.432C.0.36D.0.312解析:由条件知该同学通过测试,即3次投篮投中2次或投中3次.故P=0.62(1-0.6)+0.63=0.648.答案:A2.有一批蚕豆种子,假如每1粒发芽的概率为0.9,播下15粒种子,那么恰有14粒种子发芽的概率是()A.1-0.914B.0.914C.0.9×0.114D.0.914×0.1解析:依据n次独立重复试验中大事发生k次的概率公式得P15(14)=0.914×0.1.答案:D3.方案将排球、篮球、乒乓球3个项目的竞赛支配在4个不同的体育馆举办,每个项目的竞赛只能支配在一个体育馆进行,则在同一个体育馆竞赛的项目不超过2个的支配方案共有()A.60种B.42种C.36种D.24种解析:若3个项目分别支配在不同的体育馆,则支配方案共有=24种;若有2个项目支配在同一个体育馆,另一个支配在其他体育馆,则支配方案共有=36种,所以在同一个体育馆竞赛的项目不超过2个的支配方案共有24+36=60种.故选A.答案:A4.(2021山东青岛期末,9)有3位同学参与测试,假设每位同学能通过测试的概率都是,且各人能否通过测试是相互独立的,则至少有一位同学能通过测试的概率为()A. B. C. D.解析:由题意可知3位同学都没有通过测试的概率为,所以至少有一位同学能通过测试的概率为1-.答案:D5.()5开放式的第三项为10,则y关于x的函数图象大致为()解析:由题意得)5-2()2=10,故xy=1(x>0),得y=(x>0).选D.答案:D6.已知随机变量X+Y=8,若X~B(10,0.6),则E(Y),D(Y)分别是()A.6和2.4B.2和2.4C.2和5.6D.6和5.6解析:若两个随机变量Y,X满足一次关系式Y=aX+b(a,b为常数),当已知E(X),D(X)时,则有E(Y)=aE(X)+b,D(Y)=a2D(X).由已知随机变量X+Y=8,所以有Y=8-X.因此,求得E(Y)=8-E(X)=8-10×0.6=2,D(Y)=(-1)2D(X)=10×0.6×0.4=2.4.故选B.答案:B二、填空题7.(2021山东青岛期末,11)的开放式中的常数项是.解析:由题意知开放式的通项为T r+1=(x2)6-r(-1)r x12-3r,所以的开放式中的常数项是(-1)4=15.答案:158.把5件不同产品摆成一排.若产品A与产品B相邻,且产品A与产品C不相邻,则不同的摆法有种.解析:产品A,B相邻时,不同的摆法有=48种.而A,B相邻,A,C也相邻时的摆法为A在中间,C,B在A的两侧,不同的摆法共有=12(种).故产品A与产品B相邻,且产品A与产品C不相邻的不同摆法有48-12=36(种).答案:369.已知随机变量X的分布列如下表所示:则X的标准差为.解析:由题意,有0.4+0.1+x=1,所以x=0.5,E(X)=0.4+0.3+2.5=3.2,D(X)=2.22×0.4+0.22×0.1+1.82×0.5=3.56,所以标准差为.答案:三、解答题10.交通指数是交通拥堵指数的简称,是综合反映道路网畅通或拥堵的概念性指数值,交通指数取值范围为0~10,分为五个级别,0~2畅通;2~4基本畅通;4~6轻度拥堵;6~8中度拥堵;8~10严峻拥堵.早高峰时段,从昆明市交通指挥中心随机选取了二环以内的50个交通路段,依据其交通指数数据绘制的直方图如图.(1)据此估量,早高峰二环以内的3个路段至少有一个是严峻拥堵的概率是多少?(2)某人上班路上所用时间若畅通为20分钟,基本畅通为30分钟,轻度拥堵为36分钟,中度拥堵为42分钟,严峻拥堵为60分钟,求此人所用时间X 的数学期望.解:(1)设大事A 为“一个路段严峻拥堵”,则P (A )=0.1.大事B 为“至少一个路段严峻拥堵”,则P ()=(1-P (A ))3=0.729,P (B )=1-P ()=0.271. 所以3个路段至少有一个是严峻拥堵的概率是0.271. (2)由题知所用时间X 的分布列如下表:则EX=39.96.