第4节电动机H
电机型号参数大全
电机型号参数大全，再也不怕看不懂型号了电动机型号是便于使用、设计、制造等部门进行业务联系和简化技术文件中产品名称、规格、型式等叙述而引用的一种代号.下面为大家介绍电动机型号含义等信息。
一、电动机型号组成及含义由电机类型代号、电机特点代号、设计序号和励磁方式代号等四个小节顺序组成.1、类型代号是表征电机的各种类型而采用的汉语拼音字母。
比如：异步电动机 Y 同步电动机 T同步发电机 TF 直流电动机 Z直流发电机 ZF2、特点代号是表征电机的性能、结构或用途，也采用汉语拼音字母表示。
比如：隔爆型用B表示 YB轴流通风机上用 YT电磁制动式 YEJ 变频调速式 YVP变极多速式 YD 起重机用 YZD等。
3、设计序号是指电机产品设计的顺序,用阿拉伯数字表示。
对于第一次设计的产品不标注设计序号,对系列产品所派生的产品按设计的顺序标注。
比如：Y2 YB24、励磁方式代号分别用字母表示，S表示三次谐波，J表示晶闸管，X表示相复励磁。
如:Y2—- 160 M1 – 8Y：机型,表示异步电动机;2：设计序号，“2”表示第一次基础上改进设计的产品;160：中心高,是轴中心到机座平面高度；M1:机座长度规格，M是中型，其中脚注“2"是M型铁心的第二种规格，而“2”型比“1"型铁心长.8：极数，“8”是指8极电动机。
如:Y 630—10 /1180Y表示异步电动机;630表示功率630KW；10极、定子铁心外径1180MM。
二、规格代号主要用中心高、机座长度、铁心长度、极数来表示1、中心高指由电机轴心到机座底角面的高度；根据中心高的不同可以将电机分为大型、中型、小型和微型四种，其中中心高H在45mm～71mm的属于微型电动机；H在80mm～315mm的属于小型电动机；H在355mm~630mm的属于中型电动机;H在630mm以上属于大型电动机。
2、机座长度用国际通用字母表示：S-—短机座M——中机座L——长机座3、铁心长度用阿拉伯数字1、2、3、4、、、由长至短分别表示。
高考物理一轮复习 第5章 机械能及其守恒律 第4节 功能关系 能量守恒律
取夺市安慰阳光实验学校第4节功能关系能量守恒定律知识点1 功能关系1．内容(1)功是能量转化的量度，即做了多少功就有多少能量发生了转化．(2)做功的过程一定伴随着能量的转化，而且能量的转化必须通过做功来实现．2．做功对应变化的能量形式(1)合外力的功等于物体的动能的变化．(2)重力做功等于物体重力势能的变化．(3)弹簧弹力做功等于弹性势能的变化．(4)除重力和系统内弹力以外的力做功等于物体机械能的变化．知识点2 能量守恒定律1．内容能量既不会凭空产生，也不会凭空消失，它只能从一种形式转化为另一种形式，或者从一个物体转移到另一个物体，在转化和转移的过程中，能量的总量保持不变．2．适用范围能量守恒定律是贯穿物理学的基本规律，是各种自然现象中普遍适应的一条规律．3．表达式(1)E初＝E末，初状态各种能量的总和等于末状态各种能量的总和．(2)ΔE增＝ΔE减，增加的那些能量的增加量等于减少的那些能量的减少量．1．正误判断(1)做功的过程一定会有能量转化．(√)(2)力对物体做了多少功，物体就有多少能．(×)(3)力对物体做功，物体的总能量一定增加．(×)(4)能量在转化或转移的过程中，其总量会不断减少．(×)(5)能量的转化和转移具有方向性，且现在可利用的能源有限，故必须节约能源．(√)(6)滑动摩擦力做功时，一定会引起能量的转化．(√)2．[功能关系的理解]自然现象中蕴藏着许多物理知识，如图541所示为一个盛水袋，某人从侧面缓慢推袋壁使它变形，则水的势能( )图541A．增大B．变小C．不变D．不能确定A[人缓慢推水袋，对水袋做正功，由功能关系可知，水的重力势能一定增加，A正确．]3．[摩擦生热的理解]如图542所示，木块A放在木板B的左端上方，用水平恒力F将A拉到B的右端，第一次将B固定在地面上，F做功W1，生热Q1；第二次让B在光滑水平面可自由滑动，F做功W2，生热Q2，则下列关系中正确的是( )【：92492233】图542A. W1<W2，Q1＝Q2B．W1＝W2，Q1＝Q2C．W1<W2，Q1<Q2D．W1＝W2，Q1<Q2A[设木板B长s，木块A从木板B左端滑到右端克服摩擦力所做的功W ＝F f s，因为木板B不固定时木块A的位移要比木板B固定时长，所以W1<W2；摩擦产生的热量Q＝F f l相对，两次都从木块B左端滑到右端，相对位移相等，所以Q1＝Q2，故选A.]4．[几种常见的功能关系应用](多选)悬崖跳水是一项极具挑战性的极限运动，需要运动员具有非凡的胆量和过硬的技术．跳水运动员进入水中后受到水的阻力而做减速运动，设质量为m的运动员刚入水时的速度为v，水对他的阻力大小恒为F，那么在他减速下降深度为h的过程中，下列说法正确的是(g为当地的重力加速度)( )A．他的动能减少了(F－mg)hB．他的重力势能减少了mgh －12mv2C．他的机械能减少了FhD．他的机械能减少了mghAC[合力做的功等于动能的变化，合力做的功为(F－mg)h，A正确；重力做的功等于重力势能的变化，故重力势能减小了mgh，B错误；重力以外的力做的功等于机械能的变化，故机械能减少了Fh，C正确，D错误．]对功能关系的理解及应用1(1)做功的过程是能量转化的过程．不同形式的能量发生相互转化是通过做功来实现的．(2)功是能量转化的量度，功和能的关系，一是体现在不同的力做功，对应不同形式的能转化，具有一一对应关系，二是做功的多少与能量转化的多少在数量上相等．2．几种常见功能关系的对比各种力做功对应能的变化定量关系合力的功动能变化合力对物体做功等于物体动能的增量W合＝E k2－E k1重力的功重力势能变化重力做正功，重力势能减少，重力做负功，重力势能增加，且W G＝－ΔE p＝E p1－E p2弹簧弹力的功弹性势能变化弹力做正功，弹性势能减少，弹力做负功，弹性1．(多选)(2017·枣庄模拟)如图543所示，取一块长为L的表面粗糙的木板，第一次将其左端垫高，让一小物块从板左端的A点以初速度v0沿板下滑，滑到板右端的B点时速度为v1；第二次保持板右端位置不变，将板放置水平，让同样的小物块从A点正下方的C点也以初速度v0向右滑动，滑到B点时的速度为v2.下列说法正确的是( )图543A．v1一定大于v0B．v1一定大于v2C．第一次的加速度可能比第二次的加速度小D．两个过程中物体损失的机械能相同BCD[物块向下滑动的过程中受到重力、支持力和摩擦力的作用，若重力向下的分力大于摩擦力，则物块做加速运动，若重力向下的分力小于摩擦力，则物块做减速运动．故A错误；斜面的倾角为θ时，物块受到滑动摩擦力：f1＝μmg cos θ，物块克服摩擦力做功W1＝f1L＝μmg cos θ·L.板水平时物块克服摩擦力做功：W2＝μmg·L cos θ＝W1.两次克服摩擦力做的功相等，所以两个过程中物体损失的机械能相同；第一次有重力做正功．所以由动能定理可知第一次的动能一定比第二次的动能大，v1一定大于v2，故B、D正确．物块向下滑动的过程中受到重力、支持力和摩擦力的作用，若重力向下的分力大于摩擦力，则：a1＝mg sin θ－fm，板水平时运动的过程中a2＝fm，所以第一次的加速度可能比第二次的加速度小，故C正确．]2．(多选)(2017·青岛模拟)如图544所示，一根原长为L的轻弹簧，下端固定在水平地面上，一个质量为m的小球，在弹簧的正上方从距地面高度为H处由静止下落压缩弹簧．若弹簧的最大压缩量为x，小球下落过程受到的空气阻力恒为F f，则小球从开始下落至最低点的过程( )【：92492234】图544A．小球动能的增量为零B．小球重力势能的增量为mg(H＋x－L)C．弹簧弹性势能的增量为(mg－F f)(H＋x－L)D．系统机械能减小F f HAC[小球下落的整个过程中，开始时速度为零，结束时速度也为零，所以小球动能的增量为0，故A正确；小球下落的整个过程中，重力做功W G＝mgh＝mg(H＋x－L)，根据重力做功量度重力势能的变化W G＝－ΔE p得：小球重力势能的增量为－mg(H＋x－L)，故B错误；根据动能定理得：W G＋W f＋W弹＝0－0＝0，所以W弹＝－(mg－F f)(H＋x－L)，根据弹簧弹力做功量度弹性势能的变化W弹＝－ΔE p得：弹簧弹性势能的增量为(mg－F f)(H＋x－L)，故C正确；系统机械能的减少等于重力、弹力以外的力做的功，所以小球从开始下落至最低点的过程，克服阻力做的功为：F f(H＋x－L)，所以系统机械能减小为：F f(H＋x－L)，故D 错误．]功能关系的应用技巧1．在应用功能关系解决具体问题的过程中，若只涉及动能的变化用动能定理分析，W总＝ΔE k.2．只涉及重力势能的变化用重力做功与重力势能变化的关系分析，即W G ＝－ΔE p.3．只涉及机械能变化用除重力和弹力之外的力做功与机械能变化的关系分析，即W其他＝ΔE.4．只涉及电势能的变化用电场力做功与电势能变化的关系分析，即W电＝－ΔE p.对能量守恒定律的理解及应用1(1)某种形式的能量减少，一定存在其他形式的能量增加，且减少量和增加量一定相等．(2)某个物体的能量减少，一定存在其他物体的能量增加，且减少量和增加量一定相等．2．能量转化问题的解题思路(1)当涉及滑动摩擦力做功，机械能不守恒时，一般应用能的转化和守恒定律．(2)解题时，首先确定初末状态，然后分析状态变化过程中哪种形式的能量减少，哪种形式的能量增加，求出减少的能量总和ΔE减和增加的能量总和ΔE 增，最后由ΔE减＝ΔE增列式求解．[多维探究]●考向1 涉及弹簧的能量守恒定律问题1．如图545所示，两物块A、B通过一轻质弹簧相连，置于光滑的水平面上，开始时A和B均静止．现同时对A、B施加等大反向的水平恒力F1和F2，使两物块开始运动，运动过程中弹簧形变不超过其弹性限度．在两物块开始运动以后的整个过程中，对A、B和弹簧组成的系统，下列说法正确的是( )图545A．由于F1、F2等大反向，系统机械能守恒B．当弹簧弹力与F1、F2大小相等时，A、B两物块的动能最大C．当弹簧伸长量达到最大后，A、B两物块将保持静止状态D．