此人经过该路段所用时间的数学期望是39.96分钟.11.乒乓球台面被球网分隔成甲、乙两部分.如图,甲上有两个不相交的区域A ,B ,乙被划分为两个不相交的区域C ,D.某次测试要求队员接到落点在甲上的来球后向乙回球.规定:回球一次,落点在C 上记3分,在D 上记1分,其他状况记0分.对落点在A 上的来球,队员小明回球的落点在C 上的概率为,在D 上的概率为;对落点在B 上的来球,小明回球的落点在C 上的概率为,在D 上的概率为.假设共有两次来球且落在A ,B 上各一次,小明的两次回球互不影响.求:(1)小明两次回球的落点中恰有一次的落点在乙上的概率; (2)两次回球结束后,小明得分之和ξ的分布列与数学期望.解:(1)记A i 为大事“小明对落点在A 上的来球回球的得分为i 分”(i=0,1,3),则P (A 3)=,P (A 1)=,P (A 0)=1-;记B i 为大事“小明对落点在B 上的来球回球的得分为i 分”(i=0,1,3),则P (B 3)=,P (B 1)=,P (B 0)=1-. 记D 为大事“小明两次回球的落点中恰有1次的落点在乙上”. 由题意,D=A 3B 0+A 1B 0+A 0B 1+A 0B 3, 由大事的独立性和互斥性, P (D )=P (A 3B 0+A 1B 0+A 0B 1+A 0B 3) =P (A 3B 0)+P (A 1B 0)+P (A 0B 1)+P (A 0B 3)=P (A 3)P (B 0)+P (A 1)P (B 0)+P (A 0)P (B 1)+P (A 0)P (B 3)=,所以小明两次回球的落点中恰有1次的落点在乙上的概率为. (2)由题意,随机变量ξ可能的取值为0,1,2,3,4,6, 由大事的独立性和互斥性,得P (ξ=0)=P (A 0B 0)=, P (ξ=1)=P (A 1B 0+A 0B 1) =P (A 1B 0)+P (A 0B 1)=, P (ξ=2)=P (A 1B 1)=, P (ξ=3)=P (A 3B 0+A 0B 3) =P (A 3B 0)+P (A 0B 3)=, P (ξ=4)=P (A 3B 1+A 1B 3) =P (A 3B 1)+P (A 1B 3)=, P (ξ=6)=P (A 3B 3)=.可得随机变量ξ的分布列为:所以数学期望E (ξ)=0×+1×+2×+3×+4×+6×.12.(2021江苏南通密卷三,26)在数学上,常用符号来表示算式,如记a i =a 0+a 1+a 2+a 3+…+a n ,其中i ∈N ,n ∈N *. (1)若a 0,a 1,a 2,…,a n 成等差数列,且a 0=0,求证:(a i )=a n ·2n-1;(2)若(1+x )k =a 0+a 1x+a 2x 2+…+a 2n x 2n ,b n =a 2i ,记d n =1+[(-1)i b i ],且不等式t ·(d n -1)≤b n 恒成立,求实数t 的取值范围. 解:(1)设等差数列的通项公式为a n =a 0+nd ,其中d 为公差,则(a i )=a 0+a 1+a 2+…+a n =a 0(+…+)+d (+2+…+n ), 由于k=n ,所以+2+…+n=n(+…+). 所以(a i )=a 0·2n +nd ·2n-1=a n ·2n-1. (2)令x=1,则a i =2+22+23+…+22n ==2·4n -2.令x=-1,则[(-1)i a i ]=0, 所以b n =a 2i =(2·4n -2)=4n -1.依据已知条件可知,d n=-(4-1)+(42-1)-(43-1)+…+(-1)n(4n-1)=[(-4)+(-4)2+(-4)3+…+(-4)n]-[+…+(-1)n]+1=(1-4)n-(1-1)n+1=(-3)n+1,将b n=4n-1,d n=(-3)n+1代入不等式t·(d n-1)≤b n, 得t·(-3)n≤4n-1,当n为偶数时,t≤,所以t≤;当n为奇数时,t≥-,所以t≥-=-1.综上所述,所求实数t的取值范围是.。