在整个过程中系统机械能不断增加B[在弹簧一直拉伸的时间内，由于F1与A的速度方向均向左而做正功，F2与B的速度方向均向右而做正功，即F1、F2做的总功大于零，系统机械能不守恒，选项A错误；当弹簧对A的弹力与F1平衡时A的动能最大，此时弹簧对B的弹力也与F2平衡，B的动能也最大，选项B正确；弹簧伸长量达到最大时，两物块速度为零，弹簧弹力大于F1、F2，之后两物块将反向运动而不会保持静止状态，F1、F2对系统做负功，系统机械能减少，选项C、D均错误．]2.如图546所示，固定斜面的倾角θ＝30°，物体A与斜面之间的动摩擦因数μ＝32，轻弹簧下端固定在斜面底端，弹簧处于原长时上端位于C点．用一根不可伸长的轻绳通过轻质光滑的定滑轮连接物体A和B，滑轮右侧绳子与斜面平行，A的质量为2m，B的质量为m，初始时物体A到C点的距离为L.现给A、B一初速度v0>gL，使A开始沿斜面向下运动，B向上运动，物体A将弹簧压缩到最短后又恰好能弹到C点．已知重力加速度为g，不计空气阻力，整个过程中，轻绳始终处于伸直状态，求：图546(1)物体A向下运动刚到C点时的速度；(2)弹簧的最大压缩量；(3)弹簧的最大弹性势能.【：92492235】【解析】(1)A与斜面间的滑动摩擦力f＝2μmg cos θ，物体从A向下运动到C点的过程中，根据能量守恒定律可得：2mgL sin θ＋12·3mv20＝12·3mv2＋mgL＋fL解得v＝v20－gL.(2)从物体A接触弹簧，将弹簧压缩到最短后又恰回到C点，对系统应用动能定理－f·2x＝0－12×3mv2解得x＝v202g－L2.(3)弹簧从压缩到最短到恰好能弹到C点的过程中，对系统根据能量守恒定律可得：E p＋mgx＝2mgx sin θ＋fx所以E p＝fx＝3mv204－3mgL4.【答案】(1)v20－gL(2)v202g－L2(3)3mv204－3mgL4●考向2 能量守恒定律与图象的综合应用3．将小球以10 m/s 的初速度从地面竖直向上抛出，取地面为零势能面，小球在上升过程中的动能E k 、重力势能E p 与上升高度h 间的关系分别如图547中两直线所示．g 取10 m/s 2，下列说法正确的是( )图547A ．小球的质量为0.2 kgB ．小球受到的阻力(不包括重力)大小为0.20 NC ．小球动能与重力势能相等时的高度为2013 mD ．小球上升到2 m 时，动能与重力势能之差为0.5 JD [在最高点，E p ＝mgh 得m ＝0.1 kg ，A 项错误；由除重力以外其他力做功E 其＝ΔE 可知：－fh ＝E 高－E 低，E 为机械能，解得f ＝0.25 N ，B 项错误；设小球动能和重力势能相等时的高度为H ，此时有mgH ＝12mv 2，由动能定理得：－fH －mgH ＝12mv 2－12mv 20，解得H ＝209 m ，故C 项错；当上升h ′＝2 m 时，由动能定理得：－fh ′－mgh ′＝E k2－12mv 20，解得E k2＝2.5 J ，E p2＝mgh ′＝2 J ，所以动能与重力势能之差为0.5 J ，故D 项正确．]摩擦力做功与能量的转化关系1.(1)从功的角度看，一对滑动摩擦力对系统做的功等于系统内能的增加量． (2)从能量的角度看，是其他形式能量的减少量等于系统内能的增加量． 2．两种摩擦力做功情况比较静摩擦力滑动摩擦力不同点能量的转化方面只有能量的转移，而没有能量的转化既有能量的转移，又有能量的转化一对摩擦力的总功方面一对静摩擦力所做功的代数和等于零一对滑动摩擦力所做功的代数和不为零，总功W ＝－F f ·l相对，产生的内能Q ＝F f ·l 相对相同点正功、负功、不做功方面两种摩擦力对物体可以做正功、负功，还可以不做功[电动机的带动下，始终保持v 0＝2 m/s 的速率运行，现把一质量为m ＝10 kg 的工件(可看做质点)轻轻放在皮带的底端，经过时间1.9 s ，工件被传送到h ＝1.5 m 的高处，g 取10 m/s 2，求：图 5-4-8(1)工件与传送带间的动摩擦因数； (2)电动机由于传送工件多消耗的电能． 【自主思考】(1)1.9 s 内工件是否一直加速？应如何判断？提示：若工件一直匀加速，由v m 2×t ＝hsin θ可得：工件的最大速度v m ＝61.9m/s>v 0，故工件在1.9 s 内应先匀加速运动再匀速运动．(2)工件在上升过程中其所受的摩擦力是否变化？ 提示：变化，先是滑动摩擦力，后是静摩擦力．(3)电动机传送工件的过程中多消耗的电能转化成了哪几种能量？ 提示：工件的动能、重力势能及因摩擦力做功产生的热量三部分． 【解析】 (1)由题图可知，皮带长x ＝hsin θ＝3 m ．工件速度达v 0前，做匀加速运动的位移x 1＝v t 1＝v 02t 1匀速运动的位移为x －x 1＝v 0(t －t 1) 解得加速运动的时间t 1＝0.8 s 加速运动的位移x 1＝0.8 m所以加速度a ＝v 0t 1＝2.5 m/s 2由牛顿第二定律有：μmg cos θ－mg sin θ＝ma解得：μ＝32.(2)从能量守恒的观点，显然电动机多消耗的电能用于增加工件的动能、势能以及克服传送带与工件之间发生相对位移时摩擦力做功产生的热量．在时间t 1内，皮带运动的位移x 皮＝v 0t 1＝1.6 m在时间t 1内，工件相对皮带的位移x 相＝x 皮－x 1＝0.8 m在时间t 1内，摩擦生热Q ＝μmg cos θ·x 相＝60 J工件获得的动能E k ＝12mv 20＝20 J工件增加的势能E p ＝mgh ＝150 J电动机多消耗的电能W ＝Q ＋E k ＋E p ＝230 J.【答案】 (1)32 (2)230 J[母题迁移]●迁移1 水平传送带问题1．如图549所示，质量为m 的物体在水平传送带上由静止释放，传送带由电动机带动，始终保持以速度v 匀速运动，物体与传送带间的动摩擦因数为μ，物体过一会儿能保持与传送带相对静止，对于物体从静止释放到相对静止这一过程中，下列说法正确的是( )【：92492236】 图549A ．电动机做的功为12mv 2B ．摩擦力对物体做的功为mv 2C ．传送带克服摩擦力做的功为12mv 2D ．电动机增加的功率为μmgvD [由能量守恒可知，电动机做的功等于物体获得的动能和由于摩擦而产生的内能，选项A 错误；对物体受力分析知，仅有摩擦力对物体做功，由动能定理知，其大小应为12mv 2，选项B 错误；传送带克服摩擦力做功等于摩擦力与传送带对地位移的乘积，可知这个位移是物体对地位移的两倍，即W ＝mv 2，选项C 错误；由功率公式知电动机增加的功率为μmgv ，选项D 正确．]●迁移2 倾斜传送带 逆时针转动 2．(多选)(2017·太原模拟)如图5410所示，与水平面夹角为θ＝37°的传送带以恒定速率v ＝2 m/s沿逆时针方向运动．将质量为m ＝1 kg 的物块静置在传送带上的A 处，经过1.2 s 到达传送带的B 处．已知物块与传送带间的动摩擦因数为μ＝0.5，其他摩擦不计，物块可视为质点，重力加速度g 取10 m/s 2，sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8.下列对物块从传送带A 处运动到B 处过程的相关说法正确的是( )【：92492237】图5410A ．物块动能增加2 JB ．物块机械能减少11.2 JC ．物块与传送带因摩擦产生的热量为4.8 JD ．物块对传送带做的功为－12.8 JBC [由题意可知μ<tan 37°，因而物块与传送带速度相同后仍然要加速运动．物块与传送带速度相同前，由牛顿第二定律有mg (sin θ＋μcos θ)＝ma 1，v ＝a 1t 1，x 1＝12a 1t 21， 解得a 1＝10 m/s 2，t 1＝0.2 s ，x 1＝0.2 m ，物块与传送带速度相同后，由牛顿第二定律有mg (sin θ－μcos θ)＝ma 2，v ′＝v ＋a 2t 2，x 2＝vt 2＋12a 2t 22，而t 1＋t 2＝1.2 s ，解得a 2＝2 m/s 2，v ′＝4 m/s ，x 2＝3 m ，物块到达B 处时的动能为E k ＝12mv ′2＝8 J ，选项A 错误；由于传送带对物块的摩擦力做功，物块机械能变化，摩擦力做功为W f ＝μmgx 1cos θ－μmgx 2cos θ＝－11.2 J ，故机械能减少11.2 J ，选项B 正确；物块与传送带因摩擦产生的热量为Q ＝μmg (vt 1－x 1＋x 2－vt 2)cos θ＝4.8 J ，选项C 正确；物块对传送带做的功为W ＝－μmgvt 1cos θ＋μmgvt 2cos θ＝6.4 J ，选项D 错误．]1．水平传送带：共速后不受摩擦力，不再有能量转化．倾斜传送带：共速后仍有静摩擦力，仍有能量转移．2．滑动摩擦力做功，其他形式的能量转化为内能；静摩擦力做功，不产生内能．3．公式Q＝F f·l相对中l相对为两接触物体间的相对位移，若物体在传送带上做往复运动时，则l相对为总的相对路程．。
电动机安装规范
第三章电动机第一节一般规定第３．１．１条本章适用于异步电动机、同步电动机、励磁机及直流电机的安装。
第３．１．２条电机性能应符合电机周围工作环境的要求。
第３．１．３条电机基础、地脚螺栓孔、沟道、孔洞、预埋件及电缆管位置、尺寸和质量，应符合设计和国家现行的建筑工程施工及验收规范的有关规定。
第二节保管和起吊第３．２．１条电机运达现场后，外观检查应符合下列要求：一、电机应完好，不应有损伤现象。
二、定子和转子分箱装运的电机，其铁芯、转子和轴颈应完整，无锈蚀现象。
三、电机的附件、备件应齐全，无损伤。
第３．２．２条电机及其附件宜存放在清洁、干燥的仓库或厂房内；当条件不允许时，可就地保管，但应有防火、防潮、防尘及防止小动物进入等措施。
保管期间，应按产品的要求定期盘动转子。
第３．２．３条起吊电机转子时，不应将吊绳绑在集电环、换向器或轴颈部分。
起吊定子和穿转子时，不得碰伤定子绕组或铁芯。
第三节检查和安装第３．３．１条电机安装时，电机的检查应符合下列要求：一、盘动转子应灵活，不得有碰卡声。
二、润滑脂的情况正常，无变色、变质及变硬等现象。
其性能应符合电机的工作条件。
三、可测量空气间隙的电机，其间隙的不均匀度应符合产品技术条件的规定，当无规定时，各点空气间隙与平均空气间隙之差与平均空气间隙之比宜为±５％。