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志鸿优化赢在高考答案
1、1《雷雨》是一部歌剧，作者是曹禺。
[判断题] *
对(正确答案)
错
2、1王伟在一家科技公司专门从事计算机销售工作，在介绍公司产品时应注意抓住产品的特征、按照一定的顺序使用准确的语言进行介绍。
[判断题] *
对(正确答案)
错
3、1在接待和答询的时候要注意倾听，了解对方的意图，要抓住关键，恰当回答。
[判断题] *
对
错(正确答案)
4、37. 下列表述不正确的一项是（）[单选题] *
A．陶渊明，东晋诗人。
名潜，字元亮。
私谥靖节，因宅边有五棵柳树，又自号“五柳先生”。
B．《诗经》是我国最早一部诗歌总集，收录了从西周到战国时期的诗歌305篇，也称《诗》或《诗三百》。
(正确答案)
C．鲁迅，原名周树人，字豫才，伟大的文学家、思想家、革命家。
作品有小说集《呐喊》《彷徨》《故事新编》，散文集《朝花夕拾》，散文诗集《野草》，杂文集《热风》《坟》
《二心集》《华盖集》等。
D．阿西莫夫，美国科普作家、科幻小说家。
5、1“三人行必有我师焉”的翻译是：三个人一起走路，其中必定有人可以作为我的老师。
指应该不耻下问，虚心向别人学习。
[判断题] *
对
错(正确答案)
6、1某老教授在询问对方家人情况时说：“令尊身体可好吗？令弟大学毕业后在哪里高就？令郎小学毕业了吧？”他这样表述是得体的。
[判断题] *
对(正确答案)
错
7、下列选项中加着重号字注音有错误的一项是（）[单选题] *
A、率尔shuài 长乎尔zhǎng 为小相xiàng
B、饥馑jǐn 千乘之国shèng喟然kuì
C、鼓瑟sè以俟君子sì冠者guàn
D、哂之xí浴乎沂yí铿尔kēng(正确答案)
8、下列选项中加着重号字注音正确的一项是（）[单选题] *
A、垂涎xián 船舷xuán 角隅yú
B、火镰liǎn埋怨mái 结子jié
C、莞尔wǎn 焖菜mèn 竹篁huáng(正确答案)
D、胡诌zhòu茶峒tòng 傩送nuó
9、下面对《红楼梦》及其作者的解说，表述有误的一项是( ) [单选题] *
A,《红楼梦》，原名《石头记》，是我国18 世纪中期出现的一部古典小说，是具有高度思想性和艺术性的伟大的现实主义作品、在我国及世界文学发展史上占有显著的地位。
B.作者曹雪芹，名霑，字梦阮，其先世原是汉族，后为满洲正白旗包衣（家奴）。
曹家曾是非常显赫的贵族世家，后家遭败落。
作者“披阅十载，增删五次”，“字字看来都是血”，表达了自己的民主思想和新的朦胧的理想。
C.《红楼梦》在描写一个封建大家族没落的同时，又流露了惋惜和感伤的情绪。
此外，还有宿命论、虚无主义、恋爱至上等消极思想倾向。
D.《红楼梦》共100 回，前60 回为曹雪芹所写，后40 回为高鹗所续，使小说成为首尾齐全的文学巨著。
但高鹗在小说最后让贾家家道复兴，违背了曹雪芹的原意。
(正确答案)
10、1概要复述类似写作中的缩写，需要对原材料进行削枝强干，提炼压缩，使其主干清晰，脉络分明。
[判断题] *
对
错(正确答案)
11、下列词语中，加着重号字的注音正确的一项是（）[单选题] *
A、将进酒（qiāng）岑夫子(chén)欢谑（xuè）馔玉（zhuàn）
B、虾蟆陵（há）贾人（jiǎ）钿头（diàn）荻花（dí）
C、樯橹(qiáng)酹(lèi) 凝噎（yè）兰舟催发(fà)
D、郯子（tán）六艺经传（zhuàn）或不焉（fǒu）句读（dòu）(正确答案)
12、“租赁”的读音是“zūlìng”。
[判断题] *
对
错(正确答案)
13、1交警对正要闯红灯过马路的行人说：“请您遵守交通规则，等绿灯亮起时再走，多谢您的合作。
”交警的表述是得体的。
[判断题] *
对(正确答案)
错
14、下列选项中加着重号字的读音和注释全部正确的一项是（）[单选题] *
A、匪我愆期（读音：yǎn）女也不爽（注释：过失，差错）