四、电机的引出线鼻子焊接或压接应良好，编号齐全，裸露带电部分的电气间隙应符合产品标准的规定。
五、绕线式电机应检查电刷的提升装置，提升装置应有“起动”、“运行”的标志，动作顺序应是先短路集电环，后提起电刷。
第３．３．２条当电机有下列情况之一时，应作抽芯检查：一、出厂日期超过制造厂保证期限。
二、当制造厂无保证期限时，出厂日期已超过一年。
三、经外观检查或电气试验，质量可疑时。
四、开启式电机经端部检查可疑时。
五、试运转时有异常情况。
注：当制造厂规定不允许解体者，发现本条所述情况时，另行处理。
第３．３．３条电机抽转子检查，应符合下列要求：一、电机内部清洁无杂物。
电动机参数手册(3篇)
第1篇第一章：概述电动机作为一种将电能转换为机械能的装置，广泛应用于工业、农业、商业和日常生活中。
为了方便用户了解和使用电动机，本手册详细介绍了电动机的相关参数及其含义。
第二章：电动机基本参数2.1 额定功率（Pn）额定功率是指电动机在额定电压、额定频率和额定负载下运行时输出的功率。
单位为瓦特（W）。
2.2 额定电压（Un）额定电压是指电动机在正常工作条件下所承受的电压。
单位为伏特（V）。
2.3 额定电流（In）额定电流是指电动机在额定电压和额定负载下运行时通过的电流。
单位为安培（A）。
2.4 额定转速（nN）额定转速是指电动机在额定电压、额定频率和额定负载下运行时的转速。
单位为转/分钟（r/min）。
2.5 额定频率（fn）额定频率是指电动机在正常工作条件下所承受的交流电频率。
单位为赫兹（Hz）。
2.6 额定效率（ηN）额定效率是指电动机在额定负载下运行时，输出功率与输入功率之比。
单位为百分比（%）。
2.7 额定温升（ΔTN）额定温升是指电动机在额定负载下运行时，其温升达到一定值所需的时间。
单位为小时（h）。
2.8 额定绝缘等级额定绝缘等级是指电动机在正常工作条件下所能承受的最高温度。
常用的绝缘等级有A、E、B、F、H等。
第三章：电动机特性参数3.1 最大功率（Pmax）最大功率是指电动机在短时间内能输出的最大功率。
3.2 最大电流（Imax）最大电流是指电动机在短时间内能承受的最大电流。
3.3 最大转速（nmax）最大转速是指电动机在短时间内能达到的最高转速。
3.4 起动转矩（Tst）起动转矩是指电动机在启动瞬间所输出的转矩。
3.5 终端转矩（Tend）终端转矩是指电动机在高速运行时所能输出的转矩。
3.6 额定转矩（TN）额定转矩是指电动机在额定负载下运行时输出的转矩。
第四章：电动机结构参数4.1 外形尺寸外形尺寸是指电动机的长度、宽度、高度等尺寸。
4.2 重量重量是指电动机的重量。
4.3 安装方式安装方式是指电动机的安装方式，如立式、卧式、悬挂式等。
第六章 CRH2 型动车组牵引传动系统
第六章 CRH2 型动车组牵引传动系统第一节概述一、CRH2 牵引传动系统基本组成CRH2 动车组牵引传动系统主要由受电弓（包括高压电器设备）、牵引变压器、四象限变流器、牵引逆变器和牵引电机组成。
1．高压电器设备高压电器主要作用是完成从接触网到牵引变压器的供电。
主要包括：受电弓、主断路器、避雷器、电流互感器、接地保护开关等。
CRH2 动车组采用 DSA250 型受电弓。
该受电弓为单臂型结构，额定电压/电流为 25kV/1000A，接触压力 70±5N,弓头宽度约 1950mm，具有自动降弓功能，适应接触网高度为 5300～6500mm，列车运行速度 250km/h。
CRH2 动车组采用 CB201C-G3 型主断路器。
主断路器为真空型，额定开断容量为 100MVA，额定电流 AC200A，额定断路电流 3400A，额定开断时间小于 0.06s，采用电磁控制空气操作。
CRH2 动车组采用 LA204 或 LA205 型避雷器。
额定电压为 AC42kV （RMS），动作电压为 AC57kV 以下（V1mA，DC），限制电压为107kV。
由氧化锌（ZnO）为主的金属氧化物组成,是非线性高电阻体的无间隙避雷器。
CRH2 动车组采用 TH-2 型高压电流互感器。
变流比为 200/5A，用于检测牵引变压器原边电流值。
CRH2 动车组 SH2052C 型接地保护开关。
额定瞬时电流为6000A（15 周），电磁控制空气操作，具有安全连锁。
2．牵引变压器 CRH2 动车组采用的是 TM210 型牵引变压器，一个基本动力单元 1 个，全列共计 2 个。
采用壳式结构、车体下吊挂、油循环强迫风冷方式。
具有 1 个原边绕组（25kV,3060kVA）、 2 个牵引绕组（1500V，2×1285kVA），一个辅助绕组（400V，490kVA）。
3．牵引变流器 CRH2 动车组采用的是 CI11 型牵引变流器，一个基本动力单元 2 个，全列共计 4 个。
新能源汽车结构与检修课件-第四章驱动电机及控制系统
机械效率
在额定运行时电机轴上输出的机械功率与电机在额定运行时电源输入
到电机定子绕组上的功率之比值。
电机及控制器整 电机转轴输出功率除以控制器输入功率
体效率
温升
电机在运行时允许升高的最高温度。
（2）各种驱动电机的基本性能比较
项目 功率密度 过载能力（%） 峰值效率（%） 负荷效率（%） 功率因数（%） 恒功率区 转速范围（rpm） 可靠性 结构的坚固性 电机的外形尺寸 电机质量
却很大，因此产生一定的主磁通所需要的励磁电流较大， 一般为额定电流的20~50%。励磁电流是无功电流，励 磁电流较大是异步电动机功率因数较低的主要原因。为
提高功率因数，必须减小励磁电流，最有效的方法就是 减小气隙长度。异步电动机的气隙大小一般为0.2~1.5 mm左右。
(5)小型化、轻量化 直流电动机的转子部分含有较大比例的铜, 如电枢绕
组和换向器铜片, 所以与其他类型的电动机相比, 直流电 动机的小型化和轻量化更难以实现。 目前可以通过采用 高磁导率、 低损耗的电磁钢板减少磁性负荷, 虽然增加了 成本, 但可以实现轻量化 。
(6)免维护性 对于电刷, 根据负荷情况和运行速度等使用条件的不
直流电动机 低 200
85-89 80-87 ------------4000-6000 一般
差 大 重
三相异步电动机 中
300-500 94-95 90-92 82-85 1：5
12000-20000 好 好 中 中
永磁同步电动机 高 300
95-97 97-85 90-93 1：2.25 4000-10000 优良 一般
他励
并励
串励
图4-6直流电机的励磁方式
复励
直流电机励磁绕组所耗功率虽只占整个电机功率的1～3%， 但其性能随励磁方式不同产生很大差别，电动机的机械特性 也大不相同，如图4-7所示
电动机技术规格书
电动机第一节总则1.1.1 说明本章说明有关电动机的供应、安装、接驳和测试等各项技术要求。
1.1.2 一般要求承包单位须供应和安装所有用于本议标文件内各装置所需的电动机。
于运送电动机时，必须`包装稳妥并标明小心处理，以免损毁。
电动机应存放在有安全和干燥设施的地方。
1.1.3 质量保证A. 供应电动机的制造厂商须具有五年以上生产电动机的经验。
B. 技术规格须按有关部门的规则和条例。
C. 每台电动机须附有一标记注明制造厂商的名称、序号和技术规格所定的资料。
1.1.4 资料呈审A. 须依据本议标文件执行各电动机厂商内的验试报告。
B. 提供显示电动机之转速－扭力、电流、效率和功率因子数据的电动机特性曲线。
C. 提供电动机组合之材料项目。
D. 提交下列各项技术数据和操作指示:1. 电动机及其部件的说明书。
2. 制造厂商的操作及维修指示、零件名单、图解和部件的图表。
3. 推荐的备件名单。
4. 接线图表。
5. 速度 转矩、电流、效率和功率因子曲线表。
6. 电动机特性说明书。
7. 外形和底座的大小。
第二节产品1.2.1 总则A. 除另有规定或批准外，所有电动机须为全封闭风冷式设计。
B. ‘所有电动机须按照GB755-2000《旋转电机定额和性能》及GB/T11021-1989《电气绝缘的耐热性评定和分级》所定的‘B’级物质作绝缘，并须采用非吸湿性及抗油的绝缘清漆浸染。
绝缘物质须能适合不同的天气情况。
C. 所有电动机必须能传动设备由静止状态加速至额定的转速。
在额定转矩和任何供应电压为50Hz标准电压的90%与106%之间时，所有电动机须能连续地操作，或在额定短暂用途的电动机上，也须可在短暂期间内操作。
当在标准电压70%并运转10秒时，它们必须能提供额定转矩，而没有损害性过热，并在此情况下，转差百分数也不许超过10%。
D. 电动机必须能在任何情况下充分地应付有关传动单位的工作要求及受机电保护装置的限制。
E. 所有电动机必须能够持续操作而没有损害性影响，并能够在任何频率为48Hz至52Hz之间和任何电压在标准电压90% 至106%之间把电动机转动到它们额定的输出率。
第4节 焦耳定律
2.一只额定功率是450w的电饭锅， 在额定电压下使用，每分钟产生多 少热量？
解：电饭锅是纯电阻电路
所以，每分钟产生的热量： Q=W=Pt=450W×60s=27000J
3.一只电烙铁的额定电压是220V，在 额定电压下工作时的电阻是1210Ω， 它的额定功率有多大？在额定电压下 通电10min产生多少热量？
三、电能和电热关系
1．在纯电阻电路中（如：电暖器，电饭锅， 电炉子等），当电流通过导体时，电能全部转化为 内能，而没有同时转化成其他形式的能量，这样电 流产生的热量Q 就等于消耗的电能W，即 Q = W = UIt = I2Rt=Pt=
U t R
2
2．在非纯电阻电路中，如当电扇工作时，消 耗的电能主要转化为电机的机械能： W电 ＞ Q 热 电能 内能+机械能
解：电烙铁的额定功率：
U额 （220V） P额 40W R 1210 W
2
2
因为电烙铁消耗的电能全部用来发热，所以产生的热量
Q=W=Pt=40W×10×60s=24000J
4.某校师生自制了一台电烘箱。电烘箱 的电阻丝通过5A的电流时，每分钟可产 生6.6×104J的热量。求这台电烘箱的电 功率和电阻丝工作时的电阻。
答：根据公式P=I2R可知，在电流相等时，电阻 越大，电功率越大。导线相互连接的位置接触电 阻比较大，因而电能转化为热的功率也较大，造 成此处比别处更容易发热，加速老化甚至引起火 灾.