B、将子无怒（读音：qiāng）以我贿迁（注释：贿赂）
C、淇水汤汤（读音：tāng）体无咎言（注释：怪罪）
D、渐车帷裳（读音：jiān）自我徂尔（注释：到，往）(正确答案)
15、20．下列词语中加点字的注音全都正确的一项是（）[单选题] *
A．吞噬（shì）俯瞰（kàn）怂恿（sǒng）吹毛求疵（zī）
B．酝酿（yùn）污秽（huì）修葺（qì）恹恹欲睡（yān）(正确答案)
C．婆娑（suō）箴言（jiān）愧怍（zuò）惟妙惟肖（xiào）
D．娉婷（pīng）腈纶（jīng）轻觑（xù）戛然而止（jiá）
16、1李乐薇的《我的空中楼阁》中的“楼阁”仅指立于山脊的我的小屋。
[判断题] *对(正确答案)
错
17、1称对方的父亲可用“家父”。
[判断题] *
对
错(正确答案)
18、《雨中登泰山》是一篇（）散文。
[单选题] *游记(正确答案)
抒情
纪实
记事
19、61. 下列对字词解释有误的一项（）[单选题] *
A、欲穷其林。
穷:尽余人各复延至其家。
延:邀请。
B、欣然规往。
规:规定。
往来翕乎。
翕乎:轻快敏捷的样子(正确答案)
C、罔不因势象形。
因:顺着、就着。
象:模拟。
D、矫首昂视。
矫:举。
曾不盈寸。
盈:满。
20、1“今宵酒醒何处？杨柳岸，晓风残月”一句写词人清醒之后漂泊江湖的感受，巧妙地用景写情，景语即情语，将离人凄楚惆怅、孤独忧伤的感情，表现得十分充分、真切，创造出一种特有的意境，成为名句。
[判断题] *
对(正确答案)
错
21、1苏轼与辛弃疾合称为苏辛，同为豪放派代表。
[判断题] *
对
错(正确答案)
22、23．下列各项中加点字注音都正确的一项是（）[单选题] *
A．酝酿（rùn）抖擞（sǒu）收敛（liǎn）神采奕奕（yì）
B．贮蓄（zhù）坍塌（tān）怂恿（sǒnɡ）拈轻怕重（niān）(正确答案)
C．虐待（nüè）棱镜（línɡ）附和（hè）参差不齐（cēn）
D．镶嵌（xiānɡ）莅临（wèi）怅然（chànɡ）咄咄逼人（duō）
23、1荀子是继孔孟之后最著名的道家学者，朴素的唯物主义思想家。
[判断题] *
对
错(正确答案)
24、在食物丰富的季节保持身体的灵活和力量。
对下面句子中加引号词语的解释，正确的一项是（）老栓倒觉爽快，仿佛“一旦”变了少年，得了神通，有给人生命的本领似的，跨步格外高远。
[单选题] *如果有一天
忽然有一天
一天之间(正确答案)
25、36. 对下列病句的病因解说，不正确的一项是（）[单选题] *
A．能否激发同学们的学习兴趣是提高同学们成绩的有效途径。
（两面对一面，搭配不当）B．经过全校师生共同努力，使我校环境卫生状况有了很大改变。
（成分残缺，缺少主语）
C．每年全国青少年科技创新大赛有超过1000万名左右的青少年参加。
（句式杂糅）(正确答案)
D．春节回到家乡，我又看到了母亲那亲切的笑容和久违的乡音。
（动宾搭配不当）
26、成语完形：（）然开朗[单选题] *豁(正确答案)
突
天
盲
27、38. 下列对病句的修改不正确的一项是（）[单选题] *
A．脱贫攻坚任务完成后，我国会有将近1亿左右贫困人口脱贫，提前实现减贫目标。
（删去“将近”或“左右”）
B．数学老师运用交通事故统计数据进行教学，使学生不仅增强了安全意识，还学会了计算方法。
（将“不仅”调至“使学生”的前面）(正确答案)
C．通过中国北斗全球组网，让“一带一路”沿线国家可以享受北斗导航服务。
（删去“通过”）
D．网络教学是应用多媒体和网络技术，通过师生和媒体等多边多向互动以及对多种媒体教学信息的共享来实现教学目标。
（在句末加上“的教学模式”）
28、1电话交谈中，一般由打电话的一方先提出结束谈话，致告别语。
[判断题] *
对(正确答案)
错
29、1关汉卿与马致远、郑光祖、白朴并称为元曲四大家。
[判断题] *
对
错(正确答案)
30、1曹禺，原名万家宝，中国杰出的剧作家，其代表作有《雷雨》《日出》等。
[判断题] *
对(正确答案)
错。