3.8 (U 3.8) ③灯泡额定功率的表达式为P额= (用已知 R0
量和测量量表示)。
课堂小结
焦耳定律 的实验和 内容
电热的利 用和危害
电能、电功
1．W＝W2－W1 （KW ▪h)
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第四章第4节电动机（第一课时）教学目标1．通过演示实验，知道磁场对电流有力的作用。
2．知道通电导体在磁场中受力方向与哪些因素有关。
3.通过演示实验，知道通电矩形线圈在磁场中的转动情况。
教学建议：1.在演示实验中引导学生联系力的有关知识，从而知道磁场对电流有力的作用。
2.通过实验或课件，引导学生通过想象和分析得出通电导体在磁场中受力方向与哪些因素有关，知道通电矩形线圈在磁场中的转动情况。
教学过程一、直接引入出示：玩具电动小汽车，接上一节干电池并开动。
设问：它是靠什么装置来运动的？电动机是根据什么原理工作的呢？二、讲解新课1.演示通电导体在磁场中运动，得出通电导体在磁场里会受到力的作用。
演示：按课本4-37实验，将一根直导体AB放在蹄形磁体的磁场里，按通电源，让电流通过。
设问：看见什么现象？实验现象：原来静止在导轨上的导体AB会沿导轨运动。
设问：通电导体AB 为什么会发生移动？导体由静止变运动的原因是什么？实验表明：通电导体受到了力的作用。
演示：拿去蹄形磁体，让直导体AB在原导轨上，接通电源。
设问：看见什么现象？（直导体AB不动）实验结论：实验说明通电导体在磁场里会受到力的作用。
2．通电导体在磁场里受力方向的几个因素。
演示：重做图4-37实验，将两个导轨接线柱的接线对调，接通电源，要求观察。
分析得出：通电导体在磁场里受力方向与电流方向有关。
演示：对调蹄形磁铁N、S极位置，重复上述操作，要求观察。
分析得出：通电导体在磁场里受力方向与磁场方向有关。
演示：同时改变磁场方向和电流方向，重复上述操作，要求观察。
结论：通电导体在磁场中受力方向与磁场方向和电流方向有关。
3．磁场对通电线圈的作用。
演示：按课本4-38实验，通电矩形线圈分别处于a位置和b位置时，观察线圈的转动情况。
现象：通电线圈处于（a）位置－－线圈平面与磁场平行时，线圈发生转动。
通电线圈处于（b）位置－－线圈平面与磁场垂直时，线圈不发生转动。
设问：通电线圈在磁场中为什么在（a）位置会发生转动？转到什么位置会停下来，为什么？在（b）位置为什么不发生转动？分析（用书本模拟线圈）：（1）（a）位置时，由于通电线圈的两条对边中电流方向相反，它们在磁场中受到磁场力的方向相反且不在一条直线上，在这两个力作用下线圈会发生转动。
当线圈从（a）位置转过90°时，这两上力恰好在同一直线上，而且大小相等、方向相反，是平衡力。
线圈在这对平衡力作用下可以在该位置保持静止。
线圈的这一位置（b）叫做平衡位置，此时线圈的平面恰与磁感线垂直。
（2）通电线圈转到平衡位置时，为什么不立即停下来，而是在位置附近摆地动几下才停下来？－－通电线圈转到平衡位置前具有一定速度，由于惯性它会继续向前运动，但由于这时受到的磁场力及摩擦力等又会使它返回平衡位置，所以它要摆动几下后再停下来。
设问：如何使线圈能连续的转动下去呢？（为下一课时直流电动机的教学做好铺垫）4．通电线圈在磁场中转动，电能转化为机械能。
分析：从以上实验知道，当开关闭合，线圈中有电流通过，线圈由静止变运动，线圈获得了机械能，而电流通过线圈，线圈消耗电能。
三、课堂小结1．通电导体在磁场里会受到力的作用。
2．通电导体在磁场里受力的方向，跟电流方向和磁感线方向有关。
3．通电线圈在磁场中受力转动，在平衡位置时静止。
4．通电导体在磁场中运动消耗了电能，得到了机械能。
四、课堂巩固练习1、如图所示，把一根直导线AB放在蹄形磁铁的磁场中，接通电源后，让电流通过导体AB，下列说法正确的是（）A. AB仍静止B. AB在水平方向运动起来C. AB沿磁场方向运动D. AB沿电流方向运动2、关于通电导体在磁场里受力方向与电流方向和磁感线方向之间的关系，下列说法中错误的是（）A．电流方向改变时，导体受力方向改变B．磁场方向改变时，导体受力方向改变C．电流方向和磁场方向同时改变，导体的受力方向改变D．电流方向和磁场方向同时改变，导体的受力方向不变3、将一矩形线圈悬挂在磁场中，通电后线圈却不能转动，其原因可能是（）A. 线圈中的电流太大B. 线圈平面与磁场方向平行C. 线圈方向与磁场方向垂直D. 线圈平面与磁感线夹角小(该题改编自励耘精品系列丛书《精讲精练》八年级（下）第2题）参考答案：1、B 2、C 3、C五、课外巩固：更多练习请参见励耘精品系列丛书《科学精讲精练——八年级（下）》（浙江教育出版社出版）第四节电动机（第二课时）教学目标1．知道直流电动机的原理和主要构造。
2．理解换向器在直流电动机中的作用。
3.了解直流电动机的优点及其应用。
4．培养学生把物理理论应用于实际的能力。
教学建议1．本节采用程序性的提问和讨论，启发学生弄清线圈受力情况和转回来的原因，以及解决问题的办法，可以培养学生的思维和创造能力。
2．换向器是教学的难点，利用放大的直观模型或课件很有必要。
靠这一节课教学，一部分学生可能还没有完全弄清楚，下节课学生将进一步认识它。
3．通过前面几节的学习，学生识图能力应该有所提高，本节电动机原理图要尽量让学生自己看图理解。
教学过程一、复习引入新课提问：上节课我们做实验给磁场中的导体通电，发现了什么？（通电导体在磁场中受力的作用开始运动）。
提问：这个力的方向与哪两个因素有关？（电流方向和磁感线方向）提问：通电线圈在磁场中怎样运动？（线圈会转动）提问：这个现象中能量是怎样转化的？（电能转化为机械能）引入新课：电动机就是利用通电线圈在磁场中受力而转动的现象制成的，它将电能转化成机械能。
下面我们来研究电动机是如何利用上述现象制成的，先讨论最简单的一种直流电动机。
二、进行新课教学(1)使磁场中的通电线圈能连续转动的办法很多同学可能马上想到通电线圈在磁场中不能连续转动（转到平衡位置要停下来），而实际的电动机要连续转动。
怎样解决这个问题呢？（此处可告诉学生把理论用于实际需要再付出很多劳动，以培养学生对应用科学的兴趣）要解决这个问题，我们还得进行深入研究。
提问：在上节课的演示实验中，线圈转到平衡位置时是立即停止吗？为什么它不立即停止？（由于惯性线圈会稍转过平衡位置）提问：转过平衡位置后，为什么它又转回来呢？（利用模型分析：转过平衡位置后，ab边受力仍向里，cd边受力仍向外，正是这一对力使线圈转回来的）提问：要使线圈不转回来，应该在线圈刚转过平衡位置时就改变线圈的受力方向，即使线圈刚转过平衡位置就使ab边受力变为向外，cd边受力变为向里。
怎样才能使线圈受力方向发生这样的改变呢？引导学生回忆影响受力方向的两个因素，从而得出：应该在此时改变电流方向，或者改变磁感线方向。
进一步引导学生分析：改变磁感线方向就是要及时交换磁极，显然这不容易做到；实际的直流电动机是靠及时改变电流方向来改变受力方向的。
板书：〈1．使磁场中的通电线圈连续转动，就要每当线圈刚转过平衡位置，就改变一次电流方向。
〉(2)换向器提问：怎样才能使线圈刚转过平衡位置时就及时改变电流方向呢？让学生想办法并开展讨论，教师下去了解学生的情况并鼓励和指导。
教师引导：出示电动机模型，要求学生观察两个半圆铜环和电刷，指出：靠这两样东西就可以解决问题。
引出换向器的作用。
提问：“换向器”是怎样实现“换向”的？利用电动机课件或课本图4—39相似的模型演示。
①“换向器”由两个半铜环组成。
②两个半铜环的开口处（即绝缘处）安装。
③当线圈由于惯性稍稍转过平衡位置时，能交换电刷与换向器的半铜环的接触，从而改变了线圈中的电流方向和受力方向，使线圈仍能按原来的绕向转动，从而实现线圈连续转动。
(3)直流电动机的构造出示直流电动机模型：主要构造由磁体、线圈、换向器和电刷组成。
介绍实际的电动机由转子和定子两个基本部分组成演示：给直流电动机模型通电转动，提高学生兴趣。
告诉学生：下节课同学们将自己装一台小直流电动机，进一步弄清楚它的有关知识。
(4)交流电动机让学生阅读课文最后一个自然段，了解交流电动机和电动机的优点和应用。
三、课堂小结1、电动机原理：通电线圈在磁场里受力而转动。
2、直流电动机：利用直流电源供电的电动机叫直流电动机。
3、直流电动机的组成：模型：由磁体、线圈、换向器和电刷组成；实际的电动机由转子和定子两个基本部分组成4、换向器的结构和作用：结构：由两个半环构成作用：每当线圈转过平衡位置，自动改变线圈中电流的方向5、能量转化：电动机工作时把电能转化为机械能。
四、课堂巩固练习1、直流电动机能持续转动，主要是因为（）A. 线圈的作用B. 电流的作用C. 磁场的作用D. 换向器的作用2.直流电动机工作时，线圈经过垂直磁感线的位置时( )A.线圈受力平衡，速度为零B.线圈受力平衡，速度不为零C.线圈受力不平衡，速度为零D.线圈受力不平衡，速度不为零(该题改编自励耘精品系列丛书《精讲精练》八年级（下）第2题）3.下列说法正确的是( )A.电动机是把机械能转化为电能的机器B.电动机是把电能转化为机械能的机器C.直流电动机是利用线圈的转动而产生电流的D.改变线圈中的电流方向，可以改变电动机线圈转动的快慢(该题改编自励耘精品系列丛书《精讲精练》八年级（下）第8题）参考答案：1、D 2、B 3、B五、课外巩固：更多练习请参见励耘精品系列丛书《科学精讲精练——八年级（下）》（浙江教育出版社出版）教学后记：本课中“如何使线圈在磁场中能沿原来的方向连续转动”，可先让学生提方案，在展现直流电动机的模型。
如此，一方面提高学生的学习兴趣，另一方面能使学生更好的理解电动机的工作过程与原理。